海南省海口一中2017-2018学年高考物理模拟试卷 Word版含解析
2017年高考物理真题试题(海南卷)(Word版+答案+解析)
2017年高考物理真题试卷（海南卷）一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．1.光滑水平桌面上有P、Q两个物块，Q的质量是P的n倍．将一轻弹簧置于P、Q之间，用外力缓慢压P、Q．撤去外力后，P、Q开始运动，P和Q的动量大小的比值为（）D. 1A. n2B. nC. 1n2.关于静电场的电场线，下列说法正确的是（）A. 电场强度较大的地方电场线一定较疏B. 沿电场线方向，电场强度一定越来越小C. 沿电场线方向，电势一定越来越低D. 电场线一定是带电粒子在电场中运动的轨迹3.汽车紧急刹车后，停止运动的车轮在水平地面上滑动直至停止，在地面上留下的痕迹称为刹车线．由刹车线的长短可知汽车刹车前的速度．已知汽车轮胎与地面之间的动摩擦因数为0.80，测得刹车线长25m．汽车在刹车前的瞬间的速度大小为（重力加速度g取10m/s2）（）A. 10 m/sB. 20 m/sC. 30 m/sD. 40 m/s4.如图，平行板电容器的两极板竖直放置并分别与电源的正负极相连，一带电小球经绝缘轻绳悬挂于两极板之间，处于静止状态．现保持右极板不动，将左极板向左缓慢移动．关于小球所受的电场力大小F和绳子的拉力大小T，下列判断正确的是（）A. F逐渐减小，T逐渐减小B. F逐渐增大，T逐渐减小C. F逐渐减小，T逐渐增大D. F逐渐增大，T逐渐增大5.已知地球质量为月球质量的81倍，地球半径约为月球半径的4倍．若在月球和地球表面同样高度处，以相同的初速度水平抛出物体，抛出点与落地点间的水平距离分别为s月和s地，则s月：s地约为（）A. 9：4 B. 6：1 C. 3：2 D. 1：16.将一小球竖直向上抛出，小球在运动过程中所受到的空气阻力不可忽略．a为小球运动轨迹上的一点，小球上升和下降经过a点时的动能分别为E k1和E k2．从抛出开始到小球第一次经过a点时重力所做的功为W1，从抛出开始到小球第二次经过a点时重力所做的功为W2．下列选项正确的是（）A. E k1=E k2，W1=W2B. E k1＞E k2，W1=W2C. E k1＜E k2，W1＜W2D. E k1＞E k2，W1＜W2二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分．在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的．全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．7.三束单色光1、2和3的波长分别为λ1、λ2和λ3（λ1＞λ2＞λ3）．分别用这三束光照射同一种金属．已知用光束2照射时，恰能产生光电子．下列说法正确的是（）A. 用光束1照射时，不能产生光电子B. 用光束3照射时，不能产生光电子C. 用光束2照射时，光越强，单位时间内产生的光电子数目越多D. 用光束2照射时，光越强，产生的光电子的最大初动能越大8.如图，电阻R、电容C和电感L并联后，接入输出电压有效值、频率可调的交流电源．当电路中交流电的频率为f时，通过R、C和L的电流有效值恰好相等．若将频率降低为12f，分别用I1、I2和I3表示此时通过R、C和L的电流有效值，则（）A. I1＞I3B. I1＞I2C. I3＞I2D. I2=I39.如图，水平地面上有三个靠在一起的物块P、Q和R，质量分别为m、2m和3m，物块与地面间的动摩擦因数都为μ．用大小为F的水平外力推动物块P，记R和Q之间相互作用力与Q与P之间相互作用力大小之比为k．下列判断正确的是（）A. 若μ≠0，则k= 56B. 若μ≠0，则k= 35C. 若μ=0，则k= 12D. 若μ=0，则k= 3510.如图，空间中存在一匀强磁场区域，磁场方向与竖直面（纸面）垂直，磁场的上、下边界（虚线）均为水平面；纸面内磁场上方有一个正方形导线框abcd，其上、下两边均为磁场边界平行，边长小于磁场上、下边界的间距．若线框自由下落，从ab边进入磁场时开始，直至ab边到达磁场下边界为止，线框下落的速度大小可能（）A. 始终减小B. 始终不变C. 始终增加D. 先减小后增加三、实验题：本题共2小题，共18分．把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程．11.某同学用游标卡尺分别测量金属圆管的内、外壁直径，游标卡尺的示数分别如图（a）和图（b）所示．由图可读出，圆管内壁的直径为________cm，圆管外壁的直径为________cm；由此可计算出金属圆管横截面的面积．12.某同学用伏安法测量待测电阻的阻值．现有器材为：待测电阻R（阻值约为5Ω）电源（电动势3V）滑动变阻器（阻值范围0～10Ω）电流表（量程0.6A，3A电压表（量程3V，15V）开关，导线若干．实验要求在测量电路中将电流表外接，滑动变阻器起限流作用．回答下列问题：（1）按照实验要求在图（a）中画出实物连线图．（2）若已按实验要求接线，闭合开关后移动滑动变阻器的滑片，电压表的示数始终约为3V，电流表的示数始终接近0．写出产生这种现象的一个原因：________．（3）在连线正确后，闭合开关．电压表和电流表的示数分别如图（b）和图（c）所示．由图可知，电压表读数为________V，电流表读数为________A．由此可得待测电阻的阻值为________Ω（结果保留3位有效数字）．四、计算题：本题共2小题，共26分．把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤．13.如图，两光滑平行金属导轨置于水平面（纸面）内，轨间距为l，左端连有阻值为R的电阻．一金属杆置于导轨上，金属杆右侧存在一磁感应强度大小为B、方向竖直向下的匀强磁场区域．已知金属杆以速度v0向右进入磁场区域，做匀变速直线运动，到达磁场区域右边界（图中虚线位置）时速度恰好为零．金属杆与导轨始终保持垂直且接触良好．除左端所连电阻外，其他电阻忽略不计．求金属杆运动到磁场区域正中间时所受安培力的大小及此时电流的功率．14.一轻弹簧的一端固定在倾角为θ的固定光滑斜面的底部，另一端和质量为m的小物块a相连，如图所m的小物块b紧靠a静止在斜面上，此时弹簧的压缩量为x0，从t=0时开始，对b施加示．质量为35沿斜面向上的外力，使b始终做匀加速直线运动．经过一段时间后，物块a、b分离；再经过同样长的时间，b距其出发点的距离恰好也为x0．弹簧的形变始终在弹性限度内，重力加速度大小为g．求（1）弹簧的劲度系数；（2）物块b加速度的大小；（3）在物块a、b分离前，外力大小随时间变化的关系式．15.[选修3-3]（1）关于布朗运动，下列说法正确的是（）A.布朗运动是液体中悬浮微粒的无规则运动B.液体温度越高，液体中悬浮微粒的布朗运动越剧烈C.在液体中的悬浮颗粒只要大于某一尺寸，都会发生布朗运动D.液体中悬浮微粒的布朗运动是液体分子永不停息地做无规则运动E.液体中悬浮微粒的布朗运动是液体分子对它的撞击作用不平衡所引起的（2）一粗细均匀的U形管ABCD的A端封闭，D端与大气相通．用水银将一定质量的理想气体封闭在U 形管的AB一侧，并将两端向下竖直放置，如图所示．此时AB侧的气体柱长度l1=25cm．管中AB、CD两侧的水银面高度差h1=5cm．现将U形管缓慢旋转180°，使A、D两端在上，在转动过程中没有水银漏出．已知大气压强p0=76cmHg．求旋转后，AB、CD两侧的水银面高度差．16.[选修3-4]（1）如图，空气中有两块材质不同、上下表面平行的透明玻璃板平行放置；一细光束从空气中以某一角度θ（0＜θ＜90°）入射到第一块玻璃板的上表面．下列说法正确的是（）A.在第一块玻璃板下表面一定有出射光B.在第二块玻璃板下表面一定没有出射光C.第二块玻璃板下表面的出射光方向一定与入射光方向平行D.第二块玻璃板下表面的出射光一定在入射光延长线的左侧E.第一块玻璃板下表面的出射光线一定在入射光延长线的右侧（2）从两个波源发出的两列振幅相同、频率均为5Hz的简谐横波，分别沿x轴正、负方向传播，在某一时刻到达A、B点，如图中实线、虚线所示．两列波的波速均为10m/s．求（i）质点P、O开始振动的时刻之差；（ii）再经过半个周期后，两列波在x=1m和x=5m之间引起的合振动振幅极大和极小的质点的x坐标．答案解析部分一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．1.【答案】D【考点】动量守恒定律，反冲现象【解析】【解答】解：撤去外力后，系统不受外力，所以两物体组成系统总动量守恒，设P的动量方向为正方向，则有：P P﹣P Q=0，故P P=P Q；所以动量之比为1；故D正确，ABC错误．故选：D．【分析】分析撤去外力后的受力情况，明确系统总动量守恒，再根据动量守恒定律列式即可求得动量大小的比值．2.【答案】C【考点】电场强度和电场线【解析】【解答】解：A、电场线的疏密表示场强的强弱，电场强度较大的地方电场线一定较密，故A错误；BC、沿着电场线的方向，电势会降低，因此沿电场线方向电势越来越低，但电场线不一定越来越疏，即场强不一定越来越小，故B错误，C正确；D、电场线不一定与带电粒子的轨迹重合，只有电场线是直线，带电粒子的初速度为零或初速度方向与电场线方向在同一条直线上时电场线才与带电粒子的轨迹重合，故D错误；故选：C．【分析】只有电场线是直线，带电粒子的初速度为零或初速度方向与电场线方向在同一条直线上时电场线才与带电粒子的轨迹重合；沿电场线方向电势越来越低，而电场线的疏密表示场强的大小，根据这些知识分析解答．3.【答案】B【考点】匀变速直线运动导出公式应用=μg=8m/s2；【解析】【解答】解：刹车后汽车的合外力为摩擦力f=μmg，加速度a=fm又有刹车线长25m，故由匀变速直线运动规律2ax=v2−v02得到汽车在刹车前的瞬间的速度大小v=√2as=√2×8×25m/s=20m/s；故ACD错误，B正确；故选：B．【分析】分析刹车后汽车的合外力，进而求得加速度；再根据匀变速运动规律，由位移求得速度．4.【答案】A【考点】平行四边形定则，共点力平衡条件的应用，电容器【解析】【解答】解：电容器与电源相连，所以两端间电势差不变，将左极板向左缓慢移动过程中，两板间距离增大，由U=Ed可知，电场强度E减小；电场力F=Eq减小；小球处于平衡状态，受重力、拉力与电场力的作用而处于平衡，根据平行四边形定则可知，T= √F2+(mg)2；由于重力不变，电场力变小，故拉力减小．故A正确，BCD错误．故选：A．【分析】明确电容器与电源相连，故电容器两端的电势差不变，由U=Ed可分析电场力的变化情况，再根据受力分析明确绳子拉力的变化情况．5.【答案】A【考点】万有引力定律及其应用，平抛运动【解析】【解答】解：设月球质量为M′，半径为R′，地球质量为M，半径为R．已知M′M =81，R′R=4，根据万有引力等于重力得：GMmR2=mg则有：g= GMR2因此gg′= 8116…①由题意从同样高度抛出，h= 12gt2= 12g′t′2…②，①、②联立，解得t′= 94t，在地球上的水平位移s=v0t，在月球上的s′=v0t′；因此s月：s地约为9：4，故A正确，BCD错误；故选：A．【分析】根据万有引力等于重力，求出月球表面重力加速度和地球表面重力加速度关系，运用平抛运动规律求出两星球上水平抛出的射程之比．6.【答案】B【考点】动能定理的理解【解析】【解答】解：从抛出开始到第一次经过a点和抛出开始第二次经过a点，上升的高度相等，可知重力做功相等，即W1=W2．对两次经过a点的过程运用动能定理得，﹣W f=E k2﹣E k1，可知E k1＞E k2，故B正确，A、C、D错误．故选：B．【分析】根据上升或下降的高度比较重力做功的大小，对两次经过a点的过程运用动能定理，比较两次经过a点的动能大小．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分．在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的．全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．7.【答案】A,C【考点】光电效应【解析】【解答】解：AB、依据波长与频率的关系：λ=cγ，因λ1＞λ2＞λ3，那么γ1＜γ2＜γ3；由于用光束2照射时，恰能产生光电子，因此用光束1照射时，不能产生光电子，而光束3照射时，一定能产生光电子，故A正确，B错误；CD、用光束2照射时，光越强，单位时间内产生的光电子数目越多；而由光电效应方程：E km=hγ﹣W，可知，光电子的最大初动能与光的强弱无关，故C正确，D错误；故选：AC．【分析】根据波长与频率关系，结合光电效应发生条件：入射光的频率大于或等于极限频率，依据光电效应方程判断光电子的最大初动能．8.【答案】B,C【考点】电感和电容对交流电的影响【解析】【解答】解：将频率降低时，通过R的电流不变，电容器的容抗增大，通过C的电流减小，则有I1＞I2．电感线圈的感抗减小，通过L的电流增大，则有I3＞I2．故AD错误，BC正确．故选：BC【分析】电容器的特性是通交流隔直流，通高频阻低频．电感线圈的特性是通直流阻交流，通低频阻高频率．通过电阻的电流与频率无关．根据三种元件的特性分析．9.【答案】B,D【考点】对质点系的应用，连接体问题【解析】【解答】解：三物块靠在一起，将以相同加速度向右运动；则加速度a=F−6μmg6m；所以，R和Q之间相互作用力F1=3ma+3μmg=12F，Q与P之间相互作用力F2=F−μmg−ma=F−μmg−16F+μmg=56F；所以，k=F1F2=12F56F=35；由于讨论过程与μ是否为零无关，故k=3恒成立，故AC错误，BD正确；5故选：BD．【分析】先用整体法求出物体的合外力，进而求得加速度；然后再用隔离法对P、R两物体进行受力分析，利用牛顿第二定律即可求得k．10.【答案】C,D【考点】牛顿运动定律与电磁学综合，电磁感应中切割类问题，电磁感应与力学【解析】【解答】解：A、导线框开始做自由落体运动，ab边以一定的速度进入磁场，ab边切割磁场产生感应电流，根据左手定则可知ab边受到向上的安培力，当安培力大于重力时，线框做减速运动，当线框完全进入磁场后，线框不产生感应电流，此时只受重力，做加速运动，故先减速后加速运动，故A错误、D正确；B、当ab边进入磁场后安培力等于重力时，线框做匀速运动，当线框完全进入磁场后，线框不产生感应电流，此时只受重力，做加速运动，故先匀速后加速运动，故A错误；C、当ab边进入磁场后安培力小于重力时，线框做加速运动，当线框完全进入磁场后，线框不产生感应电流，此时只受重力，做加速运动，故始终加速运动，故C正确；故选：CD【分析】ab边进入磁场切割磁感线产生感应电流，线框ab边受到安培力，根据受力分析判断出导体框的运动即可判断三、实验题：本题共2小题，共18分．把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程．11.【答案】2.23；2.99【考点】刻度尺、游标卡尺的使用【解析】【解答】解：图a中游标卡尺的主尺读数为22mm，游标尺上第3个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为3×0.1mm=0.3mm，所以最终读数为：22mm+0.3mm=22.3mm=2.23cm．图b中游标卡尺的主尺读数为29mm，游标尺上第9个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为9×0.1mm=0.9mm，所以最终读数为：29mm+0.9mm=29.9mm=2.99cm．故答案为：2.23，2.99．【分析】解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读．12.【答案】（1）（2）待测电阻R断路（3）2.20；0.48；4.58【考点】电路故障分析，电阻的测量【解析】【解答】解：（1）因为电源电动势为3V，则电压表的量程选用3V，根据欧姆定律知，电流的最大值大约0.6A，则电流表量程选择0.6A，根据实物图进行连线．（2）闭合开关后移动滑动变阻器的滑片，电压表的示数始终约为3V，电流表的示数始终接近0，产生这种现象的原因是待测电阻R断路，由于电压表内阻非常大，导致电流表电流接近0，外电路断路时电压表示数等于电源电动势．（3）由图可知，电压表的读数为2.20V，电流表的读数为0.48A，根据欧姆定律得，待测电阻R= UI =2.200.48≈4.58Ω．故答案为：（1）如图所示，（2）待测电阻R断路，（3）2.20，0.48，4.58．【分析】（1）电流表采用外接，滑动变阻器采用限流法，按照要求连接实物图．（2）抓住电压表的示数始终约为3V，电流表的示数始终接近0，判出存在断路故障，从而分析故障的原因．（3）根据表头读出电压表、电流表的读数，电压表的精度等于0.1v，需要估读。
海南省海口市第一中学高三物理10月月考试题
