2016届高三物理二轮复习选择题标准练(八) 含答案

选择题标准练(八)
满分48分,实战模拟,20分钟拿下高考客观题满分!
说明：共8小题,每小题6分,在每小题给出的四个选项中,第1～5题只有一项符合题目要求,第6～8题有多项符合题目要求。

全选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。

1.科学思维和科学方法是我们认识世界的基本手段。

在研究和解决问题过程中,不仅需要相应的知识,还需要运用科学的方法。

理想实验有时更能深刻地反映自然规律,伽利略设想了一个理想实验,如图所示。

①两个对接的斜面,静止的小球沿一个斜面滚下,小球将滚上另一个斜面;
②如果没有摩擦,小球将上升到原来释放的高度;
③减小第二个斜面的倾角,小球在这个斜面上仍然会达到原来的高度;
④继续减小第二个斜面的倾角,最后使它成水平面,小球会沿水平面做持续的匀速运动。

通过对这个实验分析,我们可以得到的最直接结论是( )
A.自然界的一切物体都具有惯性
B.光滑水平面上运动的小球,运动状态的维持并不需要外力
C.如果小球受到力的作用,它的运动状态将发生改变
D.小球受到的力一定时,质量越大,它的加速度越小
【解析】选B。

理想斜面实验只能说明小球具有惯性,推广到一切物体的是牛顿,故A错误;伽利略通过“理想斜面实验”和科学推理,得出的结论是：力不是维持物体运动的原因,光滑水平面上运动的小球,运动状态的维持并不需要外力,故B正确;如果小球受到力的作用,它的运动状态将发生改变,这是牛顿得出的,故C错误;小球受到的力一定时,质量越大,它的加速度越小,这是牛顿第二定律的内容,故D错误。

2.如图所示,在动摩擦因数μ=0. 2的水平面上有一个质量m=1kg的小球,小球与水平轻弹簧及与竖直方向成θ=45°角的不可伸长的轻绳一端相连,此时小球处于静止状态,且水平面对小球的弹力恰好为零。

在剪断轻绳的瞬间(g取10m/s2),下列说法中正确的是( )
A.小球受力个数不变
B.小球立即向左运动,且a=8m/s2
C.小球立即向左运动,且a=10m/s2
D.若剪断的是弹簧,则剪断瞬间小球加速度的大小a=10m/s2
【解析】选B。

在剪断轻绳前,小球受重力、绳的拉力以及弹簧的弹力处于平衡,根据共点力平衡得,弹簧的弹力：F=mgtan45°=10×1N=10N。

剪断轻绳的瞬间,弹簧的弹力仍然为10N,小球此时受重力、支持力、弹簧弹力和摩擦力四个力作用,小球的受力个数发生改变,故A错误;小球所受的最大静摩擦力为：
f=μmg=0.2×10N=2N,根据牛顿第二定律得小球的加速度为：a==8m/s2。

合力方向向左,所以向左运动,故B正确,C错误;剪断弹簧的瞬间,轻绳对小球的拉力瞬间为零,此时小球所受的合力为零,则小球的加速度为零,故D错误。

3.某跳伞运动训练研究所,让一名跳伞运动员从悬停在高空的直升机中跳下,研究人员利用运动员随身携带的仪器记录下了他的运动情况,通过分析数据,定性画出了运动员从跳离飞机到落地的过程中在空中沿竖直方向运动的v -t图像如图所示,则对运动员的运动,下列说法正确的是( )
A.0～15s末都做加速度逐渐减小的加速运动
B.0～10s末做自由落体运动,15 s末开始做匀速直线运动
C.10s末打开降落伞,以后做匀减速运动至15 s末
D.10～15 s末加速度方向竖直向上,加速度的大小在逐渐减小
【解析】选D。

0～10s内图线的斜率在减小,说明运动员做加速度逐渐减小的加速运动,10～15 s运动员做加速度减小的减速运动,故A 错误;0～10 s末运动员的加速度逐渐减小,不可能做自由落体运动,15 s末开始做匀速直线运动,故B错误;由于图像的斜率在减小,则运动员在10 s末打开降落伞后做变减速运动至15 s末,故C错误;10～15 s末运动员向下做减速直线运动,加速度方向竖直向上,加
速度的大小在逐渐减小,故D正确。

4.如图所示,图线a是线圈在匀强磁场中匀速转动时所产生正弦交流电的图像,当调整线圈转速后,所产生正弦交流电的图像如图线b所示,以下关于这两个正弦交流电的说法错误的是( )
A.在图中t=0时刻穿过线圈的磁通量均为零
B.线圈先后两次转速之比为3∶2
C.交流电a的瞬时值为u=10sin5πtV
D.交流电b的最大值为V
【解析】选A。

