2019届高考物理江苏专版一轮复习阶段检测：(一) 第一_三章验收
2019年普通高等学校招生全国统一考试物理(江苏卷)
绝密★启用前2019年普通高等学校招生全国统一考试江苏物理一、单项选择题:本题共5小题,每小题3分,共计15分,每小题只有一个．．．．选项符合题意。
1.(2019·江苏,1,3分,难度★★)某理想变压器原、副线圈的匝数之比为1∶10,当输入电压增加20 V 时,输出电压() A.降低2 V B.增加2 VC.降低200 VD.增加200 V根据变压器原理有n1n2=U1U2=ΔU1ΔU2,则有110=20VΔU2,解得ΔU2=200 V,故只有选项D正确。
2.(2019·江苏,2,3分,难度★★)如图所示,一只气球在风中处于静止状态,风对气球的作用力水平向右。
细绳与竖直方向的夹角为α,绳的拉力为T,则风对气球作用力的大小为()A.TsinαB.T cosαC.T sin αD.T cos αT沿水平方向和竖直方向分解,根据物体的平衡条件可知其水平分力等于风对气球的的作用力F,故F=T sin α,只有选项C正确。
3.(2019·江苏,3,3分,难度★★)如图所示的电路中,电阻R=2 Ω。
断开S后,电压表的读数为3 V;闭合S后,电压表的读数为2 V,则电源的内阻r为()A.1 ΩB.2 ΩC.3 ΩD.4 ΩS时,电压表示数即为电源的电动势,即电源的电动势E=3 V,闭合S时,电压表示数为电阻R 两端的电压,即为U外=2 V,由闭合电路欧姆定律可得电源内阻r两端电压为U内=E-U外=1 V,根据电阻的分压关系可得电源内阻r=1 Ω,故只有选项A正确。
4.(2019·江苏,4,3分,难度★★)1970年成功发射的“东方红一号”是我国第一颗人造地球卫星,该卫星至今仍沿椭圆轨道绕地球运动。
如图所示,设卫星在近地点、远地点的速度分别为v1、v2,近地点到地心的距离为r,地球质量为M,引力常量为G。
则()A.v1>v2,v1=√GMr B.v1>v2,v1>√GMrC.v1<v2,v1=√GMr D.v1<v2,v1>√GMr,故动能减小,即速度减小v1>v2,若卫星在半径为r的圆轨道上做匀速圆周运动,根据万有引力提供向心力则有GMmr2=mv2r,解得v=√GMr,而卫星轨道实际为椭圆,相当于在近地点的圆轨道上做离心运动,故v1>v=√GMr,只有选项B正确。
【江苏专版】2019届高考物理江苏专版一轮复习阶段检测四 第六_十一章验收
阶段综合检测（四） 第六~十一章验收(其中第六~八章分值约占40%)(时间：100分钟 满分：120分)一、单项选择题(本题共7小题，每小题3分，共21分。
每小题只有一个选项符合题意)1．(2018·温州模拟)在物理学发展过程中，观测、实验、假说和逻辑推理等方法都起到了重要作用。
下列叙述错误的是( )A ．奥斯特在实验中观察到电流的磁效应，该效应揭示了电和磁之间存在联系B ．安培根据通电螺线管的磁场和条形磁铁的磁场的相似性，提出了分子电流假说C ．法拉第在实验中观察到，在通有恒定电流的静止导线附近的固定导线圈中，会出现感应电流D ．楞次在分析了许多实验事实后提出，感应电流应具有这样的方向，即感应电流的磁场总要阻碍引起感应电流的磁通量的变化解析：选C 奥斯特发现了电流的磁效应，揭示了电和磁之间存在联系，选项A 正确；根据通电螺线管产生的磁场与条形磁铁的磁场相似性，安培提出了磁性是分子内环形电流产生的，即分子电流假说，选项B 正确；根据感应电流的产生条件，导线中通有恒定电流时导线圈中不产生感应电流，选项C 错误；楞次定律指出感应电流的磁场总要阻碍引起感应电流的磁通量的变化，选项D 正确。
2．如图甲所示，理想变压器原、副线圈匝数分别为n 1、n 2，原线圈回路接有内阻不计的交流电流表A ，副线圈回路接有定值电阻R ＝2 Ω，现在a 、b 间和c 、d 间分别接上示波器，同时监测得a 、b 间和c 、d 间的电压随时间变化的图像如图乙、丙所示，则下列说法中错误的是( )A ．T ＝0.02 sB ．n 1∶n 2≈55∶1C ．电流表A 的示数I ≈36.4 mAD ．当原线圈电压瞬时值最大时，副线圈两端电压瞬时值为0解析：选D 由题图知，电压变化的周期是0.02 s ，所以A 正确；根据变压规律得：n 1n 2＝U 1U 2≈55，所以B 正确；副线圈的电流I 2＝U 2R ＝5.6622A ，根据变流规律得原线圈电流I 1＝I 255≈0.036 4 A ＝36.4 mA ，所以C 正确；由题图知，当原线圈电压瞬时值最大时，副线圈两端电压瞬时值也最大，故D 错误。
(江苏专用)2019高考物理一轮复习 综合检测.docx
综合检测 考生注意： 1．本试卷共4页．2．答卷前，考生务必用蓝、黑色字迹的钢笔或圆珠笔将自己的姓名、班级、学号填写在相应位置上．3．本次考试时间90分钟，满分100分．4．请在密封线内作答，保持试卷清洁完整．一、单项选择题(本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意)1．(2018·盐城中学阶段性测试)一束带电粒子以同一速度v 0从同一位置进入匀强磁场，在磁场中它们的轨迹如图1所示．若粒子A 的轨迹半径为r 1，粒子B 的轨迹半径为r 2，且r 2＝2r 1，q 1、q 2分别是它们的带电荷量，m 1、m 2分别是它们的质量．则下列分析正确的是( )图1A ．A 带负电、B 带正电，比荷之比为q 1m 1∶q 2m 2＝1∶1B ．A 带正电、B 带负电，比荷之比为q 1m 1∶q 2m 2＝1∶1C ．A 带正电、B 带负电，比荷之比为q 1m 1∶q 2m 2＝2∶1D ．A 带负电、B 带正电，比荷之比为q 1m 1∶q 2m 2＝1∶22．(2018·无锡市暨阳地区联考)如图2所示，物块A 从滑槽某一不变高度滑下后又滑上粗糙的水平传送带，传送带静止不动时，A 滑至传送带最右端的速度为v 1，需时间t 1，若传送带逆时针转动，A 滑至传送带最右端速度为v 2，需时间t 2，则( )图2A ．v 1＞v 2，t 1＜t 2B ．v 1＜v 2，t 1＜t 2C ．v 1＞v 2，t 1＞t 2D ．v 1＝v 2，t 1＝t 23．(2017·扬州中学12月考)图3中K 、L 、M 为静电场中的3个相距很近的等势面(K 、M 之间无电荷)．一带电粒子射入此静电场中后，沿abcde 轨迹运动．已知电势φK <φL <φM ，且粒子在ab段做减速运动．下列说法中正确的是( )图3A．粒子带负电B．粒子在bc段也做减速运动C．粒子在a点的速率大于在e点的速率D．粒子从c点到d点的过程中电场力做负功4．(2017·小海中学期中)如图4所示，水平细杆上套一细环A，环A与球B间用一轻质绳相连，质量分别为m A、m B(m A>m B)，由于B球受到水平风力作用，A环与B球一起向右匀速运动．已知细绳与竖直方向的夹角为θ，则下列说法正确的是( )图4A．杆对A环的支持力随着风力的增加而不变B．风力增大时，轻质绳对B球的拉力保持不变C．B球受到的风力F为m A g tanθD．A环与水平细杆间的动摩擦因数为m Bm A＋m B5．(2018·泰州中学调研)A、B、C、D四个质量均为2kg的物体，在光滑的水平面上做直线运动，它们运动的x－t、v－t、a－t、F－t图象分别如图所示，已知物体在t＝0时的速度均为零，其中0～4s内物体运动位移最大的是( )二、多项选择题(本题共4小题，每小题4分，共计16分．每小题有多个选项符合题意．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分)6．(2018·如皋市质检)如图5所示，理想变压器初级线圈接一交变电流，交变电流的电压有效值恒定不变．副线圈接有光敏电阻R(光敏电阻阻值随光照强度增大而减小)、R2和R3，则下列说法中正确的是( )图5A．只将S1从2拨向1时，电流表示数变小B．只将S2从4拨向3时，电流表示数变小C．只将S3从闭合变为断开，电阻R2两端电压增大D．仅增大光照强度，原线圈的输入功率增大7．(2018·黄桥中学第三次段考)如图6所示，A、B都是重物，A被绕过小滑轮P的细线所悬挂，B放在粗糙的水平桌面上．滑轮P被一根斜短线系于天花板上的O点，O′是三根细线的结点，细线bO′水平拉着物体B，cO′沿竖直方向拉着弹簧．弹簧、细线、小滑轮的重力不计，细线与滑轮之间的摩擦力可忽略，整个装置处于静止状态．若悬挂小滑轮的斜线中的拉力是F＝203N，∠cO′a＝120°，重力加速度g取10m/s2，则下列说法正确的是( )图6A．弹簧的弹力为20NB．重物A的质量为2kgC．桌面对物体B的摩擦力为103ND．细线OP与竖直方向的夹角为60°8.(2017·海州高级中学第五次检测)如图7所示，水平放置的两平行导轨左侧连接电阻R，其他电阻不计，导体杆MN放在导轨上，在水平恒力F的作用下，沿导轨向右运动，并穿过方向竖直向下的有界匀强磁场，磁场边界PQ与MN平行，从MN进入磁场开始计时，通过MN的感应电流i随时间t变化的图象可能是图中的( )图79．“嫦娥三号”探测器在西昌卫星发射中心成功发射，携带“玉兔号”月球车实现月球软着陆和月面巡视勘察，并开展月表形貌与地质构造调查等科学探测．“玉兔号”在地球表面的重力为G 1，在月球表面的重力为G 2；地球与月球均视为球体，其半径分别为R 1、R 2；地球表面重力加速度为g ，则( )A ．月球表面的重力加速度为G 1g G 2B ．月球与地球的质量之比为G 2R 22G 1R 12C ．月球卫星与地球卫星分别绕月球表面与地球表面运行的速率之比为G 2R 2G 1R 1 D ．“嫦娥三号”环绕月球表面做匀速圆周运动的周期为2πG 2R 2G 1g三、非选择题(本题共6小题，共计69分)10．(5分)(2017·徐州市考前模拟)某同学查阅电动车使用说明书知道自家电动车的电源是铅蓄电池，他通过以下操作测量该电池的电动势和内阻．(1)先用多用电表粗测电池的电动势．把电表的选择开关拨到直流电压50V 挡，将两只表笔与电池两极接触，此时多用电表的指针位置如图8所示，读出该电池的电动势为________V.图8(2)再用图9所示装置进一步测量．多用电表的选择开关拨向合适的直流电流挡，与黑表笔连接的是电池的________极(选填“正”或“负”)．闭合开关，改变电阻箱的阻值R ，得到不同的电流值I ，根据实验数据作出1I－R 图象如图10所示．已知图中直线的斜率为k ，纵轴截距为b ，则此电池的电动势E ＝________，内阻r ＝________.(结果用字母k 、b 表示)图9图10(3)他发现两次测得电动势的数值非常接近，请你对此做出合理的解释：________________ ________________________________________________________________________. 11．(6分)(2018·高邮中学阶段检测)某同学利用小球在竖直平面内做圆周运动来验证机械能守恒定律．如图11甲所示，力传感器A固定在水平面上，细线的一端系着小球B，另一端系在传感器A上．将小球B拉至与传感器A等高处且细线刚好伸直，将小球由静止释放，传感器记录出小球在摆动过程中细线中的拉力F随时间t的变化图象如图乙所示．图11(1)实验室有小木球和小铁球，实验时应该选择________；现用游标卡尺测得小球的直径如图丙所示，则小球的直径为______cm.(2)实验中必须测量的物理量有________．A．小球的质量m B．传感器下端到小球球心的距离lC．小球运动的时间t D．当地的重力加速度g(3)若实验中测得传感器下端到小球球心的距离l＝0.30m，小球的质量为0.05kg，F0＝1.46N，已知当地的重力加速度g＝9.8m/s2，则小球减少的重力势能为________J，小球增加的动能为________J．(结果均保留三位有效数字)(4)写出(3)中计算出动能的增加量小于重力势能减小量的一个原因___________________．12．【选做题】本题包括A、B、C三小题，请选定其中两小题，并在相应的答题区域内作答．若多做，则按A、B两小题评分．A．