2018-2019学年北京市丰台区高二上学期期中化学试题(解析版)

2018-2019学年北京市丰台区高二（上）期中化学试卷
一、单选题（本大题共25小题，共50.0分）
1.
A B C D
【答案】A
【解析】解：A．中不含苯环，不是苯的同系物，属于环烷烃，故A 错误；
B．含有苯环，是芳香族化合物，故B正确；
C．含有碳碳双键，属于不饱和烃，故C正确；
D．中-OH没有直接连接苯环，二者芳香烃侧链中的氢原子被羟基取代，
属于醇，故D正确；
故选：A。

A．苯的同系物符合：①只有一个苯环；②侧链为烷基；③具有通式C n H2n-6（n≥6）；B．含有苯环的化合物为芳香族化合物；
C．含有碳碳双键的烃为烯烃；
D．芳香烃侧链中的氢原子被羟基取代，属于醇．
本题考查有机物的分类、结构，比较基础，注意对概念的理解，注意酚类与芳香醇的区别．
2.可以准确判断有机化合物含有哪些官能团的分析方法是（）
A. 李比希燃烧法
B. 红外光谱法
C. 质谱法
D. 核磁共振氢谱法
【答案】B
【解析】解：A．李比希燃烧法可确定元素的种类，故A不选；
B．红外光谱法可确定有机物分子中含有的官能团，故B选；
C．质谱法可确定分子的相对分子质量，故C不选；
D．核磁共振氢谱法可确定分子中不同位置的H的数目，故D不选。

故选：B。

利用红外光谱法可确定有机物分子中含有的官能团，以此解答该题。

本题考查有有机物的官能团与性质的关系，为高频考点，侧重考查学生的分析能力，题目难度不大，注意有机物结构的测定方法即可解答。

3.下列有关化学用语表示正确的是（）
A. 乙烷的实验式C2H6
B. 乙醇的结构式CH3CH2OH
C. 羟基电子式
D. 1，3-丁二烯的分子式：C4H8
【答案】C
【解析】解：A．实验式是分子中原子个数的最简整数比，乙烷的实验式CH3，故A错误；
B．乙醇的结构式为，故B错误；
C．羟基含有9个电子，羟基电子式为，故C正确；
D．1，3-丁二烯的分子中含有2个碳碳双键，通式为C n H2n-2，则1，3-丁二烯的分子式为C4H6，故D错误。

故选：C。

A．实验式是分子中原子个数的最简整数比；
B．结构式中C-H中的短线不能省略；
C．羟基含有9个电子；
D．1，3-丁二烯的分子中含有2个碳碳双键，通式为C n H2n-2。

本题考查了常见化学用语的表示方法，涉及结构简式、结构式、电子式等知识，明确常见化学用语的书写原则为解答关键，培养学生解题规范的能力。

4.下列各组混合物中能用分液漏斗进行分离的是（）
A. 乙醇和水
B. 苯和甲苯
C. 溴乙烷和水
D. 乙醇和乙酸【答案】C
【解析】解：题中乙醇和水、苯和甲苯、乙醇和乙酸混溶，溶液不分层，不能用分液的方法分离，而溴乙烷不溶于水，液体分层，可用分液漏斗分离，
故选：C。

两种液体不能相互溶解，混合后分层，则能用分液漏斗进行分离，以此解答该题。

本题考查混合物的分离，为高频考点，把握物质的溶解性及分液原理为解答的关键，明确混合后分层能用分液漏斗进行分离，题目难度不大。

5.下列有机物的命名正确的是（）
A. 3-甲基2-乙基戊烷
B. 2，3，3-三甲基丁烷
C. 2-甲基-3-丁炔
D. 3，3-二甲基-1-丁烯
【答案】D
【解析】解：A、烷烃命名时，应选最长的碳链为主链，故主链上有6个碳原子，在3号和4号碳原子上各有一个甲基，故名称为3，4-二甲基己烷，故A错误；
B、烷烃命名时，当两端离支链一样近时，应从支链多的一端开始编号，故此烷烃的正确的名称为2，2，3-三甲基丁烷，故B错误；
C、炔烃命名时，应从离官能团近的一端给主链上的碳原子进行编号，故碳碳三键在1号和2号碳原子之间，在3号碳原子上有一个甲基，故名称为3-甲基-1-丁炔，故C错误；
D、烯烃命名时，应选含官能团的最长的碳链为主链，故主链上有4个碳原子，从离官能团近的一端给主链上的碳原子进行编号，故在1号和2号碳原子之间有碳碳双键，在3号碳原子上有两个甲基，故名称为3，3-二甲基-1-丁烯，故D正确。

