(生物科技行业)石景山区第一学期期末考试答案

寒假生物作业答案
石景山区2011—2012学年第一学期期末考试答案
高三生物
一、选择题：（每题只有一个选项符合要求。

共30题，每题1分，共30分）
1-5 BDBBA 6-10 DABBB 11-15 BCBAD
16-20 CDABD 21-25DABDC 26-30 CBDAD
二、选择题（每题只有一个选项符合要求。

共10题，每题2分，共20分）
31-35 CDDBD 36-40 CCAAB
三、非选择题（每空1分，共50分）
41．（5分）
（1）没有叶绿体具有核膜包被的细胞核（成形的细胞核）
（2）②④⑥⑧
（3）⑥
（4）等渗（或高渗）
42．（5分）
（1）没有光照，光反应不能正常进行，无法为碳反应提供所需的ATP和NADPH 苹果酸经脱羧作用释放呼吸作用产生
（2）基本不变
（3）炎热、干旱
43．（6分）
（1）5
（2）谷氨酸—丙氨酸—谷氨酸
（3）1/3 长翅：残翅=8：1
（4）7 BbX F X f BbX F Y
44．（5分）
（1）次级精母细胞
（2）着丝粒分开
后期和末期
45．（5分）
（1）单倍体
（2）诱发基因突变抗该除草剂的能力
（3）加倍二倍体
46．（6分）
（1）促性腺激素释放激素卵巢
（2）通过负反馈以维持激素c水平的相对稳定
（3）细胞膜上激素a不能通过具有选择透过性的细胞膜
（4）减少
47．（7分）
（1）限制性核酸内切酶（限制酶、限制性内切酶）DNA连接酶（两空可以互换）（2）细胞融合杂交瘤细胞
（3）A蛋白核酸（基因）序列抗A蛋白的单克隆抗体
48.（5分）
（1）人、猪
（2）沼气没有污染，充分利用废弃物中的能量
（3）可为蔬菜的光合作用提供更多二氧化碳
（4）物质循环再生原理
49.（6分）
（1）脱氧核苷酸标记
（2）能抗氨苄青霉素，但不能抗四环素目的基因插入了Tet r中
（3）筛选含目的基因的受体细胞大肠杆菌
丰台区2011~2012学年度第一学期期末练习
高三生物参考答案
二、非选择题（除特殊说明外，每空1分，共50分）
51．（5分）（1）2、3、4 （2）垂体
（3）（效应）B淋巴
（4）一部分由核基因控制在细胞质中合成，一部分由线粒体基因控制在线粒体中合成（2分）
52．（5分）（1）叶绿体、线粒体、细胞质基质
（2）30℃ 3
（3）白天将温度控制在使有机物积累量最大的温度25℃，夜晚温度在5℃（适当
增加昼夜温差）
（4）三碳化合物
53．（5分）（1）不合理，引物II自身末端会发生碱基互补配对
（2）未能导入重组质粒b、c
（3）Tn和t 1/4
54．（5分）（1）染色体变异费城染色体
（2）复制造血干细胞
（3）单克隆抗体
55．（5分）（1）常染色体和X
（2）（纯合）灰身雌果蝇纯合灰身灰身果蝇黑身（雄）果蝇56．（5分）（1）突触小泡电位变化
（2）B细胞 Ach受体抗体与Ach受体特异性结合，使Ach不能与受体结合，导致肌肉无法完成收缩活动。

（3）T细胞
57．（5分）（1）下丘脑抗利尿激素
（2）抗利尿激素
（3）尿量不减少
（4）负反馈
58．（5分）（1）样方五点取样法（等距取样法）
（2）物种丰富度降低，本地物种的数量下降
（3）过敏反应过敏原
59．（5分）（1）Y；X、Z；
（2）X营养级中第2个物种；
（3）被Z取食；在与同一营养级生物的竞争中处于劣势。

60．（5分）（1）纤维素刚果红
（2）还原糖含量
（3）胞外
（4）取五只装有等量菌液的试管，置于五种不同温度条件，培养相同时间，测定还原糖含量，若测得还原糖含量变化不大，则说明该菌的热稳定性较好。

