福建省三明市普通高中2025届物理高二上期末综合测试试题含解析
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三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。
11、12
【解析】[1]根据牛顿第二定律得
即
当支持力为零，有
解得
12、①.10.50 mm②.1.732mm（1.729—1.733都可）
【解析】游标卡尺的主尺读数为10mm，游标读数为0.05×10mm=0.50mm，所以最终读数为10.50mm；螺旋测微器的固定刻度读数为1.5mm，可动刻度读数为0.01×23.2mm=0.232mm，所以最终读数为1.732mm（1.729到1.733均可）
12．（12分）有一游标卡尺，主尺的最小分度是1mm，游标上有20个小的等分刻度．用它测量一小球的直径，如图甲所示的读数是______mm．用螺旋测微器测量一根金属丝的直径，如图乙所示的读数是______mm
四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。
2、如图所示,电路中电源内阻不能忽略,电阻R的阻值和线圈L的自感系数都很大,A、B为两个完全相同的灯泡,当S闭合时,下列说法正确的是( )
A.A比B先亮,然后A灭
B.B比A先亮,然后B逐渐变暗
C.A,B—起亮,然后A灭
D.A B一起亮,然后B灭
3、如图所示，将一圆面放入匀强磁场中，且与磁感线夹角为30°。若已知圆面面积为3.0×10-4m2，穿过该圆面的磁通量为3.0×10-5Wb，则此匀强磁场的磁感应强度B等于（ ）
由闭合电路欧姆定律
代入数据解得r=0.8Ω
当外电路并联一个6.0Ω的电阻时
电路中的总电流
所以路端电压
14、（1） ；（2） ；（3）
【解析】（1）线框进入磁场时恰好做匀速运动，安培力与重力大小相等，方向相反，即
线框切割磁感线，感应电动势
故线框中产生的电流
线框在磁场中所受安培力
线框进入磁场时速度
线框进入磁场前做自由落体运动，机械能守恒：
（1）写出线圈内产生的交变电动势瞬时值的表达式；
（2）电压表和电流表示数；
（3）电阻R上所消耗的电功率；
（4）从计时开始，线圈转过90°角的过程中，通过外电阻R的电量。
参考答案
一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、C
【解析】由图示可知，电流由A流入，从C流出，则有电流从A到C直导线，与从A到B再到C两直导线，产生的安培力，根据安培力公式F=BIL，由于总电流强度为I，且ABC导线的电阻是AC导线的2倍，那么安培力大小均为 ，因它们的夹角为120∘，因此这两个安培力的合力大小为 ，方向与导线AC垂直向上；而导线AC受到的安培力大小为 ，方向与导线AC垂直，因此金属框受到的磁场力为BIL。
A.小球不可能运动到c点
B.运动过程中小球内没有感应电流
C.运动过程中系统的机械能守恒
D.小球最终产生的内能为mgR
10、下列关于机械波的说法中正确的是
A.一列声波由空气传播到水中，频率和波长都发生变化
B.火车鸣笛时向观察者驶来，观察者听到的笛声频率比声源发出的频率高
C.在波动中，振动相位总是相同的两个质点间的距离，叫做波长
点睛：在判断电磁感应中磁极间的相互作用时可以直接利用楞次定律的第二种表示：“来拒去留”直接判断，不必再由安培定则判断线圈中的磁场，再由磁极间的相互作用判断力的方向
8、AD
【解析】AB．当断开开关S的瞬间，线圈产生自感电动势，但是线圈与灯泡A在开关断开后，不能形成回路，则灯A立即熄灭，B错误A正确；
CD．开关S原先断开状态，现突然闭合开关S时，由于线圈的自感，电流只能慢慢增大，所以灯泡慢慢变亮，C错误D正确。
福建省三明市普通高中2025届物理高二上期末综合测试试题
考生请注意：
1．答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。
