甘肃高三高中物理月考试卷带答案解析

甘肃高三高中物理月考试卷
班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________
一、选择题
1.下列关于晶体的说法正确的是
A．晶体都有规则的几何形状
B．晶体都有确定的熔点
C．晶体都有各向异性
D．液晶就是液态的晶体
2.下列说法正确的是
A．气体的体积是所有气体分子的体积之和
B．气体的体积很难被压缩，这是分子间存在斥力的宏观表现
C．物体的内能就是组成该物体的所有分子热运动动能的总和
D．1g0ºC水的内能比1g0ºC冰的内能大
3.下列哪一组物理量，可以估算出一团气体中分子间的平均距离
A．该气体的密度、体积和摩尔质量
B．阿伏伽德罗常数、该气体的摩尔质量和质量
C．阿伏伽德罗常数、该气体的摩尔质量和密度
D．阿伏伽德罗常数、该气体的质量和体积
4.两端开口的U型管，用两段水银封闭了一段空气，下列那个做法能使两管液面差h增大A．环境温度升高
B．大气压强减小
C．从管口A注入水银
D．从管口B注入水银
5.对一定量的气体，若用N表示单位时间内与器壁单位面积碰撞的分子数，则
A．当温度升高时，N必定增加
B．当体积减小时，N必定增加
C．当压强不变而体积和温度变化时，N可能不变
D．当压强不变而体积和温度变化时，N必定变化
二、多选题
1.在用油膜法估测分子直径的实验中，会使测算结果偏大的操作是
A．配置的油酸浓度过高
B．圆盘中遗留的油污没有清洗干净
C．撒的痱子粉过多
D．计算油膜面积时舍去了所有不足一格的方格
E. 求每滴体积时，lmL的溶液的滴数误多记了10滴
2.甲、乙两分子相距较远，设甲固定不动，乙在分子力作用下逐渐向甲靠近直到不能再靠近的过程中，下列说法正确的是
A．乙分子的速度先增大后减小
B．加速度先增大后减小
C．分子力先减小后增大
D．分子动能先增大后减小
E. 分子势能先减小后增大
3.对一定质量的气体，通过一定的方法得到了分子数目f与速率v的两条关系图线，如图所示，下列说法正确的是A．曲线Ⅱ对应的气体温度较高
B．曲线Ⅱ对应的气体分子平均速率较大
C．曲线Ⅱ对应的气体分子平均速度较大
D．曲线Ⅱ对应的图线与横坐标轴所围面积较大
E. 曲线Ⅱ对应的气体个别分子的速率有可能比曲线Ⅰ对应的气体有些分子速率大
4.经过下列过程，可使理想气体内能发生变化的是
A．等温压缩
B．等压膨胀
C．等容减压
D．绝热压缩
E. 绝热真空膨胀
5.一定质量的理想气体经历了A→B→C的状态变化过程，则
A．A→B过程中，压强不变
B．A→B过程中，外界对气体做负功
C．B→C过程中，气体分子间距增大
D．B→C过程中，气体分子无规则热运动变剧烈
E. C→A过程中，气体对外放热
6.高压锅内的水烧开后，当重锤旋转排气时，锅内水面上方充满饱和汽，继续加热
A．只要锅内还有水，蒸汽就是饱和的
B．随着继续加热，饱和气压增大
C．水蒸干后，只要不断加热，蒸汽就还是饱和的
D．关火，在密封状态下冷却，原来不饱和的蒸汽有可能变成饱和汽
E. 关火，在密封状态下冷却，锅内压强变小
三、简答题
1.内壁光滑的导热气缸竖直放置在室温为27℃的空气中，用质量不计的活塞封闭住压强为1.0×105Pa、体积为3.0×10-3m3的理想气体．现在活塞上方缓缓放上大量钩码，使封闭气体的体积变为原来的三分之一，
