江苏省淮安市盱眙县马坝中学2019-2020学年高二上学期期中物理试卷(必修) (有解析)

江苏省淮安市盱眙县马坝中学2019-2020学年高二上学期期中物理试
卷（必修）
一、单选题（本大题共27小题，共81.0分）
1.地球的第一宇宙速度约为8km/s，某行星的质量是地球的6倍，半径是地球的1.5倍．该行星上
的第一宇宙速度约为()
A. 16km/s
B. 32km/s
C. 46km/s
D. 2km/s
2.以下说法中正确的是()
A. 物体受拉力作用向上匀速运动，拉力做的功是1J，但物体重力势能的增加量不是1J
B. 物体运动，重力做的功是−1J，但物体重力势能的增加量不是1J
C. 没有摩擦时物体由A沿直线运动到B，克服重力做的功是1J，有摩擦时物体由A沿曲线运动
到B，克服重力做的功大于1J
D. 物体受拉力作用向上运动，拉力做的功是1J，物体机械能的增加量是1J
3.关于平抛运动，下列说法正确的是()
A. 不论抛出位置多高，抛出速度越大的物体，水平位移一定越大
B. 不论抛出位置多高，抛出速度越大的物体，其飞行时间一定越长
C. 不论抛出速度多大，抛出位置越高的物体，空中飞行时间越长
D. 不论抛出速度多大，抛出位置越高的物体，飞的一定越远
4.对于做匀速圆周运动的物体，下列说法中正确的是()
A. 速度在改变，动能也在改变
B. 速度在改变，动能不变
C. 速度不变，动能在改变
D. 所受合力是一个恒力
5.甲沿着半径为R的圆周跑道匀速跑步，乙沿着半径为2R的圆周跑道匀速跑步。

