江西省上饶市玉山第三中学2020年高三物理模拟试题带解析

江西省上饶市玉山第三中学2020年高三物理模拟试题含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意
1. (单选)若汽车的加速度方向与初速度方向一致，当加速度减小时，以下说法正确的是()
A．汽车的速度也减小
B．汽车的速度一定在增大
C．汽车的速度可能不变
D．当加速度减小到零时，汽车静止
参考答案：
B
2. 在图中虚线所围区域内，存在电场强度为E的匀强电场和磁感应强度为B的匀强磁场。

已知从左方水平射入的电子，穿过这区域时未发生偏转，设电子重力可忽略不计，
则在这区域中的E和B的方向可能是（）
A．E竖直向上，B垂直纸面向外
B．E竖直向上，B垂直纸面向里
C．E、B都沿水平方向，并与电子运行方向相同
D．E竖直向上，B竖直向下
参考答案：
答案：AC
3. 关于摩擦力以下几种说法你认为正确的是：①摩擦力的方向总是与物体的运动方向共线；②滑动摩擦力总是阻碍物体之间的相对运动；③摩擦力做功总是使物体的机械能减小；
④滑动摩擦力做功肯定能生热，使物体内能增加（）
A．①和③是正确的 B．②和③是正确的
C．②和④是正确的 D．只有②是正确的
参考答案：
答案：C
4. 如图所示，一串红灯笼（三只，且完全相同）在水平风力的吹动下发生倾斜，悬绳与竖直方向的夹角为30°．每个红灯笼的质量均为m，绳子质量不计，质量加速度为g，则最下面的红灯笼受到的风力大小为（）A．mg B．mg C．2mg
参考答案：
A
【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．
【分析】对三个红灯笼整体研究，受风力、重力和拉力，根据平衡条件并结合合成法列式求解风力；三个灯笼相同，故三个风力相等．
【解答】解：对三个红灯笼整体研究，受力如图所示：
根据平衡条件，有：
F=（3m）gtan30°=
三个灯笼的风力相等，故最下面的红灯笼受到的风力大小为mg；
故选：A
5. （多选题）如图，光滑平行金属导轨固定在水平面上，左端由导线相连，导体棒垂直静置于导轨上构成回路。

在外力F作用下，回路上方的条形磁铁竖直向上做匀速运动。

在匀速运动过程中外力F做功，磁场力对导体棒做功，磁铁克服磁场力做功，重力对磁铁做功，回路中产生的焦耳热为Q，导体棒获得的动能为。

则
A 、
B 、
C 、
D 、
参考答案：
BCD
【考点定位】 电磁感应；能量守恒定律
【名师点睛】 本题考查法拉第电磁感应定律的应用，侧重于其中的能量关系，意在考查考生的分析能力。

做本题的关键在于掌握电磁感应中的能量转化关系，知道什么能转化为电能，电能又转化成什么能。

二、 填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分
6. 一定质量的理想气体压强p 与热力学温度T 的关系图象如图所示，AB 、BC 分别与p 轴和T 轴平行，气体在状态A 时的压强为p0、体积为V0，在状态B 时的压强为2p0，则气体在状态B 时的体积为 ；气体从状态A 经状态B 变化到状态C 的过程中，对外做的功为W ，内能增加了ΔU ，则此过程气体 （选填“吸收”或“放出”）的热量为 ．
参考答案：
v0/2 (1分) 吸收 (1分) △U+W 7. （6分）一个
原子中含有
个质子，含
有 个中子，含有 个电子。

参考答案：
92；146；92
8. 处于激发状态的原子，在入射光的电磁场的影响下，从高能态向低能态跃迁，两个状态之间的能量差以辐射光子的形式发射出去，这种辐射叫做受激辐射。

原子发生受激辐射时，发出的光子频率、发射方向等，都跟入射光子完全一样，这样使光得到加强，这就是激光产生
的机理。

那么，发生受激辐射时，产生激光的原子的总能量En 、电势能Ep 、电子动能Ek 的变化情况是__________
A ．Ep 增大、Ek 减小、En 减小
B ．Ep 减小、Ek 增大、En 减小
C ．Ep 增大、Ek 增大、En 增大
D ．Ep 减小、Ek 增大、En 不变 参考答案： B
9. 质量为0.45 kg 的木块静止在光滑水平面上，一质量为0.05 kg 的子弹以200 m/s 的水平速度击中木块，并留在其中，整个木块沿子弹原方向运动，则木块最终速度的大小是__________m/s 。

