最新-湖南师大附中2018学年度高三年级第三次月考物理试卷精品

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师范大学附属中学2018届高三高考适应性月考卷(三)物理试题含答案

14.关于功，下列说法正碗的是A.支待力对物体一定不做功B 。

滑动摩擦力对物体可以不做功 C.静摩擦力对物体一定不做功D 。

作用力与反作用力做功必定正负相反，且代数和为零15.—个小滑块以v 1的速度从坡底冲上一足够长的斜坡，沿斜坡做直线运动，当它返回坡底时的速度变为v 2(v 1>v 2）小滑块上坡时的加速度为a 1，所用时间为t 1;下坡时的加速度为a 2，所用时间为t 2,下列说法正确的是 A. t 1：t 2 =v 1:v 2 B 。

a 1：a 2 =v 1:v 2C.整个过程小滑块的平均速度等于122vv +D 。

小滑块在最高点时的加速度和速度都为零16。

如图所示,倾角为θ的斜面体正上方有一小球以初速度v 0水平抛出.若小球垂直打到斜面上，重力加速度g 。

则飞行的时间为A 。

0cot vgθ B 。

02cot v gθ C 。

0v tan gθD.02v tan gθ17.如图所示，横截面为扇形的物体B 放在水平面上，横截面为等腰直角三角形的小滑块A 放在物体B 上，右侧紧靠墙壁。

已知物体B 的质量为M ，滑块A 的质量为m,重力加速度为g,B 与水平面的动摩擦因数为μ,其余接触面的摩擦均可忽略不计。

当整个装置静止时,则下列选项正确的是A.物体B对水平面的压力大小为MgB.物体B受到水平面的摩擦力大小为μ(M+m)gC.滑块A对竖直墙壁的压力大小为2mgD.滑块A对物体B的压力大小为2mg18。

如图所示，质量分别为m1= lkg、m2 = 2kg的两个物体置于光滑的水平面上,中间用轻质弹簧秤连接。

大小分别为F1= 15N、F2=6N 的两个水平拉力分别作用在m1、m2上，当系统达到稳定后A.弹簧秤的示数是9NB.弹簧秤的示数是21NC.在突然撤去F2的瞬间,m1的加速度a1 = 3m/s2D。

在突然撤去F2的瞬间,m2的加速度a2 = 5m/s219.2017年8月30日,中国航天科工集团公司提出“虹云工程。

湖南师大附中高三上学期月考试卷(五)——物理(物理)

