高中物理二轮总复习广西专版(适用于老高考旧教材)课后习题 题型专项能力训练 选择题专项训练(一)

选择题专项训练(一)
(时间:20分钟满分:48分)
本卷共8小题,每小题6分,共48分。

在每小题给出的四个选项中,1~5题只有一个选项符合题目要求,6~8题有多个选项符合题目要求。

全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。

1.(广东汕头二模)为安全考虑,机动车行驶一定年限后,要定期到指定部门进行安全检测,简称“年审”。

一辆正在“年审”的汽车从t=0时刻由静止出发做直线运动,自动检测系统记录了该汽车运动过程的部分数据(见表格),下列说法正确的是( )
A.第5 s内汽车一定做匀速直线运动
B.0~3 s内汽车可能做匀加速直线运动
C.5~8 s内汽车可能做匀减速直线运动
D.第1 s内与第8 s内汽车的加速度大小一定相同
2.篮球运动深受同学们的喜爱,打篮球时某同学伸出双手接传来的篮球,双手随篮球迅速收缩至胸前,如图所示。

下列说法正确的是( )
A.手对篮球的作用力大于篮球对手的作用力
B.手对篮球的作用力与篮球对手的作用力是一对平衡力
C.这样做的目的是减小篮球动量的变化量
D.这样做的目的是减小篮球对手的冲击力
3.(湖南部分学校联考模拟)图甲中给出了氢原子光谱中巴耳末系四种可见光谱线对应的波长,氢原子能级图如图乙所示,已知可见光的能量范围是1.62~3.11 eV,则下列说法正确的是( )
甲
乙
A.Hα谱线对应光子的能量是最大的
B.Hγ光子的能量等于2.8 eV
C.Hδ光是由处于n=5的激发态氢原子向n=2的激发态跃迁的过程中产生的
D.若四种光均能使某金属发生光电效应,则用Hα光照射时获取的光电子的最大初动能较小
4.(福建龙岩一中高三模拟)心脏除颤器多数采用RLC阻尼放电的方法,其充、放电基本原理如图所示。

直流低压经高压直流发生器后向储能电容器C充电,使电容器获得一定的储能。

除颤治疗时,通过开关控制由储能电容器C、线圈L及人体组成的串联电路接通,储能电容器C通过人体放电。

已知储能电容器电容为20 μF,某次使用时,充电后电容器的电压为4.0 kV,放电后电容器两极板间电压为0,则这次放电通过人体的电荷量为( )
A.0.5 C
B.0.08 C
C.0.8 C
D.0.2 C
5.如图所示,从同一条竖直线上两个不同点分别向右平抛P、Q两个小球,平抛的初速度分别为v1、v2,结果它们同时落到水平面上的M点处(不考虑空气阻力)。

下列说法正确的是( )
A.一定是P先抛出的,并且v1=v2
B.一定是P先抛出的,并且v1<v2
C.一定是Q先抛出的,并且v1=v2
D.一定是Q先抛出的,并且v1>v2
6.地面上有一质量为m的物块,在竖直向上的拉力F作用下向上加速运动1 m后撤去拉力,木块继续向上运动,到达最高点3 m处。

取地面为零势能参考平面,物块向上运动过程中其机械能随位移h变化的图线如图所示,重力加速度g取10 m/s2,运动中阻力F f的大小不变,下列说法正确的是( )
A.物块质量m=1 kg
B.空气阻力F f=5 N
C.拉力的最大功率P=375√2 W
D.物块回到地面时的动能为E k=40 J
7.(宁夏银川宁夏大学附属中学高三一模)一孤立的带负电的点电荷静置于O点,另一点O'与O点的连线为水平线,电荷周围作出几条对称电场线如图所示。

以O'点为圆心画一个圆,与电场线分别相交于a、b、c、d、e、g,下列说法正确的是( )
A.c、e两点的电场强度相同
B.b、c两点间电势差等于g、e两点间电势差
C.电子在c点的电势能小于在a点的电势能
D.正点电荷从e点沿圆周逆时针移动到d点过程中,电场力对它做正功
8.两质量相同的小球A、B同向运动,已知p A=6 kg·m/s,p B=4 kg·m/s,某时刻两小球发生碰撞,碰后A、B球的动量p A'、p B'可能为( )
A.p A'=5 kg·m/s,p B'=5 kg·m/s
B.p A'=8 kg·m/s,p B'=2 kg·m/s
C.p A'=2 kg·m/s,p B'=8 kg·m/s
D.p A'=4 kg·m/s,p B'=6 kg·m/s
选择题专项训练(一)
1.B 解析:从表格中数据可知,汽车在第5s初和第5s末瞬时速度都是
5m/s,但这一秒内汽车可能先加速再减速,也可能先减速再加速,故A错误。