故选：D。

A、烷烃命名时，应选最长的碳链为主链；
B、烷烃命名时，当两端离支链一样近时，应从支链多的一端开始编号；
C、炔烃命名时，应从离官能团近的一端给主链上的碳原子进行编号；
D、烯烃命名时，应选含官能团的最长的碳链为主链，从离官能团近的一端给主链上的碳原子进行编号，并表示出官能团和支链的位置。

本题考查了烷烃、烯烃和炔烃命名的正误判断，难度不大，应注意烃类命名原则的要点。

6.四种常见有机物的比例模型如下图。

下列说法正确的是
A. 乙可与溴水发生取代反应而使溴水褪色
B. 甲能使酸性KMnO4溶液褪色
C. 丙中的碳碳键是介于碳碳单键和碳碳双键之间的特殊的键
D. 丁为醋酸分子的比例模型
【答案】C
【解析】【分析】
本题考查有机物的结构与性质，为高频考点，把握有机物的结构、比例模型、官能团与性质、有机反应为解答的关键，侧重分析与应用能力的考查，注意选项C为解答的易错点，题目难度不大。

由比例模型图可知，甲为甲烷，乙为乙烯，丙为苯，丁为乙醇，
A.乙烯含碳碳双键，与溴水发生加成反应，故A错误；
B.甲烷与高锰酸钾不反应，高锰酸钾不褪色，故B错误；
C.苯中不含碳碳双键，其碳碳键是介于碳碳单键和碳碳双键之间的特殊的键，故C正确；
D.丁中官能团为-OH，且含2个C，为乙醇，故D错误。

故选C。

7.含有一个三键的炔烃，氢化后的产物结构简式为：
，此炔烃可能的结构简式有（）
A. 1种
B. 2种
C. 3种
D. 4种
【答案】B
【解析】解：根据炔烃与H2加成反应的原理，推知该烷烃分子中相邻碳原子上均带2个氢原子的碳原子间是对应炔存在C≡C的位置。

有如图
所示的3个位置可以还原C≡C键，其中1、2
两位置相同，故该炔烃共有2种，
故选：B。

加成反应指有机物分子中的不饱和键断裂，断键原子与其他原子或原子团相结合，生成新的化合物的反应．根据加成原理采取逆推法还原C≡C三键，烷烃分子中相邻碳原子上均带2个氢原子的碳原子间是对应炔存在C≡C的位置．还原三键时注意：先判断该烃结构是否对称，如果对称，只考虑该分子一边的结构和对称线两边相邻碳原子即可；如果不对称，要全部考虑，然后各去掉相邻碳原子的2个氢原子还原C≡C．
本题以加成反应为载体，考查同分异构体的书写，题目难度中等，理解加成反应原理是解题的关键，采取逆推法还原碳碳三键，注意分析分子结构是否对称，防止重写、漏写．
8.下列物质中，沸点最高的是（）
A. 乙烷
B. 乙醇
C. 乙二醇
D. 丙三醇
【答案】D
【解析】解：乙醇和乙二醇与乙烷比较，乙醇和乙二醇含有氢键，沸点较高，在常温下为液体，而乙烷为气体；
乙醇和乙二醇相比较，乙二醇的相对分子质量较大，含有的氢键数目较多，则沸点比乙醇的高，则同理乙二醇与丙三醇相比较，沸点最高的为丙三醇，
故选：D。

