2023-2024学年深圳市第二高级中学高考物理全真模拟密押卷含解析

2023-2024学年深圳市第二高级中学高考物理全真模拟密押卷
考生请注意：
1．答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。

2．第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。

3．考生必须保证答题卡的整洁。

考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、某加湿器在电子元件控制下，通过的电流如图所示，周期为1.0s ，若等效工作电阻恒为100Ω，则该加湿器1小时消耗的电能约为（ ）
A ．28.010-⨯度
B ．27.510-⨯度
C ．27.010-⨯度
D ．27.210-⨯度
2、图为氢原子的能级示意图。

处于n =4能级的一群氢原子向低能级跃迁时，辐射出的光子再照射列逸出功为2.29eV 的某金属板上，下列说法正确的是（ ）
A ．共有10种不同频率的光子辐射出来
B ．共有6种不同频率的光子能使该金属发生光电效应现象
C ．入射光子的频率越高，逸出光电子的最大初动能越大
D ．从金属板中逸出的光电子就是α粒子
3、如图甲所示，在某电场中建立x 坐标轴，A 、B 为x 轴上的两点，x A 、x B 分别为A 、B 两点在x 轴上的坐标值。

一
电子仅在电场力作用下沿x 轴运动，该电子的动能E k 随其坐标x 变化的关系如图乙所示。

则下列说法中正确的是（ ）
A ．A 点的电场强度小于
B 点的电场强度
B ．A 点的电场强度等于B 点的电场强度
C ．A 点的电势高于B 点的电势
D ．电子由A 点运动到B 点的过程中电势能的改变量p k k B A
E E E ∆=-
4、中国核学会发布消息称，截至201 9年6月底，中国大陆在运核电机组47台，装机容量4873万千瓦，位居全球第
三。

铀核（28592U ）是获得核能的主要原料之一，其中一种核反应方程为2351941920380U n X Sr 2n +→++并释放核能，下
列说法正确的是（ ）
A ．该核反应是重核裂变，产物的结合能之和大于铀核（28592U ）的结合能
B ．该核反应在中子的轰击下发生，核反应为人工转变
C ．X 原子核中的核子数为140个，中子数为84个
D ．因为裂变时释放能量，根据
E =mc 2，所以裂变后的总质量数减少
5、叠放在水平地面上的四个完全相同的排球如图所示，质量均为m ，相互接触，球与地面间的动摩擦因数均为μ，则：
A ．上方球与下方3个球间均没有弹力
B．下方三个球与水平地面间均没有摩擦力
C．水平地面对下方三个球的支持力均为4
3 mg
D．水平地面对下方三个球的摩擦力均为4
3
mg
6、20世纪中叶以后，移动电话快速发展．移动电话机（）
A．既能发射电磁波，也能接收电磁波
B．只能发射电磁波，不能接收电磁波
C．不能发射电磁波，只能接收电磁波
D．既不能发射电磁波，也不能接收电磁波
二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。

在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、在某均匀介质中，甲、乙两波源位于O点和Q点，分别产生向右和向左传播的同性质简谐横波，某时刻两波波形如图中实线和虚线所示，此时，甲波传播到x=24m处，乙波传播到x=12m处，已知甲波波源的振动周期为0.4s，下列说法正确的是________．
A．甲波波源的起振方向为y轴正方向
B．甲波的波速大小为20m/s
C．乙波的周期为0.6s
D．甲波波源比乙波波源早振动0.3s
E.从图示时刻开始再经0.6s，x=12m处的质点再次到达平衡位置
8、图甲为理想变压器，其原、副线圈的匝数比为4：1，原线圈接图乙所示的正弦交流电。

图中R T为阻值随温度升高而减小的热敏电阻，R1为定值电阻，电压表和电流表均为理想电表。

则下列说法正确的是（）
A．图乙所示电压的瞬时值表达式为u＝51sin50πt(V)
B．变压器原、副线圈中的电流之比为1：4
C．变压器输入、输出功率之比为1：4
D．R T处温度升高时，电压表示数不变，电流表的示数变大
9、如图所示，两光滑平行金属导轨MN与PQ，其间距为L，直导线ab垂直跨在导轨上，且与导轨接触良好，整个装置处于垂直纸面向里的匀强磁场中，磁感应强度大小为B。

