【精选】安徽省六安市高二物理暑假作业 第十九天 Word版含答案-物理知识点总结
高二物理暑假作业_电磁学经典题(附详解答案)
高二暑假物理作业（电磁学部分常考点复习） 班级： 姓名：1.匝数为Ｎ、面积为Ｓ、总电阻为Ｒ的矩形闭合线圈，在磁感应强度为Ｂ的匀强磁场中按如图3－95所示方向（俯视逆时针）以角速度ω绕轴ＯＯ′匀速转动．ｔ=0时线圈平面与磁感线垂直，规定ａｄｃｂａ的方向为电流的正方向．求：（1）线圈转动过程中感应电动势瞬时值的表达式．（2）线圈从图示位置开始到转过90°的过程中的平均电动势． （3）线圈转到与图示位置成60°角时的瞬时电流． （4）线圈转动一周过程中外力做的功．2.所示为测量某种离子的荷质比的装置．让中性气体分子进入电离室Ａ，在那里被电离成离子．这些离子从电离室的小孔飘出，从缝Ｓ１进入加速电场被加速，然后让离子从缝Ｓ２垂直进入匀强磁场，最后打在底片上的Ｐ点．已知加速电压为Ｕ，磁场的磁感应强度为Ｂ，缝Ｓ２与Ｐ之间的距离为ａ，离子从缝Ｓ１进入电场时的速度不计，求该离子的荷质比ｑ/ｍ．3. 在如图3－97所示，以Ｏ点为圆心，以ｒ为半径的圆与坐标轴交点分别为ａ、ｂ、ｃ、ｄ，空间有一与ｘ轴正方向相同的匀强电场，同时，在Ｏ点固定一个电量为+Ｑ的点电荷．如果把一个带电量为-ｑ的检验电荷放在ｃ点，恰好平衡，求： （1）匀强电场的场强大小Ｅ为多少? （2）ａ、ｄ点的合场强大小各为多少?（3）如果把Ｏ点的正点电荷＋Ｑ移走，把点电荷-ｑ从ｃ点沿ｘ轴移到ａ点，求电场力做的功及点ｃ、ａ两点间的电势差．4. 如图3－105所示，在倾角为θ的光滑斜面上，存在着两个磁感应强度大小均为Ｂ的匀强磁场，区域Ⅰ磁场方向垂直斜面向下，区域Ⅱ磁场方向垂直斜面向上，磁场宽度均为Ｌ，一个质量为ｍ、电阻为Ｒ、边长也为Ｌ的正方形线框，由静止开始下滑，沿斜面滑行一段距离后ａｂ边刚越过ｅｅ′进入磁场区域Ⅰ时，恰好做匀速直线运动，若当ａｂ边到达ｇｇ′与ｆｆ′的中间位置时，线框又恰好做匀速直线运动，求： （1）当ａｂ边刚越过ｅｅ′进入磁场区域Ⅰ时做匀速直线运动的速度ｖ； （2）当ａｂ边刚越过ｆｆ′进入磁场区域Ⅱ时，线框的加速度ａ；（3）线框从ａｂ边开始进入磁场Ⅰ至ａｂ边到达ｇｇ′与ｆｆ′的中间位置的过程产生的热量Ｑ．5. 如图3－108甲所示，ｘ轴上方为一垂直于平面ｘＯｙ向里的匀强磁场，磁感应强度为Ｂ，ｘ轴下方为方向平行于ｘ轴，但大小一定（假设为Ｅ０）、方向作周期性变化的电场．在坐标为（Ｒ，Ｒ）的Ａ点和第四象限中某点各放置一个质量为ｍ，电量为ｑ的正点电荷Ｐ和Ｑ，Ｐ、Ｑ的重力及它们之间的相互作用力均不计，现使Ｐ在匀强磁场中开始做半径为Ｒ的匀速圆周运动，同时释放Ｑ，要使两电荷总是以相同的速度同时通过ｙ轴，求：（1）场强Ｅ0的大小及方向变化的周期；（2）在如图乙所示的Ｅ－ｔ图中作出该电场的变化图象（以释放电荷Ｐ时为初始时刻，ｘ轴正方向作为场强的正方向），要求至少画出两个周期的图象．第二题图6. 如图所示，理想变压器原线圈中输入电压Ｕ１＝3300Ｖ，副线圈两端电压Ｕ２为220Ｖ，输出端连有完全相同的两个灯泡Ｌ１和Ｌ２，绕过铁芯的导线所接的电压表Ｖ的示数Ｕ＝2Ｖ，求： （1）原线圈ｎ１等于多少匝?（2）当开关Ｓ断开时，表Ａ２的示数Ｉ２＝5Ａ，则表Ａ１的示数Ｉ１为多少? （3）当开关Ｓ闭合时，表Ａ１的示数Ｉ１′等于多少?7．在真空室内，速度为ｖ=6.4×10７ｍ／ｓ的电子束连续地沿两平行导体极板的中心线射入，如图3－113所示，极板长Ｌ＝8．0×10－2ｍ，两极板间的距离ｄ=5．0×10－3ｍ，两极板不带电时，电子束将沿中心线射出极板．今在两极板间加上50Ｈｚ的交变电压ｕ＝Ｕ０ｓｉｎ100πｔ（Ｖ），发现有时有电子从两极板之间射出，有时则无电子从两极板间射出．若有电子射出的时间间隔与无电子射出的时间间隔之比为Δｔ１／Δｔ２＝2∶1，则所加的交变电压的最大值Ｕ０为多大?（已知电子的质量为ｍ=9.1×10－31ｋｇ，电量为ｅ=1．6×10－19Ｃ）8. 一小型发电机内的矩形线圈在匀强磁场中以恒定的角速度ω绕垂直于磁场方向的固定轴转动，线圈匝数n ＝100，穿过每匝线圈的磁通量φ随时间按正弦规律变化，如图所示。
20222022学年下学期暑假作业高二物理答案与解析
20222022学年下学期暑假作业高二物理答案与解析暑假作业一电磁感应中“两定律三定则”的灵活应用1．【答案】BCD【解析】[铜质弦为非磁性材料，不能被磁化，选用铜质弦，电吉他不能正常工作，A项错误；若取走磁体，金属弦不能被磁化，其振动时，不能在线圈中产生感应电动势，电吉他不能正常工作，B项对；由ΔΦE＝n可知，C项正确；弦振动过程中，穿过线圈的磁通量大小不断变化，由楞次定律可知，线圈中感Δt应电流方向不断变化，D项正确．2．【答案】B【解析】[由楞次定律知，欲使b中产生顺时针电流，则a环内磁场应向里减弱或向外增强，a环的旋转情况应该是顺时针减速或逆时针加速，由于b环又有收缩趋势，说明a环外部磁场向外，内部向里，故选B.] 3．【答案】BT3T【解析】[在～时间内，穿过线框的磁场方向先向里减小后向外增加，由楞次定律可知感应电流的磁44场方向向里，故感应电流的方向始终沿顺时针方向，选B.]4．【答案】BD【解析】[根据右手定则或楞次定律可知，选项A错误，B正确；根据楞次定律“来拒去留”的口诀可知，导线框进入磁场和离开磁场时，受到的安培力方向均是水平向左，所以选项C错误，D正确．本题答案为B、D.]5．【答案】AB【解析】[t1时刻，电流增大，由楞次定律知，线圈有远离螺线管、收缩面积的趋势，选项A正确；t2时刻电流达到最大，变化率为零，故线圈中无感应电流，FN＝G，此时穿过P的磁通量最大，选项B正确；t3时刻电流为零，但电流从有到无，故穿过线圈的磁通量发生变化，此时P中有感应电流，选项C错误；t4时刻电流变化率为零，线圈中无感应电流，FN＝G，此时穿过P的磁通量最大，选项D错误．]6．【答案】ALL【解析】[将线框从磁场中以恒定速度v1向右匀速拉出，时间t1＝÷v1＝；让线框绕轴MN以线速度v222v12v2ππL匀速转过90°，角速度ω＝，时间t2＝÷ω＝，两次过程中线框产生的平均感应电动势相等，t2＝t1，L24v2解得v1∶v2＝2∶π，选项A正确．]7．【答案】CDnΔΦΔB【解析】[根据法拉第电磁感应定律E＝＝n·S求出E＝1.2V，选项A错；根据全电路欧姆定律IΔtΔtE－＝＝0.12A，根据P＝I2R1，得R1消耗的功率P＝5.76某102W，选项B错；由楞次定律得选项R1＋R2＋rC对；S断开后，流经R2的电荷量即为S闭合时C板上所带电荷量Q，电容器两端的电压U＝IR2＝0.6V，流经R2的电荷量Q＝CU＝1.8某105C，选项D对．]－mgR8．【答案】(1)mg(inθ－3μcoθ)(2)(inθ－3μcoθ)22 BL【解析】(1)由ab、cd棒被平行于斜面的导线相连，故ab、cd速度总是相等，cd也做匀速直线运动．设导线的张力的大小为T，右斜面对ab棒的支持力的大小为FN1，作用在ab棒上的安培力的大小为F，左斜面对cd棒的支持力大小为FN2，对于ab棒，受力分析如图甲所示，由力的平衡条件得甲乙2mginθ＝μFN1＋T＋F①FN1＝2mgcoθ②对于cd棒，受力分析如图乙所示，由力的平衡条件得mginθ＋μFN2＝T③FN2＝mgcoθ④联立①②③④式得：F＝mg(inθ－3μcoθ)(2)设金属棒运动速度大小为v，ab棒上的感应电动势为E＝BLv⑤E回路中电流I＝⑥R安培力F＝BIL⑦联立⑤⑥⑦得：mgRv＝(inθ－3μcoθ)22.BLFB2l2t09．【答案】(1)Blt0(－μg)(2)mm【解析】(1)设金属杆进入磁场前的加速度大小为a，由牛顿第二定律得F－μmg＝ma①设金属杆到达磁场左边界时的速度为v，由运动学公式有v＝at0②当金属杆以速度v在磁场中运动时，由法拉第电磁感应定律知产生的电动势为E＝Blv③联立①②③式可得FE＝Blt0(－μg)④m(2)设金属杆在磁场区域中匀速运动时，金属杆中的电流为I，根据欧姆定律EI＝⑤R式中R为电阻的阻值．