乐山市高2015届三调物理答案
四川省乐山市2015届高考模拟高三第一次调查研究考试(整理精校版)
四川省乐山市2015届高考模拟高三第一次调查研究考试高考模拟试卷0125 21:14：：四川省乐山市2015届高考模拟高三第一次调查研究考试语文试题本试卷分为第I卷选择题和第Ⅱ卷非选择题两部分。
共八页。
满分150分。
考试时间150分钟。
第I卷（选择题共30分）一、（15分，每小题3分）1．下列词语中加点的字，每对读音都完全相同的一组是A．行伍／道行附和／曲高和寡呼吁/气喘吁吁B．泊车／血泊倒嚼／味同嚼蜡横祸／横行霸道C．名宿／宿儒连翘／翘首以待当天／长歌当哭D．场院／场次着陆／不着边际发轫／令人发指2．下列词语中错别字最多的一项是A．脉搏大拇指优哉悠哉分庭抗礼B．凑和水龙头轻而一举再接再厉C．凋蔽钓鱼杆自立更生平心而论D．通谍座佑铭坐壁上观庄稼欠收3．下列各句中，加点的词语使用恰当的一项是A．焦炭是煤化工产品和高炉冶铁的必须原料，它上承焦煤、下接钢铁，联接煤炭和钢铁两大支柱性产业。
B．踩着别人的脚印“邯郸学步”，就不可能摆脱先粗放再集约、先污染后治理的老路，后发展地区更不可能实现跨越发展。
C．著名文化学者南怀瑾在苏州去世，享年95岁，先生生前致力于中国传统文化的传播，对人一团和气。
消息传至全国，不少群众纷纷前往苏州太湖大学堂悼念。
D．为学生减负，不只是学校单方面的事，还是整个社会的事情。
因此，必须动员全社会各方面的力量参与。
4．下列各句中没有语病的一项是A．综合美国媒体报道，“桑迪”一巨大的破坏力超出人们的预想，死亡人数节节攀升，死亡人数从最初的3人、5人，急速攀升到48人，目前已升至至少50人。
而这一数据还有可能继续上升。
B．当前，随着城市化步伐加快，特别是当前地方政府政绩园林绿化投资冲动，大树进城、名木进城使园林绿化成为了一个热门的行业，也成为了腐败的高发区。
C．按照医改方案，今后三年，政府投入比重逐步提高，群众负担明显减轻，个人支出比例降低到30%以下，看病难、看病责问题得到有效改善。
D．许多商家利用“双节”大打价格战，在商场，减价的标牌随处可见，三折、四折甚至五折，非常诱人。
全国大联考】2015届高三第三次联考物理试题 Word版含解析
全国大联考】2015届高三第三次联考物理试题 Word版含解析2015届高三第三次联考物理试卷考生注意：1.本试卷共100分，考试时间90分钟。
2.在答题前，考生务必填写密封线内的项目。
3.请将试卷答案填在试卷后面的答题卷上。
4.本试卷主要考试内容：必修1(20%)、必修2(80%)。
第I卷(选择题共40分)选择题部分共10小题。
在每小题给出的四个选项中，1-6小题只有一个选项是正确的，7-10小题有多个选项是正确的。
全部选对的得4分，选对但不全的得2分，选错或不答的得分。
1.在“探究弹性势能的表达式”的活动中，为计算弹簧弹力所做的功，将拉伸弹簧的过程分为很多小段，弹力在每小段可以认为是XXX。
用各小段做功的代数和表示弹力在整个过程所做的功。
物理学中把这种研究方法叫做“微元法”。
以下几个实例中应用到这一思想方法的是：A。
根据加速度的定义a=Δv/Δt。
当Δt非常小，就可以表示物体在t时刻的瞬时加速度。
B。
在推导匀变速直线运动的位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加。
C。
在探究加速度、力和质量三者之间关系时，先保持质量不变研究加速度与力的关系，再保持力不变研究加速度与质量的关系。
D。
在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用点来代替物体，即质点。
答案：B解析：A为极限法；B为微元法；C为控制变量法；D为理想模型法。
本题应选B。
2.某人在地面上最多能举起60 XXX的重物。
要使此人在升降机中恰能举起100 kg的重物，已知重力加速度g=10 m/s²，则下列说法可能正确的是：A。
升降机正加速上升，加速度大小为4 m/s²。
B。
升降机正加速下降，加速度大小为4 m/s²。
C。
升降机正减速下降，加速度大小为4 m/s²。
D。
升降机正减速上升，加速度大小为6 m/s²。
答案：B解析：依题意，此人最大的挺举能力为600 N。
2015年4月2015届高三第三次全国大联考(山东版)物理卷(正式考试版)(附答案)
绝密★启用前2015年第三次全国大联考【山东卷】理科综合·物理试题考试范围：必修一（全册）、必修二（全册）；选修3-1、3-1、3-3、3-4、3-5注意事项：1．本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。
满分100分，考试时间90分钟。
2．答题前考生务必用0.5毫米黑色墨水签字笔填写好自己的姓名、班级、考号等信息3．考试作答时，请将答案正确填写在答题卡上。
第一卷每小题选出答案后，用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；第Ⅱ卷请用直径0.5毫米的黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效，在试题卷、草．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．稿纸上作答无效．．．．．．．。
第I 卷（选择题 共42分)本卷包括7小题，每小题给出四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
14.质量为0.5 kg 的物体在水平面上以一定的初速度运动，如图a 、b 分别表示物体不受拉力和受到水平拉力作用的v －t 图象，则拉力与摩擦力大小之比为（ ）A ．1∶2B ．2∶1C ．3∶1D ．3∶215．如图所示，将四个相同的正点电荷分别固定在正方形的四个顶点上，O 点为该正方形对角线的交点，直线段AB 通过O 点且垂直于该正方形所在的平面，OA OB ，一电子沿AB 方向从A 点运动到B 点的过程中（ ）A ．电子在A点具有的电势能最大B ．电子在B 点具有的电势能最小C ．电子受到电场力一定先减小后增加D ，电场力一定先对电子做正功，后做负功16．“嫦娥三号”月球探测器与“嫦娥一号” “嫦娥二号”不同，实现了落月目标．“嫦娥三号”发射升空后，着陆器携带巡视器，经过奔月、环月最后着陆于月球表面，由巡视器（月球车）进行巡视探测．假设月球的半径为R ，月球表面的重力加速度为地球表面重力加速度的16，地球表面重力加速度为g ，“嫦娥三号”月球探测器的总质量为m ，若在环月”运动时，离月球表面的距离为2R ，则在这条轨道上运动时，它的动能为（ ） A ．13mgR B ．19mgR C ．118mgR D ．136mgR 17．如图所示，理想变压器原线圈匝数为n 1；副线圈a 、b 之间匝数为n 2，b 、c 之间匝数为3n ；且有123::5:2:1n n n =。
乐山市高中2015届第一次调查研究考试答案
乐山市高中2015届第一次调查研究考试理科综合物理部分参考答案及评分意见 第I 卷(选择题 共42分)选择题(本题包括7小题，每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个)8．（16分）（1）① B ② C ③ 0.426．(２) ① 如图甲 ② A ③ 如图乙9．（15分）解：当物体匀速下滑时，受力受力分析如图所示设此时弹簧形变量为x 1，则弹力11kx F =由平衡条件得30sin 1mg f kx =+30cos mg N =当物体匀速上滑时，受力分析如图所示设此时弹簧形变量为x 2，则弹力22kx F =由平衡条件得f mg kx +=30sin 230cos mg N =得：m N x x mg k /25030sin 221=+=再由130sin 30cos kx mg mg N f -===μμ 得：289.0866.05005.02505.05030cos 30sin 1=⨯⨯-⨯=-= mg kx mg μ10．（17分）解：解：(1)小球下落过程中重力和电场力做功，由动能定理得：060sin =+AB qU mgL 故qmgL U AB 23-= (2)根据匀强电场中电势差和电场强度的关系知)60cos 1( -=-=EL U U AB BA 故：q mg L U E BA 3)60cos 1(=-= (3)在B 点对小球受力进行分析，如图所示．由圆周运动向心力公式知Lv m mg Eq F B 2sin cos =--θθ 其中mg Eq 3=因为0=B v故060sin 60cos =-- mg Eq F 故mg mg Eq F 360sin 60cos =+=11．（20分）解：(1)根据动能定理：2022121mv mv qEd -= 则末动能为2022121mv qEd mv E K +== (2)根据题意可求得：02v v =对于沿x 轴正方向射出的粒子进入磁场时与x 轴正方向夹角3πθ=，其在电场中沿x 轴方向的位移d t v x 33201== 该粒子运动轨迹如图所示，根据几何知识可知：若该粒子不能打到ab 板上，则所有粒子均不能打到ab 板上，因此该粒子轨迹必与ab 板相切，其圆周运动的半径满足关系式：60cos r r d +=则：d r 32=又根据洛伦兹力提供向心力rv m qvB 2= 可得：qdmv qr mv B 03== (3)根据几何知识可知，沿x 轴负方向射出的粒子若能打到ab 板上，则所有粒子均能打到ab 板上，其临界情况就是此粒子轨迹恰好与ab 板相切。
四川省乐山市2015届高三第一次调查研究考试(物理)
四川省乐山市2015届高三第一次调查研究考试物理试题1．如图所示，甲、乙两个电路，都是由一个灵敏电流计G 和一个变阻器R 组成，下列说法正确的是A ．甲表是电流表，R 增大时量程增大B ．甲表是电流表，R 增大时量程减小C ．乙表是电压表，R 增大时量程减小D ．上述说法都不对2．变式2 已知地球质量为M ，半径为R ，自持周期为T ，地球同步卫星质量为m ，引力常量为G 。
有关同步卫星，下列表述正确的走A ．卫星距离地面的高度为RGMB ．卫星的运行速度等于第一宇宙速度C ．卫星运行时受到的向心力大小为2RMmGD ．卫星运行的向心加进度小于地球表面的重力加速度 3．如图所示，滑块A 与小球B 用一根不可伸长的轻绳相连，且滑块A 套在水平直杆 上．现用大小为10N 、与水平方向成30°角的力F 拉B ，使A 、B 一起向右匀速运动，运动过程中A 、B 保持相对静止．已知A 、B 的质量分别为2kg 、1kg ，重力加速度为10m/s 2，则 A ．轻绳与水平方向的夹角θ＝60°B ．轻绳与水平方向的夹角θ＝45°C ．滑块A 与水平直杆之间的动摩擦因数为53 D ．滑块A 与水平直杆之间的动摩擦因数为43 4．如图所示的电路，水平放置的平行板电容器中有一个带电液滴正好处于静止状态，现将滑动变阻器的滑片向左移动，则 A ．电容器上的电荷量将减少 B ．电容器的电容将减小C ．电容器中的电场强度将增大D ．液滴将向上运动5．如图所示，在两等量异种点电荷连线上有D 、E 、F 三点，且DE ＝EF ，K 、M 、L 分别为过D 、E 、F 三点的等势面。
