2014-2015福州一中高三物理半期考试卷
【解析版】福建省福州市2014届高三毕业班质检物理试题教材
2013——2014学年福建省福州市高中毕业班质量检测物理测试(完卷时间：150分钟；满分：300分)解题可能用到的相对原子质量：H-l 、C-12、N-14、O-16、S-32、Fe-56、Cl-35.5、Ag-108第Ⅰ卷(必考)第Ⅰ卷含18小题，每小题6分，共108分。
选择题(本题共18小题。
在每小题给出的四个选项中，只有一个．．．．选项符合题目要求) 13．质量为m 的人造卫星绕地球做匀速圆周运动，已知轨道半径为r ，引力常量为G ，地球质量为M 。
该卫星的动能为A ．GMm rB ．2GMm rC ．22GMm rD ．3GMm r【考点】万有引力与航天【答案】B 【解析】万有引力提供向心力r m v rMm G 22=，r GMm mv E k 2212==，B 正确。
14．如图，在固定的正点电荷Q 所形成的电场中，在Q 右上方有一重力不计的试探电荷从a 点运动到c 点，运动轨迹如图中实线所示。
a 、b 和c 为轨迹上的三点，b 点离Q 最近，a 点离Q 最远。
该试探电荷A ．带负电B ．在a 点受到的电场力最大C ．在b 点的速率最小D ．在c 点的电势能最小【考点】电场【答案】C【解析】由运动轨迹向右上偏转可知试探点电荷受到的库仑力为斥力，试探电荷带正电，A 错误；库仑力大小221r q q k F =，a 点离Q 最远，a 点时库仑力最小，B 错误；a-b 库仑力做负功动能减少，速度减少，b-c 库仑力做正功，动能增加，所以b 点速度最小，势能最大，C 正确，D 错误。
15．如图所示电路中理想变压器原、副线圈的匝数之比为2：1，在原线圈两端加上交变电压2202sin100u tv π=时，灯L 1、L 2均正常发光，且电压表和电流表可视为理想电表，不计导线电阻。
下列说法中正确的是A ．该交流电的频率为100 HzB ．灯L 1两端的电压为1102C ．将变阻器的滑片P 向上滑动，则灯L 1变暗，灯L 2变亮D ．将变阻器的滑片P 向上滑动，则电压表示数不变【考点】交变电流和变压器、传感器【答案】D 【解析】原线圈两端加上交变电压2202sin100u tv π=得出交流电的频率f=50hz ，A 错误；原线圈的电压U 1=220v ，副线圈的电压U 2=110v ，B 错误；电压由原线圈决定，D 正确；将变阻器的滑片P 向上滑动时变阻器的电阻减少，电压U 2不变，灯L 1不变，灯L 2变亮，C 错误。
2014福建高考物理试题含答案解析高三物理
2014物理试题及解析(福建卷)第Ⅰ卷(选择题 共108分)本卷共18小题,每小题6分,共108分。
在每小题给出的四个选项中,只有一个选项符合题目要求。
13.(2014·福建理综,13)如图,一束光由空气射向半圆柱体玻璃砖,O 点为该玻璃砖截面的圆心,下图能正确描述其光路的是( )答案:A解析:在光的折射现象中,光疏介质中的角度比较大,光密介质中的角度比较小,选项C 、D 错误;光线由空气斜射向玻璃平面,一定会有折射光线,因此选项B 错误;光线由玻璃斜射向空气在O 点可能发生全反射,故选项A 正确。
14.(2014·福建理综,14)若有一颗“宜居”行星,其质量为地球的p 倍,半径为地球的q 倍,则该行星卫星的环绕速度是地球卫星环绕速度的( )A .√pq 倍B.√qp 倍C.√pq 倍D.√pq 3倍答案:C解析:由万有引力提供向心力有GMm R 2=m v 2R ,解得v=√GM R ∝√MR ,所以该行星卫星的环绕速度是地球卫星的环绕速度的√pq 倍,本题只有选项C 正确。
15.(2014·福建理综,15)如图,滑块以初速度v 0沿表面粗糙且足够长的固定斜面,从顶端下滑,直至速度为零。
对于该运动过程,若用h 、x 、v 、a 分别表示滑块的下降高度、位移、速度和加速度的大小,t 表示时间,则下列图象最能正确描述这一运动规律的是( )答案:B解析:滑块以初速度v0沿粗糙斜面下滑直至停止,可知滑块做匀减速直线运动。
对滑块受力分析易得a=μg cosθ-g sinθ,方向沿斜面向上,C、D选项错误;x=v0t-12at2,h=x sinθ,由图象规律可知A选项错误,B选项正确。
16.(2014·福建理综,16)如图为模拟远距离输电实验电路图,两理想变压器的匝数n1=n4<n2=n3,四根模拟输电线的电阻R1、R2、R3、R4的阻值均为R,A1、A2为相同的理想交流电流表,L1、L2为相同的小灯泡,灯丝电阻R L>2R,忽略灯丝电阻随温度的变化。
福州市八县(市)协作校2014-2015学年第一学期期中联考高三物理试卷及答案
福州市八县(市)协作校2014-2015学年第一学期半期联考高三物理试卷【完卷时间：90分钟；满分：100分】命题人：闽侯三中欧拱秋林刚一、单项选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分。
在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确）1．下列情况的物体，可以看作质点的是（）A．研究原子结构时的原子B．研究汽车后轮各点运动时的车轮C．水平地面上放一只木箱，用力推它沿直线平动，研究其运动情况时的木箱D．研究自转时的地球2．一物体在竖直弹簧的上方ｈ米处下落，然后又被弹簧弹回，如图所示，则物体动能最大时是（）Ａ．物体刚接触弹簧时Ｂ．物体将弹簧压缩至最短时Ｃ．弹簧等于原长时Ｄ．物体重力与弹力等大时3．汽车在平直公路上行驶，它受到的阻力大小不变，若发动机的功率保持恒定，则汽车在加速行驶的过程中，它的牵引力F和加速度a的变化情况是（）A．F逐渐减小，a也逐渐减小 B．F逐渐增大，a逐渐减小C．F逐渐减小，a逐渐增大 D．F逐渐增大，a也逐渐增大4．由静止开始做匀加速直线运动的物体, 当经过位移为S时速度是v 。
那么经过位移为2S时的速度是（）A. v2B. 2vC. v22 D. 4v5．如图所示，两物体A和B，质量分别为3kg和2kg，用跨过定滑轮的轻绳连接，A静止于水平地面上，不计定滑轮与各个接触物体之间的摩擦。
物体A对轻绳的作用力的大小、地面对物体A的作用力的大小和A所受的合力大小分别为（g=10m/s2）（）A．20 N 30 N 0 N B．10 N 20 N 0 NC．20 N 10 N 0 N D．30N 20N 10 N 6．如图，当车厢水平向右加速行驶时，一质量为m的物块紧贴在车壁上，相对于车壁静止，随车一起向右运动，则下列说法正确的是（）A．在竖直方向上，车壁对物块的摩擦力大于物块的重力B．在水平方向上，车壁对物块的弹力是由于物块发生了弹性形变C．若车厢加速度变小，车壁对物块的弹力也变小D．若车厢加速度变大，车壁对物块的摩擦力也变大h7．如图，质量为m 转台由静止开始转动。
2014-2015福州一中高二物理半期考试卷
福州一中高二物理半期考试卷（2014-2015上学期）（完卷100分钟，满分100分）班级座号姓名一、单项选择题（本题共13小题，每小题4分，共52分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确．选对的得4分，选错或不答的得0分）．1．关于场强和电势，下列说法中正确的是（）A. 在电场中A、B两点间移送电荷的过程中，电场力始终不做功，则电荷所经过路径上的各点场强一定为零B. 电场强度的方向就是电势降落最快的方向C. 两个等量同种电荷的电场中，从两电荷连线的中点沿连线的中垂线向外，电势越来越低，场强越来越小D. 两个等量异种电荷的电场中，从两电荷连线的中点沿连线的中垂线向外，电势保持不变，场强先增大后减小2.有三个相同的金属球A、B和C，A带电Q A=7Q，B带电Q B=-Q，C不带电。
如果将A、B固定，让C不断与A、B球接触，则最终（ )A. A与 B的静电力减为原来的 3/7B. A与 B的静电力增为原来的 7/3C. A与 B的静电力减为原来的 4/7D. A与 B的静电力增为原来的 7/43．将一电荷量为+Q的小球放在不带电的金属球附近，所形成的电场线分布如图所示，金球表面的电势处处相等。
a、b为电场中的两点，则（ )A. a点的电势比b点的低B. a点的电场强度比b点的小C. 检验电荷-q在a点的电势能比在b点的大D. 将检验电荷-q从a点移到b点的过程中,电场力做负功4.如图所示，是四只电阻的I－U图象，这四只电阻串联起来使用时，各个电阻两端的电压分别是U1、U2、U3、U4，则其大小顺序为（ )A．U2>U4>U3>U1B．U4>U3>U2>U1C．U2=U4>U1=U3D．U1>U2>U3>U45．电源电动势为6 V，内阻为0.2Ω，将该电源与电阻为11.8Ω的用电器连成闭合电路，这时该电源两端的电压是（ )A.6.0VB.5.9VC.1.5VD.1.49V6．下列各量中，与检验电荷无关的量是（ )A．电场强度E B．电场力 F C．电势能 EP D．电场做的功 W7．如图所示的电路中，R1=1Ω，R2=2Ω，R3=3Ω，那么通过电阻R1、R2、R3的电流强度之比I1∶ I2∶I3为 ( )A．1∶2∶3 B．3∶2∶1C．2∶1∶3 D．3∶1∶28.如图所示，P、Q、A、B四个点在同一条直线上，分别把两个正、负点电荷置于P、Q两点．A、B两点间的电势差用U表示，A点的电场强度用 E表示．若只把在Q点的点电荷的电荷量减半，则（ )A．U变大，E变大 B．U变小，E变小C．U变小，E变大 D．U变大，E变小9.如图所示的电路，水平放置的平行板电容器中有一个带电液滴正好处于静止状态．为了使液滴竖直向上运动，下列操作可行的是（）A．断开开关，将两板间的距离拉大一些B．断开开关，将两板水平地向相反方向移开一些C．保持开关闭合，将两板间的距离增大一些D．保持开关闭合，以两板各自的左侧板沿为轴，同时沿逆时针方向转过一个小角度10．如图所示，电荷量为Q1、Q2的两个正点荷分别置于A点和B点，两点相距L。
高考试卷福建省福州一中2015届高三5月质量检测试卷理综
福州一中2014~2015学年高三下学期理科综合校模拟（2015.5.19）满分：300分 时间：150分钟可能用到的相对原子质量: H-1 C-12 N-14 O-16 Na-23 Si-28S-32 Cl-35.5 A-27 Ba-137第I 卷（选择题 共108分）本卷共18小题，每小题6分，共108分。
在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求。
1．科学家在研究线粒体组分时，首先将其放在低渗溶液中获得涨破的外膜，经离心后将外膜与内膜包裹的基质分开。
再分别用超声波、尿素处理线粒体内膜，实验结果如下图所示。
研究发现含F 0—F 1颗粒的内膜小泡能合成ATP ，含F 0颗粒内膜小泡不能合成ATP 。
下列说法不正确的是（）A ．从线粒体内外膜的功能推测，外膜上膜蛋白的种类和数量应该比内膜少B ．该过程能体现线粒体膜的结构特点，线粒体膜可参与构成生物膜系统C ．线粒体基质中可能含有的化学成分有水、ATP 、核苷酸、氨基酸、葡萄糖等D ．线粒体内膜上F 1颗粒的功能可能是催化ATP 的合成2．下面为人体内基因对性状的控制过程的示意图，分析正确的是（）A ．基因1和基因2一般不会出现在人体内的同一个细胞中B ．图中①过程需RNA 聚合酶的催化，②过程需tRNA 的协助C ．④⑤过程的结果存在差异是基因有选择的表达的结果D ．③④过程表明基因通过控制酶的合成来控制生物的性状+ F 0颗粒内膜小泡 F 1颗粒3．下列关于实验的说法正确的是（）A．将淀粉、淀粉酶先混合再置于不同温度条件下，可探究温度对酶活性的影响B．用光学显微镜观察黑藻成熟叶，看不到染色体的原因主要是被叶绿体中的色素掩盖C．观察植物细胞的有丝分裂实验中，盐酸和酒精混合液用于使细胞相互分离D．探究土壤小动物类群的丰富度时，宜采用标志重捕法4．下列有关植物激素调节的叙述，错误的是（）A．使用一定浓度的生长素处理扦插枝条，能提高插条的成活率B．使用一定浓度的赤霉素处理芹菜幼苗，能提高芹菜的产量C．使用一定浓度的脱落酸处理浸泡过的小麦种子，能提高种子的萌发率D．使用一定浓度的乙烯利处理凤梨，能让凤梨提前上市5．稻鸭共生生态系统是以鸭子捕食害虫代替农药，以鸭子采食杂草代替除草剂，以鸭子粪便作为有机肥料代替化肥，以鸭子不间断的活动产生中耕混水效果来刺激水稻生长的稻田种养生态系统。
福建省福州一中2014_2015学年高一物理上学期期中试卷(含解析)
2014-2015学年福建省福州一中高一（上）期中物理试卷一、单项选择题（以下每题中只有一个选项是正确，每题4分，共56分）1．以下计时数据，指时间的是（）A．中央电视台的新闻联播节目每晚19：00准时开播B．小明今天早晨9：00才到校，只能赶上上第二节课C．计时开始后第5s末，我答出了这道题D．这种电池的使用寿命能超过12h2．关于质点的概念正确的是（）A．只有质量很小的物体才可以看成质点B．只要物体运动得不是很快，就一定可以把物体看成质点C．质点是把物体抽象成有质量而没有大小的点D．旋转的物体，肯定不能看成质点3．下列关于速度和加速度的说法中正确的是（）A．物体的速度变化越大，其加速度一定越大B．物体的加速度大于零，物体一定做加速运动C．加速度的方向保持不变，速度的方向也保持不变D．物体的速度变化率大，加速度一定大4．下列说法中正确的是（）A．重力就是地球对物体的吸引力B．两物体只要接触就可能有弹力存在C．确定的物体所受重力的大小是确定的D．有规则形状的物体，其重心在物体的几何中心5．下列说法中正确的是（）A．木块放在桌面上所受到的向上的弹力是由于木块发生微小形变而产生的B．木块放在桌面上对桌面的压力是由于木块发生微小形变而产生的C．压力和支持力的方向总是与接触面平行D．施力者不一定受到力的作用6．下列图中分别以杆和光滑小球为研究对象，则所画出的弹力示意图都正确的是（）A．B．C． D．7．物体通过两个连续相等位移的平均速度分别为v1=10m/s，v2=15m/s，则物体在整个运动过程中的平均速度是（）A． 12.5m/s B． 12m/s C． 12.75m/s D． 11.75m/s8．如图表示两个质点的速度﹣﹣时间图象．某同学从图象得出以下结论：①两个质点的速度方向相反；②两个质点的加速度方向相反；③t1时刻两个质点相遇；④t2时刻b质点的加速度不为零．上述结论中正确的是（）A．①②B．②④C．③④D．②③9．一辆汽车从车站以初速度为零匀加速直线开去，开出一段时间之后，司机发现一乘客未上车，便紧急刹车做匀速运动，从启动到停止一共经历t=10s，前进了15m，在此过程中，汽车的最大速度为（）A． 1.5m/s B． 3m/s C． 4m/s D．无法确定10．一物体做匀变速直线运动，某时刻速度大小为4m/s，1s后速度大小变为10m/s，在这1s内该物体（）A．位移大小可以小于4mB．位移大小可能大于10mC．加速度大小可能小于4m/s2D．加速度的大小不可能大于10m/s211．以v=36km/h的速度沿平直公路行驶的汽车，遇障碍刹车后获得大小为a=4m/s2的加速度．刹车后3s内，汽车走过的路程为（）A． 12.5m B． 12m C． 90m D． 126m12．做匀加速直线运动的列车，车头经过某路标时的速度为v1，车尾经过该路标时的速度是v2，则列车在中点经过该路标时的速度是（）A．B．C．D．13．某物体做直线运动，物体的速度﹣时间图象如图所示．若初速度的大小为v0，末速度的大小为v t，则在时间t1内物体的平均速度（）A．等于B．小于C．大于D．条件不足，无法比较14．在轻绳的两端各栓一个小球，一人用手拿着上端的小球站在3层楼阳台上，放手后让两小球自由下落，两小球相继落地的时间差为T，如果站在4层楼的阳台上，同样放手让小球自由下落，则两小球相继落地时间差将（）A．不变B．变大C．变小D．无法判断二、填空题（每空2分，共16分）15．原长为16cm的轻质弹簧，当甲、乙两人同时用100N的力向两端反向拉时，弹簧长度变为18cm，当将其一端固定在墙上，另一端由甲用200N的拉力拉时，弹簧稳定后的长度为cm．16．一个物体做匀加速直线运动，第1s内的位移是3m，第3s内的位移是6m．它运动3s 内的总位移是；加速度是．17．在做“测定匀变速直线运动的加速度”实验时打出的纸带如图1所示，每两计数点之间还有四个打印点没有画出来，打点计时器的电源频率为50Hz．下面是两位同学采用不同的方法求加速度：（1）甲同学测得：s1=1.40cm，s2=3.55cm，s3=6.45cm，s4=10.15cm，s5=14.55cm，s6=19.70cm．然后他利用逐差法求加速度用的表达式为（两个相邻计数点间的时间间隔可以用T表示），计算求得a= m/s2（取三位有效数字）（2）乙同学在另一条纸带上用同样的方法做好标记后，计算出计时器打出点B、C、D、E、F时小车的速度，则其中在计算B点速度时可用表达式（两个计数点间的时间间隔可以用T表示）．然后他在右边的坐标纸上描出如图2所示的点，请根据这些点在右图坐标纸作出速度﹣时间图象，并求出小车的加速度为m/s2（取二位有效数字）．三、计算题：（共28分）18．