浙江版2018年高考数学一轮复习专题5.3平面向量的数量积及其应用测

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(浙江专用)2018年高考数学总复习第五章平面向量、复数第3讲平面向量的数量积及其应用学案

(浙江专用)2018年高考数学总复习第五章平面向量、复数第3讲平面向量的数量积及其应用学案

第3讲 平面向量的数量积及其应用最新考纲 1.理解平面向量数量积的含义及其物理意义;2.了解平面向量的数量积与向量投影的关系;3.掌握数量积的坐标表达式,会进行平面向量数量积的运算;4.能运用数量积表示两个向量的夹角,会用数量积判断两个平面向量的垂直关系;5.会用向量的方法解决某些简单的平面几何问题;6.会用向量方法解决简单的力学问题与其他一些实际问题.知 识 梳 理1.平面向量数量积的有关概念(1)向量的夹角:已知两个非零向量a 和b ,记OA →=a ,OB →=b ,则∠AOB =θ(0°≤θ≤180°)叫做向量a 与b 的夹角.(2)数量积的定义:已知两个非零向量a 与b ,它们的夹角为θ,则数量|a ||b |cos__θ 叫做a 与b 的数量积(或内积),记作a ·b ,即a ·b =|a ||b |cos__θ,规定零向量与任一向量的数量积为0,即0·a =0.(3)数量积的几何意义:数量积a ·b 等于a 的长度|a |与b 在a 的方向上的投影|b |cos__θ的乘积.2.平面向量数量积的性质及其坐标表示设向量a =(x 1,y 1),b =(x 2,y 2),θ为向量a ,b 的夹角. (1)数量积:a ·b =|a ||b |cos θ=x 1x 2+y 1y 2. (2)模:|a |=a ·a =x 21+y 21. (3)夹角:cos θ=a ·b |a ||b |=x 1x 2+y 1y 2x 21+y 21·x 22+y 22. (4)两非零向量a ⊥b 的充要条件:a ·b =0⇔x 1x 2+y 1y 2=0.(5)|a ·b |≤|a ||b |(当且仅当a ∥b 时等号成立)⇔|x 1x 2+y 1y 2|≤ x 21+y 21·x 22+y 22. 3.平面向量数量积的运算律 (1)a ·b =b ·a (交换律).(2)λa ·b =λ(a ·b )=a ·(λb )(结合律). (3)(a +b )·c =a ·c +b ·c (分配律).诊 断 自 测1.判断正误(在括号内打“√”或“×”)(1)两个向量的夹角的范围是⎣⎢⎡⎦⎥⎤0,π2.( )(2)向量在另一个向量方向上的投影为数量,而不是向量.( )(3)两个向量的数量积是一个实数,向量的加、减、数乘运算的运算结果是向量.( ) (4)若a ·b >0,则a 和b 的夹角为锐角;若a ·b <0,则a 和b 的夹角为钝角.( ) (5)a ·b =a ·c (a ≠0),则b =c .( ) 解析 (1)两个向量夹角的范围是[0,π].(4)若a ·b >0,a 和b 的夹角可能为0;若a ·b <0,a 和b 的夹角可能为π.(5)由a ·b =a ·c (a ≠0)得|a ||b |cos 〈a ,b 〉=|a ||c |cos 〈a ,c 〉,所以向量b 和c 不一定相等.答案 (1)× (2)√ (3)√ (4)× (5)×2.(2015·全国Ⅱ卷)向量a =(1,-1),b =(-1,2),则(2a +b )·a 等于( ) A.-1B.0C.1D.2解析 因为a =(1,-1),b =(-1,2),所以2a +b =2(1,-1)+(-1,2)=(1,0),得(2a +b )·a =(1,0)·(1,-1)=1,选C. 答案 C3.(2017·湖州模拟)已知向量a ,b ,其中|a |=3,|b |=2,且(a -b )⊥a ,则向量a 和b 的夹角是________.解析 因为(a -b )⊥a ,所以(a -b )·a =|a |2-|a ||b |·cos〈a ,b 〉=3-23×cos〈a ,b 〉=0,解得cos 〈a ,b 〉=32,由于〈a ,b 〉∈[0,π].则向量a ,b 的夹角为π6. 答案π64.(2016·石家庄模拟)已知平面向量a ,b 的夹角为2π3,|a |=2,|b |=1,则|a +b |=________.解析 ∵|a +b |2=|a |2+2a ·b +|b |2=4+2|a ||b |cos 2π3+1=4-2+1=3,∴|a +b |= 3.答案35.(必修4P104例1改编)已知|a |=5,|b |=4,a 与b 的夹角θ=120°,则向量b 在向量a 方向上的投影为________.解析 由数量积的定义知,b 在a 方向上的投影为 |b |cos θ=4×cos 120°=-2. 答案 -26.(2017·瑞安一中检测)已知a ,b ,c 是同一平面内的三个向量,其中a =(1,2),|b |=1,且a +b 与a -2b 垂直,则向量a ·b =________;a 与b 的夹角θ的余弦值为________. 解析 ∵(a +b )⊥(a -2b ),∴(a +b )·(a -2b )=0,即|a |2-a ·b -2|b |2=0,∴5-a ·b -2=0,∴a ·b =3,∴cos θ=a ·b |a |·|b |=355.答案 3355考点一 平面向量的数量积及在平面几何中的应用【例1】 (1)(2015·四川卷)设四边形ABCD 为平行四边形,|AB →|=6,|AD →|=4,若点M ,N 满足BM →=3MC →,DN →=2NC →,则AM →·NM →等于( ) A.20B. 15C.9D.6(2)(2016·天津卷)已知△ABC 是边长为1的等边三角形,点D ,E 分别是边AB ,BC 的中点,连接DE 并延长到点F ,使得DE =2EF ,则AF →·BC →的值为( ) A.-58B.18C.14D.118解析 (1)取AB →,AD →为一组基底.∵BM →=3MC →,∴AM →=AB →+BM →=AB →+34BC →=AB →+34AD →,NM →=CM →-CN→=-14AD →+13AB →,∴AM →·NM →=14(4AB →+3AD →)·112(4AB →-3AD →)=148(16AB →2-9AD →2)=148(16×62-9×42)=9,选C.(2)法一 如图所示,根据已知得,DF →=34AC →,所以AF →=AD →+DF →=12AB →+34AC →,BC →=AC →-AB →,则AF →·BC →=⎝ ⎛⎭⎪⎫12AB →+34AC →·(AC →-AB →)=12AB →·AC →-12AB →2+34AC →2-34AC →·AB →=34AC →2-12AB →2-14AC →·AB →=34-12-14×1×1×cos 60°=18.故选B. 法二 建立如图所示的平面直角坐标系.则B ⎝ ⎛⎭⎪⎫-12,0,C ⎝ ⎛⎭⎪⎫12,0, A ⎝ ⎛⎭⎪⎫0,32,所以BC →=(1,0).易知DE =12AC ,∠FEC =∠ACE =60°,则EF =14AC =14,所以点F 的坐标为⎝ ⎛⎭⎪⎫18,-38,则AF →=⎝ ⎛⎭⎪⎫18,-538,所以AF →·BC →=⎝ ⎛⎭⎪⎫18,-538·(1,0)=18.故选B.答案 (1)C (2)B规律方法 (1)求两个向量的数量积有三种方法:利用定义;利用向量的坐标运算;利用数量积的几何意义.(2)解决涉及几何图形的向量数量积运算问题时,可先利用向量的加减运算或数量积的运算律化简再运算.但一定要注意向量的夹角与已知平面角的关系是相等还是互补.【训练1】 (1)(2017·义乌市调研)在Rt△ABC 中,∠A =90°,AB =AC =2,点D 为AC 的中点,点E 满足BE →=13BC →,则AE →·BD →=________.(2)(2017·宁波质检)已有正方形ABCD 的边长为1,点E 是AB 边上的动点,则DE →·CB →的值为________;DE →·DC →的最大值为________.