2024届安徽省阜阳市太和县第一中学物理高二上期中调研模拟试题含解析

2024届安徽省阜阳市太和县第一中学物理高二上期中调研模拟
试题
注意事项
1．考生要认真填写考场号和座位序号。

2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。

第一部分必须用2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。

3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、压敏电阻的阻值随所受压力的增大而减小，有位同学利用压敏电阻设计了判断小车运动状态的装置，其工作原理如图（a）所示，将压敏电阻和一块挡板固定在绝缘小车上，中间放置一个绝缘重球．小车向右做直线运动过程中，电流表示数如图5（b）所示，下列判断正确的是( )
A．从t1到t2时间内，小车一定匀速直线运动
B．从t1到t2时间内，小车一定匀加速直线运动
C．从t2到t3时间内，小车一定匀加速直线运动
D．从t2到t3时间内，小车一定匀速直线运动
2、所示，在光滑水平面上的两小球发生正碰．小球的质量分别为m1和m2.图乙为它们弹性碰撞前后的s﹣t（位移时间）图象．已知m1=0.1㎏．由此可以判断
A．碰前m2静止，m1向右运动
B．碰后m2和m1都向右运动
C．m2=0.5kg
D．弹性碰撞过程中系统损失了0.4J的机械
3、两个等量异种电荷的连线的垂直平分线上有A B C 三点，如图所示，下面说法正确的（）
A．a点电势比b点高
B．a，b 两点的场强方向相同
C．a，b，c 三点和无穷远处等电势
D．一个电子（不计重力）在a点无初速度释放，则它将在ab连线上运动
4、关于电流的方向，下列说法正确的是( )
A．电荷定向移动的方向为电流方向
B．因为电流有方向，所以电流是矢量
C．在电源外部电路中，电流的方向是从电源的正极流向负极
D．在电路中电荷的定向移动方向总是沿着高电势到低电势的方向
5、如图所示，两根都处于伸长状态的轻质橡皮条A和B在竖直方向上共同系住一小球（A、B未标出），A的弹力为B的弹力的3 倍，若B剪断，则在剪断瞬间，小球的加速度大小为（）
A．g/3 B．2g/3 C．g D．g/2
6、如图，空间某区域存在匀强电场和匀强磁场，电场方向竖直向下，磁场方向垂直于纸面向里。

三个带负电的微粒a、b、c电荷量相等，质量分别为m a、m b、m c。

已知在该区域内，a在纸面内向右做匀速直线运动，b在纸面内向左做匀速直线运动，c在纸面内做匀速圆周运动。

下列选项正确的是（）
A．m a>m b>m c B．m b>m c>m a C．m c>m a>m b D．m c>m b>m a
二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。

在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、图中a、b为真空中竖直向上的电场线上的两点，一带电质点在a点由静止释放，沿
电场线向上运动，到b点恰好速度为零．下列说法中正确的是（）
A．带电质点在a、b两点所受电场力都是竖直向上
B．a点的电势比b点的电势高
C．a点的电场强度比b点的电场强度大
D．带电质点在a点的电势能比在b点的电势能小
8、如图所示，用绝缘细线拴一个带负电的小球，让它在竖直向下的匀强电场中绕O点做竖直平面内的圆周运动，a、b两点分别是圆周的最高点和最低点，则（）
A．小球经过a点时，线中的张力最小
B．小球经过b点时，电势能最小
C．小球经过a点时，电势能最小
D．小球经过b点时，机械能最小
9、在如图所示的哪种情况下，a、b两点的电势相等，电场强度也相同( )
A．带电平行板电容器两板间除边缘附近处的a、b两点
B．处于静电平衡状态下的导体内部的a、b两点
C．离点电荷等距的a、b两点
D．两个等量异种点电荷的中垂线上，与连线中点O等距的a、b两点
10、如图所示是测电源电动势和内电阻时依据测量数据作出的路端电压与电流的关系图线，图中DC平行于横坐标轴，DE平行于纵坐标轴，由图可知（）
A．比值DE
OE
表示外电路电阻B．比值
AC
CD
表示电源内电阻
C．比值CO
AO
表示电源电动势D．矩形OCDE的面积表示电源的输出功
率
三、实验题：本题共2小题，共18分。