一不计重力的带负电粒子，从a 点射入电场，运动轨迹如图中实线所示，以ab W 表示该粒于从a 点到b 点电场力做功的数值，以bc W表示该粒子从b 点到c 点电场力做功的数值，则 A ．bc ab W WB ．bc ab W W <C ．粒子从a 点到b 点，动能减少D ．a 点的电势较b 点的电势低6．如图所示，质量为M 、长度为L 的小车静止在光滑的水平面上，质量为m 的小物块(可视为质点)放在小车的最左端．现用一水平恒力F 作用在小物块上，使小物块从静止开始做匀加速直线运动，小物块和小车之间的摩擦力为F 1，小物块滑到小车的最右端时，小车运动的距离为x ．在这个过程中，以下结论正确的是A ．小物块到达小车最右端时具有的动能为B ．小物块到达小车最右端时，小车具有的动能为x F 1C ．小物块和小车增加的机械能为x F 1D ．小物块克服摩擦力所做的功为F 1（L +x ）7．如图所示，竖直放置的两个平行金属板间存在匀强电场，在两板上边缘等高处有两个质量相同的带电小球，P 小球从紧靠左极板处由静止开始释放，Q 小球从两板正中央由静止开始释放，两小球最终都能运动到右极板上的同一位置，则从开始释放到运动到右极板的过程中，它们的A ．运行时间Q P t t =B ．电势能减少量之比为1:2:=∆∆E EC ．电荷量之比为1:2:=Q P q qD ．动能增加量之比为1:4:=∆∆KQ KPE E第Ⅱ卷(非选择题 共68分)8．（16分）（１）图1为“探究加速度与外力、质量的关系”的实验装置示意图．砂和砂桶的总质量为m ，小车和砝码的总质量为M ．实验中用砂和砂桶总重力的大小作为细线对小车拉力的大小．①实验中，为了使细线对小车的拉力等于小车所受的合外力，应先调节长木板—端滑轮的高度，使细线与长木板平行接下还需要进行的一项操作是 ．A ．将长木板水平放置，让小车连着已经穿过打点计时器的纸带，给打点汁时器通电，调节m的大小，使小车在砂和砂桶的牵引下运动，从打出的纸带判断小车是否做匀速运动B ．将长木板的—端垫起适当的高度，让小车连着已经穿过打点计时器的纸带，撤去砂和砂桶，给打点计时器通电，轻推小车，从打出的纸带判断小车是否做匀速运动C ．将长木板的一端垫起适当的高度，撤去纸带以及砂和砂桶，轻推小车，观察判断小车是否做匀速运动②实验中要进行质量m 和M 的选取，以下最合理的一组是 A ．M ＝20 g ，m ＝10 g 、15 g 、20g 、25 g 、30 g 、40 g D ．M ＝200 g ，m ＝20 g 、40 g 、60 g 、80 g 、100 g 、t20 g C ．M ＝400 g ，m ＝10 g 、15 g 、20 8、25 g 、30 g 、40 g D ．M ＝400 g ，m ＝20 g 、40 g 、60 g 、80 g 、100 g 、120 g③图2是实验中得到的一条纸带，A 、B 、C 、D 、E 、F 、G 为7个相邻的计数点，相邻的两个计数点之间还有四个点未画出．量出相邻的两个计数点的间距(见纸带)．已知打点计时器的工作频率为50 Hz ， 则小车的加速度 (结果保留两位有效数字)（２）如图甲所示，为某同学测绘额定电压为2．5V 的小灯泡的U —I 曲线的实验电路图。
2015年四川省乐山市中考物理试卷
2015年四川省乐山市中考物理试卷参考答案与试题解析共80分一、选择题（共16小题，每小题3分，满分48分）1．（3分）（2015•乐山）第一位提出“物体的运动并不需要力来维持”的物理学家是（）A．伽利略B．奥斯特C．安培 D．阿基米德【考点】力和运动PH226【难易度】容易题【分析】（1）伽利略最早提出“物体的运动并不需要力来维持”，所以A选项符合题意；（2）奥斯特发现了电流的磁场，所以B不符合题意；（3）安培提出了安培定则，所以C不符合题意；（4）阿基米德提出阿基米德原理以及杠杆原理等，所以D不符合题意．【解答】A．【点评】解决此题需要掌握一定的物理学历史，知道一些基本定则对应的物理学家，学习物理学历史有利于培养学习物理的兴趣，帮助自己更好的理解和掌握物理知识。
2．（3分）（2015•乐山）关于声现象，下列说法错误的是（）A．声音具有能量B．声音是由物体振动产生的C．通常情况下，声音在空气中传播得最快D．声音是一种波【考点】声音的产生和传播PH231【难易度】容易题【分析】（1）声音是具有能量的，超声波是声音的一种，利用超声波的巨大能量还可以把人体内的结石击碎，所以A选项正确，不符合题意；（2）声音是由于物体的振动产生的，所以B选项正确，不符合题意；（3）声音是靠介质传播的，气体、液体、固体都是传声的介质，在空气中最慢，在固体中最快，所以C选项错误，符合题意；（4）声音是一种波，声音是声波通过任何物质传播形成的运动，所以D选项正确，不符合题意。
【解答】C．【点评】此题是一道有关声现象的基础题，解决此题需要掌握声音的产生、声音的传播介质和形式、声音的应用。
3．（3分）（2015•乐山）对下列物理量的估测中，你认为最接近实际的是（）A．一个中学生的质量约为5kgB．教室课桌的高度约0.8mC．乐山地区6月份的平均气温约50℃D．一节干电池的电压是2V【考点】物质的基本属性PH122【难易度】容易题【分析】不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个．本题考查的是物理量的估算和简单的计算，都是生活中常见的问题，具体情况具体分析：（1）一个中学生的质量约为50kg，所以A不符合实际；（2）教室课桌的高度约为80cm=0.8m，所以B符合实际；（3）乐山地区最高气温一般在40℃左右，所以C不符合实际；（4）一节干电池的电压是1.5V，所以D不符合实际．【解答】B．【点评】此题考查了对日常生活中的质量、高度、温度、电压进行准确的估测和简单的计算，初中学生需要掌握的估算的基本能力，平时注意观察，结合所学知识多加思考，逐渐培养这方面的能力．4．（3分）（2015•乐山）下列现象中，能用光的直线传播规律解释的是（）A．眼睛近视的同学可以通过凹透镜进行校正B．桥在水中形成的倒影C．太阳光通过三棱镜后，在白屏上形成彩色的光带D．阳光下，树木在地面上形成的影子【考点】光的直线传播PH243【难易度】容易题【分析】光在同一种介质中是沿直线传播的，其现象有影子的形成、日食和月食、小孔成像等，具体分析：（1）眼睛近视的同学可以通过凹透镜进行校正，光通过凹透镜属于光的折射现象，所以A 不符合题意；（2）桥在水中形成的倒影属于光的反射现象，所以B不符合题意；（3）太阳光通过三棱镜后，在白屏上形成彩色的光带，这是光的折射现象，所以C不符合题意；（4）阳光下，树木在地面上形成的影子，这属于光的直线传播现象，所以D符合题意。
2015年普通高等学校全国统一考试信息卷三理综物理试题含答案
2015年普通高等学校全国统一考试信息卷三理综物理试题绝密★启用前2015年普通高等学校全国统一考试信息卷三理科综合能力测试本试卷分为第I卷(选择题)和第II卷(非选择题)两部分。
第I卷1至6页，第II卷7至17页，共300分。
考生注意：1. 答题前，考生务必将自己的准考证号、姓名填写在答题卡。
考生要认真核对答题卡上粘贴的条形码的“准考证号、姓名、考试科目”与考生本人准考证号、姓名是否一致。
2. 第I卷每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。
第II卷用黑色墨水签字笔在答题卡上书写作答，在试题卷上作答，答案无效。
3.考试结束，监考员将试题卷、答题卡一并收回。
二、选择题：本题共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，第14—18小题只有一项符合题目要求，第19—21小题只有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
14.物理学家通过艰苦的实验来探究自然的物理规律，为人类的科学事业做出了巨大贡献，值得我们敬仰。
下列描述中符合物理学史实的是A．开普勒发现了行星运动三定律，从而提出了日心说B．牛顿发现了万有引力定律但并未测定出引力常量GC．奥斯特发现了电流的磁效应并提出了分子电流假说D．法拉第发现了电磁感应现象并总结出了判断感应电流方向的规律15.如果把水星和金星绕太阳的运动视为匀速圆周运动, 从水星与金星在一条直线上开始计时, 若天文学家测得在相同时间内水星转过的角度为θ1;金星转过的角度为θ2(θ1、θ2均为锐角), 则由此条件不可求得A. 水星和金星绕太阳运动的周期之比B. 水星和金星的密度之比C. 水星和金星到太阳的距离之比D. 水星和金星绕太阳运动的向心加速度大小之比16.利用如图所示的实验装置可以测量磁感应强度。
其中2为力敏传感器，3为数字电压表，5为底部长为L的线框。
当外界拉力作用于力敏传感器的弹性梁上时，数字电压表上的读数U 与所加外力F成正比，即U=KF，式中K为比例系数。
2015年八年级乐山市八年级学年教学质量调研测试物理试题
乐山市八年级学年教学质量调研测试物理15班级姓名半期考试考号一、选择题（在每小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的．共16小题，每小题3分，共48分）1．下列四位科学家中，以其名字命名功的单位的是A．伽利略B．牛顿C．帕斯卡D．焦耳2. 小明站在竖直上升的电梯中，下列说法正确的是A. 以地面为参照物，小明是静止的B. 以电梯为参照物，小明是静止的C. 以地面为参照物，电梯是静止的D. 以小明为参照物，地面是静止的3. 篮球从地面上弹起，竖直向上运动过程中的受力情况是（不计空气阻力）A. 受重力和地面弹力作用B. 只受地面弹力作用C. 只受重力作用D. 所受合力竖直向上4.如图所示的实例中，为了减小摩擦是A．旱冰鞋上的滑轮B．运动鞋底上的花纹C．浴室脚垫上的颗粒D．雪天轮胎上绕的链条5．如图所示的四个实例中，目的是为了增大压强的是6．下列现象中，由于惯性造成的是A．向上抛石块，石块出手后上升越来越慢B．向上抛石块，石块出手后最终落回地面C．船上的人向后划水，船会向前运动D．百米赛跑中，运动员到达终点时不能立即停下来7．下列事例中，物体运动状态不变的是( )A．火车启动时，从静止变为运动B．在地面上滚动的小球，速度逐渐变小C．重物被吊车沿直线向上匀速吊起D．汽车在盘山公路上匀速行驶8．下列机械或工具的使用，属于费力杠杆的是9. 下列估测值最接近实际的是A. 四层楼房的高度约为30mB. 一个中学生的质量约为60kgC. 物理课本的宽度约为6cmD. 一个大西瓜的质量约为0.15kg10. 如图所示，甲、乙两支完全相同的试管，分别装有质量相等的液体，甲试管竖直放置，乙试管倾斜放置，两试管液面相平。