电容器接在P、M两端，其电容为C，除电路中的电阻R外，导轨和直导线的电阻均不计。

现给直导线ab一初速度，使之向右运动，当电路稳定后，直导线ab以速度v向右匀速运动，则（）
A．电容器两端的电压为BLv B．电阻两端的电压为零
C．电容器所带电荷量为CBLv D．直导线ab所受安培力为
22 B L v R
10、下列说法中正确的是（）
A．液晶既有液体的流动性又有晶体的各向异性
B．第二类永动机研制失败的原因是违背了能量守恒定律
C．在有分子力时，分子间的引力和斥力都随分子间距离的增大而减小
D．大雾天气，学生感觉到教室潮湿，说明教室内的相对湿度较大
E.非晶体是各向同性的，晶体都是各向异性的
三、实验题：本题共2小题，共18分。

把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11．（6分）某兴趣小组要将一块量程为1mA，内阻约为几十欧的电流表改装成量程为3V的电压表。

首先要测量该电流表的内阻，现有如下器材：
待测电流表G（量程1mA、阻值约几十欧）；
滑动变阻器（总阻值5000Ω 、额定电流0.5A）、滑动变阻器（总阻值500Ω、额定电流1A）、电阻箱R2（总阻值999.9Ω ）；
电源（电动势为1.5V，内阻很小）、电源（电动势为3V，内阻很小）、开关、导线若干。

(1)该小组如果选择如图甲所示的电路来测量待测电表G的内阻，则滑动变阻器R1应该选择____（选填“A”或“B”；A．滑动变阻器（总阻值5000Ω 、额定电流0.5A）；B．滑动变阻器（总阻值500Ω 、额定电流1A）），电源应选择____（选填“A”或“B”；A．电源（电动势为1.5V，内阻很小）；B．电源（电动势为3V，内阻很小））；
(2)实验时，先断开S2，闭合开关S1，调节滑动变阻器R1，使得G的示数为I g；保证R1的阻值不变，再闭合S2，调节
电阻箱R2，使得G表示数为2
3g
I，此时电阻箱R2的示数如图乙所示，则G表的内阻的测量值是______（选填“A”或“B”；
A．24.0Ω ；B．96.0Ω ）。

以上三空答案依次是（____________）
A．(1)A、B(2)A
B．(1)B、A(2)B
C．(1)A、B(2)B
D．(1)B、A(2)A
12．（12分）如图甲所示的一黑箱装置、盒内有电源、电阻等元件，a、b为黑箱的两个输出端
（1）为了探测黑箱，某同学进行了以下测量
A．用多用电表的电压档测量a、b间的输出电压
B．用多用电表的电阻档测量a、b间的电阻
你认为这个同学以上测量中有不妥的有______（选填字母）；
（2）含有电源的黑箱相当于一个“等效电源”，a、b是等效电源的两级，为了测定这个等效电源的电动势和内阻，该
同学设计了如图乙所示的电路，调节电阻箱的阻值，记录下电压表和电流表的示数，并在如图所示的方格纸上建立U-I 坐标，根据实验数据画出了坐标点，如图所示，并由图求出等效电源的内阻r ’=___Ω；由于电压表有分流的作用，采用此测量电路，测得的等效电源的内阻，与真实值相比___（选填“偏大”、“偏小”或“不变”）；
（3）现探明黑箱中的电源和电阻如图丙所示，探出电阻R 1=1.5Ω、R 2=2Ω；推算出黑箱内电源的电动势E =____V ，内阻r =____Ω
四、计算题：本题共2小题，共26分。