[选修3－3](12分)(1)下列说法正确的是________．A．雨水没有透过布雨伞是因为液体表面存在张力B．布朗运动反映了悬浮颗粒中分子运动的不规则性C．给自行车打气时气筒压下后反弹，是由分子斥力造成的D．单晶体的某些物理性质具有各向异性，而多晶体和非晶体是各向同性的(2)(2018·徐州市考前模拟打靶卷)一定质量的理想气体，由状态A 通过如图12所示的箭头方向变化到状态C .则气体由状态A 到状态B 的过程中，气体的内能________(选填“增大”“减小”或“不变”)，气体由状态A 到状态C 的过程中，气体与外界总的热交换情况是________(选填“吸热”“放热”或“无法确定”)图12(3)(2017·镇江市一模)某种油酸密度为ρ、摩尔质量为M 、油酸分子直径为d ，将该油酸稀释为体积浓度为1n的油酸酒精溶液，用滴管取一滴油酸酒精溶液滴在洒有痱子粉的水面上形成油膜，已知一滴油酸酒精溶液的体积为V .若把油膜看成是单分子层，每个油酸分子看成球形，则油酸分子的体积为πd 36，求： ①一滴油酸酒精溶液在水面上形成的面积；②阿伏加德罗常数N A 的表达式．B ．[选修3－4](12分)(1)(2018·兴化一中调研)下列说法中正确的是________．A ．X 射线穿透物质的本领比γ射线更强B ．在电磁波发射技术中，使电磁波随各种信号而改变的技术叫做调谐C ．根据宇宙大爆炸学说，遥远星球发出的红光被地球接收到时可能是红外线D ．爱因斯坦狭义相对论指出：真空中的光速在不同的惯性参考系中都是相同的(2)(2017·扬州市期末考试)如图13所示，直角三角形ABC 为一棱镜的横截面，∠A ＝30°，棱镜材料的折射率n ＝ 3.在此截面所在的平面内，空气中的一条光线平行于底边AB 从AC 边上的M 点射入棱镜，经折射射到AB 边．光线从AC 边进入棱镜时的折射角为________，试判断光线能否从AB 边射出，________(填“能”或“不能”)．图13(3)一列简谐横波由P 点向Q 点沿直线传播，P 、Q 两点相距1m ．图14甲、乙分别为P 、Q 两质点的振动图象，如果波长λ＞1m ，则波的传播速度为多少？图14C．[选修3－5](12分)(1)(2018·苏州市调研)一个质子以1.0×107m/s的速度撞入一个静止的铝原子核后被俘获，铝原子核变为硅原子核，已知铝核的质量是质子的27倍，硅核的质量是质子的28倍，则下列判断中正确的是________．A．核反应方程为2713Al＋11H→2814SiB．核反应方程为2713Al＋10n→2814SiC．硅原子核速度的数量级为107m/s，方向跟质子的初速度方向一致D．硅原子核速度的数量级为105m/s，方向跟质子的初速度方向一致(2)(2018·高邮中学阶段检测)目前，日本的“核危机”引起了全世界的瞩目，核辐射放出的三种射线超过了一定的剂量会对人体产生伤害．三种射线穿透物质的本领由弱到强的排列是________．A．α射线，β射线，γ射线B．β射线，α射线，γ射线C．γ射线，α射线，β射线D．γ射线，β射线，α射线(3)太阳能量来源于太阳内部氢核的聚变，设每次聚变反应可以看做是4个氢核(11H)结合成1个氦核(42He)，同时释放出正电子(01e)．已知氢核的质量为m p，氦核的质量为mα，正电子的质量为m e，真空中光速为c.计算每次核反应中的质量亏损及氦核的比结合能．13.(8分)(2017·涟水中学第三次检测)如图15为俯视图，虚线MN右侧存在一个竖直向上、磁感应强度为B的匀强磁场，电阻为R、质量为m、边长为L的正方形单匝金属线框abcd放在光滑水平面上，ab边在磁场外侧紧靠MN虚线边界．当线框以初速度v0穿出磁场过程中，安培力对线框所做的功为W，求：图15(1)初速度v0时刻，线框中感应电流I的大小和方向；(2)线框cd边穿出磁场时的速度v大小；(3)线框穿出磁场一半过程中，通过线框横截面的电荷量q .14．(12分)(2018·海安中学段考)如图16所示，在某竖直平面内，光滑曲面AB 与水平面BC 平滑连接于B 点，BC 右端连接内壁光滑、半径r ＝0.2m 的四分之一细圆管CD ，管口D 端正下方直立一根劲度系数为k ＝100N/m 的轻弹簧，弹簧一端固定，另一端恰好与管口D 端平齐．一个质量为1 kg 的小球放在曲面AB 上，现从距BC 的高度为h ＝0.6 m 处静止释放小球，它与BC 间的动摩擦因数μ＝0.5，小球进入管口C 端时，它对上管壁有F N ＝2.5mg 的相互作用力，通过CD 后，在压缩弹簧过程中小球速度最大时弹簧的弹性势能为E p ＝0.5 J ．取重力加速度g ＝10 m/s 2.求：图16(1)小球在C 处的向心力大小；(2)在压缩弹簧过程中小球的最大动能E km;(3)小球最终停止的位置．15．(14分)(2017·宿迁市上学期期末)在科学研究中，可以通过施加适当的电场和磁场来实现对带电粒子运动的控制．如图17甲所示，M 、N 为间距足够大的水平极板，紧靠极板右侧放置竖直的荧光屏PQ ，在MN 间加上如图乙所示的匀强电场和匀强磁场，电场方向竖直向下，磁场方向垂直于纸面向里，图中E 0、B 0、k 均为已知量．t ＝0时刻，比荷q m ＝k 的正粒子以一定的初速度从O 点沿水平方向射入极板间，在0～t 1(t 1＝1kB 0)时间内粒子恰好沿直线运动，t ＝5kB 0时刻粒子打到荧光屏上．不计粒子的重力，涉及图象中时间间隔时取0.8＝π4，1.4＝2，求：图17(1)在t 2＝2kB 0时刻粒子的运动速度v ；(2)在t 3＝2.8kB 0时刻粒子偏离O 点的竖直距离y ；(3)水平极板的长度L .综合检测答案精析 1．C [A 向左偏，B 向右偏，根据左手定则知，A 带正电，B 带负电．根据半径公式r ＝mv qB ，知荷质比q m ＝v Br ，v 与B 相同，所以比荷之比等于半径的反比，所以q 1m 1∶q 2m 2＝2∶1.故C 正确，A 、B 、D 错误．]2．D [传送带静止时，物块滑到传送带上受到的摩擦力大小为F f ＝μF N ，方向水平向左，当传送带逆时针转动时，物块与传送带间的正压力大小不变，而动摩擦因数也不变，所以受到的摩擦力大小仍为F f ＝μF N ，方向水平向左，即物块在两种情况下受力相同，所以两次运动情况相同，即v 1＝v 2，t 1＝t 2，D 正确．]3．B [已知电势φK <φL <φM ，则电场线方向大体向左，由轨迹弯曲方向知，粒子所受的电场力方向大体向左，故粒子带正电，故A 错误；由电势φL <φM ，b →c 电场力对正电荷做负功，动能减小，做减速运动，故B 正确；a 与e 处于同一等势面上，电势相等，电势能相等，根据能量守恒，速度大小也相等，故C 错误；粒子从c 点到d 点的过程中，电势降低，正电荷的电势能减小，电场力做正功，故D 错误．]4．A5．A [由x －t 图象可知，物体A 在4s 末到达位置为－1m 处，总位移大小为2m ；由v －t 图象可知，物体B 前2s 内沿正方向运动，2～4s 沿负方向运动，方向改变，4s 内总位移为零；由a －t 图象可知：物体在第1s 内向正方向做匀加速运动，第2s 内向正方向做匀减速运动，2s 末速度减为0，然后在2～3s 向负方向做匀加速运动，在3～4s 向负方向做匀减速直线运动，4s 末速度为零，并回到出发点，总位移为零，其v －t 图象如图甲所示：F －t 图象转化成a －t 图象，如图乙所示：由图象可知：物体在第1s 内做匀加速运动，位移x 1＝12at 2＝14m ，第1～2s 内做匀减速运动，2s 末速度减为0，位移x 2＝14m ，第2～4s 内重复前面的过程，故0～4s 内总位移x ＝1m ，综上所述，A 的位移最大，故选A.]6．BD [只将S 1从2拨向1时，n 1变小，根据变压比公式，输出电压变大，故输出电流变大，输出功率变大；输入功率等于输出功率，故输入功率变大，输入电流变大，A 错误；只将S 2从4拨向3时，n 2变小，根据变压比公式，输出电压变小，故输出电流变小，输出功率变小；输入功率等于输出功率，故输入功率变小，输入电流变小，B 正确；只将S 3从闭合变为断开，少一个支路，但电阻R 2与R 3串联的支路的电压不变，故通过电阻R 2的电流不变，R 2两端电压也不变，C 错误；仅增大光照强度，负载总电阻变小，故输出电流变大，输出功率变大；输入功率等于输出功率，故输入功率增大，D 正确；故选B 、D.]7．BC [由于动滑轮两侧绳子的拉力大小相等，根据对称性可知，细线OP 与竖直方向的夹角为30°，D 错误；设悬挂小滑轮的斜线中的拉力与O ′a 绳的拉力分别为F 和F T ，受力分析如图甲，则有2F T cos30°＝F ，得F T ＝20N ，以结点O ′为研究对象，受力分析如图乙，根据平衡条件得，弹簧的弹力为F 1＝F T cos60°＝10N ，A 错误；重物A 的质量m A ＝F T g＝2kg ，B 正确；绳O ′b 的拉力F 2＝F T sin60°＝20×32N ＝103N ，由平衡条件可知，C 正确．]8．ACD [MN 进入磁场时，若F 与安培力大小相等，MN 将做匀速运动，产生的感应电动势和感应电流不变，A 图是可能的，故A 正确；MN 进入磁场时，若F 大于安培力，MN 将做加速运动，随着速度的增大，由F 安＝B 2L 2vR，知安培力增大，合力减小，加速度减小，则MN 将做加速度减小的变加速运动，由i ＝BLvR知，i 逐渐增大，但i 的变化率减小，图线切线的斜率减小，当MN 匀速运动时，产生的感应电流不变，故B 错误，D 正确；MN 进入磁场时，若F 小于安培力，MN 将做减速运动，随着速度的减小，由F 安＝B 2L 2vR，知安培力减小，合力减小，加速度减小，则MN 将做加速度减小的变减速运动．由i ＝BLvR知，i 逐渐减小，i 的变化率减小，图线切线斜率的绝对值减小，当MN 匀速运动时，产生的感应电流不变，故C 正确．]9．BC [“玉兔号”的质量m ＝G 1g ，月球表面的重力加速度g 月＝G 2m ＝G 2gG 1，故A 错误；根据mg ＝G Mm R 2，得M ＝gR 2G ，M 月M 地＝g 月R 月2g 地R 地2＝G 2R 22G 1R 12，故B 正确；根据v ＝GM R ＝gR ，v 月v 地＝g 月R 月g 地R 地＝G 2R 2G 1R 1，故C 正确；根据T 月＝4π2R 月3GM 月，根据m ′g 月＝G M 月m ′R 月2得GM 月＝g 月R 月2，联立得T 月＝4π2R 月g 月＝2πG 1R 2G 2g，故D 错误．] 10．(1)12.0 (2)负 1k bk(3)铅蓄电池的内阻远小于多用电表电压挡的内阻，因此直接用表笔接在蓄电池的两极时，电表的读数非常接近电池的电动势．解析 (1)电压挡量程为50V ，则最小分度为1V ，则指针对应的读数为12.0V ；(2)作为电流表使用时，应保证电流由红表笔流进电表，黑表笔流出电表，故黑表笔连接的是电池的负极；由闭合电路欧姆定律可得：I ＝Er ＋R ，变形可得：1I ＝r E ＋1E·R则由题图可知：r E＝b ；1E＝k ，则可解得：E ＝1k，r ＝bk(3)因铅蓄电池的内阻远小于多用电表电压挡的内阻，因此直接用表笔接在蓄电池的两极时，电表的读数非常接近电池的电动势.11．(1)小铁球 1.145 (2)ABD (3)0.147 0.146 (4)小球在下摆过程中受到空气阻力12．A.(1)AD (2)不变 放热 (3)①V nd ②6Mπρd3解析 (1)雨水在布料上形成一层薄膜，使雨水没有透过布雨伞是因为液体表面存在张力，故A 正确；布朗运动是悬浮微粒的运动，反映了液体分子的无规则运动，故B 错误；打气时会反弹是因为气体压强的原因，不是分子斥力的作用，故C 错误；单晶体的某些物理性质是各向异性的，多晶体和非晶体的物理性质是各向同性的，故D 正确．(2)理想气体从状态A 变化到状态B ，斜率k ＝pV 保持不变，所以做等温变化，故气体的内能不变；理想气体从状态A 变化到状态B ，气体体积减小，内能不变，W ＞0，从B 到C ，体积不变，压强减小，所以温度降低，内能减小，气体由状态A 到状态C 的过程中，ΔU <0，W >0，由ΔU ＝Q ＋W ，气体与外界总的热交换情况是，Q ＜0，则气体放热． (3)①一滴油酸酒精溶液中纯油酸的体积为Vn， 水面上的面积S ＝V nd②油酸的摩尔体积为V A ＝M ρ阿伏加德罗常数为N A ＝V A V 0＝6Mπρd 3B ．