由图可知,t=0时刻线圈均在中性面,穿过线圈的磁通量最大,所以A错误;由图像可知T A∶T B=2∶3,故n A∶n B=3∶2,所以B 正确;由图像可知,交流电a的最大值为10V,角速度为ω
==rad/s=5πrad/s,所以交流电a的瞬时值为u=10sin 5πtV,所以C正确;交流电最大值U m=NBSω,故U ma∶U mb=3∶2,故U mb=U ma=V,D 正确。

本题选错误的,故选A。

5.如图所示,一位同学玩飞镖游戏。

圆盘最上端有一P点,飞镖抛出时与P等高,且距离P点为L。

当飞镖以初速度v0垂直盘面瞄准P点抛出的同时,圆盘以经过盘心O点的水平轴在竖直平面内做匀速转动。

忽略空气阻力,重力加速度为g,若飞镖恰好击中P点,则( )
A.飞镖击中P点所需的时间为
B.圆盘的半径可能为
C.圆盘转动角速度的最小值为
D.P点随圆盘转动的线速度可能为
【解析】选D。

飞镖水平抛出做平抛运动,在水平方向做匀速直线运动,因此t=,故A错误;飞镖击中P点时,P恰好在最下方,则2r=gt2,解得圆盘的半径r=,故B错误;飞镖击中P点,则P点转过的角度满
足θ=ωt=π+2kπ(k=0,1,2……),故ω==,则圆盘角速度
的最小值为,故C错误;P点随圆盘转动的线速度v=ωr=·=;当k=2时,v=,故D正确。

6.如图,真空中有一个边长为L的正方体,正方体的两个顶点M、N处分别放置电荷量都为q的正、负点电荷。

图中的a、b、c、d是其他的四个顶点,k为静电力常量,下列表述正确是( )
A.a、b两点电场强度相同
B.a点电势高于b点电势
C.把点电荷+Q从c移到d,电势能增加
D.M点的电荷受到的库仑力大小为F=
【解析】选A、D。

根据电场线分布知,a、b两点的电场强度大小相等,方向相同,则电场强度相同,故A正确;a、b两点处于等量异种电荷的垂直平分面上,该面是一等势面,所以a、b的电势相等,故B错误;把点电荷+Q从c移到d,电场力做正功,电势能减小,故C错误;M、N两
点间的距离为L,根据库仑定律知,M点的电荷受到的库仑力大小F==,故D正确。

7.2014年5月10日天文爱好者迎来了“土星冲日”的美丽天象。

“土星冲日”是指土星和太阳正好分处地球的两侧,三者几乎成一条直线。

该天象每378天发生一次,土星和地球绕太阳公转的方向相同,公转轨迹都近似为圆,地球绕太阳公转周期和半径以及引力常量均已知,根据以上信息可求出( )
A.土星质量
B.地球质量
C.土星公转周期
D.土星和地球绕太阳公转速度之比
【解析】选C、D。

行星受到的万有引力提供向心力,根据牛顿第二定律列方程后,行星的质量会约去,故无法求解行星的质量,A、B均错误;“土星冲日”天象每378天发生一次,即每经过378天地球多转动一
圈,根据(-)t=2π可以求解土星公转周期,C正确;知道土星和地球绕太阳的公转周期之比,根据开普勒第三定律,可以求解转动半径之比,根据v=,可以进一步求解土星和地球绕太阳公转速度之比,D 正确。

8.如图甲所示,相距为2L的光滑平行金属导轨水平放置,右侧接有定值电阻R,导轨电阻忽略不计,OO′的左侧存在垂直于导轨平面向下、磁感应强度为B的匀强磁场。

在OO′左侧L处垂直导轨放置一质量为m、电阻为0.5R的金属杆ab,ab在恒力F的作用下由静止开始向右运动3L的距离,其速度与位移的变化关系如图乙所示。

下列判断中正确的是( )
A.ab即将离开磁场时,安培力的大小为
B.整个运动的过程中,通过电阻R上的电量为
C.ab即将离开磁场时,加速度的大小为-
D.整个过程中,电阻R上产生的焦耳热为m(-3)
【解析】选B、C、D。

ab即将离开磁场时,速度为v1,电动势E=2BLv1,电流I=,安培力F安=2BIL=,故A错误;整个过程中,磁通量的变化量为ΔΦ=2BL2,产生的电量q=·Δt=,故B正确;ab 杆在离开磁场前瞬间,水平方向上受安培力F安和外力F作用,设加速度为a,则F安=2BIL,I=,a=,ab杆在位移L到3L的过程中,
由动能定理得：F(3L-L)=m(-),联立解得：a=-;故C 正确;ab杆在磁场中位移从0到L的过程中,由能量转化与守恒定律
得：FL=m+Q,解得Q=m(-3),所以电阻R上产生的焦耳热为Q1=Q=m(-3),故D正确。

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