海口市第一中学2017届高三10月月考试题（B）物理注意事项：1本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分。
答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2回答第Ⅰ卷时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。
写在本试卷上无效。
3回答第Ⅱ卷时，将答案写在答题卡上。
写在本试卷上无效。
第Ⅰ卷一、单项选择题：本大题共6小题，每小题3分，共18分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、物理学中有多种研究方法，下列有关研究方法的叙述错误的是( )A．在伽利略之前的学者们总是通过思辩性的论战决定谁是谁非，是他首先采用了以实验检验猜想和假设的科学方法B．如果电场线与等势面不垂直，那么电场强度就有一个沿着等势面的分量，在等势面上移动电荷时静电力就要做功，这里用的逻辑方法是归纳法C．探究作用力与反作用力关系时可以用传感器连在计算机上直接显示力的大小随时间变化的图线，这是物理学中常用的图象法D．探究加速度与力、质量之间的定量关系，可以在质量一定的情况下，探究物体的加速度与力的关系；再在物体受力一定的情况下，探究物体的加速度与质量的关系，最后归纳出加速度与力、质量之间的关系．这是物理学中常用的控制变量法2、一偏心轮绕垂直纸面的轴O匀速转动，a和b是轮上质量相等的两个质点，a、b两点的位置如图所示，则偏心轮转动过程中a、b两质点( )A．线速度大小相等 B．向心力大小相等C．角速度大小相等D．向心加速度大小相等3、在电梯内的地板上，竖直放置一根轻质弹簧，弹簧上端固定一个质量为m的物体。
当电梯匀速运动时，弹簧被压缩了x ，某时刻后观察到弹簧又被继续压缩了x10。
则电梯在此时刻后的运动情况可能是( )A ．以大小为1110g 的加速度加速上升B ．以大小为1110g 的加速度减速上升C ．以大小为g 10的加速度加速下降D ．以大小为g10的加速度减速下降4、甲乙两车在公路上沿同一方向做直线运动，它们的v －t 图象如图所示。
海南省海口二中2017-2018学年高考物理模拟试卷(三) Word版含解析
2017-2018学年海南省海口二中高考物理模拟试卷（三）一、单项选择题（每题5分，共50分）1．下列关于质点说法正确的是（）A．质量大的物体一定不能看成质点B．体积小的物体一定可以看成质点C．研究地球自转时，可以把地球看成质点D．确定一列火车从北京行驶到上海的时间时，此火车可以当作质点2．一个物体做自由落体运动，取g=10m/s2，则（）A．物体2s末的速度为20m/s B．物体2s末的速度为10m/sC．物体2s内下落的高度是40m D．物体2s内下落的高度是10m3．在运动会上，运动员在标准400m跑道的第一跑道上比赛，按规定跑完1500m，则运动员的位移大小是（）A．100m B．1500m C．0 D．无法确定4．物体受到两个力F1和F2的作用，F1=3N，F2=9N，则它们的合力F的数值范围是（）A．3N≤F≤9N B．6N≤F≤12N C．3N≤F≤6N D．3N≤F≤12N5．一个物体在8N的合外力作用下，产生4m/s2的加速度，它受16N的合外力作用时的加速度是（）A．1m/s2B．2m/s2C．4m/s2D．8m/s26．原在水平地面上的小物块受到瞬时撞击后，沿光滑斜面向上滑动（如图所示），则小物块在斜面上向上滑动过程中受到几个力作用（）A．1个B．2个C．3个D．4个7．站在电梯里的人有“失重”感觉时，电梯可能正在（）A．加速下降 B．加速上升 C．匀速下降 D．减速下降8．关于功的概念，下列说法中正确的是（）A．力对物体做功多，说明物体的位移一定大B．力对物体做功小，说明物体的受力一定小C．力对物体不做功，说明物体一定没有移动D．物体发生了位移，不一定有力对它做功9．下列四幅图中能正确描绘点电荷电场中电场线的是（）A．B．C．D．10．在下列各种措施中，目的是为了防止静电危害的是（）A．电视机后盖上开有许多小孔B．电视机上装有一条户外天线C．在高大的建筑物顶端装有避雷针D．在烟道的中央装有静电除尘器二、填空题（每题6分，共18分）11．带电体周围存在着一种特殊物质，这种物质叫，电荷间的相互作用就是通过发生的．12．小汽船在静水中的速度为8m/s，河水流速是6m/s，则：当小汽艇垂直于河岸航行时，小汽船的速度为m/s．13．平抛运动可分成：（1）水平方向的匀速直线运动，其运动规律为：v X= ，x= ；（2）竖直方向的自由落体运动，运动规律为：v y= ，y= ．三、实验题（14题4分、15题6分．共10分）14．图甲是一个用来测方木块和长木板间动摩擦因数的简单装置．方木块放在水平长木板上，方木块被一根绳子系在右面一端固定的水平弹簧测力计上．长木板下面有轮子可以滚动，用一个平稳的水平力向左推动木板，木板向左缓慢移动，待弹簧测力计的指针稳定后，读出测力计的读数f在方木块上放砝码可以改变它对长木板的压力F的大小．将测得的各组f和F的数据用圆点标于坐标图上，如图乙所示．请你根据各点表示的数据描出f﹣F图线，求出方木块与长木板间的动摩擦因数μ=15．如图所示，是某同学所安装的“验证牛顿第二定律”的实验装置，他在图示状态下开始做实验，该同学的装置和操作中的主要错误是：①；②；③；④．四、计算题（16、17题每题8分．18题6分．共22分）16．一个滑雪人质量m=75㎏，以v0=2m/s的初速度沿山坡匀加速滑下，山坡的倾角θ=30°，在t=5s的时间内滑下的路程x=60m，求：（1）滑雪人的加速度；（2）t=5s时滑雪人的速度？17．如图所示，质量为m的小球用长为L的细绳系于O点．把细绳拉直至水平时无初速度地释放，小球运动至O点正下方的B点时绳子恰好被拉断（设绳子被拉断时系统没有能量损失），小球抛出后落在水平地面上的C点，B点距地面的高度也为L．求：（1）绳子被拉断时小球的速度；（2）小球落到地面时距B点的水平距x．18．有一个100匝的线圈，总电阻为10Ω，在0.2s内垂直穿过线圈平面的磁通量从0.02Wb 均匀增加到0.1Wb．问：（1）这段时间内线圈中产生的平均感应电动势为多少；（2）通过线圈的平均感应电流为多少？2016年海南省海口二中高考物理模拟试卷（三）参考答案与试题解析一、单项选择题（每题5分，共50分）1．下列关于质点说法正确的是（）A．质量大的物体一定不能看成质点B．体积小的物体一定可以看成质点C．研究地球自转时，可以把地球看成质点D．确定一列火车从北京行驶到上海的时间时，此火车可以当作质点【考点】质点的认识．【分析】当物体的形状、大小对所研究的问题没有影响时，我们就可以把它看成质点，根据把物体看成质点的条件来判断即可．【解答】解：A、质量大的物体，形状也可以忽略，比如地球绕太阳运动的时候，也可以看成质点，所以A错误；B、体积小的物体对于研究的问题来说，形状也不一定能忽略，比如研究蚂蚁如何爬行等，所以B错误；C、研究地球自转时，不能把地球看成质点，所以C错误；D、火车的长度相对于北京到上海的距离来说可以忽略，能看成质点，所以D正确．故选D．2．一个物体做自由落体运动，取g=10m/s2，则（）A．物体2s末的速度为20m/s B．物体2s末的速度为10m/sC．物体2s内下落的高度是40m D．物体2s内下落的高度是10m【考点】自由落体运动．【分析】根据自由落体运动的基本公式即可求解．【解答】解：A、根据速度时间公式得：v=gt=20m/s，故A正确，B错误；C、根据位移时间公式得：h==20m，故CD错误．故选A3．在运动会上，运动员在标准400m跑道的第一跑道上比赛，按规定跑完1500m，则运动员的位移大小是（）A．100m B．1500m C．0 D．无法确定【考点】位移与路程．【分析】位移的大小等于初末位置的距离，确定出运动员的末位置，即可知道位移的大小．【解答】解：标准跑道为400m，知圆弧部分各100m，从A点出发跑完1500m，知跑了3圈，因起点位置不确定，那么运动员的位移大小可能等于100m，也可能小于100m．故D正确，ABC 错误．故选：D．4．物体受到两个力F1和F2的作用，F1=3N，F2=9N，则它们的合力F的数值范围是（）A．3N≤F≤9N B．6N≤F≤12N C．3N≤F≤6N D．3N≤F≤12N【考点】力的合成．【分析】两力合成时，合力随夹角的增大而减小，当夹角为零时合力最大，夹角180°时合力最小，合力范围为：|F1+F2|≥F≥|F1﹣F2|．【解答】解：当夹角为零时合力最大，最大值为3N+9N=12N；当夹角180°时合力最小，最小值为9N﹣3N=6N；故合力的范围为6N≤F≤12N；故选：B．5．一个物体在8N的合外力作用下，产生4m/s2的加速度，它受16N的合外力作用时的加速度是（）A．1m/s2B．2m/s2C．4m/s2D．8m/s2【考点】牛顿第二定律．【分析】根据牛顿第二定律求出物体的质量，再结合牛顿第二定律求出加速度的大小．【解答】解：物体的质量m=，受16N的合外力作用时的加速度．故选：D．6．原在水平地面上的小物块受到瞬时撞击后，沿光滑斜面向上滑动（如图所示），则小物块在斜面上向上滑动过程中受到几个力作用（）A．1个B．2个C．3个D．4个【考点】物体的弹性和弹力．【分析】对物体进行受力分析，按重力、弹力、摩擦力的顺序进行分析可得出物体受到的所有外力．【解答】解：物体在滑动过程中，受竖直向上的重力、垂直于支持面的弹力；由于接触面光滑没有摩擦力；故物体只受两个力，故选：B．7．站在电梯里的人有“失重”感觉时，电梯可能正在（）A．加速下降 B．加速上升 C．匀速下降 D．减速下降【考点】超重和失重．【分析】当物体对接触面的压力大于物体的真实重力时，就说物体处于超重状态，此时有向上的加速度；当物体对接触面的压力小于物体的真实重力时，就说物体处于失重状态，此时有向下的加速度．【解答】解：站在升降机中的人出现失重现象，此时有向下的加速度，所以升降机可能加速下降或减速上升．故A正确．故选：A．8．关于功的概念，下列说法中正确的是（）A．力对物体做功多，说明物体的位移一定大B．力对物体做功小，说明物体的受力一定小C．力对物体不做功，说明物体一定没有移动D．物体发生了位移，不一定有力对它做功【考点】功的概念．【分析】做功包含的两个必要因素是：作用在物体上的力，物体在力的方向上通过一定的位移．根据W=Flcosα求解．【解答】解：A、力对物体做功多，根据W=Flcosα，如果力很大，那么物体的位移不一定大，故A错误B、力对物体做功小，根据W=Flcosα，如果力位移很小，那么物体的受力不一定小，故B错误C、力对物体不做功，根据W=Flcosα，可能α=90°，所以物体不一定没有移动，故C错误D、物体发生了位移，如果力的方向与位移方向垂直，那么力对它不做功，故D正确故选D．9．下列四幅图中能正确描绘点电荷电场中电场线的是（）A．B．C．D．【考点】电场线．【分析】电场线虽然不实际存在，但可形象描述电场的大小与方向分布．电场线是从正电荷或无穷远出发，终止于负电荷或无穷远．【解答】解：电场线是从正电荷或无穷远出发，终止于负电荷或无穷远．所以正点电荷的电场线是以电荷为中心向四周发散，而负点电荷是向中心会聚，呈球体分布．故AB正确．故选：AB．10．在下列各种措施中，目的是为了防止静电危害的是（）A．电视机后盖上开有许多小孔B．电视机上装有一条户外天线C．在高大的建筑物顶端装有避雷针D．在烟道的中央装有静电除尘器【考点】静电场中的导体．【分析】静电现象的应用与防止，静电现象的好处要加以利用，如静电除尘、植绒、喷漆等；缺点要加以防止，如避雷针、油罐车的拖地的铁链、地毯中夹杂细金属丝等．【解答】解：A、电视机后盖上开有许多小孔目的是散热，故A错误B、电视机上装有一条户外天线目的接受电磁波，故B错误C、在高大的建筑物顶端装有避雷针是静电现象的防止，故C正确D、在烟道的中央装有静电除尘器，是静电现象的应用，故D错误故选C二、填空题（每题6分，共18分）11．带电体周围存在着一种特殊物质，这种物质叫电场，电荷间的相互作用就是通过电场发生的．【考点】电场．【分析】带电体周围存在着一种特殊物质，这种物质叫电场，电荷间的相互作用就是通过电场发生的．【解答】解：带电体周围就存在着一种特殊形态的物质，这种物质叫电场．电荷不接触也能发生作用，是电场发生的．故答案为：电场，电场12．小汽船在静水中的速度为8m/s，河水流速是6m/s，则：当小汽艇垂直于河岸航行时，小汽船的速度为10 m/s．【考点】运动的合成和分解．【分析】根据平行四边形定则求出当静水速与河岸垂直时，合速度的大小，并根据几何关系求出合速度的方向．【解答】解：当静水速与河岸垂直时，合速度的大小v===10m/s．设船的航行方向与水流方向夹角为α，则tanα==．所以α=53°．故答案为：10．13．平抛运动可分成：（1）水平方向的匀速直线运动，其运动规律为：v X= v0，x= v0t ；（2）竖直方向的自由落体运动，运动规律为：v y= gt ，y= ．【考点】平抛运动．【分析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动．自由落体运动是初速度为零的匀加速直线运动．【解答】解：（1）水平方向的匀速直线运动，其运动规律为：v X=v0，x=v0t；（2）竖直方向的自由落体运动，运动规律为：v y=gt，y=．故答案为：（1）v0，v0t；（2）gt，．三、实验题（14题4分、15题6分．共10分）14．图甲是一个用来测方木块和长木板间动摩擦因数的简单装置．方木块放在水平长木板上，方木块被一根绳子系在右面一端固定的水平弹簧测力计上．长木板下面有轮子可以滚动，用一个平稳的水平力向左推动木板，木板向左缓慢移动，待弹簧测力计的指针稳定后，读出测力计的读数f在方木块上放砝码可以改变它对长木板的压力F的大小．将测得的各组f和F的数据用圆点标于坐标图上，如图乙所示．请你根据各点表示的数据描出f﹣F图线，求出方木块与长木板间的动摩擦因数μ= 0.2【考点】探究影响摩擦力的大小的因素．【分析】根据题意可知，弹簧的示数即为滑块的滑动摩擦力，再根据f=μF，结合图象的斜率，即可求解．【解答】解：作出f﹣F图线如图所示：由f=μF，可知，图象的斜率k=μ；由图象可知，μ==0.2故答案为：0.2（0.18～0.22均对）．15．如图所示，是某同学所安装的“验证牛顿第二定律”的实验装置，他在图示状态下开始做实验，该同学的装置和操作中的主要错误是：①电源用的直流电；②没有平衡摩擦力；③细线与板不平行；④小车没靠近打点计时器．【考点】验证牛顿第二运动定律．【分析】先分析分析实验的装置图，再根据实验中的注意事项及减小误差的方法等分析本实验的装置和操作中的主要错误．【解答】解：该同学的装置和操作中的主要错误有①电源用的直流电：打点计时器需要用交流电源，而图示装置用的是电池，是直流电；②没有平衡摩擦力：在平衡摩擦力时，要将木板右端垫高，而图示中木板是水平的；③细线与板不平行：实验过程中应保证细线与木板平行，从而保证拉力在小车前进的方向上；④小车没靠近打点计时器：释放小车时应让小车从靠近计时器处释放，在纸带上打上尽量多的点；故答案为：电源用的直流电；没有平衡摩擦力；细线与板不平行；小车没靠近打点计时器．四、计算题（16、17题每题8分．18题6分．共22分）16．一个滑雪人质量m=75㎏，以v0=2m/s的初速度沿山坡匀加速滑下，山坡的倾角θ=30°，在t=5s的时间内滑下的路程x=60m，求：（1）滑雪人的加速度；（2）t=5s时滑雪人的速度？【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【分析】（1）已知初速度，时间，位移，由运动学可以求得加速度（2）已知加速度和时间，由速度公式即可求出．【解答】解：（1）以初速度方向为正方向．已知初速度，时间，位移，由运动学位移公式60=2×5+×a×52解得：a=4m/s2（2）由速度公式，得：v=v0+at=2+4×5=22m/s答：（1）滑雪人的加速度是4m/s2；（2）t=5s时滑雪人的速度是22m/s．17．如图所示，质量为m的小球用长为L的细绳系于O点．把细绳拉直至水平时无初速度地释放，小球运动至O点正下方的B点时绳子恰好被拉断（设绳子被拉断时系统没有能量损失），小球抛出后落在水平地面上的C点，B点距地面的高度也为L．求：（1）绳子被拉断时小球的速度；（2）小球落到地面时距B点的水平距x．【考点】动能定理；平抛运动．【分析】（1）根据动能定理求出小球到达最低点的速度．（2）根据高度求出平抛运动的时间，结合初速度和时间求出水平距离．【解答】解：（1）根据动能定理得，mgL=，解得v=．（2）根据L=得，t=，则小球落地点的水平距离x=．答：（1）绳子被拉断时小球的速度为；（2）小球落到地面时距离B点的水平距离为2L．18．有一个100匝的线圈，总电阻为10Ω，在0.2s内垂直穿过线圈平面的磁通量从0.02Wb 均匀增加到0.1Wb．问：（1）这段时间内线圈中产生的平均感应电动势为多少；（2）通过线圈的平均感应电流为多少？【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；电磁感应中的能量转化．【分析】（1）由法拉第电磁感应定律求出感应电动势．（2）由欧姆定律求出感应电流．【解答】解：（1）感应电动势：E=n=100×=40V；（2）感应电流：I===4A；答：（1）这段时间内线圈中产生的平均感应电动势为40V；（2）通过线圈的平均感应电流为4A．2016年6月22日。