(1)CD (2)30° 不能 (3)5m/s解析 (1)X 射线的频率小于γ射线的频率，所以γ射线的穿透能力更强，故A 错误；在电磁波发射技术中，使电磁波随各种信号而改变的技术叫做调制，故B 错误；根据宇宙大爆炸学说，由于星球在远离地球，根据多普勒效应，接收到的频率小于发出的频率，遥远星球发出的红光被地球接收到可能是红外线，故C正确；爱因斯坦狭义相对论指出：真空中的光速在不同的惯性参考系中都是相同的，这是光速不变原理，故D正确．(2)设光线在M 点的入射角为i 、折射角为r ，由折射定律有：n ＝sin isin r由题意知i ＝60°，所以sin r ＝sin i n ＝sin60°3＝0.5，r ＝30°由几何关系可知，光线在AB 面上P 点的入射角为i ′＝60°设发生全反射的临界角为C ，则有sin C ＝1n ＝33<32，C <60°，则光线在P 点发生全反射，不能从AB 边射出，光路图如图所示．(3)波的周期等于质点的振动周期，为T ＝0.8s.当P 质点在正向最大位移处时，Q 质点在平衡位置向上振动，波由P 向Q 传播，波长λ＞1m ，则有：λ4＝1m ，所以：λ＝4m ，波速：v ＝λT ＝5m/sC ．(1)AD (2)A (3)4m p －m α－2m e4m p －m α－2m e c24解析 (1)由质量数守恒，电荷数守恒可知：核反应方程为2713Al ＋11H→2814Si，故A 正确，B 错误；由动量守恒可知，mv ＝28mv ′，解得v ′＝1.0×10728m/s ，故数量级约为105 m/s ，故C 错误，D 正确．(2)核辐射中的三种射线穿透物质的本领由弱到强的排列是α射线，β射线，γ射线，故选A.(3)由题意可知，质量亏损为：Δm ＝4m p －m α－2m e由E ＝Δmc 2可知氦核的比结合能为：E 0＝4m p －m α－2m e c24.13．(1)BLv 0R，方向为逆时针方向 (2)v 02＋2W m (3)BL 22R解析 (1)感应电动势为：E ＝BLv 0； 线框中感应电流为I ＝E R ＝BLv 0R根据楞次定律可知，电流方向为逆时针方向 (2)由动能定理可知，W ＝12mv 2－12mv 02解得：v ＝v 02＋2Wm(3)由q ＝I ·Δt ，再由法拉第电磁感应定律可知：E ＝ΔΦΔt ＝BL22Δt，再由欧姆定律可知：I ＝E R联立解得：q ＝BL 22R14．(1)35N (2)6J (3)距离B 端0.2m 处解析 (1)小球进入管口C 端时它与圆管上管壁有大小为F N ＝2.5mg 的相互作用力，故小球的向心力为：F 向＝2.5mg ＋mg ＝3.5mg ＝3.5×1×10N＝35N(2)在压缩弹簧过程中速度最大时，合力为零． 设此时小球离D 端的距离为x 0，则有kx 0＝mg 解得x 0＝mg k＝0.1m在C 点，由F 向＝mv 2Cr代入数据得：v C ＝7m/s从C 点到速度最大时，由机械能守恒定律有mg (r ＋x 0)＋12mv C 2＝E km ＋E p得E km ＝mg (r ＋x 0)＋12mv C 2－E p ＝3J ＋3.5J －0.5J ＝6J(3)小球从A 点运动到C 点过程，由动能定理得mgh －μmgs ＝12mv C 2解得BC 间距离s ＝0.5m小球与弹簧作用后返回C 处动能不变，小球的动能最终消耗在与BC 水平面相互作用的过程中． 设小球第一次到达C 点后在BC 上的运动总路程为s ′，由动能定理有0－12mv C 2＝－μmgs ′，解得s ′＝0.7m故最终小球在距离B 为0.7m －0.5m ＝0.2m 处停下． 15．见解析解析 (1)在0～t 1时间内，粒子在电磁场中做匀速直线运动，由qv 0B 0＝qE 0，得v 0＝E 0B 0在t 1～t 2时间内，粒子在电场中做类平抛运动，v y ＝a (t 2－t 1)＝qE 0m ·1kB 0＝E 0B 0，则v ＝2v 0＝2E 0B 0由tan θ＝v yv 0＝1得θ＝45°，即v 与水平方向成45°角向下 (2)在t 1～t 2时间内粒子在电场中运动：y 1＝v y 2(t 2－t 1)＝E 02kB 02在t 2～t 3时间内，粒子在磁场中做匀速圆周运动，运动周期T ＝2πm qB 0＝2πkB 0在磁场中运动时间t ＝π4kB 0＝18T ，即圆周运动的圆心角为α＝45°，此时速度恰好沿水平方向在磁场中：由qvB 0＝m v 2r 1得r 1＝2E 0kB 02y 2＝r 1(1－cos45°)＝(2－1)E 0kB 02在t 3时刻偏离O 点的竖直距离y ＝y 1＋y 2＝(2－12)E 0kB 20(3)在t 3时刻进入电场时以初速度v ＝2v 0＝2E 0B 0做类平抛运动，v y ′＝a (t 4－t 3)＝qE 0m ·2kB 0＝2E 0B 0t 4时刻进入磁场时，v ′＝2v 0＝2E 0B 0由tan θ′＝v y ′v＝1得θ′＝45°，即v ′与水平方向成45°角向下，由 qv ′B 0＝m v ′2r 2得r 2＝2E 0kB 02综上可得：水平极板的长度L ＝v 0·2kB 0＋r 1sin45°＋2v 0·2kB 0＋r 2sin45°＝5＋2E 0kB 02。
2019届江苏高三一轮精品卷(七)理综物理试卷
2019届江苏高三一轮精品卷（七）理综物理试卷★祝考试顺利★注意事项：1、考试范围：高考范围。
2、答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。
用2B铅笔将答题卡上试卷类型A后的方框涂黑。
3、选择题的作答：每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
4、非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
5、选考题的作答：先把所选题目的题号在答题卡上指定的位置用2B铅笔涂黑。
答案写在答题卡上对应的答题区域内，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
6、考试结束后，请将本试题卷、答题卡、草稿纸一并上交。
二、单项选择题1. 下列各式属于定义式的是A. 加速度B. 电动势C. 电容D. 磁感应强度【答案】D【解析】是牛顿第二定律的表达式，不是加速度的定义式，故A错误．电动势是法拉第电磁感应定律的表达式，不是定义式，选项B错误；电容是电容的量度公式，是定义式，选项C错误；磁感应强度是磁感应强度的定义式，采用比值法定义，故D正确．故选D.2. 如图所示为从静止开始做直线运动的物体加速度—时间图象，关于物体运动下列说法正确的是A. 物体在t=6s时，速度为0B. 物体在t=6s时，速度为18m/sC. 物体运动前6s平均速度为9m/sD. 物体运动前6s位移为18m【答案】B【解析】物体在t =6s时，速度为，选项B正确，A错误；因物体做变加速运动，无法求解前6s的位移和平均速度，故选B.3. 高空滑索是勇敢者的运动.如图所示一个人用轻绳通过轻质滑环悬吊在足够长的倾斜钢索上运动(设钢索是直的)，下滑过程中到达图中A位置时轻绳与竖直线有夹角，到达图中B位置时轻绳竖直向下.不计空气阻力，下列说法正确的是A. 在A位置时，人的加速度可能为零B. 在A位置时，钢索对轻绳的作用力小于人的重力C. 在B位置时，钢索对轻环的摩擦力为零D. 若轻环在B位置突然被卡住，则此时轻绳对人的拉力等于人的重力【答案】B【解析】在A位置时，人受到重力和线的拉力，合力沿斜面向下，不为零，则加速度不可能为零；拉力T=mgtanθ，当θ<450时，T<mg，故A错误，B正确；在B位置时，细绳的拉力竖直，则人匀速下滑，此时钢索对轻环的摩擦力等于重力的分力mgsinθ，选项C错误；若轻环在B位置突然被卡住，则此时人将做圆周运动，根据T-mg=m可知，轻绳对人的拉力大于人的重力，选项D错误；故选B.4. 一带电粒子在电场中仅受静电力作用，做初速度为零的直线运动.取该直线为x轴，起始点O为坐标原点，其电势能E P与位移x的关系如图所示，下列图象中合理的是A. B.C. D.【答案】D【解析】粒子仅受电场力作用，做初速度为零的加速直线运动，电场力做功等于电势能的减小量，故：，即图象上某点的切线的斜率表示电场力；A、图象上某点的切线的斜率表示电场力，故电场力逐渐减小，根据，故电场强度也逐渐减小，A错误；B、根据动能定理，有：，故图线上某点切线的斜率表示电场力；由于电场力逐渐减小，与B图矛盾，B错误；C、按照C图，速度随着位移均匀增加，根据公式，匀变速直线运动的图象是直线，题图图象是直线；相同位移速度增加量相等，又是加速运动，故增加相等的速度需要的时间逐渐减小，故加速度逐渐增加；而电场力减小导致加速度减小；故矛盾，C错误；D、粒子做加速度减小的加速运动，D正确；故选D。
2019届高考物理(课标通用)一轮复习阶段综合检测(一) 第一-三章验收(重点高中)
阶段综合检测（一）第一~三章验收(时间：90分钟满分：110分)一、选择题(本题共12小题，每小题4分，共48分。
在每小题给出的四个选项中，第1～7题只有一项符合题目要求，第8～12题，有多项符合题目要求。
全部选对得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分)1．(2018·吉林大学附中模拟)从t＝0时刻开始，甲沿光滑水平面做直线运动，速度随时间变化如图甲；乙静止于光滑水平地面，从t＝0时刻开始受到如图乙所示的水平拉力作用。
则在0～4 s的时间内()A．甲物体所受合力不断变化B．甲物体的速度不断减小C．2 s末乙物体改变运动方向D．2 s末乙物体速度达到最大解析：选D由题图甲所示可以知道：物体甲在0～2 s内做匀减速直线运动，在2～4 s 内做反向的匀加速直线运动，整个过程加速度不变。
由牛顿第二定律F＝ma可以知道，物体甲受到的合力保持不变，故A错误。
物体甲的速度先减小后反向增大，故B错误。
由乙图可以知道：乙所受的拉力先沿正向后沿负向。
说明乙在0～2 s内做加速度减小的加速运动，2～4 s内沿原方向做加速度增大的减速运动，2 s末运动方向没有改变，且2 s末乙物体速度达到最大，故C错误，D正确。
2.(2018·辽宁省实验中学模拟)一皮带传送装置如图所示，轻弹簧一端固定，另一端连接一个质量为m的滑块，已知滑块与皮带之间存在摩擦。
现将滑块轻放在皮带上，弹簧恰好处于自然长度且轴线水平。
若在弹簧从自然长度到第一次达最长的过程中，滑块始终未与皮带达到共速，则在此过程中滑块的速度和加速度变化情况是()A．速度增大，加速度增大B．速度增大，加速度减小C．速度先增大后减小，加速度先增大后减小D．速度先增大后减小，加速度先减小后增大解析：选D滑块轻放到皮带上，受到向左的摩擦力，开始摩擦力大于弹簧的弹力，向左做加速运动，在此过程中，弹簧的弹力逐渐增大，根据牛顿第二定律，加速度逐渐减小，当弹簧的弹力与滑动摩擦力相等时，速度达到最大，然后弹力大于摩擦力，加速度方向与速度方向相反，滑块做减速运动，弹簧弹力继续增大，根据牛顿第二定律得，加速度逐渐增大，速度逐渐减小。
2019年江苏省高考物理试卷以及答案解析
2019年普通高等学校招生全国统一考试（江苏卷）物理一、单项选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分。
每小题只有一个选项符合题意。
1．（3分）某理想变压器原、副线圈的匝数之比为1：10，当输入电压增加20V时，输出电压（）A．降低2V B．增加2V C．降低200V D．增加200V 2．（3分）如图所示，一只气球在风中处于静止状态，风对气球的作用力水平向右。
细绳与竖直方向的夹角为α，绳的拉力为T，则风对气球作用力的大小为（）A．B．C．TsinαD．Tcosα3．（3分）如图所示的电路中，电阻R＝2Ω．断开S后，电压表的读数为3V；闭合S后，电压表的读数为2V，则电源的内阻r为（）A．1ΩB．2ΩC．3ΩD．4Ω4．（3分）1970年成功发射的“东方红一号”是我国第一颗人造地球卫星，该卫星至今仍沿椭圆轨道绕地球运动。