把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11．（6分）在“测定金属的电阻率”实验中，所用测量仪器均已校准.待测金属丝接入电路部分的长度约为50cm.
(1)用螺旋测微器测量金属丝的直径，其中某一次测量结果如图所示，其读数应为：
________mm.
(2)某同学用伏安法测金属丝的电阻R X。

实验所用器材为：
电池组（电动势为3V，内阻约为1），
电流表（内阻约为0.1），
电压表（内阻约为3k），
滑动变阻器R（0~20，额定电流为2A），
开关，导线若干。

记录数据如下：
由以上实验数据可知测量R X是采用图1中的图__________（选填“甲”或“乙”）。

(3)图2是测量R X的实验器材实物图，图中已经连接了部分导线，请根据图1所选的电路图，补充完成图中实物间的连线。

(4)这个小组的同学在坐标纸上建立U、I坐标系，如图3所示，图中已经标出了与测量数据相对应的四个点，请在图3中标出第2、4、6次测量数据的坐标点，并描绘出U-I 图线。

请根据由图线及以上数据可以估算出金属丝电阻率约为__________（填选项前的符号）。

A．1×10-2B．1×10-3
C．1×10-6D．1×10-8
12．（12分）(1)用游标卡尺测一工件外径的读数如图(1)所示，读数为_________mm．(2)用螺旋测微器测一圆形工件长度的读数如图(2)所示，读数为______mm．
四、计算题：本题共2小题，共26分。