(1)此过程气体是吸热还是放热？
(2)然后给气缸缓慢加热，使气体温度变为327℃，在p-V图上画出整个过程中气缸内气体的状态变化．
2.篮球内有1.4atm的空气5.4L，现准备给篮球打气，连接球针和打气筒的过程中，球内气压降至1.2atm，
(1)求漏出空气的质量占原来球内空气质量的比例；
(2)用容积是0.2L的迷你打气筒将1atm的空气打入，至少打几次才能使球内气压由1.2atm升至1.6atm以上. 假定上述过程球内气体温度不变.
3.一端开口一端封闭的玻璃管长为1m，玻璃管开口朝上，用25cm水银柱封闭着45cm的空气柱，大气压强是
75cmHg，设管内气体温度不变，
(1)求玻璃管自由下落时，空气柱的长度；
(2)玻璃管水平放置在光滑水平面上，使玻璃管沿管开口方向做匀加速直线运动，加速度大小0.2g（g为当地重力加速度），求此时空气柱的长度.
4.如图所示，一个密闭的汽缸，被活塞分成体积比为2:1的左、右两室，汽缸壁与活塞是不导热的，它们之间没有摩擦，两室中气体的温度相等．现利用右室中的电热丝对右室加热一段时间，活塞达到平衡后，左室的体积变为原
来的，气体的温度T
1
=300K，求右室气体的温度．
5.气缸由两个横截面不同的圆筒连接而成的，活塞A、B被轻质刚性细杆连接在一起，可无摩擦移动，A、B的质
量分别为m
1=24kg、m
2
=16kg，横截面积分别为S
1
=6.0×10-2m2，S
2
=4.0×l0-2m2，一定质量的理想气体被封闭在两
活塞之间，活塞外侧大气压强P
＝1.0×l05Pa，
(1)气缸水平放置达到平衡状态，求内部气体的压强.
(2)已知此时气体的体积V=2.0×10-2m3，现保持温度不变将气缸竖直放置，达到平衡后，活塞在气缸内移动的距离为多少？取重力加速度g=10m/s2.（活塞A还未到达气缸连接处）
甘肃高三高中物理月考试卷答案及解析
一、选择题
1.下列关于晶体的说法正确的是
A．晶体都有规则的几何形状
B．晶体都有确定的熔点
C．晶体都有各向异性
D．液晶就是液态的晶体
【答案】B
【解析】A、单晶体具有规则的几何形状，而多晶体和非晶态没有规则的几何形状，故A错误．C、单晶体具有各
向异性，而多晶体具有各向同性，故单晶体的物理性质与方向有关，故C错误．B、无论是单晶体还是多晶体都具
有固定的熔点，故B正确．D、液晶是介于液态与结晶态之间的一种物质状态，结构与液体的结构不同，故D错误．故选B.
【点睛】只要掌握了晶体的各种性质就能顺利解决此类题目，而只要稍一看课本此类知识就不难掌握．
2.下列说法正确的是
A．气体的体积是所有气体分子的体积之和
B．气体的体积很难被压缩，这是分子间存在斥力的宏观表现
C．物体的内能就是组成该物体的所有分子热运动动能的总和
D．1g0ºC水的内能比1g0ºC冰的内能大
【答案】D
【解析】A、气体分子间空隙很大，所以气球内气体的体积远大于所有气体分子的体积之和，故A错误；B、气体
分子之间的距离很大，分子力为引力，基本为零，而很难被压缩是压强的表现，故B错误.C、物体的内能是组成
该物体的所有分子热运动动能和势能的总和，故C错误.D、冰融化时要吸收热量，故1g0℃的水的内能比1g0℃
的冰的内能大，故D正确。