如图所示，设卫星在近地点、远地点的速度分别为v1、v2，近地点到地心的距离为r，地球质量为M，引力常量为G．则（）A．v1＞v2，v1＝B．v1＞v2，v1＞C．v1＜v2，v1＝D．v1＜v2，v1＞5．（3分）一匀强电场的方向竖直向上。
t＝0时刻，一带电粒子以一定初速度水平射入该电场，电场力对粒子做功的功率为P，不计粒子重力，则P﹣t关系图象是（）A．B．C．D．二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共计16分．每小题有多个选项符合题意．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分．6．（4分）如图所示，摩天轮悬挂的座舱在竖直平面内做匀速圆周运动。
座舱的质量为m，运动半径为R，角速度大小为ω，重力加速度为g，则座舱（）A．运动周期为B．线速度的大小为ωRC．受摩天轮作用力的大小始终为mgD．所受合力的大小始终为mω2R7．（4分）如图所示，在光滑的水平桌面上，a和b是两条固定的平行长直导线，通过的电流强度相等。
矩形线框位于两条导线的正中间，通有顺时针方向的电流，在a、b产生的磁场作用下静止。
江苏省四星级高中部分学校2019届高三第一次调研联考物理试卷(含答案)
江苏省高三年级第一次调研测试物 理考生注意：1.本试卷分第I 卷(选择题）和第Ⅱ卷(非选择题）两部分，共120分钟。
考试时间100分钟2.请将各题答案填在答题卡上，第I 卷（选择题 共31分）―、单项选择题:本题共5小题.每小题3分，共计15分。
每小题只有一个选项符合题意。
1.采用220 kV 高压电远方的城市输电，输送功率一定时，当输电电压变为110 kV ，输电线上损耗的功率变为原来的 A.41 B. 21 C.2倍 D. 4倍 2.2017年9月，我国控制“天舟一号”飞船离轨，使它进入大气层烧毁，残骸坠入南太平洋 一处号称“航天器坟场”的远离大陆的深海区，在受控坠落前，“天舟一号”在距离地面 380km 的圆轨道上飞行，则下列说法中正确的是A ．在轨运行时，“天舟一号”的线速度大于第一宇宙速度B ．在轨运行时，“天舟一号”的角速度小于同步卫星的角速度C ．受控坠落时，应通过“反推”实线制动离轨D ．“天舟一号”离轨后，在进入大气层前，运行速度不断减小3.某弹射管每次弹出的小球速度相等。
在沿光滑竖直轨道自由下落过程中，该弹射管保持水平，先后弹出两只小球。
忽略空气阻力，两只小球落到水平地面时的速度A.大小相等，方向相同B.大小相等，方向不同C.大小不等，方向相同D.大小不等，方向不同4.如图所示.两根足够艮绝缘缘导线垂直靠近放置，通以大小相等的恒定电流，a 点和b 点到两根导线的距离均为点到两根导线的距离分別为2l 和l ，下列判断正确的是A ．b 处的磁感应强度为零B ．a 、b 两点的磁感应强度大小相等C ．b 、c 两点的磁感应强度方向相同D. c 点的磁感应强度大小比B 点的大5.在电荷量分别为2q 和-q 的两个点电荷形成的电场中，电场线分布如图所示，在两点电荷连线上有a 、b 、c 三点，且b 、c 两点到正点电荷距离相等，则A ．在两点电荷之间的连线上存在一处电场强度为零的点B ．将以电子从a 点由静止释放，它将在a 、b 间往复运动C.c 点\的电势高于b 点的电势D ．负试探电荷在a 点具有的电势能比在b 点时具有的电势能小二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共计16分。
2019届江苏高三一轮精品卷(五)理综物理试卷
2019届江苏高三一轮精品卷（五）理综物理试卷★祝考试顺利★注意事项：1、考试范围：高考范围。
2、答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。
用2B铅笔将答题卡上试卷类型A后的方框涂黑。
3、选择题的作答：每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
4、非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
5、选考题的作答：先把所选题目的题号在答题卡上指定的位置用2B铅笔涂黑。
答案写在答题卡上对应的答题区域内，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
6、考试结束后，请将本试题卷、答题卡、草稿纸一并上交。
一、单项选择题（5小题）1. 一颗卫星绕地球沿椭圆轨道运动，A、B是卫星运动的远地点和近地点．下列说法中正确的是( )A. 卫星在A点的角速度大于B点的角速度B. 卫星在A点的加速度小于B点的加速度C. 卫星由A运动到B过程中动能减小，势能增加D. 卫星由A运动到B过程中引力做正功，机械能增大【答案】B【解析】试题分析：近地点的线速度较大，结合线速度大小，根据比较角速度大小．根据牛顿第二定律比较加速度大小．根据万有引力做功判断动能和势能的变化．近地点的速度较大，可知B点线速度大于A点的线速度，根据知，卫星在A点的角速度小于B点的角速度，故A错误；根据牛顿第二定律得，，可知卫星在A点的加速度小于B点的加速度，故B正确．卫星沿椭圆轨道运动，从A到B，万有引力做正功，动能增加，势能减小，机械能守恒，故CD错误．2. 如图所示，质量为的物块B放置在光滑水平桌面上，其上放置质量为的物块A，A通过跨过光滑定滑轮的细线与质量为M的物块C连接．释放C，A和B一起以加速度a由静止开始运动，已知A、B间动摩擦因数为μ，则细线中的拉力大小为( )A. MgB. Mg+MaC.D.【答案】C【解析】以C为研究对象，则，解得，故AB错误；以AB为整体根据牛顿第二定律可知，故C正确；AB间为静摩擦力，对B根据牛顿第二定律可知，，对A可知，联立解得，故D错误；故选C.【点睛】先用隔离法对C受力分析，再整体法对AB受力分析，最后隔离B受力分析，根据牛顿第二定律求绳子的拉力.3. 如图所示，三块平行放置的带电金属薄板A、B、C中央各有一小孔，小孔分别位于O、M、P点.由O点静止释放的电子恰好能运动到P点.现将C板向右平移到点，则由O点静止释放的电子A. 运动到P点返回B. 运动到P和点之间返回C. 运动到点返回D. 穿过点【答案】A【解析】设AB间电场强度为，BC间场强为，根据题意由O点释放的电子恰好能运动到P 点，根据动能定理，有①BC板电量不变，BC板间的场强②由②知BC板间的场强不随距离的变化而变化，当C板向右平移到时，BC板间的场强不变，由①知，电子仍然运动到P点返回，故A正确，BCD错误。
2019届高考物理江苏专版一轮复习阶段检测(二) 第一_五章验收 Word版含解析
阶段综合检测（二） 第一~五章验收(其中第一~三章分值约占25%)(时间:100分钟 满分:120分)一、单项选择题(本题共7小题,每小题3分,共21分.每小题只有一个选项符合题意)1、(2018·汕头一模)一骑行者所骑自行车前后轮轴的距离为L ,在水平道路上匀速运动,当看到道路前方有一条减速带时,立刻刹车使自行车做匀减速直线运动,自行车垂直经过该减速带时,对前、后轮造成的两次颠簸的时间间隔为t .利用以上数据,可以求出前、后轮经过减速带这段时间内自行车的( )A 、初速度B 、末速度C 、平均速度D 、加速度解析:选C 在只知道时间t 和这段时间内运动位移x 的前提下,由v ＝x t 可知能求平均速度v ,C 项正确.2.(2018·武汉模拟)一段圆环固定在竖直面内,O 为圆心,轻绳的两端分别系在圆环上的P 、Q 两点,P 、Q 两点等高,一物体通过光滑的轻质挂钩挂在绳上,物体处于静止状态.现保持轻绳的Q 端位置不变,使P 端在圆环上沿逆时针方向缓慢转动,至PO 水平.此过程中轻绳的张力( )A 、一直减小B 、一直增大C 、先增大后减小D 、先减小后增大解析:选B 物体通过光滑的挂钩挂在绳上,绳各处张力相等.P 端沿逆时针旋转过程中,两绳夹角变大,合力大小、方向不变,故两分力都变大,即轻绳的张力一直增大,选项B 正确.3、(2018·厦门一中月考)一质量为m 的铁锤,以速度v 竖直打在木桩上,经过Δt 时间停止后,则在打击时间内,铁锤对木桩的平均冲力的大小是( )A 、mg ΔtB.m v ΔtC.m v Δt ＋mgD.m v Δt－mg 解析:选C 对铁锤分析可知,其受重力与木桩的作用力,设向下为正方向,则有(mg －F )Δt ＝0－m v ,得:F ＝m v Δt＋mg ,由牛顿第三定律可知,铁锤对木桩的平均冲力为m v Δt＋mg ,选项C 正确. 4.如图所示,具有一定质量的小球A 固定在轻杆一端,另一端挂在小车支架的O 点.用手将小球拉至水平,此时小车静止于光滑水平面上,放手让小球摆下与B 处固定的橡皮泥碰击后粘在一起,则在此过程中小车将( )A 、向右运动B 、向左运动C 、静止不动D 、小球下摆时,车向左运动后又静止解析:选D 水平方向上,系统不受外力,因此在水平方向上动量守恒,小球下摆过程中,水平方向具有向右的分速度,因此为保证动量守恒,小车要向左运动.当撞到橡皮泥,是完全非弹性碰撞,A 球和小车大小相等、方向相反的动量恰好抵消掉,小车会静止.5、质量为2 kg 的物体A 做平抛运动,落地时水平方向的位移和竖直方向的位移均为L ＝5 m,不考虑空气阻力的影响,重力加速度g 取10 m/s 2,下列说法中正确的是( )A 、物体A 落地时的动量大小为10 5 kg·m/sB 、物体A 落地时的动能为100 JC 、物体A 落地时,速度与水平方向的夹角是45°D 、物体A 做平抛运动中合力的平均功率为125 W解析:选A 由平抛运动规律可知:物体A 做平抛运动的时间t ＝ 2L g ＝1 s,做平抛运动的初速度v 0＝Lt ＝5 m/s,落地时竖直方向的速度v y ＝gt ＝10 m/s,落地时速度v ＝v 02＋v y 2＝5 5 m/s,落地时的动量大小p ＝m v ＝10 5 kg·m/s,A 正确；物体A 落地时的动能E k ＝12m v 2＝125 J,B 错误；物体A 落地时,速度与水平方向的夹角的正切值tan θ＝v y v 0＝2,速度与水平方向的夹角不是45°,C 错误；物体A 做平抛运动中合力是重力,这段时间内重力做的功W ＝mgL ＝100 J,重力的平均功率为100 W,D 错误.6、(2018·沈阳模拟)卫星从发射到进入预定轨道往往需要进行多次轨道调整,如图所示,某次发射任务中先将卫星送至近地轨道,然后再控制卫星进入椭圆轨道,图中O 点为地心,地球半径为R ,A 点是近地轨道和椭圆轨道的交点,远地点B 离地面高度为6R ,设卫星在近地轨道运动的周期为T ,下列对卫星在椭圆轨道上运动的分析,其中正确的是( )A 、控制卫星从图中低轨道进入椭圆轨道需要使卫星减速B 、卫星通过A 点时的速度是通过B 点时速度的6倍C 、卫星通过A 点时的加速度是通过B 点时加速度的6倍D 、卫量从A 点经4T 的时间刚好能到达B 点解析:选D 卫星在椭圆轨道上运动的半长轴为4R ,由开普勒第三定律知T 12T 22＝R 13R 23,卫星在椭圆轨道上运行的周期为8T ,卫星从A 到B 用时为半个周期,即4T ,D 正确.7、(2017·江苏高考)如图所示,一小物块被夹子夹紧,夹子通过轻绳悬挂在小环上,小环套在水平光滑细杆上.物块质量为M ,到小环的距离为L ,其两侧面与夹子间的最大静摩擦力均为F .小环和物块以速度v 向右匀速运动,小环碰到杆上的钉子P 后立刻停止,物块向上摆动.整个过程中,物块在夹子中没有滑动.小环和夹子的质量均不计,重力加速度为g .下列说法正确的是( )A 、物块向右匀速运动时,绳中的张力等于2FB 、小环碰到钉子P 时,绳中的张力大于2FC 、物块上升的最大高度为2v 2gD 、速度v 不能超过 (2F －Mg )L M解析:选D 物块受到的摩擦力小于最大静摩擦力,即Mg <2F .物块向右匀速运动时,物块处于平衡状态,绳子中的张力T ＝Mg ≤2F ,故A 错误.