解析 (1)法一 因为AE →=AB →+BE →=AB →+13BC →=AB →+13(AC →-AB →)=23AB →+13AC →,BD →=BA →+AD →=-AB→+12AC →.因为AB ⊥AC ,所以AB →·AC →=0,所以AE →·BD →=⎝ ⎛⎭⎪⎫23AB →+13AC →·⎝ ⎛⎭⎪⎫-AB →+12AC →=-23|AB →|2+16|AC →|2=-23×22+16×22=-2. 法二 建立如图所示的平面直角坐标系,则A (0,0),B (2,0),D (0,1),E ⎝ ⎛⎭⎪⎫43,23,所以AE →=⎝ ⎛⎭⎪⎫43,23,BD →=(-2,1),所以AE →·BD →=⎝ ⎛⎭⎪⎫43,23·(-2,1)=43×(-2)+23×1=-2.(2)法一 如图,DE →·CB →=(DA →+AE →)·CB →=DA →·CB →+AE →·CB →=DA →2=1,DE →·DC →=(DA →+AE →)·DC → =DA →·DC →+AE →·DC →=AE →·DC →=|AE →|·|DC →|≤|DC →|2=1.法二 以射线AB ,AD 为x 轴,y 轴的正方向建立平面直角坐标系,则A (0,0),B (1,0),C (1,1),D (0,1), 设E (t ,0),t ∈[0,1], 则DE →=(t ,-1),CB →=(0,-1),所以DE →·CB →=(t ,-1)·(0,-1)=1.因为DC →=(1,0), 所以DE →·DC →=(t ,-1)·(1,0)=t ≤1, 故DE →·DC →的最大值为1.法三 由图知,无论E 点在哪个位置,DE →在CB →方向上的投影都是CB =1,∴DE →·CB →=|CB →|·1=1.当E 运动到B 点时,DE →在DC →方向上的投影最大即为DC =1, ∴(DE →·DC →)max =|DC →|·1=1. 答案 (1)-2 (2)1 1 考点二 平面向量的夹角与垂直【例2】 (1)(2016·全国Ⅱ卷)已知向量a =(1,m ),b =(3,-2),且(a +b )⊥b ,则m =( ) A.-8B.-6C.6D.8(2)若向量a =(k ,3),b =(1,4),c =(2,1),已知2a -3b 与c 的夹角为钝角,则k 的取值范围是________.解析 (1)由题知a +b =(4,m -2),因为(a +b )⊥b ,所以(a +b )·b =0, 即4×3+(-2)×(m -2)=0,解之得m =8,故选D. (2)∵2a -3b 与c 的夹角为钝角, ∴(2a -3b )·c <0,即(2k -3,-6)·(2,1)<0,解得k <3. 又若(2a -3b )∥c , 则2k -3=-12,即k =-92.当k =-92时,2a -3b =(-12,-6)=-6c ,即2a -3b 与c 反向.综上,k 的取值范围为⎝ ⎛⎭⎪⎫-∞,-92∪⎝ ⎛⎭⎪⎫-92,3. 答案 (1)D (2)⎝⎛⎭⎪⎫-∞,-92∪⎝ ⎛⎭⎪⎫-92,3 规律方法 (1)根据平面向量数量积的性质:若a ,b 为非零向量,cos θ=a ·b|a ||b |(夹角公式),a ⊥b ⇔a ·b =0等,可知平面向量的数量积可以用来解决有关角度、垂直问题.(2)数量积大于0说明不共线的两向量的夹角为锐角,数量积等于0说明不共线的两向量的夹角为直角,数量积小于0且两向量不共线时两向量的夹角为钝角.【训练2】 (1)(2016·全国Ⅲ卷)已知向量BA →=⎝ ⎛⎭⎪⎫12,32,BC →=⎝ ⎛⎭⎪⎫32,12,则∠ABC =( )A.30°B.45°C.60°D.120°(2)(2016·全国Ⅰ卷)设向量a =(m ,1),b =(1,2),且|a +b |2=|a |2+|b |2,则m =________. 解析 (1)|BA →|=1,|BC →|=1,c os∠ABC =BA →·BC →|BA →|·|BC →|=32.由〈BA →,BC →〉∈[0°,180°],得∠ABC =30°.(2)由|a +b |2=|a |2+|b |2,得a ⊥b ,所以m ×1+1×2=0,得m =-2. 答案 (1)A (2)-2考点三 平面向量的模及其应用【例3】 (1)(2017·云南统一检测)已知平面向量a 与b 的夹角等于π3,若|a |=2,|b |=3,则|2a -3b |=( ) A.57 B.61 C.57D.61(2)(2016·浙江卷)已知向量a ,b ,|a |=1,|b |=2.若对任意单位向量e ,均有|a ·e |+|b ·e |≤6,则a ·b 的最大值是________. 解析 (1)由题意可得a ·b =|a |·|b |cos π3=3,所以|2a -3b |=(2a -3b )2=4|a |2+9|b |2-12a ·b =16+81-36=61,故选B. (2)由已知可得:6≥|a ·e |+|b ·e |≥|a ·e +b ·e |=|(a +b )·e | 由于上式对任意单位向量e 都成立. ∴6≥|a +b |成立.∴6≥(a +b )2=a 2+b 2+2a ·b =12+22+2a ·b .即6≥5+2a ·b ,∴a ·b ≤12.答案 (1)B (2)12规律方法 (1)求向量的模的方法:①公式法,利用|a |=a ·a 及(a ±b )2=|a |2±2a ·b +|b |2,把向量的模的运算转化为数量积运算;②几何法,利用向量的几何意义,即利用向量加减法的平行四边形法则或三角形法则作出向量,再利用余弦定理等方法求解.(2)求向量模的最值(范围)的方法:①代数法,把所求的模表示成某个变量的函数,再用求最值的方法求解;②几何法(数形结合法),弄清所求的模表示的几何意义,结合动点表示的图形求解.【训练3】 (1)在平面直角坐标系中,O 为原点,A (-1,0),B (0,3),C (3,0),动点D 满足|CD →|=1,则|OA →+OB →+OD →|的最大值是________.(2)已知直角梯形ABCD 中,AD ∥BC ,∠ADC =90°,AD =2,BC =1,P 是腰DC 上的动点,则|PA →+3PB →|的最小值为________.解析 (1)设D (x ,y ),由|CD →|=1,得(x -3)2+y 2=1, 向量OA →+OB →+OD →=(x -1,y +3),故|OA →+OB →+OD →|=(x -1)2+(y +3)2的最大值为圆(x -3)2+y 2=1上的动点到点(1,-3)距离的最大值,其最大值为圆(x -3)2+y 2=1的圆心(3,0)到点(1,-3)的距离加上圆的半径,即(3-1)2+(0+3)2+1=1+7.(2)以D 为原点,分别以DA ,DC 所在直线为x 轴,y 轴建立如图所示的平面直角坐标系,设DC =a ,DP =x (0≤x ≤a ),∴D (0,0),A (2,0),C (0,a ),B (1,a ),P (0,x ).PA →=(2,-x ),PB →=(1,a -x ),32∴PA →+3PB →=(5,3a-4x ),|PA →+3PB →|2=25+(3a -4x )2≥25,当x =3a 4时取等号.∴|PA →+3PB →|的最小值为5.答案 (1)1+7 (2)5[思想方法]1.计算数量积的三种方法:定义、坐标运算、数量积的几何意义,要灵活选用,与图形有关的不要忽略数量积几何意义的应用.2.求向量模的常用方法:利用公式|a |2=a 2,将模的运算转化为向量的数量积的运算. 3.利用向量垂直或平行的条件构造方程或函数是求参数或最值问题常用的方法与技巧.[易错防范]1.数量积运算律要准确理解、应用,例如,a·b=a·c(a≠0)不能得出b=c,两边不能约去一个向量.2.两个向量的夹角为锐角,则有a·b>0,反之不成立;两个向量夹角为钝角,则有a·b<0,反之也不成立.。

