物理参考答案和评分标准

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八年级物理参考答案及评分标准

八年级物理参考答案及评分标准（2019、01）一、单项选择题二、填空题（每空1分，共18分）21. 3.10 mm 或1mm 22. 6.25 运动 23. 音色凹 24. 惯性力可以改变物体的运动状态 25. 550 不变变大 26. 5 5 竖直向上 0 27.增大摩擦等于匀速直线运动三、作图与实验探究题（每空1分）28.如图甲所示（光线不画箭头不得分）（1分） 29.如图乙所示（3分）30.（2）不透过（3）未点燃相等（4）A 2 31.（1）等于（2）无关（3）大（4）0.232.（1）10 同一（2）放大投影仪（3）上（4）远视 33.（1）左（3）40 62g （4）ρ＝m /V 1.1 （5）偏大四、计算题（34题4分，35题4分，36题10分，共18分）题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 1011121314151617181920答案B C D B D D D A B C D C B D B A C B D C34.已知：路程s＝4.2km ，车通过隧道的最大速度v ＝60km/h。

求：车通过隧道的最短时间t 。

解：由v ＝s/t得t＝s/v＝4.2km /60km/h＝0.07h ＝4.2min 。

答：车通过隧道的最短时间为4.2min 。

（4分）35.已知：货车总重G＝5×105N，桥允许通过的车最大质量m′＝40t＝4×104 kg,g＝10N/kg 。

求：G′。

解：桥允许通过的车最大重力G′＝m′g＝4×104 kg×10N/kg＝4×105N ；∵G＞G′∴该货车不能通过此桥。

答：该货车不能通过此桥。

（4分）36.已知：瓶子的容积V＝3×10-4m3，水的质量m水＝0.2kg，一块小石子的质量m1＝0.01kg，小石子的数量n＝26，水的密度ρ水＝1.0×103 kg/m3。

第 25届全国中学生物理竞赛预赛卷+参考解答与评分标准

第25届全国中学生物理竞赛预赛卷一、选择题。

本题共6小题，每小题6分。

在每小题给出的4个选项中，有的小题只有一项是正确的，有的小题有多项是正确的。

把正确选项前面的英文字母写在每小题后面的方括号内。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不答的得0分。

1. 如图所示，两块固连在一起的物块a和b，质量分别为m a和m b，放在水平的光滑桌面上。

现同时施给它们方向如图所示的推力F a和拉力F b，已知F a>F b，则a对b的作用力A. 必为推力B. 必为拉力C. 可能为推力，也可能为拉力D. 可能为零2. 用光照射处在基态的氢原子，有可能使氢原子电离。

下列说法中正确的是A. 只要光的光强足够大，就一定可以使氢原子电离B. 只要光的频率足够高，就一定可以使氢原子电离C. 只要光子的能量足够大，就一定可以使氢原子电离D. 只要光照的时间足够长，就一定可以使氢原子电离3. 如图所示，一U形光滑导轨串有一电阻R，放置在匀强的外磁场中，导轨平面与磁场方向垂直。

一电阻可忽略不计但有一定质量的金属杆ab跨接在导轨上，可沿导轨方向平移。

现从静止开始对ab杆施以向右的恒力F，若忽略杆和U 形导轨的自感，则在杆运动过程中，下列哪种说法是正确的？A. 外磁场对载流杆ab的作用力对ab杆做功，但外磁场的能量是不变的B. 外力F的功总是等于电阻R上消耗的功C. 外磁场对载流杆ab作用力的功率与电阻R上消耗的功率两者的大小是相等的D. 电阻R上消耗的功率存在最大值4. 如图所示，放置在升降机地板上的盛有水的容器中，插有两根相对容器的位置是固定的玻璃管a和b，管的上端都是封闭的，下端都是开口的。

管内被水各封有一定质量的气体。

平衡时，a管内的水面比管外低，b管内的水面比管外高。

现令升降机从静止开始加速下降，已知在此过程中管内气体仍被封闭在管内，且经历的过程可视为绝热过程，则在此过程中A. a中气体内能将增加，b中气体内能将减少B. a中气体内能将减少，b中气体内能将增加C. a、b中气体内能都将增加D. a、b中气体内能都将减少5. 图示为由粗细均匀的细玻璃管弯曲成的“双U形管”，a、b、c、d为其四段竖直的部分，其中a、d上端是开口的，处在大气中。

八年级物理参考答案及评分标准

（4分）
F1l1=F2l21分
60牛×2米=150牛×l21分
l2=0.8米1分
重物G选调点B距离A端的距离
LBA=L-L2=2米-0.8米=1.2米1分
24.
（6分）
(1) 3分
1分
1分
（3）由于汽车匀速直线运动，所以汽车所受合力为0N。1分
25.
（8分）
（1） 1分
（2） 1分
3分
(3) 3分
说明：在计算中，有关单位错写、漏写，总扣1分。
14.(12)物体单位时间内做的功(13)做功快慢(14)（该桑塔纳轿车）1s内所做功6.6×104焦耳
15.(15)15 (16)竖直向上(17)20 (18)水平向右
16.(19)2牛(20)竖直向下
17.(21)20m/s (22)1.2×107J(23)4×104W
18.(24)50 (25)5（26）0 (27)14
29. (11)钩码(12)右(13)水平(14)便于直接从杠杆上读出力臂值(15)不能（16）没有多次实验，不能得到普遍规律
30. (17)1、2和3
(18)使用动滑轮竖直向上并匀速提升同一重物时，滑轮越重，所用拉力越大。
（19）使用动滑轮匀速提升同一重物时，拉力与竖直方向的夹角越大，所用拉力越大。
（20）7.2-8.0
八年级物理参考答案及评分标准
题号
答案及评分标准
一、选择(20分)
1.B2.C3.A4. B 5.B
6.C7.B8.B9.C10.D
二、填空（31分）说明：除第（19）空2分，其余每空1分。
11.(1)相互的(2)惯性(3)运动状态(4)不平衡
12.(5)①②(6)③⑤(7)④