若子弹在木块中运动时受到的平均阻力为4.5×103 N ，则子弹射入木块的深度为_______m 。

参考答案：
(1). 20 (2). 0.2
试题分析：根据系统动量守恒求解两木块最终速度的大小；根据能量守恒定律求出子弹射入木块的深
度；
根据动量守恒定律可得，解得；系统减小的动能转化为克
服阻力产生的内能，故有，解得；
【点睛】本题综合考查了动量守恒定律、能量守恒定律，综合性较强，对学生能力要求较高． 10. 一船在静水中的划行速率为5m/s ，要横渡一条宽30m 、流速为4m/s 的河流，此船渡河的最短时
间为 s ，此船渡河的最短航程为 m.
参考答案：
11. 在X 轴上运动的质点的坐标X 随时间t 的变化关系为x=3t2+2t-4，则其加速度a=_________,t=0时，速度为 。

（X 的单位是米，t 的单位是秒）
参考答案：
6m/s2 2m/s
12. 客运电梯简化模型如图甲所示，电梯的加速度a 随时间t 变化的关系如图乙所示。

已知电梯在t=0时由静止开始上升，电梯总质最m=2.0×103kg ，忽略一切阻力。

电梯在上升过程中受到的最大拉力F = N ，电梯在前2s 内的速度改变量△v = m/s 。

参考答案：
2.2×104， 1.5
13. 将打点计时器固定在斜面上某处，一小车拖着穿过打点计时器的纸带从斜
面上滑下，如图所示是打出的纸带的一段．当电源频率为50 Hz时，每隔0.1 s取一个计
数点，它们是图中a、b、c、d、e、f等点，这段时间内加速度的平均值是____________(取
两位有效数字)．若电源频率高于50Hz，但计算仍按50Hz计算，其加速度数值将
____________(填“偏大”、“偏小”或“相同”)．
参考答案：
三、实验题：本题共2小题，每小题11分，共计22分
14. 一同学利用如图甲所示的实验装置，探究物块在水平桌面上的运动規律．物块在重物的牵引下从
静止开始运动，重物落地后，物块再运动一段距离后停在桌面上（尚未到达滑轮处）．图乙是从纸
带上选取的一段，从便于测量的某点开始，每两个相邻计数点之间还有4个点未画出，相邻计数点问
的距离如图乙所示，打点计时器所接交流电源的频率为50Hz．
（1）打计数点3时，物块的速度大小为m/s（结果保留三位有效数字）；（2）物块加速运动过程与减速运动过程中的加速度大小的比值为（结果保留两位有效数字）．
参考答案：
（1）0.601；（2）1.0．
【考点】测定匀变速直线运动的加速度；探究小车速度随时间变化的规律．
【分析】用平均速度代替瞬时速度的方法求解瞬时速度；根据公式△x=aT2求解减速过程中的加速度．
【解答】解：（1）匀变速直线运动中时间中点的瞬时速度等于该过程中的平均速度，因此有：
；
（2）从纸带上的数据分析得知：在计数点6之前，两点之间的位移逐渐增大，是加速运动；在计数点7之后，两点之间的位移逐渐减小，是减速运动，所以物块在相邻计数点6和7之间某时刻开始减速；
对前4段，根据公式△x=aT2，有：，
解得：a===2.0m/s2；
对后4段，根据公式△x=aT2，有：，
解得：a′===﹣2.0m/s2；
故||=1.0；
故答案为：（1）0.601；（2）1.0．
15. （12分）某兴趣小组为了测量一待测电阻R x的阻值，准备先用多用电表粗测出它的阻值，然后再用伏安法精确地测量．实验室里准备了以下器材:
A．多用电表
B．电压表V l，量程6V，内阻约10kΩ
C．电压表V2，量程15V，内阻约20kΩ
D．电流表A l，量程0.6A，内阻约0.2Ω
E ．电流表A 2，量程3A ，内阻约0.02Ω
F ．电源：电动势E =12V
G ．滑动变阻器R l ，最大阻值10Ω，最大电流为2A H ．滑动变阻器R 2，最大阻值50Ω，最大电流为0.2A I ．导线、电键若干
(1)在用多用电表粗测电阻时,该兴趣小组首先选用“×10”欧姆挡，其阻值如图甲中指针所示，为了减小多用电表的读数误差,多用电表的选择开关应换用_________欧姆挡；
(2) 按正确的操作程序再一次用多用电表测量该待测电阻的阻值时，其阻值如图乙中指针所示，则R x 的阻值大约是_________Ω；
(3)在用伏安法测量该电阻的阻值时，要求待测电阻的电压从0开始可以连续调节，则在上述器材中应选出的器材
是 (填器材前面的字母代号) ；
(4)在虚线框内画出用伏安法测量该电阻的阻值时的实验电路图． 参考答案：
答案： (1) “×1”欧姆挡（ 2分）(2) 9Ω（ 2分）(3) BDFGI （4分）(4) 如图所示（4分）
四、计算题：本题共3小题，共计47分
16. （10分）甲乙两列简谐横波在同一介质中分别沿x 轴正向和负向传播，波速均为v=25cm/s 。