在相同的时间内，
甲、乙各自跑了一圈。

他们的角速度和线速度分别为ω1，ω2，v1，v2则下列说法正确的是()
A. ω1>ω2，v1<v2
B. ω1<ω2，v1<v2
C. ω1=ω2，v1<v2
D. ω1=ω2，v1=v2
6.关于正在轨道上做匀速圆周运动的人造地球同步卫星的说法，不正确的是()
A. 只能定点在赤道平面上
B. 所有同步卫星到地心的距离都是相等的
C. 所有同步卫星的线速度都相同
D. 所有同步卫星绕地球运动的周期都相同
7.一小球以初速度v0竖直上抛，它能到达的最大高度为H，如图的几种情况中，小球不可能达到
高度H的是(忽略空气阻力)()
A. 以初速度v0沿光滑斜面向上运动(图甲)
B. 以初速度v0沿光滑的抛物线轨道，从最低点向上运动(图乙)
)
C. 以初速度v0沿半径为R的光滑圆轨道，从最低点向上运动(图丙，H>R>H
2
D. 以初速度v0沿半径为R的光滑圆轨道，从最低点向上运动(图丁，R>H)
8.以下关于物体的动能的叙述中，正确的是()
A. 速度不变、运动物体的质量发生变化，它的动能不一定变化
B. 质量不变、运动物体的速度大小发生变化，它的动能不一定会变化
C. 速度减半，质量增大到原来的4倍，物体的动能是原来的2倍
D. 质量减半、速度增大到原来的2倍，物体的动能是原来的2倍
9.在“研究平抛物体的运动”的实验中，为减小空气阻力对小球的影响．选择小球时，应选择下
列的()
A. 实心小铁球
B. 空心铁球
C. 实心小木球
D. 以上三种球都可以
10.在利用自由落体“验证机械能守恒定律”的实验中，下列说法正确的是()
A. 实验中可以不用天平测出重物的质量
B. 实验时接通电源和释放纸带应同时进行
C. 实验中选用重物的体积越大，实验误差一定越小
D. 实验中把秒表测得的时间代入v=gt，计算重锤的速度
11.质量为m的石块从半径为R的半球形的碗口下滑到碗的最低点的过程中，如果
摩擦力的作用使得石块的速度大小不变，如图所示，那么()
A. 因为速率不变，所以石块的加速度为零
B. 石块下滑过程中受的合外力越来越大
C. 石块下滑过程中的摩擦力大小不变
D. 石块下滑过程中的加速度大小不变，方向始终指向球心
12.足球运动员用20N的力把质量1kg的足球踢出10m远，则运动员对足球做的功为()
A. 200 J
B. 100 J
C. 98 J
D. 条件不足，无法确定
13.设想把质量为m的物体放在地球的中心，地球的质量为M，半径为R，则物体与地球间的万有
引力是()
A. 0
B. 无穷大
C. G Mm
R2
D. 无法确定
14.如图所示为某一皮带传动装置，主动轮的半径为r1，从动轮的半径
为r2(r2<r1).已知主动轮做逆时针转动，转动过程中皮带不打滑，
下列说法中正确的是()
A. 从动轮边缘B点线速度大于主动轮边缘A点线速度
B. 从动轮边缘B点线速度小于主动轮边缘A点线速度
C. 从动轮角速度大于主动轮角速度
D. 从动轮角速度小于主动轮角速度
15.一个人在岸上以恒定的速度v通过定滑轮收拢连接在船上的牵引绳．当船运动到如图所示位置
时，绳子与水平方向的夹角为α，则船的运动速度为()
A. v
B. vcosα
C. v
cosα
D. vtanα
16.生产、生活中使用的许多设备都可看作能量转换器，它们把能量从一种形式转化为另一种形
式．下列设备在工作过程中把电能主要转化为动能的是()
A. 电风扇
B. 发电机
C. 电磁炉
D. 电饭煲
17.真空中有距离为r的两个点电荷，它们分别带+q和−2q的电量，其间的静电力为F.如果把它们
距离变为2r.那么它们之间的静电力的大小为()
A. F
B. 2F
C. F
2D. F
4
18.一个磁场的磁感线如图所示，将一个小磁针放入磁场中，则小磁针将
()
A. 向左平动
B. 向右平动
C. 顺时针转动
D. 逆
时针转动
19.一段通电的直导线平行于匀强磁场放入磁场中，如图所示导线上电流由左
向右流过．当导线以左端点为轴在竖直平面内转过90°的过程中，导线所
受的安培力()
A. 大小不变，方向也不变
B. 大小由零渐增大，方向随时改变
C. 大小由零渐增大，方向不变
D. 大小由最大渐减小到零，方向不变
20.下列说法中正确的是()
A. 额定功率大的用电器，消耗的电能一定多
B. 额定功率大的用电器，实际电流做功一定越快
C. 额定功率小的用电器，电流做功一定少
D. 相同时间内，电流做功多的用电器实际电功率大
21.下列说法中正确的是()
A. 磁感线虽然看不见，但它是客观存在的
B. 磁通量是矢量，它的单位符号是T
C. 公式E=U
适用于计算任意电场的电场强度
d
D. 电炉通电后，电炉丝热得发红，而跟电炉连接的铜导线却不热，是因为铜导线电阻较小
22.当直导线通以垂直纸面向里的恒定电流时，小磁针静止时指向正确的是()
A. B.
C. D.
23.如图所示，矩形线框在匀强磁场中绕轴匀速转动，从图示位置(磁场与线框平面
垂直)开始线框转动180°，在这个过程中线框内磁通量变化情况是()
A. 一直变大
B. 一直变小
C. 先变大后变小
D. 先变小后变大
24.下列四幅图中能正确描绘点电荷电场的电场线是()
A. B. C. D.
25.如图，电源电动势为E，线圈L的直流电阻不计．则下列判断正确的是()
A. 闭合S，稳定后，电容器两端电压值为E
B. 闭合S，稳定后，电容器的a极带正电
C. 断开S瞬间，电容器的a极将带正电
D. 断开S瞬间，电容器的a极将带负电
26.关于静电，下列说法中不正确的是()
A. 干燥天气里脱化纤衣物时常常会看到火花，听到劈啪声
B. 室内栽花种草可杜绝静电产生
C. 高压输电导线表面要很光滑，以避免因尖端放电而损失电能
D. 油罐车尾装一条拖地铁链，有利于消除静电
27.如图中①②所示，在匀强磁场中，有两个通电线圈处于如图所示
的位置，则()
A. 从上往下俯视，①中的线圈顺时针转动
B. 从上往下俯视，①中的线圈逆时针转动
C. 从上往下俯视，②中的线圈顺时针转动
D. 从上往下俯视，②中的线圈逆时针转动
二、填空题（本大题共1小题，共6.0分）
28.如图所示为“用DIS研究机械能守恒定律”的实验装置．该实验装置中传感器K的名称是______
传感器；由该实验得到的结论是：______．
三、计算题（本大题共2小题，共13.0分）
29.如图，质量m=20kg的小朋友从滑梯A点由静止下滑，已知A
点距地面高ℎ=1.8m，取g=10m/s2。