小环碰到钉子时,物块做圆周运动,根据牛顿第二定律和向心力公式有:T －Mg ＝M v 2L ,T ＝Mg ＋M v 2L ,所以绳子中的张力与2F 大小关系不确定,B 错误.若物块做圆周运动到达的高度低于P 点,根据动能定理有－Mgh ＝0－12M v 2,则最大高度h ＝v 22g；若物块做圆周运动到达的高度高于P 点,则根据动能定理有－Mgh ＝12M v ′2－12M v 2,则最大高度h <v 22g,C 错误.小环碰到钉子后,物块做圆周运动,在最低点,物块与夹子间的静摩擦力达到最大值,由牛顿第二定律知:2F －Mg ＝M v 2L ,故最大速度v ＝ (2F －Mg )L M,D 正确. 二、多项选择题(本题共5小题,每小题4分,共20分.每小题有多个选项符合题意.全部选对的得4分,选对但不全的得2分,错选或不答的得0分)8、一细绳系着小球,在光滑水平面上做圆周运动,小球质量为m ,速度大小为v ,做圆周运动的周期为T ,则以下说法中正确的是( )A 、经过时间t ＝T 2,动量变化量为0 B 、经过时间t ＝T 4,动量变化量大小为2m v C 、经过时间t ＝T 2,细绳对小球的冲量大小为2m v D 、经过时间t ＝T 4,重力对小球的冲量大小为mgT 4解析:选BCD 经过时间t ＝T 2,小球转过了180°,速度方向正好相反,若规定开始计时时的速度方向为正,则动量变化量为Δp ＝－m v －m v ＝－2m v ,细绳对小球的冲量为I ＝Δp ＝－m v －m v ＝－2m v ,故大小为2m v ,选项A 错误,C 正确；经过时间t ＝T 4,小球转过了90°,根据矢量合成法可得,动量变化量大小为Δp ′＝2m v ,重力对小球的冲量大小为I G ＝mgt ＝mgT 4,B 、D 均正确. 9.如图所示,劲度系数为k 的轻质弹簧,一端系在竖直放置的半径为R 的圆环顶点P ,另一端系一质量为m的小球,小球穿在圆环上做无摩擦的运动.设开始时小球置于A 点,弹簧处于自然状态,当小球运动到最低点时速率为v ,对圆环恰好没有压力.下列分析正确的是( )A 、从A 到B 的过程中,小球的机械能守恒B 、从A 到B 的过程中,小球的机械能减少C 、小球过B 点时,弹簧的弹力为mg ＋m v 2RD 、小球过B 点时,弹簧的弹力为mg ＋m v 22R解析:选BC 从A 到B 的过程中,因弹簧对小球做负功,小球的机械能将减少,A 错误,B 正确；在B 点对小球应用牛顿第二定律可得:F B－mg ＝m v 2R ,解得F B ＝mg ＋m v 2R ,C 正确,D 错误.10.如图所示,两个小球分别从斜虚线EF 上的O 、S 两点水平抛出,过一段时间再次经过斜虚线EF ,若不计空气阻力,则下列说法正确的是( )A、两小球再次经过斜虚线EF时的速度大小可能相同B、两小球再次经过斜虚线EF时的速度方向一定相同C、两小球可能同时经过斜虚线EF上的同一位置D、从O点水平抛出的小球到再次经过斜虚线EF所用的时间长解析:选ABC若两个球抛出时的初速度相同,则再次过虚线时两球的速度相同,A项正确；设虚线EF与水平方向夹角为α,再次经过虚线EF时的速度与水平方向的夹角为β,由平抛运动规律的推论可知:tan β＝2tan α,速度与水平方向的夹角相同,即速度方向相同,B项正确；若O点处球以水平初速度v1抛出到达虚线上某点C用时t1,S 点处球以初速度v2水平抛出到达C用时为t2,因此要使两球同时到达C点,只要O处的球(以初速度v1)比S处的球(以初速度v2)早t1－t2的时间抛出,两球可以同时到达C点,C项正确；若O处的球抛出的初速度比S处的球抛出的初速度小,则从O处抛出的球再次经过虚线EF 所用时间比S处抛出的球再次经过虚线EF所用时间短,D项错误.11.如图所示,斜面除AB段粗糙外,其余部分都是光滑的,物体与AB段间的动摩擦因数又处处相等,一个从顶点滑下的物体,经过A点时速度与经过C点时的速度相等,且AB＝BC,则以下说法中正确的是()A、物体在AB段和BC段的加速度大小相等B、物体在AB段和BC段的运动时间相等C、重力在以上两段运动中对物体做的功相等D、物体在以上两段运动中的动量变化量相同解析:选ABC根据运动学公式v12＝v02＋2ax,对AB段有v B2＝v A2＋2a AB x AB,对BC段有v C2＝v B2＋2a BC x BC,因为v C＝v A,x AB＝x BC,所以有a AB＝－a BC,即两段运动加速度大小相等,方向相反,A选项正确；根据动量定理,对AB段,F合t AB＝m(v B－v A),对BC段,F合′t BC＝m(v C －v B),因为两段速度变化大小相等,方向相反,合外力大小相等,方向相反,所以t AB＝t BC,B选项正确；因为x AB＝x BC,所以在两段运动中竖直方向的位移分量相等,故重力做功相等,C选项正确；物体在以上两段运动中动量变化量大小相等,方向相反,故D选项错误.12、(2018·齐鲁名校协作体联考)如图甲所示,为测定物体冲上粗糙斜面能达到的最大位移x与斜面倾角θ的关系,将某一物体沿足够长的斜面每次以不变的初速率v0向上推出,调节斜面与水平方向的夹角θ,实验测得x与斜面倾角θ的关系如图乙所示,g取10 m/s2,根据图像可求出(最大静摩擦力等于滑动摩擦力)()A、物体的初速率v0＝3 m/sB、物体与斜面间的动摩擦因数μ＝0.75C、取不同的倾角θ,物体在斜面上能达到的位移x的最小值x min ＝1.44 mD、当某次θ＝30°时,物体达到最大位移后将沿斜面下滑解析:选BC由题图乙可知,当倾角θ＝0时,位移为2.40 m,而当倾角为90°时,位移为1.80 m,则由竖直上抛运动规律可得v 0＝2gh ＝2×10×1.80 m/s ＝6 m/s,故A 错误；当倾角为0时,由动能定理可得－μmgx ＝0－12m v 02,解得μ＝0.75,故B 正确；取不同的倾角θ,由动能定理得－mgx sin θ－μmgx cos θ＝0－12m v 02,解得x ＝v 022g (sin θ＋μcos θ)＝362×10×⎝ ⎛⎭⎪⎫sin θ＋34cos θ m ＝3625×sin (θ＋α) m,当θ＋α＝90°时位移最小,x min ＝1.44 m,故C 正确；若θ＝30°时,重力沿斜面向下的分力为mg sin 30°＝12mg ,摩擦力F f ＝μmg cos 30°＝338mg ,又因最大静摩擦力等于滑动摩擦力,故物体达到最高点后,不会沿斜面下滑,故D 错误.三、实验题(本题共2小题,共18分)13、(8分)光电门在测量物体的瞬时速度方面有得天独厚的优势,比如在探究加速度和力的关系时就省去了打点计时器分析纸带的不便,实验装置如图甲所示.(1)虽然少了计算的麻烦,却必须要测量遮光条的宽度,游标卡尺测量的结果如图乙所示,我们可以发现游标尺上每一分度与主尺上的最小刻度相差________cm,遮光条宽度d 为________ cm.(2)某次实验过程中,已经得到AB 之间的距离l 和遮光条通过光电门的时间t 和力传感器的示数F ,若要完成探究目的,还需要满足的条件是______________.若要以F 为横坐标,做出一条倾斜的直线来判断加速度和力成正比,那么纵坐标的物理量应该是________⎝⎛⎭⎪⎫选填“t 2”或“1t 2”. 解析:(1)游标尺共计20个分度,总长19 mm,每个分度长0.95 mm,主尺的最小刻度是1 mm,相差0.005 cm.d ＝2 mm ＋5×0.05 mm ＝2.25 mm ＝0.225 cm.(2)要测量加速度,已经知道滑块在B 点的速度,AB 之间的距离,根据v 2－v 02＝2ax ,必须知道初速度,而A 点没有光电门,所以滑块在A 点必须从静止开始释放.由F ＝ma ,a ＝v 22l ＝d 22lt 2可得,F ＝md 22lt 2∝1t 2,所以处理数据时应作出1t 2-F 图像. 答案:(1)0.005 0.225 (2)滑块在A 点静止释放 1t 214、(10分)(2018·资阳一诊)图甲所示为验证机械能守恒定律的实验装置,某同学完成了一系列实验操作后,得到了如图乙所示的一条纸带.现选取纸带上某清晰的点标为0,然后每两个计时点取一个计数点,分别标记为1、2、3、4、5、6,用刻度尺量出计数点1、2、3、4、5、6与0点的距离分别为h 1、h 2、h 3、h 4、h 5、h 6.(重力加速度为g )(1)已知打点计时器的打点周期为T,可求出打各个计数点时对应的速度分别为v1、v2、v3、v4、v5,其中v5的计算式v5＝__________.(2)若重锤的质量为m,取打点0时重锤所在水平面为参考平面,分别算出打各个计数点时对应重锤的势能E p i和动能E k i,则打计数点3时对应重锤的势能E p3＝______(用题中所给物理量的符号表示)；接着在E-h坐标系中描点作出如图丙所示的E k-h和E p-h图线,求得E p-h 图线斜率的绝对值为k1,E k-h图线的斜率为k2,则在误差允许的范围内,k1________k2(选填“＞”“＜”或“＝”)时重锤的机械能守恒.(3)关于上述实验,下列说法中正确的是________.A、实验中可用干电池作为电源B、为了减小阻力的影响,重锤的密度和质量应该适当大些C、实验时应先释放纸带后接通电源D、图丙E k-h图线纵轴上的截距表示重锤经过参考平面时的动能(4)无论如何改进实验方法和措施,总有重力势能的改变量大于动能的改变量,原因是:________________________________________________________ __.解析:(1)计数点5的瞬时速度等于4、6两点间的平均速度,则v5＝h 6－h 44T. (2)打计数点3时对应重锤的势能E p3＝－mgh 3,根据图像可知,每一段对应的重力势能减小量和动能增加量相等,那么机械能守恒,即图线的斜率大小相同,才能满足条件,因此k 1＝k 2.(3)实验中打点计时器使用的是交流电源,不可用干电池作为电源,故A 错误；为了减小阻力的影响,重锤的密度和质量应该适当大些,故B 正确；实验时应先接通电源,再释放纸带,故C 错误；图丙E k -h 图线纵轴上的截距表示重锤经过参考平面时的初动能,故D 正确.(4)无论如何改进实验方法和措施,总有重力势能的改变量大于动能的改变量,原因是重锤下落过程中纸带和重锤受到阻力作用.答案:(1)h 6－h 44T(2)－mgh 3 ＝ (3)BD (4)重锤下落过程中纸带和重锤受到阻力作用四、计算题(本题共4小题,共61分)15、(14分)(2017·上海高考)如图,与水平面夹角θ＝37°的斜面和半径R ＝0.4 m 的光滑圆轨道相切于B 点,且固定于竖直平面内.滑块从斜面上的A 点由静止释放,经B 点后沿圆轨道运动,通过最高点C 时轨道对滑块的弹力为零.已知滑块与斜面间动摩擦因数μ＝0.25.(g 取10 m/s 2,sin 37°＝0.6,cos 37°＝0.8)求:(1)滑块在C 点的速度大小v C ；(2)滑块在B 点的速度大小v B ；(3)A 、B 两点间的高度差h .解析:(1)在C 点滑块竖直方向所受合力提供向心力mg ＝m v C 2Rv C ＝gR ＝2 m/s.(2)对B →C 过程:滑块机械能守恒12m v B 2＝12m v C 2＋mgR (1＋cos 37°) v B ＝v C 2＋2gR (1＋cos 37°)＝4.29 m/s.(3)滑块在A →B 的过程,利用动能定理:mgh －μmg cos 37°·h sin 37°＝12m v B 2－0 代入数据解得h ＝1.38 m.答案:(1)2 m/s (2)4.29 m/s (3)1.38 m16、(15分)如图所示,光滑半圆形轨道MNP 竖直固定在水平面上,直径MP 垂直于水平面,轨道半径R＝0.5 m.质量为m 1的小球A 静止于轨道最低点M ,质量为m 2的小球B 用长度为2R 的细线悬挂于轨道最高点P .现将小球B 向左拉起,使细线水平,以竖直向下的速度v 0＝4 m/s 释放小球B ,小球B 与小球A 碰后粘在一起恰能沿半圆形轨道运动到P 点.