洛南县第一中学校2018-2019学年高二上学期第二次月考试卷物理

洛南县第一中学校2018-2019 学年高二上学期第二次月考试卷
物理
班级 __________座号_____姓名__________分数__________
一、选择题
1．如下图，平行板电容器带有等量异种电荷，与静电计相连，静电计金属外壳和电容器下极板都接地。

在
两极板间有一个固定在P 点的点电荷，以 E 表示两板间的电场强度，E p表示点电荷在P 点的电势能，θ表示静电计指针的偏角。

若保持下极板不动，将上极板向下挪动一小段距离至图中虚线地点，则
A ．θ增大， E 增大B．θ增大， E p不变
C．θ减小， E p增大D．θ减小， E 不变
【答案】 D
2．一条形磁铁静止在斜面上，固定在磁铁中心的竖直上方的水平导线中通有垂直
纸面向里的恒定电流，如下图，若将磁铁的N 极地点与S 极位置对换后，仍放在斜面上本来的地点，则磁铁对斜面的压力 F 和摩擦力F f的变化状况分别是
A. F 增大，F
f 减小
B. F 减小，F f增大
C. F 与F f都减小
D. F 与F f都增大
【答案】 D
【分析】在磁铁的 N 极地点与 S 极地点对换前 ,依据左手定章判断能够知道,导线所受的安培力方向斜向下 , 由牛顿第三定律得悉,磁铁所受的安培力方向斜向上,
设安培力大小为 F安,斜面的倾角为,磁铁的重力为 G,由磁铁的受力均衡得:
斜面对磁铁的支持力: F =（G F安)cos,
摩擦力 : f=（G F安 )sin ,
在磁铁的 N 极地点与 S 极地点对换后 ,
同理能够知道 ,斜面对磁铁的支持力： F =（G F安 )cos ,
摩擦力 : f=（G F安 )sin 可见 ,F、 f 都增大，故 D 正确；
综上所述本题答案是： D
3．如下图， MN 是某一正点电荷电场中的电场线，一带负电的粒子（重力不计）从 a 点运动到 b 点的轨迹如图中虚线所示．则（）
A ．正点电荷位于 N 点右边
B ．带电粒子从 a 运动到 b 的过程中动能渐渐增大
C．带电粒子在 a 点的电势能大于在 b 点的电势能
D ．带电粒子在 a 点的加快度大于在 b 点的加快度
【答案】 D
4．如下图，在租糙水平面上 A 处光滑连结一半径R=0.1m、竖直搁置的圆滑半圆轨道，半圆轨道的直径
AB
垂直于水平面，一质量为m
的小滑块从与
A x x≥0v0
向左运动，并冲上半圆轨道，点相距为（）处以初速度
小滑块从 B 点飞出后落在水平川面上，落点到 A 点的距离为 y。

保持初速度v O不变，多次改变x 的大小，测出对应的 y 的大小，经过数据剖析得出了y 与 x 的函数关系式为，此中 x 和 y 的单位均为 m，取 g=10m/s2。

则有
A. 小滑块的初速度v O =4m/s
B. 小滑块与水平川面间的动摩擦因数μ =0.5
C. 小滑块在水平川面上的落点与 A 点的最小距离y min =0.2m
D. 假如让小滑块进入半圆轨道后不离开半圆轨道（ A 、 B 两头除外）， x 应知足 0≤ x≤ 2.75m
【答案】 AC
【分析】滑块从出发点运动到 B 的过程，由动能定理得：，滑块从 B 走开后做平抛运动，则有：，，联立得：，代入数据解得：与比较系数可得：μ=0.2， v0=4m/s ，故 A 正确， B 错误；当滑块经过 B 点时，在水平川面上的
落点与 A 点的最小距离，则在 B 点有：，滑块从 B 走开后做平抛运动，则有：，，联立并代入数据解得最小距离为：y min =0.2m，故 C 正确；滑块经过 B 点的临界条件是重力等于向心力，则在 B 点有：，滑块从出发点运动到 B 的过程，由动能定理得：，联立解得 x=2.5m ，因此 x 的取值范围是 0＜ x≤ 2.5m，故 D 错误。

