【物理】辽宁省大连市第二十高级中学2015-2016学年高一6月月考
辽宁省大连二十中2015-2016学年高一上学期期末物理试卷及答案
2015-2016学年辽宁省大连二十中高一（上）期末物理试卷一、单选题：（本题有8道小题，每小题4分，共32分．）1．下列说法中正确的是（）A．曲线运动一定是变速运动B．作用力和反作用力大小相等、方向相反、合力为零C．蹦床运动员在空中上升阶段处于超重状态而下落阶段处于失重状态D．物体静止时惯性大，运动时惯性小2．一物体运动的速度﹣时间关系图象如图所示，根据图象可知（）A．0～4s内，物体在做匀变速曲线运动B．0～4s内，物体的速度一直在减小C．0～4s内，物体的加速度一直在减小D．0～4s内，物体速度的变化量为﹣8 m/s3．A、B两小球都在水平面上做匀速圆周运动，A球的轨道半径是B球的轨道半径的2倍，A的转速为30r/min，B的转速为10r/min，则两球的向心加速度之比为（）A．1：1 B．6：1 C．4：1 D．2：14．一质量为m的人站在电梯中，电梯减速下降，若加速度大小为g（g为重力加速度），则人对电梯底部的压力大小为（）A．mg B．mg C．mg D．mg5．在距水平地面不同高度处以不同的水平初速度分别抛出甲、乙两物体，若两物体抛出时速度大小之比为2：1，由抛出点到落地点的水平距离之比是：1，则甲、乙两物体抛出点距地面的高度之比为（）A．1：2 B．2：1 C．3：1 D．4：16．在探究超重和失重规律时，某体重为G的同学站在一压力传感器上完成一次下蹲动作．传感器和计算机相连，经计算机处理后得到压力F随时间t变化的图象，则下列图象中可能正确的是（）A．B．C．D．7．如图所示，质量为M、半径为R、内壁光滑的半球形容器静止在粗糙水平地面上．O为球心．有一劲度系数为k的轻弹簧一端固定在半球底部O′处，另一端与质量为m的小球相连，小球静止于P点．已知地面与半球形容器间的动摩擦因数μ，OP与水平方向的夹角为θ=30°，下列说法正确的是（）A．小球受到轻弹簧的弹力大小为B．小球受到容器的支持力大小为C．小球受到容器的支持力大小为mgD．半球形容器受到地面的摩擦力大小为8．如图所示，轻绳的一端系在质量为m的物体上，另一端系在一个圆环上，圆环套在粗糙水平横杆MN上，现用水平力F拉绳上一点，使物体处在图中实线位置．然后改变F的大小使其缓慢下降到图中虚线位置，圆环仍在原来位置不动，则在这一过程中，水平拉力F、环与横杆的摩擦力f和环对杆的压力N的变化情况是（）A．F逐渐增大，f保持不变，N逐渐增大B．F逐渐增大，f逐渐增大，N保持不变C．F逐渐减小，f逐渐增大，N逐渐减小D．F逐渐减小，f逐渐减小，N保持不变二、多选题：（本题共4小题，每小题4分，错选、多选或不选不得分，漏选得2分．）9．质量为m的木块在拉力F的作用下，在水平地面上做匀速运动，如图所示，已知木块与地面间的动摩擦因数为μ，那么物体受到的滑动摩擦力大小为（）A．μmg B．FcosθC．μ（mg﹣Fsinθ）D．μ（mg+Fsinθ）10．如图所示装置，质量为m的小球被不可伸长的轻绳OA、OB系住．当整个装置加速运动时，下列说法正确的是（）A．若向左加速，OB绳上张力可能为零B．若向右加速，OA绳上张力可能为零C．若向上加速，OB绳上张力可能为零D．若向下加速，OA、OB绳上张力可能同时为零11．固定的两滑杆上分别套有圆环A、B，两环上分别用细线悬吊着物体C、D，如图所示．当它们都沿滑杆向下滑动时，A的悬线始终张紧与杆垂直，B的悬线始终张紧竖直向下．则（）A．A环做匀加速运动 B．B环做匀速运动C．A环与杆之间可能有摩擦力 D．B环与杆之间可能无摩擦力12．如图所示，轻质不可伸长的细绳，绕过光滑定滑轮C，与质量为m的物体A连接，A 放在倾角为θ的光滑斜面上，绳的另一端和套在固定竖直杆上的物体B连接．现BC连线恰沿水平方向，从当前位置开始B以速度v0匀速下滑．设绳子的张力为T，在此后的运动过程中，下列说法正确的是（）A．物体A做变速运动B．物体A做匀速运动C．T小于mgsinθ D．T大于mgsinθ三、实验题：（本题2小题，每空2分，共10分.将正确答案填在答题纸中的横线上）13．在做“验证力的平行四边形定则”实验时：（1）要使每次合力与分力产生相同的效果，必须A．每次将橡皮条拉到同样的位置B．两弹簧秤的夹角相同C．每次弹簧秤示数必须相同D．只要一个弹簧秤的读数相同就行（2）图2所示，是甲乙两位同学在做“验证力的平行四边形定则”的实验时得到的结果，则其中同学实验结果比较符合实验事实．14．为了探究加速度与力的关系，某同学设计了如图1所示的实验装置，带滑轮的长木板水平放置．在该实验中必须采用控制变量法，应保持不变；改变所挂钩码的数量，多次重复测量．在某次实验中根据测得的多组数据可画出a﹣F关系图线（如2图所示）．①分析此图线，CA段不过原点的可能原因是：．②此图线的AB段明显偏离直线，造成此误差的主要原因是．A．小木块与轨道之间存在摩擦B．导轨保持了水平状态C．所挂钩码的总质量太大D．所用小木块的质量太大．四、计算题：（本题共4小题，15题6分、16题10分，17题12分，18题14分，共42分）15．如图，支架质量为M，置于水平地面上．轴O处有一长为L的杆（质量不计），杆的另一端固定一个质量为m的小球．使小球在竖直平面内做圆周运动，支架保持静止．若小球到达最高点时支架对地面的压力恰好为0，求，小球通过最高点速度的大小？16．在光滑的水平面内建立正交直角坐标，一质量1kg的质点，在t=0时，v0=0，并处在坐标原点；从t=0开始受到一个大小为2N沿y轴正方向的水平外力作用开始运动，在t=1s时，撤去原外力的同时施加一沿x轴正方向大小为4N的水平外力作用，（1）试确定在t=2s时该质点的位置坐标及此时速度大小？（2）请在给出的坐标系中画出2s内该质点的运动轨迹．17．如图所示，倾角为30°的光滑斜面的下端有一水平传送带，传送带正以6m/s速度运动，运动方向如图所示．一个质量为m的物体（物体可以视为质点），从h=3.2m高处由静止沿斜面下滑，物体经过A点时，不管是从斜面到传送带还是从传送带到斜面，都不计其速率变化．物体与传送带间的动摩擦因数为0.5，重力加速度g=10m/s2，则：（1）物体由静止沿斜面下滑到斜面末端需要多长时间；（2）物体在传送带上向左运动的最远距离（传送带足够长）；（3）物体第一次通过传送带返回A点后，沿斜面上滑的最大高度为多少．18．如图所示，质量M=1kg的木板静止在粗糙的水平地面上，木板与地面间的动摩擦因数μ1=0.1，在木板的左端放置一个质量m=1kg、大小可以忽略的铁块，铁块与木板间的动摩擦因数μ2=0.4，取g=10m/s2，在铁块上加一个水平向右的拉力，试求：（1）F增大到多少时，铁块能在木板上发生相对滑动？（2）若木板长L=1m，水平拉力恒为8N，经过多长时间铁块运动到木板的右端？2015-2016学年辽宁省大连二十中高一（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、单选题：（本题有8道小题，每小题4分，共32分．）1．【考点】作用力和反作用力；曲线运动．【专题】定性思想；推理法；弹力的存在及方向的判定专题．【分析】两个物体之间的作用力和反作用力总是大小相等，方向相反，作用在一条直线上；惯性是物体保持原来运动状态不变的性质．原来静止的物体保持原来的静止状态；原来运动的物体保持原来的运动状态．一切物体都有惯性，惯性的大小只与物体的质量有关，当加速度方向向上时，物体处于超重，加速度方向向下时，物体处于失重．【解答】解：A、曲线运动的速度方向一定变化，所以曲线运动一定是变速运动，故A正确；B、两个物体之间的作用力和反作用力总是大小相等，方向相反，作用在两个物体上，不能合成，故B错误；C、蹦床运动员在空中只受重力，加速下降或减速上升，处于完全失重状态，故C错误；D、惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，一切物体都有惯性，并且惯性的大小只与物体的质量有关，物体的质量越大，物体的惯性越大，与运动的速度无关，故D错误．故选：A【点评】正确理解惯性的概念，惯性是物体本身固有的一种属性，一切物体都有惯性，注意作用力与反作用力不能合成，难度不大，属于基础题．2．【考点】匀变速直线运动的图像．【分析】本题是速度﹣时间图象，速度的正负表示速度的方向，图象的斜率表示加速度，速度的变化量等于末速度减去初速度．【解答】解：A、速度时间图象只能表示直线运动，不能表示曲线运动，故A错误；B、0～4s内，物体的速度先减小后反向增大，故B错误；C、图象的斜率表示加速度，根据图象可知，0～4s内，物体的加速度先减小后增大，故C 错误；D、0～4s内，物体速度的变化量△v=﹣3﹣5=﹣8m/s，故D正确．故选：D【点评】本题考查理解速度图象的能力，要注意速度的方向由其正负号来表示，图象的斜率表示加速度．3．【考点】向心加速度．【专题】定量思想；方程法；匀速圆周运动专题．【分析】先根据转速计算出做匀速圆周运动的角速度，再利用向心加速度公式分别计算，再求比值．【解答】解：A的转速为30r/min=0.5r/s，则A的加速度ωA=2πn A=π，A球的轨道半径是B球的轨道半径的2倍，故A的向心加速度为B的转速为10r/min=，则B的加速度，故B的向心加速度为故向心加速度之比，B正确；故选：B．【点评】本题特别注意用转速求角速度时，即公式ω=2πn的应用时，转速n的单位要化为r/s，不可直接用r/min计算角速度．4．【考点】牛顿运动定律的应用-超重和失重．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】由于电梯减速减速，故加速度向上，可知人处于超重状态，由此对人受力分析，列牛顿第二定律解得电梯对人的支持力，进而得人对电梯的压力【解答】解：由于电梯减速减速，故加速度向上，对人受力分析，受到重力mg，地面支持力N，由牛顿第二定律：mg﹣N=ma即：mg﹣N=﹣m解得：N=故选：D【点评】重点是对超重和失重的判定，其依据是加速度的方向，加速向下为失重，加速度向上为超重．5．【考点】平抛运动．【专题】比较思想；比例法；平抛运动专题．【分析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据水平位移之比和初速度之比求出运动的时间之比，从而得出抛出点与地面的高度之比．【解答】解：甲、乙都做平抛运动，在水平方向上做匀速直线运动，根据x=v0t知，t=已知水平距离之比为：1，初速度之比为2：1，则由上式解得时间之比为1：根据h=知，抛出点与地面的高度之比为1：2．故选：A【点评】解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式进行解答．6．【考点】作用力和反作用力．【分析】人在加速下蹲的过程中，有向下的加速度，处于失重状态，在减速下蹲的过程中，加速度方向向上，处于超重状态．【解答】解：对人的运动过程分析可知，人在加速下蹲的过程中，有向下的加速度，处于失重状态，此时人对传感器的压力小于人的重力的大小；在减速下蹲的过程中，加速度方向向上，处于超重状态，此时人对传感器的压力大于人的重力的大小，A、C、D错误；B正确．故选：B．【点评】本题主要考查了对超重失重现象的理解，人处于超重或失重状态时，人的重力并没变，只是对支持物的压力变了．7．【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】对小球进行受力分析可知，小球受重力、支持力及弹簧的弹力而处于静止，由共点力的平衡条件可求得小球受到的轻弹簧的弹力及小球受到的支持力；对容器和小球整体研究，分析受力可求得半球形容器受到的摩擦力．【解答】解：A、B、C对小球受力分析，如图所示，由几何关系可知，T=F=mg，故AB错误；C正确；D、以容器和小球整体为研究对象，分析受力可知：竖直方向有：总重力、地面的支持力，水平方向地面对半球形容器没有摩擦力．故D错误．故选C【点评】共点力平衡问题重点在于正确选择研究对象，本题运用隔离法和整体法两种方法进行受力分析得出结论．8．【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】由题，圆环的位置不动，物体缓慢下降，两个物体都处于平衡状态．先以重物为研究对象，分析受力情况，由平衡条件分析F如何变化．再以两物体整体为研究对象，分析受力情况，再根据平衡条件分析杆对环的摩擦力f和支持力的变化情况．【解答】解：以重物为研究对象，分析受力情况：重力G、水平力F和绳子的拉力T，如图1所示．由平衡条件得：F=Gtanθ，当θ减小时，F逐渐减小．、水平力F，杆的摩擦力f和支持力N，则有再以两物体整体为研究对象，分析重力G总N=G，保持不变．总f=F，逐渐减小．故选D【点评】本题的解题关键是灵活选择研究对象，采用整体法和隔离法相结合求解，是比较简单方便的．二、多选题：（本题共4小题，每小题4分，错选、多选或不选不得分，漏选得2分．）9．【考点】滑动摩擦力．【专题】摩擦力专题．【分析】物体匀速运动，说明物体是处于受力平衡状态，由水平和竖直方向的平衡条件分别列方程，加上滑动摩擦力的公式，就能求出滑动摩擦力的大小．【解答】解：由于物体做匀速运动，对物体受力分析，根据平衡条件，有：水平方向：Fcosθ=f竖直方向：F N=mg﹣Fsinθ滑动摩擦力：f=μF N=μ（mg﹣Fsinθ）故BC错误，AD正确；故选：BC．【点评】对物体受力分析，由水平和竖直方向和滑动摩擦力的公式分别列方程求解即可．10．【考点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】小球受重力和两个拉力（可能为零），根据牛顿第二定律分析合力情况，然后判断弹力是否可能为零．【解答】解：A、若向左加速，加速度向左，合力向左，OB绳子的拉力可以为零，只要重力和AO的拉力水平向左即可；故A正确；B、若向右加速，加速度向右，合力向右；只要重力和AO的拉力水平向左即可，但OA绳上张力不可能为零，否则合力不向左；故B错误；C、若向上加速，加速度向上，合力向上，只要AO、BO绳子的拉力的合力向上即可，OB 拉力不为零，故C错误；D、若向下加速的加速度为g，完全失重，OA、OB绳上张力同时为零，故D正确；故选：AD【点评】本题关键是提供运动情况分析受力情况，关键是确定加速度情况，然后结合平行四边形定则分析即可，基础题目．11．【考点】牛顿第二定律；物体的弹性和弹力．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】环和物体保持相对静止，具有相同的加速度，通过对物体受力分析，运用牛顿第二定律得出其加速度，从而再根据牛顿第二定律分析出环的受力情况和运动情况．【解答】解：A、左图，物体受重力和拉力两个力，两个力的合力不等于零，知物体与A以共同的加速度向下滑，对物体有：a=，则A的加速度为gsinθ，做匀加速直线运动，对A环分析，设摩擦力为f，有Mgsinθ﹣f=Ma，解得f=0．所以A环与杆间没有摩擦力．故A正确，C错误；B、对D球受力分析，受重力和拉力，由于做直线运动，合力与速度在一条直线上，故合力为零，物体做匀速运动；再对B求受力分析，如图，受重力、拉力、支持力，由于做匀速运动，合力为零，故必有沿杆向上的摩擦力．故B正确，D错误．故选：AB．【点评】本题关键要结合运动情况，根据牛顿第二定律和平衡条件分析受力情况，再结合受力情况判断运动情况．12．【考点】运动的合成和分解．【专题】运动的合成和分解专题．【分析】根据运动的合成与分解，将B的竖直向下的运动分解成沿着绳子方向与垂直绳子方向的两个分运动，结合力的平行四边形定则，即可求解．【解答】解：由题意可知，将B的实际运动分解成两个分运动，如图所示，；因B以速度v0匀速下滑，又α在增大，所以绳根据平行四边形定则，可有：v B sinα=v绳子速度在增大，则A处于加速运动，根据受力分析，结合牛顿第二定律，则有：T＞mgsinθ，故AD正确，BC错误；故选：AD．【点评】本题考查运动的合成与分解，掌握如何将实际运动分解成两个分运动是解题的关键，同时运用三角函数关系．三、实验题：（本题2小题，每空2分，共10分.将正确答案填在答题纸中的横线上）13．【考点】验证力的平行四边形定则．【专题】实验题；平行四边形法则图解法专题．【分析】（1）该实验采用了“等效替代”法即要求两次拉橡皮筋时，要使橡皮筋产生的形变相同，即拉到同一位置．（2）F1与F2合成的理论值是由平行四边形定则作图得到的，由于误差可能不与OA共线；而F1与F2合成的实际值一定与OA共线（二力平衡），明确理论值和实际值的区别即可正确解答．【解答】解：（1）要使每次合力与分力产生相同的效果，每次将橡皮条拉到同样的位置，即用一个力与用两个力的作用效果相同，故BCD错误，A正确；（2）用一个弹簧测力计拉橡皮条时，拉力的方向一定沿绳子方向，如甲图中的竖直方向；根据力的平行四边形定则作出的合力，作图法得到的合力一定在平行四边形的对角线上，由于误差的存在与实验值有一定的差别，即作图得出的合力方向与竖直方向有一定的夹角，故甲图符合实验事实．故答案为：（1）A；（2）甲【点评】“验证力的平行四边形定则”实验中，我们要知道分力和合力的效果是等同的，这要求同学们对于基础知识要熟练掌握并能正确应用，加强对基础实验理解．14．【考点】探究加速度与物体质量、物体受力的关系．【专题】实验题；牛顿运动定律综合专题．【分析】考查实验时平衡摩擦力时出现的误差问题，不是未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足，就是平衡摩擦力时过大．从图上分析两图各是什么原因即可．【解答】解：在该实验中必须采用控制变量法，应保持木块质量不变；改变所挂钩码的数量，多次重复测量．（1）当拉力F已经不为零时，木块仍然没有产生加速度，故原因是未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足．（2）探究加速度与力的关系实验，当钩码的质量远小于小车质量时，可以近似认为小车受到的拉力等于钩码的重力，a﹣F图象是直线，如果钩码质量太大，不能满足钩码质量远小于小车质量时，a﹣F图象不是直线，发生弯曲，故C正确；故选：C．