金属杆所受的安培力为F安＝BlI⑥因金属杆做匀速运动，有F－μmg－F安＝0⑦联立④⑤⑥⑦式得B2l2t0R＝⑧.m10．【答案】BD11．【答案】BD【解析】[ab匀速运动时，ab中感应电流恒定，L1中磁通量不变，穿过L2的磁通量不变，L2中无感应电流产生，cd杆保持静止，A不正确；ab向右加速运动时，L2中的磁通量向下增大，由楞次定律知L2中感应电流产生的磁场方向向上，故通过cd的电流方向向下，cd向右移动，B正确；同理可得C不正确，D正确．]12．【答案】D【解析】[由题意知线圈经过位置2时穿过线圈的磁通量为零，但磁通量的变化率不为零，故A、B均错误；从位置1到位置3的整个过程中，穿过线圈的磁通量是先向外逐渐减小到零，然后向里逐渐增大，由楞次定律知线圈中感应电流的方向始终沿逆时针方向，线圈所受的磁场力的方向始终向右，故C错误，D正确．]暑假作业二电磁感应中综合问题的复习策略1．【答案】AB【解析】[将圆盘看成无数幅条组成，它们都在切割磁感线从而产生感应电动势和感应电流，根据右手定则可知圆盘上感应电流从边缘流向中心，则当圆盘顺时针(俯视)转动时，流过电阻的电流方向从a到b，1EB 对；由法拉第电磁感应定律得感生电动势E＝BLv＝BL2ω，I＝，ω恒定时，I大小恒定，ω大小2R＋rB2L4ω2R变化时，I大小变化，方向不变，故A对，C错；由P＝IR＝知，当ω变为2倍时，P变为原4（R＋r）22来的4倍，D错．]2．【答案】BB2L2v【解析】[小灯泡稳定发光，说明导体棒MN匀速运动，则有mgin37°－－μmgco37°＝0，可得导RL＋R体棒MN的运动速度v＝5m/；小灯泡消耗的电功率P＝I2RL＝1W．]3．【答案】C【解析】[由右手定则可知通过金属导线的电流由b到a，即通过电阻R的电流方向为M→R→P，A错误；金属导线产生的感应电动势为BLv，而a、b两点间的电压为等效电路路端电压，由闭合电路欧姆定律可2知，a、b两点间电压为BLv，B错误；金属导线可等效为电源，在电源内部，电流从低电势流向高电势，3所以a端电势高于b端电势，C正确；根据能量守恒定律可知，外力F做的功等于电阻R和金属导线产生的焦耳热之和，D错误．]4．【答案】A5．【答案】AΔB【解析】[在0～1内，据E＝S可知感应电动势恒定，感应电流恒定，且电流为逆时针方向，在图象ΔtΔB中为负；1～2内，B不变，i＝0；2～3内，由E＝·S知i恒定，方向为正．综合分析可知A正确．]Δt6．【答案】A【解析】[因通电导线周围的磁场离导线越近磁场越强，而线框中左、右两边的电流大小相等，方向相反，所以其受到的安培力方向相反，线框的左边受到的安培力大于线框的右边受到的安培力，所以合力与线框的左边受力的方向相同．因为线框受到的安培力的合力先水平向左，后水平向右，根据左手定则，线框处的磁场方向先垂直纸面向里，后垂直纸面向外，根据右手螺旋定则，导线中的电流先为正，后为负，所以选项A正确，选项B、C、D错误．]7．【答案】DEB2L2v【解析】[导线框进入磁场的过程中，线框受到向左的安培力作用，根据E＝BLv、I＝、F＝BIL得F＝，RR随着v的减小，安培力F减小，导线框做加速度逐渐减小的减速运动．整个导线框在磁场中运动时，无B2L2v感应电流，导线框做匀速运动，导线框离开磁场的过程中，根据F＝，导线框做加速度减小的减速R运动，所以选项D正确．]8．【答案】BCD【解析】[ab杆的速度方向与磁感应强度的方向平行，不切割磁感线，只有cd杆运动切割磁感线．设cdE杆向下运动的速度为v1，根据闭合电路的欧姆定律及法拉第电磁感应定律有I＝，E＝BLv1，cd杆只受2R到竖直向下的重力mg和竖直向上的安培力作用，因为cd杆与导轨间没有正压力，所以摩擦力为零．由B2L2v12mgR平衡条件得mg＝BIL＝，解得cd杆向下匀速运动的速度为22.ab杆的受力如图所示，根据平衡2RBL条件可得FN＝2mg，F＝Ff＝2μmg.综上所述，选项B、C、D正确．]9．【答案】BDmg（R＋r）BLvm【解析】[导体棒由静止释放后，当a＝0时，速度最大，即mg－BL＝0，解得vm＝，AB2L2R＋rBLhBLh项错误．此过程中通过定值电阻的电荷量q＝IΔt＝·Δt＝，B项正确．导体棒克服安培力（R＋r）ΔtR＋r做的功等于整个电路产生的热量，C项错误．由动能定理知对导体棒有ΔEk＝W重＋W安，D项正确．]10．【答案】AD ΔΦ【解析】[根据法拉第电磁感应定律得：E＝，ΔtE根据闭合电路欧姆定律得：I＝，所以导体棒沿着导轨上滑过程中通过R的电量为2REΔΦBdLq＝I·Δt＝·Δt＝＝，故A正确；由E＝BLv知，导体棒返回时随着速度的增大，导体棒产生的感2R2R2R应电动势增大，感应电流增大，由F安＝BIL知导体棒受到的安培力增大，由牛顿第二定律知，加速度减小，所以导体棒返回时先做加速度减小的变加速运动，最后做匀速直线运动，故B错误；根据能量守恒定律知，导体棒沿着导轨上滑过程中回路中产生的总热量为121112Q＝mv0－mgLinθ＝(mv20－mgL)，电阻R上产生的热量为QR＝Q＝(mv0－mgL)，故C错误；2224根据功能关系可知，导体棒沿着导轨上滑过程中克服安培力做的功等于回路中产生的总热量，即W＝Q 12＝(mv0－mgL)，故D正确．所以选A、D.]2Q11．【答案】(1)4倍(2)＋28lmg【解析】(1)设磁场的磁感应强度大小为B，cd边刚进入磁场时，线框做匀速运动的速度为v1，cd边上的感应电动势为E1，由法拉第电磁感应定律，有E1＝2Blv1①E1设线框总电阻为R，此时线框中电流为I1，由闭合电路欧姆定律，有I1＝②R设此时线框所受安培力为F1，有F1＝2I1lB③由于线框做匀速运动，其受力平衡，有mg＝F1④mgR由①②③④式得v1＝22⑤4BlmgR设ab边离开磁场之前，线框做匀速运动的速度为v2，同理可得v2＝22⑥Bl由⑤⑥式得v2＝4v1⑦(2)线框自释放直到cd边进入磁场前，由机械能守恒定律，有2mgl＝mv2⑧21线框完全穿过磁场的过程中，由能量守恒定律，有112mg(2l＋H)＝mv2－mv＋Q⑨2221Q由⑦⑧⑨式得H＝＋28l.mg12．【答案】(1)4.5C(2)1.8J(3)5.4J【解析】(1)设金属棒匀加速运动的时间为Δt，回路的磁通量的变化量为ΔΦ，回路中的平均感应电动势ΔΦ为E，由法拉第电磁感应定律得E＝①Δt其中ΔΦ＝Bl某②设回路中的平均电流为I，由闭合电路欧姆定律得EI＝③R＋r则通过电阻R的电荷量为q＝IΔt④联立①②③④式，得q＝代入数据得q＝4.5C(2)设撤去外力时金属棒的速度为v，对于金属棒的匀加速运动过程，由运动学公式得v2＝2a某⑤1设金属棒在撤去外力后的运动过程中克服安培力所做的功为W，由动能定理得W＝mv2⑥2撤去外力后回路中产生的焦耳热Q2＝－W⑦联立⑤⑥⑦式，代入数据得Q2＝1.8J⑧Bl某R＋r(3)由题意知，撤去外力前、后回路中产生的焦耳热之比Q1∶Q2＝2∶1，可得Q1＝3.6J⑨在金属棒运动的整个过程中，外力F克服安培力做功，由功能关系可知WF＝Q1＋Q2⑩由⑧⑨⑩式得WF＝5.4J.暑假作业三交变电流的产生和描述1．【答案】C【解析】[我国居民日常生活所用交流电压的有效值为U有效＝220V，交流电的频率为f＝50Hz，所以交1－流电压的最大值为Um＝2U有效＝2202V≈311V，周期为T＝＝0.02＝2某102，可见，只有选项Cf正确．本题答案为C.]2．【答案】BC【解析】[t＝0时刻穿过线圈的磁通量最大，磁通量的变化率为零，故电压为零，A错．