因此 AC 正确， BD 错误。

5．一种锌汞电池的电动势为 1.2V ，这表示
A. 该电源与电动势为2V 铅蓄电池对比非静电力做功必定慢
B. 该电源比电动势为 1.5V 的干电池非静电力做功必定少
C. 电源在每秒内把 1.2J 其余形式的能转变为电能
D. 电路经过1C 的电荷量，电源把 1.2J 其余形式的能转变为电能
【答案】 D
【分析】电动势在数值上等于将 1C 电量的正电荷从电源的负极移到正极过程中非静电力做的功，即一节电池
的电动势为 1.2V ，表示该电池能将1C 电量的正电荷由负极移送到正极的过程中，非静电力做了 1.2J 的功，电源把 1.2J 其余形式能转变为电能．电动势表示电源做功的能力的大小，不表示做功的多少，也不是表示做
功的快慢，故 D 正确； ABC 错误；应选 D.
点睛：电动势：，也是属于比值定义式，与含义截然相反，电动势 E 大小表征电源把其余形式能
转变为电能本事大小，而电压U 大小表征电能转变为其余形式的能的大小，要注意划分．
6． a、b 两个电容器如下图，对于电容器以下说法正确的选项是
A. b 电容器的电容是
B. a 电容器的电容小于 b 的电容
C. a 与 b 的电容之比是8： 1
D. a 电容器只有在 80V 电压下才能正常工作
【答案】 B
【分析】由图可知 a 电容器的电容是， b 电容器的电容是，故 A 错误， B 正确； a 与 b 的电
容之比是 1：10，故 C 错误； 80V 是指电容器正常工作时的电压，不是只有在80V 电压下才能正常工作，故 D 错误。

因此 B 正确， ACD 错误。

7．（ 2016·江苏苏北四市高三联考）某踢出的足球在空中运动轨迹如下图，足球视为质点，空气阻力不计。

用 v、E、E k、P 分别表示足球的速率、机械能、动能和重力的刹时功率大小，用 t 表示足球在空中的运动时间，以下图象中可能正确的选项是（）
【答案】 D
【解析】
8．以下四幅图中，能表示物体作匀速直线运动的图像是（）
A.
B.
C.
D.
【答案】 BCD
9．在匀强磁场内搁置一个面积为 S 的线框，磁感觉强度为 B ，线框平面与磁场方向垂直，穿过线框所围面积的磁通量，以下关系正确的选项是
A. B. C. D.
【答案】 A
【分析】磁通量定义可知当 B 与 S 相互垂直时，磁通量为Φ=BS，故A正确，BCD错误。

10．如下图，直线 a 和曲线 b 分别是在平直公路上行驶的汽车 a 和 b 的地点—时间（ x－ t）图线。

由图可知：（）
A ．在时辰t ， a 车追上 b 车
1
B ．在时辰 t ， a、 b 两车运动方向相反
2
C．在 t 到 t 这段时间内， b 车的位移比 a 车的大
1 2
D ．在 t 到 t 这段时间内， b 车的速率向来比 a 车的大
1 2
【答案】 B
【分析】
11．如下图，质量分别为m A、m B的 A 、B 两物块用轻线连结，放在倾角为θ的斜面上，用一直平行于斜面
向上的拉力 F 拉 A ，使它们沿斜面匀加快上涨， A 、B 与斜面间的动摩擦因数均为μ。

为了增添轻线上的张力，
可行的方法是
A ．减小 A 物块的质量B．增大
B 物块的质量
C．增大倾角θ D ．增大动摩擦因数μ
【答案】 AB
12．如图甲所示，两平行金属板 A 、 B 放在真空中，间距为d， P 点在 A 、 B 板间， A 板接地， B 板的电势随
时间 t 的变化状况如图乙所示，t=0 时，在 P 点由静止开释一质量为m、电荷量为 e 的电子，当 =2T 时，电子回到 P 点。

电子运动过程中未与极板相碰，不计重力，则以下说法正确的选项是
A. ： =1：2
B.： =1：3
C. 在 0～ 2T 时间内，当t=T 时电子的电势能最小
D.在 0～ 2T 时间内，电子的电势能减小了
【答案】 BD
【分析】依据场强公式可得0～ T 时间内平行板间的电场强度为：，电子的加快度为：，且向上做匀加快直线运动，经过时间T 的位移为：，速度为：v1=a1T，同理在T～2T内平行板间电场强
度为：，加快度为：，电子以v1的速度向上做匀变速度直线运动，位移为：，由题意 2T 时辰回到P 点，则有： x1+x2=0，联立可得：φ2=3φ1，故 A 错误， B 正确；当速度最大时，动能最大，
电势能最小，而0～T 内电子做匀加快运动，以后做匀减速直线运动，因φ2=3φ1，因此在2T时辰电势能最小，故 C 错误；电子在2T 时辰回到P 点，此时速度为：，（负号表示方向向下），电子的动
能为：，依据能量守恒定律，电势能的减小量等于动能的增添量，故 D 正确。

