太原理工计算机操作系统B
太原理工计算机科学与技术实验班与计算机科学与技术对比
太原理工计算机科学与技术实验班与计算机科学与技术对比
太原理工计算机科学与技术实验班和计算机科学与技术专业相比,可能存在以下区别:
1. 教学方式:实验班可能更注重实践能力的培养,会有更多的实践课程和项目实践,提供更多的机会进行实际操作和实验。
而普通的计算机科学与技术专业可能更注重理论知识的传授。
2. 课程设置:实验班的课程设置可能会更加贴近行业需求和最新技术发展,可能会有更多的前沿技术课程和专业方向的选择。
而普通的计算机科学与技术专业的课程设置相对固定。
3. 学习氛围:实验班可能会有更高的学术要求,学生之间的竞争压力可能会更大。
而普通的计算机科学与技术专业相对会更加平稳。
需要注意的是,具体的区别可能会根据学校和专业设置有所差异,建议根据具体的情况进行咨询并选择适合自己的专业方向。
太原理工大学软件工程《系统分析与设计》实验报告
本科实验报告课程名称:系统分析与设计实验项目:《企业人事管理系统》实验实验地点:逸夫楼404专业班级:软件工程XXXX班学号:XXXXXX 学生姓名:XXXX指导教师:**2016年11月 1 日一、实验目的通过《系统分析与设计》实验,使学生在实际的案例中完成系统分析与系统设计中的主要步骤,并熟悉信息系统开发的有关应用软件,加深对信息系统分析与设计课程基础理论、基本知识的理解,提高分析和解决实际问题的能力,使学生在实践中熟悉信息系统分析与设计的规范,为后继的学习打下良好的基础。
二、实验要求学生以个人为单位完成,自选题目,班内题目不重复,使用UML进行系统分析与设计,并完成实验报告。
实验报告以纸质版(A4)、电子版在课程结束前提交(10周)。
三、实验主要设备:台式或笔记本计算机四、实验内容1 选题及项目背景企业人事管理系统2 定义企业指定人员通过第一次登录,输入用户名:TSoft,密码:111进入系统,在档案管理模块建立超级管理员档案,然后在新增用户模块设置为管理员,系统默认第一个被设置被设置的管理员为超级管理员。
然后第二次登录输入用户名:T00001,密码:111进入系统,在修改密码模块修改超级管理员登录密码,在档案管理模块建立普通管理员档案,在新增用户模块设置为管理员,除了第一个被设置的管理员外均为普通管理员。
管理员使用账号密码登录,然后可以在系统中进行密码修改,在档案管理模块维护员工档案,在考勤管理模块填写考勤信息,在奖惩管理模块填写奖惩信息,在培训管理模块维护培训信息,在人员设置模块设置员工采用的账套。
在统计报表模块生成员工待遇报表。
在企业架构模块维护部门企业设置,在基本资料模块维护系统的基本资料。
如果点击初始化系统加点将对系统进行初始化恢复到原始状态,通过系统工具模块可以打开系统中常用的计算器、Excel等。
3 参考资料J A V A项目全程开发4 系统分析与设计4.1需求分析4.1.1识别参与者用户、管理员、普通管理员、超级管理员 4.1.2 对需求进行捕获与描述(内容要求2:选择其中一个用例(如下订单)给出其用例描述。
太原理工计算机技术复试科目
太原理工计算机技术复试科目1.专业课笔试太原理工计算机技术专业的复试一般会进行专业课的笔试,包括计算机组成原理、数据结构、操作系统、计算机网络等课程的相关知识。
在笔试中,考生需要理解和掌握计算机技术的基本原理和核心概念,能够分析和解决计算机相关问题。
2.专业课面试在复试过程中,还会进行专业课的面试环节。
面试主要考察考生的综合素质和专业能力,以及对计算机技术发展趋势和前沿研究方向的了解。
面试官可能会提问考生在本科期间所学的专业课程,以及相关实践项目和科研经历。
3.英语口语和写作太原理工计算机技术专业的复试中通常也会有英语口语和写作环节,考察考生的英语能力。
口语环节可能包括自我介绍、进行英语对话、回答问题等,要求考生能够流利地用英语进行交流。
写作环节可能会给考生提供一个话题,要求用英语写一篇文章,考察考生的写作能力和英语表达能力。
除了以上几个主要科目之外,还可能会根据实际情况增加其他的考核项目,比如编程能力测试、数学逻辑推理等。
需要注意的是,每所高校的复试科目和考核方式可能会不同,考生在准备复试前最好详细了解学校的要求和安排。
在准备复试科目时,考生可以从以下几个方面入手:1.夯实专业知识复试的专业课笔试和面试环节是考察考生专业素质的重点,因此考生需要夯实自己的专业知识。
可以通过复习本科期间所学的专业课程,或者参考相关专业书籍、教材进行复习和巩固。
2.关注热点和前沿考生还需要关注计算机技术的热点和前沿领域,了解最新的技术发展动态和研究进展。
可以通过阅读相关学术期刊、会议论文、科技新闻等渠道来紧跟科技前沿。
3.提升英语能力英语口语和写作是复试中的重要环节,考生可以通过参加口语角、模拟面试、多读英语文章和写作练习等方式来提升自己的英语能力。
同时也可以参考一些英语写作指导书籍和学习材料,进行系统性的学习和练习。
总之,太原理工计算机技术复试科目主要包括专业课笔试、专业课面试、英语口语和写作等几个主要方面。
考生需要从夯实专业知识、关注热点和前沿、提升英语能力等方面进行准备和提升,以获得复试的成功。
2022年太原理工大学计算机科学与技术专业《操作系统》科目期末试卷B(有答案)
2022年太原理工大学计算机科学与技术专业《操作系统》科目期末试卷B(有答案)一、选择题1、某文件系统物理结构采用三级索引分配方法,如果每个磁盘块的大小为1024B.每个盘块索引号占用4B,请问在该文件系统中,最大文件的大小最接近的是()A.8GBB.16GBC.32GBD.2TB2、如果文件采用直接存取方法,且文件大小不固定,则应采用()物理结构。
A.直接B.索引C.随机D.顺序3、作业8:00到达系统,估计运行时问为1h。
若从10:00开始执行该作业,其响应比为()。
A.2B.1C.3D.0.54、与单道程序相比,多道程序系统的优点是()I.CPU 利用率高II.系统开销小III.系统吞吐量大IV. I/O设备利用率高A.仅I、IIIB.仅I、IVC. 仅II、IIID.仅I、III,IV5、下列有关时间片的进程调度的描述中,错误的是()A.时间片越短,进程切换的次数越多,系统开销也越大,B.当前进程的时间片用完后,该进程状态由执行态变为阻塞态C.时钟中断发生后,系统会修改当前的进程在时间片内的剩余时间D.影响时间片大小的主要因素包括响应时间、系统开销和进程数量等6、()存储管理方式提供一维地址结构。