读图得两次周期ω1之比为2∶3，由转速n＝＝得转速与周期成反比，故B正确．读图得a的最大值为10V，ω＝5πrad/，2πT由交流电感应电动势的瞬时值表达式e＝Eminωt(V)(从线圈在中性面位置开始计时)得，u＝10in5πt(V)，220故C正确．交流电的最大值Em＝nBSω，所以根据两次转速的比值可得，交流电b的最大值为某10V＝33V，故D错．]3．【答案】D1Im2【解析】[该交变电流通过定值电阻R后，在一个周期内产生的热量为Q＝某()RT＝I2RT，解得I＝1A，22选项D正确．]4．【答案】CD【解析】[根据右手定则，线圈中感应电流的方向为adcba，A错；当线圈转至图示位置时，线圈中感应电动势应为最大值Em＝nBl1l2ω，此时，穿过线圈磁通量随时间的变化率最大，B错，C对；线圈ad边所nBl1l2ωn2B2l1l22ω受安培力的大小F＝nBIl2＝nBl2＝，D对．]RR5．【答案】BC【解析】[当线框进入磁场过程中，根据E＝BR2ω可得，感应电动势恒定，感应电流恒定，不是正弦式2交流电，A错误，C正确；当线框进入磁场时，根据楞次定律可得，两线框中的感应电流方向为逆时针，当线框穿出磁场时，根据楞次定律可得，线框中产生的感应电流为顺时针，所以感应电流的周期和线框T 运动周期相等，B正确；线框N在完全进入磁场后有时间内穿过线框的磁通量不变化，没有感应电动势4T3T产生，即线框N在0～和～T内有感应电动势，其余时间内没有；而线框M在整个过程中都有感应电44动势，即便两导线框电阻相等，两者的电流有效值不会相同，D错误．]6．【答案】BC【解析】[由交变电流有效值和最大值的关系可知线圈产生的电动势的有效值为2E，选项A错误；由2m2π题意知线圈产生的电动势的最大值为Em＝BSω＝BS，故线圈转动过程中穿过线圈的磁通量的最大值BST0EmT0＝，选项B正确；线圈转动过程中磁通量变化率的大小等于产生的感应电动势的大小，选项C正确；2π正弦式交变电流一个周期内电流方向变化两次，经过2T0的时间，通过线圈电流的方向改变4次，选项D错误．7.【答案】AC2π【解析】[电流表的示数为交变电流的有效值10A，A项正确；由ω＝可得，线圈转动的角速度为ωT＝100πrad/，B项错误；0.01时，电路中电流最大，故该时刻通过线圈的磁通量最小，即该时刻线圈平面与磁场平行，C项正确；根据楞次定律可得，0.02时电阻R中电流的方向自左向右，D项错误．]8.【答案】BDΔΦ【解析】[t＝0.005时，磁感应强度最大，磁通量最大，而E＝＝0，A错误；t＝0.01时感应电Δt流的方向与0.005～0.01内电流方向相同，由楞次定律可知，感应电流的方向沿顺时针方向，B正确；t＝0.015时的瞬时电流为零，但电流表的示数为有效值，不等于零，C错误；线框中产生的感应电动10πr222E2势的最大值Em＝BSω＝10πr，一个周期内产生的热量Q＝某0.02＝R222Rπr某0.02＝，D正确．]44R9.【答案】D2π【解析】[由图可以看出该交变电流的周期T＝0.02，则线圈转动的角速度ω＝＝100πrad/＝314Trad/，A错误；Em＝nBSω，转速提高1倍，电压的最大值变为原来的2倍，有效值、瞬时值都要发生变U2化，电流也会发生变化，B错误；电热丝两端的电压U＝E＝902V，电热丝的发热功率P＝＝1800R＋rRRW，C错误，D正确．]10.【答案】B【解析】[该线圈产生的交流电动势峰值Em＝NBSω＝502V，A项错误；因为该线圈产生的交流电不是E2TE′2Em完整的正弦式交流电，只有一半，所以根据有效值的定义得某＝T，E ＝，联立解得电动势有效R2R2值E′＝252V，B项正确；电容器的耐压值至少为502V，C项错误；电容器的电容C变大时，容抗变小，电容器的充放电电流增大，D项错误．]11.【答案】D【解析】[设电灯的阻值为R，正弦式交变电压的有效值与峰值的关系是U＝Um，由于一个周期内半个周2Um期有交变电压，一个周期内交变电流产生的热量为Q＝2RTUm2T·＝·，设交变电压的有效值为U，22R2Um2TU2Um由电流热效应得Q＝·＝·T，所以该交变电压的有效值U＝，D正确．]2R2R212.【答案】D1T2【解析】[线框进入磁场和穿出磁场产生的感应电动势均为E＝BωL，产生感应电动势的时间均为，则28BωL22TBL2ω2一个周期产生的电热Q＝()R某某2＝IRT，解得I＝，选D.]2R84R13.【答案】ADU12U02【解析】[第一次，灯泡两端电压的有效值为U1＝，功率P1＝＝.第二次，设灯泡两端电压的有效R2R2U0值为U2，则U0R2＋－U02RTU22＝T，解得U2＝2R5U25U0U0，功率P2＝＝，则P1∶P2＝1∶5，故B、C2R2R22错误，A、D正确．]14.【答案】AC【解析】[根据题述两个相邻正负尖峰电压所对应的时间差为Δt，可得交变电流周期T＝2Δt，驱动轴转动的角速度ω＝的有效值不是U＝2ππ＝，选项A正确．由于产生的交变电流不是按照正弦规律变化的，线圈电压ΔtΔt2Um，选项B错误．根据法拉第电磁感应定律，感应电动势与磁通量变化率成正比，Um2＝nkm，穿过线圈磁通量变化率的最大值km＝，选项C正确．相邻两个向上尖峰时间内，线圈电压的平ΔΦ均值U＝n，因为线圈转过一个完整的周期，磁通量变化量ΔΦ＝0，所以电压平均值等于零，选项D2Δt错误．]Umn暑假作业四变压器电能的输送。
高二物理暑假作业答案
实线波形向左平移⎝⎛⎭⎫n 2＋14λ即为虚线波形]知….只要预知波的传播方向就能确定质点的振动方向，因此v ＝27 m/s 带入v 1，v 2的表达式在T ＝160＋7.5，t 3＝0.3 s ，t 3＝答案分，多项选择选不全者得3分，选错者得0分)15 . 电子（2分）， 向上（3分）三、计算题(34分)（要求写出必要的文字说明、主要方程式和步骤） 16. （10分）解：(1)细线拉断前，小球下落过程机械能守恒： 2112mgL mv =解得线断前小球速度大小为12/v m s =，方向竖直向下 （2分） 设细线断后球速为2v ，方向竖直向下，由 2212H L v t gt -=+可得：21/v m s =，方向竖直向下 （3分）(2)设细线的平均张力为F ，方向竖直向上．取竖直向上为正方向， 由动量定理可得：21()()()F mg t m v m v -∆=--- （3分） 解得：F ＝10 N （2分）(注：每问5分，用其它方法结果正确同样给分） 17、（12分）（1）两木块离开桌面后做平抛运动，设在空中飞行的时间为t ，则有：竖直方向：212h gt = （2分）水平方向有：s=vt （2分） 联立解得：v=3.0m/s （1分）（2）A 、B 碰撞过程，取向右方向为正方向，对AB 整体，由动量守恒定律得：mv′=2mv （2分）则碰前A 物速度大小：v′=2v=6m/s （1分）2/2012mv mgl μ-= （3分）联立得：09/v m s = （1分）一、选择题（共12小题，每小题4分，满分48分，在每小题给出的四个选项中，1－8题只有一个选项正确，9－12题有多个选项正确，全部选对得4分，选不全的得2分，选错或不答得0分）1．D 2.B 3.C 4.C 5.A 6.C 7.D 8.A 9.BCD 10.ACD 11.BD 12.AB 二、填空实验题（本题包含3个小题，共18分，把答案填在答题卡上相应位置）13. （6分）（1）B 的右端至D 板的距离l 2（3分） （2）2211t lm t l m B A=（3分） 14. （6分） AB 和CD （3分） n ＝CDAB（3分）15. （6分） ⑴ 5（3分） ⑵12.09（3分）三、计算题（本小题共4个小题，共44分，解答写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）16. （10分）解：（1）该波向右传播． (2分)s 05.043=+nT T ， (n =0，1，2，3，……) (2分) ()Hz,15201+==n Tf (n =0，1，2，3，……) (2分)) m/s 90==Tv λ. (2分)17. （10分）（1）根据题意，可画出光路图如图所示，单色光沿AO 方向从P 点射入介质时，根据几何关系可知入射角和折射角分别为：i =60°，（1分）r =30°.