把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。

13．（10分）如图所示，一个绝热的气缸竖直放置，内有一个绝热且光滑的活塞，中间有一个固定的导热性良好的隔板，隔板将气缸分成两部分，分别密封着两部分理想气体 A 和 B ．活塞的质量为m ，横截面积为S ，与隔板相距h ．现通过电热丝缓慢加热气体，当A 气体吸收热量Q 时，活塞上升了h ，此时气体的温度为T 1．已知大气压强为P 0，重力加速度为g ．
①加热过程中，若A 气体内能增加了E ∆1，求B 气体内能增加量E ∆2
②现停止对气体加热，同时在活塞上缓慢添加砂粒，当活塞恰好回到原来的位置时A 气体的温度为T 2．求此时添加砂粒的总质量m ∆．
14．（16分）长为1.5m 的长木板B 静止放在水平冰面上，小物块A 以某一初速度从木板B 的左端滑上长木板B ，直到A 、B 的速度达到相同，此时A 、B 的速度为0.4m/s ，然后A 、B 又一起在水平冰面上滑行了8.0cm 后停下．若小物块A 可视为质点，它与长木板B 的质量相同，A 、B 间的动摩擦因数μ1=0.1．求：（取g=10m/s2）
（1）木块与冰面的动摩擦因数．
（2）小物块相对于长木板滑行的距离．
15．（12分）如图所示，一定质量的理想气体从状态a 变化到状态b ，在这一过程中，若a 对应的温度为T 1=200K ，求：
①b 点的温度；
②若从a 到b 的过程中内能增加2.5×105J ，在这个过程中气体从外界吸收的热量是多少。

参考答案
一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、C
【解析】
根据有效值的定义，有
2221122I Rt I Rt I RT +=
解得：交流电的有效值
2211222210.60.50.4A 0.7A 1
I I Rt I Rt R R RT R ⨯⨯++⨯⨯===⨯ 电阻功率
2270W 7.010kW P I R -===⨯
所以加湿器1小时消耗的电能
227.010kW h 7.010E Pt --==⨯⋅=⨯度
故C 正确，ABD 错误。

故选：C 。

2、C
【解析】
A. 共有24
6C =种不同频率的光子辐射出来，选项A 错误； B. 其中能级差大于2.29eV 的跃迁有：4→1、3→1、2→1、4→2，即共有4种不同频率的光子能使该金属发生光电效应现象，选项B 错误；
C. 根据光电效应规律可知，入射光子的频率越高，逸出光电子的最大初动能越大，选项C 正确；
D. 从金属板中逸出的光电子是0
1e -，不是α粒子，选项D 错误。

故选C 。

3、B
【解析】
AB ．根据动能定理得知：电场力做功等于电子动能的变化，则有
k E Eqx =
根据数学知识可知，图线的斜率
k qE =
斜率不变，q 保持不变，说明电场强度不变，所以该电场一定是匀强电场，则
A B E E =
故A 错误，B 正确；
C ．由图知，电子从A 到B 动能增大，电场力做正功，则知电场力方向从A →B ，电场线方向从B →A ，根据顺着电场线方向电势降低，则有
A B ϕϕ<
故C 错误；
D ．根据动能定理知
k k P AB B A W E E E =-=-∆
即
P k k A B E E E ∆=-
故D 错误。

故选B 。

4、A
【解析】
A ．结合质量数守恒与电荷数守恒可知，铀核裂变的产物为氙核和锶核，并会释放能量，则裂变产物的结合能之和一定大于铀核的结合能，故A 正确；
B ．该核反应为重核裂变，不是人工转变，故B 错误；
C ．X 原子核中的核子数为（235+1）-（94+2）=140个，中子数为140-（92-38）=86个，故C 错误；
D ．裂变时释放能量，出现质量亏损，但是总质量数不变，故D 错误。