A.分段B.分页C.分段和段页式D.以上都不对7、系统为某进程分配了4个页框,该进程已访问的页号序列为2,0,2,9,3,4,2,8,2,4,8,4,5,若进程要访问的下页的页号为7,依据LRU算法,应淘汰页的页号是()A.2B.3C.4D.88、在中断发生后,进入中断处理的程序属于()。
A.用户程序B.可能是应用程序,也可能是操作系统程序C.操作系统程序D.既不是应用程序,也不是操作系统程序9、在单处理器系统中,可并行的是()I.进程与进程II.处理器与设备III.处理器与通道IV.设备与设备A.I、II和IIIB.I、II和IVC.I、III和IVD.II、III和IV10、系统将数据从磁盘读到内存的过程包括以下操作:① DMA控制器发出中断请求②初始化DMA控制器并启动磁盘③从磁盘传输一块数据到内存缓冲区④执行“DMA结束”中断服务程序正确的执行顺序是():A.③①②④B.②③①④C.②①③④D.①②③④11、操作系统的I/O子系统通常由4个层次组成,每-层明确定义了与邻近层次的接口,其合理的层次组织排列顺序是()。
太原理工大学操作系统-第三章处理机调度与死锁分析
统 都要经历4个状态:提交、后备(收容)、执行和完成。
1)提交状态:通过终端设备向计算机的磁盘输入作业信息 时所处的状态。
第 2)后备状态:作业的全部信息已输入到磁盘的一个专用区
三 (输入井)中等待作业调度时所处的状态。
章
处 3)执行状态:在后备作业队列中的作业一旦被作业调度程
理 序选中,为它分配了必要的资源,并且建立了进程, 开始处
死
锁
6
操
作 系
二、调度队列模型
统
1. 仅有进程调度的调度队列模型
时间片完
第 交互用户
三
章
事
处
件
理
出
机
现
调
度
与
死
锁
就绪 队列 阻塞队列
进程调度
进程完成 CP U
等待事件
仅具有进程调度的调度队列模型
7
操
作 2. 具有高级和低级调度的调度队列模型
系
统
作业
时间 片完
调度
后备队列
就绪 队 列
进程 调度
进程 完成 CP U
锁 不宜采用这种调度方式。
4
操
作 系
2)抢占式调度方式
统
当重要或紧迫的进程一到,便把正在执行的进程占
有的处理机强行剥夺下来,并转给这个优先级比它更高
的重要或紧迫的就绪进程,使其运行。
第
三 章
抢占的原则:
处
(1) 优先权原则
理 机
(2) 短作业(进程)优先原则
调 度
(3) 时间片原则
与
死
锁
5
操
作 系
第 行的进程继续执行,直到该进程完成任务终止运行或发生某
(完整版)计算机硬件技术基础习题答案(太原理工)
(完整版)计算机硬件技术基础习题答案(太原理⼯)计算机硬件技术基础习题答案习题⼀:1-8: 28 Bytes = 256 Bytes;216 Bytes = 210×26Bytes = 64KB;220 Bytes = 210×210Bytes = 1MB;232 Bytes = 210×210×210×22 Bytes = 4GB 。
1-12:指令通常包括操作码和操作数两部分。
操作码表⽰计算机执⾏什么具体操作;操作数表⽰参加操作的数的本⾝或操作数所在的地址(操作数的地址码)。
1-22:[+89]补= 0 101 1001B;[-89]补= 1 010 0111B;[+67]补= 0 100 0011B;[-67]补= 1 011 1101B。
(1)[-89]补+ [+67]补= 10100111B + 01000011B= 1 110 1010B = eaHV = D7C D6C=00=0 ⽆溢出D7C = 0; D6C = 0(2)[+89]补+ [-(-67)]补= [+89]补+ [+67]补=01011001B + 01000011B= 1 001 1100B = 9cHV = D7C D6C=01=1溢出D7C = 0; D6C = 1(3)[-89]补+ [-67]补= 10100111B + 10111101B= 1, 0 110 0100B = 64HV = D7C D6C=10=1溢出D7C = 1; D6C = 0(4)[-89]补+ [-(-67)]补= [-89]补+ [+67]补=10100111B + 01000011B= 1 110 1010B = eaHV = D7C D6C=00=0 ⽆溢出D7C = 0; D6C = 01-30:(1) 01111001 + 01110000补码竖式:01111001+ 01110000———————11101001V = D7C D6C=01=1 溢出;两正数相加,其结果应为正数;但结果为负数,故产⽣了溢出,正溢出。
2022年太原理工大学数据科学与大数据技术专业《计算机组成原理》科目期末试卷B(有答案)
2022年太原理工大学数据科学与大数据技术专业《计算机组成原理》科目期末试卷B(有答案)一、选择题1、采用八体并行低位交叉存储器,设每个体的存储容量为32K×16位,存储周期为400ns,下述说法中正确的是()。
A.在400ns内,存储器可向CPU提供2位二进制信息B.在l00ns内,每个体可向CPU提供27位二进制信息C.在400ns内,存储器可向CPU提供2位二进制信息D.在100ns内,每个体可向CPU提供2位二进制信息2、在一个容量为l28KB的SRAM存储器芯片上,按字长32位编址,其地址范围可从0000H到()。
A.3HB.7HC.7HD.3fH3、一个浮点数N可以用下式表示:N=mr me,其中,e=rc g;m:尾数的值,包括尾数采用的码制和数制:e:阶码的值,一般采用移码或补码,整数;Tm:尾数的基;re:阶码的基;p:尾数长度,这里的p不是指尾数的:进制位数,当ra=16时,每4个二进制位表示一位尾数;q:阶码长度,由于阶码的基通常为2,因此,在一般情况下,q就是阶码部分的二进制位数。
研究浮点数表示方式的主要目的是用尽量短的字长(主要是阶码字长q和尾数字长的和)实现尽可能大的表述范围和尽可能高的表数精度。
根据这一目的,上述6个参数中只有3个参数是浮点数表示方式要研究的对象,它们是()。
A.m、e、rmB. rm、e、rmC.re、p、qD. rm、p、q4、下列为8位移码机器数[x]移,当求[-x]移时,()将会发生溢出。
A.11111111B.00000000C.10000000D.011l1l115、为了表示无符号十进制整数,下列哪些是合法的8421BCD码?()I.01111001 Ⅱ.11010110 Ⅲ.00001100 Ⅳ.1000010lA.I、IⅡB.Ⅱ、ⅢC.I、ⅣD.I、Ⅱ、Ⅲ6、一次总线事务中,主设备只需给出一个首地址,从设备就能从首地址开始的若干连续单元读出或写入多个数据。