湖南师大附中2018届高三上学期月考试卷（五）物理试题本试题卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分，共8页．时量90分钟，满分110分．第Ⅰ卷一、选择题(本题共12小题，每小题4分，共48分．其中1～8小题只有一个选项正确，9～12小题有多个选项正确，选不全的得2分，错选或不选得0分．将选项填涂在答题卡中)1．弹跳能力是职业篮球运动员重要的身体素质指标之一，许多著名的篮球运动员因为具有惊人的弹跳能力而被球迷称为“弹簧人”．弹跳过程是身体肌肉骨骼关节等部位一系列相关动作的过程．屈膝是其中一个关键动作．如图所示，人曲膝下蹲时，膝关节弯曲的角度为θ，设此时大、小腿部的肌群对膝关节的作用力F 的方向水平向后，且大腿骨、小腿骨对膝关节的作用力大致相等，那么脚掌所受地面竖直向上的弹力约为(D)A.F 2sin θ2B.F 2cos θ2C.F 2tan θ2D.F 2cotθ2【解析】设大腿骨和小腿骨的作用力分别为F 1、F 2，则F 1＝F 2由力的平行四边形定则易知F 2cosθ2＝F 2，对F 2进行分解有F 2y ＝F 2sin θ2，解得F 2y ＝F 2tan θ2＝F 2cotθ2，D 选项正确．2．如图所示，粗糙水平面上放置着四个相同的木块，其中木块B 和C 之间用一轻弹簧相连，轻弹簧始终在弹性限度内．现用水平拉力F 拉B 木块，使四个木块以相同的加速度一起加速运动，则一下说法正确的是(D)A ．一起加速过程中，A 所受到的静摩擦力大小为F4B ．一起加速过程中，C 木块受到四个力的作用C ．一起加速过程中，A 、D 木块所受静摩擦力的大小相同，方向相反 D ．当F 撤去瞬间， D 木块所受静摩擦力的大小和方向都不变【解析】一起加速的过程中，由整体法分析可知：a ＝F －F f 4m ＜F4m，对A 受力分析可知，F fA ＝ma ＜F4，故选项A 错误；对C 受力分析可知，C 受重力、地面支持力、D 物体的压力、D 物体对C 施加的摩擦力、地面的摩擦力、弹簧的拉力，共六个力的作用，故选项B 错误；A 、D 运动情况相同，受力情况相同，所受摩擦力大小、方向均相同，故选项C 错误；当F 撤去瞬间，D 受力情况不变，故D 选项正确．3．如图所示，水平挡板A 和竖直挡板B 固定在斜面C 上，一质量为m 的光滑小球恰能与两挡板和斜面同时接触．挡板A 、B 和斜面C 对小球的弹力大小分别为F A 、F B 和F C .现使斜面和物体一起在水平面上水平向左做加速度为a 的匀加速直线运动．若F A 和F B 不会同时存在，斜面倾角为θ，重力加速度为g ，则下列图象中，可能正确的是(B)【解析】对小球进行受力分析当a ＜g tan θ时，如图一，根据牛顿第二定律水平方向： F C sin θ＝ma ①竖直方向： F C cos θ＋F A ＝mg ② 联立①②得：F A ＝mg －ma tan θ F C ＝masin θF A 与a 成线性关系，当a ＝0时，F A ＝mg ，当a ＝g tan θ时，F A ＝0，F C 与a 成线性关系，当a ＝g sin θ时，F C ＝mg 所以A 错误，B 正确，D 错误．当a ＞g tan θ时，受力如图二，根据牛顿第二定律水平方向：F C sin θ＋F B ＝ma ③ 竖直方向：F C cos θ＝mg ④联立③④得：F B ＝ma －mg tan θ F C ＝mgcos θF B 与a 也成线性，F C 不变综上C 错误．4．《中国制造2025》提出通过“三步走”实现制造强国的战略目标．其中，到2025年迈入制造强国行列是第一阶段目标．中国无人机制造公司大疆是中国制造的优秀代表，其创新的无人机产品在美国商用无人机市场占据领先地位，市场份额达47%，遥遥领先于排名第二的竞争对手．而在全球商用无人机市场中，大疆更是独领风骚，一举夺得近70%的市场份额．如图所示为四旋翼无人机，它是一种能够垂直起降的小型遥控飞行器，目前得到越来越广泛的应用．一架质量为m ＝3 kg 的无人机，其动力系统所能提供的最大升力F ＝40 N ，运动过程中所受空气阻力大小恒为f ＝4 N ．该款无人机电池容量为4 480 mA·h ，在提供最大升力的情况下能持续工作约20分钟．g 取10 m/s 2.以下说法正确的是(C)A ．无人机从静止开始以最大升力竖直起飞，t ＝3 s 时离地高度为h ＝54 mB ．无人机以最大升力工作时电流大约为6 AC ．无人机悬停在H ＝156 m 处，由于动力设备故障，无人机突然失去动力竖直坠落(俗称炸机)，坠地时速度为52 m/sD ．无人机因动力设备故障坠机的过程中机械能守恒【解析】设无人机上升时加速度大小为a ，应用牛顿第二定律有：F －mg －f ＝ma ，解得：a ＝2 m/s 2，由h ＝12at 2，解得h ＝9 m ，故A 选项错误；由I ＝Qt ，解得I 约为13 A ，故选项B 错误；设无人机坠落过程中加速度大小为a 1，由牛顿第二定律mg －f ＝ma 1，解得a 1＝263 m/s 2，由v 2＝2a 1H ，解得v＝52 m/s ，故选项C 正确；由于存在阻力，无人机坠机过程中机械能不守恒，故选项D 错误．5．如图所示，一物体自倾角为θ的固定斜面上某一位置P 处斜向上抛出，到达斜面顶端Q 处时速度恰好变为水平方向，已知P 、Q 间的距离为L ，重力加速度为g ，则关于抛出时物体的初速度v 0的大小及其与斜面间的夹角α，以下关系中正确的有(B)A ．tan α＝tan θB ．tan α＝sin 2θ2（1＋sin 2θ）C ．v 0＝cos θcos 2θL2g sin θD ．v 0＝cos θgL2sin θ【解析】运用逆向思维，物体做平抛运动，根据L sin θ＝12gt 2得：t ＝2L sin θg，则P 点的竖直分速度v y ＝gt ＝2gL sin θ，P 点的水平分速度v x ＝L cos θt＝L cos θg2L sin θ＝gL cos 2θ2sin θ，则v 0＝v 2x ＋v 2y ＝gL （1＋3sin 2θ）2sin θ，故C 、D 错误．设初速度方向与水平方向的夹角为β，根据平抛运动的推论有tan β＝2tan θ，又α＝β－θ，根据数学三角函数关系可求得tan α＝sin 2θ2（1＋sin 2θ）故B 正确，A 错误．6．如图所示，半径为R 的竖直光滑圆轨道与光滑水平轨道相切，质量均为m 的小球A 、B 用轻杆连接，置于圆轨道上，A 位于圆心O 的正下方，B 与O 点等高．某时刻将它们由静止释放，最终在水平面上运动．下列说法正确的是(D)A ．下滑过程中重力对B 做功的功率一直增大B ．当B 滑到圆轨道最低点时，轨道对B 的支持力大小为3mgC ．下滑过程中B 的机械能增加D ．整个过程中轻杆对A 做的功为12mgR【解析】刚下滑时，B 的速度为0，后来获得速度，重力的功率变大，但到最低点速度水平，重力的功率为0，所以重力对B 做功的功率先增大后减小，故选项A 错误；整个过程中，A 、B 组成的系统机械能守恒，最后两者的速度大小相等，应用机械能守恒：mgR ＝2×12mv 2，得v ＝gR ，重力与支持力的合力提供向心力F N －mg ＝mv 2R ，解得轨道对B 的支持力大小等于2mg ，故选项B 错误；下滑过程中，B 的重力势能减小ΔE p ＝mgR ，动能增加ΔE k ＝12mv 2＝12mgR ，机械能减小12mgR ，故选项C 错误；整个过程中对A 受力分析可知，重力不做功，A 物体动能的增量等于轻杆对A 做的功W ＝12mv 2＝12mgR ，故选项D 正确．7．如图所示，在圆形磁场区域内存在垂直纸面向外的匀强磁场，ab 是圆的直径．一带电粒子从a 点射入磁场，速度大小为v 、方向与ab 成30°角时，恰好从b 点飞出磁场，且粒子在磁场中运动时间为t ；若同一带电粒子从a 点沿ab 方向射入磁场，也经时间t 飞出磁场，则其速度大小为(C)A.12vB.23vC.32v D.32v 【解析】设圆形磁场区域的半径为R ，带电粒子进入磁场中做匀速圆周运动，由洛伦兹力提供向心力，有：qvB ＝mv 2r ，得v ＝qBrm ，v ∝r .当粒子从b 点飞出磁场时，入射速度和出射速度与ab 夹角相等，所以速度的偏转角为60°，轨迹对应圆心角为60°，根据几何知识可知轨迹的半径为r 1＝2R ；当粒子从a 点沿ab 方向射入磁场时，经过磁场的时间也是t ，说明轨迹对应的圆心角与第一种情况相同，也是60°，根据几何知识可得，粒子的轨迹半径r 2＝3R ；由此可得v 2v ＝r 2r 1＝32，故选项C 正确．8．电子技术中有一种电源称为恒流电源constant-current power supply(内阻不能忽略)，即不管外电路情况如何变化，它都能提供持续且恒定的电流．如图所示的电路电源为恒流电源，电表均为理想电表，当滑动变阻器R 0的滑片向上滑动时，电压表示数变化量与电流表示数变化量之比的绝对值等于(C)A ．R 0B ．R 1C ．R 2D ．R 3【解析】设电源输出的恒定电流为I 0，R 1两端电压为U R 1，由于通过R 1电流恒定，所以它两端电压也恒定．滑动变阻器滑片向上滑动前，设电压表示数为U 1，电流表示数为I 1；滑片向上滑动后，电压表示数为U 2，电流表示数为I 2，由于R 0变大，所以必有U 2＞U 1，I 2＜I 1，于是有U 1＝U R 1＋(I 0－I 1)R 2，U 2＝U R 1＋(I 0－I 2)R 2，两式相减得U 2－U 1＝(I 1－I 2)R 2，故选项C 正确．9．带正电的空心金属球壳置于绝缘支架上，将4个原来不带电的金属小球按图示位置放置，A 球用绝缘轻绳竖直悬挂，B 球接地，C 球用导线与球壳内部相连，D 球与球壳内部接触．设大地电势为零，当达到静电平衡时，下列说法正确的是(BC)A ．由于静电感应，A 球带负电B ．B 球接地带负电，但电势为零C ．C 球带正电，且电势与球壳电势相等D ．D 球带正电，电势为零【解析】由于静电感应，A 球的左右两端带上不同的电荷，但整体不带电．故A 错误；由于静电感应，B 球带负电，但电势和大地的电势相等，为零．故B 正确；C 球在金属球壳的外部，会带上与球壳相同的电荷．故C 正确；D 球在球壳的内部，与球壳接触后成为球壳内部的一部分，所以D 不带电．故D 错误．故选B.10．2016年1月20日，美国天文学家推测，太阳系有第九大行星，该行星质量约为地球的10倍，半径约为地球的4倍，绕太阳一周需约2万年，冥王星比它亮约一万倍，已知地球的半径为R ，地球表面的重力加速度为g ，引力常量为G ，地球和该行星绕太阳运动均视为匀速圆周运动，下列说法正确的是(BC)A ．太阳的质量约为gR 2GB ．该行星的质量约为10gR 2GC ．该行星表面的重力加速度约为58gD ．该行星到太阳的距离约为地球的2万倍【解析】根据题设条件，地球表面的物体的重力由万有引力提供，即mg ＝GM 地mR 2，所以地球的质量M 地＝gR 2G ，而题中缺少计算太阳质量的有关物理量，无法计算太阳质量，故A 错误；该行星质量是地球质量的10倍，M 行＝10M 地＝10gR 2G ，故B 正确；根据mg ＝GMm R 2，有g ＝GMR2；该行星质量是地球质量的10倍，半径约为地球的4倍，则g g ′＝M 地M 行·（4R 2）R 2＝85，所以该行星表面的重力加速度约为58g ，故C 正确；根据开普勒周期定律，有：r 3地T 2地＝r 3行T 2行，解得：r 行＝(T 行T 地)23·r 地＝3（2×104）2·r 地≈7.4×102r地；故D 错误．11．如图所示，阴极射线示波管的聚焦电场是由电极A 1、A 2形成，实线为电场线，虚线为等势线，x 轴为该电场的中心轴线，P 、Q 、R 为一个从左侧进入聚焦电场的电子运动轨迹上的三点，则下列说法不正确的是(BC)A ．电极A 1的电势低于电极A 2的电势B ．电子在P 点处的动能大于在Q 点处的动能C ．电场中Q 点的电场强度小于R 点的电场强度D ．电子从P 至R 的运动过程中，电场力对它一直做正功【解析】沿电场线方向电势降低，因此电极A 1的电势低于电极A 2的电势，故选项A 正确；电子从P 至Q 的运动过程中，是由低电势向高电势运动，电场力做正功，电势能减少，动能增加，故选项B 错误，D 正确；等势线密的地方电场线也密，因此Q 点电场线比R 点电场线密，故Q 点电场强度大于R 点电场强度，故选项C 错误．12．如图所示，光滑绝缘水平面上M 、N 两点分别放置带电荷量为＋q 和＋3q 的质量相等的金属小球A 和B (可视为点电荷)，现给A 和B 大小相等的初动能E 0，使其相向运动且刚好能发生碰撞，两球碰后返回M 、N 两点时的动能分别是E 1和E 2，则(AD)A ．E 1＝E 2＞E 0B ．E 1＝E 2＝E 0C ．碰撞发生在M 、N 两点连线中点的左侧D ．两球同时返回M 、N 两点【解析】由题意可知两球组成的系统在碰撞过程中动量守恒，在运动过程中，两球的速度始终大小相等，方向相反，所以两球碰后返回M 、N 两点时的动能E 1＝E 2，两球碰撞后带电荷量都变为＋2q ，在相同距离时的库仑力增大，所以返回时电场力做功必定大于接近时克服电场力做的功，所以系统的动能必定增加，即E 1＝E 2＞E 0，故选项A 正确，选项B 错误；由牛顿第二定律知两球在运动过程中，加速度大小相等，在相等的时间内运动的位移大小必定相等，因此碰撞必定发生在M 、N 两点连线中点，又同时返回M 、N 两点，故选项D 正确，选项C 错误．答题卡二、实验题(本题共2小题，每空2分，共20分，将答案填写在答题卡中)13．为了测定滑块和水平桌面之间的动摩擦因数μ，某同学设计了如图所示的实验装置，其中圆弧形滑槽末端与桌面相切，第一次实验时，滑槽固定于桌面右端，末端与桌子右端M 对齐(如图甲)，滑块从滑槽顶端由静止释放，落在水平面上的P 点；第二次实验时，滑槽固定于桌面左侧(如图乙)，测出末端N 与桌子右端M 的距离为L ，滑块从滑槽顶端由静止释放，落在水平面上的Q 点，已知重力加速度为g ，不计空气阻力．(1)实验还需要测量为物理量是__BCD__．(填字母序号) A ．滑槽高度h B ．桌子的高度HC ．O 点到P 点的距离d 1D ．O 点到Q 点的距离d 2E ．滑块的质量m(2)根据(1)中所选物理量，写出动摩擦因数μ的表达式是μ＝__d 214HL －d 224HL__．(3)如果第二次实验时，滑块没有滑出桌面，是否还能测出动摩擦因数？如果可以，还需测出什么量．__可以．测出在水平桌面上滑行的距离x (μ＝d 214Hx)__【解析】(1)略．(2)由题意可知H ＝12gt 2，d 1＝v 1t ，d 2＝v 2t .由动能定理有：μmgL ＝12mv 21－12mv 22，所以μ＝d 214HL －d 224HL.(3)若滑块没有滑出桌面，测得滑行距离为x ，则12mv 21＝μmgx ，所以μ＝d 214Hx.14．漆包线是电机、家用电器、电子仪表电磁绕组的主要和关键原材料，随着中国制造工业的飞速发展，给漆包线带来了更加广阔的应用领域和市场，同时对漆包线的品质提出了更高的要求．某地质监局在对某品牌的漆包线进行质量抽检时，要测定一卷阻值约为20 Ω的金属漆包线的长度(两端绝缘漆层已去除)，实验室提供有下列器材：A ．电流表A ：量程①0～0.6 A ，内阻约为1 Ω；量程②0～3 A ，内阻约为0.2 ΩB ．电压表V ：量程③0～3 V ，内阻约为2 kΩ；量程④0～15 V ，内阻约为10 kΩC ．低压电源E ：电动势30 V ，内阻r 可以忽略D ．滑动变阻器R 1：阻值范围0～10 Ω，额定电流2 AE ．滑动变阻器R 2：阻值范围0～500 Ω，额定电流0.5 AF ．开关S 及导线若干(1)使用螺旋测微器测量漆包线直径时如图所示，则漆包线的直径d ＝__0.830__mm.(2)为了调节方便，并能较准确地测出该漆包线的电阻，电流表应该选择量程__①__(填量程序号)，电压表应该选择__④__(填量程序号)，滑动变阻器应选择__R 1__(填“R 1”或“R 2”)．请设计合理的实验电路，将电路图完整地画在虚线框中．(3)根据电路图连接电路进行测量，某次实验电压表与电流表的示数如图所示，可以求出这卷漆包线的电阻为__21.3__Ω.(结果保留3位有效数字)(4)已知这种漆包线金属丝的直径为d ，材料的电阻率为ρ，忽略漆包线的绝缘层的厚度，则这卷漆包线的长度L ＝__πd 2U4Iρ__．(用U 、I 、d 、ρ表示)【解析】(1)略(2)提供的电源的电动势为30 V ，漆包线的电阻在20 Ω左右，为了减小测量误差，电流表应该选择0～0.6 A 的量程，电压表应该选择0～15 V 的量程，电流表采用外接法；为了便于控制，滑动变阻器应采用分压式接法．(3)R ＝U I ＝11.50.54Ω≈21.3 Ω.(4)由电阻定律可知R ＝U I ＝ρL π⎝⎛⎭⎫d 22，得到漆包线的长度：L ＝πd 2U4Iρ.三、计算题(本题共3小题，共27分．解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位)15．(8分)音圈电机是一种应用于硬盘、光驱等系统的特殊电动机，如图是某音圈电机的原理示意图，它由一对正对的磁极和一个正方形刚性线圈构成，线圈边长为L ，匝数为n ，磁极正对区域内的磁感应强度方向垂直于线圈平面竖直向下，大小为B ，区域外的磁场忽略不计．线圈左边始终在磁场外，右边始终在磁场内，前后两边在磁场内的长度始终相等，某时刻线圈中电流从P 流向Q ，大小为I .(1)求此时线圈所受安培力的大小和方向；(2)若此时线圈水平向右运动的速度大小为v ，求安培力的功率．【解析】(1)对线圈前后两边所受安培力的合力为零，线圈所受的安培力即为右边所受的安培力，由安培力公式得F ＝nBIL ①(2分)由左手定则知方向水平向右(2分) (2)安培力的功率为P ＝F ·v ②(2分) 联立①②式解得P ＝nBILv ③(2分)16．(9分)如图所示，质量为M 的平板车P 的上表面距地面高h ，质量为m 的小物块Q 的大小不计，位于平板车的左端，系统原来静止在光滑水平地面上．一不可伸长的轻质细绳长为R ，一端悬于Q 正上方高R 处，另一端系一质量也为m 的小球(大小不计)，今将小球拉至悬线与竖直位置成60°角，由静止释放，小球到达最低点时与Q 的碰撞时间极短，且无能量损失，已知Q 离开平板车时速度大小是平板车速度的两倍，Q 与P 之间的动摩擦因数为μ，M ∶m ＝4∶1，重力加速度为g .求：(1)小物块Q 离开平板车时速度为多大？ (2)平板车P 的长度为多少？【解析】(1)小球由静止摆到最低点的过程中，有：mgR (1－cos 60°)＝12mv 20解得，小球到达最低点与Q 碰撞之前瞬间的速度是：v 0＝gR (1分)小球与物块Q 相撞时，没有能量损失，动量守恒，机械能守恒，则有mv 0＝mv 1＋mv Q (1分) 12mv 20＝12mv 21＋12mv 2Q(1分) 解得， v 1＝0，v Q ＝v 0＝gR (1分)二者交换速度，即小球静止下来，Q 在平板车上滑行的过程中，系统的动量守恒，则有 mv Q ＝Mv ＋m ·2v (1分) 解得，v ＝16v Q ＝gR 6(1分)小物块Q 离开平板车时，速度为 2v ＝gR3(1分) (2)由能的转化和守恒定律，知fL ＝12mv 2Q－12Mv 2－12m (2v )2 又f ＝μmg (1分) 解得，平板车P 的长度为 L ＝7R18μ(1分)17．(10分)在如图甲所示的平面坐标系内，有三个不同的静电场：第一象限内有固定在O 点处的点电荷产生的电场E 1(未知)，该点电荷的电荷量为－Q ，且只考虑该点电荷在第一象限内产生的电场；第二象限内有水平向右的匀强电场E 2(未知)；第四象限内有大小为2kQx 20、方向按如图乙所示规律周期性变化的电场E 3，以水平向右为正方向，变化周期T ＝8mx 30kQq.一质量为m ，电荷量为＋q 的离子从(－x 0，x 0)点由静止释放，进入第一象限后恰能绕O 点做匀速圆周运动．以离子到达x 轴为计时起点，已知静电力常量为k ，不计离子重力．求：(1)离子在第一象限运动时速度大小和第二象限内电场强度E 2的大小； (2)当t ＝T2和t ＝T 时，离子的速度分别是多少；(3)当t ＝nT 时，离子的坐标．【解析】(1)设离子在第一象限的速度为v 0，在第一象限内，由库仑力提供离子做圆周运动的向心力得：kQq x 20＝mv 20x 0(1分)解得：v 0＝kQqmx 0(1分) 在第二象限内，只有电场力对离子做功，由动能定理得： E 2qx 0＝12mv 20，解得：E 2＝kQ2x 20(1分) (2)离子进入第四象限后，在x 方向上，前半个周期向右做匀加速直线运动，后半个周期向右做匀减速直线运动直到速度为0.当t ＝T2时：v x ＝E 3q m t ＝2kQ x 20·q m ·128mx 30kQq＝8kQqmx 0＝22v 0(1分) 所以此时离子的合速度：v ＝v 20＋v 2x ＝3v 0＝3kQqmx 0(1分) 方向：与x 轴正向成θ角偏向y 轴负向：tan θ＝v 0v x ＝24(1分)当t ＝T 时：v x ＝0，此时离子的合速度v ＝kQqmx 0，沿y 轴负向．(1分) (3)由(2)分析可知，离子进入第四象限后，y 方向上做匀速直线运动，x 方向上每个周期向右运动的平均速度为v －＝2v 0，每个周期前进x ＝v －T ＝2v 08mx 30kQq＝4x 0(1分) 因为开始时离子的横坐标为x 0，所以t ＝nT 时，离子的横坐标x ＝x 0＋4nx 0＝(4n ＋1)x 0纵坐标y ＝－v 0nT ＝－22nx 0(1分)故在t ＝nT 时，离子的坐标为：[(4n ＋1)x 0，－22nx 0]，(n ＝1、2、3、……)(1分)四、选考题(请考生从给出的2道题中任选一题做答，并填涂所选题目的题号．注意所做题目的题号必须与所选题一致，在答题卡选答区域指定位置答题．如果多做，则按所做的第一题计分)18．【物理——选修3－3】(15分)(1)(6分)下列说法中正确的是__ABD__．(填正确答案标号，选对一个得3分，选对2个得4分，选对3个得6分．每选错一个扣3分，最低得分为0分)A ．只知道水蒸气的摩尔体积和水分子的体积，不能计算出阿伏加德罗常数B ．硬币或者钢针能够浮于水面上，是由于液体表面张力的作用C ．晶体有固定的熔点，具有规则的几何外形，物理性质具有各向异性D ．影响蒸发快慢以及人们对干爽与潮湿感受的因素是空气中水蒸气的压强与同一气温下水的饱和汽压的差距E ．随着科技的发展，可以利用高科技手段，将散失在环境中的内能重新收集起来加以利用而不引起其他变化【解析】固体、液体的分子间距比较小，但气体分子间距较大，故液体、固体可用摩尔体积除以分子体积求得阿伏加德罗常数，但气体不能，选项A 正确；硬币或者钢针能浮于水面上，是由于液体表面张力的作用，选项B 正确；晶体分为单晶体和多晶体，多晶体物理性质具有各向同性，选项C 错误；空气中水蒸气的压强与同一温度下水的饱和汽压的差距影响蒸发快慢，选项D 正确；根据热力学第二定律可知，与热现象有关的宏观过程具有方向性，故不能将散失的能量重新聚集利用而不引起其他变化，选项E 错误．(2)(9分)如图所示，一水平放置的气缸，由截面积不同的两圆筒联接而成．活塞A 、B 用一长为3l 的刚性细杆连接，B 与两圆筒联接处相距l ＝1.0 m ，它们可以在筒内无摩擦地沿左右滑动．A 、B 的截面积分别为S A ＝30 cm 2、S B ＝15 cm 2.A 、B 之间封闭着一定质量的理想气体．两活塞外侧(A 的左方和B 的右方)都是大气，大气压强始终保持为p 0＝1.0×105 Pa.活塞B 的中心连一不能伸长的细线，细线的另一端固定在墙上．当气缸内气体温度为T 1＝540 K ，活塞A 、B 的平衡位置如图所示，此时细线中的张力为F 1＝30 N.(i)现使气缸内气体温度由初始的540 K 缓慢下降，温度降为多少时活塞开始向右移动？ (ii)继续使气缸内气体温度缓慢下降，温度降为多少时活塞A 刚刚右移到两圆筒联接处？【解析】(i)设气缸内气体压强为p 1，F 1为细线中的张力，则活塞A 、B 及细杆这个整体的平衡条件为：p 0S A －p 1S A ＋p 1S B －p 0S B ＋F 1＝0 ①(1分)解得：p 1＝p 0＋F 1S A －S B＝1.2×105 Pa ②(1分)由②式看出，只要气体压强：p 1>p 0，细线就会拉直且有拉力，于是活塞不会移动．当气缸内气体做等容变化，温度下降使压强降到p 0时，细线拉力变为零，再降温时活塞开始向右移，设此时温度为T 2，压强p 2＝p 0(1分)由查理定律得：p 1T 1＝p 2T 2③(1分)代入数据解得：T 2＝450 K ④(1分)(ii)再降温，细线松了，要平衡必有气体压强：p ＝p 0(1分)此过程是等压降温过程，活塞右移、体积相应减小，当A 到达两圆筒联接处时，温度为T 3，由盖－吕萨克定律得：V 2T 2＝V 3T 3，2S A l ＋S B l T 2＝3S B lT 3⑤(1分)代入数据解得：T 3＝270 K ⑥(2分)答：(i)现使气缸内气体温度由初始的540 K 缓慢下降，温度降为450 K 时活塞开始向右移动； (ii)继续使气缸内气体温度缓慢下降，温度降为270 K 时活塞A 刚刚右移到两圆筒联接处． 19．【物理——选修3－4】(15分)(1)(6分)如图所示为一竖直的肥皂膜的横截面，用单色光照射薄膜，在薄膜上产生明暗相间的条纹，下列说法正确的是__BCD__．(填正确答案标号，选对一个得3分，选对2个得4分，选对3个得6分．每选错一个扣3分，最低得分为0分)A ．薄膜上的干涉条纹是竖直的B ．薄膜上的干涉条纹是水平的C ．用蓝光照射薄膜所产生的干涉条纹的间距比用红光照射时的小D ．干涉条纹是由于光线在薄膜前后两表面反射形成的两列光波叠加的结果E ．干涉条纹的间距是不相等的【解析】光从肥皂膜的前后表面反射形成相干光，其路程差与薄膜厚度有关；在重力作用下，肥皂膜形成上薄下厚的楔形，在同一水平面上厚度相等，形成亮纹(或暗纹)．因此，干涉条纹应是水平的．又因蓝光的波长小于红光的波长，所以用蓝光照射薄膜所产生的干涉条纹的间距较红光的小．条纹间距相等．综上所述，选项B 、C 、D 正确．(2)(9分)玻璃半圆柱体的半径为R ，横截面如图所示，圆心为O ，A 为圆柱面的顶点．两条单色红光分别按如图方向沿截面入射到圆柱体上，光束1指向圆心，方向与AO 夹角为30°，光束2的入射点为B ，方向与底面垂直，∠AOB ＝60°，已知玻璃对该红光的折射率n ＝3，求：(i)求两条光线经柱面和底面折射后的交点与O 点的距离d ；(ii)若入射的是单色蓝光，则距离d 将比上面求得的结果大还是小？【解析】(i)对光线2在B 点折射时，入射角i ＝60°(1分)由折射定律有n ＝sin i sin r(1分) 得sin r ＝sin i n ＝sin 60°3＝12，r ＝30°(1分) 入射到底面的入射角i ′＝60°－r ＝30°，则：sin r ′＝n sin i ′，r ′＝60°(1分)根据几何知识得 L OC ＝12R cos 30°＝33R (1分) 同理，光线1从O 点出射，折射光线与CD 交于E 点，折射角∠EOD ＝60°，则△EOD 为等边三角形d ＝OE ＝OD ＝L OC tan 30°＝R 3(2分) (ii)玻璃对蓝光的折射率比对红光的大，蓝光偏折更明显，故d 变小．(2分)答：(i)两条光线经柱面和底面折射后的交点与O 点的距离d 是R 3； (ii)若入射的是单色蓝光，则距离d 更小．。

