(学生版)2015高考物理闯关冲刺名师精编选择题二十六道 (3)
【名师解析】山东省2015届高三冲刺模拟(一)理科综合物理试题
2015年山东省高考物理冲刺模拟试卷（一）一、选择题（共7小题，每小题6分，共42分．每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．）1．（6分）下列有关物理学家和物理学规律的发现，说法正确的是（）A．亚里士多德认为两个从同一高度自由落下的物体，重物体与轻物体下落一样快B．伽利略根据理想斜面实验，提出力不是维持物体运动的原因C．迪卡尔通过研究物体的运动规律，在牛顿第一定律的基础上提出了惯性定律D．开普勒提出万有引力定律，并利用扭秤实验，巧妙地测出了万有引力常量【考点】：物理学史．【专题】：常规题型．【分析】：根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可．【解析】：解：A、伽利略认为两个从同一高度自由落下的物体，重物体与轻物体下落一样快，故A错误；B、伽利略根据理想斜面实验，提出力不是维持物体运动的原因，故B正确；C、牛顿通过伽利略和笛卡尔工作的基础上，提出了牛顿第一定律，即惯性定律．故C错误；D、牛顿提出万有引力定律，卡文迪许利用扭秤实验，巧妙地测出了万有引力常量，故D错误；故选：B．【点评】：本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一．2．（6分）（2015•山东模拟）航天员王亚平在天宫一号处于完全失重状态，她在太空授课所做的实验：长为L的细线一端系着质量为m的小球，另一端系在固定支架上，小球原静止，给小球一个初速度，小球绕着支架上的固定点做匀速圆周运动．天宫一号处的重力加速度为g t，下列说法正确的是（）A．小球静止时细线的拉力为mg tB．小球做匀速圆周的速度至少为C．小球做匀速圆周运动时，在任何位置细线的拉力可以小于mg tD．若小球做匀速圆周运动时细线断裂，则小球做抛体运动【考点】：匀速圆周运动．【专题】：匀速圆周运动专题．【分析】：小球处于完全失重状态，只要给小球一个速度，小球就可以做匀速圆周运动，此时由绳子的拉力提供向心力，当细线断裂后，小球将沿切线方向做匀速直线运动．【解析】：解：A、小球处于完全失重状态，静止时细线的拉力为零，故A错误；B、只要给小球一个速度，小球就可以做匀速圆周运动，所以小球做匀速圆周的速度可以小于，故B错误；C、小球做匀速圆周运动时，绳子的拉力提供向心力，当速度较小时，绳子的拉力可以小于mg t，故C正确；D、若小球做匀速圆周运动时细线断裂，则小球将沿切线方向做匀速直线运动，故D错误；故选：C【点评】：解答本题要抓住小球处于完全失重状态，由绳子的拉力提供向心力，再根据向心力公式分析即可，难度不大，属于基础题．3．（6分）（2015•山东模拟）如图甲所示，轻质弹簧的下端固定在水平面上，上端放置一小物体（物体与弹簧不连接），初始时物体处于静止状态．现用竖直向上的拉力F作用在物体上，使物体开始向上做匀加速直线运动，拉力F与物体位移x的关系如图乙所示（g=10m/s2），则下列结论正确的是（）A．物体与弹簧分离时，弹簧处于压缩状态B．物体的质量为3 kgC．物体的加速度大小为5 m/s2D．弹簧的劲度系数为7.5 N/cm【考点】：牛顿第二定律；胡克定律．【专题】：牛顿运动定律综合专题．【分析】：物体一直匀加速上升，从图象可以看出，物体与弹簧分离后，拉力为30N；刚开始物体处于静止状态，重力和弹力二力平衡；拉力为10N时，弹簧弹力和重力平衡，合力等于拉力，弹簧压缩量为4cm；根据以上条件列式分析即可．【解析】：解：A、物体与弹簧分离时，弹簧恢复原长，故A错误；B、C、D、刚开始物体处于静止状态，重力和弹力二力平衡，有：mg=kx…①拉力F1为10N时，弹簧弹力和重力平衡，合力等于拉力，根据牛顿第二定律，有：F1+kx﹣mg=ma…②物体与弹簧分离后，拉力F2为30N，根据牛顿第二定律，有：F2﹣mg=ma…③代入数据解得：m=2kg，k=500N/m=5N/cm，a=5m/s2故C正确，BD错误；故选：C．【点评】：本题关键是由图象得出一些相关物理量，然后根据牛顿第二定律列方程分析求解．4．（6分）（2015•山东模拟）如图所示，倾角为30°的斜面体固定在水平地面上，一根不可伸长的轻绳两端分别系着小球A和物B，跨过固定于斜面体顶端的定滑轮O（不计滑轮的摩擦），A的质量为m，B的质量为4m．开始时，用手托住A，使OA段绳恰好处于水平伸直状态（绳中无拉力），OB绳平行于斜面，此时B静止不动，将A由静止释放，在其下摆过程中B始终保持静止．则在绳子到达竖直位置之前，下列说法正确的是（）A．物块B受到的摩擦力方向一直沿着斜面向上B．物块B受到的摩擦力大小可能不变C．地面对斜面体的摩擦力方向一定水平向右D．地面对斜面体的摩擦力方向一定水平向左【考点】：摩擦力的判断与计算．【专题】：摩擦力专题．【分析】：小球A下摆过程中机械能守恒，下摆的速度越来越大，绳子的拉力越来越大，到达最低点绳子的拉力达最大，分析得到，机械能守恒：=mgr，又由牛顿第二定律得：F﹣mg=，∴小球A对绳的拉力为F=+mg=3mg，即物块B受到绳子沿斜面向上的拉力为3mg，而B的重力沿斜面向下的分力为2mg，所以，斜面对B的静摩擦力沿斜面向下为mg，而物块B在小球A还没有下摆时受到斜面的静摩擦力沿斜面向上为2mg，因此，物块B受到的摩擦力先减小后增大．在分析地面对斜面的摩擦力时，把物块B与斜面看做一整体分析，小球A下摆过程中绳子对整体由水平向左的一分力，而整体静止不动，因此，地面对斜面体的摩擦力方向一直水平向右．【解析】：解：A、B、：初始情况下分析物块B受力：竖直向下的重力4mg、垂直斜面向上的支持力F N、沿斜面向上的静摩擦力F f．沿斜面和垂直斜面正交分解B物块受到的力，所以B物块处于平衡状态，则有：沿斜面方向：F f=4mgsin30°=2mg，垂直斜面方向：FN=4mgcos30°=2mg．由牛顿第三定律知：物块B对斜面有垂直斜面向下的压力和沿斜面向下的静摩擦力，把这两个力向水平方向分解，则得：斜面体水平方向受到B的作用力（取水平向左为正方向）：sin30°﹣cos30°又因为：=F N=4mgcos30°=2mg，=F f=4mgsin30°=2mg．则有：′sin30°﹣cos30°=mg﹣mg=0，所以初始状态下斜面体水平方向受物块B的合力为零，不存在受地面的摩擦力．小球A下摆过程中，物块B始终保持静止，则小球A不对外做功，机械能守恒，小球A的速度不断增大，到最低点时速度最大，这时小球A摆到低时对绳的拉力最大，设r为A到滑轮的绳长，最低点小球A的速度为v，则由机械能守恒定律得：=mgr，又由牛顿第二定律得：F﹣mg=，所以小球A对绳的拉力为F=+mg=3mg，此时物块B在平行于斜面方向所受的摩擦力为：=F﹣4mgsin30°=3mg﹣2mg=mg，方向沿斜面向下，由此可知物块B受到斜面的摩擦力先是沿斜面向上2mg，后逐渐减少到零，再沿斜面向下逐渐增大到mg，故A错误，B也错误．C、D：将A由静止释放，在其下摆过程中B始终保持静止，在绳子到达竖直位置之前，把斜面与物块B看做整体，绳子始终有拉力，此拉力水平向左有个分力，而整体保持静止，水平方向受力平衡，因此，地面对斜面体的摩擦力方向一直水平向右，故C正确，D错误．故选：C．【点评】：本题解答时要正确的分析好物体的受力，同时，要选好受力的研究对象：分析绳子拉力时选小球A，分析物块B受的摩擦力时选B物块，分析地面的摩擦力时选斜面与B 物块整体，再者要注意物块B所受到的摩擦力是否达到最大值．5．（6分）（2015•山东模拟）一台理想变压器的原、副线圈的匝数比是5：1，原线圈接入电压220V的正弦交流电，各元件正常工作，一只理想二极管和一个滑动变阻器R串联接在副线圈上，如图所示．电压表和电流表均为理想交流电表，则下列说法正确的是（）A．原、副线圈中的电流之比为5：1B．电压表的读数约为31.11VC．若滑动变阻器接入电路的阻值为20Ω，则1分钟内产生的热量为2904JD．若将滑动变阻器的滑片向上滑动，则两电表读数均减小【考点】：变压器的构造和原理．【专题】：交流电专题．【分析】：根据图象可以求得输出电压的有效值、周期和频率等，二极管的作用是只允许正向的电流通过，再根据电压与匝数成正比即可求得结论．【解析】：解：A、原线圈接入电压为220V的正弦交流电，原、副线圈的匝数比是5：l，则副线圈电压为44V，原、副线圈中的电流与匝数成反比，所以电流之比为1：5，A错误；B、原、副线圈的电压与匝数成正比，所以副线圈两端电压为44 V，由于副线圈接着二极管，它具有单向导电性，根据电流的热效应知解得U=22=31.11V，故B正确；C、由B求得电压表两端电压有效值为U有效=22V，则1 min内产生的热量为Q==2904J，故C正确；D、将滑动变阻器滑片向上滑动，接入电路中的阻值变小，电流表的读数变大，但对原、副线圈两端的电压无影响，即电压表的读数不变，所以D错误．故选：BC【点评】：本题需要掌握变压器的电压之比和匝数比之间的关系，同时对于二极管和电容器的作用要了解．6．（6分）（2015•山东模拟）电场强度方向与x轴平行的静电场，其电势ϕ随x的分布如图所示，一质量为m、带电量为+q的粒子（不计重力），以初速度v0从O点（x=0）沿经轴正方向进入电场．下列叙述正确的是（）A．粒子从O点运动到x3点的过程中，在x2点速度最大B．粒子从x1点运动到x3点的过程中，电势能先减小后增大C．要使粒子能运动到x4处，粒子的初速度v0至少为D．若，则粒子在运动过程中的最大动能为3qϕ0【考点】：电势差与电场强度的关系；电势能．【专题】：电场力与电势的性质专题．【分析】：根据顺着电场线方向电势降低，判断场强的方向，根据电场力方向分析粒子的运动情况．根据正电荷在电势高处电势越大，判断电势能的变化．粒子如能运动到x1处，就能到达x4处，根据动能定理研究0﹣x1过程，求解初速度v0．粒子运动到x3处电势能最小，动能最大，由动能定理求解最大速度．【解析】：解：A、B、粒子从O运动到x1的过程中，电势升高，场强方向沿x轴负方向，粒子所受的电场力方向也沿x轴负方向，粒子做减速运动．粒子从x1运动到x3的过程中，电势不断降低，根据正电荷在电势高处电势越大，可知，粒子的电势能不断减小，动能不断增大，故在x3点速度最大．故AB错误．C、根据电场力和运动的对称性可知：粒子如能运动到x1处，就能到达x4处，当粒子恰好运动到x1处时，由动能定理得：q（0﹣φ0）=0﹣，解得：v0=，要使粒子能运动到x4处，粒子的初速度v0至少为．故C错误．D、D、若v0=2，粒子运动到x3处电势能最小，动能最大，由动能定理得：q[0﹣（﹣φ0）]=﹣解得最大动能为：=3qφ0．故D正确．故选：D．【点评】：根据电势φ随x的分布图线可以得出电势函数关系，由电势能和电势关系式得出电势能的变化．利用动能定理列方程解答．7．（6分）（2015•山东模拟）如图所示，一沿水平方向的匀强磁场分布在宽度为2L的某矩形区域内（长度足够大），该区域的上下边界MN、PS是水平的．有一边长为L的正方形导线框abcd从距离磁场上边界MN的某高处由静止释放下落而穿过该磁场区域，已知当线框的ab边到达PS时线框刚好做匀速直线运动．