2022年太原理工大学数据科学与大数据技术专业《计算机网络》科目期末试卷B(有答案)
2022年太原理工大学数据科学与大数据技术专业《计算机网络》科目期末试卷B(有答案)一、选择题1、计算机网络最基本的功能是()。
I.流量控制Ⅱ.路由选择 III.分布式处理 IV.传输控制A.I、Ⅱ、IVB. I、III、ⅣC.I、IVD. Ⅲ、IV2、一般来说,学校的网络按照空间分类属于()。
A.多机系统B.局域网C.城域网D.广域网3、下面的地址中,属于单播地址的是()。
A.172.31.128.255/18B.10.255.255.255C.192.168.24.59/30D.224.105.5.2114、在IP首部的字段中,与分片和重组无关的是()。
注:假设现在已经分片完成。
A.总长度B.标识C.标志D.片偏移5、多路复用器的主要功能是()。
A.执行数/模转换B.结合来自多条线路的传输C.执行串/并转换D.减少主机的通信处理强度6、以下哪个是快速以太网的介质访问控制方法()A.CSMA/CDB.令牌总线C.令牌环D.100VG-AnyLan7、有一条TCP连接,它的最大报文段长度为2KB,TCP拥塞窗口为24KB,这时候发生了超时事件,那么该拥塞窗口变成了()。
A.1KBB.2KBC.5KBD.7KB8、下列关于TCP的叙述中,正确的是()。
I.TCP是一个点到点的通信协议Ⅱ.TCP提供了无连接的可靠数据传输IⅡ.TCP将来自上层的字节流组织成IP数据报,然后交给IPIV.TCP将收到的报文段组成字节流交给上层A.I、Ⅱ、ⅣB. I、ⅢC.仅ⅣD.Ⅲ、Ⅳ9、传输层为()之间提供逻辑通信。
A.主机B.进程C.路由器D.操作系统10、下列关于SMTP的叙述中,正确的是()。
I.只支持传输7比特ASCII码内容II支持在邮件服务器之间发送邮件III支持从用户代理向邮件服务器发送邮件IV支持从邮件服务器向用户代理发送邮件A.仅I、II和IIIB.仅I、II和IVC.仅I、III和IVD.仅II、III和IV11、通过"Internet信息服务(IIS)管理器”管理单元可以配置FTP服务器,若将控制端口设置为2222,则数据端口自动设置为()。
2022年山西工学院计算机科学与技术专业《操作系统》科目期末试卷B(有答案)
2022年山西工学院计算机科学与技术专业《操作系统》科目期末试卷B(有答案)一、选择题1、文件系统中设立打开(open)系统调用的卡要目的是()。
A.把文件从辅存读到内存B.把文件的控制信息从辅存读到内存C.把文件的FAT表信息从辅存读到内存D.把磁盘文件系统的控制管理信息从辅存读到内存2、用户在删除某文件的过程中,操作系统不可能执行的操作是A.删除此文件所在的目录B.删除与此文件关联的目录项C.删除与此文件对应的文件控制块D.释放与此文件关联的内存缓冲区3、某系统中有11台打印机,N个进程共享打印机资源,每个进程要求3台打印机。
当N的取值不超过()时,系统不会发生死锁。
A.4B.5C.6D.74、下列关于银行家算法的叙述中,正确的是()A.银行家算法可以预防死锁B.当系统处于安全状态时,系统中…定无死锁进程C.当系统处于不安全状态时,系统中一定会出现死锁进程D.银行家算法破坏了产生死锁的必要条件中的“请求和保持”条件5、下列选项中,导致创建新进程的操作是()。
I.用户登录成功 II.设备分配 III.启动程序执行A.仅I和IIB.仅II和IIIC. 仅I和IIID. I,II,III6、()存储管理方式提供一维地址结构。
A.分段B.分页C.分段和段页式D.以上都不对7、产生内存抖动的主要原因是()A.内存空间太小B.CPU运行速度太慢C.CPU调度算法不合理D.页面置换算法不合理8、()不是操作系统的功能。
A.CPU管理B.存储管理C.网络管理D.数据管理9、假定下列指令已装入指令寄存器,则执行时不可能导致CPU从用户态变为内核态(系统态)的是()。
A.DIV R0,R1;(R0)/(R1)→ROB.INT n;产生软中断C.NOT RO;寄存器R0的内容取非D.MOV RO,addr;把地址 addr处的内存数据放入寄存器RO中10、某进程的段表内容见表,当访问段号为2、段内地址为400的逻辑地址时,进行地址转换的结果是()。
太原理工大学《操作系统B》实验报告
insert(int q)
/*INSERT A PROCESS*/
{
int p,s;
p=head;
s=prochain[head].next;
while((prochain[q].priority<prochain[s].priority)&&(s!=0))
{ p=s;
s=prochain[s].next;}
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专业班级 学号
实验成绩 实验日期
实验室名称
指导教师签名
太原理工大学学生实验报告
课程名称
操作系统 B
实验题目
进程调度程序设计
一、目的和要求
(一) 目的 进程是操作系统最重要的概念之一,进程调度是操作系统的主要内容,本实验要求学生独立
地用高级语言编写一个进程调度程序,调度算法可任意选择或自行设计,本实验可使学生加深对进 程调度和各种调度算法的理解。
{
int i;
head=0;
if (algo==2)
{ for (i=1;i<furthest+1;i++)
{ prochain[i].id=i;
prochain[i].priority=(rand()+11)%41;
prochain[i].cputime=0;
prochain[i].alltime=(rand()+1)%7;
prochain[i].state='W';
prochain[i].next=(i+1)%(furthest+1);}
head=1; tail=furthest; prochain[furthest].next=0; } run=head; prochain[run].state='R'; head=prochain[head].next; prochain[run].next=0; print(); }
太原理工计算机技术复试科目
太原理工计算机技术复试科目太原理工计算机技术专业的复试科目主要包括《计算机专业基础知识》、《英语》和《面试》三个部分。
下面将分别介绍这三个科目的相关参考内容。
《计算机专业基础知识》是太原理工计算机技术专业的复试科目之一,主要测试考生对计算机基础知识的掌握程度。