2．第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。
3．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。
3、B
【解析】磁通量
则有
故ACD错误，B正确。
故选B。
4、D
【解析】ABC．由图可知，R2与滑动变阻器R4串联后与R3并联后，再由R1串联接在电源两端；电容器与R3并联；当滑片向b移动时，滑动变阻器接入电阻减小，则电路中总电阻减小；由闭合电路欧姆定律可知，电路中电流增大；路端电压减小，同时R1两端的电压也增大；故并联部分的电压减小；由欧姆定律可知流过R3的电流减小，则流过并联部分的电流增大，故电流表示数增大，因并联部分电压减小，而R2中电压增大，故电压表示数减小，因电容器两端电压减小，故电荷受到的向上电场力减小，则重力大于电场力，合力向下，电荷向下运动，故ABC错误；
C.断开开关S，发现小灯泡D闪亮一下再熄灭，是小灯泡D发生了自感
D.断开开关S前后，通过小灯泡两次的电流是一样大的
二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
7、如图所示，闭合线圈上方有一竖直放置的条形磁铁，磁铁的N极朝下．当磁铁向下运动时（但未插入线圈内部），下列判断正确的是（ ）
13．（10分）电源 电动势为4.8V、外电阻为4.0 时，路端电压为4.0V。如果在外电路并联一个6.0 的电阻，路端电压是多大？
14．（16分）如图所示，在高度为L、足够宽的区域MNPQ内，有垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为B.质量为m、边长为L、电阻为R的正方形导线框abcd，在MN上方某一高度由静止开始自由下落．当bc边进入磁场时，导线框恰好做匀速运动．已知重力加速度为g，不计空气阻力，求：
二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
7、AC
【解析】由“来拒去留”可知，磁铁靠近线圈，则磁铁与线圈相互排斥，故A正确，B错误；由题目中图可知，当磁铁竖直向下运动时，穿过线圈的磁场方向向下增大，由楞次定律可知感应电流的磁场应向上，则由右手螺旋定则可知电流方向从a经过R到b．故C正确，D错误、故选AC
D.对于同一障碍物，波长越长的波越容易发生明显衍射现象
三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。
11．（6分）当汽车通过拱桥顶点的速度为 时，车对桥顶的压力为车重的 ，如果要使汽车在桥面行驶至桥顶时，对桥顶的压力为零，则汽车通过桥顶的速度应为_______ 。
故选C。
2、B
【解析】当开关接通和断开的瞬间，流过线圈的电流发生变化，产生自感电动势，阻碍原来电流的变化，根据自感现象的规律来分析
【详解】闭合开关的瞬间，由于线圈中自感电动势的阻碍，B灯先亮，A灯后亮，电路稳定后，由于R很大，线圈L的直流电阻很小，所以B中的电流变小，故B正确
故应选：B
【点睛】对于线圈要抓住双重特性：当电流不变时，它是电阻不计的导线；当电流变化时，产生自感电动势，相当于电源
故选AD。
9、AD
【解析】ABC.小球左边磁场进入右边磁场过程中，磁通量先向里减小，再向外增加，所以磁通量发生了变化，会产生感应电流，系统机械能不守恒，所以小球不能运动到c点，故A正确，BC错误；
D.根据能量守恒，可知小球最终停在最低点b，重力势能全部转化为内能，所以小球最终产生的内能为mgR，故D正确
D．因R3两端的电压减小，由 可知，R3上消耗的功率减小；故D正确。
故选D。
5、B
【解析】当只有重力时，小球作平抛运动，设小球的初速度为v，正方形的边长为l，则： ， ；当存在匀强电场后，小球做类平抛运动，则： ， ，联立解得：a=g/4；加速度减小，电场力向上，小球带正电，则电场方向竖直向上，由牛顿第二定律得： ，即 ，故B正确
下落高度
（2）线框匀速穿过磁场，由 可知，感应电流
出磁场所用时间
可解得：通过导线框某一横截面的电量
