2019届湖北省浠水县实验高级中学高三上学期理科综合测试物理试题(解析版)

2019届湖北省浠水县实验高级中学高三上学期理科综合测试
物理试题
★祝你考试顺利★
注意事项：
1、考试范围：高考考查范围。

2、答题前，请先将自己的姓名、准考证号用0.5毫米黑色签字笔填写在试题卷和答题卡上的相应位置，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。

用2B铅笔将答题卡上试卷类型A后的方框涂黑。

3、选择题的作答：每个小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。

写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选择题答题区域的答案一律无效。

4、主观题的作答：用0.5毫米黑色签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。

写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非主观题答题区域的答案一律无效。

5、选考题的作答：先把所选题目的题号在答题卡上指定的位置用2B铅笔涂黑。

答案用0.5毫米黑色签字笔写在答题卡上对应的答题区域内，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选修题答题区域的答案一律无效。

6、本科目考试结束后，请将本试题卷、答题卡、草稿纸一并依序排列上交。

二、选择题：
1.物体A的加速度为3m/s2，物体B的加速度为-5m/s2，下列说法中正确的是（）
A. 物体A的加速度比物体B的加速度大
B. 物体A的速度变化比物体B的速度变慢
C. 物体A的速度一定在增加
D. 物体B的速度一定在减小
【答案】
【解析】
加速度的正负表示方向，不表示大小，可知物体A的加速度小于物体B的加速度，A错误．物体B的加速度大，可知物体B的速度变化比A快，B正确．由于速度的方向未知，可知物体A的速度可能增加，可能减小，C错误．由于物体B的速度方向与加速度的方向可能相同或相反，物体B的速度不一定在减小，D 错误．选B．
【点睛】加速度等于单位时间内的速度变化量，反映速度变化快慢的物理量，当加速度的方向与速度方向相同，物体做加速运动，当加速度的方向与速度方向相反，物体做减速运动．
2.如图所示，光滑水平面上放有截面为1/4圆周的柱状物体A，A与墙面之间放一光滑的圆柱形物体B，对A施加一水平向左的力F，整个装置保持静止，若将A的位置向左移动稍许，整个装置仍保持平衡，则（）
A. 水平外力F增大
B. 墙对B的作用力减小
C. 地面对A的支持力减小
D. B对A的作用力增大
【答案】B
【解析】
【详解】对B球受力分析，受到重力mg、A球对B球的支持力N′和墙壁对B球的支持力N，如右图
当A球向左移动后，A球对B球的支持力N′的方向不断变化，根据平衡条件结合合成法可以知道A球对B 球的支持力N′和墙壁对B球的支持力N都在不断减小，则B对A的作用力也减小．故B正确，D错误．再对A和B整体受力分析，受到总重力G、地面支持力F N，推力F和墙壁的弹力N，如图
根据平衡条件，有
F=N F N=G
故地面对A的支持力保持不变，推力F随着壁对B球的支持力N的不断减小而不断减小．故A、C错误．故选B．
【点睛】本题采用整体与隔离相结合的方法分析即可解题。

3.如图所示，A，B球的质量相等，弹簧的质量不计，倾角为θ的斜面光滑，系统静止时弹簧与细线均平行于斜面，在细线被烧断的瞬间，下列说法正确的是( )
A. 两个小球的瞬时加速度均沿斜面向下，大小均为
B. B球的瞬时加速度沿斜面向下，大小为
C. A球的瞬时加速度沿斜面向下，大小为
D. A，B两球的瞬时加速度均沿斜面向下，大小均为
【答案】C
【解析】
【详解】细线在未烧断前，根据共点力平衡得，弹簧的弹力．烧断细绳的瞬间，弹簧弹力不变，对于B，瞬间合力为零，则B的瞬时加速度为零．对于A，合力为，根据牛顿第二定律得，A的瞬时加速度方向沿斜面向下，大小为2gsinθ．故C正确。

【点睛】本题注意弹簧弹力不能突变。

4.质量为M的人站在地面上，用绳通过定滑轮将质量为m的重物从地面向上拉动，如图所示，若重物以加速度a上升，则人对地面的压力为（）
A. B.
C. D.
【答案】
【解析】
以物体为研究对象，根据牛顿第二定律得
解得，绳子的拉力
再以人为研究对象，根据平衡条件得
地面对人的支持力为
根据牛顿第三定律得知，人对地面的压力大小，故A正确
故选：A
5.质量为m的物体P置于倾角为θ1的固定光滑斜面上，轻细绳跨过光滑定滑轮分别连接着P与小车，P
与滑轮间的细绳平行于斜面，小车以速率v水平向右做匀速直线运动，当小车与滑轮间的细绳和水平方向
成夹角为θ2时，如图，下列判断正确的是（）
A. P的速率为v
B. P的速率为vcosθ2
C. 绳的拉力等于mgsinθ1
D. 绳的拉力小于mgsinθ1
【答案】
【解析】
解：AB、将小车的速度v进行分解如图所示，则，故A错误，B正确；
CD、小车向右运动，θ2减小，v不变，则v p逐渐增大，说明物体P沿斜面向上做加速运动，由牛顿第二定律，可知绳子对A的拉力，故C错误，D错误．
综上所述本题答案是：B
点睛：解决本题的关键得出A、B的速度关系，由牛顿第二定律分析绳子的拉力与重力的大小关系，运用外推法，即极限法分析A物体的加速度如何变化是难点．
6.某物体以30m/s初速度竖直上抛，不计空气阻力，g取10m/s2，前5s内物体的（）
A. 路程为65m
B. 位移大小为25m
C. 速度变化量大小为10m/s
D. 平均速度大小为5m/s
【答案】
【解析】
试题分析：物体上升的总时间为，上升的最大高度为；下落时间为，下落2s通过的位移为所以5s内物体的路程为，位移为速度的改变量平均速度为，所以
ABD正确，C错误。

