2014届高考物理第二轮复习方案 电学10 新人教版
人教版高考物理电学实验二轮专题：电学实验专题复习
电学实验专题复习■【高考要求】■【考情分析】■【备考策略】1. 掌握基本仪器的原理和使用.2. 掌握基本的实验目的、原理和实验思想，如伏安法测电阻，电流表的内、外接法及滑动变阻器的连接方式.3. 掌握处理实验数据的基本方法，如图象法、平均值法等.■【课前预习】1.完成下列仪器的读数。
（1）（2）（粗测一节旧干电池的电动势）（3）2.请写出下列实验的实验原理，并画出对应的电路设计图。
（伏安法）（1）测量金属丝的电阻率原理：电路图：（2）描绘小灯泡的伏安特性曲线原理：电路图：（3）测量电源的电动和内阻原理：电路图：■【合作释疑】1. (2019·福建)某学习小组探究一小电珠在不同电压下的电功率大小，实验器材如图甲所示，现已完成部分导线的连接.(1) 实验要求滑动变阻器的滑片从左到右移动过程中，电流表的示数从零开始逐渐增大.请按此要求用笔画线代替导线在图甲实物接线图中完成余下导线的连接.甲乙丙(2) 某次测量，电流表指针偏转如图乙所示，则电流表的示数为 A.(3) 略.2. (2019·淮安5月模考)现有一摄像机电池，无法从标签上看清其电动势等数据.现进行如下实验操作：(1) 选取多用电表的直流电压10 V挡，将两表笔直接接到电池的正、负两极，指针偏转情况如图，由此可知其电动势约为V.是否可以利用多用电表的欧姆挡直接粗测其内阻，答：(填“可以”或“不可以”).(2) 现要更加准确测量其电动势和内阻，实验室备有下列器材：A. 电流表(量程0.6 A，内阻为3 Ω)B. 电压表(量程3 V，内阻为3 kΩ)C. 电压表(量程30 V，内阻为30 kΩ)D. 定值电阻R1=500 ΩE. 定值电阻R2=5 000 ΩF. 滑动变阻器(阻值范围030 Ω)G. 开关及导线① 该实验中电压表应选，定值电阻应选.(均选填选项前的字母序号)② 将实物连线图补充完整.③ 略.3. (2019·泰州二模)为了测量某电流表A的内阻(量程为50 mA)：(1) 首先选用多用电表欧姆“×1”挡，粗测电流表的电阻，则欧姆表(填“黑”或“红”)表笔应接待测电流表正接线柱；测量结果如图甲所示，则测得的电阻约为Ω.(2) 为了准确测量其电阻，提供的实验器材有：A. 直流电压表V(0~3 V，内阻约6 kΩ)B. 定值电阻R1(5.0 Ω，1 A)C. 定值电阻R2(40.0 Ω，0.1 A)D. 滑动变阻器R(0~5 Ω，2 A)E. 直流电源E(3 V，内阻很小) 甲F. 开关、导线若干图乙为实验原理图的一部分，某同学在实验中测出6组对应的数据见表格.① 实验中定值电阻R0应选用(填“R1”或“R2”).② 将实物图丙中缺少的一根导线补齐.乙丙③ 在图丁中描点作出U-I图线，并根据图象求得电流表的内阻为Ω.(计算结果保留两位有效数字)丁。
2014届高考物理第二轮复习方案之电学(新课标版)152014届高考物理第二轮复习方案之电学(新课标
2014届高考物理第二轮复习方案之电学（新课标版）151.如图中各图面积均为S 的线圈均绕其对称轴或中心轴在匀强磁场B 中以角速度ω匀速转动，能产生正弦交变电动势e=BS ωsin ωt 的图是( )2.如图所示，矩形线框置于竖直向下的磁场中，通过导线与灵敏电流表相连，线框在磁场中绕垂直于磁场方向的转轴匀速转动，图中线框平面处于竖直面内，下述说法正确的是( )A ．因为线框中产生的是交变电流，所以电流表示数始终为零B ．线框通过图中位置瞬间，穿过线框的磁通量最大C ．线框通过图中位置瞬间，通过电流表的电流瞬时值最大D ．若使线框转动的角速度增大一倍，那么通过电流表电流的有效值也增大一倍3.面积为S 的两个电阻相同的线圈,分别放在如图所示的磁场中,图甲中是磁感应强度为B 0的匀强磁场,线圈在磁场中以周期T 绕OO ′轴匀速转动,图乙中磁场变化规律为02tB B cos Tπ=,从图示位置开始计时,则( )A.两线圈的磁通量变化规律相同B.两线圈中感应电动势达到最大值的时刻不同C.经相同的时间t(t＞T),两线圈产生的热量相同D.从此时刻起,经T/4时间,流过两线圈横截面的电荷量相同4．一台电风扇的额定电压为交流220 V。
在其正常工作过程中，用交流电流表测得某一段时间内的工作电流I随时间t的变化如图2所示。
这段时间内电风扇的用电量为( )图2A．3.9×10－2度B．5.5×10－2度C．7.8×10－2度D．11.0×10－2度5．有一不动的矩形线圈abcd，处于范围足够大的可转动的匀强磁场中，如图3所示。
该匀强磁场是由一对磁极N、S产生，磁极以OO′为轴匀速转动。
在t＝0时刻，磁场的方向与线圈平行，磁极N开始离开纸面向外转动，规定由a→b→c→d→a方向的感应电流为正，则能反映线圈中感应电流I随时间t变化的图线是( )图3图46．一台发电机的结构示意图如图5所示，其中N、S是永久磁铁的两个磁极，它们的表面呈半圆柱面形状。
2014届高考物理第二轮复习方案之电学(新课标版)182014届高考物理第二轮复习方案之电学(新课标
2014届高考物理第二轮复习方案之电学（新课标版）181.如图所示，闭合圆导线圈放置在匀强磁场中，线圈平面与磁场平行，其中ac、bd分别是平行、垂直于磁场方向的两条直径.试分析线圈做如下运动时，能产生感应电流的是( )A.使线圈在纸面内平动B.使线圈平面沿垂直纸面方向向纸外平动C.使线圈以ac为轴转动D.使线圈以bd为轴转动2.如图所示，闭合线圈abcd水平放置，其面积为S，匝数为n，线圈与匀强磁场B夹角为θ=45°.现将线圈以ab边为轴顺时针转动90°，则线圈在初、末位置磁通量的改变量的大小为( )A.0B.2BSC.2nBSD.无法计算3.如图6所示，A为水平放置的胶木圆盘，在其侧面均匀分布着负电荷，在A的正上方用绝缘丝线悬挂一个金属圆环B，使B的环面水平且与圆盘面平行，其轴线与胶木盘A的轴线OO′重合。
现使胶木盘A由静止开始绕其轴线OO′按箭头所示方向加速转动，则( )A．金属环B的面积有扩大的趋势，丝线受到的拉力增大图6B．金属环B的面积有缩小的趋势，丝线受到的拉力减小C．金属环B的面积有扩大的趋势，丝线受到的拉力减小D．金属环B的面积有缩小的趋势，丝线受到的拉力增大4.如图7所示，AOC是光滑的金属轨道，AO沿竖直方向，OC沿水平方向，PQ是一根金属直杆如图所示立在导轨上，直杆从图示位置由静止开始在重力作用下运动，运动过程中Q端始终在OC上，空间存在着垂直于纸面向外的匀强磁场，则在PQ杆滑动的过程中，下列判断正确的是( ) 图7A．感应电流的方向始终是由P→QB．感应电流的方向先是由P→Q，后是由Q→PC．PQ受磁场力的方向垂直杆向左D．PQ受磁场力的方向先垂直于杆向左，后垂直于杆向右5．我国新发明的J－20隐形战机，现在正处于试飞阶段．由于地磁场的存在，飞机在我国上空一定高度水平飞行时，其机翼就会切割磁感线，机翼的两端之间会有一定的电势差．则从飞行员的角度看，机翼左端的电势比右端的电势()A．低B．高C．相等D．以上情况都有可能解析：北半球的地磁场的竖直分量向下，由右手定则可判定飞机无论向哪个方向飞行，由飞行员的角度看均为左侧机翼电势较高．答案：B6．如右图所示，在直线电流附近有一根金属棒ab，当金属棒以b端为圆心，以ab为半径，在过导线的平面内匀速旋转达到图中的位置时()A. a端聚积电子B. b端聚积电子C．金属棒内电场强度等于零D. φa>φb解析：根据右手螺旋定则可知，在导线右侧磁感线方向垂直于纸面向外，由右手定则知棒中电流方向由b指向a，由于金属棒相当于电源，在电源内部，电流是由负极流向正极，则B、D正确．答案：BD7．电阻R、电容C与一线圈连成闭合电路，条形磁铁静止于线圈的正上方，N极朝下，如下图所示．现使磁铁开始自由下落，在N极接近线圈上端的过程中，流过R的电流方向和电容器极板的带电情况是()A．从a到b，上极板带正电B．从a到b，下极板带正电C．从b到a，上极板带正电D．从b到a，下极板带正电解析：根据楞次定律判知电流从b到a，电容器下极板带正电．故选项D正确．答案：D8.如图所示，水平放置的两条光滑轨道上有可自由移动的金属棒PQ、MN，MN的左边有一闭合电路，当PQ在外力的作用下运动时，MN向右运动.则PQ所做的运动可能是( )A.向右加速运动B.向左加速运动C.