（3）线框匀速穿过磁场，动能不变，减少的重力势能全部转化为焦耳热．磁场的宽度与线框的宽度相等，线框匀速穿过磁场高度下降2L，所以焦耳热
15、(1)e=50 cos50 t(V)(2) 2.0A 40V(3) 80W (4)0.04C
6、A
【解析】在断开开关后，线圈中将产生自感电动势，所以线圈中的电流不会发生突变，通过线圈的电流方向不变；而灯泡的电路中没有自感，所以电流可以发生突变；由于灯泡与线圈构成回路，所以断开开关前后，通过小灯泡的电流方向相反，由于小灯泡D闪亮一下，说明断开开关S瞬间通过小灯泡的电流更大，故A正确。
故选A。
C 开关S原先断开状态，现突然闭合开关S时，灯泡立即变亮
D.开关S原先断开状态，现突然闭合开关S时，灯泡慢慢变亮
9、如图所示，竖直的光滑半圆形轨道，水平直径ac=2R，轨道左半部分处在垂直纸面向里的匀强磁场中，右半部分处在垂直纸面向外的匀强磁场中．将质量为m的金属小球从a点无初速释放，下列说法正确的是
A. ，竖直向下
B. ，竖直向上
C. ，竖直向下
D. ，竖直向上
6、如图所示，线圈L与小灯泡D并联后接到电源上。闭合开关S，稳定后，通过线圈的电流为 ，通过小灯泡D的电流为 。断开开关S，发现小灯泡D闪亮一下再熄灭。下列说法正确的是（）
A.断开开关S前后，通过线圈的电流方向不变
B.断开开关S前后，通过小灯泡的电流方向不变
(1)导线框刚下落时，bc边距磁场上边界MN的高度h；
(2)导线框离开磁场的过程中，通过导线框某一横截面的电荷量q；
(3)导线框穿越磁场的整个过程Fra bibliotek，导线框中产生的热量Q.
15．（12分）如图所示为交流发电机示意图，匝数为n=100匝的矩形线圈，边长分别为a=10cm和b=20cm，内阻为r=5Ω，在磁感应强度B=0.5T的匀强磁场中绕OO′轴以ω=50 rad/s的角速度匀速转动，转动开始时线圈平面与磁场方向平行，线圈通过电刷和外部R=20Ω的电阻相接。求电键S合上后，
一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、如图所示，一个边长L、三边电阻相同的正三角形金属框放置在磁感应强度为B的匀强磁场中，若通以图示方向的电流（从A点流入，从C点流出），电流强度为I，则金属框受到的磁场力为（）
A.0B.
C.BILD.2BIL
A.磁铁与线圈相互排斥
B.磁铁与线圈相互吸引
C.通过R 感应电流方向为从a到b
D.通过R的感应电流方向为从b到a
8、如图所示，线圈的自感系数较大，开关闭合电路稳定后灯泡正常发光，则下列说法正确的是（ ）
A.开关S闭合，电路稳定后，现突然断开开关S时，灯泡立即熄灭
B.开关S闭合，电路稳定后，现突然断开开关S时，灯泡慢慢熄灭
A.2.0TB.2.0×10-1T
C.1.0×10-1TD.5.0×10-2T
4、如图所示，平行金属板中带电质点P原处于静止状态，不考虑电流表和电压表对电路的影响，当滑动变阻器 的滑片向b端移动时，则( )
A.电压表读数增大
B.电流表读数减小
C.质点P将向上运动
D. 上消耗的功率逐渐减小
5、如图，竖直平面内有一正方形，一个质量为m电荷量为q的带正电小球在A点以一定初速度沿AB方向抛出，小球恰好过C点．若在竖直平面内加一个竖直方向的匀强电场，仍将小球在A点沿AB方向抛出，当其初速度减小为原来的一半时，恰好也能通过C点，则电场强度的大小和方向分别是(重力加速度为g，空气阻力不计)
考点：游标卡尺、螺旋测微器
【名师点睛】螺旋测微器的读数等于固定刻度读数加上可动刻度读数，需估读；游标卡尺的读数等于主尺读数加上游标读数，不需估读
四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。
13、6V
【解析】由题意可知当外电阻为4.0Ω时，根据欧姆定律可知电流
10、BD
【解析】A．一列声波由空气传播到水中，频率不变，波速变大，由 知波长变长，故A错误；
B．火车鸣笛时向观察者驶来，产生多普勒效应，观察者听到的笛声频率比声源发出的频率高，故B正确；