考点：竖直上抛运动。

【名师点睛】略。

7.如图所示，在倾斜的滑杆上套一个质量为m的圆环，圆环通过轻绳拉着一个质量为M的物体，在圆环沿滑杆向下滑动的过程中，悬挂物体的轻绳始终处于竖直方向，则
A. 环只受三个力作用
B. 环一定受四个力作用
C. 物体做匀加速运动
D. 悬绳对物体的拉力等于物体的重力
【答案】BD
【解析】
【详解】以物体为研究对象，物体沿滑杆向下做直线运动，加速度为零，或加速度与速度在同一直线上，而物体受到竖直向下重力和绳子竖直向上的拉力，这两个力的合力必为零，说明物体做匀速直线运动，则环也做匀速直线运动，环受到重力、绳子竖直向下的拉力、滑杆的支持力和滑动摩擦力，共四个力作用．故AC错误，B正确．由平衡得到，悬绳对物体的拉力等于物体的重力．故D正确．故本题选BD。

8.如图甲所示为倾斜的传送带，正以恒定的速度v沿顺时针方向转动，传送带的倾角为37°。

一物块以初速度v0从传送带的底部冲上传送带并沿传送带向上运动，物块到传送带顶端的速度恰好为零，其运动的
图像如图乙所示，已知重力加速度为g=10m/s2，sin37°=0.6，则下列判断正确的是（）
A. 传送带的速度为
B. 传送带底端到顶端的距离为32m
C. 物块与传送带间的动摩擦因数为0.1
D. 摩擦力一直与物块运动的方向相反
【答案】AB
【解析】
【详解】A. 由图乙得,物体先做匀减速直线运动,速度达到传送带速度后(在t=2s时刻)，由于重力沿斜面向下的分力大于滑动摩擦力，物块继续向上做匀减速直线运动，从图象可知传送带的速度为4m/s.故A正确。

B. 物块上升的位移大小等于v−t图像所围成的面积大小为x=24+42×2+4×22=32m，所以传送带底端到顶端的距离为32m，故B正确。

C. 0−2s内物块的加速度大小为,根据牛顿第二定律得：
，解得μ=0.5，故C错误。

D. 在0−2s内物块的速度大于传送带的速度，物块所受摩擦力的方向沿斜面向下，与物块运动的方向相反.2−4s内，物块的速度小于传送带的速度，物块所受摩擦力的方向沿斜面向上，与物块运动的方向相同。

故D错误。

本题选AB。

三、非选择题。

9.在“探究弹力与弹簧伸长量的关系”实验中，由实验测得某弹簧所受弹力F和弹簧的长度L的关系图象如图所示，则：
（1）该弹簧的原长L0=______ cm
（2）该弹簧的劲度系数为K=______ N/m．
【答案】 (1). 15 (2). 500
【解析】
【详解】（1）弹簧处于原长时，弹簧所受弹力为0，则从图中可知，F=0时，L0=15cm；
（2）由胡克定律有F=K△x，从图中可知弹簧长度L=25cm时，弹簧伸长量△x=L-L0=10cm=0.1m，弹力F为50N，则该弹簧的劲度系数
10.在“探究加速度与力、质量的关系”实验中，采用如图1甲所示的装置．
（1）本实验应用的实验方法是______
A.控制变量法
B.假设法
C.理想实验法
（2）下列说法中正确的是______
A.在探究加速度与质量的关系时，应改变小车所受拉力的大小
B.在探究加速度与外力的关系时，应改变小车的质量
C.在探究加速度a与质量m的关系时，作出图象容易更直观判断出二者间的关系
D.无论在什么条件下，细线对小车的拉力大小总等于砝码盘和砝码的总重力大小。

（3）在探究加速度与力的关系时，若取车的质量M=0.5kg，改变砝码质量m的值，进行多次实验，以下m 的取值最不合适的一个是______
A.m1=4g
B.m2=10g
C.m3=40g
D.m4=500g
（4）在平衡小车与长木板之间摩擦力的过程中，打出了一条纸带如图1乙所示计时器打点的时间间隔为0.02s.从比较清晰的点起，每5个点取一个计数点，量出相邻计数点之间的距离，根据图中给出的数据求出该小车的加速度a=______ m/s2，（结果保留两位有效数字）.
（5）如图2所示为甲同学在探究加速度a与力F的关系时，根据测量数据作出的a-F图象，说明实验存在的问题是______ ．
【答案】 (1). A (2). C (3). D (4). (5). 平衡摩擦力不够
【解析】
【详解】(1)在“探究加速度与力、质量的关系”的实验中，控制质量不变时，研究加速度与力的关系；当合力一定时，研究加速度与质量的关系，故A正确。