向右减速运动D.向左减速运动9．如右图所示，置于水平面上的矩形线圈acdb一半处在磁场外，一半处在磁场内，e为ac的中点，f为bd的中点，ab＝L1，ac＝L2，在直线O1O2的左侧有范围广阔的磁感应强度为B的匀强磁场．若以ab边为轴，线圈从图示位置转过60°，则在此过程中线圈中有无感应电流产生？在转过90°的过程中磁通量的变化量为多少？在转过180°的过程中磁通量的变化量又为多少？解析：以ab 边为轴从图示位置转过60°的过程中，线圈在磁场中的有效面积不变，一直是12L 1L 2，故磁通量不发生变化，线圈中无感应电流产生．若转过90°，则磁通量的变化量为－12BL 1L 2.若转过180°，则末位置的磁通量为－BL 1L 2 ，初位置的磁通量为12BL 1L 2，磁通量的变化量为－32BL 1L 2.答案：无 －12BL 1L 2 －32BL 1L 210．磁感应强度为B 的匀强磁场仅存在于边长为2l 的正方形范围内，有一个电阻为R 、边长为l 的正方形导线框abcd ，沿垂直于磁感线方向，以速度v 匀速通过磁场，如右图所示，从ab 进入磁场时开始计时，到线框离开磁场为止．(1)画出穿过线框的磁通量随时间变化的图象；(2)判断线框中有无感应电流．若有，请判断出感应电流的方向．解析：线框穿过磁场的过程可分为三个阶段：进入磁场阶段(只有ab 边在磁场中)、在磁场中运动阶段(ab 、cd 两边都在磁场中)、离开磁场阶段(只有cd 边在磁场中)．(1)①线框进入磁场阶段：t 为0→lv ，线框进入磁场中的面积线性增加，S ＝l ·v ·t ，最后为Φ＝B·S＝Bl2.②线框在磁场中运动阶段：t为l v→2l v，线框磁通量为Φ＝Bl2，保持不变．③线框离开磁场阶段：t为2l v→3l v，线框磁通量线性减小，最后为零．(2)线框进入磁场阶段，穿过线框的磁通量增加，线框中将产生感应电流．由右手定则可知，感应电流方向为逆时针方向．线框在磁场中运动阶段，穿过线框的磁通量保持不变，无感应电流产生．线框离开磁场阶段，穿过线框的磁通量减小，线框中将产生感应电流．由右手定则可知，感应电流方向为顺时针方向．答案：(1)见解析(2)线框进入磁场阶段，电流方向为逆时针；线框在磁场中运动阶段，无电流；线框离开磁场阶段，电流方向为顺时针．11.如图8所示，固定于水平面上的金属架CDEF处在竖直向下的匀强磁场中，金属棒MN沿框架以速度v向右做匀速运动。
2014高考物理大二轮专题复习课件：电学实验
学案 16
【考情分析】
本 学 案 栏 目 开 关
电学实验
山东 浙江 福建 江苏
命题情况 考查点 测量性实验 探究性实验
课标全国
13 12 12 13 12 13 12 13 12 13 Ⅰ Ⅱ 22 22 23 21 21 (2) (2) 22 19 (2) 19 (2) 10 10
专题九 学案16
突破练习 2．在研究规格为“6 V 3 W”的小灯泡的伏安特性曲线的实 验中，要求小灯泡两端的电压从 0 开始逐渐增大．实验提
本 学 案 栏 目 开 关
供的电流表量程为 0.6 A、 内阻约 1 Ω ， 电压表量程为 10 V、 内阻约 20 kΩ. (1)下列实验电路图，最合理的是________；
答案 (1)甲
(2)×1
(3)增大 2
专题九 学案16
考题 3 对实验原理迁移运用的考查 1．测定金属的电阻率实验原理的迁移运用 例 3 为测量某一玩具电动机 组的部分实验方案如下：
本 学 案 栏 目 开 关
中导线圈的电阻率，某实验小
图9
图 10
专题九 学案16
(1)用螺旋测微器测得导线圈同种规格导线直径 d 如图 9 所示， 则 d＝________ mm； (2)用多用电表测量电动机中导线圈的电阻 Rx：选择“×1 Ω”
据，所以控制电路部分应用分压式接法，滑动变阻器应用最大
本 学 案 栏 目 开 关
阻值小额定电流大的 A.
U2 P ②灯泡的电阻 R＝ P ＝15 Ω，额定电流 I＝U＝0.2 A，由 R＝15 Ω ＜ RARV＝ 15 000 Ω，依据公式法“大内小外”的原则，可 知电流表应采用外接法，故选 B.
2014届高考物理第二轮复习方案之电学(新课标版)32014届高考物理第二轮复习方案之电学(新课标版
2014届高考物理第二轮复习方案之电学（新课标版）31.电场线分布如下图所示，电场中a，b两点的电场强度大小分别为E a和E b，电势分别为φa和φb，则()A．E a>E b，φa>φbB．E a>E b，φa<φbC．E a<E b，φa>φbD．E a<E b，φa<φb解析：电场线的疏密表示电场强度的大小，得E a<E b，所以A、B错误．沿着电场线方向电势降低，所以C正确，D错误．答案：C2．如下图(1)是某一点电荷形成的电场中的一条电场线，A、B是电场线上的两点，一负电荷q仅在电场力作用下以初速度v0从A运动到B过程中的速度图线如下图(2)所示，则以下说法中正确的是()A．A、B两点的电场强度是E A<E BB．A、B两点的电势是φA>φBC．负电荷q在A、B两点的电势能大小是εA>εBD．此电场一定是负电荷形成的电场解析：由v－t图知，负电荷q做加速度增大的减速运动，故所受电场力变大，电场强度变大，E B>E A，A对，又因电场力的方向在(1)图中向左，故电场线的方向为A→B，则φA>φB，B正确．又ε＝qφ，对负电荷q，εA<εB，C错，根据电场线的方向和电场强度的特点知，此电场一定是负电荷形成的电场，D对．答案：ABD3.如下图所示，平行线代表电场线，但未标明方向，一个带正电、电荷量为10－6C的粒子在电场中仅受电场力作用，当它从A点运动到B点时动能减少了10－5J.已知A点的电势为－10 V，则以下判断正确的是()A．粒子的运动轨迹如上图中的虚线1所示B．粒子的运动轨迹如上图中的虚线2所示C．B点电势为零D．B点电势为－20 V解析：根据题意分析得：粒子只受到电场力，当它从A点运动到B点时动能减少了，说明它从A点运动到B点电场力做了负功，所以偏转的情况应该如轨迹1所示，因而选项B错＝－10 V＝φA－φB，得φB＝0，故C正确．所误；根据电场力做功W＝qU，电势差U AB＝W ABq以选A、C.答案：AC4.如图甲所示，一条电场线与Ox轴重合，取O点电势为零，Ox方向上各点的电势φ随x变化的情况如图乙所示，若在O点由静止释放一电子，电子仅受电场力的作用，则 ( )A.电子将沿Ox方向运动B.电子的电势能将增大C.电子运动的加速度恒定D.电子运动的加速度先减小后增大5.真空中一点电荷形成的电场中的部分电场线如图所示，分别标记为1、2、3、4、5，且1、2和5、4分别关于3对称.以电场线3上的某点为圆心画一个圆，圆与各电场线的交点分别为a、b、c、d、e，则下列说法中正确的是( )A.电场强度E a>E cB.电势φb>φdC.将一正电荷由a点移到d点，电场力做正功D.将一负电荷由b点移到e点，电势能增大6．如图6所示，将带正电的甲球放在不带电的乙球左侧，两球在空间形成了稳定的静电场，实线为电场线，虚线为等势线。
2014年高考物理二轮复习专题11：电学实验ppt课件
图12－1
(3)将插入“＋”、“－”插孔的表笔短接，旋动部件 ________，使指针对准电阻的________(填“0刻线”或 “∞刻线”)． (4)将两表笔分别与待测电阻相接，发现指针偏转角度过 小．为了得到比较准确的测量结果，请从下列选项中挑 出合理的步骤，并按________的顺序进行操作，再完成 读数测量． A．将K旋转到电阻挡“×1 k”的位置 B．将K旋转到电阻挡“×10”的位置 C．将两表笔的金属部分分别与被测电阻的两根引线相接 D．将两表笔短接，旋动合适部件，对电表进行校准
解析
(1)欧姆表读数：对应最上一行刻度值为 15，倍率为
“×100”，读数为 1.5×103 Ω；应选“×1 k”的欧姆挡． (2)选 50 mA 直流电流挡，则每一大格表示 10 mA，每一小 格表示 1 mA，测量的精确度为 1 mA，应估读到 0.1 mA(此 1 时为 估读)，指针对应的读数为 30.8 mA；选择量程为 250 10 mA 的电流挡， 则每一大格表示 50 mA， 每一小格表示 5 mA， 1 测量的精确度为 5 mA， 应估读到 1 mA(此时为 估读)， 指针 5 对应的读数为 154 mA.