两球可视为质点,g ＝10 m/s 2,试求:(1)B 球与A 球相碰前的速度大小；(2)A 、B 两球的质量之比m 1∶m 2.解析:(1)设B 球与A 球碰前速度为v 1,碰后两球的速度为v 2.B 球摆下来的过程中机械能守恒12m 2v 02＋m 2g ·2R ＝12m 2v 12 解得v 1＝6 m/s.(2)碰后两球恰能运动到P 点,则(m 1＋m 2)g ＝(m 1＋m 2)v P 2R得v P ＝gR ＝ 5 m/s碰后两球沿圆弧运动机械能守恒12(m 1＋m 2)v 22＝12(m 1＋m 2)v P 2＋(m 1＋m 2)g ·2R 解得v 2＝5 m/s两球碰撞过程中动量守恒m 2v 1＝(m 1＋m 2)v 2解得m 1∶m 2＝1∶5.答案:(1)6 m/s (2)1∶517、(16分)滑雪者为什么能在软绵绵的雪地中高速奔驰呢？其原因是白雪内有很多小孔,小孔内充满空气.当滑雪板压在雪地时会把雪内的空气逼出来,在滑雪板与雪地间形成一个暂时的“气垫”,从而大大减小雪地对滑雪板的摩擦.然而当滑雪板对雪地速度较小时,与雪地接触时间超过某一值就会陷下去,使得它们间的摩擦力增大.假设滑雪者的速度超过4 m/s 时,滑雪板与雪地间的动摩擦因数就会由μ1＝0.25变为μ2＝0.125.一滑雪者从倾角为θ＝37°的坡顶A由静止开始自由下滑,滑至坡底B(B处为一光滑小圆弧)后又滑上一段水平雪地,最后停在C处,如图所示.不计空气阻力,坡长为l＝26 m,g取10 m/s2,sin 37°＝0.6,cos 37°＝0.8.求:(1)滑雪者从静止开始到动摩擦因数发生变化经历的时间；(2)滑雪者到达B处的速度；(3)滑雪者在水平雪地上运动的最大距离.解析:(1)设滑雪者和滑雪板的总质量为m,由牛顿第二定律得mg sin θ－μ1mg cos θ＝ma1,a1＝g(sin θ－μ1cos θ)＝4 m/s2滑行时间t＝va1＝1 s.(2)由静止到动摩擦因数变化时的位移为x1＝12a1t2＝2 m动摩擦因数变化后,由牛顿第二定律得mg sin θ－μ2mg cos θ＝ma2,a2＝g(sin θ－μ2cos θ)＝5 m/s2又有x2＝l－x1＝24 m由v B2－v2＝2a2x2,解得v B＝v2＋2a2x2＝16 m/s. (3)在水平雪地上做匀减速直线运动.阶段一:运动加速度为a 3＝μ2g ＝1.25 m/s 2由运动规律得x 3＝v B 2－v 22a 3＝96 m 阶段二:运动加速度为a 4＝μ1g ＝2.5 m/s 2由运动规律得x 4＝v 22a 4＝3.2 m 则最大距离x m ＝x 3＋x 4＝99.2 m.答案:(1)1 s (2)16 m/s (3)99.2 m18、(16分)(2018·贵阳月考)在光滑的冰面上放置一个截面为四分之一圆且半径足够大的光滑自由曲面体,一个坐在冰车上的小孩手扶一小球静止在冰面上.已知小孩和冰车的总质量为m 1,小球的质量为m 2,曲面体的质量为m 3.某时刻小孩将小球以v 0＝4 m/s 的速度向曲面体推出(如图所示).(1)求小球在圆弧面上能上升的最大高度；(2)若m 1＝40 kg,m 2＝2 kg,小孩将球推出后还能再接到小球,试求曲面质量m 3应满足的条件.解析:(1)小球与曲面组成的系统在水平方向动量守恒,以向左为正方向,由动量守恒定律得m 2v 0＝(m 2＋m 3)v系统机械能守恒,由机械能守恒定律得12m 2v 02＝12(m 2＋m 3)v 2＋m 2gh 解得:h ＝m 3v 022(m 2＋m 3)g.(2)小孩推出球的过程小孩与球组成的系统动量守恒,以向左为正方向,由动量守恒定律得m 2v 0－m 1v 1＝0,球与曲面组成的系统在水平方向动量守恒,以向左为正方向,由动量守恒定律得m 2v 0＝－m 2v 2＋m 3v 3由机械能守恒定律得12m 2v 02＝12m 2v 22＋12m 3v 32 解得:v 2＝m 3－m 2m 3＋m 2v 0 如果小孩将球推出后还能再接到球,则需要满足:v 2＞v 1解得:m 3＞4219kg. 答案:(1)m 3v 022(m 2＋m 3)g(2)m 3＞4219 kg。
2019届江苏高三一轮精品卷(三)理综物理试卷
2019届江苏高三一轮精品卷（三）理综物理试卷本试卷共16页，38题（含选考题）。
全卷满分300分。
考试用时150分钟。
★祝考试顺利★注意事项：1、考试范围：高考范围。
2、答题前，请先将自己的姓名、准考证号用0.5毫米黑色签字笔填写在试题卷和答题卡上的相应位置，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。
用2B铅笔将答题卡上试卷类型A后的方框涂黑。
3、选择题的作答：每个小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选择题答题区域的答案一律无效。
4、主观题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域的答案一律无效。
如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。
不按以上要求作答无效。
5、选考题的作答：先把所选题目的题号在答题卡上指定的位置用2B铅笔涂黑。
答案用0.5毫米黑色签字笔写在答题卡上对应的答题区域内，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选修题答题区域的答案一律无效。
6、保持卡面清洁，不折叠，不破损，不得使用涂改液、胶带纸、修正带等。
7、考试结束后，请将本试题卷、答题卡、草稿纸一并依序排列上交。
一、单项选择题1. 在国际单位制（SI）中，力学和电学的基本单位有：m（米）、kg（千克）、s（秒）、A（安培）；库仑定律中k的单位用上述基本单位可表示为A.B.C.D.【答案】D【解析】根据F=ma得：1N=kg⋅m⋅s−2，根据得：1N=kg⋅m⋅s−2=k×c2m-2，根据Q=It得：1c=1A×s，得k= ，故ABC错误，D正确。
故选：D.2. 如图甲所示为某公司研制的“双动力智能型救援机器人”（又被网友称为“麻辣小龙虾”），其长长的手臂前端有二个对称安装的“铁夹”，在某次救援活动中，“麻辣小龙虾”用铁夹恰好竖直抓取到重量为G的长方形水泥制品，水泥制品在空中处于静止状态，如图乙所示，A. 水泥制品受到的摩擦力大小一定等于GB. 水泥制品受到的摩擦力方向可能竖直向下C. 若铁夹的位置稍向上移，水泥制品受到的摩擦力变大D. 若增大铁夹对水泥制品的挤压，水泥制品受到的摩擦力变大【答案】A【解析】AB、以水泥制品为研究对象，竖直方向水泥制品受到重力的作用，若要静止，由平衡条件得静摩擦力的方向必定向上，各静摩擦力的和与重力大小相等。
2019届江苏高三一轮精品卷(二)理综物理试卷
2019届江苏高三一轮精品卷（二）理综物理试卷★祝考试顺利★注意事项：1、考试范围：高考范围。
2、答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。
用2B铅笔将答题卡上试卷类型A后的方框涂黑。
3、选择题的作答：每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
4、非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
5、选考题的作答：先把所选题目的题号在答题卡上指定的位置用2B铅笔涂黑。
答案写在答题卡上对应的答题区域内，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
6、考试结束后，请将本试题卷、答题卡、草稿纸一并上交。
一、单项选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个．．．．选项符合题意．1. 物理量有的属于状态量，有的属于过程量，下列物理量属于过程量的是( )A. 速度B. 加速度C. 力D. 功【答案】D【解析】A项：速度是指物体在某一状态时运动的快慢，所以为状态量，故A错误；B项：加速度是指物体在某一状态时速度变化的快慢，所以为状态量，故B错误；C项：力是指物体在某一状态时所受的力，所以为状态量，故C错误；D项：功是力和力的方向上位移的乘积，所以功对应一段过程，故为过程量，故D正确。
2. 如图所示为静电除尘机理图，废气先经过一个机械过滤装置再进入静电除尘区，放电极和集尘极加上高压电场，使尘埃带上负电，尘埃在电场力的作用下向集尘极迁移并沉积，达到除尘目的，图中虚线为电场线(方向未标)．不考虑尘埃在迁移过程中的相互作用和电量变化，则( )A. 电场线方向由放电极指向集尘极B. 图中A点电势高于B点电势C. 尘埃在迁移过程中电势能减小D. 尘埃在迁移过程中动能减小【答案】C【解析】A项：由于尘埃带负电，要使尘埃向集尘极偏转，所受的电场力应指向集尘极，所以电场线应由集尘极指向放电极，故A错误；B项：由A分析可知，电场线从集尘极指向放电极，放电极带负电，由于A离放电极较近，所以A点电势较低，故B错误；C项：尘埃在迁移过程中电场力做正功，电势能减小，故C正确；D项：尘埃在迁移过程中由动能定理可能，尘埃动能增大，故D项错误。
2019届江苏高三一轮精品卷(六)理综物理试卷
2019届江苏高三一轮精品卷（六）理综物理试卷本试卷共16页，38题（含选考题）。
全卷满分300分。
考试用时150分钟。
★祝考试顺利★注意事项：1、考试范围：高考范围。
2、答题前，请先将自己的姓名、准考证号用0.5毫米黑色签字笔填写在试题卷和答题卡上的相应位置，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。
用2B铅笔将答题卡上试卷类型A后的方框涂黑。
3、选择题的作答：每个小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选择题答题区域的答案一律无效。
4、主观题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域的答案一律无效。
如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。
不按以上要求作答无效。
5、选考题的作答：先把所选题目的题号在答题卡上指定的位置用2B铅笔涂黑。
答案用0.5毫米黑色签字笔写在答题卡上对应的答题区域内，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选修题答题区域的答案一律无效。
6、保持卡面清洁，不折叠，不破损，不得使用涂改液、胶带纸、修正带等。
7、考试结束后，请将本试题卷、答题卡、草稿纸一并依序排列上交。
一、单项选择题（本题共 5小题，每小题 3分，共 15分。
在每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分。
）1. 为了纪念物理学家对科学的贡献，许多物理量的单位是用物理学家的名字来命名的，下列属于基本物理量单位的是（）A. 库仑B. 安培C. 牛顿D. 焦耳【答案】B【解析】A：库仑是电荷量的单位，不属于基本物理量单位。
故A项错误。
B：安培是电流的单位，属于基本物理量单位。
故B项正确。
C：牛顿是力的单位，不属于基本物理量单位。
故C项错误。
D：焦耳是功和能的单位，不属于基本物理量单位。
故D项错误。
点睛：国际单位制规定了七个基本物理量．分别为长度、质量、时间、热力学温度、电流、光强度、物质的量．它们的在国际单位制中的单位称为基本单位，而据物理量之间的关系式推到出来的物理量的单位叫做导出单位．2. 如图所示，在距地面高为h=0.4 m处，有一小球A以初速度v0水平抛出如图甲所示，与此同时，在A的右方等高处有一物块B以大小相同的初速度v0沿倾角为45°的光滑斜面滑下如图乙所示，若A、B同时到达地面，A、B均可看作质点，空气阻力不计，重力加速度g取10 m/s2，则v0的大小是（）A. 1 m/sB. m/sC. 2 m/sD. 2 m/s【答案】A【解析】A球做平抛运动，由h=gt2，解得运动时间t1=；B物块下滑的加速度a=g sin 45°=g，由匀变速直线运动的规律得h=v0t2+，根据题述，A、B同时到达地面，t1=t2，联立解得v0==1 m/s，故A正确，BCD错误；故选A。