把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。

13．（10分）如图所示，电源电动势E=30V，内阻r=1Ω，电灯L上标有“25V，25W”的字样，直流电动机M的线圈电阻R=2Ω。

闭合电键，若电灯恰能正常发光，求：
（1）电路中的总电流I；
（2）电动机输出的机械功率P机。

14．（16分）如图所示的电路中，电源电动势E＝9V，内阻r＝2Ω，定值电阻
R1＝6Ω，R2＝10Ω，R3＝6Ω，电容器的电容C＝10μF．
(1)保持开关S1、S2闭合，求电容器C所带的电荷量；
(2)保持开关S1闭合，将开关S2断开，求断开开关S2后流过电阻R2的电荷量．15．（12分）如图所示，在两条竖直的平行虚线内存在着宽度为L，方向竖直向上的匀强电场，在与右侧虚线相距为L 处有一与电场方向平行的荧光屏．将一质量为m、电荷量为+q的带电小球从A点沿AO方向以v0垂直电场线射入电场，小球打在荧光屏上的B点；撤去电场，小球仍在A点以原有速度的大小和方向射入，则打在荧光屏上的C点．已知BO =CO，重力加速度为g ．
(1)求小球从A 点到B的时间；
(2)求匀强电场的电场强度E（用m、g、q表示）
参考答案
一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、C
【解题分析】
试题分析：由图知从t 1到t 2时间内，电流I 增大，则压敏电阻所受压力增大，即绝缘球所受的支持力增大，由知小车做加速度变大的加速运动，AB 错；从t 2到t 3时间内，电流I 不变，则压敏电阻所受压力不变，即绝缘球所受的支持力不变，由
知小车做匀加速直线运动，C 对，D 错．
考点：本题考查I-t 图像的分析，受力分析，牛顿第二定律
点评：本题学生能根据电流的变化，判断压敏电阻阻值的变化，进而判断所受压力的变化，再由牛顿第二定律判断加速度的变化．
2、A
【解题分析】
A.由s-t 图象的斜率等于速度，可得m 1碰前速度v 1=4m/s ，m 1碰前速度v 1=0，则知碰前m 1静止，m 1向右运动，故A 正确；
BC.碰后m 1速度为 v ′1=-1 m/s ，向左运动．碰后m 1的速度 v′1=1m/s ，向右运动． 根据动量守恒定律得
m 1v 1+m 1v 1=m 1v ′1+m 1v ′1．
代入数据解得：
m 1=0.3kg ．
故BC 错误；
D.两物体组成的系统在碰撞过程中的机械能损失为：
222211221122111102222
E m v m v m v m v ='+'-+=（）（） 所以碰撞过程是弹性碰撞．故D 错误．
3、B
【解题分析】
AC ．a 、b 、c 是两个等量异种电荷连线的垂直平分线的三点，电势相等，而且与无穷远处电势相等．故AC 错误．
B ．a 、b 两点的场强方向都与垂直平分线垂直向右，方向相同．故B 正确． D ．一个电子在a 点受到的电场方向垂直于垂直平分线向左，无初速释放后，将向左下方运动，不可能在ab 连线上运动．故D 错误．
4、C
【解题分析】正电荷定向移动的方向规定为电流的方向，电流的方向与负电荷移动的方向相反，A 错误；电流只有一个方向：在电源外部从正极流向负极，所以没有正负号，为标量，B 错误C 正确；正电荷在恒定电场的作用下从高电势向低电势移动，而负电荷是从低电势向高电势移动，故D 错误．
5、D
【解题分析】
设开始B 的弹力为F ，则A 的弹力为3F ，根据平衡有：F +mg =3F ，解得F=mg/2， 剪断B 的瞬间，A 的弹力不变，根据牛顿第二定律得，32
F mg g a m -==，D 正确. 点睛：剪断B 前，根据平衡求出拉力大小，剪断B 的瞬间，A 的弹力不变，根据牛顿第二定律求出小球的加速度．
6、B
【解题分析】
对微粒a 受力分析可知a 受到向下重力、洛伦兹力、向上的电场力，因做匀速直线运动，由平衡条件可知
a m g Bqv Eq +=
解得
a Eq Bqv m g g
=- 对微粒b 受力分析可知b 受到向下重力、向上洛伦兹力和电场力，因做匀速直线运动，由平衡条件可知
2b m g Eq Bqv =+
解得
2b Bqv Eq m g g
=+ 对微粒c 受力分析可知c 受到向下重力、向上电场力，指向圆心的洛伦兹力，因做匀速圆周运动，则有
c m g Eq =
解得
c Eq
m
g
比较三个微粒质量关系可知B正确，ACD错误。

故选B。

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。

在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、ABC
【解题分析】
质点的速度从零到零，所以先加速后减小，过程中重力的大小和方向恒定不变，所以刚开始电场力大于重力，后来电场力小于重力，即电场强度在减小，即a点的电场强度大于b点的电场强度，同一条电场线电场方向不变，故电场力竖直向上，沿电场方向电势降低，故a点的电势比b点的高，ABC正确；过程中电场力做正功，电势能减小，a
的电势能大于b点的电势能，D错误．
8、CD
【解题分析】
A、当电场力大于重力,小球运动到a点时,速度最大,根据牛顿第二定律知,拉力最大.故A 错误.
B、小球从a点运动到b点的过程中,电场力做负功,电势能增加.所以小球过b点时,电势能最大.故B错误.
C、从a到b, 电场力做负功，电势能增加,所以a点电势能最小.故C正确；
D、从a到b,除重力以外,电场力做负功,机械能减小,所以b点机械能最小.故D正确；
9、BD
【解题分析】
a、b处于匀强电场中，场强相同，电势不同，a点电势高于b点电势，故A错误；处于静电平衡状态下的金属内部a、b两点，电场强度均为零，整个导体是等势体，电势相等，故B正确；a、b处于同一等势面上，电势相等，而电场强度方向不同，故C错误；等量异种电荷连线的中垂线是一条等势线，两点的电势相等．根据电场线分布的对称性可知，场强相同，故D正确．所以BD正确，AC错误．
10、ABD
【解题分析】
A.由图象可以知道,D 点对应的路端电压大小可以用DE 表示,电路电流可以用OE 表示,外电路电阻R D D U DE I OE
==,所以A 选项正确; B.电源的路端电压与电流的图像中，斜率的大小等于电源内阻,所以电源内阻r AC CD
=,B 选项正确; C.电源的路端电压与电流的图像中，纵轴截距表示电源电动势，所以电动势E=OA ，C 选项错误;
D.由图象可以知道,D 点对应的路端电压大小可以用DE 表示,电路电流可以用OE 表示,电源的输出功率P U CODE I DE OE S ==⨯=,所以D 选项正确．
【题目点拨】
记住电源的路端电压与电流的图像中，纵轴截距表示电源电动势，横轴截距表示短路电流，斜率大小表示电源内阻．
三、实验题：本题共2小题，共18分。