故答案为：木块质量；（1）未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足（2）C【点评】正确解答实验问题的前提是明确实验原理，从实验原理出发进行分析所需实验器材、实验步骤、所测数据、实验误差等，会起到事半功倍的效果．四、计算题：（本题共4小题，15题6分、16题10分，17题12分，18题14分，共42分）15．【考点】向心力．【专题】计算题；定量思想；合成分解法；匀速圆周运动专题．【分析】小球到达最高点时，恰好支架对地面无压力为零，说明杆对支架的拉力为Mg，则杆对小球的作用力为Mg，根据合外力提供小球圆周运动的向心力，根据牛顿第二定律列式求解小球通过最高点的速度．【解答】解：设小球通过最高点时，杆子的拉力大小为F，小球速度为v，以M为研究对象，支架对地面无压力为零，则F=Mg…①以m为研究对象，由牛顿第二定律得：F+mg=m…②由①②解得v=答：小球通过最高点速度的大小为．【点评】此题关键正确分析小球做圆周运动的向心力来源，并根据向心力公式和牛顿第二定律公式列式求解．16【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】作图题；定性思想；合成分解法；牛顿运动定律综合专题．【分析】（1）质点在0﹣1s内沿y轴正方向做匀加速运动，由牛顿第二定律可求得加速度，再由速度公式和位移公式求出1s末质点的速度和位移．1﹣2s内质点做类平抛运动，运用运动的分解法，由分位移和分速度公式求解．（2）结合质点的运动情况，画出该质点的运动轨迹．【解答】解：（1）0﹣1s内：质点沿y轴正方向做匀加速运动，质点的加速度a1===2m/s2；1s内的位移y==1m1s末的速度v y=at=2m/s第2s内：a2===4m/s2；y轴方向位移y′=v y t=2×1m=2mx轴方向位移x==2mx轴方向速度v x=a2t=4m/s因此2s末：质点的位置坐标为（2m，3m），速度大小：v==2m/s（2）答：（1）在t=2s时该质点的位置坐标为（2m，3m），速度大小是2m/s．（2）画出2s内该质点的运动轨迹如上图所示．【点评】本题关键要将小球的运动沿着x、y方向正交分解，x方向做匀加速直线运动，y 方向做匀速直线运动，然后根据运动学公式进行列式求解．17．【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】（1）根据牛顿第二定律求出沿斜面下滑的加速度，结合位移时间公式求出下滑到斜面底端的时间．（2）根据牛顿第二定律求出物体在传送带上向左做匀减速运动的加速度，结合速度位移公式求出向左运动的最远距离．（3）根据运动学规律求出物体第一次通过传送带返回A点的速度，结合速度位移公式求出沿斜面上滑的高度．【解答】解：（1）物体在斜面上的加速度大小．根据解得t=．滑到底端的速度v=a1t=5×1.6m=8m/s（2）物体在传送带上做匀减速运动的加速度大小，则物体在传送带上向左运动的最远距离x=，（3）因为物块速度减为零后，返回做匀加速直线运动，返回时速度达到传送带速度后做匀速直线运动，所以物块返回到A点的速度为6m/s，则上滑的距离s=，上升的高度h．答：（1）物体由静止沿斜面下滑到斜面末端需要1.6s．（2）物体在传送带上向左运动的最远距离为6.4m．（3）物体第一次通过传送带返回A点后，沿斜面上滑的最大高度为1.8m．【点评】解决本题的关键理清物体在整个过程中的运动规律，结合牛顿第二定律和运动学公式综合求解，难度中等．18．【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系；物体的弹性和弹力．【专题】计算题；定量思想；整体法和隔离法；牛顿运动定律综合专题．【分析】（1）F增大到AB恰好保持相对静止，且两者间的静摩擦力达到最大值，F为铁块能在木板上发生相对滑动的最小值．对木板，根据牛顿第二定律求出临界加速度，再对整体，运用牛顿第二定律求F．（2）先由牛顿第二定律求出铁块和木板的加速度，当铁块运动到木板的右端时m和M的位移之差等于板长，由位移时间公式和位移关系列式求解时间．【解答】解：（1）设F=F1时，A、B恰好保持相对静止，此时二者的加速度相同，两者间的静摩擦力达到最大．根据牛顿第二定律得：μ2mg﹣μ1（m+M）g=Ma可得a=2m/s2以系统为研究对象，根据牛顿第二定律有F1﹣μ1（m+M）g=（m+M）a。
辽宁省大连二十中 高二物理下学期6月月考试卷含解析
2014-2015学年辽宁省大连二十中高二（下）月考物理试卷（6月份）一、选择题：本题共12小题，每小题4分，共计48分．1．（4分）（2015•呼伦贝尔一模）在物理学的重大发现中，科学家总结出了许多物理学方法，如理想实验法、控制变量法、极限思想法、类比法、假说法和建立物理模型法等，以下关于物理学研究方法的叙述不正确的是（）A．在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫假设法B．根据速度的定义式，当△t非常小时，就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义运用了极限思想法C．在探究加速度、力和质量三者之间的关系时，先保持质量不变研究加速度与力的关系，再保持力不变研究加速度与质量的关系，该探究运用了控制变量法D．在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程等分成很多小段，每一小段近似看做匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里运用了微元法2．（4分）（2010秋•海珠区校级期中）在2004年的雅典奥运会上，我国著名运动员刘翔在110m 栏项目中，以12.91s的骄人的成绩力压群雄，一举夺得金牌，并打破了奥运会纪录，平了沉寂多年的世界纪录．假定他在起跑后10m 处的速度是8.0m/s，到达终点时的速度是9.6m/s，则他在全程中的平均速度约为（）A．8.0 m/s B．9.6 m/s C．8.8 m/s D． 8.5 m/s3．（4分）（2014秋•唐山期中）做匀加速直线运动的物体初速度为2m/s，经过一段时间t后速度变为6m/s，则时刻速度为（）A．由于t未知，无法确定时刻的速度B．由于加速度a及时间t未知，无法确定时刻的速度C．5m/sD．4m/s4．（4分）（2015春•大连校级月考）（多选题）下列加速度﹣时间图象和速度﹣时间图象中，能正确反映自由落体运动过程的是（）A．B．C．D．5．（4分）（2013秋•九原区校级期末）一辆汽车刹车后做匀减速直线运动直到停止．已知汽车在前一半时间内的平均速度为，则汽车在后一半时间内的平均速度为（）A．B．C． D．6．（4分）（2015春•大连校级月考）（多选题）甲乙两质点在同一直线上沿同一方向运动的v ﹣t图象如图所示，t=0时刻甲由静止开始运动，乙恰好以速度v0从旁边经过，t2时刻乙的速度为零，甲的速度为v0，下列说法正确的是（）A．t1时刻两质点再次相遇B．t2时刻两质点再次相遇C．t2时刻之前，两质点不可能再次相遇D．0﹣t2时间内，t1时刻两质点间的距离最大7．（4分）（2014秋•烈山区期末）从塔顶释放一个小球A，1s后从同一点再释放一个小球B，设两球都做自由落体运动，则落地前，A、B两球之间的距离（）A．保持不变B．不断减小C．不断增大D．有时增大，有时减小8．（4分）（2015•浙江一模）一个质点由静止开始沿直线运动，速度随位移变化的图线如图所示，关于质点的运动下列说法正确的是（）A．质点做匀速直线运动B．质点做匀加速直线运动C．质点做加速度逐渐增大的加速运动D．质点做加速度逐渐减小的加速运动9．（4分）（2015•宿迁一模）如图所示，足够长的粗糙斜面固定在地面上，某物块以初速度v0从底端沿斜面上滑至最高点后又回到底端．上述过程中，若用h、x、v和a分别表示物块距水平地面高度、位移、速度和加速度的大小，t表示运动时间．下列图象中可能正确的是（）A．B．C．D．10．（4分）（2015•宿迁一模）物块A置于倾角为30°的斜面上，用轻弹簧、细绳跨过定滑轮与物块B相连，弹簧轴线与斜面平行，A、B均处于静止状态，如图所示．A、B重力分别为10N 和4N，不计滑轮与细绳间的摩擦，则（）A．弹簧对A的拉力大小为6N B．弹簧对A的拉力大小为10N C．斜面对A的摩擦力大小为1N D．斜面对A的摩擦力大小为6N11．（4分）（2015•广元一模）如图所示，水平地面上的L形木板M上放着小木块m，M与m间有一个处于压缩状态的弹簧，整个装置处于静止状态．下列说法正确的是（）A．M对m的摩擦力方向向左B． M对m无摩擦力作用C．地面对M的摩擦力方向向右D．地面对M无摩擦力作用12．（4分）（2014•南湖区校级一模）如图所示，一个“房子”形状的铁制音乐盒静止在水平面上，一个塑料壳里面装有一个圆柱形强磁铁，吸附在“房子”的顶棚斜面，保持静止状态．已知顶棚斜面与水平面的夹角为θ，塑料壳和磁铁的总质量为m，塑料壳和斜面间的动摩擦因数为μ，则以下说法正确的是（）A．塑料壳对顶棚斜面的压力大小为mgcosθB．顶棚斜面对塑料壳的摩擦力大小一定为μmgcosθC．顶棚斜面对塑料壳的支持力和摩擦力的合力大小为mgD．磁铁的磁性若瞬间消失，塑料壳不一定会往下滑动二．实验题：（本大题共2小题，共12分．）13．（6分）（2012•普陀区一模）一物体从一行星表面某高度处自由下落（不计阻力）．自开始下落时计时，得到物体离行星表面高度h随时间t变化的图象如图所示，则根据题设条件计算出行星表面重力加速度大小为m/s2，物体落到行星表面时的速度大小为m/s．14．（6分）（2011•福建模拟）如图所示是某同学在做匀变速直线运动实验中获得的一条纸带．①已知打点计时器电源频率为50Hz，则纸带上打相邻两点的时间间隔为．②ABCD是纸带上四个计数点，每两个相邻计数点间有四个点没有画出．从图中读出A、B两点间距s= ；C点对应的速度是（计算结果保留三位有效数字）．四．计算题：（本大题共3小题，共40分）15．（12分）（2015春•大连校级月考）如图为曲柄压榨机的结构示意图，A处作用一个水平力F，OB是竖直线，若杆和活塞的重力均不计，两杆AO与AB的长度相同，当OB的长度为200cm，A到OB的距离为10cm时，求物体M所受的压力大小．16．（14分）（2015春•大连校级月考）2011年7月23日20时34分在温州方向双屿路段下岙路，发生了严重的动车追尾事故，此次事故造成六节车厢脱轨．现假设有一列快车正以60m/s 的速度在平直的铁轨上行驶时，发现前面1000m处有一货车正以18m/s的速度匀速同向行驶，快车立即合上制动器，以2m/s2的加速度做匀减速直线运动，试判断两车是否发生撞车事故．17．（14分）（2011秋•南阳期中）一辆汽车从静止开始匀加速开出，然后保持匀速运动，最后匀减速运动，直到停止．下列给出了不同时刻汽车的速度：时刻/s 1.0 2.0 3.0 5.0 7.0 9.5 10.5速度．m．/s 3 6 9 12 12 9 3（1）汽车从开始运动到停止共经历的时间是多少？（2）汽车通过的总路程是多少？2014-2015学年辽宁省大连二十中高二（下）月考物理试卷（6月份）参考答案与试题解析一、选择题：本题共12小题，每小题4分，共计48分．1．（4分）（2015•呼伦贝尔一模）在物理学的重大发现中，科学家总结出了许多物理学方法，如理想实验法、控制变量法、极限思想法、类比法、假说法和建立物理模型法等，以下关于物理学研究方法的叙述不正确的是（）A．在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫假设法B．根据速度的定义式，当△t非常小时，就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义运用了极限思想法C．在探究加速度、力和质量三者之间的关系时，先保持质量不变研究加速度与力的关系，再保持力不变研究加速度与质量的关系，该探究运用了控制变量法D．在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程等分成很多小段，每一小段近似看做匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里运用了微元法考点：物理学史．分析：质点是实际物体在一定条件下的科学抽象，是采用了建立理想化的物理模型的方法；当时间非常小时，我们认为此时的平均速度可看作某一时刻的速度即称之为瞬时速度，采用的是极限思维法；在探究加速度、力和质量三者之间的关系时，可运用控制变量法．解答：解：A、在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫建立物理模型法，故A错误；B、根据速度定义式v=，当△t非常非常小时，就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义应用了极限思想法，故B正确；C、在探究加速度、力和质量三者之间的关系时，先保持质量不变研究加速度与力的关系，再保持力不变研究加速度与质量的关系，该探究运用了控制变量法，故C正确．D、在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一段近似看成匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里运用了微元法，故D正确．本题选不正确的，故选：A．点评：在高中物理学习中，我们会遇到多种不同的物理分析方法，这些方法对我们理解物理有很大的帮助；故在理解概念和规律的基础上，更要注意科学方法的积累与学习．2．（4分）（2010秋•海珠区校级期中）在2004年的雅典奥运会上，我国著名运动员刘翔在110m 栏项目中，以12.91s的骄人的成绩力压群雄，一举夺得金牌，并打破了奥运会纪录，平了沉寂多年的世界纪录．假定他在起跑后10m 处的速度是8.0m/s，到达终点时的速度是9.6m/s，则他在全程中的平均速度约为（）A．8.0 m/s B．9.6 m/s C．8.8 m/s D． 8.5 m/s考点：平均速度．专题：直线运动规律专题．分析：知道刘翔跑的路程和时间，根据速度计算公式v=即可求出其平均速度．解答：解：刘翔的运动速度为：m/s．故选：D点评：此题主要考查的是学生对速度计算公式的理解和掌握，基础性题目．3．（4分）（2014秋•唐山期中）做匀加速直线运动的物体初速度为2m/s，经过一段时间t后速度变为6m/s，则时刻速度为（）A．由于t未知，无法确定时刻的速度B．由于加速度a及时间t未知，无法确定时刻的速度C．5m/sD．4m/s考点：匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：匀变速直线运动在某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，结合该推论求出时刻速度．解答：解：因为匀变速直线运动某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，即，则时刻速度．故D正确，A、B、C错误．故选：D．点评：解决本题的关键掌握匀变速直线运动的推论，该推论运用比较广泛，要灵活运用．4．（4分）（2015春•大连校级月考）（多选题）下列加速度﹣时间图象和速度﹣时间图象中，能正确反映自由落体运动过程的是（）A．B．C．D．考点：自由落体运动．专题：自由落体运动专题．分析：自由落体运动是初速度为零的匀加速直线运动的一个特例，利用加速度恒定和速度时间关系公式v=gt分析即可解答：解：A、自由落体运动是初速度为零的匀加速直线运动，加速度为一个定值，为g，故A正确，B错误C、根据速度时间关系公式v=gt=10t，v﹣t图象是一条倾斜直线，故C正确，D错误；故选：AC点评：本题关键是：（1）明确自由落体运动的条件和运动性质；（2）明确x﹣t图象、v﹣t 图象、a﹣t图象的画法5．（4分）（2013秋•九原区校级期末）一辆汽车刹车后做匀减速直线运动直到停止．已知汽车在前一半时间内的平均速度为，则汽车在后一半时间内的平均速度为（）A．B．C．D．考点：平均速度．专题：直线运动规律专题．分析：采取逆向思维，初速度为零的匀变速直线运动在相等时间内位移之比为1：3，则汽车在前一半时间内的位移和后一半时间内的位移比为3：1．从而得知平均速度之比．解答：解：初速度为零的匀加速直线运动，在相等时间内的位移之比为1：3．则汽车在前一半时间内和后一半时间内的位移之比为3：1．根据平均速度的定义式知，两段时间内的平均速度之比为3：1，则后一半时间内的平均速度为．故B正确，A、C、D错误．故选B．点评：解决本题的关键知道平均速度的定义式，以及掌握匀变速直线运动的规律，知道匀变速直线运动的特殊推论．6．（4分）（2015春•大连校级月考）（多选题）甲乙两质点在同一直线上沿同一方向运动的v ﹣t图象如图所示，t=0时刻甲由静止开始运动，乙恰好以速度v0从旁边经过，t2时刻乙的速度为零，甲的速度为v0，下列说法正确的是（）A．t1时刻两质点再次相遇B．t2时刻两质点再次相遇C．t2时刻之前，两质点不可能再次相遇D．0﹣t2时间内，t1时刻两质点间的距离最大考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：v﹣t图象中，速度的正负表示物体的运动方向．倾斜的直线表示匀变速直线运动，斜率表示加速度，图象与坐标轴围成的面积表示位移．在时间轴上方的位移为正，下方的面积表示位移为负．通过分析两个物体的运动情况进行判断．解答：解：A、图象与坐标轴围成的面积表示位移，根据图象可知，0﹣t1时间内，乙的位移大于甲的位移，所以t1时刻两质点没有相遇．故A错误．B、图象与坐标轴围成的面积表示位移，根据图象可知，0﹣t2时间内，乙的位移大于甲的位移，所以t2时刻两质点没有相遇，故B错误，C正确．D、根据图象可知，0﹣t1时间内乙的速度大于甲的速度，两者距离逐渐增大，t1时刻后乙的速度小于甲的速度，两者距离逐渐减小，则0﹣t2时间内，t1时刻两质点间的距离最大，故D正确．故选：CD点评：本题是速度﹣﹣时间图象的应用，要明确斜率的含义，知道在速度﹣﹣时间图象中图象与坐标轴围成的面积的含义，能根据图象读取有用信息．7．