湖南省益阳市2019-2020学年中考第四次模拟物理试题含解析

湖南省益阳市2019-2020学年中考第四次模拟物理试题
一、单选题（本大题共10小题，共30分）
1．小云家卫生间安装了换气扇和照明灯，换气扇和照明灯的电路连接如图所示，下列说法中正确的是
A．换气扇和照明灯不能同时工作
B．换气扇和照明灯只能同时工作
C．换气扇和照明灯工作时，通过它们的电流一定相等
D．换气扇和照明灯工作时，它们两端的电压一定相等
D
【解析】
【分析】
【详解】
AB、两电器并联并且都有单独开关控制，则通过电键的控制两用电器可以单独工作，也可以同时工作，故AB错误；
C、由于两电器功率不同，则电流不一定相同；故C错误；
D、由并联电路的特点可知工作时两端的电压一定相等，故D正确．
故选D．
2．下列有关物理量的估计，符合实际的是
A．一个中学生体重约为5000N B．中学生正常行走的速度约为5km/h
C．教空里一盏日光灯的工作电流约为2A D．教室里一张课桌的高度约为150cm
B
【解析】一个中学生体重约为500N，故A不符合实际。

中学生正常行走的速度约为1.2m/s，合1.2×3.6km/h=4.32km/h，故B符合实际为答案。

如果教空里一盏日光灯的工作电流约为2A，则其电功率P=UI=220V×2A=440W，故C不符合实际。

教室里一张课桌的高度约为75cm，故D不符合实际。

3．小华同学设计了一个检测天然气泄漏的电路如图所示．电源电压恒定不变；R0为定值电阻；R为气敏电阻，其阻值随天然气浓度变化曲线如图乙所示．下列说法正确的是（）
A ．天然气浓度增大时，电压表示数变小
B ．天然气浓度增大时，电路消耗的总功率变小
C ．天然气浓度减小时，电流表示数变大
D ．天然气浓度减小时，电压表与电流表示数的比值不变 D 【解析】 【详解】
观察乙图，发现浓度增大，气敏电阻阻值R 变小．回到甲图，天然气浓度增大，气敏电阻R 变小，根据串联电路电阻等于各个电阻之和，有欧姆定律0
U
I
R R =
+，当R 变小，电流I 变大，电压表测量0R 的电压00U IR =,电流变大，电压变大，A 错．电路消耗的总功率P UI =,总电压U 不变，I 变大，总功率变大B 错．天然气浓度减小，气敏电阻R 变大0
U I R R =
+可判断电流I 变小C 错．此时00U
R I
=，不管电流怎么变化，定值电阻0R 不变，比值不变，答案D 对．
4．如图所示，两个实心的均匀正方体A 、B 静止放置在水平地面上，已知A 的边长小于B 的边长．它们对水平地面的压强相等．则下列说法正确的是
A ．若均沿竖直方向截去一半，则剩余部分对水平地面的压强p A ＜p
B B ．若均沿水平方向截去一半，则剩余部分对水平地面的压强p A ＜p B
C ．若均沿图中所示虚线截去上面的一半，则剩余部分对水平地面的压强p A =p B
D ．若将A 叠放在B 的正上方，则B 对水平面的压强是原来的二倍 C 【解析】 【分析】 【详解】
AB ．正方体物块对支持面的压力大小等于重力F=G ，根据压强公式F
p S
=
，对支持面的压强 F Vg Shg G mg S S p gh S S S
ρρρ=
=====， 即物体对支持面的压强大小只与物体的密度和高度有关，故若均沿竖直方向截去一半，则剩余部分对水平地面的压强与原来相等，它们对水平地面的仍压强相等．故A 错误．
若均沿水平方向截去一半，则剩余部分对水平地面的压强为均为原来的二分之一相等，它们对水平地面的压强相等；故B 错误．
CD ．若均沿图中所示虚线截去上面的一半，重力减小一半，压力减小一半，受力面积不变，根据压强公
式F
p S =，则剩余部分对水平地面的压强为原来的一半，故剩余部分对水平地面的压强相等．故C 正确．
由F
p S
=，因A 的受力面积小于B 的受力面积，故G A ＜G B ，若将A 叠放在B 的正上方，B 对支持面的
