安徽省合肥市新高考高一下物理易错多选题含解析

安徽省合肥市新高考高一下物理易错多选题
多选题有答案含解析
1． (本题9分)自行车的大齿轮、小齿轮、后轮的半径不一样，它们的边缘有三个点A 、B 、C ，如图所示．正常骑行自行车时，下列说法正确的是
A ．A 、
B 两点的线速度大小相等，角速度大小也相等 B ．B 、
C 两点的角速度大小相等，周期也相等 C ．A 点的向心加速度小于B 点的向心加速度
D ．B 点的向心加速度大于C 点的向心加速度
2． (本题9分)某同学按如图所示的电路进行实验，电压表内阻看做无限大。

实验过程中，由于电路发生故障，发现两电压表示数相同，若这种情况的发生是由某一用电器引起的，则可能的故障原因是（ ）
A ．2R 断开
B ．3R 短路
C ．2R 短路
D ．1R 短路
3．如图甲所示，质量为0.5kg 的物块A 和足够长的木板B 叠放在光滑水平面上，t=0时刻，木板B 受到水平向右的拉力F 作用，0~4s 内，F 随时间t 变化的关系如图乙所示，木板B 加速度a 与时间t 的关系如图丙所示。

若物块A 与木板B 间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度取10m/s 2。

则
A ．木板
B 的质量为1kg
B ．物块A 与木板B 之间的动摩擦因数为0.4
C ．2s~4s 内，物块A 的加速度随时间均匀增大
D ．2s~4s 内，物块A 的速度随时间均匀增大
4．某缓冲装置可抽象成如图所示的简单模型．图中12K K 、为原长相等，劲度系数不同的轻质弹簧，下
列表述正确的是（）
A．缓冲效果与弹簧的劲度系数无关
B．垫片向右移动时，两弹簧产生的弹力大小相等
C．垫片向右移动时，两弹簧的弹性势能发生改变
D．垫片向右移动时，两弹簧的长度保持相等
5．(本题9分)下列关于机械能守恒的判断正确的是（）
A．拉着一个物体沿着光滑的斜面匀速上升时，物体的机械能守恒
B．如果忽略空气阻力作用，物体做竖直上抛运动时，机械能守恒
C．一个物理过程中，当重力和弹力以外的力做了功时，机械能不再守恒
D．合外力对物体做功为零时，物体机械能一定守恒
6．(本题9分)关于机械能，下列说法中正确的是（）
A．物体做斜抛运动的过程中机械能守恒
B．物体沿斜面匀速下滑的过程中机械能守恒
C．物体以5m/s2的加速度加速下降的过程中，机械能减
D．物体以5m/s2的加速度加速下降的过程中，机械能增大
7．(本题9分)关于平抛运动，下列说法中正确的是
A．是加速度不变的匀变速曲线运动
B．是水平方向的匀速直线运动和竖直方向的匀加速直线运动的合运动
C．是水平方向的匀速直线运动和竖直方向的匀速直线运动的合运动
D．是速度大小不变的曲线运动
8．(本题9分)要计算地球的质量,除已知的一些常数外还需知道某些数据,现给出下列各组数据,可以计算出地球质量的是()
A．已知地球半径R
B．已知卫星绕地球做匀速圆周运动的轨道半径r和线速度v
C．已知卫星绕地球做匀速圆周运动的线速度v和周期T
D．已知地球公转的周期T′及运转半径r′
9．(本题9分)如图是一个单摆的共振曲线，已知重力加速度为g，根据图线可以得出的是（）
A ．单摆的固有频率
B ．单摆的固有周期
C ．这个单摆的摆长
D ．单摆的摆球质量
10． (本题9分)如图，长为L 的细绳一端系在天花板上的O 点，另一端系一质量m 的小球．将小球拉至细绳处于水平的位置由静止释放，在小球沿圆弧从A 运动到B 的过程中，不计阻力，则（ ）
A ．小球经过
B 点时，小球的动能为mgL B ．小球经过B 点时，绳子的拉力为3mg
C ．小球下摆过程中，重力对小球做功的平均功率为0
D ．小球下摆过程中，重力对小球做功的瞬时功率先增大后减小
11．某同学玩飞镖游戏，先后将两只飞镖a 、b 由同一位置水平投出，两支飞镖插在竖直墙上的状态（侧视图）如图所示，不计空气阻力，则（ ）
A ．两只飞镖投出的初速度a b v v >
B ．两只飞镖投出的初速度a b v v <
C ．两只飞镖飞行的时间a b t t =
D ．两只飞镖飞行的时间a b t t <
12． (本题9分)如图所示，小车AB 放在光滑的水平面上，A 端固定一个轻弹簧，B 端粘有油泥，小车AB 总质量为M=3kg ，质量为m=1kg 的光滑木块C 放在小车上，用细绳连接于小车的A 端并使弹簧压缩，此时弹簧的弹性势能为6J ，且小车AB 和木块C 都静止。