湖南省湖南师大附中高三理综(物理部分)上学期第三次月考试题(含解析)

第Ⅰ卷二、选择题：本题共8小题，每小题6分。

在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

14.A和B两物体在同一直线上运动的v－t图像如图所示。

已知在第3 s末两个物体在途中相遇，则下列说法正确的是()A．两物体从同一地点出发B．出发时B在A前3 m处C．3 s末两个物体相遇后，两物体可能再相遇D．运动过程中B的加速度大于A的加速度15．如图所示，一个半球形的碗放在桌面上，碗口水平，O点为其球心，碗的内表面及碗口是光滑的。

一根细线跨在碗口上，线的两端分别系有质量为m1和m2的小球，当它们处于平衡状态时，质量为m1的小球与O点的连线与水平线的夹角为60α=，两小球的质量比12mm为( )A ．33 B ．23C ． 3D ．2216. 质量为1 kg 的物体在水平面内做曲线运动，已知该物体在互相垂直方向上的两分运动的速度时间图象如图所示，则下列说法正确的是( )A ．2 s 末质点速度大小为7 m/sB ．2 s 末质点速度大小为5 m/sC ．质点所受的合外力大小为3 ND ．质点的初速度大小为5 m/s17．“神舟”九号飞船于2012年6月16日发射升空，如图所示，在“神舟”九号靠近轨道沿曲线从M点到N点的飞行过程中，速度逐渐增大．在此过程中“神舟”九号所受合力的方向可能是 ( )合力提供向心力，向心力是指向圆心的；“嫦娥一号”探月卫星同时加速，所以沿切向方向有18．汽车在水平地面上转弯，地面对车的摩擦力已达到最大值。

当汽车的速率加大到原来的二倍时，若使车在地面转弯时仍不打滑，汽车的转弯半径应( )A．增大到原来的四倍B．减小到原来的一半C．增大到原来的二倍D．减小到原来的四分之一19. 如图所示，质量为20kg 的物体，沿水平面向右运动，它与水平面之间的动摩擦因数为0.1，同时还受到大小为10N 的水平向右的力的作用，则该物体（g 取210/m s ）（）A ．所受摩擦力大小为20N ，方向向左B ．所受摩擦力大小为20N ，方向向右C ．运动的加速度大小为21.5/m s ，方向向左 D ．运动的加速度大小为20.5/m s ，方向向左【解析】20．一个内壁光滑的圆锥形筒的轴线垂直于水平面，圆锥筒固定，有质量相同的小球A和B 沿着筒的内壁在水平面内做匀速圆周运动，如图所示，A的运动半径较大，则( )A．A球的角速度必小于B球的角速度B．A球的线速度必大于B球的线速度C．A球的运动周期必大于B球的运动周期D．A球对筒壁的压力必大于B球对筒壁的压力21．假设人造卫星绕地球做匀速圆周运动，当卫星绕地球运动的轨道半径增大到原来的2倍时，则有( ) A．卫星运动的线速度将减小到原来的一半B．卫星所受的向心力将减小到原来的四分之一C．卫星运动的周期将增大到原来的2倍2D．卫星运动的线速度将减小到原来的2考点：本题考查万有引力定律及其应用以及人造卫星的线速度、角速度、周期与半径的关系．第Ⅱ卷三、非选择题：包括必考题和选考题两部分。

湖南省师大附中2018届高三月考试卷(六)理综试卷(含答案)

湖南师大附中2018届高三月考试卷(六)理科综合能力测试时量：150分钟满分：300分本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分。