设液体对两试管底的压强分别为P甲和P乙，则A. P甲＜P乙B. P甲=P乙C. P甲＞P乙D. 条件不足，无法判断11．实验课上，小华用弹簧测力计水平拉一木块在水平桌面上做匀速直线运动（如图5所示），设弹簧测力计对木块的拉力为F，木块重为G，木块对桌面的压力为F压，桌面对木块的支持力为F N，木块受到的滑动摩擦力为F f，下列说法中正确的是( )A．F与F f是一对平衡力B．G与F压是一对平衡力C．G与F N是一对相互作用力D．F与G是一对相互作用力12．如图所示，水平公路上向前行驶的汽车中，有一竖直站立的人突然向前倾．以下说法正确的是A．人向前倾说明人不具有惯性B．人向前倾说明车具有惯性C．车突然加速D．车突然减速13．如图所示，向盛水的烧杯中陆续加盐，并轻轻搅拌，最终鸡蛋将A．下沉，浮力不变B．上浮，浮力不变C．下沉，浮力变小D．上浮，浮力变大14. 下列情形中，关于做功的情况，叙述正确的是A. 踢出去的足球在地面上滚动的过程中，脚对足球做了功B. 小刚推汽车没有推动，但小刚的推力对汽车做了功C. 起重机吊着物体静止在空中，重力对物体做了功D. 马拉车前进的过程中，马的拉力对车做了功15. 有甲、乙两个完全相同的小球。
2015四川省乐山市高三第三次调查研究考试语文试题及参考答案
2015四川省乐山市高三第三次调查研究考试语文试题及参考答案2015四川省乐山市高三第三次调查研究考试语文试题及参考答案乐山市高中2015届第三次调查研究考试语文参考答案及评分意见2015.41．c(A.kng/hng;B.j/j;kung/kung;D.c/z.)2．A(A中“雀”应为“鹊”，“减”应为“简”，“志”应为“致”，“梁”应为“粱”；B 中“嘻”应为“嬉”，“查”应为“察”，“鹜”应为“骛”；C中“手”应为“首”,“尤”应为“犹”，“截”应为“节”；D中“循”应为“徇”，“粟”应为“栗”。
)3．BA项“又”应为“更”，根据上下文是递进关系；C项“置疑”应为“质疑”；D项“大眼瞪小眼”指调侃时说的话,形容当时很尴尬,没法解决问题。
此处意在表述很惊讶，可以改用“目瞪口呆”。
4．AB项“提高”改为“提升”C项“长达半年”前应加上“在”D项“责无旁贷”与后面的“责任”词义重复5．D．（是“道教在对江南山水的审美实践中形成的这些独创性的作品不断地融入人们的审美意识，进一步使江南山水超越了自然的局限性而含蕴了丰富的人类自由精神。
”因果倒置。
）6．A．（太虚观仍然是“南方”道教规模最大、最重要的宫观。
范围扩大。
）7．A．（不是“洞天福地”，而是“在道观的衬托下”。
偷换概念。
）8．A（比，接近，随从）9.A或C（A表转折/表顺承；B都是用在动词前，构成名词性短语;C“这些”或“等”之意/助词，宾语前置的标志（人教版必修3P47：畜养鸡、狗、猪。
之，助词）；D都是“用”或“拿”之意）10．（1）然而天下的人们常常在长江大河安然流淌没有什么灾祸的时候亲近它，认为没有什么可怕的，而不考虑去除它激荡时的隐患。
（得分点：“狎”“激”的含义、语句通顺。
）（2）而世上那些崇尚勇敢轻于进取、喜好义气而无所畏惧的士大夫，都乐于跟从他们群起而唱和，正直敢言忤逆世俗而不顾虑，刚正行事触犯圣上而毫不忌讳。
（得分点：“轻”，“慑”，“和”，“忤世”，语句通顺）11．（1）善于把握天下大势。
2015届高三物理第三次模拟考试试题
2015年陕西省高考物理三模试卷一、选择题：本题共有8个小题，每小题6分，共48分．在每小题所给出的四个选项中，有的只有一个选项是正确的，有的有多个选项是正确的．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．第1-5为单选，6-8为多选1．（6分）（2015•陕西三模）一根通电直导线水平放置在地球赤道上方，其中通有自西向东的恒定电流，则该导线受到地球磁场的安培力方向为（）A．水平向北B．水平向南C．竖直向上D．竖直向下【考点】：左手定则．【分析】：通过地磁场方向：由地理的南极指向北极，及电流方向，根据左手定则判断安培力的方向．【解析】：解：赤道处的磁场方向从南向北，电流方向自西向东，根据左手定则，安培力的方向竖直向上．故C正确，A、B、D错误．故选：C．【点评】：解决本题的关键掌握左手定则判断磁场方向、电流方向、安培力方向的关系，注意地磁场方向由地理的南极指向北极．2．（6分）（2015•陕西三模）如图所示，在M点分别以不同的速度将两小球水平抛出．两小球分别落在水平地面上的P点、Q点．已知O点是M点在地面上的竖直投影，OP：PQ=1：3，且不考虑空气阻力的影响．下列说法中正确的是（）A．两小球的下落时间之比为1：3B．两小球的下落时间之比为1：4C．两小球的初速度大小之比为1：3D．两小球的初速度大小之比为1：4【考点】：平抛运动．【专题】：平抛运动专题．【分析】：平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据高度比较运动的时间，结合水平位移和时间求出初速度之比．【解析】：解：A、两球做平抛运动，高度相同，则下落的时间相同，故A、B错误．C、由于两球的水平位移之比为1：4，根据知，两小球的初速度大小之比为1：4，故C 错误，D正确．故选：D．【点评】：解决本题的关键知道平抛运动在水平方向上和竖直方向上的运动规律，知道平抛运动的时间由高度决定，初速度和时间共同决定水平位移．3．（6分）（2015•陕西三模）如图所示，竖直放置在水平面上的轻质弹簧上叠放着两物块A、B，相互绝缘且质量均为2kg，A带正电，电荷量为0.1C，B不带电．开始处于静止状态，若突然加沿竖直方向的匀强电场，此瞬间A对B的压力大小变为15N．g=10m/s2，则（）A．电场强度为50N/C B．电场强度为100N/CC．电场强度为150N/C D．电场强度为200N/C【考点】：匀强电场中电势差和电场强度的关系；电场强度．【专题】：电场力与电势的性质专题．【分析】：先对物体B受力分析求解加速度，再对物体A受力分析求解电场力，最后根据F=Eq 求解电场强度．【解析】：解：物体B开始时平衡，A对其的压力等于A的重力，为20N，加上电场后瞬间A 对B的压力大小变为15N，而弹簧的弹力和重力不变，故合力为5N，向上，根据牛顿第二定律，有：a=再对物体A受力分析，设电场力为F（向上），根据牛顿第二定律，有：FN+F﹣mg=ma解得：F=m（g+a）﹣FN=2×（10+2.5）﹣15=10N故电场力向上，为10N，故场强为：E=向上故选：B．【点评】：本题关键是采用隔离法先后对物体B和A受力分析，然后根据牛顿第二定律多次列方程求解，不难．4．（6分）（2015•陕西三模）如图所示，虚线为电场中的一簇等势面与纸面的交线，相邻两等势面电势差相等，已知A、B两等势面间的电势差为10V，且A的电势高于B的电势．一个电子仅在电场力作用下从M点向N点运动，电子经过M点时的动能为8eV，则电子经过N点时的动能为（）A．16 eV B．7.5 eV C． 4.0 eV D．0.5 eV【考点】：电场线．【分析】：根据电势高低判断电场力对电子做功的正负，运用动能定理求经过N点时的动能．【解析】：解：由题意知，A、B两等势面间的电势差为10V，相邻两等势面电势差相等，则知M、N间的电势差为：U=7.5V．因为A的电势高于B的电势，则知M的电势高于N的电势，电子从M点运动到N点，电场力做负功为：W=﹣7.5eV根据动能定理得：W=EkN﹣EkM则得：EkN=W+EkM=﹣7.5eV+8eV=0.5eV故选：D．【点评】：本题只要掌握动能定理和能量守恒定律，并能用来分析电场中带电粒子运动的问题．5．（6分）（2015•陕西三模）图示的电路中电表均为理想电表，电源为恒流电源，即不管外电路情况如何变化，它都能提供持续且恒定的电流．则当滑动变阻器R0的滑动端向上滑动时，电压表示数的变化量与电流表示数变化量之比的绝对值等于（）A．R0 B．R1 C．R2 D．电源内阻r【考点】：闭合电路的欧姆定律．【专题】：恒定电流专题．【分析】：电源为恒流电源，电源输出的是恒定电流，设为I0，并设滑动端上移前电压表示数为U1，电流表示数为I1．根据欧姆定律和电路的连接关系，得到的表达式，即可作出判断．【解析】：解：设电源输出的恒定电流为I0，R1两端电压为UR1（由于通过它的电流恒定，所以该电压亦恒定），滑动端上移前电压表示数为U1，电流表示数为I1；滑动端上移后，电压表示数为U2，电流表示数为I2（由于R0变大，所以必有U2＞U1，I2＜I1）．于是有，，两式相减得U2﹣U1=（I1﹣I2）R2即故选：C．【点评】：本题是非常规题，要抓住特殊条件：电源为恒流源，分析电压表读数与电流表读数的关系，再求解变化量之比．6．（6分）（2015•陕西三模）物理学中常用比值法定义物理量．下列说法正确的是（）A．用E=定义电场强度B．用C=定义电容器的电容C．用R=ρ定义导线的电阻D．用B=定义磁感应强度【考点】：电容；物理学史．【分析】：所谓比值定义法，就是用两个基本的物理量的“比值”来定义一个新的物理量的方法．比值法定义的基本特点是被定义的物理量往往是反映物质的最本质的属性，它不随定义所用的物理量的大小取舍而改变．【解析】：解：A、E=是电场强度的定义式，采用比值定义法，定义出的电场强度E与F、q 无关．故A正确．B、C=是电容的决定式，C与ɛ、S成正比，与d成反比，这个公式不是比值定义法，故B错误．C、R=是电阻的决定式，R与ρ、l成正比，与S成反比，不符合比值定义法的共性，故C 错误．D、B=是磁感应强度的定义式，采用比值定义法，定义出的磁感应强度B与F、IL无关，故D正确．故选：AD．【点评】：解决本题的关键理解比值定义法的共性：被定义的物理量往往是反映物质的最本质的属性．7．（6分）（2015•陕西三模）图甲中一理想变压器原、副线圈匝数之比为55：6，其原线圈两端接入如图乙所示的正弦交流电，副线圈通过电流表与阻值R=48Ω的负载电阻相连．若交流电压表和交流电流表都是理想电表，则下列说法中正确的是（）A．电压表的示数是24VB．电流表的示数为0.50AC．变压器原线圈得到的功率是12WD．原线圈输入的正弦交变电流的频率是50Hz【考点】：变压器的构造和原理．【专题】：交流电专题．