当突然烧断细绳时，木块C 被释放，使木块C 离开弹簧向B 端冲去，并跟B 端油泥迅速粘在一起，忽略一切摩擦力。

以下说法正确的是（ ）
A．弹簧伸长过程中木块C向右运动，同时小车AB也向右运动
B．木块C与B碰前，木块C与小车AB的速率之比为3∶1
C．木块C与油泥粘在一起后，小车AB立即停止运动
D．木块脱离弹簧时的速度大小为3m/s
13．(本题9分)如图所示，一滑块从足够长的粗糙斜面上的某位置以大小为10m/s的初速度沿斜面向上运动，斜面的倾角为37°，滑块向上运动过程中的加速度大小为10m/s2。

取重力加速度g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8，下列说法正确的是
A．滑块向上运动的时间为1s
B．滑块向上运动的最大距离为10 m
C．斜面与滑块之间的动摩擦因数为0.5
D．滑块从开始运动到速度大小再次为10m/s所用的时间为2s
14．根据《日经新闻》的报道，日本将在2020年东京奥运会开幕之前使“无人驾驶”汽车正式上路并且投入运营．高度详细的3D地图技术能够为“无人驾驶”汽车提供大量可靠的数据，这些数据可以通过汽车内部的机器学习系统进行全面的分析，以执行不同的指令．如下图所示为一段公路拐弯处的3D地图，你认为以下说法正确的是（）
A．如果弯道是水平的，则“无人驾驶”汽车在拐弯时受到重力、支持力、摩擦力和向心力
B．如果弯道是水平的，则“无人驾驶”汽车在拐弯时收到的指令应让车速小一点，防止汽车作离心运动而发生侧翻
C．如果弯道是倾斜的，3D地图上应标出内（东）高外（西）低
D．如果弯道是倾斜的，3D地图上应标出外（西）高内（东）低
15．如图所示，质量为m的小球套在倾斜放置的固定光滑杆上，一根轻质弹簧一端固定于O点另一端与小球相连，弹簧与杆在同一竖直平面内，将小球沿杆拉到弹簧水平位置由静止释放，小球沿杆下滑，当弹
簧位于竖直位置时，小球速度恰好为零，此时小球下降的竖直高度为h，若全过程中弹簧始终处于伸长状态且处于弹性限度范围内，下列说法正确的是（）
A．弹簧与杆垂直时，小球速度最大
B．弹簧与杆垂直时，小球的动能与重力势能之和最大
C．小球下滑至最低点的过程中，合外力的冲量为零
D．小球下滑至最低点的过程中，弹簧的弹性势能增加量等于mgh
16．(本题9分)如图所示，两光滑斜面的倾角分别为30°和45°、质量分别为2m和m的两个滑块用不可伸长的轻绳通过滑轮连接(不计滑轮的质量和摩擦)，分别置于两个斜面上并由静止释放；若交换两滑块位置，再由静止释放，则在上述两种情形中正确的有()．
