高二物理期中试卷带答案解析

高二物理期中试卷带答案解析
考试范围：xxx ；考试时间：xxx 分钟；出题人：xxx 姓名：___________班级：___________考号：___________
1．答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息 2．请将答案正确填写在答题卡上
一、选择题
1.一带负电的粒子在电场中做直线运动的v ﹣t 图象如图所示，t 1、t 2时刻分别经过M 、N 两点，已知在运动过程中粒子仅受电场力作用，则下列判断正确的是（
）
A ．在从M 点到N 点的过程中，电势能逐渐增大
B ．M 点的电势低于N 点的电势
C ．该电场可能是由某负点电荷形成的
D ．带电粒子在M 点所受电场力小于在N 点所受电场力
2.以下用电器中没有用到电动机原理的是（ ） A ．洗衣机 B ．电动剃须刀 C ．电吹风 D ．收音机
3.如图所示的电路中，各个电阻都是2Ω，电流表内阻不计，在B 、C 两点间加3V 电压时，则电流表的示数为（ ）
A ．0.5 A
B ．1 A
C ．1.5 A
D ．2 A
4.（2005•辽宁）图中B 为电源，R 1、R 2为电阻．K 为电键．现用多用电表测量流过电阻R 2的电流．将多用电表的选择开关调至直流电流挡（内阻很小）以后，正确的接法是（ ）
A ．保持K 闭合，将红表笔接在a 处，黑表笔接在b 处
B．保持K闭合，将红表笔接在b处，黑表笔接在a处C．将K断开，红表笔接在a处，黑表笔接在b处D．将K断开，红表笔接在b处，黑表笔接在a处
5.关于行星的运动，以下说法正确的是：
A．行星的轨道半径越大，行星运行速度越大
B．行星的轨道半径越大，行星公转周期越大
C．行星的轨道半径越大，行星公转角速度越小
D．行星的轨道半径越大，行星质量越大
6.以下说法正确的是( )
A．进行光谱分析可以用连续光谱，也可以用吸收光谱
B．光谱分析的优点是非常灵敏而且迅速
C．分析某种物质的化学组成可以使这种物质发出的白光通过另一种物质的低温蒸气取得的吸收光谱进行分析
D．摄下月球的光谱可以分析出月球上有哪些元素
7.如图是滑道压力测试的示意图，光滑圆弧轨道与光滑斜面相切，滑道底部B处安装一个压力传感器，其示数N表示该处所受压力的大小，某滑块从斜面上不同高度h处由静止下滑，通过B时，下列表述正确的有（）A．N小于滑块重力
B．N大于滑块重力
C．N越大表明h越大
D．N越大表明h越小
8.如图所示，AO、BO、BO是竖直面内三根固定的光滑细杆，与水平面的夹角依次是60°、45°、30°，直线AD与地面垂直。

每根杆上都套着一个小滑环（图中未画出），三个滑环分别从A、B、C 处释放（初速为0），用t
1
、t
2
、t
3
依次表示滑环到达O所用的时间，则（）
A．t
1
< t
2
< t
3
B．t
1
> t
2
> t
3
C．t
1
= t
3
> t
2
D．t
3
= t
1
= t
2
9.已知一些材料间动摩擦因数如下：
质量为1 kg的物块放置于水平面上，现用弹簧秤沿水平方向匀速拉动此物块时，读得弹簧秤的示数为3N，则关于两接触面的材料可能是（取g＝10m/s2）
A．钢—钢 B．木—木 C．木—金属 D．木—冰
10.密闭有空气（非理想气体，分子间的作用力表现为引力）的薄塑料瓶因降温而变扁，此过程中瓶内空气
A．内能不变
B．外界对瓶内空气做功
C．分子力做正功，分子势能变大
D．分子力做负功，分子势能变大
二、多选题
11.如图所示，物体A和带负电的物体B用跨过定滑轮的绝缘轻绳连接，
A、B的质量分别是m和2m，劲度系数为k的轻质弹簧一端固定在水平面上，另一端与物体A相连，倾角为θ的斜面处于沿斜面上的匀强电场中，整个系统不计一切摩擦。

开始时，物体B在一沿斜面向上的外力
F=3mgsinθ的作用下保持静止且轻绳恰好伸直，然后撤去外力F，直到物体B获得最大速度，且弹簧未超过弹性限度，则在此过程中( )A. 撤去外力F的瞬间，物体B的加速度为
B. B的速度最大时，弹簧的伸长量为
C. 物体A的最大速度为
D. 物体
A 、弹簧和地球所组成的系统机械能增加量大于物体
B 电势能的
减少量
12.如图，磁场垂直于纸面，磁感应强度在竖直方向均匀分布，水平方向非均匀分布。