2019届江苏高三一轮精品卷(九)理综物理试卷
2019届江苏高三一轮精品卷（九）理综物理试卷★祝考试顺利★注意事项：1、考试范围：高考范围。
2、答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。
用2B铅笔将答题卡上试卷类型A后的方框涂黑。
3、选择题的作答：每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
4、非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
5、选考题的作答：先把所选题目的题号在答题卡上指定的位置用2B铅笔涂黑。
答案写在答题卡上对应的答题区域内，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
6、考试结束后，请将本试题卷、答题卡、草稿纸一并上交。
一、单项选择题．本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意．1. 一平行板电容器，其一个极板带+4.8×10-3C电量，另一极板带-4.8×10-3C电量，两极板之间电压为400V，则该电容器的电容为A. 2.4×10-5FB. 1.2×10-5FC. 8.3×104FD. 4.2×104F【答案】B【解析】根据，则，故选B.2. 如图所示为一螺距较大、有弹性的通电螺线管的磁场截面分布图，虚线为螺线管的中轴线（与某一磁感线重合），ab为用绝缘细线悬挂的位于螺线管的正上方的通电直导线，其电流方向由a到b，电流很小，不影响螺线管磁场。
下列说法正确的是A. P、Q两点的磁感应强度相同B. 直导线ab通电后，a端垂直纸面向外转动C. 断开螺线管的电源后，螺线管有沿水平方向向内收缩的趋势D. 将不计重力的电子沿中轴线射入螺线管，电子将做匀速直线运动【答案】D【解析】P、Q两点的磁感应强度大小相同，方向不相同，选项A错误；直导线ab通电后，由左手定则可知，a端受安培力向里，则a端垂直纸面向里转动，选项B错误；螺线管通电时，各匝之间为同向电流，相互吸引，则断开螺线管的电源后，螺线管有沿水平方向向外扩张的趋势，选项C错误；长螺线管内部的磁场可认为是匀强磁场，将不计重力的电子沿中轴线射入螺线管，电子运动的方向与磁感线平行，不受洛伦兹力作用，则电子将做匀速直线运动，选项D正确；故选D.3. 金属探测器是用来探测金属的仪器，关于其工作原理，下列说法中正确的是A. 探测器内的探测线圈会产生稳定的磁场B. 只有有磁性的金属物才会被探测器探测到C. 探测到金属物是因为金属物中产生了涡流D. 探测到金属物是因为探测器中产生了涡流【答案】C【解析】金属探测器探测金属时，探测器内的探测线圈会产生变化的磁场，被测金属中感应出涡流，故选项AD错误，C正确；所有的金属都能在变化的磁场中产生涡流，所以不一定是只有有磁性的金属物才会被探测器探测到，选项B错误；故选C.4. 如图，一个礼花弹竖直上升到最高点时炸裂成三块碎片，其中一块碎片首先沿竖直方向落至地面，另两块碎片稍后一些同时落至地面。
2019高考一轮复习物理(江苏专用)章末过关检测(12)
章末过关检测(十二)(建议用时：60分钟)一、选择题1．(2019·高考全国卷Ⅱ改编)如图，一束光沿半径方向射向一块半圆柱形玻璃砖，在玻璃砖底面上的入射角为θ，经折射后射出a、b两束光线．则( )A．在玻璃中，a光的传播速度小于b光的传播速度B．在真空中，a光的波长小于b光的波长C．玻璃砖对a光的折射率小于对b光的折射率D．若改变光束的入射方向使θ角逐渐变大，则折射光线a首先消失解析：选ABD.通过光路图可看出，折射后a光的偏折程度大于b光的偏折程度，玻璃砖对a光的折射率大于b光的折射率，选项C错误．a光的频率大于b光的频率，a光的波长小于b光的波长，选项B正确．由n＝cv知，在玻璃中，a光的传播速度小于b光的传播速度，选项A正确．入射角增大时，折射率大的光线首先发生全反射，a光首先消失，选项D正确．2．下列说法中正确的是( )A．军队士兵过桥时使用便步，是为了防止桥发生共振现象B．机械波和电磁波在介质中的传播速度仅由介质决定C．泊松亮斑是光通过圆孔发生衍射时形成的D．拍摄玻璃橱窗内的物品时，往往在镜头前加装一个偏振片以减弱玻璃的反射光解析：选AD.电磁波的传播不需要介质，在真空中也能传播，但在介质中的传播速度由介质和频率共同决定，B错；泊松亮斑是用光照射不透光的小圆盘时产生的衍射现象，C错．3．对如图所示的图片、示意图或实验装置图，下列判断正确的是( )A．甲图是小孔衍射的图样，也被称为“泊松亮斑”B．乙图是薄膜干涉的应用，用来检测平面的平整程度C．丙图是双缝干涉原理图，若P到S1、S2的路程差是半波长的偶数倍，则P处是亮纹D．丁图是薄膜干涉现象的实验装置图，在附有肥皂膜的铁丝圈上，出现竖直干涉条纹解析：选BC.题图甲是小孔衍射的图样，但不是“泊松亮斑”，故A错．题图丁是薄膜干涉现象的实验装置图，但其干涉条纹应为水平的，故D 错．4．(2019·武汉模拟)下列关于波的现象和规律的说法中正确的是( )A ．机械波、电磁波均能产生干涉、衍射现象B ．泊松亮斑是光的干涉现象中的加强区C ．波速公式说明波速与波长、频率有关，与介质无关D ．“彩超”可以测血流速度，利用的是超声波的多普勒效应解析：选AD.干涉、衍射是波特有的现象，A 正确；泊松亮斑是光的衍射现象，B 错误；波速大小取决于介质，C 错误；利用多普勒效应可以测速度，D 正确． 5.(2019·濮阳模拟)如图所示，两列简谐横波分别沿x 轴正方向和负方向传播，两波源分别位于x ＝－2 m 和x ＝12 m 处，两列波的传播速度均为v ＝4 m/s ，两波源的振幅均为A ＝2 cm.图示为t ＝0时刻两列波的图象(传播方向如图所示)，此时刻平衡位置处于x ＝2 m 和x ＝8 m 的P 、Q 两质点刚开始振动．质点M 的平衡位置处于x ＝5 m 处，则下列说法正确的是( )A ．两列波相遇后振幅仍然为2 cmB ．t ＝1 s 时刻，质点M 的位移为－4 cmC ．t ＝1 s 时刻，质点M 的位移为＋4 cmD ．t ＝0.75 s 时刻，质点P 、Q 都运动到M 点解析：选AB.根据波的叠加原理，A 正确；又λ＝4 m ，v ＝4 m/s ，所以T ＝λv ＝1 s ，波形匀速传播，两列波传播到M 点时，t ＝x v ＝34s ＝0.75 s ，所以t ＝1 s 时刻，M 点已经振动了(1－0.75) s ＝14T ，两列波在M 点加强，合振幅为4 cm ，M 点的位移为－4 cm ，B 正确、C 错误；波传播时，波形移动，质点不随波传播，D 错误．6．(2019·长春市质监)如图甲所示的弹簧振子(以O 点为平衡位置在B 、C 间振动)，取水平向右的方向为振子离开平衡位置的位移的正方向，得到如图乙所示的振动曲线，由曲线所给的信息可知，下列说法正确的是( )A ．t ＝0时，振子处在B 位置B ．振子振动的周期为4 sC ．t ＝4 s 时振子对平衡位置的位移为10 cmD ．t ＝2.5 s 时振子对平衡位置的位移为5 cm解析：选AB.由题图乙可知零时刻振子位移为－10 cm ，则所对应的位置为B ，故A 正确．由题图乙可知振子振动周期为4 s ，故B 正确．t ＝4 s 时，振子偏离平衡位置的位移为－10 cm ，故C 错误．t ＝2.5 s 时振子的位移为5 2 cm ，故D 错误．7．一列简谐波在t ＝0.2 s 时波的图象如图甲所示，x ＝0处的质点的振动图象如图乙所示，由此可知( )A ．波沿x 轴负方向传播，波速v ＝10 m/sB ．波沿x 轴正方向传播，波速v ＝10 m/sC ．t ＝0.2 s 时刻，质点c 向y 轴负方向运动D ．t ＝0.3 s 时刻，质点b 的位移y ＝10 cm解析：选A.由振动图象可知，在t ＝0.2 s 以后，x ＝0处的质点从平衡位置向y 轴正方向运动可判断出波向x 轴负方向传播，再由波速公式v ＝λT ＝40.4m/s ＝10 m/s ，A 正确，B 错误；由波的传播方向易知C 错误；结合t ＝0.2 s 时的波形，再经0.1 s 即T /4，知质点b 的位移为y ＝－10 cm ，D 错误．二、非选择题8．(1)根据单摆周期公式T ＝2πl g，可以通过实验测量当地的重力加速度．如图甲所示，将细线的上端固定在铁架台上，下端系一小钢球，就做成了单摆．①用游标卡尺测量小钢球直径，示数如图乙所示，读数为________mm.②以下是实验过程中的一些做法，其中正确的有________．a ．摆线要选择细些的、伸缩性小些的，并且尽可能长一些b ．摆球尽量选择质量大些、体积小些的c ．为了使摆的周期大一些，以方便测量，开始时拉开摆球，使摆线相距平衡位置有较大的角度d ．拉开摆球，使摆线偏离平衡位置不大于5°，在释放摆球的同时开始计时，当摆球回到开始位置时停止计时，此时间间隔Δt 即为单摆周期Te ．拉开摆球，使摆线偏离平衡位置不大于5°，释放摆球，当摆球振动稳定后，从平衡位置开始计时，记下摆球做50次全振动所用的时间Δt ，则单摆周期T ＝Δt 50(2)实验室有一块长方体透明介质，截面如图中ABCD 所示．AB 的长度为l 1，AD 的长度为l 2，且AB 和AD 边透光，而BC 和CD 边不透光且射到这两个边的光线均被全部吸收．现让一平行光束以入射角θ1射到AB 面，经折射后AD 面上有光线射出．甲、乙两同学分别用不同的方法测量该长方体介质的折射率．①甲同学的做法是：保持射到AB 面上光线的入射角θ1不变，用一遮光板由A 点沿AB 缓慢推进，遮光板前端推到P 时，AD 面上恰好无光线射出，测得AP 的长度为l 3，则长方体介质的折射率可表示为n ＝________；②乙同学的做法是：缓慢调节射到AB 面上光线的入射角，使AD 面也恰好无光线射出．测得此时射到AB 面上光线的入射角为θ2，则长方体介质的折射率可表示为n ＝____________．解析：(2)①若遮光板恰使AD 面上无光线射出，则折射光路如图所示，由折射定律得折射率为n ＝sin θ1sin r 1＝sinθ1l 3l 23＋l 22＝l 23＋l 22sin θ1l 3. ②当入射角为θ2时，折射光线在AD 面上恰好发生全反射，故此时折射角的正弦值为sin r＝cos(arcsin 1n )＝n 2－1n ，又sin θ2sin r＝n ，联立解得n ＝1＋sin 2θ2. 答案：(1)①18.6 ②abe(2)①l 22＋l 23sin θ1l 3②1＋sin 2θ2 9．(2019·高考江苏卷)(1)在“探究单摆的周期与摆长的关系” 实验中，某同学准备好相关实验器材后，把单摆从平衡位置拉开一个很小的角度后释放，同时按下秒表开始计时，当单摆再次回到释放位置时停止计时，将记录的这段时间作为单摆的周期. 以上操作中有不妥之处，请对其中两处加以改正．(2)Morpho 蝴蝶的翅膀在阳光的照射下呈现出闪亮耀眼的蓝色光芒， 这是因为光照射到翅膀的鳞片上发生了干涉. 电子显微镜下鳞片结构的示意图如下. 一束光以入射角 i 从 a 点入射，经过折射和反射后从 b 点出射. 设鳞片的折射率为 n, 厚度为 d, 两片之间空气层厚度为h . 取光在空气中的速度为 c ，求光从 a 到 b 所需的时间 t .解析：(1)①应在摆球通过平衡位置时开始计时；②应测量单摆多次全振动的时间，再计算出周期的测量值．(或在单摆振动稳定后开始计时)(2)设光在鳞片中的折射角为γ，由折射定律知sin i ＝n sin γ在鳞片中传播的路程l 1＝2d cos γ，传播速度v ＝c n ，传播时间t 1＝l 1v ，解得t 1＝2n 2d c n 2－sin 2i同理，在空气中的传播时间t 2＝2h c cos i则t ＝t 1＋t 2＝2n 2d c n 2－sin 2i ＋2h c cos i. 答案：(1)见解析 (2)2n 2d c n 2－sin 2i＋2h c cos i 10．平衡位置位于原点O 的波源发出的简谐横波在均匀介质中沿水平x 轴传播，P 、Q 为x 轴上的两个点(均位于x 轴正向)，P 与O 的距离为35 cm ，此距离介于一倍波长与二倍波长之间．已知波源自t ＝0时由平衡位置开始向上振动，周期T ＝1 s ，振幅A ＝5 cm.当波传到P 点时，波源恰好处于波峰位置；此后再经过5 s ，平衡位置在Q 处的质点第一次处于波峰位置．求：(1)P 、Q 间的距离；(2)从t ＝0开始到平衡位置在Q 处的质点第一次处于波峰位置时，波源在振动过程中通过的路程． 解析：(1)由题意，O 、P 两点间的距离与波长λ之间满足OP ＝54λ① 波速v 与波长的关系为v ＝λT② 在t ＝5 s 的时间间隔内，波传播的路程为v t .由题意有v t ＝PQ ＋λ4③ 式中，PQ 为P 、Q 间的距离．由①②③式和题给数据，得PQ ＝133 cm.④(2)Q 处的质点第一次处于波峰位置时，波源运动的时间为 t 1＝t ＋54T ⑤ 波源从平衡位置开始运动，每经过T 4，波源运动的路程为A .由题给条件得 t 1＝25×T 4⑥ 故t 1时间内，波源运动的路程为s ＝25A ＝125 cm.⑦答案：(1)133 cm (2)125 cm。
