高考物理新电磁学知识点之稳恒电流难题汇编附答案解析

高考物理新电磁学知识点之稳恒电流难题汇编附答案解析
一、选择题
1．在如图所示电路中，合上开关S，将滑动变阻器R2的滑动触点向b端移动，则三个电表A1、A2和V的示数I1、I2和U的变化情况是（）
A．I1增大，I2不变，U增大 B．I1减小，I2不变，U减小
C．I1增大，I2减小，U增大 D．I1减小，I2增大，U减小
2．在温控电路中，通过热敏电阻阻值随温度的变化可实现对电路相关物理量的控制．如图所示，R1为电阻箱，R2为半导体热敏电阻，C为电容器．已知热敏电阻的阻值随温度的升高而减小，则有（）
A．若R1固定，当环境温度降低时电压表的示数减小
B．若R1固定，当环境温度降低时R1消耗的功率增大
C．若R1固定，当环境温度降低时，电容器C的电荷量减少
D．若R1固定，环境温度不变，当电容器C两极板间的距离增大时极板之间的电场强度减小
3．图中小灯泡的规格都相同，两个电路中的电池也相同。

实验发现多个并联的小灯泡的亮度明显比单独一个小灯泡暗。

对这一现象的分析正确的是（）
A．灯泡两端电压不变，由于并联分电流，每个小灯泡分得的电流变小，因此灯泡亮度变暗
B．电源电动势不变，外电路电压变大，但由于并联分电流，每个小灯泡分得的电流变小，因此灯泡亮度变暗
C．电源电动势不变，外电路电压变小，因此灯泡亮度变暗
D．并联导致电源电动势变小，因此灯泡亮度变暗
4．如图所示，双量程电压表由表头G和两个电阻串联而成。

已知该表头的内阻
，满偏电流，下列说法正确的是
A．表头G的满偏电压为500V
B．使用a、b两个端点时，其量程比使用a、c两个端点时大
C．使用a、b两个端点时，其量程为0~10V，则R1为9.5kΩ
D．使用a、c两个端点时，其量程为0~100V，则为95kΩ
5．如图电路中，电源电动势为E、内阻为r，R0为定值电阻，电容器的电容为C．闭合开关S，增大可变电阻R的阻值，电压表示数的变化量为ΔU，电流表示数的变化量为ΔI，则下列说法错误的是
A．变化过程中ΔU和ΔI的比值保持不变
B．电压表示数变大，电流表示数变小
C．电阻R0两端电压减小，减小量为ΔU
D．电容器的带电量增大，增加量为CΔU
6．如今电动动力平衡车非常受年轻人的喜爱，已慢慢成为街头的一种时尚，如图所示为某款电动平衡车的部分参数，则该电动平衡车（）
电池容量：5000mAh
充电器输出：直流24V/1000mA
续航里程：40km额定功率：40W
工作电压：24V
行驶速度：20km/h
A ．电池从完全没电到充满电所需的时间约为8.3h
B ．电池最多能储存的电能为54.3210J ⨯
C ．骑行时的工作电流为1A
D ．充满电后能工作5h
7．电线是家庭装修中不可或缺的基础建材，电线的质量直接关系到用电安全。

某型号电线每卷长度为100m ，铜丝直径为1.6mm 。

为检验其是否采用了导电性能比较差的劣质铜，现给整卷电线加上1.50V 恒定电压，测得通过电线的电流为1.20A ，由此可知此电线所用铜的电阻率约为( )
A ．91.710m -⨯Ω⋅
B ．82.510m -⨯Ω⋅
C ．71.110m -⨯Ω⋅
D ．65.010m -⨯Ω⋅
8．如图所示，A 、B 两闭合圆形线圈用同样导线且均绕成100匝。