以线框的ab边到达MN时开始计时，以MN 处为坐标原点，取如图坐标轴x，并规定逆时针方向为感应电流的正方向，向上为力的正方向．则关于线框中的感应电流I和线框所受到的安培力F与ab边的位置坐标x的以下图线中，可能正确的是（）A．B．C．D．【考点】：导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律．【专题】：电磁感应与图像结合．【分析】：据题意，线框的ab边到达PS时线框刚好做匀速直线运动，此时线框所受的安培力与重力大小相等，而线框完全在磁场中运动时做匀加速运动，可判断出线框进入磁场过程只能做加速运动，不能做匀速运动或减速运动，否则通过匀加速，ab边到达PS时速度增大，安培力增大，安培力将大于重力，不可能匀速运动．再根据安培力与速度成正比，分析感应电流和安培力的变化情况．【解析】：解：据题线框的ab边到达PS时线框刚好做匀速直线运动，此时线框所受的安培力与重力大小相等，即F=mg，而线框完全在磁场中运动时做匀加速运动，所以可知线框进入磁场过程，安培力应小于重力，即F＜mg，只能做加速运动，不能做匀速运动或减速运动，否则通过匀加速过程，ab边到达PS时速度增大，安培力增大，安培力将大于重力，不可能匀速运动．根据安培力公式F=，可知：线框进入磁场的过程中，随着速度增大，产生的感应电动势和感应电流i逐渐增大，安培力逐渐增大，线框所受的合力减小，加速度减小，所以做加速度减小的变加速运动．感应电流i=，所以感应电流i的变化率也应逐渐减小，安培力F的变化率也逐渐减小．根据楞次定律判断可知，线框进入磁场和穿出磁场过程，所受的安培力方向都向上，为正方向．故AD正确，BC错误．故选：AD．【点评】：本题的突破口是“线框的ab边到达PS时线框刚好做匀速直线运动”，根据其运动情况要判断出受力情况，分析关键要抓住安培力的表达式F=，知道安培力与速度成正比，从而进行分析．二【必做部分】8．（8分）（2015•山东模拟）如图所示，NM是水平桌面，PM是一端带有滑轮的长木板，1、2是固定在木板上的两个光电门，中心间的距离为L．质量为M的滑块A上固定一遮光条，在质量为m的重物B牵引下从木板的顶端由静止滑下，光电门1、2记录遮光时间分别为△t1和△t2．遮光条宽度为d．（1）若用此装置验证牛顿第二定律，且认为滑块A受到外力的合力等于B重物的重力，除平衡摩擦力外，还必须满足M＞＞m；在实验中，考虑到遮光条宽度不是远小于L，测得的加速度为a=．（2）如果已经平衡了摩擦力，不能（选填“能”或“不能”）用此装置验证A、B组成的系统机械能守恒，理由是摩擦力做功，没有满足只有重力做功，故机械能不守恒．【考点】：验证机械能守恒定律．【分析】：为了认为A所受的外力合力等于B的重力，首先需要平衡摩擦力，其次是重物的质量远小于滑块的质量．根据极短时间内的平均速度等于瞬时速度求出滑块通过光电门1、2的瞬时速度，结合速度位移公式求出加速度．系统机械能守恒的条件是只有重力做功，根据条件进行判断．【解析】：解：（1）根据牛顿第二定律，对整体有：a=，则绳子的拉力F=Ma=，当M＞＞m，重物的总重力等于绳子的拉力，等于滑块的合力．滑块通过光电门1的瞬时速度，通过光电门2的瞬时速度，根，解得a=．（2）已经平衡了摩擦力，对A、B组成的系统，该装置不能验证系统机械能守恒，因为摩擦力做功，没有满足只有重力做功，故机械能不守恒．故答案为：（1）M＞＞m，a=；（2）不能，摩擦力做功，没有满足只有重力做功，故机械能不守恒．【点评】：解决本题的关键知道验证牛顿第二定律实验中的两个认为：1、认为绳子的拉力等于滑块的合力，（前提需平衡摩擦力），2、认为重物的拉力等于绳子的拉力，（前提是重物的质量远小于滑块的质量）．以及知道系统机械能守恒的条件，知道该实验中系统机械能不守恒，因为有阻力做功．9．（10分）（2015•山东模拟）某同学为了测量电流表A1内阻的精确值，有如下器材：电流表A1（量程300mA，内阻约为5Ω）；电流表A2（量程600mA，内阻约为1Ω）；电压表V（量程15V，内阻约为3kΩ）；滑动变阻器R1（0～5Ω，额定电流为1A）；滑动变阻器R2（0～50Ω，额定电流为0.01A）；电源E（电动势3V，内阻较小）；定值电阻R0（5Ω）；单刀单掷开关一个、导线若干．实验要求待测电流表A1的示数从零开始变化，且多测几组数据，尽可能的减少误差．（1）以上给定的器材中滑动变阻器应选；（2）在答题卡的方框内画出测量A1内阻的电路原理图，并在图中标出所用仪器的代号；（3）若选测量数据中的一组来计算电流表A1的内阻r1，则r1的表达式为r1=；上式中各符号的物理意义是、分别为某次实验时电流表、的示数，是定值电阻的大小．【考点】：测定金属的电阻率．【专题】：实验题．【分析】：本题（1）的关键是明确实验要求电流从零调时，变阻器应采用分压式接法，应选择阻值小的变阻器以方便调节；题（2）的关键是根据待测电流表量程等于电流表量程的一半可知，应将待测电流表与定值电阻并联后再与电流表串联即可；题（3）的关键是根据串并联规律写出两电流表示数之间的关系，然后即可求解．【解析】：解：（1）：由于实验要求电流从零调，所以变阻器应采用分压式接法，应选择阻值小的变阻器以方便调节；（2）：由于待测电流表的量程为电流表量程的一半，所以应考虑将待测电流表与定值电阻并联以扩大量程，改装后电流表再与电流表串联，电路图如图所示：（3）：根据电路图由欧姆定律可得：=+，解得：=；其中、分别为某次实验时电流表、的示数，是定值电阻的大小．故答案为：（1）；（2）如图；（3）；、分别为某次实验时电流表、的示数，是定值电阻的大小．【点评】：应明确：①当表的量程较小时，可将电表进行改装以扩大量程；②当实验要求电流从零调时，变阻器应采用分压式接法，应选择阻值小的变阻器，以方便调节．10．（18分）（2015•山东模拟）如图所示，倾角为θ=45°的粗糙平直导轨与半径为R的光滑圆环轨道相切，切点为B，整个轨道处在竖直平面内．一质量为m的小滑块从导轨上离地面高为h=3R的D处无初速下滑进入圆环轨道．接着小滑块从圆环最高点C水平飞出，恰好击中导轨上与圆心O等高的P点，不计空气阻力．求：（1）滑块运动到圆环最高点C时的速度的大小；（2）滑块运动到圆环最低点时对圆环轨道压力的大小；（3）滑块在斜面轨道BD间运动的过程中克服摩擦力做的功．【考点】：向心力；功的计算．【分析】：（1）根据几何关系得出平抛运动的水平位移，结合平抛运动的规律，求出平抛运动的初速度，即在最高点C的速度．（2）对最低点到C点运用动能定理，求出最低点的速度，根据牛顿第二定律求出支持力的大小，从而得出滑块对最低点的压力大小．（3）对D到最低点运用动能定理，求出克服摩擦力做功的大小．【解析】：解：（1）根据几何关系知，OP间的距离x=，根据R=得，t=，则滑块在最高点C时的速度．（2）对最低点到C点的过程运用动能定理得，解得v=，对最低点由牛顿第二定律得：解得：F N=6mg由牛顿第三定律得：滑块运动到圆环最低点时对圆环轨道压力的大小为6mg．（3）从D到最低点过程中，运用动能定理得：mgh﹣W f=，解得．答：（1）滑块运动到圆环最高点C时的速度的大小为；（2）滑块运动到圆环最低点时对圆环轨道压力的大小为6mg；（3）滑块在斜面轨道BD间运动的过程中克服摩擦力做的功为．【点评】：该题的突破口是小滑块从圆环最高点C水平飞出，恰好击中导轨上与圆心O等高的P点，运用平抛规律和几何关系求出初速度．下面就是一步一步运用动能定理和牛顿第二定律解决问题．11．（20分）（2015•山东模拟）如图所示，在以O为圆心的圆形区域内，有一个方向垂直于纸面向外的匀强磁场，磁感应强度大小B=0.1T，圆半径，竖直平行放置的金属板连接在如图所示的电路中，电源电动势E=91V，内阻r=1Ω，定值电阻R1=20Ω，滑动变阻器R2的最大阻值为70Ω；两金属板上的小孔S1、S2跟O点在垂直于极板的同一直线上，另有一水平放置的足够长的荧光屏D，O点跟荧光屏D之间的距离，现有比荷的正正离子由小孔S1进入电场加速后，从小孔S2穿出，通过磁场后打在荧光屏D上，不计离子的重力和离子在小孔S1处的初速度，问：（1）若离子能垂直打在荧光屏上，则电压表的示数多大？（2）滑动变阻器滑片P的位置不同，离子在磁场中运动的时间也不同，求离子在磁场中运动的最长时间和此种情况下打在荧光屏上的位置到屏中心O′点的距离．【考点】：带电粒子在匀强磁场中的运动；动能定理．【专题】：带电粒子在磁场中的运动专题．【分析】：（1）正离子垂直打在荧光屏上，由几何知识求出在磁场中做圆周运动的半径．离子在磁场中由洛伦兹力提供向心力，根据牛顿第二定律求得速度．离子在电场中加速过程，由动能定理求得两金属板间的电压，即为电压表的示数．（2）滑片在变阻器R2的左端时，离子在磁场中运动的时间最长；先根据闭合电路欧姆定律求解极板间的电压，然后根据动能定理求解加速后的速度，根据牛顿第二定律求解磁场中圆周运动的半径，结合几何关系确定打在极板上的位置．【解析】：解：（1）若离子由电场射出进入磁场后垂直打在荧光屏上，则离子在磁场中速度方向偏转了90°，离子在磁场中做圆周运动的径迹如图所示：由几何知识可知，离子在磁场中做圆周运动的圆半径：设离子进入磁场时的速度为v1由，得：设两金属板间的电压为U，离子在电场中加速，由动能定理有：可得：代入有关数值可得U1=60V也就是电压表示数为60V（2）两金属板间的电压越小，离子经电场加速后速度也越小，离子在磁场中作圆周运动的半径越小，射出电场时的偏转角越大，在磁场中运动的时间越长，所以滑片在变阻器R2的左端时，离子在磁场中运动的时间最长．由闭合电路欧姆定律有：两金属板间电压：U min=IR1=20V由及得：r2=0.1m粒子进入磁场后的径迹如图所示，O1为径迹圆的圆心．由图可得，所以α=60°．故离子在磁场中运动的最长时间为：．在△OO'A中，θ=30°，所以A、O'间距离为：x=Htanθ=20cm．答：（1）若离子能垂直打在荧光屏上，则电压表的示数为60V；（2）离子在磁场中运动的最长时间为5.2×10﹣5s，此种情况下打在荧光屏上的位置到屏中心O′点的距离为20cm．【点评】：题分析离子的运动情况是求解的关键和基础，考查综合应用电路、磁场和几何知识，处理带电粒子在复合场中运动问题的能力，综合性较强．三.选做题【物理--物理3-3】（12分）12．（6分）（2015•山东模拟）关于分子动理论和热力学定律，下列说法正确的是（）A．布朗运动是液体分子的无规则运动B．分子间引力总是随着分子间的距离减小而减小C．热量能够自发地从高温物体传导到低温物体，但不能自发地从低温物体传导到高温物体D．功转变为热的实际宏观过程一定是可逆过程【考点】：热力学第一定律；分子动理论的基本观点和实验依据．【专题】：热力学定理专题．【分析】：正确解答本题需要掌握：布朗运动的特点、实质以及物理意义；分子力与分子之间距离的关系；热量能够自发地从高温物体传导到低温物体，但不能自发地从低温物体传导到高温物体，与热力学相关的宏观过程具有方向性．【解析】：解：A、布朗运动是固体微粒的无规则运动是由液体分子撞击形成的，反应了液体分子的无规则运动，故A错误；B、分子间引力总是随着分子间的距离减小而增大，故B错误；C、热量能够自发地从高温物体传导到低温物体，但不能自发地从低温物体传导到高温物体，故C正确；D、与热力学相关的宏观过程具有方向性，故功转变为热的实际宏观过程不一定是可逆过程，故D错误．故选：C．【点评】：本题考查了热力学定律和分子动理论的基础知识，在平时练习中要加强对这些基本知识的理解与应用．13．（6分）（2015•山东模拟）如图甲是一定质量的气体由状态A经过状态B变为状态C的V﹣T图象．已知气体在状态A时的压强是1.5×105Pa．①说出A→B过程中压强变化的情形，并根据图象提供的信息，计算图甲中T A的温度值．②请在图乙坐标系中，作出该气体由状态A经过状态B变为状态C的p﹣T图象，并在图线相应位置上标出字母A、B、C．如果需要计算才能确定的有关坐标值，请写出计算过程．【考点】：理想气体的状态方程．【专题】：理想气体状态方程专题．【分析】：由图示图象求出气体各状态的状态参量、判断出气体状态变化过程，然后应用气体状态方程求出气体状态参量，再作出图象【解析】：解：（1）由图甲所示图象可知，A与B的连线的延长线过原点O，所以A→B是一个等压变化，即p A=p B=1.5×105Pa，由图示图象可知：V A=0.4m3，V B=V C=0.6m3，T B=300K，T C=400K，。
