最新-江西省上饶市2018届高三第二次模拟考试理科综合试题卷(物理试题) 精品

江西省上饶市2018届高三第二次模拟考试理科综合试题卷(物理试题)命题人：王健惠苏笃君汪伟二．选择题（本题共8小题，每小题6分，共48分。

在每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）14．下列说法正确的是A．布朗运动的剧烈程度与温度有关，是因为布朗运动就是液体分子的运动B．已知气体分子间的作用力表现为引力，则气体等温膨胀时，对外做功且内能增加C．热量总是从高温物体传递给低温物体，不可能从低温物体传递给高温物体D．盛有一定质量气体的密封容器做自由落体运动时，气体对容器底部的压强为零15．2018年9月25日我国成功发射了“神舟七号”载人飞船，在飞船绕地球做匀速圆周运动的过程中，下列说法正确的是A．若知道飞船运动的轨道半径和周期，再利用万有引力常量，就可以算出飞船质量B．若宇航员从船舱中慢慢“走”出并离开飞船，飞船因质量减小，所受万有引力减小，则飞船速率减小C．若飞船执行完任务仅在地球万有引力作用下返回地球，在进入大气层之前的过程中，飞船的动能逐渐增大，重力势能逐渐减小，机械能保持不变D．若有两个这样的飞船在同一轨道上，相隔一段距离一前一后沿同一方向绕行，只要后一飞船向后喷出气体，则两飞船一定能实现对接16．如图所示，两列相同机械波在同一介质传播过程中某时刻相遇的情况，图中实线表示波峰，虚线表示波谷，D为E、C连线的中点，B为A、C连线的中点，则A．质点A始终在波峰B．质点B的合振动时而加强，时而减弱C．质点B和D此时刻都在平衡位置，且振动方向相同D．质点B和D的振动方向始终相反17．如图甲所示，在光滑的水平面上，物体A在水平方向的外力F作用下做直线运动，其v －t图象如图乙所示，规定向右为正方向。

下列判断正确的是A ．在3 s 末，物体处于出发点右方B ．在1—2 s 内，物体正向左运动，且速度大小在减小C ．在1—3 s 内，物体的加速度方向先向右后向左D ．在0—1 s 内，外力F 不断增大18．如图所示，在场强大小为Ｅ的水平匀强电场中，一根不可伸长的长度为Ｌ的绝缘细线一端拴一个质量为m 电荷量为q 的带负电小球，另一端固定在O 点。

把小球拉到使细线水平的位置A ，然后将小球由静止释放，小球沿弧线运动到细线与水平成θ＝60°的位置B 时速度为0。

以下说法正确的是A ．AB 两点的电势差为ＵＡＢ＝qmgL 23 B ．小球由Ａ到Ｂ的过程中，电势能减少23mgL C ．小球在B 点时，细线拉力为T ＝2EqD ．小球重力与电场力的关系是Eq ＝3mg19．原子从一个能级跃迁到另一个较低能级时，有可能不发射光子。

例如在某种条件下，某原子的n ＝3能级上的电子跃迁到n ＝1能级上时并不发射光子，而是将相应的能量转交给n ＝6能级上的电子，使之脱离原子，这一现象叫做俄歇效应。

以这种方式脱离了原子的电子叫俄歇电子。

已知该原子的能级公式可简化表示为Ｅn ＝－2n A ，式中n ＝1、2、3∙∙∙····表示不同的能级，A 是正的已知常数。

上述俄歇电子的动能是 A ．336A B ．1116A C ．3136A D ．3536A 20．如图所示，一折射率为n 的半圆玻璃砖的直径AB 与屏幕垂直并接触于A 点，一束激光a 以与水平方向夹角为i 射向半圆形玻璃砖的圆心O ，结果在水平屏幕MN 上出现两个光斑，当使入射光顺时针匀速转动，且始终射向圆心O 的过程中，将观察到A ．两侧光斑将同时在A 点相遇B ．当i ＝arcsin n1时，只剩下左侧光斑 C ．折射光束与反射光束的转动角速度都保持恒定D ．折射光束的角速度逐渐变大21．如图所示，ab 和cd 为两条相距较远的平行直线，ab 的左边和cd 的右边都有磁感应强度为B 且方向垂直纸面向里的匀强磁场，虚线是由两个相同的半圆及和半圆相切的两条线段组成。

