甘肃省永昌四中2024届物理高一上期中达标检测模拟试题含解析

甘肃省永昌四中2024届物理高一上期中达标检测模拟试题
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。

用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。

将条形码粘贴在答题卡右上角"条形码粘贴处"。

2．作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。

答案不能答在试题卷上。

3．非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。

不按以上要求作答无效。

4．考生必须保证答题卡的整洁。

考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。

一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）
1、以下的计时数据指时间间隔的是（）
A．我们下午1点30分出发，不要迟到；
B．我校的百米跑记录是11秒8；
C．世界杯足球决赛在今晚8时开始
D．1997年7月1日零时我国开始对香港恢复行使主权；
2、一辆汽车沿平直公路行，开始以20m/s的速度行了全程的一半，接着以速度行驶其余的一半路程，已知全程的平均速度为15m／s，则v等于
A．10 m/s B．11 m/s C．12 m/s D．15 m/s
3、如图所示，在甲图中，小孩用80N的水平力推木箱，木箱不动，则木箱此时受到的静摩擦力大小为N；在乙图中，小孩用至少100N的水平力推木箱，木箱才能被推动，则木箱与地面间的最大静摩擦力大小为N；在丙图中，小孩把木箱推动了，若此时木箱与地面间摩擦力大小为90N，木箱对地面的压力大小为200N，则木箱与地面间动摩擦因数为μ＝．依次填入以上空格的正确答案是（）
A．0、80、0.45 B．80、100、0.45
C．80、80、0.90 D．80、100、0.90
4、某物体沿着一条直线做匀加速直线运动，先后经过A、B两点。

已知A、B间距离为4m，物体运动经过A的速度为3m/s，加速度为2 m/s2。

则物体到达B点的速度等于
A．2 m/s B．3 m/s C．4 m/s D．5 m/s
5、下列几组物理量中，全部为矢量的一组是（）
A．时间、位移、速度
B．速度、速率、加速度
C．路程、时间、速率
D．速度、速度变化量、加速度
6、如图所示，弹簧秤和细绳重力不计，不计一切摩擦，物体重G=5N，弹簧秤A和B的读数分别为（）
A．5N，0N
B．5N，10N
C．5N，5N
D．10N，5N
7、如图所示，甲、乙两车同时从A点由静止出发，沿直线AC运动．甲先以加速度a i做匀加速运动，到达B点后做加速度为a2的匀加速运动，到达C点时的速度大小为v，乙一直以加速度a3做匀加速运动，到达C点时的速度大小也为v．已知a1≠a2≠a3，则( )
A．乙可能同时到达C B．甲、乙不可能同时到达C
C．甲一定先到达C D．若a1>a2，则甲一定先到达C
8、一辆汽车从甲地开往乙地，先由静止启动做匀加速直线运动，然后保持匀速直线运动，最后做匀减速直线运动，当速度减为0时刚好到达乙地。

从汽车启动开始计时，下表给出了某些时刻汽车的瞬时速度，根据表中的数据通过分析、计算可以得出汽车( )
A．匀加速直线运动经历的时间为5.0s
B．匀加速直线运动经历的时间为4.0s
C．匀减速直线运动经历的时间为4.0s
D．匀减速直线运动位移为12m
9、如图所示，一个质量为m=2.0kg的物体，放在倾角为=30°的斜面上静止不动，若用竖直向上的力F=5.0N提物体，物体仍静止（g=10m/s2），下述结论正确的是
A．物体受到的合外力减小5.0N
B．物体受到的摩擦力减小2.5N
C．斜面受到的压力减小5.0N
D．物体对斜面的作用力减小5.0N
10、三个力，F1=4N，F2=6N，F3=9N，关于三个力的合力，下列说法正确的是（）
A．三个力的合力的最小值为0N B．三个力的合力的最大值为19N
C．三个力的合力可能为9N D．三个力的合力不可能为3N
11、物体从空中某点自由下落，经过离地面高为的位置时，速度是落地速度的取10m/s2，则（）
A．下落点离地高为1.25m B．下落点离地高为1.8m
C．物体经过0.6s后落地D．物体经过0.5s落地
12、a、b两车在平直公路上沿同一方向行驶，运动的v﹣t图象如图所示，在t=0时刻，b车在a车前方s0处，在t=t1时间内，a车的位移为s，则（）
A．若a、b在t1时刻相遇，则
B．若a、b在时刻相遇，则下次相遇时刻为2t1
C．若a、b在时刻相遇，则
D．若a、b在t1时刻相遇，则下次相遇时刻为2t1
二、实验题（本题共16分，答案写在题中横线上）
13、（6分）（1）在做探究小车速度随时间变化的规律的实验时，要用到打点计时器，打点计时器是一种计时仪器，其电源频率为50Hz，常用的电磁打点计时器和电火花计时器使用的是______(直流电，交流电)，它们是每隔______s打一个点。

