丹寨县一中2018-2019学年高二上学期第二次月考试卷物理

丹寨县一中2018-2019学年高二上学期第二次月考试卷物理班级__________ 座号_____ 姓名__________ 分数__________
一、选择题
1． 在匀强磁场内放置一个面积为S 的线框，磁感应强度为B ，线框平面与磁场方向垂直，穿过线框所围面积的磁通量，下列关系正确的是
A. B. C.
D.
【答案】A
【解析】磁通量定义可知当B 与S 相互垂直时，磁通量为Φ=BS ，故A 正确，BCD 错误。

2． 下面说法中正确的是（
）
A ．根据E = F/q ，可知电场中某点的场强与电场力成正比
B ．根据E = KQ/r 2，可知点电荷电场中某点的场强与该点电荷的电量Q 成正比
C ．根据E = U/d ，可知电场中某点的场强与电势差成正比
D ．根据场强叠加原理，可知合电场的场强一定大于分电场的场强【答案】B
3． 将地面上静止的货物竖直向上吊起，货物由地面运动至最高点的过程中，v ﹣t 图象如图所示。

以下判断正确的是
A ．前2 s 内货物处于超重状态
B ．第3 s 末至第5 s 末的过程中，货物完全失重
C ．最后2 s 内货物只受重力作用
D ．前2 s 内与最后2 s 内货物的平均速度和加速度相同【答案】A
【解析】A ．在前2 s 内，图象的斜率为正，加速度为正方向，说明加速度向上，货物处于超重状态，故A 正确；B ．第3 s 末至第5 s 末的过程中，货物匀速运动，重力等于拉力，B 错误；C 、最后2 s 内，加速度为
≠g ，故货物并不是只受重力，故C 错误。

D ．前2 s 内货物做匀加速直线运动，2206
m/s 3m/s 2
v a t ∆-=
==-∆平均速度为，最后2 s 内货物的平均速度为，故D 错误。

故选A 。

04m/s=2m/s 2v +=06
m/s=3m/s 2
v +=4． 时，甲、乙两汽车从相距的两地开始相向行驶，他们的图像如图所示．忽略汽车掉头所需0t =70m v t -时间．下列对汽车运动情况的描述正确的是（
）
A. 在第末，乙车改变运动方向1s
B. 在第末，甲乙两车相距2s 10m
C. 在前内，乙车运动加速度的大小总比甲车的大4s
D. 在第末，甲乙两车相遇4s 【答案】BC
5． 2016年2月11日，美国科学家宣布探测到引力波，证实了爱因斯坦100年前的预测，弥补了爱因斯坦广义相对论中最后一块缺失的“拼图”。

双星的运动是产生引力波的来源之一，假设宇宙中有一双星系统由a 、b 两颗星体组成，这两颗星绕它们连线的某一点在万有引力作用下做匀速圆周运动。

测得a 星的周期为T ，a 、b 两颗星的距离为l ，a 、b 两颗星的轨道半径之差为Δr （a 星的轨道半径大于b 星的），则 A. b 星的周期为 B. a 星的线速度大小为
C. a 、b 两颗星的轨道半径之比为
D. a 、b 两颗星的质量之比为【答案】B
【解析】试题分析：a 、b 两颗星体是围绕同一点绕行的双星系统，故周期T 相同，选项A 错误。

由
，
得
，。

所以,选项C 错误；a 星体的线速度,选项B 正确；由
，得
，选项D 错误；故选B ．
考点：双星
【名师点睛】解决本题的关键知道双星系统的特点，角速度大小相等，向心力大小相等，难度适中。

6． 如图所示，回旋加速器D 形盒的半径为R ，所加磁场的磁感应强度为B ，用来加速
质量为m 、电荷量为q 的质子（），质子从下半盒的质子源由静止出发，
H 1
1加速到最大
能量E 后，由A 孔射出．则下列说法正确的是（ ）
A ．回旋加速器加速完质子在不改变所加交变电压和磁场情况下，可以直接对（）粒子进行加速
He 2
4B ．只增大交变电压U ，则质子在加速器中获得的最大能量将变大C ．回旋加速器所加交变电压的频率为2mE
2πmR
D ．加速器可以对质子进行无限加速【答案】C 7．
如图，一充电后的平行板电容器的两极板相距l 。