（4分）（2014秋•烈山区期末）从塔顶释放一个小球A，1s后从同一点再释放一个小球B，设两球都做自由落体运动，则落地前，A、B两球之间的距离（）A．保持不变B．不断减小C．不断增大D．有时增大，有时减小考点：自由落体运动．专题：自由落体运动专题．分析：两个小球都做自由落体运动，根据自由落体运动的基本公式即可解题．解答：解：设乙运动的时间为t，则甲运动的时间为t+1，根据位移时间公式得：=gt+，所以落地前，A、B两球之间的距离越来越大，C正确故选C．点评：该题考查了自由落体运动的基本公式的直接应用，难度不大．8．（4分）（2015•浙江一模）一个质点由静止开始沿直线运动，速度随位移变化的图线如图所示，关于质点的运动下列说法正确的是（）A．质点做匀速直线运动B．质点做匀加速直线运动C．质点做加速度逐渐增大的加速运动D．质点做加速度逐渐减小的加速运动考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：从图可知，s与v成正比，即s=kv，k是比例系数（常量），再结合速度定义式即可求解．解答：解：从图可知，s与v成正比，即s=kv，k是比例系数（常量），v=显然加速度与速度呈正比，所以质点做加速度逐渐增大的加速运动，故C正确．故选C点评：本题是对图象信息题的考查，要求同学们能根据图象读出有效信息，难度适中．9．（4分）（2015•宿迁一模）如图所示，足够长的粗糙斜面固定在地面上，某物块以初速度v0从底端沿斜面上滑至最高点后又回到底端．上述过程中，若用h、x、v和a分别表示物块距水平地面高度、位移、速度和加速度的大小，t表示运动时间．下列图象中可能正确的是（）A．B．C．D．考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：根据某物块以初速度v0从底端沿斜面上滑至最高点后又回到底端，知上滑过程中，物块做匀加速直线运动，下滑时做匀加速直线运动；在粗糙斜面上运动，摩擦力做功，物体的机械能减少，故回到底端时速度小于出发时的速度；根据运动特征判断各图形．解答：解：A、上滑时做匀减速运动，故h曲线斜率先大后小，且平均速度大，运动时间短；下滑时做匀加速运动，故h曲线斜率先小后大，且平均速度小，运动时间长；故A正确．B、上滑时x曲线斜率先大后小，下滑时x曲线斜率先小后大，故B错误．C、由于上滑时合外力为重力分力和摩擦力之和，加速度大小不变，沿斜面向下；下滑时合外力为重力分力和摩擦力之差，加速度大小不变，方向沿斜面向下；所以上滑时加速度大，所以速度曲线斜率大；下滑时加速度小，所以速度曲线效率小，且此过程中，摩擦力做功，使物块到达底端的速率变小，故C正确．D、因上滑过程中、下滑过程中的加速度大小均不变，且上滑时加速度大于下滑时的加速度，故加速度应该为两条水平短线，故D错误．故选：AC．点评：根据图示各物理量的曲线斜率代表的意义，结合实际运动分析即可．10．（4分）（2015•宿迁一模）物块A置于倾角为30°的斜面上，用轻弹簧、细绳跨过定滑轮与物块B相连，弹簧轴线与斜面平行，A、B均处于静止状态，如图所示．A、B重力分别为10N 和4N，不计滑轮与细绳间的摩擦，则（）A．弹簧对A的拉力大小为6N B．弹簧对A的拉力大小为10N C．斜面对A的摩擦力大小为1N D．斜面对A的摩擦力大小为6N考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：弹簧的弹力等于B的重力，隔离对A分析，根据共点力平衡求出斜面对A的摩擦力大小．解答：解：A、弹簧对A的弹力等于B的重力，即F=G B=4N，故A、B错误．C、对A分析，根据共点力平衡得，G A sin30°=f+F，解得斜面对A的摩擦力f=．故C正确，D错误．故选：C．点评：解决本题的关键能够正确地受力分析，运用共点力平衡进行求解，基础题．11．（4分）（2015•广元一模）如图所示，水平地面上的L形木板M上放着小木块m，M与m间有一个处于压缩状态的弹簧，整个装置处于静止状态．下列说法正确的是（）A．M对m的摩擦力方向向左B． M对m无摩擦力作用C．地面对M的摩擦力方向向右D．地面对M无摩擦力作用考点：摩擦力的判断与计算．专题：摩擦力专题．分析：对m受力分析，根据平衡判断出M对m的摩擦力方向．对整体分析，根据平衡判断地面对M的摩擦力方向．解答：解：AB、对m受力分析，m受到重力、支持力、水平向左的弹力，根据平衡知，M对m的摩擦力向右．故A错误，B错误．CD、对整体受力分析，在竖直方向上受到重力和支持力平衡，若地面对M有摩擦力，则整体不能平衡，故地面对M无摩擦力作用．故C错误，D正确．故选：D．点评：解决本题的关键会正确的进行受力分析，知道平衡时，合力等于0．12．（4分）（2014•南湖区校级一模）如图所示，一个“房子”形状的铁制音乐盒静止在水平面上，一个塑料壳里面装有一个圆柱形强磁铁，吸附在“房子”的顶棚斜面，保持静止状态．已知顶棚斜面与水平面的夹角为θ，塑料壳和磁铁的总质量为m，塑料壳和斜面间的动摩擦因数为μ，则以下说法正确的是（）A．塑料壳对顶棚斜面的压力大小为mgcosθB．顶棚斜面对塑料壳的摩擦力大小一定为μmgcosθC．顶棚斜面对塑料壳的支持力和摩擦力的合力大小为mgD．磁铁的磁性若瞬间消失，塑料壳不一定会往下滑动考点：共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：圆柱形强磁铁处于静止状态，受力平衡，对圆柱形强磁铁进行受力分析，根据平衡条件分析即可判断．解答：解：A、圆柱形强磁铁受到重力mg、音乐盒的吸引力F，音乐盒的支持力N，以及静摩擦力f，受力平衡，则有：N=（mg+F）cosθ，f=（mg+F）sinθ，由于是静摩擦力，不是μmgcosθ，故AB错误；C、圆柱形强磁铁和塑料壳整体静止，受力平衡，则顶棚斜面对塑料壳的支持力和摩擦力的合力大小等于重力和F的合力，故C错误；D、磁铁的磁性若瞬间消失，若mgsinθ≤μmgcosθ，则塑料壳不会往下滑动，故D正确．故选：D点评：本题的关键是正确对物体进行受力分析，特别注意的是圆柱形强磁铁受到音乐盒对它的吸引力，难度适中．二．实验题：（本大题共2小题，共12分．）13．（6分）（2012•普陀区一模）一物体从一行星表面某高度处自由下落（不计阻力）．自开始下落时计时，得到物体离行星表面高度h随时间t变化的图象如图所示，则根据题设条件计算出行星表面重力加速度大小为8 m/s2，物体落到行星表面时的速度大小为20 m/s．考点：万有引力定律及其应用；自由落体运动．专题：自由落体运动专题．分析：物体做初速度为零的匀加速直线运动，下落距离h=at2可解得下落加速度，落地速度v=at．解答：解：设物体下落的加速度为a，物体做初速度为零的匀加速直线运动，从图中可以看出下落高度h=25m，所用的时间t=2.5s，由位移时间关系式：h=at2解得：a=8m/s2，物体做初速度为零的匀加速直线运动，由速度时间关系式得：v=at=20m/s，故答案为：8，20．点评：此题虽然属于万有引力定律的应用，但是完全可以用匀变速直线运动规律解题，不要因为题目属于万有引力定律而限制了解题思路．14．（6分）（2011•福建模拟）如图所示是某同学在做匀变速直线运动实验中获得的一条纸带．①已知打点计时器电源频率为50Hz，则纸带上打相邻两点的时间间隔为0.02s ．②ABCD是纸带上四个计数点，每两个相邻计数点间有四个点没有画出．从图中读出A、B两点间距s= 0.70cm ；C点对应的速度是0.100m/s （计算结果保留三位有效数字）．考点：打点计时器系列实验中纸带的处理．专题：实验题．分析：打点计时器打点周期与交变电流的周期相同．由t=0.02s（n﹣1），算出计数点间的时间隔T，BD间平均速度近似等于C点的速度．解答：解：①带上打相邻两点的时间间隔T=②A、B间的距离S=0.70cm．③B、D间的时间间隔T=0.1s则v c===0.100m/s故答案是：0.02s，0.70cm，0.100m/s点评：打点计时器问题常常根据匀变速运动的推论：由求解速度，由△x=aT2加速度．四．计算题：（本大题共3小题，共40分）15．（12分）（2015春•大连校级月考）如图为曲柄压榨机的结构示意图，A处作用一个水平力F，OB是竖直线，若杆和活塞的重力均不计，两杆AO与AB的长度相同，当OB的长度为200cm，A到OB的距离为10cm时，求物体M所受的压力大小．考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：根据力F的作用效果将它分解，再将B所受压力的作用效果进行分解，根据数学知识求出物体M所受压力的大小是F的多少倍．解答：解：将力F按作用效果沿OA和AB两个方向进行分解，作出力的分解图如下图所示．则有：2F2cosα=F则得：F1=F2=再将F2按作用效果分解为F2′和F2″，作出力的分解图下图所示：则有：F2″=F2sinα联立得到：F2″=根据几何知识得可知tanα==10得到：F2″=5F答：物体M所受的压力大小为5F．点评：本题运用分解的方法研究力平衡问题，难点是求解物体M所受的压力时要进行两次分解；分解时，首先要根据力的作用效果确定两个分力的方向，作力的分解图要认真规范．16．（14分）（2015春•大连校级月考）2011年7月23日20时34分在温州方向双屿路段下岙路，发生了严重的动车追尾事故，此次事故造成六节车厢脱轨．现假设有一列快车正以60m/s 的速度在平直的铁轨上行驶时，发现前面1000m处有一货车正以18m/s的速度匀速同向行驶，快车立即合上制动器，以2m/s2的加速度做匀减速直线运动，试判断两车是否发生撞车事故．考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：追及、相遇问题．分析：在速度相等前，快车的速度大于货车的速度，两车的距离越来越小，若不相撞，速度相等后，快车的速度小于货车的速度，两车的距离越来越小，知两车若相撞，只能在速度相等前或相等时相撞．求出速度相等时，两车的位移，根据位移关系，判断两车是否相撞．解答：解：设在快车制动ts后两车达到共同速度由V快=V货有：υ0﹣at=υ货t=21s在此过程中：S快==819mS贷=υt=378m由于 S快＜S货+S0所以两车不会发生撞车事故．点评：解决本题的关键知道速度大者减速追速度小者，若相撞，只能在速度相等之时或速度相等前相撞，若不相撞，速度相等时有最小距离．17．（14分）（2011秋•南阳期中）一辆汽车从静止开始匀加速开出，然后保持匀速运动，最后匀减速运动，直到停止．下列给出了不同时刻汽车的速度：时刻/s 1.0 2.0 3.0 5.0 7.0 9.5 10.5速度．m．/s 3 6 9 12 12 9 3（1）汽车从开始运动到停止共经历的时间是多少？（2）汽车通过的总路程是多少？考点：匀变速直线运动的速度与时间的关系；匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：（1）从图中数据分析知，在0﹣4.0s内，做匀加速直线运动，4.0s﹣9.0s内做匀速直线运动，9.0s后做匀减速直线运动，根据匀减速运动的加速度，运用速度时间公式求出减速到0的时间，从而知道总时间．（2）分别求出三段过程中的路程，从而求出总路程．解答：解：（1）匀减速运动的加速度．则从10.5s时刻开始到停止还需的时间．所以汽车从静止运动到停止共经历的时间是11s．（2）匀加速运动的位移．匀速运动的位移x2=vt2=12×5m=60m．匀减速运动的位移．所以运动的总路程x=x1+x2+x3=96m．点评：解决本题的关键分析出在哪一段时间内做匀加速运动，哪一段时间内做匀速直线运动，哪一段时间内做匀减速运动．。
辽宁省大连市第二十高级中学2015-2016学年高一物理下学期期中试题
12015——2016学年度下学期期中考试高一物理试卷考试时间：90分钟 试题分数：100分卷Ⅰ一、单选题：(本题共有7个小题，每题4分，共28分。
)1．如图所示，在水平桌面上的A 点有一个质量为m 的物体以初速度0v 被抛出，不计空气阻力，以抛出点为势能零点，当它到达B 点时，其机械能为 （ ） A. 2012mv mgh - B. mgh mv +2021 C. mgH mv +2021 D. 2021mv 2．将质量为1kg 的物体以10m/s 的速度水平抛出，取10=g m/s 2，下列正确的是（ ）A ．重力在2s 内所做的功为400 JB ．重力在2s末的瞬时功率为C ．重力在第2s 内所做的功为150J D ．重力在第2s 内的平均功率为100W3．质量为m 的汽车以恒定的功率P 在平直的水平公路上行驶，汽车匀速行驶时速率为1v ，当汽车的速率为2v (2v <1v )时汽车的加速度为（ ）A ．2m v PB ．2121)(v mv v v P - C ．1m v P D ．)(221v v m P + 4. 如图所示的真空空间中，仅在正方体中的黑点处存在着电荷量大小相等的点电荷，则图中a ，b 两点电场强度和电势均相同的是（ ）5.有一负电荷自电场中的A 点自由释放，只受电场力作用，沿电场线运动到B ，它运动的速度—时间图像如右图所示，则A 、B 所在电场区域的电场线图可能是下列图中的( )26．图中的实线表示电场线，虚线表示只受电场力作用的带电粒子的运动轨迹，粒子先经过M 点，再经过N 点，可以判定（ ）A ．该粒子带负电B ．M 点的电势小于N 点的电势C ．粒子在M 点受到的电场力大于在N 点受到的电场力D ．粒子在M 点具有的电势能大于在N 点具有的电势能7.一个绝缘光滑半圆环轨道放在竖直向下的匀强电场中，场强为E ,在环的上端，一个质量为m ，带电量为q +的小球由静止开始沿轨道运动，则（ ）A.小球运动过程中机械能守恒B.小球运动的过程中机械能减少C.在最低点球对轨道的压力为)(Eq mg +D.在最低点球对轨道的压力为3)(Eq mg +二、多选题：(本题共有5个小题，每题5分，漏选得3分，共25分。
2015-2016学年辽宁省大连市辽宁师范大学附属中学高一6月月考物理试题(解析版)
2015-2016学年辽宁省大连市辽宁师范大学附属中学高一6月月考物理试题（解析版）一、选择题（本题共有10题，每题6分，其中1—6题为单项选择题，7—10题为多项选择题，选不全得3分，不选或有错误选项不得分）1. 下列物体运动过程中满足机械能守恒的是A．跳伞运动员张开伞后，在空中匀速下降B．忽略空气阻力，物体竖直向上抛出的运动C．火箭升空D．拉着物体沿光滑斜面匀速上升【答案】B考点：机械能守恒的判断【名师点睛】掌握住机械能守恒的条件，也就是只有重力做功，分析物体是否受到其它力的作用，以及其它力是否做功，由此即可判断是否机械能守恒。
2．自然现象中蕴藏着许多物理知识，如图所示为一个盛水袋，某人从侧面缓慢推袋壁使它变形，则水的重力势能A．增大B．变小C．不变D．不能确定【答案】A【解析】试题分析：从侧面缓慢推袋壁使它变形，水的重心升高，根据E p=mgh，知重力势能增大．故A正确，BCD 错误．故选A。
考点：重力势能【名师点睛】解决本题的关键是掌握重力势能跟什么因素有关．此题也可以从能量的角度分析，人对水袋做功，使得水袋的机械能增大，缓慢推，动能不变，所以重力势能增大。
3. 一辆正沿平直路面行驶的车厢内，一个面向车前进方向站立的人对车厢壁施加水平推力F，在车前进s 的过程中，下列说法正确的是A．当车匀速前进时，人对车做的总功为正功B．当车加速前进时，人对车做的总功为负功C．当车减速前进时，人对车做的总功为负功D．不管车如何运动，人对车做的总功都为零【答案】B考点：牛顿定律；功【名师点睛】本题主要考查了恒力做功公式的直接应用，关键是根据人的运动状态，判断人的受力情况，再根据作用力和反作用力的关系判断人对车厢施力情况，难度适中。
4. 如图所示，一固定斜面倾角为30°，一质量为m的小物块自斜面底端以一定的初速度沿斜面向上做匀减速运动，加速度大小等于重力加速度的大小g。
物块上升的最大高度为H，则此过程中，物块的A．重力势能增加2mgH B．动能损失了mgHC．机械能损失了mgH D．摩擦生热12 mgH【答案】C【解析】试题分析：物块上升的最大高度为H，则重力势能增加mgH，选项A错误；根据动能定理应有230k HE ma mgHsin ∆=-=-︒，动能增量为负值，说明动能减少了 2mgH ，所以B 错误；再由牛顿第二定律（选取沿斜面向下为正方向）有mgsin30°+f=ma=mg ，可得f=0.5mg ，根据功能关系应有△E=-f sin 30H ︒=-mgH ，即机械能损失了mgH ，所以C 正确；摩擦生热等于机械能的损失mgH ，选项D 错误；故选C.考点：动能定理牛顿第二定律的应用【名师点睛】要熟记动能定理与功能原理在解题中的应用：涉及到总功、动能变化时应用动能定理解决；涉及到机械能变化时应求出除重力外其它力做的功。
辽宁省大连市第二十高级中学2015_2016学年高二物理上学期期末考试试题
2015-2016学年度上学期期末考试高二物理试卷考试时间：90分钟试题分数：100分卷Ⅰ一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共计28分。
1．在变电站里，经常要用交流电表去检测电网上的强电流，所用的器材叫电流互感器，如下所示的四个图中，能正确反映其工作原理的是（）2.如图(a)为电热毯的示意图，电热丝接在U=311sin100πt（V）的交流电源上，电热毯被加热到一定温度后，通过理想二极管，使输入电压变为图(b)所示的波形，从而进入保温状态，若电热丝电阻保持不变，此时电压表的示数约为（）A、110VB、156VC、220VD、211V3．如图所示，线圈两端与电阻相连构成闭合回路，在线圈上方有一竖直放置的条形磁铁，磁铁的S极朝下．在将磁铁的S极插入线圈的过程中 ( )A．通过电阻的感应电流的方向由b到a，线圈与磁铁相互排斥B．通过电阻的感应电流的方向由b到a，线圈与磁铁相互吸引C．通过电阻的感应电流的方向由a到b，线圈与磁铁相互排斥D．通过电阻的感应电流的方向由a到b，线圈与磁铁相互吸引4. 如图甲所示，等腰直角三角形OPQ区域内存在着垂直纸面向里的匀强磁场，它的OP边在x轴上且长为L。
纸面内一边长为L的正方形导线框的一条边在x轴上，且线框沿x轴正方向以恒定的速度v穿过磁场区域，在t=0时该线框恰好位于图甲中所示的位置。