一铜制圆环用丝线悬挂于O点，将圆环拉至位置a后无初速释放，在圆环从a摆向b的过程中（）
A．感应电流方向先逆时针后顺时针再逆时针
B．感应电流方向先顺时针后逆时针再逆时针
C．圆环受到的安培力始终与速度方向相反
D．圆环受到的安培力始终沿水平方向
13.如图所示，光滑半球形容器固定在水平面上，O为球心，一质量为m 的小滑块，在水平力F的作用下静止P点．设滑块所受支持力为F
N
．OP 与水平方向的夹角为θ．下列关系正确的是（）
A．F=
B．F=mgtanθ
C．F
N
=
D．F
N
=mgtanθ
14.如图所示，在光滑的水平面上放有一物体M，物体上有一光滑的半圆弧轨道，轨道半径为R，最低点为C，两端A、B等高，现让小滑块m从A点静止下滑，在此后的过程中，则（）
A. M和m组成的系统机械能守恒，动量守恒
B. M和m组成的系统机械能守恒，动量不守恒
C. m从A到C再到B的整个过程中M一直向左运动
D. m从A到C再到B的整个过程中半圆形轨道对它的弹力一直不做功15.如图所示，一带正电的点电荷固定于O点，两虚线圆均以O为圆心，两实线分别为带电粒子和先后在电场中运动的轨迹，a、b、c、d、e 为轨迹和虚线圆的交点。

不计重力。

下列说法说法正确的是
A．带负电荷，带正电荷
B．在b点的动能小于它在a点的动能
C．在从c点运动到d点的过程中克服电场力做功
D．在d点的电势能等于它在e点的电势能
三、计算题
16.交流发电机的发电原理是矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场的轴
匀速转动，一小型发电机的线圈共220匝，线圈面积S＝0.05m 2，线
圈转动的频率为50Hz，线圈内阻不计，磁场的磁感应强度B＝T。

现用此发电机所发出交流电带动两个标有“220V、11kW”的电机正常工作，需在发电机的输出端a、b与电机之间接一个理想变压器，电路如图所示。

求：
（1）发电机的输出电压为多少？ （2）变压器原副线圈的匝数比为多少？
（3）与变压器原线圈串联的交流电流表的示数为多少？
17.（11分）如图所示的电路中，两平行金属板A 、B 水平放置，两板间的距离d="40" cm 。

电源电动势E=24V,内电阻r="1" Ω，电阻R="15" Ω。

闭合开关S ，待电路稳定后，将一带正电的小球从B 板小孔以初速度v 0="4" m/s 竖直向上射入板间。

若小球带电量为q=1×10-2 C,质量为
m=2×10-2 kg,不考虑空气阻力。

那么，滑动变阻器接入电路的阻值为多大时，小球恰能到达A 板?此时，电源的输出功率是多大？（g="10" m/s 2）
四、实验题
18.在用单摆测重力加速度的实验中同学在实验中，先测得摆线长为97.50cm ，再测得摆球直径为2.00cm ，然后测出了单摆全振动50次所用时间为98.0s ，
（1）该单摆的摆长为 cm ，周期为 s 。

（2）如果他测得的g 值偏小，可能原因是________ A ．测摆线长时将摆线拉得过紧
B ．误将摆线长当作摆长
C ．开始计时，秒表按下偏迟
D ．实验中误将49次全振动计为50次 19.（8分）
(1)为进行“杨氏双缝干涉实验”，现准备了下列仪器：
A ．白炽灯 B.双窄缝片 C ．单窄缝片 D ．滤光片 E ．白色光屏 把以上仪器装在光具座上时，正确的排列顺序应该是： (填写字母代号)．
(2)在双缝干涉实验中发现条纹太密，难以测量，可以采用的改善办法是 A ．改用波长较长的光(如红光)作为入射光 B ．增大双缝到屏的距离
C ．减少双缝间距
D ．增大双缝间距
(3)在用双缝干涉测光的波长的实验中：⑴已知双缝到光屏之间的距离是600mm ，双缝之间的距离是0.20mm ，单缝到双缝之间的距离是100mm ，某同学在用测量头测量时，先将测量头目镜中中看到的分划板中心刻线
对准某条亮纹（记作第1条）的中心，这时手轮上的示数如左图所示。