A．质量为2m的滑块受到重力、绳的张力、沿斜面的下滑力和斜面的支持力的作用
B．质量为m的滑块均沿斜面向上运动
C．绳对质量为m的滑块的拉力均大于该滑块对绳的拉力
D．系统在运动中机械能均守恒
17．(本题9分)质量为4kg的物体由静止开始向上被提升0.25m后，速度达1m/s，则下列判断正确的是（）
A．拉力对物体做功等于物体增加的动能B．合外力对物体做功为2J
C．物体克服重力做功为10J D．拉力对物体做功为12J
18．(本题9分)如图所示，长为L=0.5 m的轻质细杆，一端固定有一个质量为m=3 kg的小球，另一端由电动机带动，使杆绕O点在竖直平面内做匀速圆周运动，小球的速率为v=1 m/s ，g取10 m/s1．则（）
A．小球通过最高点时，向心力大小是6 N
B．小球通过最低点时，向心力大小是14 N
C ．小球通过最高点时，对杆作用力的大小为6 N
D ．小球通过最低点时，对杆作用力的大小为14 N
19．（6分） (本题9分)两个小球在光滑水平面上沿同一直线，同一方向运动，
B 球在前，A 球在后，1A m kg =，2B m kg =， 6/A v m s =，3/B v m s =．当A 球与B 球发生碰撞后，A 、B 两球的速度A v 、、B v 、可能为
A ．4/A v m s =、 4/
B v m s 、
= B ．7/A v m s =、 2.5/B v m s 、
= C ．-4/A v m s =、 6/B v m s =、
D ．2/A v m s =、 5/B v m s =、
20．（6分） (本题9分)如图轨道是由一直轨道和一半圆轨道组成，一个小滑块从距轨道最低点B 为h 的A 处由静止开始运动，滑块质量为m ，不计一切摩擦．则（ ）
A ．若滑块能通过圆轨道最高点D ，h 最小为2.5R
B ．若h=2R ，当滑块到达与圆心等高的
C 点时，对轨道的压力为3mg C ．若h=2R ，滑块会从C 、
D 之间的某个位置离开圆轨道做斜抛运动 D ．若要使滑块能返回到A 点，则h≤R
21．（6分） (本题9分)质量为60kg 的人，站在升降机内的台秤上，测得体重为680 N ，由此可知（ ） A ．升降机减速下降 B ．升降机加速上升 C ．升降机减速上升 D ．升降机加速下降
22．（8分） (本题9分)如图所示，a 、b 、c 、d 、e 、f 为以O 为球心的球面上的点，分别在a 、c 两个点处放等量异种电荷＋Q 和－Q 。