解析 使指针对准电流的“0”刻线，应旋动机械调零部件S； 使指针对准电阻的“0”刻线，应旋动欧姆调零部件T；测 电阻时若指针偏转角度过小，则待测电阻的阻值很大， 据欧姆表测电阻时指针尽可能接近“中值”的原则知， 应换用较大倍率的挡位，因此A合理；每换一次挡位应 重新欧姆调零，则选D；测电阻时两表笔的金属部分分 别与被测电阻的两根引线相连，应选C. 答案 (1)S2－2所示为多用电表的刻度盘，若选用倍率 预测1： 为“×100”的电阻挡测电阻时，表针指示如图所示，则：
图12－2
高三物理备考方案
武山一中2014届高三物理备考方案2014年高考的战役即将打响，在学校、年级组的统一领导下，我校高三物理组全体教师将齐心协力、努力拼搏，力争圆满完成学校、年级下达的各项任务，为学生的发展奠定良好的基础，为此本备课组制定以下备考方案。
一、指导思想依据《考试大纲》和《考试说明》，结合学生实际情况，准确定位起点，夯实基础，瞄准高考中的中等难度的题目，培养学生综合分析能力，努力提高课堂教学效益，全面提高物理教学质量，在两轮复习中针对本校学生特点，重点讲解和练习能够拿分的知识点。
二、学情分析本届高三年级共计8个理科班，510名学生，其中四个为重点班，四个普通班，重点班的学生学习习惯和态度相对较好，普通班的情况较差，在物理的学习上，普遍存在基础知识差，没有形成良好的物理思维习惯，在处理灵活题目上盲目的情况，另外在与其它科目的对比上，学生感觉物理“难学”，花了时间也没有明显的成绩提升效果，虽然我们一再强调物理在理综中的重要地位，但情况改观不大，这些都是让我们感到困惑也急需解决的问题。
三、复习计划高三物理总复习的指导思想就是通过物理总复习，把握物理概念及其相互关系，熟练把握物理规律、公式及应用，总结解题方法与技巧，从而提高分析问题和解决问题的能力。
根据物理学科和本校学生的特点，物理总复习分为三个阶段：第一阶段：（第一轮复习）以章、节为单元进行单元复习练习，本阶段我们为学生统一征订了配套资料，方便学生的自学复习、重难点提升和过关检测，时间上从高三上学期到高三下学期期中考试前，即2013年6月到第2014年三月初，大约需要六个月，这一阶段主要针对各单元知识点及相关知识点进行分析、归纳、复习的重点在基本概念及其相互关系，基本规律及其应用，因此，在这一阶段里，要求同学们把握基本概念，基本规律和基本解题方法与技巧。
第二阶段：（第二轮复习）按知识块(力学、电磁学、原子物理、物理实验)进行小综合复习练习，时间上第二年三月初到四月，大约需要二个月，这个阶段主要针对物理学中的几个分支(力学、电磁学、原子物理)进行小综合复习，复习的重点是在本知识块内进行基本概念及其相互关系的分析与理解，基本规律在小综合运用。
2014届高考物理第二轮复习方案之电学(新课标版)132014届高考物理第二轮复习方案之电学(新课标
2014届高考物理第二轮复习方案之电学（新课标版）131．目前有一种磁强计，用于测定地磁场的磁感应强度．磁强计的原理如右图所示，电路有一段金属导体，它的横截面是宽为a 、高为b 的长方形，放在沿y 轴正方向的匀强磁场中，导体中通有沿x 轴正方向、大小为I 的电流．已知金属导体单位体积中的自由电子数为n ，电子电荷量为e ，金属导电过程中，自由电子所做的定向移动可视为匀速运动．两电极M 、N 均与金属导体的前后两侧接触，用电压表测出金属导体前后两个侧面间的电势差为U .则磁感应强度的大小和电极M 、N 的正负为( )A.nebU I，M 正、N 负B.neaU I ，M 正、N 负C.nebU I，M 负、N 正D.neaU I，M 负、N 正解析：由左手定则知，金属中的电子在洛仑兹力的作用下将向前侧面聚集，故M 负、N 正．由F 电＝F 洛即U a e ＝Be v ，I ＝ne v S ＝ne v ab ，得B ＝nebUI.暑期报名海外游学的人数增长达到答案：C2.某电子以固定的正电荷为圆心在匀强磁场中做匀速圆周运动,磁场方向垂直于它的运动平面,电子所受正电荷的电场力恰好是磁场对它的作用力的3倍,若电子电荷量为e,质量为m,磁感应强度为B,那么电子运动的可能角速度是( )A.4BemB.3BemC.2BemD.Be m3.如图所示，质量为m ，电荷量为e 的质子以某一初速度从坐标原点O 沿x 轴正方向进入场区，若场区仅存在平行于y 轴向上的匀强电场时，质子通过P(d ，d)点时的动能为5E k ；若场区仅存在垂直于xOy 平面的匀强磁场时，质子也能通过P 点.不计质子的重力.设上述匀强电场的电场强度大小为E ，匀强磁场的磁感应强度大小为B ，则下列说法中正确的是( )A. k3E E ed=B. k5E E ed=C. kmE B ed=D. k2mE B ed=4．如图所示，一束正离子从S 点沿水平方向射出，在没有偏转电场、磁场时恰好击中荧光屏上的坐标原点O ；若同时加上电场和磁场后，正离子束最后打在荧光屏上坐标系的第Ⅲ象限中，则所加电场E 和磁场B 的方向可能是( )A ．E 向下，B 向上 B ．E 向下，B 向下C ．E 向上，B 向下D ．E 向上，B 向上解析：离子打在第Ⅲ象限，相对于原点O 向下运动和向左运动，所以E 向下，B 向下．所以B 正确．答案：B5.北半球某处，地磁场水平分量B 1=0.8×10-4T ，竖直分量B 2=0.5×10-4T ，海水向北流动，海洋工作者测量海水的流速时，将两极板插入此海水中，保持两极板正对且垂线沿东西方向，两极板相距d=20 m ，如图所示，与两极板相连的电压表(可看做是理想电压表)示数为U=0.2 mV ，则( )A.西侧极板电势高，东侧极板电势低B.西侧极板电势低，东侧极板电势高C.海水的流速大小为0.125 m/sD.海水的流速大小为0.2 m/s6.环形对撞机是研究高能粒子的重要装置，其核心部件是一个高度真空的圆环状的空腔.若带电粒子初速度可视为零，经电压为U的电场加速后，沿圆环切线方向注入对撞机的环状空腔内，空腔内存在着与圆环平面垂直的匀强磁场，磁感应强度大小为B.带电粒子将被限制在圆环状空腔内运动.要维持带电粒子在圆环内做半径确定的圆周运动，下列说法中正确的是( )A.对于给定的加速电压，带电粒子的比荷q/m越大，磁感应强度B越大B.对于给定的加速电压，带电粒子的比荷q/m越大，磁感应强度B越小C.对于给定的带电粒子，加速电压U越大，粒子运动的周期越小D.对于给定的带电粒子，不管加速电压U多大，粒子运动的周期都不变7．如图所示，水平向左的匀强电场E＝4 V/m，垂直纸面向里的匀强磁场B＝2 T，质量m ＝1 g的带正电的小物块A，从M点沿绝缘粗糙的竖直壁无初速滑下，滑行0.8 m到N点时离开竖直壁做曲线运动，在P点时小物块A瞬时受力平衡，此时速度与水平方向成45°.若P与N的高度差为0.8 m，求：(1)A沿壁下滑过程中摩擦力所做的功；(2)P与N的水平距离．解析：分清运动过程，应用动能定理列式求解．(1)物体在N点时，墙对其弹力为零，水平方向Eq＝q v B，所以v＝EB＝2 m/s，由M→N过程据动能定理：mg MN＋W f＝12m v2－0，所以W f＝－6×10－3 J.(2)设在P点速度为v′其受力如下图所示，所以Eq＝mg，q v′B＝2Eq，得v′＝2 2 m/s.设N、P水平距离x，竖直距离y，物体由N→P过程电场力和重力做功，由动能定理mgy－Eq·x＝12m v′2－12m v2，得x＝0.6 m.答案：(1)－6×10－3 J(2)0.6 m8．如图所示，在第一象限有一匀强电场，场强大小为E，方向与y轴平行；在x轴下方有一匀强磁场，磁场方向与纸面垂直．一质量为m 、电荷量为－q (q >0)的粒子以平行于x 轴的速度从y 轴上的P 点处射入电场，在x 轴上的Q 点处进入磁场，并从坐标原点O 离开磁场．粒子在磁场中的运动轨迹与y 轴交于M 点．已知OP ＝l ，OQ ＝23l .不计重力．求：(1)M 点与坐标原点O 间的距离； (2)粒子从P 点运动到M 点所用的时间． 解析：(1)带电粒子在电场中做类平抛运动，沿y 轴负方向上做初速度为零的匀加速运动，设加速度的大小为a ；在x 轴正方向上做匀速直线运动，设速度为v 0；粒子从P 点运动到Q 点所用的时间为t 1，进入磁场时速度方向与x 轴正方向夹角为θ，则a ＝qEm ①t 1＝2y 0a② v 0＝x 0t 1③其中x 0＝23l ，y 0＝l .又有tan θ＝at 1v 0④联立②③④式，得θ＝30°⑤因为M 、O 、Q 点在圆周上，∠MOQ ＝90°，所以MQ 为直径．从图中的几何关系可知，R ＝23l ⑥ MO ＝6l .⑦(2)设粒子在磁场中运动的速度为v ，从Q 到M 点运动的时间为t 2，则有v ＝v 0cos θ⑧t 2＝πR v ⑨带电粒子自P 点出发到M 点所用的时间t 为 t ＝t 1＋t 2⑩联立①②③⑤⑥⑧⑨⑩式，并代入数据得 t ＝⎝⎛⎭⎫32π＋1 2mlqE.答案：(1)6l (2)⎝ ⎛⎭⎪⎫32π＋1 2mlqE。