在正极板附近有一质量为M 、电荷量为q （q ＞0）的粒子；在负极板附近有另一质量为m 、电荷量为－q 的粒子。

在电场力的作用下，两粒子同时从静止开始运动。

已知
两粒子同时经过一平行于正极板且与其相距l 的平面。

若两粒子间相互作用力可忽略，不计重力，则M ∶m
2
5
为（ ）
A ．3∶2
B ．2∶1
C ．5∶2
D ．3∶1
【答案】　A
【解析】　设极板间电场强度为E ，两粒子的运动时间相同，对M ，由牛顿第二定律有：qE ＝Ma M ，由运动学
公式得：l ＝a M t 2；
251
2
对m ，由牛顿第二定律有qE ＝ma m
根据运动学公式得：l ＝a m t 2
351
2
由以上几式解之得：＝，故A 正确。

M m 3
2
8． 如图所示，质量为60 g 的铜棒长L =20 cm ，两端与等长的两细软铜线相连，吊在磁感应强度B =0.5 T 、方向竖直向上的匀强磁场中。

当棒中通过恒定电流I 后，铜棒能够向上摆动的最大偏角θ=60°，取重力加速度g =10 m/s 2，则铜棒中电流I 的大小是
A ． A
B ．A
C ．6 A
D ．
A
【答案】A
【解析】铜棒上摆的过程，根据动能定理有FL sin 60°–mgL (1–cos 60°)=0，安培力F =BIL ，解得I =A ，选
A 。

9． 为测某电阻R 的阻值，分别接成如图（a ）、（b ）两电路，在（a ）电路中电压表和电流表的示数分别为3V 、3mA ，乙电路中两表示数分别是2.9V 、4mA ，则被测电阻的值应为
A ．比Ω1000略大一些
B ．比Ω1000略小一些
C ．比Ω750略大一些
D ．比750略小一些
【答案】B
10．在物理学发展的过程中，许多物理学家的科学研究推动了人类文明的进程．在对
以下几位物理学家所作科学贡献的叙述中，正确的说法是
A ．在对自由落体运动的研究中，伽利略猜想运动速度与下落时间成正比，并直接用实验进行了验证
B ．牛顿应用“理想斜面实验”推翻了亚里士多德的“力是维持物体运动的原因”观点
C ．胡克认为只有在一定的条件下，弹簧的弹力才与弹簧的形变量成正比
D ．亚里士多德认为两个从同一高度自由落下的物体，重物体与轻物体下落一样快
【答案】C
11．如图所示，AB 、CD 为两个光滑的平台，一倾角为 37°，长为 5 m 的传送带与两平台平 滑连接。

现有一小煤块以 10 m/s 的速度沿平台 AB 向右运动，当传送带静止时，小煤块恰好能滑到平台 CD 上，则下列
说法正确的是（重力加速度 g=10m/s 2，sin370=0.6，cos370=0.8）（
）
A. 小煤块跟传送带间的动摩擦因数ì=0.5
B. 当小煤块在平台 AB 上的运动速度 v=4 m/s 时，无论传送带匀速运动的速度多大，小物体都不能到达平台 CD
C. 若小煤块以 v=8 m/s 的速度沿平台 AB 向右运动，传送带至少要以 3m/s 的速度顺时针 运动，才能使小物体到达平台 CD
D. 若小煤块以 v=8m/s 的速度沿平台 AB 向右运动，传送带以 4m/s 的速度顺时针运动时， 传送带上留下的痕迹长度为 2.4m 【答案】ABC
【解析】A 、传送带静止时，小煤块受力如图甲所示
据牛顿第二定律得 ，B→C 过程有 ，cos sin umg mg ma θθ+=22v al =解得， ，故A 正确；
210/a m s =0.5μ=B 、当小煤块受到的摩擦力始终向上时，最容易到达传送带顶端，此时，小物体受力如图乙所示，据牛顿第二
定律得， 若恰好能到达高台时，有 ，解得，即当sin cos mg umg ma θθ-='22v a l ='/4/v s m s =>小煤块在AB 平台上向右滑动速度小于4m/s ，无论传带顺时针传动的速度多大，小煤块总也不能到达高台CD ，故B 正确；
C 、以表示传送带顺时针传动的速度大小，对从小煤块滑上传送带到小物体速度减小到传送带速度过程有
v '， 对从小煤块速度减小到运动到恰滑上CD 高台过程，有， ， 解得
2212v v ax -='222v a x =''12x x l +=，即传送带至少以3 m/s 的速度顺时针运动，小物体才能到达高台CD ，故C 正确；
3/v m s '=D 、对小煤块煤块的位移， ，t=1s ，传送带的位移，
12x m =22112x l x v t a t =-''=-1 1.6v v s v m a
'
-⨯='=，传送带上留下的痕迹长度，故D 错误；
24s v t m '==221x s m -=
故选ABC 。