（2）小车拖动纸带运动，打出的纸带如图所示。

选出A、B、C、D、E、F、G，7个计数点，每相邻两点间还有4个计时点(图中未标出).已知各点间位移。

则：
E点的瞬时速度v E=______m/s保留三位有效数字)；小车运动加速度a=_____m/s2(保留三位有效数字)。

14、（10分）在“探究小车速度随时间变化的规律”的实验时，要用到打点计时器，打点计时器是一种计时仪器，其电源频率为50 Hz.
（1）接通打点计时器电源和让纸带开始运动，这两个操作之间的时间顺序关系是（_____）
A．先接通电源，后让纸带运动
B．先让纸带运动，再接通电源
C．让纸带运动的同时接通电源
D．先让纸带运动或先接通电源都可以
（2）某同学在实验中，用打点计时器记录了被小车拖动的纸带的运动情况，在纸带上确定了A、B、C、D、E、F、G 共7个计数点，其相邻点间的距离如图所示，每两个相邻计数点之间还有四个点未画出．试根据纸带上各个计数点间的距离，（本题计算结果数值保留到小数点后第二位）
①算出打下D点时小车的瞬时速度为_______________m/s.
②计算出小车的加速度为______________m/s2.
三、计算题要求解题步骤，和必要的文字说明（本题共36分）
15、（12分）在日常生活中，我们经常看到物体与物体间发生反复的多次碰撞．如图所示，一块表面水平的木板静止放在光滑的水平地面上，它的右端与墙之间的距离L＝0.08 m．现有一小物块以初速度v0＝1 m/s从左端滑上木板，已知木板和小物块的质量均为1 kg，小物块与木板之间的动摩擦因数μ＝0.1，木板足够长使得在以后的运动过程中小物块始终不与墙接触，木板与墙碰后木板以原速率反弹，碰撞时间极短可忽略，取重力加速度g＝10 m/s1．求：
(1)木板第一次与墙碰撞时的速度大小；
(1)从小物块滑上木板到二者达到共同速度时，木板与墙碰撞的总次数和所用的总时间；
(3)小物块和木板达到共同速度时，木板右端与墙之间的距离．
16、（12分）有A、B两个小球，在不同高度上做自由落体运动，A球下落1s后，B球开始下落，两球同时落到地面．已知B球离地面高度为20 m，问A球从多高处下落？(g取10 m/s2)
17、（12分）体育老师带领学生做了一个游戏，在跑道上距离出发点32m、100m的直线上分别放有1枚硬币，游戏规则是把这2枚硬币全部捡起来（捡硬币时，人的速度为0），看谁用的时间最短．已知某同学做匀加速运动和匀减速运
动的加速度大小均为2m/s2，运动的最大速度不超过10m/s．求:
（1）甲同学一口气加速到最大速度，他能顺利捡到第1枚硬币吗？
（2）看了甲同学的表现，乙同学决定改变策略，先加速到某一速度后减速，捡硬币成功，请问乙同学捡到第1枚硬币需要的最短时间是多少？
参考答案
一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）
1、B
【解题分析】时刻在时间轴上对应的是一点，而时间间隔在时间轴上对应的是一段；
A、下午1点30分在时间轴上对应的是一点，是时刻，故A错误；
B、百米跑记录是11秒8是指跑完100m所用时间为11秒8，故是时间间隔，故B正确；
C、今晚8时在时间轴上对应的是一点，是时刻，故C错误；
D、1997年7月1日零时在时间轴上对应的是一点，是时刻，故D错误。

点睛：只要掌握了时刻在时间轴上对应的是一点，而时间间隔在时间轴上对应的是一段，即可顺利解决此类题目。

2、C
【解题分析】
假设汽车的总位移为2x，前一半位移汽车做匀速直线运动，求出此段时间表达式，后一半位移，汽车也做匀速直线运动，再求出此段时间，最后由平均速度公式列出全程平均速度与总位移和时间的关系式，求解v即可；
【题目详解】
设全程的位移为2x，则汽车以速度行驶了前x的位移，以速度v行驶了后x的位移。

