高考物理一轮复习基础夯实练(1)(含解析)新人教版(2021年整理)

2019年高考物理一轮复习基础夯实练（1）（含解析）新人教版
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2019年高考物理(人教）一轮基础夯实练（1）
李仕才
一、选择题
1、在研究二力合成的实验中,AB是一根被拉长的橡皮筋，定滑轮是光滑的，如图所示，若改变拉力F而保持O点位置不变,则下列说法中正确的是（)
A．要使θ减小，减小拉力F即可
B．要使θ减小，增大拉力F即可
C．要使θ减小,必须改变α，同时改变F的大小才有可能
D．要减小θ而保持α不变,则只改变F的大小是不可能保持O点的位置不变的
解析:绳子对O点的拉力F2与F的合力和F1等大、反向，如图所示，O点位置不变，则橡皮筋的拉力F1不变，绳子拉力F2的方向不变,即α角不变，若要减小θ，必使F的大小和方向以及F2的大小发生改变，故D选项正确．答案：D
2、如图所示，水平传送带以恒定速度v向右运动．将质量为m的物体Q 轻轻放在水平传送带的左端A处，经过t秒后，Q的速度也变为v,再经t秒物体Q到达传送带的右端B处，则（)
A．前t秒内物体做匀加速运动,后t秒内物体做匀减速运动
B．后t秒内Q与传送带之间无摩擦力
C．前t秒内Q的位移与后t秒内Q的位移大小之比为1:1
D．Q由传送带左端运动到右端的平均速度为错误!v
解析：前t秒内物体Q相对传送带向左滑动，物体Q受向右的滑动摩擦力，由牛顿第二定律F f＝ma可知，物体Q做匀加速运动，后t秒内物体Q相对传送带静止，做匀速运动,不受摩擦力作用，选项A错误、B正确；前t秒内Q的位移x1＝错误!t，后t秒内Q的位移x2＝vt，故错误!＝错误!，选项C 错误；Q由传送带左端运动到右端的平均速度错误!＝错误!＝错误!＝错误!v，选项D正确．
答案：BD
3、甲、乙两物体分别在恒力F1、F2的作用下，沿同一直线运动．它们的动量随时间变化如图所示．设甲在t1时间内所受的冲量为I1，乙在t2时间内所受的冲量为I2，则F、I的大小关系是( ）
A．F1>F2，I1＝I2 B．F1<F2，I1〈I2
C．F1>F2,I1>I2 D．F1＝F2，I1＝I2
解析：冲量I＝Δp，从题图上看，甲、乙两物体动量变化的大小I1＝I2，又因为I1＝F1t1，I2＝F2t2，t2〉t1,所以F1>F2.
答案：A
4、
在如图所示电路中E为电源，其电动势E＝9。

0 V，内阻可忽略不计；AB为滑动变阻器，其电阻R＝30 Ω；L为一小灯泡，其额定电压U＝6.0 V，额定功率P＝1.8 W；S为开关,开始时滑动变阻器的触头位于B端，现在接通开关S，然后将触头缓慢地向A端滑动,当到达某一位置C处时，小灯泡刚好正常发光．则C、B之间的电阻应为（）
A．10 Ω B．20 Ω
C．15 Ω D．5 Ω
解析:本题中小灯泡刚好正常发光，说明此时小灯泡达到额定电流I额＝错误!＝错误! A＝0.3 A,两端电压达到额定电压U额＝6。

0 V,而小灯泡和电源、滑动电阻AC串联，则电阻AC的电流与小灯泡的电流相等,R AC＝错误!＝10 Ω,R CB＝R－R AC＝20 Ω，B项正确．
答案：B
5、如图所示,均匀绕制的螺线管水平固定在可转动的圆盘上，在其正中心的上方有一固定的环形电流A，A与螺线管垂直．A中电流方向为顺时针方向，开关S闭合瞬间．关于圆盘的运动情况(从上向下观察)，下列说法正确的是（)
A．静止不动B．顺时针转动
C．逆时针转动 D．无法确定
解析：环形电流可等效为里面的N极、外面为S极的小磁针，通电螺线管可等效为右边为N板,左边为S极的条形磁铁，根据磁极间的相互作用,圆盘将顺时针转动，选项B正确．
答案：B
6、（2018·湖南长沙市高三统一模拟）金属钙的逸出功为4。

3×10－19J，普朗克常量h＝6。

6×10－34J·s，光速c＝3.0×108 m/s，以下说法正确的是（)
A．用波长为400 nm的单色光照射金属钙，其表面有光电子逸出
B．用波长为400 nm的单色光照射金属钙,不能产生光电效应现象
C．若某波长的单色光能使金属钙产生光电效应现象，则增大光的强度将会使光电子的最大初动能增大
D．若某波长的单色光能使金属钙产生光电效应现象，则减小光的强度将会使单位时间内发射的光电子数减少
解析：波长为400 nm的单色光的光子能量为E＝h错误!＝4。

95×10－19J，大于钙的逸出功，可以产生光电效应现象．根据光电效应规律,光电子的最大初动能决定于入射光的频率而与其强度无关，但强度决定了单位时间内发射的光电子数的多少，正确选项为A、D。