海南省海南中学2017-2018学年高一上学期期末考试 物理 Word版含答案
海南中学2017—2018学年度第一学期高一物理期末试题一、单项选择题：（本题共有6小题，每小题4分，共24分。
每小题给出四个选项中，只有一项符合题目要求，选对得4分；不选或错选得0分）1．物体在同一平面内受三个共点力F1、F2、F3的作用处于平衡状态，当把F3的方向在同平面内旋转60°时（F3大小不变，F1、F2大小方向都不变），则三力的合力大小为（）C．F3D．2F3A．0 B．F2.一物块从粗糙斜面底端，以某一初速度开始向上滑行，到达某位置后又沿斜面下滑到底端，则物块在此运动过程中A.上滑时的摩擦力小于下滑时的摩擦力B.上滑时的加速度小于下滑时的加速度C.上滑时的初速度小于下滑时的末速度D.上滑时的时间小于下滑时的时间3. 一个水平方向的恒力F先后作用于甲、乙两个物体，先使甲物体沿着粗糙的水平面运动距离s，做功的数值为W1；再使乙物体沿光滑的斜面向上滑过距离s，做功的数值为W2，则（）A．W1=W2B．W1>W2C．W1<W2D．条件不足，无法比较W1，W24．质量分别为M和m的两物体靠在一起放在光滑水平面上．用水平推力F向右推M，两物体向右加速运动时，M、m间的作用力为F N1；用水平力F向左推m，使M、m一起加速向左运动时，M、m间的作用力为F N2，如图(1)、(2)所示．则()∶F N2＝1∶1A．FB．F N1∶F N2＝m∶MC．F N1∶F N2＝M∶mD．条件不足，无法比较F N1、F N2的大小5．下列关于超重和失重的说法中，正确的是()A．物体处于超重状态时，其重力增加B．物体处于完全失重状态时，其重力为零C．物体处于超重或失重状态时，其惯性比物体处于静止状态时增加或减小D．物体处于超重或失重状态时，其质量及受到的重力都没有变化6.如图所示，质量为20 kg 的物体，沿粗糙水平地面以某一速度开始向右运动，一水平向左的力F ＝10 N 作用于物体上，物体与水平地面间的动摩擦因数为 0.1，则物体所受的摩擦力为(g 取10 m/s 2)( ) A ．10 N ，向右 B ．10 N ，向左 C ．20 N ，向右 D ．20 N ，向左二、多选项（7—10小题有多个选项正确，全部选对的得5分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。
海南省海南中学2017-2018学年高二上学期期末考试 理科物理 Word版含答案
海南中学2017-2018学年度第一学期期末考试高二物理理科试卷(时间：90分钟 分数：100分)第Ⅰ卷（共44分）注：请不要使用计算器，只交答题卷。
一、单项选择题：（本题共6小题，每小题4分，共24分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目的要求的）1.如图，在两水平极板间存在匀强电场和匀强磁场，电场方向竖直向下，磁场方向垂直于纸面向里。
一带电粒子以某一速度沿水平直线通过两极板。
若不计重力，下列四个物理量中哪一个改变时，粒子运动轨迹不会改变：A ．粒子速度的大小B ．磁感应强度C ．电场强度D ．粒子所带的电荷量2.有两个匀强磁场区域I 和 II ，I 中的磁感应强度是II 中的k 倍，两个速率相同的电子分别在两磁场区域做圆周运动。
与I 中运动的电子相比，II 中的电子：A ．运动轨迹的半径是I 中的k1倍 B ．加速度的大小是I 中的k 倍 C ．做圆周运动的角速度是I 中的k 1倍 D ．做圆周运动的周期是I 中的k1倍3.如图所示，虚线A 、B 、C 代表电场中的三条等势线，其电势分别为3 V 、5 V 、7 V ．实线为带电粒子在电场中运动时的轨迹，P 、Q 为轨迹与A 、C 的交点，电荷只受电场力作用，忽略重力，则下列说法正确的是：A ．粒子可能带负电B ．粒子在P 点的动能大于在Q 点的动能C ．粒子P 点的电势能大于粒子在Q 点的电势能D ．粒子在P 点受到的电场力大于在Q 点受到的电场力4.用相同导线绕制的边长为L 或2L 的四个闭合导体线框，以相同的速度匀速进入右侧匀强磁场，如图所示。
在每个线框进入磁场的过程中，M 、N 两点间的电压分别为U a 、U b 、U c 和U d 。
下列判断正确的是:A ．U a ＜U b ＜U d ＜U cB ．U a ＜U b ＜U c ＜U dC ．U a ＝U b ＜U c ＝U dD ．U b ＜U a ＜U d ＜U c5.如图所示，螺线管B 置于闭合金属环A 的轴线上，B 中有恒定电流，从某时刻起， 当B 中通过的电流逐渐变大时，则环A 有 的趋势（请填上“缩小”或“扩张”），螺线管B 的横截面积圆的直径有 的趋势（请填上“缩短”或“伸长”）。
【解析】海南省海口市第一中学2017届高三11月月考物理试题 Word版含解析【 高考】
海南省海口市第一中学2017届高三11月月考物理试题（B卷）一.单项选择题：1. 在2002年9月，伽利略的自由落体实验被物理学家评选为最美丽的实验。
以下关于“伽利略对自由落体的探究过程”的归纳不正确．．．的是( )A. 发现问题：伽利略发现亚里士多德“重物比轻物下落得快”的观点有自相矛盾的地方B. 提出假设：伽利略认为，重物与轻物应该下落得同样快，他猜想落体运动应该是一种最简单的变速运动，速度的变化对位移来说是均匀的C. 实验验证：在验证自己猜想的实验时，由于实验仪器不能精确测量快速下落物体所需的时间，所以他设想通过斜面落体来“冲淡重力”D. 合理外推：伽利略将他在斜面实验中得出的结论做了合理的外推，从而确定了自由落体运动是初速度为零的匀加速直线运动，且所有物体自由下落时的加速度都相同。
【答案】B【解析】伽利略通过逻辑推理发现亚里士多德“重物比轻物下落得快”的观点有自相矛盾的地方，所以A正确；提出假设：伽利略认为，重物与轻物应该下落得同样快，他猜想落体运动应该是一种最简单的变速运动，速度的变化对时间来说是均匀的，即v与t成正比，所以B 错误；在验证自己猜想的实验时，由于实验仪器不能精确测量快速下落物体所需的时间，所以他设想通过斜面落体来“冲淡重力”，C正确；伽利略将他在斜面实验中得出的结论做了合理的外推，从而确定了自由落体运动是初速度为零的匀加速直线运动，且所有物体自由下落时的加速度都相同，所以D正确。
本题不正确的选B。
2. 如图甲所示，在光滑的水平面上，物体A在水平方向的外力F作用下做直线运动，其v—t图象如图乙所示，规定向右为正方向．下列判断正确的是：（）A. 在3 s末，物体处于出发点右方B. 在1-2 s内，物体正向左运动，且速度大小在减小C. 在1-3 s内，物体的加速度方向先向右后向左D. 在0-1 s内，外力F不断增大【答案】A【解析】试题分析：根据速度图象与坐标轴所围的“面积”大小等于位移，t轴上方位移为正，下方位移为负，确定前3s内物体位移的正负，判断其位置；速度图象直接反映物体速度的变化情况，可读出速度大小的变化．图象的斜率等于加速度，由牛顿第二定律分析外力F的变化．解：A、根据速度图象与坐标轴所围的“面积”大小等于位移，t轴上方位移为正，下方位移为负，则前3s内物体的位移为正，说明物体处于出发点右方．故A正确．B、在1﹣2 s内，速度为正值，说明速度向右运动，速度不断减小．故B错误．C、在1﹣3 s内，图象的斜率不变，则加速度不变．故C错误．D、在0﹣1 s内，图象切线不断减小，则加速度不断减小，由牛顿第二定律得知外力F不断减小．故D错误．故选A【点评】本题是速度﹣﹣时间图象的应用，要明确斜率的含义，知道在速度﹣﹣时间图象中图象与坐标轴围成的面积的含义，能根据图象读取有用信息．属于基础题．3. 一滑块在水平地面上沿直线滑行，t＝0时速率为1 m/s.从此刻开始在与速度平行的方向上对其施加一水平作用力F，力F和滑块的速度v随时间的变化规律分别如图甲和乙所示，则(两图取同一正方向，取重力加速度g＝10 m/s2) （）A. 滑块的质量为0.5 kgB. 滑块与水平地面间的动摩擦因数为0.5C. 第1 s内摩擦力对滑块做功为－1 JD. 第2 s内力F的平均功率为1.5 W【答案】D【解析】由图象斜率得加速度为：;由两图知，第一秒内有：f+F=ma，第二秒内有：F′-f=ma，代入数据得：f+1=3-f，故f=1N，m=2kg，又由f=μmg可得动摩擦因数μ=0.05，故AB错误；第一秒内的位移为：x=×1×1=0.5m，根据功的公式W=FL可得第1s内摩擦力对滑块做功为-0.5J，故C错误；根据v-t图象可知，第2秒内的平均速度，所以第2s的平均功率P=F′＝3×0.5W＝1.5W，故D正确．故选D．4. 如图，一轻质弹簧固定在水平地面上，O点为弹簧原长时上端的位置，一个质量为m的物体从O点正上方的A点由静止释放落到弹簧上，物体压缩弹簧到最低点B点后向上运动，则以下说法正确的是( ）A. 物体从B点到O点的运动为先加速后减速B. 物体从B点到O点的运动为一直减速C. 物体从B点到O点的运动时，O点的速度最大D. 物体运动到B点时的加速度为零【答案】A【解析】物体接触弹簧开始，合力向下，向下做加速度逐渐减小的加速运动，运动到某个位置时，合力为零，加速度为零，速度最大，然后合力方向向上，向下做加速度逐渐增大的减速运动，运动到最低点B时，速度为零；物体从B点到O点的运动，与O到B的过程是相反的过程，所以是先加速后减速，故A正确, BC错误；物体运动到B点时的，合外力向上，加速度向上，即加速度不为零，选项D错误；故选A.点睛：解决本题的关键知道根据合力的大小和方向可知加速度的大小和方向，以及知道加速度与速度同向，速度增加，加速度与速度反向，速度减小．5. 质量相等的A、B两个物体，沿着倾角分别是α和β的两个光滑的固定斜面，由静止从同一高度h2下滑到同样的另一高度h1，如图所示，则A、B两物体( )A. 滑到h1高度时的动量相同B. 滑到h1高度时的动能相同C. 由h2滑到h1的过程中所受重力的冲量相同D. 由h2滑到h1的过程中所受合力的冲量相同【答案】B【解析】由于斜面倾角不同，滑到h1高度时，两物体动量方向不同，两物体动量不同，故A 错误；物体下滑过程中，只有重力做功，物体初末位置相同，重力做功相等，由动能定理可知，物体的动能相等，故B正确；物体下滑过程中，下滑高度h=h2-h1相等，由机械能守恒定律得：mgh=mv2，物体到达斜面低端时，速度，由牛顿第二定律得：mgsinθ=ma，加速度a=gsinθ，物体沿斜面下滑的时间：，由于斜面倾角θ不同，物体下滑的时间t不同，重力的冲量I=mgt不同，故C错误；由h2滑到h1的过程中由于斜面倾角不同，物体的动量不同，由动量定理可知，物体所受合力的冲量不同，故D错误；故选B．点睛：利用动量定理求冲量、由动能定理求功是常用的方法．要注意功、动能是标量，冲量、动量是矢量．6. 过去几千年来，人类对行星的认识与研究仅限于太阳系内，行星“51 peg b”的发现拉开了研究太阳系外行星的序幕。
2017-2018学年海南省海口一中高二(上)期中物理试卷(文科) Word版含解析
2017-2018学年海南省海口一中高二（上）期中物理试卷（文科）一、选择题（单选题，每小题4分，共40分，请将答案写在第Ⅱ卷上）1．真空中放置两个点电荷，电量各为Q1与Q2，它们相距r 时静电力大小为F，如果电量分别变为2倍，距离变为一半，则它们之间的静电力大小是（）A．16F B．8F C． F D．2．对于电场强度公式E=，以下理解正确的是（）A．E与F成正比，与q成反比B．E由电场本身性质决定C．电场中某点不放置电荷q，则该点的场强E为零D．场强E的方向与检验电荷q受电场力F的方向一定相同3．关于电场线，下列说法正确的是（）A．电场线和磁感线可以从演示实验中观察到B．电场线是直线的电场一定是匀强电场C．电场线越密的地方，电场强度越大D．带电粒子在电场力作用下一定沿电场线的方向运动4．点电荷产生的电场线如图1所示，通电直导线产生的磁感线如图2所示，则电荷正负和电流方向分别是（）A．负电荷，电流向外B．负电荷，电流向内C．正电荷，电流向外D．正电荷，电流向内5．奥斯特实验如图，水平导线中的电流向右，正下方小磁针静止时N极的方向为（）A．向里B．向外C．向左D．向右6．通电螺线管附近放置四个小磁针，如图所示，当小磁针静止时，图中小磁针的指向可能的是（涂黑的一端为N极）（）A．a B．b C．c D．d7．关于安培力的公式F=BIL，以下说法中正确的是（）A．适用于I与B垂直情况B．适用于I与B平行情况C．某处放一通电导线，若F=0则B一定为0D．将I、L相同的通电导线放在同一匀强磁场中不同位置，则F一定相同8．如图所示磁流体发电机中，A、B两块金属板间加垂直纸面向里的匀强磁场，等离子从左向右射入磁场中，则下列说法中正确的是（）A．A板带正电，电阻R中的电流向上B．A板带正电，电阻R中的电流向下C．A板带负电，电阻R中的电流向上D．A板带负电，电阻R中的电流向下9．关于感应电流产生的条件下列说法中正确的是（）A．导体切割磁感线，一定会产生感应电流B．闭合线圈相对磁场平动，一定会产生感应电流C．穿过闭合线圈磁感线条数变化，一定会产生感应电流D．闭合线圈在磁场中转动，一定会产生感应电流10．在电磁感应现象中，下列说法正确的是（）A．穿过闭合电路（总电阻不变）的磁通量越大，电路中的感应电流也越大B．穿过闭合电路（总电阻不变）的磁通量变化的越多，电路中的感应电流也越大C．穿过电路（总电阻不变）的磁通量变化的越快，电路中的感应电流也越大D．穿过电路（总电阻不变）的磁通量变化的越快，电路中的感应电动势也越大二、填空题：（每空4分，共48分，请将答案写在第Ⅱ卷上）11．在a图中电流I所受的安培力方向向；在b图中电流I所受的安培力方向向；在c图中知带电粒子的速度和洛伦兹力方向，则带电粒子带电；在d图中金属导体棒AB向右切割磁感线，导体棒AB中产生的感应电流向．12．在地球赤道上方的地磁场磁感应强度为B，该处放一根沿东西方向的长度为L的导线，通有从东向西的电流I，那么导线受到的安培力大小为，方向垂直地面向．13．同向电流相互，反向电流相互．14．产生感应电流的条件是：．15．匀强磁场的磁感应强度为B，边长为L的正方形线圈平面跟磁场方向相互垂直，那么通过线圈的磁通量大小为，单位为（用字母表示）．三、计算题（每小题6分，共12分，请将答案写在第Ⅱ卷上，要求写出必要文字说明、公式和重要演算步骤．只写结果无过程不给分）16．如图，用绝缘细线悬挂一带正电小球，小球质量为m，带电量为q，现加一水平向右匀强电场．平衡时绝缘细线与竖直方向夹角为θ，求匀强电场的电场强度E大小？17．质量为m的椰子，从离地面高为H米的树上A点由静止自由落下，不考虑空气阻力，落至沙坑表面的B点，之后进入沙坑深h米的C点处停止，求椰子在沙坑中受到的平均阻力？2017-2018学年海南省海口一中高二（上）期中物理试卷（文科）参考答案与试题解析一、选择题（单选题，每小题4分，共40分，请将答案写在第Ⅱ卷上）1．真空中放置两个点电荷，电量各为Q1与Q2，它们相距r 时静电力大小为F，如果电量分别变为2倍，距离变为一半，则它们之间的静电力大小是（）A．16F B．8F C． F D．考点：库仑定律．分析：根据库仑定律的公式列出变化前和变化后的关系式直接对比即可．解答：解：由库仑定律的可得，原来它们之间的库仑力为F=k，变化之后它们之间的库仑力为F′=k=16F，所以A正确，BCD错误．故选：A．点评：本题是对库仑定律的直接的应用，掌握住公式即可，比较简单．2．对于电场强度公式E=，以下理解正确的是（）A．E与F成正比，与q成反比B．E由电场本身性质决定C．电场中某点不放置电荷q，则该点的场强E为零D．场强E的方向与检验电荷q受电场力F的方向一定相同考点：电场强度．分析：公式E=是电场强度的定义式，q是检验电荷，该公式适用于任何电场．场强是由电场本身决定的，与放入电场中检验电荷q无关．场强方向与正检验电荷q受电场力F的方向一定相同．解答：解：A、公式E=是电场强度的定义式，采用比值法定义，场强是由电场本身决定的，与放入电场中检验电荷q无关，故A错误；B、E反映电场的强弱和方向，由电场本身性质决定，故B正确．C、电场中某点不放置电荷q，则该点的场强E不变，故C错误．D、E方向与正电荷所受的电场力F方向一致，与负电荷所受的电场力F方向相反，故D错误．故选：B．点评：该题关键要加深理解电场强度的物理意义：场强是由电场本身决定的，与放入电场中检验电荷q无关，知道E=是电场强度的定义式，采用比值法定义，具有比值法定义的共性．3．关于电场线，下列说法正确的是（）A．电场线和磁感线可以从演示实验中观察到B．电场线是直线的电场一定是匀强电场C．电场线越密的地方，电场强度越大D．带电粒子在电场力作用下一定沿电场线的方向运动考点：电场线．分析：电场线是人们为了形象地描述电场而引入的线；电场线的方向是正电荷所受电场力的方向，而正负电荷所受的电场力的方向相反；电场线的切线方向即为场强的方向，故任意两条电场线都不会相交；电场线的疏密代表电场的强弱，故电场线越密的地方场强越强．