物理试题答案及评分标准

1 / 32007-2008学年第一学期期中联考高二物理参考答案与评分标准一、全题40分．每一小题4分．每一小题全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分．题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案ACCAABCACDABDBAC二．此题共8小题，共110分。

按题目要求作答。

解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤。

只写出最后答案的不能得分。

有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。

11．(16分) 用电流表和电压表测电池的电动势和内电阻提供的器材如图8所示 (1)〔4分〕用实线代表导线把图8所示的实物连接成测量电路，如下列图，〔电流表接0.6A 档和3A 档都不扣分〕(2)〔4分〕实验电路图如左如下图(3)〔8分〕图9中的6个点表示实验测得的6组电流I 、电压U 的值，按照这些实验值作出I U -图线，由此图线求得的每节电池电动势E =___1.47－1.49____V ，每节电池内阻=r 0.350－0.370Ω.(取3位有效数字)I/AU/V0.20.40.6 0.8 1.0 1.21.42.0 2.2 2.4 2.6 2.83.0 ●●● ●●●图9– +– ++ – 图82 / 3图11图13图1212.〔18分，每空3分〕(1)应换到×100档，缺少的步骤是调零，阻值是___2200__Ω。

电流值是39－40mA ；(2)4900；0.5 13．〔7分〕在真空中一条直线上A 、B 、C 三个点固定有三个点电荷q A = 2q C= q B =q,AB=2BC=r ．如图11所示，求q B 受到的库仑力的大小和方向(k 为量)．解：2222221212B qq q F k k k r r r =-=⎛⎫⎪⎝⎭F B 沿BA 方向 14．〔9分〕在电场中电荷量为2.0×10-9C 的正电荷从A 点移动到B 点，电场力做了1.5×10-7J 的正功，再把这个正电荷从B 点移动到C 点，电场力做了4.0×10-7J 的负功，在A 、B 、C 中，哪一点的电势最高？A 和C 之间的电势差U AC 是多大？解：0ABAB W U q=〉A B ϕϕ∴〉 7791.510 4.0101252.010AC AB BC ACW W W U V V q q ---+⨯-⨯====-⨯ A C ϕϕ〈∴C 点电势最高15.〔15分〕如图12所示，有一电子(电量为e )经电压U 0加速后，进入两块间距为d 、电压为U 的平行金属板间.假设电子从两板正中间垂直电场方向射入，且正好能穿过电场.求： (1)〔9分〕金属板AB 的长度； (2)〔6分〕电子穿出电场时的动能.解：(1)由2000221211222mv eu l v td eu at t dm====解得02u l u=9分〕〔2〕由动能定理得201()22umv e u =+〔6分〕16．〔15分〕在如图13的电路中，假设 R 1=4Ω，R 3=6Ω，电池内阻r=0.6Ω，如此电源产生的总功率为40W ，而输出功率为37.6W 。

物理(南通卷)(参考答案及评分标准)

2024年中考中考考前押题密卷（南通卷）物理·参考答案一、选择题（本题共10小题，每小题2分，共20分。

每小题给出的选项中只有一个选项符合题意）二、填空题（本题共5个小题，每空1分，共21分。

）11．空气音调南极平衡力12．可再生电 9310⨯ 30%13．行李运动状态改变匀速直线运动平衡将凳子装上轮子14．120 30 15 80%15．低温 1 12 480三、解答题（本题共7个小题，共49分。

其中17、18题应写出必要的解题过程）16．（6分）（1）（2）（3）17．（6分）解：（1）模型受到的浮力33010kg 10N /kg 0.3N F G m g -===⨯⨯=浮排排（2分）（2）由F gV ρ=浮水排可得，模型浸在水中的体积53330.3N 310m 1.010kg /m 10N /kgF V g ρ-===⨯⨯⨯浮排水（2分）（3）模型的重力为 33610kg 10N /kg 0.36N G m g -==⨯⨯=模型模型（1分）将模型放入盛满水的溢水杯中，溢出水30g ，根据阿基米德原理可知，已经求得模型受到的浮力为：0.3N F =浮，由于F G <浮，所以模型放入水中静止时处于沉底状态；物体的体积等于溢出水的体积为 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 A C B D C D D C C B3330g 30cm 1g /cm m V V ρ====溢水排水材料的密度为 3336g 1.2g /cm 30cmm V ρ=== （1分）答：（1）模型受到的浮力为0.3N ；（2）模型浸在水中的体积为53310m -⨯；（3）模型在水中处于沉底状态，该打印材料的密度为31.2g/cm 。

18．（6分）解：（1）当S 闭合，S1、S2断开时，R1和R2串联接入电路中，串联电路总电阻等于各部分电阻之和，根据欧姆定律可知电源电压为U=I(R1+R2)=0.4A×(20Ω+10Ω)=12V （1分）（2）当S 、S1、S2都闭合时，R2被短路，此时R1和L 并联接入电路中，电流表测干路中的电流，此时的总电阻要小于R1；当S 闭合，S1、S2断开时，R1和R2串联接入电路中，此时的总电阻要大于R1，所以，R1和L 并联的总电阻小于R1和R2串联的总电阻，由欧姆定律可知，当S 、S1、S2都闭合时，干路中的电流变大（1分）故并联后干路中的电流为I′=0.4A+0.7A=1.1A （1分）通过R1的电流为1112V =0.6A 20ΩU I R == （1分）并联电路干路电流等于各支路电流之和，由并联电路的电流特点可得，通过L 的电流为IL=I′-I1=1.1A -0.6A=0.5A （1分）则L 的额定功率为P=UIL=12V×0.5A=6W （1分）答：（1）电源电压是12V ；（2）当S 、S1、S2都闭合时，电流表的示数变化了0.7A ，且小灯泡L 正常发光，小灯泡L 的额定功率是6W 。