题中涉及物质都为分子晶体，其中B、C、D含有氢键，则沸点较高，结合性对分子质量以及氢键数目的多少解答。

本题考查物质的沸点比较，侧重于学生的分析能力的考查，注意把握影响沸点高低的因素，难度不大，题中注意氢键与分子间作用的区别和联系。

9.除去下列物质中的少量杂质（括号内），选用的试剂和分离方法不能达到实验目的
是（）
A B C D
【答案】D
【解析】解：A．苯甲酸的溶解度受温度影响大，可用重结晶分离，故A正确；
B．乙酸乙酯不溶于饱和碳酸钠溶液，乙酸与碳酸钠反应而被吸收，可分离，故B正确；C．硫化氢能与硫酸铜反应生成硫化铜和硫酸，可以除去杂质，故C正确；
D．溴、三溴苯酚均溶于苯，不能除杂，应加NaOH溶液、分液除杂，故D错误。

故选：D。

A．苯甲酸的溶解度受温度影响大；
B．乙酸乙酯不溶于饱和碳酸钠溶液，乙酸与碳酸钠反应而被吸收；
C．硫化氢能与硫酸铜反应生成硫化铜和硫酸；
D．溴、三溴苯酚均溶于苯．
本题考查物质的分离、提纯，侧重于学生的分析能力和实验能力的考查，为高频考点，
注意把握物质的性质的异同，根据性质的差别选择分离方法，难度不大．
10.1mol某气态烃能与1mol氯化氢发生加成反应，加成后的产物又可与7mol氯气发
生完全的取代反应，则该烃的结构简式为（）
A. CH2=CH2
B. CH3CH=CH2
C. CH3CH2CH=CH2
D. CH3CH2CH2CH=CH2
【答案】B
【解析】解：烯烃和HCl发生加成反应时，烯烃中碳碳双键物质的量与所需HCl的物质的量相等，1mol某气态烃能与1mol氯化氢发生加成反应，说明该气态烃中含有1个碳碳双键；卤代烃和氯气发生取代反应时，卤代烃中氢原子的物质的量与所需氯气的物质的量相等，说明该卤代烃中含有7个H原子，且其中一个H原子为加成得到的，所以该烯烃中含有6个H原子，符合条件的为B，
故选：B。

烯烃和HCl发生加成反应时，烯烃中碳碳双键物质的量与所需HCl的物质的量相等；卤代烃和氯气发生取代反应时，卤代烃中氢原子的物质的量与所需氯气的物质的量相等，据此分析解答．
本题考查有机物结构和性质，为高频考点，侧重考查学生分析推断能力，明确官能团及其性质关系是解本题关键，注意双键、H原子与发生加成反应、取代反应时需要物质的关系，题目难度不大．
11.若丙醇中的氧原子为18O，它和乙酸反应生成的酯的相对分子质量为（）
A. 102
B. 104
C. 120
D. 122
【答案】B
【解析】解：酸与醇反应的原理为酸脱羟基，醇脱氢，故丙醇与乙酸反应的原理为：CH3COOH+CH3CH2CH218OH CH3CO18OCH2CH2CH3+H2O，故
CH3CO18OCH2CH2CH3的相对分子质量为5×12+16+18+10×1=104，
故选：B。

根据酸与醇反应的实质进行分析得出正确结论．酯化反应的反应机理是酸脱羟基，醇脱氢，据此分析．
酯化反应是高考热点题型，每年高考必考．本题重点考查了酯化反应的实质，酸脱羟基，醇脱氢．
12.用核磁共振仪对分子式为C3H8O的有机物进行分析，核磁共振氢谱有三个峰，峰
面积之比是1：1：6，则该化合物的结构简式为（）
A. CH3-O-CH2-CH3
B. CH3CH（OH）CH3
C. CH3CH2CH2OH
D. C3H7OH
【答案】B
【解析】解：A．含3种H，且原子个数比为3：2：3，故A不选；
B．含3种H，且原子个数比为1：1：6，故B选；
C．含4种H，故C不选；
D．C3H7OH若为2-丙醇含3种H，若为1-丙醇含4种H，故D不选；
故选：B。

磁共振氢谱有三个峰，峰面积之比是1：1：6，可知含3种H，且原子个数比为1：1：6，以此来解答。

本题考查有机物的结构，为高考常见题型，把握H的种类及个数为解答的关键，侧重分析与应用能力的考查，注意对称性的应用，题目难度不大。

13.下列烃的一卤代物同分异构体数目最多的是（）
A. 乙烷
B. 2-甲基丙烷
C. 2，2-二甲基丙烷
D. 2，2-二甲基丁烷
【答案】D
【解析】解：A、乙烷的结构简式为CH3CH3，分子中含有1种氢原子，其一氯代物有1种异构体；
B、2-甲基丙烷的结构简式为CH3CH（CH3）2，分子中含有2种氢原子，其一氯代物有2种异构体；
C、2，2-二甲基丙烷的结构简式为C（CH3）4，分子中含有1种氢原子，其一氯代物有1种异构体；
D、2，2-二甲基丁烷的结构简式为（CH3）3CCH2CH3，分子中含有3种氢原子，其一氯代物有3种异构体；
故选：D。