解答：解：A、电场线和磁感线是人们为了形象地描述电场而引入的线，不能从演示实验中观察到，故A错误；B、由于场强是矢量，既有大小和方向，如场强方向不变，但场强大小不相同，所以电场线为直线的地方不一定是匀强电场．故B错误；C、电场线的疏密程度反映电场的强弱，电场线密的地方，场强大，故C正确；D、电场线表示点电荷运动的轨迹，所以带电粒子在电场力作用下不一定沿电场线的方向运动，还要看电场线是否是直线，以及粒子的初速度的方向．故D错误．故选：C．点评：该题考查电场线的概念，电场线是人们为了形象地描述电场而引入的线；记住电场线的特点即可顺利解出此题，故要在理解的基础上牢记基本概念．4．点电荷产生的电场线如图1所示，通电直导线产生的磁感线如图2所示，则电荷正负和电流方向分别是（）A．负电荷，电流向外B．负电荷，电流向内C．正电荷，电流向外D．正电荷，电流向内考点：磁感线及用磁感线描述磁场．分析：电场线是从正电荷或者无穷远出发出，到负电荷或无穷远处为止，由此可以判断电荷的正负；通电直导线产生的磁场方向根据安培定则判断．右手握住导线，拇指指向电流方向，四指指向磁感线环绕方向来判断．解答：解：场线是从正电荷或者无穷远出发出，到负电荷或无穷远处为止，所以左图是正电荷．通电直导线产生的磁场方向根据安培定则判断．右图：磁感线沿顺时针方向，则四指指向顺时针方向，根据安培定则，拇指指向纸里，用“×”表示．故选：D．点评：加强基础知识的学习，掌握住电场线的特点，即可解决本题；对于安培定则的应用要抓住两点：一是什么情况用；二是怎样用，同时要注意区分通电直导线与环形电流安培定则的不同．5．奥斯特实验如图，水平导线中的电流向右，正下方小磁针静止时N极的方向为（）A．向里B．向外C．向左D．向右考点：通电直导线和通电线圈周围磁场的方向．分析：根据安培定则判断出通电导线产生的磁场的方向，再应用右手螺旋定则判断．解答：解：由安培定则可知，通电直导线电流的方向向右，则电流下方的磁场的方向向里，所以小磁针的N极将向里发生偏转．故选：A点评：此题需要根据导线产生磁场的方向判定小磁针的运动方向，应用右手螺旋定则判断即可．6．通电螺线管附近放置四个小磁针，如图所示，当小磁针静止时，图中小磁针的指向可能的是（涂黑的一端为N极）（）A．a B．b C．c D．d考点：通电直导线和通电线圈周围磁场的方向．分析：运用右手螺旋定则判断出螺线管内外磁场的方向，小磁针静止时N极的指向表示磁场的方向．解答：解：右手握住螺线管，四指弯曲方向为电流的绕行方向，大拇指指向表示螺线管内部磁场的方向，所以螺旋管内部磁场方向为从右向左，外部从左向右，故小磁针a、c、d的N极水平向左，b的N极水平向右．故B正确，A、C、D错误．故选：B．点评：解决本题的关键会根据右手螺旋定则判断螺线管周围的磁场方向，以及知道小磁针静止时N极的指向表示磁场的方向．7．关于安培力的公式F=BIL，以下说法中正确的是（）A．适用于I与B垂直情况B．适用于I与B平行情况C．某处放一通电导线，若F=0则B一定为0D．将I、L相同的通电导线放在同一匀强磁场中不同位置，则F一定相同考点：安培力．分析：通电导线与磁场方向垂直时，F=BIL，当导线与磁场方向平行时，F=0，故导线受到的安培力与导线的放置方向有关解答：解：F=BIL只使用与通电导线与磁场垂直时，故A正确，B错误；C、某处放一通电导线．当导线与磁场平行时，F=0，磁场不一定为零，故C错误；D、将I、L相同的通电导线放在同一匀强磁场中不同位置，由于导向与磁场的方向不同，故F不同，故D错误；故选：A点评：本题主要考查了通电导线在磁场中的受力公式F=BIL只使用于导线与磁场方向垂直8．如图所示磁流体发电机中，A、B两块金属板间加垂直纸面向里的匀强磁场，等离子从左向右射入磁场中，则下列说法中正确的是（）A．A板带正电，电阻R中的电流向上B．A板带正电，电阻R中的电流向下C．A板带负电，电阻R中的电流向上D．A板带负电，电阻R中的电流向下考点：带电粒子在混合场中的运动．专题：带电粒子在复合场中的运动专题．分析：等离子体从左向右进入磁场，受到洛伦兹力发生偏转，打到极板上，使两极板间形成电势差，当粒子所受电场力与洛伦兹力相等时，形成动态平衡．根据极板的正负判断电势的高低以及电流的流向．解答：解：等离子体进入磁场，根据左手定则，正电荷向上偏，打在上极板上，负电荷向下偏，打在下极板上．所以上极板带正电，下极板带负电，则A板的电势高于B板的电势，流过电阻电流方向由上向下．故B正确，A、C、D错误．故选：B．点评：解决本题的关键会根据左手定则判断洛伦兹力的方向，以及知道当粒子所受电场力与洛伦兹力相等时，形成动态平衡．9．关于感应电流产生的条件下列说法中正确的是（）A．导体切割磁感线，一定会产生感应电流B．闭合线圈相对磁场平动，一定会产生感应电流C．穿过闭合线圈磁感线条数变化，一定会产生感应电流D．闭合线圈在磁场中转动，一定会产生感应电流考点：感应电流的产生条件．分析：产生感应电流的条件是穿过闭合电路的磁通量发生变化，或闭合电路的一部分导体做切割磁感线运动．根据这个条件进行选择．解答：解：A、导体做切割磁感线运动，不一定有感应电流产生，只有当闭合电路的一部分导体做切割磁感线运动时才有感应电流产生．故A错误．B、闭合电路在磁场中运动，穿过闭合电路的磁通量不一定发生变化，所以闭合电路中不一定有感应电流．故B错误．C、穿过闭合电路的磁感线的条数发生变化，磁通量一定发生变化，则闭合电路中就有感应电流．故C正确．D、闭合线圈在磁场中转动，磁通量不一定发生变化，不一定会产生感应电流．故D错误．故选：C点评：感应电流产生的条件细分有两点：一是电路要闭合；二是穿过电路的磁通量发生变化，即穿过闭合电路的磁感线的条数发生变化．10．在电磁感应现象中，下列说法正确的是（）A．穿过闭合电路（总电阻不变）的磁通量越大，电路中的感应电流也越大B．穿过闭合电路（总电阻不变）的磁通量变化的越多，电路中的感应电流也越大C．穿过电路（总电阻不变）的磁通量变化的越快，电路中的感应电流也越大D．穿过电路（总电阻不变）的磁通量变化的越快，电路中的感应电动势也越大考点：法拉第电磁感应定律．专题：电磁感应与电路结合．分析：由法拉第电磁感应定律可知，感应电动势的大小除与线圈匝数有关外，还与磁通量变化快慢有关．解答：解：A、根据法拉第电磁感应定律可知，穿过线圈的磁通量的大小或变化大小，不会影响线圈中产生感应电动势大小，故AB错误；C、根据法拉第电磁感应定律可知，感应电动势的大小除与线圈匝数有关外，还与磁通量变化快慢有关，因此磁通量变化的越快，电路中的感应电动势也越大，但感应电流还与电路是否闭合有关，故C错误，D正确；故选：D．点评：考查法拉第电磁感应定律，同时让学生清楚知道感应电动势与磁通量的变化率有关，与磁通量大小及磁通量变化大小均无关．二、填空题：（每空4分，共48分，请将答案写在第Ⅱ卷上）11．在a图中电流I所受的安培力方向向外；在b图中电流I所受的安培力方向向上；在c图中知带电粒子的速度和洛伦兹力方向，则带电粒子带负电；在d图中金属导体棒AB向右切割磁感线，导体棒AB中产生的感应电流向下．考点：安培力；左手定则．分析：根据左手定则，让磁感线从掌心进入，并使四指指向电流的方向（或正电荷运动方向），这时拇指所指的方向就是安培力或洛伦兹力的方向．根据左手定则来判断洛伦兹力即可，从而即可求解解答：解：根据左手定则，让磁感线从掌心进入，并使四指指向电流的方向（或正电荷运动方向），这时拇指所指的方向就是安培力或洛伦兹力的方向．根据左手定则来判断洛伦兹力在a图中电流I所受的安培力方向向外；在b图中电流I所受的安培力方向向上；在c图中知带电粒子的速度和洛伦兹力方向，则带电粒子带负电；在d图中金属导体棒AB向右切割磁感线，导体棒AB中产生的感应电流向下故答案为：外；上；负；下．点评：本题就是对左手定则的直接考查，注意当带电粒子平行于电场线的方向运动时，将不受洛伦兹力作用，掌握好左手定则就行，记住“左力右电”，不要混淆12．在地球赤道上方的地磁场磁感应强度为B，该处放一根沿东西方向的长度为L的导线，通有从东向西的电流I，那么导线受到的安培力大小为BIL，方向垂直地面向向下．考点：安培力．分析：根据安培力的公式F=BIL可以求出地磁场对这根导线的作用力大小，根据左手定则可以判断安培力的方向解答：解：根据安培力的公式F=BIL的适用条件可知地磁场对这根导线的作用力大小为：F=BIL；根据左手定则可知：伸开左手，让磁感线穿过手心，四指方向与电流方向相同，大拇指指向为受力方向，由此可知安培力方向竖直向下故答案为：BIL，向下．点评：本题在考查了关于安培力大小和方向的理解与应用，属于简单基础题目13．同向电流相互吸引，反向电流相互排斥．考点：平行通电直导线间的作用．分析：通入电流后，每根导线都能在周围产生磁场，他们彼此在对方的磁场中都会受到安培力的作用．解答：解：当导线通上同向的电流时，它们会相互吸引，可见通以互为反向的电流时，会相互排斥，是磁体之间的相互作用，不是同种电荷相互排斥的结果；故答案为：吸引，排斥．点评：本题考查了电流的磁场、磁场对电流的作用，只是要求灵活运用所学知识，平行的通电导线间会出现相互吸引或排斥的现象，要明白这种现象的原因是安培力的作用．14．产生感应电流的条件是：闭合回路的磁通量发生变化．考点：感应电流的产生条件．分析：产生感应电流的条件：闭合回路的磁通量发生变化或闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中有感应电流．解答：解：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中有感应电流．产生感应电流的三个条件：闭合电路；一部分导体；切割磁感线运功，所以产生感应电流的条件是：闭合回路的磁通量发生变化．故答案为：闭合回路的磁通量发生变化．点评：解决本题关键要准确把握产生感应电流的一般条件：闭合回路的磁通量发生变化，电路必须闭合．15．匀强磁场的磁感应强度为B，边长为L的正方形线圈平面跟磁场方向相互垂直，那么通过线圈的磁通量大小为BL2，单位为Wb（用字母表示）．考点：磁通量．分析：线圈平面跟磁场方向相互垂直时，通过线圈的磁通量Φ=BS，根据此公式求解磁通量，其单位为Wb，从而即可求解．解答：解：由题，线圈平面跟磁场方向相互垂直时，通过线圈的磁通量Φ=BS=BL2．其单位为Wb；故答案为：BL2，Wb．点评：对于匀强磁场中穿过线圈的磁通量一般公式是：Φ=BSsinα，α是线圈平面与磁场方向的夹角．三、计算题（每小题6分，共12分，请将答案写在第Ⅱ卷上，要求写出必要文字说明、公式和重要演算步骤．只写结果无过程不给分）16．如图，用绝缘细线悬挂一带正电小球，小球质量为m，带电量为q，现加一水平向右匀强电场．平衡时绝缘细线与竖直方向夹角为θ，求匀强电场的电场强度E大小？考点：共点力平衡的条件及其应用；电场强度．分析：对小球受力分析，根据共点力平衡求出电场力的大小，从而结合电场强度的定义式求出匀强电场的场强．解答：解：对小球受力分析，如图所示，根据共点力平衡得，qE=mgtanθ，解得E=．答：匀强电场的场强为．点评：解决本题的关键能够正确地受力分析，根据共点力平衡进行求解．17．质量为m的椰子，从离地面高为H米的树上A点由静止自由落下，不考虑空气阻力，落至沙坑表面的B点，之后进入沙坑深h米的C点处停止，求椰子在沙坑中受到的平均阻力？考点：动能定理的应用．专题：动能定理的应用专题．分析：对物体的整个过程运用动能定理，抓住动能的变化量为0，求出物体在沙坑中受到的平均阻力．解答：解：对全程运用动能定理得：mg（H+h）﹣Fh=0，解得F=．答：椰子在沙坑中受到的平均阻力为．点评：运用动能定理解题关键选择研究的过程，分析过程中有哪些力做功，然后根据动能定理列式求解．注意整个过程中重力都在做功．。
高考海南卷物理试题解析(精编版)(解析版).docx
高中物理学习材料唐玲收集整理1.如图，在一水平、固定的闭合导体圆环上方，有一条形磁铁（N极朝上，S极朝下）由静止开始下落，磁铁从圆环中穿过且不与圆环接触，关于圆环中感应电流的方向（从上向下看），下列说法中正确的是A．总是顺时针 B．总是逆时针 C．先顺时针后逆时针 D．先逆时针后顺时针2．理想变压器上接有三个完全相同的灯泡，其中一个与该变压器的原线圈串联后接入交流电源，另外两个并联后接在副线圈两端，已知三个灯泡均正常发光。
该变压器原、副线圈的匝数之比为A．1∶2 B.2∶1 C.2∶3 D.3∶23．将一物体以某一初速度竖直上抛。
物体在运动过程中受到一大小不变的空气阻力作用，它从抛出点到最高点的运动时间为t 1，再从最高点回到抛出点的运动时间为t 2，如果没有空气阻力作用，它从抛出点到最高点所用的时间为t 0。
则A ．t 1>t 0，t 2<t 1B ．t 1<t 0，t 2>t 1C ．t 1>t 0，t 2>t 1D ．t 1<t 0，t 2<t 1【解析】4．如图，一平行板电容器的两极板与一电压恒定的电源相连，极板水平放置，极板间距为d ；在下极板上叠放一厚度为l 的金属板，其上部空间有一带电粒子P 静止在电容器中。
当把金属板从电容器中快速抽出后，粒子P 开始运动。
重力加速度为g 。
粒子运动的加速度为A ．g d lB ．g d l d -C ．g l d l -D ．g ld d -5．如图，一不可伸长的光滑轻绳，其左端固定于O 点，右端跨过位于O '点的固定光滑轴悬挂一质量为M 的物体；OO '段水平，长度为L ；绳上套一可沿绳滑动的轻环。
现在轻环上悬挂一钩码，平衡后，物体上升L 。
则钩码的质量为A ．M 22B ．M 23 C ．M 2 D ．M 36．设地球自转周期为T ，质量为M 。
引力常量为G 。
假设地球可视为质量均匀分布的球体，半径为R 。
海南省海口一中2017-2018学年高三上学期第一次月考物理试卷(b卷) Word版含解析
2017-2018学年海南省海口一中高三（上）第一次月考物理试卷（B卷）一．单项选择题（本题包括6小题，每小题3分，共18分．每小题四个选项中，只有一项是符合题目要求的）1．伽利略曾说过：“科学是在不断改变思维角度的探索中前进的”．他在著名的斜面实验中，让小球分别沿倾角不同、阻力很小的斜面从静止开始滚下，他通过实验观察和逻辑推理，得到的正确结论有（）A．倾角一定时，小球在斜面上的速度与时间的平方成正比B．倾角一定时，小球在斜面上的位移与时间的平方成正比C．斜面长度一定时，小球从顶端滚到底端时的速度与倾角无关D．斜面长度一定时，小球从顶端滚到底端所需的时间与倾角无关2．甲、乙两辆汽车沿同一方向做直线运动，两车在某一时刻刚好经过同一位置，此时甲的速度为5m/s，乙的速度为10m/s，甲车的加速度大小恒为1.2m/s2．以此时作为计时起点，它们的速度随时间变化的关系如图所示，根据以上条件可知（）A．乙车做加速度先增大后减小的变加速运动B．在前4 s的时间内，甲车运动位移为29.6 mC．在t=4 s时，甲车追上乙车D．在t=10 s时，乙车又回到起始位置3．质量为m的物体用轻绳AB悬挂于天花板上．用水平向左的力F缓慢拉动绳的中点O，如图所示．用T表示绳OA段拉力的大小，在O点向左移动的过程中（）A．F逐渐变大，T逐渐变大B．F逐渐变大，T逐渐变小C．F逐渐变小，T逐渐变大D．F逐渐变小，T逐渐变小4．四个质量均为m的小球，分别用三条轻绳和一根轻弹簧连接，处于平衡状态，如图所示．现突然迅速剪断轻绳A1、B1，让小球下落．在剪断轻绳的瞬间，设小球1、2、3、4的加速度分别用a l、a2、a3和a4表示，则（）A．a1=O，a2=2g，a3=O，a4=2g B．a l=g，a2=g，a3=2g，a4=OC．a1=O，a2=2g，a3=g，a4=g D．a1=g，a2=g，a3=g，a4=g5．如图所示，在竖直方向运动的电梯中，一个质量为m的物块置于倾角为30°的粗糙斜面上，物块始终位于斜面上某一位置．则下列判断中正确的是（）A．若电梯静止不动，物块所受的摩擦力一定是零B．若电梯匀速向上运动，物块所受摩擦力方向有可能沿斜面向下C．若电梯加速上升，物块所受弹力与摩擦力的合力一定大于mgD．若电梯加速下降，物块所受摩擦力的方向一定沿斜面向下6．如图所示，一个有矩形边界的匀强磁场区域，磁场方向垂直纸面向内．一个三角形闭合导线框，由位置1（左）沿纸面匀速运动到位置2（右）．取线框刚到达磁场边界的时刻为计时起点（t=0），规定逆时针方向为电流的正方向，则图中能正确反映线框中电流号时间关系的是（）A．B．C．D．二、多项选择题：（本题共4小题，每小题5分，共20分．在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的．全部选对的，得5分；选对但不全的，得3分；有选错的，得0分）7．如图所示，以速度v逆时针匀速转动的足够长的传送带与水平面的夹角为θ．现将一个质量为m的小木块轻轻地放在传送带的上端，小木块与传送带间的动摩擦因数为μ，则选项中能够正确地描述小木块的速度随时间变化关系的图线是（）A．B．C．D．8．如图所示，四根相同的轻质弹簧连着相同的物体，在外力作用下做不同的运动：（1）在光滑水平面上做加速度大小为g的匀加速直线运动；（2）在光滑斜面上沿斜面向上的匀速直线运动；（3）做竖直向下的匀速直线运动；（4）做竖直向上的加速度大小为g的匀加速直线运动．