12．如图4所示，一理想变压器，当原线圈两端接U 1=220V 的正弦式交变电压时，副线圈两端的电压U 2=55V ．对于该变压器，下列说法正确的是（ ）
A ．原、副线圈的匝数之比等于4:1
B ．原、副线圈的匝数之比等于1:4
C ．原、副线圈的匝数之比等于2:1
D ．原、副线圈的匝数之比等于1:2【答案】A
【解析】，A 对
21
2
1n n U U 13．如图所示，图中实线是一簇未标明方向的点电荷的电场线，虚线是某一带电粒子通过该电场区域时的运动轨迹，a 、b 是轨迹上的两点。

若带电粒子在运动中只受电场力作用，根据此图可作出正确判断的是（ ）
A ．带电粒子所带电荷的电性；
B ．带电粒子在a 、b 两点的受力方向；
C ．带电粒子在a 、b 两点的加速度何处较大；
D ．
带电粒子在a 、b 两点的电势能何处较大。

【答案】BCD
14．如图甲所示，两平行金属板A 、B 放在真空中，间距为d ，P 点在A 、B 板间，A 板接地，B 板的电势随时间t 的变化情况如图乙所示，t=0时，在P 点由静止释放一质量为m 、电荷量为e 的电子，当=2T 时，电子回到P 点。

电子运动过程中未与极板相碰，不计重力，则下列说法正确的是
A.： =1：2
B.： =1：3
C. 在0～2T 时间内，当t=T 时电子的电势能最小
D. 在0～2T 时间内，电子的电势能减小了【答案】BD
【解析】根据场强公式可得0～T时间内平行板间的电场强度为：，电子的加速度为：，且向上做匀加速直线运动，经过时间T的位移为：，速度为：v1=a1T，同理在T～2T内平行板间电场强度为：，加速度为：，电子以v1的速度向上做匀变速度直线运动，位移为：
，由题意2T时刻回到P点，则有：x1+x2=0，联立可得：φ2=3φ1，故A错误，B正确；当速度最大时，动能最大，电势能最小，而0～T内电子做匀加速运动，之后做匀减速直线运动，因φ2=3φ1，所以在2T时刻电势能
最小，故C错误；电子在2T时刻回到P点，此时速度为：，（负号表示方向向下），电子的动能为：，根据能量守恒定律，电势能的减小量等于动能的增加量，故D正确。

所以
BD正确，AC错误。

15．如图所示，虚线是小球由空中某点水平抛出的运动轨迹，A、B 为其运动轨迹上的两点。

小球经过A点时，速度大小为10 m/s、与竖直方向夹角为60°；它运动到B点时速度方向与竖直方向夹角为30°。

不计空气阻力，重力加速度取10m/s²，下列叙述正确的是
A. 小球通过B点的速度为12m/s
B. 小球的抛出速度为5m/s
C. 小球从A点运动到B点的时间为1s
D. A、B之间的距离为6m
【答案】C
【解析】根据速度的分解与合成可得小球平抛运动的初速度为：，小球通过B 点的速度为：，故AB错误；根据速度的分解与合成可得小球在A点时竖直分速度为：，在B点的竖直分速度为：，则小球从A点到B点的时间为：
，故C正确；根据速度位移公式可得A、B之间的竖直距离为：
，A、B间的水平距离为：，则A、B之间
的距离为：，故D错误。

所以C正确，ABD错误。

16．有一台小型直流电动机，经测量：在实际工作过程中两端电压U=5V，通过的电流I=1A，电机线圈电阻，这台电机工作5分钟时间将电能转化为焦耳热和机械能的值为
A. 焦耳热为30J
B. 焦耳热为1500J
C. 机械能为1500J
D. 机械能为1470J
【答案】AD
【解析】根据焦耳定律可得焦耳热为：，故A正确，B错误；电动机做的总功为：W=UIt=5×1×5×60J=1500J，机械能为：E=W-Q=1500-30J=1470J，故D正确，C错误。