（1分）根据折射定律有sin sin in r=，（2分）解得n =（1分）（2）设光束在该介质中折射时的临界角为C ，有：1sin C n=， （1分） 由几何关系可知∠1=60° ，∠1大于C ，光射到AB 面上发生全反射， （1分）光从BD 弧上某点E 射出介质，且由：PO=OE=R又c n v =，（1分）PO OE t v+=，（1分） 解得.32c Rt =（1分）18. （10分）解析：（1）He H Li 42316310+→+n （4分）（2）根据2Mc E ∆=∆， （4分）得：kg.105.8109106.1108.43016196--⨯=⨯⨯⨯⨯=∆M （2分） 19. （14分）解：（1）设与弹性网碰撞前瞬间物块甲的速度大小为v 甲， 有v 甲2=2gh ,(1分）代入数据得 v 甲=5m/s.物块甲反弹后的速度方向向上，大小为v 甲′=v 甲=5m/s. (1分） 取向上为正方向，由动量定理得Ft 0－m 甲gt 0=m 甲v 甲′－(－m 甲v 甲)， (2分） 代入数据得F =33N. (2分） (2)设物块甲与物块乙碰前的速度大小分别为v 甲″、v 乙，碰后物块乙的速度大小为v 乙′，v 乙=gt =3m/s,方向竖直向下. (1分）两球发生弹性碰撞，取向下为正方向，有222111222m v m v m v m v m v m v '''-='''+=乙乙乙乙甲甲乙乙乙乙甲甲 可得v ''甲=3m/s ，v '乙=-6m/s.假设碰撞的位置距离弹性网的高度为h 1，则由2212v v gh '''-=-甲甲 , (1分）h 1=0.8m ，碰撞后物块乙上升的高度为2 1.82v h mg'==乙，有 v 乙′2=2gh 2， （1分）解得h 2=1.8m.则物块乙到达最高点时距弹性网的高度h 总=h 1 +h 2, 得h 总=2.6m.， （2分）， （2分）。
高二物理暑假作业十九附答案及解析
高二物理假期作业191、关于点电荷，正确的说法是（）A. 只有体积体很小的带电体才能看作点电荷B. 体积很大的带电体一定不能视为点电荷C. 当两个带电体的大小与形状对它们之间的相互静电力的影响可以忽略时，这两个带电体便可看作点电荷D. 一切带电体在任何情况下均可视为点电荷2、甲、乙两车相向运动，碰撞后连成一体并沿甲车的原方向运动，由此可知( )A. 乙车的质量比甲车的小B. 乙车的速度比甲车的小C. 乙车的动量比甲车的小D. 乙对甲的作用力小于甲对乙的作用力3、关于电场强度，下列说法正确的是()A. 以点电荷为球心、r为半径的球面上，各点的场强都相同B. 正电荷周围的电场一定比负电荷周围的电场场强大C. 若放入正电荷时，电场中某点的场强向右，则当放入负电荷时，该点的场强仍向右D. 电荷所受到的电场力很大，即该点的电场强度很大4、如图所示，甲、乙两人各站在静止小车的左右两端，当他俩同时相向行走时，发现小车向右运动．下列说法不正确的是（车与地面之间无摩擦）（）A. 乙的速度必定大于甲的速度B. 乙对小车的冲量必定大于甲对小车的冲量C. 乙的动量必定大于甲的动量D. 甲、乙动量总和必定不为零5、两个相同的金属小球M、N，带电量分别为和﹢两球接触后分开，M、N的带电量分别为A. ﹢， B. ，﹢C. ﹢，D. ，6、如图所示，小车放在光滑的水平面上，将系绳小球拉开到一定角度，然后同时放开小球和小车，那么在以后的过程中( )A. 小球向左摆动时，小车也向左运动，且系统动量守恒B. 小球向左摆动时，小车向右运动，且系统动量守恒C. 小球向左摆到最高点，小球的速度为零而小车的速度不为零D. 在任意时刻，小球和小车在水平方向的动量一定大小相等、方向相反7、真空中有两个固定的带正电的点电荷，其电量Q1＞Q2，点电荷q置于Q1、Q2连线上某点时，正好处于平衡状态，则()A. q一定是正电荷B. q一定是负电荷C. q离Q2比离Q1远D. q离Q2比离Q1近8、如图所示，木块A、B置于光滑水平桌面上，木块A沿水平方向向左运动与B相碰，碰后粘连在一起，将弹簧压缩到最短。
2021年高二下学期暑假作业物理试题(19) 含答案
2021年高二下学期暑假作业物理试题（19）含答案1.如图所示线圈两端接在电流表上组成闭合回路.在下列情况中，电流表指针不发生偏转的是（）A.线圈不动，磁铁插入线圈B.线圈不动，磁铁从线圈中拔出C.磁铁不动，线圈上、下移动D.磁铁插在线圈内不动2．理想变压器原、副线圈的匝数比为1:10，当原线圈接在6 V的蓄电池两端以后，副线圈的输出电压为()A．60 V B．0.6V C．6 V D．03．雨滴下落，温度逐渐升高，在这个过程中，下列说法中正确的是()A.雨滴内分子的势能都在减小，动能在增大B.雨滴内每个分子的动能都在不断增大C.雨滴内水分子的平均动能不断增大D.雨滴内水分子的势能在不断增大4、如图中，L为电阻很小的线圈，G1和G2为内阻不计，零点在表盘中央的电流计．当开关S处于闭合状态时，两表的指针皆偏向右方．那么，当开关S断开时()A．G1和G2的指针都立即回到零点B．G1的指针立即回到零点，而G2的指针缓慢地回到零点C．G1的指针缓慢地回到零点，而G2的指针先立即偏向左方，然后缓慢地回到零点D．G1的指针立即偏向左方，然后缓慢地回到零点，而G2的指针缓慢地回到零点5．一线圈在匀强磁场中匀速转动，在如图所示位置时()A．穿过线圈的磁通量最大，磁通量的变化率最小B．穿过线圈的磁通量最大，磁通量的变化率最大C．穿过线圈的磁通量最小，磁通量的变化率最大D．穿过线圈的磁通量最小，磁通量的变化率最小6.右图表示一交变电流随时间而变化的图象，此交流电流的有效值是A.5AB.5AC.AD.3.5A7．如图所示，甲、乙是规格相同的灯泡，接线柱a、b接电压为U的直流电源时，无论电源的正极与哪一个接线柱相连，甲灯均能正常发光，乙灯完全不亮．当a、b接电压的有效值为U的交流电源时，甲灯发出微弱的光，乙灯能正常发光，则下列判断正确的是()A．与甲灯串联的元件x是电容器，与乙灯串联的元件y是电感线圈B．与甲灯串联的元件x是电感线圈，与乙灯串联的元件y是电容器C．与甲灯串联的元件x是二极管，与乙灯串联的元件y是电容器D．与甲灯串联的元件x是电感线圈，与乙灯串联的元件y是二极管8．如图所示，线圈abcd的面积是0.05 m2，共100匝，线圈电阻为r=1Ω，外接电阻R=9Ω，匀强磁场的磁感应强度，当线圈以300 r/min的转速绕转轴oo’匀速旋转时，求：（1）线圈转动时产生电动势的最大值；（2）电路中电流表和电压表的示数各是多少？（3）从中性面开始计时，转动1800经通过电阻R的电荷量为多少？OO‘9．发电机转子是匝数n=100，边长L=20cm的正方形线圈，其置于磁感应强度B=0.5T的匀强磁场中，绕着垂直磁场方向的轴以ω=100π(rad／s)的角速度转动，当转到线圈平面与磁场方向垂直时开始计时.线圈的电阻r=1Ω，外电路电阻R=99Ω.试求：(1)写出交变电流瞬时值表达式；(2)外电阻上消耗的功率；(3)从计时开始，线圈转过过程中，通过外电阻的电荷量是多少?答案1、D 2. D 3. C 4、D 5、C 6、B 7、B8. (1)50V （2），（3）解析：(1)最大值：V NBS E m 505205.01100=⨯⨯⨯⨯==ππω（2）电流的最大值，电流表的示数为电流的有效值,电压表的示数为(3)9、解：(1)电动势的最大值：E m =nBωL 2=200π=628(V)根据闭合电路欧姆定律得I m ==6.28A故交变电流瞬时值表达式：i=6.28sin100πt(2)电流的有效值I=由P=I 2R 得外电阻上的消耗功率：P= ()2R=1.95×103W(3)从计时开始到线圈转过过程中，平均感应电动势由E=n 得平均电流：=nB 2L 2／2(R+r)·Δt通过外电阻的电荷量：q=·Δt=5×10-3C- 37535 929F 銟25841 64F1 擱>#20929 51C1 凁31199 79DF 租30221 760D 瘍20121 4E99 亙,36557 8ECD 軍36642 8F22 輢(23970 5DA2 嶢。