物理试题参考答案及评分标准

物理试题参考答案及评分标准一、单项选择题(每小题3分，共30分．下列各题所列的答案中。

只有一个是正确的)1．A 2．C 3．B 4．C 5．D 6．B 7．A 8．B 9．D 10．C二、多项选择题(每小题3分,共9分．下列各题所列的答案中。

有二个或二个以上正确。

全部选对的得3分。

选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分)11．AD 12．AC 13．ABD三、填空题(每小题3分，共15分)14．220 不高于36 并联 15．直线倒立 3×108m /s 16．较低较高液化 17．103 车外大于 18．4400 7200 40四、实验题(第19小题11分,第20小题7分，共18分)19．（1）1.82~1.85（2分） 0.24（2分）（2）①断开 0~0.6A 右②0.75 1.67 灯丝电阻与温度有关 ③灯泡处断路（或灯丝断了）20．（每空1 分）（1）①调节天平平衡时，游码应置零刻度处 ②18.2 2.6×103（2）②用天平测量烧杯的质量m 2；③将溢水杯盛满水，细线系好矿石，浸没入溢水杯中；④用天平测量烧杯和溢出水的质量m 3 表达式：ρ=m 1ρ水/(m 3-m 2)五、计算题(每小题7分。

共14分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，过程和答案都必须明确写出数值和单位)21．（1）灯泡正常工作时通过的电流为：A v W U P I 18.022040===（2分）（2）灯泡的电阻为：()Ω===121040W22022V P U R （2分）（3）一个月节约电能 W=Pt=30×0.04kW.h ×2h=2.4kW.h ………（2分）一个月节约电费：2.4 kW.h ×0.5元/ kW.h=1.2元 ………（1分）答：⑴灯泡正常工作时通过的电流为0.18A ，⑵灯泡的电阻为1210Ω，⑶一个月节约电能2.4kW.h ，节约电费1.2元。

物理(天津卷)(参考答案及评分标准)

2024年中考第一次模拟考试（天津卷）
物理·参考答案
一、选择题（每小题3分，共30分．每小题3分，多选、错选不得分，漏选得1分）
二、多选题（每小题3分，共9分，多选、错选不得分，漏选得1分） 11、ABD 12、ACD 13、AB 三、填空题（每空2分，共24分） 14．空气色散 15．省力增大 16．热传递汽化 17．5000 惯性 18． 2 1.5 19． 0.48 3.6
四、综合题（共18分。

要求写出必要的文字说明、公式、主要的运算过程、数值和单位） )kg 3kg ⨯⨯℃得，天然气放出的热量为 1.0081040%
⨯=得，烧开这壶水消耗的天然气的体积是
21．（6分）水平大小 1.0 =
由于支点不在中点处，杠杆自重会产生一个向下的作用力，则F1需要比原来更大才能使杠杆平衡，故其它条件不变，杠杆平衡时，F1l1都是大于F2l2。

（2）主要实验步骤：①按电路图连接电路；①只闭合开关S，记下电流表示数为I；①再闭合开关S，记。

高一物理参考答案与评分标准

高一物理参考答案与评分标准二、多选择题：（4分*5题=20分）三填空题：（共29分）13、2.5--3.5m/s 之间都给分 14、(1)计时，50，交流电，0.02 (2) A (3) =D v 0.560_m ／s ， a= 0.801_m ／s 2(4)a 、在误差允许的范围内，小车做匀加速直线运动。

b/理由：通过计算可知BC.CD.DE,EF 的加速度分别是0.79，0.81，0.80，0.81，可见加速度大小近似相等，故在误差允许的范围内，小车做匀加速直线运动。

15、⑴3.33m/s ⑵-1m/s ⑶-15m/s 4、如右图四、计算题（30分） 16、（10分）解：（1）v =v 0+at =4+2×2=8(m/s) ---------5分（2）212x v t at =+ ＝4×2＋0.5×2×22＝12(m) --------5分 17、(10分)解：（1）)/(502.001020s m t v v a t=-=-=-----------4分 (2)足球运动的时间 )(10110t s a v ===------------2分运动的位移 )(50101212122m at s =⨯⨯==---------2分20s 内的平均速度为 )/(5.22050s m t s v ===------------2分 18、(10分)解（1）小球在空中下落的时间 )(3104522s g h t =⨯==--------3分（2）5.74.03==∆=t t n ----2分因有7.5个时间间隔，所以空中最多能有8个小球。

----1分（3）最低的小球即将落地时，与最高的小球间的距离最大----1分此时最高小球下落的时间)(2.074.031s t =⨯-=， ----1分下落的距离22112.0102121⨯⨯==gt h =0.2（m ）----1分 ∴ 最高的小球与最低的小球之间的最大距离 )(8.442.045m h m =-=∆ ------------------1分10-15。

第30届全国中学生物理竞赛复赛答案

第30届全国中学生物理竞赛复赛考试试题解答与评分标准一、参考解答：以滑块和地球为系统，它在整个运动过程中机械能守恒. 滑块沿半球面内侧运动时，可将其速度v 分解成纬线切向 (水平方向)分量ϕv 及经线切向分量θv . 设滑块质量为m ，在某中间状态时，滑块位于半球面内侧P 处，P 和球心O 的连线与水平方向的夹角为θ. 由机械能守恒得2220111sin 222m mgR m m ϕθθ=-++v v v (1) 这里已取球心O 处为重力势能零点. 以过O 的竖直线为轴. 球面对滑块的支持力通过该轴，力矩为零；重力相对于该轴的力矩也为零. 所以在整个运动过程中，滑块相对于轴的角动量守恒，故0cos m R m R ϕθ=v v .(2)由 (1) 式，最大速率应与θ的最大值相对应max max ()θ=v v . (3)而由 (2) 式，q 不可能达到π2. 由(1)和(2)式，q 的最大值应与0θ=v 相对应，即max ()0θθ=v . (4) [(4)式也可用下述方法得到：由 (1)、(2) 式得22202sin tan 0gR θθθ-=≥v v .若sin 0θ≠，由上式得22sin 2cos gRθθ≤v .实际上，sin =0θ也满足上式。