压力：
F′=G A +G B ＜2G B ， 此时B 对水平面的压强：
B
B B B B B
222G F F p p S S S =
'⨯='=＜， 故D 错误．
5． “安全用电，珍惜生命”是每个公民应有的意识．下列关于家庭电路说法正确的是 A ．家电路起火时，应先用水扑灭，然后再断开电路 B ．空气开关跳闸，一定是家庭电路出现短路导致的 C ．当有人触电时，漏电保护器会迅速切断电路 D ．家中多个大功率用电器，应接在同一插线板上使用 C 【解析】
A. 家庭电路起火时，应先断开电路用水扑灭，然后再用水扑灭，防止触电．故A 错误；
B.空气开关“跳闸”有可能发生了短路，还有可能是电路中用电器总功率过大造成的．故B 错误；
C. 漏电保护器通过检测电路中地线和火线中电流大小差异来控制开关，当火线有漏电时（单线触电）通过进户火线的电流大,而通过进户地线的电流小,引起绕在漏电保护器铁芯上磁通变化,而自动关掉开关，切断电路．故C 正确；
D. 家中多个大功率用电器不可以在同一插线板上使用，否则会使电路中电流的过大而引起火灾．故D 错误．故选C.
点睛：1.水是导体，电路起火时不能用水灭火，否则会发生触电事故；2. 电路中用电器总功率过大或发生短路都会引起空气开关“跳闸”；3. 当有人触电时，漏电保护器会迅速切断电；4. 家中多个大功率用电器不能在同一插线板上使用，否则容易引起火灾． 6．下列关于生活中常见热现象的解释正确的是
A ．用高压锅炖肉熟得快，是因为锅内气压高，水的沸点低
B ．炒菜时香气四溢说明分子在做无规则运动
C ．我们看到的热锅上的“白气”，是锅内的水汽化成的水蒸气
D ．夏天，人在电风扇下吹风感觉凉爽是因为电风扇可以降低室内的温度 B 【解析】 【分析】
【详解】
A 液体的沸点与气压有关，气压越高，沸点越高；高压锅内的气压高于1标准大气压，所以高压锅内水的沸点高于1标准大气压下水的沸点，故A 错误； B. 炒菜时的香气是分子的无规则运动产生扩散的结果，故
B 正确；C. 我们看到的热锅上的“白气”，是水蒸气遇冷液化成的小水珠，故
C 错误；D. 夏天吹风扇，身上感到凉爽，这是因为风扇来吹来的风加快了身上汗液的蒸发，蒸发吸热，导致人身体表面的温度降低，所以人会感到凉快，但不能降低室内的温度，故
D 错误．故选B ． 【点睛】
（2）液体的沸点与大气压的关系：液体的沸点随着表面气压的增大而升高，随气压减小而降低．（2）一切物体分子都在做无规则运动；（3）物质由气态变为液态叫液化；（4）影响蒸发快慢的因素有：液体的温度、液体的表面积、液体表面的空气流动速度；而蒸发吸热；
7．如图所示，均匀正方体甲、乙置于水平地面上。

沿水平方向切去部分后，甲、乙剩余部分的高度相等，此时甲、乙剩余部分的质量相等。

关于甲、乙的密度ρ甲、ρ乙和切去前甲、乙对地面压强p 甲、p 乙的判断，正确的是
A ．ρ甲＜ρ乙 ，p 甲 ＞p 乙
B ．ρ甲＜ρ乙 ，p 甲 ＜p 乙
C ．ρ甲＞ρ乙 ，p 甲 ＞p 乙
D ．ρ甲＞ρ乙 ，p 甲 ＜p 乙
C 【解析】 【详解】
沿水平方向切去部分后，甲、乙剩余部分的高度相等，即h 甲剩＝h 乙剩， 此时甲、乙剩余部分的质量相等，因为S S 甲乙<，所以V V <甲剩乙剩，根据m
V
ρ=可得：ρρ>甲乙； 甲、乙剩余部分的质量相等，则剩余部分的重力相等，
G G =甲剩乙剩，
即S h g S h g ρρ=甲甲乙乙，
S g S g ρρ=甲甲乙乙，
柱状物体对地面的压强F G mg Vg Shg p gh S S S S S
ρρρ=
=====， 切去前甲、乙对地面压强p 甲、p 乙分别为：S g p gl l 甲甲甲甲甲甲
ρρ==，S g
p gl l ρρ==乙乙乙乙乙
乙， 因为l l 甲乙＜，所以p p 甲乙＞； 故C 正确。