矿井里的升降机，由静止开始匀加速上升，经过5s速度达到4m/s后，又以这个速度匀速上升20s，然后匀减速上升，经过4s停在井口，则矿井的深度为m．19．小球从斜面的顶端，从静止开始以a=2m/s2向下做匀加速滑行，在到达底端前一秒内所通过的路程是斜面长度的，求：（1）斜面的长度S．（2）小球到达底端的速度V．20．如图所示，一直杆AB长3.8m，从某处自由下落，完全通过高为1m（即CD长为1m）的窗口CD所用时间为0.4s．求：直杆AB的下端B是从距窗台D多高处开始下落的？（不计空气阻力，g取10m/s2）四、附加题（10分）21．甲、乙两车相距40.5m，同时沿平直公路做直线运动，甲车在前，以初速度v1=16m/s，加速度a1=2m/s2作匀减速直线运动，乙车在后，以初速度v2=4.0m/s，加速度a2=1.0m/s2与甲同向作匀加速直线运动，求：（1）甲、乙两车相遇前相距的最大距离（2）乙车追上甲车经历的时间．2014-2015学年福建省福州一中高一（上）期中物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题（以下每题中只有一个选项是正确，每题4分，共56分）1．以下计时数据，指时间的是（）A．中央电视台的新闻联播节目每晚19：00准时开播B．小明今天早晨9：00才到校，只能赶上上第二节课C．计时开始后第5s末，我答出了这道题D．这种电池的使用寿命能超过12h考点：时间与时刻．分析：时间是指时间的长度，在时间轴上对应一段距离，时刻是指时间点，在时间轴上对应的是一个点．解答：解：A、中央电视台的新闻联播节目每晚19：00准时开播，19：00是时间点，是指时刻，所以A错误；B、小明今天早晨9：00才到校，只能赶上上第二节课，9：00是时间点，是指时刻，所以B 错误；C、计时开始后第5s末，我答出了这道题，第5s末是时间点，是指时刻，所以C错误；D、这种电池的使用寿命能超过12h，12h是时间长度，是指时间，所以D正确．故选D．点评：时刻具有瞬时性的特点，是变化中的某一瞬间；时间间隔具有连续性的特点，与某一过程相对应．2．关于质点的概念正确的是（）A．只有质量很小的物体才可以看成质点B．只要物体运动得不是很快，就一定可以把物体看成质点C．质点是把物体抽象成有质量而没有大小的点D．旋转的物体，肯定不能看成质点考点：质点的认识．专题：直线运动规律专题．分析：解决本题要正确理解质点的概念：质点是只计质量、不计大小、形状的一个几何点，是实际物体在一定条件的科学抽象，能否看作质点物体本身无关，要看所研究问题的性质，看物体的形状和大小在所研究的问题中是否可以忽略．解答：解：A、质量很大的物体也可以看成质点，如研究地球绕太阳公转时的地球就可以看成质点，所以A错误；B、能否看作质点物体速度无关，要看所研究问题的性质，看物体的形状和大小在所研究的问题中是否可以忽略，故B错误；C、质点是只计质量、不计大小、形状的一个几何点，是实际物体在一定条件的科学抽象，故C正确；D、地球是自转的，但在研究地球绕太阳公转时的地球就可以看成质点，故D错误．故选C点评：质点是运动学中一个重要概念，要理解其实质，不能停在表面．3．下列关于速度和加速度的说法中正确的是（）A．物体的速度变化越大，其加速度一定越大B．物体的加速度大于零，物体一定做加速运动C．加速度的方向保持不变，速度的方向也保持不变D．物体的速度变化率大，加速度一定大考点：加速度；速度．分析：根据加速度的定义式a=可知物体的加速度等于物体的速度的变化率，加速度的方向就是物体速度变化量的方向，与物体速度的方向无关，即物体的速度变化越快物体的加速度越大．解答：解：A、物体的速度变化大，但所需时间更长的话，物体速度的变化率可能很小，则加速度就会很小．故A错误．B、物体的加速度大于零，物体不一定做加速运动，当物体加速度的方向与物体速度方向相同时，物体才做加速运动．故B错误．C、加速度的方向保持不变，速度的方向可能变化，比如竖直上抛，故C错误．D、物体加速度描述速度变化快慢的物理量，当速度变化率大，加速度一定大，故D正确．故选D．点评：本题考查加速度的定义式，只要理解了加速度的概念就能顺利解决．4．下列说法中正确的是（）A．重力就是地球对物体的吸引力B．两物体只要接触就可能有弹力存在C．确定的物体所受重力的大小是确定的D．有规则形状的物体，其重心在物体的几何中心考点：重心；重力．分析：重力是由于地球的吸引而产生的，但重力并不是吸引力，只有相互接触并产生形变的物体之间才能产生弹力，在不同纬度，g不同，重力大小也不同，只有规则形状的均匀物体，其重心才一定在物体的几何中心．解答：解：A、物体受到的重力是由地球的引力的一部分提供的；不能说重力即是引力；故A错误；B、两物体只要接触就可能有弹力存在，但若两物体只接触但没有相互的挤压，则不一定有弹力；故B正确；C、由G=mg可知，在不同纬度，g不同，重力大小也不同，故C错误；D、有规则形状的物体，其重心不一定在物体的几何中心．只有规则形状的均匀物体，其重心才一定在物体的几何中心．故D错误．故选：B点评：解决本题的关键是知道重力与引力的关系、重力大小的决定因素等知识，注意只有规则形状的均匀物体，其重心才一定在物体的几何中心．5．下列说法中正确的是（）A．木块放在桌面上所受到的向上的弹力是由于木块发生微小形变而产生的B．木块放在桌面上对桌面的压力是由于木块发生微小形变而产生的C．压力和支持力的方向总是与接触面平行D．施力者不一定受到力的作用考点：物体的弹性和弹力．专题：摩擦力专题．分析：弹力是由于施力物体发生形变后想要恢复原状而对和它接触的物体产生的力，弹力总是与接触面垂直，只有相互接触且挤压才能产生弹力．解答：解：A、木块放在桌面上所受到的向上的弹力，是由于桌面发生微小形变而产生的，故A错误．B、木块放在桌面上对桌面的压力，是由于木块发生微小形变而产生的，故B正确．C、压力和支持力的方向总是跟接触面垂直，故C错误．D、施力者一定是受力者，故D错误．故选：B．点评：本题考查弹力产生的原因，知道是由于发生形变的物体想要恢复原状而对与它接触的物体产生弹力，注意施力物体同时又是受力物体．6．下列图中分别以杆和光滑小球为研究对象，则所画出的弹力示意图都正确的是（）A．B．C． D．考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：弹力的方向垂直于接触面，指向受力物体，注意接触不一定有弹力，通过假设法判断接触面是否有弹力．解答：解：A、球与两接触面都有挤压，都有弹力，挡板对球的弹力，垂直于挡板水平向左，斜面对球的弹力垂直于斜面向上，故A正确．B、杆与半圆槽的两个接触面都有挤压，都有弹力，F1的方向指向圆心，F2的方向垂直杆子向上，故B错误．C、假设没有斜面，球仍然静止，可知斜面与球虽然接触，但是没有弹力，即没有弹力F2，故C错误．D、F1的方向应该是垂直地面向上，故D错误．故选：A．点评：解决本题的关键知道弹力产生的条件，即接触、挤压，会通过假设法判断弹力的有无，基础题．7．物体通过两个连续相等位移的平均速度分别为v1=10m/s，v2=15m/s，则物体在整个运动过程中的平均速度是（）A． 12.5m/s B． 12m/s C． 12.75m/s D． 11.75m/s考点：平均速度．专题：直线运动规律专题．分析：平均速度等于路程与所用时间的比值．用t1和t2表示出运动的时间，再求解物体在这整个运动过程中的平均速度．解答：解：设整体过程的总位移为2s，则物体通过第一段位移所用时间为：t1=，物体通过第二段位移所用时间为：t2=，则物体在这整个运动过程中的平均速度为：v=联立并代入数据得：v=12m/s故选：B点评：本题要掌握平均速度的定义式，关键是用平均速度表示物体运动的时间．8．如图表示两个质点的速度﹣﹣时间图象．某同学从图象得出以下结论：①两个质点的速度方向相反；②两个质点的加速度方向相反；③t1时刻两个质点相遇；④t2时刻b质点的加速度不为零．上述结论中正确的是（）A．①②B．②④C．③④D．②③考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：速度时间图线速度的正负值表示运动的方向，图线的斜率表示加速度；图象与时间轴围成的面积表示物体的位移．根据这些知识进行解答．解答：解：①a、b图线表示的速度都为正值，则知a、b的速度方向相同．故①错误；②由图可知，a做匀加速直线运动，加速度为正．b做匀减速直线运动，加速度为负，故加速度方向相反，故②正确；③t1时刻a的纵坐标等于b的纵坐标，则知该时刻a、b的速度相等，且由图可知，b运动的位移大于a，但是由于不知它们的起始位置，无法确定是否相遇，故③错误；④图象的斜率等于加速度，则知，t2时刻b质点的加速度不为零．故④正确．故选：B．点评：解决本题的关键知道速度时间图线的物理意义，知道图线的斜率表示加速度，图线与时间轴围成的面积表示位移．9．一辆汽车从车站以初速度为零匀加速直线开去，开出一段时间之后，司机发现一乘客未上车，便紧急刹车做匀速运动，从启动到停止一共经历t=10s，前进了15m，在此过程中，汽车的最大速度为（）A． 1.5m/s B． 3m/s C． 4m/s D．无法确定考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：汽车先做匀加速直线运动，后做匀减速直线运动，运用用匀变速直线运动的平均速度公式和位移时间公式x=即可求解最大速度．解答：解：设汽车的最大速度为v m．在匀加速阶段初速度为0，末速度为v m，则匀加速阶段的平均速度：，位移：；在匀减速阶段初速度为v m，末速度为0，则匀减速阶段的平均速度：，位移：x2=；在整个运动过程中，总位移为 x=x1+x2=（t1+t2）=t所以汽车的最大速度：v m=m/s=3m/s故选：B．点评：本题巧用匀变速直线运动的平均速度公式可以简化解题过程．也可以作出v﹣t图象，根据“面积”等于位移求解．10．一物体做匀变速直线运动，某时刻速度大小为4m/s，1s后速度大小变为10m/s，在这1s内该物体（）A．位移大小可以小于4mB．位移大小可能大于10mC．加速度大小可能小于4m/s2D．加速度的大小不可能大于10m/s2考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：根据匀变速直线运动的速度时间公式求出加速度，结合平均速度推论求出位移的大小，注意1s后的速度方向可能与初速度方向相同，可能与初速度方向相反．解答：解：若1s后的速度方向与初速度方向相同，则加速度为：a=，位移大小为：，若1s后的速度方向与初速度方向相反，则加速度为：a=，位移大小为：，负号表示方向．故A正确，B、C、D错误．故选：A．点评：解决本题的关键掌握匀变速直线运动的运动学公式和推论，并能灵活运用，注意公式的矢量性，难度不大．11．以v=36km/h的速度沿平直公路行驶的汽车，遇障碍刹车后获得大小为a=4m/s2的加速度．刹车后3s内，汽车走过的路程为（）A． 12.5m B． 12m C． 90m D． 126m考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：先求出汽车刹车到停止的时间，因为汽车刹车停止后不再运动．再根据匀变速直线运动的位移公式求出汽车走过的路程．解答：解：汽车刹车到停止所需的时间．所以3s内的位移等于2.5s内的位移．所以刹车后3s内，汽车走过的路程=10×=12.5m．故A正确，B、C、D错误．故选A．点评：解决本题的关键知道汽车刹车停止后不再运动，以及掌握匀变速直线运动的位移时间公式．本题求位移时也可以通过平均速度公式求解，x=．12．做匀加速直线运动的列车，车头经过某路标时的速度为v1，车尾经过该路标时的速度是v2，则列车在中点经过该路标时的速度是（）A．B．C．D．考点：匀变速直线运动的速度与位移的关系．专题：直线运动规律专题．分析：将列车作出参考系，研究路标相对于列车的运动；对前后两段由速度和位移的关系列出方程，联立即可求出列车中点经过路标时的速度．解答：解：设列车的长度为2x，以列车为参考系，则路标相对于列车做匀变速直线运动；路标从起点到中点时有：v2﹣v12=2ax从中点到列车尾部时有：v22﹣v2=2ax联立解得：v=；故选C．点评：本结果可以作为结论使用，即物体在位移中点时的瞬时速度等于；同时本题注意灵活选取研究对象．13．某物体做直线运动，物体的速度﹣时间图象如图所示．若初速度的大小为v0，末速度的大小为v t，则在时间t1内物体的平均速度（）A．等于B．小于C．大于D．条件不足，无法比较考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：若物体做初速度大小为v0，末速度的大小为v的匀加速直线运动，则平均速度=，通过比较变加速直线运动和匀变速直线运动的位移，比较平均速度大小与的大小．解答：解：从图象可以看出，图线与时间轴围成的面积表示位移，知道变加速直线运动的位移大于匀加速直线运动的位移，则变加速直线运动平均速度大于匀加速直线运动的平均速度，匀加速直线运动的平均速度为：=，故ABD错误，C正确．故选：C．点评：解决本题的关键掌握匀变速直线运动的推论平均速度度=，以及会运用图象法中面积比较位移从而比较平均速度的大小．14．在轻绳的两端各栓一个小球，一人用手拿着上端的小球站在3层楼阳台上，放手后让两小球自由下落，两小球相继落地的时间差为T，如果站在4层楼的阳台上，同样放手让小球自由下落，则两小球相继落地时间差将（）A．不变B．变大C．变小D．无法判断考点：自由落体运动．专题：自由落体运动专题．分析：两个小球释放后均做自由落体运动，加速度为g，下方小球落地后，上方小球继续做匀加速直线运动，根据位移时间关系公式列式分析即可．解答：解：两个小球从三楼释放后均做自由落体运动，下方小球落地后，上方小球接下来的运动是匀加速直线运动，加速度为g，根据位移时间关系公式，有：L=v0T+改从四楼释放，同理有：L=v0′T′+从释放到下方小球落地过程，从四楼释放时上方小球的加速距离大，故v0′＞v0大，故T＞T′；故选：C．点评：自由落体运动遵循初速度为0的匀加速直线运动的所有规律．二、填空题（每空2分，共16分）15．原长为16cm的轻质弹簧，当甲、乙两人同时用100N的力向两端反向拉时，弹簧长度变为18cm，当将其一端固定在墙上，另一端由甲用200N的拉力拉时，弹簧稳定后的长度为20 cm．考点：胡克定律．分析：当甲、乙两人同时用100N的力向两端反向拉时，弹簧的弹力等于一端的拉力，据此求出劲度系数，然后根据胡克定律即可正确解答．解答：解：甲、乙两人同时用100N的力由两端反向拉时，弹簧拉力为F=100N．根据：F=k（l﹣l0），将l=16cm，l0=18cm，代入得：k=50N/cm=5000N/m，当用200N的力拉时有：F=kx，代入数据得x=4cm，因此此时弹簧长度为：l=l0+4cm=20cm．故答案为：20．点评：本题考查了胡克定律F=kx的简单应用，知道x是弹簧伸长的长度，不是弹簧的长度，属于简单基础题目，平时注意基础知识的理解与应用．16．一个物体做匀加速直线运动，第1s内的位移是3m，第3s内的位移是6m．它运动3s内的总位移是13.5m ；加速度是 1.5m/s2．考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：根据连续相等时间内的位移之差是一恒量求出物体的加速度，结合第1s内的位移求出初速度，从而根据位移时间公式求出运动3s内的位移．解答：解：根据得加速度为：a=，因为第1s内的位移为3m，则有：，代入数据解得：v0=2.25m/s，运动3s内的总位移为：x==13.5m．故答案为：13.5m 1.5m/s2点评：解决本题的关键掌握匀变速直线运动运动学公式和推论，并能灵活运用，有时运用推论求解会使问题更加简捷．17．在做“测定匀变速直线运动的加速度”实验时打出的纸带如图1所示，每两计数点之间还有四个打印点没有画出来，打点计时器的电源频率为50Hz．下面是两位同学采用不同的方法求加速度：（1）甲同学测得：s1=1.40cm，s2=3.55cm，s3=6.45cm，s4=10.15cm，s5=14.55cm，s6=19.70cm．然后他利用逐差法求加速度用的表达式为（两个相邻计数点间的时间间隔可以用T表示），计算求得a= 0.756 m/s2（取三位有效数字）（2）乙同学在另一条纸带上用同样的方法做好标记后，计算出计时器打出点B、C、D、E、F时小车的速度，则其中在计算B点速度时可用表达式（两个计数点间的时间间隔可以用T表示）．然后他在右边的坐标纸上描出如图2所示的点，请根据这些点在右图坐标纸作出速度﹣时间图象，并求出小车的加速度为 1.2 m/s2（取二位有效数字）．考点：测定匀变速直线运动的加速度．专题：实验题；直线运动规律专题．分析：（1）根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2然后结合球平均值即可求出加速度的表达式，代入数据即可求出加速度的大小；（2）根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上各点时小车的瞬时速度大小；结合速度图象的意义即可求出小车的加速度．解答：解：（1）根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2，得：（s4﹣s3）﹣s1=3a1T2（s5﹣s4）﹣s2=3a2T2（s6﹣s5）﹣s3=3a3T2为了更加准确的求解加速度，我们对三个加速度取平均值，得：a=（a1+a2+a3）即小车运动的加速度计算表达式为：a=代入数据得：a=0.756m/s2（2）根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，B点的速度：连接图2上的各点（舍弃误差比较大的t=0.4s时刻的点），得到一条直线如图，直线的斜率：k=则t=0.5s时刻的速度是0.78m/s，t=0时刻的速度是0.18m/s小车的加速度：m/s2故答案为：（1），0.756；（2），1.2点评：要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用．三、计算题：（共28分）18．矿井里的升降机，由静止开始匀加速上升，经过5s速度达到4m/s后，又以这个速度匀速上升20s，然后匀减速上升，经过4s停在井口，则矿井的深度为98 m．。