北京市朝阳区2011~2012学年度高三年级第一学期期末统一考试
生物试卷参考答案2012.01
1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20
B C D D B C D C B B D B A B D C C B A C
21 22 23 24 25 26 27 28 29 30 31 32 33 34 35 36 37 38 39 40
D A D A C B D D C A C D D C D C D D B B
41．（9分）
（1）7:00-19:00
（2）cd段光照强，光合作用强，消耗大量的CO2，所以CO2浓度急剧下降
（3）③④
（4）cd
（5）①HA ②HB ③分生（分裂）突变④
42．（6分）
（1）基因突变或基因重组（缺一不得分）
（2）细胞核、线粒体、叶绿体
（3）丝氨酸需同时替换两个碱基增添或缺失
（4）碱基对排列顺序（脱氧核苷酸排列顺序）
43．（8分）
（1）AAX b X b蓝花，100%
（2）紫花雄株：蓝花雄株：蓝花雌株=1:1:2
（3）细胞膜流动性和细胞全能性四蓝色
（4）通过控制酶的合成来控制代谢过程 DNA→mRNA→蛋白质44．（10分）
（1）①非等位②染色体结构变异（倒位、染色体片段颠倒）
（2）①X ②白眼雌同源染色体没有分离X b X b Y和X B O （3）①1:1 X染色体缺失
②不能配对的凸环显微镜观察染色体
45．（12分）
（1）分泌激素神经体液
（2）增加减少
（3）下丘脑渗透压内环境（血液）抗利尿
（4）胰岛素胰岛素受体（糖蛋白）减缓（停止）
（5）反馈
46．（5分）
（1）①IAA和GA均具有促进植物生长的作用，但IAA的促进效应较GA明显
②IAA和GA具有协同作用（或两种激素同时存在时，具有明显增效作用）
（2）抑制酶（3）赤霉素
寒假物理作业答案
石景山区2011~2012学年第一学期期末考试
高三物理试题参考答案
一、选择题（每小题3分，共36分） 2012年元月 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 B
D
A
C
B
D
D
A
C
D
C
B
二、实验题（共2小题，共18分） 13．(1) （10分，每小题2分）
① 2.06 cm ② 2.24s ③ C ④ D
⑤ 2
22124T T l
g -∆=π
（2）① A （2分） D （2分）
② 电路图如右图所示（2分）
③ C （2分）
三、计算题（共5小题，共46分） 14．（8分）解：（1）物体受力如右图所示
由牛顿运动定律 mg sin θ －μN = ma （1分） N － mg cos θ = 0 （1分）
解得 a = g sin θ －μg cos θ
a = 3.6m/s 2 （1分）
（2）
由 aL v 22= （1分） 求出
m/s 6=v （1分）
（3）由匀变速直线运动规律
s a v '-=-202 （1分） 由牛顿第二定律 a m mg '='μ （1分） 解得 m S 6.3= （1分）
N mg
f
15．（8分）解：（1）感应电动势为 E=BLv
E =0.2V
感应电流为 R
E I =
A I 2.0= （3分） （2）导体棒匀速运动，安培力与拉力平衡
F=BIL
F =0.008N （2分）
（3） 导体棒移动50cm 的时间为 v
l
t =
根据焦耳定律 Q 1 = I 2R t 或Q 1=Fs
Q 1 = 0.004J
根据能量守恒 Q 2=
22
1mv Q 2= 0.125J
电阻R 上产生的热量 Q = Q 1+Q 2
Q = 0.129J （3分）
16．（9分）解：（1）没有保护时，鸡蛋自由下落而不会摔坏，由机械能守恒定律得：
2
2
1mv mgh =
（1分） 41.1=v m/s （1分） （2）在装置开始下落到着地过程，对鸡蛋应用机械能守恒定律得：
2
12
1mv mgH =
（2分）
在装置着地到鸡蛋撞地过程，对鸡蛋应用动能定理得：
2
122
1212mv mv fx mgx -=
- （2分）
mg f 5=
15.4=H m （1分）
（3）略 （2分）
17．（9分）（1）带电微粒经加速电场加速后速度为v 1，根据动能定理
2
112
1mv q U =
m
q
U v 112=
1v =1.0×
104m/s （3分） （2）带电微粒在偏转电场中只受电场力作用，做类平抛运动。