其中第Ⅱ卷33－38题为选考题，其他题为必考题。

考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

可能用到的相对原子质量：H－1C－12N－14O－16Al－27Si－28Cl－35.5Cr－52 Fe－56第Ⅰ卷一、选择题：本题共13小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1．关于细胞的物质转运，下列叙述中错误的是(A)A．当人和动物细胞的线粒体受损伤时，K＋外流将由主动运输转变为被动运输B．植物细胞质壁分离过程中，水分子外流将导致细胞内渗透压升高C．海水中的海藻细胞可通过积累溶质防止细胞过度脱水D．蛋白质可通过核孔进入细胞核【解析】细胞中K＋外流是不需要能量的协助扩散，线粒体损伤会影响能量的产生，但不会影响协助扩散，A错误。

质壁分离过程中，水分子外流较多，导致细胞内渗透压升高，B正确。

海水浓度较高，但其中的海藻细胞通过积累溶质增加胞内渗透压而防止质壁分离，C正确。

蛋白质通过核孔进入细胞核，D正确。

2．促红细胞生成素(EPO)是一种糖蛋白类激素，主要由肾脏合成，被国际奥委会确定为兴奋剂，注射EPO可以促进造血干细胞分化为红细胞，但会抑制自身EPO的产生。

下列有关叙述错误的是(C)A．造血干细胞分化的实质是基因的选择性表达B．红细胞的相对表面积越大，其物质运输效率越高C．参与肾脏细胞合成并分泌EPO的具膜细胞器有核糖体、内质网等4种D．长期使用超剂量EPO的运动员，在停用后更容易出现贫血症状【解析】细胞的分化实质是基因的选择性表达，A正确；细胞的相对表面积(表面积/体积)越大，其物质运输效率越高；细胞合成并分泌蛋白质需要核糖体、内质网、高尔基体、线粒体四种细胞器的参与，但核糖体无膜，C错误；长期注射EPO会抑制自身EPO的产生，而EPO可促进造血干细胞分化为红细胞，故停用后自身EPO含量偏低，红细胞数量也较正常人低，可表现为贫血，D正确。

湖南省师范大学附属中学最新高三物理上学期第三次月考试题

湖南省师范大学附属中学２０20届高三物理上学期第三次月考试题第Ⅰ卷一、选择题(本题共13小题,每小题4分，共52分．在每小题给出的四个选项中，第1～8题只有一项符合题目要求,第９～13题有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分,有选错的得0分)1。

物理学的发展丰富了人类对物质世界的认识,推动了科学技术的创新和革命,促进了物质生产的繁荣与人类文明的进步，下列表述不正确的是(Ｂ）Ａ．牛顿发现了万有引力定律B.相对论的创立表明经典力学已不再适用C。

卡文迪许第一次在实验室里测出了万有引力常量D．爱因斯坦建立了狭义相对论，把物理学推进到高速领域【解析】英国科学家牛顿发现了万有引力定律，故A正确；经典力学是相对论低速情况下的近似,经典力学在宏观、低速情况下仍然适用，故B错误；英国科学家卡文迪许第一次在实验室里测出了万有引力常量，故Ｃ正确;爱因斯坦建立了狭义相对论，研究高速运动的情形，把物理学推进到高速领域，故D正确.本题选错误的,故选Ｂ．2．在轻绳的两端各拴一个小球,一人用手拿着上端的小球站在３楼的阳台上，放手后让小球自由下落，两小球相继落地的时间差为T．如果站在４楼的阳台上，同样放手让小球自由下落，两小球相继落地的时间差将(A)A．减小 B.不变Ｃ．增大D．无法判断【解析】两小球都做自由落体运动，可在同一v-ｔ图象中作出速度随时间变化的关系曲线，如图所示.设人在3楼的阳台上释放小球后,两球落地的时间差为Δt1,图中左侧阴影部分的面积为Δh；若人在4楼的阳台上释放小球后，两球落地的时间差为Δt２，要保证右侧阴影部分的面积也是Δh，从图中可以看出一定有Δt2<Δt1.故选A.3．如图，某同学用力沿拖把柄方向,斜向下推动拖把。

若保持推力的大小不变，柄与地面间的夹角变小,拖把始终保持匀速运动,地面对拖把的作用力(B)A。

变大B．变小C.不变 D．先变大后变小4。

如图（ａ）,物块和木板叠放在实验台上，木板与实验台之间的摩擦可以忽略．物块用一不可伸长的细绳与固定在实验台上的力传感器相连，细绳水平．t=0时,木板开始受到水平外力Ｆ的作用,在t＝4 s时撤去外力。

湖南师大附中2018届高三第三次月考(物理)

湖南师大附中2021届第三次月考试题物理〔考试范围：直线运动 -静电场〕命题人：刘静审题人：成志强一、选择题〔本题共 12小题，每题4分，共48分。

有的小题只有一个选项切合题意，有的小题有几个选项切合题意，请将切合题意的选项的序号填入答题表格中〕 1．如图1所示，AD 、BD 、CD 都是圆滑的直角斜面，斜面固定在水平川面上，现使一小物体分别从 A 、B 、C 点由静止开始下滑到D 点，所用时间分别为t1、t2、t3，那么〔〕A ．t1＞t2＞t3 B ．t3＞t2＞t1C ．t2＜t1=t3D ．t2＜t1＞t3 图12．如图2所示，重物与人质量相等，开始时重物与人处于同一水平高度．当人从静止开始沿绳加快向上爬时，不计绳的质量和滑轮摩擦，人与重物的运动状况是〔〕A ．人加快上涨，重物加快降落B ．人加快上涨，重物静止不动C ．人与重物都加快上涨，但人上涨得快D ．人和重物都加快上涨，同时到顶图23．如图3所示，在圆滑水平面上，有两个互相接触的物体，假定 M ＞m ，第一次用水平力F 由左向右推 M ，两物体间的作使劲为 N1，第二次用相同大小的水平力 F 由右向左推 m ，两物体间的作使劲为N ，那么〔〕 2A ．N1＞N2B ．N1=N 2C ．N ＜N 图31 2D ．没法确立物体做平抛运动时，从抛出点开始，物体在时间t 内，位移的方向和水平方向的夹角的正切tan α的值随时间t 变化的图象正确的选项是()5．枪以v 0竖直向上射出一颗子弹，子弹在空中竖直运动，设空气阻力与子弹速度大小成正比，子弹升到最高点以后，又落回射出点，运动的最高点距抛出点为 h ，此过程中，下列说法正确的选项是〔〕 A ．子弹出枪口时的加快度最大B ．子弹在最高点时的加快度为零C ．着落过程中战胜空气阻力做功mgh1mv 0 22D．上涨过程中合外力做功为1mv0226.我国曾发射一颗绕月运转的探月卫星“嫦娥1号〞。

湖南师大附中2018届高三第三次周考试题

湖南师大附中届高三第三次周考试卷物理试卷时量：分钟满分：分一、选择题（本题共小题，每小题分，共分。

其中～小题只有一个选项正确，～小题有多个选项正确，选不全的得分，错选或不选得分。

将选项填涂在答题卡中）、.下列说法正确的是：①在力学中三个基本单位是牛顿()，M （），秒（）; ②电路对电流的阻碍作用就是电阻，其定义式为U R I； ③平均速度的大小就是平均速率；④某个物体受到滑动摩擦力，那么该力一定对物体做了功。

、②④正确、①③正确、只有②正确、①②③④都不正确[答案]、如图所示，竖直墙壁上固定有一个光滑的半圆形支架（为直径），支架上套着一个小球，轻绳的一端悬于点，另一端与小球相连。

已知半圆形支架的半径为，轻绳长度为，且2R L R <<。

现将轻绳的上端点沿墙壁缓慢下移至点，此过程中轻绳对小球的拉力及支架对小球的支持力的大小变化情况为（）．和均增大．保持不变，先增大后减小．先减小后增大，保持不变．先增大后减小，先减小后增大【答案】、为探究平抛运动的规律，小明利用了频闪照相方法。

如图，背景方格纸的边长为，、、、是同一小球在频闪照相中拍下的四个连续的不同位置时的照片，,则：( ). 小球在位置时，速度沿水平方向. 频闪照相相邻闪光的时间间隔为；. 小球水平抛出的初速度为；. 小球经过点时其竖直分速度大小为．【答案】、年诺贝尔物理学奖授予名美国科学家,以表彰他们为发现引力波作出的贡献。

引力波是爱因斯坦在广义相对论中预言的，即任何物体加速运动时给宇宙时空带来的扰动，可以把它想象成水面上物体运动时产生的水波。

引力波在空间传播的方式与电磁波类似，以光速传播，携带有一定能量，并有两个独立的偏振态。

北京时间年月日∶左右，激光干涉引力波天文台()负责人宣布，人类首次发现了引力波．它来源于距地球之外亿光年的两个黑洞(质量分别为个和个太阳质量)互相绕转最后合并的过程．合并前两个黑洞互相绕转形成一个双星系统，关于此双星系统，下列说法正确的是（）．两个黑洞绕行的线速度相等．两个黑洞绕行的角速度相等．两个黑洞绕行的向心加速度相等．质量大的黑洞旋转半径大【答案】、如图，质量的物块甲与质量为长木板（足够长）乙一起在外力的作用下向右做匀速运动，已知甲、乙之间动摩擦因数μ，地面和长木板之间动摩擦因数μ，则撤掉力后（由于木板足够长，甲不会脱离木板），则下列说法正确的是（）．甲乙仍然相对静止，一起匀减速运动直至停止．在甲停止运动前，地面对乙的摩擦力大小始终不变．在甲停止运动前，乙的加速大小都是．在乙停止运动前，甲的加速度大小始终为【答案】假设甲乙仍然相对静止，则有：，而甲的最大加速度，所以假设不成立，甲乙会相对运动，故错误；得，由，得．比较甲乙的加速度大小可知，乙先相对地面静止，又由于，乙停下来后一直静止，而甲继续滑行；乙停止运动前，地面对乙的摩擦力，乙停止运动后，地面对乙的摩擦力，故错误，正确；、如图所示，将质量为的重物悬挂在轻绳的一端，轻绳的另一端系一质量为的环，环套在竖直固定的光滑直杆上，光滑的轻小定滑轮与直杆的距离为，杆上的点与定滑轮等高，杆上的点在点下方，距离的高度为。

湖南省师范大学附属中学2018届高三上学期月考(一)物理试题(没答案)