8．将一本物理书放在水平桌面上静止时，下列选项中的两个力相互平衡的是（）
A．书的重力与书对桌面的压力
B．书的重力与桌面对书的支持力
C．书对桌面的压力与桌面对书的支持力
D．书对桌面的压力与课桌的重力
B
【解析】一对平衡力会同时满足四个条件，即：作用在同一物体上，在一条直线上，大小相等，方向相反。

书的重力与书对桌面的压力的方向相同，但没有作用在同一个物体上，故A不符合题意；书的重力与桌面对书的支持力，作用在同一物体上，在一条直线上，大小相等，方向相反，是一对平衡力，故B符合题意；书对桌面的压力与桌面对书的支持力，没有作用在同一个物体上，故C不符合题意；书对桌面的压力与课桌的重力，力的方向相同，不是平衡力，故D错误，故选B。

点睛：本题考查的是平衡力的辨别，解题时必须要牢记二力平衡的四个条件，判断时缺一不可。

9．新交通法规于2013年1月1日施行，驾驶员不系安全带记3分，罚100元．汽车上设置了“安全带指示灯”，提醒驾驶员系好安全带．当安全带系好时，相当于闭合开关，指示灯不亮；安全带未系好时，相当于断开开关，指示灯发光．图中符合上述要求的电路图是（）
A．B． C． D．
B
【解析】
【分析】
【详解】
由题意知，指示灯与S并联，但电路不会出现短路，即电路中必须串联一个保护电阻；结合选项可知B
符合题意，A闭合开关，指示灯亮，C不管开关是否闭合，指示灯都亮，D指示灯与R串联了，故ACD 都不符合题意．B符合题意．
10．汽车里的乘客突然前倾，由此可以判断这辆汽车的运动状态可能是
A．静止B．匀速行驶C．突然刹车D．突然开动
C
【解析】
试题分析：汽车里的乘客突然前倾，由此可以判断这辆汽车的运动状态可能是突然刹车．刹车前人和车一起向前运动，刹车后车由于外力由运动变为静止，人由于惯性继续向前运动，所以乘客会突然前倾．
【考点定位】惯性现象
二、多选题（本大题共3小题，共12分）
11．如图是课本上的一些演示实验或插图，下列关于这些插图的说法中，正确的是
A．A图所探究的物理问题是影响电阻大小的因素
B．B图所探究的结论是使用滑轮组可以省力
C．C图所探究的物理问题是动能与势能的相互转化
D．D图所探究的是发电机的工作原理
ABC
【解析】
【详解】
A、A图中的实验装置可以通过控制变量法来探究电阻大小的影响因素，此选项说法正确；
B、图B中可以看出小孩使用滑轮组可以轻松的把一个大人拉动，说明使用滑轮组可以省力，此选项说法正确；；
C、图C中，滚摆上升时，动能减小，重力势能增大，动能转化为重力势能；滚摆下降时，重力势能减小，动能增大，重力势能转化为动能．因此本实验探究的是：动能与势能的相互转化，此选项说法正确；
D、D图中的实验是奥斯特实验，奥斯特实验表明：电流周围存在磁场．而发电机原理是电磁感应现象；此选项说法错误；
12．图甲、图乙由相同的滑轮组成的滑轮组,甲乙两人分别用两装置在相等的时间内将质量相等的重物提升相同的高度．空气阻力、摩擦、滑轮和绳子的质量均不计,则下列说法正确的是
A．甲的拉力是乙的拉力的2倍
B．乙拉绳子的速度是甲拉绳子速度的2倍
C．甲拉绳子的功率小于乙拉绳子的功率
D．如果考虑滑轮的质量，图甲装置的机械效率比图乙的小
AB
【解析】
由题知，重物重力相同（设其大小为G），物体升高的速度相同（设其大小为v），
（1）对于图甲，因为两个都是定滑轮，空气阻力、摩擦、滑轮和绳子的质量均不计，所以F甲=G，绳子的
速度v甲=v；拉力功率P甲=F甲v甲=Gv；如果考虑滑轮质量，空气阻力、摩擦、绳子的质量均不计，该装置的额外功为0，η甲=100%；
（2）对于图乙，因为是一个定滑轮、一个动滑轮，n=2，空气阻力、摩擦、滑轮和绳子的质量均不计，所
以
1
2
F G