故选A 。

5、C
【解析】
对上方球分析可知，小球受重力和下方球的支持力而处于平衡状态，所以上方球一定与下方球有力的作用，故A 错误；下方球由于受上方球斜向下的弹力作用，所以下方球有运动的趋势，故下方球受摩擦力作用，故B 错误；对四个球的整体分析，整体受重力和地面的支持力而处于平衡，所以三个小球受支持力大小为4mg ，每个小球受支持力为43
mg ，故C 正确；三个下方小球受到的是静摩擦力，故不能根据滑动摩擦力公式进行计算，故D 错误．故选C ． 6、A
【解析】
移动电话能将我们的声音信息用电磁波发射到空中，同时它也能在空中捕获电磁波，得到对方讲话的信息．
【详解】
因为移动电话能将我们的声音信息用电磁波发射到空中，同时它也能在空中捕获电磁波，得到对方讲话的信息．所以移动电话的声音信息由空间的电磁波来传递，移动电话既能发射电磁波，也能接收电磁波，故A 正确，BCD 错误。

故选A 。

【点睛】
本题需要掌握移动电话的电信号通过电磁波进行传递，知道移动电话既是无线电的发射台，又是无线电的接收台．
二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。

在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、BCE
【解析】
甲波传播到x=24m 处，根据波向右传播可知：质点向下振动，故甲波波源的起振方向为y 轴负方向，故A 错误；由图可知：甲波的波长为8m ，又有甲波波源的振动周期为0.4s ，故甲波的波速大小为
80.4m s
＝20m /s ，故B 正确；同一介质中横波波速相同，故乙波的波速也为20m/s ，由图可知：乙波的波长为12m ，故周期为1220/m m s
＝0.6s ，故C 正确；甲波的传播距离为24m ，故波源振动时间为2420/m m s
＝1.2s ；乙波的传播距离为42m-12m=30m ，故波源振动时间为3020/m m s
＝1.5s ，所以，甲波波源比乙波波源晚振动0.3s ，故D 错误；由图可知：图时时刻，两波在x=12m 处都处于平衡位置，将要向上振动；故该质点的振动方程为y ＝15sin5πt +10sin 103πt (cm )，那么，t=0.6s 时，y=0，即从图示时刻开始再经0.6s ，x=12m 处的质点再次到达平衡位置；故E 正确；故选BCE ．
【点睛】
在给出波形图求解质点振动、波速的问题中，一般根据图象得到波长及时间间隔与周期的关系，从而求得周期，即可
得到质点振动情况，由v ＝ T
λ
求得波速． 8、BD
【解析】
A ．原线圈接的图乙所示的正弦交流电，由图知最大电压51V ，周期0.02s ，故角速度是 2π100πT
ω=
= 则 51sin100π(V)u t =
故A 错误；
B ．根据
1221
I n I n = 得，变压器原、副线圈中的电流之比
124
1I I = 故B 正确；
C ．理想变压器的输入、输出功率之比应为1：1，故C 错误；
D ．电压表测的是原线圈的电压即不变，则副线圈两端电压不变，R T 处温度升高时，阻值减小，电流表的示数变大，故D 正确。

故选BD 。

9、ABC
【解析】
AB ．当直导线ab 匀速向右运动时，直导线切割磁感线产生的感应电动势为 E BIv =
电路稳定后，电容器两极板间的电压
U E BLv ==
电容器既不充电也不放电，电路中无电流，电阻两端无电压，故A 、B 正确； C ．电容器所带电荷量为
Q CU CBLv ==
故C 正确；
D ．电路稳定后，直导线ab 中无电流，根据F BIL =可知直导线ab 不受安培力，故D 错误；
故选ABC 。

10、ACD
【解析】
A ．液晶既有液体的流动性又有晶体的各向异性，选项A 正确；
B ．第二类永动机研制失败的原因是违背了热力学第二定律，选项B 错误；
C ．在有分子力时，分子间的引力和斥力都随分子间距离的增大而减小，选项C 正确；
D ．大雾天气，学生感觉到教室潮湿，说明教室内的相对湿度较大，选项D 正确；
E ．多晶体具有各向同性，选项E 错误。