4届高考物理第二轮复习方案之电学(新课标版)(00002)
2014届高考物理第二轮复习方案之电学（新课标版）211．如右图所示，一矩形闭合线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场方向的转轴OO′以恒定的角速度ω转动，从线圈平面与磁场方向平行的位置开始计时，则在t＝πω时刻()A．线圈中的感应电动势最小B．线圈中的感应电流最大C．穿过线圈的磁通量最大D．穿过线圈磁通量的变化率最小解析：经过时间t＝πω，线圈转过的角度为π，则该时刻磁通量为零，左、右两个边的速度刚好与磁感线垂直，由电动势E＝BL v得此刻产生的感应电动势最大，磁通量的变化率最大，线圈中的感应电流最大，B正确，A、C、D错误．答案：B2．如右图所示，图线a是线圈在匀强磁场中匀速转动时所产生正弦交流电的图象，当调整线圈转速后，所产生正弦交流电的图象如图线b所示，以下关于这两个正弦交流电的说法正确的是()A．在图中t＝0时刻穿过线圈的磁通量均为零B．线圈先后两次转速之比为3:2C ．交流电a 的瞬时值为u ＝10sin5πt (V)D ．交流电b 的最大值为5 V解析：t ＝0时刻穿过线圈的磁通量最大，磁通量的变化率为零，故电压为零，A 错；读图得两次周期之比为2:3，由转速ω＝2πT得转速与周期成反比，故B 正确；读图得a 的最大值为10 V ，ω＝5π，由交流电感应电动势瞬时值表达式e ＝E m sin ωt (V)(从中性面开始计时)得，u ＝10sin5πt (V)，故C 正确；交流电的最大值E m ＝nBSω，所以根据两次转速ω的比值可得，交流电b 的最大值为23×10 V ＝203V ，故D 错． 答案：BC3．如图所示的电路中，A 是熔断电流I 0＝2 A 的保险丝，R 是可变电阻，S 是交流电源．交流电源的内阻不计，其电动势随时间变化的规律是e ＝2202sin314t V ．为了不使保险丝熔断，可变电阻的阻值应该大于( )A ．110 2 ΩB ．110 ΩC ．220 ΩD ．220 2 Ω解析：该交变电流电动势的有效值为U ＝22022V ＝220 V ，故电阻的最小阻值R min ＝U I 0＝2202Ω＝110 Ω. 答案：B4.如图所示，图甲和图乙分别表示正弦脉冲波和方波的交变电流与时间的变化关系.若使这两种电流分别通过两个完全相同的电阻，则经过1 min 的时间，两电阻消耗的电功之比W 甲∶W 乙为( )A. 12∶ B.1∶2 C.1∶3 D.1∶65.一只矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁感线的轴匀速转动，穿过线圈的磁通量随时间变化的图象如图甲所示，则下列说法正确的是( )A.t=0时刻，线圈平面与中性面垂直B.t=0.01 s时刻，Φ的变化率最大C.t=0.02 s时刻，交流电动势达到最大D.该线圈产生的交流电动势的图象如图乙所示6．如图所示，在匀强磁场中匀速转动的矩形线圈的周期为T,转轴O1O2垂直于磁场方向，线圈电阻为2 Ω.从线圈平面与磁场方向平行时开始计时，线圈转过60°时的感应电流为1 A.那么( )A.线圈消耗的电功率为4 WB.线圈中感应电流的有效值为2 AC.任意时刻线圈中的感应电动势为2 e4cos tTπ=D.任意时刻穿过线圈的磁通量为T2sin tTπΦ=π7．一个100匝的矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场的轴匀速转动，产生的电动势e随时间t变化的关系如图7所示，图线为正弦曲线，那么( )图7A ．该交流电的电动势有效值为220 VB ．该交流电的电动势有效值为110 2 VC ．t ＝1.5π s 时，穿过线圈的磁通量变化率最大D ．穿过线圈的磁通量最大值为2.2 Wb8.在垂直纸面向里的有界匀强磁场中放置了矩形线圈abcd 。
2014届高考物理第二轮复习方案之电学(新课标版)8
2014届高考物理第二轮复习方案之电学(新课标版)82014届高考物理第二轮复习方案之电学（新课标版）81．如下图所示，一段导线abcd位于磁感应强度大小为B的匀强磁场中，且与磁场方向(垂直于纸面向里)垂直．线段ab、bc和cd的长度均为L，且∠abc＝∠bcd＝135°.流经导线的电流为I，方向如图中箭头所示．导线段abcd所受到的磁场的作用力的合力()A．方向沿纸面向上，大小为(2＋1)ILBB．方向沿纸面向上，大小为(2－1)ILBC．方向沿纸面向下，大小为(2＋1)ILBD．方向沿纸面向下，大小为(2－1)ILB解析：由左手定则及力的合成可知合力方向沿纸面向上，故知选项C、D错误．再由安培力公式F＝BIL可得合力大小为(2＋1)ILB，选项A 正确，B错误．答案：A2．在如下图所示电路中，电池均相同，当电键S分别置于a、b两处时，导线MM′与NN′之间的安培力的大小分别为F a、F b，则这两段导线()A．相互吸引，F a>F b B．相互排斥，F a>F b C．相互吸引，F a<F b D．相互排斥，F a<F b 解析：电键S分别置于a、b两处时，电源分别为一节干电池和两节干电池，而电路中灯泡电阻不变，则电路中电流I a<I b，MM′在NN′处的磁感应强度B a<B b，应用安培力公式F＝BIL可知F a<F b，又MM′与NN′电流方向相反，则轴,建立坐标系.过A、B、C、O四个点各有一条长直导线垂直穿过纸面,导线中通有大小相等、方向向里的电流.则过O点的通电直导线所受安培力的方向为( )A.沿y轴正方向B.沿y轴负方向C.沿x轴正方向D.沿x轴负方向6．在磁感应强度为B0、方向竖直向上的匀强磁场中，水平放置一根长通电直导线，电流的方向垂直于纸面向里．如下图所示，a、b、c、d 是以直导线为圆心的同一圆周上的四点，在这四点中()A．b、d两点的磁感应强度大小相等B．a、b两点的磁感应强度大小相等C．c点的磁感应强度的值最小D．b点的磁感应强度的值最大解析：通电直导线在c点的磁感应强度方向与B0的方向相反，b、d两点的磁感应强度方向与B0垂直，故b、d两点磁感应强度大小相等，a点的磁感应强度方向与B0同向，由磁场的叠加知c 点的合磁感应强度最小．A、C项正确．答案：AC7．如下图所示，质量为m、长为L的导体棒电阻为R，初始时静止于光滑的水平轨道上，电源电动势为E，内阻不计．匀强磁场的磁感应强度为B，其方向与轨道平面成θ角斜向上方，开关闭合后导体棒开始运动，则()A．导体棒向左运动B．开关闭合瞬间导体棒MN所受安培力为BELRC．开关闭合瞬间导体棒MN所受安培力为BEL sinθRD．开关闭合瞬间导体棒MN的加速度为BEL sinθmR解析：磁场方向与导体棒垂直，导体棒所受安培力F＝BIL＝BEL，方向为垂直于磁场方向与R导线方向所确定的平面斜向下，其有水平向右的分量，故A 、C 错误，B 正确．导体棒的合力F 合＝F cos(90°－θ)＝F sin θ，由a ＝F 合m 得a ＝BEL sin θmR ，D 正确．答案：BD8．如下图所示，abcd 四边形闭合线框，a 、b 、c 三点坐标分别为(0，L,0)，(L ，L,0)，(L,0,0)，整个空间处于沿y 轴正方向的匀强磁场中，通入电流I ，方向如图所示，关于四边形的四条边所受到的安培力的大小，下列叙述中正确的是( )A ．ab 边与bc 边受到的安培力大小相等B ．cd 边受到的安培力最大C．cd边与ad边受到的安培力大小相等D．ad边不受安培力作用解析：根据左手定则，ab边受到的安培力大小为F ab＝BIab，bc边平行于磁场方向受力为零，故A错；ad边受到的安培力大小为F ad＝BIOd；cd边受到的安培力大小为F cd＝BIcd，故B正确，C、D均错．答案：B9．