答案:AD
7、现有两动能均为E0＝0。

35 MeV的错误!H在一条直线上相向运动，两个21H发生对撞后能发生核反应，得到3，2He和新粒子，且在核反应过程中释放的能量完全转化为32He和新粒子的动能．已知21H的质量为2.014 1 u，错误! He的质量为3。

016 0 u，新粒子的质量为1。

008 7 u，核反应时质量亏损1 u释放的核能约为931 MeV（如果涉及计算，结果保留整数）．则下列说法正确的是（)
A．核反应方程为错误!H＋错误!H→错误!He＋错误!n
B．核反应前后不满足能量守恒定律
C．新粒子的动能约为3 MeV
D。

3，2He的动能约为4 MeV
解析：由核反应过程中的质量数和电荷数守恒可知21H＋2，1H→错误!He＋错误!n,则新粒子为中子错误!n，所以A正确．核反应过程中质量亏损，释放能量，亏损的质量转变为能量,仍然满足能量守恒定律，B错误；由题意可知ΔE ＝(2.014 1 u×2－3.016 0 u－1。

008 7 u)×931 MeV/u＝3.3 MeV，根据核反应中系统的能量守恒有E kHe＋E kn＝2E0＋ΔE，根据核反应中系统的动量守恒有p He－p n＝0,由E k＝错误!，可知错误!＝错误!，解得E kHe＝错误!(2E0＋ΔE）＝1 MeV,E kn＝错误!（2E0＋ΔE)＝3 MeV，所以C正确、D错误．
答案：AC
二、非选择题
1、(2018·南昌模拟)某物理实验小组在探究弹簧的劲度系数k与其原长l0的关系实验中,按示意图所示安装好实验装置，让刻度尺零刻度与轻质弹簧上端平齐，在弹簧上安装可移动的轻质指针P，实验时的主要步骤：
①将指针P移到刻度尺的5 cm处，在弹簧挂钩上挂上200 g的钩码，静止时读出指针所指刻度并记录下来；
②取下钩码，将指针P移到刻度尺的10 cm处，在弹簧挂钩上挂上250 g 的钩码，静止时读出指针所指刻度并记录下来;
③取下钩码,将指针P移到刻度尺的15 cm处，在弹簧挂钩上挂上50 g 的钩码，静止时读出指针所指刻度并记录下来；
④重复③步骤，在每次重复③时，都将指针P下移5 cm，同时保持挂钩上挂的钩码质量不变．
将实验所得数据记录、列表如下：
次数弹簧原长
l0/cm
弹簧
长度
l/cm
钩码质
量m/g
1 5.007.23200
210。

0015。

56250
315.0016.6750
420.0022。

2350
525.0030。

5650
(1)重力加速度g取10 m/s2,在实验步骤③中，弹簧的原长为15 cm时，其劲度系数k＝________N/m.
(2）同一根弹簧的原长越长，弹簧的劲度系数________．(弹簧处在弹性限度内）
A．不变 B．越大
C．越小
解析：（1)挂50 g钩码时，弹簧的弹力为0。

5 N，根据胡克定律得，k
＝F
Δx
＝错误!N/m≈30 N/m。

(2)对第3、4、5次数据分析，弹簧弹力相等，同一根弹簧,原长越长，形变量越大，根据胡克定律F＝kx知，弹簧的劲度系数越小，故选项C正确．答案:(1）30 (2)C
2、(2018·河南中原名校联考)如图甲，在水平桌面上固定着两根相距L ＝20 cm、相互平行的无电阻轨道P、Q，轨道一端固定一根电阻R＝0.02 Ω的导体棒a，轨道上横置一根质量m＝40 g、电阻可忽略不计的金属棒b，两棒相距也为L＝20 cm。

该轨道平面处在磁感应强度大小可以调节的竖直向上的匀强磁场中．开始时，磁感应强度B0＝0.1 T，设棒与轨道间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力,g取10 m/s2。

(1)若保持磁感应强度B0的大小不变，从t＝0时刻开始，给b棒施加一个水平向右的拉力,使它由静止开始做匀加速直线运动．此拉力F的大小随时间t变化关系如图乙所示．求b棒做匀加速运动的加速度及b棒与轨道间的滑动摩擦力；
（2）若从t＝0开始,磁感应强度B随时间t按图丙中图象所示的规律变化，求在金属捧b开始运动前，这个装置释放的热量．
解析：(1)F安＝B0IL①
E＝B0Lv②
I＝错误!＝错误!③
v＝at④
所以F安＝错误!t
当b棒匀加速运动时，根据牛顿第二定律有F－F f－F安＝ma⑤
联立可得F－F f－错误!t＝ma⑥
由图象可得:当t＝0时，F＝0.4 N，当t＝1 s时，F＝0。

5 N。

代入⑥式，可解得a＝5 m/s2，F f＝0.2 N。

(2）当磁感应强度均匀增大时,闭合电路中有恒定的感应电流I,以b棒为研究对象,它受到的安培力逐渐增大，静摩擦力也随之增大，当磁感应强度增大到b所受安培力F′安与最大静摩擦力F f相等时开始滑动．感应电动势E′＝错误!L2＝0.02 V⑦
I′＝错误!＝1 A⑧
棒b将要运动时，有F′安＝B t I′L＝F f⑨
所以B t＝1 T，
根据B t＝B0＋错误!t⑩
得t＝1。

8 s，
回路中产生的焦耳热为Q＝I′2Rt＝0.036 J。

答案：（1）5 m/s20。

2 N (2)0。

036 J。