把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11、0.398 甲
C
【解题分析】
（1）螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数，注意估读； （2）根据题意确定滑动变阻器接法，然后选择实验电路；
（3）根据电路图连接实物电路图；
（4）根据坐标系内描出的点作出图象，然后根据图象与电阻定律分析答题；
【题目详解】
（1）由图所示螺旋测微器可知，其示数为：
（均正确）；
（2）由表中实验数据最小电压为0.10V，而电流最小为，而且得到的实验数据较多，所以肯定用的分压，由此可知，滑动变阻器应用分压式接法，因此实验采用的是图甲所示电路；
（3）根据电路图连接实物电路图，实物电路图如图所示：
（4）根据坐标系内描出的点作出图象如图所示：
由图示图象可知，第6组实验数据偏离图线太远，该组实验数据是错误的，应舍去，由图示图象可知，电阻（均正确），由电阻定律：得：
，故选C正确，选项ABD错误。

【题目点拨】
要掌握螺旋测微器的读数方法，明确电学实验中，当要求电流从零调时，滑动变阻器应用分压式接法，同时需要注意安培表的内、外接法的问题。

12、10.50 4.600
【解题分析】
(1)[1]游标卡尺的主尺读数为：1cm=10mm，游标尺上第10个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为0.05×10mm=0.50mm，所以最终读数为：
10mm+0.50mm=10.50mm ；
(2)[2]螺旋测微器的固定刻度为4.5mm ，可动刻度为0.01×10.0mm=0.100mm ，所以最终读数为4.600mm ．
四、计算题：本题共2小题，共26分。

把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。

13、（1）5A （2）68W
【解题分析】
（1）设内电压为r U ，根据闭合电路欧姆定律
L 5V r U E U ==-
所以
55A 1
r U I r === （2） 电灯电流： L 1A P I U =
= 电动机电流：
M L 4A I I I =-=
电动机输出的机械功率：
2M M 68W P UI I R =-=机
14、 (1)Q ＝3×
10－5 C (2)Q R 2＝6×10－5C 【解题分析】
（1）保持开关S 1、S 2闭合,电容器的电压等于电阻R 1的电压 电路的电流122A 3
E I R R r ==++ R 1两端的电压114V R U IR ==
则电容器所带的电荷量41410C R Q CU -==⨯．
（2）保持开关S 1闭合，将开关S 2断开后，电路稳定时电容器上的电压等于电源电动势，此时电容器所带的电荷量4
1210C Q CE -==⨯'．
而流过R 2的电荷量等于电容器C 上电荷量的增加量4810C Q Q Q -∆=-=⨯'
【题目点拨】
本题考查了含容电路问题，知道电容器两端的电压等于与它并联的支路电压，与电容器
串联的电阻相当于导线．
15、 (1)02L t v = (2)83mg E q
= 【解题分析】
粒子在电场中做类平抛运动，根据粒子打在荧光屏上的距离，应用牛顿第二定律分析答题．
【题目详解】
（1）粒子在水平方向做匀速直线运动，120
L t t v ==， 所以小球从 A 点到 B 的时间0
2L t v = （2）粒子在竖直方向做匀变速直线运动， 有电场时：211212Eq mg Eq mg BO t t t m m
--=
⋅+ 没有电场时：2121()2CO g t t =+ 由题意知：BO=CO ，解得：83mg E q =
【题目点拨】
本题考查了求电场强度，分析清楚粒子运动过程，应用运动的合成与分解知识，应用牛顿第二定律与运动学公式即可正确解题．。