两列波在t=0时的波形曲线如图所示。

求
（i ）t=0时，介质中偏离平衡位置位移为16cm 的所有质点的x 坐标； （ii ）从t=0开始，介质中最早出现偏离平衡位置位移为-16cm 的质点的时间。

参考答案：
（ⅰ）x=(50+300n)cm n=0，±1，±2，… （ⅱ）t =0.1s
解：（i ）t=0时，在x=50cm 处两列波的波峰相遇，该处质点偏离平衡位置的位移为16cm 。

两列波的波峰相遇处的质点偏离平衡位置的位移均为16cm 。

从图线可以看出，甲、乙两列波的波长分别为
λ1=50cm，λ2＝60cm ①
甲、乙两列波波峰的x坐标分别为
x1=50＋k1λ1，k1=0，±1，±2，…②
x2=50＋k2λ2，k2=0，±1，±2，…③
由①②③式得，介质中偏离平衡位置位移为16cm的所有质点的x坐标为
x=(50+300n)cm n=0，±1，±2，…④
（ii）只有两列波的波谷相遇处的质点的位移为–16cm．t=0时，两波波谷间的x坐标之差为
⑤
式中，m1和m2均为整数。

将①式代入⑤式得
Δx’=10(6m2-5m1)+5 ⑥
由于m1、m2均为整数，相向传播的波谷间的距离最小为
⑦
从t=0开始，介质中最早出现偏离平衡位置位移为–16cm的质点的时间为
⑧
代入数值得
t =0.1s ⑨
考点：机械振动机械波
17. 如图所示，12个相同的木块放在水平地面上排成一条直线，相邻两木块接触但不粘连，每个木块的质量m=1.2kg，长度l=0.5m．木块原来都静止，它们与地面间的动摩擦因数均为μ1=0.1，在左边第一个木块的左端放一质量M=1kg的小铅块（可视为质点），它与各木块间的动摩擦因数为μ2=0.5，现突然给铅块一个向右的初速度v0=9m/s，使其在木块上滑行．设木块与地面间及铅块与木块间的最大静摩擦力均等于滑动糜擦力，重力加速度g=10m/s2．求：
（1）小铅块相对木块滑动时小铅块的加速度大小；
（2）铅块下面的木块刚发生运动时铅块的瞬时速度大小．
参考答案：
解：（1）设定水平向右为正向．对铅块：f木铅=μ2Mg=0.5×1×10=5 N 所以铅块的加速度：
（2）对下方n个物块刚滑动，应当满足的条件是：
又：f铅木=f木铅
则木块开始滑动：
即当铅块滑至倒数第三块木块上时，木块开始滑动．
设铅块滑上倒数第三块木块时的初速度为v1，则对于铅块连续滑过前9木块的过程中：
解得：v1=6m/s
v1也是铅块刚滑到倒数第三块木块这一瞬间铅块对木块的相对速度，在此瞬间木块静止．
答：（1）小铅块相对木块滑动时小铅块的加速度大小是5m/s2；
（2）铅块下面的木块刚发生运动时铅块的瞬时速度大小是6m/s．
【考点】牛顿运动定律的综合应用；匀变速直线运动的位移与时间的关系．
【分析】（1）通过对木块的受力分析知，铅块对木块的滑动摩擦力水平向右，地面给木块的静摩擦力水平向左，由牛顿第二定律即可求出铅块的加速度；
（2）当铅块对木板的摩擦力大于地面对木块的摩擦力时，木块开始运动；根据动能定理求铅块的瞬时速度．
18. 在离地 h 高处以初速 v0沿竖直方向下抛一球，设球击地反弹时机械能无损失，不计空气阻力，重力加速度为 g ，则此球击地后回跳的最大高度是多少？
参考答案：
H=h+。