根据分子中等效H原子判断一氯代物异构体数，分子中由几种H原子，其一氯代物就有几种异构体．
本题考查同分异构体的书写与判断，难度中等，注意根据物质名称写出结构简式判断等效氢是解题的关键．
14.“绿色化学”对化学反应提出了“原子经济性”（原子节约）的新概念及要求，理
想原子经济性反应是原料分子中的原子全部转化成所需要的产物，实现零排放。

下列反应类型一定符合这一要求的是。

（）
（1）取代反应（2）加成反应（3）消去反应（4）水解反应（5）酯化反应（6）氧化反应。

A. （2）
B. （1）（4）
C. （3）（5）
D. （2）（6）
【答案】A
【解析】解：（1）取代反应、（3）消去化反应、（4）水解反应、（5）酯化反应、（6）氧化反应这四种反应生成物不止一种，且有副产物产生，不符合原子经济理念；
（2）加成反应中原料分子中的原子全部转化成所需要的产物，且不产生副产物，原子利用率高达100%，符合原子经济理念；
故选：A。

原子经济性反应是原料分子中的原子全部转化成所需要的产物，不产生副产物，实现零排放，以此解答。

本题以绿色化学为载体，考查反应类型的特点，正确把握原子经济理念解反应的特点是解本题关键，题目难度不大。

15.为了鉴定卤代烃中所含的卤素原子，要经过①加入AgNO3溶液；②加热；③用HNO3
酸化；④加入NaOH溶液，其中正确的实验顺序是（）
A. ④②③①
B. ①②③④
C. ④①③②
D. ④①②③
【答案】A
【解析】解：为了检验溴乙烷中含有溴元素，不能直接向溴乙烷中滴加硝酸银溶液来检验，是因为溴乙烷中不含有溴离子；
检验溴乙烷中含有溴元素一定要将之转化为溴离子，可以采用卤代烃的水解方法生成卤离子，即加入氢氧化钠选④，加热，发生水解反应生成NaBr选②，用HNO3酸化溶液至溶液呈酸性选③，最后加入硝酸银溶液，生成淡黄色沉淀，则证明含溴元素选①，
即操作顺序为④②③①。

故选：A。

检验溴乙烷中溴元素使卤代烃中的卤素原子变为卤离子，溴乙烷可以在氢氧化钠水溶液中水解生成卤离子，再加入硝酸酸化，最后加入硝酸银，观察是否有黄色沉淀生成，据
此即可解答．
本题考查有机物的结构和性质，注意溴乙烷中不含溴离子，明确卤离子的转化是解答的关键，水解后加酸至酸性为解答的易错点，题目难度不大．
16.化学式为C4H8的链状烃有（考虑顺反异构体）（）
A. 3种
B. 4种
C. 5种
D. 6种
【答案】B
【解析】解：C4H8中属于烯烃的同分异构体有CH2=CH-CH2CH3、CH2=C（CH3）2、
、，故符合条件的同分异构体有4种，
故选：B。

烯烃具有顺反异构，C=C双键不饱和的同一C原子上连接2个不同的原子或原子团，据此书写判断．
本题考查同分异构体的书写，难度不大，注意烯烃具有顺反异构，满足C=C双键不饱和的同一C原子上连接2个不同的原子或原子团．
17.十九大报告提出将我国建设成为制造强国，2020年我国
“PX”产能将达到3496万吨/年。