半径A B 2R R =，内有以B 线圈作为理想边界的匀强磁场。

若磁场均匀减小，则A 、B 环中感应电动势A B :E E 与产生的感应电流A B :I I 分别是（ ）
A ．A
B :2:1E E =；A B :1:2I I =
B ．A B :2:1E E =；A B :1:1I I =
C ．A B :1:1E E =；A B :2:1I I =
D ．A B :1:1
E E =；A B :1:2I I =
9．在如图所示的U I -图像中，直线I 为某一电源的路端电压与电流的关系图像，直线II 为某一电阻R 的伏安特性曲线。

用该电源与电阻R 组成闭合电路。

由图像判断错误的是
A ．电源的电动势为3 V ，内阻为0.5Ω
B ．电阻R 的阻值为1Ω
C ．电源的效率为80%
D ．电源的输出功率为4 W
10．如图所示，电源电动势6V E =，内电阻0.5r =Ω，变阻器1R 的最大电阻
m 5.0
R=Ω，
21.5
R=Ω，
341000
R R
==Ω，平行板电容器C的两金属板水平放置。

开关S与a接触，电路稳定后（）
A．电源的最大输出功率为18W
B．1R增大时，电容器的带电量减少
C．1R的阻值增大时，2R两端的电压增大
D．当开关接向b至电路稳定过程中，流过3R的电流方向为d c
→
11．有一家用电褽斗，其内部电路结构如图所示，改变内部连线方式可以使电褽斗处于断开状态或获得低、中、高三个不同的温度挡，选项图中是它的四种不同的连接方式，其中能获得低挡温度的是（）
A．B．
C．D．
12．某些肿瘤可以用“质子疗法”进行治疗。

在这种疗法中，为了能让质子进入癌细胞，首先要实现质子的高速运动，该过程需要一种被称作“粒子加速器”的装置来实现。

质子先被加速到较高的速度，然后轰击肿瘤并杀死癌细胞。

如图所示，来自质子源的质子（初速度为零），经加速电压为U的加速器加速后，形成细柱形的质子流。

已知细柱形的质子流横截面积为S，其等效电流为I；质子的质量为m，其电量为e.那么这束质子流内单位体积的质子数n是
A ．2I U eS m
B ．
I m eS eU C ．
2I eU eS m D ．2I
m eS eU
13．如图所示，R 1和R 2是同种材料、厚度相同、上下表面为正方形的金属导体，但R 1的尺寸比R 2的尺寸大。

将两导体同时放置在同一匀强磁场B 中，磁场方向垂直于两导体正方形表面，在两导体上加相同的电压，形成如图所示方向的电流；电子由于定向移动，会在垂直于电流方向受到洛伦兹力作用，从而产生霍尔电压，当电流和霍尔电压达到稳定时，下列说法中正确的是（ ）
A ．R 1中的电流大于R 2中的电流
B ．R 1导体右表面电势高于左表面电势
C ．R 1中产生的霍尔电压等于R 2中产生的霍尔电压
D ．对于R 1导体，仅增大厚度时，霍尔电压将增大
14．如图所示，a 、b 两个闭合正方形线圈用同样的导线制成，匝数均为10匝，边长l a ＝3l b ，图示区域内有垂直纸面向里的匀强磁场，且磁感应强度随时间均匀增大，不考虑线圈之间的相互影响，则( )
A ．两线圈内产生顺时针方向的感应电流
B ．a 、b 线圈中感应电动势之比为9∶1
C ．a 、b 线圈中感应电流之比为3∶4
D ．a 、b 线圈中电功率之比为3∶1
15．如图为多用电表欧姆档的原理示意图，其中电流表的满偏电流为300μA，内阻
R g=100Ω，调零电阻的最大值R0=50kΩ，电池电动势E=1.5V，电源内阻不计。