考生可以参考以下内容进行复习:1.计算机组成原理:包括计算机的基本组成、CPU、内存、硬盘等硬件知识,以及指令的执行过程、存储器的层次结构等。
2.计算机网络:包括网络的基本概念、互联网的架构、常用协议(如TCP/IP)、网络安全等内容。
3.操作系统:包括操作系统的功能、进程管理、内存管理、文件系统等知识点。
4.数据结构与算法:包括线性表、树、图等基本数据结构,以及常用的排序和查找算法、图算法等。
5.数据库:包括数据库的基本概念、关系数据库的设计与管理、SQL语言等知识。
《英语》是太原理工计算机技术专业的复试科目之一,主要测试考生对英语的理解和运用能力。
考生可以参考以下内容进行复习:1.阅读理解:阅读英文短文并回答相关问题,考察考生的阅读理解能力。
2.词汇与语法:包括英语常用词汇的理解和运用、英语语法的掌握等,考察考生的词汇量和语法能力。
3.写作与翻译:要求考生进行写作或翻译练习,考察考生的表达能力和语言运用能力。
《面试》是太原理工计算机技术专业的复试科目之一,主要测试考生的综合素质和对计算机领域的了解。
在面试环节中,考生需要准备以下内容:1.个人简历:准备详细的个人简历,包括个人的学习经历、项目经验、获奖情况等,向考官展示自己的综合素质。
2.专业知识与实践经验:准备相关计算机专业知识,并准备回答与计算机技术相关的问题,展示自己在计算机领域的专业能力。
3.思维能力与创新意识:准备一些与计算机技术发展相关的问题,展示自己的思维能力和创新意识。
4.沟通能力与团队合作精神:面试过程中要注意语言表达能力、沟通能力和团队合作精神的展示,向考官展示自己的团队合作能力。
2022年太原理工大学数据科学与大数据技术专业《操作系统》科目期末试卷B(有答案)
2022年太原理工大学数据科学与大数据技术专业《操作系统》科目期末试卷B(有答案)一、选择题1、列选项中,不可能在用户态发生的事件是()。
A.系统调用B.外部中断C.进程切换D.缺页2、假设5个进程P0、P1、P2、P3、P4共享3类资源R1、R2、R3.这些资源总数分别为18、6、22。
T0时刻的资源分配情况(见表),此时存在的一个安全序列是()。
A. P0, P2, P4, P1, P3B. P1, P0, P3, P4, P2C. P2, P1, P0, P3, P4D. P3, P4, P2, P1, P03、下面关于管程的叙述错误的是()。
A.管程是进程的同步工具,解决信号量机制大量同步操作分散的问题B.管程每次只允许一个进程进入管程,C.管程中V操作的作用和信号量机制中V操作的作用相同D.管程是被进程调用的,是语法范围,无法创建和撤销4、进程和程序的本质区别是()A.前者分时使用CPU,后者独占CPUB.前者存储在内存,后者存储在外存C.前者在一个文件中,后者在多个文件中D.前者为动态的,后者为静态的5、下面所列进程的3种基本状态之间的转换不正确的是()A.就绪状态→执行状态B.执行状态→就绪状态C.执行状态→阻塞状态D.就绪状态→阻塞状态6、在采用SPOOLing技术的系统中,用户暂时未能打印的数据首先会被送到()存储起来。
A.磁盘固定区域B.内存固定区域C.终端D.打印机7、某进程的段表内容见表,当访问段号为2、段内地址为400的逻辑地址时,进行地址转换的结果是()。
A.段缺失异常B.得到内存地址4400C.越权异常D.越界异常8、如果文件采用直接存取方法,且文件大小不固定,则应采用()物理结构。
A.直接B.索引C.随机D.顺序9、若文件f1的硬链接为f2,两个进程分别打开fl和f2,获得对应的文件描述符为fd1和fd2,则下列叙述中,止确的是()I.fl和f2的读写指针位置保持相同II.fl和f2共享同个内存索引节点III.fdl 和fd2分别指向各自的用户打开文件表中的一项,A.仅IIB. 仅II、IIIC.仪I、IID. I、II和II10、一个页式虚拟存储系统,其并发进程数固定为4个。
采矿CAD智慧树知到课后章节答案2023年下太原理工大学
采矿CAD智慧树知到课后章节答案2023年下太原理工大学太原理工大学第一章测试1.CAD技术是一种人机一体化融合技术。
A:错 B:对答案:对2.采矿CAD软件通过编制绘图程序可以实现参数化绘图。
A:对 B:错答案:对3.移动硬盘、U盘等移动存储设备属于外存储设备。
A:对 B:错答案:对4.选择CAD系统时无需考虑系统的开放性与可移植性。
A:错 B:对答案:错5.显示器属于()设备。
A:输入 B:打印 C:输出 D:软件答案:输出6.下列哪个不属于CAD系统的硬件系统()A:主机 B:绘图仪 C:鼠标 D:Windows操作系统答案:Windows操作系统7.根据CAD系统中执行的任务和服务的对象不同,可将软件系统分为系统软件、支撑软件和()三个层次。
A:绘图软件 B:图像软件 C:编辑软件 D:应用软件答案:应用软件8.下列软件哪个不属于采矿CAD软件()A:采煤工艺设计 B:井田开拓设计 C:巷道支护设计 D:室内装饰设计答案:室内装饰设计9.以下属于CAD系统基本功能的是()。
A:输入输出功能 B:交互功能 C:图形显示功能 D:网络功能答案:输入输出功能;交互功能;图形显示功能10.利用采矿CAD软件绘制矿山图纸有利于()A:提高图纸设计质量 B:缩短设计周期 C:减少生产事故 D:生产部门之间的数据共享答案:提高图纸设计质量;缩短设计周期;生产部门之间的数据共享第二章测试1.计算机处理问题所经历的过程分为两步:第一步建立数学模型;第二步把数学模型程序化,变成二进制信息处理问题,存入计算机。
A:错 B:对答案:对2.设计要求和设计参数之间的函数关系,称为设计函数。
A:对 B:错答案:对3.采矿设计资料的程序化就是将设计函数程序化。
A:错 B:对答案:对4.线图公式化可以按照()方法处理,然后再进行程序化。
A:从线图上用人工的方法或数字化仪读取离散结点数据,以分段折线的方式写出各段的线性方程,存入计算机供设计时调用。
最新太原理工大学计算机硬件基础考试习题
太原理工大学计算机硬件基础考试习题........................................第2章1.单项选择题(1)在字长8位的定点小数表示中,1的补码是( B )。
A.1.0000001 B.1.0000000C.1.1111110 D.1.1111111(2)在定点数表示中,下列说法正确的是(C )。
A.0的原码表示唯一B.0的反码表示唯一C.0的补码表示唯一D.字长相同,原码、反码和补码表示的数的个数一样(3)在定点整数表示中,下列说法错误的是( A )。