2018高考数学(浙江省专用)复习专题测试:第五章 平面向量与解三角形 §5-2 平面向量的数量积及其应用

2018高考数学(浙江省专用)复习专题测试:第五章 平面向量与解三角形 §5-2 平面向量的数量积及其应用

OC OD


2.(2017课标全国Ⅱ,12,5分)已知△ABC是边长为2的等边三角形,P为平面ABC内一点,则 · ( + )的最小值是 ( A.-2 答案 B.-
3 2
PC

PA

PB

C.-
4 3
) D.-1
B 本题考查向量的坐标运算,考查利用数形结合的方法求解最值问题.
以AB所在直线为x轴,AB的中点为原点建立平面直角坐标系,如图,
A.I1<I2<I3 B.I1<I3<I2 C.I3<I1<I2 D.I2<I1<I3
பைடு நூலகம்
答案
C 本题考查向量的数量积,共线向量定理,解三角形,考查运算能力和逻辑推理能力.
如图,建立直角坐标系,则B(0,0),A(0,2),C(2,0).
设D(m,n), 由AD=2和CD=3,
m2 (n 2) 2 4, 2 2 得 (m 2) n 9, 5 从而有n-m= 4 >0,∴n>m.

6.(2016天津,7,5分)已知△ABC是边长为1的等边三角形,点D,E分别是边AB,BC的中点,连接DE并 延长到点F,使得DE=2EF,则 · 的值为 ( A.-
5 8
AF BC

B.
1 8
C.
1 4
D.
11 8
)
答案
B 建立平面直角坐标系,如图.
则B
1 1 ,0 ,0 2 2 1 ,C ,A 2
五年高考
考点一
O.记I1= · , I 2= · , I 3= · ,则 (
OA OB OB OC

高考数学一轮复习(浙江版)专题5.3平面向量的数量积及应用(测)含解析

高考数学一轮复习(浙江版)专题5.3平面向量的数量积及应用(测)含解析

第03节平面向量的数量积及应用班级__________ 姓名_____________ 学号___________ 得分__________一、选择题:本大题共10小题,每小题4分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1.【2018届广西柳州高级中学5月模拟】已知向量,则是的()A.充分不必要条件 B.必要不充分条件 C.充分必要条件 D.既不充分也不必要条件【答案】A【解析】【分析】先化简,再利用充要条件的定义判断是的什么条件.2.【2018届黑龙江省仿真模拟(四)】若向量,满足:,,,则()A. B. C. D.【答案】B【解析】【分析】利用向量垂直的性质直接求解.【详解】∵向量,满足:,,,∴,解得=.故选:B .3.【陕西省咸阳市2018年高考5月信息专递】已知两个向量和的夹角为,,则向量在方向上的正射影的数量为( )A .B .C .D .【答案】D4. ,2,1==b 且⊥+)(,则与的夹角为( ) A.30 B.60 C.120 D.150 【答案】C【解析】由⊥+)(知,()a b a +∙ =2a a b +∙ =0,所以2a b a ∙=- =-1,所以cos ,a b =||||a ba b ∙ =12-,所以与的夹角为120,故选C.5.【2018届山东省沂水县第一中学三轮考】设向量,且,则( )A . 2B .C .D . 4【答案】A【分析】6.【2018届北京市石景山区一模】已知平面向量满足,与的夹角为,若,则实数的值为()A. B. C. D.【答案】D【解析】因为与的夹角为,所以,因为,所以,解得,故选D.7.【2018届河北省武邑中学五模】非零向量满足:,,则与夹角的大小为( )A. B. C. D.【答案】A【解析】【分析】根据题意,设=,=,则﹣=﹣=,结合题意分析可得△OAB为等腰直角三角形,结合向量夹角的定义分析可得答案.根据题意,设=,=,则﹣=﹣=,若||=||,,即||=||,且⊥,则△OAB为等腰直角三角形,则与的夹角为180°﹣45°=135°,故选:A.8.【浙江省金华市浦江县2018年高考适应性考试】已知平面向量,满足且,则的最大值为()A. 1 B. 2 C. 3 D. 4【答案】B9.【2018届浙江省杭州市第二次检测】记的最大值和最小值分別为和.若平面向量满足则()A. B.C. D.【答案】A10.【2018届浙江省台州市高三上学期期末】已知m , n是两个非零向量,且1m = , 23m n +=,则m n n ++的最大值为A .. C . 4 D . 5 【答案】B 【解析】()221,23,24419m m n m n n m n =+=∴+=+⋅+= ,22n m n ∴+⋅=,()2222m n m m n n ∴+=+⋅+25n =- ,m n n n ∴++= ,令(()0,n x x f x x =<≤=,则()'1f x =+,令()'0f x =,得x =∴当0x << ()'0f x >x <<时, ()'0f x <, ∴当x =时, ()f x 取得最大值2f ⎛= ⎝⎭B. 二、填空题:本大题共7小题,共36分.11.【2018届安徽省六安市第一中学高三下学期适应性考试】已知平面向量,的夹角为,且,,则__________. 【答案】12.【2018届浙江省温州市一模】设向量,,且,,则的最大值是__________;最小值是__________. 【答案】9 1 【解析】设的夹角为,由,可得,化简得,可得,即的最大值是 ,最小值是 ,故答案为.13.【2018届浙江省名校协作体高三上学期考试】已知在ABC ∆中, 3AB =, BC =2AC =,且O是ABC ∆的外心,则AO AC ⋅= ___, AO BC ⋅=_____________【答案】2 52-【解析】设外接圆半径为,32R AB BC AC AO CO R == =,=,224122R R cos OAC R R+-∠==⋅则122 AO AC AO AC cos CAO RR ⋅=⋅∠=⨯⨯=.14.【2018届浙江省教育绿色评价联盟5月适应性考试】已知,,则的最大值为______,最小值为______.【答案】615.【2018届黑龙江省仿真模拟(五)】已知向量,,则当时,的取值范围是__________.【答案】.【解析】【分析】,因此,其模为,根据的范围可求模的取值范围.【详解】,因此,故.因为,故,所以填.16.【2018届浙江省金丽衢十二校第二次联考】已知向量满足的夹角为,则=_____;与的夹角为_____.【答案】17.【2018届湖北省宜昌市一中考前训练2】在中,,点是所在平面内一点,则当取得最小值时,__________.【答案】24.【解析】分析:由,可得,可得,以为坐标原点建立坐标系,设,由展开后配方整理,可得当时取得最小值,求得,再由数量积的坐标运算求解.详解:三、解答题:本大题共5小题,共74分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.18.已知两个单位向量的夹角为60°.(1)若,且,求的值;(2)求向量在方向上的投影.【答案】(1)或;(2)【解析】分析:(1),求解即可;(2)向量在方向上的投影为,计算即可.详解:(1),所以或;(2)向量在方向上的投影为..19.已知向量,,满足.(1)求的值;(2)求向量与向量夹角的余弦值.【答案】(1)4;(2)【解析】【分析】(1)运用向量的加减运算和向量垂直的条件:数量积为0,解方程可得;(2)求得向量与的模,由向量的夹角公式,计算即可得到所求值.【详解】20.已知两个非零向量.(Ⅰ)若向量是夹角为120°的单位向量,试确定实数,使和垂直;(Ⅱ)若,,,求证:三点共线.【答案】(Ⅰ);(Ⅱ)详见解析.【解析】【分析】:(Ⅰ)令,可确定实数.(Ⅱ)由,,可得根据向量共线的条件建立等式关系即可得到结论.【详解】:(Ⅰ)∵和垂直21.已知是同一平面内的两个向量,其中.(1)若,求向量的坐标;(2)若,求与的夹角的值.【答案】(1)或.(2).【解析】【分析】⑴可设,根据条件建立关于的方程组,求出的值,从而得到向量的坐标⑵根据条件可以得到),根据可以求得的值,然后求出的值,最后得到结果【详解】(1)设,根据条件,则:解得或;∴或.(2)∴.解得∴∴∵∴.22.已知向量,,(1)若,求向量、的夹角;(2)若,求函数的最值以及相应的的取值. 【答案】(1);(2)见解析所以所以,的最小值为,,的最小值为1.。