故选D.
【点睛】本题考查了分子间的作用力，熟练掌握分子动理论和物体的内能等基础知识，能理论联系实际，是正确解题的关键．
3.下列哪一组物理量，可以估算出一团气体中分子间的平均距离
A．该气体的密度、体积和摩尔质量
B．阿伏伽德罗常数、该气体的摩尔质量和质量
C．阿伏伽德罗常数、该气体的摩尔质量和密度
D．阿伏伽德罗常数、该气体的质量和体积
【答案】C
【解析】A、已知该气体的密度、体积和摩尔质量，可以得到摩尔体积，但缺少阿伏加德罗常数，故A错误；B、
知道该气体的摩尔质量和质量，可以得到摩尔数，但不知道体积，无法计算，故B错误；C、知道阿伏加德罗常数、该气体的摩尔质量和密度，用摩尔质量除以摩尔密度可以得到摩尔体积，再除以阿伏加德罗常数得到每个分子平均占有的体积，用正方体模型得到边长，即为分子间距，故C正确；D、阿伏加德罗常数、该气体的质量和体积已知，可以得到密度，但不知道摩尔体积和摩尔质量，故D错误；故选C．
【点睛】本题关键是明确摩尔质量除以密度等于摩尔体积，摩尔体积除以阿伏加德罗常数等于每个分子占有的空间体积．
4.两端开口的U 型管，用两段水银封闭了一段空气，下列那个做法能使两管液面差h 增大
A ．环境温度升高
B ．大气压强减小
C ．从管口A 注入水银
D ．从管口B 注入水银
【答案】C
【解析】以左侧管中封闭气体做为研究对象，封闭气体的压强P =P 0+h =P 0+h 左，要使两侧水银面高度差h 增大，
封闭气体的压强P =P 0+h 变大； A 、使气体升温，h 左不变，封闭气体压强P =P 0+h 左不变，两侧水银面高度差h 不
变，故A 错误；B 、减小大气压强，封闭气体的压强P =P 0+h =P 0+h 左，h =h 左不变，故B 错误；C 、从左侧管口滴
入水银，h 左变大，封闭气体压强P =P 0+h 左变大，由P =P 0+h 可知，两侧水银高度差h 增大，故C 正确； D 、从右侧管口滴入水银，h 左不变，封闭气体压强P =P 0+h 左不变，两侧水银面高度差h 不变，故D 错误；故选C ．
【点睛】封闭气体的压强等于大气压与左侧水银柱h 产生的压强之和，使两侧水银面高度差变大，则封闭气体压强变大，分析各选项能否使封闭气体压强变大是正确解题的关键．
5.对一定量的气体，若用N 表示单位时间内与器壁单位面积碰撞的分子数，则
A ．当温度升高时，N 必定增加
B ．当体积减小时，N 必定增加
C ．当压强不变而体积和温度变化时，N 可能不变
D ．当压强不变而体积和温度变化时，N 必定变化
【答案】D
【解析】A ．当温度升高时，分子的平均动能变大，但分子的密集程度不一定大，所以单位时间内与器壁单位面积碰撞的分子数不一定增加．故A 错误．B ．当体积减小时，分子的密集程度大了，但分子的平均动能不一定大，所以单位时间内与器壁单位面积碰撞的分子数不一定增加．故B 错误．C 、D 、压强取决于单位时间内与器壁单位面积碰撞的分子数及分子的平均动能，压强不变，温度和体积变化，分子平均动能变化，则单位时间内与器壁单位面积碰撞的分子数必定变化．故D 正确， C 错误．故选D ．
【点睛】解决本题的关键是知道单位时间内与器壁单位面积碰撞的分子数取决于单位体积内的分子数与分子的平均动能两因素．
二、多选题
1.在用油膜法估测分子直径的实验中，会使测算结果偏大的操作是
A ．配置的油酸浓度过高
B ．圆盘中遗留的油污没有清洗干净
C ．撒的痱子粉过多
D ．计算油膜面积时舍去了所有不足一格的方格
E. 求每滴体积时，lmL 的溶液的滴数误多记了10滴
【答案】ACD
【解析】计算油酸分子直径的公式是，V 是纯油酸的体积，S 是油膜的面积．A 、计算时利用的是纯油酸的体积，如果油酸浓度过高，则油酸的实际体积偏大，则直径将偏大，故A 正确；B 、有油污会产生误差，但可能偏大或偏小，故B 错误；C 、水面上痱子粉撒得较多，油膜没有充分展开，则测量的面积S 偏小，导致结果计算偏大，故C 正确；D 、计算油膜面积时舍去了所有不足一格的方格，S 将偏小，故得到的分子直径将偏大，故D 正确；故选ACD.
【点睛】本题考查了用“油膜法”估测分子直径大小的实验，正确解答实验问题的前提是明确实验原理，能建立物理模型理解并掌握实验的原理和方法．
2.甲、乙两分子相距较远，设甲固定不动，乙在分子力作用下逐渐向甲靠近直到不能再靠近的过程中，下列说法正
确的是
A．乙分子的速度先增大后减小
B．加速度先增大后减小
C．分子力先减小后增大
D．分子动能先增大后减小
E. 分子势能先减小后增大
【答案】ADE
，因此分子力为引力当相互靠近时做加速运动，当分子间距【解析】A、D、开始时由于两分子之间的距离大于r
，分子力为斥力，相互靠近时，做减速运动，，故A、D正确，B、C、分子力表现为引力时大小是先增大
小于r
后减小0，表现为斥力时是一直增大，故B、C均错误.D、先是分子力做正功，分子势能减少；后是分子力做负功，分子势能增加，故E均正确。