福建省福州一中2015届高三1月综合训练理综试题_Word版含答案
福州一中2014~2015学年高三理科综合训练1（2015.1.14）满分：300分完卷时间：150分钟可能用到的相对原子质量：H 1 O 16 Cu 64 Zn 65 F 19 C 12第Ⅰ卷（选择题共108分）本卷共18小题，每小题6分，共108分.在每小题给出的四个选项中，只有一个．．．．选项符合题目要求1.下列各曲线所代表的生物学含义及其描述正确的是（）A．甲图表示人的成熟红细胞中ATP生成速率与氧气浓度的关系B．乙图所示物质运输速率不受呼吸酶抑制剂的影响C．丙图表示酵母菌呼吸时氧气浓度与CO2生成速率的关系，a点时产生的CO2全都来自有氧呼吸D．丁图表示小鼠体内酶活性与环境温度的关系2.细胞周期包括分裂间期（分为G 1、S和G2期）和分裂期M期）。
右图标注了甲动物(2N=12)肠上皮细胞的细胞周期中各阶段的时长及DNA含量以下说法正确的是（）A.S期进行染色体和中心体的复制，染色体和中心体的数目都因此加倍B.此细胞处于有丝分裂后期时，细胞中没有同源染色体C.如培养液中加入过量含放射性同位素的胸苷（DNA复制的原料之一），处于S期的细胞立刻被抑制，而处于其他时期的细胞不受影响。
预计加入过量胸苷的7.4h后，细胞都将停留在S期D.若染色体未标记的动物体细胞在含放射性胸苷的培养基中完成一个细胞周期，然后在不含放射性标记的培养液中继续分裂至后期，则移向细胞一极的染色体中带标记的是12条3.某研究机构对某区域的一种田鼠进行了调查，所调查样方的总面积为2hm2。
统计所捕获的鼠数量、性别等，进行标记后放归；3日后进行重捕与调查。
所得到的调查数据如下表：捕获数/只标记数/只雌性个体数雄性个体数初捕50 50 28 22重捕50 10 32 18以下是某同学对数据的分析结果，你认为正确的是()A．综合两次捕获情况，该田鼠种群的性别比例(♀/♂)约为3∶2B．田鼠在被捕捉过一次后更难捕捉，统计的种群密度比实际低C．该地区田鼠的平均种群密度约为250只/hm2D．此调查方法可以用来调查土壤中小动物物种的丰富度4.基因芯片的测序原理是DNA分子杂交测序方法，即通过与一组已知序列的核酸探针杂交进行核酸序列测定的方法。
2015年福建省高考模拟试题_福建省福州八县(市)一中高三上学期期中联考物理卷
2014-2015学年福州八县一中高三期中联考物理试卷一、选择题（每题只有一个选项符合题意，每题4分，共48分）1、右图是A 、B 两个质点做直线运动的位移-时间图线.则( ). A 、在运动过程中,A 质点总比B 质点快 B 、当t=t 1时,两质点的位移相同 C 、当t=t 1时,两质点的速度相等 D 、当t =t 1时,A 、B 两质点的加速度都大于零2、甲、乙两辆汽车以相同的恒定速度直线前进，甲车在前，乙车在后，甲车上的人A 和乙车上的人B 各用石子瞄准对方，以相对自身为v 0的初速度 同时水平射击对方，若不考虑石子的竖直下落，则()A 、A 先被击中B 、B 先被击中C 、两个同时被击中D 、可以击中B 而不能击中A3、如图所示，内壁及碗口光滑的半球形碗固定在水平面上，碗口保持 水平。
A 球、C 球与B 球分别用两根轻质细线连接，当系统保持静止时， B 球对碗壁刚好无压力，图中θ=300，则A 球、C 球的质量之比为( ) A.1: 3 B . 3 :1 C.1:2 D.2:14、如图所示,在托盘测力计的托盘内固定一个倾角为30°的光滑斜面.现将一个重4N 的物体放在斜面上,让它自由滑下,那么测力计因4N 物体的存在而增加的读数是( )A 、4NB 、N 32C 、0D 、3N 5、关于超重和失重,下列说法中正确的是()A 、超重就是物体受的重力增加了B 、失重就是物体受的重力减少了C 、完全失重就是物体一点重力都不受了D 、不论超重或失重甚至完全失重,物体所受重力是不变的6、用一束紫外线照射某金属时不能产生光电效应，可能使该金属产生光电效应的措施是 ()A 、改用频率更小的紫外线照射B 、改用X 射线照射C 、改用强度更大的原紫外线照射D 、延长原紫外线的照射时间7、如图, 小球沿斜面向上运动, 依次经a 、b 、c 、d 到达最高点e. 已知ab=bd=6m, bc=1m, 小球从a 到c 和从c 到d 所用的时间都是2s, 设小球经b 、c 时的速度分别为v b 、v c , 则( ) ① s m v b /10= ② v c =3m/s ③de=3m ④从d 到e 所用时间为2s 。
福建省福州一中高三物理5月质量检测试卷
（b）（a）福州一中2014~2015学年高三下学期理科综合校模拟物理部分满分：300分时间：150分钟可能用到的相对原子质量: H-1 C-12 N-14 O-16 Na-23 Si-28S-32 Cl-35.5 A-27 Ba-137第I卷（选择题共108分）本卷共18小题，每小题6分，共108分。
在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求。
13．两种单色光束a、b分别照射在同一套双缝干涉演示实验装置时，得到的干涉图样如图(a)、（b）所示，则（）A．a光的波长大于b光的波长B．a光在真空中的速度大于b光在真空中的速度C．同一种介质对a光的折射率大于对b光的折射率D．在全反射现象中，a光更容易发生全反射14．如图所示，两列简谐横波分别沿x轴正方向和负方向传播，两波源分别位于x= -0.2m和x=1.2m 处，两列波的速度均为v=0.2m/s，两波源的振幅均为A=2cm．图示为t=0时刻两列波的图像（传播方向如图所示），此时平衡位置处于x=0.2m和x=0.8m的P、Q两质点刚开始振动。
质点M的平衡位置处于x=0.5m处，关于各质点运动情况下列判断正确的是（）A．质点P的起振方向沿y轴正方向B．t=1.5s时刻，质点P运动到M点C．t= 1.5s时刻，质点M的速度为0D．t =3s时刻，质点M的位移为4cm15．某同学用如图所示方法做共点力平衡实验。
M、N为摩擦不计的定滑轮，O点是轻质细绳OA、OB和OC的结点，桌上有若干相同的钩码，他已经在A点和C点分别挂了3个和4个钩码，为使O点在两滑轮间某位置受力平衡，在B点挂的钩码数可能是（）A． 1个 B．3个C．5个 D．7个A OCM第15题图16．如图，运行轨道在同一平面内的两颗人造卫星A 、B ，同方向绕地心做匀速圆周运动，此时刻A 、B 连线与地心恰在同一直线上且相距最近，已知A 的周期为T ， B 的周期为2T/3。
下列说法正确的是（ ）A ．A 的线速度大于B 的线速度 B ．A 的加速度大于B 的加速度C ．A 、B 与地心连线在相同时间内扫过的面积相等D ．从此时刻到下一次A 、B 相距最近的时间为2T17．如图所示，在轻弹簧的下端悬挂一个质量为m 的小球A ，若将小球A 从弹簧原长位置由静止释放，小球A 能够下降的最大高度为h 。
福建省福州一中2014届高三下学期开学质检理综物理试题(附答案)
屏
a
b
c d 福建省福州一中2014届高三下学期开学质检理综物
理试题
13．了解物理规律的发现过程，
学会像科学家那样观察和思考，往往比掌握知识本身更重要。
以下符合事实的是( ) A ．奥斯特发现了电流热效应的规律
B ．库仑总结出了点电荷间相互作用的规律
C ．楞次发现了电流的磁效应，拉开了研究电与磁相互关系的序幕
D ．牛顿将斜面实验的结论合理外推，间接证明了自由落体运动是匀变速直线运动
14．在介质中有一沿水平方向传播的简谐横波．一质点由平衡位置竖直向上运动，经0.1s 到达最大位移处．在这段时间内波传播了
0.5 m ．则这列波（）A ．周期是0.2 s
B ．波长是0.5 m
C ．波速是 2 m/s
D ．经1.6 s 传播了8 m
15．2011年8月，―嫦娥二号‖成功进入了绕―日地拉格朗日点‖的轨道，我国成为世界上第三个造访该点的国家，如图所示，该拉格朗日点位于太阳与地球连线的延长线上，一飞行器位于该点，在几乎不消耗燃料的情况下与地球同步绕太阳做圆
周运动，则此飞行器的( )
A ．线速度小于地球的线速度
B ．向心加速度大于地球的向心加速度
C ．向心力仅由太阳的引力提供
D ．向心力仅由地球的引力提供
16．实验表明，可见光通过三棱镜时各色光的折射率n 随着波长的变化符合科西经验公式：24B
C n A ，其中A 、B 、C 是正的常量。
太阳光进入三棱镜后发生色散的情形如下图所示。
则（）
拉格朗日点
地球太阳。
2014-2015学年福建省福州市高一(下)期末物理试卷
2014-2015学年福建省福州市高一（下）期末物理试卷一、选择题（本题有10个小题，每小题4分，共40分．在每小题给出的四个选项中，第1-7题只有一项符合题目要求，第8-10题有两项符合题目要求．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不选的得0分．）1．（4分）下面哪一个物理量不是矢量（）A．质量B．力C．位移D．速度2．（4分）两个相距为r的小物体，它们之间的万有引力为F．保持质量不变，将它们间的距离增大到3r．那么它们之间万有引力的大小将变为（）A．F B．3F C．D．3．（4分）如图所示，用一水平推力F将质量为M的木块紧压在竖直墙壁上保持静止不动，已知木块跟墙壁之间的动摩擦因数为μ，重力加速度为g，则墙壁对木块的摩擦力大小等于（）A．μMg B．Mg C．F D．μF4．（4分）跳水运动员从10m高的跳台跳下（不计阻力），在下落的过程中（）A．运动员克服重力做功B．运动员的动能减少，重力势能增加C．运动员的机械能减少D．运动员的动能增加，重力势能减少5．（4分）雪橇在位于水平冰面的圆弧形道路上匀速率滑行．如图为4个关于雪橇运动到某位置时受到的合外力F及速度v方向的示意图（图中O为圆心），其中正确的是（）A．B．C．D．6．（4分）在平直的路面上，机车拉着车厢匀加速前进，下列说法正确的是（）A．车厢对机车的拉力大于机车对车厢的拉力B．车厢对机车的拉力小于机车对车厢的拉力C．车厢对机车的拉力大于车厢受到的阻力D．车厢对机车的拉力小于车厢受到的阻力7．（4分）如图所示，一放在光滑水平面上的弹簧测力计，其外壳质量为m，弹簧及挂钩质量不计，在弹簧测力计的挂钩上施一水平向左的力F1，在外壳吊环上施一水平向右的力F2，则产生了沿F1方向的加速度a，那么此弹簧测力计读数是（）A．F1B．F2C．F1﹣F2D．F2﹣ma8．（4分）物体从O点出发，沿水平直线运动，取向右的方向为运动的正方向，其v﹣t图象如图所示，则物体在最初的4s内是（）A．物体做的不是匀变速直线运动B．前2s物体向左运动，后2s物体向右运动C．前2s物体在O点左边，后2s在O点的右边D．t=2s时刻，物体与O点距离最远9．（4分）质量为60kg的人，站在升降机内的体重计上，测得体重计的读数为48kg，则升降机的运动应是（）A．加速下降B．加速上升C．减速上升D．减速下降10．（4分）如图所示，物块A静止在光滑水平地面上，物块B静止在粗糙水平地面上，两物块的质量相等．若用相同的水平推力F作用在两物块上，在它们由静止开始发生相同位移的过程中（）A．力F对物块A做的功大于对物块B做的功B．物块A的运动时间大于物块B的运动时间C．物块A的加速度大于物块B的加速度D．物块A的动能的变化量大于物块B的动以的变化量二、实验题（本大题共有2个小题共16分．请按题目的要求作答）11．（6分）某实验小组同学用如图所示装置探究“物体加速度与力、质量的关系”．（1）在研究物体加速度与力的关系时，保持不变的物理量是（只需填A 或B）A．小车质量B．塑料桶和桶中砝码的质量（2）实验中，首先要平衡摩擦力，具体做法是（只需填A或B）A．在塑料桶中添加砝码，使小车带着纸带匀速运动．B．取下塑料桶，垫起滑板的一端，使小车带着纸带匀速运动．（3）实验中要使小车的质量（填“远大于”或“远小于”）塑料桶和桶中砝码的质量，才能认为细线对小车的拉力等于塑料桶和砝码的重力．12．（10分）用如图所示的实验装置验证机械能守恒定律，实验所用的电源为学生电源，输出电压为6V的交流电和直流电两种，重锤从高处由静止开始落下，重锤从拖着的纸带通过打点计时器打出一系列的点，对纸带上的点的痕迹进行测量，即可验证机械能定恒定律．（1）下面列举了该实验的几个操作步骤：A．按照图示的装置安装器件B．将打点计时器接到电源的直流输出端上C．用天平测量出重锤的质量D．释放悬挂纸带的夹子，同时接通电源开关打出一条纸带E．测量打出的纸带上某些点之间的距离F．根据测量的结果计算重锤下落过程中减少的重力势能是否等于增加的动能指出其中没有必要进行的步骤是；操作不恰当的步骤是．（2）利用这个装置也可以测量重锤下落的加速度a的数值．如图所示，根据打出的纸带，选取纸带上打出的连续五个点A、B、C、D、E，测出A点距起始点O 的距离为s0，点A、C间的距离为s1，点C、E间的距离为s2，使用交流电的频率为f，则根据这些条件计算重锤下落的加速度a的表达式：a=．（3）在验证机械能守恒定律的实验中发现，重锤减少的重力势能总是大于重锤动能的增加，其原因主要是因为在重锤下落过程中存在着阻力的作用，可以通过该实验装置测定该阻力的大小．若已知当地重力加速度的值为g，还需要测量的物理量是．试用这些物理量和纸带上的测量数据表示出重锤在下落的过程中受到的平均阻力大小为F=．三、计算题（本大题共有4个小题，共44分．在答题卷上解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写最后答案不得分．有数值计算的题，答案应明确写出数值和单位．）13．（10分）如图所示，在光滑水平面上，长为L的轻线一端固定，另一端系在质量为m的小球上．小球做匀速圆周运动．若细线对小球的拉力为F，求：（1）小球运动的角速度；（2）小球运动的周期．14．（10分）如图所示，一位质量m=50kg的滑雪运动员从高度h=30m的斜坡由静止开始滑下．斜坡的倾角θ=37°，滑雪板与雪面间的动摩擦因数μ=0.25，不计空气阻力，取重力加速度g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8．求运动员在滑至坡底的过程中：（1）所受各力做的功；（2）合力做的功；（3）重力的平均功率．15．（12分）一辆汽车质量为m，从静止开始启动，沿平直路面前进了距离s后，达到了最大行驶速度v m．设汽车的牵引力功率保持不变，所受阻力恒为车重的k 倍，求：（1）汽车的牵引功率；（2）汽车从静止到达到最大速度所需的时间．16．（12分）如图所示，质量为m的可视为质点的小物块在粗糙水平桌面上做直线运动，经距离l后以速度v飞离桌面，最终落在水平地面上．已知l=1.4m，v=3.0m/s，m=0.10kg，物块与桌面间的动摩擦因数µ=0.25，桌面高h=0.45m．不计空气阻力，重力加速度取10m/s2．求：（1）小物块落地点距飞出点的水平距离s；（2）小物块落地时的动能E K；（3）小物块的初速度大小v0．2014-2015学年福建省福州市高一（下）期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题有10个小题，每小题4分，共40分．在每小题给出的四个选项中，第1-7题只有一项符合题目要求，第8-10题有两项符合题目要求．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不选的得0分．）1．（4分）下面哪一个物理量不是矢量（）A．质量B．力C．位移D．速度【解答】解：矢量是既有大小，又有方向的物理量，位移、力和加速度都是矢量，而标量是只有大小，没有方向的物理量，质量是标量，故BCD错误，A正确。
福建省福州市八县(市)一中2015届高三物理上学期期中联考试题(含解析)新人教版