2015年高考压轴冲刺卷山东卷(一)物理试题资料
2015 年高考压轴冲刺卷 ?山东卷（一）理科综合（物理）第 I 卷 （必做，共 42 分）一、选择题 (本题包括 7 小题，每小题给出四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得6 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分 )1．(皖南八校 2015?第二次联考? 16)如图所示为甲、 乙两物体运动的图象， 在 0? t 2 时间内甲 一直做匀加速直线运动，乙先做匀减速到速度为零，再做匀加速直线运动， t 2<2t 1，关于两物体在 0? t 2 时间内运动的位移大小关系正确的是（）A. B.C.D.以上三种情况都有可能2．（湖南省十三校? 2015 联考?18）． 为了测量某行星的质量和半径，宇航员记录了登陆舱 在该行星表面做圆周运动的周期T ，登陆舱在行星表面着陆后， 用弹簧称称量一个质量为 m的砝码读数为 N 。
已知引力常量为 G 。
则下列计算中错误的是：N 3T 4 4 2NT 2 A ．该行星的质量为4m 3 B ．该行星的半径为16 m3 NT C ．该行星的密度为2D ．在该行星的第一宇宙速度为GT2 m3(2015·第二次大联考 【浙江卷】·17)．如图所示， 在竖直平面内有一金属环， 环半径为 0．5m ，金属环总电阻为 2Ω，在整个竖直平面内存在垂直纸面向里的匀强磁场， 磁感应强度为 B=1T ，在环的最高点上方 A 点用铰链连接一长度为 1．5 m ，电阻为 3Ω的导体棒 AB ，当导体棒 AB 摆到竖直位置时，导体棒 B 端的速度为 3m/s ．已知导体棒下摆过程中紧贴环面且与金属环有良好接触，则导体棒 AB 摆到竖直位置时 AB 两端的电压大小为（ ）第 1 页A．0． 4V B． 0． 65V C． 2． 25V D． 4． 5V4．(2015?陕西西工大附中四模?6)某物体沿直线运动的v﹣ t 关系如图所示，已知在第1s 内合外力对物体做的功为W，则（）A ．从第 1s 末到第 3s 末合外力做功为 4WB．从第 3s 末到第 5s 末合外力做功为﹣ 2WC．从第 5s 末到第 7s 末合外力做功为 WD．从第 3s 末到第 4s 末合外力做功为﹣5．(2015?西安八校联考? 14）如图所示，空间中存在一匀强磁场，将长度为L 的直导线放置在 y 轴上，当逸以大小为 I、沿 y 轴负方向的电流后，测得其受到的安培力大小为F．方向沿戈轴正方向．则关于的磁感应强度的方向和大小，说法正确的是（）A．只能沿x 轴正方向B．可能在xOy 平面内，大小为C．可能在xOy 平面内，大小为D．可能在xOy 平面内，大小为6．( 2015·第二次大联考【广东卷】·20)有滑动变阻器R，热敏电阻 R0，二极管 D和电容器组成的电路如下图所示，有一个带电液滴静止于电容器两极板之间，电容器下极板接地，下列说法中正确的是（）A．若把滑动变阻器的滑动触头向上移动，液滴将会向下运动B．若把开关断开，液滴将会向上运动C．若热敏电阻的温度降低，液滴将会向下运动D．若把上极板向上移动，液滴将静止不动7．(2015?泰州二模?9)如图 7 所示，水平转台上有一个质量为m 的物块，用长为 L 的细绳将物块连接在转轴上，细线与竖直转轴的夹角为θ角，此时绳中张力为零，物块与转台间动摩擦因数为μ（tan ），最大静摩擦力等于滑动摩擦力，物块随转台由静止开始缓慢加速转动，则（）A．至绳中出现拉力时，转台对物块做的功为 2 mgL sinθB．至绳中出现拉力时，转台对物块做的功为mgL sin12mgLsin 2C．至转台对物块支持力为零时，转台对物块做的功为2 cos ωD．设法使物体的角速度增大到3g 时，物块机械能增量为3mgL 图 72L cos 4 cos第Ⅱ卷（必做56分+选做12分，共68分）【必做部分】8． (2015?抚州五校联考二模? 11)为了测定滑块与桌面之间的动摩擦因数，某同学设计了如图所示的实验装置．其中， a 是质量为m 的滑块（可视为质点）， b 是可以固定于桌面的滑槽（滑槽末端与桌面相切）．第一次实验时，将滑槽固定于水平桌面的右端，滑槽的末端与桌面的右端M 对齐，让滑块 a 从滑槽上最高点由静止释放滑下，落在水平地面上的P 点；第二次实验时，将滑槽固定于水平桌面的左端，测出滑槽的末端N 与桌面的右端M 的距离为 L ，让滑块 a 再次从滑槽上最高点由静止释放滑下，落在水平地面上的P′点．已知当地重力加速度为g，不计空气阻力．（1）实验还需要测量的物理量（用文字和字母示）：．（2）写出滑块 a 与桌面间的动摩擦因数的表达式是（用测得的物理量的字母表示）：μ=．9．（2015?湖南省十三校联考? 23）某同学利用如图（1）所示电路测定电源的电动势和内阻。
2015届高考物理冲刺卷1(含答案)
高2015届高考冲刺卷-物理（一）第I卷（选择题，共42分）本卷共7小题．每题6分，共42分。
每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对得6分，选对但不全得3分，有选错的得0分1. 2013年度诺贝尔物理学奖授予了希格斯和恩格勒，以表彰他们对用来解释物质质量之谜的“上帝粒子”所做出的预测。
在物理学的发展过程中，许多物理学家的科学发现推动了人类历史的进步。
下列表述符合物理学史实的是A．开普勒认为只有在一定的条件下，弹簧的弹力才与弹簧的形变量成正比B．密立根最早通过实验比较准确的测定了电子的电量C．奥斯特发现了电磁感应现象，这和他坚信电和磁之间一定存在着联系的哲学思想是分不开的D．安培首先引入电场线和磁感线，极大地促进了他对电磁现象的研究2．关于光学现象，下列说法正确的是A．用光导纤维束传送图象信息，这是光的衍射的应用B．照相机的增透膜厚度通常为光在该薄膜介质中波长的1 4C．太阳光通过三棱镜形成彩色光谱，这是光的干涉的结果D．透过平行于日光灯的窄缝看正常发光的日光灯时能观察到彩色条纹，这是光的色散现象3．在水平长绳上的O点系着一个弹簧和小球组成的振动系统，小球振动的固有频率为2 Hz，在长绳丙端分别有一振源P、Q同时开始以相同振幅A上下振动了一段时间，某时刻两个振源在长绳上形成如图所示波形，两列波先后间隔一段时间经过弹簧振子所在位置，观察到小球先后出现了两次振动，小球第一次振动时起振方向向上，且振动并不显著，而小球第二次发生了共振现象，则下列说法错误的是A．PO的距离小于OQ的距离 B．由Q振源产生的波的波速接近4 m/sC．两列波相遇能产生稳定的干涉图样 D．绳上会出现振动位移大小为2A的点4．在如图所示的远距离输电电路中，升压变压器和降压变压器均视为理想变压器，发电厂的输出电压和输电线的电阻均不变。
当用电高峰期时，若发电厂将输出功率增加一倍，则下列说法中正确的有A．升压变压器的输出电压也增加一倍 B．降压变压器的输出电压也增加一倍C．输电线上损耗的功率也增加一倍 D．输电线上损耗的功率占总功率的比例也增加一倍5. 2013年12月2Fl1时30分，搭载月球车和着陆器的嫦娥三号月球探测器从西昌卫星发射中心升空，飞行约18min后，嫦娥三号进入如图所示的地月转移轨道AB，A为入口点，B为出口点，嫦娥三号在B点经过近月制动，进入距离月面h=100公里的环月圆轨道，其运行的周期为T，然后择机在月球虹湾地区实行软着陆，展开月面巡视勘察。
2015年高考压轴冲刺卷广东卷(三)物理试题
2015年高考压轴冲刺卷•广东卷（三）理科综合（物理）一、单项选择题：本题共4小题，每小题4分，共计16分。
在每小题给出的四个选项中，只有一个选项最符合题目要求。
选对的得4分，错选或不答的得0分。
1．(2015湖北省八校第二次联考15)如图所示，为甲乙两物体在同一直线上运动的位置坐标x 随时间t 变化的图象，已知甲做匀变速直线运动，乙做匀速直线运动，则0~t 2时间内下列说法正确的是（ ）A. 两物体在t 1时刻速度大小相等B. t 1时刻乙的速度大于甲的速度C. 两物体平均速度大小相等D. 甲的平均速度小于乙的平均速度2．(2015•湖南省五市十校联考•1)．（6分）在物理学发展史上伽利略、牛顿等许许多多科学家为物理学的发展做出了巨大贡献． 以下选项中符合他们观点的是（ ）A ． 人在沿直线加速前进的车厢内，竖直向上跳起后，将落在起跳点的后方B ． 两匹马拉车比一匹马拉车跑得快，这说明：物体受的力越大速度就越大C ． 两物体从同一高度自由下落，较轻的物体下落较慢D ． 一个运动的物体，如果不再受力了，它总会逐渐停下来；这说明：静止状态才是物体不受力时的“自然状态”3．(2015•合肥第二次检测•15)、有一条两岸平直、河水均匀流动，流速恒为v 的大河，一条小船渡河，去程时船头指向始终与河岸垂直，回程时行驶路线与河岸垂直，小船在静水中的速度大小为，回程与去程所用时间之比为：（ ） A ．3：2 B ．2：1 C ．3：1 D ． 4．（2015•天津市区县联考•5）一个质量为m 的木块静止在粗糙的水平面上，木块与水平面间的滑动摩擦力大小为02F ，某时刻开始受到如图所示的水平拉力的作用，下列说法正确的是（ ）A ．0到0t 时间内，木块的位移大小为 20032F t mB ．0t 时刻合力的功率为2008F t m x t 21 F to0t 02t 03t 04t 04FC ．0到0t 时间内，水平拉力做功为22002F t mD ．02t 时刻，木块的速度大小为00F t m二、双项选择题：本大题共9个小题，每小题6分，共54分。
2015届高考物理第二轮冲关复习题32
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高效演练1.如图所示,一束正离子从S点沿水平方向射出,在没有偏转电场、磁场时恰好击中荧光屏上的坐标原点O;若同时加上电场和磁场后,正离子束最后打在荧光屏上坐标系的第Ⅲ象限中,则所加电场E和磁场B 的方向可能是(不计离子重力及其间相互作用力)( )A.E向下,B向上B.E向下,B向下C.E向上,B向下D.E向上,B向上【解析】选A。