甲、乙两带电体分别从图中虚线上的A 、D 两点以不同的初速度开始分别向两边运动，轨迹正好和虚线重合，它们在C 点(图中未画出，位置在另一虚线线段上)碰撞后结为一体向右运动，两带电体的重力忽略不计，则下面说法正确的是：A ．开始时甲的动量一定比乙的小B ．甲带的电量一定比乙带的多C ．甲、乙结合后运动的轨迹始终一定与虚线重合D ．乙在磁场中运动的周期比甲大22．（本题共17分）Ⅰ．（5分）如图用打点计时器研究滑块匀变速直线运动的实验中，（1）如果测得纸带上的点在连续相等的时间间隔内位移之差在误差允许范围内不是一个恒量，其主要原因是（ ）A 、长度测量不精确B 、打点的时间间隔不均匀C 、运动中受到摩擦力作用D 、木板未调水平（2）一个学生的实验纸带如图，取O 为起始位置，每隔相同时间T 的计数点分别为A 、B 、C 、D 、E 、F ，每相邻两点间距离依次为S 1、S 2、S 3、S 4、S 5、S 6。

若取每隔3T 的时间计算加速度，则平均加速度为 。

Ⅱ．（12分）要测定一个未知阻值的电阻R X ，实验室提供下列器材：①待测电阻R X ，阻值约为4Ω，额定电流为2A②电流表A 1量程为0.6A ，内阻为4Ω③电流表A 2量程为3A ，内阻约为2Ω④变阻器R 1阻值为0～5Ω，变阻器R 2阻值为0～100Ω⑤电源E ，电动势为12V ，内阻很小⑥定值电阻R 3＝10Ω，R 4＝100Ω⑦开关S要求实验时，改变变阻器的阻值，在尽可能大的范围内测得多组A1表、A2表的读数I1、I2，利用I1－I2的图象，求出未知电阻的电阻值。

（1）实验中定值电阻应选用_______，变阻器应选用_______。

（2）请在方框内画出电路图，用字母标明相应的器材符号。

（3）实验测得数据如图I1－I2所示，则电阻阻值为____________。

（保留两位有效数字）23．（14分）滑块以初速度v0沿光滑斜面向上滑行，历时5t返回出发点，求滑块开始向上滑行的第一时间段t内的位移。

24．（19分）如图所示，一上表面光滑且半径为R＝0.3m的1/4圆弧槽A与一上表面粗糙且动摩擦因数为μ＝0.1的长木板B通过锁定装置连接，静止在光滑的水平地面上，圆弧槽A的底端与长木板B上表面相平，一滑块C（可视为质点）紧贴圆弧槽A顶端由静止自由下滑，当滑块C滑过圆弧槽A底端瞬间，AB之间自行解除锁定，最终滑块C停在长木板B上，已知圆弧槽A、长木板B、滑块C的质量均为m＝1kg，g＝10m/s2。

试求：（1）滑块Ｃ从自由释放到AB之间自行解除锁定的过程中，滑块Ｃ对圆弧槽A在水平方向的冲量大小及方向？（2）欲使滑块Ｃ不滑离长木板Ｂ，则长木板Ｂ的板长至少多少？25.（22分）如图所示，MN、PQ为两根在同一水平面上放置的平行的固定足够长的金属导轨，两导轨间距为L，其电阻忽略不计，导轨处于竖直向上且磁感应强度为B的匀强磁场中，两根质量均为m，电阻均为R的金属杆ab、cd垂直搁置导轨之上，并与导轨保持良好接触，导轨与杆之间的动摩擦因素均为 ，开始时两杆均静止且无间距，现对杆ab施加一水平向右恒力F（F＞2μmg）的作用，使杆ab沿导轨向右运动，恒力作用t秒末杆ab的速度达到v，且电路的热功率开始进入稳定状态。