现规定以逆时针方向为导线框中感应电流的正方向,在图乙所示的四幅图中，能正确表示感应电流随线框位移关系的是：（）(a) (b)5．用一根横截面积为S、电阻率为ρ的硬质导线做成一个半径为r的圆环，ab为圆环的一条直径．如图所示，在ab的左侧存在一个均匀变化的匀强磁场，磁场垂直圆环所在平面，方向如图，磁感应强度大小随时间的变化率=k（k＜0），则（）A．圆环中产生逆时针方向的感应电流B．圆环具有收缩的趋势C．圆环中感应电流的大小为D．图中a、b两点间的电压U=|0.25kπr2|6. 如图所示，相距为d的平行金属板M、N的上方有一半径为R的圆形匀强磁场区域，磁感应强度大小为B、方向垂直纸面向里．质量为m、电荷量为q的带正电粒子紧靠M板的P处由静止释放，粒子经N板的小孔S沿半径SO方向射入磁场，离开磁场时速度方向偏离入射方向60°，粒子重力不计，则平行金属板间匀强电场的电场强度大小为（）A．B．C．D．7．在如图所示的远距离输电电路图中，升压变压器和降压变压器均为理想变压器，发电厂的输出电压和输电线的电阻均不变，随着发电厂输出功率的增大，下列说法中正确的有（）A．升压变压器的输出电压增大B．降压变压器的输出电压增大C．输电线上损耗的功率减小D．输电线上损耗的功率占总功率的比例增大二、多项选择题（每小题4分，共16分。
辽宁省大连市第二十高级中学2015_2016学年高二物理上学期期中试题
2015-2016学年度上学期期中考试高二物理试卷考试时间：90分钟 试题分数：100分卷I一．选择题：本题共10题，每小题4分，总共40分。
其中1-6为单选题，8-10为多选题。
全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。
1．如图所示，螺线管的导线的两端与两平行金属板相接，一个带负电的小球用丝线悬挂在两金属板间，并处于静止状态，当条形磁铁突然插入线圈时，小球的运动情况是（ ）A ．向左摆动B ．向右摆动C ．保持静止D ．无法判定2．如图所示是磁电式电流表的结构，蹄形磁铁和铁芯间的磁场均匀辐向分布，线圈中a 、b 两条导线长均为l ，通以图示方向的电流I ，两条导线所在处的磁感应强度大小均为B ，则（ ）A ．该磁场是匀强磁场B ．线圈平面总与磁场方向垂直C ．线圈沿将逆时针方向转动D ．a 、b 导线受到的安培力大小总为IlB3．磁强计用于测定地磁场的磁感应强度。
其原理如图所示，电路有一段金属导体，它的横截面是宽为a 、高为b 的长方形，放在沿y 轴正方向的匀强磁场中，导体中通有沿x 轴正向、大小为I 的电流。
已知金属导体单位体积中自由电子数为n ，电子电荷量为e ，金属导电过程中，自由电子所做定向移动可视为匀速运动。
两电极M 、N 均与金属导体的前后两侧接触，用电压表测出金属导体前后两个侧面间的电势差为U ，则磁感应强度的大小和电极M 、N 的正负为（ ）A ．neaU I ，M 正、N 负 B ．nebU I ，M 正、N 负 C ．neaU I ，M 负、N 正 D ．nebU I，M 负、N 正4．在如图所示电路中，闭合开关S ，当滑动变阻器的滑片P 向下滑动时，四个理想电表的示数都发生变化，电表的示数分别用I 、U 1、U 2和U 3表示，各电表示数变化量的大小分别用ΔI 、ΔU 1、ΔU 2和ΔU 3表示。
下列判断正确的是（ ）A ．|ΔU 1|+|ΔU 2|<|ΔU 3 |B ．|U 1I |不变，|ΔU 2ΔI |变大，|ΔU 3ΔI|变大 C ．|ΔU 1|+|ΔU 2| =|ΔU 3 | D ．|U 2I |变大，|ΔU 2ΔI |不变，|ΔU 3ΔI|不变 5．如图所示，有一用两根绝缘细绳悬挂在磁场中的直导线，质量为m ，长度为L ，磁场磁感应强度大小为B ，方向竖直向上，当给直导线通一横电流时，直导线向纸面内摆动，最大摆角为60°，则通入的电流（ ）6．如图所示，匀强电场E 方向竖直向下，水平匀强磁场B 垂直纸面向里，三个油滴a 、b 、c 带有等量同种电荷。
辽宁省大连二十中高三物理上学期期中试题(含解析)-人教版高三全册物理试题
2015-2016学年辽宁省大连二十中高三〔上〕期中物理试卷一、选择题：〔此题共11个小题，每一小题4分，共44分．1-7题在每一小题给出的四个选项中，只有一个选项正确，选对得4分，8-11题有的小题有多个选项正确．全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分．〕1．如图，小球自光滑斜轨道由静止自由滚下，以v、s、a、F合分别表示小球的速度、位移、加速度和合外力四个物理量的大小，小球下滑过程中各物理量随时间变化正确的答案是( )A．B．C．D．2．如下列图，“旋转秋千〞中的两个座椅A、B质量相等，通过一样长度的缆绳悬挂在旋转圆盘上．不考虑空气阻力的影响，当旋转圆盘绕竖直的中心轴匀速转动时，如下说法正确的答案是( )A．A的速度比B的大B．A与B的向心加速度大小相等C．悬挂A、B的缆绳与竖直方向的夹角相等D．悬挂A的缆绳所受的拉力比悬挂B的小3．在力学理论建立的过程中，有许多伟大的科学家做出了贡献．关于科学家和他们的贡献，如下说法中不正确的答案是( )A．伽利略首先将实验事实和逻辑推理〔包括数学推演〕和谐地结合起来B．笛卡尔对牛顿第一定律的建立做出了贡献C．开普勒通过研究行星观测记录，发现了行星运动三大定律D．牛顿总结出了万有引力定律并用实验测出了引力常量4．如下列图，虚线AB和CD分别为椭圆的长轴和短轴，相交于O点，两个等量同种点电荷分别处于椭圆的两个焦点M、N上，如下说法中正确的答案是( )A．A、B两处电势、场强均一样B．C、D两处电势、场强均不同C．在虚线AB上O点的场强最小D．带负电的试探电荷在O处的电势能大于在C处的电势能5．如下列图的火警报警装置，R1为热敏电阻，温度升高R1急剧减小，当电铃电压达到一定数值时，电铃会响，如此如下说法正确的答案是( )A．假设报警器的电池老化〔内阻变大〕电动势不变，不会影响报警器的安全性能B．假设试验时发现有火点时装置不响，应把R2的滑片P向下移C．假设试验时发现有火点时装置不响，应把R2的滑片P向上移D．增大电源的电动势，会使报警的临界温度升高6．阴极射线示波管的聚焦电场是由电极A1、A2形成的，其中虚线为等势线，相邻等势线间电势差相等，z轴为该电场的中心轴线〔管轴〕．电子束从左侧进入聚焦电场后，在电场力的作用下会聚到z轴上，沿管轴从右侧射出，图中PQR是一个从左侧进入聚焦电场的电子运动轨迹上的三点，如此可以确定( )A．电极A1的电势高于电极A2的电势B．电场中Q点的电场强度小于R点的电场强度C．电子在R点处的动能小于在P点处的动能D．假设将一束带正电的粒子从左侧射入聚焦电场也一定被会聚7．2010年9月29日美国天文学家宣布发现了一颗迄今为止与地球最类似的行星，该行星绕太阳系外的红矮星做匀速圆周运动，公转周期约为37天，该行星的半径大约是地球半径的1.9倍，且外表重力加速度与地球外表重力加速度相近，如下关于该行星的说法正确的答案是( )A．该行星公转角速度一定比地球的公转角速度小B．该行星平均密度比地球平均密度大C．该行星第一宇宙速度大于地球的第一宇宙速度D．该行星同步卫星的周期小于地球同步卫星的周期8．如下列图，一质量为m、电荷量为q的带电液滴以速度v沿与水平面成θ角的方向斜向上进入匀强电场，在电场中做直线运动，如此液滴向上运动过程中〔忽略空气阻力〕正确的是( )A．电场力不可能小于mgcosθB．液滴的动能一定不变C．液滴的机械能可能不变化D．液滴的电势能一定不变9．如下列图，水平传送带以速度v1匀速运动，小物体P、Q由通过定滑轮且不可伸长的轻绳相连，t=0时刻P在传送带左端具有速度v2，v1＞v2，P与定滑轮间的绳水平．不计定滑轮质量，绳足够长．直到物体P从传送带右侧离开．以下判断正确的答案是( )A．物体P一定先加速后匀速B．物体P可能先加速后匀速C．物体Q的机械能一直增加D．物体Q一直处于超重状态10．如下列图，上外表光滑的半圆柱体放在水平面上，小物块从靠近半圆柱体顶点O的A点，在外力F作用下沿圆弧缓慢下滑到B点，此过程中F始终沿圆弧的切线方向且半圆柱体保持静止状态．如下说法中正确的答案是( )A．半圆柱体对小物块的支持力变大B．外力F变大C．地面对半圆柱体的摩擦力先变大后变小D．地面对半圆柱体的支持力变大11．某电动汽车在平直公路上从静止开始加速，测得发动机功率随时间变化的图象和其速度随时间变化的图象分别如图甲、乙所示，假设电动汽车所受阻力恒定，如此如下说法正确的答案是( )A．测试时该电动汽车所受阻力为1.0×103NB．该电动汽车的质量为1.2×103kgC．在0～110s内该电动汽车的牵引力做功为4.4×106JD．在0～110s内该电动汽车抑制阻力做的功2.44×106J二、实验题〔14分〕12．在“探究恒力做功与动能改变的关系〞实验中，某同学采用图示装置的实验方案，他想用砂和小桶的总重力表示小车受到的合力，为了减少这种做法带来的实验误差，他使长木板左端抬起﹣个适宜的角度，平衡摩擦力．你认为在实验中还应满足__________条件，如下列图是某次实验中得到的一条纸带，其中A、B、C、D、E、F是计数点，相邻计数点间的时间间隔为T，距离如下列图，如此打C点时小车的速度表达式为〔用题中所给物理量表示〕__________；要验证合外力的功与动能变化间的关系，除了要测量砂和小砂桶的总重力、测量小车的位移、速度外，还要测出的物理量有__________．13．某同学要探究一种新材料制成的圆柱体的电阻．步骤如下：〔1〕用游标为20分度的卡尺测量其长度如图1，由图可知其长度为__________mm．〔2〕用螺旋测微器测量其直径如图2，由图可知其直径为__________cm．〔3〕用多用电表的电阻“×10〞挡，按正确的操作步骤测此圆柱体的电阻，表盘的示数如图3，如此该电阻的阻值约为__________Ω．〔4〕该同学想用伏安法更准确地测量其电阻R，现有的器材与其代号和规格如下：待测圆柱体电阻R电流表A1〔量程0～4mA，内阻约50Ω〕电流表A2〔量程0～10mA，内阻约30Ω〕电压表V1〔量程0～3V，内阻约10kΩ〕电压表V2〔量程0～15V，内阻约25kΩ〕直流电源E〔电动势4V，内阻不计〕滑动变阻器R1〔阻值范围0～15Ω，允许通过的最大电流2.0A〕滑动变阻器R2〔阻值范围0～20kΩ，允许通过的最大电流0.5A〕开关S导线假设干为使实验误差较小，要求测得多组数据进展分析，请在图4方框中画出测量的电路图，并标明所用器材的代号．三、计算题〔共42分〕14．某同学为了测定木块与斜面间的动摩擦因数，他用测速仪研究木块在斜面上的运动情况，装置如图甲所示．他使木块以初速度v0=4m/s的速度沿倾角θ=30°的斜面上滑紧接着下滑至出发点，并同时开始记录数据，结果电脑只绘出了木块从开始上滑至最高点的v﹣t图线如图乙所示．g取10m/s2．求：〔1〕上滑过程中的加速度的大小a1；〔2〕木块与斜面间的动摩擦因数μ；〔3〕木块回到出发点时的速度大小v．15．〔14分〕某个星球，质量是地球质量的4倍，半径是地球半径的4倍．在其外表有如下列图的装置，光滑水平面右端B处连接一个竖直的半径为R的光滑半圆轨道．今在离B距离为x 的A点，用水平推力将质量为m的质点从静止开始推倒B处后撤去水平推力，质点沿半圆轨道运动到C后又正好落回到A点，地球外表的重力加速度为g，求：〔1〕该星球外表的重力加速度．〔2〕推力对小球所做的功．〔用m、g、R、x表示〕〔3〕x取何值时，完成上述运动推力所做的功最小？最小功为多少？16．〔16分〕如下列图，在xoy坐标系中，两平行金属板如图1放置，OD与x轴重合，板的左端与原点O重合，板长L=2m，板间距离d=1m，紧靠极板右侧有一荧光屏．两金属板间电压U AO变化规律如图2所示，变化周期为T=2×10﹣3s，U0=103V，t=0时刻一带正电的粒子从左上角A点，以平行于AB边v0=1000m/s的速度射入板间，粒子电量q=1×10﹣5C，质量m=1×10﹣7kg．不计粒子所受重力．求：〔1〕粒子在板间运动的时间；〔2〕粒子打到荧光屏上的纵坐标；〔3〕粒子打到屏上的动能．2015-2016学年辽宁省大连二十中高三〔上〕期中物理试卷一、选择题：〔此题共11个小题，每一小题4分，共44分．1-7题在每一小题给出的四个选项中，只有一个选项正确，选对得4分，8-11题有的小题有多个选项正确．全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分．〕1．如图，小球自光滑斜轨道由静止自由滚下，以v、s、a、F合分别表示小球的速度、位移、加速度和合外力四个物理量的大小，小球下滑过程中各物理量随时间变化正确的答案是( )A．B．C．D．【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】小球自光滑轨道由静止自由滚下过程做匀加速直线运动，根据运动学公式得出速度、位移与时间的关系式，分析图象的正误．小球的加速度保持不变．由速度的表达式得出动能的表达式，选择图象【解答】解：A、小球自光滑轨道由静止自由滚下过程做匀加速直线运动，如此有v=at，a一定，v∝t．故A正确．B、由位移公式得：s=，s∝t2，s﹣t图象应是抛物线．故B错误．C、小球做匀加速直线运动，加速度不变，a﹣t图线应平行于t轴．故C错误．D、由于小球向下做匀加速运动，故受到的合力不变，为平行于时间轴的一条直线，故D错误；应当选：A【点评】对于物理图象，往往由物理规律得到解析式，再根据数学知识选择图象2．如下列图，“旋转秋千〞中的两个座椅A、B质量相等，通过一样长度的缆绳悬挂在旋转圆盘上．不考虑空气阻力的影响，当旋转圆盘绕竖直的中心轴匀速转动时，如下说法正确的答案是( )A．A的速度比B的大B．A与B的向心加速度大小相等C．悬挂A、B的缆绳与竖直方向的夹角相等D．悬挂A的缆绳所受的拉力比悬挂B的小【考点】向心力；线速度、角速度和周期、转速．【专题】匀速圆周运动专题．【分析】AB两个座椅具有一样的角速度，分别代入速度、加速度、向心力的表达式，即可求解．【解答】解：AB两个座椅具有一样的角速度．A：根据公式：v=ω•r，A的运动半径小，A的速度就小．故A错误；B：根据公式：a=ω2r，A的运动半径小，A的向心加速度就小，故B错误；C：如图，对任一座椅，受力如图，由绳子的拉力与重力的合力提供向心力，如此得：mgtanθ=mω2r，如此得tanθ=，A的半径r较小，ω相等，可知A与竖直方向夹角θ较小，故C错误．D：A的向心加速度就小，A的向心力就小，A对缆绳的拉力就小，故D正确．应当选：D．【点评】解决此题的关键知道A、B的角速度大小相等，知道线速度、角速度、向心加速度、向心力之间的关系，并能灵活运用．3．在力学理论建立的过程中，有许多伟大的科学家做出了贡献．关于科学家和他们的贡献，如下说法中不正确的答案是( )A．伽利略首先将实验事实和逻辑推理〔包括数学推演〕和谐地结合起来B．笛卡尔对牛顿第一定律的建立做出了贡献C．开普勒通过研究行星观测记录，发现了行星运动三大定律D．牛顿总结出了万有引力定律并用实验测出了引力常量【考点】物理学史．【专题】常规题型．【分析】此题比拟简单考查了学生对物理学史的了解情况，在物理学开展的历史上有很多科学家做出了重要贡献，大家熟悉的牛顿、爱因斯坦、法拉第等，在学习过程中要了解、知道这些著名科学家的重要贡献【解答】解：A、伽利略首先将实验事实和逻辑推理〔包括数学推演〕和谐地结合起来，标志着物理学的真正开始，故A正确；B、笛卡尔等人又在伽利略研究的根底上进展了更深入的研究，他认为：如果运动物体，不受任何力的作用，不仅速度大小不变，而且运动方向也不会变，将沿原来的方向匀速运动下去，因此笛卡尔对牛顿第一定律的建立做出了贡献，故B正确；C、开普勒提出行星运动三大定律，故C正确；D、万有引力常量是由卡文迪许测出的故D错误．此题选错误的，应当选D．【点评】要熟悉物理学史，了解物理学家的探索过程，从而培养学习物理的兴趣和为科学的奉献精神．4．如下列图，虚线AB和CD分别为椭圆的长轴和短轴，相交于O点，两个等量同种点电荷分别处于椭圆的两个焦点M、N上，如下说法中正确的答案是( )A．A、B两处电势、场强均一样B．C、D两处电势、场强均不同C．在虚线AB上O点的场强最小D．带负电的试探电荷在O处的电势能大于在C处的电势能【考点】电势；电场强度；电势能．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】根据等量同种电荷电场线和等势面分布特点，可以比拟A与B，C与D电势、场强关系与O、B电势上下；根据电场线疏密可知，在M、N之间O点场强最小；利用负电荷在电势高处电势能小，可比拟负电荷在O、C电势能大小．【解答】解：A、根据顺着电场线方向电势降低，结合等量同种电荷电场线、等势面分布对称性特点可知，A、B两处电势一样，场强大小相等、方向相反，所以场强不同，故A错误．B、根据等量同种电荷电场线、等势面分布对称性，C、D两处场强方向相反，电势一样．故B 错误．C、根据电场线疏密表示场强的大小可知，在AB之间，O点场强为零，为最小．故C正确．D、OC间的电场强度方向向上，根据顺着电场线方向电势降低，可知O点电势高于C点电势，如此负电荷在O处电势能小于在C处电势能．故D错误．应当选：C【点评】这类问题要巧妙利用电场线、等势面分布对称性的特点，再根据电场线方向判断电势上下，电场线的疏密判断场强的大小．5．如下列图的火警报警装置，R1为热敏电阻，温度升高R1急剧减小，当电铃电压达到一定数值时，电铃会响，如此如下说法正确的答案是( )A．假设报警器的电池老化〔内阻变大〕电动势不变，不会影响报警器的安全性能B．假设试验时发现有火点时装置不响，应把R2的滑片P向下移C．假设试验时发现有火点时装置不响，应把R2的滑片P向上移D．增大电源的电动势，会使报警的临界温度升高【考点】闭合电路的欧姆定律；常见传感器的工作原理．【专题】恒定电流专题．【分析】假设报警器的电池老化〔内阻变大〕电动势不变，报警器的电压变小，电铃将不会响．假设试验时发现有火点时装置不响，说明报警器的电压较小，要增大其电压，必须R2的滑片P向上移．增大电源的电动势，会使报警的临界温度降低．【解答】解：A、假设报警器的电池老化〔内阻变大〕电动势不变，报警器的电压变小，电铃将不会响，所以会影响报警器的安全性能．故A错误．