离子打在第Ⅲ象限,相对于原点O向下运动和向左运动,所以E向下,B向上,故A正确。
2.如图所示的虚线区域内,充满垂直于纸面向里的匀强磁场和竖直向下的匀强电场。
一带电粒子A(不计重力)以一定的初速度由左边界的O点射入磁场、电场区域,恰好沿直线由区域右边界的O′点(图中未标出)穿出。
若撤去该区域内的磁场而保留电场不变,另一个同样的粒子B(不计重力)仍以相同初速度由O点射入,从区域右边界穿出,则粒子B( )A.穿出位置一定在O′点下方B.穿出位置一定在O′点上方C.运动时,在电场中的电势能一定减小D.在电场中运动时,动能一定减小【解析】选C。
若粒子B带正电荷,其向下偏转做类平抛运动,穿出位置一定在O点下方,相反,若其带负电荷,其向上偏转做类平抛运动,穿出位置一定在O点上方,选项A、B错误;在电场中运动时,电场力做正功,动能一定增大,电势能一定减小,选项C正确,D错误。
【总结提升】带电粒子在复合场中运动的综合分析这类问题综合了带电粒子在电场和磁场组成的复合场中的匀速直线运动、电场中的类平抛运动、磁场中的匀速圆周运动三个方面。
(1)在电场和磁场组成的复合场中做匀速直线运动时,满足二力平衡,有qE=qvB。
(2)若撤去磁场,带电粒子在电场中做类平抛运动,应用运动的合成与分解的方法分析。
(3)若撤去电场,带电粒子在磁场中做匀速圆周运动,满足洛伦兹力提供向心力,有qvB=m错误！未找到引用源。
2015届高考物理第二轮冲关复习题55
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课时冲关练(四)万有引力定律及其应用(45分钟,100分)一、选择题(本大题共8小题,每小题8分,共64分)1.我国古代神话中传说:地上的“凡人”过一年,天上的“神仙“过一天。
如果把看到一次日出就当作“一天”,某卫星的运行半径为月球绕地球运行半径的错误！未找到引用源。
,则该卫星上的宇航员24h 内在太空中度过的“天”数约为(已知月球的运行周期为27天) ( )A.1B.8C.16D.24【解析】选B。
根据天体运动的公式G错误！未找到引用源。
=m(错误！未找到引用源。
)2R得错误！未找到引用源。
=错误！未找到引用源。
,解得卫星运行的周期为3h,故24 h内看到8次日出,B项正确。
2.(2014·龙岩一模)已知地球半径R、自转周期T、地球表面重力加速度g,则地球同步卫星的环绕速度为( )A.v=错误！未找到引用源。
B.v=错误！未找到引用源。
C.v=错误！未找到引用源。
D.v=错误！未找到引用源。
【解析】选C。
地球表面的物体有黄金代换GM=gR2,同步卫星的运动方程G错误！未找到引用源。
=m错误！未找到引用源。
=m错误！未找到引用源。
,解得:v=错误！未找到引用源。
,C正确。
【总结提升】地球同步卫星的五个“一定”(1)轨道平面一定:轨道平面与地球赤道共面。
(2)周期一定:与地球自转周期相同,即T=24h。
(3)角速度一定:与地球自转角速度相同。
(4)高度一定:由G错误！未找到引用源。
=m错误！未找到引用源。
(R+h)可知同步卫星离地面高度h≈3.6×107m。
(5)线速度大小一定:v=错误！未找到引用源。
≈3.1×103m/s。
3.(2014·南京模拟)假设地球是一半径为R、质量分布均匀的球体,设想在地下以地心为圆心、半径为r处开凿一圆形隧道,在隧道内有一小球绕地心做匀速圆周运动,且对隧道内外壁的压力为零,如图所示。
2015年高考冲刺物理黄金30题 专题02 新题精选30题 Word版含解析.pdf
新题精选30题 【新题精选】 第一部分 选择题 【试题1】图甲是某景点的山坡滑道图片，为了探究滑行者在滑道直线部分AE滑行的时间，技术人员通过测量绘制出如图乙所示的示意图．AC是滑道的竖直高度，D点是AC竖直线上的一点，且有AD＝DE＝15 m，滑道AE可视为光滑，滑行者从坡顶A点由静止开始沿滑道AE向下做直线滑动，g取10 m/s2，则滑行者在滑道AE上滑行的时间为（ ） A. s B．2 s C.s D．2 s 【试题2】从地面上以初速度竖直上抛一质量为m的小球，若运动过程中受到的空气阻力与其速率成正比，球运动的速率随时间变化的规律如图所示，t1时刻到达最高点，再落回地面，落地速率为，且落地前小球已经做匀速运动，则整个在过程中，下列说法中错误的是 （ ） A.小球被抛出时的加速度值最大，到达最高点的加速度值最小 B.小球的加速度在上升过程中逐渐减小，在下降过程中也逐渐减小 C.小球抛出瞬间的加速度大小为 D.小球下降过程中的平均速度大于 【试题3】如图所示，AD、 BD、 CD为三根光滑细直杆，固定在地面同一点D，AD竖直，∠B=∠C=，现将一小环分别套在细杆的顶端A、B、C处由静止释放，到达D点的时间分别为t1、t2和t3，则（ ） A. t1< t2 t2=t3 C. t1> t2 > t3 D. t1=t2=t3 【试题4】两端开口的U形细管内装有一定量的水置于竖直面内，开口竖直向上，静止时两竖管内水面相平，由于细管的某种运动，管内水面形成如图所示的高度差，在下列描述的各种运动中，细管可能的运动是 A．水平向右加速运动 B．水平向左加速运动 C．绕某一竖直轴旋转运动 D．自由落体运动 考点：牛顿第二定律的应用. 【试题5】如图所示，置于水平地面上的三脚支架的顶端固定着一质量为m的照相机，支架的三根轻杆长度均为L且始终不变，第一次三个落脚点均匀分布于半径为L/2的圆周上，第二次均匀分布于半径为的圆周上。
(学生版)2015高考物理必考部分名师精编基础训练题 (8)
2015高考物理必考部分训练题大连市学诲教育物理高级教师 门贵宝一、单项选择题1．如图所示，水平地面上堆放着原木，关于原木P 在支撑点M 、N 处受力的方向，下列说法正确的是（ ）A ．M 处受到的支持力竖直向上B ．N 处受到的支持力竖直向上C ．M 处受到的静摩擦力沿MN 方向D ．N 处受到的静摩擦力沿水平方向2．应用物理知识分析生活中的常见现象，可以使物理学习更加有趣和深入．例如平伸手掌托起物体，由静止开始竖直向上运动，直至将物体抛出．对此现象分析正确的是（ ）A ．受托物体向上运动的过程中，物体始终处于超重状态B ．受托物体向上运动的过程中，物体始终处于失重状态C ．在物体离开手的瞬间，物体的加速度大于重力加速度D ．在物体离开手的瞬间，手的加速度大于重力加速度3．伽利略创造的把实验、假设和逻辑推理相结合的科学方法，有力地促进了人类科学认识的发展．利用如图所示的装置做如下实验：小球从左侧斜面上的O 点由静止释放后沿斜面向下运动，并沿右侧斜面上升．斜面上先后铺垫三种粗糙程度逐渐降低的材料时，小球沿右侧斜面上升的最高位置依次为1、2、3．根据三次实验结果的对比，可以得到的最直接的结论是（ ） A ．如果斜面光滑，小球将上升到与O 点等高的位置 B ．如果小球不受力，它将一直保持匀速运动或静止状态 C ．如果小球受到力的作用，它的运动状态将发生改变D ．小球受到的力一定时，质量越大，它的加速度越小4．2013年我国相继完成“神十”与“天宫”对接、“嫦娥”携“玉兔”落月两大航天工程。
某航天爱好者提出“玉兔”回家的设想：如图，将携带“玉兔”的返回系统由月球表面发射到高度的轨道上，与在该轨道绕月球做圆周运动的飞船对接，然后由飞船送“玉兔”返回地球。
设“玉兔”质量为，月球半径为，月面的重力加速度为。
以月面为零势能面，“玉兔”在高度的引力势能可表示为，其中为引力常量，为月球质量。
若忽略月球的自转，从开始发射到对接完成需要对“玉兔”做的功为（ ）A ．B ．C ．D ．5.如图所示，电路中1R 、2R 均为可变电阻，电源内阻不能忽略，平行板电容器C 的极板水平放置。
2015年高考理综物理押题试卷及答案(word版可打印)
2015年高考理科综合物理押题试卷及答案第I卷(必做，共87分)注意事项：1．第I卷共20小题。
第1～13题每小题4分，第14～20题每小题5分，共87分。
2．每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。
不涂在答题卡上，只答在试卷上不得分。
以下数据可供答题时参考：(略)相对原子质量：(略)二、选择题(本大题共7小题。
每小题5分，在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。
全部选对的得5分。
选对但不全的得3分，有选错的得0分)14．下列有关物理学史的说法中正确的是A.牛顿通过大量实验发现，只要斜面的倾角一定，不同质量的小球从不同高度开始滚动，小球的加速度都是相同的B．卡文迪许利用扭秤实验得到大量数据测出了万有引力常量C．洛伦兹首先发现电流周围存在磁场，并为解释磁体产生的磁场提出了分子电流假说D．楞次在对理论基础和实验资料进行严格分析后，提出了电磁感应定律15.如图，电梯与水平地面成 角，一人静止站在电梯水平梯板上，开始电梯以加速度a启动，水平梯板对人的支持力和摩擦力分别为N和f。
电梯减速至静止过程加速度大小也为a ，则A ．支持力将变大B ．摩擦力大小不变C ．加速启动过程，人处于超重状态D ．减速至静止过程，水平梯板对人的摩擦力和支持力之比仍为岳 16.2012年12月，朝鲜自行设计、制造的“光明星三号’’卫星发射成功，震惊整个国际社会“光明星三号”经过变轨后绕地球做圆周运动，运行周期为90min 。
关于“光明星三号”、同步通信卫星和赤道上随地球自转物体三者相比较，下列说法正确的是A ．“光明星三号”的角速度最大B ．同步通信卫星的线速度最小C ．随地球自转物体向心加速度最小D ．“光明星三号”的轨道运行速度大于7．9 km ／s 小于11．2 km ／s17．如图所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为10：1，b 是原线圈的中心接头，电压表V 和电流表A 均为理想电表，除滑动变阻器电阻R 以外其余电阻均不计，从某时刻开始在原线圈c 、d 两端加上交变电压1u tV π=。
2015年浙江省高考冲刺试卷(二)名师导航理科综合物理答案