福建省福州市八县〔市〕一中2015届高三上学期期中联考物理试卷一、选择题〔共12小题，每一小题4分，共48分．在每一小题给出的四个选项中，只有一个选项正确，选对的得4分，有选错的和不答的得0分．〕1．意大利科学家伽利略在研究物体变速运动规律时，做了著名的“斜面实验〞，他测量了铜球在较小倾角斜面上的运动情况，发现铜球做的是匀变速直线运动，且铜球加速度随斜面倾2．〔4分〕福建女选手郑幸娟在第11届全运会上以“背越式〞成功地跳过了1.95m的高度，3．〔4分〕如下列图，a、b分别是甲、乙两辆车从同一地点沿同一直线同时运动的速度图象，t0时刻两图象相交，由图象可以判断〔〕A．2s后甲、乙两车的加速度大小相等B．在0～8s内两车最远相距148mC．两车只有t0时刻速率相等D．两车在t0时刻相遇考点：匀变速直线运动的图像．.专题：运动学中的图像专题．分析：在v﹣t图象中，图线的斜率大小等于加速度，根据斜率的大小分析加速度大小的关系．图线与坐标轴所围“面积〞等于位移，并结合两车的运动情况，确定在0～8s内相距最远的距离．由图直接读出速率相等的时刻．根据两车的运动情况分析t0时刻是否相遇．解答：解：A、2s后甲图线的斜率大于乙图线的斜率，如此2s后甲的加速度大于乙的加速度．故A错误．B、当甲乙两车速度相等时相距最远，根据ab两条直线的解析式，运用数学知识算出交点的横坐标为s，由图象法可知此时ab的距离为148m，故B正确．C、速率是指速度的大小，由图看出，在2s末ab速率都等于20m/s，速率也相等．故C错误．D、根据B项分析可知，在t0时刻，两车没有相遇，而是相距最远．故D错误．应当选B点评：此题考查对速度﹣时间图象的理解与应用的能力．要明确斜率表示加速度，图象与坐标轴围成的面积表示位移．难度适中．4．〔4分〕如下列图，一个半球形的碗放在桌面上，碗口水平，O点为其球心，碗的内外表与碗口光滑．一根细线跨在碗口上，线的两端分别系有质量为m1和m2的小球．当它们处于平衡状态时，质量为m1的小球与O点的连线与水平线的夹角为α=90°，质量为m2的小球位于水平地面上，设此时细线的拉力大小为T，质量为m2的小球对地面压力大小为N，如此〔〕A．T=m1g B．T=〔m2﹣m1〕gC．N=m2g D．N=〔m2﹣m1〕g考点：共点力平衡的条件与其应用；物体的弹性和弹力．.专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：先对小球m1受力分析，再对小球m2受力分析，然后根据共点力平衡条件列式求解．解答：解：A、B、先对小球m1受力分析，受重力和支持力，假设细线对小球m1有拉力作用，如此小球m1受力不能平衡，故拉力T为零；故A错误，B错误；C、D、再对小球m2受力分析，受到重力和支持力，支持力与重力平衡，故N=m2g；应当选：C．点评：此题关键是对小球m1受力分析，得出细线的拉力为零，然后再对球m2受力分析，得出支持力的大小．5．〔4分〕如下列图，在竖直平面内有一半径为R的光滑固定圆弧轨道，半径OA水平，OB竖直，一个质量为m的小球自A的正上方P处静止下落，小球沿轨道到达最高点B时对轨道压力F=mg，重力加速度为g，如此下述正确的答案是〔〕A．小球运动到B时的速度为B．小球运动到B点时重力的瞬时功率为mgC．小球运动到最低点C时对轨道的压力为6mgD．A P间距为2R考点：功率、平均功率和瞬时功率；向心力．.专题：功率的计算专题．分析：在整个过程中熟练运用动能定理与牛顿第二定律即可求得解答：解：A、在B点由牛顿第二定律得：mg+mg=解得：，故A错误；B、由P=Fv可知，在B点物体速度与重力方向垂直，故重力功率为零，故B错误；C、从B到C由动能定理可知：在C处：联立解得：F N=7mg，故C错误；D、从P到B可知：mgh=，h=R，故PA距离为：R+R=2R，故D正确；应当选：D点评：分析清楚小球的运动过程，把握圆周运动解题思路，同时要熟练运用牛顿运动定律、动能定理即可正确解题．6．〔4分〕〔2007•某某模拟〕如下列图，河水的流速为4m/s，一条船要从河的南岸A点沿与河岸成30°角的直线航行到北岸下游某处，如此船的开行速度〔相对于水的速度〕最小为〔〕A．2m/s B．3m/s C．4m/s D．5m/s考点：运动的合成和分解．.专题：运动的合成和分解专题．分析：合速度的方向以与一分速度的方向〔水流速〕，根据平行四边形定如此确定另一分速度〔静水速〕的最小值．解答：解：根据平行四边形定如此知，因为垂线段最短，所以当静水速与合速度方向垂直时，静水速最小，．故A正确，B、C、D错误．应当选A．点评：解决此题的关键会根据平行四边形定如此对速度进展合成，以与在知道合速度方向和一分速度大小方向的情况下，能够求出另一分速度的最小值．7．〔4分〕飞机以一定水平速度v0飞行，某时刻让A球落下，相隔1s又让B球落下，在以后A．A球在B球的前下方，二者在同一抛物线上B．A球在B球的后下方，二者在同一抛物线上C．A球在B球的下方5m处，二者在同一条竖直线上D．以上说法均不正确考点：平抛运动．.专题：平抛运动专题．分析：飞机匀速飞行，飞机上自由释放的小球做平抛运动，初速度等于飞机的速度，而平抛运动水平方向的分运动是匀速直线运动，如此两个小球水平方向速度与飞机的速度一样，总在飞机的正下方．解答：解：小球离开飞机做平抛运动，平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，所以A球在B 球的正下方．在竖直方向上做自由落体运动，，所以位移随时间逐渐增大．故A、B、C错误，D正确．应当选：D．点评：解决此题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，不能错认为两球之间的距离保持不变．12．〔4分〕如下列图，从光滑的圆弧槽的最高点滑下的小滑块，滑出槽口时速度方向为水平方向，槽口与一个半球顶点相切，半球底面为水平，假设要使小物块滑出槽口后不再沿半球面下滑，圆弧轨道半径为R1，半球半径为R2，如此R1和R2应满足的关系是〔〕A．R1≥B．R1≤C．R1≥R2D．R1≤R2考点：向心力．.专题：匀速圆周运动专题．分析：滑块沿光滑的圆弧槽下滑过程，只有重力做功，根据机械能守恒定律列式；假设要使小物块滑出槽口后不沿半球面下滑，即做平抛运动，如此重力不足以提供滑块绕半球运动所需的向心力．解答：解：滑块沿光滑的圆弧槽下滑过程，只有重力做功，机械能守恒，有mgR1=mv22①要使小物块滑出槽口后不沿半球面下滑，即做平抛运动，如此mg≤m②由①②解得：R1≥应当选：A．点评：此题关键根据机械能守恒定律列式，同时要注意在最低点，重力不足于提供绕半球运动所需的向心力．A．人的触地时间B．人受到的冲量C．人的动量变化量D．人的动量变化率考点：动量定理．.专题：动量定理应用专题．分析：物体动量的变化等于合外力的冲量，应用动量定理分析答题．解答：解：调高比赛时，运动员从与沙坑接触到静止动量的变化量相等△p，由动量定理可知，人受到的合力的冲量I=△p是一定的，人落在沙坑中比落在地面上延长了人与沙坑的接触时间，t变大，由动量定理得：△P=Ft，=F，△p一定，t越长，动量变化率越小，人受到的合外力越小，越安全；应当选：D．点评：此题考查了判断动量、冲量、动量变化率等问题，分析清楚运动过程，应用动量定理即可正确解题．14．〔4分〕〔2014•厦门二模〕关于近代物理的内容，如下说法正确的答案是〔〕A．α射线的穿透力比γ射线强B．铀核裂变的核反响方程是：U+n→Ba+Kr+2nC．将有放射性元素组成的化合物进展高温分解，不会改变放射性元素的半衰期D．假设紫光和紫外线都能使同一金属产生光电效应，用紫光照射时光电子最大初动能较大考点：X射线、α射线、β射线、γ射线与其特性；光电效应；原子核衰变与半衰期、衰变速度；重核的裂变．.分析：γ射线穿透能力最强，而α射线的电离能力最强；核反响方程满足质量数与质子数守恒；半衰期与物理与化学性质无关；根据光电效应方程，即可确定光电子的最大初动能与入射光的频率有关．解答：解：A、γ射线穿透能力最强，而α射线的电离能力最强，故A错误；B、铀核裂变的核反响方程是：U+n→Ba+Kr+3n，故B错误；C、放射性元素的半衰期不随着物理与化学性质变化而变化，故C正确；D、根据光电效应方程E Km=hγ﹣W，可知，因紫外线的频率高于紫光，如此用紫外线照射时光电子最大初动能较大，故D错误；应当选：C．点评：考查α射线与γ射线的区别，掌握书写核反响方程的规律，注意半衰期只与自身元素有关，同时理解当入射光的频率越大时，如此同一金属产生的光电子最大初动能越大．15．〔4分〕在光滑的水平面上有两个在同一直线上相向运动的小球，其中甲球的质量m1=4kg，乙球的质量m2=1kg，规定向左为正方向，碰撞前后甲球的v﹣t图象如下列图．两球发生正碰后粘在一起，如此碰前乙球速度的大小和方向分别为〔〕A．3m/s，向右B．13m/s，向左C．13m/s，向右D．3m/s，向左考点：动量守恒定律．.专题：动量定理应用专题．分析：甲乙碰撞过程，动量守恒，由动量守恒定律求解碰前乙球速度的大小和方向．解答：解：由图知，甲球碰撞前的速度为v1=2m/s，碰撞后的速度为v1′=﹣1m/s，碰撞后，甲16．〔4分〕氢原子从能级m跃迁到能级n时辐射红光的频率为υ1，从能级n跃迁到能级k时2二、计算题〔此题含5小题，共52分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位〕17．〔10分〕我国交通管理部门规定，高速公路上汽车行驶的安全距离为200m，汽车行驶的最高速度为v m=120km/h．驾驶员的反响时间通常为0.3s～0.6s，各种路面与汽车轮胎之间的动摩擦因数为0.32～0.8．为了确保汽车行驶过程中的安全，请你通过计算说明200m为汽车行驶必要的安全距离．〔取g=10m/s2〕如此汽车行驶必要的安全距离为s=s1+s2=193.6m＜200m答：200m为汽车行驶的必要安全距离点评：解决此题的关键知道汽车在反响时间内和刹车后的运动情况，结合运动学公式进展求解，以与知道两车恰好不相撞的临界情况．18．〔10分〕天宫一号目标飞行器，是我国自主研制的全新的载人飞行器，它可以与载人飞船进展屡次对接．“天宫一号〞飞行器质量为m，运行高度为h，地球半径为R，地球外表的重力加速度为g．求：〔1〕天宫一号飞行高度处的重力加速度的大小；〔2〕天宫一号的运行周期．考点：万有引力定律与其应用．.专题：万有引力定律的应用专题．分析：人造地球卫星绕地球做匀速圆周运动，万有引力提供向心力，根据万有引力等于向心力，结合黄金代换进展求解．解答：解：〔1〕天宫一号在地球外表所受万有引力近似等于重力mg=G在距地面h高处mg′=G解得：g′==g〔2〕因为天宫一号的运行轨道看做圆轨道，万有引力充当向心力，所以：解得：周期T=答：〔1〕天宫一号飞行高度处的重力加速度的大小为g；〔2〕天宫一号的运行周期为．点评：此题关键是根据万有引力等于向心力和万有引力等于重力列出等式，求出向加速度和周期．19．〔10分〕如图，倾角θ=37°、质量M=5kg的粗糙斜面位于水平地面上．质量m=2kg的木块置于斜面顶端，从静止开始匀加速下滑．经过t=2s到达底端，运动路程L=4m，在此过程中斜面保持静止．求：〔sin37°=0.6，cos37°=0.8，取g=10m/s2〕〔1〕物体到达底端时速度大小．〔2〕地面对斜面的支持力大小．〔3〕地面对斜面的摩擦力的大小与方向．考点：牛顿第二定律．.专题：牛顿运动定律综合专题．分析：〔1〕根据运动学公式求速度〔2〕选斜面为研究对象，进展受力分析就可以求出地面对斜面的支持力大小；〔3〕木块匀加速下滑，根据运动学公式可以求得加速度，选木块为研究对象，求出木块所受的摩擦力和支持力，再选斜面为研究对象，进展受力分析就可以求出地面对斜面的摩擦力大小与方向；解答：解：〔1〕木块做匀加速直线运动，L=af2所以 a=2m/s2到达底端速度 v=at=4m/s〔2〕对木块有mgsinθ﹣f1=maN1=mgcosθ地面对斜面的支持力N2=Mg+N1cosθ+f1sinθ解得 N2=67.6N〔3〕对斜面，由平衡条件得地面对斜面摩擦力f2=N1 sinθ﹣f1cosθ解得 f2=3.2N方向水平向左答：〔1〕物体到达底端时速度大小4m/s．〔2〕地面对斜面的支持力大小67.6N．〔3〕地面对斜面的摩擦力的大小3.2N，方向水平向左．点评：解决此题的关键是能正确对物体进展受力分析，根据牛顿第二定律和平衡条件解题，难度不大．〔10分〕如图，摩托车做特技表演，以v0=10.0m/s的初速度冲向高台，然后从高台以v1=12m/s 20．的速度水平飞出，落在倾角θ=370的斜面上．假设摩托车冲向高台的过程中以p=4.0kw的额定功率行驶，冲到高台上所用时间t1=4.0s．人和车的总质量m=1.8×102kg，台高h=5.0m．不计空气阻力，取g=10m/s2，求：〔1〕摩托车从高台飞出到落至斜面所用时间t2；〔2〕摩托车落到斜面上缓冲，只保存沿斜面方向速度，求缓冲后的速度v2；〔3〕摩托车冲上高台过程中阻力所做的功W f．考点：动能定理；平抛运动．.专题：动能定理的应用专题．分析：〔1〕平抛运动的时间由高度决定，根据h=gt2求出运动的时间．〔2〕分别求出水平方向和竖直方向上的分速度，根据平行四边形定如此求出落地的速度大小．〔3〕抓住功率不变，牵引力做功W=Pt，根据动能定理求出摩托车冲上高台过程中抑制阻力所做的功．解答：解：〔1〕由平抛运动规律得：h=gt2s=v1t2由几何关系得tanθ=解得 t2=1.8s〔2〕缓冲前竖直方向速度 v y=gt2=18m/s故缓冲后沿斜面方向速度v2=v1cosθ+v y sinθ=20.4m/s〔3〕由动能定理得：Pt1﹣mgh+W f=mv12﹣mv02解得：W f=﹣3.04×103J答：〔1〕摩托车从高台飞出到落至斜面所用时间t2为1.8s；〔2〕摩托车落到斜面上缓冲，只保存沿斜面方向速度，缓冲后的速度v2为20.4m/s；〔3〕摩托车冲上高台过程中阻力所做的功W f为﹣3.04×103J．点评：此题综合运用了动能定理和平抛运动的知识，关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，以与知道功率不变时，牵引力做功W=Pt．21．〔12分〕如图，质量分别为2m和m的A、B两物体通过轻质细线绕过光滑滑轮．弹簧下端与地面相连，上端与B连接，A放在斜面上，斜面光滑．开始时用手控住A，使细线刚好拉直，但无拉力，此时弹簧弹性势能为E P．滑轮左侧细线竖直，右侧细线与斜面平行．释放A后它沿斜面下滑，当弹簧刚好恢复原长时，B获得最大速度．重力加速度为g，求：〔1〕斜面倾角α；〔2〕刚释放A时，A的加速度；〔3〕B的最大速度v m．考点：机械能守恒定律；牛顿第二定律．.专题：机械能守恒定律应用专题．分析：物体A释放后，拉动B一起加速，弹簧逐渐伸长，弹力逐渐加大，当弹簧弹力增加到等于mg时，B获得最大速度，此时物体B受力平衡，此后物体B减速上升，物体A加速，根据运动学根本公式结合牛顿第二定律求解．解答：解：〔1〕B 速度最大时：2mgsinα=mg∴sinα=wordα=30°〔2〕刚释放A时，由牛顿第二定律得：对A 2mgsinα﹣T=2ma对B T+F弹﹣mg=maF弹=mg解得 a=g方向沿斜面向下〔3〕设释放A之前，弹簧压缩量为x，由系统机械能守恒得2mgxsinα+E p﹣mgx=3mv m2解得 v m=答：〔1〕斜面倾角α为30°；〔2〕刚释放A时，A的加速度为g，方向沿斜面向下；〔3〕B的最大速度v m为．点评：此题关键是对两个物体分别受力分析，得出物体B速度最大时各个物体都受力平衡，然后根据平衡条件分析；同时要注意是那个系统机械能守恒．- 11 - / 11。
福建省福州市2014届高三上学期期末质量检测物理试题
福州市2013—2014学年第一学期高三期末质量检测物理试卷（满分：100分；完卷时间：90分钟）一、选择题（共10小题，每小题4分，共40分。
在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确，选对的得4分，有选错的和不答的得0分。
）1．下列符合物理学史实的是A．卡文迪许利用扭秤巧妙地测得静电力常量k的数值B．开普勒发现了行星运动的规律，提出了万有引力定律C．伽利略通过斜面实验的合理外推，得出了自由落体运动的规律D．法拉第根据小磁针在通电导线周围的偏转发现了电流的磁效应1．C 解析：库仑利用扭秤巧妙地测得静电力常量k的数值，A项错；牛顿提出了万有引力定律，B项错；伽利略通过斜面实验的合理外推，得出了自由落体运动的规律，C项正确；奥斯特根据小磁针在通电导线周围的偏转发现了电流的磁效应，D项错。
2．A、B两个质点沿同一直线运动的v-t图象如图所示，已知两质点在t=0时刻，经过同一位置。
由图可知A．在t2时刻两个质点相遇B．在t1时刻两个质点运动方向相同C．在t1时刻两个质点加速度相同D．在t1时刻两个质点相距最远2．B 解析：在0-t2时间内两个质点的位移不同，故在t2时刻两个质点不能相遇，A项错；t1时刻两个质点速度均为正值，故运动方向相同，B项正确；在t1时刻两个质点加速度方向相反，C 项错；因运动时间未知，故无法确定两个质点何时相距最远，D项错。
3．从同一水平直线上的两位置分别沿同方向抛出两小球A和B，其运动轨迹如图所示，不计空气阻力。