B、C假设试验时发现有火点时装置不响，说明报警器的电压较小，要增大其电压，根据串联电路分压的特点可知，必须增大R2，应把R2的滑片P向上移．故B错误，C正确．D、增大电源的电动势，报警器的电压变大，相当于电动势不变，R1变小，所以会使报警的临界温度降低．故D错误．应当选C【点评】此题中R1为热敏电阻，相当于可变电阻，利用串联电路电压与电阻成正比的特点进展分析．6．阴极射线示波管的聚焦电场是由电极A1、A2形成的，其中虚线为等势线，相邻等势线间电势差相等，z轴为该电场的中心轴线〔管轴〕．电子束从左侧进入聚焦电场后，在电场力的作用下会聚到z轴上，沿管轴从右侧射出，图中PQR是一个从左侧进入聚焦电场的电子运动轨迹上的三点，如此可以确定( )A．电极A1的电势高于电极A2的电势B．电场中Q点的电场强度小于R点的电场强度C．电子在R点处的动能小于在P点处的动能D．假设将一束带正电的粒子从左侧射入聚焦电场也一定被会聚【考点】电场线；电场强度．【专题】定性思想；推理法；带电粒子在电场中的运动专题．【分析】沿电场线电势降低，电场强度的大小与电场线的疏密的关系；明确电子在电场中的受力特点以与电场力做功情况，从而进一步判断电势能、动能等变化情况．根据正电荷所受的电场力方向，判断能否会聚．【解答】解：A、根据电子运动的轨迹可知，电子受到的电场力的方向在Q﹣R之间电场力的方向向右下方，根据电场线与等势线垂直，可知管轴上电场线方向向左．根据沿电场线电势降低，得知电极A1的电势低于电极A2，故A错误；B、等差等势线密的地方电场线也密，因此Q点电场线比R点电场线疏，故Q点的电场强度小于R点的电场强度，故B正确；C、电子从低电势向高电势运动时，电场力做正功，动能增加，所以电子在R点处的动能大于在P点处的动能，故C正确．D、假设将一束带正电的粒子从左侧射入聚焦电场，所受的电场力向外侧，不可能会聚，故D 错误．应当选：BC【点评】该题考查带电粒子在特殊的电场中的运动，要能正确根据电场线、等势线的分布情况，判断电势、电势能、电场强度、电场力做功等物理量变化情况．7．2010年9月29日美国天文学家宣布发现了一颗迄今为止与地球最类似的行星，该行星绕太阳系外的红矮星做匀速圆周运动，公转周期约为37天，该行星的半径大约是地球半径的1.9倍，且外表重力加速度与地球外表重力加速度相近，如下关于该行星的说法正确的答案是( )A．该行星公转角速度一定比地球的公转角速度小B．该行星平均密度比地球平均密度大C．该行星第一宇宙速度大于地球的第一宇宙速度D．该行星同步卫星的周期小于地球同步卫星的周期【考点】万有引力定律与其应用．【专题】定量思想；推理法；万有引力定律在天体运动中的应用专题．【分析】A、根据比拟角速度大小；B、利用g=和M=联立得到平均密度表达式进展分析；C、根据第一宇宙速度表达式v=比拟两个星球的第一宇宙速度大小；D、行星同步卫星的周期等于自转周期．【解答】解：A、由可得：与地球最类似的行星的公转周期小，角速度大，故A错误；B、根据g=和M=，有：g=ρ∝gR；该行星的半径大约是地球半径的1.9倍，且外表重力加速度与地球外表重力加速度相近，该行星平均密度是地球的倍，小于地球的平均密度，故B错误；C、根据第一宇宙速度表达式v=，由于该行星外表重力加速度与地球外表重力加速度相近，而半径大约是地球半径的1.9倍，故其第一宇宙速度是地球第一宇宙速度的倍，大于地球的第一宇宙速度，故C正确；D、行星同步卫星的周期等于自转周期，故根据题目的数据无法计算同步卫星的周期大小，故D错误；应当选：C【点评】考查天体的运动规律，会由万有引力提供向心力求得运行速度与半径的关系，知道如何求解天体质量、密度．8．如下列图，一质量为m、电荷量为q的带电液滴以速度v沿与水平面成θ角的方向斜向上进入匀强电场，在电场中做直线运动，如此液滴向上运动过程中〔忽略空气阻力〕正确的是( )A．电场力不可能小于mgcosθB．液滴的动能一定不变C．液滴的机械能可能不变化D．液滴的电势能一定不变【考点】动能定理的应用；电场强度；电势能．【专题】动能定理的应用专题．【分析】根据液滴做直线运动的条件：合力方向与速度方向在同一直线上或合力为零，分析液滴所受的电场力可能方向．根据电场力方向与速度方向的关系，判断电场力做功正负，分析机械能和电势能的变化．当电场力与速度方向垂直时，电场力最小，可求出最小值．【解答】解：A、当电场力与速度方向垂直时，电场力最小，由几何知识求得最小值为mgcosθ，故A正确；B、液滴做直线运动，电场力可能竖直向上，与重力相平衡，液滴做匀速直线运动，动能不变；电场力也可能不在竖直向上，合力与速度方向一样时，液滴做匀加速直线运动，动能增大；合力与速度方向相反时，液滴做匀减速直线运动，动能减小，故B错误；C、D、电场力方向可能与速度方向垂直，电场力不做功，电势能不变，机械能不变，电场力也可能与速度不垂直，电场力做功，电势能改变，机械能也改变，故C正确，D错误；应当选：AC【点评】此题关键是掌握质点做直线运动的条件：合力方向与速度方向在同一直线上或合力为零，要考虑匀速直线运动和变速直线运动两种情形，全面分析，不能遗漏．9．如下列图，水平传送带以速度v1匀速运动，小物体P、Q由通过定滑轮且不可伸长的轻绳相连，t=0时刻P在传送带左端具有速度v2，v1＞v2，P与定滑轮间的绳水平．不计定滑轮质量，绳足够长．直到物体P从传送带右侧离开．以下判断正确的答案是( )A．物体P一定先加速后匀速B．物体P可能先加速后匀速C．物体Q的机械能一直增加D．物体Q一直处于超重状态【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】由于v1＞v2，且物体P向右运动，故P受到的摩擦力可能大于Q的重力，故P可能先加速后匀速，也有可能一直加速运动，故物体Q不可能一直处于超重，因绳的拉力做正功，故Q的机械能增加；【解答】解：A、由于v1＞v2，且物体P向右运动，故P受到的摩擦力可能大于Q的重力，故P可能先加速后匀速，也有可能一直加速运动，故A错误，B正确；C、不论A中那种情况，绳子对物体Q的拉力都做正功，故Q的机械能增加，故C正确；D、当物体先加速后匀速时，物体不可能一直处于超重，故D错误；应当选：BC【点评】此题主要考查了物体在传送带上的运动过程，可能是一直加速，也可能是先加速后匀速运动，分清过程是关键10．如下列图，上外表光滑的半圆柱体放在水平面上，小物块从靠近半圆柱体顶点O的A点，在外力F作用下沿圆弧缓慢下滑到B点，此过程中F始终沿圆弧的切线方向且半圆柱体保持静止状态．如下说法中正确的答案是( )A．半圆柱体对小物块的支持力变大B．外力F变大C．地面对半圆柱体的摩擦力先变大后变小D．地面对半圆柱体的支持力变大【考点】共点力平衡的条件与其应用；物体的弹性和弹力．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】先对小滑块受力分析，根据共点力平衡条件求出支持力和拉力的表达式，再分析；然后对半圆柱体受力分析，得到摩擦力和支持力表达式后分析．【解答】解：A、B、对小滑块受力分析，受到重力、支持力和拉力，如图根据共点力平衡条件，有N=mgcosθF=mgsinθ由于θ越来越大，故支持力N变小，拉力F变大，故A错误，B正确；C、D、对半圆柱体受力分析，受到压力N，地面支持力N′，重力Mg，地面的静摩擦力f，如图根据共点力平衡条件，有Nsinθ=fMg+Nc osθ=N′解得f=mgsinθcosθ=mgsin2θN′=Mg+mgcos2θ=Mg+mg〔〕由于θ越来越大，故静摩擦力f先变大后变小，支持力先变小后变大，故C正确，D错误；应当选：BC．【点评】此题关键是先后对小滑块和半圆柱体受力分析，然后根据共点力平衡条件列式求解．11．某电动汽车在平直公路上从静止开始加速，测得发动机功率随时间变化的图象和其速度随时间变化的图象分别如图甲、乙所示，假设电动汽车所受阻力恒定，如此如下说法正确的答案是 ( )。
辽宁省大连市第二十高级中学高三上学期期中考试物理试题
辽宁省大连市第二十高级中学2015届高三上学期期中考试物理试题考试时间：90分钟试题分数：100分卷I（共48分）一．选择题（本题共12题，每小题4分，共48分。
在每小题给出的四个选项中，第4、7、10、11有多项符合题目要求，其余题目只有一项符合题目要求。
全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1．在高中物理中闪耀着很多思想方法的光辉，下列说法中，哪一项与其它三项使用的思想方法不同（）A．圆周运动中向心加速度的推导B．匀变速直线运动位移的公式的推导C．在探究弹性势能的表达式过程中，把拉伸弹簧的过程分成很多小段，在每小段内认为弹簧的弹力是恒力，然后把每小段做功的代数和相加D．在水平桌面上，用大小不变，方向始终沿着半径为R的圆周切线方向的外力F拉动物体转动，求拉力F做的功2．如图所示是物体A、B的x-t图象，由图可知()A．从第3 s起，两物体运动方向相同，且v A>v BB．两物体由同一位置开始运动，但物体A比B迟3 s才开始运动C．在5 s内物体的位移相同，5 s末A、B相遇D．5 s内A、B的平均速度相等3．一辆空车和一辆满载货物的同型号汽车，在同一路面上以相同的速度向同一方向行驶。
两辆汽车同时紧急刹车后（即车轮不滚动只滑动），以下说法正确的是（）A．满载货物的汽车由于惯性大，滑行距离较大B．满载货物的汽车由于受的摩擦力较大，滑行距离较小C．两辆汽车滑行的距离相同D．满载货物的汽车比空车先停下来4．北京时间2014年10月24日02时00分，我国自行研制的探月工程三期“嫦娥五号”返回飞行试验器，在西昌卫星发射中心用长征三号丙运载火箭发射升空，准确进入近地点高度为209公里、远地点高度41.3万公里的地月转移轨道。
我国探月工程首次实施的返回飞行试验首战告捷。
假设月球半径为R，月球表面的重力加速度为g0。
飞船沿距月球表面高度为3R的圆形轨道Ⅰ运动，到达轨道的A点，点火变轨进入椭圆轨道Ⅱ，到达轨道Ⅱ的近月点B再次点火进入近月轨道Ⅲ绕月球做圆周运动．下列判断正确的是（）A．飞船在轨道Ⅰ上的运行速率B．飞船在轨道Ⅲ绕月球运动一周所需的时间为C．飞船在点点火变轨的瞬间，速度减小D．飞船从A到B运行的过程中处于完全失重状态5．如图所示，足够长的传送带与水平面夹角为θ，以速度v0逆时针匀速转动．在传送带的上端轻轻放置一个质量为m的小木块，小木块与传送带间的动摩擦因数μ<tanθ，则下图中能客观地反映小木块的速度随时间变化关系的是（）6．如图所示，某同学把一个小球在O点对准前方的一块竖直放置的挡板水平抛出，O与A在同一高度，小球的水平初速度分别为v1、v2、v3，不计空气阻力，打在挡板上的位置分别是B、C、D，且AB: BC: CD=1:3:5。
辽宁省大连市第二十高级中学2016届高三最后一模理综试题(含答案)
2016年大连二十高中冲刺模拟卷理科综合能力测试本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，其中第Ⅱ卷第33~40题为选考题，其它题为必考题。
考生作答时，将答案答在答题卡上，在本试卷上答题无效。
注意事项：1、答题前，考生务必先将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上，认真核对条形码上的姓名、准考证号，并将条形码粘贴在答题卡的指定位置上。
2、选择题答案使用2B铅笔填涂，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案的标号；非选择题答案使用0.5毫米的黑色中性（签字）笔或碳素笔书写，字体工整、笔记清楚。
3、请按照题号在各题的答题区域（黑色线框）内作答，超出答题区域书写的答案无效。
4、保持卡面清洁，不折叠，不破损。
5、做选考题时，考生按照题目要求作答，并用2B铅笔在答题卡上把所选题目对应的题号涂黑。
可能用到的相对原子质量：H-1 B-11 C-12 N-14 O-16 P-31 S-32 Fe-56第I 卷一、选择题：本题共13小题，每小题6分。
每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1.以下关于叶绿体与线粒体的叙述，错误的是A.都有较大的膜面积，有利于代谢高效进行B.都需要以水作为代谢的原料C.都含有DNA和RNAD.都能生成ATP并为各项生命活动直接提供能量2.人体细胞某基因活化后能导致细胞凋亡，相关推测最合理的是A.该基因是原癌基因或者抑癌基因B.该基因活化后其细胞周期缩短C.该细胞一定是被抗原入侵的靶细胞D.该基因活化可发生在胚胎发育阶段3．下列有关实验的说法正确的是A．观察蝗虫精巢切片时，能看到有丝分裂中期的细胞B．探究温度对酶活性的影响时，最好选用新鲜肝脏中的H2O2酶做实验材料C．西瓜汁中含有丰富的葡萄糖和果糖，是作还原糖鉴定的理想材料D．观察DNA和RNA在细胞中的分布，应选用龙胆紫对细胞染色4.如图是某物种迁入新环境后随机交配，一对等位基因的基因频率变化情况，分析这些数据能得出的结论是A.1950-1980年间该种群始终没有发生进化B.1990年该生物与原物种相比已经进化成新物种C.1960年该种群Aa基因型的频率为48%D.1990年，a基因的频率大幅下降导致该物种的丰富度减小5.下列有关生命活动的叙述中，错误的是A.有氧呼吸和无氧呼吸过程中丙酮酸的消耗途径不同B.原核细胞和真核细胞进行翻译的细胞器不同C光合作用和化能合成作用中合成有机物的能量来源不同D.动作电位和静息电位产生时细胞内外的K+/Na+比值不同6．关于人体内环境的叙述，正确的是A．组织液渗透压增大，引起细胞吸水B．无氧呼吸产生乳酸的过程发生在内环境中C ．血浆中的HCO －3参与维持血浆pH 的稳定D ．血浆中蛋白质的含量对血浆渗透压没有影响7. 化学与生活密切相关。
辽宁省大连市第二十高级中学高一物理下学期期中试题
2014-2015学年度下学期期中考试高一物理试卷考试时间：90分钟 试题分数：100分卷Ⅰ一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共计28分。
1．物体在两个相互垂直的力作用下运动，力F 1对物体做功6J ，物体克服力F 2做功8J ，则F 1、F 2的合力对物体做功为（ ）A.14JB. 10JC. 2JD.﹣2J2. 如图所示，从地面上方不同高度处以水平速度v a 、v b 抛出两小球a 、b ，结果a 落在b 初始位置的正下方，而b 落在a 初始位置的正下方，bc 为过小球b初始位置的水平线，不计空气阻力，下列判断正确的有（ ）A ．两球抛出时的初速度v a >v bB ．若两小球同时抛出，它们可能在空中相遇C ．若两小球同时抛出，它们不能在空中相遇D ．若要使它们能在空中相遇，必须在a 到达bc 时将b 抛出 3.如图所示为一质点在恒力F 作用下在xOy 平面上从O 点运动到B 点的轨迹，且在A 点时的速度v A 与x 轴平行，则恒力F 的方向可能是（ ）A ．沿+x 方向 B.沿﹣x 方向 C.沿+y 方向 D.沿﹣y 方向4.划船速度为v 1=4m/s 的小船在宽d =100m ，水速为v 2=3m/s 的小河中，由一岸划向另一岸，要想渡河的时间最短下列说法正确的是（ ） A ．应垂直河岸划，渡船过河时间只需25sB ．应垂直河岸划，这时船相对岸的速度为5m/s ，所以渡河时间只需20sC ．应斜向上游划，使船相对岸的速度与河岸垂直D ．应斜向下游划，使船相对岸的速度尽可能大5. 如图所示，某同学用硬塑料管和一个质量为m 的铁质螺丝帽研究匀速圆周运动，将螺丝帽套在塑料管上，手握塑料管使其保持竖直并做半径为r 的匀速圆周运动，则只要运动角速度合适，螺丝帽恰好不下滑．假设螺丝帽与塑料管间的动摩擦因数为μ，认为最大静摩擦力近似等于滑动摩擦力．则在该同学手转塑料管使螺丝帽恰好不下滑时，下述分析正确的是 A ．由螺丝帽受的摩擦力来提供其做匀速圆周运动的向心力 B ．螺丝帽受到杆的弹力方向水平向外，背离圆心 C ．此时手转动塑料管的角速度rg μω=D ．若杆的转动加快则螺丝帽有可能相对杆发生运动6.如图所示，在地球轨道外侧有一小行星带．假设行星带中的小行星都只受到太阳的引力，并绕太阳做匀速圆周运动．下列说法正确的是（ ） A ．各小行星绕太阳运动的周期小于一年B ．小行星带内各行星绕太阳公转的线速度均小于地球公转的线速度C ．小行星带内侧行星的加速度小于外侧行星的加速度abv av b cD ．与太阳距离相等的每一颗小行星，受到太阳的引力大小都相等 7. 小球质量为m ，用长为L 的轻质细线悬挂在O 点，在O 点的正下方2L处有一钉子P ，把细线沿水平方向拉直，如图所示，无初速度地释放小球，当细线碰到钉子的瞬间，设线没有断裂，则下列说法正确的是（ ）A ．小球的角速度减小B ．小球的瞬时速度突然增大C ．小球的向心加速度突然增大D ．小球对悬线的拉力保持不变 二、多项选择题（每小题5分，共20分。
辽宁省大连市第二十高级中学高一物理下学期期末考试试题
2015——2016学年度下学期期末考试高一物理试卷考试时间：90分钟 试题分数：100分卷Ⅰ一、单选题：（本题共8小题，每小题4分，共32分。
）1．下列说法中正确的是（ ）A.由F E q=可知，电场强度随试探电荷电量的增加而减小 B.若通电导线在磁场中受力为零，则该处的磁感应强度一定为零C.正电荷在电场中的受力方向与该处的电场强度方向相同D.通电导线在磁场中的受力方向与该处的磁感应强度方向相同2. 某电场线分布如图所示，电场中a 、b 两点的电场强度大小分别为a E 和b E ，电势分别为a ϕ和b ϕ，则（ ）A ．a b E E >，a b ϕϕ> B. a b E E >，a b ϕϕ< C ． a b E E <，a b ϕϕ< D. a b E E <，a b ϕϕ>3．将质量为m 的小球从h 高处以初速度0v 水平抛出，不计空气阻力，小球下落过程中重力的平均功率为（ ）A ．B ． D. 124．如图所示，AB 两端接100V 电压，R0＝40Ω，滑动变阻器总电阻R ＝20Ω，当滑片处于变阻器中点时，R 0两端电压为（ ）A.100VB.50VC.80VD.20V5. 如图，两根相互平行的长直导线分别通有方向相反的电流I 1和I 2，且I 1＞I 2；a 、b 、c 、d 为导线某一横截面所在平面内的四点，且a 、b 、c 与两导线共面；b 点在两导线之间，b 、d 的连线与导线所在平面垂直。