高二物理暑假作业答案-精选教学文档
高二物理暑假作业答案2019
在高中复习阶段，大家一定要多练习题，掌握考题的规律，掌握常考的知识，这样有助于提高大家的分数。
编辑老师为大家整理了高二物理暑假作业答案，供大家参考。
某同学利用“插针法”测定玻璃的折射率，所用的玻璃砖两面平行.正确操作后，作出的光路图及测出的相关角度如图所示.(1)此玻璃的折射率计算式为n=__________(用图中的θ1、θ2表示);(2)如果有几块宽度大小不同的平行玻璃砖可供选择，为了减小误差，应选用宽度________(填“大”或“小”)的玻璃砖来测量.
利用双缝干涉测定光的波长实验中，双缝间距d=0.4 mm，双缝到光屏间的距离l=0.5 m，用某种单色光照射双缝得到干涉条纹如图所示，分划板在图中A、B位置时游标卡尺读数也如图中所给出，则：
(1)分划板在图中A、B位置时游标卡尺读数分别为
xA=__________ mm，xB=________ mm，
(2)用波长的表达式计算出单色光的波长为λ=_____
___;
(3)若改用频率较高的单色光照射，得到的干涉条纹间距将________(填“变大”、“不变”或“变小”)
高中是人生中的关键阶段，大家一定要好好把握高中，编辑老师为大家整理了高二物理暑假作业答案，希望大家喜欢。
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安徽省六安2023-2024学年高二上学期期末考试物理试题含答案
六安2023年秋学期高二年级期末考试物理试卷（答案在最后）时间：75分钟分值：100分一、单项选择题（本题共7小题，每小题4分，共28分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
）1.如图，两平行金属板中有相互垂直的匀强电场和匀强磁场，带正电的粒子（不计粒子的重力）从两板中央垂直电场、磁场入射。
它在金属板间运动的轨迹为水平直线，如图中虚线所示。
若使粒子飞越金属板间的过程中向下板偏移，可以采取下列的正确措施为（）A.使入射速度减小B.使粒子电量增大C.使磁感应强度增大D.使电场强度减小【答案】A【解析】【详解】A．带正电的粒子能沿水平方向做直线运动，则其受到的向下的电场力和向上的洛伦兹力作用一定满足=qE qvB解得=E vB若使入射速度减小，则粒子所受洛伦兹力减小，则粒子会向下板偏移，故A正确；B．根据上述，若使粒子电量增大，电场力与洛伦兹力仍相等，粒子不会发生偏移，故B错误；C．根据上述，若使磁感应强度增大，洛伦兹力增大，则粒子会向上板偏移，故C错误；D．根据上述，若使电场强度减小，电场力减小，则粒子向上板偏移，故D错误。
故选A。
2.如图所示，在边界PQ上方有垂直纸面向里的匀强磁场，一对正、负电子同时从边界上的O点沿与PQ 成θ角的方向以相同的速度v射入磁场中，则正、负电子（）A.在磁场中的运动时间相同B.在磁场中运动的位移相同C.出边界时两者的速度相同D.正电子出边界点到O 点的距离更大【答案】C 【解析】【详解】A ．两粒子在磁场中运动周期为2m T qBπ＝则知两个离子圆周运动的周期相等。
根据左手定则分析可知，正离子逆时针偏转，负离子顺时针偏转，作出两粒子的运动轨迹，如图所示两粒子重新回到边界时正离子的速度偏向角为2π-2θ，轨迹的圆心角也为2π-2θ，运动时间1222t T ＝πθπ-同理，负离子运动时间222t T θπ＝时间不相等，故A 错误；BD ．根据洛伦兹力提供向心力，则有2qvB mv r＝得mv r qB＝由题q 、v 、B 大小均相同，则r 相同，根据几何知识可得，重新回到边界的位置与O 点距离S =2r sinθr 、θ相同，则S 相同，故两粒子在磁场中运动的位移大小相同，方向不同，故BD 错误；C ．正负离子在磁场中均做匀速圆周运动，速度沿轨迹的切线方向，根据圆的对称性可知，重新回到边界时速度大小与方向相同，故C 正确。
高二物理暑假作业答案_0
高二物理暑假作业答案自己整理的高二物理暑假作业答案相关文档，希望能对大家有所帮助，谢谢阅读！[一]I . 1 . a2 . D3 . B4 . C5 . a6 . C7 . c8 . C9 . a10 . a11 . B12 . d .第二，13.2公斤14.(M-M)v0/mg；15.4116.9.5米/秒2，4公斤，2N三.17.F=150(N)18.s=156m19 . 26 . 4米20.8米/秒(1)秒[二]1.C2 . D3 . a4 . b5 . D6 . CD7 . BC8 . CD9 . a10 . c . 11 . AC12 . CD13.0-2114.757015 . fcos，Fsin16.遗漏17.18.0.5719.150牛顿168牛顿[三]问题12345回答CDABDCC问题678910回答AACDABDC问题号1112131415回答BCAADBB问题161718回答AADD21.(1)当从a点释放hOA时，mg (Hoa-r)=mvb2正好可以通过b点，mg=mhOA=1.5R(2)从b到c的水平投掷运动r=gt2soc=vtsac=SOC-r=(-1) R22。
VD=20m/s =2/15[四]问题12345回答DCCDBDB问题号678910回答DBCABCCA问题号1112131415回答BDABABC问题1617回答DBC18。
答案：1.92107m[五]1.解决方法：A .电流表显示有效值，数字为I=A=10A，所以A是错的；b，从图像可知周期为0.01s，频率为周期100Hz的倒数，所以b是错的；c，电阻P=I2R=(10)210=1000W消耗的功率，所以c是错的；d，角速度=2f=200，所以瞬时值表达式i=10sin200tA，所以d是正确的；因此：d2.解决方案：a、t=0的瞬间感应电动势，磁通量为零；此时线圈与中性面相互垂直；因此，a是错的；B，电动势在t2感应，线圈平面垂直于中性面，磁通量为零，所以B 是错的。
高二暑假物理参考答案精选
高二暑期物理参照答案优选大家把理论知识学习好的同时，也应当要复习，从复习中找到自己的不足，下边是查词典物理网为大家整理的高二暑期物理参照答案，希望对大家有帮助。
24.(7 分)某建筑工地用起落机提高实心砖的表示图如图9 所示。
起落机货箱的重力是300N ， g 取 10N/kg 。
不计滑轮和钢丝绳的重力，不计摩擦。
试求：⑴已知砖的密度是2×103kg/m3 ，每块转的体积是1.5 ×10-3m3-, 则每块砖的重力是多少 ?⑵假如钢丝绳上同意施加的最大拉力是 2100N ，则该起落机一次最多能匀速提高多少块砖 ?(3)某次提高中，起落机在 50 s 内将货物匀速提高了 10m，钢丝绳的拉力是 2019N 。
则钢丝绳的拉力的功率是多少 ?25.(6 分)小明制作了一个简略电加热器，其电路图如图10 所示。
R1、 R2 是发热电阻，开关s 接“1”为高温挡、接时“2”时为低温挡，在每个挡内温度是可调的。