设四根弹簧伸长量分别为△l1、△l2、△l3、△l4，不计空气阻力，g为重力加速度，则（）A．△l1＞△l2B．△l3＜△l4C．△l1＞△l4D．△l2＞△l39．如图，一光滑的轻滑轮用细绳OO′悬挂于O点；另一细绳跨过滑轮，其一端悬挂物块a，另一端系一位于水平粗糙桌面上的物块b．外力F向右上方拉b，整个系统处于静止状态．若F方向不变，大小在一定范围内变化，物块b仍始终保持静止，则（）A．绳OO′的张力也在一定范围内变化B．物块b所受到的支持力也在一定范围内变化C．连接a和b的绳的张力也在一定范围内变化D．物块b与桌面间的摩擦力也在一定范围内变化10．用恒力F竖直向上拉一物体，使其由地面处开始加速上升到某一高度．若该过程空气阻力不能忽略，则下列说法中正确的是（）A．力F做的功和阻力做的功之和等于物体动能的增量B．重力所做的功等于物体重力势能的增量C．力F做的功和阻力做的功之和等于物体与地球系统机械能的增量D．力F、重力、阻力三者的合力所做的功等于物体机械能的增量三．实验题（本题共2小题，第11题6分，第12题8分，共14分．把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程）11．在研究匀变速直线运动的实验中，如图所示为一次记录小车运动情况的纸带，图中A、B、C、D、E为相邻的计数点，相邻计数点间的时间间隔为T=0.1s．（1）根据可判定小球做匀加速直线运动；（2）计算C点速度v C=m/s；（3）根据纸带点的分布，求出加速度a=m/s2．12．为了测量加速度，使用如图甲所示的气垫导轨装置进行实验．其中1、2为两个光电门，它们与数字计时器相连，当滑行器通过A、B光电门时，光束被遮挡的时间△t1、△t2都可以被测量并记录．挡光片宽度为d，光电门间距离为s．实验步骤如下：①用游标卡尺测量遮光片的宽度d；用米尺测最两光电门之间的距离s；②调整轻滑轮，使细线水平：③让物块从光电门1的右侧由静止释放，用数字毫秒计分别测出遮光片经过光电门1和光电门2所用的时间△t1和△t2，求出加速度a；④多次重复步骤③，求a的平均；回答下列为题：（1）实验开始时某同学先调节气垫导轨下面的螺钉，使气垫导轨水平，在不增加其他仪器的情况下，判定调节是否到位的方法是．（2）测量d时，某次游标卡尺（主尺的最小分度为0.05mm）如图乙．其读数为cm （3）小球通过A、B的时间分别为△t1=1.5×10﹣3s、△t2=0.9×10﹣3s，则小球通过光电门1时的瞬时速度为m/s（4）物块的加速度a可用d、s、△t1，和△t2，表示为a=．四、计算题（本题共2小题，第13题10分，第14题14分，共23分．把解答写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤）13．汽车前方120m有一自行车正以6m/s的速度匀速前进，汽车以18m/s的速度追赶自行车，若两车在同一条公路不同车道上做同方向的直线运动，求：（1）经多长时间，两车第一次相遇？（2）若汽车追上自行车后立即刹车，汽车刹车过程中的加速度大小为2m/s2，则再经多长时间两车第二次相遇？14．如图所示，在海滨游乐场里有一种滑沙运动．某人坐在滑板上从斜坡的高处A点由静止开始滑下，滑到斜坡底端B点后，沿水平的滑道再滑行一段距离到C点停下来．如果人和滑板的总质量m=60kg，滑板与斜坡滑道和水平滑道间的动摩擦因数均为μ=0.5，斜坡的倾角θ=37°（sin 37°=0.6，cos 37°=0.8），斜坡与水平滑道间是平滑连接的，整个运动过程中空气阻力忽略不计，重力加速度g取10m/s2．求：（1）人从斜坡上滑下的加速度为多大？（2）若由于场地的限制，水平滑道的最大距离BC为L=20.0m，则人在斜坡上滑下的距离AB应不超过多少？五模块选做题（本题包括2小题，只要求选做2小题．每小题4分，共24分．对于其中的计算题，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤）【选修3-3】（12分)15．以下说法正确的是（）A．已知阿伏加德罗常数、气体的摩尔质量和密度，可算出该气体分子间的平均距离B．饱和蒸汽在等温变化的过程中，随体积减小压强增大C．布朗运动指的是悬浮在液体中的固体小颗粒的运动D．给自行车打气时越往下压，需要用的力越大，是因为压缩气体使得分子间距减小，分子间作用力表现为斥力导致的E．热量可以从低温物体传递到高温物体16．一圆柱形气缸，质量M为10kg，总长度L为40cm，内有一厚度不计的活塞，质量m 为5kg，截面积S为50cm2，活塞与气缸壁间摩擦不计，但不漏气，当外界大气压强p0为1×105 Pa、温度t0为7℃时，如果用绳子系住活塞将气缸悬挂起来，如图所示，气缸内气体柱的高L1为35cm，（g取10m/s2）求：①此时气缸内气体的压强；②当温度升高到多少摄氏度时，活塞与气缸将分离．【选修3-5】（共2小题，满分12分）17．下列说法正确的是（）A．天然放射现象的发现揭示了原子核有复杂的结构B．α、β和γ三种射线，α射线的穿透力最强C．U衰变成Pb要经过6次β衰变和8次α衰变D．根据玻尔理论可知，一群处于n=4能级的氢原子向低能级跃迁时能辐射出6种不同频率的光E．10个放射性元素的原子核在经一个半衰期后，一定有5个原子核发生衰变18．如图所示，质量m B=2kg的平板车B上表面水平，开始时静止在光滑水平面上，在平板车左端静止着一块质量m A=2kg的物块A，一颗质量m0=0.01kg的子弹以v0=600m/s的水平初速度瞬间射穿A后，速度变为v=200m/s．已知A与B之间的动摩擦因数不为零，且A 与B最终达到相对静止，则整个过程中A、B组成的系统因摩擦产生的热量为多少？2016-2017学年海南省海口一中高三（上）第一次月考物理试卷（B卷）参考答案与试题解析一．单项选择题（本题包括6小题，每小题3分，共18分．每小题四个选项中，只有一项是符合题目要求的）1．伽利略曾说过：“科学是在不断改变思维角度的探索中前进的”．他在著名的斜面实验中，让小球分别沿倾角不同、阻力很小的斜面从静止开始滚下，他通过实验观察和逻辑推理，得到的正确结论有（）A．倾角一定时，小球在斜面上的速度与时间的平方成正比B．倾角一定时，小球在斜面上的位移与时间的平方成正比C．斜面长度一定时，小球从顶端滚到底端时的速度与倾角无关D．斜面长度一定时，小球从顶端滚到底端所需的时间与倾角无关【考点】物理学史．【分析】伽利略通过通验观察和逻辑推理发现，小球沿斜面滚下的运动的确是匀加速直线运动，换用不同的质量的小球，从不同高度开始滚动，只要斜面的倾角一定，小球的加速度都是相同的；不断增大斜面的倾角，重复上述实验，得知小球的加速度随斜面倾角的增大而增大．【解答】解：A、B、伽利略通过实验测定出小球沿斜面下滑的运动是匀加速直线运动，位移与时间的二次方成正比，并证明了速度随时间均匀变化，故A错误，B正确；C、若斜面光滑，C选项从理论上讲是正确的，但伽利略并没有能够用实验证明这一点，故C错误；D、斜面长度一定时，小球从顶端滚到底端所需的时间随倾角的增大而减小，故D错误；故选：B2．甲、乙两辆汽车沿同一方向做直线运动，两车在某一时刻刚好经过同一位置，此时甲的速度为5m/s，乙的速度为10m/s，甲车的加速度大小恒为1.2m/s2．以此时作为计时起点，它们的速度随时间变化的关系如图所示，根据以上条件可知（）A．乙车做加速度先增大后减小的变加速运动B．在前4 s的时间内，甲车运动位移为29.6 mC．在t=4 s时，甲车追上乙车D．在t=10 s时，乙车又回到起始位置【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【分析】明确v﹣t图象的性质，根据图象的坐标明确速度，根据图象的斜率求解加速度，再根据图象与时间轴围成的面积可求得位移．【解答】解：A、图象的斜率表示物体的加速度，由图可知，加速度先减小后增大，最后再减小，故A错误；B、在前4s的时间内，甲车运动位移为x=v0t+=5×4+=29.6m；故B正确；C、在t=4s时，两车的速度相同，但经达的位移不同，故两车没有相遇；故C错误；D、在10s前，乙车一直做匀加速直线运动，速度一直沿正方向，故乙车没有回到起始位置；故D错误；故选：B3．质量为m的物体用轻绳AB悬挂于天花板上．用水平向左的力F缓慢拉动绳的中点O，如图所示．用T表示绳OA段拉力的大小，在O点向左移动的过程中（）A．F逐渐变大，T逐渐变大B．F逐渐变大，T逐渐变小C．F逐渐变小，T逐渐变大D．F逐渐变小，T逐渐变小【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．【分析】本题关键是抓住悬挂物B的重力不变，即OB段绳中张力恒定，O点缓慢移动时，点O始终处于平衡状态，根据平衡条件列式求解各力变化情况．【解答】解：以结点O为研究对象受力分析如下图所示：由题意知点O缓慢移动，即在移动过程中始终处于平衡状态，则可知：绳OB的张力T B=mg根据平衡条件可知：Tcosθ﹣T B=0Tsinθ﹣F=0由此两式可得：F=T B tanθ=mgtanθT=在结点为O被缓慢拉动过程中，夹角θ增大，由三角函数可知：F和T均变大，故A正确，BCD错误．故选：A．4．四个质量均为m的小球，分别用三条轻绳和一根轻弹簧连接，处于平衡状态，如图所示．现突然迅速剪断轻绳A1、B1，让小球下落．在剪断轻绳的瞬间，设小球1、2、3、4的加速度分别用a l、a2、a3和a4表示，则（）A．a1=O，a2=2g，a3=O，a4=2g B．a l=g，a2=g，a3=2g，a4=OC．a1=O，a2=2g，a3=g，a4=g D．a1=g，a2=g，a3=g，a4=g【考点】牛顿第二定律．【分析】在除去支托物的瞬间，A1、A2一起下落，根据牛顿第二定律采用整体法和隔离法研究A1、A2所受的合力．采用隔离法B1、B2受到的合力．【解答】解：在剪断绳的瞬间，1、2球由于用绳连接，1和2与将与绳一起下落，根据牛顿第二定律，对整体研究得到，整体的加速度等于重力加速度g，则1、2受到的加速度等于g，即a1=g，a2=g．在剪断绳前，根据平衡条件得知，弹簧的弹力大小等于mg，绳对3物体的拉力2mg．在剪断绳的瞬间，弹簧的弹力没有来得及变化，4的受力情况没有变化，则4所受合力为零，即F=0．a4=0，3所受的合力大小等于绳的拉力大小2mg，即F=2mg，由牛顿第二定律可得2mg=ma3，a3=2g，故B正确故选：B5．如图所示，在竖直方向运动的电梯中，一个质量为m的物块置于倾角为30°的粗糙斜面上，物块始终位于斜面上某一位置．则下列判断中正确的是（）A．若电梯静止不动，物块所受的摩擦力一定是零B．若电梯匀速向上运动，物块所受摩擦力方向有可能沿斜面向下C．若电梯加速上升，物块所受弹力与摩擦力的合力一定大于mgD．若电梯加速下降，物块所受摩擦力的方向一定沿斜面向下【考点】牛顿第二定律；物体的弹性和弹力．【分析】以物体为研究对象进行受力分析，由牛顿第二定律可知物体受到的合力；再由力的合成与分解规律可得出斜面对物体的摩擦力．【解答】解：A，如果电梯静止不动，物块受重力、支持力和静摩擦力，静摩擦力等于重力平行斜面的分力，不为零，故A错误；B、若电梯匀速向上运动，处于平衡状态，受重力、支持力和静摩擦力，静摩擦力等于重力平行斜面的分力，平行斜面向上，故B错误；C、若电梯加速上升，超重，物块所受弹力与摩擦力的合力为F=m（g+a），竖直向上，故C 正确；D、若电梯加速下降，失重，等效成重力减小的平衡问题，静摩擦力依然是平行斜面向上，故D错误；故选：C6．如图所示，一个有矩形边界的匀强磁场区域，磁场方向垂直纸面向内．一个三角形闭合导线框，由位置1（左）沿纸面匀速运动到位置2（右）．取线框刚到达磁场边界的时刻为计时起点（t=0），规定逆时针方向为电流的正方向，则图中能正确反映线框中电流号时间关系的是（）A．B．C．D．【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律．【分析】先由楞次定律依据磁通量的变化可以判定感应电流的方向，再由感应电动势公式E=BLv和欧姆定律，分段分析感应电流的大小，即可选择图象．【解答】解：线框进入磁场的过程，磁通量向里增加，根据楞次定律得知感应电流的磁场向外，由安培定则可知感应电流方向为逆时针，电流i应为正方向，故BC错误；线框进入磁场的过程，线框有效的切割长度先均匀增大后均匀减小，由E=BLv，可知感应电动势先均匀增大后均匀减小；线框完全进入磁场的过程，磁通量不变，没有感应电流产生．线框穿出磁场的过程，磁通量向里减小，根据楞次定律得知感应电流的磁场向里，由安培定则可知感应电流方向为顺时针，电流i应为负方向；线框有效的切割长度先均匀增大后均匀减小，由E=BLv，可知感应电动势先均匀增大后均匀减小；故A正确，D错误．故选：A二、多项选择题：（本题共4小题，每小题5分，共20分．在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的．全部选对的，得5分；选对但不全的，得3分；有选错的，得0分）7．如图所示，以速度v逆时针匀速转动的足够长的传送带与水平面的夹角为θ．现将一个质量为m的小木块轻轻地放在传送带的上端，小木块与传送带间的动摩擦因数为μ，则选项中能够正确地描述小木块的速度随时间变化关系的图线是（）A．B．C．D．【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【分析】对滑块受力分析，开始时，受到重力、支持力、滑动摩擦力，处于加速阶段；当速度等于传送带速度时，如果重力的下滑分力小于或等于最大静摩擦力，则一起匀速下滑，否则，继续加速．【解答】解：木块放上后一定先向下加速，由于传送带足够长，所以一定有木块速度大小等于传送带速度大小的机会，此时若重力沿传送带向下的分力大小大于最大静摩擦力，则之后木块继续加速，但加速度变小了；而若重力沿传送带向下的分力大小小于或等于最大静摩擦力则木块将随传送带匀速运动；故CD正确，AB错误；故选：CD．8．如图所示，四根相同的轻质弹簧连着相同的物体，在外力作用下做不同的运动：（1）在光滑水平面上做加速度大小为g的匀加速直线运动；（2）在光滑斜面上沿斜面向上的匀速直线运动；（3）做竖直向下的匀速直线运动；（4）做竖直向上的加速度大小为g的匀加速直线运动．设四根弹簧伸长量分别为△l1、△l2、△l3、△l4，不计空气阻力，g为重力加速度，则（）A．△l1＞△l2B．△l3＜△l4C．△l1＞△l4D．△l2＞△l3【考点】牛顿第二定律；胡克定律．【分析】分别根据牛顿第二定律、平衡条件求出弹簧的弹力，由胡克定律判断四根弹簧伸长量的大小．【解答】解：（1）根据牛顿第二定律和胡克定律得：k△l1=ma=mg，得（2）由平衡条件和胡克定律得：k△l2=mgsinθ，得△l2=（3）由平衡条件和胡克定律得：k△l3=mg，得△l3=（4）根据牛顿第二定律和胡克定律得：k△l4﹣mg=mg，得△l4=所以△l1＞△l2，△l3＜△l4，△l1＜△l4，△l2＜△l3．故选AB9．如图，一光滑的轻滑轮用细绳OO′悬挂于O点；另一细绳跨过滑轮，其一端悬挂物块a，另一端系一位于水平粗糙桌面上的物块b．外力F向右上方拉b，整个系统处于静止状态．若F方向不变，大小在一定范围内变化，物块b仍始终保持静止，则（）A．绳OO′的张力也在一定范围内变化B．物块b所受到的支持力也在一定范围内变化C．连接a和b的绳的张力也在一定范围内变化D．物块b与桌面间的摩擦力也在一定范围内变化【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．【分析】本题抓住整个系统处于静止状态，由a平衡可知，绳子拉力保持不变，再根据平衡条件由F的大小变化求得物块b所受各力的变化情况．【解答】解：AC、由于整个系统处于静止状态，所以滑轮两侧连接a和b的绳子的夹角不变；物块a只受重力以及绳子的拉力，由于物体a平衡，则连接a和b的绳子张力T保持不变；由于绳子的张力及夹角均不变，所以OO′中的张力保持不变，故AC均错误；BD、b处于静止即平衡状态，对b受力分析有：力T与力F与x轴所成夹角均保持不变，由平衡条件可得：N+Fsinα+Tsinθ﹣mg=0Fcosα+f﹣Tcosθ=0由此可得：N=mg﹣Fsinα﹣Tsinθ由于T的大小不变，可见当F大小发生变化时，支持力的大小也在一定范围内变化，故B 正确f=Tcosθ﹣Fcosα由于T的大小不变，当F大小发生变化时，b静止可得摩擦力的大小也在一定范围内发生变化，故D正确．故选：BD．10．用恒力F竖直向上拉一物体，使其由地面处开始加速上升到某一高度．若该过程空气阻力不能忽略，则下列说法中正确的是（）A．力F做的功和阻力做的功之和等于物体动能的增量B．重力所做的功等于物体重力势能的增量C．力F做的功和阻力做的功之和等于物体与地球系统机械能的增量D．力F、重力、阻力三者的合力所做的功等于物体机械能的增量【考点】功能关系．【分析】根据动能定理，通过合力功判断动能的变化，根据重力功判断重力势能的变化，根据除重力以外其它力做功等于机械能的增量进行分析．【解答】解：A、根据动能定理得，力F、阻力、重力三力做功之和等于物体动能的增量．