【分析】：由图乙可知交流电压最大值，周期T=0.02s，可由周期求出角速度的值，则可得交流电压u的表达式、由变压器原理可得变压器原、副线圈中的电流之比，Rt处温度升高时，阻值减小，根据负载电阻的变化，可知电流．【解析】：解：A、由图乙可知交流电压有效值为220V，理想变压器原、副线圈匝数之比为55：6，副线圈电压为24V，电压表的示数是24V．电阻为48Ω，所以流过电阻中的电流为0.5A，变压器的输入功率是：P入=P出==12W．故BC正确，A错误；D、由图乙可知交流电周期T=0.01s，可由周期求出正弦交变电流的频率是100Hz，故D错误．故选：BC【点评】：根据图象准确找出已知量，是对学生认图的基本要求，准确掌握理想变压器的特点及电压、电流比与匝数比的关系，是解决本题的关键8．（6分）（2015•陕西三模）导体导电是导体中自由电荷定向移动的结果，这些可以定向移动的电荷又叫载流子，例如金属导体中的载流子就是电子．现代广泛应用的半导体材料分为两大类：一类是N型半导体，其载流子是电子，另一类是P型半导体，其载流子称为“空穴”，相当于带正电的粒子．如果把某种导电材料制成长方体放在匀强磁场中，磁场方向如图所示，且与长方体的前后侧面垂直，当长方体中通有向右的电流I时，测得长方体的上下表面的电势分别为φ上和φ下，则（）A．长方体如果是N型半导体，必有φ上＞φ下B．长方体如果是P型半导体，必有φ上＞φ下C．长方体如果是P型半导体，必有φ上＜φ下D．长方体如果是金属导体，必有φ上＜φ下【考点】：霍尔效应及其应用．【分析】：如果是P型半导体，载流子是正电荷，如果是N型半导体，载流子为电子．抓住电荷在洛伦兹力作用下发生偏转，在上下表面产生电势差，从而确定电势的高低．【解析】：解：A、如果是N型半导体，载流子是负电荷，根据左手定则，负电荷向下偏，则下表面带负电，则φ上＞φ下．故A正确．B、如果是P型半导体，载流子是正电荷，根据左手定则，正电荷向下偏，则下表面带正电，则φ上＜φ下．故B错误，C正确．D、如果是金属导体，则移动的自由电子，根据左手定则，负电荷向下偏，则下表面带负电，则φ上＞φ下．故D错误．故选：AC．【点评】：解决本题的关键理清是什么电荷移动，运用左手定则判断出电荷的偏转方向，从而确定电势的高低．二、实验题（共18分）9．（6分）（2015•陕西三模）测定木块和长木板之间的动摩擦因数时，采用图甲所示的装置（图中长木板水平固定不动）（1）已知重力加速度为g，测得木块质量为M，砝码盘和砝码的总质量为m，木块的加速度为a，则木块和长木板间的动摩擦因数的表达式μ=；（2）图乙为木块在长木板上运动时，打点器在木块拖动的纸带上打出的一部分计数点（相邻计数点之间还有四个计时点没有画出），其编号为0、1、2、3、4、5、6．试利用图中的长度符号x1、x2和表示计数周期的符号T写出木块加速度的表达式a=．（3）已知电火花打点计时器工作频率为50Hz，用直尺测出x1=13.01cm，x2=29.00cm（见图乙），根据这些数据可计算出木块加速度大小a= 2.0m/s2（保留两位有效数字）．【考点】：探究影响摩擦力的大小的因素．【专题】：实验题；摩擦力专题．【分析】：（1）对木块、砝码盘和砝码进行受力分析，运用牛顿第二定律求出木块与长木板间动摩擦因数．（2）（3）根据匀变速直线运动的规律根据sm﹣sn=（m﹣n）at2求解加速度．【解析】：解：（1）对木块、砝码盘和砝码组成的系统，由牛顿第二定律得：mg﹣μMg=（M+m）a，解得：；（2）已知第一段位移s1=x1，第三段位移s3=x2，t=2T，根据sm﹣sn=（m﹣n）at2得：a==（3）将x1=13.01cm=0.1301m，x2=29.00cm=0.29m代入（2）式，解得：a=2.0m/s2故答案为：（1）；（2）；（3）2.0．【点评】：本题考查了求动摩擦因数、加速度，正确选择研究对象，应用牛顿第二定律即可求出动摩擦因数，计算注意有效数字．10．（12分）（2015•陕西三模）用图（1）所示的电路（图中电流表为理想表）测量电源的电动势E及内阻r时，调节电阻箱R0的阻值，并记录电流表相应的示数I，则与R0的函数关系为；（2）．根据这个函数关系可作出﹣R0图象，该图象的斜率k=，纵截距a=，横截距b=﹣r（均用电源电动势E或内阻r表示）；（3）．图（2）中的a、b、c、d、e是测定时根据测量数据作出的一些坐标点，试过这些坐标点作出﹣R0图象，根据该图象可求出该电源的电动势E= 6.0V，内阻r= 1.0Ω．【考点】：测定电源的电动势和内阻．【专题】：实验题；恒定电流专题．【分析】：根据电路图应用欧姆定律求出图象的函数表达式，然后根据图象求出电源电动势与内阻．【解析】：解：由图示电路图可知，电源电动势：E=I（r+R），则：=R0+，由图示图象可知，m=，k=，b=﹣r；由图可知，k==；故电源电动势：E==6.0V；，电源内阻：r=﹣b=1.0Ω；故答案为：（1）.；（2）.，，﹣r（3）6.0，1.0【点评】：本题考查了求电源电动势与内阻，应用欧姆定律求出图象的函数表达式是正确解题的关键三、计算题（28分）11．（10分）（2015•陕西三模）一个小球从静止开始沿如图所示的光滑斜面轨道AB匀加速下滑，然后进入水平轨道BC匀速滚动，之后靠惯性冲上斜面轨道CD，直到速度减为零．设小球经过水平面和两斜面的衔接点B、C时速度的大小不变．表是测出的不同时刻小球速度大小，取重力加速度g=10m/s2，求：时刻t/s 0 0.6 1.2 1.8 5 10 13 15速度v/m．s﹣1 0 3.0 6.0 9.0 15 15 9.0 3.0（1）轨道AB段的倾角是多少？（2）小球从开始下滑直至在斜面CD上速度减为零通过的总路程是多少？【考点】：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】：牛顿运动定律综合专题．【分析】：（1）有表格数据，根据加速度定义求解加速度，根据牛顿运动定律列式求解角度；（2）根据表格分段求出相应的时间和加速度，根据总路程等于各段位移之和求解．【解析】：解：（1）根据表中数据可知小球沿AB斜面下滑的加速度由牛顿运动定律得mgsinα=ma1解得，故斜面AB段的倾角α=300．（2）根据表中数据可知，小球在斜面AB上下滑时间小球在斜面CD上做减速运动的加速度从最大速度vm=15m/s减至速度为9m/s用时于是，小球在水平面上运动时间t2=13﹣t1﹣t3=8s故小球的总路程答：（1）轨道AB段的倾角是30°（2）小球从开始下滑直至在斜面CD上速度减为零通过的总路程是180m【点评】：此题考查从表格中读取数据的能力，结合牛顿运动定律和匀变速直线运动规律的应用即可解题．12．（18分）（2015•陕西三模）如图（1）所示，一边长L=0.5m，质量m=0.5kg的正方形金属线框，放在光滑绝缘的水平面上，整个装置处在方向竖直、磁感应强度B=0.8T的匀强磁场中．金属线框的一个边与磁场的边界MN重合，在水平拉力作用下由静止开始向右运动，经过t=0.5s 线框被拉出磁场．测得金属线框中的电流I随时间变化的图象如图（2）所示，在金属线框被拉出磁场的过程中（1）求通过线框导线截面的电量及该金属框的电阻；（2）写出水平力F随时间t变化的表达式；（3）若已知在拉出金属框的过程中水平拉力做功1.10J，求此过程中线框产生的焦耳热．【考点】：导体切割磁感线时的感应电动势；电磁感应中的能量转化．【专题】：电磁感应——功能问题．【分析】：（1）根据题图（2）知，在t=0.5s时间内通过金属框的平均电流=0.50A，于是通过金属框的电量q，平均感应电动势，平均电流，通过金属框的电量q=，得q=，求得电阻R．（2）由图（2）知金属框中感应电流线性增大，说明金属框运动速度线性增加，即金属框被匀加速拉出磁场，由L=得加速度a，根据牛顿运动定律的拉力大小关系式；（3）由运动学公式求末速度，由能量守恒知，此过程中金属框产生的焦耳热．【解析】：解：（1）根据题图（2）知，在t=0.5s时间内通过金属框的平均电流=0.50A，于是通过金属框的电量q=；由平均感应电动势，平均电流，通过金属框的电量q=，得q=，于是金属框的电阻R==0.80Ω（2）由图（2）知金属框中感应电流线性增大，说明金属框运动速度线性增加，即金属框被匀加速拉出磁场．又知金属框在t=0.5s时间内运动距离L=0.5m，由L=得加速度a==4m/s2由图（2）知金属框中感应电流随时间变化规律为i=kt，其中比例系数k=2.0A/s．于是安培力fA随时间t变化规律为fA=BiL=kBLt．由牛顿运动定律得F﹣fA=ma，所以水平拉力F=fA+ma=ma+kBLt代入数据得水平拉力随时间变化规律为F=2+0.8t（N）．（3）．根据运动情况知金属框离开磁场时的速度v==2m/s由能量守恒知，此过程中金属框产生的焦耳热Q=WF﹣=0.1J【点评】：本题是电磁感应与电路、力学知识的综合，能根据图象知导体棒做匀减速直线运动．【物理选修3-3】13．（6分）（2015•陕西三模）如图，甲分子固定在坐标原点0，乙分子位于x轴上，两分子之间的相互F作用力与两分子间距离x的关系如图中曲线所示，F＞0为斥力，F＜0为引力，a、b、c、d、为x轴上四个特定的位置，现把乙分子从a处由静止释放，则（）A．乙分子从a到b做加速运动，由b到c做减速运动B．乙分子从a到c做加速运动，经过c点时速度最大C．乙分子由a到c的过程中，两分子的势能一直减少D．乙分子由a到d的过程中，两分子的势能一直减少【考点】：分子势能．【分析】：根据图象可以看出分子力的大小变化，在横轴下方的为引力，上方的为斥力，分子力做正功分子势能减小，分子力做负功分子势能增大．【解析】：解：根据图象可以看出分子力的大小变化，在横轴下方的为引力，上方的为斥力，把乙分子沿x轴负方向从a处移动到d处过程中，在C位置分子间作用力最小．乙分子由a 到c一直受引力，随距离减小，分子力做正功，分子势能减小；从c到d分子力是斥力且不断增大，随距离减小分子力做负功，分子势能增大，故在c位置分子势能最小，动能最大．故BC正确，AD错误．故选：BC．【点评】：本题虽在热学部分出现，但考查内容涉及功和能的关系等力学知识，综合性较强．14．（10分）（2015•陕西三模）如图，导热性能极好的气缸，高为L=l.0m，开口向上固定在水平面上，气缸中有横截面积为S=100cm2、质量为m=20kg的光滑活塞，活塞将一定质量的理想气体封闭在气缸内．当外界温度为t=27℃、大气压为P0=l.0×l05Pa时，气柱高度为l=0.80m，气缸和活塞的厚度均可忽略不计，取g=10m/s2，求：①如果气体温度保持不变，将活塞缓慢拉至气缸顶端．在顶端处，竖直拉力F有多大？②如果仅因为环境温度缓慢升高导致活塞上升，当活塞上升到气缸顶端时，环境温度为多少摄氏度？