磁感应强度可能为零的点是（ ）A.a 点B.b 点C.c 点D.d 点6.在一个匀强电场中有a 、b 两点，相距为d ，电场强度为E ，把一个电量为q 的负电荷由a 移到b 点时，电场力对电荷做正功W ，以下说法正确的是（ ）A ．a 点电势比b 点电势高 B.该电荷在b 点的电势能较a 点大C ．a 、b 两点电势差大小一定满足U Ed = D.ab 两点电势差大小一定满足q W U = 7．如图所示，实线为某电场中三条电场线，电场方向未知，a 、b 两带电粒子从电场中的O 点以相同的初速度飞出。
辽宁省大连市第二十高级中学高一物理6月月考试题
2015—2016学年度下学期6月月考高一物理试题总分：100分考试时间：90分钟一、单选题：（本题有8个小题。
每小题4分，共32分。
每小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的。
）1．欧姆不仅发现了欧姆定律，还研究了电阻定律。
有一个长方体金属电阻，材料分布均匀，边长分别为a、b、c，且a>b>c。
电流分别沿以下方向流过该金属电阻，其中电阻阻值最小的是()2．如图所示，在正方形四个顶点分别放置一个点电荷，所带电荷量及电性已在图中标出，则下列四个选项中，正方形中心处电场强度最大的是( )3．两个可自由移动的点电荷分别放在A、B两处，如图所示。
A处电荷带正电Q1，B处电荷带负电Q2，且Q2=4Q l，另取一个可以自由移动的点电荷Q3放在AB直线上，欲使整个系统处于平衡状态，则( )A．Q3为负电荷，且放于A左方B．Q3为负电荷，且放于B右方C．Q3为正电荷，且放于AB之间D．Q3为正电荷，且放于B右方4．如图所示，菱形ABCD的对角线相交于O点，两个等量异种点电荷分别固定在AC连线上的M 点与N点，且OM=ON，则( )A．A、C两处电势、场强均相同B．B、D两处电势、场强均相同C．A、C两处电势、场强均不相同D．B、D两处电势、场强均不相同5．如图所示的是甲、乙、丙三个电源的U-I图线，甲和丙两图线平行，下列判断正确的是( ) A．甲电源的电动势比乙的电动势大B．甲电源的内阻比丙电源的内阻大C．甲电源内阻最大，丙电源内阻最小D．乙电源的电动势和内阻都比丙电源的大6．如图所示，电源电动势E=34 V，内阻不计，电灯上标有“6 V，12 W”的字样，直流电动机线圈电阻R=2 Ω。
接通电源后，电灯恰能正常发光，下列说法正确的是( ) A．电路中的电流大小为6 AB．电动机两端电压为4VC．电动机产生的热功率为56 WD．电动机输出的机械功率为48W7．真空中的某装置如图所示，其中平行金属板A、B之间有加速电场，C、D之间有偏转电场，M为荧光屏。
2015-2016学年辽宁省大连二十中高一(上)月考物理试卷(10月份)
2015-2016学年辽宁省大连二十中高一（上）月考物理试卷（10月份）学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共5小题，共30.0分)1.在一次交通事故中，警察测量出肇事车辆的刹车痕迹是20m，设该车辆的刹车加速度大小是10m/s2，该路段的限速为60km/h．则该车（）A.刹车所用的时间为1sB.超速C.不超速D.行驶速度为60km/h【答案】B【解析】解：A、刹车时间为：，故A错误．BCD、汽车刹车时做匀减速运动，根据，可得汽车的初速度为：60km/h=16.67m/s，所以20m/s＞60km/h，故该汽车超速．故CD错误，B正确．故选：B．汽车刹车时做匀减速运动，根据匀变速直线运动的位移-速度公式，求出汽车的初速度，然后判断该车是否超车．本题考查了匀变速运动规律在实际生活中的应用，对于生活中的实际运动要能建立正确的运动模型，然后利用相应规律求解．2.小球以v1=3m/s的速度水平向右运动，碰到墙壁经t=0.01s后以v2=2m/s的速度沿同一直线反弹．小球在这0.01s内的平均加速度为（）A.100m/s2，方向向右B.100m/s2，方向向左C.500m/s2，方向向左D.500m/s2，方向向右【答案】C【解析】解：规定水平向右为正方向．根据加速度的定义式a=得：a=m/s2=-500m/s2负号表明加速度方向与正方向相反，即水平向左．故选C．根据加速度的定义式a=进行求解．在进行矢量式运算时，我们要先规定正方向，与正方向相同的取正值，与正方向相反的取负值．3.有研究发现，轿车的加速度变化情况将影响乘客的舒适度：即加速度变化得越慢，乘坐轿车的人就会感到越舒适；加速度变化得越快，乘坐轿车的人就会感到越不舒适．若引入一个新物理量来表示加速度变化的快慢，则该物理量的单位是（）A.m/sB.m/s2C.m/s3D.m2/s【答案】C【解析】解：新物理量表示的是加速度变化的快慢，所以新物理量应该等于加速度的变化量与时间的比值，所以新物理量的单位应该是m/s3，所以C正确．故选C．根据题意可知新物理量表示的是加速度变化的快慢，根据定义式的特点可以知道物理量的单位．加速度是表示速度变化快慢的物理量，根据加速度的定义式，可以理解表示加速度变化的快慢的新物理量的单位．4.如图是物体做直线运动的v-t图象，由图可知，该物体（）A.第1s内和第3s内的运动方向相反B.第3s内和第4s内的加速度相同C.第1s内和第4s内的位移大小不等D.0～2s内和0～4s内的平均速度大小相等【答案】B【解析】解：A、由图知，在前3s内物体的速度均为正值，说明在前3s内物体的运动方向不变，故A 错误；B、速度图象的斜率等于加速度，第3s内和第4s内图线的斜率相同，则加速度相同，故B正确；C、图象与时间轴所围的面积表示位移，由几何知识可知第1s内和第4s内的位移大小相等．故C错误；D、根据“面积”可知：0～2s内和0～4s内的位移相等，所用时间不等，所以平均速度不等，故D错误．故选：B．速度时间图象中速度的符号表示物体的运动方向；图象的斜率等于加速度；图象与时间轴所围的面积表示位移．平均速度等于位移与时间之比．根据这些知识进行解答．解决本题的关键知道速度时间图线的物理意义，知道图线的斜率表示加速度，图线与时间轴围成的面积表示位移．5.四川灾后重建中，在某工地上一卡车以速度10m/s匀速行驶，刹车后第1个2s内位移与最后一个2s内位移之比为3：2，设卡车做匀减速直线运动，则刹车后4s内卡车通过的距离是（）A.2.5mB.4mC.12mD.12.5m【答案】D【解析】解：设加速度的大小为a，则第1个2s内的位移．根据逆向思维，最后1个2s内的位移，根据，解得a=4m/s2．汽车刹车到停止所需的时间t=，知刹车后4s内的位移等于2.5s内的位移，则x=．故D正确，A、B、C错误．故选D．根据匀变速直线运动的位移时间公式求出第1个2s内的位移与最后一个2s内的位移，通过比值求出加速度的大小，从而运动学公式求出刹车后4s内的位移．解决本题的关键掌握匀变速直线运动的运动学公式，并能灵活运用，注意汽车刹车速度减为零后不再运动．二、多选题(本大题共3小题，共18.0分)6.如图所示，两个物体A、B放在水平地面上相距9m，现使它们分别以大小v A=6m/s和v B=2m/s的初速度同时相向减速滑行，加速度大小a=2m/s2．取g=10m/s2．则（）A.它们经过2s相遇B.它们经过4s相遇C.它们在距离物体A出发点8m处相遇D.它们在距离物体A出发点5m处相遇【答案】AC【解析】解：B速度减为零的时间，此时B的位移大小，A 的位移，因为x A+x B＜9m，可知B停止时，A、B还未相遇．可知相遇的时间内，A的位移大小为x A′=9-1m=8m，根据′′′得，8=6t′-t′2，解得t′=2s，故A正确，B错误，C正确，D错误．故选：AC．根据速度时间公式求出B速度减为零的时间，判断此时是否相遇，若未相遇，结合位移关系得出A的位移，根据位移时间公式求出相遇的时间．本题考查了运动学中的相遇问题，结合位移关系，运用运动学公式灵活求解，注意B速度减为零后不再运动．7.如图所示是一辆汽车做直线运动的s-t图象，对线段OA，AB，BC，CD所表示的运动，下列说法正确的是（）A.OA段运动最快B.AB段静止C.CD段表示的运动方向与初始运动方向相反D.运动4h汽车的位移大小为60km【答案】BC【解析】解：A、由图看出，CD段斜率最大，汽车的速度最大，运动最快．故A错误．B、AB段速度为零，说明汽车静止．故B正确．C、OA段斜率为正值，说明汽车的速度沿正方向，CD段斜率为负值，说明汽车的速度沿负方向，所以CD段表示的运动方向与初始运动方向相反．故C正确．D、运动4h后汽车回到了出发点，位移为0．故D错误．故选：BC位移图象的斜率等于速度，由数学知识分析速度的大小．斜率的正负表示速度的方向．由位移等于坐标的变化量，求解4h内汽车的位移．本题是位移图象的识别和理解问题，关键从数学的角度：斜率等于速度来分析和理解图象的物理意义．8.一根轻质细线将2个薄铁垫圈A、B连接起来，一同学用手固定B，此时A、B间距为3L，A距地面为L，如图所示．由静止释放，A、B，不计空气阻力，且A、B落地后均不再弹起．从释放开始到A落地历时t1，A落地前瞬间速率为v1，从A落地到B落在A上历时t2，B落在A上前瞬间速率为v2，则（）A.t1＞t2B.t1=t2C.v1：v2=1：2D.v1：v2=1：3【答案】BC【解析】解：由静止释放A、B，AB都做自由落体运动，A运动的位移为L，B运动的位移为4L，根据h=可知，A落地的时间t1=，B落地的时间为t=2，所以=t-t1=2，所以t1=t2，故A错误，B正确；A落地前瞬间速率为v1=gt1=g，B落地前瞬间速率为v2=gt=2g，所以v1：v2=1：2，故C正确，D错误．故选：BC．由静止释放A、B，AB都做自由落体运动，A运动的位移为L，B运动的位移为4L，根据自由落体运动的基本公式求解时间和速度即可．本题主要考查了自由落体运动基本公式的直接应用，难度不大，属于基础题．三、填空题(本大题共1小题，共8.0分)9.物体做匀变速直线运动，已知在第3s内的位移是4.5m，在第10s内的位移是11.5m，则物体的初速度为______ m/s，加速度为______ m/s2．【答案】2；1【解析】解：根据连续相等时间内的位移之差是一恒量所以有：，T=1s，解得m/s2．第3s内的位移：代入数据解得：v3=4m/s由匀变速直线运动的速度公式：v3=v0+a△t；△t=2s所以：v0=2m/s故答案为：2；1．根据匀变速直线运动连续相等时间内的位移之差是一恒量求出物体加速度的大小和方向，结合位移时间公式求出物体初速度的大小．解决本题的关键掌握匀变速直线运动的运动学公式和推论，并能灵活运用．四、实验题探究题(本大题共1小题，共8.0分)10.某同学利用打点计时器研究做匀加速直线运动小车的运动情况，如图1所示为该同学实验时打出的一条纸带中的部分计数点（后面计数点未画出），相邻计数点间有4个点迹未画出．（打点计时器每隔0.02s打出一个点）（1）为研究小车的运动，此同学用剪刀沿虚线方向把纸带上OB、BD、DF…等各段纸带剪下，将剪下的纸带一端对齐，按顺序贴好，如图2所示．简要说明怎样判断此小车是否做匀变速直线运动．方法：______ ．（2）在图3中x1=7.05cm、x2=7.68cm、x3=8.31cm、x4=8.94cm、x5=9.57cm、x6=10.20cm，则打下点迹A时，小车运动的速度大小是______ m/s，小车运动的加速度大小是______ m/s2．（本小题计算结果保留两位有效数字）【答案】连接纸带左上角（上方中点或纸带中点）为一条直线或每条纸带比前一条纸带长度增加量相等；0.74；0.63【解析】解：（1）它们的长度分别等于x=v平均t，因为剪断的纸带所用的时间都是t=0.1s，即时间t相等，所以纸带的长度之比等于此段纸带的平均速度之比；而此段纸带的平均速度等于这段纸带中间时刻的速度，最后得出结论纸带的长度之比等于此段纸带的平均速度之比，还等于各段纸带中间时刻的速度之比，即纸带的高度之比等于中间时刻速度之比，因此图2中的B、D、F、H、J、L，各点连起来恰好为一直线，说明每相邻两个纸袋相差的长度相等，即△x=a T2，所以说明小车做匀变速直线运动．故答案为：连接纸带左上角（上方中点或纸带中点）为一条直线或每条纸带比前一条纸带长度增加量相等．（2）匀变速直线运动中时间中点的瞬时速度等于该过程中的平均速度，由此可得：v A=≈0.74m/s根据匀变速直线运动的推论△x=a T2，有：x6-x3=3a1T2①x5-x2=3a2T2②x4-x1=3a3T2③a=④联立①②③④解得：a=≈0.63m/s2．．故答案为：0.74，0.63．（1）纸带的长度分别等于x=v平均t，因为剪断的纸带所用的时间都是t=0.1s，即时间t 相等，所以纸带的长度之比等于此段纸带的平均速度之比；而此段纸带的平均速度等于这段纸带中间时刻的速度，最后得出结论纸带的长度之比等于此段纸带的平均速度之比，还等于各段纸带中间时刻的速度之比，即纸带的高度之比等于中间时刻速度之比．（2）匀变速直线运动中时间中点的瞬时速度等于该过程中的平均速度，由此可求出E 点的速度，根据逐差法求出加速度，根据v t=v0+at，可求出F点的速度．利用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用，提高解决问题能力．五、计算题(本大题共3小题，共36.0分)11.一辆汽车从静止开始做匀加速直线运动，已知途中经过相距27m的A、B两点所用时间为2s，汽车经过B点时的速度为15m/s．求：（1）汽车经过A点时的速度大小；（2）A点与出发点间的距离．【答案】解：（1）A、B两点的平均速度，代入数据得，v A=12m/s．故经过A点的速度大小为12m/s．（2）汽车运动的加速度．′故A点与出发点的距离为48m．【解析】（1）根据求出AB两点间的平均速度，再根据，求出A点的速度大小．（2）根据速度时间公式求出加速度a，根据′，求出A点与出发点的距离解决本题的关键掌握匀变速直线运动平均速度公式，以及速度位移公式．12.跳伞运动员从266m的高空离开直升机，自由下落一段距离后才打开降落伞，设开伞后以2m/s2的加速度匀减速下降，到达地面的速度为4m/s，g取10m/s2．求：（1）运动员下落的总时间；（2）运动员自由下落的距离．【答案】解：设运动员打开降落伞时的速度为v0，（1）则自由落体运动的位移为：，匀减速运动的位移为：，x1+x2=h，有：代入数据解得：v0=30m/s又因为v0=gt，则=，根据v=v0+at得匀减速运动的时间为：=s=13s所以有：t=t1+t2=16s．（2）自由下落的高度为：代入数据解得：x1=45m答：（1）运动员下落的总时间为16s；（2）运动员自由下落的距离为45m．【解析】设自由落体运动的末速度为v0，结合速度位移公式，抓住总位移求出自由落体运动的末速度，再结合速度时间公式求出下落的总时间．根据速度位移公式求出自由落体运动的位移．本题考查了运动学中的多过程问题，关键理清整个过程中的运动规律，结合运动学公式灵活求解．13.一辆巡逻车最快能在10s内由静止加速到最大速度40m/s，并能保持这个速度匀速行驶．在平直的高速公路上，该巡逻车由静止开始启动加速，追赶前方x0=2000m处正以32m/s的速度匀速行驶的一辆卡车，求：（1）巡逻车与卡车何时相距最远，最远距离是多少；（2）巡逻车至少需要多少时间才能追上卡车？【答案】解：（1）根据v=at得，巡逻车加速度a==4m/s2当二者速度相等时相距最远，即v1=v2代入数据有：4t=32解得t=8s．当t=8s时，x1===128mx2=vt=32×8m=256m∴△x=x2-x1+x0=2128m．（2）设经过时间t巡逻车追上卡车，即x1=x0+x2x1=+40（t-10）x2=32t解得t=275s答：（1）巡逻车与卡车经过8s相距最远，最远距离是2128m；（2）巡逻车至少需要275s时间才能追上卡车．【解析】（1）当两车速度相等时，相距最远，结合运动学公式求出相距最远的距离．（2）根据位移关系，结合运动学公式求出追及的时间．本题考查了运动学中的追及问题，关键抓住位移关系，结合运动学公式灵活求解，知道速度相等时，相距最远，注意巡逻车达到最大速度后做匀速直线运动．。
辽宁省大连市第二十高级中学高一物理上学期期中试题
2016-2017学年度上学期期中考试高一物理试卷卷I一．选择题：本题共12题，每小题4分，总共48分。
其中1-8只有一项符合题目要求，9-12有多项符合题目要求。
全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。
1．一物块在水平面上由静止开始运动。
物体运动的速度v随时间t变化的关系如图所示。
由图象可知（）A．在0～2s内与4s～6s内，物体的加速度方向相同B．在0～2s内与4s～6s内，物体的速度方向相同C．在0～2s内与4s～6s内，物体的平均速度相同D．在4s～6s内，物体距离出发点越来越近2．“顶缸”是我国的传统杂技项目，杂技演员具有高超的技术，能轻松地用头顶接住从高处落下的坛子，如图所示．杂技演员顶住坛子时头顶会受到压力，此压力产生的直接原因是（）A．坛子的形变B．杂技演员头部的形变C．坛子受到重力D．杂技演员受到重力3．物体在水平面上作直线运动，对物体在某一段时间内运动的描述，不可能存在的是（）A．物体的加速度很小，速度却很大B．物体的加速度变大，而速度在减小C．物体的速度方向改变，而加速度方向保持不变D．物体的速度变化越来越快，而加速度越来越小4．一个做自由落体运动的物体，从开始运动起，连续通过三段位移的时间分别是1s、2s、3s，这三段位移的大小之比和这三段位移上的平均速度之比分别是（）A．1∶22∶32 ，1∶2∶3B．1∶23∶33，1∶22∶32C．1∶2∶3，1∶1∶1D ．1∶3∶5， 1∶2∶35．一汽车在平直公路上做匀加速运动，在前2s 内的平均速度为10m/s ，在前6s 内的平均速度为22m/s ，则该汽车的加速度为（ ）A ．3m/s 2B ．4m/s 2C ．6m/s 2D ．12m/s 26．一个物体从静止出发以加速度a 做匀加速直线运动，经过时间t 后，紧接着以该时刻的速度做匀速直线运动，运动时间也为t ，则在2t 时间内的平均速度是（ ） A ．0.5at B ．0.75at C ．3at D ．1.25at7．三个质量均为1kg 的相同木块a 、b 、c 和两个劲度系数均为500N/m 的相同轻弹簧p 、q 用轻绳连接，如图所示，其中a 放在光滑水平桌面上。