(小朋友可视为质点，不
计一切摩擦)
(1)选择地面为参考平面，在A点时，他的重力势能为多少？
(2)滑到滑梯末端B时，他的速度大小为多少？
30.一个很高的容器内壁为圆柱形，里面装着N个质量为m、大小相同的小球，
容器内半径与小球的半径之比为8：5，如图所示．现将小球从上至下依次编
号为1、2、…N，不计一切摩擦，重力加速度设为g，
试求第i个小球对第i+1个小球的压力大小．
-------- 答案与解析 --------1.答案：A
解析：解：根据G Mm
R2=m v2
R
解得第一宇宙速度为：v=√GM
R。

因为行星的质量是地球质量的6倍，半径是地球半径的1.5倍，所以行星的第一宇宙速度是地球第一宇宙速度的2倍，即16km/s。

故A正确，BCD错误。

故选：A。

第一宇宙速度的大小等于贴近星球表面做匀速圆周运动的速度，轨道半径等于中心天体的半径，结合万有引力提供向心力求出第一宇宙速度的关系式，得出行星的第一宇宙速度与地球第一宇宙速度的关系，从而求出行星上的第一宇宙速度的大小．
解决本题的关键理解第一宇宙速度的意义，结合万有引力提供向心力进行求解．
2.答案：D
解析：
根据重力做功与重力势能变化的关系求出物体克服重力做功的大小。

本题主要考查重力做功与重力势能变化的关系及功能关系。

AD.物体受重力和拉力，物体受拉力作用向上运动，拉力做功等于机械能的增加量，克服重力做功等于重力势能的增加量，如果物体不是匀速上升，则拉力做的功是1J，重力势能的增加量就不是1J；如果是匀速运动，拉力做的功是1J，重力势能的增加量是1J，即机械能的增加量是1J，故D正确，A错误；
B.物体克服重力做功等于重力势能的增加量，故物体运动，如果重力做的功是−1J，则物体重力势能的增加量一定是1J，故B错误；
C.力做功与位移有关，与路径无关，故从A到B沿直线或曲线运动，两种情况下重力做功相同，故C错误。

故选D。

3.答案：C
解析：
平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，运动的时间由高度决定，初速度和时间共同决定水平位移。

本题考查了平抛运动；解决本题的关键知道平抛运动在竖直方向和水平方向上的运动规律，知道运动的时间由高度决定。

平抛运动水平方向为匀速直线运动，竖直方向为自由落体运动；
A.水平射程x=v0t=v0√2ℎ
g
，由抛出的高度和水平速度共同决定，故A错误；
BC.飞行时间t=√2ℎ
g
由竖直高度决定，故B错误，C正确；
D.水平射程x=v0t=v0√2ℎ
g
，由抛出的高度和水平速度共同决定，故D错误。

故选C。

4.答案：B
解析：解：ABC、物体做匀速圆周运动时，相等时间内通过的弧长相等，则线速度大小保持不变，而它的方向时刻都在变化。

所以线速度是变化的，故AC错误，B正确；
D、做匀速圆周运动的物体，合力的大小不变，方向总指向圆心，故D错误；
故选：B。

匀速圆周运动是线速度大小保持不变的圆周运动，而线速度的方向时刻都在变化，其加速度大小不变，而方向总指向圆心，从而即可求解．
该题考查对匀速圆周运动的理解，属于对基础知识点的考查．关键是要明确矢量不变和标量不变的区别，要注意矢量不变是指大小和方向都不变．
5.答案：C
解析：
由线速度与角速度的定义式确定甲、乙两人的角速度与线速度大小，再进行比较即可。

熟练应用线速度与角速度的定义式是正确求解的关键。

甲线速度的大小v1=2πR
t ，角速度大小ω1=2π
t
，乙的线速度大小v2=4πR
t
，角速度大小ω2=2π
t
，所
以ω1=ω2，v1<v2，故C正确，ABD错误。