=
乙
，绳子的速度v乙=2v；拉力功率
1
2
2
P F v G v Gv
==⨯=
乙乙乙
；如果考虑滑轮质量，空气阻力、摩
擦、绳子的质量均不计，该装置的额外功＞0，η乙＜100%；由以上分析可知：
A、甲的拉力是乙的拉力的2倍，故A正确；
B、乙拉绳子的速度大小是甲拉绳子速度大小的2倍，故B正确；
C、甲拉力的功率等于乙拉力的功率，故C错误；
B、如果考虑滑轮质量，甲装置的机械效率比乙的大，故D错误．
故选AB．
13．如图甲所示电路，电源电压保持不变．闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P从右端滑到左端的过程中，R1、R2的I-U关系图像如图乙所示．则下列判断正确的是
A．图线A是电阻R1的I-U关系图像
B．电源电压为14V
C．R1的阻值是20Ω
D．滑动变阻器R2的最大阻值为70Ω
CD
【解析】
【详解】
由电路图可知，R1与R2串联，电压表V1测R1两端的电压，V2测R2两端的电压，电流表测电路中的电流．
当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时，电路中的电流最大，R1两端的电压最大，R2两端的电压为0，由图象可知，A为滑动变阻器R2的I-U关系图象，B为电阻R1的I-U图象，故A错误；
当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，由I-U图象可知，电路中的最小电流I=0.2A，R1两端的电压U1=4V，R2两端的电压U2=14V，因串联电路中总电压等于各分电压之和，电源电压：
U=U1+U2=14V+4V=18V，故B错误；
定值电阻R 1的阻值：R 1=
14V
0.2A U I ==20Ω，故C 正确； 滑动变阻器的最大阻值：R 2=214V
0.2A
U I =
=70Ω，故D 正确． 三、填空题（本大题共5小题，共10分）
14．小红家买了一个电暖气，她阅读说明书时发现电暖气里的工作物质是油而不是水，好处之一是油的比热容比水的_______，加热时升温_________________选填“快”或“慢”）；电暖气周围的空气温度升高，这是通过________的方式改变内能的． 小 快 热传递 【解析】 【详解】
根据Q cm Δt =可知，∵c c <油水，质量相同的油和水，温度升高相同的度数时油吸收的热量少，即
Q Q <油水，且Q=W ，又∵ W=Pt ，电功率一定时，t t <油水，即温度升高相同的度数，油用的时间短，也
就是升温快；
改变内能的方式有做功和热传递两种，电暖气向周围空气散热使空气温度升高属于热传递改变内能． 15．如图所示的电路，电源电压不变。

先闭合开关S ，待电路稳定后再闭合开关S 1，电压表的示数___________，电路的总功率___________。

(选填“变大”“变小”或“不娈”)
不变 变大 【解析】 【详解】
由电路图可知，闭合开关S 时，如图所示，电路为2R 的简单电路，电压表测电源的电压，两电流表均测电路中的电流；
再闭合开关S 1后，1R 与2R 并联，电流表A 1测2R 支路的电流，电流表A 2测干路电流，电压表测电源的电压；因电源电压不变，所以，电压表V 的示数不变，
因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，通过2R的电流不变，即电流表A1的示数不变，则电压表V示数与电流表A1示数的乘积不变，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，电流表A2
可知电路总功率变大。