浙江专版高考数学一轮复习第五章平面向量第三节平面向量的数量积与平面向量应用举例课件

浙江专版高考数学一轮复习第五章平面向量第三节平面向量的数量积与平面向量应用举例课件
4.在用|a |= a2求向量的模时,一定要把求出的 a 2再进行开方.
[小题纠偏] 1.若a ,b 是两个互相垂直的非零向量,给出以下式子:①a ·b
=0;②a +b =a -b ;③|a +b |=|a -b |;④a 2+b 2=(a +b )2.
其中正确的个数是
()
A.1
B.2
C.3
D.4
解析:因为a ,b 是两个互相垂直的非零向量,所以a ·b =
0;所以(a +b )2=a 2+b 2+2a ·b =a 2+b 2;(a -b )2=a 2+b 2
-2a ·b =a 2+b 2;所以(a +b )2=(a -b )2,即|a +b |=|a -b |. 故①③④是正确的,②是错误的. 答案:C
答案:2
5.已知正方形ABCD的边长为2,E为CD的中点,则―A→E ·―B→D
=________. 解析:选向量的基底为―A→B ,―A→D ,则―B→D =―A→D - ―A→B ,
―A→E =―A→D +12―A→B ,所以―A→E ·―B→D =―A→D +12
―→ AB
―→ ·( AD
2.(2016·北京高考)已知向量a =(1, 3),b =( 3,1),则a 与b 夹角的大小为________.
解析:由题意得|a |= 1+3=2,|b |= 3+1=2,
a ·b =1× 3+ 3×1=2 3.
设 a 与 b 的夹角为 θ,则 cos θ=22×32= 23.
∵θ∈[0,π],∴θ=π6.
=32a 2,故选 D. 答案:D
3.已知向量a 与b 的夹角为60°,且a =(-2,-6),|b |= 10, 则a ·b =________;(2a -b )·(a +b )=__________. 解析:因为 a =(-2,-6), 所以|a |= -22+-62=2 10, 又|b |= 10,向量 a 与 b 的夹角为 60°, 所以 a ·b =|a |·|b |·cos 60°=2 10× 10×12=10. (2a -b )·(a +b )=2a 2+a ·b -b 2=80+10-10=80. 答案:10 80