C．在波动中，相邻的振动相位总是相同的两个质点间的距离，叫做波长，故C错误；
D．波长越长的波波动性越强，对于同一障碍物，波长越长的波越容易发生明显衍射现象，故D正确
11、12
【解析】[1]根据牛顿第二定律得
即
当支持力为零，有
解得
12、①.10.50 mm②.1.732mm（1.729—1.733都可）
【解析】游标卡尺的主尺读数为10mm，游标读数为0.05×10mm=0.50mm，所以最终读数为10.50mm；螺旋测微器的固定刻度读数为1.5mm，可动刻度读数为0.01×23.2mm=0.232mm，所以最终读数为1.732mm（1.729到1.733均可）
12．（12分）有一游标卡尺，主尺的最小分度是1mm，游标上有20个小的等分刻度．用它测量一小球的直径，如图甲所示的读数是______mm．用螺旋测微器测量一根金属丝的直径，如图乙所示的读数是______mm
四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。
2、如图所示,电路中电源内阻不能忽略,电阻R的阻值和线圈L的自感系数都很大,A、B为两个完全相同的灯泡,当S闭合时,下列说法正确的是( )
A.A比B先亮,然后A灭
B.B比A先亮,然后B逐渐变暗
C.A,B—起亮,然后A灭
D.A B一起亮,然后B灭
3、如图所示，将一圆面放入匀强磁场中，且与磁感线夹角为30°。若已知圆面面积为3.0×10-4m2，穿过该圆面的磁通量为3.0×10-5Wb，则此匀强磁场的磁感应强度B等于（ ）
由闭合电路欧姆定律
代入数据解得r=0.8Ω
当外电路并联一个6.0Ω的电阻时
电路中的总电流
所以路端电压
14、（1） ；（2） ；（3）
【解析】（1）线框进入磁场时恰好做匀速运动，安培力与重力大小相等，方向相反，即
线框切割磁感线，感应电动势
故线框中产生的电流
线框在磁场中所受安培力
线框进入磁场时速度
线框进入磁场前做自由落体运动，机械能守恒：
（1）写出线圈内产生的交变电动势瞬时值的表达式；
（2）电压表和电流表示数；
（3）电阻R上所消耗的电功率；
（4）从计时开始，线圈转过90°角的过程中，通过外电阻R的电量。
参考答案
一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、C
【解析】由图示可知，电流由A流入，从C流出，则有电流从A到C直导线，与从A到B再到C两直导线，产生的安培力，根据安培力公式F=BIL，由于总电流强度为I，且ABC导线的电阻是AC导线的2倍，那么安培力大小均为 ，因它们的夹角为120∘，因此这两个安培力的合力大小为 ，方向与导线AC垂直向上；而导线AC受到的安培力大小为 ，方向与导线AC垂直，因此金属框受到的磁场力为BIL。
A.小球不可能运动到c点
B.运动过程中小球内没有感应电流
C.运动过程中系统的机械能守恒
D.小球最终产生的内能为mgR
10、下列关于机械波的说法中正确的是
A.一列声波由空气传播到水中，频率和波长都发生变化
B.火车鸣笛时向观察者驶来，观察者听到的笛声频率比声源发出的频率高
C.在波动中，振动相位总是相同的两个质点间的距离，叫做波长
点睛：在判断电磁感应中磁极间的相互作用时可以直接利用楞次定律的第二种表示：“来拒去留”直接判断，不必再由安培定则判断线圈中的磁场，再由磁极间的相互作用判断力的方向
8、AD
【解析】AB．当断开开关S的瞬间，线圈产生自感电动势，但是线圈与灯泡A在开关断开后，不能形成回路，则灯A立即熄灭，B错误A正确；
CD．开关S原先断开状态，现突然闭合开关S时，由于线圈的自感，电流只能慢慢增大，所以灯泡慢慢变亮，C错误D正确。
福建省三明市普通高中2025届物理高二上期末综合测试试题
考生请注意：
1．答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。
2．第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。
3．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。