由上式可知 max 22max 0sin 2cos gRθθ=v .由(3)式有222max max 0max ()2sin tan 0gR θθθθ=-=v v .(4’)]将max ()0θθ=v 代入式(1)，并与式(2)联立，得()2220max max max sin 2sin 1sin 0gR θθθ--=v .(5)以max sin θ为未知量，方程(5)的一个根是sin q=0，即q =0，这表示初态，其速率为最小值，不是所求的解. 于是max sin 0θ≠. 约去max sin θ，方程(5)变为22max 0max 2sin sin 20gR gR θθ+-=v .(6)其解为20maxsin 14gR θ⎫=⎪⎪⎭v .(7)注意到本题中sin 0θ≥，方程(6)的另一解不合题意，舍去. 将(7)式代入(1)式得，当max θθ=时，(22012ϕ=+v v , (8)考虑到(4)式有max ==v (9)评分标准：本题15分. (1)式3分， (2) 式3分，(3) 式1分，(4) 式3分， (5) 式1分，(6) 式1分，(7) 式1分， (9) 式2分. 二、参考解答：1. 由于碰撞时间t ∆很小，弹簧来不及伸缩碰撞已结束. 设碰后A 、C 、D 的速度分别为A v 、C v 、D v ，显然有D C 2l r =v v .(1)以A 、B 、C 、D 为系统，在碰撞过程中，系统相对于轴不受外力矩作用，其相对于轴的角动量守恒D C A 0222m l m r m l m l ++=v v v v .(2)由于轴对系统的作用力不做功，系统内仅有弹力起作用，所以系统机械能守恒. 又由于碰撞时间t ∆很小，弹簧来不及伸缩碰撞已结束，所以不必考虑弹性势能的变化. 故2222D C A 011112222m m m m ++=v v v v . (3)由 (1)、(2)、(3) 式解得2200022222248,,888C D A lr l r l r l r l r===-+++v v v v v v (4)[代替 (3) 式，可利用弹性碰撞特点0D A =-v v v .(3’)同样可解出(4). ]设碰撞过程中D 对A 的作用力为1F '，对A 用动量定理有221A 0022428l r F t m m m l r+'∆=-=-+v v v ,(5)方向与0v 方向相反. 于是，A 对D 的作用力为1F 的冲量为221022428l r F t m l r+∆=+v (6)方向与0v 方向相同.以B 、C 、D 为系统，设其质心离转轴的距离为x ，则22(2)2mr m l l r x m αα++==++.(7)质心在碰后瞬间的速度为C 0224(2)(2)(8)l l r x r l r α+==++v v v . (8)轴与杆的作用时间也为t ∆，设轴对杆的作用力为2F ，由质心运动定理有 ()210224(2)28l l r F t F t m m l rα+∆+∆=+=+v v . (9)由此得2022(2)28r l r F t m l r -∆=+v . (10)方向与0v 方向相同. 因而，轴受到杆的作用力的冲量为2022(2)28r l r F t m l r-'∆=-+v , (11)方向与0v 方向相反. 注意：因弹簧处在拉伸状态，碰前轴已受到沿杆方向的作用力；在碰撞过程中还有与向心力有关的力作用于轴. 但有限大小的力在无限小的碰撞时间内的冲量趋于零，已忽略.[代替 (7)-(9) 式，可利用对于系统的动量定理21C D F t F t m m ∆+∆=+v v . ][也可由对质心的角动量定理代替 (7)-(9) 式. ]2. 值得注意的是，(1)、(2)、(3) 式是当碰撞时间极短、以至于弹簧来不及伸缩的条件下才成立的. 如果弹簧的弹力恰好提供滑块C 以速度02248C lrl r =+v v 绕过B 的轴做匀速圆周运动的向心力，即()222C 022216(8)l r k r m m r l r -==+v v(12) 则弹簧总保持其长度不变，(1)、(2)、(3) 式是成立的. 由(12)式得碰前滑块A 的速度0v 应满足的条件0=v (13)可见，为了使碰撞后系统能保持匀速转动，碰前滑块A 的速度大小0v 应满足(13)式. 评分标准：本题20分.第1问16分，(1)式1分， (2) 式2分，(3) 式2分，(4) 式2分， (5) 式2分，(6) 式1分，(7) 式1分，(8) 式1分，(9) 式2分，(10) 式1分，(11) 式1分；第2问4分，(12) 式2分，(13) 式2分. 三、参考解答：1. 当杆以角速度ω绕过其一端的光滑水平轴O 在竖直平面内转动时，其动能是独立变量λ、ω和L 的函数，按题意可表示为k E k L αβγλω= (1)式中，k 为待定常数（单位为1）. 令长度、质量和时间的单位分别为[]L 、[]M 和[]T （它们可视为相互独立的基本单位），则λ、ω、L 和k E 的单位分别为1122[][][],[][],[][],[][][][]k M L T L L E M L T λω---==== (2)在一般情形下，若[]q 表示物理量q 的单位，则物理量q 可写为()[]q q q = (3) 式中，()q 表示物理量q 在取单位[]q 时的数值. 这样，(1) 式可写为()[]()()()[][][]k k E E k L L αβγαβγλωλω= (4) 在由(2)表示的同一单位制下，上式即()()()()k E k L αβγλω= (5) [][][][]k E L αβγλω= (6) 将 (2)中第四式代入 (6) 式得22[][][][][][]M L T M L T αγαβ---= (7)(2)式并未规定基本单位[]L 、[]M 和[]T 的绝对大小，因而(7)式对于任意大小的[]L 、[]M 和[]T 均成立，于是1,2,3αβγ=== (8) 所以23k E k L λω= (9) 2. 由题意，杆的动能为,c ,r k k k E E E =+ (10) 其中，22,cc 11()222k L E m L λω⎛⎫== ⎪⎝⎭v (11)注意到，杆在质心系中的运动可视为两根长度为2L的杆过其公共端（即质心）的光滑水平轴在铅直平面内转动，因而，杆在质心系中的动能,r k E 为 32,r 2(,,)222k k L L E E k λωλω⎛⎫== ⎪⎝⎭(12)将(9)、 (11)、 (12)式代入(10)式得 2323212222L L k L L k λωλωλω⎛⎫⎛⎫=+ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭(13)由此解得 16k = (14)于是E k =16lw 2L 3. (15) 3. 以细杆与地球为系统，下摆过程中机械能守恒sin 2k L E mg θ⎛⎫= ⎪⎝⎭ (16) 由(15)、(16)式得w =以在杆上距O 点为r 处的横截面外侧长为()L r -的那一段为研究对象，该段质量为()L r λ-，其质心速度为22c L r L rr ωω-+⎛⎫'=+= ⎪⎝⎭v . (18) 设另一段对该段的切向力为T (以θ增大的方向为正方向)，法向(即与截面相垂直的方向)力为N (以指向O 点方向为正向)，由质心运动定理得()()cos t T L r g L r a λθλ+-=- (19)()()sin n N L r g L r a λθλ--=- (20)式中，t a 为质心的切向加速度的大小()3cos d d d d d 2d 2d dt 4ct L r g L r L r a t t Lθωωθθ+'++====v (21) 而n a 为质心的法向加速度的大小()23sin 22n L r g L r a Lθω++==. (22) 由(19)、(20)、(21)、(22)式解得()()23cos 4L r r L T mg L θ--= (23)()()253sin 2L r L r N mg L θ-+=(24)评分标准：本题25分.第1问5分， (2) 式1分， (6) 式2分，(7) 式1分，(8) 式1分；第2问7分， (10) 式1分，(11) 式2分，(12) 式2分， (14) 式2分；不依赖第1问的结果，用其他方法正确得出此问结果的，同样给分；第3问13分，(16) 式1分，(17) 式1分，(18) 式1分，(19) 式2分，(20) 式2分，(21) 式2分，(22) 式2分，(23) 式1分，(24) 式1分；不依赖第1、2问的结果，用其他方法正确得出此问结果的，同样给分. 四、参考解答：设在某一时刻球壳形容器的电量为Q . 以液滴和容器为体系，考虑从一滴液滴从带电液滴产生器 G 出口自由下落到容器口的过程. 根据能量守恒有2122Qq Qqmgh km mgR kh R R+=++-v . (1)式中，v 为液滴在容器口的速率，k 是静电力常量. 由此得液滴的动能为21(2)(2)2()Qq h R m mg h R k h R R-=---v . (2)从上式可以看出，随着容器电量Q 的增加，落下的液滴在容器口的速率v 不断变小；当液滴在容器口的速率为零时，不能进入容器，容器的电量停止增加，容器达到最高电势. 