所以AD正确，BC 错误。

17．如图所示，在同一坐标系中画出a、b、c三个电源的U一I图
象，其中a 和c的图象平行，下列说法中正确的是（）
A．E a<E b，r a=r b B．E b=E c，r c>r b
C．E a<E c，r a=r c D．E b<E c，r b=r c
【答案】C
二、填空题
18．（1）在做“探究平抛运动的规律”实验时，下列操作正确的是（）
A．通过调节使斜槽的末端保持水平
B．每次释放小球的位置可以不同
C．使描出的轨迹更好地反映真实运动，记录的点应适当多一些
D．将记录小球位置的纸取下后，用直尺依次将各点连成折线
（2）图6所示为一小球做平抛运动的闪光照片的一部分，图中背景方格的边长均为4. 9cm，每秒钟闪光10次，小球平抛运动的初速度是m/s，当地的重力加速度大小是m/s
【答案】（1）AC（2）1.47m/s
19．为了探究物体质量一定时加速度与力的关系，一同学设计了如图所示的实验装置。

其中M 为带滑轮的小车的质量，m 为砂和砂桶的质量。

（滑轮质量不计） （1）实验时，下列要进行的操作正确的是________。

A ．用天平测出砂和砂桶的质量
B ．将带滑轮的长木板左端垫高，以平衡摩擦力
C ．小车靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车，打出一条纸带，同时记录弹簧测力计的示数
D ．改变砂和砂桶的质量，打出几条纸带
E ．为减小误差，实验中一定要保证砂和砂桶的质量m 远小于小车的质量M
（2）该同学在实验中得到如图所示的一条纸带（两计数点间还有两个点没有画出），已知打点计时器采用的是频率为50 Hz 的交流电，根据纸带可求出小车的加速度为________m/s 2（结果保留两位有效数字）。

（3）以弹簧测力计的示数F 为横坐标，加速度为纵坐标，画出的a －F 图象是一条直线，图线与横坐标的夹
角为θ，求得图线的斜率为k ，则小车的质量为____________。

A ．2 tan θ B. C ．k D.1tan θ2
k
【答案】（1）CD （2）1.3 （3）D
20．如右图所示，平行的两金属板M 、N 与电源相连，一个带负电的小球悬挂在两板间，闭合开关后，悬线偏离竖直方向的角度为θ。

若保持开关闭合，将N 板向M 板靠近，
θ角将_____；若把开关断开，再使N 板向M 板靠近，θ角将______。

（填“变大”、
“
变小”或“不变” ）
【答案】变大 不变
三、解答题
21．如图所示，在光滑绝缘的水平面上，用长为2L 的绝缘轻杆连接两个质量均为m 的带电小球A 和B ．A 球的带电量为+2q ，B 球的带电量为﹣3q ，两球组成一带电系统．虚线MN 与PQ 平行且相距3L ，开始时A 和B 分别静止于虚线MN 的两侧，虚线MN 恰为AB 两球连线的垂直平分线．若视小球为质点，不计轻杆的质量，在虚线MN 、PQ 间加上水平向右的电场强度为E 的匀强电场后．试求：
（1）B 球刚进入电场时，带电系统的速度大小；
（2）带电系统向右运动的最大距离和此过程中B 球电势能的变化量；（3）带电系统运动的周期．
【答案】（1） （2） , （3） 1v =
7=3s L 总4P E qEL ∆=83T ⎛
= ⎝【解析】（1）设B 球刚进入电场时带电系统速度为v 1，由动能定理得2qEL ＝•2mv 121
2
解得1v （2）带电系统向右运动分三段：B 球进入电场前、带电系统在电场中、A 球出电场．设A 球出电场的最大位移为x ，由动能定理得2qEL-qEL-3qEx=0
解得x ＝
3L 则：s 总=
73
L
B 球从刚进入电场到带电系统从开始运动到速度第一次为零时位移为L 43
其电势能的变化量为△E p ＝−W ＝3qE •
L ＝4qEL 4
3
22．如图所示，已知电源电动势E ＝5 V ，内阻r ＝2 Ω，定值电阻R 1＝0.5 Ω，滑动变阻器R 2
的阻值范围为0～10 Ω。

求：
（1）当滑动变阻器R 2的阻值为多大时，电阻R 1
消耗的功率最大？最大功率是多少？
（2）当滑动变阻器的阻值为多大时，滑动变阻器消耗的功率最大？最大功率是多少？
（3）当滑动变阻器的阻值为多大时，电源的输出功率最大？最大功率是多少？
【答案】（1）R
2＝0时，R
1
消耗的功率最大，为2 W
（2）R
2＝2.5 Ω时，滑动变阻器消耗的功率最大，为2.5 W
（3）R
2
＝1.5 Ω时，电源的输出功率最大，为3.125 W
【解析】
42。