的示数变大，即干路电流变大，根据P UI
16．根据图中所示，回答下列问题：
甲图：将两支相同的密度计放入两种液体中（放入后两
液体深度相同），则两液体对容器底部的压强相比较，p a_____p b（选填“大于”“小于”“等于”）。

乙图：探究的是电磁铁磁性的强弱与_____有关；丙和丁两图探究的是同一深度液体的压强与_____有关。

＞线圈匝数液体密度
【解析】
【详解】
（1）由图甲知道，密度计放入两种液体中都是漂浮状态，漂浮时浮力等于其重力，即两支相同的密度计所受浮力相等，又因为密度计排开液体的体积是V排a＜V排b，由F浮＝ρ液V排g知道，液体的密度ρa＞ρb，又因为p＝ρgh，两液体深度相同，所以两液体对容器底部的压强是：p a＞p b。

（2）由于乙图中两电磁铁串联，控制电流相同，改变电磁铁匝数的多少，根据吸引大头针数目的多少探究磁性的强弱，所以此实验装置探究的是电磁铁磁性强弱和线圈匝数的关系；
（3）观察丙、丁两图，液体密度不同，探头在液体中的深度相同，U型管中液面的高度差不同，由此可知液体压强与液体的密度有关；
17．冰糖葫芦（如图）的制作方法是：将洗净的山楂穿在竹签上，然后将一定量的白糖放入锅中加热，待白糖_______（填物态变化名称）为糖浆后，将山楂蘸上糖浆，等山楂上的糖浆_______（选填“吸收”或“放出”）热量变成固态．
熔化放出
【解析】
【详解】
物质从固态变成液态的过程叫熔化；物质从液态变成固态的过程叫凝固．白糖吸热变为糖浆的过程是熔化现象；将山楂蘸上糖浆，等山楂上的糖浆放热凝固变为固态．
18．小敏家的电热水壶铭牌已模糊不清，他想估测其功率，把家里所有用电器关闭，只让该电热水壶工作1min，其铭牌上标有“3000R/kW·h”的电能表刚好转30转，则功率为____W；若他家平均每天要用该电
热水壶烧水约0.5h ，则一个月（30天）电热水壶将耗电____度。

600 9 【解析】 【分析】 【详解】
[1]电热水壶工作1min 电能表刚好转30转，可得工作1h 电能表转30×60=1800转，消耗的电能为
1800
kW?h =0.6kW?h 3000
所以可知电热水壶的电功率为0.6kW=600W 。