设容器的最大电量为max Q ，则有max (2)(2)0()Q q h R mg h R kh R R---=-.(3)由此得max ()mg h R RQ kq-=.(4)容器的最高电势为maxmax Q V kR= (5) 由(4) 和 (5)式得max ()mg h R V q-=(6)评分标准：本题20分. (1)式6分， (2) 式2分，(3) 式4分，(4) 式2分， (5) 式3分，(6) 式3分.五、参考解答：1. 一个带电量为q 的点电荷在电容器参考系S 中的速度为(,,)x y z u u u ，在运动的参考系S '中的速度为(,,)x y z u u u '''. 在参考系S 中只存在磁场(,,)(,0,0)x y z B B B B =-，因此这个点电荷在参考系S 中所受磁场的作用力为0,,x y z z y F F qu B F qu B==-= (1)在参考系S '中可能既有电场(,,)xy z E E E '''又有磁场(,,)x y z B B B '''，因此点电荷q 在S '参考系中所受电场和磁场的作用力的合力为(),(),()x x y z z y y yx z z x z z x y y x F q E u B u B F q E u B u B F q E u B u B '''''''=+-'''''''=-+'''''''=+- (2)两参考系中电荷、合力和速度的变换关系为,(,,)(,,),(,,)(,,)(0,,0)x y z x y z x y z x y z q q F F F F F F u u u u u u '='''='''=-v (3)由(1)、 (2)、 (3)式可知电磁场在两参考系中的电场强度和磁感应强度满足()0,,()xy z z y yx z z x z z x yy x y E u B u B E u B u B u B E u B u B u B '''+--='''-+=-'''+--=v v (4)它们对于任意的(,,)x y z u u u 都成立，故(,,)(0,0,),(,,)(,0,0)xy z xy z E E E B B B B B '''='''=-v (5)可见两参考系中的磁场相同，但在运动的参考系S '中却出现了沿z 方向的匀强电场.2. 现在，电中性液体在平行板电容器两极板之间以速度(0,,0)v 匀速运动. 电容器参考系S 中的磁场会在液体参考系S '中产生由(5)式中第一个方程给出的电场. 这个电场会把液体极化，使得液体中的电场为(,,)(0,0,)xy z E E E B εε'''=v . (6) 为了求出电容器参考系S 中的电场，我们再次考虑电磁场的电场强度和磁感应强度在两个参考系之间的变换，从液体参考系S '中的电场和磁场来确定电容器参考系S 中的电场和磁场. 考虑一带电量为q 的点电荷在两参考系中所受的电场和磁场的作用力. 在液体参考系S '中，这力(,,)x y z F F F '''如(2)式所示. 它在电容器参考系S 中的形式为(),(),()x x y z z y y y x z z x z z x y y x F q E u B u B F q E u B u B F q E u B u B =+-=-+=+- (7)利用两参考系中电荷、合力和速度的变换关系(3)以及(6)式，可得00,,()x y z z y y x z z x z z x y y x y E u B u B E u B u B u B BE u B u B u B εε+-=-+=-+-=+-v v (8)对于任意的(,,)x y z u u u 都成立，故(,,)(0,0,(1)),(,,)(,0,0)x y z x y z E E E B B B B B εε=-=-v (9) 可见，在电容器参考系S 中的磁场仍为原来的磁场，现由于运动液体的极化，也存在电场，电场强度如(9)中第一式所示.注意到(9)式所示的电场为均匀电场，由它产生的电容器上、下极板之间的电势差为z V E d =-.(10)由(9)式中第一式和(10)式得01V Bd εε⎛⎫=- ⎪⎝⎭v .(11)评分标准：本题25分.第1问12分， (1) 式1分， (2) 式3分， (3) 式3分，(4) 式3分，(5) 式2分；第2问13分， (6) 式1分，(7) 式3分，(8) 式3分， (9) 式2分， (10) 式2分，(11) 式2分. 六、参考解答：设弯成的圆弧半径为r ，金属片原长为l ，圆弧所对的圆心角为φ，钢和青铜的线膨胀系数分别为1α和2α，钢片和青铜片温度由120C T =︒升高到2120C T =︒时的伸长量分别为1l ∆和2l ∆. 对于钢片 1()2dr l l φ-=+∆ (1) 1121()l l T T α∆=- (2) 式中，0.20 mm d =. 对于青铜片2()2dr l l φ+=+∆ (3) 2221()l l T T α∆=- (4) 联立以上各式得 2122121212()()2.010 mm 2()()T T r d T T αααα++-==⨯-- (5)评分标准：本题15分. (1)式3分， (2) 式3分，(3) 式3分，(4) 式3分， (5) 式3分.七、参考解答：1. 考虑射到劈尖上某y 值处的光线，计算该光线由0x =到x h =之间的光程()y δ. 将该光线在介质中的光程记为1δ，在空气中的光程记为2δ. 介质的折射率是不均匀的，光入射到介质表面时，在0x = 处，该处介质的折射率()01n =；射到x 处时，该处介质的折射率()1n x bx =+. 因折射率随x线性增加，光线从0x =处射到1x h =（1h 是劈尖上y 值处光线在劈尖中传播的距离）处的光程1δ与光通过折射率等于平均折射率()()()1111110111222n n n h bh bh =+=++=+⎡⎤⎣⎦ (1) 的均匀介质的光程相同，即2111112nh h bh δ==+ (2)忽略透过劈尖斜面相邻小台阶连接处的光线（事实上，可通过选择台阶的尺度和档板上狭缝的位置来避开这些光线的影响），光线透过劈尖后其传播方向保持不变，因而有21h h δ=- (3)于是()212112y h bh δδδ=+=+. (4)由几何关系有1tan h y θ=. (5)故 ()22tan 2b y h y δθ=+. (6) 从介质出来的光经过狭缝后仍平行于x 轴，狭缝的y 值应与对应介质的y 值相同，这些平行光线会聚在透镜焦点处.对于0y =处，由上式得 d 0()=h . (7)y 处与0y =处的光线的光程差为 ()()220tan 2b y y δδθ-=. (8) 由于物像之间各光线的光程相等，故平行光线之间的光程差在通过透镜前和会聚在透镜焦点处时保持不变；因而(8)式在透镜焦点处也成立. 为使光线经透镜会聚后在焦点处彼此加强，要求两束光的光程差为波长的整数倍，即22tan ,1,2,3,2b y k k θλ==. (9)由此得y A θθ==. (10) 除了位于y =0处的狭缝外，其余各狭缝对应的y 坐标依次为,,,,A . (11)2. 各束光在焦点处彼此加强，并不要求(11)中各项都存在. 将各狭缝彼此等距排列仍可能满足上述要求. 事实上，若依次取,4,9,k m m m =，其中m 为任意正整数，则49,,,m m m y y y ===. (12)，光线在焦点处依然相互加强而形成亮纹. 评分标准：本题20分. 第1问16分， (1) 式2分， (2) 式2分， (3) 式1分，(4) 式1分，(5) 式2分，(6) 式1分，(7) 式1分，(8) 式1分， (9) 式2分， (10) 式1分，(11) 式2分；第2问4分，(12) 式4分（只要给出任意一种正确的答案，就给这4分）. 八、参考解答：1. 设碰撞前电子、光子的动量分别为e p （0e p >）、p γ（0p γ<），碰撞后电子、光子的能量、动量分别为,,,ee E p E p γγ''''. 由能量守恒有E e +E g =¢E e +¢E g .(1) 由动量守恒有p e +p g =¢p e +¢p g .(2) 光子的能量和动量满足E g =p g c ,¢E g =¢p g c .(3)电子的能量和动量满足22224e e e E p c m c -=，22224e e e E p c m c ''-= (4)由(1)、(2)、(3)、(4)式解得e E E E γγ+'=(5)2. 由(5)式可见，为使¢E g >E g , 需有0E E γγ'-=即E γ 或 e p p γ>(6)注意已设p e >0、p g <0. 3. 由于2e e E m c>>, 因此有242e e e m cE E -.(7)将(7)式代入(5)式得¢E g »2E e E g2E g +m e 2c 42E e. (8)代入数据，得 ¢E g »29.7´106eV .(9)评分标准：本题20分. 第1问10分， (1) 式2分， (2) 式2分， (3) 式2分，(4) 式2分，(5) 式2分；第2问5分，(6) 式5分；第3问5分，(7) 式2分， (8) 式1分， (9) 式2分.。