下列说法正确的是( )
A ．b 、f 两点电场强度大小相等，方向不同
B ．e 、d 两点电势相同
C ．b 、f 两点电场强度大小相等，方向相同
D ．e 、d 两点电势不同
23．（8分） (本题9分)如图所示，电源E 对电容器C 充电，当C 两端电压达到80 V 时，闪光灯瞬间导通并发光，C 放电．放电后，闪光灯断开并熄灭，电源再次对C 充电．这样不断地充电和放电，闪光灯就周
期性地发光．该电路（）
A．充电时，通过R的电流不变
B．若R增大，则充电时间变长
C．若C增大，则闪光灯闪光一次通过的电荷量增大
D．若E减小为85 V，闪光灯闪光一次通过的电荷量不变
24．（10分）(本题9分)质量为m的汽车在平直公路上行驶，发动机的功率P和汽车受到的阻力的大小f 均恒定不变。

在时间t内，汽车的速度由v0增加到最大速度v m，汽车前进的距离为s，则在这段时间内可以表示发动机所做功W的计算式为
A．
B．
C．
D．
25．（10分）我国为建设北斗导航系统，发射了多颗地球同步卫星，关于地球同步卫星，下列说法正确的是：
A．它们的质量一定相同
B．它们一定都在赤道正上方运行
C．它们距离地面的高度一定相同
D．它们的运行周期一定相同
26．（12分）(本题9分)一蹦极运动员身系弹性蹦极绳从水面上方的高台下落，到最低点时距水面还有数米距离．假定空气阻力可忽略，运动员可视为质点，下列说法正确的是（）
A．运动员到达最低点前重力势能始终减小
B．蹦极绳张紧后的下落过程中，弹性力做负功，弹性势能增加
C．蹦极过程中，运动员、地球和蹦极绳所组成的系统机械能守恒
D．蹦极过程中，重力势能的改变与重力势能零点的选取有关
27．（12分）如图所示，摆球质量为m，悬线长为L，把悬线拉到水平位置后放手．设在摆球运动过程中
空气阻力f的大小不变，则摆球从A摆到位置B的过程中，下列说法正确的是
A．重力做功为mgL
B．悬线的拉力做功为0
C．空气阻力f做功为－mgL
D．空气阻力f做功为
1
2
f L
π-
28．下列哪些运动中加速度恒定不变（忽略空气阻力）
A．平抛运动B．匀速圆周运动C．自由落体运动D．竖直上抛运动
29．(本题9分)关于功率公式
W
P
t
=和P＝Fv的说法正确的是( )
A．由
W
P
t
=知，只要知道W和t就可求出任意时刻的功率
B．由P＝Fv既能求某一时刻的瞬时功率，也可以求平均功率
C．由P＝Fv知，随着汽车速度的增大，它的功率也可以无限制地增大
D．由P＝Fv知，当汽车发动机功率一定时，牵引力与速度成反比
30．(本题9分)关于地球的第一宇宙速度，下列说法中正确的是()
A．它是人造地球卫星环绕地球运转的最大速度
B．它是人造地球卫星环绕地球运转的最小速度
C．它是发射卫星并能使卫星进入近地轨道最小发射速度
D．它是发射卫星并能使卫星进入近地轨道的最大发射速度
参考答案
多选题有答案含解析
1．BC
【解析】
【分析】
【详解】
A．AB两点在传送带上，是同缘传动的边缘点，所以两点的线速度相等，根据v=ω•r，由于半径不同，则角速度不相等，故A错误；
B ．B
C 两点属于同轴转动，故角速度相等，周期也相等，故B 正确；
C ．AB 两点的线速度相等，根据2
v a r
=可知，A 的半径比较大，所以A 点的向心加速度小于B 点的向心
加速度，故C 正确；
D ．BC 点的角速度是相等的，根据2a r ω=可知，C 点的半径比较大，所以C 点的向心加速度大于B 点的向心加速度，故D 错误． 2．AB 【解析】 【分析】 【详解】
由图可知R 1与R 2、R 3串联，电压表V 1测R 2和R 3的电压；V 2测R 2两端的电压；若两电压表示数变成相同，则可能是两电表接在了等电势的两端，故可能是R 2开路或者R 3短路；故AB 正确CD 错误。

故选AB 。

3．AD 【解析】 【详解】
A.由图可知，在0-2s 内木板B 和物块A 一起加速运动，则对AB 整体，由牛顿第二定律：F=(M+m)a ，将F=3N ，a=2m/s 2，解得M=1kg ，选项A 正确；
B.2s 后，物块与木板产生相对滑动，由图可知，4s 时F=6N ，此时木板的加速度为5m/s 2，则对木板：
F mg Ma μ-=，解得μ=0.2，选项B 错误；
C. 2s~4s 内，物块A 受大小不变的滑动摩擦力作用，则其加速度a=μg ，不变，选项C 错误；
D. 2s~4s 内，物块A 的速度v=at=μgt ，随时间均匀增大，选项D 正确。