2015年浙江省高考冲刺试卷（二）理科综合物理答案一、选择题（共4小题，每小题6分，满分24分）1．（6分）（2015•浙江模拟）“阶下儿童仰面时，清明妆点正堪宜．游丝一断浑无力，莫向东风怨别离．”这是《红楼梦》中咏风筝的诗，风筝在风力F、线的拉力T以及重力G的作用下，能够高高地飞在蓝天上．关于风筝在空中的受力可能正确的是（）A．B．C．D．【考点】：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【专题】：共点力作用下物体平衡专题．【分析】：风筝在风力F、线的拉力T以及重力G的作用下，能够高高地飞在蓝天上．可以近似看成平衡状态，通过合力是否能为零判断力图的正确与否．【解析】：解：在B、C、D三个力图中，合力不可能为零，不能处于平衡状态，只有A图，在三个力的作用下能处于平衡．故A正确，B、C、D错误．故选A．【点评】：解决本题的关键知道物体处于平衡状态时，合力为零．2．（6分）（2015•浙江模拟）如图所示，位于竖直平面内的圆与水平面相切于M点，与竖直墙相切于A点，C为圆的最高点．竖直墙上点B、D与M的连线和水平面的夹角分别为53°和37°．已知在t=0时，a、b、d三个球分别由A、B、D三点从静止开始沿光滑倾斜直轨道运动到M点；c球由C点自由下落到M点．则（）A．a、b和d球同时到达M点B．b球和d球同时到达M点C．c球位移最大，最后到达M点D．沿墙壁上任意一点到M点的光滑斜直轨道由静止下滑的物体，下落高度越低，用时越短【考点】：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】：牛顿运动定律综合专题．【分析】：根据几何关系分别求出各个轨道的位移，根据牛顿第二定律求出加速度，再根据匀变速直线运动的位移时间公式求出运动的时间，从而比较出到达M点的先后顺序．【解析】：解：设圆的半径为r，对于AM段，位移：x1=，加速度为：a1=gsin45°=，由位移时间公式得，所用时间：=对于BM段，位移：，加速度为：a2=gsin53°=，由位移时间公式得，所用时间为：对于CM段，位移：x3=2r，加速度为：a3=g，由位移时间公式得，所用时间为：=对于DM段，位移：，加速度为：，由位移时间公式得，所用时间为：故：t1=t3＜t2=t4故a、c同时到达M点，b、d同时到达M点，且ac用时短于bd用时，故ACD错误，B正确；故选：B．【点评】：解决本题的关键根据牛顿第二定律求出各段的加速度，运用匀变速直线运动的位移时间公式进行求解．3．（6分）（2015•浙江模拟）如图所示为洛伦兹力演示仪的结构图．励磁线圈产生的匀强磁场方向垂直纸面向外，电子束由电子枪产生，其速度方向与磁场方向垂直．电子速度的大小和磁场强弱可分别由通过电子枪的加速电压和励磁线圈的电流来调节．下列说法正确的是（）A．仅增大励磁线圈中电流，电子束径迹的半径变大B．仅提高电子枪加速电压，电子束径迹的半径变大C．仅增大励磁线圈中电流，电子做圆周运动的周期将变大D．仅提高电子枪加速电压，电子做圆周运动的周期将变大【考点】：带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动．【分析】：根据动能定理表示出加速后获得的速度，然后根据洛伦兹力提供向心力推导出半径的表达式．【解析】：解：根据电子所受洛伦兹力的方向结合右手定则判断励磁线圈中电流方向是顺时针方向，电子在加速电场中加速，由动能定理有：eU=mv02…①电子在匀强磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力充当向心力，有：eBv0=m②解得：r==…③T=④可见增大励磁线圈中的电流，电流产生的磁场增强，由③式可得，电子束的轨道半径变小．由④式知周期变小，故AC错误；提高电子枪加速电压，电子束的轨道半径变大、周期不变，故B正确D错误；故选：B．【点评】：本题考查了粒子在磁场中运动在实际生活中的应用，正确分析出仪器的原理是关键．4．（6分）（2015•浙江模拟）如图所示，I为电流表示数，U为电压表示数，P为定值电阻R2消耗的功率，Q为电容器C所带的电荷量，W为电源通过电荷量q时电源做的功．当变阻器滑动触头向右缓慢滑动过程中，下列图象能正确反映各物理量关系的是（）A．B．C．D．【考点】：闭合电路的欧姆定律．【专题】：恒定电流专题．【分析】：当变阻器滑动触头向右缓慢滑动过程中，接入电路的电阻减小，电路中电流增大，分别得到各个量的表达式，再进行分析．【解析】：解：A、当变阻器滑动触头向右缓慢滑动过程中，接入电路的电阻减小，电路中电流增大，R2消耗的功率为P=I2R，P∝I2，故A正确．B、电容器C的电压U C=E﹣I（R2+r），电荷量Q=CU C=C[E﹣I（R2+r）]，则=﹣C（R2+r），保持不变，则Q﹣I图象是向下倾斜的直线，故B正确．C、电压表示数U=E﹣Ir，U﹣I图象应是向下倾斜的直线，故C错误．D、电源通过电荷量q时电源做的功W=qE，E是电源的电动势，则W﹣I是过原点的直线，故D错误．故选：AB．【点评】：根据物理规律得到解析式，再分析图象的形状和物理意义是常用的方法．二、选择题（本题共3小题．在每小题给出的四个选项中，至少有一个选项是符合题目要求的．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．）5．（6分）（2015•浙江模拟）电磁泵在目前的生产、科技中得到了广泛应用．如图所示，泵体是一个长方体，ab边长为L1，两侧端面是边长为L2的正方形；流经泵体内的液体密度为ρ、在泵头通入导电剂后液体的电导率为σ（电阻率的倒数），泵体所在处有方向垂直向外的磁场B，把泵体的上下两表面接在电压为U（内阻不计）的电源上，则（）A．泵体上表面应接电源正极B．通过泵体的电流I=UL1/σC．增大磁感应强度可获得更大的抽液高度D．增大液体的电阻率可获得更大的抽液高度【考点】：霍尔效应及其应用．【分析】：当泵体中电流向下时，安培力向左，故液体被抽出；根据电阻定律和欧姆定律列式求解电流表达式分析，根据安培力公式分析安培力大小情况．【解析】：解：A、当泵体上表面接电源的正极时，电流从上向下流过泵体，这时受到的磁场力水平向右，拉动液体，故A正确；B、根据电阻定律，泵体内液体的电阻：R===；因此流过泵体的电流I=，故B错误；C、增大磁感应强度B，受到的磁场力变大，因此可获得更大的抽液高度，故C正确；D、若增大液体的电阻率，可以使电流减小，受到的磁场力减小，使抽液高度减小，故D错误；故选：AC．【点评】：本题关键是明确电磁泵的工作原理，要能够结合欧姆定律、电阻定律、安培力公式分析抽液高度的影响因素，不难．6．（6分）（2015•浙江模拟）如图所示，闭合开关S后A、B板间产生恒定电压U0，已知两极板的长度均为L，带负电的粒子（重力不计）以恒定的初速度V0，从上板左端点正下方h处，平行极板射入电场，恰好打在上板的右端C点．若将下板向上移动距离为板间距的倍，带电粒子将打在上板上的C′点，则B板上移后（）A．粒子在板间的运动时间不变B．粒子打在A板上的动能变大C．粒子在A板上的落点C′与极板右端C的距离为板长的D．比原入射点低h处的入射粒子恰好能打在上板右端C点【考点】：带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】：带电粒子在电场中的运动专题．【分析】：带电粒子垂直进入电场后做类平抛运动，水平方向做匀速直线运动，竖直方向做匀加速直线运动．根据牛顿第二定律和运动学公式求解【解析】：解：带电粒子在电场中做类平抛运动，水平方向匀速直线运动，竖直方向受电场力作用加速运动设板间距离为d，则有L=v0t，h=A、由h=，得：，故U0不变，当d减小时，粒子运动时间减小，故A 错误；B、竖直方向速度：v y=t，d减小，则v y增大，故打在A板上的速度增大，故粒子打在A板上的动能增大，故B正确；C、由L=v0t，h=，得，故将下板向上移动距离为板间距倍时，水平距离L′，有=故L′=，与极板右端C的距离为L﹣=L，故C正确；D、由C得h=，所以故h′=h，即比原入射点低（﹣1）h=处的入射粒子恰好能打在上板右端C电，故D正确故选：BCD【点评】：本题考查带电粒子在电场中的运动，根据类平抛运动在水平方向匀速运动竖直方向匀加速运动来求解，做题过程中要细心7．（6分）（2015•浙江模拟）如图（甲）所示，打开电流和电压传感器，将磁铁置于螺线管正上方距海绵垫高为h处静止释放，磁铁穿过螺线管后掉落到海绵垫上并静止．若磁铁下落过程中受到的磁阻力远小于磁铁重力，且不发生转动，不计线圈电阻．图（乙）是计算机荧屏上显示的UI﹣t曲线，其中的两个峰值是磁铁刚进入螺线管内部和刚从内部出来时产生的．下列说法正确的是（）A．若仅增大h，两个峰值间的时间间隔会增大B．若仅减小h，两个峰值都会减小C．若仅减小h，两个峰值可能会相等D．若仅减小滑动变阻器的值，两个峰值都会增大【考点】：自感现象和自感系数．【分析】：感应电动势的大小等于磁通量的变化率，因此通过线圈速度越大，磁通量的变化率越大，电动势越大，两个峰值也越大；根据闭合电路欧姆定律可知，当外电阻等于内阻时，输出功率最大．【解析】：解：A、若仅增大h，磁铁经过线圈的时间减小，两个峰值间的时间间隔会减小．故A错误；B、C、当h减小时，磁铁进入线框的速度减小，导致线框中磁通量的变化率减小，因此两个峰值都会减小，且两个峰值不可能相等；故B正确，C错误；D、根据闭合电路欧姆定律可知，不计线圈电阻，减小滑动变阻器阻值，则感应回路中的感应电流增大，线圈对磁铁的阻碍作用增大，磁铁的机械能转化为动能的比例增大，即感应回路中的电功率P=UI增大，两个峰值都会增大，故D正确．故选：BD．【点评】：本题考查了电磁感应定律与闭合电路输出功率问题，考点结合巧妙，题目新颖，有一定创新性，难点在于理解该过程中的功能关系以及UI﹣t曲线的含义．三、非选择题：8．（10分）（2015•浙江模拟）某同学利用图甲所示装置来研究加速度与力的关系．他将光电门1和2分别固定在长木板的A、B两处，换用不同的重物通过细线拉同一小车（小车质量约为200克），每次小车都从同一位置由静止释放．（1）长木板右端垫一物块，其作用是用来平衡摩擦力；（2）用游标卡尺测得遮光条的宽度为0.52cm；（3）对于所挂重物的质量，以下取值有利于减小实验误差的是BC（填选项）A.1克B.5克C.10克D.40克（4）现用该装置来探究功与速度变化的关系，关闭光电门2，测出多组重物的质量m和对应遮光条通过光电门1的时间△t，通过描点作出线性图象，应作出图象D（填选项）A、△t﹣m B、△t2﹣m C、m﹣D、m﹣．【考点】：探究加速度与物体质量、物体受力的关系．【专题】：实验题．【分析】：根据实验原理可知该实验需要将长木板的一端垫起适当的高度以平衡摩擦力；游标卡尺的读数等于主尺读数加上游标读数，不需估读；当重物的质量远远小于小车质量时才可以认为绳对小车的拉力大小等于重物的重力．【解析】：解：（1）为了消除小车所受摩擦力对实验的影响，在该实验中需要将长木板的一端垫起适当的高度，所以长木板右端垫一物块，其作用是用来平衡摩擦力．（2）游标卡尺主尺读数为：5mm，游标尺：对齐的是2，所以读数为：2×0.1=0.2mm，所以d=5+0.2=5.2mm=0.52cm（3）重物与小车一起加速运动，因此重物对小车的拉力小于重物的重力，当重物的质量远远小于小车质量时才可以认为绳对小车的拉力大小等于重物的重力，而，A答案重物的重力太小，产生的加速度不明显，不利于减小实验误差，因此BC比较符合要求．故选：BC（4）由题意可知，小车经过光电门时的速度等于遮光条的宽度除以时间，该实验中保持小车质量M不变，因此有：v2=2as，即：，根据牛顿第二定律有：，所以有：，即m=，由此可知若画出图象，图象为过原点的直线，会更直观形象，故ABC错误，D正确．故选：D．故答案为：（1）平衡摩擦力（2）0.52；（3）BC．（4）D【点评】：只要真正掌握了实验原理就能顺利解决此类实验题目，而实验步骤，实验数据的处理都与实验原理有关，故要加强对实验原理的学习和掌握．9．（10分）（2015•浙江模拟）在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验中，需测量一个标有“3V，1.5W”灯泡两端的电压和通过灯泡的电流．