大连育明高级中学2023～2024学年(下)期末物理参考答案

大连育明高级中学2023～2024学年（下）期末考试高一物理试卷参考答案及评分标准（理科）第Ⅰ卷（共46分）一．选择题（本大题共10小题，共46分。

1-7题为单选题，每小题4分，8-10题多选题，每小题6分，漏选得3分，不选或选错得0分。

）1.B2.C3.A4.D5.D6.C7.C8.AB9.CD10.ACD第Ⅱ卷（共54分）二．填空题（本题共2小题，每空2分，共14分）11.(1)A(2)b 到a（3）①12.（1）=；（2）B ；（3）322111t mt m t m ΔΔΔ+-=；（4）<三、计算题（本题共3小题，共40分）13.（10分）（1）电子在加速电场做加速运动，有21012eU mv =2分解得0v 1分（2）在偏转电场中，水平方向电子做匀速运动，有0l v t =1分竖直方向，电子受到电场力作用，由牛顿第二定律有ma lUe=21分221at y =1分atv y =1分1202tan U Uv v y==θ1分yl d l 'y 22+=1分()1242U d l U 'y +=1分14.（12分）（1）ABC mv mv 2=1分AB C mx mx 2=1分lx x AB C =+1分lm m ml x AB 312=+=1分（2）2222121B A C mv mv mgl +=2分3gl v B A =1分32glv C =1分(3)mvmv mv B A C 2=+-1分321glv -=1分mgh mv mv mv B A C +=+22222121211分l h 43=1分15.（18分）（1）2102121mv mv mv +=1分2221202121212121mv mv mv +=2分m/s22=v 1分(2)mgEq =1分mg F 2=合且与竖直方向成45°偏左下；当电场反向时，mg F 2=合且与竖直方向成45°偏右下2分（文字或者图示说明）速度偏转45°，g mF a 2==合1分av t ︒=45sin 21分s10.t =1分(3)Rvm mg C2=1分m/s6=C v 1分根据合力的方向找到等效最低点D 22212145sin C D mv mv R R F -=︒+）（合1分J mv D ）（269212+=1分m/s245cos 23=︒=v v 1分232212145sin mv mv R s F C -=︒-）（合2分m s 522=1分。