然后他转动测量头，使分划板中心刻线对准第7条亮纹的中心，这时手轮上的示数如右图所示。

这两次示数依次为_______mm和______mm。

五、简答题
20.如图所示，在坐标系xOy中，第一象限内充满着两个匀强磁场a和b，
OP为分界线，在磁场a中，磁感应强度为2B，方向垂直于纸面向里，
在磁场b中，磁感应强度为B，方向垂直于纸面向外，P点坐标为(4l，
3l)．一质量为m、电荷量为q的带正电粒子从P点沿y轴负方向射入磁
场b，经过一段时间后，粒子恰能经过原点O，不计粒子重力．求：
（1）粒子从P点运动到O点的最短时间是多少？
（2）粒子运动的速度可能是多少？
21.在磁感应强度为10－2 T的磁场中，有一根长0.2 m的通电直导线，导
线中的电流为10 A，将这根导线与磁场垂直放置，那么它将受到多大的
磁场力作用？
六、作图题
22.如图所示，细绳的一端在外力作用下从t＝0时刻开始做简谐运动，激
发出一列简谐横波．在细绳上选取15个点，图甲为t＝0时刻各点所处
的位置，图乙为t＝时刻的波形图(T为波的周期)．请画出t＝时刻
的波形图．
参考答案
1 .A
【解析】
试题分析：由速度时间图象分析粒子速度的变化，根据能量守恒定律分
析电势能的变化．粒子在电场中做匀减速直线运动，加速度是一个定值，所以电场力不变，是匀强电场，
解：A、由速度图象可知，带电粒子在从M点到N点的过程中，速度减小，动能减小，根据能量守恒定律可知，电势能逐渐增大，故A正确．
B、粒子的速度减小，所以带电粒子所受的电场力方向从N→M，而粒子
带负电，则电场线方向从M→N，所以M点的电势高于N点的电势，故
B错误．
CD、由速度时间图象可知：粒子在电场中做匀减速直线运动，加速度是
一个定值，所以电场力不变，场强不变，因此该电场是匀强电场，不可
能是由某正点电荷形成的，故CD错误．
故选：A
【点评】本题主要抓住速度时间图象的特点：斜率等于加速度，分析出
粒子做匀减速直线运动，能根据能量守恒定律或电场力做功与电势能的
关系来判断粒子电势能的变化情况．
2 .D
【解析】
试题分析：洗衣机通电时，滚筒会发生转动，表明洗衣机内部有电动机，所以洗衣机应用了电动机；电动剃须刀能够转动，故用到了电动机；电吹风通电时，有一个小电动机转动，故它们是应用了电动机；收音机通电后，是通过调台后将声音放大，故收音机没有用到电动机．
故选D．
3 .A
【解析】
试题分析：在图上标上电阻的符号如图．图中电流表内阻不计，在B、C 两点间加3V电压时，电阻R
2
与R
3
并联后与R
1
串联，电流表测量的是电
阻R
2
的电流；先求解总电阻，根据欧姆定律求解干路电流，根据并联电
路的电流关系得到通过电阻R
2
的电流．
解：如右图所示，电阻R
2
与R
3
并联后与R
1
串联，电路的总电阻为：
R=2+×2=3Ω；
根据欧姆定律得，干路电流为：I==A=1A
由于并联电路的电流与电阻成反比，故电流表的示数为：I
R2
=I=0.5A
故选：A
【点评】本题关键是明确电路的串并联结构，然后串并联电压、电流和电阻关系和欧姆定律列式求解．
4 .C
【解析】
试题分析：电流表内阻很小，所以串联入电路中，而电压表内阻很大，则并联入电路中；当多用电表用来测量电流时，红表笔必须与电源正极相连，黑表笔与电源负极相连．
解：要想测电阻R
2
的电流，必须将开关K断开，将两表笔接入电路．红表笔接电源的正极，黑表笔接电源的负极．
故选：C
点评：当多用电表测电流或电压时，红表笔要与电源的正极相连；当多用电表用来测电阻时，红表笔与电源的负极相连的，原因是测电流或电压时，电源在表的外部；而测电阻时，电源则在表的内部，然而表盘的指针偏转方向不变，即电流的流向不变，所以有这样的结果．
5 .BC
【解析】开普勤行星运动定律，各个行星绕太阳公转周期的平方和它们的椭圆轨道的半径的立方成正比。