(2)A、在探究加速度与质量的关系时，应保持小车所受拉力的大小不变，故A错误；
B. 在探究加速度与外力的关系时，应保持小车的质量不变，故B错误；
C. 探究加速度a与质量m的关系时,为了能直观判断二者之间的关系,可作出图象，故C正确；
D. 当小车的质量远大于砝码盘和砝码的总质量时，才能近似认为细线对小车的拉力大小等于砝码盘和砝码的总重力大小，故D错误
故选：C
(3)当小车质量远大于砝码与砝码盘质量时可以近似任务小车受到的拉力等于砝码与砝码盘的重力,在探究加速度与力的关系时,若取车的质量M=0.5kg,改变砝码质量m的值,m的取值最不合适的一个是：
D. m4=500g，故选D；
（4）由逐差法得，解得：
（5）由图得;施加较大的力，物体才产生了加速度，所以没有完全平衡摩擦力。

11.汽车由静止开始在平直的公路上行驶，内汽车的加速度随时间变化的图线如图所示．
（1）画出汽车在内的图线；
（2）求这60s内汽车行驶的路程．
【答案】
【解析】
【详解】(1)设t＝10 s、40 s、60 s时刻的速度分别为v1、v2、v3。

由题图知0～10 s内汽车以加速度2 m/s2匀加速行驶，由运动学公式得v1＝2×10 m/s＝20 m/s①
由题图知10～40 s内汽车匀速行驶；因此v2＝20 m/s②
由题图知40～60 s内汽车以加速度－1 m/s2匀减速行驶，由运动员公式得
v3＝(20－1×20) m/s＝0③
根据①②③式，可画出汽车在0～60 s内的v­t图线，如图所示。

(2)由图可知，在这60 s内汽车行驶的路程为
s＝×10 m＋20×30 m＋×20 m＝900 m。

【点睛】本题关键是知道v-t图像的斜率等于加速度；图像与坐标轴围成的“面积”等于物体的位移；求解总路程时可以运用运动学公式分段求解，但是没有图象法求解快捷．
12.如图所示，A、B两同学在直跑道上练习4×100m接力，他们在奔跑时有相同的最大速度.B从静止开始全力奔跑需20m才能达到最大速度，这一过程可看做匀变速运动，现在A持棒以最大速度向B奔来，B在
接力区伺机全力奔出若要求B接棒时速度达到最大速度的80%，则：
（1）B接力区需跑出的距离x1为多少？
（2）B应在离A的距离x2为多少时起跑？
【答案】（1）B在接力区需跑出的距离x1为16 m；
（2）B应在离A的距离x2为24 m时起跑
【解析】
【详解】（1）B起跑后做初速度为0的匀加速直线运动，设最大速度为v1，x1为达到最大速度经历的位移，v2为B接棒是的速度，x2为接棒时经历的位移，
B起动后做初速度为0的匀加速直线运动，有：v12=2ax1
v22=2ax2
v2=v1×80%
得：x2=0.64x1=0.64×25m=16m
故B在接力需奔出的距离为16m．
（2）设B加速至交接棒的时间为t
，
得：v1t=40m
x甲=v1t=40m
△x=x甲-x2=0.6v1t=0.6×40=24m．
故B应在距离A24m处起跑．
13.如图所示，长度l=18.75m的木板A置于倾角为θ=37°的足够长粗糙斜面上，木板与斜面间的动摩擦因数μ1=0.5木板A的上表面由粗糙面bc和光滑面cd两段组成，bc段的长度为4m；可视为质点的物块B 放在木板最上端的b点，物块B与木板bc段的动摩擦因数μ2=现将A、B由静止开始释放，此时刻为计时起点。

已知木板A和物块B的质量相同，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度g=10m/s2。

求：（1）物块B滑到木板上c点所需要的时间t1；
（2）木板A速度减为零时，物块B的速度大小；
（3）物块B在木板A上运动的总时间t。

【答案】（1）（2）（3）
【解析】
【详解】
由滑动摩擦力公式和力的平衡条件得，，
,规定沿斜面向下为正，设A和B的加速度分别为和，由牛顿第二定律得：
，，解得：
由运动关系得：，解得：
（2）在时，设A和B的速度分别为和，则，，2s后，设A和B的加速度分别为和，此时A与B之间摩擦力为0，同理可得，，由于，可知A做减速运动，设经过时间，A的速度减为零，则有，此时B的速度，解得
（3）在时间内，B相对A运动的距离为
=12m<27m,因此此后A静止不动，B继续在A上滑动，设再经过时间后B离开A，则有，解得：，则B在A上运动的总时间。

【点睛】本题是运动学的典型的板块模型，此类题目关键是受力分析和运动分析。

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