将两表笔短接调零后，用它测量电阻R x，当电流计指针只在满刻度的一半时，R x的阻值是（）
A．25kΩB．5kΩC．50kΩD．50Ω
16．在图中所示的电路中，当滑动变阻器的滑动触片向b端移动时 ( )
A．伏特表V读数增大，电容C的电荷量在减小
B．安培表A的读数增大，电容C的电荷量在增大
C．伏特表V的读数增大，安培表A的读数减小
D．伏特表V的读数减小，安培表A的读数增大
17．某研究性学习小组描绘了三种电学元件的伏安特性曲线，如图所示，下列判断中正确的是
A．图甲反映该电学元件的导电性能随电压的增大而增强
B．图乙反映该电学元件的导电性能随温度的升高而减弱
C．图丙反映该电学元件加正向电压和反向电压时导电性能一样
D．图丙反映该电学元件如果加上较高的反向电压（大于40V）时，反向电流才急剧变大18．如图甲所示为一款儿童电动汽车，该款电动汽车的部分参数如图乙所示，则下列说法正确的是 ( )
A．电源规格中的4.5 A·h，A·h 是能量的单位
B．电机的输出功率小于24W
C．电机线圈的电阻为6 Ω
D．行驶过程中电机突发故障，被卡住无法转动，此时通过电机的电流为 2 A
19．一伏特表由电流表G和电阻R串联而成，如图所示.若在使用中发现此伏特表的读数总比准确值稍小一些，采用下列哪种措施可能加以改进：
A．在R上串联一比R小得多的电阻
B．在R上串联一比R大得多的电阻
C．在R上并联一比R小得多的电阻
D．在R上并联一比R大得多的电阻
20．如图所示电路，在滑动变阻器的滑片P向上端a滑动过程中，电压表、电流表的示数变化情况为
A．两电表示数都增大
B．两电表示数都减少
C．电压表示数减少，电流表示数增大
D．电压表示数增大，电流表示数减少
21．某一电源的路端电压与电流的关系和电阻R1、R2的电压与电流的关系图如图所示.用此电源和电阻R1、R2组成电路.R1、R2可以同时接入电路，也可以单独接入电路.为使电源输出功率最大，可采用的接法是( )
A．将R1单独接到电源两端
B．将R1、R2并联后接到电源两端
C．将R1、R2串联后接到电源两端
D．将R2单独接到电源两端
22．在研究微型电动机的性能时，应用如图所示的实验电路．当调节滑动变阻器R并控制电动机停止转动时，电流表和电压表的示数分别为0. 50 A和2. 0 V．重新调节R并使电动机恢复正常运转，此时电流表和电压表的示数分别为2. 0 A和24. 0 V．则这台电动机正常运转时输出功率为（）
A．32 W B．44 W C．47W D．48W
23．下列关于电源电动势的说法正确的是( )
A．电源是通过静电力把其他形式的能转化为电能的装置
B．电源电动势反映了电源内部非静电力做功的本领
C．在电源内部负电荷从低电势处向高电势处移动
D．把同一电源接在不同的电路中，电源的电动势也将变化
24．如图是某电源的路端电压与电流的关系图像，下面结论正确的是（）
A．电源的电动势为1.0V
B．电源的内阻为12Ω
C．电源的短路电流为0.5A
D．电流为0.3A时的外电阻是18Ω
25．一平行板电容器C，极板是水平放置的，电路如图所示.闭合电键,今有一质量为m的带电油滴悬浮在两极板之间静止不动.下列说法正确的是
A．油滴带正电
B．要使油滴上升，可增大滑动变阻器R1的阻值
C．只增大两极板间的距离，油滴将向下加速
D．只将平行板电容器上极板向右平移少许,带电液滴将加速上升
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一、选择题
1．D
解析：D
【解析】试题分析：理清电路，确定电压表测得什么电压，电流表测得什么电流，抓住电动势和内阻不变，采用局部→整体→局部的方法，利用闭合电路欧姆定律进行分析． 触点向b 端移动过程中2R 连入电路的电阻减小，即总电阻减小，干路电流即总电流增大，所以根据E U Ir =+可知路端电压减小，即U 减小， 3R 在干路，通过它的电流增大，所以3R 两端的电压增大，而3R U U U ↓=↑+并，所以U 并减小，即并联电路两端的电压减小，所以1R 的电流1I 减小，而12I I I ↑=↓+，所以2I 增大，D 正确
2．D
解析：D
【解析】
【详解】
A.当环境温度降低时R 2增大，外电路总电阻增大，根据闭合电路欧姆定律分析得到，总电流I 减小，路端电压=U E Ir -，E 、r 不变，则U 增大，电压表的读数增大，故A 错误；
B.R 1消耗的功率21=P I R ，I 减小，R 1不变，则P 减小，故B 错误；
C.若环境温度不变，当电阻箱R 1的阻值增大时，外电路总电阻增大，根据闭合电路欧姆定律分析得到，总电流I 减小，电容器的电压()1=+C U E I
r R -，E 、r 、R 2均不变，I 减小，U C 减小，电容器C 的带电量减小，故C 错误；
D.若R 1固定，环境温度不变，电容器C 两板间的电压不变，当电容器C 两极板间的距离增大时，=
U E d
，故D 正确。