故A错误，D错误．B、物体向上运动，重力做负功，重力势能增加，克服重力做的功等于重力势能的增量．故B正确．C、除重力以外其它力做功等于物体机械能的增量，知力F和阻力做的功等于物体机械能的增量．故C正确．故选：BC．三．实验题（本题共2小题，第11题6分，第12题8分，共14分．把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程）11．在研究匀变速直线运动的实验中，如图所示为一次记录小车运动情况的纸带，图中A、B、C、D、E为相邻的计数点，相邻计数点间的时间间隔为T=0.1s．（1）根据相邻相等时间内的位移之差为一定值可判定小球做匀加速直线运动；（2）计算C点速度v C= 1.225m/s；（3）根据纸带点的分布，求出加速度a= 3.5m/s2．【考点】测定匀变速直线运动的加速度．【分析】根据相邻的相等时间间隔位移之差是否相等来判断小车是否做匀变速直线运动．纸带实验中，若纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用匀变速直线运动的推论，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度和加速度．【解答】解：（1）根据纸带的数据有：△x=17.50﹣7.00﹣7.00=31.50﹣17.50﹣（17.50﹣7.00）=3.5cm，得出相邻的相等时间间隔位移之差相等，即有小车做匀加速直线运动．（2）利用匀变速直线运动的推论得：v C===1.225m/s（3）根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，得：a===3.5m/s2故答案为：（1）相邻相等时间内的位移之差为一定值；（2）1.225；（3）3.5．12．为了测量加速度，使用如图甲所示的气垫导轨装置进行实验．其中1、2为两个光电门，它们与数字计时器相连，当滑行器通过A、B光电门时，光束被遮挡的时间△t1、△t2都可以被测量并记录．挡光片宽度为d，光电门间距离为s．实验步骤如下：①用游标卡尺测量遮光片的宽度d；用米尺测最两光电门之间的距离s；②调整轻滑轮，使细线水平：③让物块从光电门1的右侧由静止释放，用数字毫秒计分别测出遮光片经过光电门1和光电门2所用的时间△t1和△t2，求出加速度a；④多次重复步骤③，求a的平均；回答下列为题：（1）实验开始时某同学先调节气垫导轨下面的螺钉，使气垫导轨水平，在不增加其他仪器的情况下，判定调节是否到位的方法是轻推小车，小车通过两个光电门时间相等．（2）测量d时，某次游标卡尺（主尺的最小分度为0.05mm）如图乙．其读数为0.225cm （3）小球通过A、B的时间分别为△t1=1.5×10﹣3s、△t2=0.9×10﹣3s，则小球通过光电门1时的瞬时速度为 1.5m/s（4）物块的加速度a可用d、s、△t1，和△t2，表示为a=．【考点】探究加速度与物体质量、物体受力的关系．【分析】（1）导轨水平时，滑块在不受外力的情况下应处于平衡状态；故小车可以做匀速直线运动或静止；（2）根据螺旋测微器的读数方法可明确对应的读数，注意在读可动部分时需要估读；（3、4）根据平均速度公式可求得经过光电门的速度，再由速度和位移公式可求得加速度．。
物理_2017年海南省海南中学、某校联考高考物理模拟试卷(3月份)_复习
2017年海南省海南中学、某校联考高考物理模拟试卷（3月份）一、单项选择题（共6小题，每小题4分，满分24分）1. 处于不同能级的氢原子，电子做匀速圆周运动，下列说法正确的是（）A 能量越大的氢原子，电子的向心加速度越大B 能量越大的氢原子，电子的动能越大，电势能越小C 处于基态的氢原子，电子的运动周期最大D 处于基态的氢原子，电子运动的角速度最大2. 如图所示，质量为M、倾角为θ的斜面体静止在水平地面上，有一质量为m的小物块放在斜面上，轻推一下小物块后，它沿斜面匀速运动，若给小物块持续施加沿斜面向下的恒力F，斜面体保持静止，下列说法正确的是（）A 小物块沿斜面向下运动的加速度为FmB 斜面体对地面的压力大小等于(m+M)g+Fsinθ C 地面沿斜面体的摩擦力方向水平向左 D 斜面体给小物块的作用力的大小和方向都变化3. 若太阳围绕银河系中心的运动可视为匀速圆周运动，其运动速率为地球公转速率的k1倍，轨道半径为地球公转轨道半径的k2倍，可认为银河系中所有恒星的质量都集中在银河系中心，则银河系中心恒星总质量与太阳质量之比为（）A k1⋅k22B k12⋅k2C k1⋅k2D √k1∗k24. 甲、乙两车在同一直车道上运动，甲车在前，乙车在后，通过红灯时它们同时开始作减速运动，并安全停车，两车的v−t图像如图所示，下列判断正确的是（）A t＝4s时两车相距最远B t＝6s时两车相距最远C 甲、乙两车加速度大小之比为3:2D 甲、乙两车之间的距离先减小后增大5. 一通电直导线与x轴平行放置，匀强磁场的方向与xOy坐标平面平行，导线受到的安培力为F，若将该导线做成34圆环，放置在xOy坐标平面内，如图所示，并保持通电的电流不变，两端点ab连线也与x轴平行，则圆环受到的安培力大小为（）A FB √23πF C 2√23πF D 3√2π2F6. 如图所示，绝缘平面内的a、b、c三点构成等边三角形，两点电荷的电荷量均为+Q，它们分别固定放置于ab边和ac边的中点，下列说法正确的是（）A a、b、c三点的电场强度一样大B a、b、c三点的电势一样高C 试探电荷从a移到b，电场力一定做功D 带电不同的试探电荷在b、c两点的电势能可能相同二、多项选择题（共4小题，每小题5分，满分20分）7. 如图所示，可看作质点的物体从光滑固定斜面的顶端a点以某一初速度水平抛出，落在斜面底端b点，运动时间为t，合外力做功为W1，合外力的冲量大小为I1．若物体从a点由静止释放，沿斜面下滑，物体经过时间2t到达b点，合外力做功为W2，合外力的冲量大小为I2．不计空气阻力，下列判断正确的是（）A W1:W2=1:1B I1:I2=1:2C 斜面与水平面的夹角为30∘D 物体水平抛出到达b点时速度方向与水平方向的夹角为60∘8. 细线两端分别系有带正电的甲、乙两小球，它们静止在光滑绝缘水平面上，电量分别为q1和q2，质量分别为m1和m2，烧断细绳两球向相反运动，下列说法正确的是（）A 运动的同一时刻，甲、乙两球受的电场力大小之比为q2:q1B 运动的同一时刻，甲、乙两球动能之比为m2:m1C 在相同的运动时间内，甲、乙两球受到电场力的冲量大小之比为1:1 D 在相同的运动时间内，甲、乙两球受到合力做功之比为1:19. 如图所示，电源的电动势为E，内阻为r，R1、R2为定值电阻，R3为滑动变阻器，C为电容器，A为理想电流表，V为理想电压表，若滑动变阻器滑动触头P自b端向a端滑动过程中，下列说法中正确的是（）A 电流表读数变小B 电压表读数变小C 电源内电压增大D 电容器电量增大10. 为研究高压输电减少电能损失的规律，设计如图所示演示实验电路．变压器T1的原线圈接入u1=14.14sin100πt(V)的学生电源，变压器T2的副线圈接入“10V，10W”的灯泡，调节各线圈匝数使灯泡正常发光，两变压器之间的输电导线总电阻r=3Ω．下列判断正确的是（）A 变压器T1的输出功率大于10WB 灯泡两端的电压为u4=12sin100πt(V)C 若只使T1的原线圈匝数n1减少，则输电导线消耗的电功率不变D 若在灯L两端再并联一个相同的灯泡，则输电导线消耗的电功率增大三、实验题（共2小题，满分18分）11. 利用气垫导轨研究物体运动规律，求物体运动加速度，实验装置如图(a)所示，主要的实验步骤：（1）滑块放置在气垫导轨0刻度可读出，在拉力作用下由静止开始加速运动，测量滑块经过两光电门的时间t，测量光电门之间的距离s；（2）只移动光电门1，改变s，多次实验，数据记录如下；−t图。
海南省海口市第一中学2018届高三3月月考物理试题 精
海口中学2018 届3 月月考物理试题（考试时间：90 分钟满分：100 分）注意事项：1.本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。
答卷前，考生务必将自己的班级、姓名、准考证号、座位号填写在答题卡上。
2.请将答案写在答题卡上。
写在本试卷上无效。
第Ⅰ卷（选择题共44 分）一、单项选择题：本题共8 小题，每小题3 分，共24 分。
每小题只有一个选项符合题意。
1．下列关于原子和原子核的说法正确的是A．β衰变现象说明电子是原子核的组成部分B．玻尔理论的假设之一是原子能量的量子化C．放射性元素的半衰期随温度的升高而变短D．比结合能越小表示原子核中的核子结合得越牢固2.如图所示,一定质量的理想气体密封在绝热(即与外界不发生热交换)容器中,容器内装有一可以活动的绝热活塞,今对活塞施以一竖直向下的压力F,使活塞缓慢向下移动一段距离后,气体的体积减小。
若忽略活塞与容器壁间的摩擦力,则被密封的气体A.温度升高,压强增大,内能减少B.温度降低,压强增大,内能减少C.温度升高,压强增大,内能增加D.温度降低,压强减小,内能增加3．某单色光照射某金属时不能发生光电效应，则下述措施中可能使该金属产生光电效应的Rn86 84 286 85 1 86 85 1 是A ．延长光照时间B ．增大光的强度C ．换用波长较短的光照射D ．换用频率较低的光照射4．如图所示是某原子的能级图，a 、b 、c 为原子跃迁所发出的三种波长的光．在下列该原 子光谱的各选项中，谱线从左向右的波长依次增大，则正确的是5．汽车以 20 m/s 的速度在平直公路上行驶，急刹车时的加速度大小为5 m/s 2，则自驾驶员急踩刹车开始，2 s 内与 5 s 内汽车的位移大小之比为A ．5∶4B ．4∶5C ．3∶4D ．4∶36.质量分别为 m 1、m 2 的小球在一直线上做弹性碰撞,它们在碰撞前后的位移—时间图象如图所示,若 m 1=1 kg,则 m2 的质量应为A.1 kgB.3 kgC.5 kgD.10 kg 222 7.在匀强磁场中有一个静止的氡原子核 86,由于衰变它放出一个粒子,此 粒子的径迹与反冲核的径迹是两个相互外切的圆,大圆与小圆的直径之比为 42∶1,如图所 示,那么氡核的衰变方程应为A.222 Rn →222 Fr +0 e86 87 -1 B.222 Rn →218Po +4 He C.222 Rn →222At+0 e D.222 Rn →220 At+ 2 H8．一物体从斜面顶端由静止开始匀加速滚下，到达斜面中点用时 1 s ，速度为 2 m/s ，则下列说法正确的是A．斜面长度为1 m B．斜面长度为2 m C．物体在斜面上运动的总时间为2s D．到达斜面底端时的速度为4 m/s 二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题5 分，共20 分。
2017年海南省海口市高考物理一模试卷(解析版)
2017年海南省海口市高考物理一模试卷一、单项选择题（共6小题，每小题4分，满分24分）1．（4分）牛顿在前人研究的基础上总结了牛顿三大运动定律．根据牛顿运动定律，下列说法正确的是（）A．物体的惯性与物体的速度有关B．物体的加速度方向总是与其所受合外力的方向一致C．只有物体做匀速直线运动时，作用力与反作用力才是等大反向的D．受多个共点力作用的物体，只要其中某个力增大，物体的加速度就要增大2．（4分）两点电荷Q1Q2产生的电场线如图所示，根据电场线的分布情况，下列判断正确的是（）A．Q1的电荷量小于Q2的电荷量B．Q1的电荷量大于Q2的电荷量C．Q1、Q2一定均为正电荷D．Q1、Q2一定均为负电荷3．（4分）火星跟地球的相似度很高，被认为是人类进行星际移民的首选之地．将火星和地球绕太阳的运动视为匀速圆周运动，已知火星与地球的质量之比为p、轨道半径之比为q，则火星与地球绕太阳运动的角速度大小之比为（）A．B．C．D．4．（4分）如图所示，系统处于静止状态，不计一切摩擦，细绳、滑轮的质量都可忽略，则甲、乙两物块的质量之比为（）A．1B．C．D．25．（4分）如图所示，用长为L的轻质细绳系着质量为m的小球在竖直平面内做圆周运动，小球恰好能通过最高点．小球可视为质点，重力加速度为g，小球在最高点的动能为（）A．m B．m C．mgL D．mgL6．（4分）如图所示，OM的左侧存在范围足够大、磁感应强度大小为B的匀强磁场，磁场方向垂直纸面向里，ON（在纸面内）与磁场方向垂直且∠NOM＝60°，ON上有一点P，OP＝L，P点有一个粒子源，可沿纸面内各个方向射出质量为m、电荷量为q的带正电粒子（重力不计），速率均为，则粒子在磁场中运动的最短时间为（）A．B．C．D．二、多项选择题（共4小题，每小题5分，满分20分.在每小题给出的四个选项中，有多个选项符合题目要求。
全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
海南省海口市第一中学2017-2018学年高三临考模拟物理试题解析(解析版) Word版含解析
2017-2018学年一、单项选择题1、在电磁学发展过程中，许多科学家做出了贡献，下列说法正确的是（）A、库仑发现了点电荷的相互作用规律；密立根通过油滴实验测定了元电荷的数值B、奥斯特发现了电流磁效应；安培发现了电磁感应现象C、麦克斯韦预言了电磁波；楞次用实验证实了电磁波的存在D、安培发现了磁场对运动电荷的作用规律；洛仑兹发现了磁场对电流的作用规律【答案】A考点：考查了物理学史【名师点睛】平时学习应该注意积累对物理学史的了解，知道前辈科学家们为探索物理规律而付出的艰辛努力，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一2、屋檐隔一定时间滴下一滴水，当第5滴正欲滴下时，第1滴刚好落到地面，而第3滴与第10m/s，则此屋檐离地面的距离为2滴分别位于高1m的窗子的上、下沿，如图所示，g 取2A、2.2mB、2.5mC、3.0mD、3.2m【答案】D【解析】试题分析：设滴水的时间间隔为T，知窗子的高度等于自由下落3T内的位移减去2T内的位移．有：2211 32122g T g T -=（）（），解得0.2s T =，水从屋檐下落到地面的时间4t T =．214 3.22h g T m ==（），D 正确；考点：考查了自由落体运动规律的应用【名师点睛】解决本题的关键知道自由落体运动是初速度为0，加速度为g 的匀加速直线运动．本题也可以通过初速度为零的匀加速直线运动的推论，在相等时间间隔内的位移之比为1：3：5：7．求出下落的高度3、2009 年 2 月 11 日，俄罗斯的“宇宙-2251”卫星和美国的“铱-33”卫星在西伯利亚上空约 805km处发生碰撞。
这是历史上首次发生的完整在轨卫星碰撞事件。
碰撞过程中产生的大碎片可能会影响太空环境。
假定有甲、乙两块碎片，绕地球运动的轨道都是圆，甲的运行速率比乙的大，则下列说法中正确的是( )A. 甲的运行周期一定比乙的长B. 甲距地面的高度一定比乙的高C. 甲的向心力一定 比乙的小D. 甲的加速度一定比乙的大 【答案】D考点：考查了万有引力定律的应用【名师点睛】关键抓住万有引力提供向心力，列式求解出线速度、角速度、周期和向心力的表达式，再进行讨论；同时要注意卫星的线速度、角速度、周期与轨道半径一一对应 4、在如图所示的电路中，电源电动势为3.0V ，内阻不计，123L L L 、、为3个相同规格的小灯泡，这种小灯泡的伏安特性曲线如图所示，当开关闭合会，下列判断不正确的是A 、灯泡1L 的电阻为12ΩB 、通过灯泡1L 的电流为灯泡2L 电流的2倍C 、灯泡1L 消耗的电功率为0.75WD 、灯泡2L 消耗的电功率为0.30W 【答案】B考点：考查了电功率的计算【名师点睛】本题关键抓住电源的内阻不计，路端电压等于电动势，来确定三个灯泡的电压．读图能力是基本功5、如图所示，A 、B 两物块的质量分别为2m 和m ，静止叠放在水平地面上，A 、B 间的动摩擦力因数为μ，B 与地面间的动摩擦力为12μ，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g ，现对A 施加一水平拉力F ，则A 、当2F mg μ<时，A 、B 都相对地面静止 B 、当52F mg μ=时，A 的加速度为14g μC 、当2F mg μ>时，A 相对B 滑动D 、无论F 为何值，B 的加速度不会超过12g μ 【答案】D考点：本题考查了摩擦力的计算和牛顿第二定律的综合运用，【名师点睛】根据A 、B 之间的最大静摩擦力，隔离对B 分析求出整体的临界加速度，通过牛顿第二定律求出A 、B 不发生相对滑动时的最大拉力．然后通过整体法隔离法逐项分析 6、如图所示，物体受到水平推力F 的作用在粗糙的水平面上做直线运动，监测到推力F 、物体速度v 随时间t 变化的规律如图所示，取210/g m s =，则A、第1s内推力做功为1JB、第2s内物体克服摩擦力做功为2JC、第1.5s时推力F的功率为2WPD、第2s内推力F做功的平均功率 1.5W【答案】B考点：考查了功和功率的计算【名师点睛】对于速度图象类的题目，主要是要理解斜率的含义：斜率代表物体的加速度；速度正负的含义：速度的正负代表物体运动的方向；速度图象与时间轴围成的面积的含义：面积代表物体的位移二、多项选择题（本题共4小题，每小题5分，共20分，在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的，全部选对的，得5分，选对但不全的得3分，有选错的，得0分）7、如图所示，在矩形ABCD的AD边的中点M处和BC边的中点N处各放一个点电荷，它们分别带等量的正、负电荷。