3、B
【解析】磁通量
则有
故ACD错误，B正确。
故选B。
4、D
【解析】ABC．由图可知，R2与滑动变阻器R4串联后与R3并联后，再由R1串联接在电源两端；电容器与R3并联；当滑片向b移动时，滑动变阻器接入电阻减小，则电路中总电阻减小；由闭合电路欧姆定律可知，电路中电流增大；路端电压减小，同时R1两端的电压也增大；故并联部分的电压减小；由欧姆定律可知流过R3的电流减小，则流过并联部分的电流增大，故电流表示数增大，因并联部分电压减小，而R2中电压增大，故电压表示数减小，因电容器两端电压减小，故电荷受到的向上电场力减小，则重力大于电场力，合力向下，电荷向下运动，故ABC错误；
C.断开开关S，发现小灯泡D闪亮一下再熄灭，是小灯泡D发生了自感
D.断开开关S前后，通过小灯泡两次的电流是一样大的
二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
7、如图所示，闭合线圈上方有一竖直放置的条形磁铁，磁铁的N极朝下．当磁铁向下运动时（但未插入线圈内部），下列判断正确的是（ ）
13．（10分）电源 电动势为4.8V、外电阻为4.0 时，路端电压为4.0V。如果在外电路并联一个6.0 的电阻，路端电压是多大？
14．（16分）如图所示，在高度为L、足够宽的区域MNPQ内，有垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为B.质量为m、边长为L、电阻为R的正方形导线框abcd，在MN上方某一高度由静止开始自由下落．当bc边进入磁场时，导线框恰好做匀速运动．已知重力加速度为g，不计空气阻力，求：
二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
7、AC
【解析】由“来拒去留”可知，磁铁靠近线圈，则磁铁与线圈相互排斥，故A正确，B错误；由题目中图可知，当磁铁竖直向下运动时，穿过线圈的磁场方向向下增大，由楞次定律可知感应电流的磁场应向上，则由右手螺旋定则可知电流方向从a经过R到b．故C正确，D错误、故选AC
D.对于同一障碍物，波长越长的波越容易发生明显衍射现象
三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。
11．（6分）当汽车通过拱桥顶点的速度为 时，车对桥顶的压力为车重的 ，如果要使汽车在桥面行驶至桥顶时，对桥顶的压力为零，则汽车通过桥顶的速度应为_______ 。
故选C。
2、B
【解析】当开关接通和断开的瞬间，流过线圈的电流发生变化，产生自感电动势，阻碍原来电流的变化，根据自感现象的规律来分析
【详解】闭合开关的瞬间，由于线圈中自感电动势的阻碍，B灯先亮，A灯后亮，电路稳定后，由于R很大，线圈L的直流电阻很小，所以B中的电流变小，故B正确
故应选：B
【点睛】对于线圈要抓住双重特性：当电流不变时，它是电阻不计的导线；当电流变化时，产生自感电动势，相当于电源
故选AD。
9、AD
【解析】ABC.小球左边磁场进入右边磁场过程中，磁通量先向里减小，再向外增加，所以磁通量发生了变化，会产生感应电流，系统机械能不守恒，所以小球不能运动到c点，故A正确，BC错误；
D.根据能量守恒，可知小球最终停在最低点b，重力势能全部转化为内能，所以小球最终产生的内能为mgR，故D正确
D．因R3两端的电压减小，由 可知，R3上消耗的功率减小；故D正确。
故选D。
5、B
【解析】当只有重力时，小球作平抛运动，设小球的初速度为v，正方形的边长为l，则： ， ；当存在匀强电场后，小球做类平抛运动，则： ， ，联立解得：a=g/4；加速度减小，电场力向上，小球带正电，则电场方向竖直向上，由牛顿第二定律得： ，即 ，故B正确
下落高度
（2）线框匀速穿过磁场，由 可知，感应电流
出磁场所用时间
可解得：通过导线框某一横截面的电量
（3）线框匀速穿过磁场，动能不变，减少的重力势能全部转化为焦耳热．磁场的宽度与线框的宽度相等，线框匀速穿过磁场高度下降2L，所以焦耳热