有机物（烃）“PX”的
结构模型如图，下列说法错误的是（）
A. “PX”的分子式为C8H10
B. “PX”的二氯代物共有6种（不考虑立体异构）
C. “PX”分子中，最多有14个原子共面
D. 可用酸性KMnO4溶液鉴别“PX”与苯
【答案】B
【解析】解：A．由球棍模型可知有机物含有8个C、10个H，分子式为C8H10，故A 正确；
B．如一个氯原子在甲基上，另一个氯原子有3种位置，如1个氯原子在苯环上，另一个氯原子在苯环的位置有3种，另外两个氯原子可同在一个甲基上，共7种，故B错误；C．与苯环直接相连的原子共平面，结合三点确定一个平面，两个甲基各有一个H原子可能共平面，共14个，故C正确；
D．苯环连接甲基，具有甲苯的性质，可被酸性高锰酸钾氧化，故D正确。

故选：B。

由球棍模型可知有机物为，含有苯环和甲基，结合苯以及甲烷的结构和性质解
答该题。

本题考查有机物的结构和性质，为高频考点，侧重考查学生的分析能力，注意把握有机物的结构特点，把握同分异构体的判断，难度不大。

18.可用于鉴别乙醇、甲酸、乙醛、乙酸4种无色液体的一种试剂是（）
A. 水
B. 新制Cu（OH）2
C. NaOH溶液
D. 石蕊试剂
【答案】B
【解析】解；A．四种有机物都溶于水，不能鉴别，故A错误；
B．加入新制Cu（OH）2悬浊液，乙醇不反应，乙醛在加热时生成砖红色沉淀，乙酸和
氢氧化铜发生中和反应，氢氧化铜溶解，甲酸能溶解氢氧化铜，含有醛基，加热时有砖红色沉淀生成，可鉴别，故B正确；
C．氢氧化钠溶液不能鉴别乙醇、乙醛，二者都不反应，也不能鉴别乙酸、甲酸，没有明显的现象，故C错误；
D．乙醇、乙醛溶液呈中性，乙酸、甲酸溶液呈酸性，用石蕊试剂不能鉴别，故D错误。

故选：B。

四种有机物都易溶于水，其中乙醛含有-CHO，具有还原性，可用新制Cu（OH）2悬浊液检验，乙酸具有酸性，甲酸既具有酸性又具有还原性，以此选择鉴别试剂．
本题考查有机物的鉴别，为高频考点，侧重于学生的分析、实验能力的考查，题目难度中等，本题注意把握常见有机物的性质和鉴别方法，鉴别有机物时，要有明显的现象．
19.下列各物质中既能发生消去反应又能催化氧化，并且催化氧化的产物是醛的（）
A. B.
C. D.
【答案】D
【解析】解：A．不能发生催化氧化，可发生消去反应，故A错误；
B．能发生催化氧化，但不能发生消去反应，故B错误；
C．能发生催化氧化、发生消去反应，但氧化产物为丙酮，不能发生银镜反应，故C错误；
D．能发生消去反应，催化氧化可生成醛，能发生银镜反应，故D正确。

故选：D。

既能发生消去反应又能催化氧化，说明-OH邻位C原子有H原子，且与-OH相连的C 原子上有H原子，并且催化氧化的产物是醛，则应含有R-CH（R'）-CH2OH的结构特点．
本题考查有机物的结构和性质，题目难度中等，本题注意醇类物质发生消去、催化氧化反应与结构的关系，注意把握相关规律，为易错点．
20.分子式C4H8O2的有机物与硫酸溶液共热可得有机物A和B．将A氧化最终可得C，
且B和C为同系物．若C可发生银镜反应，则原有机物的结构简式为（）
A. HCOOCH2CH2CH3
B. CH3COOCH2CH3
C. CH3CH2COOCH3
D. HCOOCH（CH3）2
【答案】C
【解析】解：分子式C4H8O2的有机物与硫酸溶液共热可得有机物A和B，C4H8O2可为酯，水解生成酸和醇，将A氧化最终可得C，且B和C为同系物，说明A为醇，B和C 为酸，C可发生银镜反应，则C为HCOOH，则A应为CH3OH，B为CH3CH2COOH，对应的酯的结构简式为CH3CH2COOCH3，
故选：C。