故选D 。

3．C
解析：C
【解析】
【分析】
【详解】
电动势反映不同电源把其他形式的能转化为电能本领大小的物理量。

由于使用同一个电源，故电源电动势不变，故D 错误；根据闭合电路的欧姆定律
E Ir IR =+
根据并联电阻特点
11111=R R R R R
+++并 可知多个并联的小灯泡R 并小于单个小灯泡内阻，电路的总电阻减小，总电流增大，电源内阻r 消耗的电压增大，外电路电压变小，通过各小灯泡的电流减小，故AB 错误，C 正确。

故选C 。

4．C 解析：C
【解析】
表头的满偏电压为，A 错误；在电压表的改装中，串联的电阻越大，分压越大，量程越大，所以使用a 、c 两个端点时，量程最大，B 错误；若使用a 、b 两个端点时，其量程为0~10V ，则，代入数据可得
，C 正确；使用a 、c 两个端点时，其量程为0~100V ，则，代入数据可得，D 错
误． 5．C
解析：C
【解析】
【详解】
A ．根据闭合电路欧姆定律得：
U =E-I （R 0+r ）
由数学知识得知
0 U R r I
=+ 保持不变。

故A 正确，不符合题意。

B ．合开关S ，增大可变电阻R 的阻值后，电路中电流减小，电流表示数变小；由欧姆定律分析得知，电阻R 0两端的电压减小，R 两端的电压增大，即电压表示数变大，选项B 正确，不符合题意；
C ．因它们的总电压即路端电压增大，R 两端的电压增大，所以电阻R 0两端的电压减小量小于△U ，选项C 错误，符合题意．
D ．电容器两极板间的电压等于R 两端的电压，可知电容器板间电压增大，带电量增大，增大量为C △U ，选项D 正确，不符合题意．
6．B
解析：B
【解析】
【分析】
【详解】
A ．由于电池容量是5000mAh ，即
345000103600 1.810C q -=⨯⨯=⨯
充电器输出电流为1000mA ，所以充电时间为
5000mAh 5h 1000mA
q t I =
== 故A 错误；
B ．最多能储存的电能为 451.81024J=4.3210J W qU ==⨯⨯⨯
故B 正确；
C ．额定功率为40W ，工作电压为24V ，则骑行时的工作电流为
405A A 243
P I U =
== 故C 错误；
D ．充满电后能工作 5
4.3210's 3h 40
W t P ⨯=== 故D 错误。

故选B 。

7．B
解析：B
【解析】
【分析】
应用欧姆定律求出导线的电阻；应用电阻定律可以求出导线的电阻率。

【详解】
给整卷电线加上1.50V 恒定电压，测得通过电线的电流为1.20A ，则导线得电阻值为：
1.50 1.251.20U R I ===Ω；又：224()2
L L L R d S d ρρρππ===；1.60.0016mm m =；代入数据可得：8
2.510m ρ-=⨯Ω⋅，故B 正确，ACD 错误；故选B 。