[2]一个月烧水时间为 30×0.5h=15h 所以消耗的电能为 W=Pt=0.6kW×15h=9kW·h
四、计算题（本大题共3小题，共29分）
19．如图所示电路中，R 1=10Ω. 当开关S 闭合时，电流表示数为0.2A ，电压表示数为4V . 求：
电源电压；R 2的阻值.
（1）6V ； （2）20Ω． 【解析】 试题分析
（1）由电路图可知，两电阻串联，电流表测电路中的电流，电压表测R 2两端的电压；根据欧姆定律求出R 1的两端的电压，即可根据串联电路的电压特点求出电源电压； （2）已知R 2两端的电压和电流，根据欧姆定律求出R 2的阻值； 试题解析
（1）由电路图可知：两电阻R 1、R 2串联，电流表测电路中的电流，电压表测R 2两端的电压，此时电路
中的电流：120.2?
I I I A ===. 电阻R 1的两端的电压：
1110.2?A 10?Ω2?V U I R ==⨯=.
因为串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以：
122?V 4?V 6?V U U U =+=+=．
（2）电阻R 2的阻值：
2224?V 20?Ω0.2?A
U R I ===. 点睛：本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是分析两电表的使用.
20．被誉为“沙漠之舟”的骆驼站在水平沙面上，它的质量为600kg ，每只脚掌的面积为20cm 2（g ＝10N/kg ）．骆驼对沙面的压力为多大？骆驼对沙面的压强为多大？骆驼的脚掌约可知为马蹄掌的三倍，这样大的脚掌有什么好处？
（1）6×103N ； （2）7.5×105Pa ；（3）骆驼的脚掌面积大，对沙子表面压强较小，能避免陷入沙子里有利于在沙漠行走
答略．
【解析】
解：（1）骆驼对沙面的压力等于其重力F=G=mg=600kg×
10N/kg=6000N ． （2）骆驼对沙面的压强5426000P 7.51042010F N Pa S m -=
==⨯⨯⨯. （3）由P F S
=可知，压力一定时，受力面积越大压强越小．骆驼的脚掌约为马蹄掌的三倍，骆驼的脚掌面积大，对沙子表面压强较小，能避免陷入沙子里，有利于在沙漠行走，所以骆驼有“沙漠之舟”之称． 答：（1）骆驼对沙面的压力为6000N ．（2）骆驼对沙面的压强为57.510Pa ⨯．（3）骆驼的脚掌面积大，对沙子表面压强较小．
21．图甲是某电吹风机的工作原理图，开关可置于1、2、3三个档位．电吹风工作时，可以分别吹出热风和凉风．为了防止温度过高，用一个热敏电阻R 0与电阻为100Ω的电热丝R 串联，R 0的阻值随温度的变化如图乙所示．
当开关S 置于图甲中的2档位，电吹风可以吹出凉
风，此时功率为500W ，求电路中的电流．假设电热丝在最大发热功率下工作1min ，产生的热量是多少？此时电吹风的功率多大？
（1）2.27A ；（2）24000J ；940W
【解析】
【详解】
（1）由电路图可知，当开关S 置于图甲中的2档位时，电路中只有电动机工作，电吹风可以吹出凉风，电路中的电流I=500W 220V
P U =≈2.27A ； （2）由图乙可知，热敏电阻的最小阻值R 0=10Ω，此时电热丝R 所在支路的总电阻最小，该支路的电流
最大，电热丝的发热功率最大，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电热丝R所在支路的最大电流：I大=
220V
100
Ω+10Ω
U
R R
=
+=2A，则电热丝在最大发热功率下工作1min产生的热量：Q=I大
2Rt=（2A
）2×100Ω×60s=24000J；
此时电吹风的发热功率P
大
=UI大=220V×2A=440W．电吹风的总功率P总=P电动机+P大=500W+440W=940W．
五、作图题（本大题共2小题，共4分）
22．小明用力F将质量均匀木棒的一端抬起，保持如图所示的位置不变，请画出力F力臂L和木棒受到重力的示意图．
（__________）
【解析】
【详解】
质量均匀的木棒的重心在其中心，过木棒的重心沿竖直向下画一条带箭头的线段，并用G表示；反向延长动力F得到动力作用线，再过支点O作动力作用线的垂线段得到力F的力臂L．如图所示：
23．如图所示，一木块漂浮在水面上静止，请画出木块的受力示意图。

【解析】
【详解】
木块漂浮在水面上静止，则受力平衡，即浮力等于重力。

重力从重心竖直向下画，浮力从重心竖直向上画，标出符号G和F，注意两个力的长度相等，如图：
【点睛】
重点是画力的示意图，要理解静止时，受力平衡，即浮力等于重力，也就是我们常用的浮沉条件之一。