A.原码和补码表示范围相同B.补码和移码表示范围相同C.原码和反码表示范围相同D.补码和移码表示符号相反,数值位相同(4)在字长8位的定点整数补码表示中,能表示的最小数和最大数是( D )。
A.-128和128 B.-127和127 C.-127和128 D.-128和127 (5)字长8位的无符号数表示中,能表示的最大数是(C )。
A.127 B.128 C.255D.256(6)在算术移位中,下列说法错误的是( D )。
A.原码左移末位补0 B.原码右移高位补0C.补码左移末位补0 D.补码右移高位补1(7)在逻辑移位中,下列说法错误的是( C )。
A.左移末位补0 B.右移高位补0C.循环左移末位补0 D.循环左移末位补最高位(8)采用变形补码做加减运算,当运算结果的符号位是( B )时正溢出。
A.00 B.01 C.10 D.11 (9)已知[X]补=10001,则X 的真值和[-X]补是( C )A.00001、00001 B.- 00001、01111C.- 01111、01111 D.- 01111、11111 (10)在8位寄存器中存放补码表示的数0FEH,算术左移一位后,其十六进制代码是( B )。
A.0FFH B.0FCH C.7CHD.7EH2.采用定点整数表示,字长8位,含1位符号位,写出下列各数的原码、反码、补码和移码:1010,0101,0010,1111,-1000,-1011,-1001,-0001,-04.字长16位,采用定点整数补码表示,写出能表示的最大数、最小数、最大非0负数、最小非0正数的二进制代码序列和十进制真值。
计算机硬件技术基础习题答案(太原理工)
计算机硬件技术基础习题答案习题一:1-8: 28 Bytes = 256 Bytes;216 Bytes = 210×26Bytes = 64KB;220 Bytes = 210×210Bytes = 1MB;232 Bytes = 210×210×210×22 Bytes = 4GB 。
1-12:指令通常包括操作码和操作数两部分。
操作码表示计算机执行什么具体操作;操作数表示参加操作的数的本身或操作数所在的地址(操作数的地址码)。
1-22:[+89]补= 0 101 1001B;[-89]补= 1 010 0111B;[+67]补= 0 100 0011B;[-67]补= 1 011 1101B。
(1)[-89]补+ [+67]补= 10100111B + 01000011B= 1 110 1010B = eaHV = D7C D6C=00=0 无溢出D7C = 0; D6C = 0(2)[+89]补+ [-(-67)]补= [+89]补+ [+67]补=01011001B + 01000011B= 1 001 1100B = 9cHV = D7C D6C=01=1溢出D7C = 0; D6C = 1(3)[-89]补+ [-67]补= 10100111B + 10111101B= 1, 0 110 0100B = 64HV = D7C D6C=10=1溢出D7C = 1; D6C = 0(4)[-89]补+ [-(-67)]补= [-89]补+ [+67]补=10100111B + 01000011B= 1 110 1010B = eaHV = D7C D6C=00=0 无溢出D7C = 0; D6C = 01-30:(1) 01111001 + 01110000补码竖式:01111001+ 01110000———————11101001V = D7C D6C=01=1 溢出;两正数相加,其结果应为正数;但结果为负数,故产生了溢出,正溢出。
2022年山西应用科技学院计算机科学与技术专业《操作系统》科目期末试卷A(有答案)
2022年山西应用科技学院计算机科学与技术专业《操作系统》科目期末试卷A(有答案)一、选择题1、某文件系统的簇和磁盘扇区大小分别为1KB和512B。
若一个文件的大小为1026B,则系统分配给该文件的磁盘空间大小是()。
A.1026BB.1536BC.1538BD.2048B2、在一个文件被用户进程首次打开的过程中,操作系统需做的是()A.将文件内容读到内存中B.将文件控制块读到内存中C.修改文件控制块中的读写权限D.将文件的数据缓冲区首指针返回给用户进程3、若系统S1采用死锁避免方法,S2采用死锁检测方法。
下列叙述中,正确的是()。
I.S1会限制用户申请资源的顺序,而S2不会II.S1需要进程运行所需资源总最信息,而S2不需要III.SI不会给可能导致死锁的进程分配资源,而S2会A.仅I、IIB.仅II、IIIC. 仅I、IID. I、II、III4、结构(Cobegin语句1:语句2 Coend)表示语句1和语句2并发执行。
代码如下:X:=0;Y:=0;CobeginBeginX:=1;Y:=Y+X;EndBeginY:=2;X:=X+3;EndCoend当这个程序执行完时,变量X和Y的值有可能为()。
I.X=1,Y=2 II.X=1,Y=3 III.X=4,Y=6A.IB. I和IIC.II和IIID. I、II和III5、某系统有n台互斥使用的同类设备,3个并发进程分别需要3,4,5台设备,可确保系统不发生死锁的设备数n最小为()。
A.9B.10C.11D.126、下列措施巾,能加快虚实地址转换的是()I.增大快表(TLB)容量II.让页表常驻内存III.增大交换区(swap)A.仅IB.仅IIC. 仅I、IID. 仅II、III7、对重定位存储管理方式,应()。
A.在整个系统中设置一个重定位寄存器B.为每个程序设置个重定位寄存器C.为每个程序设置两个重定位寄存器D.为每个程序和数据都设置一个重定位寄存器8、若程序正在试图读取某个磁盘的第100个逻辑块,使用操作系统提供的()接门。
太原理工计算机技术复试科目
太原理工计算机技术复试科目
1.专业课笔试
太原理工计算机技术专业的专业课笔试主要考查考生的专业知识和技能。
考试内容包括计算机组织与系统结构、操作系统、数据库原理与应用、数据结构与算法、软件工程、网络与通信等方面的知识。
考试形式一般是
选择题和简答题,要求考生能够熟练掌握相关知识,并能够运用所学知识
解决实际问题。
2.英语口试
英语口试主要考查考生的英语交流能力和听说能力。
口试内容包括自
我介绍、问答环节、小组讨论等。
自我介绍要求考生能够简洁明了地介绍
自己的基本情况和学术背景。
问答环节则要求考生能够流利地回答问题,
包括个人兴趣爱好、专业知识等方面的问题。
小组讨论要求考生能够与其
他考生进行讨论、交流意见,并给出自己的观点和建议。