高考数学导与练一轮复习(浙江版)知识梳理第八章第三节平面向量的数量积及应用

高考数学导与练一轮复习(浙江版)知识梳理第八章第三节平面向量的数量积及应用

第三节平面向量的数量积及应用一、数量积的定义及意义(1)定义已知两个非零向量a和b,作OA=a,OB=b,如图所示,则∠AOB=θ叫做向量a与b的夹角,也可记作<a,b>=θ.(2)范围向量夹角θ的范围是[0,π],a与b同向时,夹角θ=0;a与b反向时,夹角θ=π.(3)垂直关系如果非零向量a与b的夹角是90°,我们说a与b垂直,记作a⊥b. 已知两个非零向量a与b,它们的夹角为θ,则数量|a||b|cos θ叫做a与b的数量积(或内积),记作a·b.规定:零向量与任一向量的数量积为0.两个非零向量a与b垂直的充要条件是a·b=0.数量积a·b等于a的长度|a|与b在a的方向上的投影|b|cos θ的乘积.(1)在平面图形中运算向量的数量积要注意向量夹角的取值,注意区分平面图形中的角和向量夹角的区别.(2)理解数量积的概念可以和物理中功的公式相联系,加深对概念的理解.(3)向量a与b的夹角为锐角⇔a·b>0且a与b不共线,a,b夹角为钝角⇔a·b<0且a与b不共线..(1)a在b方向上的投影:|a|·cos θ或a bb(2)|a·b|≤|a||b|,“=”当且仅当a与b共线时取到.二、数量积的性质与运算律(1)e·a=a·e=|a|cos θ(e为单位向量,θ为a与e的夹角);(2)非零向量a,b,a⊥b⇔a·b=0;(3)当a与b同向时,a·b=|a||b|;当a 与b 反向时,a ·b=|a||b|,a ·a=|a|2,(4)cos θ=a b a b⋅(θ为a 与b 的夹角).(1)a ·b=b ·a(交换律);(2)(λa)·b=λ(a ·b)=a ·(λb)(λ为实数); (3)(a+b)·c=a ·c+b ·c.已知非零向量a=(x 1,y 1),b=(x 2,y 2),θ为向量a,b 的夹角. (1)a ·b=x 1x 2+y 1y 2.(3)cos θ.(1)0·a=0,0·a=0.(2)a ·b=b ·c ⇔b=0或b ⊥(ac). A(x 1,y 1),B(x 2,y 2),则AB 的中点坐标为(122xx +,122yy +),AB 的两个三等分点坐标为(1223x x +,1223y y+)和(1223x x +,1223yy +).1.对于向量a,b,c 和实数λ,下列命题中正确的是( B ) (A)若a ·b=0,则a=0或b=0 (B)若λa=0,则λ=0或a=0 (C)若a 2=b 2,则a=b 或a=b (D)若a ·b=a ·c,则b=c解析:当a ⊥b 时,a ·b=0,故A 错;当a ⊥b,|a|=|b|=1时,a 2=b 2,故C 错;当a ⊥b,a ⊥c 时,a ·b=a ·c=0,故D 错.故选B.2.(2018·全国Ⅱ卷)已知向量a,b 满足|a|=1,a ·b=1,则a ·(2ab)等于( B )(A)4 (B)3 (C)2 (D)0解析:a·(2ab)=2a2a·b=2|a|2a·b.因为|a|=1,a·b=1,所以原式=2×12+1=3.故选B.AB与AC的夹角为120°,且|AB|=3,| AC AP=λAB+AC,且AP⊥BC,则实数λ的值为.解析:因为AP⊥BC,所以AP·BC=0,所以(λAB+AC)·(AC AB)=0,即2ACλ2AB+(λ1)AB·AC=0,又因为AB·AC=3×2×(12)=3,所以49λ3(λ1)=0.所以λ=712.答案:7124.(2019·江苏卷)如图,在△AB·AC=6AO·EC,则ABAC的值是.解析:如图,过点D作DF∥CE交AB于点F,由D是BC的中点,可知F为BE的中点.又BE=2EA,则知EF=EA,从而可得AO=OD,则有AO=12AD=14(AB+AC),EC=AC AE=AC13AB,所以6AO·EC=32(AB+AC)·(AC13AB)=3 2AC212AB+AB·AC=AB·AC,整理可得2AB=32AC,所以AB AC=3.答案:3考点一平面向量数量积的运算[例1] (2018·天津卷)在如图的平面图形中,已知OM=1,ON=2,∠MON= 120°,BM=2MA,CN=2NA,则BC·OM的值为( )(A)15 (B)9 (C)6 (D)0解析:如图,连接MN.因为BM=2MA,CN=2NA,所以AMAB =13=ANAC,所以MN∥BC,且MNBC =13,所以BC=3MN=3(ON OM),所以BC·OM=3(ON·OM2OM)=3(2×1×cos 120°12)=6.故选C.(1)求两个向量的数量积,有三种方法:利用定义;利用向量的坐标运算;利用数量积的几何意义.(2)解决涉及几何图形的数量积运算问题时,可先利用向量的加减运算或数量积的运算律化简再运算,但要注意向量的夹角与已知平面角的关系是相等还是互补.(2018·嘉兴模拟)如图,B,D是以AC为直径的圆上的两点,其中1t+2t+,则AC·BD等于( A )(A)1 (B)2(C)t (D)2t解析:AC·BD=AC·(AD AB)=AC·AD AC·AB=|AC||AD|cos ∠DAC|AC||AB|cos ∠BAC=2AD2AB=(t+2)(t+1)=1.考点二平面向量的夹角[例2] 已知单位向量e1,e2的夹角为α,且cos α=13,向量a=3e12e2与b=3e1e2的夹角为β,则cos β= .解析:由已知得e1·e2=1×1×13=13,a·b=(3e12e2)·(3e1e2)=9+29e1·e2=113=8.又因为a2=(3e12e2)2=9+412e1·e2=134=9, 得|a|=3,b2=(3e1e2)2=9+16e1·e2=102=8,得所以cos β=a ba b⋅=答案:223根据平面向量数量积的性质,若a,b 为非零向量,则cos<a,b>=a b a b⋅,a ⊥b ⇔a ·b=0等,可知利用平面向量的数量积可解决有关角度、垂直问题.1.(2019·金丽衢十二校第一次联考)已知向量a=(4, 3),b=3),则a 与b 的夹角为( C )(A)30° (B)45° (C)60° (D)90° 解析:cos<a,b>=a b a b⋅19219⋅=12, 所以<a,b>=60°.故选C.2.(2018·浙江台州期末统考)设非零向量a,b,则“a,b 的夹角为锐角”是“|a+b|>|ab|”的( A ) (A)充分不必要条件 (B)必要不充分条件 (C)充要条件(D)既不充分也不必要条件解析:由于|a+b|>|ab|等价于a ·b>0,若a,b 的夹角为锐角,则a ·b>0,所以|a+b|>|ab|成立,反之不一定成立,如a,b 夹角为0,不一定为锐角,所以“a,b 的夹角为锐角”是“|a+b|>|ab|”的充分不必要条件.故选A.考点三 平面向量的模[例3] (1)设a,b 为单位向量,若向量c 满足|c(a+b)|=|ab|,则|c|的最大值是( )(A)22 (B)2 (C)2 (D)1(2)(2018·π3,向量b 满足b 24e ·b+3=0,则|ab|的最小值是( ) (A)31 (B)3+1 (C)2 (D)23OA =a,OB =b,OC =c,则a+b=OD ,ab=BA , 由已知得|OC OD |=|BA |,又由|BA|=|OC OD|≥|OC||OD|得|c|=|OC|≤|OD |+|BA |=|a+b|+|ab|,由已知得|a+b|2+|ab|2=2(|a|2+|b|2)=4, 而2a b a b++-≤222a b a b++-=2,故|c|≤22.故选A. 解析:(2)由b 24e ·b+3=0得b 24e ·b+3e 2=(be)·(b3e)=0.设b=OB ,e=OE ,3e=OF , 所以be=EB ,b3e=FB ,所以EB ·FB =0,取EF 的中点为C,则B 在以C 为圆心,EF 为直径的圆上.