《解析》辽宁省大连二十中2015-2016学年高一下学期第一次月考物理试卷Word版含解析
2015-2016学年辽宁省大连二十中高一（下）第一次月考物理试卷一．选择题：本题共8题，每小题6分，总共48分．其中1-4只有一项符合题目要求，5-8有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．如图所示是一物体做直线运动的v﹣t图象，由图象可得（）A．t=1s时物体的加速度大小为3.0m/s2B．t=5s时物体的加速度大小为3.0m/s2C．第3s内物体的位移为2mD．物体在加速过程的位移比减速过程的位移大2．质量为m的光滑小球在竖直平面内的圆形轨道的内侧运动，经过最高点而不脱离轨道的最小速度是v，则当小球以2v的速度经过最高点时，对轨道压力的大小是（）A．0 B．mg C．3mg D．5mg3．A、B两小球都在水平面上做匀速圆周运动，A球的轨道半径是B球的轨道半径的2倍，A的转速为30r/min，B的转速为10r/min，则两球的向心加速度之比为（）A．1：1 B．6：1 C．4：1 D．2：14．在某星球表面以初速度v0竖直上抛一个物体，若物体只受该星球引力作用，忽略其他力的影响，物体上升的最大高度为h．已知该星球的直径为d，如果在该星球上发射一颗绕它运行的卫星，其做匀速圆周运动的最小周期为（）A．B．C．D．5．关于加速度表达式a=的下列说法，正确的是（）A．利用a=求得的加速度是△t时间内的平均加速度B．△v表示在△t时间内物体速度的变化量，它的方向一定与加速度a的方向相同C．表示速度的变化率，是标量D．加速度a与△v成正比，与△t成反比6．固定的两滑杆上分别套有圆环A、B，两环上分别用细线悬吊着物体C、D，如图所示．当它们都沿滑杆向下滑动时，A的悬线始终张紧与杆垂直，B的悬线始终张紧竖直向下．则（）A．A环与杆之间没有摩擦力B．B环与杆之间没有摩擦力C．A环做匀加速运动D．B环做匀加速运动7．如图所示，运动员“3m跳板跳水”运动的过程可简化为：运动员走上跳板，将跳板从水平位置B压到最低点C，跳板又将运动员竖直向上弹到最高点A，然后运动员做自由落体运动，竖直落入水中，跳板自身重力可忽略不计，则下列说法正确的是（）A．运动员向下运动（B→C）的过程中，一直失重B．运动员向下运动（B→C）的过程中，先失重后超重C．运动员向下运动（B→C）的过程中，对板的压力一直增大D．运动员向下运动（B→C）的过程中，对板的压力一直减小8．如图所示，水平转台绕竖直轴匀速转动，穿在水平光滑直杆上的小球A和B由轻质弹簧相连并相对直杆静止．已知A、B小球的质量分别为m和2m，它们之间的距离为3L，弹簧的劲度系数为k、自然长度为L，下列分析正确的是（）A．小球A、B受到的向心力之比为1：1B．小球A、B做圆周运动的半径之比为1：2C．小球A匀速转动的角速度为D．小球B匀速转动的周期为二．填空题：共2题．其中第9题10分，第10题6分，总共16分9．做“探究弹力与弹簧伸长的关系”的实验步骤如下：A．以弹簧伸长量为横坐标，以弹力为纵坐标，描出各组数据（x，F）对应的点，并用平滑的曲线连接起来B．记下弹簧不挂钩码时，其下端对应刻度尺上的刻度LC．将铁架台固定在桌子上（也可在横梁的另一端挂上一定的配重），并将弹簧的一端系于横梁上，在弹簧附近竖直固定一刻度尺D．依次在弹簧下端挂上2个､3个､4个…钩码，并分别记下钩码静止时弹簧下端所对应的刻度，并记录在表格内，然后取下钩码E．以弹簧伸长量为自变量，写出弹力与伸长量的关系式．首先尝试写成一次函数，不行写成二次函数F．解释函数表达式中常数的物理意义G．整理仪器请将以上步骤按操作的先后顺序排列出来：．10．（12分）在探究加速度与物体所受合外力和质量间的关系时，采用如图甲所示的实验装置，小车及车中的砝码质量用M表示，盘及盘中的砝码质量用m表示，小车的加速度可由小车后拖动的纸带由打点计数器打上的点计算出：（1）当m与M的大小关系满足时，才可以认为绳子对小车的拉力大小等于盘和砝码的重力．（2）（多选题）一组同学在先保持盘及盘中的砝码质量一定，探究做加速度与质量的关系，以下做法正确的是；A．平衡摩擦力时，应将盘及盘中的砝码用细绳通过定滑轮系在小车上B．每次改变小车的质量时，不需要重新平衡摩擦力C．实验时，要保证绳和纸带均与木板平行以减小误差D．小车运动的加速度可用天平测出m以及小车质量M，直接用公式 a=mg/M求出（3）乙图为本实验中接在50Hz的低压交流电上的打点计时器，在纸带做匀加速直线运动时打出的一条纸带，图中所示的是每打5个点所取的计数点，但第3个计数点没有画出，设计数点1和2间距为x2，计数点4和5间距为x5．由图数据可得计算加速度的表达式是，该物体的加速度为m/s2．（所有结果均保留两位有效数字）三．计算题：其中第11题10分，第12题12分，第13题14分，总共36分11．（10分）质量m=10kg的物体，在大小恒定的水平外力F的作用下，在水平面上做直线运动．0﹣2s内F与运动方向相反，2﹣4s内F与运动方向相同，物体的速度﹣时间图象如图所示．求物体与水平面间的动摩擦因数μ．（g取10m/s2）12．（12分）如图所示，一足够长的木板静止在水平面上，质量M=0.4kg，长木板与水平面间的动摩擦因数μ1=0.1，一质量m=0.4kg的小滑块以v0=1.8m/s的速度从长木板的右端滑上长木板，滑块与长木板间动摩擦因数μ2=0.4，小滑块可看成质点，重力加速度g取10m/s2，求：（1）小滑块刚滑上长木板时，长木板的加速度大小a1和小滑块加速度大小a2；（2）小滑块与长木板速度相等时，小滑块相对长木板上滑行的距离L；（3）从小滑块滑上长木板到最后静止下来的过程中，小滑块运动的总距离S．13．（14分）如图所示，从A点以v0=4m/s的水平速度抛出一质量m=1kg的小物块（可视为质点），当物块运动至B点时，恰好沿切线方向进入光滑圆弧轨道BC，经圆弧轨道后滑上与C点等高、静止在粗糙水平面的长木板上，滑上长木板时速度大小为6m/s．圆弧轨道C端切线水平，已知长木板的质量M=2kg，物块与长木板之间的动摩擦因数μ1=0.5，长木板与地面间的动摩擦因数μ2=0.1，圆弧轨道半径R=0.75m，OB与竖直方向OC间的夹角θ=37°，（g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8）求：（1）小物块运动至B点时的速度大小和方向；（2）小物块滑动至C点时对圆弧轨道C点的压力；（3）长木板至少为多长，才能保证小物块不滑出长木板．2015-2016学年辽宁省大连二十中高一（下）第一次月考物理试卷参考答案与试题解析一．选择题：本题共8题，每小题6分，总共48分．其中1-4只有一项符合题目要求，5-8有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．如图所示是一物体做直线运动的v﹣t图象，由图象可得（）A．t=1s时物体的加速度大小为3.0m/s2B．t=5s时物体的加速度大小为3.0m/s2C．第3s内物体的位移为2mD．物体在加速过程的位移比减速过程的位移大【考点】匀变速直线运动的图像．【分析】根据速度﹣时间图象的物理意义：“斜率”表示加速度，“面积”大小表示位移分析．【解答】解：A、t=1s时物体的加速度大小a=m/s2=3m/s2，故A正确．B、t=5s时物体的加速度a=m/s2=﹣1.5m/s2，加速度大小为1.5m/s2，故B错误．C、第3s内物体做匀速直线运动，其位移x=vt=6×1m=6m．故C错误．D、根据速度图象与坐标轴围成的“面积”表示位移，可知物体在加速过程的位移比减速过程的加速度小．故D错误．故选：A【点评】对于物体的速度图象往往从数学角度理解其物理意义：斜率”表示加速度，“面积”表示位移．2．质量为m的光滑小球在竖直平面内的圆形轨道的内侧运动，经过最高点而不脱离轨道的最小速度是v，则当小球以2v的速度经过最高点时，对轨道压力的大小是（）A．0 B．mg C．3mg D．5mg【考点】向心力；牛顿第二定律．【分析】对小球在最高点受力分析，找出向心力来源：重力和轨道的弹力的合力．当小球以2v的速度经过轨道最高点时，根据牛顿第二、三定律和向心力公式列方程求解F．【解答】解：当小球以速度v经轨道最高点时，恰好不脱离轨道，小球仅受重力，重力充当向心力，则有：mg=m，可得：v=设小球以速度2v经过轨道最高点时，小球受重力mg和轨道向下的支持力N，由合力充当向心力，根据牛顿第二定律有：N+mg=m；联立解得：N=3mg又由牛顿第三定律得到，小球对轨道的压力与轨道对小球的支持力相等，有：N′=N=3mg；故选：C．【点评】解决本题的关键知道向心力的来源，知道最高点的临界情况，通过牛顿第二定律进行求解．3．A、B两小球都在水平面上做匀速圆周运动，A球的轨道半径是B球的轨道半径的2倍，A的转速为30r/min，B的转速为10r/min，则两球的向心加速度之比为（）A．1：1 B．6：1 C．4：1 D．2：1【考点】向心加速度．【分析】先根据转速计算出做匀速圆周运动的角速度，再利用向心加速度公式分别计算，再求比值．【解答】解：A的转速为30r/min=0.5r/s，则A的加速度ωA=2πn A=π，A球的轨道半径是B球的轨道半径的2倍，故A的向心加速度为B的转速为10r/min=，则B的加速度，故B的向心加速度为故向心加速度之比，B正确；故选：B．【点评】本题特别注意用转速求角速度时，即公式ω=2πn的应用时，转速n的单位要化为r/s，不可直接用r/min计算角速度．4．在某星球表面以初速度v0竖直上抛一个物体，若物体只受该星球引力作用，忽略其他力的影响，物体上升的最大高度为h．已知该星球的直径为d，如果在该星球上发射一颗绕它运行的卫星，其做匀速圆周运动的最小周期为（）A．B．C．D．【考点】万有引力定律及其应用；向心力．【分析】根据竖直上抛求得星球表面的重力加速度，再根据星球表面重力与万有引力相等，近地卫星由重力提供圆周同心力求得圆周运动的周期．【解答】解：以v0竖直上抛一个物体，物体上升的最大高度为h，根据位移速度关系有：h=，可得星球表面的质量加速度为：g=在星球表面飞行的卫星，重力提供圆周运动向心力有：mg=m可得卫星的周期为：T=．故选：A．【点评】掌握竖直上抛运动的规律，知道靠近星球表面飞行的卫星向心力由重力提供，这是解决本题的关键．5．关于加速度表达式a=的下列说法，正确的是（）A．利用a=求得的加速度是△t时间内的平均加速度B．△v表示在△t时间内物体速度的变化量，它的方向一定与加速度a的方向相同C．表示速度的变化率，是标量D．加速度a与△v成正比，与△t成反比【考点】加速度．【分析】加速度等于速度的变化率，方向与速度变化量的方向相同，利用a=求得的加速度是△t时间内的平均加速度，当△t趋向于零，加速度表示瞬时加速度．【解答】解：A、利用a=求得的加速度是△t时间内的平均加速度．故A正确．B、根据a=知，速度变化量的方向与加速度方向相同．故B正确．C、表示速度的变化率，是矢量．故C错误．D、a=是加速度的定义式，加速度与速度变化量、变化的时间无关．故D错误．故选：AB【点评】解决本题的关键理解加速度的定义式，知道加速度是矢量，方向与速度变化量的方向相同．6．固定的两滑杆上分别套有圆环A、B，两环上分别用细线悬吊着物体C、D，如图所示．当它们都沿滑杆向下滑动时，A的悬线始终张紧与杆垂直，B的悬线始终张紧竖直向下．则（）A．A环与杆之间没有摩擦力B．B环与杆之间没有摩擦力C．A环做匀加速运动D．B环做匀加速运动【考点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．【分析】环和物体保持相对静止，具有相同的加速度，通过对物体受力分析，运用牛顿第二定律得出其加速度，从而再根据牛顿第二定律分析出环的受力情况和运动情况．【解答】解：AC、左图，物体受重力和拉力两个力，两个力的合力不等于零，知物体与A以共同的加速度向下滑，对物体有：a==gsinθ，则A的加速度为gsinθ，做匀加速直线运动，对A环分析，设摩擦力为f，有Mgsinθ﹣f=Ma，解得f=0．所以A环与杆间没有摩擦力．故AC正确．B、右图，物体处于竖直状态，受重力和拉力，因为加速度方向不可能在竖直方向上，所以两个力平衡，物体做匀速直线运动，所以B环也做匀速直线运动．知B环受重力、支持力、拉力和摩擦力处于平衡．故BD错误．故选：AC【点评】解决本题的关键知道物体与环具有相同的加速度，一起运动，以及掌握整体法和隔离法的运用7．如图所示，运动员“3m跳板跳水”运动的过程可简化为：运动员走上跳板，将跳板从水平位置B压到最低点C，跳板又将运动员竖直向上弹到最高点A，然后运动员做自由落体运动，竖直落入水中，跳板自身重力可忽略不计，则下列说法正确的是（）A．运动员向下运动（B→C）的过程中，一直失重B．运动员向下运动（B→C）的过程中，先失重后超重C．运动员向下运动（B→C）的过程中，对板的压力一直增大D．运动员向下运动（B→C）的过程中，对板的压力一直减小【考点】牛顿运动定律的应用-超重和失重．【分析】分析人受力情况；根据板的弹力的变化，可知人受合力的变化．当人的加速度向下时，人处失重状态，当人的加速度向上时，人处超重状态．【解答】解：A、B、人受到重力及板向上的弹力；人在向下运动的过程中，人受到的板的弹力越来越大，开始时加速度向下减小；然后加速度再向上增大，故人应先失重后超重，但人对板的压力一直增大，故A错误，B正确；C、D、人受到重力及板向上的弹力；人在向下运动的过程中，板的形变越来越大，所以人受到的板的弹力越来越大；根据牛顿第三定律，人对板的压力一直增大；故C正确，D错误；故选：BC．【点评】本题应明确板的弹力随形变量的增大而增大；故人受到的合力应先向下减小再向上增大，可类比于弹簧进行分析．8．如图所示，水平转台绕竖直轴匀速转动，穿在水平光滑直杆上的小球A和B由轻质弹簧相连并相对直杆静止．已知A、B小球的质量分别为m和2m，它们之间的距离为3L，弹簧的劲度系数为k、自然长度为L，下列分析正确的是（）A．小球A、B受到的向心力之比为1：1B．小球A、B做圆周运动的半径之比为1：2C．小球A匀速转动的角速度为D．小球B匀速转动的周期为【考点】向心力；牛顿第二定律．【分析】两球做圆周运动，角速度相等，靠弹簧的弹力提供向心力，根据向心力的关系结合胡克定律和牛顿第二定律求出转动半径的关系，并求出角速度和周期【解答】解：A、两球靠弹簧的弹力提供向心力，则知两球向心力大小相等，故A正确．B、两球共轴转动，角速度相同．A、B的向心力大小相等，由F向=mω2R A=2mω2R B，可求得两球的运动半径之比为 R A：R B=2：1，故B错误．C、对于A球，轨道半径 R A=×3L=2L=．由F=k•2L=2mω2L可求得ω=．故C错误．D、小球B匀速转动的周期为 T==2π．故D正确．故选：AD【点评】解决本题的关键两球的角速度相等，靠弹力提供向心力，根据牛顿第二定律进行求解二．填空题：共2题．其中第9题10分，第10题6分，总共16分9．做“探究弹力与弹簧伸长的关系”的实验步骤如下：A．以弹簧伸长量为横坐标，以弹力为纵坐标，描出各组数据（x，F）对应的点，并用平滑的曲线连接起来B．记下弹簧不挂钩码时，其下端对应刻度尺上的刻度LC．将铁架台固定在桌子上（也可在横梁的另一端挂上一定的配重），并将弹簧的一端系于横梁上，在弹簧附近竖直固定一刻度尺D．依次在弹簧下端挂上2个､3个､4个…钩码，并分别记下钩码静止时弹簧下端所对应的刻度，并记录在表格内，然后取下钩码E．以弹簧伸长量为自变量，写出弹力与伸长量的关系式．首先尝试写成一次函数，不行写成二次函数F．解释函数表达式中常数的物理意义G．整理仪器请将以上步骤按操作的先后顺序排列出来：CBDAEFG ．【考点】探究弹力和弹簧伸长的关系．【分析】实验步骤要本着先安装设备，再进行实验，后进行数据处理的思路进行．【解答】解：本着安装设备，进行实验，数据处理的思路进行安排实验步骤，对于仪器的整理可以做完实验后进行，也可以最后处理完数据后进行．故答案为：CBDAEFG．【点评】对于基础实验要加强动手能力，提高实验水平．10．（12分）（2016春•大连校级月考）在探究加速度与物体所受合外力和质量间的关系时，采用如图甲所示的实验装置，小车及车中的砝码质量用M表示，盘及盘中的砝码质量用m表示，小车的加速度可由小车后拖动的纸带由打点计数器打上的点计算出：（1）当m与M的大小关系满足M＞＞m 时，才可以认为绳子对小车的拉力大小等于盘和砝码的重力．（2）（多选题）一组同学在先保持盘及盘中的砝码质量一定，探究做加速度与质量的关系，以下做法正确的是BC ；A．平衡摩擦力时，应将盘及盘中的砝码用细绳通过定滑轮系在小车上B．每次改变小车的质量时，不需要重新平衡摩擦力C．实验时，要保证绳和纸带均与木板平行以减小误差D．小车运动的加速度可用天平测出m以及小车质量M，直接用公式 a=mg/M求出（3）乙图为本实验中接在50Hz的低压交流电上的打点计时器，在纸带做匀加速直线运动时打出的一条纸带，图中所示的是每打5个点所取的计数点，但第3个计数点没有画出，设计数点1和2间距为x2，计数点4和5间距为x5．由图数据可得计算加速度的表达式是，该物体的加速度为0.75 m/s2．（所有结果均保留两位有效数字）【考点】探究加速度与物体质量、物体受力的关系．【分析】（1）当盘及盘中砝码的总质量远小于小车及砝码总质量时，可以认为小车受到的拉力等于盘及砝码的重力；（2）平衡摩擦力时，不能挂盘；实验过程中，应保证绳和纸带与木板平行；小车的加速度应由纸带求出；（3）物体做匀变速直线运动，由△x=at2可以求出物体的加速度．【解答】解：（1）假设小车的加速度为a，拉力为F对盘和砝码：mg﹣F=ma；对小车：F=Ma；联立得：F=，故只有在M＞＞m的情况下近似认为拉力等于mg．（2）A、平衡摩擦力时，不应将盘及盘中的砝码用细绳通过定滑轮系在小车上，故A错误；B、在实验前平衡一次摩擦力即可，每次改变小车的质量时，不需要重新平衡摩擦力，故B正确；C、实验时，要保证绳和纸带均与木板平行以减小误差，故C正确；D、小车的加速度应该根据打点计时器打出的纸带应用匀变速运动规律求出，加速度不能直接用公式a=求出，故D错误；故选：BC．