湖南师大附中2018届高三月考物理试卷(一)一、填空题1. 伽利略在对自由落体运动的研究过程中，开创了如下框所示的一套科学研究方法，其中方框2和4中的方法分别是( )A. 提出假设，实验检验B. 数学推理，实验检验C. 实验检验，数学推理D. 实验检验，合理外推2. 某物体做直线运动的v－t图象如图所示，据此判断给出的A、B、C、D四种图象(F表示物体所受合力，x表示物体的位移，E k表示物体动能，a表示物体加速度t表示时间)中正确的是( )A. B. C. D.3. 2012年6月16日，刘旺、景海鹏、刘洋三名宇航员搭乘“神舟九号”飞船飞向太空.6月24日执行手动载人交汇对接任务后，于29日10时03分乘返回舱安全返回．返回舱在A点从圆形轨道Ⅰ进入椭圆轨道Ⅱ，B 为轨道Ⅱ上的一点，如图所示．关于返回舱的运动，下列说法中正确的有( )A. 在同一轨道Ⅱ上经过A的速率小于经过B的速率B. 在轨道Ⅱ上经过A的速率大于在轨道Ⅰ上经过A的速率C. 在轨道Ⅱ上运动的周期大于在轨道Ⅰ上运动的周期D. 正常运行时，在轨道Ⅱ上经过A的加速度小于在轨道Ⅰ上经过A的加速度4. 一质量为m的物块能在倾角为的足够长斜面上匀减速下滑．在初始状态相同及其他条件不变时，只对物块施加一个竖直向下的恒力F，如图所示，则物块减速到零的时间与不加恒力F两种情况相比较将（）A. 变长B. 变短C. 不变D. 不能确定5. 在地表附近有一竖直向下匀强电场E，一带电油滴以某初速度从a处运动到b处，其运动轨迹如图中曲线所示，不计空气阻力，此过程中油滴运动情况描述正确的是( )A. 油滴在做变加速曲线运动B. 油滴在做速度大小不变的曲线运动C. 动能和电势能之和减小D. 油滴的轨迹为椭圆的一部分6. 在墙与地面之间用三块长木板并排搭成如图所示的三个固定斜面1、2和3，斜面1与2底边相同，斜面2和3高度相同，斜面1和3长度相同，斜面表面均光滑．一小物体分别沿三个斜面从顶端由静止下滑到底端，在这三种情况下( )A. 物体沿斜面2下滑速度改变最快B. 物体分别沿斜面2、3下滑速度改变相同C. 物体沿斜面下滑到达底端时速度大小均相等D. 物体沿斜面3下滑到底端的时间最长7. 如图，三个质点a、b、c质量分别为m1、m2、M(M≫m1，M≫m2)．在c的万有引力作用下，a、b在同一平面内绕c沿逆时针方向做匀速圆周运动，它们的周期之比T a∶T b＝1∶k；从图示位置开始，在b运动一周的过程中，则( )A. a、b距离最近的次数为k次B. a、b距离最远的次数为k＋1次C. a、b、c共线的次数为2kD. 以上说法都不对8. 甲、乙两名溜冰运动员，M甲=80kg，M乙=40kg，面对面拉着弹簧秤做圆周运动的溜冰表演，如图所示，两人相距0.9m，弹簧秤的示数为9.2N，下列判断中正确的是（）A. 两人的线速度相同，约为40m/sB. 两人的角速度相同，为6rad/sC. 两人的运动半径相同，都是0.45mD. 两人的运动半径不同，甲为0.3m，乙为0.6m9. 如图所示，长约1 m的两端封闭的竖直玻璃管中注满水，玻璃管内有一质量为0.1 kg的红腊块能在管内浮动．假设t＝0时，红蜡块从玻璃管底端开始向上浮动，且每1 s上升的距离都是30 cm；从t＝0开始，玻璃管以初速度为零匀加速向右平移，第1 s内、第2 s内、第3 s内通过的水平位移依次为5 cm、15 cm、25 cm.y表示红蜡块竖直方向的位移，x表示红蜡块随玻璃管通过的水平位移，单位均为m，t＝0时红蜡块位于坐标原点．下列说法正确的是( )A. t＝2 s时红蜡块的速度大小为0.3 m/sB. 前3 s内红蜡块位移大小为5cmC. 红蜡块的轨迹方程为29 5y xD. 红蜡块在浮动过程中受到的合力是0.01 N10. 如图所示，质量相同的木块A、B用轻质弹簧连接，在力F作用下静止在光滑的斜面上．现突然增大F 至某一恒力推A，则从开始到弹簧第一次被压缩到最短的过程中( )A. 两木块速度相同时，加速度a A ＝a BB. 两木块速度相同时，加速度a A <a BC. 两木块加速度相同时，速度v A >v BD. 两木块加速度相同时，速度v A <v B11. 如图光滑水平面上放着两块长度相同，质量分别为M 1和M 2的木板，两木板的左端各放一个大小、形状、质量完全相同的物块，物块和木板间的动摩擦因数相同，开始时各物均静止．今在两物块上各作用一水平恒力F 1、F 2，当物块和木板分离时，两木板的速度分别为v 1和v 2．下列说法正确的是（）A. 若F 1>F 2，M 1=M 2，则一定v 1>v 2B. 若F 1<F 2，M 1=M 2，则一定v 1>v 2C. 若F 1=F 2，M 1<M 2，则一定v 1>v 2D. 若F 1=F 2，M 1>M 2，则一定v 1>v 212. 如图所示，某生产线上相互垂直的甲、乙传送带处于同一水平面，宽度均为d ，均以大小为v 的速度运行，图中虚线为传送带中线．一可视为质点的工件从甲左端释放，能以速度v 由甲的右端滑上乙，滑至乙中线处时恰好相对乙静止，设乙传送带表面粗糙程度处处相同．下列说法中正确的是( )A. 工件在乙传送带上痕迹为直线，痕迹长为22d B. 工件从滑上乙到恰好与乙相对静止所用的时间为2d vC. 工件与乙传送带间的动摩擦因数μ＝22v gdD. 工件相对传送带滑动过程中的轨迹为14圆弧二、实验题13. “验证力的平行四边形定则”的实验如图（a）所示，其中A为固定橡皮筋的图钉，O为橡皮筋与细绳的结点，OB和OC为细绳，图（b）是在白纸上根据实验结果画出的图．（1）图（b）中的________是力1F和2F的合力的理论值；________是力1F和2F的合力的实际测量值．（2）在实验中，如果将细绳也换成橡皮筋，那么实验结果是否会发生变化？答：____________（选填“变”或“不变”）（3）本实验采用的科学方法是_______.A．理想实验法B．等效替代法C．控制变量法D．建立物理模型法14. 某小组同学用DIS研究加速度与力的关系的实验装置如图（a）所示。

最新-湖南省师大附中2018届高三月考(五)试题(word)：物理精品

湖南师大附中2018届高三月考试卷(五)物理湖南师大附中高三物理备课组组稿命题人：刘建军审题人：刘静(考试范围：必修1、必修2、选修3—1、选修3-2第4章）本试题卷分选择题和非选择题两部分，共8页。

时量90分钟，满分 110 分。

得分: _____________第I 卷选择题(共48分）―、选择题（本题共12小题，各题所提供的四个选项中有一个或几个是正确的，请将正确选项的序号填写在指定位置，全选出得4分，部分选出得2分，有错选或未选得O 分，满分48分。

）1.每年春天许多游客前往公园放风筝，会放风筝的人，可使风筝静止在空中，下列的四幅图中，AB 代表风筝截面，OL 代表风筝线，风向水平，则风筝可能静止的是2.如图所示，一轻绳通过一光滑定滑轮，两端各系一质量分别为m1和m 2的物体,m 1放在地面上，当m 2的质量发生变化时,m 1的加速度《的大小与的关系近似为下图中的3.如图所示，两个物体a 、b 的质量相等，并靠在固定的斜面上，它们与斜面间的动摩擦因数相同，在水平力F 的作用下，两个物体一起沿斜面移动了一段距离，则A. a 物体克服摩擦力做的功大于6物体克服摩擦力做的功B. 合外力对《做的功与合外力对&做的功相同C. F 对a 做的功与a 对b 做的功相等D. F 做的功等于a 、6两物体增加的机械能4.北京时间2018年1月17日0时12分，中国在西昌卫星发射中心用“长征三号丙”运载火箭，将第三颗北斗导航卫星成功送人太空预定轨道。

1月 22日凌晨1时47分，中国北斗卫星导航系统第三颗组网卫星，经过四次变轨，已成功定点于东经一百六十度、轨道倾角一点八度的赤道上空。

随后，卫星有效载荷开通，目前卫星工作正常。

这标志着中国北斗卫星导航系统工程建设又迈出重要一步,卫星组网正按计划稳步推进。

关于地球同步静止轨道卫星在预定轨道正常运动时，下列说法正确的是A. 它的向心加速度大小等于地球表面重力加速度的四分之一B. 周期为30天C. 火箭从地面发射北斗导航卫星时的发射速度小于7. 9km/sD.它的线速度小于7. 9km/s5.如图所示电路中，平行板电容器极板水平放置，板间有一质量为m 的带电油滴悬浮在两板间静止不动。

湖南师大附中高三物理第三次月考试题(含解析)

物理试卷一、选择题（本题共12题，每小题4分。

在每小题给出的四个选项中，第1-8题只有一个项符合题目要求，第9-12题有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不选的得0分。