4．BC 【解析】
缓冲效果与弹簧的劲度系数有关，故A 错误；当垫片向右移动时，两弹簧均被压缩，两弹簧串联弹力大小相等，故B 正确；当垫片向右移动时，两弹簧均被压缩，两弹簧的弹性势能发生改变，故C 正确；垫片向右移动时，两弹簧均被压缩，两弹簧串联弹力相等，由于劲度系数不同，两弹簧形变量不同，故两弹簧长度不同，故D 错误；故选BC ． 5．BC 【解析】 【详解】
A ．拉着一个物体沿着光滑的斜面匀速上升时，动能不变，势能增大，故机械能增大，故A 错误；
B ．物体做竖直上抛运动时，只有重力做功，故机械能守恒，故B 正确；
C ．机械能守恒的条件是除重力和弹力以外的力做功的代数和为0，或者不做功，当重力和弹力以外的力做了功时，物体的机械能不守恒，故C 正确；
D ．合外力对物体做功为零时，如在拉力作用下竖直向上的匀速运动，物体机械能不守恒，故D 错误. 6．AC 【解析】
A 、物体做斜抛运动的过程中只有重力做功符合机械能守恒的条件，所以A 正确；
B 、物体沿斜面匀速运动，说明运动过程中不光重力做功，有别的力做负功了，所以不符合机械能守恒的条件，故B 错误；
C 、若只有重力的情况则加速度应该是
，而现在加速度是5m/s 2，说明除了重力外竖直方向还有向
上的力，所以在物体加速下降的过程中除了重力做功还有别的力做负功，所以机械能减小，故C 对；D 错误； 本题选AC 7．AB 【解析】 【详解】
A.平抛运动只受重力，所以平抛运动为加速度不变的匀变速曲线运动，故A 正确；
BC.平抛运动在水平方向上不受力，做匀速直线运动，在竖直方向上初速度为零，仅受重力，做自由落体运动，故B 正确，C 错误；
D.平抛运动的速度大小和方向都发生改变，故D 错误。

8．ABC 【解析】 【详解】
A ．根据2Mm mg G R ＝，得2
gR M G
＝，仅知道地球的半径，地球表面的重力加速度和引力常量也是已知的
常数，可以求出地球的质量，故A 正确；
B ．卫星绕地球做匀速周运动，根据万有引力提供向心力有2
2=r mM v G m r
，得地球质量2v r M G ＝，故已知
卫星绕地球做匀速圆周运动的轨道半径r 和线速度v ，可以计算出地球质量，故B 正确；
C ．根据2r v T π＝得2vT r π＝，根据万有引力提供向心力2
2=r mM v G m r
，解得232v r v T M G G π＝＝
，故已知卫星绕地球做匀速圆周运动的线速度v 和周期T 可以计算地球的质量，故C 正确；
D ．地球绕太阳公转，中心天体是太阳，根据万有引力提供向心力只能求太阳的质量23
2
4r M GT π''
＝，故已
知地球公转的周期T′及运转半径r′不可以计算地球的质量，故D 错误；
9．ABC
【解析】
【详解】
AB.由单摆的共振曲线知，当驱动力的频率为0.3Hz 时单摆产生了共振现象，则单摆的固有频率0.3Hz f =，固有周期为110s 3
T f ==；故A 项符合题意；B 项符合题意.
C.由单摆的周期公式2T =，已知重力加速度g ，可求出周期T ，则能得到单摆的摆长2
24gT l π=；故C 项符合题意.
D.因单摆的周期T 与球的质量m 无关，则题目所给条件不能求出小球的质量;D 项不合题意.
10．ABD
【解析】
A 、从A 到
B 的过程中，根据动能定理得：212
k B E mv mgL ==，故A 正确； B 、在B 点，根据牛顿第二定律得2B v T mg m L
-=，解得：3T mg =，故B 错误； C 、小球下摆过程中，重力做的功W mgL =，则重力的平均功率 mgL P t
=不为零，故C 错误； D 、小球下摆过程中，重力的瞬时功率从0变化到0，应是先增大后减小，故D 正确．
点睛：本题主要考查了圆周运动向心力公式、动能定理的直接应用，要求同学们能正确分析小球的受力情况，会利用特殊点解题．
11．AD
【解析】
【详解】
CD ．由图可知，飞镖b 下落的高度大于飞镖a 下落的高度，根据 h=
12
gt 2 得
t =b 下降的高度大，则b 镖的运动时间长，t a <t b ，C 错误，D 正确；
AB ．两飞镖的水平位移相等，根据
x=vt
知b 镖的运动时间长，则b 镖的初速度小，A 正确，B 错误。

故选AD 。

以木块和小车为系统，在水平方向不受外力，动量守恒，规定水平向右为正方向，由动量守恒定律得：
120Mv mv +=。

由机械能守恒定律得22121122p Mv mv E +=，解得v 1=-1m/s ；v 2=3m/s ，弹簧伸长过程中，木块C 向右运动，小车AB 左运动。

A.由上面分析可知，木块C 向右运动，小车AB 左运动，故A 错误；
B.因为v 1=-1m/s ；v 2=3m/s ，木块C 与B 碰前，木块C 与小车AB 的速率之比为3∶1，故B 正确；
C.木块C 与油泥粘在一起后，木块C 和小车AB 成为一个整体，总动量为0，整体的速度为0。