海南省海口市重点名校2017-2018学年高一下学期期末监测物理试题含解析
海南省海口市重点名校2017-2018学年高一下学期期末监测物理试题一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．(本题9分)质量为m的小球，从离桌面H高处由静止下落，桌面离地面高度为h，如图所示，若以桌面为参考平面，那么小球落地时的重力势能及整个下落过程中重力势能的变化分别是A．mgh，减少mg(H-h)B．-mgh，增加mg(H+h)C．-mgh，增加mg(H-h)D．-mgh，减少mg(H+h)【答案】D【解析】【详解】以桌面为零势能参考平面，地面离零势能点的高度为-h，物体重力势能为：E p=-mgh物体下落的高度差为H+h，所以重力做功为：W= mg(H+h)重力势能减小mg(H+h)A. mgh，减少mg(H-h)；与分析不符，故A项错误。
B. -mgh，增加mg(H+h)；与分析不符，故B项错误。
C. -mgh，增加mg(H-h)；与分析不符，故C项错误。
D. -mgh，减少mg(H+h)；与分析相符，故D项正确。
2．(本题9分)质量为1500 kg的汽车在平直的公路上运动，v－t图象如图所示，下列选项中哪个不能．．求出()A．0～25 s内合外力对汽车所做的功B．前25 s内汽车的平均速度C．15～25 s内汽车的加速度D．15～25 s内汽车所受的阻力【答案】D【解析】【详解】A.由图可以读出0～25 s内汽车的初、末速度，结合质量，能求出动能的变化，根据动能定理可求前25 s 内合外力对汽车所做的功，故A不符合题意。
B.根据速度图线与时间轴所围成的面积表示位移，能求出前25s内汽车的位移，从而可以求出前25 s内汽车的平均速度，故B不符合题意。
C. 根据速度图象的斜率表示加速度，可以求出15～25 s内汽车的加速度，故C不符合题意。
D.根据F-f=ma，知道加速度a和汽车的质量m，不能求解15～25 s内汽车所受的阻力，选项D符合题意. 3．(本题9分)如图甲所示是某电场中的一条电场线，a、b是这条电场线上的两点，一带正电的粒子只在静电力作用下，沿电场线从a运动到b。
海口市达标名校2018年高考一月物理模拟试卷含解析
海口市达标名校2018年高考一月物理模拟试卷一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．分别用波长为λ和34λ的单色光照射同一金属板，发出的光电子的最大初动能之比为1∶2，以h表示普朗克常量，c表示真空中的光速，则此金属板的逸出功为（）A．hcλB．2hcλC．23hcλD．3hcλ2．2019年春晚在舞《春海）》中拉开帷幕．如图所示，五名领舞者在钢丝绳的拉动下以相同速度缓缓升起，若五名领舞者的质量（包括衣服和道具）相等，下面说法中正确的是A．观众欣赏表演时可把领舞者看作质点B．2号和4号领舞者的重力势能相等C．3号领舞者处于超重状态D．她们在上升过程中机械能守恒3．如图，空间存在一方向水平向右的匀强电场，两个带电小球P和Q用相同的绝缘细绳悬挂在水平天花板下，两细绳都恰好与天花板垂直，则A．P和Q都带正电荷B．P和Q都带负电荷C．P带正电荷，Q带负电荷D．P带负电荷，Q带正电荷4．如图(甲)所示，劲度系数为k的轻弹簧竖直放置，下端固定在水平地面上，一质量为m的小球，从高弹簧上端高h处自由下落．若以小球开始下落的位置为原点，沿竖直向下建立一坐标轴OX,小球的速度v 随时间t变化的图象如图(乙)所示．其中OA段为直线，切于A点的曲线AB和BC都是平滑的曲线，则关于A、B、C三点对应的x坐标及加速度大小，下列说法正确的是( )A ．,0A A X h a == B ．,A A X h a g == C ．,B B mg X h a g k=+= D ．2,0C C mg X h a k=+= 5．如图甲所示，单匝矩形线圈abcd 垂直固定在匀强磁场中。
规定垂直纸面向里为磁感应强度的正方向，磁感应强度随时间变化的规律如图乙所示。
以顺时针方向为电流正方向，以向右方向为安培力正方向，下列关于bc 段导线中的感应电流i 和受到的安培力F 随时间变化的图象正确的是（ ）A ．B ．C ．D ．6．氢原子光谱在可见光区域内有四条谱线，都是氢原子中电子从量子数n>2的能级跃迁到n=2的能级发出的光，它们在真空中的波长由长到短，可以判定A ．对应的前后能级之差最小B ．同一介质对的折射率最大C ．同一介质中的传播速度最大D ．用照射某一金属能发生光电效应，则也一定能 二、多项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求．全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分7．一物体静止在水平地面上，在竖直向上拉力F作用下开始向上运动，如图甲。
海口市重点名校2017-2018学年高一下学期期末学业水平测试物理试题含解析
海口市重点名校2017-2018学年高一下学期期末学业水平测试物理试题一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1． (本题9分)如图所示，洗衣机的甩干筒在转动时有一些衣服附在竖直筒壁上，则此时A ．附在筒壁的衣服随筒壁做圆周运动的向心力是摩擦力B ．附在筒壁上的衣服受重力、筒壁的弹力和摩擦力C ．甩干筒的转速越大，筒壁上衣服的线速度与角速度之比越大D ．甩干筒的转速越大，筒壁对衣吸的摩擦力越大 【答案】B 【解析】 【分析】 【详解】ABD ．衣服做圆周运动，受重力、桶壁的弹力和静摩擦力作用．在竖直方向上，衣服受重力和静摩擦力平衡，靠弹力提供向心力，由N=mrω2知，转速增大，则桶壁对衣服的弹力增大，静摩擦力不变．故B 正确，AD 错误．C ．根据v=ωr 可知，筒壁上衣服的线速度与角速度之比等于转动半径r ，则甩干筒的转速越大，筒壁上衣服的线速度与角速度之比不变，选项C 错误； 故选B ．2． (本题9分)光滑水平地面上有一静止的木块，子弹水平射入木块后未穿出，子弹和木块的v-t 图象如图所示．已知木块质量大于子弹质量，从子弹射入木块到达到稳定状态，木块动能增加了50J ，则此过程产生的内能可能是A ．10JB ．50JC ．70JD ．120J【答案】D 【解析】 【详解】据题意，木块从静止到匀速运动过程中增加的动能可以根据动能定理得到：21=50J 2K fx E Mv ==木木；由图象得，子弹从射入木块到共同速度过程中，子弹运动的位移大于木块位移的三倍，即3x x >弹木，而子弹与木块之间的相互作用力大小相等，故有：22011150J 22fx mv mv =->弹，则此过程增加的内能为：222220011111()()100J 22222Q mv M m v mv mv Mv =-+=-->，故选项D 正确． 3．如图所示，在水平雪面上雪橇受与水平方向成α角的拉力F 作用，沿直线匀速前进了s 的距离。
海口市达标名校2018年高考三月物理模拟试卷含解析
海口市达标名校2018年高考三月物理模拟试卷一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．用比值法定义物理量是物理学中一种常用的方法。
下列四个选项中全部都应用了比值定义法的是①加速度∆=∆vat②电场强度2qE Kr=③电容QCU=④电流qIt=⑤导体电阻LRSρ=⑥磁感应强度F BIL =A．①③⑤⑥B．②③⑤⑥C．②③④⑥D．①③④⑥2．如图所示，用不可伸长的轻质细线a、b悬挂一小球，小球静止时，绳a、绳b与水平方向的夹角均为30°，绳b的拉力大小为F1。
现将绳a剪断，剪断后瞬间绳b的拉力大小为F2，则F1:F2为（）A．1:1 B．1:2 C．2:1 D．2:33．如图所示，轻弹簧的下端固定在水平桌面上，上端放有物块P，系统处于静止状态，现用竖直向下的力F作用在P上，使其向下做匀加速直线运动，在弹簧的弹性限度内，下列是力F和运动时间t之间关系的图象，正确的是（）A．B．C．D．4．一定质量的理想气体，其状态变化的P-T图像如图所示。
气体在由状态1变化到状态2的过程中，下列说法正确的是A．分子热运动的平均速率增大B．分子热运动的平均速率减小C．单位体积内分子数增多D．单位面积、单位时间内撞击器壁的分子数增多5．如图所示，在同一平面内有①、②、③三根长直导线等间距的水平平行放置，通入的电流强度分别为1A，2A、1A，已知②的电流方向为c→d且受到安培力的合力方向竖直向下，以下判断中正确的是（）A．①的电流方向为a→bB．③的电流方向为f→eC．①受到安培力的合力方向竖直向上D．③受到安培力的合力方向竖直向下6．太阳系各行星几乎在同一平面内沿同一方向绕太阳做圆周运动。
2019年10月28日发生了天王星冲日现象，即天王星、地球、太阳三者处于同一直线，此时是观察天王星的最佳时间。
已知地球到太阳距离为1个天文单位，天王星到太阳距离为19.2个天文单位，则下列说法正确的是（）A．此时太阳位于地球和天王星之间的某一点B．2020年10月28日还会出现一次天王星冲日现象C．天王星绕太阳公转的周期约为84年D．地球绕太阳公转的加速度约为天王星绕太阳公转的20倍二、多项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求．全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分7．在倾角为θ的斜面上固定两根足够长且间距为L的光滑平行金属导轨PQ、MN，导轨处于磁感应强度为B的匀强做场中，磁场方向垂直于斜面向下。
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海南省海口一中2017-2018学年高考物理模拟试卷（解析版）一、单项选择题1．在电磁学发展过程中，许多科学家做出了贡献，下列说法正确的是（）A．库仑发现了点电荷的相互作用规律；密立根通过油滴实验测定了元电荷的数值B．奥斯特发现了电流磁效应；安培发现了电磁感应现象C．麦克斯韦预言了电磁波；楞次用实验证实了电磁波的存在D．安培发现了磁场对运动电荷的作用规律；洛仑兹发现了磁场对电流的作用规律2．相同的时间间隔滴下一滴水，当第5滴正欲滴下时，第一滴刚好到达地面，而第3滴与第2滴分别位于高为1m的窗户的上下沿，g取10m/s2，则屋檐离地面的高度（）A．1.8m B．3.2m C．1.6m D．2m3．2009年2月11日，俄罗斯的“宇宙﹣2251”卫星和美国的“铱﹣33”卫星在西伯利亚上空约805km处发生碰撞．这是历史上首次发生的完整在轨卫星碰撞事件．碰撞过程中产生的大量碎片可能会影响太空环境．假定有甲、乙两块碎片，绕地球运动的轨道都是圆，甲的运行速率比乙的大，则下列说法中正确的是（）A．甲的运行周期一定比乙的长B．甲距地面的高度一定比乙的高C．甲的向心力一定比乙的小D．甲的加速度一定比乙的大4．在如图1所示的电路中，电源电动势为3.0V，内阻不计，L1、L2、L3为3个相同规格的小灯泡，这种小灯泡的伏安特性曲线如图2所示．当开关闭合后，下列判断正确的是（）A．灯泡L1的电阻为12ΩB．通过灯泡L1的电流为灯泡L2电流的2倍C．灯泡L1消耗的电功率为0.75WD．灯泡L2消耗的电功率为0.30W5．如图所示，A、B两物块的质量分别为2m和m，静止叠放在水平地面上，A、B间的动摩擦力因数为μ，B与地面间的动摩擦力为μ，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g，现对A施加一水平拉力F，则（）A．当F＜2μmg时，A、B都相对地面静止B．当F=μmg时，A的加速度为μgC．当F＞2μmg时，A相对B滑动D．无论F为何值，B的加速度不会超过μg6．如图1所示，物体受到水平推力F的作用在粗糙水平面上做直线运动．监测到推力F、物体速度v随时间t变化的规律如图2示．取g=10m/s2，则（）A．第1s内推力做功为1JB．第2s内物体克服摩擦力做的功W=2.0JC．第1.5s时推力F的功率为2WD．第2s内推力F做功的平均功率二、多项选择题（本题共4小题，每小题5分，共20分，在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的，全部选对的，得5分，选对但不全的得3分，有选错的，得0分）7．如图所示，在矩形ABCD的AD边的中点M处和BC边的中点N处各放一个点电荷，它们分别带等量的正、负电荷．E、F是AB边和CD边的中点，P、Q两点在MN的连线上，MP=QN，则（）A．A、D两点电场强度相同，电势相等B．E、F两点电势相同，电场强度相同C．A、B两点电场强度相同，A点电势高于B点电势D．P点场强等于Q点场强，P点电势高于Q点电势8．质量为m的小球由轻绳a和b分别系于一轻质木架上的A点和C点，如图所示，当轻杆绕轴BC以角速度ω匀速转动时，小球在水平面内做匀速圆周运动，绳a在竖直方向，绳b在水平方向，当小球运动到图示位置时，绳b被烧断的同时杆子停止转动，则（）A．小球仍在水平面内做匀速圆周运动B．在绳b被烧断瞬间，a绳中张力突然增大C．若角速度ω较小，小球在垂直于平面ABC的竖直平面内摆动D．若角速度ω较大，小球可能在垂直于平面ABC的竖直平面内做圆周运动9．如图（a）是某一点电荷形成的电场中的一条电场线，A、B是电场线上的两点，一负电荷q仅在电场力作用下以初速度v0从A运动到B过程中的速度图线如右（b）所示，则以下说法中不正确的是（）A．A、B两点的电场强度是E A＜E BB．A、B两点的电势是U A＞U BC．负电荷q在A、B两点的电势能大小是E PA＞E PBD．此电场一定是负点电荷形成的电场10．由光滑细管组成的轨道如图所示，其中AB段和BC段是半径为R的四分之一圆弧，轨道固定在竖直平面内．一质量为m的小球，从距离水平地面为H的管口D处静止释放，最后能够从A端水平抛出落到地面上．下列说法正确的是（）A．小球落到地面时相对于A点的水平位移值为B．小球落到地面时相对于A点的水平位移值为C．小球能从细管A端水平抛出的条件是H＞2RD．小球能从细管A端水平抛出的最小高度H min=R三、实验题11．（2018海南校级模拟）某同学将力传感器固定在小车上，然后把绳的一端固定在传感器拉钩上，用来测量绳对小车的拉力，探究在小车及传感器总质量不变时加速度跟它们所受拉力的关系，根据所测数据在坐标系中作出了如图2所示的a﹣F图象．（1）图线不过坐标原点的原因是；（2）本实验中是否仍需要砂和桶的总质量远小于小车和传感器的总质量（填“是”或“否”）；（3）由图象求出小车和传感器的总质量为kg．一只小灯泡，标有“3V，1.5W”的字样，现要描绘小灯泡0～3V的伏安特性曲线，实验器材有：A、最大阻值为10Ω的滑动变阻器B、电动势为6V、内阻约为1.0Ω的电源C、量程为0.6A、内阻约为1.0Ω的电流表A1D、量程为3A、内阻约为0.1Ω的电流表A2E、量程为3V，内阻约为6kΩ的电压表V1F、量程为15V，内阻约为10kΩ的电压表V1G、开关、导线若干（1）电压表应选；电流表应选．在该实验中，设计了如图所示的四个电路，为了减小误差，应选取的电路是（将选项代号的字母填在横线上）．（3）以下是该实验的操作步骤A、将电流表、电压表、变阻器、小灯泡、电源、开关正确连接成电路B、调节滑动变阻器滑片的位置，保证闭合开关前使滑动变阻器与小灯泡并联部分的阻值最大C、闭合开关，记下电压表，电流表的一组示数（U1，I1），移动滑动变阻器的滑片，每移动一次记下一组（U、I）值，共测出12组数据；D、按所测数据，在坐标纸上描点并将各点用直线连接起来，得出小灯泡的伏安特性曲线，步骤错误．修正步骤错误．修正．四、计算题13．，各接触面间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力．卡车以速度v0匀速行驶时，因前方出现障碍物而制动并做匀减速直线运动．（1）卡车制动的加速度满足什么关系时，预制件A相对B滑动，而B相对车厢底板静止？（2）卡车制动后为保证司机安全，在B相对车厢底静止的情况下，预制件A不与车厢前挡板碰撞，则卡车从开始制动到停止所经历的时间应满足什么条件？六、模块选做题（本题包括3个模块，只要求选做2模块，每模块12分，共24分）【模块3-3试题】14．下述说法中正确的是有（）A．布朗运动说明了水分子的无规则运动B．第二类永动机不可能制成是因为它违背了能的转化和守恒定律C．绝热压缩的物体，其内能一定增大D．甲物体的温度比乙物体的温度高，则甲物体分子平均速率比乙物体分子平均速率大E．两个分子从无穷远相互靠近的过程中其分子力是逐渐增大的，而分子势能是先减小后增大的F．在用油膜法测量分子的大小的实验中，油酸可以用汽油代替，因为汽油也不溶于水而能溶于酒精G．