某同学连好的实物图如甲所示．（1）在以下电流表中选择合适的一只是A2；电流表A1（量程3A，内阻约0.1Ω）；电流表A2（量程600mA，内阻约0.5Ω）；电流表A3（量程100mA，内阻约3Ω）（2）该同学连接电路后检查所有元器件都完好，电流表和电压表已调零，经检查各部分接触良好．但闭合开关后，反复调节滑动变阻器，小灯泡的亮度发生变化，但电压表和电流表示数不能调为零，则断路的导线为h；（3）实验测得的部分数据如表，请在图乙所示的坐标纸上作出该元件的I﹣U图象；电压U/V 0.40 0.80 1.20 1.60 2.00 2.40电流I/A 0.08 0.20 0.28 0.34 0.41 0.44（4）若将该灯泡与一个4Ω的定值电阻串联，直接接在电动势为2V内阻不计的电源两端，请估算该小灯泡的实际功率P=0.25W（保留两位有效数字）．【考点】：描绘小电珠的伏安特性曲线．【专题】：实验题；恒定电流专题．【分析】：（1）根据灯泡额定电流选择电流表；（2）根据图甲所示实物电路图，分析清楚电路结构，然后根据各电路元件的连接方式作出电路图．（3）电源与定值电阻整体组成一个等效电源，在图象中作出电源的I﹣U图象；（4）由图象找出电路电流与灯泡电压，然后由P=UI求出灯泡功率．【解析】：解；（1）灯泡额定电流I===0.5A，故电流表选A2（量程600mA，内阻约5Ω），（2）调节滑动变阻器，小灯泡的亮度发生变化，电压表和电流表示数不能调为零，说明滑动变阻器采用了限流接法，由电路图可知，导线h断了．（3）根据题目中给出的数据利用描点法可得出对应和图象如图所示；（4）电源与4.0Ω的定值电阻串联组成等效电源，在灯泡伏安特性曲线中作出电源的U﹣I 图象，两图象的交点坐标值为：U=1V，I=0.25A，灯泡功率为：P=UI=1V×0.25A≈0.25W．故答案为：（1）A2；（2）h；（3）如图所示；（4）0.25．【点评】：本题考查伏安法测量灯泡伏安特性曲线，要注意明确图象法的应用，知道灯泡的电阻随温度的升高而增大．10．（16分）（2015•浙江模拟）在如图所示的平面直角坐标系内，x轴水平、y轴竖直向下．计时开始时，位于原点处的沙漏由静止出发，以加速度a沿x轴匀加速度运动，此过程中沙从沙漏中漏出，每隔相等的时间漏出相同质量的沙．已知重力加速度为g，不计空气阻力以及沙相对沙漏的初速度．（1）求t0时刻漏出的沙在t（t＞t0）时刻的位置坐标；（2）t时刻空中的沙排成一条曲线，求该曲线方程．【考点】：匀变速直线运动的位移与时间的关系；平抛运动．【专题】：直线运动规律专题．【分析】：由题意可知，沙子漏出后水平方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动，根据运动学基本公式求出在（t﹣t0）时间内水平和竖直方向的位移即可求出位置坐标，联立方程，消去未知数t0，则t时刻所有沙构成的图线方程即可求出．【解析】：解：（1）由匀变速直线运动的规律，t0时刻漏出的沙具有水平初速度v0=at0沙随沙漏一起匀加速的位移接着沙平抛，t时刻位移x1=v0（t﹣t0）且x=x0+x1y=所以，t0时刻漏出的沙的坐标为：（，）；（2）联立方程，y=，消去未知数t0，则t时刻所有沙构成的图线满足方程（1）t0时刻漏出的沙在t（t＞t0）时刻的位置坐标为：（，）；答：（2）该曲线方程为．【点评】：本题的关键是正确分析沙子漏出后的运动规律，知道沙子漏出后水平方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动，难度适中．11．（20分）（2015•浙江模拟）如图甲，真空中竖直放置两块相距为d的平行金属板P、Q，两板间加上如图乙最大值为U0的周期性变化的电压，在Q板右侧某个区域内存在磁感应强度大小为B、方向垂直于纸面向里的有界匀强磁场．在紧靠P板处有一粒子源A，自t=0开始连续释放初速不计的粒子，经一段时间从Q板小孔O射入磁场，然后射出磁场，射出时所有粒子的速度方向均竖直向上．已知电场变化周期T=，粒子质量为m，电荷量为+q，不计粒子重力及相互间的作用力．求：（1）t=0时刻释放的粒子在P、Q间运动的时间；（2）粒子射入磁场时的最大速率和最小速率；（3）有界磁场区域的最小面积．【考点】：带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】：带电粒子在电场中的运动专题．【分析】：（1）带电粒子在电场中加速，牛顿第二定律和运动学公式即可求解粒子在P、Q 间运动的时间；（2）粒子在电场中加速，电场力做功，由动能定理即可求出粒子射入磁场时的最大速率和最小速率；（3）射出磁场时所有粒子的速度方向均竖直向上，做出运动的轨迹图，即可几何关系即可求解．【解析】：解：（1）设t=0时刻释放的粒子在0.5T时间内一直作匀加速运动，加速度位移可见该粒子经0.5T正好运动到O处，假设与实际相符合该粒子在P、Q间运动时间（2）t=0时刻释放的粒子一直在电场中加速，对应进入磁场时的速率最大由运动学公式有t1=0时刻释放的粒子先作加速运动（所用时间为△t），后作匀速运动，设T时刻恰好由小孔O射入磁场，则代入数据得：所以最小速度：（3）粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，则：得：最大半径：最小半径：粒子水平向右进入磁场，然后射出时所有粒子的速度方向均竖直向上，偏转角都是90°，所以轨迹经过的区域为磁场的最小面积，如图：图中绿色阴影部分即为最小的磁场的区域，所以：==≈答：（1）t=0时刻释放的粒子在P、Q间运动的时间是；（2）粒子射入磁场时的最大速率是，最小速率是；（3）有界磁场区域的最小面积是．【点评】：考查粒子在电场中加速和在磁场中圆周运动问题，结合牛顿第二定律与几何关系来综合应用，掌握运动轨迹的半径公式．12．（22分）（2015•浙江模拟）如图所示，质量为m的小物块放在长直水平面上，用水平细线紧绕在半径为R、质量为2m的薄壁圆筒上．t=0时刻，圆筒在电动机带动下由静止开始绕竖直中心轴转动，转动中角速度满足ω=β1t（β1为已知常数），物块和地面之间动摩擦因数为μ．求：（1）物块做何种运动？请说明理由．（2）物块运动中受到的拉力．（3）从开始运动至t=t1时刻，电动机做了多少功？（4）若当圆筒角速度达到ω0时，使其减速转动，并以此时刻为t=0，且角速度满足ω=ω0﹣β2t（式中ω0、β2均为已知），则减速多长时间后小物块停止运动？【考点】：动能定理；牛顿第二定律．【专题】：动能定理的应用专题．【分析】：（1）根据公式v=ωR求解出线速度表达式进行分析即可；（2）受力分析后根据牛顿第二定律列式求解拉力；（3）电动机做的功等于细线对滑块拉力做的功，对滑块的加速过程根据动能定理列式求解即可；（4）分细线拉紧和没有拉紧两种情况分析．【解析】：解：（1）圆筒边缘线速度与物块前进速度大小相同，根据v=ωR=Rβ1t，线速度与时间成正比，故物块做初速为零的匀加速直线运动；（2）由第（1）问分析结论，物块加速度为a=Rβ1，根据物块受力，由牛顿第二定律得：T﹣μmg=ma则细线拉力为：T=μmg+m Rβ1（3）对整体运用动能定理，有W电+W f=其中：W f=﹣μmgs=﹣μmg则电动机做的功为：W电=μmg+（4）圆筒减速后，边缘线速度大小v=ωR=ω0R﹣Rβ2t，线速度变化率为a=Rβ2若a≤μg，细线处于拉紧状态，物块与圆筒同时停止，物块减速时间为：t=若a＞μg，细线松弛，物块水平方向仅受摩擦力，物块减速时间为：t=答：（1）物块做初速为零的匀加速直线运动；（2）物块运动中受到的拉力为μmg+m Rβ1；（3）从开始运动至t=t1时刻，电动机做功为μmg+；（4）若a≤μg，减速时间后小物块停止运动；若a＞μg，减速时间后小物块停止运动．【点评】：本题提到了角加速度这个新的概念，关键是推导出滑块的线速度公式进行分析，将转动的研究转化为平动的研究进行分析．。
2015届高考物理第二轮冲关复习题9
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高考计算题54分练(2)分类突破,60分钟规范答题抓大分!1.(2014·漳州模拟)一物块以一定的初速度沿斜面向上滑,利用速度传感器可以在计算机屏幕上得到其速度大小随时间变化的关系图像如图所示,g取10 m/s2。
求:(1)物块向上滑行的最大距离s。
(2)斜面的倾角θ及物块与斜面间的动摩擦因数μ(结果保留两位小数)。
【解析】(1)由图得物块上滑的最大距离s=s面=1m(2)由图得,上滑过程加速度的大小a1=错误！未找到引用源。
=错误！未找到引用源。
m/s2=8m/s2由图得下滑过程加速度的大小a2=错误！未找到引用源。
=错误！未找到引用源。
m/s2=2m/s2由牛顿第二定律得,上滑过程:mg·sinθ+μmg·cosθ=ma1下滑过程:mg·sinθ-μmg·cosθ=ma2联立方程组代入数据得:θ=30°,μ=错误！未找到引用源。
≈0.35答案:(1)1m (2)30°0.352.(2014·龙岩模拟)如图是利用传送带装运煤块的示意图,传送带足够长,煤块与传送带间的动摩擦因数μ=0.4,传送带与运煤车的车厢底板间的竖直高度H=1.8m,与车箱底板中心的水平距离x=1.2m。
从传送带左端由静止释放的煤块(可视为质点)沿传送带先做匀加速直线运动,后随传送带一起做匀速运动,最后从右端水平抛出并落在车厢底板中心,g取10m/s2,求:(1)传送带匀速运动速度v的大小。
(2)煤块沿传送带做匀加速运动的时间t。
【解析】(1)煤块做平抛运动的初速度即为传送带匀速运动的速度v 由平抛运动的公式得x=vtH=错误！未找到引用源。
gt2解得v=x错误！未找到引用源。
=2m/s (2)煤块在传送带上匀加速运动时受重力mg、支持力N、滑动摩擦力f作用。
(学生版)2015高考物理闯关冲关名师精编题组 (4)
A．在内场中的加速度之比为1∶1B．在磁场中运动的半径之比为 ∶1
（1）求滑块与粗糙斜面的动摩擦因数 ；
（2）将滑块下端移到与A点重合处，并以初速度 释放，要使滑块能完全通过B点，试求 的最小值
A．B．2ΔtC．D．3Δt
4．右图是科学史上一张著名的实验照片，显示一个带电粒子在云室中穿过某种金属板运动的径迹。云室旋转在匀强磁场中，磁场方向垂直照片向里。云室中横放的金属板对粒子的运动起阻碍作用。分析此径迹可知粒子()
A．带正电，由下往上运动B．带正电，由上往下运动
C．带负电，由上往下运动D．带负电，由下往上运动
A．感应电流的方向始终是由P→Q
B．感应电流的方向先是由P→Q，后是由Q→P
C．PQ受磁场力的方向垂直杆向左
D．PQ受磁场力的方向先垂直于杆向左，后垂直于杆向右
14．(多选)如图中半径为r的金属圆盘在垂直于盘面的匀强磁场B中，绕O轴以角速度ω沿逆时针方向匀速转动，则通过电阻R的电流的方向和大小是(金属圆盘的电阻不计)()
（B）粒子先做匀加速运动，后做变加速运动
（C）粒子在AB段电势能变化量大于BC段的
（D）粒子运动到C点时动能小于3Ek
12.质量为m的汽车以恒定的功率P在平直的公路上行驶，汽车匀速行驶时的速率为v1，则当汽车的速率为v2(v2<v1)时，汽车的加速度为()
A.B.C.D.