【点睛】
该题考查电阻定律的应用，数据的计算是该题的难点，计算的过程要细心。

8．D
解析：D
【解析】
【分析】
【详解】
根据法拉第电磁感应定律
B S E n
n t t ∆Φ∆⋅==∆∆ 题中n 相同，B t
∆∆相同，面积S 也相同，则得到A 、B 环中感应电动势E A ：E B =1：1。

根据电阻定律
L R S ρ= L =n •2πr
ρ、S 0相同，则电阻之比
R A ：R B =r A ：r B =2：1 根据欧姆定律E I R
=得，产生的感应电流之比 I A ：I B =1：2
故D 正确，ABC 错误；
故选D 。

9．C
解析：C
【解析】
【详解】
A ．根据闭合电路欧姆定律得：
U =E -Ir
当I =0时，U =E ，由读出电源的电动势E =3V ，内阻等于图线的斜率大小，则：
3Ω0.5Ω6
U r I ∆===∆ A 正确；
B ．根据图像可知电阻：
1ΩU R I =
= B 正确；
C ．电源的效率：
2100%=100%=100%=66.7%3
P UI P EI η=
⨯⨯⨯出
总 C 错误； D ．两图线的交点表示该电源直接与电阻R 相连组成闭合电路时工作状态，由图读出电压U =2V ，电流I =2A ，则电源的输出功率为：
P 出=UI =4W
D 正确。

故选C 。

10．D
【解析】
【分析】
【详解】
A ．变阻器1R 的电阻为零时，电源的输出功率最大，电流为
23A E I R r
=
=+ 电源的输出功率 22max 23 1.5W=13.5W P I R ==⨯
故A 错误；
B ．1R 增大时，根据闭合电路的欧姆定律可知，1R 两端的电压增大，根据Q CU =可知电容器的带电量增加，故B 错误；
C ．1R 的阻值增大时，电路的电流减小，2R 两端的电压减小，故C 错误；
D ．开关接a 时，上极板带正电，当开关接向b 后，下极板带正电，流过3R 的电流方向为d →c ，故D 正确。

故选D 。

11．B
解析：B
【解析】
【详解】
A ．A 选项为断路，没有电流，不工作，A 错误；
BCD ．B 选项R 1、R 2串联，发热功率为：
2
212
U P R R =+； C 选项只有R 1工作，发热功率为：
2
31
U P R =； D 选项R 1、R 2并联，发热功率为：
2
41212
+U P R R R R =；
可以判断出，P 2最小，所以能获得低挡温度的是B 选项。

故选B 。

12．D
解析：D
【解析】
【详解】
质子被加速时：
212
Ue mv =
由于 I neSv =
解得
n =
A A 错误；
B ，与结论不相符，选项B 错误；
C C 错误；
D D 正确； 故选D.
13．C
解析：C
【解析】
【详解】
A ．电阻L R S
ρ=，设正方形金属导体边长为a ，厚度为b ，则 a R ab b ρρ=
=
则 R 1=R 2
在两导体上加上相同电压，则R 1中的电流等于R 2中的电流，故A 错误；
B ．电子在磁场中受到洛伦兹力作用，根据左手定则可知，向右表面偏转，故R 1导体右表面电势低于左表面电势，故B 错误；
C ．根据电场力与洛伦兹力平衡，则有
H eU evB a
=
解得： 1H I BI U Bav Ba neab ne b
===⋅ 则有R 1中产生的霍尔电压等于R 2中产生的霍尔电压，故C 正确；
D ．据欧姆定律可得：
U U Ub I R b
ρρ=
== 据C 项可得，霍尔电压 11H I BI BU U Bav Ba
neab ne b ne ρ===⋅=⋅ 仅增大厚度时，电压不变时，霍尔电压不变，故D 错误；
故选C 。