分子式C4H8O2的有机物与硫酸溶液共热可得有机物A和B，C4H8O2可为酯，水解生成酸和醇，将A氧化最终可得C，且B和C为同系物，说明A为醇，B和C为酸，C可发生银镜反应，则C为HCOOH，则A应为CH3OH，B为CH3CH2COOH，以此可判断该有机物的结构简式．
本题考查有机物的推断，题目难度不大，明确有机物的性质以及相互之间的转化为解答该题的关键，注意A、B、C的关系．
21.下列有关甲苯的实验事实中，能说明侧链对苯环性质有影响的是（）
A. 甲苯燃烧产生大量黑烟
B. 1mol甲苯与3mol H2发生加成反应
C. 甲苯能使酸性KMnO4溶液褪色而甲烷不能
D. 苯在50～60°C时发生硝化反应而甲苯在30°C时即可
【答案】D
【解析】解：A．甲苯含碳量高，燃烧有黑烟，与组成元素有关，故A不选；
B．甲苯含苯环，1mol甲苯与3molH2发生加成反应，故B不选；
C．苯环影响甲基，则甲苯能被高锰酸钾氧化，为苯环影响侧链，故C不选；
D．苯在50～60°C时发生硝化反应而甲苯在30°C时即可，可知甲基影响苯环，故D选；故选：D。

A．甲苯含碳量高，燃烧有黑烟；
B．甲苯含苯环；
C．苯环影响甲基，则甲苯能被高锰酸钾氧化；
D．苯在50～60°C时发生硝化反应而甲苯在30°C时即可，可知甲基影响苯环。

本题考查有机物的结构与性质，为高考常见题型，把握有机物的结构、性质及有机反应为解答的关键，侧重分析与应用能力的考查，注意选项C为解答的易错点，题目难度不大。

22.用如图所示装置检验乙烯时不需要除杂的是（）
A B C D
【答案】B
【解析】解：A．溴乙烷的消去反应：+NaOH CH2=CH2↑+NaBr+H2O，
利用KMnO4+CH2=CH2+H2SO4→CO2↑+K2SO4+MnSO4+H2O，导致酸性KMnO4溶液褪色，检验乙烯；但乙烯中含有杂质乙醇，乙醇能与KMnO4酸性溶液反应，
5C2H5OH+4KMnO4+6H2SO4→5CH3COOH+4MnSO4+11H2O+2K2SO4，使KMnO4酸性溶液褪色，故需用水分离，乙醇能和水任意比互溶，而乙烯难溶于水，故A正确；B．CH3CH2Br与NaOH乙醇溶液共热含有的杂质乙醇，乙醇不与Br2的CCl4溶液反应，无需分离乙醇和乙烯，故B错误；
C．乙醇在浓硫酸加热170℃发生消去反应生成乙烯气体，
CH3-CH2-OH CH2=CH2↑+H2O，同时乙醇和浓硫酸在170℃以上能发生氧化反应，生成黑色碳、二氧化硫气体和水，反应为C2H5OH+2H2SO42C+2SO2↑+5H2O，含
有杂质乙醇、二氧化硫、二氧化碳，二氧化硫、乙醇能与KMnO4酸性溶液反应，
2KMnO4+5SO2+2H2O=K2SO4+2MnSO4+2H2SO4，导致酸性KMnO4溶液褪色，
5C2H5OH+4KMnO4+6H2SO4→5CH3COOH+4MnSO4+11H2O+2K2SO4，使KMnO4酸性溶液褪色，故需用NaOH溶液分离，NaOH溶液能溶解乙醇，能和二氧化硫反应，故C正确；
D．乙醇在浓硫酸加热170℃发生消去反应会有杂质乙醇、二氧化硫、二氧化碳，二氧化硫能与Br2的CCl4溶液反应，SO2+2H2O+Br2=H2SO4+2HBr，乙醇与水互溶，二氧化碳不影响乙烯的检验，需用氢氧化钠除去二氧化硫，故D正确；
故选：B。

CH3CH2Br与NaOH乙醇溶液共热制备的乙烯中含有乙醇，乙烯和乙醇都能使KMnO4酸性溶液褪色；乙醇不与Br2的CCl4溶液反应；
乙醇和浓硫酸在170℃以上能发生氧化反应，生成黑色碳、二氧化硫气体和水，二氧化硫、乙醇能与KMnO4酸性溶液反应，SO2中+4价S具有还原性，能还原酸性KMnO4溶液，使其紫色褪去，乙醇也能被KMnO4酸性溶液氧化，乙烯能与Br2的CCl4溶液反应使其褪色，以此解答该题。