3.面试
面试是复试的重要环节,主要考查考生的综合素质和逻辑思维能力。
面试内容包括个人简历、专业知识、学术研究、职业规划等方面的问题。
考官会对考生的回答进行深入的追问,考察考生的思维能力、分析能力和
表达能力。
在面试中,考生应表现出自信、冷静以及清晰的思维和逻辑。
4.综合素质评价
太原理工对考生的综合素质也进行了评价,包括创新能力、团队合作
能力、社会责任感等方面。
考生需要准备相应的材料,如科研成果、比赛
获奖、社会实践等,来展示自己的综合素质。
考官会结合考生的材料和面试表现进行评价,综合考虑考生的专业水平和综合素质。
太原理工大学计算机考研复试经验
一.国家线和复试线的关系太原理工计算机学院的复试线就是B区的国家线,单科和总分都是,计算机学院没有单独画线,尤其是这几年计算机统考专业课题目难度大,所以基本上一志愿的过了B区国家线的就能进入面试,其余的都是调剂过来的。
我那年招90多个硕士研究生,只有30多个是一志愿的,其余都是调剂过来的。
二.复试情况太原理工计算机的复试分为面试和笔试。
笔试是在一个下午进行的,笔试好像是考三个小时,首先是半个小时的听力考试,听力和四级差不多,就是长对话短对话短文理解,一共差不多二十个选择题。
剩下的时间是考专业课,专业课考试是100个选择题,五门课,每门课20个题,五门课是:离散数学,面向对象程序设计,数据库,软件工程和编译原理。
因为题型全部是选择题,所以考的都是最基本的知识点,但是考的挺全面的。
在到计算机学院的报到的时候,是给研究生教学秘书报到的,她会让你报一个导师,然后计算机学院的所有的导师是分成四组的,你报的哪个导师,你就在他所在的组里面试。
所以提前订好导师挺重要。
面试也主要是分两部分的:英语口语和专业课面试。
英语口语是先做一个自我介绍,然后老师在用英语提一个简单的问题,比如family hometown 都是很简单的问题。
关于专业课的面试其实有点随机性,老师什么都会问到,当时老师问了我:毕业设计的题目是什么,进行到什么程度了,还有我的导师主要是做网络的,所以就是问了比较多的网络问题,比如本科学计算机网络的时候做过哪些实验。
面试其实有个捷径的,就是面试你的导师会问比较多的关于他研究方向的内容,所以你要多关注他的研究方西的内容。
还有面试的时候要表现的态度踏实,不要高谈阔论,不要一问三不知,不要不懂装懂。
还有小的细节可以注意,比如说进门之前敲门,见到老师先问好,面试结束后说老师再见,都会加分的。
三.心态的调整等待初试成绩的时候和成绩出来之后等待复试线的时候心情是挺像的,心情总会有点焦急的提心吊胆的,尽量做到控制自己的情绪,把时间更多的准备一些复试的东西,要明白什么东西是可以改变的,什么东西是不可以改变的,不可以改变的只有接受,可以改变的要尽力而为。
太原理工大学计算机网络复习资料
计算机网络作业第一章选择题:1、下列关于OSI模型和TCP/IP模型说法错误的是(C)A、OSI模型抽象能力强,适合于描述各种网络B、OSI模型过于烦杂,实施困难,效率低C、TCP/IP模型很好地区分了服务、接口和协议D、TCP/IP模型实用性比OSI模型强2、在OSI参考模型中,(D)处于模型的最底层。
A、传输层B、网络层C、数据链路层D、物理层3、目前实际存在与使用的广域网基本都是采用(A)拓扑。
A、网状B、环型C、星型D、总线型4、计算机网络分为广域网、城域网、局域网,其划分的主要依据是网络的(C)。
A、拓扑结构B、控制方式C、作用范围D、传输介质5、在OSI参考模型中,同一节点内相邻层之间通过(A)来进行通信。
A、接口B、协议C、应用程序D、进程6、计算机网络拓扑结构主要取决于它的(C)。
A、资源子网B、通信介质C、通信子网D、路由器7、决定使用哪条路径通过子网,应属于下列OSI的(C)A物理层 B数据链路层 C网络层 D 运输层8.城域网英文缩写是(D)A、LANB、WANC、MEND、MAN9.网络传输中对数据进行统一的标准编码在OSI体系中由(D)实现A、物理层B、网络层C、传输层D、表示层10.信息高速公路的基本特征是交互、广域和(D)A、方便B、灵活C、直观D、高速11、计算机网络体系结构中,下层的目的是向上一层提供(B)A、协议B、服务C、规则D、数据包12、制定OSI的组织是(C)A、ANSIB、EIAC、ISOD、IEEE13、计算机网络的主要功能有(A)、数据传输和进行分布处理。
A、资源共享B、提高计算机的可靠性C、共享数据库D、使用服务器上的硬盘14、计算机网络的体系结构是指(A)A、计算机网络的分层结构和协议的集合B、计算机网络的连接形式C、计算机网络的协议集合D、由通信线路连接起来的网络系统15、在 OSI模型中,第 N层和其上的 N+ l层的关系是 (A)A、N层为N十1层提供服务B、N十1层将从N层接收的信息增加了一个头C、N层利用N十1层提供的服务D、N层对N+1层没有任何作用16、早期的计算机网络是由(D )组成系统。
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课程名称:计算机操作系统B实验项目:操作系统实验实验地点:行知楼A103、行远楼B114教室专业班级:软件学院学生姓名:学号:指导教师:张俊花2015年12 月 5 日实验一几种操作系统的界面一、实验目的和要求目的本实验的目的是使学生熟悉1—2种操作系统的界面,在熟练使用机器的基础上,能了解各种操作命令和系统调用在系统中的大致工作过程。
也就是通过操作系统的外部特征,逐步深入到操作系统的内部实质内容中去。
要求1. 能熟练的在1—2种操作系统的环境下工作,学会使用各种命令,熟悉系统提供的各种功能,主动而有效地使用计算机。
2. 熟悉系统实用程序的调用方法和各种系统调用模块的功能和作用二、实验内容和原理在某种操作系统的环境下建立、修改、运行、打印源程序和结果,最后撤消一个完整的程序。
提示:可按下述步骤进行1.编写一个完整的源程序,通过编辑命令送入机器,建立源程序文件;2.编译该源文件,建立相应的目标文件;3.编译有错时,再用编辑命令修改源文件,消除全部词法和语法错误;4.连接目标文件,形成可执行文件;5.执行该文件,得到结果;6.打印输出源程序和运行结果;7.撤消本次实验中形成的所有文件。
三、系统运行的软硬件环境编译器:VC6.0四、实验步骤及程序流程图1.编写一个完整的源程序,通过编辑命令送入机器,建立源程序文件;2.编译该源文件,建立相应的目标文件;3.编译有错时,再用编辑命令修改源文件,消除全部词法和语法错误;4.连接目标文件,形成可执行文件;5.执行该文件,得到结果;6.打印输出源程序和运行结果;7.撤消本次实验中形成的所有文件。