则汽车通过前一半位移的时间；
则汽车通过后一半位移的时间
全程平均速度
代入解得：，故选项C正确，选项ABD错误。

【题目点拨】
本题根据平均速度的定义公式去求解速度v，是常规题，在平时加强训练。

3、B
【解题分析】
根据力的平衡去求静摩擦力f1，至少推动木箱的水平推力等于最大静摩擦力f2；根据f=μF N去求动摩擦因数．
【题目详解】
甲图中，推力与静摩擦力平衡，所以f1＝80N．乙图中，至少推动木箱的水平推力等于最大静摩擦力f2，所以f2＝100N；
丙图中的摩擦力为滑动摩擦力，所以
90
0.45
200
N
f
F
μ===．故B正确，ACD错误．故选B．
【题目点拨】
解决本题的关键理解静摩擦力、最大静摩擦力、滑动摩擦力．知道它们的区别．
4、D
【解题分析】
根据速度位移公式可知
5m/s
v==
A.2 m/s，与分析不符，故A错误。

B.3 m/s，与分析不符，故B错误。

C.4 m/s，与分析不符，故C错误。

D.5 m/s，与分析相符，故D正确。

5、D
【解题分析】
矢量既有大小又有方向，标量只有大小没有方向；
A中时间是标量，故A错误；
B中速率是指瞬时速度的大小，是标量，故B错误；
C中三个量均是标量，错误；
D中三个量均是矢量既有大小又有方向．
故答案选D.
6、C
【解题分析】
两图分别对物体分析，物体受重力和绳子的拉力，绳子的拉力等于弹簧的拉力，所以弹簧秤的示数都等于物体的重力，等于5N．故C正确，A、B、D错误。

故选C。

7、BD
【解题分析】
根据速度时间图线得，若a 1＞a 3，如图，因为末速度相等，位移相等，即图线与时间轴所围成的面积相等，则t 甲＜t 乙．若a 3＞a 1，如图，因为末速度相等，位移相等，即图线与时间轴所围成的面积相等，则t 甲＞t 乙．通过图线作不出位移相等，速度由相等，时间相等的图线，所以甲乙不能同时到达．故AC 错误，BD 正确．
8、BD
【解题分析】由v=v 0+at 从表中数据可知，汽车匀加速运动时的加速度220 6.0 3.0/3/1v v a m s m s t --=
==，则匀加速运动的时间12043
t s s -==，故A 错误，B 正确； 匀减速运动的加速度2201 3.09.0/6/1v v a m s m s t --===-，则匀减速运动的时间101226
t s s -==-；故C 错误； 匀减速直线运动位移为010122m 1222
v v x t m ++==⨯=，故D 正确； 故选BD 。

9、BD
【解题分析】
物体受到竖直向上的力等效为物体的重力了5N ，因此物体依旧能够保持静止，合外力依旧为零，因此A 错误，物体之前受到重力和斜面的作用力，等效重力减少5N ，斜面对物体的作用力减少5N ，有牛顿第三定律得D 正确；物体的重力减小5N ，沿斜面的分力减小了2.5N 53N ，因此B 正确C 错误 10、ABC
【解题分析】
F 1=4N ,F 2=6N ,F 3=9N 三个力的合力最大值为19N ,F 1与F 2的合力范围是2N ⩽F 12⩽10N ,第三个力F 3=9N 在其范围之内，所以三个力的合力的最小值为0.
A. 三个力的合力的最小值为0，选项A 正确；
B. 三个力的合力的最大值为19N ，选项B 正确；
CD 、9N 和3N 都在三个力的合力范围内，所以三个力的合力可能为9N 和3N ，选项C 正确，D 错误。

故选：ABC 。

11、AD
【解题分析】 经过离地面高为的位置与落地时的速度之比为，根据自由落体运动规律可知时间之比也为，设总时间为t ，则
，解得
则下落点离地面的高度为
，故AD 对；BC 错；
故选AD
【题目点拨】
自由落体是初速度为零的匀加速运动，可以根据位移求出总时间然后再求落地点的高度。

12、AC
【解题分析】由图可知，a 车的初速度等于2v ，在t 1时间内，a 车的位移为s ，则b 车的位移为s ．若a 、b 在t 1时刻相遇，则s 0＝s −s ＝s ，A 项正确；若a 、b 在时刻相遇，由图象可知，s 0为阴影部分对应的距离，即
，由图象中的对称关系，下次相遇的时刻为t 1+＝t 1，故B 错误，C 正确；
若a 、b 在t 1时刻相遇，之后v b ＞v a ，不能再次相遇，故D 错误．故选AC ．
点睛：此题要知道速度图象是速度随时间的变化规律，是物理公式的函数表现形式，分析问题时要做到数学与物理的有机结合，数学为物理所用．在速度图象中，纵轴截距表示初速度，斜率表示加速度，图象与坐标轴围成的“面积”表示位移，抓住以上特征，灵活分析．
二、实验题（本题共16分，答案写在题中横线上）
13、交流电 0.02 0.314 0.496m/s 2
【解题分析】
（1）[1][2]．常用的电磁打点计时器和电火花计时器使用的是交流电，它们是每隔0.02s 打一个点。