【考点】：理想气体的状态方程；封闭气体压强．【专题】：理想气体状态方程专题．【分析】：①如果气体温度保持不变，将活塞缓慢拉至气缸顶端，气体属于等温变化，利用玻意耳定律可求解．②如果外界温度缓慢升高到恰使活塞移至气缸顶端，气体是等压变化，由盖吕萨克定律可求解【解析】：解：①．设起始状态气缸内气体压强为p1，当活塞缓慢拉至气缸顶端，设气缸内气体压强为p2由玻意耳定律得：p1lS=p2LS在起始状态对活塞由受力平衡得：p1S=mg+p0S在气缸顶端对活塞由受力平衡得：F+p2S=mg+p0S联立并代入数据得：F=240N②．由盖﹣吕萨克定律得：代入数据解得：t=102°C．答：①如果气体温度保持不变，将活塞缓慢拉至气缸顶端．在顶端处，竖直拉力F为240N；②如果仅因为环境温度缓慢升高导致活塞上升，当活塞上升到气缸顶端时，环境温度为102摄氏度．【点评】：本题考察气体实验定律，关键是根据题目暗含条件分析出为何种变化过程，然后确定好初末状态量，选择合适的气体实验定律列式求解即可．【物理选修3-4】15．（2015•陕西三模）在实验室可以做“声波碎杯”的实验，用手指轻弹一只玻璃酒杯，可以听到清脆的声音，测得这声音的频率为500Hz．将这只酒杯放在一个大功率的声波发生器前，操作人员通过调整其发出的声波，就能使酒杯碎掉．下列说法中正确的是（）A．操作人员必须把声波发生器输出的功率调到很大B．操作人员必须使声波发生器发出频率很高的超声波C．操作人员必须同时增大声波发生器发出声波的频率和功率D．操作人员必须将声波发生器发出的声波频率调到500Hz，且适当增大其输出功率【考点】：产生共振的条件及其应用．【分析】：用声波将酒杯震碎是利用酒杯发生了共振现象，而物体发生共振的条件是驱动力的频率等于物体的固有频率【解析】：解：由题用手指轻弹一只酒杯，测得这声音的频率为500Hz，就是酒杯的固有频率．当物体发生共振时，物体振动的振幅最大，甚至可能造成物体解体，将这只酒杯放在两只大功率的声波发生器之间，操作人员通过调整其发出的声波，将酒杯震碎是共振现象，而发生共振的条件是驱动力的频率等于物体的固有频率，而酒杯的固有频率为500Hz，故操作人员要将声波发生器发出的声波频率调到500Hz，使酒杯产生共振，从而能将酒杯震碎．故D正确．故选：D．【点评】：明白了该物理情景所反映的物理规律才能正确解决此题．故要学会通过物理现象抓住物理事件的本质．16．（2015•陕西三模）图示的直角三角形ABC是玻璃砖的横截面，∠B=90°，∠A=30°，BC边长等于L．一束平行于AB边的光束从AC边上的某点射入玻璃砖，进入玻璃砖后，在BC边上的E点被反射，E点是BC边的中点，EF是从该处反射的光线，且EF恰与AC边平行．求：①玻璃砖的折射率；②该光束从E点反射后，直到第一次有光线从玻璃砖射出所需的时间（真空中的光速用符号“c”表示）．【考点】：光的折射定律．【专题】：光的折射专题．【分析】：①作出光路图，根据几何知识和全反射规律得到光线在AC面的入射角和折射角，即可求得折射率，②根据全反射临界角公式sinC=求出临界角C，判断出光线在F点发生全反射，在H点不能发生全反射，即该光束经一次反射后，到第一次射出玻璃砖发生在H点，根据几何知识求出光线在玻璃砖内传播的距离S，由v=求出光线在玻璃砖内传播的速度v，即可求得所求的时间【解析】：解：依题意，光在玻璃砖中的传播路径如右图所示．可见，光在O1点的入射角为60°，折射角为30°．①玻璃的折射率n==②因为，所以这种玻璃的临界角C大于30°，小于60°．故从E点反射出的光线，将在F点发生全反射，在O2点才有光线第一次射出玻璃砖．由几何知识可知：EF=L，FO2=L；光在这种玻璃中的传播速度．故光从E点传播到O2点用时．答：①玻璃砖的折射率为；②该光束从E点反射后，直到第一次有光线从玻璃砖射出所需的时间为．【点评】：解决本题关键是作出光路图，再运用几何知识求解入射角折射角，要掌握几何光学常用的三个规律：折射定律n=、临界角公式sinC=和光速公式v=．【物理选修3-5】17．（2015•陕西三模）如图是各种元素的原子核中核子的平均质量与原子序数Z的关系图象，由此可知（）A．若原子核D和E结合成原子核F，结合过程一定会释放能量B．若原子核D和E结合成原子核F，结合过程一定要吸收能量C．若原子核A分裂成原子核B和C，分裂过程一定要释放能量D．若原子核A分裂成原子核B和C，分裂过程一定要吸收能量【考点】：爱因斯坦质能方程．【专题】：爱因斯坦的质能方程应用专题．【分析】：根据重核裂变、轻核聚变都有质量亏损，都向外释放能量，从而即可求解．【解析】：解：A、D和E结合成F，有质量亏损，根据爱因斯坦质能方程，有能量释放．故A 正确，B错误．C、若A分裂成B和C，也有质量亏损，根据爱因斯坦质能方程，有能量释放．故C正确，D 错误．故选：AC．【点评】：解决本题的关键知道爱因斯坦质能方程△E=△mc2，掌握质量亏损与释放能量之间的联系．18．（2015•陕西三模）如图所示，有一固定在水平地面上光滑凹形长槽，槽内放置一个滑块，滑块的左端面是半圆柱形光滑圆弧面，滑块的宽度恰与凹形槽的两内侧壁的间距相等，滑块可在槽内左右自由滑动．现有一金属小球（可视为质点）以水平初速度v0沿槽的一侧壁冲向滑块．已知金属小球的质量为m，滑块的质量为3m，整个运动过程中无机械能损失．求：①当金属小球从另一侧壁离开滑块时，金属小球和滑块各自的速度；②当金属小球经过滑块半圆形端面的顶点A时，金属小球的动能．【考点】：动量守恒定律；机械能守恒定律．【专题】：力学综合性应用专题；动量与动能定理或能的转化与守恒定律综合．【分析】：（1）小球和滑块相碰的过程中动量守恒、机械能守恒，结合动量守恒定律和机械能守恒定律求出金属小球和滑块的各自速度．（2）小球过A点时沿轨道方向两者必有共同速度v，根据动量守恒、机械能守恒求出金属小球的动能．【解析】：解：①．设滑离时小球和滑块的速度分别为v1和v2，规定小球初速度的方向为正方向，由动量守恒得：mv0=mv1+3mv2由机械能守恒得：解得：，；②．小球过A点时沿轨道方向两者必有共同速度v，规定小球初速度的方向为正方向，则根据动量守恒有mv0=（m+3m）v根据机械能守恒小球的动能应为：解得小球动能为：答：①当金属小球从另一侧壁离开滑块时，金属小球和滑块各自的速度分别为；②当金属小球经过滑块半圆形端面的顶点A时，金属小球的动能为．【点评】：本题考查了动量守恒和机械能守恒定律的综合运用，综合性较强，对学生的能力要求较高，在平时的学习中需加强这类题型的训练．。
2015年4月2015届高三第三次全国大联考(四川版)物理卷(正式考试版)(附答案)
绝密★启用前2015年第三次全国大联考【四川卷】理科综合·物理试题题号一二总分得分注意事项：1．本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。
满分110分，考试时间60分钟。
2．答题前考生务必用0.5毫米黑色墨水签字笔填写好自己的姓名、班级、考号等信息3．考试作答时，请将答案正确填写在答题卡上。
第一卷每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；第Ⅱ卷请用直径0.5毫米的黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效，在试题卷、．．．．．．．．．．．．．．．．．．．草．稿纸上作答无效．．．．．．．。
（满分110分，考试时间60分钟）第Ⅰ卷（选择题共42分）第Ⅰ卷共7题，每题6分。
每题给出的四个选项中，有的只有一个选项、有的有多个选项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
1.人们探索自然奥秘的活动从来没有停止过，下列关于科学家的观点和物理现象的叙述正确的是（）A.爱因斯坦的狭义相对论认为，对不同的惯性系，只有力学规律是一样的B.根据麦克斯韦电磁场理论，变化的电场周围一定产生变化的磁场C.奥地利物理学家开普勒首先发现由于波源和观察者之间有相对运动，使观察者感到频率发生了变化D.在x轴的原点处有一波源沿x轴运动，波源发出频率为400Hz的声波，在x轴的40m处有一观察者，他收到的声波频率可能为420Hz2．如图所示，一轻弹簧上端固定在O点，下端拴一个钢球，当钢球静止在A处时，弹簧伸长量为x0；现对钢球施加一个水平向右的拉力，使钢球缓慢移至B处，此时弹簧与竖直方向的夹角为θ（弹簧的伸长量不超过弹性限度），则此时弹簧的伸长量为（）。
2015年普通高等学校招生全国统一考试理综物理(四川卷)--(附解析答案)
1.在同一位置以相同的速率把三个小球分别沿水平、斜向上、斜向下方向抛出,不计空气阻力,则落在同一水平地面时的速度大小 ( ) A.一样大 B.水平抛的最大 C.斜向上抛的最大D.斜向下抛的最大【解析】选A 。
三个小球被抛出后,均仅在重力作用下运动,三球从同一位置落至同一水平地面时,设其下落高度为h,并设小球的质量为m,根据动能定理有:mgh=12mv 2-201mv 2,解得小球的末速度大小为20v 2gh +,与小球抛出的方向无关,即三球的末速度大小相等,故选项A 正确。
2.平静湖面传播着一列水面波(横波),在波的传播方向上有相距3m 的甲、乙两小木块随波上下运动。
测得两小木块每分钟都上下30次,甲在波谷时,乙在波峰,且两木块之间有一个波峰。
这列水面波 ( ) A.频率是30Hz B.波长是3m C.波速是1m/s D.周期是0.1s【解题指南】解答本题可按以下思路进行:(1)根据小木块每分钟上下30次,可计算出频率和周期。
(2)根据甲在波谷时,乙在波峰,且两木块之间有一个波峰,可计算出波长。
(3)由v=Tλ可求出波速。
【解析】选C 。
由于小木块每分钟振动30次,因此周期为:T=6030s=2s,频率为:f=1T=0.5Hz,故A 、D 错;又因为甲在波谷时,乙在波峰,且两木块之间有一个波峰,所以32λ=s AB ,解得波长λ=2m 。
波速v=Tλ=1m/s,B 错、C 对。
3.直线P1P2过均匀玻璃球球心O,细光束a、b平行且关于P1P2对称,由空气射入玻璃球的光路如图。
a、b光相比( )A.玻璃对a光的折射率较大B.玻璃对a光的临界角较小C.b光在玻璃中的传播速度较小D.b光在玻璃中的传播时间较短【解题指南】解答本题时应注意理解以下两点:(1)光的偏折程度与光的折射率有关,折射率大的光,光的偏折程度较大。
(2)理解公式sinC=1n和n=cv的含义。
【解析】选C。
由题图可判断出玻璃对光束b的折射率大于光束a,A错误;根据公式sinC=1 n ,可知玻璃对a光的临界角大于b光的临界角,B错误;根据公式n=cv,可知b光在玻璃中的传播速度比a光小,C正确;根据以上分析可知,b光在玻璃中传播的距离比a光大,同时传播速度比a光小,所以传播时间比a光长,D错误。