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阶段综合检测（一） 第一~三章验收(时间：100分钟 满分：120分)一、单项选择题(本题共7小题，每小题3分，共21分。
每小题只有一个选项符合题意)1．(2018·绍兴期中)高速路上堵车，小东听到导航仪提醒“前方3公里拥堵，估计需要24分钟通过”，根据导航仪提醒，下列推断合理的是( )A ．汽车将匀速通过前方3公里B ．能够计算出此时车子的速度是0.125 m/sC ．通过前方这3公里的过程中，车子的平均速度大约为7.5 km/hD ．若此时离目的地还有30公里，到达目的地一定需要240分钟解析：选C 前方拥堵，汽车不可能做匀速运动通过3公里，故A 错误；根据题设条件，汽车的瞬时速度无法求出，故B 错误；根据平均速度公式可知，平均速度约为： v ＝x t＝32460km/h ＝7.5 km/h ，故C 正确；经过拥堵路段后，汽车的速度并不一定一直保持，故此后的运动时间无法确定，故D 错误。
2.(2018·绵阳模拟)甲、乙两物体同时从同一地点出发，其v -t 图像如图所示。
下列说法正确的是( )A ．甲、乙两物体运动方向相反，加速度方向相同B ．甲的位移不断减小，乙的位移不断增大C ．第1 s 末两物体相遇D ．前2 s 内两物体的平均速度相同解析：选D 在v -t 图像中，速度的正负表示速度的方向，图线的斜率表示加速度，故两物体运动方向相同，加速度方向相反，故A 错误；根据速度图线与时间轴围成的面积表示位移，可知甲、乙两物体位移都不断增大，故B 错误。
第1 s 末两物体通过的位移不相等，而两者又是从同一地点出发的，故不可能相遇，故C 错误；在v -t 图像中，图线与时间轴所围面积表示物体通过的位移，则知前2 s 内，两个物体通过的位移相等，所用时间相等，故前2 s 内两物体的平均速度相同，故D 正确。
3．(2018·南宁模拟)手拿一个锤头敲在一块玻璃上把玻璃打碎了。
对于这一现象，下列说法正确的是( )A ．锤头敲玻璃的力大于玻璃对锤头的作用力，所以玻璃才碎裂B ．锤头受到的力大于玻璃受到的力，只是由于锤头能够承受比玻璃更大的力才没有碎裂C．锤头和玻璃之间的作用力应该是等大的，只是由于锤头能够承受比玻璃更大的力才没有碎裂D．因为不清楚锤头和玻璃的其他受力情况，所以无法判断它们之间的相互作用力的大小解析：选C锤头敲玻璃的力与玻璃对锤头的作用力是一对作用力与反作用力，总是大小相等，方向相反，但因作用在不同的物体上，因物体的承受能力不同，产生不同的作用效果，故C正确，A、B、D均错误。
4．(2018·吉林大学附中模拟)从t＝0时刻开始，甲沿光滑水平面做直线运动，速度随时间变化如图甲；乙静止于光滑水平地面，从t＝0时刻开始受到如图乙所示的水平拉力作用。
则在0～4 s的时间内()A．甲物体所受合力不断变化B．甲物体的速度不断减小C．2 s末乙物体改变运动方向D．2 s末乙物体速度达到最大解析：选D由题图甲所示可以知道：物体甲在0～2 s内做匀减速直线运动，在2～4 s 内做反向的匀加速直线运动，整个过程加速度不变。
由牛顿第二定律F＝ma可以知道，物体甲受到的合力保持不变，故A错误。
物体甲的速度先减小后反向增大，故B错误。
由乙图可以知道：乙所受的拉力先沿正向后沿负向。
说明乙在0～2 s内做加速度减小的加速运动，2～4 s内沿原方向做加速度增大的减速运动，2 s末运动方向没有改变，且2 s末乙物体速度达到最大，故C错误，D正确。
5.(2018·辽宁省实验中学模拟)一皮带传送装置如图所示，轻弹簧一端固定，另一端连接一个质量为m的滑块，已知滑块与皮带之间存在摩擦。
现将滑块轻放在皮带上，弹簧恰好处于自然长度且轴线水平。
若在弹簧从自然长度到第一次达最长的过程中，滑块始终未与皮带达到共速，则在此过程中滑块的速度和加速度变化情况是()A．速度增大，加速度增大B．速度增大，加速度减小C．速度先增大后减小，加速度先增大后减小D．速度先增大后减小，加速度先减小后增大解析：选D 滑块轻放到皮带上，受到向左的摩擦力，开始摩擦力大于弹簧的弹力，向左做加速运动，在此过程中，弹簧的弹力逐渐增大，根据牛顿第二定律，加速度逐渐减小，当弹簧的弹力与滑动摩擦力相等时，速度达到最大，然后弹力大于摩擦力，加速度方向与速度方向相反，滑块做减速运动，弹簧弹力继续增大，根据牛顿第二定律得，加速度逐渐增大，速度逐渐减小。
故D 正确，A 、B 、C 错误。
6．(2018·盘锦模拟)在水平的足够长的固定木板上，一小物块以某一初速度开始滑动，经一段时间t 后停止，现将该木板改置成倾角为45°的斜面，让小物块以大小相同的初速度沿木板上滑，若小物块与木板之间的动摩擦因数为μ，则小物块上滑到最高位置所需时间与t 之比为( ) A.2μ1＋μB.μ2μ＋1C.2μ2＋μD.1＋μ2μ解析：选A 木板水平时，物块的合力是滑动摩擦力。
根据牛顿第二定律得出：小物块的加速度a 1＝μg ，设滑行初速度为v 0，则滑行时间为t ＝v 0μg； 木板改置成倾角为45°的斜面后，对物块进行受力分析，如图所示：小物块的合力F 合＝mg sin 45°＋f ＝mg sin 45°＋μmg cos 45°小物块上滑的加速度a 2＝mg sin 45°＋μmg cos 45°m ＝(1＋μ)2g 2， 滑行时间t ′＝v 0a 2＝2v 0(1＋μ)g， 因此t ′t ＝2μ1＋μ，故A 正确，B 、C 、D 错误。
7.如图所示，某竖直弹射装置由两根劲度系数为k 的轻弹簧以及质量不计的底盘构成，当质量为m 的物体竖直射向空中时，底盘对物体的支持力为6mg (g 为重力加速度)，已知两根弹簧与竖直方向的夹角为θ＝60°，则此时每根弹簧的伸长量为( )A.3mg kB.4mg kC.5mg kD.6mg k解析：选D 对物体m ，受重力和支持力，根据牛顿第二定律，有：N －mg ＝ma 其中：N ＝6mg解得：a ＝5g再对质量不计的底盘和物体m 整体分析，受两个拉力和重力，根据牛顿第二定律，有： 竖直方向：2F cos 60°－mg ＝ma解得：F ＝6mg根据胡克定律，有：x ＝F k ＝6mg k故D 正确。
二、多项选择题(本题共5小题，每小题4分，共20分。
每小题有多个选项符合题意。
全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分)8.如图所示，用恒力F 将物体压在粗糙竖直面上，当F 从实线位置绕O 点顺时针转至虚线位置，物体始终静止，则在这个过程中，物体受到的摩擦力F f和墙壁对物体弹力的变化情况是( )A ．F f 方向可能一直竖直向上B ．F f 可能先变小后变大C ．F N 先变小后变大D ．F N 先变小后变大再变小解析：选AB 若F 在竖直方向的分力小于物体重力，则在F 顺时针旋转过程中，F f 方向一直竖直向上，F f 则一直减小，若F 在竖直方向的分力大于物体重力，则F f 的方向可变为竖直向下，此过程中F f 先变小后变大，故A 、B 选项正确；因F N 等于力F 在水平方向分力的大小，故F N 先增大后减小，C 、D 选项均错误。
9.(2018·皖南八校联考)质量为0.2 kg 的物块在水平推力F 的作用下沿水平面做直线运动，6 s 末撤去水平推力F ，如图实线表示其运动的v -t 图像，其中经过点(4,0)的虚线是6 s 末v -t 图像的切线。
g 取10 m/s 2。
下列说法正确的是( )A ．6 s 末物块速度方向改变B ．0～6 s 内物块平均速度比6～10 s 内物块平均速度小C ．物块与水平面间的动摩擦因数为0.1D ．水平推力F 的最大值为0.9 N解析：选BD 6 s 末物块速度仍为正值，故速度方向没改变，选项A 错误；若0～6 s 内物块做匀加速运动，则平均速度为3 m/s ，而由图线可知，物块在0～6 s 内的平均速度小于3 m/s ，而物块在6～10 s 内的平均速度等于3 m/s ，故0～6 s 内物块平均速度比6～10 s 内物块平均速度小，选项B 正确；撤去外力后的加速度a ＝Δv Δt ＝610－6m/s 2＝1.5 m/s 2，根据a＝μg＝1.5 m/s2可知物块与水平面间的动摩擦因数为0.15，选项C错误；物块的最大加速度为a m＝ΔvΔt＝66－4m/s2＝3 m/s2，根据牛顿第二定律F m－μmg＝ma m，解得F m＝0.9 N，选项D正确。
10.(2018·潍坊一模)静止在水平面上的物体，受到水平拉力F的作用，在F从20 N开始逐渐增大到40 N的过程中，加速度a随拉力F 变化的图像如图所示，由此可以计算出(g＝10 m/s2)() A．物体的质量B．物体与水平面间的动摩擦因数C．物体与水平面间的滑动摩擦力大小D．加速度为2 m/s2时物体的速度解析：选ABC当F>20 N时，根据牛顿第二定律：F－f＝ma，得a＝－fm＋Fm则由数学知识知图像的斜率k＝1m由图得k＝5－140－20＝15，可得物体的质量为5 kg。
将F＝20 N时a＝1 m/s2，代入F－f＝ma得：物体受到的摩擦力f＝15 N由f＝μF N＝μmg可得物体的动摩擦因数μ，故A、B、C正确。
因为图像只给出作用力与加速度的对应关系，且物体做加速度逐渐增大的加速运动，因没有时间，故无法算得物体的加速度为2 m/s2时物体的速度，故D错误。
11.(2018·百校联盟冲刺金卷)如图所示，物块A、B叠放在一起，其中B与斜面间的动摩擦因数μ＜tan θ，A、B整体相对静止以一定的初速度沿固定的足够长的斜面上滑，则下列说法正确的是()A．上滑的过程A、B整体处于失重状态B．上滑到最高点后A、B整体将停止运动C．A与B之间的摩擦力在上滑过程中大于下滑过程D．A与B之间的摩擦力在上滑与下滑过程中大小相等解析：选AD在上升和下滑的过程，整体都是只受三个力，重力、支持力和摩擦力，以向下为正方向，根据牛顿第二定律得向上运动的过程中：(m A＋m B)g sin θ＋f＝(m A＋m B)a，f＝μ(m A＋m B)g cos θ因此有：a＝g sin θ＋μg cos θ，方向沿斜面向下，所以向上运动的过程中A、B组成的整体处于失重状态，故A正确。
同理对整体进行受力分析，向下运动的过程中，由牛顿第二定律得：(m A＋m B)g sin θ－f＝(m A＋m B)a′，得：a′＝g sin θ－μg cos θ由于μ＜tan θ，所以a′＞0所以上滑到最高点后A、B整体将向下运动，故B错误；以B为研究对象，向上运动的过程中，根据牛顿第二定律有：m B g sin θ＋f′＝m B a，解得：f′＝μm B g cos θ；向下运动的过程中，根据牛顿第二定律有：m B g sin θ－f″＝m B a′，解得：f″＝μm B g cos θ；所以f″＝f′，即A与B之间的摩擦力上滑与下滑过程中大小相等，故C错误，D正确。