气体压强是大量的分子对容器壁的碰撞引起的，而大气压强主要是由于空气受到重力引起的15．如图所示，两端开口、粗细均匀的足够长玻璃管插在大水银槽中，管的上部有一定长度的水银，两段空气柱被封闭在左右两侧的竖直管中．开启上部连通左右水银的阀门A，当温度为300K平衡时水银的位置如图（h1=h2=5cm，L1=50cm，），大气压为75cmHg．求：（1）右管内气柱的长度L2．（2）关闭阀门A，当温度升至405K时，左侧竖直管内气柱的长度L3．【模块3-4试题】16．下列说法正确的是（）A．除了从光源直接发出的光以外，我们通常看到的绝大部分光都是偏振光B．全息照相利用了激光相干性好的特性C．光导纤维传播光信号利用了光的全反射原理D．光的双缝干涉实验中，若仅将入射光从红光改为紫光，则相邻亮条纹间距一定变大E．当我们看到太阳从地平线上刚刚升起时，太阳的实际位置已经在地平线上的上方F．无色肥皂液吹出了肥皂泡呈彩色，是由于光的色散G．海市蜃楼是光在密度不均匀的空气中传播时发生折射而产生的H．日落时分，拍摄水面下的景物，在照相机镜头前装上偏转滤光片可以使景象更清晰17．一不透明的圆柱形容器内装满折射率n=的透明液体，容器底部正中央O点处有一点光源S，若容器高为2dm，底边半径为（1+）dm，则液面上方有光线射出的面积为多少？若有一平面镜MN与底面成45°角放置，OM=1dm，在容器中央正上方1dm处水平放置一足够长的刻度尺，如图所示，求光源S发出的光线经平面镜反射后，照射到刻度尺的长度．（不考虑容器侧壁和液面的反射）【模块3-5试题】18．（2018海南校级模拟）根据波尔理论，氢原子的电子由外层轨道跃迁到内层轨道后，原子的能量，电子的动能，（填“增加”．“不变”．“减小”）若某原子的电子从能量为E的轨道跃迁到能量为E'的轨道，辐射出波长为λ的光，以h表示普朗克常量，c表示真空中的光速，则E'等于．19．，乙车质量为4kg，以5m/s的速度向左运动，与甲车碰撞以后甲车获得8m/s的速度，物体滑到乙车上，上表面与物体的动摩擦因数为0.2，则物体在乙车上表面滑行多上时间相对乙车静止？乙车的长度应该满足什么条件？（g=10m/s2）2017-2018学年海南省海口一中高考物理模拟试卷参考答案与试题解析一、单项选择题1．在电磁学发展过程中，许多科学家做出了贡献，下列说法正确的是（）A．库仑发现了点电荷的相互作用规律；密立根通过油滴实验测定了元电荷的数值B．奥斯特发现了电流磁效应；安培发现了电磁感应现象C．麦克斯韦预言了电磁波；楞次用实验证实了电磁波的存在D．安培发现了磁场对运动电荷的作用规律；洛仑兹发现了磁场对电流的作用规律【考点】感应电流的产生条件．【分析】本题考查电磁学中的相关物理学史，应掌握在电磁学发展中作出突出贡献的科学家的名字及主要发现．【解答】解：A、库仑发现了点电荷的相互作用规律，密立根测定了元电荷的数值，故A正确；B、奥斯特发现了电流磁效应；法拉第发现了电磁感应现象，故B错误；C、麦克斯韦预言了电磁波，赫兹用实验证实了电磁波的存在；楞次是发现了电磁感应中的感应电流的方向，故C错误；D、洛仑兹发现磁场对运动电荷作用规律，安培发现了磁场对电流的作用规律，故D错误；故选：A【点评】近几年高考中增加了对物理学史的考查，在学习中要注意掌握科学家们的主要贡献，要求能熟记．2．相同的时间间隔滴下一滴水，当第5滴正欲滴下时，第一滴刚好到达地面，而第3滴与第2滴分别位于高为1m的窗户的上下沿，g取10m/s2，则屋檐离地面的高度（）A．1.8m B．3.2m C．1.6m D．2m【考点】自由落体运动．【分析】初速度为0的匀加速直线运动，在连续相等时间间隔内的位移比为1：3：5：7．已知第3滴与第2滴水的间隔距离，根据比例关系求出总高度【解答】解：根据比例关系，从上到下相邻水滴间距离之比为1：3：5：7，而2、3两滴间距离为1米，所以总高度H==3.2m故选：B【点评】解决本题的关键掌握初速度为0的匀加速直线运动，在连续相等时间间隔内的位移比为1：3：5：7．以及掌握自由落体运动的位移时间公式H=gt23．2009年2月11日，俄罗斯的“宇宙﹣2251”卫星和美国的“铱﹣33”卫星在西伯利亚上空约805km处发生碰撞．这是历史上首次发生的完整在轨卫星碰撞事件．碰撞过程中产生的大量碎片可能会影响太空环境．假定有甲、乙两块碎片，绕地球运动的轨道都是圆，甲的运行速率比乙的大，则下列说法中正确的是（）A．甲的运行周期一定比乙的长B．甲距地面的高度一定比乙的高C．甲的向心力一定比乙的小D．甲的加速度一定比乙的大【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用；人造卫星的环绕速度．【分析】根据人造卫星的万有引力等于向心力，列式求出线速度、角速度、周期和向心力的表达式进行讨论即可．【解答】解：B、卫星绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，设卫星的质量为m、轨道半径为r、地球质量为M，有F=F向F=G=m=mω2r=m（）2rF向因而G=m=mω2r=m（）2r=ma解得v=①T==2π②a=③由于甲的运行速率比乙的大，根据①式，可以知道甲的轨道半径较小，故B错；A、由公式②可知甲的周期小故A错；C、由于未知两碎片的质量，无法判断向心力的大小，故C错；D、碎片的加速度是指引力加速度，由③式，可知甲的加速度比乙大，故D对；故选D．【点评】题关键抓住万有引力提供向心力，列式求解出线速度、角速度、周期和向心力的表达式，再进行讨论；同时要注意卫星的线速度、角速度、周期与轨道半径一一对应．4．在如图1所示的电路中，电源电动势为3.0V，内阻不计，L1、L2、L3为3个相同规格的小灯泡，这种小灯泡的伏安特性曲线如图2所示．当开关闭合后，下列判断正确的是（）A．灯泡L1的电阻为12ΩB．通过灯泡L1的电流为灯泡L2电流的2倍C．灯泡L1消耗的电功率为0.75WD．灯泡L2消耗的电功率为0.30W【考点】电功、电功率．【分析】当开关闭合后，灯泡L1的电压等于3V，由图读出其电流I，由欧姆定律求出电阻，并求出其功率．灯泡L2、L3串联，电压等于1.5V，由图读出电流，求出电阻．【解答】解：A、C、当开关闭合后，灯泡L1的电压U1=3V，由图读出其电流I1=0.25A，则灯泡L1的电阻R1==12Ω，功率P1=U1I1=0.75W，故A正确，C正确；B、灯泡L2、L3串联，电压U2=U3=1.5V，由图读出其电流I2=I3=0.20A，灯泡L2、L3的功率均为P=UI=1.5V×0.20A=0.30W，故B错误，D正确；故选ACD．【点评】本题关键抓住电源的内阻不计，路端电压等于电动势，来确定三个灯泡的电压．读图能力是基本功．5．如图所示，A、B两物块的质量分别为2m和m，静止叠放在水平地面上，A、B间的动摩擦力因数为μ，B与地面间的动摩擦力为μ，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g，现对A施加一水平拉力F，则（）A．当F＜2μmg时，A、B都相对地面静止B．当F=μmg时，A的加速度为μgC．当F＞2μmg时，A相对B滑动D．无论F为何值，B的加速度不会超过μg【考点】牛顿第二定律．【分析】根据A、B之间的最大静摩擦力，隔离对B分析求出整体的临界加速度，通过牛顿第二定律求出A、B不发生相对滑动时的最大拉力．然后通过整体法隔离法逐项分析．【解答】解：A、AB之间的最大静摩擦力为：，AB发生滑动的加速度为a=μg，B与地面间的最大静摩擦力：，故拉力F最小为F：，所以，AB将发生滑动；当F＜2μmg时，，AB之间不会发生相对相对滑动，B与地面间会发生相对滑动，所以A、B 都相对地面运动，A错误；B、当时，故A、B间不会发生相对滑动，由牛顿第二定律有：，B错误；C、当时，AB间不会发生相对滑动，C错误；D、A对B的最大静摩擦力2μmg，无论F为和值，A的加速度为a=μg，当然加速度更不会超过，D正确；故选：D【点评】根据A、B之间的最大静摩擦力，隔离对B分析求出整体的临界加速度，通过牛顿第定律求出A、B不发生相对滑动时的最大拉力．然后通过整体法隔离法逐项分析6．如图1所示，物体受到水平推力F的作用在粗糙水平面上做直线运动．监测到推力F、物体速度v随时间t变化的规律如图2示．取g=10m/s2，则（）A．第1s内推力做功为1JB．第2s内物体克服摩擦力做的功W=2.0JC．第1.5s时推力F的功率为2WD．第2s内推力F做功的平均功率【考点】功率、平均功率和瞬时功率；功的计算．【分析】由图可知物体的运动过程，并得出推力及摩擦力的大小；再由功的公式及功率公式求解．【解答】解：A、由图可知，第1s内物体的速度为零，故位移为零，推力不做功，故A错误；B、第2s内推力为3N；及第3s内物体做匀速直线运动，则可知，摩擦力f=F=2N；物体经过的位移x==1m；则克服摩擦力做功W=fx=2.0J；故B正确；C、第1.5s时推力为3N；速度v=1m/s；则推力的功率P=3×1=3W；故C错误；D、第2s内的平均功率P=F=3×=3W；故D错误；故选：B．【点评】本题考查对图象的认识，要求我们在本题中能从图象中求出各时刻的速度、位移及由平衡条件得出摩擦力的大小关系，是道好题．二、多项选择题（本题共4小题，每小题5分，共20分，在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的，全部选对的，得5分，选对但不全的得3分，有选错的，得0分）7．如图所示，在矩形ABCD的AD边的中点M处和BC边的中点N处各放一个点电荷，它们分别带等量的正、负电荷．E、F是AB边和CD边的中点，P、Q两点在MN的连线上，MP=QN，则（）A．A、D两点电场强度相同，电势相等B．E、F两点电势相同，电场强度相同C．A、B两点电场强度相同，A点电势高于B点电势D．P点场强等于Q点场强，P点电势高于Q点电势【考点】电场的叠加；匀强电场中电势差和电场强度的关系．【分析】首先画出根据等量异种电荷的电场线，然后根据等量异种电荷的电场线的对称性即可进行判定；电子在电场中受力的方向与电场线的方向相反．【解答】解：等量异号电荷的电场线分布情况如图所示，图中电场线从正电荷出发，等势面为不规则的圆圈．A、根据电场线的疏密可知，A、D两点电场强度大小相同，方向不同，则场强不同．由于对称性，可知AD两点在同一等势面，因此两点的电势相等，故A错误；B、两个异种电荷的中垂线是等势线，E、F两点关于连线对称，电场强度大小和方向都相同，即场强相同，电势相同，故B正确；C、根据几何对称性，A、B两点电场强度大小相同，方向不同，场强不同．由电场线的分布，知A点电势高于B点，故C错误；D、在两个异种电荷的连线上，电场线从正电荷指向负电荷，电场强度关于中垂线对称，故P、Q电场强度相同，P点电势高于Q点电势，故D正确；故选：BD【点评】本题关键根据等量异种电荷的电场线图，确定各点的场强方向和大小，还可以画出等势面，同时要注意，沿着电场线，电势降低．8．质量为m的小球由轻绳a和b分别系于一轻质木架上的A点和C点，如图所示，当轻杆绕轴BC以角速度ω匀速转动时，小球在水平面内做匀速圆周运动，绳a在竖直方向，绳b在水平方向，当小球运动到图示位置时，绳b被烧断的同时杆子停止转动，则（）A．小球仍在水平面内做匀速圆周运动B．在绳b被烧断瞬间，a绳中张力突然增大C．若角速度ω较小，小球在垂直于平面ABC的竖直平面内摆动D．若角速度ω较大，小球可能在垂直于平面ABC的竖直平面内做圆周运动【考点】牛顿第二定律；向心力．【分析】绳b被烧断后，小球在垂直于平面ABC的竖直平面内摆动或圆周运动．绳b被烧断前，a绳中张力等于重力，在绳b被烧断瞬间，a绳中张力与重力的合力提供小球的向心力，而向心力竖直向上，绳b的张力将大于重力．若角速度ω较小，小球原来的速度较小，小球在垂直于平面ABC的竖直平面内摆动，若角速度ω较大，小球原来的速度较大，小球可能在垂直于平面ABC的竖直平面内做圆周运动．【解答】解：A、小球原来在水平面内做匀速圆周运动，绳b被烧断后，小球在垂直于平面ABC的竖直平面内摆动或圆周运动．故A错误．B、绳b被烧断前，小球在竖直方向没有位移，加速度为零，a绳中张力等于重力，在绳b被烧断瞬间，a绳中张力与重力的合力提供小球的向心力，而向心力竖直向上，绳a的张力将大于重力，即张力突然增大．故B正确．C、若角速度ω较小，小球原来的速度较小，小球在垂直于平面ABC的竖直平面内摆动．故C正确．D、若角速度ω较大，小球原来的速度较大，小球可能在垂直于平面ABC的竖直平面内做圆周运动．故D正确．故选BCD【点评】本题中要注意物体做圆周运动时，外界必须提供向心力．C、D两项还可根据机械能守恒与向心力知识求解小球在垂直于平面ABC的竖直平面内摆动或圆周运动角速度的范围．9．如图（a）是某一点电荷形成的电场中的一条电场线，A、B是电场线上的两点，一负电荷q仅在电场力作用下以初速度v0从A运动到B过程中的速度图线如右（b）所示，则以下说法中不正确的是（）A．A、B两点的电场强度是E A＜E BB．A、B两点的电势是U A＞U BC．负电荷q在A、B两点的电势能大小是E PA＞E PBD．此电场一定是负点电荷形成的电场【考点】电势；电场强度．【分析】速度图象的斜率等于物体的加速度，故A点的场强小于B点场强；负电荷所受电场力的方向与场强的方向相反，沿电场线的方向电势降低是解决本题的突破口．【解答】解：A、D、点电荷做加速度增大的减速运动，电场力增大，场强增大，则点电荷应靠近场源电荷，所以此电场应是负电荷形成的电场，故A点的场强小于B点场强．即E A ＜E B，故A正确，D正确．B、由于点电荷沿电场线运动过程中做减速运动，电场力做负功，电势能增大，而负电荷在电势高处电势能小，在电势低处电势能大，所以得知电势应降低，即A点电势比B点的电势高，U A＞U B，故B正确．C、由上知，点电荷的速度减小，动能减小，由于仅在电场力作用，所以根据能量守恒电势能电势能增大，即E PA＜E PB．故C错误．本题选择不正确的，故选：C．【点评】本题虽然难度不大，但考查的知识点比较全面，是不可多得的好题，关键要结合速度图象的意义分析点电荷的运动情况．10．由光滑细管组成的轨道如图所示，其中AB段和BC段是半径为R的四分之一圆弧，轨道固定在竖直平面内．一质量为m的小球，从距离水平地面为H的管口D处静止释放，最后能够从A端水平抛出落到地面上．下列说法正确的是（）A．小球落到地面时相对于A点的水平位移值为B．小球落到地面时相对于A点的水平位移值为C．小球能从细管A端水平抛出的条件是H＞2RD．小球能从细管A端水平抛出的最小高度H min=R【考点】机械能守恒定律；平抛运动．【分析】从A到D运动过程中只有重力做功，机械能守恒，根据机械能守恒定律求出A点速度，从A点抛出后做平抛运动，根据平抛运动规律求出水平位移，细管可以提供支持力，所以到达A点的速度大于零即可．【解答】解：A、从A到D运动过程中只有重力做功，机械能守恒，根据机械能守恒定律得：解得：从A点抛出后做平抛运动，则由2R=gt2得t=则x=故A错误，B正确；C、细管可以提供支持力，所以到达A点的速度大于零即可，即解得：H＞2R，故C正确，D错误．故选：BC．【点评】本题涉及的知识点较多，有机械能守恒定律、平抛运动基本公式及圆周运动达到最高点的条件，难度适中．三、实验题11．（2018海南校级模拟）某同学将力传感器固定在小车上，然后把绳的一端固定在传感器拉钩上，用来测量绳对小车的拉力，探究在小车及传感器总质量不变时加速度跟它们所受拉力的关系，根据所测数据在坐标系中作出了如图2所示的a﹣F图象．（1）图线不过坐标原点的原因是没有平衡摩擦力或平衡的不够；（2）本实验中是否仍需要砂和桶的总质量远小于小车和传感器的总质量否（填“是”或“否”）；（3）由图象求出小车和传感器的总质量为1kg．由图象可知，当F≠0时，加速度仍然为零，说明没有平衡摩擦力，或平衡的不够；（2）该实验中由于已经用传感器测出绳子拉力大小，故不需要满足砝码和砝码盘的总质量远小于小车的质量．（3）a﹣F图象中的斜率表示质量的倒数．【解答】解：（1）由图象可知，当F≠0时，加速度仍然为零，说明没有平衡摩擦力或平衡的不够；（2）该实验中由于已经用传感器测出绳子拉力大小，不是将砝码和砝码盘的重力作为小车的拉力，故不需要满足砝码和砝码盘的总质量远小于小车的质量．（3）a﹣F图象中的斜率表示质量的倒数，由图可知，k=，所以质量M=kg故答案为：（1）没有平衡摩擦力或平衡的不够；（2）否；（3）1【点评】实验中我们要清楚研究对象和研究过程，明确实验原理是解答实验问题的前提．12．电压表应选E；电流表应选C．在该实验中，设计了如图所示的四个电路，为了减小误差，应选取的电路是C（将选项代号的字母填在横线上）．（3）以下是该实验的操作步骤A、将电流表、电压表、变阻器、小灯泡、电源、开关正确连接成电路B、调节滑动变阻器滑片的位置，保证闭合开关前使滑动变阻器与小灯泡并联部分的阻值最大C、闭合开关，记下电压表，电流表的一组示数（U1，I1），移动滑动变阻器的滑片，每移动一次记下一组（U、I）值，共测出12组数据；D、按所测数据，在坐标纸上描点并将各点用直线连接起来，得出小灯泡的伏安特性曲线，步骤B错误．修正闭合开关前应使滑动变阻器与小灯泡并联部分的阻值为零。