故选C。

6.答案：C
解析：解：A、同步卫星若在除赤道所在平面外的任意点，假设实现了“同步”，那它的运动轨道所在平面与受到地球的引力就不在一个平面上，这是不可能的，故A正确；
B、根据万有引力提供向心力，列出等式：G Mm
r2=m4π2r
T2
，r=R+ℎ
由于同步卫星的周期必须与地球自转周期相同，所以T为一定值，
根据上面等式得出：同步卫星离地面的高度h也为一定值．故B正确；
C、由于同步卫星的周期必须与地球自转周期相同，所以卫星的运行角速度与地球的自转角速度相同，则线速度的大小也相同，但方向不同．故C错误．
D、同步卫星是指与地球某处相对静止的卫星，周期都相同，故D正确；
本题选错误的
故选：C
了解同步卫星的含义，即同步卫星的周期必须与地球自转周期相同．
物体做匀速圆周运动，它所受的合力提供向心力，也就是合力要指向轨道平面的中心．
通过万有引力提供向心力，列出等式通过已知量确定未知量．
地球质量一定、自转速度一定，同步卫星要与地球的自转实现同步，就必须要角速度与地球自转角速度相等，这就决定了它的轨道高度和线速度大小．
7.答案：C
解析：
本题考查了机械能守恒定律，小球到达光滑圆轨道最高点的临界速度，判断小球在最高点的速度是否为零。

小球在圆轨道的内轨道中做圆周运动，过最高点的最小速度v=√gR，在内轨道中，上升过程中可能越过最高点，若越不过最高点，在四分之一圆弧轨道以下，最高点的速度可以为零，在四分之一圆弧轨道以上最高点的速度不能为零。

小球以v0竖直上抛的最大高度为H，到达最大高度时速度为0；由机械能守恒有1
2
mv02=mgH。

AB.小球到达最高点的速度可以为零，根据机械能守恒定律得，1
2
mv02=mgℎ′+0，则ℎ′=H，所以AB可能，故AB错误；
C.小球到达最高点的速度不能为零，由1
2mv02=mgℎ′+1
2
mv2，v≠0，则得ℎ′<H，所以C不可能，
故C正确；
D.若小球运动到与圆心等高的位置时速度为零，根据机械能守恒定律可知，小球能达到最高点即高H处，所以D可能，故D错误。

故选C。

8.答案：D
解析：解：A、由动能的表达式可知，速度不变，而质量发生变化时，运动一定发生变化；故A错误；
B、质量不变、运动物体的速度大小发生变化，它的动能一定会变化；故B错误；
C、速度减半，质量增大的原来的4倍时，它的动能不变；故C错误；
D、质量减半，速度增大到原来的2倍时，动能变为原来的2倍；故D正确；
故选：D。

动能表达式为：E k=1
2
mv2；则可知动能取决于质量和速度，根据二者的变化可明确动能的变化．本题考查动能的表达式，要注意明确动能取决于速度和质量，要熟练掌握公式．
9.答案：A
解析：解：为了减小空气阻力对小球的影响，要选择体积较小质量较大的小球，故选实心小铁球，故A正确。

故选：A。

小球要做平抛运动，则要减小阻力的影响，在小球选择方面要注意选择体积小、质量大的小球．
本题考查了实验器材的选择原理，要减小空气阻力的影响，难度不大，属于基础题．
10.答案：A
解析：略
11.答案：D
解析：解：A、石块做匀速圆周运动，合外力提供向心力，大小不变，根据牛顿第二定律知，加速度大小不变，方向始终指向圆心。

故A、B错误，D正确。

C、石块在半球形的碗口下滑到碗的最低点的过程中，因为速率不变，下滑力减小，故摩擦力减小。

故C错误。

故选：D。

石块的速率不变，做匀速圆周运动，合外力提供向心力。

根据石块在各点所受支持力的大小判断摩擦力的变化。

解决本题的关键知道物体做匀速圆周运动，合外力提供向心力。

向心加速度的方向始终指向圆心。

12.答案：D
解析：
【分析】力做功的公式为W=FLcosθ，要找出物体在该力作用下通过的位移即可，力为20N，没有告诉位移，故无法求做功．
该题是利用公式求出相关物理量，直接进行判断，要知道公式W=FLcosθ中F、L应对应于同一过程．
【解答】根据功的公式W=Fs，知F=20N，s不能确定，故运动员对足球做的功不能确定；故ABC 错误，D正确．
故选：D
13.答案：A
解析：
【分析】将地球分成无数块，每一块都对物体有引力作用，根据力的对称性，知最终引力的合力为0，所以物体与地球间的万有引力等于0。