15、(1)e=50 cos50 t(V)(2) 2.0A 40V(3) 80W (4)0.04C
6、A
【解析】在断开开关后，线圈中将产生自感电动势，所以线圈中的电流不会发生突变，通过线圈的电流方向不变；而灯泡的电路中没有自感，所以电流可以发生突变；由于灯泡与线圈构成回路，所以断开开关前后，通过小灯泡的电流方向相反，由于小灯泡D闪亮一下，说明断开开关S瞬间通过小灯泡的电流更大，故A正确。
故选A。
C 开关S原先断开状态，现突然闭合开关S时，灯泡立即变亮
D.开关S原先断开状态，现突然闭合开关S时，灯泡慢慢变亮
9、如图所示，竖直的光滑半圆形轨道，水平直径ac=2R，轨道左半部分处在垂直纸面向里的匀强磁场中，右半部分处在垂直纸面向外的匀强磁场中．将质量为m的金属小球从a点无初速释放，下列说法正确的是
A. ，竖直向下
B. ，竖直向上
C. ，竖直向下
D. ，竖直向上
6、如图所示，线圈L与小灯泡D并联后接到电源上。闭合开关S，稳定后，通过线圈的电流为 ，通过小灯泡D的电流为 。断开开关S，发现小灯泡D闪亮一下再熄灭。下列说法正确的是（）
A.断开开关S前后，通过线圈的电流方向不变
B.断开开关S前后，通过小灯泡的电流方向不变
(1)导线框刚下落时，bc边距磁场上边界MN的高度h；
(2)导线框离开磁场的过程中，通过导线框某一横截面的电荷量q；
(3)导线框穿越磁场的整个过程Fra bibliotek，导线框中产生的热量Q.
15．（12分）如图所示为交流发电机示意图，匝数为n=100匝的矩形线圈，边长分别为a=10cm和b=20cm，内阻为r=5Ω，在磁感应强度B=0.5T的匀强磁场中绕OO′轴以ω=50 rad/s的角速度匀速转动，转动开始时线圈平面与磁场方向平行，线圈通过电刷和外部R=20Ω的电阻相接。求电键S合上后，
一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、如图所示，一个边长L、三边电阻相同的正三角形金属框放置在磁感应强度为B的匀强磁场中，若通以图示方向的电流（从A点流入，从C点流出），电流强度为I，则金属框受到的磁场力为（）
A.0B.
C.BILD.2BIL
A.磁铁与线圈相互排斥
B.磁铁与线圈相互吸引
C.通过R 感应电流方向为从a到b
D.通过R的感应电流方向为从b到a
8、如图所示，线圈的自感系数较大，开关闭合电路稳定后灯泡正常发光，则下列说法正确的是（ ）
A.开关S闭合，电路稳定后，现突然断开开关S时，灯泡立即熄灭
B.开关S闭合，电路稳定后，现突然断开开关S时，灯泡慢慢熄灭
A.2.0TB.2.0×10-1T
C.1.0×10-1TD.5.0×10-2T
4、如图所示，平行金属板中带电质点P原处于静止状态，不考虑电流表和电压表对电路的影响，当滑动变阻器 的滑片向b端移动时，则( )
A.电压表读数增大
B.电流表读数减小
C.质点P将向上运动
D. 上消耗的功率逐渐减小
5、如图，竖直平面内有一正方形，一个质量为m电荷量为q的带正电小球在A点以一定初速度沿AB方向抛出，小球恰好过C点．若在竖直平面内加一个竖直方向的匀强电场，仍将小球在A点沿AB方向抛出，当其初速度减小为原来的一半时，恰好也能通过C点，则电场强度的大小和方向分别是(重力加速度为g，空气阻力不计)
考点：游标卡尺、螺旋测微器
【名师点睛】螺旋测微器的读数等于固定刻度读数加上可动刻度读数，需估读；游标卡尺的读数等于主尺读数加上游标读数，不需估读
四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。
13、6V
【解析】由题意可知当外电阻为4.0Ω时，根据欧姆定律可知电流
10、BD
【解析】A．一列声波由空气传播到水中，频率不变，波速变大，由 知波长变长，故A错误；
B．火车鸣笛时向观察者驶来，产生多普勒效应，观察者听到的笛声频率比声源发出的频率高，故B正确；
C．在波动中，相邻的振动相位总是相同的两个质点间的距离，叫做波长，故C错误；
D．波长越长的波波动性越强，对于同一障碍物，波长越长的波越容易发生明显衍射现象，故D正确