）1．（4分）关于物理学的研究方法，以下说法错误的是（）A．在用实验探究加速度、力和质量圣著之间关系时，应用了控制变量法B．卡文迪许在利用扭秤实验测量万有引力常量时，应用了放大法C．用质点代替有形的物体．应用的是理想模型法D．伽利略在利用理想实验探究力和运动关系时，应用的是实验归纳法考点：物理学史．.分析：物理学的发展离不开科学的思维方法，要明确各种科学方法在物理中的应用，如控制变量法、理想实验、理想化模型、极限思想等．解答：解：A、在用实验探究加速度、力和质量三者之间的关系时，由于涉及物理量较多，因此采用控制变量法进行实验，故A正确；B、卡文迪许在利用扭秤实验测量万有引力常量时，应用了放大法，故B正确C、用质点代替有形的物体．应用的是理想模型法，是抓住问题的主要因素，忽略次要因素，故C正确．D、伽利略在利用理想实验探究力和运动关系时，采用的是理想斜面实验法，故D错误；本题选错误的故选D．点评：本题考查了常见的研究物理问题的方法的具体应用，要通过练习体会这些方法的重要性，培养学科思想．2．如图所示，水平细杆上套一环A，环A与B球间用一轻绳相连，质量分别为m A、m B．由于B 球受到风力作用，环A与B球一起向右匀速运动．已知细绳与竖直方向的夹角为θ．则下列说法中正确的是（）A．风速增大时，轻质绳对球B的拉力保持不变B．球B受到的风力F为m B gtanθC．杆对A环的支持力随着风速的增加而增加D．环A与水平细杆间的动摩擦因数为考点：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．.专题：牛顿运动定律综合专题．分析：先对球B受力分析，受重力、风力和拉力，根据共点力平衡条件列式分析；对A、B 两物体组成的整体受力分析，受重力、支持力、风力和水平向左的摩擦力，再再次根据共点力平衡条件列式分析各力的变化．解答：解：A、B、对球B受力分析，受重力、风力和拉力，如左图风力F=m B gtanθ，故B正确；绳对B球的拉力T=当风力增大时，θ增大，则T增大．故A错误．C、D、把环和球当作一个整体，对其受力分析，受重力（m A+m B）g、支持力N、风力F和向左的摩擦力f，如右图根据共点力平衡条件可得：杆对A环的支持力大小N=（m A+m B）gf=F则A环与水平细杆间的动摩擦因数为μ=，故D错误；对整体分析，竖直方向上杆对环A的支持力N A=（m A+m B）g，故C错误；故选：B．点评：本题关键是先对整体受力分析，再对球B受力分析，然后根据共点力平衡条件列式分析求解．3．（4分）如图所示，一个质量为m物体静止在倾角为θ的木板上，缓慢抬起木板的一端使倾角由θ逐渐增大到2θ的过程中，物体一直静止在木板上，物体距水平地面的高度增加了h，重力加速度为g，则在该过程中，下列说法正确的是（）A．物体所受的支持力逐渐增大B．物体所受的摩擦力增大到原来的2倍C．物体所受合力做的功为mghD．物体所受的摩擦力始终不做功考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．.专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：根据平衡条件得出物体所受支持力和摩擦力与θ角的关系式，再分析它们的变化．物体一直处于静止状态，合力保持为零．解答：解：A、B、物体受力如图，根据平衡条件得：支持力N=Gcosθ摩擦力f=Gsinθ当θ增大时，N减小，f增大但不是增加为原来的2倍．故A错误，B错误．C、物体处于平衡状态，所受合力为零，则合力做功为零．故C错误．D、物体所受摩擦力始终平行于斜面，瞬时速度方向始终垂直于斜面，故摩擦力方向与运动方向垂直不做功．故D正确．故选：D．点评：本题动态平衡问题，采用数学上函数法分析支持力和摩擦力的变化，也可以运用图解法分析．4．（4分）两辆游戏赛车a、b分别在两条平行的直车道上比赛，t=0时两车都在车道垂直的同一直线上，它们在四次比赛中的v﹣t图象如图所示．下列各图中所对应的比赛，有一辆赛车追上了另一辆是（）A．B．C．D．考点：匀变速直线运动的图像．.专题：运动学中的图像专题．分析：该题考察了应用速度﹣﹣时间图象解决物体的追击与相遇问题，相遇的条件是两物体运动的位移相等．应用在速度﹣﹣时间图象中图象与横轴所围成的面积表示物体发生的位移这一规律，分析两物体是否会相遇．解答：解：在速度﹣﹣时间图象里，图象与横轴所围成的面积表示物体发生的位移．A、根据图线知，在任意一个时刻，a图线围成的面积都大于b图线的面积，则b始终未追上a；故A错误．B、图中a的面积始终小于b的面积，所以不可能追上；故B错误．C、图象也是在t=20s时，两图象面积相等，此时一辆赛车追上另一辆；故C正确．D、图象中a的面积始终小于b的面积，所以不可能追上；故D错误．故选：C．点评：图象法是描述物理规律的重要方法，应用图象法时注意理解图象的物理意义，即图象的纵、横坐标表示的是什么物理量，图线的斜率、截距、两条图线的交点、图线与坐标轴所夹的面积的物理意义各如何．用图象研究物理问题是一种常用的数学方法，图象具有直观、简单等优点；但是用图象法研究问题，一定要根据题意分析清楚物体的运动情景，正确画出物体的运动图象，这是应用图象解题的关键．5．（4分）如图所示，A 、B 两球分别用长度不等细线悬于等高的悬点，将两球均抬至与悬点等高并将细线拉直然后由静止释放，当两球过最低点时，两球一定有（）A ．相同的速度B ．相同的角速度C ．相同的加速度D ．相同的机械能考点：机械能守恒定律．. 专题：机械能守恒定律应用专题．分析：A 、B 两球在运动的过程中，只有重力做功，机械能守恒，比较出初始位置的机械能即可知道在最低点的机械能大小．根据动能定理可比较出A 、B 两球的速度大小．根据向心加速度的公式比较加速度大小，根据牛顿第二定律比较拉力大小．解答：解：A 、根据动能定理得：mgL=，解得：v=，因为L 不等．所以速度不等，故A 错误； B 、根据a=，解得：a=2g ，所以两球加速度相等，又a=L ω2，所以角速度不等，故B 错误，C 正确；D 、两球在运动的过程中，只有重力做功，机械能守恒，但不知道AB 质量如何，故不能确定机械能的大小关系，故D 错误；故选：C ．点评：解决本题的关键掌握动能定理和机械能守恒定律，知道摆球在最低点靠合力提供做圆周运动的向心力． 6．（4分）（2014•宿州一模）一小球在离地高H 处从静止开始竖直下落，运动过程中受到的阻力大小与速率成正比，如图图象反映了小球的机械能E 随下落高度h 的变化规律（选地面为零势能参考平面），其中可能正确的是（） A ． B ． C ． D ．考点：机械能守恒定律；功能关系．. 专题：机械能守恒定律应用专题．分析：只有重力对物体做功时，物体的机械能守恒，由于物体受空气阻力的作用，所以物体的机械能要减小，减小的机械能等于克服阻力做的功．解答：解：根据题意可知：f=kvE=因为速度逐渐增大，所以逐渐增大，故图象的斜率逐渐增大，即机械能减小的越来越快．当小球落到地面上时还有动能，机械能不为0，只有B正确．故选：B．点评：物体受空气阻力的作用，物体的机械能要减小，由于空气阻力逐渐增大，所以机械能减小的越来越快．7．（4分）质量为m的物块，带正电Q，开始时让它静止在倾角α=60°的固定光滑绝缘斜面顶端，整个装置放在水平方向、大小为的匀强电场，如图所示，斜面高为H，释放物块后，物块落地的速度大小为（）A．2B．2C．D．2考点：带电粒子在匀强电场中的运动；牛顿第二定律；电场强度．.专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：对物块进行受力分析，找出物块的运动轨迹．运用动能定理或牛顿第二定律和运动学公式解决问题．解答：解：对物块进行受力分析，物块受重力和水平向左的电场力．电场力F=mg运用动能定理研究从开始到落地过程，mgH+F•H=mv2﹣0v=2故选：A．点评：了解研究对象的运动过程是解决问题的前提，根据题目已知条件和求解的物理量选择物理规律解决问题．物体的运动是由所受到的力和初状态决定的．这个题目容易认为物块沿着斜面下滑．8．（4分）如图所示，一个小球（视为质点）从H=12m高处，由静止开始通过光滑弧形轨道AB，进入半径R=4m的竖直圆环，圆环轨道部分的动摩擦因数处处相等，当到达环顶C时，刚好对轨道压力为零；沿CB滑下后，进入光滑弧形轨道BD，且到达高度为h的D点时速度为零，则h之值可能为（g=10m/s2）（）A．9m B．11m C．8m D．10m考点：机械能守恒定律；向心力．.专题：机械能守恒定律应用专题．分析：到达环顶C时，刚好对轨道压力为零，根据牛顿第二定律求出在C点的速度．根据动能定理研究小球上升到顶点过程求出摩擦力做功．小球沿轨道下滑，由于机械能有损失，所以下滑速度比上升速度小，因此对轨道压力变小，所受摩擦力变小，所以下滑时，摩擦力做功大小小于上升过程做的功．根据能量守恒定律求出h的范围．解答：解：小球到达环顶C时，刚好对轨道压力为零，所以在C点，重力充当向心力，由牛顿第二定律得：m=mg，已知圆环半径：R=4m，小球在C点动能：E K=mv2=mgR=2mg，以B所在平面为零势能面，在C点，小球重力势能：E P=2mgR=8mg，小球从静止开始运动到到达C点过程中由动能定理得：W f+mg（H﹣2R）=mv2﹣0，解得：W f=﹣2mg，小球在C点时的机械能：E=E K+E P=10mg，小球从C点下滑过程中克服摩擦力做功，机械能减少，到达轨道同一高度处的速度比上升时的速度小，小球对轨道压力变小，摩擦力变小，小球下滑时，克服摩擦力做功小于2mg，由于克服摩擦力做功，机械能减少，小球到达底端时的机械能小于10mg，由于克服摩擦力做功小于2mg，小球到达底端时的机械能大于10mg﹣2mg=8mg，小球进入光滑弧形轨道BD时，小球机械能的范围为，8mg＜E＜10mg，小球到达最高点时的机械能E=mgh，则8m＜h＜10m，故选：A．点评：本题解题的关键是对小球运动过程的分析，知道小球在两个半圆上的摩擦力做功不等，难度适中．9．（4分）2007年9月24日，“嫦娥一号”探月卫星发射升空，实现了中华民族千年奔月的梦想．“嫦娥一号”卫星在距月球表面200km、周期127min的圆形轨道上绕月球做匀速圆周运动．已知月球半径约为1700km，引力常量G=6.67×10﹣11N•m2/kg2，忽略地球对“嫦娥一号”的引力作用．由以上数据可以估算出的物理量有（）A．月球的质量B．月球的平均密度C．月球表面的重力加速度D．月球绕地球公转的周期考点：万有引力定律及其应用．.专题：万有引力定律的应用专题．分析：卫星在月球表面做匀速圆周运动，由月球的万有引力提供向心力，列出等式求出中心体的质量．解答：解：设该卫星的运行周期为T、质量为m，月球的半径为R、质量为M，距地面的高度为h．卫星运行时万有引力提供向心力，则G=mr，r=R+h T=127minA、由上式知，月球质量M=，故A正确．B、月球的平均密度ρ=，V=，可见可求出月球的平均密度ρ．故B正确．C、根据G=mg得，g=，则知可求出月球表面的重力加速度．故C正确．D、根据题意无法求出月球绕地球公转的周期，故D错误故选ABC点评：已知卫星的运行周期和轨道半径，可求出月球的质量，关键要能正确运用万有引力提供向心力．10．（4分）当前，我国“高铁”事业发展迅猛，假设一辆高速列车在机车牵引力和恒定阻力作用下，在水平轨道上由静止开始启动，其v﹣t图象如图示，已知在0﹣t1时段为过原点的倾斜直线，t1时刻达到额定功率P，此后保持功率P不变，在t3时刻达到最大速度v3，以后匀速运动，则下述判断正确的有（）A．从t1至t3时间内位移大小等于（t3﹣t1）B．在t2时刻的加速度大于t1时刻的加速度C．在0至t3时刻，机车的牵引力最大为D．该列车所受的恒定阻力大小为考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像．.专题：牛顿运动定律综合专题．分析：由图可知列车是以恒定的加速度启动的，由于牵引力不变，列车的实际功率在增加，此过程列车做匀加速运动，也就是0﹣﹣﹣t1时间段，当实际功率达到额定功率时，功率不能增加了，要想增加速度，就必须减小牵引力，当牵引力减小到等于阻力时，加速度等于零，速度达到最大值，也就是t3时刻．解答：解：A、若t1至t3时间内也做匀加速直线运动，则x=（t3﹣t1），由图象与坐标轴围成的面积表示位移可知，从t1至t3时间内位移大小大于（t3﹣t1），所以A错误．B、在t2时刻，列车功率已经达到额定功率，牵引力已经减小了，加速度也减小了，所以在t2时刻的加速度要小于t1时刻的加速度，故B错误．C、在0至t3时刻，汽车做匀加速运动时，牵引力最大，在t1时刻速度为v1，功率为P，根据F=得：机车的牵引力最大为，所以C正确．D、当汽车达到最大速度时，汽车的牵引力和阻力大小相等，由P=Fv=fv m可得，f==，所以D正确．故选：CD．点评：本题的关键是理解机车的启动过程，这道题是以恒定加速度启动，公式p=Fv，p指实际功率，F表示牵引力，v表示瞬时速度．当牵引力等于阻力时，机车达到最大速度．根据v﹣t图象要能判断机车所处的运动状态．11．（4分）如图所示，三角形传送带以1m/s的速度逆时针匀速转动，两边的传送带长都是2m且与水平方向的夹角均为37°．现有两个质量相等的小物块A、B从传送带顶端都以1m/s 的初速度沿传送带下滑，物块与传送带间的动摩擦因数都是0.5，（g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8）．下列判断正确的是（）A．物块A先到达传送带底端B．物块A到达传送带底端的速度比物块B的大些C．传送带对物块A、B均做负功D．物块A、B与传送带因摩擦生热之比为1：3考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系；动能定理的应用．.分析：分析A重力沿斜面向下的分力与摩擦力的关系，判断A物体的运动规律，B所受的摩擦力沿斜面向上，向下做匀变速直线运动，结合运动学公式分析求解．解答：解：A、对A，因为mgsin37°＞μmgcos37°，则A物体所受摩擦力沿斜面向上，向下做匀加速直线运动，B所受摩擦力沿斜面向上，向下做匀加速直线运动，两物体匀加速直线运动的加速度相等，位移相等，则运动的时间相等．根据速度时间公式知，到达底端的速度大小相等，故A错误，B错误．C、传送带对A、B的摩擦力方向与速度方向相反，都做负功．故C正确．D、对A，划痕的长度等于A的位移减为传送带的位移，以A为研究对象，由牛顿第二定律得：a=2m/s2由运动学公式得运动时间分别为：t=1s．所以皮带运动的位移为x=vt=1m．所以A对皮带的划痕为：△x1=2m﹣1m=1m对B，划痕的长度等于B的位移加上传送带的位移，同理得出B对皮带的划痕为△x2=3m．所以划痕之比为1：3，根据Q=f△x知，物块A、B与传送带因摩擦生热之比为1：3，故D正确．故选：CD．点评：解决本题的关键能正确对其受力分析，判断A、B在传送带上的运动规律，结合运动学公式分析求解；知道摩擦产生的热量等于摩擦力与相对路程的乘积．12．（4分）如图所示，一质量为m、带电荷量为+q的物体处于场强按E=E0﹣kt（E0、k均为大于零的常数，取水平向左为正方向）变化的电场中，物体与竖直墙壁间动摩擦因数为μ，当t=0时刻物体处于静止状态．若物体所受的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，且电场空间和墙面均足够大，下列说法正确的是（）A．物体开始运动后加速度先增加、后减小B．物体开始运动后加速度不断增大C．经过时间t=，物体在竖直墙壁上的位移达最大值D．经过时间t=，物体运动速度达最大值考点：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用；电场强度．.分析：对物体仅仅受力分析，运用牛顿第二定律求出物体的加速度大小和方向，根据物体的初状态确定物体的运动情况．由于电场强度是随时间变化的，求合力时应注意其大小和方向．解答：解：AB、电场改变方向之前，物体沿竖直墙运动，由于水平方向支持力与电场力相等，电场强度减弱，所以支持力减小，故摩擦力减小，所以物体受到的重力和摩擦力的合力增大；电场改为水平向右时，物体受互相垂直的重力和电场力，而电场力随电场强度的增大而增大，所以合力增大．因此，整个过程中，物体运动的加速度不断增大，且速度不断增大，故A错误，B正确；C、当电场强度为零时，物体开始离开墙壁，即E0﹣kt=0，所以t=，故C正确．D、根据A选项分析，物体运动的加速度不断增大，且速度不断增大，故D错误．故选：BC．点评：本题关键要找出物体的合力，求出物体的加速度，根据加速度的情况判断物体运动情况．二、实验题（本题共2小题，共14分）13．（6分）（1）小翔利用如图甲所示的装置，探究弹簧力F与伸长量△l的关系，由实验绘出F与△l的关系图如图乙所示，则该弹簧的劲度系数为125 N/m．（2）某学生用如图丙所示的装置验证“力的平行四边形定则”．用一木板竖直放在铁架台和弹簧所在平面后．其部分实验操作如下，请完成下列相关内容：如图丙，在木板上记下悬挂两个钩码时弹簧末端的位置O；卸下钩码然后将两绳套系在弹簧下端，用两弹簧称将弹簧末端拉到同一位置O，记录细绳套AO、BO的方向及两弹簧称相应的读数．图丁中B弹簧称的读数为 4.38 N；该生在坐标纸上画出两弹簧拉力F1、F2的大小的大小和方向，以及由钩码的重量画出钩码对弹簧的拉力F的大小和方向，如图戊所示，请在图戊中作出F1、F2的合力F′，观察比较F和F′，得出结论．考点：探究弹力和弹簧伸长的关系．.专题：实验题；弹力的存在及方向的判定专题．分析：（1）根据图线的斜率求出弹簧的劲度系数．（2）根据弹簧秤的最小刻度，读出弹簧秤B的读数．根据平行四边形定则作出合力的大小，得出实验的结论．解答：解：（1）图线的斜率表示劲度系数，则k=．（2）弹簧秤的最小分度为0.1N，图中B的弹簧秤示数为4.38N．根据平行四边形定则，作出合力的大小和方向如图所示，可知在误差允许的范围内，合力和分力遵循平行四边形定则．故答案为：（1）125，（2）4.38，如图所示．点评：本题属于对实验原理的直接考查，应准确掌握实验的目的及实验原理分析需要记录的内容，在学习绝不能死记硬背．14．（8分）在验证机械能守恒定律的实验中，使质量为m=200g的重物自由下落，打点计时器在纸带上打出一系列的点，选取一条符合实验要求的纸带如图所示．O为纸带下落的起始点，A、B、C为纸带上选取的三个连续点．已知打点计时器每隔T=0.02s打一个点，当地的重力加速度为g=9.8m/s2，那么（1）计算B点瞬时速度时，甲同学用，乙同学用．其中所选择方法正确的是乙（填“甲”或“乙”）同学．（2）同学丙想根据纸带上的测量数据进一步计算重物和纸带下落过程中所受的阻力，为此他计算出纸带下落的加速度为9.5 m/s2，从而计算出阻力f= 0.06 N．（3）若同学丁不慎将上述纸带从OA之间扯断，他仅利用A点之后的纸带能否实现验证机械能守恒定律的目的？能．（填“能”或“不能”）考点：验证机械能守恒定律．.专题：实验题；机械能守恒定律应用专题．分析：题的关键是处理纸带问题时应用=求瞬时速度，既可以用mgh=mv2来验证机械能守恒，也可以用mgh=mv22﹣mv12来验证．解答：解：（1）、由于实验过程中重物和纸带会受到空气和限位孔的阻力作用，导致测得的加速度小于当地的重力加速度，所以求速度时不能用，来求，只能根据=求瞬时速度值，所以乙正确．（2）、根据△x=at2，可求出a=，代入数据解得a=9.5m/s2，由mg﹣f=ma解得，阻力f=0.06N．（3）、根据mgh=mv22﹣mv12可知，可以利用A点之后的纸带验证机械能守恒，即能实现．故答案为：（1）乙；（2）9.5，0.06；（3）能．点评：明确实验原理，熟记处理纸带问题的思路和方法，注意求瞬时速度的方法，分清理论推导与实验探索的区别，学会求加速度的方法．三、计算题（本题共4小题，15题8分，16、17各17分，18题16分共48分）15．（8分）如图所示，半径为r=1m的长圆柱体绕水平轴OO′以角速度ω=2rad/s匀速转动，将一质量为m=1kg的物体A放在圆柱体的正上方，并用光滑挡板挡住使它不能随着圆柱体一起转动，现用平行于水平轴的F=2N的力推物体，可使物体以v=2m/s的速度向右匀速滑动，整个过程没有脱离圆柱体，重力加速度g取10m/s2，求（1）推力F在时间t=2s内做的功；（2）物体与圆柱体间的动摩擦因数μ．考点：动能定理的应用；平抛运动．.专题：动能定理的应用专题．分析：（1）求出在推力方向的位移，然后由位移公式求出推力做的功．（2）求出摩擦力与推力夹角，然后求出摩擦力，再根据滑动摩擦力公式求出动摩擦因数．解答：解：（1）在推力方向的位移：x=vt=2×2=4m，推力做功：W=Fx=2×4=8J；（2）圆柱体边缘的线速度为：v1=ωr=2×=2m/s，物体A相对圆柱体的速度为：v相===4m/s，相对速度与力F方向之间的夹角：cosθ===0.5，则：θ=60°，推力：F=fcosθ，滑动摩擦力：f=μmg，解得：μ===0.4；答：（1）推力F在时间t=2s内做的功为8J；（2）物体与圆柱体间的动摩擦因数μ为0.4．点评：本题考查了求功、动摩擦因数，应用功的计算公式、速度的合成与分解、滑动摩擦力公式即可正确解题．16．（12分）舰载机在航母上起飞，可依靠帮助飞机起飞的弹射系统来完成，已知舰载机在跑道上加速时间能产生的最大加速度为a=5m/s2，当舰载机的速度达到v=50m/s时才能离开航母起飞，求：（1）该航母处于静止状态，若要求舰载机滑行L=160m后起飞，弹射系统必须使飞机至少获得多大速度？（2）若航母上不装装弹射系统，设航母起飞甲板长=160m，为使舰载机仍能从此舰上正常起飞，可采用先让航母沿舰载机起飞方向以某一速度匀速行驶，再让舰载机起飞，则航母航行的速度至少为多少？考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．.专题：直线运动规律专题．分析：本题（1）问的关键是灵活运用速度位移公式进行求解．第二问抓住飞机的位移等于甲板的长度与航空母舰的位移之和，运用速度位移公式进行求解．解答：解：（1）根据速度位移关系式有：弹射装置给舰载机的初速度=30m/s；（2）设飞机起飞所用的时间为t，在时间t内航空母舰航行的距离为L1，航空母舰的最小速度为v1．对航空母舰有：L1=v1t对飞机有：v=v1+atv2﹣v12=2a（L+L1）联立解得v1=10m/s．答：（1）该航母处于静止状态，若要求舰载机滑行L=160m后起飞，弹射系统必须使飞机至少获得30m/s的速度；（2）若航母上不装装弹射系统，设航母起飞甲板长=160m，为使舰载机仍能从此舰上正常起飞，可采用先让航母沿舰载机起飞方向以某一速度匀速行驶，再让舰载机起飞，则航母航行的速度至少为10m/s．点评：解决本题的关键掌握匀变速直线运动的运动学公式，并能灵活运用，不难属于基础题．17．（12分）如图所示，光滑绝缘的细圆管弯成半径为R的半圆形，固定在竖直面内，管口B，C的连线水平．质量为m的带正电小球从B点正上方的A点自由下落A，B两点间距离为4R．从小球（小球直径小于细圆管直径）进人管口开始，整个空间中突然加上一个斜向左上方的匀强电场，小球所受电场力在竖直方向上的分力方向向上，大小与重力相等，结果小球从管口 C 处离开圆管后，又能经过A点．设小球运动过程中电荷量没有改变，重力加速度为g，求：（1）小球到达B点时的速度大小；（2）小球受到的电场力大小；（3）小球经过管口C处时对圆管壁的压力．考点：动能定理的应用；牛顿第三定律；机械能守恒定律；电场强度．.专题：动能定理的应用专题．分析：（1）小球从A开始自由下落到到达管口B的过程中，只有重力做功，机械能守恒，可求出小球到达B点时的速度大小；（2）将电场力分解为水平和竖直两个方向的分力，小球从B到C的过程中，水平分力做负功，根据动能定理得到水平分力与B、C速度的关系．小球从C处离开圆管后，做类平抛运动，竖直方向做匀速运动，水平方向做匀加速运动，则两个方向的位移，由运动学公式和牛顿第二定律结合可水平分力．竖直分力大小等于重力，再进行合成可求出电场力的大小．（3）小球经过管口C处时，由电场力的水平分力和管子的弹力的合力提供向心力，由牛顿运动定律求解球对圆管壁的压力．解答：解：（1）小球从A开始自由下落到到达管口B的过程中，只有重力做功，机械能守恒，则有：mg•4R=解得，（2）设电场力的水平分力和竖直分力分别为F x和F y，则 F y=mg，方向竖直向上．小球从B到C的过程中，电场力的水平分力F x做负功，根据动能定理得。