六、实验探究题（本大题共3小题，共15分）
24．小明在探究并联电路电流规律的实验中，如图甲是实验的电路图。

在连接电路
时发现，刚接好最后一根导线，表的指针就发生了偏转，由此可知在连接电路时，他忘了________。

他先将电流表接A处，闭合开关后，观察到灯L2发光，但灯L1不发光，电流表的示数为零，电路可能存在的故障是______。

他在测量A处的电流时，发现电流表的指针偏转如图乙所示，原因是___________；在排除故障后，电流表的示数如图丙所示，则电流表的示数为________A。

在解决了以上问题后，将电流表分别接入A、B、C三点处，闭合开关，测出了一组电流并记录在表格中，立即得出了并联电路的电流规律。

请你指出他们实验应改进方法是____________。

实验结束后，小明又利用器材连接了如图丁所示的电路图，当开关S由断开到闭合时，电流表A2的示数_____（选填“变大”“变小”或“不变”）。

断开开关L1断路电流表正负接线柱接反0.24 换用不同规格的两只灯泡，多测几组数据
变大
【解析】
【分析】
根据“探究并联电路电流规律的实验”可知,本题考查并联电路中的电流规律,根据并联电路的电流规律以及故障分析、电流表读数等内容分析判断。

【详解】
(1)[1]在连接电路时发现，刚接好最后一根导线，表的指针就发生了偏转，由此可知在连接电路时，他忘了断开开关；
(2)[2]将电流表接A处，闭合开关后，观察到灯L2发光，但灯L1不发光，电流表的示数为零，说明L1所在支路断路；
(3)[3]他在测量B处的电流时，发现电流表的指针偏转如图乙所示，即反向偏转，原因是：电流表正负接线柱接反了；
[4]在排除故障后，电流表的示数如图丙所示，图中电流表选用小量程，分度值为0.02A，则电流表的示数
为0.24A；
(4)[5]只测量了一组数据得出的结论有偶然性，应改进方法是：换用不同的灯泡测量多组数据；
(5)[6]实验结束后，小明又利用器材连接了如图丁所示的电路图，当开关S断开时，电路中只有L1，电流表A2测电路中电流，S闭合时，两灯并联，电流表A2测干路的电路中，因L1的电压和电阻不变，由欧姆
A的示数变大。

定律，通过其的电流不变，根据并联电路电流的规律，电流表2
25．在“探究物体的动能大小跟哪些因素有关”的实验中．
（1）让钢球从高为h的斜面由静止释放，碰上水平面上静止的木块B，如图甲所示．实验时通过观察木块移动的距离来判断钢球动能的大小．若斜面光滑，钢球从静止滚到斜面底端的过程中，钢球的机械能____（填“守恒”或“不守恒”）．若不用木块B，在桌面上铺一条毛巾，______（填“可以”或“不可以”）用钢球A在毛巾表面滚动的距离来体现．
（2）实验表明，让同一钢球A从同一斜面的不同高度由静止释放，高度h越高，木块B被撞得越远，由此可以得出结论：__________．
（3）让两个不同质量的钢球分别从同一斜面的同一高度由静止释放．质量_____（填“大”或“小”）的钢球把木块撞得远．两次实验中，木块B所受的滑动摩擦力_______（填“相同”或“不同”）．
（拓展）若斜面光滑，钢球从斜面静止滑下碰撞木块后，木块在水平面上滑动一段距离后停下来．增大斜面的倾角，仍让钢球从同一高度处由静止滑下，如图乙所示，则木块在水平面上移动的距离_______（填“变大”、“不变”或“变小”）（不计空气阻力）．
守恒可以质量相同时，物体的速度越大，动能越大大相同不变
【解析】
【详解】
（1）因为是光滑的斜面，没有摩擦，所以在斜面上滑下的小球没有能量的损耗，在能量转化过程中能量是守恒的；若不用木块B，在桌面上铺一条毛巾，接触面的粗糙程度相同，小球克服摩擦力做功，可以用小球在毛巾表面滚动的距离来体现动能的大小；
（2）同一钢球从不同的高度滚下，位置高的滚到斜面底端的速度就大，把木块推得越远说明运动的木块做功多，动能大，说明了物体的动能与物体的速度有关，由此得出结论：在质量一定时，钢球的速度越大，动能就越大；
（3）让质量不同的钢球从同一高度滚下，小球到达斜面底端时的速度就是一定的，质量大的把木块推的远，说明了动能的大小和质量有关，在速度一定时，质量越大，动能也就越大；两次实验中，木块B对水平面的压力和接触面的粗糙程度不变，木块B所受的滑动摩擦力不变；
【拓展】。