要使两球在空中相遇，则必须A．两球的初速度一样大B．B球初速度比A大C．同时抛出两球D．先抛出A球3．C 解析：由t＝2hg可知两球的运动时间相同，故要使两球在空中相遇，则必须同时抛出两球，C项正确，D项错；由于水平方向两球的位移不同，故两者的初速度不同，AB两项错。
4．如图所示，质量为m的小球沿光滑的斜面AB下滑，然后可以无能量损失地进入光滑的圆形轨道BCD，小球从A点开始由静止下滑，已知AC之间的竖直高度为h，圆轨道的半径为R，重力加速度为g，则下列判断正确的是A．若h=2R，则小球刚好能到达D点B．若小球恰好能通过D点，则小球到达DC ．小球能通过D 点，则小球在C 点和D 点的向心加速度大小相等D ．若小球到达D D 点的压力大小为2mg4．B 解析：由mg ＝m v 2r 得v 临＝gr ，可知小球若要恰好能通过D 点，则小球到达Dh =2R ，则小球到达D 点时的速度为零，故不能到达D 点，Ａ项错；小球能通过D 点，由动能定理2211222D C mgR m m v v -=-，可得C D v v >，由2n va R =可知小球在C 点向心加速度大小大于其在D 点的向心加速度大小，故Ｃ项错；若小球到达D 2Dv F mg m R+=，小球对D 点的压力大小为mg ，Ｄ项错。
2013-2014学年福建省福州一中高三(上)期中物理试卷
2013-2014学年福建省福州一中高三（上）期中物理试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共14小题，共42.0分)1.关于物体的运动，下列说法正确的是（）A.物体加速度增加，速度一定增加B.物体速度发生变化，合外力可能没有做功C.物体做匀速运动，机械能一定守恒D.物体受一恒力作用，可能做匀速圆周运动【答案】B【解析】解：A、当加速度与速度方向反向时，加速度增加，速度减小．故A错误．B、物体速度发生变化，动能可能不变，根据动能定理，合力可能不做功．比如匀速圆周运动，速度变化，但是合外力不做功．故B正确．C、物体做匀速运动，机械能不一定守恒，比如匀速下降，重力势能减小，动能不变，则机械能减小．故C错误．D、匀速圆周运动所受的合力提供向心力，方向指向圆心，方向时刻改变，所以受恒力作用，不可能做圆周运动．故D错误．故选：BA、当加速度的方向与速度方向相同，速度增加，当加速度的方向与速度方向，速度减小；B、通过动能的变化，判断合力是否做功；C、机械能守恒的条件是只有重力做功；D、物体做匀速圆周运动的合力提供向心力，合力的方向始终指向圆心．解决本题的关键知道机械能守恒的条件．以及知道速度变化，动能不一定发生变化．2.质点在一平面内沿曲线由P运动到Q，如果v、a、F分别表示质点运动过程中的速度、加速度和受到的合外力，下列图象可能正确的是（）A. B. C.D.【答案】D【解析】解：A、物体做曲线运动，物体的速度的方向是沿着轨迹的切线方向的，所以A错误；B、物体受到的合力应该指向运动轨迹的弯曲的内侧，并且合力的方向和加速度的方向是相同的，所以加速度的方向也是指向运动轨迹的弯曲的内侧，由此可以判断BC错误，D正确；故选D．当合力与速度不在同一条直线上时，问题就做曲线运动，但是加速度的方向和合外力的方向是相同的．根据物体的运动轨迹来判断受到的合力的方向，合力应该指向运动轨迹的弯曲的内侧，这是解决曲线运动的时候经常用到的知识点．3.如图所示，一小球从光滑圆弧轨道顶端由静止开始下滑，进入光滑水平面又压缩弹簧．在此过程中，小球重力势能和动能的最大值分别为E p和E k，弹簧弹性势能的最大值为E p′，则它们之间的关系为（）（以水平面为零势能面）A.E p=E k=E p′B.E p＞E k＞E p′C.E p=E k+E p′D.E p+E k=E p′【答案】A【解析】解：小球和弹簧系统在光滑斜面上滚下过程和压缩弹簧过程中机械能均守恒；初位置重力势能最大，动能为零，弹性势能也为零；刚刚滑到平面上时，重力势能为零，弹性势能为零，动能最大；弹簧压的最短时，重力势能为零，动能为零，弹性势能最大；故E p=E k=E p′；故选：A．机械能守恒的条件是系统中只有重力和弹簧的弹力做功；小球和弹簧系统在光滑斜面上滚下过程和压缩弹簧过程中机械能守恒．本题关键明确弹簧和小球系统机械能守恒，然后根据守恒定律列式求解即可，基础题．4.如图所示，在光滑的水平地面上，有两个质量相等的物体，中间用劲度系数为k的轻质弹簧相连，在外力作用下运动，已知F1＞F2，当运动达到稳定时，弹簧的伸长量为（）A. B. C. D.【答案】D【解析】解：设A、B的质量为m，当运动达到稳定时，把A、B看出整体进行研究，对A、B进行受力分析得：A、B整体所受合力为F1-F2应用牛顿第二定律，A、B整体的加速度a=因为A、B相对静止，所以整体的加速度也是单个物体的加速度．在对A进行受力分析：在水平方向上，A受水平向左的弹簧的拉力F拉和水平向右的拉力F1因为A、B相对静止，所以整体的加速度也是单个物体的加速度．根据牛顿第二定律得：A的合力F合=ma=F1-F拉F拉=根据胡克定律得：弹簧的伸长量△x=故选D．巧用整体法应用牛顿第二定律求出物体的加速度．巧用隔离法应用牛顿第二定律求物体间的相互作用．整体法能减少和避开所求解量，简化解题过程．整体法和隔离法是相辅相成的．如果问题涉及物体间的相互作用时，隔离法不失为一种有效的解题方法．5.如图所示，木板质量为M，长度为L，小木块的质量为m，水平地面光滑，一根不计质量的轻绳通过定滑轮分别与M和m连接，小木块与木板间的动摩擦因数为μ．开始时木块静止在木板左端，现用水平向右的力将m拉至右端，拉力至少做功为（）A.μmg LB.2μmg LC.D.μ（M+m）g L【答案】A【解析】解：开始时木块静止在木板左端，现用水平向右的力将m拉至右端，拉力做功最小值时，即拉力维持小木块在木板上做匀速缓慢运动时；拉力大小为F=T+μmg=2μmg，拉力做功最小值为W=F•L=μmg L故选：A在水平向右的拉力作用下，小木块沿木板向右运动，在运动过程中拉力做功的最小值就是拉力等于摩擦力，使小木块在木板上做匀速运动．从而根据功的表达式可求出匀速运动时，拉力做的功．本题突破口就是拉力做功的最小值，就是木块在木板上做匀速运动．所以学生在审题时，要关注题目中的关键字词．6.如图所示，四个质量、形状相同的斜面体放在粗糙的水平面上，将四个质量相同的物块放在斜面顶端，因四个物块运动情况不同，物块与斜面的摩擦力不同，a物块匀加速下滑，b物块匀速下滑，c物块匀减速下滑，d物块静止在斜面上，四种情况斜面体均保持静止，四种情况下斜面体对地面的压力依次为F1、F2、F3、F4．则它们的大小关系是（）A.F1=F2=F3=F4B.F1＞F2＞F3＞F4C.F1＜F2=F4＜F3D.F1=F3＜F2＜F4【答案】C【解析】解：设物体和斜面的总重力为G．第一个物体匀加速下滑，加速度沿斜面向下，具有竖直向下的分加速度，存在失重现象，则F1＜G；第二个物体匀速下滑，合力为零，斜面保持静止状态，合力也为零，则系统的合力也为零，故F2=G．第三个物体匀减速下滑，加速度沿斜面向上，具有竖直向上的分加速度，存在超重现象，则F3＞G；第四个物体静止在斜面上，合力为零，斜面保持静止状态，合力也为零，则系统的合力也为零，故F4=G．故有F1＜F2=F4＜F3．故C正确，ABD错误．故选：C当物体系统中存在超重现象时，系统所受的支持力大于总重力，相反，存在失重现象时，系统所受的支持力小于总重力．若系统的合力为零时，系统所受的支持力等于总重力．本题运用超重和失重的观点分析加速度不同物体动力学问题，比较简便．通过分解加速度，根据牛顿第二定律研究．7.甲、乙两车在公路上沿同一方向做直线运动，它们的v-t图象如图所示．两图象在t=t1时相交于P点，P在横轴上的投影为Q，△OPQ的面积为S．在t=0时刻，乙车在甲车前面，相距为d．已知此后两车相遇两次，且相遇的时刻为t′，则下面四组t′和d的组合可能的是（）A.t′=t1，d=SB.t′=t1，d=SC.t′=t1，d=S D.t′=t1，d=S【答案】BC【解析】解：在t1时刻如果甲车没有追上乙车，以后就不可能追上了，故t′≤t，从图象中甲、乙与坐标轴围成的面积即对应的位移看：A．当t′=t1时，s甲-s乙=S，即当d=S时正好相遇，但只能相遇一次，故A错误；B．t′=t1时，由几何关系可知甲的面积比乙的面积多出S，即相距d=S时正好相遇，相遇两次，故B正确；C、t′=t1时，由几何关系可知甲的面积比乙的面积多出S，即相距d=S时正好相遇，相遇两次，故C正确，D错误；故选：BC．v-t图象中，与时间轴平行的直线表示做匀速直线运动，倾斜的直线表示匀变速直线运动，斜率表示加速度，倾斜角越大表示加速度越大，图象与坐标轴围成的面积表示位移．在时间轴上方的位移为正，下方的面积表示位移为负．相遇要求在同一时刻到达同一位置．本题是速度--时间图象的应用，知道在速度--时间图象中图象与坐标轴围成的面积的含义，并能根据几何关系求出面积，能根据图象读取有用信息．8.如图所示，光滑斜面上质量相等的两木块A、B用一轻弹簧相连接，整个系统处于平衡状态，B木块由挡板C挡住．现用一沿斜面向上的拉力F拉动木块A，使木块A沿斜面向上做匀加速直线运动．研究从力F刚作用在A木块的瞬间到木块B刚离开挡板的瞬间这一过程，并且选定该过程中木块A的起点位置为坐标原点，则如图所示图象中能表示力F和木块A的位移x之间关系的是（）A. B. C. D.【答案】A【解析】解：设原来系统静止时弹簧的压缩长度为x0，当木块A的位移为x时，弹簧的压缩长度为（x0-x），弹簧的弹力大小为k（x0-x），根据牛顿第二定律得F+k（x0-x）-mgsinθ=ma得到，F=kx-kx0+ma+mgsinθ，又kx0=mgsinθ，则得到F=kx+ma可见F与x是线性关系，当x=0时，kx+ma＞0．故A正确，B、C、D错误．故选A．以木块A为研究对象，分析受力情况，根据牛顿第二定律得出F与A位移x的关系式，再选择图象．本题根据牛顿第二定律得到F与x的解析式，再选择图象是常用的思路．9.如图所示，两根直木棍AB和CD相互平行，固定在同一水平面上．一个圆柱工件P架于两木棍之间，在水平向右的推力F作用下，恰好向右匀速运动．若保持两木棍在同一水平面内，但将它们的间距稍微减小一些后固定，仍将圆柱形工件P 架在两木棍之间，若仍要使其匀速运动，则关于推力F大小的变化情况是（）A.变大 B.变小C.不变D.以上各个选项都有可能【答案】B【解析】解：工件原来做匀速运动，所受的滑动摩擦力大小f1=F．将木棍的间距稍微减小一些后固定时，工件受力的侧视图如图，由平衡条件得，2N cosθ=G，木棍的间距稍微减小时，θ减小，cosθ增大，则木棍对工件的支持力N减小，工件所受的滑动摩擦力减小，仍要使其匀速运动，则F减小．故ACD错误，B正确．故选：B两木棍的距离影响圆柱形工件P对木棍的压力大小，从而影响摩擦力．可以先画出其截面图并对其受力分析，可以得出圆柱形工件对木棍的压力变化，从而可根据平衡条件判定出推力大小的变化．本题是动态平衡问题，通过图解法分析力的变化．本题受力是立体的，要会将立体图转化成平面图．10.一小船在河中x O y平面内运动的轨迹如图所示，下列判断正确的是（）（1）若小船在x方向始终匀速，则在y方向先加速后减速（2）若小船在x方向始终匀速，则在y方向先减速后加速（3）若小船在y方向始终匀速，则在x方向先减速后加速（4）若小船在y方向始终匀速，则在x方向先加速后减速．A.（1）（3）B.（1）（4）C.（2）（3）D.（2）（4）【答案】D【解析】解：（1、2）、若x方向始终匀速，经过相同的时间水平间距相同，则y方向的高度先增加的越来越慢，说明竖直速度在减小，后来y方向的高度后增加的越来越快，说明竖直速度增大，所以物体速度先减小后增大，故（2）正确，（1）错误．（3、4）、若y方向始终匀速，经过相同的时间竖直间距相同，则x方向的水平距离先增加的越来越快，说明水平速度在增大，后来x方向的水平间距后增加的越来越慢，说明水平速度减小，所以物体速度先增大后减小，故（3）错误，（4）正确．故选：D．图象为平面直角坐标系，在x O y平面内任意一点的坐标值表示物体离开坐标轴的距离，如果纵坐标增加快，说明y方向运动快，如果横坐标增加快，说明x方向运动快．注意此题是平面直角坐标系，与速度时间图象和位移时间图象不同，所以图象问题一定要看清坐标轴的物理意义．11.滑板是现在非常流行的一种运动，如图所示，一滑板运动员以7m/s的初速度从A点沿曲面下滑，运动到B点速度仍为7m/s，若他以6m/s的初速度仍由A点沿曲面下滑，则他运动到B点时的速度（）A.大于6m/sB.等于6m/sC.小于6m/sD.条件不足，无法计算【答案】A【解析】解：滑板运动员从曲面的A点下滑过程中，重力和摩擦力做功，当他下滑的速度减小时，在同一点他对轨道的压力减小，摩擦力减小，则他下滑过程中克服摩擦力做功减小，重力做功相同，根据动能定理得知，动能的变化量减小，第一次下滑过程动能变化量为零，则有mv B2-mv A2＞0，得v B＞6m/s故选：A．滑板运动员从曲面的A点下滑过程中，重力和摩擦力做功，当他下滑的速度减小时，分析摩擦力如何变化，确定运动员克服摩擦力做功的大小，分析动能变化量的大小，再求出他运动到B点时的速度范围．本题运用向心力和动能定理分析运动员下滑过程动能的变化量大小，是经常采用的思路．12.如图所示，水平传送带以速度v=2m/s匀速前进，上方料斗中以每秒50kg的速度把煤粉竖直落到传送带上，然后一起随传送带运动，要使传送带保持原来的速度匀速前进，电动机应增加的牵引力和电功率为（）A.100N 100WB.100N 200WC.200N 100WD.200N 200W【答案】B【解析】解：在1s内落到传送带上煤的质量为△m；这部分煤由于摩擦力f的作用被传送带加速，由功能关系得：煤块在摩擦力作用下加速前进，因此有：．传送带的位移为：s传=vt相对位移为：△s=s传-s=s，由此可知煤的位移与煤和传送带的相对位移相同，因此摩擦生热为：．传送带需要增加的能量分为两部分：第一部分为煤获得的动能，第二部分为传送带克服摩擦力做功保持传送带速度．所以传送带1s内增加的能量△E为：=50×22J=200J皮带机应增加的功率为：P=电动机应增加的牵引力F==，故B正确．故选：B煤流到传送带上后，在摩擦力作用下做初速度为零的匀加速直线运动，摩擦力对煤做正功，对传送带做负功，传送带多做的功转化为煤的动能以及系统之间产生热量，正确分析煤块的运动情况，利用功能关系可正确解答本题传送带问题是高中物理中的一个重要题型，解答这类问题重点做好两类分析：一是运动分析，二是功能关系分析．13.如图（a）所示，用一水平外力F拉着一个静止在倾角为θ的光滑斜面上的物体，F随时间均匀增大，物体做变加速运动，其加速度a随外力F变化的图象如图（b）所示，若重力加速度g取10m/s2．根据图（b）中所提供的信息可以计算出（）（1）物体的质量（2）斜面的倾角（3）斜面的长度（4）加速度为6m/s2时物体的速度．A.（2）（3）B.（1）（2）（4）C.（1）（2）D.（1）（4）【答案】C【解析】解：对物体受力分析，受推力、重力、支持力，如图：x方向：F cosθ-mgsinθ=ma…①y方向：N-F sinθ-G cosθ=0…②从图象中取两个点（20N，2m/s2），（30N，6m/s2），解得：m=2kg，θ=37°因而（1）（2）可以算出；由于物体做变加速运动，故无法求得位移，即无法的到斜面长度，故（3）不可以算出；物体做加速度变化的运动，无法根据运动学公式求出位移．故（4）不可以算出；故选：C对物体受力分析，根据牛顿第二定律得出力F与加速度a的函数关系，然后结合图象得出相关信息解决本题的关键能够正确地进行受力分析，运用牛顿第二定律求解，以及能够从图线的斜率和截距获取信息14.如图所示，倾角θ=30°的粗糙斜面固定在地面上，长为l、质量为m、粗细均匀、质量分布均匀的软绳置于斜面上，其上端与斜面顶端齐平．用细线将物块与软绳连接，物块由静止释放后向下运动，直到软绳刚好全部离开斜面（此时物块未到达地面），在此过程中（）A.物块的机械能逐渐增加B.软绳重力势能共减少了mglC.物块重力势能的减少量等于软绳克服摩擦力所做的功D.软绳重力势能的减少量等于其动能的增加与克服摩擦力所做功之和【答案】B【解析】解：A、物块下落过程中，软绳对物块做负功，物块的机械能逐渐减小．故A错误．B、物块未释放时，软绳的重心离斜面顶端的高度为h1=lsin30°=l，软绳刚好全部离开斜面时，软绳的重心离斜面顶端的高度h2=l，则软绳重力势能共减少mgl．故B正确．C、因为物块的机械能减小，则物块的重力势能减小量大于物块的动能增加量，减小量等于拉力做功的大小，由于拉力做功大于克服摩擦力做功，所以物块重力势能的减少大于软绳克服摩擦力所做的功与物块动能增加之和．故C错误．D、以软绳为研究对象，细线对软绳做正功，则软绳重力势能的减少小于其动能的增加与克服摩擦力所做功的和．故D错误．故选：B．根据软绳对物块做功正负，判断物块机械能的变化，若软绳对物块做正功，其机械能增大；若软绳对物块做负功，机械能减小．分别研究物块静止时和软绳刚好全部离开斜面时，软绳的重心离斜面顶端的高度，确定软绳的重心下降的高度，研究软绳重力势能的减少量．