四川省乐山市2015届高三第三次调研考试物理试卷及答案
2015年四川省乐山市高考物理三模试卷一、选择题（在每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项是正确的，有的有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1．（6分）远距离输电线路的示意图如图所示，若发电机的输出电压不变，则下列叙述中正确的是（）A．升压变压器的原线圈中的电流与用户用电设备消耗的功率无关B．输电线中的电流只由升压变压器原副线圈的匝数比决定C．当用户用电器的总电阻减少时，输电线上损失的功率增大D．升压变压器的输出电压等于降压变压器的输入电压【考点】：变压器的构造和原理．【专题】：交流电专题．【分析】：根据变压器的特点：电压比等于匝数比，电流之比等于匝数反比，输入功率等于输出功率去分析．【解析】：解：A、用户用电的总功率增加，升压变压器、降压变压器的原、副线圈电流都要增加，故A错误；B、输电线的电流由用户消耗的功率和高压输电电压有关，故B错误；C、用户总电阻减少，而输出电压不变，所以电流增大，功率损失P损=I2R增大，故C正确；D、升压变压器的输出电压等于降压变压器的输入电压+线路电压损失，故D错误；故选C【点评】：远距离输电一定要画出远距离输电的示意图来，包括发电机、两台变压器、输电线等效电阻和负载电阻．并按照规范在图中标出相应的物理量符号．2．（6分）将两个质量均为m的小球a、b用细线相连后，再用细线悬挂于O点，如图所示．用力F拉小球b，使两个小球都处于静止状态，且细线Oa与竖直方向的夹角保持θ=30°，则F 的最小值为（）A．mg B．mg C．mg D．mg【考点】：共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．【专题】：共点力作用下物体平衡专题．【分析】：以两个小球组成的整体为研究对象，当F垂直于Oa线时取得最小值，根据平衡条件求解F的最小值．【解析】：解：以两个小球组成的整体为研究对象，分析受力，作出F在三个方向时整体的受力图，根据平衡条件得知：F与T的合力与重力mg总是大小相等、方向相反，由力的合成图可知，当F与绳子oa垂直时，F有最小值，即图中2位置，F的最小值为：根据平衡条件得：F=2mgsin30°=mg故选：A【点评】：本题是隐含的临界问题，关键运用图解法确定出F的范围，得到F最小的条件，再由平衡条件进行求解．3．（6分）一列简谐横波在t=0时刻的波形如图中的实线所示，t=0.02s时刻的波形如图中虚线所示．若该波的周期T大于0.02s，则该波的传播速度可能是（）A．2m/s B．3m/s C．4m/s D．5m/s【考点】：波长、频率和波速的关系；横波的图象．【分析】：由图象读出波长．根据两个时刻的波形，结合条件，求出波长的可能值，并求出波速可能值．【解析】：解：由图λ=0.08m该波的周期T大于0.02s，波传播的距离小于波长，则据题意，由两个时刻的波形得到：t=或t=T解得T1=0.08s，T2=由波速公式v=，得v1=1m/s，v2=3m/s故选：B．【点评】：本题关键考查运用数学知识解决物理问题的能力，处理好通项式与特殊值的关系．4．（6分）如图所示，半球面形的碗中盛满水，碗底中央放置﹣枚硬币A．﹣位观察者的眼睛高出碗口B竖直高度为h．当观察者向后慢慢退步的过程中，他离碗口B的水平距离超过某一值时，就不能再看到碗底的硬币了．已知水的折射率为n=，则图中x等于（）A．h B．h C．2h D．2h【考点】：光的折射定律．【专题】：光的折射专题．【分析】：光线从硬币A发出后经水面的折射进入观察者的眼睛，作出光路图．根据数学知识求出折射角θ，由折射定律和几何知识结合求出x．【解析】：解：作出光路图如图．由n=，得sinθ=nsin45°=×=由数学知识知x=htanθ=2h故选：D．【点评】：本题关键是反复运用数学知识求解角度和相关距离，考查运用数学知识解决物理问题的能力．5．（6分）2013年12月14日21时11分，嫦娥三号成功实现月面软着陆，中国成为世界上第三个在月球上实现软着陆的国家．如图所示，嫦娥三号经历漫长的地月旅行后，首先在距月表100km的环月轨道上绕月球做圆周运动．运动到A点时变轨推力发动机开机工作，嫦娥三号开始快速变轨，变轨后在近月点B距月球表面15km的椭圆轨道上绕月运行；当运动到B 点时，变轨推力发动机再次开机，嫦娥三号从距月面15km处实施动力下降．关于嫦娥三号探月之旅，下列说法正确的是（）A．在A点变轨时，嫦娥三号的机械能增加B．在A点变轨时，发动机的推力和嫦娥三号运动方向相反C．在A点变轨后，嫦娥三号在椭圆轨道上运行的周期比圆轨道周期长D．在A点变轨后沿椭圆轨道向B点运动过程中，嫦娥三号的加速度逐渐减小【考点】：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．【专题】：人造卫星问题．【分析】：嫦娥三号在A处由椭圆轨道进入圆轨道必须点火减速，做近心运动才能进入圆轨道．根据开普勒第三定律比较周期的大小．根据嫦娥三号所受万有引力的变化，从而分析加速度的变化．【解析】：解：A、B、嫦娥三号在A点变轨时，发动机的推力和嫦娥三号运动方向相反，使卫星做减速运动，所受的万有引力大于向心力，从而做近心运动，使其进入椭圆轨道，故在A点变轨时，机械能要减小，故A错误、B正确．C、根据开普勒第三定律得=k，知卫星在轨道100km环月轨道上运动的半径大于在椭圆轨道上运动的半长轴，故在A点变轨后，嫦娥三号的周期短，即嫦娥三号在椭圆轨道上运行的周期比圆轨道周期短．故C错误．D、在A点变轨后沿椭圆轨道向B点运动过程中，根据万有引力定律可知嫦娥三号所受的万有引力逐渐增大，则其加速度逐渐增大．故D错误．故选：B．【点评】：解决本题的关键知道卫星变轨的原理，以及掌握开普勒第三定律，知周期与轨道半径的关系．6．（6分）如图所示是质谱议的工作原理示意图，带电粒子被加速电场加速后，进入速度选择器，速度选择器内相互正交的匀强磁场和匀强电场的强度分别为B和E，平板S上有可让粒子通过的狭缝P和记录粒子位置的胶片A1A2，平板S下方有强度为B0的匀强磁场．下列表述正确的是（）A．图中运动的是带正电的粒子B．速度选择器中的磁场方向垂直于纸面向内C．能通过狭缝P的带电粒子的速度等于D．粒子打在胶片上的位置距狭缝P越远，粒子的比荷越大【考点】：带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】：带电粒子在复合场中的运动专题．【分析】：根据粒子在磁场中的偏转方向，结合左手定则得出粒子的电性，抓住粒子在速度选择器间做匀速直线运动，根据平衡得出速度的大小以及磁场的方向．根据半径公式分析粒子比荷大小．【解析】：解：A、粒子在磁场中向左偏转，根据左手定则知，粒子带正电，故A正确．B、因为粒子带正电，在速度选择器间运动时，电场力的方向水平向右，则洛伦兹力的方向水平向左，根据左手定则知，磁场的方向垂直纸面向外，故B错误．C、根据qvB=qE知，粒子通过狭缝的速度v=，故C正确．D、根据r=知，粒子打在胶片上的位置距狭缝P越远，知粒子的比荷越小，故D错误．故选：AC．【点评】：解决本题的关键理解粒子速度选择器的工作原理，掌握偏转磁场中粒子的运动规律．知道粒子在速度选择器间受电场力和洛伦兹力平衡，在磁场中靠洛伦兹力提供向心力，掌握半径公式．7．（6分）如图，在水平地面上固定一倾角为θ的光滑绝缘斜面，斜面处于电场强度大小为E、方向沿斜面向下的匀强电场中．一劲度系数为k的绝缘轻质弹簧的一端固定在斜面底端，整根弹簧处于自然状态．一质量为m、带电量为q（q＞0）的滑块从距离弹簧上端为s0处静止释放，滑块在运动过程中电量保持不变，设滑块与弹簧接触后粘在一起不分离且无机械能损失，物体刚好返回到s0段中点，弹簧始终处在弹性限度内，重力加速度为g．则（）A．滑块从静止释放到与弹簧上端接触瞬间所经历的时间为t1=B．滑块运动过程中的最大动能等于（mgsinθ+qE）（+s0）C．弹簧的最大弹性势能为（mgsinθ+qE）s0D．运动过程中滑块与弹簧系统机械能和电势能的总和始终保持不变【考点】：功能关系；弹性势能．【分析】：滑块向下先做加速度减小的加速运动，然后做加速度增大的减速运动，到达最低点时，速度为0，此时加速度最大．在整个过程中，有动能、重力势能、弹性势能、电势能发生相互转化，动能、重力势能和弹性势能统称为系统的机械能，当电势能减小最多时，系统的机械能最大．【解析】：解：A、滑块从静止释放到与弹簧刚接触的过程中做初速度为零的匀加速直线运动，设加速度大小为a，则有qE+mgsinθ=ma，s0=at12联立可得：，故A正确B、滑块速度最大时受力平衡，设此时弹簧压缩量为x0，则有mgsinθ+qE=kx0从静止释放到速度达到最大的过程中，由动能定理得（mgsinθ+qE）•（s0+x0）+W=E km﹣0由于弹簧弹力做负功，故最大动能E km＜（mgsinθ+qE）•（s0+x0）=（mgsinθ+qE）[+s0]，故B错误；C、当弹簧压缩量最大时，弹性势能最大，即E pm=（mgsinθ+qE）（s0+△x）＞（mgsinθ+qE）s0，故C错误；D、物体运动过程中只有重力和电场力做功，故只有重力势能、电势能和重力势能和弹性势能参与转化，总量不变，故D正确；故选：AD．【点评】：解决本题的关键知道滑块的运动是向下先做加速度减小的加速运动，然后做加速度增大的减速运动，到达最低点时，速度为0．知道在最低点时弹簧的弹性势能最大．在整个过程中，有动能、重力势能、弹性势能、电势能发生相互转化，当电势能减小最多时，系统的机械能最大．二、（非选择题共68分）8．（6分）某同学在家里做用单摆测定重力加速度的实验．他设计的实验步骤是：A．选取一段1m左右的细线，让线的一端穿过小球的小孔，然后打一个比小孔大的线结，将细线的上端固定于O点B．用刻度尺测量线结M和O点间长度作为摆长LC．将小球拉开一个大约α=30°的角度，然后由静止释放D．从摆球摆到最高点时开始计时，测出30次全振动的总时间，由T=得出周期E．改变OM间细线的长度再做几次实验，记下相应的L和TF．求出多次实验中测得的L和T的平均值作为计算时使用的数据，代人公式g=L求出重力加速度g（1）你认为该同学以上实验步骤中有重大错误的是BCDF．（只写步骤的字母）（2）该同学用OM的长作为摆长，这样做引起的系统误差将使重力加速度的测量值比真实值偏大还是偏小？偏小．【考点】：用单摆测定重力加速度．【专题】：实验题．【分析】：（1）、摆长等于悬点到小球的质心的距离；单摆在摆角较小时（小于5°）可看成简谐运动；在最低点速度最大，此时开始计时误差最小；不能通过测得物理量的平均值作为计算时使用的数据，应根据各组数据求出重力加速度，再求平均值．