本题考查化学实验方案的评价，为高频考点，侧重乙烯制备及物质鉴别、混合物分离等知识点的考查，把握有机物的性质为解答的关键，注意实验的评价性分析，题目难度不大。

23.在阿斯匹林的结构简式（右式）中①②③④⑤⑥分别标出
了其分子中的不同的键．将阿斯匹林与足量NaOH溶液共
煮时，发生反应时断键的位置是（）
A. ①④
B. ②⑤
C. ③④
D. ②⑥
【答案】D
【解析】解：能和氢氧化钠溶液反应的是酯基和羧基，酯基中碳氧单键断裂，即②号键断裂；羧基中羟基上的氧氢键断裂，即⑥键断裂，
故选：D。

根据阿斯匹林的结构简式可知，分子中含有羧基，决定其具有羧酸的性质；分子中具有酯基，决定其具有酯的性质．
能和氢氧化钠溶液反应的是酯基和羧基，据此分析解答．
本题考查了有机物的官能团及其性质，难度不大，明确有机化学反应中断键位置是解本题的关键．
24.有一种合成维生素的结构简式为，对该合成维生素的叙述正确
的是（）
A. 该合成维生素有三个苯环
B. 该合成维生素1 mol最多能中和5 mol氢氧化钠
C. 该合成维生素1 mol最多能和含6 mol单质溴的溴水反应
D. 该合成维生素可用有机溶剂萃取
【答案】D
【解析】【分析】
有机物含碳碳双键，可发生加成、加聚和氧化反应，含有酚羟基，可发生取代、氧化和显色反应，含有醇羟基，可发生取代、氧化反应，以此解答该题．
本题考查有机物的结构与性质，为高考常见题型，注意把握结构中的官能团为解答的关键，熟悉烯烃、酚的性质即可解答，题目难度不大．
【解答】
A．由结构简式可知合成维生素有二个苯环，故A错误；
B．能与氢氧化钠反应的只有酚羟基，该合成维生素1 mol最多能中和4 mol氢氧化钠，故B错误；
C．能与溴水反应的为酚羟基的邻、对位的取代以及碳碳双键的加成反应，若烃基也含碳碳双键，也可与溴发生加成反应，则该合成维生素1 mol最少能和含5mol单质溴的溴水反应，故C错误；
D．有机物大都溶于有机溶剂，故D正确。

故选：D。

25.我国在CO2催化加氢制取汽油方面取得突破性进展，CO2转化过程示意图如下：下
列说法不正确的是（）
A. 反应①的产物中含有水
B. 反应②中只有碳碳键形成
C. 汽油主要是C5～C11的烃类混合物
D. 图中a的名称是2-甲基丁烷
【答案】B
【解析】解：A．从质量守恒的角度判断，二氧化碳和氢气反应，反应为CO2+H2=CO+H2O，则产物中含有水，故A正确；
B．反应②生成烃类物质，含有C-C键、C-H键，故B错误；
C．汽油所含烃类物质常温下为液态，易挥发，主要是C5～C11的烃类混合物，故C正确；
D．图中a烃含有5个C，且有一个甲基，应为2-甲基丁烷，故D正确。

故选：B。

A．从质量守恒的角度判断，二氧化碳和氢气反应，生成物中应含有氢；
B．反应②生成烃类物质，含有C-C键、C-H键；
C．汽油所含烃类物质常温下为液态，易挥发；
D．图中a烃含有5个C，且有一个甲基。

本题综合考查碳循环知识，为高频考点，侧重考查学生的分析能力，本题注意把握化学反应的特点，把握物质的组成以及有机物的结构和命名，难度不大。

二、填空题（本大题共1小题，共6.0分）
26.某有机化合物A经李比希法测得其中含碳为72.0%、含氢为6.67%，其余为氧．现
用下列方法测定该有机化合物的相对分子质量和分子结构．
方法一：用质谱法分析得知A的相对分子质量为150．
方法二：核磁共振仪测出A的核磁共振氢谱有5个峰，其面积之比为1：2：2：2：3，如图A所示．
方法三：利用红外光谱仪测得A分子的红外光谱如图B所。