注意周期是公转周期，轨道是公转轨道。

由开普勤行星运动第三定律知：各个行星绕太阳公转周期的平方和它们的椭圆轨道的半长轴的立方成正比；各个行星绕太阳公转周期的平方和它们的椭圆轨道的半长轴的立方成正比；半长轴最短，公转周期最小；公转轨道的半长轴最大，绕太阳运动的公转周期最长。

根据题意分析可知：B、C正确。

6 .B
【解析】试题分析：进行光谱分析不能用连续光谱，只能用线状光谱或吸收光谱；光谱分析的优点是灵敏而迅速；分析某种物质的组成，可用白光照射其
低压蒸气产生的吸收光谱进行；月球不能发光，它只能反射太阳光，故
其光谱是太阳光谱，不是月球的光谱，不能用来分析月球上的元素．故
答案为B.
考点：光谱分析特征谱线
点评：线状谱和暗线谱都对应某种元素的光谱，都可以对物质成分进行
分析，并且光谱分析的特点是灵敏迅速，所以在物质成分鉴定时经常用。

7 .BC
【解析】解：在B点，根据牛顿第二定律有：，则N=mg+．知支持力大于重力，则压力大于重力．
根据动能定理得，．代入解得N=mg+，知N越大，表明h 越大．故B、C正确，A、D错误．
故选BC．
【点评】解决本题的关键搞清滑块做圆周运动向心力的来源，根据牛顿
第二定律和动能定理联合求解．
8 .C
【解析】设OD=d，任意一斜面的倾角为α，则由牛顿第二定律得到滑环
的加速度为a=gsinα，滑环从斜面的顶点滑到D的位移为 x=．由x=
at 2得，t=
==，由数学知识得知，sin （2×60°）
=sin （2×30°），sin （2×45°）=1最大，则知t 1=t 3＞t 2．故C 正确． 本题是牛顿第二定律和运动学公式的综合应用，关键要抓住三个过程相同的量表示位移和加速度． 9 .B 【解析】 10 .B 【解析】
试题分析：分子间的作用力表现为引力，而体积减小，分子力做正功，分子势能减小，温度降低，分子平均动能减小，故内能减小，薄塑料瓶变扁，气体体积减小，外界对气体做功，B 正确； 考点：考查了分子力，内能变化 11 .BD
【解析】当施加外力时，对B 分析根据平衡条件可知：
，解得：
，当撤去外力瞬间，受到的合力为：
，解得：a =gsinθ，故A 错误；当B 受到的
合力为零时，B 的速度最大，由，解得：
，故B 正确；对AB 整体根据动能定理可得：
，解得：
，故C 错误；绳子拉力对B 做的负功是大于电场力对B 的正
功，所以B 的机械能在减小，A 的机械能在增大，B 的电势能在减小，故D 正确。

所以BD 正确，AC 错误。

12 .AD
【解析】先看感应电流方向，铜制圆环内磁通量先向里并增大，铜制圆环感应电流的磁场向外，感应电流为逆时针；铜制圆环越过最低点过程中，铜制圆环内磁通量向里的减小，向外的增大，所以铜制圆环感应电流的磁场向里，感应电流为顺时针；越过最低点以后，铜制圆环内磁通量向外并减小，所以铜制圆环感应电流的磁场向外，感应电流为逆时针，故A 正确，B 错误；再看安培力方向，根据左手定则，因等效导线是沿竖直方向的，且两边的磁感应强度不同，故合力方向始终沿水平方向，故和速度方向会有一定夹角，故C 错误、D 正确。

所以AD 正确，BC 错误。

13 .A
【解析】解：对小滑块受力分析，受水平推力F 、重力G 、支持力F N 、根据三力平衡条件，将受水平推力F 和重力G 合成，如图所示，由几何关系可得
，
，所以A 正确，B 、C 、D 错误．
故选A ．
【点评】本题受力分析时应该注意，支持力的方向垂直于接触面，即指向圆心．本题也可用正交分解列式求解！
14 .BC
【解析】M和m组成的系统只有重力做功，系统的机械能是守恒的．系统在水平方向不受外力，水平方向动量守恒，由于m有竖直分加速度，由牛顿第二定律知系统竖直方向的合外力不为零，所以系统的动量不守恒，故A错误，B正确；M和m组成的系统水平方向动量守恒，m从A 到C的过程中以及m从C到B的过程中m一直向右运动，由水平动量守恒知：M一直向左运动，故C正确；m从A到C的过程中以及m从C 到B的过程中轨道对m做负功，故D错误。