如下图所示，在倾角为37°的光滑斜面上有一根长为0.4 m，质量为6×10－2kg的通电直导线，电流I＝1 A，方向垂直于纸面向外，导线用平行于斜面的轻绳拴住不动，整个装置放在磁感应强度每秒增加0.4 T，方向竖直向上的磁场中．设t＝0时，B＝0，则需要多长时间，斜面对导线的支持力为零？(g取10 m/s2)解析：斜面对导线的支持力为零时导线的受力如上图所示．由平衡条件F T cos37°＝F ①F T sin37°＝mg ②由①②解得F ＝mg tan37°，代入数值得：F ＝0.8 N由F ＝BIL 得B ＝F IL ＝0.81×0.4T ＝2 T.B与t的变化关系为B＝0.4t.所以t＝5 s.答案：5 s10．半径为r，电流为I1的通电圆环圆心a 处的磁感应强度为B，在圆环下方距圆心a为L 的地方水平放置一根电流为I2的无限长直导线MN时，圆环圆心a处的磁感应强度变为零，设圆环平面与长直导线在同一竖直平面内，如下图所示，求：(1)根据对称性，直导线电流I2在导线正下方L处的b点产生的磁感应强度大小是多少？方向如何？(2)如果把圆环平移到b点，使圆环的圆心与b点重合，则圆环电流与直线电流在b点产生的合磁场的磁感应强度大小是多少？方向如何？解析：(1)圆环电流在圆心a处产生的磁感应强度大小为B，方向垂直纸面向外，加上直导线后，a处的磁感应强度为零，说明，直导线I2在a 处产生的磁感应强度大小为B，方向垂直纸面向里．又因为a、b两点到直导线的距离相等，因此，直导线I2在b点产生的磁感应强度大小为B，方向垂直纸面向外．(2)当把圆环平移到b点后，圆环在b点产生的磁感应强度为B，方向垂直纸面向外；和直导线I2在b点产生的磁感应强度合成后，可得：b 点的磁感应强度大小为2B，方向垂直纸面向外．答案：(1)B垂直纸面向外(2)2B垂直纸面向外。
2014届高考物理第二轮复习方案之电学(新课标版)202014届高考物理第二轮复习方案之电学(新课标
2014届高考物理第二轮复习方案之电学（新课标版）201.在竖直方向的匀强磁场中，水平放置一个面积不变的单匝金属圆形线圈，规定线圈中感应电流的正方向如图甲所示，取线圈中磁场方向向上为正，当磁感应强度B随时间t如图乙变化时，下列选项中能正确表示线圈中感应电流变化的是( )2.如图所示，在x≤0的区域内存在匀强磁场，磁场的方向垂直于xOy平面(纸面)向里.具有一定电阻的矩形线框abcd位于xOy平面内，线框的ab边与y轴重合.令线框从t=0时刻起由静止开始沿x轴正方向做匀加速运动，则线框中的感应电流I(取逆时针方向为电流正方向)随时间t的变化图线I-t图可能是图中的( )3．水平放置的金属框架cdef处于如图3所示的匀强磁场中，金属棒ab处于粗糙的框架上且接触良好，从某时刻开始，磁感应强度均匀增大，金属棒ab始终保持静止，则( )图3A．ab中电流增大，ab棒所受摩擦力增大B．ab中电流不变，ab棒所受摩擦力不变C ．ab 中电流不变，ab 棒所受摩擦力增大D ．ab 中电流增大，ab 棒所受摩擦力不变4．光滑曲面与竖直平面的交线是抛物线，如图所示，抛物线的方程为y ＝x 2，其下半部的抛物线处在水平方向的匀强磁场中，磁场的上边界是y ＝a 的直线(图中虚线所示)，一个小金属块从抛物线y ＝b (b >a )处以速度v 沿抛物线下滑，假设抛物线足够长，则金属块在曲面上滑动过程中产生的焦耳热总量是( )A ．mgb B.12m v 2 C ．mg (b －a )D ．mg (b －a )＋12m v 2解析：金属块在进入或离开磁场的过程中，穿过金属块的磁通量发生变化，产生感应电流，然后生热，机械能要减少，上升的高度不断降低．最后，金属块在高为a 的曲面上往复运动．由能量守恒定律得，减少的机械能为Q ＝ΔE ＝mg (b －a )＋12m v 2.答案：D5.A 和B 是两个大小相同的环形线圈，将两线圈平行共轴放置，如图甲所示，当线圈A 中的电流i 1随时间变化的图象如图乙所示时，若规定两电流方向如图甲所示的方向为正方向，则线圈B 中的电流i 2随时间t 变化的图象是图中的( )6．粗细均匀的电阻丝围成的正方形线框原先整个置于有界匀强磁场内，磁场方向垂直于线框平面，其边界与正方形线框的边平行，现使线框沿四个不同方向以相同速率v 匀速平移出磁场，如图7所示，线框移出磁场的整个过程( )图7A ．四种情况下a 、b 两端的电势差都相同B ．图中流过线框的电量与v 的大小无关C ．图中线框的电功率与v 的大小成正比D ．图中磁场力对线框做的功与v 2成正比7．两磁感应强度均为B 的匀强磁场区Ⅰ、Ⅲ，方向如图8所示，两区域中间为宽为s 的无磁场区Ⅱ，有一边长为L (L >s )、电阻为R 的均匀正方形金属线框abcd 置于Ⅰ区域，ab 边与磁场边界平行，现拉着金属线框以速度v 向右匀速运动，则( )图8A ．当ab 边刚进入中间无磁场区域Ⅱ时，ab 两点间的电压为3BLv4▲ 杂化试卷试题（B ．当ab 边刚进入磁场区域Ⅲ时，通过ab 边的电流大小为2BLvR，方向由a →bC ．把金属线框从ab 边刚进入Ⅱ区域到完全拉入Ⅲ区域过程中，拉力所做功为2B 2L 2vR(2L－s )D ．从cd 边刚进入Ⅱ区域到刚进入Ⅲ区域的过程中，回路中产生的焦耳热为B 2L 2v R(L －s )8．如图9甲所示，MN 左侧有一垂直纸面向里的匀强磁场。
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2014届高考物理第二轮复习方案之电学（新课标版）5 1．下列关于实验中使用静电计的说法中正确的是()A．使用静电计的目的是观察电容器电压的变化情况B．使用静电计的目的是测量电容器电量的变化情况C．静电计可以用电压表替代D．静电计可以用电流表替代解析：静电计是用来测量电容器两极板的电势差，从而研究电容器电容随电容器正对面积、两板距离、介电常数等因素的变化．如果用电压表、电流表来替代则构成电容器的放电回路，两电表都没有示数，故答案为A.答案：A2．如下图所示，先接通S使电容器充电，然后断开S.当增大两极板间距离时，电容器所带电荷量Q、电容C、两板间电势差U，电容器两极板间场强E的变化情况是()A．Q变小，C不变，U不变，E变小B．Q变小，C变小，U不变，E不变C．Q不变，C变小，U变大，E不变D ．Q 不变，C 变小，U 变小，E 变小解析：充电以后的电容器所带电荷量Q 保持不变，故选项A 、B 错误；根据平行板电容器的电容公式C ＝εr S4πkd ，d 增大，C 减小；又由C ＝Q /U 得，U ＝Q /C ，故U 增大；再由公式C＝εr S 4πkd 、C ＝Q U 和E ＝U d 可得E ＝4πkQεr S ，所以E 不变，答案为C.答案：C3.图(a)为示波管的原理图.如果在电极YY ′之间所加的电压按图(b)所示的规律变化，在电极XX ′之间所加的电压按图(c)所示的规律变化，则在荧光屏上会看到的图形是( )4.如图所示，一个带电粒子从粒子源进入(初速度很小，可忽略不计)电压为U 1的加速电场，经加速后从小孔S 沿平行金属板A 、B 的中心线射入，A 、B 板长为L ，相距为d ，电压为U 2.则带电粒子能从A 、B 板间飞出应该满足的条件是( )A.21U 2dU L≤ B.21U d U L≤C.2221U2dU L≤ D.2221U dU L≤5．如下图所示，L为竖直、固定的光滑绝缘杆，杆上O点套有一质量为m、带电荷量为－q的小环，在杆的左侧固定一电荷量为＋Q的点电荷，杆上a、b两点到＋Q的距离相等，Oa之间距离为h1，ab之间距离为h2，使小环从图示位置的O点由静止释放后，通过a点的速率为3gh1.则下列说法正确的是()A．小环通过b点的速率为g(3h1＋2h2)B．小环从O到b，电场力做的功可能为零C．小环在Oa之间的速度是先增大后减小D．小环在ab之间的速度是先减小后增大解析：由动能定理：O→a，mgh1－Uq＝12m v2a，O→b，mg(h1＋h2)－Uq＝12m v2b，解得v b＝g(3h1＋2h2).答案：A6．如下图所示，粗糙程度均匀的绝缘斜面下方O点处有一正点电荷，带负电的小物体以初速度v1从M点沿斜面上滑，到达N点时速度为零，然后下滑回到M点，此时速度为v2(v2<v1)．若小物体电荷量保持不变，OM＝ON，则()A ．小物体上升的最大高度为v 21＋v 224gB B ．从N 到M 的过程中，小物体的电势能逐渐减小C ．