本题考查万有引力定律，解决本题的关键知道将地球分成无数块进行分析，不能直接根据公式认为R=0.所以引力无穷大。

【解答】把地球无限分割，则关于地心对称的两点对物体的引力大小相等，方向相反，合力为0，所以物体与地球间的万有引力是0.A正确。

14.答案：C
解析：解：由于转动过程中皮带不打滑，即二者线速度相同v A=v B，由v=ωr及r1>r2知：从动轮角速度大于主动轮角速度，故C正确，ABD错误；
故选：C
皮带联动中，由于转动过程中皮带不打滑，即二者线速度相同，再根据v=ωr判断即可．
本题关键要知道皮带联动问题中线速度大小相同，难度不大，属于基础题．
15.答案：C
解析：解：船运动的速度是沿绳子收缩方向的速度和绕定滑轮的摆动速度的合速度。

根据平行四边形定则有，v船=v cosα.故C正确，A、B、D错误。

故选：C
绳子收缩的速度等于人在岸上的速度，连接船的绳子端点既参与了绳子收缩方向上的运动，又参与了绕定滑轮的摆动．根据平行四边形定则求出船的运动速度．
解决本题的关键知道船运动的速度是沿绳子收缩方向的速度和绕定滑轮的摆动速度的合速度．16.答案：A
解析：解：A、电风扇电能主要转化为动能。

故A正确。

B、发电机是将其他能转化为电能。

故B错误。

C、D电磁炉、电饭煲是将电能转化为内能。

故CD错误。

故选：A。

电风扇电能主要转化为动能，发电机是将其他能转化为电能，电磁炉、电饭煲是将电能转化为内能．能量转换器可根据能量转化和守恒定律来分析能量如何转化，简单的方法是减小的能量转化为增加的能量．
17.答案：D
解析：解：距离改变之前：F=k q⋅2q
r2
当它们距离变为2r时，则有：F′=k q⋅2q
(2r)2=1
4
k q⋅2q
r2
=F
4
故ABC错误、D正确．
故选：D．
本题比较简单，直接利用库仑定律进行计算讨论即可．
库伦定律应用时涉及的物理量较多，因此理清各个物理量之间的关系，可以和万有引力定律进行类比学习．
18.答案：C
解析：略
19.答案：C
解析：
设电流与磁场的夹角为θ，可得安培力的表达式，进而分析安培力变化；方向根据左手定则判断。

本题考查了安培力；本题是对安培力表达式和左手定则的基本考察，关键是记住公式F=BILsinθ，基础问题。

设电流与磁场的夹角为θ，导体棒受的安培力为：F=BILsinθ，其中θ从0增大到90°，sinθ由0增加到1，故可知安培力由零逐渐增大；根据左手定则，安培力垂直与电方向流和磁场方向构成的平面，一直不变，故ABD错误，C正确。

故选C。

20.答案：D
解析：解：A、额定功率大的用电器，实际功率不一定大，根据W=Pt，做功时间也不一定长，故消耗的电能不一定多，故A错误；
B、额定功率大的用电器，实际功率不一定大，故实际电流做功不一定快，故B错误；
C、额定功率小的用电器，实际功率不一定小，故电流做功不一定慢，再考虑时间因素，电流做功也就不一定少，故C错误；
D、根据P=W
，相同时间内，电流做功多的用电器实际电功率大，故D正确；
t
故选：D
电功是用电器中电流所做的功，消耗多少电能就做多少功；
电功率是描述电流做功快慢的物理量，定义为单位时间电流做的功；
额定功率指的是用电器电压达到额定电压正常工作时的功率．
本题考查电功和电功率有关概念，对这些基本的物理概念要深刻理解，即能轻松解答．注意电流做功多少和电流做功快慢，以及额定功率和实际功率的区别．
21.答案：D
解析：解：A、磁感线是人们为了形象的描述磁场的分布情况而引入的一些带箭头的曲线，不是客观存在的，故A错误；
B、磁通量是标量，其单位是韦伯(Wb)，但有正负之分，故B错误；
C、公式E=U
仅适用于匀强电场，故C错误；
d
D、电炉在使用时，电炉丝和导线串联，电流相等，通电时间t相同，根据Q=I2Rt可知，电阻越大的，产生的热量越大，电阻越小的，产生的热量越小，故D正确；
故选：D。

明确磁感线的性质，知道磁通量的单位是韦伯(Wb)；知道匀强电场中电场强度与电势差之间的关系；能根据串并联的性质分析电炉原理。

本题考查串联电路的规律、匀强电场以及磁感线的性质，应明确两电阻串联时，电路中的电流是相
只能用于匀强电场。

等的，同时明确公式E=U
d
22.答案：B
解析：解：据右手螺旋定则知，垂直直面向里的恒定电流时在周围产生的磁感线是顺时针，再据磁场方向规定可知，B图正确，故B正确，ACD错误。