所以BC正确，AD错误。

15 .BD
【解析】A、由粒子运动轨迹可知，M受到的是吸引力，N受到的是排斥力，可知M带负电荷，N带正电荷，故A错误；
B、M从a到b点，库仑力做负功，根据动能定理知，动能减小，则b
点的动能小于在a点的动能，故B正确；
C、N从c到d，库仑斥力做正功，故C错误；
D、d点和e点在同一等势面上，电势相等，则N在d点的电势能等于在e点的电势能，故D正确。

点睛：本题关键是根据曲线运动的条件判断出静电力的方向，掌握判断动能和电势能变化的方向，一般的解题思路是根据动能定理判断动能的变化，根据电场力做功判断电势能的变化。

16 .(1) 11 00V (2) (3) 20A
【解析】试题分析：（1）由法拉第电磁感应定律得线圈转动产生的电动势最大值为E
m
＝nBSω＝220××0.05×100πV＝1100V，则有效值为E＝1100V，
由于线圈内阻不计，则输出电压就等于电动势，即U
1
＝E＝11 00V。

（4分）
（2）由于电动机的额定电压为220V，所以变压器的匝数比由变压器的
电压关系得，由于U
1
＝1100V，U
2
＝220V，所以变压器的匝
数比为（4分）
（3）电流表的示数就是原线圈中的电流I
1
，由能量守恒得I
1
U
1
＝P
输出
＝
2×11kW＝22000W。

所以电流表的示数为I
1
＝P/U
1
＝22000/1100A=20A。

（4分）
考点：变压器的构造和原理；正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率．
点评：理想变压器是理想化模型，一是不计线圈内阻；二是没有出现漏
磁现象．同时当电路中有变压器时，只要将变压器的有效值求出，则就
相当于一个新的恒定电源，其值就是刚才的有效值．
17 .；23 W
【解析】略
18 .(1) 98。

50 1.96 (2) B
【解析】（1）根据题意可得周期为： t/n，由周期公式得摆长
为线长与半径之和（2）所以g值偏小的原因可能是B 对；
19 .（1） ADCBE （2） ABC （3） 0.642 10.298 （各2分）
【解析】
试题分析：（1）下图是实验装置图，根据实验图可知排列顺序为ADCBE
（2）本题中d代表双缝间距离，L代表双缝到光屏的距离，根据
可知，改用波长较长的光(如红光)作为入射光、增大双缝到屏的距离L，
减少双缝间距d，都可以增大条纹宽度。

故选ABC.
(3)读数方法和螺旋测微器一样，所以读作：0.642mm和10.298mm
考点：双缝干涉测波长
点评：容易题。

螺旋测微器是日常生活和工厂中经常使用的一种精度较
高的测量长度的仪器，能正确地使用和读数是一种起码的技能，它是高
考的热点．
螺旋测微器的读数原则是：①以毫米为单位．②整数部分由固定刻度的整数决定．③小数部分则由固定部分的半刻度和可动部分的示数共同决定．若固定部分过半刻线，则可动部分的示数加上0.5，若没有过半刻线，就由可动部分的示数来确定．有一点必须明确，示数一定要读到小数点
后面的第三位．
20 .（1）（2）【解析】(1)设粒子的入射速度为v，用R
a
、R
b
、T
a
、T
b
分别表示粒子在磁场a区和b区运动的轨道半径和周期
则：R
a
＝R
b
＝
T
a
＝＝T
b
＝
粒子先从b区运动，再进入a区运动，然后从O点射出时，粒子从P运动到O点所用时间最短．如图所示
tanα＝
得α＝37°
粒子在b区和a区运动的时间分别为：t
b
＝T
b
t
a
＝T
a
故从P点运动到O点所用最短时间为：t＝t
a
＋t
b
＝.
(2)由题意及图可知
n(2R
a cosα＋2R
b
cosα)＝
解得：v＝ (n＝1,2,3…)．
21 .3.0×10－2N
【解析】试题分析：写出安培力公式代入数据即可解题。

根据安培力公式：。

点睛：本题主要考查了安培力公式的简单计算，属于基础题。

22 .
【解析】根据机械波的形成特点可知，在t＝时刻1号质点运动到波谷，振动传到10号质点，7号质点在最高点．波形图如下图所示．。