在水平方向： t v L 1=
带电微粒在竖直方向做匀加速直线运动，加速度为a ，出电场时竖直方向速度为v 2， 竖直方向： m qE a =
d
U E 2=
at v =2
由几何关系 1
2tan v v =θ
联立求解 1
22tan dU L U =θ
︒=30θ （3分）
（3）带电微粒进入磁场做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，设微粒轨道半径为R ，
由几何关系知：D R R =+θsin
D R 32=
设微粒进入磁场时的速度为v '
130cos v v =
'
由牛顿运动定律及运动学规律
R
v m B v q 2'=
' 0
1
30cos 3
2v D q m B qR v m B ⋅⨯='=
B =0.1T （3分）
若带电粒子不射出磁场，磁感应强度B 至少为0.1T 。

18．（12分）解：（1）设A 和D 碰后的速度为v 1，AD 滑上斜面，由动能定理：
21)(2
1
0cos )(sin )(v m m L g m m L g m m D A D A D A +-=⋅+-⋅+-θμθ
得：L g v )cos (sin 21θμθ+=
41=v m/s （2分）
火药爆炸后，A 的速度最大为v A ， 由动量守恒定律有：
1D A )(v m m v m A A +=
v A ＝8m/s （2分）
（2）火药爆炸过程，对A 和B 系统，由动量守恒定律，设B 获得的速度为v B ，
0B B A =+-v m v m A
v B = 2 m/s （1分）
当B 与C 共速为v '时，弹簧弹性势能最大。

由B 、C 系统动量守恒，
v m m v m C B B B '+=)(
C
B B
B m m v m v +=
'
.61='v m/s （2分）
弹簧的最大弹性势能为：
22)(2
1
21v m m v m E C B B B P '+-=
E P = 1.6 J （1分）
（3）当弹簧为原长时，滑块C 的速度最大为C v ，则：
C C B B B B v m v m v m +=/
（1分）
22/22
12121C C B B B B v m v m v m += （1分） C
B B
C m m v m v +=
B 2 （1分）
m/s 2.3=C v （1分）
丰台区2011—2012学年度第一学期期末练习
高三物理（答案）
第Ⅰ卷（选择题共48分）
一、本题共12小题；每小题4分，共48分。

在每小题列出的四个选项中，选出符合题目要
求的一项。

题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 B C A C C D C B D D B A
第Ⅱ卷（非选择题共72分）
二、本题共2小题，共18分，把答案填在题中的横线上或按题目要求作答。

13．远小于（2分）；
2
2
3
)
2
(
2
1
=
T
x
M
mgx―2
1)
2
(
2
1
T
x
M（2分）；
14．(1) 3V （2分）；0.6A （2分）； C （2分）。