（3）计数点间的时间间隔为：T=0.02s×5=0.1s，根据作差法得：a=，代入数据得：a=0.75m/s2故答案为：（1）M＞＞m；（2）BC；（3）；（4）0.75．【点评】能够知道相邻的计数点之间的时间间隔，利用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用，提高解决问题能力．只要真正掌握了实验原理就能顺利解决此类实验题目，而实验步骤，实验数据的处理都与实验原理有关，故要加强对实验原理的学习和掌握．三．计算题：其中第11题10分，第12题12分，第13题14分，总共36分11．（10分）（2016春•大连校级月考）质量m=10kg的物体，在大小恒定的水平外力F的作用下，在水平面上做直线运动．0﹣2s内F与运动方向相反，2﹣4s内F与运动方向相同，物体的速度﹣时间图象如图所示．求物体与水平面间的动摩擦因数μ．（g取10m/s2）【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像．【分析】先分析物体的运动过程，共分两个阶段：匀减速直线运动和反向的匀加速直线运动．速度时间图象的斜率表示加速度；分阶段对物体进行受力分析，利用牛顿第二定律计算出物体与水平面间的动摩擦因数．【解答】解：（1）0﹣2s物体的加速度为： m/s2根据牛顿第二定律可得：；2﹣4s物体的加速度为： m/s2根据牛顿第二定律可得：，联立解得：μ=0.15．答：物体与水平面间的动摩擦因数为0.15．【点评】对于多阶段运动过程的处理，一定要分阶段进行分析处理，并能从速度时间图象上获取相关信息，速度时间图象的斜率表示加速度．12．（12分）（2015秋•杭州校级期末）如图所示，一足够长的木板静止在水平面上，质量M=0.4kg，长木板与水平面间的动摩擦因数μ1=0.1，一质量m=0.4kg的小滑块以v0=1.8m/s的速度从长木板的右端滑上长木板，滑块与长木板间动摩擦因数μ2=0.4，小滑块可看成质点，重力加速度g取10m/s2，求：（1）小滑块刚滑上长木板时，长木板的加速度大小a1和小滑块加速度大小a2；（2）小滑块与长木板速度相等时，小滑块相对长木板上滑行的距离L；（3）从小滑块滑上长木板到最后静止下来的过程中，小滑块运动的总距离S．【考点】牛顿第二定律；胡克定律．【分析】（1）分别对小滑块和木板进行受力分析，然后结合牛顿第二定律即可求出两个加速度的大小；（2）根据速度公式，求出速度相等的时间，然后由运动学的公式即可求出；（3）二者速度相等后一起做匀减速直线运动，由位移公式求出位移，然后求和即可．【解答】解：（1）小滑块对长木板的滑动摩擦力f2大于地面对长木板的滑动摩擦力f1，长木板向左加速；小滑块向左减速，据牛顿第二定律：设向右为正：μ2mg﹣μ1（M+m）g=Ma1设向右为正：μ2mg=ma2代入数据得：a1=2m/s2a2=4m/s2（2）小滑块与长木板速度相等时，有：v0﹣a2t=a1t，代入数据得：t=0.3s小滑块运动的距离为： m木板运动的距离为： m；所以：L=s2﹣s1=0.27m（3）此后以一起做匀减速运动，有：v=a1t=0.6m/s据牛顿第二定律：μ1（M+m）g=（M+m）a3加速度的大小为：a3=1m/s2运动的距离为： m所以小滑块滑行的距离为：s=s2+s3=0.54m答：（1）小滑块刚滑上长木板时，长木板的加速度大小a1和小滑块加速度大小a2分别是2m/s2和4m/s2；（2）小滑块与长木板速度相等时，小滑块相对长木板上滑行的距离是0.27m；（3）从小滑块滑上长木板到最后静止下来的过程中，小滑块运动的总距离是0.54m．【点评】本题关键是对两个物体的运动情况分析清楚，然后根据牛顿第二定律列式求解出各个运动过程的加速度，最后根据运动学公式列式求解．13．（14分）（2016春•中原区校级期中）如图所示，从A点以v0=4m/s的水平速度抛出一质量m=1kg的小物块（可视为质点），当物块运动至B点时，恰好沿切线方向进入光滑圆弧轨道BC，经圆弧轨道后滑上与C点等高、静止在粗糙水平面的长木板上，滑上长木板时速度大小为6m/s．圆弧轨道C端切线水平，已知长木板的质量M=2kg，物块与长木板之间的动摩擦因数μ1=0.5，长木板与地面间的动摩擦因数μ2=0.1，圆弧轨道半径R=0.75m，OB与竖直方向OC间的夹角θ=37°，（g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8）求：（1）小物块运动至B点时的速度大小和方向；（2）小物块滑动至C点时对圆弧轨道C点的压力；（3）长木板至少为多长，才能保证小物块不滑出长木板．【考点】向心力；平抛运动．【分析】（1）已知平抛的抛出高度和落地速度方向，求落地的速度大小和方向，用运动的合成与分解求解；（2）小物块在BC间做圆周运动运动，在C点时轨道支持力和重力的合力提供圆周运动的向心力，据此结合牛顿第三定律求解即可；（3）当小物块在长木板上运动时，由于小物块对木板的摩擦力大于地面对木板的摩擦力，所以木板也要做加速运动，结合牛顿第二定律和运动学公式求出长木板的最短长度．【解答】解：（1）在B点，因小物块恰好沿切线方向进入光滑圆弧轨道BC，所以速度的方向与水平方向之间的夹角为θ=37°，有：v===5m/s与水平方向夹角37°（2）小物体在C点的速度v C=6m/s，在C点，支持力与重力的合力提供向心力，设轨道对小物体的支持力为N，有：N﹣mg=m代入数据解得：N=58N根据牛顿第三定律，小物块对C点的压力大小为58N（3）小物块在木板上运动的加速度大小为：a1==0.5×10=5m/s2木板在地面上运动的加速度大小为：a2===1m/s2设小物块与木板达到共速时的速度为v′，对小物块有：v′=v﹣a1t，对木板有：v′=a2t，联立解得：t=1s小物块的位移为：x1=vt﹣a1t2=6×1﹣×5×1=3.5m。
- 1、下载文档前请自行甄别文档内容的完整性，平台不提供额外的编辑、内容补充、找答案等附加服务。
- 2、"仅部分预览"的文档,不可在线预览部分如存在完整性等问题,可反馈申请退款(可完整预览的文档不适用该条件!)。
- 3、如文档侵犯您的权益，请联系客服反馈,我们会尽快为您处理(人工客服工作时间：9:00-18:30)。
2015—2016学年度下学期6月月考高一物理试题一、单选题：（本题有8个小题。
每小题4分，共32分。
每小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的。
）1．欧姆不仅发现了欧姆定律，还研究了电阻定律。
有一个长方体金属电阻，材料分布均匀，边长分别为a、b、c，且a>b>c。
电流分别沿以下方向流过该金属电阻，其中电阻阻值最小的是()2．如图所示，在正方形四个顶点分别放置一个点电荷，所带电荷量及电性已在图中标出，则下列四个选项中，正方形中心处电场强度最大的是( )3．两个可自由移动的点电荷分别放在A、B两处，如图所示。
A处电荷带正电Q1，B处电荷带负电Q2，且Q2=4Q l，另取一个可以自由移动的点电荷Q3放在AB直线上，欲使整个系统处于平衡状态，则( )A．Q3为负电荷，且放于A左方B．Q3为负电荷，且放于B右方C．Q3为正电荷，且放于AB之间D．Q3为正电荷，且放于B右方4．如图所示，菱形ABCD的对角线相交于O点，两个等量异种点电荷分别固定在AC连线上的M点与N点，且OM=ON，则( )A．A、C两处电势、场强均相同B．B、D两处电势、场强均相同C．A、C两处电势、场强均不相同D．B、D两处电势、场强均不相同5．如图所示的是甲、乙、丙三个电源的U-I图线，甲和丙两图线平行，下列判断正确的是( )A．甲电源的电动势比乙的电动势大B．甲电源的内阻比丙电源的内阻大C．甲电源内阻最大，丙电源内阻最小D．乙电源的电动势和内阻都比丙电源的大6．如图所示，电源电动势E=34 V，内阻不计，电灯上标有“6 V，12 W”的字样，直流电动机线圈电阻R=2 Ω。
接通电源后，电灯恰能正常发光，下列说法正确的是( )A．电路中的电流大小为6 AB．电动机两端电压为4VC．电动机产生的热功率为56 WD．电动机输出的机械功率为48W7．真空中的某装置如图所示，其中平行金属板A、B之间有加速电场，C、D之间有偏转电场，M为荧光屏。
今有质子、氘核和α粒子均由A板从静止开始被加速电场加速后垂直于电场方向进入偏转电场，最后都打在荧光屏上，则下列判断中正确的是( )A．三种粒子从B板运动到荧光屏经历的时间相同B．三种粒子打到荧光屏上的位置不相同C．偏转电场的电场力对三种粒子做功之比为1∶2∶4D．偏转电场的电场力对三种粒子做功之比为1∶1∶28．如图所示，M、N是两块水平放置的平行金属板，R0为定值电阻，R1、R2为可变电阻。
开关S闭合，带正电的粒子从P点以水平速v0射入金属板间，沿曲线打在极板上的O点（题中未画出）。
若经下列调整后，粒子仍从P点以水平速度v0射入，则下列说法正确的是( )A．保持开关S闭合，增大R1，粒子打在N板上并落在O点左侧B．保持开关S闭合，增大R2，粒子打在M板上并落在O点左侧C．断开开关S，N极板稍微上移，粒子仍然打在O点D．断开开关S，N极板稍微下移，粒子打在O点左侧二、多选题：（本题有3个小题，每小题4分，共12分。
每小题给出的四个选项中，不只一个选项是正确的，多选、错选或不答不得分，选不全得2分。
）9．如图所示，平行金属板中带电质点P处于静止状态，电流表和电压表为理想电表，当滑动变阻器R4的滑片向b端移动时，则( )A．电压表读数减小B．电流表读数减小C．质点P将向上运动D．R1上消耗的功率逐渐增大10．如图所示，实线为真空中某一正点电荷所形成的一簇电场线，a、b、c三条虚线为三个带电粒子以相同的速度从O点射入电场的运动轨迹，其中b虚线为一圆弧，AB的长度等于BC的长度，且三个粒子的电荷量大小相等，不计粒子重力，则以下说法正确的是( )A．a一定是正粒子的运动轨迹，其动能增加，电势能减少B．由于AB的长度等于BC的长度，故U AB＝U BCC．a虚线对应的粒子的加速度越来越小，c虚线对应的粒子的加速度越来越大，b虚线对应的粒子的加速度大小不变D．b虚线对应的粒子的质量大于c虚线对应的粒子的质量11．某同学将一直流电源的总功率P E、输出功率P R和电源内部的发热功率P r随电流I变化的图线画在了同一个坐标系中，如图中的a、b、c所示。
则下列说法正确的是()A．图线b表示输出功率P R随电流I变化的关系B．图中a线最高点对应的功率为电源最大输出功率C．在图线上A、B、C三点的纵坐标一定满足关系P A＝P B＋P CD．两个图线交点M与N的横坐标之比一定为1∶2，纵坐标之比一定为1∶4三、实验题：（本题有2个小题，每空2分，共20分。
）12．如图所示为多用电表的刻度盘，表针如图所示。
（1）若选用的倍率为“×100”，则所测电阻的阻值为________Ω；如果要用此多用电表测量一个阻值约为2.0×104Ω的电阻，为了使测量结果比较精确，应选用的欧姆挡是______ (选填“×10”、“×100”或“×1 k”)。
（2）若选用的量程为50 mA的电流挡，则所测电流为________mA；若选用的量程为250 mA的电流挡，则所测电流为________mA。
（3）若选用的量程为10 V的电压挡，则所测电压为________ V。
13．某实验小组描绘规格为“2.5 V，0.6 W”的小电珠的I－U特性曲线，实验室提供下列器材：A．电流表A1(量程为0～25 mA，内阻约0.2 Ω)B．电流表A2(量程为0～300 mA，内阻约1 Ω)C．电压表V1(量程为0～3 V，内阻约5 kΩ)D．电压表V2(量程为0～15 V，内阻约15 kΩ)E．滑动变阻器R1(0～10 Ω，额定电流1.5 A)F．滑动变阻器R2(0～1 000 Ω，额定电流0.5 A)G．直流电源(电动势6 V，内阻忽略不计)H．开关一个、导线若干（1）实验中所用的电流表应选______；电压表应选______；滑动变阻器应选__________。
(只需填器材前面的字母代号)（2）若采用如图所示的电路描绘小电珠的伏安特性曲线，电压表的右端应与电路中的______点相连．(选填“a”或“b”)（3）测量后，该小组根据实验数据，利用Excel拟合出小电珠的I－U特性曲线如图所示。
请根据曲线确定小电珠两端电压为1.5 V时，其实际功率P＝________W。
三、计算题：（本题有3个小题，共36分，要求写出必要的方程和文字说明。
）14．（9分）如图一个平行板电容器，电容为C，带电量为Q，其板间距为d，下极板带正电。
现将一个带正电的试探电荷q由两极间的A点移动到B点，如图所示，A、B两点间的距离为S，连线AB与极板间的夹角为30°，求电场力对试探电荷q所做的功？15．（13分）在如图所示的电路中，电源电动势E＝6 V，内阻r＝2 Ω，定值电阻R1＝R2＝10 Ω，R3＝30 Ω，R4＝35 Ω，电容器的电容C＝100 μF，电容器原来不带电．求：(1)闭合开关S后，电路稳定时，流过R3的电流大小I3？(2)闭合开关S后，直至电路稳定过程中流过R4的总电荷量Q？16．(14分)如图所示，在水平向左的匀强电场中，有一个半径为R的半圆形绝缘轨道竖直放置，轨道与一个水平绝缘轨道MN连接，一切摩擦都不计，半圆轨道所在竖直平面与电场1线平行，一个带正电的小滑块质量为m，所受电场力为其重力的，重力加速度为g，问：4(1)要小滑块恰好运动到圆轨道的最高点C，滑块应在水平轨道上离N点多远处释放？(2)这样释放的滑块通过P点时，轨道对滑块的作用力是多大？(P为半圆轨道中点)(3)小滑块经过C点后最后落地，落地点离N点的距离多大？2015—2016学年度下学期6月月考高一物理试题答案1、A2、B3、A4、B5、D6、D 解析：电灯恰能正常发光，其电流I=12/6=2 A ，选项A 错误; 电动机的热功率P 热=I 2R=22×2 =8 W,选项B 错误;电动机两端电压U 机=E-U 灯=34-6=28 V ，电动机输出的机械功率P 机=U 机I-P 热=28×2 -8 =48 W,选项D 正确;7、D 解析：设加速电压为U 1，偏转电压为U 2，偏转极板的长度为L ，板间距离为d ，在加速电场中，由动能定理得qU 1＝12mv 20，解得v 0＝2qU 1m，三种粒子从B 板运动到荧光屏的过程，水平方向做速度为v 0的匀速直线运动，由于三种粒子的比荷不同，则v 0不同，所以三种粒子从B 板运动到荧光屏经历的时间不同，故A 错误；根据推论y ＝U 2L 24dU 1、tan θ＝U 2L2dU 1可知，y 与粒子的种类、质量、电量无关，故三种粒子偏转距离相同，打到荧光屏上的位置相同，故B 错误；偏转电场的电场力做功为W ＝qEy ，则W 与q 成正比，三种粒子的电荷量之比为1∶1∶2，则有电场力对三种粒子做功之比为1∶1∶2，故D 正确。
8、C 9、BC 10、ACD11、CD 解析：P ＝I 2r ，电流I 越大，P 越大，且为非线性关系，所以图线b 表示P r 随电流I 变化的关系，选项A 错误；P E ＝E ·I ，P E 与I 成正比，为图线a ，故图中a 线最高点对应的功率为电源最大功率，选项B 错误；电源输出功率P R ＝P E －P r ，所以在图线上A 、B 、C 三点的纵坐标一定满足关系P A ＝P B ＋P C ，选项C 正确；两个图线交点M 对应R ＝r ，N 对应R ＝0，两个图线交点M 与N 的横坐标之比一定为1∶2，M 点纵坐标P ＝E 24r ，N 点的纵坐标P＝E 2r，两个图线交点M 与N 的纵坐标之比一定为1∶4，选项D 正确． 12、解析：(1)1.5×103 ×1 k (2)30.7(30.6～30.9都正确) 153(152～154都正确) (3)6.1 13、(1) B C E (2)a (3) 0.33解析： (1)I ＝P U ＝0.62.5 A ＝0.24 A ＝240 mA ，此为额定电流，电流表A 1量程太小，因此选A 2.小灯泡的额定电压为2.5 V ，如用0～15 V 量程的电压表，则测量误差太大，应选用0～3 V 量程的电压表．描述小灯泡的I －U 特性曲线，要求I 、U 值由零开始变化，且范围尽可能大些，应选用分压电路，滑动变阻器应选用阻值范围较小的R 1.(2)因为R x <R V R A ，即电流表的分压作用比较明显，因此用电流表外接法，电压表右端应与a 点相连．(3)由I －U 图象可得U ＝1.5 V 时，I ＝0.22 A ，P ＝UI ＝1.5×0.22 W ＝0.33 W. 14、解析：U=Q/C ……………2分E=U/d ……………2分 W=-EqSsin θ ……………3分=-QqS/2Cd ……………2分 15．(1)0.12 A (2)3.6×10－4 C解析： (1)闭合开关S 后电路稳定时，外电阻R 外＝(R 2＋R 3)R 1R 1＋R 2＋R 3＝(10＋30)×1010＋10＋30 Ω＝8 Ω……………2分总电流I ＝E R 外＋r ＝68＋2 A ＝0.6 A ……………2分路端电压U 外＝IR 外＝0.6×8 V ＝4.8 V ……………2分 流过R 3的电流为I 3＝U 外R 2＋R 3＝ 4.810＋30……………2分＝0.12 A ……………1分(2)闭合开关S 后，电路稳定时，加在电阻R 3的电压U 3＝I 3R 3＝3.6 V ……………2分电容器充电完毕所带的电荷量Q ＝CU 3＝3.6×10－4 C ……………2分闭合开关S 直至电路稳定流过R 4的总电荷量Q ＝3.6×10－4 C16解析：(1)设滑块与N 点的距离为L ，由动能定理可得： qEL －mg ·2R ＝12mv 2－0 ……………2分小滑块在C 点时，mg ＝mv 2R ……………2分代入数据解得， L ＝10R……………1分 (2)滑块到达P 点时，对全过程应用动能定理可得， qE (L ＋R )－mg ·R ＝12mv 2P －0 ……………2分在P 点时可得，F N －qE ＝mv 2PR ……………2分解得F N ＝……………1分(3)在竖直方向上做的是自由落体运动，mg 415由2R ＝12gt 2 ……………1分t ＝4Rg滑块在水平方向上，做匀减速运动，由牛顿第二定律可得qE ＝ma ……………1分所以加速度a ＝g/4水平的位移为x ＝vt －12at 2 ……………1分代入解得x ＝3R/2 ……………1分。