2021届湖南师大附中2018级高三上学期第三次月考理科综合物理试卷及答案

2021届湖南师大附中2018级高三上学期第三次月考理科综合物理试卷
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海南省海口市湖南师大附中海口中学2018届高三物理3月月考试题(PDF,无答案).pdf

保密★启用前海口中学高三年级三月月考物理试题（考试时间90分钟满分100分）注意事项：本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。

答卷前，考生务必将自己的班级、姓名、准考证号、座位号填写在答题卡上。

第Ⅰ卷（选择题共 44分）一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。

每小题只有一个选项符合题意。

1.下列说法中正确的是A．做曲线运动的物体，其加速度方向一定是变化的B．伽利略对自由落体运动研究方法的核心是：把实验和逻辑推理（包括数学演算）结合起来，从而发展了人类的科学思维方式和科学研究方法C．牛顿的三大运动定律都能通过现代的实验手段直接验证D．力的单位“N“是基本单位，加速度的单位“m/s2”是导出单位2.如图所示，一条小船渡河，河水流速v1=3m/s，船在静水中速度v2=4m/s，船头方向与河岸垂直，关于小船的运动，下列说法正确的是A．小船的实际运动轨迹与岸垂直B．小船相对于岸的速度大小为1m/sC．小船相对于岸的速度大小为5m/sD．小船相对于岸的速度大小为7m/s3.物体以初速度V 0水平抛出，当抛出后竖直方向速度和水平方向速度相等时,水平方向位移和竖直方向位移之比是A. 2∶1B. 4∶1C. 3∶1D. 1∶24. 细绳拴一个质量为m 的小球，小球用固定在墙上的水平弹簧支撑，小球与弹簧不粘连．平衡时细绳与竖直方向的夹角为53°，如右图所示．(已知cos 53°＝0.6，sin 53°＝0.8)以下说法正确的是A．小球静止时弹簧的弹力大小为35mg B．小球静止时细绳的拉力大小为35mg C．细线烧断瞬间小球的加速度立即为gD．细线烧断瞬间小球的加速度立即为53g 5．如图所示，A 、B 两物体的质量分别为A m 和B m ，且A B m m ，整个系统处于静止状态，滑轮的质量和一切摩擦均不计.如果绳一端由Q 点缓慢地向左移到P 点，整个系统重新平衡后，物体A 的高度和两滑轮间绳与水平方向的夹角θ如何变化？A.物体A 的高度升高，θ角变大B.物体A 的高度降低，θ角变小C.物体A 的高度升高，θ角不变D.物体A 的高度不变，θ角变小6．一辆汽车在平直的公路上以某一初速度运动，运动过程中保持恒定的牵引功率，其加速度a 和速度的倒数（v1）图象如图所示．若已知汽车的质量，则根据图象所给的信息，不能．．求出的物理量是 A．汽车的功率B．汽车行驶的最大速度C．汽车所受到阻力 D．汽车运动到最大速度所需的时间二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。

湖南师大附中2018届高三下学期三月考试卷(七)物理试题(精品解析版)