因此 BD 正确， AC 错误。

13．一个正常工作的理想变压器的原、副线圈中，以下的哪个物理量不相等
A 、交变电流的频次B、电流的有效值
C、电功率
D、磁通量的变化率
【答案】Ｂ
【分析】
试题剖析：理想变压器不会改变沟通电的频次，选项 A 错误；由U
1
n
1，由此可知两线圈的有效值不一样，U 2 n2
选项 B 正确；由能量守恒定律可知输入、输出功率同样，选项 C 错误；理想变压器的工作原理是互感现象，
磁通量的变化率同样，选项 D 错误；应选 B
考点：考察理想变压器
评论：本题难度较小，掌握变压器的原理即可回答本题
14．如下图，用一根长杆和两个小定滑轮组合成的装置来提高质量为m 的重物 A ，长杆的一端放在地面上，而且经过铰链连结形成转轴，其端点恰巧处于左边滑轮正下方的O 点处，在杆的中点 C 处拴一细绳，经过两个滑轮后挂上重物 A ，C 点与 O 点的距离为l ，滑轮上端B点距O点的距离为 4l .此刻杆的另一端使劲，使其沿逆时针方向由竖直地点以角速度匀速转至水平川点（转过了90角）.则在此过程中，以下说法正确的是（）
A. 重物 A 的速度先增大后减小，最大速度是l
B.重物 A 做匀速直线运动
C. 绳的拉力对 A 所做的功为17 3 mgl
D. 绳的拉力对 A 所做的功为17 3 mgl 4 m 2 l 2
17
【答案】 A
【解析】
【点睛】本题应明确重物的速度来自于绳索的速度，注意在速度的分解时应明确杆的转动线速度为线速度，而绳伸长速度及转动速度为分速度，再由运动的合成与分解得出合速度与分速度的关系。

15．如图甲，水平川面上有一静止平板车，车上放一物块，物块与平板车的动摩擦因数为0.2， t=0 时，车开始沿水平面做直线运动，其v﹣ t 图象如图乙所示，g 取 10 m/s2，若平板车足够长，对于物块的运动，以下描
述正确的选项是
A ．0~6 s 加快，加快度大小为 2 m/s2， 6~12 s 减速，加快度大小为 2 m/s2
B ． 0~8 s 加快，加快度大小为 2 m/s2， 8~12 s 减速，加快度大小为 4 m/s2
C． 0~8 s 加快，加快度大小为 2 m/s2， 8~16 s 减速，加快度大小为 2 m/s2
【答案】 C
【解析】
16．在匀强电场中，把一个电量为q 的尝试电荷从 A 挪动到 B 点。

已知场强为E，位移大小为d，初末地点电
势差为 U，电场力做功为W ，A 点电势为。

下边关系必定正确的选项是
A. B.
C. D.
【答案】 A
【分析】因初末地点电势差为U ，则电场力的功为W=Uq ，选项 A 正确；因位移 d 不必定是沿电场线的方向，
则 U=Ed 不必定正确，应选项BCD 错误；应选 A.
二、填空题
17．如下图，实线为电场线，虚线为等势面，且相邻两等势面的电势差相等，一正电荷在等势面φ3 上时具有动能 60J，它运动到等势面φ1 上时，速度恰巧为零，令φ2＝0，那么，当该电荷的电势能为12 J 时，其动能大小为 ____ J。

【答案】18
18．在伏安法测电阻的实验中，待测电阻 R x约 200 Ω，，电压表 V 的内阻约为2k Ω，电流表 A 的内阻约为10Ω，丈量电路中电流表的连结方式如图甲或图乙所示，结果由公式计算得出，公式中 U 与 I 分别为电压表和
电流表的示数。

若将用图甲和图乙电路图测得Rx
的电阻值分别记为
R x1
和 R
x2
，则 ______
x1” “R x2”
（填“R 或）
真更靠近待测电阻的真切值，且丈量值 R x1 _______（填“大于”“等于”或“小于”）真切值。

丈量值 R x2_____ （填“”“” “ ”
大于等于或小于）真切值。

（ 2）图丙所示是除去伏安法系统偏差的电路图。

该实验的第一步是闭合开关S1，将开关， 2 接2，调理滑动
变阻器Rp ′ Rp U1 1。

接着让两滑和，使得电压表的示数尽量靠近满量程，读出此时电压表和电流表的示数、 I
动变阻器的滑片地点不动，将开关S2接 1，再次读出电压表和电流表的示数U2、I2 ，则待测电阻R 的真切值为 __________ 。