14．B
解析：B
【解析】
试题分析：根据楞次定律可知，两线圈内均产生逆时针方向的感应电流，选项A 错误；因磁感应强度随时间均匀增大，则B k t
∆=∆，根据法拉第电磁感应定律可知2ΔΔΔΔB E n n l t t
Φ==，则239()11a b E E ==，选项B 正确；根据2444B n l S E E klS t I l nl R nl S ρρ
ρ∆∆'='=='=∝，故a 、b 线圈中感应电流之比为3:1，选项C 错误；电功率232344klS B nk l S P IE n l l t ρρ
'⋅'∆===∝∆，故a 、b 线圈中电功率之比为27:1，选项D 错误；故选B ．
【学科网考点定位】法拉第电磁感应定律；楞次定律；闭合电路欧姆定律；电功率．
【名师点睛】此题是一道常规题，考查法拉第电磁感应定律、以及闭合电路的欧姆定律；要推导某个物理量与其他物理量之间的关系，可以先找到这个物理量的表达式，然后看这个物理量和什么因素有关；这里线圈的匝数是容易被忽略的量．
15．B
解析：B
【解析】
【详解】
欧姆表的中值电阻R 中等于欧姆表的内电阻R 总，根据闭合电路欧姆定律，满偏时
g E I R =
总 当电流计指针指在满刻度的12
时
12g x
E I R R =+总 联立解得
12
x g E R R I =
-总 联立可得： R x =5kΩ。

故B 正确ACD 错误。

故选B 。

16．D
解析：D
【解析】
【分析】
本题考查的是电路动态变化分析问题，通常按照“部分整体部分”的顺序进行分析，也可根据结论分析变阻器中电流的变化：只要变阻器接入电路的电阻减小，通过其电流必定增大。

当滑动变阻器的滑动触片向b 端移动时，先分析变阻器电阻的变化，得到总电阻的变化，分析总电流的变化，判断出路端电压的变化，即可知道电压表读数的变化再根据并联部分电压的变化和总电流的变化，分析电流表读数的变化。

【详解】
当滑动变阻器的滑动触片向b 端移动时，变阻器有效电阻减小，外电路总电阻减小，总电流增大，则路端电压减小，所以伏特表V 的读数减小。

根据串联电路分压特点可知，电路中并联部分分压减小，通过的电流减小，而总电流增大，所以通过电流表的电流增大，即安培表A 的读数增大。

由于并联部分电压减小，电容器板间电压减小，由Q CU =可知，电容C 的电荷量在减小，故ABC 错误，D 正确。

故选D 。

17．D
解析：D
【解析】
【分析】
【详解】
A ．由图甲可知随着电压增加图线斜率不变，即该元件电阻阻值的倒数不变，阻值不变，导电性能不变，故A 错误；
B ．由图乙可知随着电压增加图线斜率变小，该元件电阻阻值的倒数变小，阻值增加，导电性能随电压的增大而减弱，但不能说明和温度的变化情况，故B 错误；
C ．由图丙可知加正向电压和反向电压时图线关于原点不对称，因为横坐标不一样的，故导电性能不一样，故C 错误。

D ．根据图丙可知该电学元件如果加上较高的反向电压（大于40V ）时，反向电流才急剧变大，故D 正确。

故选D 。

18．B
解析：B
【解析】
【分析】
【详解】
A •h 是电流与时间的乘积，是电量的单位．故A 错误；电动机的额定功率：
P=UI=12×2=24W ，可知电动机的输出功率一定小于24W ．故B 正确；只知道电动机的额定电压与额定电流，不能由欧姆定律求出电动机的电阻值．故C 错误；知道电动机的额定电压，不知道电动机的电阻值，所以若电机突发故障，被卡住无法转动，不能求出通过电动机的电流值．故D 错误．故选B ．
19．D
解析：D
【解析】
【详解】
读数稍小一些，说明流过电流表的电流稍小一些。

要让电流稍大一点，则应减小总电阻。

AB.在R 上串联一个电阻，总电阻更大，流过电流表的电流更小，伏特表的读数更小，故A 错误，B 错误；
C.若并联一比R 小得多的电阻，其并联值会比并联的电阻阻值减小很多，电流增加太多，故C 错误；
D.若并联一比R 大得多的电阻，其并联值会比并联的电阻阻值稍微减小一些，电流稍微增加一些。