以软绳和物块组成的系统为研究对象，根据能量转化和守恒定律，分析软绳重力势能的减少与其动能的增加与克服摩擦力所做功的和的关系．本题中软绳不能看作质点，必须研究其重心下降的高度来研究其重力势能的变化．应用能量转化和守恒定律时，能量的形式分析不能遗漏．二、实验题探究题(本大题共2小题，共18.0分)15.在探究弹力和弹簧伸长的关系实验中，小明同学用甲、乙两根规格不同的弹簧进行实验，由实验得到弹簧伸长X与弹簧受到拉力F关系如图a所示，由图求得弹簧乙的劲度系数______ N/m．若要在两根弹簧中选用一个来制作精确程度较高的弹簧秤，应选弹簧______ ；用制作好的弹簧秤来测量物体的重力，如图b所示，物体重______N．【答案】200；甲；4.00【解析】解：注意该图象中纵坐标为伸长量，横坐标为拉力，斜率的倒数为劲度系数，由此可求出k乙==200N/m，由于甲的劲度系数小，因此其精度高．若要在两根弹簧中选用一个来制作精确程度较高的弹簧秤，应选弹簧甲．用制作好的弹簧秤来测量物体的重力，如图b所示，物体重4.00N故答案为：200，甲，4.00．根据胡克定律结合数学知识即可正确解答．用弹簧测力计测量力的大小时，要明确每一个大格和每一个小格代表的示数，再看指针位置．本题考查了弹簧弹力F和弹簧伸长量x的关系的基础知识，比较简单，是一道考查基础知识的好题．16.某同学为了探究“动能定理”，用如图所示的气垫导轨装置来进行实验．（1）实验前需要调整气垫导轨底座使之水平，利用现有器材如何判断气垫导轨是否已经调整水平？______（2）实验时为了保证滑块受到的合力与沙和沙桶的总重力大小基本相等，沙和沙桶的总质量应满足的实验条件是______ ，在本次实验中还需要测量的物理量有：沙和沙桶的总质量m、遮光条的宽度d、遮光条通过光电门的时间t、滑块上的遮光条初始位置到光电门的距离s和______ （用文字说明并用相应的字母表示）．（3）在（2）的基础上，往沙桶中装入适量的细沙，沙桶带动滑块由静止加速运动经过光电门，则对滑块，本实验最终要验证的数学表达式为mgs= ______ 用题中的字母表示）．（4）如果要用此实验装置来探究滑块与沙和沙桶组成的系统机械能是否守恒，本实验需要通过比较______ 和______ 在实验误差允许的范围内相等（用测量的物理量符号表示）．【答案】接通气源，将滑块静置于气垫导轨上，滑块基本保持静止（或接通气源，将滑块静置于气垫导轨上，轻推滑块，滑块能基本做匀速直线运动）；沙和沙桶的总质量远小于滑块的质量；滑块的质量M；M（）2；mgs；重力势能的变化量【解析】解：（1）气垫导轨可以认为是光滑的，在判断其是否水平时可以采取的方法是：接通气源，将滑块静置于气垫导轨上，滑块基本保持静止说明导轨是光滑的（或接通气源，将滑块静置于气垫导轨上，轻推滑块，滑块能基本做匀速直线运动）．（2）设绳子上拉力为F（即滑块的合外力为F），对小车根据牛顿第二定律有：F=M a①对砂桶和砂有：mg-F=ma②=，由此可知当M＞＞m时，沙和沙桶的重力等于绳子的拉力；由于实验需要计算滑块的动能，因此需要测量滑块的质量M．（3）滑块的外力做功为：W=mgs由于遮光条通过光电门的时间极端，因此可以用其平均速度代替瞬时速度，故滑块的动能为：故选需要验证的关系式为：（4）若以组成的系统为研究对象，则系统重力势能的减小量为：△E P=mgs系统动能的增量为：．故答案为：（1）接通气源，将滑块静置于气垫导轨上，滑块基本保持静止（或接通气源，将滑块静置于气垫导轨上，轻推滑块，滑块能基本做匀速直线运动）．（2）沙和沙桶的总质量远小于滑块的质量，滑块的质量M．（3）M（）2（4）mgs；（M+m）（）2；（1）明确实验原理以及气垫导轨装置的特点可正确解答；（2）根据牛顿第二定律可以推导出滑块受到的合力与沙和沙桶的总重力大小基本相等的条件，根据实验目的可知需要测量的数据；（3）实验要测量滑块动能的增加量和合力做的功，求出合力的功和动能的增加量即可；（4）以系统为研究对象，求出系统重力势能的减小量和系统动能的增加量可正确解答本题．本题考查究“动能定理”的实验；要求能明确实验原理以及相应的物理规律，熟悉具体操作，提高应用基本物理规律解决问题的能力．三、计算题(本大题共4小题，共50.0分)17.小明是学校的升旗手，他每次升旗都做到了在庄严的《义勇军进行曲》响起时开始升旗，当国歌结束时恰好庄严的五星红旗升到了高高的旗杆顶端．已知国歌从响起到结束的时间是48s，旗杆高度是19m，红旗从离地面1.4m处开始升起．若设小明升旗时先拉动绳子使红旗向上匀加速运动，时间持续4s，然后使红旗做匀速运动，最后使红旗做匀减速运动，加速度大小与开始升起时的加速度大小相同，红旗到达旗杆顶端时的速度恰好为零．试计算小明升旗时使红旗向上做匀加速运动时加速度的大小和红旗匀速运动的速度大小．【答案】解：设红旗匀速运动的速度大小为v．由题得到红旗上升的位移大小x=19m-1.4m=17.6m．由题红旗匀加速运动和匀减速运动的加速度大小相等，根据对称性得知这两个过程的时间相等，红旗匀速运动的时间为：t2=（48-2×4）s=40s，t1=t3=4s则有：，代入解得：v=0.4m/s，匀加速运动的加速度大小为：a==0.1m/s2答：红旗向上做匀加速运动时加速度的大小为0.1m/s2，红旗匀速运动的速度大小为0.4m/s．【解析】根据旗杆高度是19m和红旗从离地面1.4m处开始升起，得出红旗上升的位移大小．由于红旗匀加速运动和匀减速运动的加速度大小相等，根据对称性得知这两个过程的时间相等，确定出匀速运动的时间，用位移公式分别得出三个运动过程的位移表达式，求出匀速运动的速度，再求解匀加速运动的加速度大小．本题涉及三个运动过程，三个过程之间基本的联系是速度，前一过程的末速度等于后一过程的初速度，研究三个之间的关系是解题的关键．18.某校物理兴趣小组决定举行遥控赛车比赛．比赛路径如图所示，赛车从起点A出发，沿水平直线轨道运动L后，由B点进入半径为R的光滑竖直圆轨道，离开竖直圆轨道后继续在光滑平直轨道上运动到C点，并能越过壕沟．已知赛车质量m=0.1kg，通电后以额定功率P=1.5W工作，进入竖直轨道前受到阻力恒为0.3N，随后在运动中受到的阻力均可不记．图中L=10.00m，R=0.32m，h=1.25m，s=1.50m．问：要使赛车完成比赛，电动机至少工作多长时间？（取g=10m/s2）高中物理试卷第11页，共15页。
福建省福州市2015届高三上学期教学质量检查物理试卷含答案
第一学期高三期末质量检测物 理 试 卷(满分：100分；完卷时间：90分钟)第Ⅰ卷(共40分)一、选择题(共10小题，每小题4分，共40分。
在每小题给出的四个选项中。
只有一个选项正确。
选对的得4分，有选错的和不答的得0分。
)1．如图A 、B 两物体叠放在一起，用手托住，让它们静靠在平整的竖直墙边，然后释放，它们同时沿墙面向下滑，已知m A ＞m B ，则物体B 受力个数是A ．1B ．2C ．3D ．42．游乐场内两支玩具枪在同一位置先后沿水平方向各射出一颗子弹，打在远处的同一个靶上，A 为甲枪子弹留下的弹孔，B 为乙枪子弹留下的弹孔，两弹孔在竖直方向上相距高度为h ，如图所示，不计空气阻力。
关于两枪射出的子弹初速度大小，下列判断正确的是A ．甲枪射出的子弹初速度较大B ．乙枪射出的子弹初速度较大C ．甲、乙两枪射出的子弹初速度一样大D ．无法比较甲、乙两枪射出的子弹初速度的大小3．一质点沿坐标轴Ox 做变速直线运动，它在坐标轴上的坐标x 随时间t 的变化关系为x =5+2t 3，速度v 随时间t 的变化关系为v =6t 2，其中v 、x 和t 的单位分别是m/s 、m 和s 。
设该质点在t =0到t =1s 内运动位移为s 和平均速度为v ，则 A ．s =6m ，v =6m/s B ．s =2m ，v =2m/ s C ．s =7m ，v =7m/s D ．s =3m ，v =3m/s4．如图所示，甲、乙两图分别有等量同种的电荷A 1、B 1和等量异种的电荷A 2、B 2。
在甲图电荷A 1、B 1的电场中，a 1、O 1、b 1在点电荷A 1、B 1的连线上，c 1、O 1、d 1在A 1、B 1连线的中垂线上，且O 1a 1=O 1b 1=O 1c 1=O 1d 1；在乙图电荷A 2、B 2的电场中同样也存在这些点，它们分别用a 2、O 2、b 2和c 2、O 2、d 2表示，且O 2a 2=O 2b 2=O 2c 2=O 2d 2。
福建省福州一中2014-2015学年高三1月综合训练理综物理试题
福州一中2014~2015学年高三理科综合训练（物理部分）（2015.1.14）满分：300分 完卷时间：150分钟可能用到的相对原子质量：H 1 O 16 Cu 64 Zn 65 F 19 C 12第Ⅰ卷（选择题 共108分）本卷共18小题，每小题6分，共108分.在每小题给出的四个选项中，只有一个．．．．选项符合题目要求13.如图，质量分别为m 1=2kg ，m 2=3kg 的物体置于光滑水平面上，中间用轻质弹簧测力计连接．大小分别为F 1=30N 、F 2=20N 的两水平拉力分别作用在m 1、m 2上，则（ ）A.弹簧测力计的示数是10 NB.弹簧测力计的示数是50 NC.在突然撤去F 2的瞬间，弹簧秤的示数不变D.在突然撤去F 1的瞬间，m 1的加速度不变14.如图所示是一列简谐波在t =0时的波形图象，波速为v =10m/s ，此时波恰传到I 点，下列说法中正确的是（ ）A.此列波的周期为T =2.5sB.质点B 、E 在振动过程振幅相等C.质点I 的起振方向沿y 轴正方向D.当t =5.1s 时，x =10m 的质点处于平衡位置处15.在某科技馆内放置了一个高大的半圆柱形透明物体，其俯视图如图所示，O 为半圆的圆心．甲、乙两同学为了估测该透明体的折射率，进行了如下实验．他们分别站在A 、O 处时，相互看着对方，然后两人贴着柱体慢慢向一侧运动，甲、乙同时分别到达B 、C 处时，甲刚好看不到乙．已知透明体的半径为R ，OC =0.6R ，BC ⊥OC ．由此可知，透明物体的折射率为（ ） A.2 B. 3 C.5/3 D.1.516.如图所示，一带正电的粒子以一定的初速度v 0沿两板的中线进入水平放置的平行金属板内，恰好沿下板的边缘飞出．已知板长为L ，板间距离为d ，板间电压为U ，带电粒子的电荷量为q ，粒子通过平行金属板的时间为t ，则（ ）A.在前2t 时间内，电场力对粒子做的功为4qU B.在后2t 时间内，电场力对粒子做的功为83qU C.在粒子下落前4d 和后4d 的过程中，电场力做功之比为1:2 D.在粒子下落前4d 和后4d 的过程中，电场力做功之比为1:1 17.如图所示，虚线OO ′的左边存在着方向垂直纸面向里的匀强磁场，右边没有磁场．单匝矩形线圈abcd 的对称轴恰与磁场的右边界重合，线圈平面与磁场垂直，线圈沿图示方向绕OO ′轴匀速转动（即ab 边先向纸外、cd 边先向纸里转动），规定沿abcd 方向为感应电流的正方向，若从图所示位置开始计时，则四个图像中能正确表示线圈内感应电流i 随时间t 变化规律的是（ ）A. B. C. D.18.如图所示，两导体板水平放置，两板间电势差为U，带电粒子以某一初速度v0沿平行于两板的方向从两板正中间射入，穿过两板后又垂直于磁场方向射入边界线竖直的匀强磁场，则粒子射入磁场和射出磁场的M、N两点间的距离d随着U和v0的变化情况为（）A.d随v0增大而增大，d与U无关B.d随v0增大而增大，d随U增大而增大C.d随U增大而增大，d与v0无关D.d随v0增大而增大，d随U增大而减小第Ⅱ卷（非选择题共192分）必考部分19.（1）某实验小组设计了如图（a）所示的实验装置，通过改变重物的质量，利用计算机可得滑块运动的加速度a和所受拉力F的关系图象．他们在轨道水平和倾斜的两种情况下分别做了实验，得到了两条a-F图线，如图（b）所示．i.图线______是在轨道左侧抬高成为斜面情况下得到的（选填“①”或“②”）；ii.滑块和位移传感器发射部分的总质量m=______kg；滑块和轨道间的动摩擦因数μ=______．（2）用伏安法测量电阻阻值R，并求出电阻率ρ．给定电压表（内阻约为50kΩ）、电流表（内阻约为40Ω）、滑动变阻器、电源、电键、待测电阻（约为250Ω）及导线若干．①如图（1）所示电路图中，电压表应接______点（填a或b）．②图（2）中的6个点表示实验中得到的6组电流I、电压U的值，试作图并求出电阻值R=______Ω．（保留3位有效数字）③待测电阻是一均匀材料制成的圆柱体，用游标为50分度的卡尺测量其长度与直径，结果分别如图(3)、图(4)所示．由图可知其长度为mm，直径为mm．④由以上数据可求出ρ=Ω·m．(保留3位有效数字)20.有一颗地球卫星绕地球做匀速圆周运动，卫星与地球的距离为地球半径R的2倍，卫星圆形轨道平面与地球赤道平面重合．卫星上的太阳能收集板可以把光能转化为电能，太阳能收集板的面积为S，在阳光下照射下每单位面积提供的最大电功率为P．已知地球表面重力加速度为g，近似认为太阳光是平行光，试估算：（1）卫星做匀速圆周运动的周期；（2）卫星绕地球一周，太阳能收集板工作时间；（3）太阳能收集板在卫星绕地球一周的时间内最多转化的电能？21.如图所示，固定在竖直面内的光滑半圆形轨道与粗糙水平轨道在B点平滑连接．轨道半径R=0.5m，一质量m=0.2kg的小物块（可视为质点）放在水平轨道上的A点，A与B相距L=10m，物块与水平轨道间的动摩擦因数μ=0.1．现用一水平恒力F向右推物块．已知F=3N，当物块运动到C点时撤去该力，设C点到A点的距离为x．在圆轨道的最高点D处安装一压力传感器，当物块运动到D点时传感器就会显示相应的读数F N，压力传感器所能承受的最大压力为90N，g取10m/s2．求：要使物块能够通过圆轨道的最高点D，求x的范围．22.回旋加速器是用来加速带点粒子的装置，如图所示．它的核心部分是两个D形金属盒，两盒相距很近（缝隙的宽度远小于盒半径），分别和高频交流电源相连接，使带电粒子每通过缝隙时恰好在最大电压下被加速．两盒放在匀强磁场中，磁场方向垂直于盒面，带电粒子在磁场中做圆周运动，粒子通过两盒的缝隙时反复被加速，直到最大圆周半径时通过特殊装置被引出．若D形盒半径为R，所加磁场的磁感应强度为B．设两D形盒之间所加的交流电压的最大值为U，被加速的粒子为α粒子，其质量为m、电量为q．α粒子从D形盒中央开始被加速（初动能可以忽略），经若干次加速后，α粒子从D形盒边缘被引出．求：（1）α粒子被加速后获得的最大动能E k ；（2）α粒子在第n 次加速后进入一个D 形盒中的回旋半径与紧接着第n +1次加速后进入另一个D 形盒后的回旋半径之比；（3）α粒子在回旋加速器中运动的时间；（4）若使用此回旋加速器加速氘核，要想使氘核()H 21获得与α粒子()α42相同的动能，请你通过分析，提出一个简单可行的办法． 选考部分选考部分共5题，35分．其中第29、30题为物理题，第31、32题为化学题，考生从两道物理题、两道化学题中各任选一题作答．若29、30都作答，则按第29题计分，若第31、32题都作答，则按第31题计分．第33题为生物题，是必答题．请将答案都填写在答题卡选答区域的指定位置上．（29和30题均包含2小题，每小题6分，共12分，每小题只有一个选项符合题意）29.【物理——选修3-3】（空）30.【物理——选修3-5】（1）如图所示，甲、乙两小孩各乘一辆冰车在水平冰面上游玩，甲和他的冰车总质量为30kg ，乙和他的冰车总质量为30kg ，游戏时甲推着一质量为10kg 的木箱，和他一起以v 0=3.5m/s 的速度滑行，乙在甲的正前方相对地面静止，为避免碰撞，则甲至少以相对地面（2）如图所示为氢原子能级图，可见光的光子能量范围约为1.62eV~11eV ．下列说法正确的是（ ）A.大量处在n>2的高能级的氢原子向n=2能级跃迁时，发出的光可能是紫外线 B.大量处在n=3的氢原子向n=2能级跃迁时，发出的光具有荧光效应C.大量处在n=3能级的氢原子向n=1能级跃迁时，发出的光是红外线D.处在n=2能级的氢原子吸收任意频率的可见光的光子都能发生电离理综——物理答案【物理答案】13~18：CBCBBA19（1）① 0.5 0.2（2）.①a ②作图为过原点的直线其中第2个点舍弃 244③8.02 1.92 ④0.088220.（1）()()R T m R GMm22222⎪⎭⎫ ⎝⎛=π，2R GM g =解得：g R T 24π=（2）3π=∠=∠COD AOB 卫星绕地球一周，太阳能收集板工作时间：gR T t 231065π==（3）最多转化的电能：g R PS PSt E 2310π== 21.由动能定理得221B mv mgL Fx =-μ，由机械能守恒定律得mgR mv mv D B 2212122+= 物块到达D 点时，有Rv m mg F D N 2=+由以上三式得： ()181252-=--=x mg RmgL Fx F N μN ，900≤≤N F N ，解得1.5m ≤x ≤9m 22.（1）α粒子在D 形盒内做圆周运动，轨道半径达到最大时被引出，具有最大动能，设此时的速度为v ，有Rv m qvB 2=①可得m qBR v = α粒子的最大动能mR B q mv E K 2212222== （2）α粒子被加速一次所获得的能量为qU ，α粒子被第n 次和n +1次加速后的动能分别为2222122n kn n q B R E mv nqU m === ， 22221111(1)22n kn n q B R E mv n qU m+++===+ 可得1n n R R += （3）设α粒子被电场加速的总次数为a ，则E k =2222q B R aqU m =，可得a 222q B R mU= α粒子在加速器中运动的时间是α粒子在D 形盒中旋转a 个半圆周的总时间t 2T t a = ，2m T qBπ= ，解得 22BR t U π= （4）加速器加速带电粒子的能量为E k =2222122q B R mv m=，由α粒子换成氘核，有 2222221()222()2q B R q B R m m =，则1B =高频交流电源的周期2m T qB π=，由α粒子换为氘核时，交流电源的周期应为原来的2倍。