从M 到N 的过程中，电场力对小物体先做负功后做正功D ．从N 到M 的过程中，小物体受到的摩擦力和电场力均是先增大后减小解析：本题综合考查库仑力、电场力做功与电势能变化的关系、动能定理，意在考查考生的推理能力和分析综合能力．M 、N 两点在同一等势面上．从M 至N 的过程中，根据动能定理，－mgh －W f ＝0－12m v 21，从N 至M 的过程中，mgh －W f ＝12m v 22，由两式联立可得h ＝v 21＋v 224g，A 项正确；从N 至M ，点电荷周围的电势先增大后减小，故小物体的电势能先增大后减小，B 项错误；从M 到N 的过程中，电场力对小物体先做正功后做负功，C 项错误；根据库仑定律，从N 到M 的过程中，小物体受到的库仑力先增大后减小，受力分析知，小物体受到的支持力先增大后减小，因而摩擦力也是先增大后减小，D 项正确．答案：AD7.如图所示，在绝缘光滑水平面上固定两个等量同种电荷A 、B ，在AB 连线上的P 点由静止释放一带电滑块，则滑块会在A 、B 之间往复运动，则以下判断正确的是( )A.滑块一定带的是与A 、B 异种的电荷 B.滑块一定带的是与A 、B 同种的电荷C.滑块在由P 向B 运动过程中，电势能一定是先减小后增大D.滑块的动能与电势能之和一定减小8.a 、b 、c 三个α粒子由同一点同时垂直场强方向进入偏转电场，其轨迹如图所示，其中b 恰好飞出电场，由此可以肯定( )A.在b 飞离电场的同时，a 刚好打在负极板上B.b 和c 同时飞离电场C.进入电场时，c 的速度最大，a 的速度最小D.动能的增量相比，c 的最小，a 和b 的一样大9．如下图所示，在xOy 竖直平面内存在着水平向右的匀强电场．有一带正电的小球自坐标原点沿着y 轴正方向以初速度v 0抛出，运动轨迹最高点为M ，与x 轴交点为N ，不计空气阻力，则小球( ) A ．做匀加速运动B ．从O 到M 的过程动能增大C ．到M 点时的动能为零D ．到N 点时的动能大于12m v 20解析：带正电的小球自坐标原点沿着y 轴正方向以初速度v 0抛出后受到恒定的合力作用做匀变速运动，在运动开始的一段时间内合力与速度的夹角为钝角，速度减小，A 、B 都错；小球自坐标原点到M 点，y 方向在重力作用下做速度减小到零的匀变速运动，x 方向在电场力作用下做初速度为零的匀加速运动，所以到M 点时的动能不为零，C 错；由动能定理有：qEx ＝12m v 2N －12m v 20>0，D 正确．答案：D10．如下图所示，两块平行金属板竖直放置，两板间的电势差U ＝1.5×103 V(仅在两板间有电场)，现将一质量m ＝1×10－2 kg 、电荷量q ＝4×10－5C 的带电小球从两板的左上方距两板上端的高度h ＝20 cm 的地方以初速度v 0＝4 m/s 水平抛出，小球恰好从左板的上边缘进入电场，在两板间沿直线运动，从右板的下边缘飞出电场，求：(1)金属板的长度L .(2)小球飞出电场时的动能E k .解析：(1)小球到达左板上边缘时的竖直分速度： v y ＝2gh ＝2 m/s设小球此时速度方向与竖直方向之间的夹角为θ，则tan θ＝v 0v y＝2小球在电场中沿直线运动，所受合力方向与运动方向相同，设板间距为d ，则：tan θ＝qEmg ＝qU mgd ，L ＝d tan θ，解得L ＝qU mg tan 2θ＝0.15 m.(2)进入电场前mgh ＝12m v 21－12m v 20电场中运动过程qU ＋mgL ＝E k －12m v 21解得E k ＝0.175 J.答案：(1)0.15 m (2)0.175 J11．为研究静电除尘，有人设计了一个盒状容器，容器侧面是绝缘透明的有机玻璃，它的上下底面是面积A ＝0.04 m 2的金属板，间距L ＝0.05 m ，当连接到U ＝2500 V 的高压电源正负两极时，能在两金属板间产生一个匀强电场，如下图所示．现把一定量均匀分布的烟尘颗粒密闭在容器内，每立方米有烟尘颗粒1013个，假设这些颗粒都处于静止状态，每个颗粒带电量为q ＝＋1. 0×10－17C ，质量为m ＝2.0×10－15kg ，不考虑烟尘颗粒之间的相互作用和空气阻力，并忽略烟尘颗粒所受重力．求合上开关后：(1)经过多长时间烟尘颗粒可以被全部吸附？ (2)除尘过程中电场对烟尘颗粒共做了多少功？ (3)经过多长时间容器里烟尘颗粒的总动能达到最大？解析：(1)当最靠近上表面的烟尘颗粒被吸附到下板时，烟尘就被全部吸附，烟尘颗粒受到的电场力F ＝qU L ，L ＝12at 2＝qUt 22mL，t ＝L2mqU＝0.02 s.(2)W ＝12NALqU ＝2.5×10－4J.(3)设烟尘颗粒下落距离为x E k ＝12m v 2·NA (L －x )，当x ＝L 2时，E k 达到最大，x ＝12at 21.t 1＝2x a＝L mqU＝0.014 s.答案：(1)0.02 s (2)2.5×10－4J (3)0.014 s。
2014届高考物理第二轮复习方案 电学4 新人教版.
2014届高考物理第二轮复习方案之电学（新课标版）41.如图所示，AB、CD为一圆的两条直径且相互垂直，O点为圆心.空间存在一未知静电场，方向与圆周所在平面平行.现让一电子先从A点运动至C点，电势能减少了E p；又从C点运动到B点，电势能增加了E p.那么此空间存在的静电场可能是( )A.匀强电场，方向垂直于AB由O点指向C点B.匀强电场，方向垂直于AB由C点指向O点C.位于O点的正点电荷形成的电场D.位于D点的负点电荷形成的电场2.一点电荷仅受电场力作用，由A点无初速度释放，沿直线先后经过电场中的B点和C点.如图所示,点电荷在A、B、C三点的电势能分别用E A、E B和E C表示，则E A、E B、E C间的关系可能是( )A.E A>E B>E CB.E A<E B<E CC.E A<E C<E BD.E A>E C>E B3.如图所示，AC、BD为圆的两条互相垂直的直径，圆心为O，半径为r，将带等电荷量的正、负点电荷放在圆周上，它们的位置关于AC对称，+q与O点的连线和OC夹角为30°，下列说法正确的是( )A.A、C两点的电势关系是φA=φCB.B、D两点的电势关系是φB=φDC.A、O点的场强大小、方向相同D.B、D点的场强大小、方向相同4．如图4所示，在平面直角中，有方向平行于坐标平面的匀强电场，其中坐标原点O处的电势为0，点A处的电势为6 V，点B处的电势为3 V，则电场强度的大小为( )A．200 V/m B．200 3 V/m 图4C．100 V/m D．100 3 V/m5．一正电荷仅在电场力作用下，从A点运动到B点，速度大小随时间变化的图象如图5所示。
下列关于A、B两点电场强度E的大小和电势φ的高低的判断，正确的是( )A．E A>E B，φA>φ B 图5B ．E A ＝E B ，φA ＝φBC ．E A <E B ，φA >φBD ．EA <EB ，仅φA <φB6.如图9所示，AC 、BD 为圆的两条互相垂直的直径，圆心为O ，半径为R 。
2014届高考物理第二轮复习方案之电学(新课标版)14
2014届高考物理第二轮复习方案之电学(新课标版)142014届高考物理第二轮复习方案之电学（新课标版）14 1．如图所示是两个互连的金属圆环，小金属环的电阻是大金属环电阻的二分之一，磁场垂直穿过大金属环所在区域．当磁感应强度随时间均匀变化时，在大环内产生的感应电动势为E ，则a 、b 两点间的电势差为( )A.12E B.13E C.23E D ．E 解析：a 、b 间的电势差等于路端电压，而小环电阻占电路总电阻的13，故U ab ＝13E ，B 正确． 答案：B2．如图所示，EF 、GH 为平行的金属导轨，其电阻可不计，R为电阻器，C为电容器，AB为可在EF和GH上滑动的导体横杆．有均匀磁场垂直于导轨平面．若用I1和I2分别表示图中该处导线中的电流，则当横杆AB()A．匀速滑动时，I1＝0，I2＝0B．匀速滑动时，I1≠0，I2≠0C．加速滑动时，I1＝0，I2＝0D．加速滑动时，I1≠0，I2≠0解析：匀速滑动时，感应电动势恒定，故I1≠0，I2＝0；加速滑动时，感应电动势增加，故电容器不断充电，即I1≠0，I2≠0.答案：D3.生变化ΔΦ＝2BS，E＝nΔΦΔt，线圈中的平均感应电流I＝ER，通过线圈的电荷量q＝IΔt，由以上各式得B＝qR2nS.故正确选项为C.答案：C4.如图4所示，水平放置的光滑平行金属导轨上有一质量为m的金属棒ab。