故选ACD 。

三、实验题：本题共2小题，共18分。

把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11、A
【解析】
[1]用半偏法测电流表内阻，为减小实验误差，滑动变阻器最大阻值与电源电动势应大些，由实验器材可知，为减小实验误差，滑动变阻器R 1应选择A ，电源应选择B ；由图示电阻箱可知，电阻箱示数为
20100Ω410Ω81Ω00.1Ω48ΩR =⨯+⨯+⨯+⨯=
闭合开关S 2后认为电路电流不变，电流表示数为
23g I ，由并联电路特点可知，流过电阻箱的电流为3g I ，电流表与电
阻箱并联，其两端电压相等，则 2233g
g
g I I R R =
解得，电流表内阻
224Ω2
g R R == 故电流表应选A 。

综上所述三空答案依次是A 、B 、A ，故选A 。

12、B 1.0 偏小 3.0 0.5
【解析】
(1)[1]用欧姆挡不能直接测量带电源电路的电阻，故填B 。

(2)[2] 根据电源的U-I 图像纵轴的截距表示电源的电动势，斜率的绝对值表示电源的内阻，可得等效电源的电动势为 '=1.5V E
内阻
' 1.5 1.0 1.00.50U r I ∆-==Ω=Ω∆ [3] 该实验的系统误差主要是由电压表的分流，导致电流表测量的电流小于通过电源的真实电流；利用等效电源分析，即可将电压表与黑箱看成新的等效电源，则实验中测出的内阻应为原等效电源内阻和电压表内阻并联的等效电阻，所以测得的内阻与真实值相比偏小。

(3)[4] [5] 等效电源的电动势为丙图中ab 两端的电压，故
'212R E E R R r
=++ 等效电源的内阻为丙图中虚线框内的总电阻，故
'21111r R R r
=++ 解得
=3.0V E
0.5r =Ω
四、计算题：本题共2小题，共26分。

把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。

13、①.()01Q mg p s h E -+-∆ ②. 02121Sp T m T g
⎛⎫⎛⎫-+
⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭ 【解析】
试题分析：①气体对外做功B 气体对外做功
．．． （1） 由热力学第一定律得12+E E Q W ∆∆=-．．．．．．．．．．．．．．．．．．．（2）
解得
．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．（3） ②B 气体的初状态 10mg p p S
=+12V hS =T 1．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．（4） B 气体末状态 20(+)m m g p p S
∆=+1V hS =T 2 ．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．（5） 由气态方程
．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．（6）
解得2121T m T （）∆=-0Sp m g
+（）．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．（7） 考点：本题考查理想气体状态方程．
14、（1）20.10μ=（2）0.96m
【解析】
（1）A 、B 一起运动时，受冰面对它的滑动摩擦力，做匀减速运动，加速度:
2
22204m/s 1m/s 20.08
a g μ===⨯． 解得木板与冰面的动摩擦因数：
20.10μ=
（2）小物块A 在长木板上受木板对它的滑动摩擦力，做匀减速运动，加速度为：
211 2.5m/s a g μ==
小物块A 在木板上滑动时，木板B 受小物块A 的滑动摩擦力和冰面的滑动摩擦力，做匀加速运动，有： ()1222mg m g ma μμ-=
解得加速为
220.50m/s a =
设小物块冲上木板时的初速度为10v ，经时间t 后A 、B 的速度相同为v ，由长木板的运动得： 2v a t =
解得滑行时间为：
2
0.8s v t a ==． 小物块冲上木板的初速度为
101 2.4m/s v v a t =+=
小物块A 在长木板B 上滑动的距离为：
22121012110.96m 22
x x x v t a t a t ∆=-=--= 15、①3200K ；②5×
105J 【解析】
①气体从a 到b ，由气体状态方程
a a
b b a b
p V p V T T = 即
5511014104=200b
T ⨯⨯⨯⨯ 解得
T b =3200K
②若从a 到b 的过程气体对外做功
551(14)10(41)J=7.510J 2
W =+⨯⨯-⨯ 内能增加2.5×
105J ；则 5552.5107.510510J Q E W =∆-=⨯-⨯=-⨯
在这个过程中气体从外界吸收的热量是5×
105J 。