五、程序清单#include<stdio.h>void main(){char str[256],a;int i,j,k;printf("输入一个字符串:\n");gets(str);printf("指定一个插入的字符:\n");a=getchar();printf("输入在第几个字符后面插入该字符:\n");scanf("%d",&k);for(j=0;str[j]!='\0';j++);for(i=j;i!=k;i--){str[i]=str[i-1];}str[k]=a;str[j+1]='\0';printf("插入指定项后的字符串是:\n%s\n",str);}六、实验结果与分析下面是生成源程序、目标文件、可执行文件等的截图错误提示显示:程序没有错误运行程序:所有文件都存在C文件夹下执行命令行程序,删除所有生成文件:删除后的截图:七、讨论、心得通过这次试验,让我了解到了不同作系统的环境下工作,学会使用各种命令,熟悉系统提供的各种功能,主动而有效地使用计算机,还让我了解了程序是如何编译、链接、运行的,让我了解到了这些问题的本质,增强了自己的动手能力,极大的提升了我对这门科目的兴趣。
实验二进程调度程序设计一、实验目的和要求目的进程是操作系统最重要的概念之一,进程调度是操作系统的主要内容,本实验要求学生独立地用高级语言编写一个进程调度程序,调度算法可任意选择或自行设计,本实验可使学生加深对进程调度和各种调度算法的理解。
要求1.设计一个有几个进程并发执行的进程调度程序,每个进程由一个进程控制块(PCB)表示,进程控制块通常应包括下述信息:进程名,进程优先数,进程需要运行的时间,占用CPU的时间以及进程的状态等,且可按照调度算法的不同而增删。
2.调度程序应包含2—3种不同的调度算法,运行时可以任选一种,以利于各种方法的分析和比较。
3.系统应能显示或打印各进程状态和参数的变化情况,便于观察。
二、实验内容和原理1.题目本程序可选用优先数法或简单轮转法对五个进程进行调度。
每个进程处于运行R(run)、就绪W(wait)和完成F(finish)三种状态之一,并假定起始状态都是就绪状态W。
为了便于处理,程序中进程的运行时间以时间片为单位计算。
各进程的优先数或轮转时间片数、以及进程需要运行的时间片数,均由伪随机数发生器产生。
进程控制块结构如表2-1所示:表2-1 PCB进程控制块链结构如图2-1所示:TAIL其中:RUN—当前运行进程指针;HEAD—进程就绪链链首指针;TAIL—进程就绪链链尾指针。
2.算法(1)优先数法。
进程就绪链按优先数大小从大到小排列,链首进程首先投入运行。
每过一个时间片,运行进程所需运行的时间片数减1,说明它已运行了一个时间片,优先数也减3。
理由是该进程如果在一个时间片中完成不了,优先级应降低一级。
接着比较现行进程和就绪链链首进程的优先数,如果仍是现行进程高或者相同,就让现行进程继续运行,否则,调度就绪链链首进程投入运行。
原运行进程再按其优先数大小插入就绪链,且改变它们对应的进程状态,直至所有进程都运行完各自的时间片数。
(2)简单轮转法。
进程就绪链按各进程进入的先后次序排列,链首进程首先投入运行。
进程每次占用处理机的轮转时间按其重要程度登入进程控制块中的轮转时间片数记录项(相应于优先数法的优先数记录项位置)。
每过一个时间片,运行进程占用处理机的时间片数加1,然后比较占用处理机的时间片数是否与该进程的轮转时间片数相等,若相等说明已到达轮转时间,应将现运行进程排到就绪链末尾,调度链首进程占用处理机,且改变它们的进程状态,直至所有进程完成各自的时间片。
三、系统运行的软硬件环境编译器:VC6.0四、实验步骤及程序流程图程序流程图如下:五、程序清单#include <stdio.h>#include <stdlib.h>#define furthest 5struct process /*PCB STRUCTURE*/ {int id;int priority;int cputime;int alltime;char state;int next;}prochain[furthest - 1];int procnum;int rand();int algo;int run, head, tail, j;void prisch();void timesch();void print() /*PRINT THE RUNNING PROCESS,WAITING QUEUE AND PCB SEQUENCE LIST*/{int k, p;for (k = 1; k <= 40; k++)printf("=");printf("\nrunning proc. ");printf("waiting queue.");printf("\n %d ", prochain[run].id);p = head;while (p != 0){printf("%5d", p);p = prochain[p].next;}printf("\n");for (k = 1; k <= 40; k++)printf("=");printf("\n");printf(" id ");for (k = 1; k<furthest + 1; k++)printf("%5d", prochain[k].id);printf("\n");printf("priority ");for (k = 1; k<furthest + 1; k++)printf("%5d", prochain[k].priority);printf("\n");printf("cputime ");for (k = 1; k<furthest + 1; k++)printf("%5d", prochain[k].cputime);printf("\n");printf("alltime ");for (k = 1; k<furthest + 1; k++)printf("%5d", prochain[k].alltime);printf("\n");printf("state ");for (k = 1; k<furthest + 1; k++)printf("%5c", prochain[k].state);printf("\n");printf("next ");for (k = 1; k<furthest + 1; k++)printf("%5d", prochain[k].next);printf("\n");}void