如图,设a=OA ,作射线OA,使得∠AOE=π3,所以|ab|=|(a2e)+(2eb)|≥|a2e||2eb|=|CA ||BC |≥31.故选A.(1)求向量模的常用方法:利用公式|a|2=a 2,将模的运算转化为数量积的运算.(2)求模也可将向量置于特殊图形中,利用图形解决向量的模. (2019·温州2月模拟)在平面上,e 1,e 2是方向相反的单位向量,|a|= 2,(be 1)·(be 2)=0,则|ab|的最大值为( D )(A)1(D)3解析:由题意得(be1)·(be2)=0⇒b2b·(e1+e2)+e1·e2=0,e1,e2是方向相反的单位向量,所以e1+e2=0,e1·e2=1,b21=0⇒|b|=1,所以|ab|≤|a|+|b|=3,|ab|的最大值为3.故选D.考点四平面向量的应用[例4] (1)已知点O,N,P在△ABC所在平面内,且|OA|=|OB|=|OC|, NA+NB+NC=0,PA·PB=PB·PC=PC·PA,则点O,N,P依次是△ABC的( )(A)重心、外心、垂心(B)重心、外心、内心(C)外心、重心、垂心(D)外心、重心、内心(2)(2019·浙江卷)已知正方形A B C D的边长为1,当每个λi (i=1,2,3,4,5,6)取遍±1时,|λ1AB+λ2BC+λ3CD+λ4DA+λ5AC+ λ6BD|的最小值是,最大值是.解析:(1)由|OA|=|OB|=|OC|知点O到A,B,C距离相等,为外心;由NA+NB+NC=0,即NA=(NB+NC)知N为△ABC三条中线交点即重心;由PA·PB=PB·PC,即PB·(PA PC)=0得PB·PC=0,即PB⊥PC,同理PC⊥AB,PA⊥BC,即P为垂心,故选C.解析:(2)如图,以A 为原点,AB 所在直线为x 轴,AD 所在直线为y 轴建立平面直角坐标系,则AB =(1,0),AD =(0,1). 设a=λ1AB +λ2BC +λ3CD +λ4DA + λ5AC +λ6BD=λ1AB +λ2AD λ3AB λ4AD +λ5(AB +AD )+λ6(AD AB )=(λ1λ3+λ5λ6)AB +(λ2λ4+λ5+λ6)AD =(λ1λ3+λ5λ6,λ2λ4+λ5+λ6). 故|a|=2213562456()()λλλλλλλλ-+-+-++.因为λi (i=1,2,3,4,5,6)取遍±1,所以当λ1λ3+λ5λ6=0,λ2λ4+λ5+λ6=0时,|λ1AB +λ2BC +λ3CD +λ4DA +λ5AC +λ6BD |取得最小值0.考虑到λ5λ6,λ5+λ6有相关性,要确保所求模最大,只需使|λ1λ3+λ5λ6|,|λ2λ4+λ5+λ6|尽可能取到最大值,即当λ1λ3+λ5λ6=2,λ2λ4+λ5+λ6=4时可取到最大值,所以|λ1AB +λ2BC +λ3CD +λ4DA +λ5AC +λ6BD |的最大值为416+=25.答案:(1)C (2)0 25以向量为载体求相关变量的取值范围是向量与函数、不等式、三角函数等相结合的一类综合问题,通过几何图形的分析,转化为不等式解集或函数值域等问题.已知圆O:x 2+y 2=4上有三个不同的点P,A,B,且满足AP =x OB 12OA (其中x>0),则实数x 的取值范围是 . 解析:因为AP =x OB12OA ,所以OP OA=x OB12OA,即x OB=OP12OA,两边平方得4x2=4+1OP·OA,设<OP,OA>=α,则4x2=54cos α, 因为1<cos α<1,所以1<54cos α<9,即1<4x2<9,因为x>0,所以12<x<32.即实数x的取值范围是(12,32).答案:(12,32)类型一平面向量数量积的运算1.(2019·衢州二中第一次模拟)在梯形ABCD中,AD∥BC,BC=2AB=2AD=2DC=4,AC与BD相交于O,过点A作AE⊥BD于E,则AE·AC等于( C )解析:如图,由题意知BD⊥DC,∠ADC=120°,所以∠ADB=30°,∠ACD=30°,由题意得AE∥CD,所以∠EAO=30°,AC=2,AE=1,AE·AC=|AE|·|AC|·cos30°=1×故选C.类型二平面向量的夹角2.(2019·浙江省模拟)设θ是两个非零向量a,b的夹角,已知对任意实数t,|b+ta|的最小值为1,则( B )(A)若θ确定,则|a|唯一确定(B)若θ确定,则|b|唯一确定(C)若|a|确定,则θ唯一确定(D)若|b|确定,则θ唯一确定解析:|b+ta|2=b 2+2ta ·b+t 2a 2,令g(t)=b 2+2ta ·b+t 2a 2,二次函数图象开口向上,所以最小值为222244()4a b a b a -⋅=|b|2|b|2cos 2θ=|b|2sin 2θ=1,故当θ确定,则|b|唯一确定.故选B.3.(2019·余高、缙中、长中5月模拟)已知平面向量a,b 不共线,且|a|=1,a ·b=1,记b 与2a+b 的夹角是θ,则θ最大时,|ab|等于( C )(A)1解析:设|b|=x,则b ·(2a+b)=2a ·b+b 2=x 2+2,(2a+b)2=4a 2+4a ·b+b 2=x 2+8,cos θ=(2)2b a b b a b⋅+⋅+2所以cos 2θ=2222(2)(8)x x x ++ =22211241(2)2x x -++++ =2111412()263x --++,即当x 2=4,x=2时,cos 2θ取到最小值,则θ取到最大值,此时|ab|2= a 2-2a ·b+b 2=12+4=3,所以故选C.类型三 平面向量的模△ABC 中,|BC |=10,AB ·AC =16,D 为边BC 的中点,则|AD |等于( D )(A)6 (B)5 (C)4 (D)3解析:因为AB ·AC =16,BC = AC AB , 所以|BC |=|AC AB |, 所以|AC AB |2=|BC |2=100, 所以2AC +2AB 2AC ·AB =100,所以2AC +2AB =68, 又因为AD =12AB +12AC , 所以|AD |2=14(2AB +2AC +2AB ·AC ) =14×(6832) =9.所以|AD |=3.类型四 平面向量的应用5.(2019·浙江三校第一次联考)如图,圆O 是半径为1的圆,OA=12,设B,C 是圆上的任意2个点,则AC ·BC 的取值范围是( A ) (A)[18,3] (B)[1,3] (C)[1,1] (D)[18,1] 解析:由题意,设<OA ,BC >=θ, AC ·BC =(OC OA )·BC =OC ·BC OA ·BC=|OC |·|BC |cos ∠BCO|OA |·|BC |cos θ =212BC |OA |·|BC |cos θ=212BC 12|BC |cos θ,又因为cos θ≤1,所以212BC 12|BC |cos θ ≥212BC 12|BC |=12(|BC |12)218, 又因为|BC |∈[0,2],所以当|BC |=12时,AC ·BC 取到最小值为18, 当|BC |=2,cos θ=1,AC ·BC 取到最大值为3. 故选A.△ABC 满足|AB|=3,|AC|=4,O 是△ABC 的外心,且AO =λAB +12AC λ-(λ∈R),则△ABC 的面积是 . 解析:由AO =λAB +12AC λ-, 得221,21,2AO AB AB AC AB AO AC AB AC AC λλλλ-⎧⋅=+⋅⎪⎪⎨-⎪⋅=⋅+⎪⎩即()()9181,881,AC AB AB AC λλλλ⎧=+-⋅⎪⎨=-+⋅⎪⎩解方程组得8,1,10AB AC λ⎧⋅=⎪⎨=⎪⎩或0,9,AB AC λ=⎧⎪⎨⋅=⎪⎩ 当AB ·AC =9时,cos A=34, 所以S △ABC =12×3×4当AB ·AC =8时,cos A=23所以S △ABC =12×3×4所以△ABC 的面积是.答案或。