电源电压是12V ，变阻器 R 的最大电阻是10Ω，R2 的电阻是 32Ω。
试求：(1)开关 s 接“ 1时”，变阻器的滑片在 a 端， R1 的功率是 8W 。
则 R1 的电阻是多少 ?(2)开关 s 接“ 2时”，变阻器的滑片在 b 端，则 R1 和 R2 的总共率是多少 ?四、简答题 (此题共 2 小题，每题 3 分，共 6 分 )26.小明的妈妈用食用油炸油条时，油的温度约为200℃。
她不当心把几滴水溅到了油锅里，出现了“油花四溅”的现象。
请解说这个现象。
27.某简略喷雾器的构造简图如图11 所示。
当迅速推活塞时，水就从喷雾筒中喷出。
请解说这个现象。
五、综合题 (此题共 4 小题，每题 5 分，共 20 分 )28.在研究“斜面的机械效率与斜面的倾斜程度和粗拙程度的关系”实验中，所用的实验器械有：支架，带有滑轮的长木板(滑轮与木板之间的距离是可调的)，带挂钩的木块，弹簧测力计，棉布，毛巾，刻度尺，细线。
安徽省六安市2016年高二物理暑假作业 第十九天
第十九天 自由落体和竖直上抛1．一物体自距地面高H 处自由下落，经时间t 落地，此时速度为v ，则( )A.t 2时物体距地面高度为H 2B.t 2时物体距地面高度为3H 4C ．物体下落H 2时速度为v 2D ．物体下落H2时速度为2． 小球甲和乙从某一高度相隔1s 先后做自由落体运动，它们在空中运动的任一时刻( )A.甲、乙两球距离保持不变，甲、乙两球速度之差保持不变B.甲、乙两球距离越来越大，甲、乙两球速度之差越来越大C.甲、乙两球距离越来越小，甲、乙两球速度之差越来越小D.甲、乙两球距离越来越大，甲、乙两球速度之差保持不变3．竖直上抛的物体，又落回抛出点，关于物体运动的下列说法中正确的有( )A ．上升过程和下落过程，时间相等、位移相同B ．物体到达最高点时，速度和加速度均为零C ．整个过程中，任意相等时间内物体的速度变化量均相同D ．不管竖直上抛的初速度有多大(v 0＞10 m/s)，物体上升过程的最后1 s 时间内的位移总是不变的4．在轻绳两端各系一个小球，一人用手拿着绳上端的小球，站在三层楼的阳台上，放手后让小球自由下落，两球相继落地的时间差为△t；如果人站在四楼的阳台上，同样放手让小球自由地下落，两球相继落地的时间为△t′，则要△t 与△t′相比较，有( )A ．△t′＞△tB ．△t′=△tC ． △t′＜△tD ． 无法判断5．距地面高5m 的水平直轨道A 、B 两点相距2m ，在B 点用细线悬挂一小球，离地高度为h ，如图。
小车始终以4m/s 的速度沿轨道匀速运动，经过A 点时将随车携带的小球由轨道高度自由卸下，小车运动至B 点时细线被轧断，最后两球同时落地。
不计空气阻力，取重力加速度的大小g=10m/s 2。
可求得h 等于( )A ．1.25mB ．2.25mC ．3.75mD ．4.75m6．在离地高h 处,沿竖直方向同时向上和向下抛出两个小球,它们的初速度大小均为v,不计空气阻力,两球落地的时间差为( )A.2vgB. v gC.2hvD.h v7．利用水滴下落可以测量出重力加速度g ，调节水龙头，让水一滴一滴地流出．在水龙头的正下方放一盘子，调整盘子的高度，使一个水滴碰到盘子时，恰好有另一水滴从水龙头开始下落，而空中还有两个正在下落的水滴．测出水龙头处到盘子的高度为h(m)，再用秒表测量时间，从第一滴水离开龙头开始，到第N 滴水落至盘中，共用时间为T （s ）．当第一滴水落到盘子时，第二滴水离盘子的高度为______m ，重力加速度g=______m/s 2． 8．如图,宽为L 的竖直障碍物上开有间距d=0.6m 的矩形孔,其下沿离地h=1.2m,离地高H=2m 的质点与障碍物相距x 。
高二下册物理暑假作业及答案
高二下册物理暑假作业及答案高二有两大特征：一、教学进度快。
一年要完成二年的课程。
二、高中一年级的新鲜过了，距离高考考试尚远，最易玩的疯、走的远的时候。
造成：心理上的迷茫期，学业上进的缓慢期，自我约束的松散期，易误入歧路，大浪淘沙的筛选期。
因此，直面高中二年级的挑战，认清高中二年级，认清高中二年级的自己，认清高中二年级的任务，看上去意义十分重大而迫切。
高中二年级频道为你整理了《高二下册物理暑假作业及答案》，期望对你的学习有所帮！1．关于晶体和非晶体，下列说法中正确的是A．晶体肯定有天然的规则外形B．冰有固定的熔点，肯定是晶体C．晶体的物理性质肯定表现为各向异性D．水晶片和玻璃片都是透明的，故它们都是晶体2．关于液晶的以下说法正确的是A．液晶态只是物质在肯定温度范围内才具备的状况B．由于液晶在肯定条件下发光，所以可以用来做显示屏C．液晶表现各向同性的性质D．手提电脑的彩色显示器，是由于在液晶中掺入了少量多*染料，液晶中电场强度不一样时，它对不一样色光的吸收强度不同，所以显示出各种颜色3．使一些小水银滴飞速合成一个较大的水银滴时，水银的温度将A．升高B．减少C．不变D．没办法判断4．关于浸润与不浸润现象，下面的几种说法中正确的是A．水是浸润液体B．水银是不浸润液体C．同一种液体对不一样的固体，可能是浸润的，也会是不浸润的D．只有浸润液体在细管中才会产生毛细现象5．下列状况晾出的湿衣服最困难干的是A．气温5℃，绝对湿度5.058×102PaB．气温10℃，绝对湿度6.754×102PaC．气温15℃，绝对湿度1.023×103PaD．气温20℃，绝对湿度2.320×103Pa6．下图中的四个图象是肯定水平的气体，按不一样的办法由状况a变到状况b，其中A图曲线是双曲线的一部分，则反映气体变化过程中从外面吸热的是7．热力学第二定律使大家认识到自然界中进行的涉及热现象的宏观过程A．都具备方向性B．只是部分具备方向性C．没方向性D．没办法确定8．若一气泡从湖底上升到湖面的过程中温度维持不变，则在此过程中关于气泡中的气体，下列说法正确的是A．气体分子间有哪些用途力增大B．气体分子的平均速率增大C．气体分子的平均动能减小D．气体组成的系统的熵增加9．如图所示，为一汽缸内封闭的肯定水平的气体的p－V图线，当该系统从状况a沿过程a→c→b到达状况b时，有335J的热量传入系统，系统对外面做功126J．求：若沿a→d→b过程，系统对外做功42J，则有多少热量传入系统？若系统由状况b沿曲线过程返回状况a时，外面对系统做功84J，问系统是吸热还是放热？热量传递是多少？10．如图所示为失火报警器的原理图，竖直放置的玻璃试管中装入水银，当温度升高时，水银柱上升，使电路导通，蜂鸣器发出响声，在27℃时，下端封闭的空气柱长为L1＝20cm，水银柱上表面与导线端点的距离为L2＝10cm，管内水银柱的重量为10N，横截面积为1cm2，大方压强p0＝1.0×105Pa，问：当温度达到多少时报警器会报警？假如温度从27℃升到报警温度的过程中，封闭空气柱从外面吸收的热量为20J，则空气柱的内能增加了多少？1．B2．D3．A4．C5．D6．D7．A8．D9．251J放热293J10．177℃18J1．有关布朗运动的说法错误的是A．布朗运动就是分子的无规则运动B．布朗运动反映了分子的无规则运动C．颗粒越小布朗运动越显著D．温度越高布朗运动越激烈2．如图是某一微粒的布朗运动路线图。
高中物理暑假作业 第19章 原子核(含解析)新人教版选修3-5(2021年最新整理)
2016-2017学年高中物理暑假作业第19章原子核（含解析）新人教版选修3-5编辑整理：尊敬的读者朋友们：这里是精品文档编辑中心，本文档内容是由我和我的同事精心编辑整理后发布的，发布之前我们对文中内容进行仔细校对，但是难免会有疏漏的地方，但是任然希望（2016-2017学年高中物理暑假作业第19章原子核（含解析）新人教版选修3-5）的内容能够给您的工作和学习带来便利。
同时也真诚的希望收到您的建议和反馈，这将是我们进步的源泉，前进的动力。