湖南师大附中2018届高三月考试卷（七）二、选择题1. 下列说法正确的是( )A. 电荷的周围既有电场也有磁场，反映了电和磁是密不可分的B. 由电场强度的定义式可知E的方向决定于q的正负C. 法拉第首先总结出磁场对电流作用力的规律D. “电生磁”和“磁生电”都是在变化、运动的过程中才能出现的效应【答案】D【解析】A、静止的电荷的周围存在电场，运动的电荷周围才能存在磁场，故A错误；B、电场强度取决于电场本身，与试探电荷无关，故B错误；C、安培首先总结出磁场对电流作用力的规律，故C错误；D、“电生磁”和“磁生电”都是在变化、运动的过程中才能出现的效应，故D正确。

点睛：理解电场与磁场的存在的范畴，认识电与磁的联系，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一。

2. 图甲为研究光电效应的电路图；图乙为静止在匀强磁场中的某种放射性元素的原子核X衰变后产生的新核Y和某种射线的径迹。

下列说法不正确的是( )A. 图甲利用能够产生光电效应的两种(或多种)频率已知的光进行实验可测出普朗克常量B. 图甲电源的正负极对调，在光照条件不变的情况下，可研究得出光电流存在饱和值C. 图乙对应的衰变方程为D. 图乙对应的衰变方程为【答案】C【解析】A、根据光电效应方程：，其中W为金属的逸出功，所以，图甲利用能够产生光电效应的两种（或多种）频率已知的光进行实验可测出普朗克常量，故A正确；B、于一定的光照条件，产生的光电子数目相等，将电源的正负极对调，调节电压，最多能使所有光电子达到另一极板，此时即可研究得出光电流饱和值，故B正确；C、由图乙可看出，原子核衰变后放出的粒子与新核所受的洛伦兹力方向相同，而两者速度方向相反，则知两者的电性相反，新核带正电，则放出的必定是粒子（电子），发生了衰变，故C错误，D正确。

点睛：根据光电效应方程，利用能够产生光电效应的两种（或多种）频率已知的光进行实验可测出普朗克常量；静止的原子核发生衰变，根据动量守恒可知，发生衰变后的粒子的运动的方向相反，在根据粒子在磁场中运动的轨迹可以判断粒子的电荷的性质。

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湖南师大附中2018—2018学年度高三年级第三次月考物理试卷一、选择题（每小题至少有一个选项正确，4′×14=56′）1．下列所描述的运动中可能的情况有（）A．速度变化很大，加速度很小B．速度变化越来越快，加速度越来越小C．速度变化方向为正，加速度方向为负D．速度为零时，加速度不为零2．关于力和运动，下列说法中正确的是（）A．如果物体运动，它一定受到力的作用B．力是使物体做变速运动的原因C．力是使物体具有动能的原因D．力只能改变速度的大小3．质量为M的木块位于粗糙水平桌面上，若用大小为F的水平恒力拉木块，其加速度为a，当拉力方向不变，大小变为2F时，木块的加速度为a′，则（）A．a′=a B．a′＜2a C．a′＞2a D．a′=2a4．飞机以150m/s的水平速度匀速飞行，某时刻让A物落下，1S后又让B物落下，不计空气阻力，在以后的运动中，关于A、B两物的相对关系的说法，正确的是（）A．A球在B球的前下方B．A球在B球的后下方C．A球在B球的正下方5m处D．以上说法都不对5．当物体克服重力做功时，下列说法正确的是（）A．重力势能一定减少，机械能可能不变B．重力势能一定增加，机械能一定增加C．重力势能一定减少，机械能可能减少D．重力势能一定增加，机械能可能不变6．有一种叫做“蹦极跳”的运动中，质量为m的游戏者身系一根长为L，弹性优良的轻质柔软橡皮绳，从高处由静止开始下落1.5L时到达最低点，若在下落过程中不计空气阻力，则下说法正确的是（）A．速度先增大后减小B．加速度先减小后增大C．动能增加了mgL D．重力热能减少了mgL7．有关力的下述说法中正确的是（）A．合力必大于分力B．运动物体所受摩擦力一定和它的运动方向相反C．物体受摩擦力时，一定受弹力，而且这两力的方向一定相互垂直D．处于完全失重状态下的物体不受重力作用8．如图，皮带传动装置的右轮半径为r，a是它边缘上的一点，左侧是一轮轴，大轮的半径为4r，小轮的半径为2r，b点在小轮上到小轮中心的距离为r，c点和d点分别位于小轮和大轮的边缘上，若在转动过程中，皮带不打滑，则（）A ．a 点和b 点线速度相等B ．a 点和b 点角速度相等C ．a 点和c 点周期相等D ．a 点和d 点的向心加速度大小相等9．在圆轨道上运动的质量为m 的人造地球卫星，它到地面的距离等于地球半径R ，地面上的重力加速度为g ，则（）A ．卫星运动的速度为gR 2B ．卫星运动的周期为g R /24πC ．卫星运动的加速度为g/2D ．卫星的动能为mgR/210．质量为M 的木块放在光滑的水平面上，质量为m 的子弹以速度V 0沿水平方向射入木块中，并最终留在木块内与木块一起以速度V 运动，已知当子弹相对木块静止时，木块前进距离为L ，子弹进入木块的深度为S ，若木块对子弹的阻力F 视为恒定，则下列关系式中正确的是（）A ．221MV FL =B ．221mV FS =C ．220)(2121V m M mV FS +-=D ．2202121)(mV mV S L F -=+11．若航天飞机在一段时间内保持绕地心做匀速圆周运动，则（）A ．它的速度大小不变，动量也不变B ．它的动能不变，引力势能也不变C ．它的速度不变，加速度为零D ．它不断地克服地球对它的万有引力做功12．在一段半径为R 的圆弧形水平弯道上，已知地面对汽车轮胎的最大静摩擦力等于车重的μ倍（μ＜1)，则汽车拐弯时的安全速度是（）A ．gR v μ≤B ．μgRv ≤C ．gR v μ2≤D ．gR v ≤13．一升降机在箱底装有若干个弹簧，设在某次事故中，升降机吊索在空中断裂，忽略摩擦力，则升降机从弹簧下端触地后直到最低点的一段运动过程中（） A ．升降机的速度不断减小 B ．升降机的加速度不断变大C ．先是弹力的负功小于重力做的正功，然后是弹力做的负功大于重力做的正功D ．到最低点时，升降机加速度的值一定等于重力加速度的值14．质量相等的A 、B 两球在光滑水平面上沿同一直线，同一方向运动，A 球的动量P A =9kg ·m/s ，B 球的动量P B =3kg ·m/s ，当A 球追上B 球时发生碰撞，则碰撞后A 、 B 两球的动量可能值是（）A ．s m kg P s m kg PB A /6,/6⋅='⋅='B ．s m kg P s m kg P B A /4,/8⋅='⋅=' C ．s m kg P s m kg P B A /14,/2⋅='⋅-=' D ．s m kg P s m kg P B A /17,/4⋅='⋅-='二、实验题（8′+8′）15．关于验证机械能守恒定律的以下实验步骤A ．用天平称重物和夹子的质量B ．将重物系在夹子上C ．将纸带穿过计时器，上端用手提着，下端夹在系住重物的夹子上，再把纸带向上拉，让夹子静止靠近打点计时器处D ．把打点计时器接在学生电源的交流输出端，把输出电压调至6V （电源暂不接通）E ．把打点计时器用铁夹固定到桌边的铁架台上，使两个限位孔在同一竖直线上F ．在纸带上选取几个点，进行测量并记录数据G ．用稍表测出重物下落的时间H ．接通电源，待计时器响声稳定后释放纸带 I ．切断电源J ．更换纸带，重新进行两次实验 K ．在三条纸带中选取较好的一条 L ．进行计算，得出结论，完成实验报告 M ．拆下导线，整理器材本实验步骤中，不必要的有，正确步骤的合理顺序是（填字母代号）16．在利用打点计时器验证机械能守恒定律的实验中，如果纸带上前面几点比较密集，不够清晰，可舍去前面的比较密集的点，在后面取一段打点较为清晰的纸带，同样可以验证，如下图所示，取O 点为起始点，各点的间距已量出并标在纸带上，所用交流电的频率为50Hz ，若重锤的质量为1kg 。

（1）打A 点时，重锤下落速度为V A = ，重锤动能E KA = 。

（2）打F 点时，重锤下落速度为V F = ，重锤动能E KF = 。

（3）打点计时器自打下A 点开始到打出F 点，重锤重力势能的减小量为，动能的增加量为。

（4）根据纸带提供的数据，在误差允许的范围内，重锤从打点计时器打出A 点到打出F点的过程中，得到的结论是。

三、计算题（8′+8′+10′+11′+11′）17．假设金星和地球都是球体，金星的质量M 1和地球的质量M 2之比为p ，金星的半径R 1和地球的半径R 2之比为q. 则金星表面的重力加速度g 1和地球表面的重力加速度g 2之比为多大.18．如图，质量m 2=1kg 的滑块静止于光滑的水平面上，一小球m 1=100g ，以10m/s 的速率碰到滑块后又以8m/s 的速度被弹回，则滑块获得的速度为多大.19．如图，半径为R 的半圆形光滑轨道BC 在B 处与水平光滑轨道相接，质量为m 的小球在水平恒力F 的作用下，从水平轨道上离B 点距离为L=3R 的A 处由静止开始运动到B 点时撤去力F ，小球沿半圆轨道上升到C 点，然后水平飞出，正好打在A 点. 求力F 的大小.20．如图，小车质量M=4kg ，其上表面ABC 是半径为R=2.5cm的半圆，直径AC 水平，车的左侧紧靠墙壁，质量为1kg 的小滑块，从A 点正上方高度为R 的D 点由静止沿墙壁滑下，若不计一切摩擦，求滑块经过车右端点C 时，相对地面的速度大小.21．如图可示，质量为m的金属棒a，从高h处由静止开始沿平行金属导轨滑下。

在导轨水平部分平行a放着质量为M的金属棒b，并处于方向垂直导轨平面的匀强磁场中，磁感应强度为B。

如果两金属棒始终未相碰（不计一切摩擦）。

试计算：（1）a刚进入磁场时，两棒的加速度之比；（2）在水平轨道上a的最小速度和b的最大速度是多少；（3）全过程中，导轨和a、b组成的电路消耗的电能。

物理参考答案一、选择题（每小题至少有一个选项正确，4′×14=56′）1.AD2.B3.C4.D5.D6.A7.C8.AD9.B 10.ACD 11.B 12.A 13.C 14.A 二、实验题（8′+8′）15．A 、G （4分） E 、D 、B 、C 、H 、J 、I 、K 、F 、L 、M （4分） 16．（1）1.30m/s ，0.85J （2分）（2）2.28m/s ，9.59J （2分）（3）1.78J ，1.74J （4）在实验误差允许范围内小球的机械能守恒（2分）三、计算题17．（8分）解：由22RGMg mg RMmG ===得（4分） 221222121q pR M R M g g == （4分） 18．（8分）解：因为m 1与m 2碰撞过程中，水平方向不受外力，满足动量守恒条件. 设V 1的方向为正方向。

则（2分） '+'=221111v m v m v m （2分）s m m v v m v /8.11)810(1.0)(21112=+='-='（4分） 19．（10分）解：从A →B 由动能定理得 221B mv L F =⋅ （1）（3分） B →C ，由机械能守恒定律得 2222121c b mv R mg mv += （2分）C →A ，物体作平抛运动，则 gRv L c 4= （3）（3分）由（1）（2）（3）式得 mg F 825= （1分） 20．（11分）对m ：D →B ，由机械能守恒定律得mgR mv B 2212= s m gR v B /104== （1）（3分）对m 、M B →C222212121M C B Mv mv mv += （2）（3分）M C B Mv mv mv == （3）（3分）由（1）（2）（3）式得s m v C /3101010-=（2分） 21．（11分）①m M MF m Fa ab a == （3分对m ：由机械能守恒定律得 ②a mv mgh 21=对M 、m ，因为∑=0F ，则m 、M 动量守恒v M m mv a )(+=gh mM mv 2+=（4分）③由能量守恒定律得2)(21v m M mgh E +-=电（4分）。