（2）[3]．计数点之间的时间间隔为：T =0.1s ；根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度得：
()22.88 3.3910m 0.314m/s 220.1s
DF E x v T -+⨯⨯＝＝＝ [4]．从左到右设两计数点之间的距离分别为x 1、x 2、x 3、x 4、x 5、x 6；根据匀变速直线运动的推论公式△x =aT 2可以求出加速度的大小，得：
x 4-x 1=3a 1T 2
x 5-x 2=3a 2T 2
x 6-x 3=a 3T 2
为了更加准确的求解加速度，我们对三个加速度取平均值，有：
()()456123123239x x x x x x a a a a T
++-++++＝＝ ()22?23.87 3.39 2.88 2.38 1.90 1.400.496m/s 90.1s ()10m
-++-⨯⨯--＝＝
14、A 0.56 0.80
【解题分析】
(1)[1]为了尽量多的利用纸带并减小实验误差，实验中先接通电源，后让纸带运动，故A 正确BCD 错误。

(2) ①[2] 根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上D 点时小车的瞬时速度大小。

2CE D 5.20 5.99100.56m /s 220.1
x v T -+==⨯=⨯ ②[3] 小车运动的加速度计算表达式为：
2DG AD 22
0.05990.0680.07620.03620.04380.0520.80m/s 990.1x x a T -++---===⨯
三、计算题要求解题步骤，和必要的文字说明（本题共36分）
15、（2）3.4 s 3.4 m/s （2）2.8 s. （3）3.36 m
【解题分析】
试题分析：（2）物块滑上木板后，在摩擦力作用下，木板从静止开始做匀加速运动，设木板加速度为a ，经历时间T 后与墙第一次碰撞，碰撞时的速度为1v
则mg ma μ=，解得21/a g m s μ==①
212
L at =②，1v at =③ 联立①②③解得0.4t s =，10.4/v m s =④
（2）在物块与木板两者达到共同速度前，在每两次碰撞之间，木板受到物块对它的摩擦力作用而做加速度恒定的匀减速直线运动，因而木板与墙相碰后将返回至初态，所用时间也为T ．
设在物块与木板两者达到共同速度v 前木板共经历n 次碰撞，则有：()02v v nT t a a t =-+∆=∆⑤
式中△t 是碰撞n 次后木板从起始位置至达到共同速度时所需要的时间．
由于最终两个物体一起以相同的速度匀速前进，故⑤式可改写为022v v nTa =-⑥
由于木板的速率只能处于3到1v 之间，故有()01022v nTa v ≤-≤⑦
求解上式得1.5 2.5n ≤≤
由于n 是整数，故有n=2⑧
由①⑤⑧得：0.2t s ∆=⑨；0.2/v m s =⑩
从开始到物块与木板两者达到共同速度所用的时间为：4 1.8t T t s =+∆=（22）
即从物块滑上木板到两者达到共同速度时，木板与墙共发生三次碰撞，所用的时间为2．8s ．
（3）物块与木板达到共同速度时，木板与墙之间的距离为212s L a t =-
∆（22） 联立①与（22）式，并代入数据得0.06s m =
即达到共同速度时木板右端与墙之间的距离为3．36m ．
考点：考查了牛顿第二定律，运动学公式
【名师点睛】本题中开始小木块受到向后的摩擦力，做匀减速运动，长木板受到向前的摩擦力做匀加速运动；当长木板反弹后，小木块继续匀减速前进，长木板匀减速向左运动，一直回到原来位置才静止；之后长木板再次向右加速运动，小木块还是匀减速运动；长木板运动具有重复性，由于木板长度可保证物块在运动过程中不与墙接触，故直到两者速度相同，一起与墙壁碰撞后反弹；之后长木板向左减速，小木块向右减速，两者速度一起减为零．
16、45m
【解题分析】
B 下落的时间t ，根据212
h gt =得 2220s 2s 10
h t g ⨯=== A 球下落的高度
21(1)45m 2
A h g t =+= 17、（1）不能（2）4s
【解题分析】
（1）甲同学一口气加速到最大速度，所运动的位移为 ，此时距离第一枚银币还有32m-25m=7m 的距离，则以同样的加速度减速时，到达第1枚硬币处的速度不能减到零，则他不能顺利捡到第一枚硬币.
（2）设乙同学加速的时间为t ，则加速结束后的速度为v=at=2t ，减速到0的时间也为t ，则，解得t=4s 点睛：此题关键是要知道人在加速和减速的阶段是对称的运动，时间相等，位移也相等，平均速度也相等.。