本文可编辑可修改，如果觉得对您有帮助请收藏以便随时查阅，最后祝您生活愉快业绩进步，以下为2016-2017学年高中物理暑假作业第19章原子核（含解析）新人教版选修3-5的全部内容。
第19章 原子核学校：___________姓名:___________班级：___________考号：___________第I 卷(选择题）一、选择题，本题共14小题。
将正确答案填写在题干后面的括号里 1．如果原子X 是原子P 的同位素，而且它们分别发生了如下的衰变：则下列说法正确的是( ）A. X 的质量数和P 的相同 B 。
Y 的质子数比Q 的质子数多 C 。
X 的中子数和P 的相同 D 。
Z 和R 互为同位素 【答案】D【解析】同位素是指质子数相同（核电荷数相同)而质量数不同的同一类元素，中子数不同，故AC 错误；P 经过β衰变，Q 原子序数增加1，而X 经过α衰变，YD 的原子序数减少2，故Y 的质子数比Q 的质子数少，故B 错误；根据α、β衰变实质可知，XP 各经历一次α和β衰变，生成的Z 与R 的质子数相同，是同位素，故D 正确;故选D ． 2．下列现象中，与原子核内部变化有关的是( )A 。
β衰变现象B 。
光电效应现象 C. 原子发光现象 D 。
α粒子散射现象 【答案】A3．下列说法中正确的是（ ）A 。
23290Th 衰变成20882Pb 要经过 6 次α衰变和 4 次β衰变B. 汤姆孙的α粒子散射实验揭示了原子具有核式结构C. β衰变中产生的β射线实际上是原子的核外电子挣脱原子核的束缚而形成的D. 升高放射性物质的温度,热运动加快,可缩短其半衰期【答案】A4．若元素A的半衰期为4天,元素B的半衰期为5天，则相同质量的A和B，经过20天后,剩下的元素A、B的质量之比m A∶m B为( )A. 30∶31 B。
高二物理暑假作业试题(含答案)-2019年教学文档
2019年高二物理暑假作业试题（含答案）在竞争中就要不断学习，接下来查字典物理网为大家推荐高二物理暑假作业试题，请大家一定仔细阅读，希望会对大家的学习带来帮助!1.【2019?安徽省合肥市名校联考】为研究钢球在液体中运动时所受阻力的阻力常数，让钢球从某一高度竖直下落进入液体中运动，用闪光照相的方法拍摄出钢球在不同时刻的位置，如图7所示。
已知钢球在液体中运动时所受阻力F=kv2，闪光照相机的闪光频率为f，图中刻度尺的最小分度为s0，钢球质量为m，则阻力常数k的表达式为。
1. 【解析】钢球从某一高度竖直下落进入液体中先做减速运动，后做匀速运动，由mg= kv2，v=2 s0/T=2 s0f，解得k= 。
2.【2019?重庆市期末】为了简单测量小木块与水平桌面之间的动摩擦因数，按以下步骤进行：a.将一端固定在木板P上的轻弹簧置于水平桌面上，固定木板P，在桌面上标记弹簧自由端位置O，将小木块接触弹簧自由端(不栓接)并使其缓慢移至A位置，如图1所示。
b.将小木块从静止开始释放，小木块运动至B位置静止。
c.将弹簧移至桌边，使弹簧自由端位置O与桌边缘对齐，如图2所示。
固定木板P，使小木块接触弹簧自由端(不栓接)并使其缓慢移至C位置，使OC=OA。
将小木块从静止开始释放，小木块落至水平地面D处，为O点在水平地面的竖直投影点。
若已经测得OB距离为L，OO’间竖直高度为h。
小木块可看作质点，不计空气阻力。
(1)为测量小木块与水平桌面的动摩擦因数，还需要测量的物理量是：。
(2)写出小木块与桌面间的动摩擦因数的表达式：μ= 。
2.(1) 与D点的距离? (2)【解析】3.【2019?河南郑州市一模】为了“探究加速度与力、质量的关系”，现提供如图所示实验装置。
请思考探究思路并回答下列问题：(1)为了消除小车与水平之间摩擦力的影响应采取的做法是(??? )A.将木板不带滑轮的一端适当垫高，是小车在钩码拉动下恰好做匀速运动B.将木板带滑轮的一端适当垫高，使小车在钩码拉动下恰好做匀速运动C.使木板不带滑轮的一端适当垫高，在不挂钩码的情况下使小车恰好做匀速运动D.使木板不带滑轮的一端适当垫高，在不挂钩码的情况下使小车能够静止在木板上(2)在实验中，得到一条打点的纸带，如图所示，已知相邻计数点的时间间隔为T，且间距S1、S2 、S3、 S4 、S5 、S6已量出，则小车加速度的表达式为a=______;(3)有一组同学保持小车及车中的砝码质量一定，探究加速度a与所受外力F的关系，他们在轨道水平和倾斜两种情况下分别做了实验，得到了两条a—F图线，如图所示。
新高二物理假期作业十九答案（8月17日）
1.【答案】D 【解析】对于杯子经过最高点时加速度向下，水处于失重状态，但仍受重力．故A 错误．在最高点，水靠重力和弹力的合力提供向心力，合力不为零，故B 错误．向心力是做圆周运动所需要的力，不是水受到的力．故C 错误．当在最高点的速度v gR =D 正确．故选D ．点睛：本题关键明确水经过最高点时重力和支持力的合力提供向心力．根据牛顿第二定律进行分析．注意失重并不是不受重力作用.2.【答案】D【解析】当小球到达最高点速率为v ，有mg =m v 2r ，当小球到达最高点速率为2v 时，应有F +mg =m (2v)2r =4mg ，所以F=3mg ，此时最高点各力如图所示，所以F T =√3mg ，D 正确，ABC 错误．故选D ． 3.【答案】C 【详解】假设小球受到支持力作用，根据牛顿第二定律2mv mg F L-= 代入数据，整理得24N F =-负号表示小球受到的拉力，根据牛顿第三定律可知，杆受到的是拉力，大小为24N 。
故选C 。
4.【答案】B 【详解】A ．小滑块能经过A 点时，滑块对轨道有向上的作用力，恰好能经过A 点时滑块对轨道无作用力，此时N F Mg ≤物体在水平方向不受力的作用，所以没有摩擦力的作用，故A 错误； B ．小滑块在B 点时，需要的向心力向右，所以轨道对滑块有向右的支持力的作用，对轨道受力分析可知，地面要对轨道有向右的摩擦力的作用，在竖直方向上，滑块对轨道没有力的作用，所以轨道对地面的压力N F Mg =故B 正确；C ．小滑块在C 点时，滑块有竖直向上的向心加速度，处于超重状态，即滑块对轨道的作用力大于自身的重力，则()N F M m g >+物体在水平方向不受其他力的作用，所以不受摩擦力，故C 错误； D ．小滑块在D 点时，需要的向心力向左，所以轨道对滑块有向左的支持力的作用，对轨道受力分析可知，地面要对轨道有向左的摩擦力的作用；在竖直方向上，滑块对轨道没有力的作用，所以轨道对地面的压力N F Mg =故D 错误。
安徽省六安市舒城中学高二物理暑假作业第十九天
第十九天 自由落体和竖直上抛1．一物体自距地面高H 处自由下落，经时间t 落地，此时速度为v ，则( )A.t 2时物体距地面高度为H 2B.t 2时物体距地面高度为3H 4C ．物体下落H 2时速度为v 2D ．物体下落H2时速度为2． 小球甲和乙从某一高度相隔1s 先后做自由落体运动，它们在空中运动的任一时刻( )A.甲、乙两球距离保持不变，甲、乙两球速度之差保持不变B.甲、乙两球距离越来越大，甲、乙两球速度之差越来越大C.甲、乙两球距离越来越小，甲、乙两球速度之差越来越小D.甲、乙两球距离越来越大，甲、乙两球速度之差保持不变3．竖直上抛的物体，又落回抛出点，关于物体运动的下列说法中正确的有( )A ．上升过程和下落过程，时间相等、位移相同B ．物体到达最高点时，速度和加速度均为零C ．整个过程中，任意相等时间内物体的速度变化量均相同D ．不管竖直上抛的初速度有多大(v 0＞10 m/s)，物体上升过程的最后1 s 时间内的位移总是不变的4．在轻绳两端各系一个小球，一人用手拿着绳上端的小球，站在三层楼的阳台上，放手后让小球自由下落，两球相继落地的时间差为△t；如果人站在四楼的阳台上，同样放手让小球自由地下落，两球相继落地的时间为△t′，则要△t 与△t′相比较，有( )A ．△t′＞△tB ．△t′=△tC ． △t′＜△tD ． 无法判断5．距地面高5m 的水平直轨道A 、B 两点相距2m ，在B 点用细线悬挂一小球，离地高度为h ，如图。