物理(无锡卷)(参考答案及评分标准)

2024年中考第一次模拟考试（无锡卷）物理·参考答案一、选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分。

每小题给出的选项中只有一个选项符合题意）二、填空题（本题共12个小题，每空1分，共36分。

） 13．2.05 398 -414．直线传播惯性重力 15．飞机快 1016．电磁感应发电机机械能转化为电能 17．定省力适当增加物重 18．顺 3 0.819．10 9.2×107 做功 20．25 80% 5 21．1.44 1∶4 变小 22．保护电路变大大 23．1.9 2100 下降 24．80 2320 不均匀三、解答题（本题共6个小题，共40分。

其中26、30题应写出必要的解题过程）25．（6分）（1）（2）（3）26．（6分）解：（1）公交车行驶的平均速度为v =st =3.6×103m 3×60s=20m /s （1分）（2）公交车满载时静止在水平地面上，对地面的压力为1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 ADABABBDDCBDF=G=mg=10×103kg×10N/kg=1×105N（1分）轮胎与地面接触的总面积为S=Fp =1×105N2.5×105Pa=0.4m2（1分）（3）发动机所做的功为W=Pt'=72×103W×20×60s=8.64×107J（1分）4.8m3天然气完全燃烧放出的热量为Q放=Vq=4.8m3×4×107J/m3=1.92×108J（1分）发动机的效率为：η=WQ放×100%=8.64×107J1.92×108J×100%=45%（1分）答：（1）公交车行驶的平均速度为20m/s；（2）轮胎与地面接触的总面积为0.4m2；（3）发动机的效率为45%。

全国中学生物理竞赛复赛浙江赛区实验试题(分光计)参考答案及评分标准

全国中学生物理竞赛复赛浙江赛区实验试题（分光计）参考答案和评分标准一、光学题汞灯是一种多谱线复合光源，试用分光计测量给定三棱镜对汞灯中绿光谱线的折射率（已知三棱镜的顶角为60度）。

（20分，90分钟）[器材]：分光计1台、汞灯及电源1套、待测三棱镜1块（其中一面为毛面，两面为光面）、平面镜1块（设镜面与底座严格垂直），台灯1个。

[实验要求]：1、调节分光计到正常工作状态。

2、作出分光计在可测量状态时望远镜分划板上“十”字叉丝的自准直光路图。

3、写出测量方案（步骤、测量公式及简明原理图），按测量方案完成实验步骤，测量出实验数据，并根据实验数据写出测量结果的表达式。

4、简要说明误差来源。

参考答案：1．目测粗调目测粗调望远镜的水平、垂直螺丝，使望远镜光轴过仪器转轴，并处于水平状态，调节b 1、b 2、b 3使载物台大致水平，然后拧紧载物台与游标盘锁定螺丝及望远镜与刻度盘锁定螺丝。

2．调节望远镜①调节望远镜聚焦无穷远旋转望远镜目镜，使分划板上暗叉丝清晰，把平面镜放在载物台中心处，且与b 1b 2连线垂直，在望远镜目镜视野内找到“十”字叉丝反射像，前后移动望远镜套筒，直到“十”字叉丝反射像最清晰，并与暗叉丝无视差，最后套筒锁定。

②调节望远镜光轴与仪器转轴垂直调节b 3使“十”字叉丝反射像向MN 线上移近一半，再调节望远镜的倾斜螺丝使“十”字叉丝反射像落到MN 线上；旋转载物台180°，照上法调节。

反复多次，直到平面镜转动180°前后“十” + 图1 望远镜分划板上“十”字叉丝的自准直光路N +Ｑ L 物像 M B Ｐ图2 三棱镜折射率测量光路C b 1 b 2 b 3δ δ δi i ’ A 垂直底边入射法任意入射角法最小偏向角法r ’ r字叉丝反射像始终落在MN 线上。

3．调节载物台面与仪器转轴垂直将平面镜转动90度，调节b 1使望远镜分划板上“十”字叉丝反射像在MN 线上，然后使AC 面正对望远镜，调节b 2使望远镜分划板上“十”字叉丝反射像在MN 线上即可。

物理参考答案及评分说明

A图10 图112013～2014学年度第一学期期末考试九年级物理参考答案及评分标准一、选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分．每小题给出的四个选项中只有一个．．．．选项正确）二、填空题(本题共9小题，每空1分，共26分)13．220 测电笔并联14．动弹性势动重力势15．导体短用电器总功率过大16．串7.5 0.417．较大较多18．热值 4.2×10819．300 10 0 20．68.2 66.7 100.0（或100）21．0.25 1000 4.5三．解答题（本题有8小题，共50分。

解答23、24题时应写出解答过程）22．（每小题2分，共6分）（1）（2）（3）23．（6分）(1)Ω===163.08.4AVIURLLL（1分）P L=U L I=4.8V×0.3A=1.44W（1分）(2) U o=U-U L=6V-4.8V=1.2V （1分）Ω===43.02.10AVIUR（1分）(3) 移动滑动变阻器的滑动片时，可能会使灯泡烧坏（1分）；串联一个保护电阻（1分）。

24．（7分）（1） 4402220P W I A U V ==＝（1分） 2201102U VR I A==Ω＝（1分）（2）Q=cm(t-t 0)=4.2×103J/(kg·℃) ×0.5Kg ×(100℃-12℃)=1.848×105J （2分）51.84810420440Q J t s P W⨯==＝（2分）(3)“存在热损失”、“电热水壶的实际功率小于额定功率”、“实际电压小于额定电压”等（1分） 25．（每空1分，共5分）（1）木块移动的距离小球（2）100g 的铝球同一高度（3）不同高度 26．（每空1分，共6分）（1）匀速（2）动滑轮有重力（3）0.1 0.14 71.4% （4）增大 27．（每空1分，共4分）（1）相同不同（2）水（3）比热容 28．（每空1分，共8分）（1）断开 3 （2）C 移动变阻器的滑动片（3）D 2.5 （4）不妥当灯泡在不同电压下，电流不同，温度不同，电阻不等 29．【第（1）题2分；第（2）、（3）题每空1分；第（4）题2分，共8分。