福建省福州三中高一物理下学期第一次段考试卷(含解析)
福建省福州三中2014-2015学年高一下学期第一次段考物理试卷一.选择题（共39分.每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求）1．关于运动的合成和分解，下述说法中正确的是( )A．合运动的速度大小等于分运动的速度大小之和B．物体的两个分运动若是直线运动，则它的合运动一定是直线运动C．合运动和分运动具有同时性D．若合运动是曲线运动，则分运动中至少有一个是曲线运动考点：运动的合成和分解．专题：运动的合成和分解专题．分析：合运动与分运动具有等时性，速度是矢量，合成分解遵循平行四边形定则．解答：解：A、合运动速度等于分运动速度的矢量和．故A错误；B、两分运动是直线运动，合运动不一定是直线运动，比如：平抛运动．故B错误；C、合运动与分运动具有等时性．故C正确；D、曲线运动的分运动可以是两直线运动，比如：平抛运动．故D错误．故选：C．点评：解决本题的关键知道速度、加速度、位移是矢量，合成分解遵循平行四边形定则，以及知道合运动与分运动具有等时性．2．在下面列举的各个实例中，机械能不守恒的是( )A．汽车在水平面上匀速运动B．抛出的手榴弹或标枪在空中的运动（不计空气阻力）C．拉着物体沿光滑斜面匀速上升D．如图所示，在光滑水平面上运动的小球碰到一个弹簧，把弹簧压缩后，又被弹回来考点：机械能守恒定律．专题：机械能守恒定律应用专题．分析：只有重力或弹力（保守力）做功时，物体的动能和势能相互转化，物体机械能才守恒．对照这个条件进行判断．解答：解：A、汽车在水平面上匀速运动时，动能和重力势能都不变，机械能不变；B、抛出的手榴弹或标枪在空中只有重力做功，机械能守恒．C、拉着物体沿光滑斜面匀速上升时，动能不变，重力势能变大，故机械能变大，机械能不守恒．D、小球碰到弹簧被弹回的过程中只有弹簧弹力做功，机械能守恒，本题选机械能不守恒的，故选：C．点评：解答此题需掌握机械能守恒的条件，即只有重力或弹簧的弹力做功时机械能守恒．3．如图所示，是2014-2015学年高一的某同学完成体育测试“引体向上”项目的情景，该同学在这次测试中一分钟完成了20个“引体向上”，若该同学质量约为50kg，每次“引体向上”重心上升约0.5m，则王亮同学在本次测试中做功的平均功率接近( )A．800W B．80W C．8W D．0.8W考点：功率、平均功率和瞬时功率．专题：功率的计算专题．分析：引体向上是克服人体重力做功，根据公式W=Gh求出一次做的功，再求出总功；再根据公式P=求出功率．解答：解：将身体向上拉起一次所做的功：W=Gh=500N×0.5m=250J；他1min内做的总功：W总=nW=20×250J=5000J，平均功率：P===83W；故B最接近；故选：B点评：此题主要考查的是学生对功和功率计算公式的理解和掌握，弄清楚引体向上是克服人的体重做功是解决此题的关键．4．质量为m的物体从地面上方H高处无初速释放，落到地面后出现一个深为h的坑，如图所示，在此过程中( )A．重力对物体做功mgHB．地面对物体的平均阻力为C．外力对物体做的总功为零D．物体重力势能减少mgH考点：机械能守恒定律．专题：机械能守恒定律应用专题．分析：根据重力做功由公式W G=mg△h即可求解；重力做功多少，重力势能就减少多少；合力做功可以对整个过程运用动能定理求解．外力对物体做功即为总功，等于动能变化，根据动能定理求解解答：解：A、根据重力做功的公式可知：W G=mg△h=mg（H+h）．故A错误．B、由动能定理得：mg（H+h）﹣fh=0，解得：f=，故B错误；C、对全程由动能定理可知，初末动能为零，则合外力做功为零；故C正确；D、重力做的功为mg（H+h），且为正功，则物体重力势能减少mg（H+h）．故D错误故选：C点评：本题考查动能定理及重力做功与重力势能变化间的关系，要注意明确重力势能的改变量只与重力做功有关系5．在离地面高h处，分别把A、B、C三个质量不同的物体以相同的速率抛出．A平抛，B竖直上抛，C竖直下抛，三个球的质量关系是m A＞m B＞m C．不计空气阻力，则以下说法正确的是( )A．在运动过程中，A、B、C的加速度相同B．A、B、C落地时的位移相同C．A、B、C落地时的速度相同D．A、B、C空中运动的时间相同考点：抛体运动．分析：根据动能定理判断落地时的速度大小．根据匀变速直线运动的规律比较三种运动的时间长短．三种运动都仅受重力，加速度为g．解答：解：A、竖直上抛运动、竖直下抛运动、平抛运动仅受重力，加速度都为g．故A 正确；B、平抛运动和竖直上抛运动的初始点相同，末位置不同，则位移不同，故B错误；C、小球运动过程中，只有重力做功，机械能守恒，故末速度相等，但方向不同，所以落地速度不同．故C错误；D、竖直上抛运动，先上升后下降，平抛运动在竖直方向上做自由落体运动，竖直下抛运动在竖直方向上有向下的初速度，知竖直下抛运动的时间最短，竖直上抛运动的时间最长，故D错误．故选：A．点评：本题关键在于沿不同方向抛出的小球都只有重力做功，机械能守恒；同时速度是矢量，大小相等、方向相同速度才是相同，要有矢量意识．6．质量为m的小球从桌面抛出（不计空气阻力），桌面离地高度为h，小球抛出时速度为v．，则小球落地时所具有的机械能为( )（取地面为零势能面）A．B．﹣mgh C．mgh+D．mgh考点：机械能守恒定律．专题：机械能守恒定律应用专题．分析：小球运动过程中，只受重力，机械能守恒，根据机械能守恒定律列式求解．解答：解：小球运动过程中，只受重力，机械能守恒，则小球落地时所具有的机械能等于刚抛出时的机械能，为：E=mgh+故选：C点评：本题关键根据机械能守恒定律，小球的机械能总量不变，小球任意位置的机械能都等于初位置的机械能．7．如图所示，质量相同的两物体处于同一高度，A沿固定在地面上的光滑曲面下滑，B自由下落，最后到达同一水平面，则( )A．到达底端时两物体的速度相同B．重力对两物体做的功相同C．到达底端时重力的瞬时功率P A＞P BD．重力的平均功率相同考点：功率、平均功率和瞬时功率．专题：功率的计算专题．分析：质量相同的两物体处于同一高度，A沿固定在地面上的光滑曲面下滑，而B自由下落，到达同一水平面．重力势能全转变为动能，重力的平均功率是由重力作功与时间的比值，而重力的瞬时功率则是重力与重力方向的速率乘积．解答：解：A、由于质量相等，高度变化相同，所以到达底端时两物体的动能相同，所以到达底端速度大小相等，但方向不同，所以速度不同，故A错误；B、两物体质量m相同，初末位置的高度差h相同，重力做的功W=mgh相同，但由于时间的不一样，所以重力的平均功率不同．故B正确，D错误；C、到达底端时两物体的速率相同，重力也相同，但A物体重力方向与速度有夹角，所以到达底端时重力的瞬时功率不相同，P A＜P B，故C错误；故选：B点评：重力做功决定重力势能的变化与否，若做正功，则重力势能减少；若做负功，则重力势能增加．而重力的平均功率与瞬时功率的区别是：平均功率是做功与时间的比值，瞬时功率是力与速度在力的方向上的速度乘积．8．质量为1kg的物体在水平面内做曲线运动，已知互相垂直方向上的速度图象分别如图所示．下列说法正确的是( )A．质点的初速度为5m/sB．质点所受的合外力为3NC．2s末质点速度大小为7m/sD．质点初速度的方向与合外力方向垂直考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：根据运动的合成可知：质点的初速度大小为4m/s．质点在y轴方向加速度为零，只有x轴方向有加速度，由v x﹣t图象的斜率求出加速度．根据速度的合成求解2s末质点速度大小．由牛顿第二定律求出合外力．解答：解：A、由图x轴方向初速度为零，则质点的初速度大小为4m/s．故A错误．B、质点在y轴方向加速度为零，只有x轴方向有加速度，由v x﹣t图象的斜率读出质点的加速度a==1.5m/s2．所以F=ma=1.5N，故B错误．C、2s末v x=3m/s，v y=4m/s，则质点的速度为v=5m/s，故C错误；D、质点初速度方向沿y轴沿y轴方向，合外力沿x轴方向，垂直，故D正确．故选D点评：本题应用运动的合成法分析物体的合运动速度和加速度，研究方法类似于平抛运动，没有新意．9．如图所示，轰炸机沿水平方向匀速飞行，到达山坡底端正上方时释放一颗炸弹，并垂直击中山坡上的目标A．已知A点高度为h，山坡倾角为θ，由此不能算出( )A．轰炸机的飞行速度 B．炸弹的飞行时间C．轰炸机的飞行高度 D．炸弹投出时的动能考点：平抛运动．专题：平抛运动专题．分析：根据位移与水平方向夹角，得到水平位移和竖直位移，运用平抛运动的规律求解时间和炸弹的飞行时间和炸弹的初速度，再求解飞行高度．解答：解：画出示意图如图所示．设A到斜面底端的距离为L，飞机距离地面的距离为H，根据Lcosθ=v0t…①，H﹣Lsinθ=…②炸弹垂直击中山坡，速度与竖直方向的夹角为θ，则得：tanθ==…③由①、②、③可求出初速度v0，即得到轰炸机的飞行速度．由②可求出炸弹的飞行时间t和轰炸机的飞行高度H．由于炸弹的做平抛运动，而平抛运动的加速度与质量无关，故无法求解质量，也就求不出炸弹投出时的动能．故ABC正确，D错误．本题选错误的，故选：D．点评：解决本题的关键掌握平抛运动水平方向和竖直方向上的运动规律，把握隐含的条件，并能灵活运用．10．质量为m的物体，在距地面h高处以的加速度由静止竖直下落到地面，下列说法中错误的是( )A．重力做功mgh B．物体的机械能减少C．物体的动能增加 D．物体的重力势能减少考点：功能关系．分析：根据重力做功的多少，确定重力势能的变化量．根据物体克服空气阻力做功的多少，确定机械能的变化量．根据合力做功，由动能定理确定动能的变化量．解答：解：A、物体下落过程中，重力做功为W=mgh，则物体的重力势能减少mgh．故A正确，D错误；B、设空气阻力大小为f，则由牛顿第二定律得：mg﹣f=ma得：f=mg﹣ma=mg，物体克服空气阻力做功为：W f=fh=mgh，则物体的机械能减少mgh，故B正确．C、物体所受的合力为F=ma=mg，由动能定理得，物体动能增加量：△E K=Fh=mgh，故C正确．本题选择不正确的，故选：D．点评：本题考查对几对功与能关系的理解和应用能力．重力做功引起重力势能的变化、合力做功等于动能的变化、除了重力、弹力以外的力做功等于机械能的变化要理解掌握，是考试的热点．11．如图所示为一种测定运动员体能的装置，运动员的质量为m1，绳的一端拴在腰间并沿水平方向跨过滑轮（不计滑轮质量及摩擦），绳的下端悬挂一个质量为m2的重物，人用力蹬传送带而人的重心不动，使传送带以速率v匀速向右运动．下面说法中正确的是( )A．绳子拉力对人做正功B．人对传送带做负功C．运动时间t后，运动员的体能消耗约为m2gvtD．运动时间t后，运动员的体能消耗约为（m1+m2）gvt考点：功能关系；功的计算．分析：拉力对人、人对传送带的做功情况，运用做功的两个必须因素即可求出．解答：解：A、人的重心不变，绳子拉力没有位移，故A错误；B、传送带受到人的摩擦力，方向向右，传送带向右有位移，故人对传送带做正功，故B错误；C、运动时间t后，传送带位移S=vt，摩擦力F=m2g，故运动员的体能消耗约为m2gvt，故C 正确，D错误；故选：C点评：此题考查做功的条件，并会运用功能关系进行此类题目的求解．12．如图所示，在外力作用下某质点运动的v﹣t图象为正弦曲线．从图中可以判断( )A．在0～t1时间内，外力做负功B．在t1～t2时间内，外力做正功C．在0～t3时间内，外力做的总功为零D．在t1时刻，外力的瞬时功率为零考点：功的计算；匀变速直线运动的图像．分析：由v﹣t图象可知物体的运动方向，由图象的斜率可知拉力的方向，则由功的公式可得出外力做功的情况，由P=Fv可求得功率的变化情况解答：解：A、在0～t1时间内，由图象可知，物体的速度沿正方向，加速度为正值且减小，故力与速度方向相同，故外力做正功；故A错误；B、在t1～t2时间内，由图象可知，物体的速度沿正方向，加速度为负值且增大，故力与速度方向相反，故外力做负功，故B错误；C、在0～t3时间内，合外力的总功为正功，故C错误；D、t1时刻物体的速度不为零，但拉力为零，由P=Fv可知外力的功率为零，故D正确；故选：D点评：本题要求学生能熟练掌握图象的分析方法，由图象得出我们需要的信息．B答案中采用极限分析法，因开始为零，后来为零，而中间有功率，故功率应先增大，后减小13．如图，质量相同的两物体a、b，用不可伸长的轻绳跨接在同一光滑的轻质定滑轮两侧，a在水平桌面的上方，b在水平粗糙桌面上．初始时用力压住b使a、b静止，撤去此压力后，a开始运动，在a下降的过程中，b始终未离开桌面．在此过程中( )A．a的动能大于b的动能B．两物体机械能的变化量相等C．a的重力势能的减小量等于两物体总动能的增加量D．绳的拉力对a所做的功与对b所做的功的代数和为零考点：功能关系；机械能守恒定律．分析：b的速度在绳子方向的分速度与a的速度相等，比较出速度大小即可比较动能的大小．解答：解：A、将b的实际速度进行分解如图：由图可知v a=v b cosθ，即a的速度小于b的速度，故a的动能小于b的动能，故A错误；B、由于有摩擦力做功，故ab系统机械能不守恒，则二者机械能的变化量不相等，故B错误；C、a的重力势能的减小量等于两物体总动能的增加量与产生的内能之和，故a的重力势能的减小量大于两物体总动能的增加量，C错误；D、在这段时间t内，绳子对a的拉力和对b的拉力大小相等，绳子对a做的功等于﹣F T v a t，绳子对b的功等于拉力与拉力方向上b的位移的乘积，即：F T v b cosθt，又v a=v b cosθ，所以绳的拉力对a所做的功与对b所做的功的绝对值相等，二者代数和为零，故D正确．故选：D．点评：本题考查了有摩擦力作用下的系统功能转化关系，克服摩擦力做功时，系统的机械能减少，减少的机械能转化为内能．二.填空与实验题（共22分，每空2分）14．河宽300m，船在静水中的速度为5m/s，水流速度为4m/s，则船过河的最短时间60s，若船要最短位移过河，船过河的实际速度为3m/s．考点：运动的合成和分解．专题：运动的合成和分解专题．分析：船航行时速度为静水中的速度与河水流速二者合速度，当以静水中的速度垂直河岸过河的时候渡河时间最短．由矢量合成的平行四边形定则得知小船的合速度，小船实际以合速度做匀速直线运动，进而求得位移的大小；小船以最短距离过河时，则静水中的速度斜着向上游，合速度垂直河岸．解答：解：（1）当以静水中的速度垂直河岸过河的时候渡河时间最短，则知：t min=s=60s（2）小船以最短距离过河时，则静水中的速度斜着向上游，合速度垂直河岸，设与河岸的夹角为θ，则由矢量合成的平行四边形法则解三角形得：cosθ=，这时船头与河水速度夹角为θ=53°；船过河的实际速度为：v=v c•sin53°=5×0.6=3m/s故答案为：60，3点评：小船过河问题属于运动的合成问题，要明确分运动的等时性、独立性，运用分解的思想，看过河时间只分析垂直河岸的速度，分析过河位移时，要分析合速度．15．一小球的质量是2kg，从距地面为20m高处由静止自由下落（空气阻力不计）．下落5m 时具有的重力势能为300J．此时重力的瞬时功率为200W（取地面为零势能面）．考点：功率、平均功率和瞬时功率；重力势能．专题：功率的计算专题．分析：根据E P=mg△h求解物体在某位置具有的重力势能，求出下落5m时的瞬时速度，根据P=mgv求解瞬时速率．解答：解：根据E P=mg△h得；E P=20×m=300J根据v2=2gh解得；v=10m/s则P=mgv=200J故答案为：300；200点评：解决本题的关键掌握瞬时功率的求法，以及知道平均速率和瞬时功率的区别．16．为了验证平抛运动的小球在竖直方向上做自由落体运动，用如图所示的装置进行试验，小锤打击弹性金属片，A球水平抛出，同时B球被松开，自由下落，关于该实验，下列说法中正确的是( )A．两球的质量应相等B．两球应同时落地C．应改变装置的高度，多次实验D．实验也能说明A球在水平方向上做匀速直线运动考点：研究平抛物体的运动．专题：实验题．