1高考数学一轮复习浙江专用课件:5 平面向量的数量积及其应用讲解部分

1高考数学一轮复习浙江专用课件:5 平面向量的数量积及其应用讲解部分
(3)(a+b)·c=a·c+b·c.
4.平面向量的数量积的坐标表示 (1)若a=(x1,y1),b=(x2,y2),则a·b=x1x2+y1y2. (2)若a=(x,y),则a·a=a2=|a|2=x2+y2,|a|= x2 y2 . (3)若A(x1,y1),B(x2,y2),则| AB|= (x2 -x1)2 (y2 -y1)2 ,这就是平面内两点间的距离 公式. (4)若a=(x1,y1),b=(x2,y2),则a⊥b⇔x1x2+y1y2=0. 5.向量中的重要不等式 若a=(x1,y1),b=(x2,y2),则-|a||b|≤a·b≤|a||b|⇔- x12 y12 · x22 y22 ≤x1x2+y1y2≤
高考数学 浙江专用
5.2 平面向量的数量积及其应用
考点清单
考点一 平面向量的数量积
考向基础 1.向量的数量积的定义 (1)向量a与b的夹角 已知两个非零向量a和b,过O点作OOAA=a, OB=b,则∠AOB=θ(0°≤θ≤180°)叫 做向量a与b的夹角. 当θ=90°时,a与b垂直,记作a⊥b;当θ=0°时,a与b同向;当θ=180°时,a与b反向. (2)a与b的数量积 已知两个非零向量a和b,它们的夹角为θ,则把|a|·|b|·cos θ叫做a和b的数量积 (或内积),记作a·b=|a|·|b|·cos θ.
(3)规定:0·a=0. (4)a·b的几何意义 a.一个向量在另一个向量方向上的投影 设θ是非零向量a与b的夹角,则|a|cos θ叫做a在b的方向上的投影,|b|cos θ叫 做b在a的方向上的投影.b在a的方向上的投影是一个实数,而不是向量.当0 °≤θ<90°时,它是正值;当90°<θ≤180°时,它是负值;当θ=90°时,它是0. b.a·b等于a的长度|a|与b在a的方向上的投影|b|cos θ的乘积. 2.向量的数量积的性质 设a、b都是非零向量,e是与b方向相同的单位向量,θ是a与e的夹角,则 (1)e·a=a·e=|a|·cos θ. (2)a⊥b⇔a·b=0.

2018浙江新课改新人教版A高考一轮复习第三节 平面向量的数量积及其应用

2018浙江新课改新人教版A高考一轮复习第三节  平面向量的数量积及其应用

2 7 25 1 2 29 2 ×4-1 8 ×2×1×2+3=1 8 . BA · BC +3| BC | =1 2
突 破 点 一 突 破 点 二 突 破 点 三
[答案]
29 18
课时达标检测
平面向量的数量积及其应用


[易错提醒]
(1 ) 解决涉及几何图形的向量数量积运算问题时


3.平 面 向 量 数 量 积 的 运 算 律
· a ( 1a )· b=_b _ __( _ 交换律 ).
a· (λb ( 2 λa ) · b=_λ_ _ _ __ _ _ _) _( _ 结合律 ). (a · b )=
· c_ + c ( 3 )a( +b)· c=_a_ _ _b _· __ ( 分配律 ).
一定要注意向量的夹角与已知平面角的关系是相等 是互补. ( 2两 ) 向量 a , b的 数 量 积 a· b与 代 数 中 a , b的 乘 积 写 法 不 同 , 不 能 漏 掉 其“ 中 · ”. 的










课时达标检测
平面向量的数量积及其应用


2.根 据 定 义 计 算 数 量 积 的 两 种 思 路 ( 1若 ) 两个向量共起点,则两向量的夹角直接可得
定义即可求得数量积;若两向量的起点不同,需要通 使它们的起点重合,然后再计算. ( 2根 ) 据图形之间的关系,用长度和相互之间的夹
[ 解析 ]
a + 2b = ( - 1 , 2+ )2( m,1 ) = ( - 1 + 2m,4 ) , 2a - b =
2( -1 , 2- ) (m,1 ) =(-2-m,3 ) ,由题意得 3 ( -1+2m)-4(-2-

(浙江专用)2018年高考数学一轮复习 第五章 平面向量与解三角形 5.2 平面向量的数量积及其应用

(浙江专用)2018年高考数学一轮复习 第五章 平面向量与解三角形 5.2 平面向量的数量积及其应用

t
| m || n |
4m n =- 4 = 1 ,所以t=-4.故选B.
3 | n |2 3t 3
评析 本题主要考查了非零向量垂直的充要条件和夹角公式,属中档题.
8.(2015安徽,8,5分)△ABC是边长为2的等边三角形,已知向量a,b满足 AB=2a, AC =2a+b,则下列结 论正确的是 ( ) A.|b|=1 B.a⊥b C.a·b=1 D.(4a+b)⊥ BC

=-λ2 OA(λ2>1),
从而I3= OC

·O D

=λ1λ2 OA

· OB
=λ1λ2I1,
又λ1λ2>1,I1<0,I3<0,∴I3<I1,∴I3<I1<I2.故选C.
2.(2017课标全国Ⅱ,12,5分)已知△ABC是边长为2的等边三角形,P为平面ABC内一点,则 PA·( PB
解法二:设P(x,y),则 AO· AP=(2,0)·(x+2,y)=2x+4,由题意知-1≤x≤1,∴x=1时, AO· AP取最大值6,∴ AO· AP的最大值为6.
13.(2017课标全国Ⅰ理,13,5分)已知向量a,b的夹角为60°,|a|=2,|b|=1,则|a+2b|=
答案 D 当|a|=|b|≠0时,|a+b|=|a-b|⇔(a+b)2=(a-b)2⇔a·b=0⇔a⊥b,推不出|a|=|b|.同样,由|a|=|b|也 不能推出a⊥b.故选D.
解后反思 由向量加法、减法的几何意义知,当a、b不共线,且|a|=|b|时,a+b与a-b垂直;当a⊥b时, |a+b|=|a-b|.
4.(2016课标全国Ⅱ,3,5分)已知向量a=(1,m),b=(3,-2),且(a+b)⊥b,则m= ( ) A.-8 B.-6 C.6 D.8
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第03节 平面向量的数量积及其应用班级__________ 姓名_____________ 学号___________ 得分__________一、选择题(本大题共12小题,每小题5分,在每小题给出的四个选择中,只有一个是符合题目要求的。