2015届高考物理第二轮冲关复习题65
电学选择题巧练(四) [建议用时：20分钟]1.(2013·高考重庆卷)如图所示，高速运动的α粒子被位于O 点的重原子核散射，实线表示α粒子运动的轨迹，M 、N 和Q 为轨迹上的三点，N点离核最近，Q 点比M 点离核更远，则( )A ．α粒子在M 点的速率比在Q 点的大B ．三点中，α粒子在N 点的电势能最大C ．在重核产生的电场中，M 点的电势比Q 点的低D ．α粒子从M 点运动到Q 点，电场力对它做的总功为负功2.2013年6月20日，在离地面300多千米的“天宫一号”上，女航天员王亚平用电容式话筒为全国青少年带来神奇的太空授课，电容式话筒的原理示意图如图所示，薄片A 和B 为两金属极板，E 为电源，R为电阻，王亚平授课时，A 振动而B 可视为不动，在A 、B 间距离减小的过程中( )A ．A 、B 构成的电容器的电容减小B ．A 上电荷量保持不变C ．D 点的电势比C 点的高D ．C 点的电势比D 点的高3.(多选)如图所示，M 是小型理想变压器，原、副线圈匝数之比n1∶n 2＝10∶1，接线柱a 、b 接正弦交变电源，电压u ＝311sin 100πt (V)．变压器右侧部分为火警系统原理图，其中R 2为半导体热敏材料制成的传感器，其电阻随温度升高而减小；R 1为定值电阻．下列说法正确的是( )A ．电压表V 1的示数为31.1 VB ．变压器副线圈中电流的频率为50 HzC ．当R 2所在处出现火警时，电压表V 2的示数变小，电流表A 的示数变小D ．当R 2所在处出现火警时，变压器原线圈的输入功率变大4．(多选)(2014·江苏镇江市高三模拟)如图所示的电路中，L 是一个自感系数很大、直流电阻不计的线圈，D 1、D 2和D 3是三个完全相同的灯泡，E 是内阻不计的电源．在t ＝0时刻，闭合开关S ，电路稳定后在t 1时刻断开开关S.规定以电路稳定时流过D 1、D2的电流方向为正方向，分别用I 1、I 2表示流过D 1、D 2的电流，则下图中能定性描述电流随时间变化关系的是( )5.如图所示，边长为L 的正方形ABCD 区域内存在磁感应强度方向垂直于纸面向里、大小为B 的匀强磁场，一质量为m 、带电荷量为－q 的粒子从AB 边的中点处以垂直于磁感应强度方向射入磁场，速度方向与AB 边的夹角为30°，若要求该粒子不从AD 边射出磁场，则其速度大小应满足( )A ．v ≤2qBL mB ．v ≥2qBL mC ．v ≤qBL mD ．v ≥qBL m6.如图所示，平行板电容器所带电荷量为Q ，一个静止的质量为m 、电荷量为q 的粒子(重力忽略不计)，从A 点出发经电场加速后，垂直磁感应强度方向进入磁感应强度大小为B 的匀强磁场中，粒子打到P 点，如果适当调整板间距离d ，保持其他条件不变，用x 表示OP 间的距离，则能正确反映x 与d 之间关系的是( )A ．x 与d 成反比B ．x 与d 成反比C ．x 与d 2成正比D ．x 与d 成正比7．如图甲所示，DIS 系统中，S 是电流传感器，接计算机，足够长的金属导轨MN 和PQ 与R 相连，平行地放在水平桌面上，质量m ＝0.10 kg 的金属杆ab 可以无摩擦地沿导轨运动．已知电阻R ＝0.60 Ω，ab 杆的电阻r ＝0.40 Ω，导轨宽度为L ＝1.0 m ，磁感应强度为B ＝1 T 的匀强磁场垂直向上穿过整个导轨平面．现给金属杆ab 施加一个恒力F ＝10 N ，电流传感器就将各时刻t 的电流I 数据实时传到计算机，在屏幕上显示出I －t 图象如图乙．g ＝10 m/s 2.下列说法正确的是( )A ．杆在恒力F 作用下做匀加速直线运动B ．在刚开始运动的0.40 s 内通过电阻的电荷量q 大约为4 CC ．0～0.40 s 内杆的位移约为4.4 m ，R 上产生的焦耳热Q R ＝5 JD ．杆运动的v －t 图象与I －t 图象极其类似，最大速度是10 m/s8．(多选)如图所示，足够长的光滑U 形导轨宽度为L ，其所在平面与水平面的夹角为α，上端连接一个阻值为R 的电阻，置于磁感应强度大小为B 、方向竖直向上的匀强磁场中，今有一质量为m 、有效电阻为r 的金属杆垂直于导轨放置并由静止下滑，设磁场区域无限大，当金属杆下滑达到最大速度v m 时，运动的位移为x ，则以下说法中不正确的是 ( )A ．金属杆所受导轨的支持力大于mg cos αB ．金属杆下滑的最大速度v m ＝mg (R ＋r )sin αB 2L 2cos αC ．在此过程中电阻R 上产生的焦耳热为mgx sin α－12m v 2mD ．在此过程中流过电阻R 的电荷量为BLx R ＋r电学选择题巧练(四)1．[解析]选B.利用动能定理可判断α粒子的速率大小．由电势的高低可判断电势能的大小．重原子核带正电，离核越近，电势越高，选项C 错误；同一正电荷电势越高，其电势能越大，选项B 正确；带正电的α粒子在从M 点到Q 点的过程中，电场力做的总功为正功，据动能定理知，其速率增大，选项A 、D 错误．2．[解析]选C.在A 、B 间距减小的过程中，根据电容公式C ＝εS 4πkd可知，电容增大，选项A 错误；电容式话筒与电源串联，电压保持不变，根据电容定义式C ＝Q U可知，电容增大，电容器所带电荷量Q 增大，选项B 错误；电容器的充电电流通过R 且方向由D 到C ，所以D 点的电势比C 点的高，选项C 正确，D 错误．3．[解析]选BD.输入电压的有效值是U 1＝3112V ＝220 V ，由U 1U 2＝n 1n 2得电压表V 1的示数为22 V ，A 错；变压器原、副线圈中电流频率相同，均为50 Hz ，B 正确；当R 2处出现火警时，R 2阻值变小，I 2增大，I 1也增大，变压器的输入功率变大，而由U V1＝I 2R 1＋U V2知，I 2增大时U V1不变，U V2必定减小，C 错、D 正确．4．[解析]选BC.闭合开关S 后，通过D 1、D 2和D 3的电流都是由上向下，D 1中电流逐渐增大为稳定电流，且D 1中稳定电流为D 2、D 3中稳定电流的2倍；断开S 后，由于自感现象，通过D 1的电流方向不变，但电流大小不能突变，电流逐渐减为零，所以选项A 错误，B 正确；开关断开后，D2和D 3中电流方向都是由下向上，大小从D 1中的稳定电流值逐渐减为零，所以选项C 正确，D 错误．5．[解析]选C.当粒子的轨迹跟AD 边相切时，粒子恰好不从AD 边射出，通过作图，知r m sin θ＋L 2＝r m ，得r m ＝L ，此时的速度为v m ＝qBL m，而满足条件的半径r 应小于等于L ，故有v ≤qBL m，C 对．6．[解析]选D.带电粒子通过平行板电容器的过程，qU ＝12m v 2，解得v ＝2qU m，进入匀强磁场后做匀速圆周运动，向心力由洛伦兹力提供，有q v B ＝m v 2r ，故有r ＝m v qB，则x ＝2r ＝2B 2mU q ，当调整板间距离d 时，由C ＝εS 4πkd ，U ＝Q C ＝4πkdQ εS ，因为电容器所带电荷量保持不变，故可得x ∝d ，选项D 正确．7．[解析]选D.F －ILB ＝ma ，F －L 2B 2R ＋rv ＝ma ，金属杆的速度逐渐增大，加速度逐渐减小，选项A 错误；加速度为0时，金属杆的速度最大，为v ＝(R ＋r )F L 2B 2＝10 m/s ，I ＝LB v R ＋r∝v ，杆运动的v －t 图象与I －t 图象极其类似，选项D 正确；在刚开始运动的0.40 s 内通过电阻的电荷量q 等于图线与t 轴包围的面积，由题图乙知：总格数为150格(145～155格均正确)，q ＝150×0.04×0.4 C ＝2.4 C ，选项B 错误；q ＝I ·Δt ＝ΔΦΔt (R ＋r )·Δt ＝BLx R ＋r，0～0.40 s 内杆的位移约为x ＝q (R ＋r )BL＝2.4 m ，选项C 错误． 8．[解析]选BCD.由于磁感应强度方向竖直向上，根据右手定则及左手定则，金属杆受重力、支持力及水平向右的安培力，A 正确；当金属杆受力平衡时，速度最大，故有B 2L 2v m cos αR ＋r＝mg tan α，得v m ＝mg (R ＋r )sin αB 2L 2cos 2α，B 错误；由能量守恒定律可得mgx sin α＝12m v 2m＋Q 总，则电阻R 上产生的焦耳热为Q R ＝R R ＋r Q 总＝R R ＋r⎝⎛⎭⎫mgx sin α－12m v 2m ，C 错误；流过电阻R 的电荷量为Q ＝ΔΦR ＋r ＝BLx cos αR ＋r ，D 错误． 薄雾浓云愁永昼， 瑞脑消金兽。
2015届高考物理第二轮冲关复习题33
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高效演练1.在如图所示的电路中,灯泡L的电阻大于电源的内阻r,闭合开关S,将滑动变阻器滑片P向左移动一段距离后,下列结论正确的是( )A.灯泡L变亮B.电源的输出功率增大C.电容器C上电荷量减少D.电流表读数变小,电压表读数变大【解析】选D。
将滑动变阻器滑片P向左移动后,变阻器接入电路的电阻增大,外电路总电阻增大,根据闭合电路欧姆定律分析,路端电压增大,电压表读数变大,电路中电流I变小,则电流表读数变小,灯泡L变暗,故A错误,D正确;灯泡L的电阻大于电源的内阻r,外电阻大于内电阻,外电路总电阻增大,电源的输出功率变小,故B错误;电容器C两端的电压U C=E-I(R L+r),I变小,其他量不变,则U C增大,电容器C上电荷量增加,故C错误。
2.(2014·天津高考)如图所示,电路中R1、R2均为可变电阻,电源内阻不能忽略,平行板电容器C的极板水平放置。
闭合电键S,电路达到稳定时,带电油滴悬浮在两板之间静止不动。
如果仅改变下列某一个条件,油滴仍能静止不动的是( )A.增大R1的阻值B.增大R2的阻值C.增大两板间的距离D.断开电键S【解题指南】解答本题时应从以下三点进行分析:(1)明确电容器两端的电压等于R1两端的电压。
(2)知道电容的大小与哪些因素有关。
(3)正确分析带电油滴的受力变化情况。
【解析】选B。
在电路中,电容器相当于断路,电容器两端的电压等于R1两端的电压,当增大R1的阻值时,R1两端的电压增大,电容器两端的电压增大,电容器内的电场强度增大,带电油滴所受的电场力大于重力,做匀加速直线运动,A错误。
增大R2的阻值,电容器两端的电压不变,电容器内的电场强度不变,带电油滴所受的电场力等于重力,带电油滴悬浮在两板之间静止不动,故B正确。
若增大两板间的距离,由E=错误！未找到引用源。
泄露天机_2015年江西省高考押题精粹-物理试题Word版含答案..