分析：本题图源自课本中的演示实验，通过该装置可以判断两球同时落地，可以验证做平抛运动的物体在竖直方向上做自由落体运动；解答：解：根据装置图可知，两球由相同高度同时运动，A做平抛运动，B做自由落体运动，因此将同时落地，由于两球同时落地，因此说明A、B在竖直方向运动规律是相同的，故根据实验结果可知，平抛运动在竖直方向的分运动是自由落体运动，不需要两球质量相等，要多次实验，观察现象，则应改变装置的高度，多次实验，故BC正确．故选：BC．点评：本题比较简单，重点考察了平抛运动特点，平抛是高中所学的一种重要运动形式，要重点加强．17．在用落体法验证机械能守恒定律时，某同学按照正确的操作，选得纸带如图1所示．其中O是起始点，A、B、C是连续的3个计数点．该同学用毫米刻度尺测量O到A、B、C各点的距离，并记录在图1中．（1）下面列举了该实验的几个操作步骤：A．按照图2所示的装置安装器材B．将打点计时器接到电源的“直流输出”上C．放开纸带后，接通电源，使计时器在纸带上打出点迹D．测量纸带上所选的计数点间与O的距离E．根据测量的结果验证重锤下降过程中机械能是否守恒以上操作有误的是BC（填正确选项前的字母）（2）若用公式=mgh n验证，则对打下O点的要求是：初速度为0（3）该同学用重锤在OB段的运动来验证机械能守恒，已知重锤质量为1.0kg，当地的重力加速度g=9.80m/s2，则该段重锤重力势能的减少量为0.711J，而动能的增加量为0.690J（均保留3位有效数字）考点：验证机械能守恒定律．专题：实验题；机械能守恒定律应用专题．分析：根据使用的原理确定实验的器材，以及错误的步骤，误差形成的原因；书本上的实验，我们要从实验原理、实验仪器、实验步骤、实验数据处理、实验注意事项这几点去搞清楚．纸带法实验中，若纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用匀变速直线运动的推论，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度和加速度，从而求出动能．根据功能关系得重力势能减小量等于重力做功的数值．解答：解：（1）B、将打点计时器接到电源的“交流输出”上，故B错误；C、应先接通电源，后放开纸带，使计时器在纸带上打出点迹，故C错误；所以选：BC．（2）用公式mv2=mgh时，对纸带上起点的要求是重锤是从初速度为零开始．（3）从开始下落至B点，重锤的重力势能减少量为：△E p=mgh=1×9.8×0.725J=0.711J．利用匀变速直线运动的推论有：v B===1.175m/s，重锤的动能为：E KB=mv B2=×1×1.1752=0.690J故答案为：（1）BC；（2）初速度为0；（3）0.711，0.690．点评：解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的仪器、操作步骤和数据处理以及注意事项，并运用运动学公式和动能、重力势能的定义式解决问题是该实验的常规问题．18．如图所示为一小球作平抛运动的闪光照片的一部分，闪光周期为T，小方格的边长为L．在C处，小球竖直方向的分速度计算式为；C处位置，小球瞬时速度为．（计算结果用T和L表示）考点：研究平抛物体的运动．专题：实验题；平抛运动专题．分析：平抛运动在竖直方向上是匀变速运动，由bc和ab之间的竖直距离差可以求出时间间隔，在水平方向上是匀速直线运动，由a、b、c三点在水平方向上的位移，和两点之间的时间间隔，可以求得水平速度；求出b点竖直方向的速度，根据匀加速直线运动速度时间公式求出c点竖直方向速度．解答：解：在竖直方向：h bc﹣h ab=gT2，代入数据解得：T=水平方向是匀速直线运动，v0===．物体在C点时竖直方向的速度为：v cy==那么则C点的速度为：v C==；故答案为：，．点评：本题不但考查了平抛运动的规律，还灵活运用了匀速运动和匀变速运动的规律，对同学的知识要求比较高，是个考查学生能力的好题．三.计算题（共39分.解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写最后答案的不给分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）19．A、B两小球同时从距地面高为h=15m的同一点抛出，初速度大小都是v0=10m/s．A球竖直向下抛出，B球水平抛出，空气阻力不计，重力加速度g取10m/s2．求：（1）A球经多长时间落地；（2）B球落地时，B球的速度大小；（3）A球落地时，A、B球间的距离．考点：平抛运动．专题：平抛运动专题．分析：（1）根据高度，结合位移时间公式求出A球运动的时间．（2）根据速度位移公式求出B球的竖直分速度，结合平行四边形定则求出B球的速度．（3）根据位移公式求出A球落地时B球的水平位移和竖直位移，结合几何关系求出A、B 球的距离．解答：解：（1）竖直下抛：h A=v0t+gt2，代入数据解得t A=1s．（2）平抛：h B=gt2，代入数据求得t B=s，水平分速度v x=10m/s，竖直分速度v y=gt=10×m/s=10根据平行四边形定则知，（3）A球比B球先落地，1s内，B球水平位移X=v0t=10×1m=10m竖直位移h B=gt2=m=5m，根据几何关系有：AB=m=m．答：（1）A球经过1s时间落地．（2）B球落地时，B球的速度大小为20m/s；（3）A球落地时，A、B球间的距离为m．点评：解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式灵活求解，基础题．20．如图，质量m=1kg的小球从A点由静止开始沿着光滑曲面轨道运动，已知A、B两点离水平面的高度h1=0.60米，h2=0.15米，g取10m/s2，问：（1）小球从A点运动到B点的过程中重力做的功；（2）小球经过B点的速度大小为多少？（3）若小球经过C点时具有的动能是经过B点时动能的，则C点离水平面的高度h3为多少．考点：动能定理的应用．专题：动能定理的应用专题．分析：（1）重力做功等于重力与竖直方向位移大小的乘积求得；（2）根据动能定理求得小球在B点的速度大小；（3）根据动能定理求得小球在C点时距地面的高度．解答：解：（1）小球从A点运动到B点的过程中重力做功为：W=mg（h1﹣h2）=1×10×（0.69﹣0.15）=4.5J（2）从A→B过程，由动能定理得：mg（h1﹣h2）=代入数据解得：v B=3m/s（3）从A→C过程，根据动能定理得：﹣，代入数据解得：h3=0.375m．答：（1）小球从A点运动到B点的过程中重力做的功为4.5J；（2）小球经过B点的速度大小为3m/s；（3）若小球经过C点时具有的动能是经过B点时动能的，则C点离水平面的高度h3为0.375m．点评：本题考查重力做功、动能定理的基础题，第（3）问也可以根据机械能守恒定律求解．21．某兴趣小组对一辆自制遥空小车的性能进行研究．他们让这辆小车在水平的直轨道上由静止开始运动，并将小车运动的全过程记录下来，通过处理转化为v﹣t图象，如图1所示（除2s～10s时间段图象为曲线外，其余时间段图象均为直线）．已知在小车运动的过程中，2s～14s时间段内小车的功率保持不变，在14s末停止遥空而让小车自由滑行，小车的质量为1.0㎏，可以认为在整个运动过程中小车所受到的阻力大小不变．求：（1）小车在减速行驶阶段的阻力及小车的额定功率；（2）小车以额定功率行驶时位移的大小；（3）在图2中作出行驶过程中牵引力F与车速的倒数的关系图象．考点：功率、平均功率和瞬时功率；牛顿第二定律．专题：功率的计算专题．分析：（1）在匀减速运动由运动学公式求的加速度，由牛顿第二定律求的阻力，由P=Fv求的额定功率；（2）在2﹣10s内由动能定理求的行驶位移，10～14S匀速运动，由v﹣t图象求的位移即可（3）根据受力与运动关系即可判断解答：解：（1）14～18s匀减速，加速度f=ma=1.5N，P额=FV=fv=1.5×6=9w（2）2～10s，根据动能定理：10～14S，v﹣t图象面积表示位移大小S2=6×4=24mS=s1+s2=39+24=63m。
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福州一中高三物理半期考试卷（2014-2015上学期）(完卷时间：100分钟满分：100分)（考试过程请勿使用计算器）一、单项选择题（每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确）（每题4分，共56分）1、甲乙两汽车在一平直公路上同向行驶。
在t=0到t=t1的时间内，它们的v-t图像如图所示。
在这段时间内（）A．汽车甲的平均速度比乙大B．汽车乙的平均速度等于C．甲乙两汽车的位移相同D．汽车甲的加速度大小逐渐减小，汽车乙的加速度大小逐渐增大2、在日常生活中，小巧美观的冰箱贴使用广泛. 一磁性冰箱贴贴在冰箱的竖直表面上静止不动时，它受到的磁力（）A. 小于受到的弹力B. 大于受到的弹力C. 和受到的弹力是一对作用力与反作用力D. 和受到的弹力是一对平衡力3、取水平地面为重力势能零点。
一物块从某一高度水平抛出，在抛出点其动能与重力势能恰好相等。
不计空气阻力，该物块落地时的速度方向与水平方向的夹角为（）A．B．C．D．4、水平地面上有一木箱，木箱与地面之间的动摩擦因数为。
现对木箱施加一拉力F，使木箱做匀速直线运动。
设F的方向与水平面夹角为θ，如图，在θ从0逐渐增大到90°的过程中，木箱的速度保持不变，则（）A.F先减小后增大B.F一直增大C.F的功率减小D.F的功率不变5、甲乙两辆汽车在平直的公路上沿同一方向作直线运动，t=0时刻同时经过公路旁的同一个路标。
在描述两车运动的v－t图中（如图），直线a、b分别描述了甲乙两车在0~20秒的运动情况。
关于两车之间的位置关系，下列说法正确的是（）A.在0~10秒内两车逐渐靠近B.在10~20秒内两车逐渐远离C.在5~15秒内两车的位移相等D.在t=10秒时两车在公路上相遇6、m为在水平传送带上被传送的小物体（可视为质点），A为终端皮带轮，如图所示，已知皮带轮半径为r，传送带与皮带轮间不会打滑．当m可被水平抛出时，A轮每秒的转数最少是（）A. B. C. D.7、质量为60kg的体操运动员，做“单臂大回环”，用一只手抓住单杠，伸展身体，以单杠为轴从如图所示位置由静止向下做圆周运动．运动员运动到最低点时，估算她手臂受到的拉力为（忽略摩擦力和空气阻力，g取10m/s2）（）A．600 N B．1800 N C．3000 N D．3600 N8、如图所示，在外力作用下某质点运动的v-t图象为正弦曲线，从图中可判断（）A．在0～t1时间内，外力做负功B．在0～t1时间内，外力的功率逐渐增大C．在t2时刻，外力的功率最大D．在t1～t3时间内，外力做的总功为零9、如图所示，一块橡皮用细线悬挂于O点，用铅笔靠着线的左侧水平向右匀速移动，运动中始终保持悬线竖直，则橡皮运动的速度（）A.大小和方向均不变B.大小不变，方向改变C.大小改变，方向不变D.大小和方向均改变11、如图所示，一倾角为α的斜面体置于固定在光滑水平地面上的物体A、B之间，斜面体恰好与物体A、B接触，一质量为m的物体C恰能沿斜面匀速下滑，此时斜面体与A、B均无作用力，若用平行于斜面的力F沿斜面向下推物体C，使其加速下滑，则下列关于斜面体与物体A、B间的作用力的说法正确的是( )A.对物体A、B均无作用力B.对物体A有向左的压力，大小为FcosαC.对物体B有向右的压力，大小为mgcosαsinαD.对物体A有向左的压力，大小为mgcosαsinα11、如图所示，A、B两物体叠放在的水平地面上，A物体质量m=20kg，B物体质量M=30kg。
处于水平位置的轻弹簧一端固定于墙壁，另一端与A物体相连，弹簧处于自然状态，其劲度系数为250N/m，A与B之间、B与地面之间的动摩擦因数均为μ=0.5。
现有一水平推力F作用于物体B上缓慢地向墙壁移动，当移动0.2m时，水平推力F的大小为（g取10m/s2）（）A．350N B．300N C．250N D．200N12、如图所示，长木板放置在水平面上，一小物块置于长木板的中央，长木板和物块的的质，已知最大量均为m，物块与木板间的动摩擦因数为μ，木板与水平面间动摩擦因数为3静摩擦力与滑动摩擦力大小相等，重力加速度为g。
现对物块施加一水平向右的拉力F，则木板加速度大小a可能是（）A．B．C．D．13、如图所示，水平传送带以速度匀速前进。
上方料斗中以每秒50kg的速度把煤粉竖直落到传送带上，然后一起随带运动，如果要使传送带保持原来的速度匀速前进，则皮带机应增加的功率为（）A.100WB.200WC.500WD.无法确定14、如图所示，两个质量均为 m 用轻弹簧相连接的物块 A、B 放在倾角为θ的光滑斜面上，系统静止。
现用一平行于斜面向上的恒力 F 拉物块 A，使之沿斜面向上运动，当物块B刚要离开固定在斜面上的挡板 C 时，物块 A 运动的距离为 d、瞬时速度为 v，已知弹簧劲度系数为 k，重力加速度为 g，则此时( )A．物块 A运动的距离 d= mgsinθ/2kB．物块 A的加速度 a＝(F-kd-mgsin)/mC．弹簧弹性势能的改变量ΔE P = 0D．弹簧弹性势能的改变量ΔE P = Fd -1/2 mv2二、实验题（共15分）15、频闪仪在物理教学中的运用，为一些实验带来了方便．在暗室中用练图15－1所示装置做“测定重力加速度”的实验．实验器材有：支架、漏斗、橡皮管、尖嘴玻璃管、螺丝夹子、接水铝盒、一根荧光刻度的米尺、频闪仪．具体实验步骤如下：①在漏斗内盛满清水，旋松螺丝夹子，水滴会以一定的频率一滴滴的落下．②用频闪仪发出的闪光将水滴流照亮，由大到小逐渐调节频闪仪的频率直到第一次看到一串仿佛固定不动的水滴．③用竖直放置的米尺测得各个水滴所对应的刻度．④采集到的相关数据如练图15－2所示．图 15-1图15-2实验中看到空间有一串仿佛固定不动的水滴时，频闪仪的闪光频率为30 Hz，根据数据测得当地重力加速度g＝________m/s2；第8个水滴此时的速度v8＝________m/s(结果都保留三位有效数字)。
16、利用图16-1实验装置探究重锤下落过程中动能与重力势能的转化问题．①实验操作步骤如下，请将步骤B补充完整：A．按实验要求安装好实验装置；B．使重锤靠近打点计时器，接着先________，后________，打点计时器在纸带上打下一系列的点；C．图16-2为一条符合实验要求的纸带，O点为打点计时器打下的第一点．分别测出若干连续点A、B、C……与O点之间的距离h1、h2、h3……．②已知打点计时器的打点周期为T，重锤质量为m，重力加速度为g，结合实验中所测的h1、h2、h3，可得重锤下落到B点时的速度大小为______，纸带从O点下落到B点的过程中，重锤增加的动能为______，减少的重力势能为______．图16-1③取打下O点时重锤的重力势能为零，计算出该重锤下落不同高度h时所对应的动能Ek 和重力势能Ep，建立坐标系，横轴表示h，纵轴表示Ek和Ep，根据以上数据在图16-3中绘出图线Ⅰ和图线Ⅱ．已求得图线Ⅰ斜率的绝对值k1＝2．94 J/m，请计算图线Ⅱ的斜率k2＝________ J/m（保留3位有效数字）．重锤和纸带下落过程中所受平均阻力与重锤所受重力的比值为____________（用k1和k2表示）．图16-2图16-3三、计算题（共29分）17、如图，跳台滑雪运动员经过一段加速滑行后从0点水平飞出，经过3s落到斜坡上的A点。
已知O点是斜坡的起点，斜坡与水平面的夹角θ＝37°。
不计空气阻力，sin37°=0.60，cos37°=0.80，g=10m/s2，求：（1）A点与O点的距离L；（2）运动员离开O点时的速度大小；（3）运动员落到A点时的速度。
18、一卡车拖挂一相同质量的车厢，在水平直道上以v0 = 12 m/s的速度匀速行驶，其所受阻力可视为与车重成正比，与速度无关。
某时刻，车厢脱落，并以大小为a = 2 m/s2的加速度减速滑行。
在车厢脱落t = 3s后，司机才发觉并紧急刹车，刹车时阻力为正常行驶时的3倍。
假设刹车前牵引力不变，求卡车和车厢都停下后两者之间的距离。
19、如图所示，一轻绳绕过无摩擦的两个轻质小定滑轮Q1、QQ2和质量m B=m的小球连接，另一端与套在光滑直杆上质量m=m的小物块连接，已A知直杆两端固定，与两定滑轮在同一竖直平面内，与水平面的夹角θ=60°，直杆上C点与两定滑轮均在同一高度，C点到定滑轮O1的距离为L，重力加速度为g，设直杆足够长，小球运动过程中不会与其他物体相碰．现将小物块从C点由静止释放，试求：（1）小球下降到最低点时，小物块的机械能（取C点所在的水平面为参考平面）；（2）小物块能下滑的最大距离；（3）小物块在下滑距离为L时的速度大小答案：选择题：1-14 ADB ACC CAD ABD BC15、9.72m/s2 2.27m/s16、19、（1）（2）（3）【解析】本题考查机械能守恒定律，先确定研究的系统包括哪些物体，分析判断机械能是否守恒，确定初末状态，列式求解（1）设此时小物块的机械能为E1．由机械能守恒定律得（2）设小物块能下滑的最大距离为s m，由机械能守恒定律有（2分）而（2分）代入解得；（2分）（3）设小物块下滑距离为L时的速度大小为v，此时小球的速度大小为v B，则（2分）（2分）解得（2分）。