)1.【北京卷】设a ,b 是非零向量,“a b a b ⋅=”是“//a b ”的( ) A .充分而不必要条件 B .必要而不充分条件 C .充分必要条件 D .既不充分也不必要条件 【答案】A【解析】||||cos ,a b a b a b •=•<>,由已知得cos ,1a b <>=,即,0a b <>=,//a b .而当//a b 时,,a b <>还可能是π,此时||||a b a b •=-,故“a b a b ⋅=”是“//a b ”的充分而不必要条件,故选A.2.【福建卷】设(1,2)a =,(1,1)b =,c a kb =+.若b c ⊥,则实数k 的值等于( ) A .32-B .53-C .53D .32【答案】A3.【2017浙江温州模拟】已知为单位向量,,则在的投影为A. B. C. D.【答案】C 【解析】由题设可得,即,则,即,又,故,应选答案C.4. ,2,1==b a 且⊥+)(,则与的夹角为( ) A.30 B.60 C.120 D.150 【答案】C5.【重庆卷】已知向量(,3),(1,4),(2,1)a k b c ===,且(23)a b c -⊥,则实数k =( ) 9.2A -.0B .C 3 D.152【答案】C【解析】因为()(),3,1,4,a k b ==所以()2323,6a b k -=--,又因为()23a b c -⊥,所以,()230a b c -⋅=,所以,()()22360k -+-=,解得:3k =,故选C.6.【辽宁卷】设,,a b c 是非零向量,已知命题P :若0a b ⋅=,0b c ⋅=,则0a c ⋅=;命题q :若//,//a b b c ,则//a c ,则下列命题中真命题是( )A .p q ∨B .p q ∧C .()()p q ⌝∧⌝D .()p q ∨⌝ 【答案】A【解析】若0a b ⋅=,0b c ⋅=,则,a b b c ⊥⊥,故//a c ,故命题p 是假命题;若//,//a b b c ,则//a c ,故命题q 是真命题,由复合命题真假判断知,p q ∨是真命题,选A .7.【2017四川宜宾二诊】若非零向量,a b ,满足a b =, ()20a b a -⋅=,则a 与b 的夹角为 A.6π B. 3π C. 23π D. 56π 【答案】B【解析】 由()2220a b a a a b -⋅=-⋅=,即22aa b ⋅=,所以由向量的夹角公式可得1cos ,22a a b a b a aa b⋅〈〉===⋅⋅,又(),0,a b π〈〉∈,所以,3a b π〈〉=,故选B. 8.【2017陕西师范附属二模】已知向量()1,1a =, ()24,2a b +=,则向量,a b 的夹角的余弦值为( )A.310 10B.31010- C.22D.22-【答案】C9.【2017四川成都二诊】已知平面向量a ,b夹角为3π,且1a=,12b=,则2a b+与b的夹角是()A.6πB.56πC.4πD.34π【答案】A【解析】由题意可知:111cos234a bπ⋅=⨯⨯=,则:()2113222444a b b a b b+⋅=⋅+=+⨯=,且:()22222443a b a b a a b b+=+=+⋅+=,设所求向量的夹角为θ,有:()23cos2a b ba b bθ+⋅==+⨯,则2a b+与b的夹角是6π.本题选择A选项.10. 设a ,b,c为同一平面内具有相同起点的任意三个非零向量,且满足a与b 不共线,a⊥c,|a|=|c|,则||b c⋅的值一定等于( )A.以a,b为两边的三角形的面积B.以b,c为两边的三角形的面积C.以a,b为邻边的平行四边形的面积D.以b,c为邻边的平行四边形的面积【答案】C.平行四边形的面积.11.【重庆卷】若非零向量a ,b 满足|a |=223|b |,且(a -b )⊥(3a +2b ),则a 与b 的夹角为 ( ) A 、4π B 、2π C 、34π D 、π 【答案】A【解析】由题意22()(32)320a b a b a a b b -⋅+=-⋅-=,即223cos 20a a b b θ--=,所以222223(2033θ⨯--=,2cos 2θ=,4πθ=,选A .12.【2017课标II ,理12】已知ABC ∆是边长为2的等边三角形,P 为平面ABC 内一点,则()PA PB PC ⋅+的最小是( )A.2-B.32-C. 43- D.1- 【答案】B 【解析】二、填空题(本大题共4小题,每小题5分,共20分。

把答案填在题中的横线上。

) 13.已知不共线的平面向量满足若向量,且,,则__________.【答案】14.【2017福建4月质检】设向量()()1,3,,3a b m ==,且,a b 的夹角为3π,则实数m =__________.【答案】-1【解析】由题得: cos a b a b θ⋅=得2132312m m m +=+⇒=-15.已知,AD BE 分别是ABC ∆的中线,若1AD BE ==,且23AB AC ⋅=,则AD 与BE 的夹角为 . 【答案】0120 【解析】由题设222AD AB AC BE AC AB⎧=+⎪⎨=-⎪⎩,解之得2()32(2)3AB AD BE AC AD BE ⎧=-⎪⎪⎨⎪=+⎪⎩,因23AB AC ⋅=,即42()(2)93AD BE AD BE -+=,也即22322AD BE AD BE --⋅=,故12AD BE ⋅=-,即21cos -=α,所以0120,>=<BE AD ,应填0120.16.【2017浙江台州中学10月】在ABC ∆中,16AB AC ⋅=,sin sin cos A B C =,D 线段AB 上的动点(含端点),则DA DC ⋅的取值范围是 . 【答案】[4,0]-. 【解析】三、解答题 (本大题共4小题,共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.) 17.在ABC ∆中,点M 是边BC 的中点.若1120,2A AB AC ∠=⋅=-,求AM 的最小值. 【答案】21 【解析】试题分析:设,AB c AC b ==,由1120,2A AB AC ∠=⋅=-,即有1cos1202bc =-,得1bc =,点M 是BC 的中点,则()12AM AB AC =+,()()22222112144AM AB AC AB AC c b =++⋅=+-()()11121211444bc ≥-=⨯-=.当且仅当1b c ==取得最小值,且为14.则AM 的最小值为12.18.已知向量(cos ,sin )a αα=,(1+cos ,sin )b ββ=-. (1)若3πα=,(0,)βπ∈,且a b ⊥,求β;(2)若=βα,求a b ⋅的取值范围.【答案】(1)3πβ=;(2)a b ⋅的取值范围为9[,2]8-.整理得1cos()32πβ+=- 3分 ∴2233k ππβπ+=+过42,33k k z ππβπ+=+∈ 4分 ∵(0,)βπ∈∴3πβ=6分(2)222cos cos sin cos 2cos 1a b ααααα⋅=+-=+- 8分令[]cos ,1,1t t α=∈- 2219212()48a b t t t ⋅=+-=+-9分 ∴当1t =时,max 2a b ⋅=,当14t =-时,98min a b ⋅=- 11分∴a b ⋅的取值范围为9[,2]8-. 12分19.已知向量)7,1(1-=a ,)1,1(=d ,对任意*N n ∈都有d a a n n +=+1. (1)求||n a 的最小值; (2)求正整数,m n ,使m n a a ⊥ 【答案】(1)|n a |的最小值为2(2)212m n =⎧⎨=⎩或320m n =⎧⎨=⎩ 122m n =⎧⎨=⎩ 203m n =⎧⎨=⎩.【解析】(1)设(),n n n a x y =,由1n a +=n a +d 得 1111n n n n x x y y ++=+⎧⎨=+⎩∴{x n }、{y n }都是公差为1的等差数列 .3分 ∵1a =(1,7)∴,8n n x n y n ==-, (),8n a n n =-222||(8)2(4)3242n a n n n =+-=-+≥|n a |的最小值为2分∴212m n =⎧⎨=⎩或320m n =⎧⎨=⎩ 122m n =⎧⎨=⎩ 203m n =⎧⎨=⎩. ..12分20.已知→→b a ,是两个单位向量.(1)若323=-→→b a ,试求→→+b a 3的值;(2)若→→b a ,的夹角为o60,试求向量→→→+=b a m 2与→→→-=a b n 2的夹角的余弦.【答案】(1)23 ;.(2)3212cos 14||||73m n m n θ⋅===⋅ 【解析】试题分析:(1)由题为,a b →→单位向量,且323a b →→-=,可利用向量乘法运算的性质;22a a →→=,化为向量的乘法运算,求出13a b ⋅=,进而可求得3a b →→+229||124||9a a b b ∴-⋅+=,即13a b ⋅=. 221|3|9||6||9161233a b a a b b ∴+=+⋅+=⨯+⨯+= (2)22221||(2)4||4||414172m a b a a b b =+=+⋅+=⨯+⨯+=222|(2)4||4||41-4n b a b a b a =-=-⋅+=⨯223(2)(2)2||32||2m n a b b a b a b a ⋅=+⋅-=+⋅-=, 32||||7m nm n ⋅=⋅。

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