0~3s内速度大小的增加量一样,所以有可能做匀加速直线运动,故B正确。

第7s和第8s的速度一样,所以汽车不可能从第5s到第8s一直减速,故C 错误。

速度值并不能说明加速度情况,只能通过速度值变化猜测加速度,
加速度一定相同的说法是错误的,故D错误。

2.D 解析:手对篮球的作用力与篮球对手的作用力是一对作用力与反作
用力,大小相等,故A、B错误;先伸出两臂迎球,手接触到球后,两臂随球收缩至胸前,这样可以增加球与手接触的时间,根据动量定理得-Ft=0-mv,解,当时间增大时,作用力就减小,而冲量和动量的变化量都不变,故
得F=mv
t
C错误,D正确。

知,能量最小,故A错误;由题图3.D 解析:Hα谱线的波长最长,根据E=hc
λ
可得,对应光子的能量应为
甲知Hγ谱线的波长为434.0nm,根据E=hc
λ
2.86eV,故B错误;Hδ谱线的波长最短,频率最大,根据E=hc
可得对应光子
λ
能量应为3.03eV,处于n=5的激发态氢原子向n=2的激发态跃迁的过程中产生光子能量为E=E5-E2=-0.54eV-(-3.40eV)=2.86eV,故C错误;光电效应
方程E km =hν-W 0=hc
λ
-W 0,入射光的波长越长,逸出的光电子的最大初动能越
小,则用H α光照射时获取的光电子的最大初动能较小,故D 正确。

4.B 解析:电容器电荷量Q=CU=0.08C,电感线圈只影响放电电流变化,不影响放电电荷量,故B 正确,A 、C 、D 错误。

5.B 解析:由平抛运动规律h=1
2
gt 2得t=√2ℎ
g
,则在平抛运动过程中P 运动
的时间长,但同时落地说明P 先抛出,根据x=v 0t,水平位移相等,则v 1<v 2,选项B 正确。

6.BC 解析:物块运动到最高点时,速度为零,即动能为零,则其在最高点的机械能为E 3=mgh m ,代入数据,可得m=2kg,故A 错误。

1~3m,E=E 1-F f (h-1m),易知,从1m 到达最高点3m 处图线的斜率代表阻力F f ,F f =|k 2|=|
60-702
|=5N,
故B 正确。

从0m 到1m 过程,受重力、拉力和阻力作用,所以该段图线斜率代表拉力与空气阻力的合力,F-F f =k 1,代入数据,可得F=75N,h 1=1m 时,物块有最大速度,此时E 1=mgh 1+1
2mv m 2,代入数据,可得v m =5√2m/s,拉力的最大
功率为P=Fv m =375√2W,故C 正确。

物块从3m 处回到地面过程中,根据动能定理有mgh 3-F f h 3=E k ,解得E k =45J,故D 错误。

7.BC 解析:c 、e 两点到点电荷的距离相等,根据E=kQ
r 2可知,c 、e 两点的
电场强度大小相等,但方向不同,故c 、e 两点的电场强度不相同,故A 错误。

点电荷的等势面是以点电荷为球心的同心球面,由于b 、g 两点到点电荷的
距离相等、c、e两点到点电荷的距离相等,则有φb=φg,φc=φe,故b、c 两点间电势差等于g、e两点间电势差,故B正确。

场源电荷为负电荷,则距离场源电荷较近的a点电势小于较远的c点的电势;根据E p=φq可知,带负电荷的电子在电势较高处的电势能反而较小,即电子在c点的电势能小于在a点的电势能,故C正确。

正点电荷从e点沿圆周逆时针移动到d 点过程中,电势增大,根据E p=φq可知,电势能增大,电场力对它做负功,故D错误。

8.AD 解析:以A、B两球组成的系统为研究对象。

设两球的质量均为m。

碰撞前,系统总动量为p=p A+p B=(6+4)kg·m/s=10kg·m/s,系统总动能为
E k=p A 2
2m +p B2
2m
=26
m。

碰撞后,总动量为p'=p A'+p B'=(5+5)kg·m/s=10kg·m/s,
符合动量守恒定律,总动能为E k'=p A'2
2m +p B'2
2m
=25
m
<E k,是可能的,故A正确;
碰撞后,总动量为p'=p A'+p B'=(8+2)kg·m/s=10kg·m/s,符合动量守恒定
律,总动能为E k'=p A'2
2m +p B'2
2m
=34
m
>E k,总动能增加,违反了能量守恒定律,
不可能,故B、C错误;碰撞后,总动量为
p'=p A'+p B'=(4+6)kg·m/s=10kg·m/s,符合动量守恒定律,总动能为
E k'=p A'2
2m +p B'2
2m
=26
m
=E k,总动能不变,是可能的,故D正确。