(2) 1.5V （1.48~1.52 V之间均可）（2分）；0.5 Ω（0.47~0.58 Ω之间均可）（2分）。

(3)如图（4分）。

三、本题共5小题，共54分。

解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤。

只写
出最后答案的不能得分。

有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。

15．（10分）解：
（1）对人和滑板受力分析如图所示，根据牛顿运动定律：
mg sin37o–f = ma(1分)
N–mg cos37o = 0 (1分)
f = μN(1分)
代入数据解得：a = 3.6m/s2(1分)
mg
f N
+
_
（2）设到达坡底的速度大小为v ，根据ax v 2=2 (2分)
解得：6=2=ax v m/s (1分) （3）水平滑道上加速度3==
2m
mg
μa m/s 2，由'2=22x a v ， (2分) 解得：6=2='2
2
a v x m (1分) 16．（10分）解：
（1）万有引力提供向心力 )+(4=)+(22
2h R T
πm h R Mm G （2分）
求出 2
3
2)(4GT
h R M +=π （2分） （2）月球表面万有引力等于重力 月g m R
m M G ′=′
2 （2分）
求出 2
23
2)+(4=T R h R πg 月 （1分）
（3）根据 V M =
ρ 334
R V π= （2分） 求出 3
23
)(3R GT h R +=πρ （1分）
17．（10分）解：
（1）设小球经过O 点时的速度为v ，从P 到O 2v ―20v = 2gh （1分）
解得：gh v v 2+=20 （1分）
（2）小球穿过x 轴后恰好做匀速圆周运动，画出小球运动的轨迹示意图
有qE = mg （1分） 从O 到A ，根据牛顿第二定律
r
v m qvB 2= （1分） 求出 gB
gh
v E r 22
0+= （2分）
（3）从P 到O ，小球第一次经过x 轴，所用时间为t 1
v = v 0 + gt 1 （1分）
从O 到A ，小球第二次经过x 轴，所用时间为t 2
qB
m v r T ππ22== gB E T t π==22 （1分）
求出 t = t 1 + t 2 =
g
v gh v 0
2
02-++gB
E π （2分）
18．（12分）解：
（1）ab 棒产生的感应电动势 0=BLv E ab ， （1分）
ab 棒中电流 R
BLv R E I ab 2=
2=
， （1分） 方向由b a → （1分）
（2）当ab 棒与cd 棒速度相同时，cd 棒的速度最大，设最大速度为v
由动量守恒定律 mv mv 2=0 （1分）
∴ 01
2
v v =
（1分） 由能量守恒关系 Q ＝21mv 20－21
（2m ）v 2 （1 分）
Q ＝4
1mv 2
0 （1分）
（3）设ab 棒的速度为
03
4
v 时， cd 棒的速度为v ′
由动量守恒定律 v m v m mv ′+4
3=00 （1分）
41
=
′∴v v 043
=v BL E ab
04
1
=v BL E cd
I ＝R E E cd ab 2-=R v v BL 2)
4143(00- I ＝R
BLv 40 （2分）
cd 棒受力为 220
4B L v F IBL R
== （1分）
此时cd 棒加速度为 220
4B L v F a m Rm
== （1分）
19．（12分）解：
（1）根据题设条件，电场力大小mg mg F 4
3
37tan =
︒= (1分) 电场力的方向水平向右。

（1分） （2）小球沿竖直方向做匀减速运动，速度为y v
gt v v y -=0 （1分）
沿水平方向做初速度为0的匀加速运动，加速度为a x ，
g m F a e x 4
3
==
（1分）
小球上升到最高点的时间 ,0
g
v t =
此过程小球沿电场方向位移 g
v t a s x x 8321202
=
= （1分） 在水平方向上，x x x
S a v 2=2
小球在最高点时的动能 2
232
9=21=
mv mv E x K （1分）
（3）小球从抛出点到与抛出点等高处，所经历的时间为T ，水平方向的位移为'x S g
v t T 0
2=
2= （1分） g
v T a S x x 23=21='2
02
（1分）
电场力做功8
9=2343='=2
20mv g v mg EqS W x （1分）
故电势能减少了 8
92
mv （1分）
（4）水平速度t a v x x =，竖直速度gt v v y -=0
小球的速度2
2y
x v v v += 由以上各式得出
0)(2162522
0022=-+-v v gt v t g 解得当0min 05
3
,2516v v v g v t ==
有最小值时 （1分） 此时02512=v v x ， 4
3tan ,259
0===x y y v v v v θ，
即最小速度的方向与电场方向夹角为37°斜向上。

（1分）
北京市朝阳区2011～2012学年度高三年级第一学期期末统一考试
物理试卷参考答案
2012．1
一、本题共13小题，每小题3分，共39分。

在每小题给出的四个选项中，只有一个选项是
符合题目要求的。

二、本题共3小题，共20分。

把答案填在题中的横线上。

14．（1）B （2分）
只用一个测力计，通过细绳把橡皮筋拉到O点（2分）（2）DCABEF （2分）
15．64 （2分）
32.0 （2分）
900 （2分）
16．（1）0.600 （2分）
0.710 （2分）
（2）答案见下图（2分）
（3）有摩擦力做功（2分）
三、本题共5小题，共41分。