故D 正确。

20．D
解析：D
【解析】
【分析】
【详解】
当滑动变阻器的滑片P 向a 端滑动时，接入电路的电阻增大，与R 2并联的电阻增大，外电路总电阻R 总增大，总电流I 减小，则电压表的示数U V =E -I (r+R 1)，则U V 增大；流过R 2的电流22
V U I R =
增大，电流表的读数为2A I I I =-，则电流表示数减小；故A ，B ，C 错误，D 正确. 21．A
解析：A
【解析】
【详解】
根据闭合电路欧姆定律得：U=E −Ir 知，I=0时，U=E ，图象的斜率等于r ，则由电源的U −I 图线得到：电源的电动势为E=3V ，内阻为r=0.5Ω. 由电阻的伏安特性曲线求出R 1=0.5Ω、R 2=1Ω，R 1单独接到电源两端时，两图线的交点表示电路的工作状态，可知，电路中的电流为3A ，路端电压为1.5V ，则电源的输出功率为P 出1=1.5V×3A=4.5W， 同理，当将R 1、R 2串联后接到电源两端，利用欧姆定律可得电路电流I 串=1.5A ，此时电源的输出功率P 串=I 2
串(R 1+R 2)=3.75W ；两电阻并联时，利用欧姆定律可得电路电流I 并=3.6A,
此时电源的输出功率P 并=EI 并−I 2
并r=4.32W ；R 2单独接到电源两端输出功率为P 出
2=2V×2A=4W.所以将R 1单独接到电源两端时电源的输出功率最大。

故A 正确，BCD 错误。

故选：A
【点睛】
由电源的U-I 图线纵横截距读出电源的电动势，由斜率求出电源的内阻．由电阻的U-I 图线求出电阻．再分别求出四种情况下电源的输出功率进行选择．
22．A
解析：A
【解析】
【详解】
当电动机停止转动时,由题得电动机的电阻：
240.5
U R I ==Ω=Ω 当电动机正常转动时,电动机的总功率：
1124V 2A=48W P U I ==⨯
电动机的发热功率：
22124W=16W R P I R ==⨯
电动机正常运转时的输出功率是：
48W-16W=32W R P P P =-=输出
故选A ．
23．B
解析：B
【解析】
【分析】
【详解】
A 、
B 项：电源是通过非静电力把其他形式的能转化为电能的装置，故A 错误，B 正确；
C 项：在电源内部，电流方向从负极指向正极，所以负电荷从高电势处向低电势处移动，故C 错误；
D 项：把同一电源接在不同的电路中，电源的电动势不变，故D 错误．
故选B 。

24．D
解析：D
【解析】
【分析】
【详解】
A ．电源的电动势为纵轴的截距，为6.0V ，故A 错误；
B ．电源的内阻为该图形的斜率绝对值
6.0 5.0 2.00.5
U r I ∆-=
=Ω=Ω∆ 故B 错误； C ．该图像的纵轴没有从零开始，故图像与横轴的电流不是短路电流，短路电流
6.0V =
3.0A 2.0Ω
E I r ==短 故C 错误；
D ．根据闭合电路的欧姆定律
E I R r
=
+ 得 E R r I
=
- 带入数据解得 18.0R =Ω
故D 正确。

故选D 。

25．C
解析：C
【解析】
【分析】
【详解】
从图中可得A 板带正电，电场方向竖直向下，要使粒子静止，则必须满足电场力和重力等大反向，故粒子受到的电场力竖直向上，所以粒子带负电，A 错误， 要使油滴上升，即电场力增大，则根据公式U E d
=可得，可使极板间的距离减小，或者增大两极板间的电压，但由于两极板间的电压等于2R 两端电压，所以无论怎么移动滑动变阻器，电压都不会变化，B 错误，
当增大两极板间的距离，电场强度减小，所以油滴将向下加速，C 正确，
因为电容器并未和电路断开，所以电场强度和两极板的正对面积无关，故只将平行板电容器上极板向右平移少许,电场强度不变，粒子静止，D 错误。