若忽略两杆电流之间的相互作用，且两杆始终垂直于导轨。

求：（1）稳定状态时电路中的热功率。

（2）t秒末cd杆的速度。

（3）t秒末，ab、cd杆之间的间距。

理科综合试题卷物理参考答案14、B15、C16、D17、Ａ18、AD19、Ｃ20、D21、BC22．（共17分）Ⅰ．（1）B （2分） （2）23216549)()(T S S S S S S ++-++ （3分）Ⅱ．（1）R 3 （2分） R 1（2分）（2）如图（4分）未标明相应字母符号扣1分（3）3.9Ω（4分）23．（14分）∵5t 时间返回出发点∴O=20)5(21)5(t a t -⋅υ ---------------------------------------------①（4分） 而第一个t 内的位移S 1为t at S ⋅-+=2)(001υυ ------------------------------------------②（4分） 解得 052υ=at ----------------------------------------------（3分） t S 0154υ= ------------------------------------------------（3分）其他解法酌情给分24．（19分）解： （1）滑块Ｃ从释放至滑到Ａ底端瞬间的过程中，设Ｃ速度为v 1，ＡＢ速度为v 2，取向右为正方向，对系统应用动量守恒定律和能量守恒定律：mv 1－（m ＋m ）v 2＝0 -------------------------------------------------①（3分）mgR ＝21m v 12＋212m v 22 ----------------------------------------------②（3分） 由①②联立可解得：v 1＝2m/s v 2＝1m/s ------------------------------（2分）滑块Ｃ从释放至滑到Ａ底端瞬间的过程中，取向左为正方向，以ＡＢ构成的系统为研究对象，应用动量定理可得：＋Ｉ＝（m ＋m ）v 2－0 ---------------------------------------------（2分） （或对Ａ应用动量定理＋Ｉ－ＩＢ＝mv 2－0 对Ｂ应用动量定理ＩＢ＝mv 2－0）得：Ｉ＝2kg ·m/s --------------------------------------------（1分） 方向水平向左 ----------------------------------（1分）（2）AB 解除锁定瞬间，滑块C 滑上B 到最后的过程中，取向右为正方向，对ＢＣ系统应用动量守恒定律和能量守恒定律：mv 1－mv 2＝（m ＋m ）v 共 ------------------------------------------------------③（3分）21m v 12＋21m v 22－212m v 共2 ＝μmgL --------------------------------------④（3分）由③④联立可得：Ｌ＝2.25m --------------------------------------（1分）25．（22分）解：（1）达恒定状态时，两棒具有相同的加速度，以两棒构成的系统作为研究对象，应用牛顿第二定律可得：F －μ·2mg ＝2ma 共 ――――――――――――――――――――――――①2分 以cd 为研究对象，据牛顿第二定律可得：BIL －μmg ＝ma 共 ―――――――――――――――――――――――――②2分 联立①②可得：I ＝BLF 2 ―――――――――――――――――――――1分则电路消耗的电功率为P 消＝I 2·2R ＝2222L B R F ―――――－―――――――2分 （2）设当ab 速度为v 时，cd 的速度为v ′，则有：由法拉弟电磁感应定律可得：E ＝BL （v －v ′） ――――――――――――――――――――――――――2分 由闭合电路欧姆定律可得：E ＝I ·2R ―――――――――――――――――――――――――――――2分 可得：v ′＝v －22LB FR ―――――――――――――――――――――――2分 （3）设t 秒末两杆相距为Ｓ，对ab 应用动量定理：Ft －B I Lt －μmgt ＝mv －0―――――――――――――――――――――③2分 又因为：Q ＝I t ――――――――――――――――――――――――――――④1分 由闭合电路欧姆定律：E ＝I ·2R ――――――――――――――――――――――――――⑤1分 由法拉弟电磁感应定律可得：E ＝tS ·∆B ―――――――――――――――――――――――――――⑥2分 ΔS ＝LS －0 ―――――――――――――――――――――――――――⑦1分 由③④⑤⑥⑦联立可得： S ＝222L B mR （m Ft －Ｖ－μgt ）―――――――――2分 （注：直接用Q ＝2RS ·∆B 扣2分）其他解法酌情给分）。