小车始终以4m/s 的速度沿轨道匀速运动，经过A 点时将随车携带的小球由轨道高度自由卸下，小车运动至B 点时细线被轧断，最后两球同时落地。
不计空气阻力，取重力加速度的大小g=10m/s 2。
可求得h 等于( )A ．1.25mB ．2.25mC ．3.75mD ．4.75m6．在离地高h 处,沿竖直方向同时向上和向下抛出两个小球,它们的初速度大小均为v,不计空气阻力,两球落地的时间差为( )A.错误！未找到引用源。
高二物理暑假作业及参考答案
高二物理暑假作业及参考答案暑假是一个学期中学习最轻松但绝不能放松的时间，暑假作业是必不可少的一个阵地，以下是本人为大家整理的高二物理暑假作业及答案，答案仅供参考，大家记得作业要独立完成独立思考哦!1.【2014•安徽省合肥市名校联考】为研究钢球在液体中运动时所受阻力的阻力常数，让钢球从某一高度竖直下落进入液体中运动，用闪光照相的方法拍摄出钢球在不同时刻的位置，如图7所示。
已知钢球在液体中运动时所受阻力F=kv2，闪光照相机的闪光频率为f，图中刻度尺的最小分度为s0，钢球质量为m，则阻力常数k的表达式为。
1. 【解析】钢球从某一高度竖直下落进入液体中先做减速运动，后做匀速运动，由mg= kv2，v=2 s0/T=2 s0f，解得k= 。
2.【2014•重庆市期末】为了简单测量小木块与水平桌面之间的动摩擦因数，按以下步骤进行：a.将一端固定在木板P上的轻弹簧置于水平桌面上，固定木板P，在桌面上标记弹簧自由端位置O，将小木块接触弹簧自由端(不栓接)并使其缓慢移至A位置，如图1所示。
b.将小木块从静止开始释放，小木块运动至B位置静止。
c.将弹簧移至桌边，使弹簧自由端位置O与桌边缘对齐，如图2所示。
固定木板P，使小木块接触弹簧自由端(不栓接)并使其缓慢移至C位置，使OC=OA。
将小木块从静止开始释放，小木块落至水平地面D处，为O点在水平地面的竖直投影点。
若已经测得OB距离为L，OO’间竖直高度为h。
小木块可看作质点，不计空气阻力。
(1)为测量小木块与水平桌面的动摩擦因数，还需要测量的物理量是：。
(2)写出小木块与桌面间的动摩擦因数的表达式：μ= 。
2.(1) 与D点的距离 (2)【解析】3.【2014•河南郑州市一模】为了“探究加速度与力、质量的关系”，现提供如图所示实验装置。
请思考探究思路并回答下列问题：(1)为了消除小车与水平之间摩擦力的影响应采取的做法是( )A.将木板不带滑轮的一端适当垫高，是小车在钩码拉动下恰好做匀速运动B.将木板带滑轮的一端适当垫高，使小车在钩码拉动下恰好做匀速运动C.使木板不带滑轮的一端适当垫高，在不挂钩码的情况下使小车恰好做匀速运动D.使木板不带滑轮的一端适当垫高，在不挂钩码的情况下使小车能够静止在木板上(2)在实验中，得到一条打点的纸带，如图所示，已知相邻计数点的时间间隔为T，且间距S1、S2 、S3、 S4 、S5 、S6已量出，则小车加速度的表达式为a=______;(3)有一组同学保持小车及车中的砝码质量一定，探究加速度a与所受外力F的关系，他们在轨道水平和倾斜两种情况下分别做了实验，得到了两条a—F图线，如图所示。
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第十九天 自由落体和竖直上抛
1．一物体自距地面高H 处自由下落，经时间t 落地，此时速度为v ，则
( )
A.t 2时物体距地面高度为H 2
B.t 2时物体距地面高度为3H 4
C ．物体下落H 2时速度为v 2
D ．物体下落H
2时速度为
2． 小球甲和乙从某一高度相隔1s 先后做自由落体运动，它们在空中运动的任一时刻
( )
A.甲、乙两球距离保持不变，甲、乙两球速度之差保持不变
B.甲、乙两球距离越来越大，甲、乙两球速度之差越来越大
C.甲、乙两球距离越来越小，甲、乙两球速度之差越来越小
D.甲、乙两球距离越来越大，甲、乙两球速度之差保持不变
3．竖直上抛的物体，又落回抛出点，关于物体运动的下列说法中正确的有
( )
A ．上升过程和下落过程，时间相等、位移相同
B ．物体到达最高点时，速度和加速度均为零
C ．整个过程中，任意相等时间内物体的速度变化量均相同
D ．不管竖直上抛的初速度有多大(v 0＞10 m/s)，物体上升过程的最后1 s 时间内的位移总是不
变的
4．在轻绳两端各系一个小球，一人用手拿着绳上端的小球，站在三层楼的阳台上，放手后让小球自由下落，两球相继落地的时间差为△t；如果人站在四楼的阳台上，同样放手让小球自由地下落，两球相继落地的时间为△t′，则要△t 与△t′相比较，有
( )
A ．△t′＞△t
B ．△t′=△t
C ．
△t′＜△t
D ．
无法判断
5．距地面高5m 的水平直轨道A 、B 两点相距2m ，在B 点用细线悬挂一小球，离地高
度为h ，如图。
小车始终以4m/s 的速度沿轨道匀速运动，经过A 点时将随车携带的小球由轨道高度自由卸下，小车运动至B 点时细线被轧断，最后两球同时落地。
不计空气阻力，取重力加速度的大小g=10m/s 2。
可求得h 等于( ) A ．1.25m B ．2.25m
C ．3.75m
D ．4.75m
6．在离地高h 处,沿竖直方向同时向上和向下抛出两个小球,它们的初速度大小均为v,不计空气阻
力,两球落地的时间差为
( )
A.错误！未指定书签。
B.错误！未指定书签。
C.错
误！未指定书签。
D.错误！未指定书签。
7．利用水滴下落可以测量出重力加速度g ，调节水龙头，让水一滴一滴地流出．在水龙头的
正下方放一盘子，调整盘子的高度，使一个水滴碰到盘子时，恰好有另一水滴从水龙头开始下落，而空中还有两个正在下落的水滴．测出水龙头处到盘子的高度为h(m)，再用秒表测量时间，从第一滴水离开龙头开始，到第N 滴水落至盘中，共用时间为T （s ）．当第一滴水落到盘子时，第二滴水离盘子的高度为______m ，重力加速度g=______m/s 2
．
8．如图,宽为L 的竖直障碍物上开有间距d=0.6m 的矩形孔,其下沿离地h=1.2m,离地高
H=2m 的质点与障碍物相距x 。
在障碍物以v 0=4m/s 匀速向左运动的同时,质点自由
下落。
为使质点能穿过该孔,L 的最大值为 m;若L=0.6m,x 的取值范围是 m 。
(取g=10m/s 2
)
9．如右图所示，直杆长L 1=0.5m ，圆筒高为L 2=2.5m 。
直杆位于圆筒正上方H=1m 处。
直杆从静止开始做自由落体运动，并能竖直穿越圆筒。
试求：（取g=10m/s 2
，
）
（1）直杆下端刚好开始进入圆筒时的瞬时速度v 1； （2）直杆穿越圆筒所用的时间t 。
10、如图所示的A 、B 两个物体，距地面高度为45m ，A 物体在运动过程中阻力不计，做自由落
体运动，B 物体在下落过程中受空气阻力作用，其加速度大小为9m/s 2
．已知重力加速度g 取10m/s 2
， A 、B 两物体均可视为质点．则：
（1）若A 、B 两物体同时由静止释放，求当物体A 落地时物体B 离地距离； （2）若要使两物体同时落地，且两物体均由静止开始释放，求物体B 需提前多长时间
释放；
（3）若将B 物体移到距地面高度18m 处A 的正下方C 点，并由静止释放，且AB 同时
释放，为了使 A 在运动过程中与B 相碰，则至少给A 物体多大的竖直向下的初速度？
m
m
第十九天
1．BD 2．D 3．CD 4．C 5．A 6．A 7．
8．0.8 0.8～1 9．⑴
（2）t=0.45(s)
10．（1）4.5m ；(2))310( s ；(3)12.5m/s
84。