【答案】
（1） . （2）. 大于 （3）. 小于 （4）.
【分析】 （ 1）由于
，电流表应采纳内接法，则 R x1 更靠近待测电阻的真切值，电流表采纳内接法，电
压的丈量值偏大，由欧姆定律可知，电阻丈量值大于真切值，同理电流表采纳外接法，电流的丈量值偏大，由
欧姆定律可知，丈量值 R x2 小于真切值。

（ 2）由欧姆定律得：
，
，联立可得：。

19．在 “研究小车速度随时间变化的规律 ”实验中，除了电火花打点计时器、纸带、复写纸、小车、一端附有圆滑定滑轮的长木板级两根导线外，还有以下器械供选择：
A. 天平，
B.弹簧秤，
C.钩码，
D.秒表，
E.刻度尺，
F.蓄电池，
G.沟通电源
（ 1）此中电火花打点计时器的作用是____________ ； （ 2）将实验所需的器械前方的字母代号填在横线上___________；
（ 3）如图为某次实验中记录的纸带，测得s 1
=2.60cm
2 3
4 5
， s =4.10cm
， s =5.60cm ， s =7.10cm ． s =8.60cm 。

图中
每相邻两个计数点间还有 4 个点未画出，则小车做匀加快直线运动的加快度 a=_______m/s 2
，此中打点计时器 在打 D 点时，小车的刹时速度 v D =_________m/s ，在 DF 段均匀速度 v DF ________m/s （电源为 220V ，50Hz ，
结果保存两位有效数字）
【答案】
记录小车的地点及对应时间 CEG 1.5 0.64 0.79
（ 1）电火花打点计时器的作用是打点并记录所用的时间；
（ 2）打点计时器还需要沟通电源，而蓄电池是直流电；钩码的质量与重力不需要丈量，但长度需要刻度尺来
丈量，最后打点计时器拥有计时作用，不需要秒表．应选 CEG ；
（ 3）每两个记数点之间还有四个振针留下的点迹未画出，因此相邻的计数点间的时间间隔 T=0.1s ，由纸带的 数据得出相邻的计数点间的位移之差相等，即 △x=1.5cm ，依据匀变速直线运动的推论公式
△x=aT 2 能够求出加
速度的大小，得：
a 0.015 1.5m/s 2 ，依据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的均匀速度，
0.12 x CE 0.056 0.071
能够求出打纸带上 D 点时小车的刹时速度大小 v D
段均匀速度 2T 2 0.64m/s .在 DF
x DF 0.071 0.086 0.1
v
DF
2
0.79m/s
2T 0.1
三、解答题
20．两个质量均为 m=
3 ×10-6kg 的小球，悬于长 l=60cm 的细丝线上．丝线的另一点固定于同一点
O ．当使
两球带上等量同种电荷后，两球相互排挤使两丝线间形成α=60°的夹角．求每个小球的带电量．
【答案】解：设小球在水平方向遇到库仑力的大小为F．以右边的小球为研究对象，分析受力如图．
则依据均衡条件有： F=mgtan =mgtan30 °
2
由库仑定律得： F=k F
q 2 q 2 k 2 k 2
-8
r l
联立得： =2 ×10 C
21．（ 2018 西南名校结盟）如下图，在竖直平面内有一质量m=0.6kg 、电荷量 q=+3 ×10-3C 的带电小球，用一根长 L=0.2m 且不行伸长的绝缘轻微线系在一方向水平向右、散布的地区足够大的匀强电场中的O 点。

已知A 、O、C 三点等高，且OA=OC=L ，若将带电小球从 A 点无初速度开释，小球抵达最低点 B 时的速度恰巧为零，取 g=10m/s2。

（1）求匀强电场的电场强度 E 的大小；
（2）求小球从 A 点无初速度开释运动到 B 点的过程中速度最大时细线的拉力大小；
（ 3）若将带电小球从 C 点无初速度开释，求小球抵达 A 点时的速度。

【答案】
【分析】【题型剖析】电容器动向变化是高考命题热门，本题以平行板电容器为情形，将极板之间距离变
化，电介质变化，电压不变、电量不变交融为一题，能力要求较高。

（ 3）小球从 C 点运动到 B 点做匀加快直线运动，有
a2g ， x 2 L ， v B 2ax 2 2m/s ⑥抵达 B 点后细线绷直有机械能的损失，v t v B sin 45 2m/s ⑦
小球由 B→ A 过程中，由动能定理 1 m v A2 1 mv t2 mgL EqL ⑧
2 2
解得小球抵达 A 点时的速度 v A v t 2m/s ⑨。