（2）、根据单摆的周期公式求出重力加速度的表达式，再分析误差．【解析】：解：（1）、实验步骤中有错误的是B：小球重心到悬挂点间的距离才是摆长．C：最大偏角不能超过5°．D：应在摆球经过平衡位置时计时．F：应该用各组的L、T求出各组的g后，再取平均值．（2）、由单摆的周期公式T=2π得g=．可知，该同学用OM的长作为摆长，摆长偏小，由此式可知，g的测量值偏小．故答案为：（1）BCDF；（2）偏小．【点评】：解决本题的关键掌握单摆的周期公式T=2π，会用单摆的周期公式测得重力加速度．9．（10分）某同学测为了测定锂电池（电动势约为9V）的电动势和内电阻，实验室提供了下列器材：A．电流表G（满偏电流10mA，内阻r=10Ω）B．电流表A（0～0.6A．0～3A，内阻未知）C．滑动变阻器R0（O﹣100Ωn，1A）D．定值电阻R（阻值990Ω）E．开关，导线若干（1）该同学根据现有的实验器材，设计了如图甲所示的电路，请按照电路图完成图1中实物连线．（2）图2为该同学根据上述设计的实验电路利用测出的数据绘出的I1一I2图线（I1为电流表G的示数，I2为电流表A的示数），则由图线可以得到被测电池的电动势E=9.0V，内阻r=10.0Ω．【考点】：测定电源的电动势和内阻．【专题】：实验题．【分析】：（1）已知原理图，由原理图可知电路的连接方式，则在实物图中先连接其中一个支路，再并联另一支路；注意实物图的连接注意事项；（2）由闭合电路欧姆定律可得出关于两电流表示数的表达式，利用数学中函数关系式及图象的知识可得出电动势和内电阻．【解析】：解：（1）在实物图的连接中，应注意导线在接在接线柱上，电表要保证红进黑出；实物连接如右图所示；（2）由电路图可知，电流表G与定值电阻串联充当电压表，则由闭合电路欧姆定律可得：1000I1=E﹣I2r；I1=﹣r；由数学知识可知，图象与纵坐标的交点为：9.0mA，故电源的电动势为1000×9.0=9.0V；图象的斜率为=1.0×10﹣2；故内电阻r=1000×1.0×10﹣2=10.0Ω；故答案为：（1）实物图如上图；（2）9.0；10.0．【点评】：本题考查测定电动势和内电阻实验中的数据处理，本题中要注意单位的正确换算；同时注意正确列出表达式，找出规律．10．（15分）如图所示，质量为M=4kg的木板静止在光滑的水平面上，在木板的右端放置一个质量m=1kg大小可以忽略的铁块，铁块与木板之间的摩擦因数μ=0.4，在铁块上加一个水平向左的恒力F=8N，铁块在长L=6m的木板上滑动．取g=10m/s2．求：（1）经过多长时间铁块运动到木板的左端．（2）在铁块到达木板左端的过程中，恒力F对铁块所做的功．（3）在铁块到达木板左端时，铁块和木板的总动能．【考点】：动能定理的应用；匀变速直线运动的位移与时间的关系；滑动摩擦力；牛顿第二定律．【专题】：动能定理的应用专题．【分析】：（1）由牛顿第二定律要分别求得两物体的加速度，则由位移公式可求得两物体位移的表达式，由两位移间的关系可求得时间；（2）求得铁块的位移，由功的公式可求得恒力所做的功；（3）分别对木板和铁块由动能定理求得动能，则可求得总动能．【解析】：解：（1）铁块与木板间的滑动摩擦力f=μmg=4N铁块的加速度a1===4m/s2；木板的加速度a2==m/s2=1m/s2；铁块滑到木板左端的时间为t，则a1t2﹣a2t2=L代入数据解得：t=2s（2）铁块位移s1=a1t2=×4×22=8m恒力F做的功W=Fs1=8×8J=64J（3）木板位移s2=a2t2=2m铁块的动能E1=（F﹣f）s1=（8﹣4）×8=32J木板的动能E B=fs2=4×2J=8J铁块和木板的总动能E总=E1+E B=32J+8J=40J．【点评】：本题要注意正确区分两物体的受力情况及运动情况，注意力、质量等物理量的同一性，不能将其他物体受力强加在某一物体上．11．（17分）如图所示，固定的光滑金属导轨间距为L，导轨电阻不计，上端a、b间接有阻值为R的电阻，导轨平面与水平面的夹角为θ，且处在磁感应强度大小为B、方向垂直于导轨平面向下的匀强磁场中．质量为m、电阻为r的导体棒与固定弹簧相连后放在导轨上．初始时刻，弹簧恰处于自然长度，导体棒具有沿轨道向上的初速度v0．整个运动过程中导体棒始终与导轨垂直并保持良好接触．已知弹簧的劲度系数为k，弹簧的中心轴线与导轨平行．（1）求初始时刻通过电阻R的电流I大小和方向；（2）当导体棒第一次回到初始位置时，速度变为v，求此时导体棒的加速度大小a；（3）若导体棒最终静止时弹簧的弹性势能为E p，求导体棒从开始运动直到停止的过程中，整个电路产生的焦耳热Q．【考点】：导体切割磁感线时的感应电动势；牛顿第二定律．【专题】：电磁感应与电路结合．【分析】：（1）棒向上运动切割磁感线，由E1=BLv0求感应电动势，由欧姆定律求感应电流，根据右手定则判断感应电流的方向；（2）当导体棒第一次回到初始位置时，速度变为v，棒产生的感应电动势为E2=BLv，再由欧姆定律求得感应电流，由F=BIL求出此时棒所受的安培力，根据牛顿第二定律就可以求出加速度；（3）导体棒最终静止时，由胡克定律求出弹簧的被压缩长度x，对整个过程，运用能量守恒列式，可求出回路产生的总热量，再串联关系求出R上产生的焦耳热Q．【解析】：解：（1）棒产生的感应电动势为：E1=BLv0通过R的电流大小为：根据右手定则判断得知：电流方向为a→b（2）棒产生的感应电动势为：E2=BLv感应电流为：棒受到的安培力大小为：，方向沿斜面向上，如图所示．根据牛顿第二定律有：mgsinθ﹣F=ma解得：（3）导体棒最终静止，有：mgsinθ=kx弹簧的压缩量为：设整个过程回路产生的焦耳热为Q0，根据能量守恒定律有：解得：电阻R上产生的焦耳热为：答：（1）初始时刻通过电阻R的电流I的大小为，方向为b→a；（2）此时导体棒的加速度大小a为gsinθ﹣；（3）导体棒从开始运动直到停止的过程中，电阻R上产生的焦耳热Q为[+﹣E P]．【点评】：本题是导体棒在导轨上滑动的类型，分析、计算安培力和分析能量如何转化是解题的关键，综合性较强．12．（20分）如图所示，在直角坐标系xOy平面内，虚线MN平行于y轴，N点坐标为（﹣l，0），MN与y轴之间有沿y轴正方向的匀强电场，在第四象限的某区域内有方向垂直于坐标平面的圆形有界匀强磁场（图中未画出）．现有一质量为m、电荷量为q的电子，从虚线MN上的P点，以平行于x轴正方向的初速度v0射人电场，并从y轴上的A点（0，）射出电场，射出时速度方向与y轴负方向成30°角，此后，电子做匀速直线运动，进入磁场并从圆形有界磁场边界上Q点（，﹣l）射出，速度沿x轴负方向，不计电子重力．求：（1）匀强电场的电场强度E的大小；（2）匀强磁场的磁感应强度B的大小及电子在磁场中运动的时间t；（3）圆形有界匀强磁场区域的最小面积s．【考点】：带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】：带电粒子在复合场中的运动专题．【分析】：（1）根据电场力提供合力使其做类平抛运动，由牛顿第二定律，结合运动学公式从而即可求解；（2）由几何关系可确定OD的距离，再由运动的分解可列出速度间的关系式，最后由运动轨迹的半径与周期公式，借助于已知长度，来确定磁场强弱与运动的时间；（3）以切点F、Q为直径的圆形有界匀强磁场区域的半径最小，从而根据几何的关系，并由面积公式即可求解．【解析】：解：（1）设电子在电场中运动的加速度为a，时间为t，离开电场时，沿y轴方向的速度大小为v y，则，v y=at，l=v0t，v y=v0cot30°，联立解得E=．（2）设电子的运动轨迹与x轴的交点为D，OD长度为x D，则：=．所以DQ平行于y轴，电子在磁场中做匀速圆周运动轨迹的圆心在DQ上，电子的运动轨迹如图所示，设电子离开电场时速度为v，在磁场中做匀速圆周运动的轨道半径为r，则v0=vsin30°r=，r+=l，解得粒子的轨道半径r=，t=，周期T=．解得B=，t=．（3）以切点F、Q连线为直径的圆形有界匀强磁场的面积最小，设此时半径为r1，则，则S=．答：（1）匀强电场的电场强度E的大小为；（2）匀强磁场的磁感应强度B的大小为，电子在磁场中运动的时间为；（3）圆形有界匀强磁场区域的最小面积s为．【点评】：粒子做类平抛时，由牛顿第二定律与运动学公式相结合来综合运用；在做匀速圆周运动时，由半径公式与几何关系来巧妙应用，从而培养学生在电学与力学综合解题的能力．注意区别磁场的圆形与运动的轨迹的圆形的半径不同．。
乐山市高中物理必修三第十二章《电能能量守恒定律》测试卷(答案解析)
一、选择题1．用电压表检查如图所示电路中的故障，闭合开关后测得U ab=0 V，U ad=5.0 V，U bc=0 V，U cd=5.0V，则此故障可能是（）A．L断路B．R断路C．R′断路D．S断路2．如图所示电路中，电源内阻忽略不计，电阻不随温度变化。
闭合电键，电压表示数为U，电流表示数为I；在滑动变阻器1R的滑片P由a端滑到b端的过程中（）A．U先变大后变小B．I先变小后变大C．3R的功率先变小后变大D．2R的功率先变大后变小3．如图所示，电源电动势为E，内阻为r，电表为理想电表，灯泡L和电阻R阻值均恒定，在滑动变阻器的滑片由a端滑向b端的过程中，下列说法正确的是（）A．灯泡消耗的功率逐渐增大B．电压表、电流表示数均减小C．电源消耗的总功率增大，热功率减小D．电压表示数变化量与电流表示数变化量比值的绝对值恒定不变4．某同学用如图电路研究电源的总功率E P、输出功率R P和电源内部的发热功率r P随电流I变化关系，他先作出了电源的伏安特性曲线，已知该直流电源内阻及外电路电阻均不随温度变化。
下列说法正确的是（）A．外电路电阻的特性曲线由a变到b，是电阻R的滑片向左移动的结果B．电路中的电流增大时，电源的输出功率一定增大C．电路中的电流增大时，电源总功率不变D．电路中的电流增大时，电源效率降低5．在如图所示的电路中，闭合开关，将滑动变阻器的滑片向左移动一段距离，待电路稳定后，与滑片移动前比较（）A．灯泡L变暗B．电容器C上的电荷量不变C．电源消耗的总功率变大D．电阻0R两端电压变大6．如图所示，R1为定值电阻，R2是金属热电阻（温度越高，电阻值越大），L为小灯泡。
则当温度下降时（）A．R1两端的电压减小B．电流表A的示数减小C．路端电压变小D．小灯泡L变亮7．今年疫情期间，一名河南大学生建造微型高铁的视频迅速走红，人称“村里的基建狂魔”。
他一直钻研与高铁相关的构造，历时三个月的艰苦探索，一列由锂电池和微型电机打造的微型高铁终于在自家菜园里大功告成了，如图所示。
2024届四川省乐山市高三下学期第三次调查研究考试物理试题