所以木块C 与油泥粘在一起后，小车AB 立即停止运动，故C 正确；
D.木块脱离弹簧时的速度大小为3m/s ，与上述计算结果相符，故D 正确。

13．AC
【解析】
【详解】
A 、滑块上滑做匀减速直线运动，由速度公式可得减速时间为，A 正确。

B 、匀减速的位移为，B 错误。

C 、上滑过程根据牛顿第二定律，解得
，C 正确。

D 、下滑过程根据牛顿第二定律，解得，滑块做匀加速直线运动
，可得，故加速到10m/s 总时间为6s ，D 错误。

故选AC 。

【点睛】 本题主要考查了牛顿第二定律及运动学基本公式的应用，要求能正确得到上滑和下滑的加速度不同。

14．BD
【解析】
试题分析：“无人驾驶”汽车在拐弯时受到重力、支持力、摩擦力，A 错误；如果弯道是水平的，则静摩擦力提供向心力，当达到最大静摩擦力时对应一最大速度，超过这个速度，将发生离心运动而侧翻，B 正确；如果弯道倾斜，则要使重力的分力提供向心力，所以应标出外（西）高内（东）低，C 错误：D 正确：故选BD ．
考点：生活中的圆周运动．
【名师点睛】根据汽车转弯运动的实际情况，为防止侧滑，要使公路内侧低于外侧，形成斜面，使重力的分力提供向心力．
A．弹簧与杆垂直时，小球的加速度由重力沿杆向下的分力提供，加速度与速度同向，小球仍然加速，当加速度为0时，小球的速度最大，A错误；
B．小球与弹簧构成的系统机械能守恒，即小球的动能、重力势能和弹簧的弹性势能总和不变，弹簧与杆垂直时，弹簧的伸长量最小，弹性势能最小，所以小球的动能与重力势能之和最大，B正确；
C．根据动量定理，合外力的冲量等于动量的变化量，小球下滑至最低点的过程中，动量变化量为0，所以合外力的冲量为零，C正确；
D．根据动能定理，合外力做功之和等于动能的变化量，小球下滑至最低点的过程中，动能变化量为0，减小的重力势能mgh全部转化为弹簧的弹性势能，D正确。

故选BCD。

16．BD
【解析】
【分析】
【详解】
A.两个滑块都受到重力、支持力和拉力，下滑趋势是重力的作用效果，故A错误；
B.由于2m的物体的重力的下滑分量总是较大，故质量为m的滑块均沿斜面向上运动，故B正确；
C.根据牛顿第三定律，绳对质量为m滑块的拉力均等于该滑块对绳的拉力，C错误；
D.系统减小的重力势能完全转化为动能，无其他形式的能量参与转化，故机械能守恒，故D正确；
故选BD．
【点睛】
本题关键受力分析后判断滑块的运动规律：对两个滑块受力分析，先加速静止不动，得到两边对细线的拉力大小，得到运动情况；机械能是否守恒的判断可以从能量转化的角度来分析．
【考点】
功能关系；牛顿定律的应用
17．BCD
【解析】
【分析】
根据物体的运动的情况可以求得物体的加速度的大小，再由牛顿第二定律就可以求得拉力的大小，再根据功的公式就可以求得力对物体做功的情况。

【详解】
分析物体的运动的情况可知，物体的初速度的大小为0，位移的大小为0.25m，末速度的大小为1m/s，由
v 2-0=2ax 可得，加速度a=2m/s 2，
A 项：由功能关系可知，拉力对物体做功等于物体增加的动能和增加的重力势能之和，故A 错误；
B 项：合外力对物体做功W 合=F 合x= 2J ，故B 正确；
C 项：重力做功为W G =-mgh=-10J ，所以物体克服重力做功为10J ，故C 正确；
D 项：由牛顿第二定律可得，F-mg=ma
所以F=mg+ma=48N ，
拉力对物体做功为W=Fx=12J ，故D 正确。