泄露天机一一2015年江西省高考押题精粹本卷共46题，包括必考与选考两部分，二种题型：选择题、实验题和解答题。
一、选择题（22个小题）1 .下列说法正确的是（ ）A. 电荷的周围既有电场也有磁场，反映了电和磁是密不可分的B.由电场强度的定义式 E =F 可知E 的方向决定于q 的正负 qc.法拉第首先总结出磁场对电流作用力的规律D. “电生磁”和“磁生电”都是在变化、运动的过程中才能出现的效应 2.在物理学的发展过程中，许多物理学家都做出了重要的贡献，他们也创造出了许多物理 学研究方法，下列关于物理学研究方法的叙述中正确的是（）A 质点、速度、点电荷等都是理想化模型 B. 物理学中所有物理量都是采用比值法定义的C. 伽利略开创了实验研究和逻辑推理相结合探索物理规律的科学方法D. 重心、合力和交变电流的有效值等概念的建立都体现了等效替代的思想 3. 下列叙述正确的是（）A. 力、长度和时间是力学中三个基本物理量，它们的单位牛顿、米和秒就是基本单位B. 伽利略用“月一地检验”证实了万有引力定律的正确性C. 法拉第最先提出电荷周围存在电场的观点D. 牛顿在给出万有引力定律的同时给出了引力常量4. 甲、乙两球质量分别为 m i 、m 2，从同一地点（足够高）处同时由静止释放。
两球下落过 程所受空气阻力大小 f 仅与球的速率v 成正比，与球的质量无关，即f 二kv （ k 为正的常量）两球的v -t 图象如图所示。
落地前，经时间 t o 两球的速度都已达到各自的稳定值 V i 、V 2。
则关系如图b 所示.其中高度从h 1下降到h 2，图象为直线，其余部分为曲线，h a 对应图象的最 高点，轻弹簧劲度系数为 k ，小物体质量为 A.小物体下降至高度 h a 时，弹簧形变量为下列判断正确的是 （）A. 释放瞬间甲球加速度较大B m iV 2m 2V iC.甲球质量大于乙球D t o 时间内两球下落的高度相等5. 如图a 所示，小物体从竖直弹簧上方离地高h 处由静止释放，其动能 E k 与离地高度h 的 m ,重力加速度为g .以下说法正确的是（） EtcB. 小物体下落至高度h5时，加速度为0C. 小物体从高度h2下降到h4，弹簧的弹性势能增加了D. 小物体从高度h i下降到h5,弹簧的最大弹性势能为mgg」5）6. 如图甲所示，以速度v逆时针匀速转动的足够长的传送带与水平面的夹角为e。
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2015高考物理闯关冲刺名师精编选择题二十六道大连市蓝翌青教育物理高级教师门贵宝2015.02.10 1．在水平面上有a、b两点，相距0.2 m，一质点在一恒定的水平合外力作用下沿a向b做直线运动，经过0.2 s的时间先后通过a、b两点，则该质点通过a、b中点时的速度大小()．A．若力的方向由a向b，则大于1 m/s，若力的方向由b向a，则小于1 m/sB．若力的方向由a向b，则小于1 m/s，若力的方向由b向a，则大于1 m/sC．无论力的方向如何均小于1 m/sD．无论力的方向如何均大于1 m/s2．汽车由静止开始在平直的公路上行驶，0～50 s内汽车的加速度随时间变化的图线如图所示，下列说法中正确的是()．A．汽车行驶的最大速度为20 m/sB．汽车在40～50 s内的速度方向和0～10 s内的速度方向相反C．汽车在50 s末的速度为零D．在0～50 s内汽车行驶的总位移为900 m3．甲、乙两物体做直线运动的v－t图象如图，由图可知()．A．甲的加速度为4 m/s2B．乙的速度为1.3 m/sC．3 s末两物体的速度相等D．3 s内两物体通过的位移相等4．甲、乙两车在同一水平道路上，一前一后相距x＝4 m，乙车在前，甲车在后，某时刻两车同时开始运动，两车运动的x－t图象如图4所示，则下列表述正确的是()．A．乙车做曲线运动，甲车做直线运动B．甲车先做匀减速运动，后做匀速运动C．乙车的速度不断减小D．两车相遇两次5．做平抛运动的物体，它的速度方向与水平方向的夹角α的正切tan α随时间t的变化图象是如图中的()6 如图所示是倾角为45°的斜坡，在斜坡底端P点正上方某一位置Q处以速度v0水平向左抛出一个小球A，小球恰好能垂直落在斜坡上，运动时间为t1.小球B从同一点Q处自由下落，下落至P点的时间为t2.不计空气阻力，则t1∶t2为()A．1∶2 B．1∶ 2 C．1∶3 D．1∶ 37. (多选)如图所示，小球在竖直放置的光滑圆形管道内做圆周运动，内侧壁半径为R ，小球半径为r ，则下列说法正确的是( )A ．小球通过最高点时的最小速度v min ＝g (R ＋r )B ．小球通过最高点时的最小速度v min ＝0C ．小球在水平线ab 以下的管道中运动时，内侧管壁对小球一定无作用力D ．小球在水平线ab 以上的管道中运动时，外侧管壁对小球一定有作用力8 .如图所示，电梯与水平地面成θ角，一人站在电梯上，电梯从静止开始匀加速上升，到达一定速度后再匀速上升．若以F N 表示水平梯板对人的支持力，G 为人受到的重力，F f 为电梯对人的静摩擦力，则下列结论正确的是( )A ．加速过程中F f ≠0，F f 、F N 、G 都做功B ．加速过程中F f ≠0，F N 不做功C ．加速过程中F f ＝0，F N 、G 都做功D ．匀速过程中F f ＝0，F N 、G 都不做功9．测定运动员体能的一种装置如图所示，运动员质量为m 1，绳拴在腰间沿水平方向跨过滑轮(不计滑轮质量及摩擦)，下悬一个质量为m 2的重物，人用力蹬传送带而人的重心不动，使传送带以速率v 匀速向右运动．下列四种说法正确的是( )A ．人对传送带不做功B ．人对传送带做负功C ．人对传送带做功的功率为m 2g vD ．人对传送带做功的功率为(m 1＋m 2)g v10．质量为m 的汽车，启动后发动机以额定功率P 沿水平道路行驶，经过一段时间后以速度v 匀速行驶．若行驶中受到的摩擦阻力大小不变，则在加速过程中车速为v 3时，汽车的加速度为( )A ．3P m vB ．2P m vC ．P m vD ．0 11. 如图所示，光滑斜面的顶端固定一弹簧，一质量为m 的小球向右滑行，并冲上固定在地面上的斜面．设物体在斜面最低点A 的速度为v ，压缩弹簧至C 点时弹簧最短，C 点距地面的高度为h ，不计小球与弹簧碰撞过程中的能量损失，则小球在C 点时弹簧的弹性势能为( )A ．mgh －12m v 2B ．12m v 2－mghC ．mgh ＋12m v 2 D ．mgh 12．如图，表面光滑的固定斜面顶端安装一定滑轮，小物块A 、B 用轻绳连接并跨过滑轮(不计滑轮的质量和摩擦)．初始时刻，A 、B 处于同一高度并恰好处于静止状态．剪断轻绳后A 下落、B 沿斜面下滑，则从剪断轻绳到物块着地，两物块( )A ．速率的变化量不同B ．机械能的变化量不同C ．重力势能的变化量相同D ．重力做功的平均功率相同13．（多选）如图所示，物体以一定的初速度从倾角α＝37°的斜面底端沿斜面向上运动，上升的最大高度为3.0m ．选择地面为参考平面，上升过程中，物体的机械能E 随高度h 的变化关系如图乙所示．g ＝10m/s 2，sin37°＝0.60，cos37°＝0.80.则( CD )A ．物体的质量m ＝0.67kgB ．物体与斜面之间的动摩擦因数μ＝0.40C ．物体上升过程中的加速度大小a ＝10m/s 2D ．物体回到斜面底端时的动能E k ＝10J14. 如图所示，固定的水平长直导线中通有电流I ，矩形线框与导线在同一竖直平面内，且一边与导线平行．线框由静止释放，在下落过程中( )A ．穿过线框的磁通量保持不变B ．线框中感应电流方向保持不变C ．线框所受安培力的合力为零D ．线框的机械能不断增大15. 如图所示的电路，D 1和D 2是两个相同的灯泡，L 是一个自感系数相当大的线圈，其电阻与R 相同，由于存在自感现象，在开关S 接通和断开时，灯泡D1和D 2先后亮暗的次序是( )A ．接通时D 1先达最亮，断开时D 1后灭B ．接通时D 2先达最亮，断开时D 2后灭C ．接通时D 1先达最亮，断开时D 1先灭 D ．接通时D 2先达最亮，断开时D 2先灭16. 如图所示，在垂直纸面向里、磁感应强度为B 的匀强磁场区域中，有一个均匀导线制成的单匝直角三角形线框，现用外力使线框以恒定的速度v 沿垂直磁场方向向右运动，运动中线框的AB 边始终与磁场右边界平行．已知AB ＝BC ＝l ，线框的总电阻为R ，则线框离开磁场的过程中( )A ．线框A 、B 两点间的电压不变 B ．通过线框导线横截面的电荷量为Bl 22RC ．线框所受外力的最大值为2B 2l 2v RD ．线框的热功率与时间成正比 17. 如图所示，两根足够长的光滑金属导轨MN 、PQ 平行放置，导轨平面与水平面的夹角为θ，导轨的下端接有电阻．当导轨所在空间没有磁场时，使导体棒ab 以平行导轨平面的初速度v 0冲上导轨，ab 上升的最大高度为H ；当导轨所在空间存在方向与导轨平面垂直的匀强磁场时，再次使ab 以相同的初速度从同一位置冲上导轨，ab 上升的最大高度为h .两次运动中ab 始终与两导轨垂直且接触良好．关于上述情景，下列说法中正确的是( )A ．比较两次上升的最大高度，有H ＝hB ．比较两次上升的最大高度，有H <hC ．无磁场时，导轨下端的电阻中有电热产生D ．有磁场时，导轨下端的电阻中有电热产生18. 如图所示，平行金属导轨与水平面成θ角，导轨与固定电阻R 1和R 2相连，匀强磁场垂直穿过导轨平面，有一导体棒ab ，质量为m ，导体棒的电阻与固定电阻R 1和R 2的阻值均相等，与导轨之间的动摩擦因数为μ，导体棒ab沿导轨向上滑动，当上滑的速度为v 时，受到安培力的大小为F ，此时( ) A ．电阻R 1消耗的热功率为F v 3B ．电阻R 2消耗的热功率为F v 6C ．整个装置因摩擦而消耗的热功率为μmg v sin θD ．整个装置消耗的机械功率为F v19．（多选）如图所示电路中，GMR 为一个磁敏电阻，R 、R 2为滑动变阻器，R 1、R 3为定值电阻，当开关S 1和S 2闭合时，电容器中一带电微粒恰好处于静止状态．只调节电阻R ，当P 1向右端移动时，带电微粒向上运动，则( )A ．磁敏电阻(GMR)的阻值随所处空间磁场的增强而增大B ．磁敏电阻(GMR)的阻值随所处空间磁场的增强而减小C ．只调节电阻R 2，当P 2向下端移动时，电阻R 1消耗的电功率不变D ．把磁敏电阻从赤道处移到两极时，磁敏电阻的阻值将变小20. （多选）两平行光滑直导轨水平放置在匀强磁场中，匀强磁场垂直于导轨平面向下，导轨左端接有定值电阻R ，一直导体棒放置在导轨上，长度等于导轨间距L ，现用水平拉力F 拉导体棒，使其从静止开始向右做匀加速运动，导体棒始终与导轨垂直且接触良好，导轨足够长，则关于拉力F 、安培力F 安、通过电阻R 的电荷量q 及回路中产生的焦耳热Q 随时间变化的关系可能正确的是(不计导轨和导体棒的电阻，图中曲线为抛物线)( )21. （多选）如图所示，平行且足够长的两条光滑金属导轨，相距L＝0.4 m，导轨所在平面与水平面的夹角为30°，其电阻不计．把完全相同的两金属棒(长度均为0.4 m)ab、cd分别垂直于导轨放置，并使每棒两端都与导轨良好接触．已知两金属棒的质量均为m＝0.1 kg、电阻均为R＝0.2 Ω，整个装置处在垂直于导轨平面向上的匀强磁场中，磁感应强度为B＝0.5 T，当金属棒ab在平行于导轨向上的力F作用下沿导轨向上匀速运动时，金属棒cd恰好能保持静止．(g＝10 m/s2)，则()A．F的大小为0.5 N B．金属棒ab产生的感应电动势为1.0 VC．ab棒两端的电压为1.0 V D．ab棒的速度为5.0 m/s22．用如图所示的电路来测量电池电动势和内电阻，根据测得的数据作出了如图所示的U－I图线，由图可知()A．电池电动势的测量值为1.40 VB．电池内阻的测量值为3.50 ΩC．外电路发生短路时的电流为0.40 AD．电压表的示数为1.20 V时，电流表的示数I′＝0.20 A23．如图所示，M、N是平行板电容器的两个极板，R0为定值电阻，R1、R2为可调电阻，用绝缘细线将质量为m、带正电的小球悬于电容器内部．闭合开关S，小球静止时受到悬线的拉力为F.调节R1、R2，关于F的大小判断正确的是()．A．保持R1不变，缓慢增大R2时，F将变大B．保持R1不变，缓慢增大R2时，F将变小C．保持R2不变，缓慢增大R1时，F将变大D．保持R2不变，缓慢增大R1时，F将变小24．如图所示电路，在平行金属板M，N内部左侧中央P有一质量为m的带电粒子(重力不计)以水平速度v0射入电场并打在N板的O点．改变R1或R2的阻值，粒子仍以v0射入电场，则()．A．该粒子带正电B．减少R2，粒子还能打在O点C．减少R1，粒子将打在O点左侧D．增大R1，粒子在板间运动时间不变25 如图所示，A和B为竖直放置的平行金属板，在两极板间用绝缘线悬挂一带电小球．开始时开关S闭合且滑动变阻器的滑动触头P在a处，此时绝缘线向右偏离竖直方向，电源的内阻不能忽略，则下列判断正确的是()A．小球带负电B．当滑动触头从a向b滑动时，绝缘线的偏角θ变大C．当滑动触头从a向b滑动时，电流表中有电流，方向从上向下D．当滑动触头停在b处时，电源的输出功率一定大于滑动触头在a处时电源的输出功率26．如图10所示电路中，电源电动势E＝12 V，内阻r＝2 Ω，R1＝4 Ω，R2＝6 Ω，R3＝3 Ω.若在C、D间连接一个电表或用电器，则有()．A．若在C、D间连一个理想电压表，其读数是6 VB．若在C、D间连一个理想电压表，其读数是8 VC．若在C、D间连一个理想电流表，其读数是2 AD．若在C、D间连一个“6 V,3 W”的小灯泡，则小灯泡的实际功率是1.33 W。