2024届四川省乐山市高三下学期第三次调查研究考试物理试题一、单选题 (共6题)第(1)题两圆环A 、B 置于同一水平面上，其中A 为均匀带电绝缘环，B 为导体环。
当A 以如图示的方向绕中心转动的角速度发生变化时，B 中产生如图所示方向的感应电流，下列说法正确的是（）A ．A 可能带正电且转速减小B ．A 可能带负电且转速恒定C ．若A 带负电，B 有扩张的趋势D ．若A 带正电，B 有扩张的趋势第(2)题如图所示，用金属制成的平行导轨由水平和弧形两部分组成，水平导轨窄轨部分间距为，有竖直向上的匀强磁场，宽轨部分间距为，有竖直向下的匀强磁场；窄轨和宽轨部分磁场的磁感应强度大小分别为和，质量均为金属棒垂直于导轨静止放置。
现将金属棒自弧形导轨上距水平导轨高度处静止释放，两金属棒在运动过程中始终相互平行且与导轨保持良好接触，两棒接入电路中的电阻均为，其余电阻不计，宽轨和窄轨都足够长，棒始终在窄轨磁场中运动，棒始终在宽轨磁场中运动，重力加速度为，不计一切摩擦。
下列说法不正确的是（ ）A ．棒刚进入磁场时，棒的加速度方向水平向左B ．从棒进入磁场到两棒达到稳定过程，棒和棒组成的系统动量守恒C ．从棒进入磁场到两棒达到稳定过程，通过棒的电量为D ．从棒进入磁场到两棒达到稳定过程，棒上产生的焦耳热为第(3)题如图所示，闭合开关，将滑动变阻器滑片向下滑动，理想电压表V 1、V 2、V 3示数变化量的绝对值分别为△U 1、△U 2、△U 3，理想电流表A 示数变化量的绝对值为△I，则下列说法错误的是（ ）A ．电流表A 的示数增大B ．电压表V 2的示数增大C ．△U 3与△I 的比值大于rD ．△U 3大于△U 2第(4)题现代考古通过测量生物化石中放射性同位素碳14的量来确定生物的年代，质量为的碳14（）发生β衰变，经过时间t后剩余碳14的质量为m，其图线如图所示。
下列说法正确的是（ ）A．碳14放出的β粒子来自核外电子B．碳14的半衰期为11460年C．碳14的衰变方程为D．碳14原子发生化学反应后半衰期发生改变第(5)题如图所示，在光滑水平地面上，两相同物块用细线相连，两物块质量均为1kg，细线能承受的最大拉力为2N。
四川乐山市2012届高三第三次调查研究物理试题 word版
四川乐山市2012届高三第三次调查研究理科综合物理能力测试本试卷分为第一部分（选择题）和第二部分（非选择题）两部分。
第一部分1至4页，第二部分5至10页，共10页。
考生作答时，须将答案答在答题卡上。
在本试卷、草稿纸上答题无效。
满分300分，考试时间为150分钟。
考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
注意事项：1．选择题必须使用2B 铅笔将答案标号填在答题卡对应题目标号的位置上。
2．考试结束后，监考人员将本试卷和答题卡分别回收并装袋。
可能用到的相对原子质量：H1 Li7 C12 O16 Na23 Si28 S32 Fe56 Cu64 第一部分（选择题，共126分）二、选择题（本题共8小题。
在每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项是正确的，有的有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）14．如图所示的双缝干涉实验，用绿光照射单缝S 时，在光屏P 上可观察到干涉条纹。
要得到相邻条纹间距更大的干涉图样，可以（ ）A ．增大S 1与S 2的间距B ．减小双缝屏到光的距离C ．将绿光换为红光D ．将绿光换为紫光15．板间距为d 的平行板电容器所带电荷量为Q 时，两极板间电势差为U 1，板间场强为E 1．现将电容器所带电荷量变为2Q ，板间距变为12d ，其他条件不变，这时两极板间电势差为U 2，板间场强为E 2，下列说法正确的是（ ）A ．U 2=U 1 ,E 2 ＝E 1B ．U 2=U 1,E 2 =2E 1C ．U 2 ＝2U 1,E 2=2E 1D ．U 2 =2U 1,E 2 =4E 1’16．“嫦娥二号”是我国月球探测第二期工程的先导星，若测得“嫦娥二号”在月球（可视为密度均匀的球体）表面附近圆形轨道运行的周期T ，已知引力常量为G ，半径为R 的球体体积公式v=343R 砉积2，则可估算月球的（ ） A ．密度B ．质量C ．半径D ．自转周期17．如图所示，理想变压器的原、副线圈的匝数比为n 1：n 2＝2：1，A 、B 为完全相同的灯泡，电源电压为U ，则灯泡B 两端电压为（ ）A ．12U B ．２Ｕ Ｃ．15U Ｄ．25U18．如图甲所示是一列简谐波在2s 时刻的波形图，图乙是图甲中质点a 的振动图像，则下列说法正确的是（ ）A ．该简谐波沿x 轴负方向传播B ．质点c 比质点ｂ先回到平衡位置C ．在6s 时质点e 振动方向沿y 轴负方向D ．在8s 时质点d 的加速度沿y 轴正方向且达最大值19．如图所示，静止在光滑水平面上的木板，右端有一根轻质弹簧沿水平方向与木板相连，木板质量M=3kg ．质量m=lkg 的铁块以水平速度v o =4m/s ，从木板的左端沿板面向右滑行，压缩弹簧后又被弹回，最后恰好停在木板的左端．在上述过程中弹簧具有的最大弹性势能为（ ）A ．3JB ．4JC ．6JD ．20J20．如图所示，导热性能良好的气缸内用活塞封闭着一定质量、常温常压的气体，气缸固定不动．一条细线一端连结在活塞上，另一端跨过两个光滑的定滑轮后连结在一个小桶上，开始时活塞静止，现不断向小桶中添加细沙,使活塞缓慢向上移动（活塞始终未被拉出，气缸、周围环境温度不变）．则在活塞移动的过程中，下列说法正确的是（ ）A ．气缸内气体的分子平均动能不变B ．气缸内气体的内能变小C ．气缸内气体的压强变小D ．气缸内气体向外界放热21．氢原子的部分能级如右图所示，已知可见光的光子能量在1. 62eV 到3. lleV 之间．由此可推知，氢原子（ ）A ．从高能级向n ＝l 能级跃迁时发出的光的波长比可见光的短B ．从高能级向n ＝2能级跃迁时发出的光均为可见光C ．从高能级向n ＝3能级跃迁时发出的光的频率比可见光的高D．从n＝3能级向n＝2能级跃迁时发出的光为可见光第二部分（非选择题共1 74分）注意事项：1．必须使用o．5毫米黑色签字笔在答题卡上题目所指示的答题区域内作答。
2024届四川省乐山市高中高三第三次测评物理试卷含解析
2024届四川省乐山市高中高三第三次测评物理试卷考生须知：1．全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。
选择题必须用2B 铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。
2．请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。
3．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。
一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、如图所示，质量均为m 的物块A 、B 压在置于地面上的竖直轻弹簧上，上端弹簧弹性系数为k 1，下端弹簧的弹性系数为2k ，弹簧与地面、弹簧与物块间均没有栓接，A 、B 处于静止状态，现给A 一个竖直向上的拉力F ，F 的大小自0开始缓慢增大，物块B 自初始位置能上升的最大高度为（ ）A ．1mg kB ．2mg kC ．1211mg k k ⎛⎫+ ⎪⎝⎭D ．1212mg k k ⎛⎫+ ⎪⎝⎭2、生活中常见的手机支架，其表面采用了纳米微吸材料，用手触碰无粘感，接触到平整光滑的硬性物体时，会牢牢吸附在物体上。
如图是一款放置在高铁水平桌面上的手机支架，支架能够吸附手机，小明有一次搭乘高铁时将手机放在该支架上看电影，若手机受到的重力为G ，手机所在平面与水平面间的夹角为θ，则下列说法正确的是（ ）A ．当高铁未启动时，支架对手机的作用力大小等于cos G θB ．当高铁未启动时，支架受到桌面的摩擦力方向与高铁前进方向相反C ．高铁匀速行驶时，手机可能受到5个力作用D ．高铁减速行驶时，手机可能受到3个力作用3、如图所示，在O点处放正点电荷，以水平线上的某点O′为圆心，画一个圆与电场线分别相交于a、b、c、d、e．则下列说法正确的是()A．b、e两点的电场强度相同B．b、c两点间电势差等于e、d两点间电势差C．a点电势高于c点电势D．负电子在d点的电势能大于在b点的电势能4、如图甲所示，单匝矩形线圈abcd垂直固定在匀强磁场中。
2024届四川省乐山市高三下学期第三次调查研究考试物理试题
2024届四川省乐山市高三下学期第三次调查研究考试物理试题一、单选题 (共6题)第(1)题氢原子能级示意如图。
现有大量氢原子处于能级上，下列说法正确的是（ ）A．这些原子跃迁过程中最多可辐射出2种频率的光子B．从能级跃迁到能级比跃迁到能级辐射的光子频率低C．从能级跃迁到能级需吸收的能量D．能级的氢原子电离至少需要吸收的能量第(2)题如图所示，送水工人用推车运桶装水，到达目的地后，工人抬起把手，带动板OA转至水平即可将水桶卸下。
若桶与接触面之间的摩擦不计，∠AOB为锐角且保持不变，板OA、OB对水桶的压力大小分别为、，则在OA由竖直缓慢转到水平的过程中（ ）A．、都不断增大B．不断增大，不断减小C．不断减小，先增大后减小D．先增大后减小，不断减小第(3)题2022年11月23日由三峡集团研制的单机容量16兆瓦海上风电机组成功下线，该机组是目前全球单机容量最大、叶轮直径最大的风电机组，风力发电机简易模型如甲图所示，某兴趣小组自制了一台风力发电机，试验中叶轮带动线圈在匀强磁场中转动，产生的交流电电流随时间变化的图像如图乙所示，则下列说法中正确的是（ ）A．电流的频率为B．电流的有效值为C．线圈处于甲图所示位置时产生的电流最大D．电流的瞬时值表达式为第(4)题下列说法中正确的是（ ）A．清晨人们刚刚看到太阳从地平线上升起时，实际太阳还在地平线以下B．在白光下观察竖直放置的肥皂液膜，呈现的彩色条纹是光的折射现象造成的C．光从光疏介质射入光密介质时也可能发生全反射D．光的衍射现象说明了光具有粒子性第(5)题下列说法正确的是A．温度标志着物体内大量分子热运动的剧烈程度B．内能是物体中所有分子热运动所具有的动能的总和C．气体压强仅与气体分子的平均动能有关D．气体膨胀对外做功且温度降低，分子的平均动能可能不变第(6)题如图甲为氢原子的能级图，现用频率为的光照射大量处于基态的氢原子，在所发射的光谱中仅能观测到频率分别为、、的三条谱线，现用这三种频率的光去照射图乙的光电效应的实验装置：其中只有a、b两种光能得到图丙所示的电流与电压的关系曲线：已知图乙中的阴极材料是图丁所给材料中的一种，丁图是几种金属的逸出功和截止频率。