18．BC
【解析】
牛顿第二定律在圆周运动中的应用．分析：杆子对小球的作用力可以是拉力，也可以是推力，在最高点，杆子的作用力是推力还是拉力，取决于在最高点的速度．在最低点，杆子一定表现为拉力，拉力和重力的合力提供圆周运动的向心力．
AC 、设在最高点杆子表现为拉力，则有2
v F mg m r
+= ，代入数据得，F=-6N ，则杆子表现为推力，大小为6N ．所以小球对杆子表现为压力，大小为6N ．故A 错误，C 正确．
BD 、在最低点，杆子表现为拉力，有2
v F mg m r
-= ，代入数据得，F=54N ．在最低点的向心力为2
=24v F m N r
向= 故B 对、D 错误 故选BC
点睛：杆子带着在竖直平面内的圆周运动，最高点，杆子可能表现为拉力，也可能表现为推力，取决于速度的大小，在最低点，杆子只能表现为拉力．然后利用向心力公式求解即可．
19．AD
【解析】
【详解】
两球碰撞过程系统动量守恒，以两球的初速度方向为正方向，如果两球发生完全非弹性碰撞，由动量守恒定律得：M A v A +M B v B =（M A +M B ）v ，代入数据解得：v=4m/s ；如果两球发生完全弹性碰撞，有：M A v A +M B v B =M A v A ′+M B v B ′，由机械能守恒定律得：12M A v A 2+12M B v B 2＝12M A v A ′2+12
M B v B ′2，代入数据解得：v A ′=2m/s ，v B ′=5m/s ，则碰撞后A 、B 的速度：2m/s≤v A ≤4m/s ，4m/s≤v B ≤5m/s ，故AD 正确，BC 错误．故选AD ．
【点睛】
本题碰撞过程中动量守恒，同时要遵循能量守恒定律，不忘联系实际情况，即后面的球不会比前面的球运动的快．
20．ACD
【解析】
试题分析：要使物体能通过最高点，则由mg=m可得：v=，从A到D根据机械能守恒定律得：mgh=mg2R+，解得h=2.5R，选项A说法正确；若h=2R，从A到C根据机械能守恒定律得：
mgh=mgR+，在C点有：N=m，解得：N=2mg，选项B说法正确；若h=2R，小滑块不能通过D 点，在CD中间某一位置即做斜上抛运动离开轨道，做斜抛运动，选项C说法；若要使滑块能返回到A点，则物块在圆弧中运动的高度不能超过C点，否则就不能回到点，则则h≤R，选项D说法．
考点：本题考查了竖直平面内的圆周运动、机械能守恒定律、斜抛运动．
21．AB
【解析】
【详解】
对人进行受力分析，支持力大于重力，根据牛顿第二定律：
F-mg=ma
加速度向上，所以升降机加速上升或减速下降，故AB正确，CD错误．
故选AB．
【点睛】
本题中当物体处于失重状态时，加速度竖直向下，但速度方向可能向下，也可能向上．
22．BC
【解析】
A、等量异种电荷的电场线和等势线都是关于连线、中垂线对称的，由等量异号电荷的电场的特点，结合题目的图可知，图中bdef所在的平面是两个点电荷连线的垂直平分面，所以该平面上各点的电势都是相等的，各点的电场强度的方向都与该平面垂直。

由于b、c、d、e各点到该平面与两个点电荷的连线的交点O的距离是相等的，结合该电场的特点可知，b、c、d、e各点的场强大小也相等。

由以上的分析可知，b、c、d、e各点的电势相等，电场强度大小相等，方向相同。

故A、D错误；故选BC。

【点睛】解决本题的关键要掌握等量异种电荷的电场线和等势面的分布情况，知道场强是矢量，只有大小和方向都相同时，场强才相同，同时掌握好电场强度的叠加方法。

23．BCD
【解析】
本题考查电容器的充放电，意在考查考生的分析能力．电容器充电时两端电压不断增大，所以电源与电容器极板间的电势差不断减小，因此充电电流变小，选项A错误；当电阻R增大时，充电电流变小，电容器。