故选ADE.
【点睛】本题考查分子势能的分析问题，要注意分子势能是由于分子间由于距离的变化而产生的势能，可以和电势能以及重力势能相类比掌握．
3.对一定质量的气体，通过一定的方法得到了分子数目f与速率v的两条关系图线，如图所示，下列说法正确的是
A．曲线Ⅱ对应的气体温度较高
B．曲线Ⅱ对应的气体分子平均速率较大
C．曲线Ⅱ对应的气体分子平均速度较大
D．曲线Ⅱ对应的图线与横坐标轴所围面积较大
E. 曲线Ⅱ对应的气体个别分子的速率有可能比曲线Ⅰ对应的气体有些分子速率大
【答案】ABE
【解析】A、B、C、由图知气体在状态1时分子平均速率较小，则知气体在状态1时温度较低．故A、B正确，C
错误．故选C.D、在两种不同情况下各速率区间的分子数占总分子数的百分比与分子速率间的关系图线与横轴所围面积都应该等于1，即相等，故D错误，E、温度升高时，速率大的分子数比例较大，气体分子速率分布总呈“中间多，两头少”的分布特点，故E正确。

【点睛】对于物理学中的基本概念和规律要深入理解，理解其实质，不能只是停留在表面上，同时要通过练习加强理解．
4.经过下列过程，可使理想气体内能发生变化的是
A．等温压缩
B．等压膨胀
C．等容减压
D．绝热压缩
E. 绝热真空膨胀
【答案】BCD
【解析】理想气体的内能只考虑动能，而分子平均动能由温度决定，故根据理想气体状态方程可分析得
到内能的变化.
A、等温过程，温度不变，内能不变，故A错误；
B、等压膨胀可使温度升高，故内能变大，则B正确；
C、等容
减压可使温度降低，则内能变小，C正确；D、绝热压缩可由，可知外界对气体做功，内能变大，则
D正确。

E、气体向真空膨胀不做功，故内能不变，选项E错误。

故选BCD.
【点睛】本题根据理想气体状态方程直接判断即可，关键记住公式；也可以根据气体压强的微观意义判断，基础题．5.一定质量的理想气体经历了A→B→C的状态变化过程，则
A．A→B过程中，压强不变
B．A→B过程中，外界对气体做负功
C．B→C过程中，气体分子间距增大
D．B→C过程中，气体分子无规则热运动变剧烈
E. C→A 过程中，气体对外放热
【答案】BDE
【解析】B 、A→B 过程温度降低，体积增大，则气体膨胀气体对外做功，即外界对气体做负功，则B 正确； A 、若是等压变化，满足，图象为过原点的倾斜直线，则A 错误。

C 、D 、B→C 过程为等容变化温度升高，则体积不变，分子运动加剧，C 正确，D 错误.E 、C→A 过程为等压降温，则体积减小，由知Q<0,则气体放热，E 正确，故选BDE.
【点睛】本题中，要抓住过绝对零度的直线表示等压变化进行分析．
6.高压锅内的水烧开后，当重锤旋转排气时，锅内水面上方充满饱和汽，继续加热
A ．只要锅内还有水，蒸汽就是饱和的
B ．随着继续加热，饱和气压增大
C ．水蒸干后，只要不断加热，蒸汽就还是饱和的
D ．关火，在密封状态下冷却，原来不饱和的蒸汽有可能变成饱和汽
E. 关火，在密封状态下冷却，锅内压强变小
【答案】ADE
【解析】A 、B 、C 、水上方蒸汽的气压叫饱和气压，只与温度有关，只要下面还有水，那就是处于饱和状态，故A 正确，B 错误，C 错误；D 、饱和汽压是物质的一个重要性质，它的大小取决于物质的本性和温度，温度越高，饱和气压越大，则使未饱和汽变成饱和汽，可采用降低温度的方法，故D 正确。

E 、锅内水蒸汽压强随着温度的降低而减小，故E 正确。

故选ADE.
【点睛】本题主要考查饱和汽和饱和汽压等概念的理解，关于这两个概念注意：饱和汽压随温度的升高而增大，饱和气压与蒸汽所占的体积无关，与该蒸汽中有无其他气体也无关，不能用气体实验定律分析，这是饱和气体，不是理想气体，对于未饱和汽，气体实验定律近似适用.
三、简答题
1.内壁光滑的导热气缸竖直放置在室温为27℃的空气中，用质量不计的活塞封闭住压强为1.0×105Pa 、体积为3.0×10-3m 3的理想气体．现在活塞上方缓缓放上大量钩码，使封闭气体的体积变为原来的三分之一，
(1)此过程气体是吸热还是放热？
(2)然后给气缸缓慢加热，使气体温度变为327℃，在p -V 图上画出整个过程中气缸内气体的状态变化．
【答案】(1)放热 (2)
【解析】(1)导热气缸处于室温为27℃的空气中，发生等温变化，则理想气体内能不变，
而体积减小，外界对气体做功，
由△U =W +Q 可知：，则气体放热.
(2)第一个过程是等温过程，由PV =C 可知，P 与V 成反比，图象是反比例函数图象；第二个过程是等压过程，气体的压强不变，温度升高，体积变大，图象是一条平行于V 轴的直线；整个物理过程的P -V 图象如图所示.
【点睛】本题难度不大，要知道缓慢倒沙子的过程的温度不变，难点是分析清楚气体状态变化的过程．
2.篮球内有1.4atm 的空气5.4L ，现准备给篮球打气，连接球针和打气筒的过程中，球内气压降至1.2atm ，
(1)求漏出空气的质量占原来球内空气质量的比例；
(2)用容积是0.2L 的迷你打气筒将1atm 的空气打入，至少打几次才能使球内气压由1.2atm 升至1.6atm 以上. 假定上述过程球内气体温度不变.
【答案】(1) (2)至少打气11次
【解析】(1)漏气时发生等温变化，有P 1V 1= P 2V 2 ,
解得
则
(2)打气过程发生等温变化，P 2V 1+nP 3V 3= PV 1
n =10.8
至少打气11次。