解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤。

只
写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位，g 取10m/s 2。

17．（6分） 解：（1）根据功的公式：cos 16J W Fx W α
==
（2分）
（2）对物体进行受力分析，在竖直方向上有
sin 370N F mg +-=o
所以 8N N =
4N f N μ== （2分）
（3）根据动能定理有
k cos37Fx fx E -=∆o
所以 k 12J E ∆=
（2分）
18．（6分） 解：（1）根据机械能守恒定律有
21
2
mgl mv =
所以 v = （2分）
（2）根据动量守恒定律有
2mv mv =共
所以 v 共 （2分）
（3）根据牛顿运动定律有
222v F mg m
l
-=共
所以 3F mg =
（2分）
19．（7分） 解：（1）根据动能定理有
21
02
qU mv =-
所以 v =
（2分） （2）带电粒子以速度v 进入相互垂直的电、磁场做直线运动，受到水平向右的电场力
qE ，水平向左的洛伦兹力qvB 1，用左手定则可以判断磁场B 1的方向垂直于纸面向外。

（1分）
因为 1qE qvB =
所以 1E B v =
= （2分）
（3）粒子以速度v 从G 进入偏转磁场，受到洛伦兹力作用做匀速圆周运动，到达照相
底片的H 点，设圆运动的半径为R ，洛伦兹力提供粒子圆周运动的向心力，根据牛顿第二定律有
2
2mv qvB R
= 所以
2mv R B q =
=
2L R == （2分）
20．（10分） 解：（1）木板和木块相互作用达到共速的过程中，木板和木块组成的系统水平方向不受外力，
故动量守恒，所以
01()mv M m v =+
解得： 1 1.0m/s v =
（4分）
（2）木板与墙壁碰撞后返回，弹簧进一步被压缩，当压缩到最短时，二者共速，设共速
速度大小为v 2。

则根据动量守恒定律有
112()Mv mv M m v -=+
解得： 20.5m/s v =
当弹簧压缩到最短时，弹性势能为最大，设此时系统的弹性势为E pm ，该过程中木板和木块组成的系统因摩擦产生的热量为Q 。

则根据能的转化和守恒定律有
22
02pm 11()22
mv M m v E Q =+++
① 根据题意可知，最后木块恰好在木板的左端与木板相对静止，设它们的共同速度为v 3,。

则根据动量守恒定律有
113()Mv mv M m v -=+
解得： 30.5m/s v =
根据能的转化和守恒定律有
220311()222
mv M m v Q =++ 解得： =3.75J Q
代入①式可得：pm 3.75J E Q ==
（6分）
21．（12分） 解：（1）在0～1s 时间内，cd 杆做匀加速运动，由图可知：
201 4.0m/s t v v
a t
-==
对cd 杆进行受力分析，根据牛顿第二定律有 在竖直方向上
11mg f ma -=
在水平方向上
11=0N F -安 11f N μ= 11F I LB =安
代入数据可得：
1 1.2A I =
（3分）
（2）在2～3s 时间内，
20
2 4.0m/s t v v a t
-=
=- 在竖直方向上
32mg f ma -=- 在水平方向上
3=0N F -安3 33f N μ= 33F I LB =安
代入数据可得：
3 2.8A I =
所以 332 5.6V E I R == 又因为 33E BLv = 所以 3
311.2m/s E v BL == （6分） （3）答案见右图
（3分）
提示：
在0~1.0s 内，
10.85N F =；1 4.8m/s v = 在2.0~3.0s 内，3 1.65N F =；311.2m/s v = 在1~2s 内，ab 杆做加速度为6.4m/s 2，的
匀加速运动，对ab 杆分析，根据牛顿第二定律有：
F mg BIL ma μ--=
所以 1.170.8(1)F t =+-
可得：2min 1.17N F =，2max 1.97N F = 在2～3s 时间内，3 1.65N F =。