导轨的一端连接电阻R，其它电阻均不计，磁感应强度为B的匀强磁场垂直于导轨平面向下，金属棒ab在一水平恒力F作用下由静止开始向右运动。
则( )A．随着ab运动速度的增大，其加速度也增大图4B．外力F对ab做的功等于电路中产生的电能C．当ab做匀速运动时，外力F做功的功率等于电路中的电功率D．无论ab做何种运动，它克服安培力做的功一定等于电路中产生的电能5．在图6所示的四个情景中，虚线上方空间都存在方向垂直纸面向里的匀强磁场。
A、B中的导线框为正方形，C、D中的导线框为直角扇形。
2014届高考物理第二轮复习方案之电学(新课标版)22 Word版含答案-推荐下载
答案：CD
6．通过一理想变压器，经同一线路输送相同的电功率 P，原线圈的电压 U 保持不变，
输电线路的总电阻为 R.当副线圈与原线圈的匝数比为 k 时，线路损耗的电功率为 P1，若将副
线圈与原线圈的匝数比提高到 nk，线路损耗的电功率为 P2，则 P1 和P1分别为( )
PR 1 A.kU，n
PR 1 C.kU，n2
3.为保证用户电压稳定在 220 V，变电所需适时进行调压，图甲为调压变压器示意图.保持输
入电压 u1 不变，当滑动接头 P 上下移动时可改变输出电压.某次检测得到用户电压 u2 随时间
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对全部高中资料试卷电气设备，在安装过程中以及安装结束后进行高中资料试卷调整试验；通电检查所有设备高中资料电试力卷保相护互装作置用调与试相技互术通关，1系电过，力管根保线据护敷生高设产中技工资术艺料0不高试仅中卷可资配以料置解试技决卷术吊要是顶求指层，机配对组置电在不气进规设行范备继高进电中行保资空护料载高试与中卷带资问负料题荷试2下卷2，高总而中体且资配可料置保试时障卷，各调需类控要管试在路验最习；大题对限到设度位备内。进来在行确管调保路整机敷使组设其高过在中程正资1常料中工试，况卷要下安加与全强过，看度并22工且22作尽22下可22都能22可地护以缩1关正小于常故管工障路作高高；中中对资资于料料继试试电卷卷保破连护坏接进范管行围口整，处核或理对者高定对中值某资，些料审异试核常卷与高弯校中扁对资度图料固纸试定，卷盒编工位写况置复进.杂行保设自护备动层与处防装理腐置，跨高尤接中其地资要线料避弯试免曲卷错半调误径试高标方中高案资等，料，编试要5写、卷求重电保技要气护术设设装交备备置底4高调、动。中试电作管资高气，线料中课并敷3试资件且、设卷料中拒管技试试调绝路术验卷试动敷中方技作设包案术，技含以来术线及避槽系免、统不管启必架动要等方高多案中项；资方对料式整试，套卷为启突解动然决过停高程机中中。语高因文中此电资，气料电课试力件卷高中电中管气资壁设料薄备试、进卷接行保口调护不试装严工置等作调问并试题且技，进术合行，理过要利关求用运电管行力线高保敷中护设资装技料置术试做。卷到线技准缆术确敷指灵设导活原。。则对对：于于在调差分试动线过保盒程护处中装，高置当中高不资中同料资电试料压卷试回技卷路术调交问试叉题技时，术，作是应为指采调发用试电金人机属员一隔，变板需压进要器行在组隔事在开前发处掌生理握内；图部同纸故一资障线料时槽、，内设需，备要强制进电造行回厂外路家部须出电同具源时高高切中中断资资习料料题试试电卷卷源试切，验除线报从缆告而敷与采设相用完关高毕技中，术资要资料进料试行，卷检并主查且要和了保检解护测现装处场置理设。备高中资料试卷布置情况与有关高中资料试卷电气系统接线等情况，然后根据规范与规程规定，制定设备调试高中资料试卷方案。
2014届高考物理第二轮复习方案之电学9
2014届高考物理第二轮复习方案之电学（新课标版）91．一电子以垂直于匀强磁场的速度v A，从A处进入长为d宽为h的磁场区域如下图所示，发生偏移而从B处离开磁场，若电荷量为e，磁感应强度为B，圆弧AB的长为L，则( )A．电子在磁场中运动的时间为t＝dv AB．电子在磁场中运动的时间为t＝Lv A C．洛仑兹力对电子做功是Bev A·h D．电子在A、B两处的速度相同解析：电子在磁场中只受洛仑兹力的作用，做匀速圆周运动，认为运动时间为t＝d v A是把电子作为类平抛运动了，圆周运动时可用t＝Lv A来计算；洛仑兹力与电子的运动方向始终垂直，故一定不做功；速度是矢量，电子在A、B两点速度的大小相等，而方向并不相同．答案：B2．一个质子和一个α粒子沿垂直于磁感线方向从同一点射入一个匀强磁场中，若它们在磁场中的运动轨迹是重合的，如下图所示，则它们在磁场中( )A．运动的时间相等B．加速度的大小相等C ．速度的大小相等D ．动能的大小相等解析：因m α＝4m H ，q α＝2q H ，据T ＝2πm qB ，知t α＝2t H ；据R ＝mvqB，知v H ＝2v α；据a＝v 2R ，知a α＝14a H; 据E k ＝12mv 2，知E kα＝E k H ，只有D 项正确． 答案：D3.如图所示,在通电直导线下方,有一电子沿平行导线方向以速度v 向左运动,则关于电子的运动轨迹和运动半径的判断正确的是( ) A.将沿轨迹Ⅰ运动,半径越来越小 B.将沿轨迹Ⅰ运动,半径越来越大 C.将沿轨迹Ⅱ运动,半径越来越小 D.将沿轨迹Ⅱ运动,半径越来越大4.电荷量为+q 的粒子在匀强磁场中运动，下面说法中正确的是( ) A.只要速度大小相同，所受洛伦兹力就相同B.如果把+q 改为-q ，且速度反向、大小不变，则洛伦兹力的大小、方向均不变C.洛伦兹力方向一定与电荷速度方向垂直，磁场方向一定与电荷运动方向垂直D.粒子只受到洛伦兹力作用时，运动的动能不变5.如图甲是用来加速带电粒子的回旋加速器的示意图,其核心部分是两个D 形金属盒.在加速带电粒子时,两金属盒置于匀强磁场中,两盒分别与高频电源相连.带电粒子在磁场中运动的动能E k随时间t的变化规律如图乙所示,忽略带电粒子在电场中的加速时间,则下列判断正确的是( )A.在E k-t图中应有t4-t3=t3-t2=t2-t1B.高频电源的变化周期应该等于t n-t n-1C.粒子加速次数越多,粒子最大动能一定越大D.要想粒子获得的最大动能越大,可增加D形盒的面积6. 1922年英国物理学家阿斯顿因质谱仪的发明、同位素和质谱的研究荣获了诺贝尔化学奖.若一束粒子由左端射入质谱仪后的运动轨迹如图所示,则下列说法中正确的是( )A.该束带电粒子带负电B.速度选择器的P1极板带正电C.在B2磁场中运动半径越大的粒子,质量越大越小D.在B2磁场中运动半径越大的粒子,比荷qm7．如下图所示，摆球带负电荷的单摆，在一匀强磁场中摆动，匀强磁场的方向垂直纸面向里，摆球在AB间摆动过程中，由A摆到最低点C时，摆线拉力的大小为F1，摆球加速度大小为a1；由B摆到最低点C时，摆线拉力的大小为F2，摆球加速度大小为a2，则( )A．F1>F2，a1＝a2B．F1<F2，a1＝a2C ．F 1>F 2，a 1>a 2D ．F 1<F 2，a 1<a 2解析：绳的拉力、洛仑兹力始终与单摆的运动方向垂直，不做功．只有重力做功，所以a 1＝a 2，当单摆由A 摆到最低点C 时，绳的拉力和洛仑兹力方向相同，由B 摆到最低点C 时，绳的拉力与洛仑兹力方向相反，故F 1<F 2. 答案：B8．如下图所示，直径为R 的绝缘筒中为匀强磁场区域，磁感应强度为B 、磁感线垂直纸面向里，一个质量为m 、电荷量为q 的正离子，以速度v 从圆筒上C 孔处沿直径方向射入筒内，如果离子与圆筒碰撞三次(碰撞时不损失能量，且时间不计)，又从C 孔飞出，则离子在磁场中运动的时间为( ) A.2πR vB.πRvC.2πm qBD.πmqB解析：根据题意画出离子运动轨迹，由对称性可知离子运动的轨迹为四个14圆，半径等于圆筒的半径，总时间等于一个圆的周期，所以A 、C 正确． 答案：AC9．电子质量为m ，电荷量为q ，以与x 轴成θ角的速度v 0射入磁感应强度为B 的匀强磁场中，最后从x 轴上的P 点射出，如右图所示，求： (1)OP 的长度；(2)电子由O 点射入到从P 点射出所需的时间t .解析：(1)过O 点和P 点做速度方向的垂线，两线交点即电子做圆周运动的圆心，由几何关系知OP ＝2r sin θ①又Bqv 0＝m v 02r②由①②式解得OP ＝2mv 0Bqsin θ.(2)由T ＝2πr v 0＝2πm Bq得所需时间为t ＝2θ2π·2πm Bq ＝2θmBq. 答案：(1)2mv 0Bq sin θ (2)2θm Bq10．如下图所示，一束电子(电荷量为e )以速度v 垂直射入磁感应强度为B ，宽度为d 的匀强磁场中，穿过磁场的速度方向与电子原来的入射方向的夹角为30°，求：(1)电子的质量是多少？ (2)穿过磁场的时间是多少？(3)若改变初速度大小，使电子刚好不能从A 边射出，则此时速度v ′是多少？ 解析：(1)作出速度方向的垂线，如上图所示，设电子在磁场中运动轨道半径为r ，电子的质量是m ，由几何关系得r ＝dsin30°＝2d电子在磁场中运动Bqv ＝m v 2r ，即r ＝mv Bq所以m ＝2dBqv.(2)电子运动轨迹对应的圆心角θ＝30°＝π6电子运动的周期T ＝2πmBq电子穿过磁场的时间t ＝θ2πT ＝T12＝πd 3v.(3)电子刚好不能从A 边射出(与右边界相切)，此时电子的轨道半径为r ′＝d由r ′＝mv ′Bq 得v ′＝Bqd m ＝v2. 答案：(1)2dBq v (2)πd 3v (3)v22020-2-8。