【点睛】本题利用生活中一实例，要求学生对物理知识有一个全面的了解并能学以致用．让学生体会到物理不仅是有趣的，还是有用的．
3.一端开口一端封闭的玻璃管长为1m ，玻璃管开口朝上，用25cm 水银柱封闭着45cm 的空气柱，大气压强是75cmHg ，设管内气体温度不变，
(1)求玻璃管自由下落时，空气柱的长度；
(2)玻璃管水平放置在光滑水平面上，使玻璃管沿管开口方向做匀加速直线运动，加速度大小0.2g （g 为当地重力加速度），求此时空气柱的长度.
【答案】(1) l 2=60cm (2)l 3=56.25cm
【解析】(1) P 1= P 0+ρgh =100cmHg ，自由下落时水银柱不产生附加压强：P 2= P 0
P 1l 1= P 2l 2，l 2=60cm
(2)对水银柱：P 3S - P 0S=ma ，m=ρhS
得：P 3=80cmHg
P 1l 1= P 3l 3
l 3=56.25cm
【点睛】解决本题的关键掌握理想气体的状态方程，理清初末状态，灵活运用．
4.如图所示，一个密闭的汽缸，被活塞分成体积比为2:1的左、右两室，汽缸壁与活塞是不导热的，它们之间没有摩擦，两室中气体的温度相等．现利用右室中的电热丝对右室加热一段时间，活塞达到平衡后，左室的体积变为原来的，气体的温度T 1=300K ，求右室气体的温度．
【答案】T 2=600K
【解析】设原先左、右室体积分别为2V 0、V 0，温度同为T 0，压强为p 0
加热平衡后，左、右室体积分别为
、
根据理想气体状态方程，左室：
右室： 解得T 2=600K
【点睛】本题考查了求气体的温度，本题是一道连接体问题，掌握连接体问题的处理方法、应用理想气体状态方程即可正确解题．
5.气缸由两个横截面不同的圆筒连接而成的，活塞A 、B 被轻质刚性细杆连接在一起，可无摩擦移动，A 、B 的质量分别为m 1=24kg 、m 2=16kg ，横截面积分别为S 1=
6.0×10-2m 2，S 2=4.0×l0-2m 2，一定质量的理想气体被封闭在两活塞之间，活塞外侧大气压强P 0＝1.0×l05Pa ，
(1)气缸水平放置达到平衡状态，求内部气体的压强.
(2)已知此时气体的体积V =2.0×10-2m 3，现保持温度不变将气缸竖直放置，达到平衡后，活塞在气缸内移动的距离
为多少？取重力加速度g =10m/s 2.（活塞A 还未到达气缸连接处）
【答案】(1) P 1=1.0×105Pa (2)L =9.1×10-2m
【解析】(1)设气缸内气体压强为P 1，对于活塞和杆，由力的平衡条件：
P 0S 1+P 1S 2= P 1S 1+P 0S 2
得P 1=P 0=1.0×105Pa
(2) 当气缸竖直放置时，设缸内气体压强变为P 2，
由力的平衡条件：P 0S 1+P 2S 2+( m 1+m 2)g = P 2S 1+P 0S 2
得P 2=P 0=1.2×105Pa
设活塞向下移动了L ，气体的体积V ＇= V -S 1L + S 2L
等温变化P 1V = P 2V ＇
得
【点睛】该题是求解被封闭气体压强的题，往往是要先确定研究对象，对其受力分析，由平衡条件列式求解．在选取研究对象上，往往以受力较少的物体为研究对象．。