故选：B。

首先判断出通电直导线形成的磁感线的方向，再利用磁场方向的规定，小磁针静止时，N极所指的方向为磁场的方向．
利用右手螺旋定则判断磁场的方向是解题的前提，应用磁场方向的规定是解题的关键．
23.答案：D
解析：
明确磁通量的定义，知道线框平面与磁场平行时，磁通量最小；线框平面与磁场垂直时，磁通量最大。

本题考查磁通量的判断，可以直接根据公式进行分析，也可以根据磁感线的条数进行判断。

图示位置时，线框与磁场垂直，此时磁通量最大；在转动180°的过程中，线框先与磁感线方向的夹角减小，然后再增大到相互垂直过程，所以磁通量一定是先减小后增大；故D正确ABC错误。

故选：D。

24.答案：B
解析：
电场线虽然不实际存在，但可形象描述电场的大小与方向分布．电场线是从正电荷出发，终止于负电荷；
电场线的疏密表示电场强度的强弱，电场线某点的切线方向表示电场强度的方向。

电场线不相交，由于是点电荷的电场，属于静电场，所以电场线也不闭合；
电场线是从正电荷出发，终止于负电荷，所以正点电荷的电场线是以电荷为中心向四周发散，而负点电荷是向中心会聚，呈球体分布；
故选B。

25.答案：C
解析：解：A、B由于线圈L的直流电阻不计，闭合S，稳定后，电容器两端电压为零，电容器不带电．故AB错误．
C、D断开S的瞬间，线圈中电流将要减小，产生自感电动势，根据楞次定律判断可知，线圈产生左正右负的自感电动势，相当于电源，电容器充电，a极板将带正电．故C正确，D错误．
故选：C．
由于线圈L的直流电阻不计，S闭合电路稳定后，电容器被短路，两端电压为零，不带电．当断开S 的瞬间，线圈中电流要减小，产生自感电动势根据楞次定律电容器a板所带电的电性．
本题考查自感线圈的双重作用的理解：当电流稳定不变时，自感线圈是电阻不计的导线；当电流变化时，相当于一个电源．
26.答案：B
解析：
本题考查是关于静电的防止与应用，从各种实例的原理出发就可以判断出答案．
本题考查是关于静电的防止与应用，要求同学们熟练掌握静电的防止与应用的具体实例
解：A.干燥天气里化纤的衣服摩擦后带异种电荷而出现放电现象，从而会看到火花，听到劈啪声，故A不符合题意；
B.室内栽花种草可有效防止静电，而不能杜绝静电产生，故B符合题意；
C.表面光滑可以减小导线的表面积，这样可以大大减少感应放电，故C不符合题意；
D.油罐车在运动的过程中，由于里面的油在晃动，也会摩擦产生静电，后面拖一条的铁链就可以以及时的把产生的静电导走，有利于消除静电，故D不符合题意．
故选B．
27.答案：D
解析：解：A、根据图①所示，由左手定则可知，线圈各边所示安培力都在线圈所在平面内，线圈不会绕OO′轴转动，故A错误，B错误；
C、根据图②所示，由左手定则可知，线圈左、右两边所受安培力分别垂直与纸面向外和向里，线圈会绕OO′轴转动，从上往下俯视，②中的线圈逆时针转动。

故C错误，D正确。

故选：D。

由左手定则判断出线圈受到的安培力方向，然后判断线圈是否转动．
本题考查了判断线圈是否会绕轴转动，应用左手定则判断出线圈所受安培力方向即可正确解题．28.答案：光电门；在只有重力做功的情况下，物体的动能和重力势能相互转化，机械能总量保持不变．
解析：解：实验中用DIS测出的应为小球在各点时的动能，故应用到光电门传感器，而小球充当档光片的作用；
由该实验得到的结论是：在只有重力做功的情况下，物体的动能和重力势能相互转化，机械能总量保持不变．
故答案为：光电门；在只有重力做功的情况下，物体的动能和重力势能相互转化，机械能总量保持不变．
要使求得动能则应测出小球在各点时的速度，则应用到光电门传感器，小球充当遮光片；分析各能量间的关系，可得出正确结论．
本题比较新颖，要注意结合实验的原理进行分析，从而找出符合该实验的原理．。