2014届高考物理第二轮复习方案之电学(新课标版)72014届高考物理第二轮复习方案之电学(新课标版
2014届高考物理第二轮复习方案之电学（新课标版）71.导体的电阻是导体本身的一种性质，对于同种材料的导体，下列表述正确的是( )A.横截面积一定，电阻与导体的长度成正比B.长度一定，电阻与导体的横截面积成正比C.电压一定，电阻与通过导体的电流成反比D.电流一定，电阻与导体两端的电压成正比2.如图所示，图线1表示的导体电阻为R1，图线2表示的导体电阻为R2，则下列说法正确的是( )A.R1∶R2=1∶3B.R1∶R2=3∶1C.将R1与R2串联后接于电源上，则电流比I1∶I2=1∶3D.将R1与R2并联后接于电源上，则电流比I1∶I2=1∶33．如图2甲所示，在材质均匀的圆形薄电阻片上，挖出一个偏心小圆孔。
在彼此垂直的直径AB和CD两端引出四个电极A、B、C、D。
先后分别将A、B或C、D接在电压恒为U的电路上，如图乙和图丙所示。
比较两种接法中电阻片的热功率大小，应有( )图2A．两种接法电阻片热功率一样大B．接在AB两端电阻片热功率大C．接在CD两端电阻片热功率大D．无法比较4．铜的摩尔质量为m，密度为ρ，每摩尔铜原子中有n个自由电子，今有一根横截面积为S的铜导线，当通过的电流为I时，电子平均定向移动的速率为( )A．光速c B.I neSC.ρIneSmD.mIneSρ案却使人感到徒具虚名试卷试题赭红色的水化学教案几乎看不见流动化学5．家用电熨斗为了适应不同衣料的熨烫，设计了调整温度的多挡开关，使用时转动旋钮即可使电熨斗加热到所需的温度．如右图所示是电熨斗的电路图．旋转多挡开关可以改变1、2、3、4之间的连接情况．现将开关置于温度最高挡，这时1、2、3、4之间的连接是下图中所示的哪一个()解析：以U表示电源电压，R表示图中每根电阻丝的电阻，在图中所示的各种连接法中，由于接法不同，各种电路中电阻丝发热的情况不同，因而电熨斗可以得到多挡的温度．在图A，则此时电熨斗得到的总功率为P A 所示的接法中，两根电阻丝并联接入电路，其总电阻为R2＝2U2；在图B所示的接法中，仅有左侧一根电阻丝接入电路通电，右侧一根电阻丝中无电流，R；在图C所示的接法中，电源实际上被断开了．使整个电熨故此时电熨斗的总功率为P B＝U2R斗中无电流通过，此时电熨斗的总功率为P C＝0.在图D所示的接法中，是两根电阻丝串联接入电路，其总电阻为2R，则此时电熨斗消耗的总功率为P D＝U22R.答案：A6．下表列出了某品牌电动自行车及所用电动机的主要技术参数，不计其自身机械损耗，若该车在额定状态下以最大运行速度行驶，则()自重40 kg额定电压48 V载重75 kg额定电流12 A最大行驶速度20 km/h额定输出功率350 W A.B．电动机的内电阻为4 ΩC．该车获得的牵引力为104 ND．该车受到的阻力为63 N解析：电动机的输入功率P入＝UI＝48×12 W＝576 W，故选项A正确．电动机正常工作时为非纯电阻元件，不能用欧姆定律求内电阻，故选项B错误．电动车速度最大时，牵引力F与阻力F f大小相等，由P出＝F f v max得F f＝P出v max＝350203.6N＝63 N．故选项C错误，D正确．答案：AD7．如图4所示，把两个相同的灯泡分别接在甲、乙电路中，甲电路两端的电压为8 V，乙电路两端的电压为16 V。
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2014届高考物理第二轮复习方案之电学（新课标版）10 1．朝南的钢窗原来关着，今将它突然朝外推开，转过一个小于90°的角度，考虑到地球磁场的影响，则钢窗活动的一条边中(西边)( )
A．有自下而上的微弱电流
B．有自上而下的微弱电流
C．有微弱电流，方向是先自上而下，后自下而上
D．有微弱电流，方向是先自下而上，后自上而下
解析：钢窗打开时，向北穿过钢窗的磁通量减小，根据楞次定律，钢窗的活动边产生自下而上的微弱电流，故A正确．
答案：A
2．如右图所示，绝缘水平面上有两个离得很近的导体环a、b.将条形磁铁沿它们的正中向下移动(不到达该平面)，a、b将如何移动( )
A．a、b将相互远离
B．a、b将相互靠近
C．a、b将不动
D．无法判断
解析：根据Φ＝BS，磁铁向下移动过程中B增大，所以穿过每个环中的磁通量都有增大的趋势．由于S不可改变，为阻碍增大，导体环应该尽量远离磁铁，所以a、b将相互远离．答案：A
3．如下图所示，一根条形磁铁从左向右靠近闭合金属环的过程中，环中的感应电流(自左向右看)( )
A．沿顺时针方向
B．先沿顺时针方向后沿逆时针方向
C．沿逆时针方向
D．先沿逆时针方向后沿顺时针方向
解析：条形磁铁从左向右靠近闭合金属环的过程中，向右的磁通量一直增加，根据楞次定律，环中的感应电流(自左向右看)为逆时针方向，C对．
答案：C
4．如图2，一质量为m的条形磁铁用细线悬挂在天花板上，细线从
一水平金属环中穿过。
现将环从位置Ⅰ释放，环经过磁铁到达位置Ⅱ。
设
环经过磁铁上端和下端附近时细线的张力分别为T1和T2，重力加速度大小
为g，则( )
A．T1>mg，T2>mg
B．T1<mg，T2<mg
C．T1>mg，T2<mg 图2
D．T1<mg，T2>mg
5.甲、乙两个完全相同的铜环可绕固定轴OO′旋转，当它们以相同的角速度开始转动后，由于阻力，经相同的时间后便停止，若将两环置于磁感应强度为B的大小相同的匀强磁场中，乙环的转轴与磁场方向平行，甲环的转轴与磁场方向垂直，如图所示，当甲、乙两环同时以相同的角速度开始转动后，则下列判断中正确的是( )
A.甲环先停
B.乙环先停
C.两环同时停下
D.无法判断两环停止的先后
6.如图所示，直导线ab放在水平固定放置的“”形导体框架上，构成一个闭合回路，长直导线cd与框架处在同一个水平面内，并且ab∥cd，当cd中的电流发生变化时，发现ab向左滑动，则关于cd中的电流下列说法正确的是( )
A.电流可能在减小，方向由c到d
B.电流可能在增大，方向由c到d
C.电流可能在减小，方向由d到c
D.电流可能在增大，方向由d到c
7.如图，均匀带正电的绝缘圆环a与金属圆环b同心共面放置，当a绕O点在其所
在平面内旋转时，b中产生顺时针方向的感应电流，且具有收缩趋势，由此可知，
圆环a( )
A.顺时针加速旋转
B.顺时针减速旋转
C.逆时针加速旋转
D.逆时针减速旋转
8.如图5所示，在两个沿竖直方向的匀强磁场中，分别放入两个完全一样的水平金属圆盘a和b。
它们可以绕竖直轴自由转动，用导线通过电刷把它们相连。
当圆盘a转动时( ) A．圆盘b总是与a沿相同方向转动
B．圆盘b总是与a沿相反方向转动图5
C．若B1、B2同向，则a、b转向相同
D．若B1、B2反向，则a、b转向相同
9.)如图所示,在条形磁铁的中央位置的正上方水平固定一铜质圆环.以
下判断中正确的是( )
A.释放圆环,环下落时产生感应电流
B.释放圆环,环下落时无感应电流
C.释放圆环,环下落时环的机械能守恒
D.释放圆环,环下落时环的机械能不守恒
10.如图是某电磁冲击钻的原理图，若突然发现钻头M向右运动，则可能是( )
A.开关S闭合瞬间
B.开关S由闭合到断开的瞬间
C.开关S已经是闭合的，变阻器滑片P向左迅速滑动
D.开关S已经是闭合的，变阻器滑片P向右迅速滑动
答案：B。