insert(int q) /*INSERT A PROCESS*/{int p, s;p = head;s = prochain[head].next;while ((prochain[q].priority<prochain[s].priority) && (s != 0)){p = s;s = prochain[s].next;}prochain[p].next = q;prochain[q].next = s;}void insert2() /*PUT A PROCESS ONTO THE TAIL OF THE QUEUE*/ {prochain[tail].next = run;tail = run;prochain[run].next = 0;}void init() /*CREATE A WAITING QUEUE*/{int i;head = 0;if (algo == 2){for (i = 1; i<furthest + 1; i++){prochain[i].id = i;prochain[i].priority = (rand() + 11) % 41;prochain[i].cputime = 0;prochain[i].alltime = (rand() + 1) % 7;prochain[i].state = 'W';prochain[i].next = 0;if ((prochain[i].priority<prochain[head].priority) && (head != 0))insert(prochain[i].id);else{prochain[i].next = head;head = prochain[i].id;}}}else{for (i = 1; i<furthest + 1; i++){prochain[i].id = i;prochain[i].priority = (rand() + 1) % 3 + 1;prochain[i].cputime = 0;prochain[i].alltime = (rand() + 1) % 7;prochain[i].state = 'W';prochain[i].next = (i + 1) % (furthest + 1);}head = 1;tail = furthest;prochain[furthest].next = 0;}run = head;prochain[run].state = 'R';head = prochain[head].next;prochain[run].next = 0;print();}void main() /*MAIN PROGRAM*/{agan: printf("type the algorithm is (1:RR,2:PRIO):");scanf_s("%d",&algo);if (algo == 2){printf("output of priority.\n");init();prisch();}else{if (algo == 1){printf("output of round robin.\n");init();timesch();}else{printf("try again,please\n");goto agan;}}for (j = 1; j <= 40; j++){printf("=");}printf("\n\n");for (j = 1; j <= 40; j++){printf("=");}printf("\n\n");printf("system finished\n");}void prisch() /*THE PROCESS WITH PRIO ALGORITHM*/ {while (run != 0){prochain[run].cputime += 1;prochain[run].priority -= 3;prochain[run].alltime -= 1;if (prochain[run].alltime == 0){prochain[run].state = 'F';prochain[run].next = 0;if (head != 0){run = head;prochain[run].state = 'R';head = prochain[head].next;}else{prochain[0].id = prochain[run].id;run = 0;}}else{if ((prochain[run].priority< prochain[head].priority) && (head != 0))prochain[run].state = 'W';insert(run);run = head;prochain[run].state = 'R';head = prochain[head].next;}}print();}}void timesch() /*THE PROCESS WITH RR ALRORITHM*/ {while (run != 0){prochain[run].alltime -= 1;prochain[run].cputime += 1;if (prochain[run].alltime == 0){prochain[run].state = 'F';prochain[run].next = 0;if (head != 0){run = head;prochain[run].state = 'R';head = prochain[head].next;}else{prochain[0].id = prochain[run].id;run = 0;}}else{if ((prochain[run].cputime == prochain[run].priority) && (head != 0)){prochain[run].state = 'W';prochain[run].cputime = 0;insert2();run = head;prochain[run].state = 'R';head = prochain[head].next;}print();}}六、实验结果与分析下面是程序运行截图:执行算法RR:七、讨论、心得通过这次试验,让我了解到了有关操作系统进程调度的有关内容,并且亲自用高级语言编写一个进程调度程序,使用了调度算法,通过实践,让我了解到了这些问题的本质,增强了自己的动手能力,极大的提升了我对这门科目的兴趣。