物理(无锡卷)(参考答案及评分标准)

2024年中考考前押题密卷（无锡卷）物理·参考答案二、填空题(本题共12小题，每空1分,共36分)13．扩散快夏14．不变吸收液化15．直线传播虚不变16．0 10 不是17．0.8×103 4 1.2×10318．可能引起火灾，不安全相等接头处的电热毯烧焦19．158 3小1.31020．运动状态大于小于21．一样大比热容2522．化学 1.26×10837523．会定滑轮0.1224．低高R2三、解答题(本题共6小题，共40分)25．（1）（2分）（2）（2分）（3）（2分）26．（6分）7000 增大4200W 50.5%【详解】（1）[1][2]工件A的重力G =mg =10×103kg×10N/kg=1×105N工件A 在水中受到的浮力F 浮=ρ水gV 排=1.0×103kg/m 3×10N/kg×8m 3=8×104N匀速打捞工件A 时（工件A 出水之前），工件A 受到的拉力544110N 810N=210N F G F =-=⨯-⨯⨯浮动滑轮重力G 动=m 动g =100kg×10N/kg=1000N由图可知，绳子的有效段数n =3，不计钢索绳的重力及一切摩擦，则工件A 出水之前钢索绳自由端的拉力()4111(210N 1000N)7000N 33F FG =+=⨯⨯+=动（1分）工件从刚露出水面到完全出水的过程中，排开水的体积逐渐减小，由F 浮=ρ水gV 排可知，所受的浮力逐渐变小，则滑轮组对货物的拉力变大，有用功在变大，额外功不变，因1100%100%100%1W W W W W W W η=⨯=⨯=⨯++有有额总额有有故滑轮组的机械效率变大（1分）。

（2）[3]工件A 在水中10s 内上升高度为2m ，则此过程中滑轮组的总功W 总=F 1s =7000N×3×2m=42000J此过程中滑轮组的总功率42000J4200W 10sW P t ===总（2分）（3）[4]当工件A 出水后，此时钢索绳自由端的拉力()213F G G =+动工件A 出水前的速度2m =0.2m/s 10sh v t ==物由题意可知，工件A 出水后上升的速度保持不变，则绳端移动的速度v 绳=3v 物，此时滑轮组的总功率()()521'3(110N 1000N)0.2m /s 20200W 3P F v G G v G G v ==+⨯=+⨯=⨯+⨯=绳动物动物已知电动机的电功率40kW 40000W P ==电则电机效率20200W100%100%50.5%0000W '4P P η⨯=⨯==电（2分） 27．（8分）更清楚的显示光路（答案合理均可给分）折射偏向增大倒立缩小左凹透镜28．（8分） B 不属于 U 形管两侧液面的高度差深度丙丁 1000 b 小于29．（7分）灯泡短路 2.2 左 0.5 温度22112I R I I I 额30．（5分） 27 变小 A 并 250 70%。

学科教学(物理)物理教学论参考答案及评分标准.doc

浙江师范大学2010年在职攻读硕士学位全国联考专业基本课参考答案及评分标准专业（领域）代码：420105 专业（领域）名称：学科教学（物理）专业基础课名称：物理教学论一、填空踵（每题1分，共23分）1 .高中物理课程目标定位于（1）,在课程结构上注重一（2）,体现课程的（3）；在课程内容上体现—（4）、（5）和（6）；在课程实施上注重（7）, 提倡教学方式（8）,在课程评价上强调（9）、促进—（10）°提高科学素养；共同基础，体现选择性；时代性、基础姓和选择性；自主学习；多样化；评价观念；学生发展.2.讲解法是教师经常采用的教学方法•在中学物理课堂中，运用讲解法必须符合以下基本要求：（11）, （12） , （13） , （14） , （15）°科学桂；逻辑性；启发性；重点突出；简明生动3.中学物理演示实验在设计和表演方面应当要注意：（16）, （17） , （18）°同时,为了充分发挥演示实验在教学中的作用，教师还要注意以下两个方面：（19）,（20）。

境保成功；简易方便；现象清楚；指导观察；与思维相结合4.中学物理教育研究的课题选择需要符合如下基本原则：⑵），（22）,（23）。

创新性；重要性；可行姓二、简答题（每题6分，共36分）5.请写出《牛顿第一定律》一节课的教学目标。

要求按课程目标三个维度撰写。

从知识与技能、过程与方法、情感态度与价值观三维拟定目标（每维度2分）6.中学物理教学可以采用多种方法，各种方法都有它们的优势和局限。

教学中要对这些方法进行优化的综合运用，从哪些方面来考虑优化综合运用教学方法？符合中学物理教学的指导思想和教学目的；体现中学物理教学的特点和教学原则；切合教学内容和教材的实际；切合学生的实际；切合教师和学校的实际.7.为了加强物理教师之间的相互学习，共同提高教学质量，物理教师应当能正确评价课堂教学。

请你简述从哪几个方面怎么样来评价一堂物理课。

2023年安徽省中考物理试卷及参考答案与评分标准

2023年安徽省中考物理试卷一、填空题（每小题2分，共20分）1．2023年5月17日，我国成功发射第56颗北斗导航卫星。

在进入地球同步轨道后，以地面为参照物，该卫星是静止的，这说明物体的运动和静止是（选填“相对”或“绝对”）的。

2．图为我国晋代顾恺之所绘《斫（zhuó）琴图》的局部，展示了古代乐师调整琴弦长度的情景。

调整琴弦的长度，主要是为了改变乐音的（选填“音调”“响度”或“音色”）。

3．如图，一杯水在斜面上保持静止，O点为其重心，请在图中作出它所受重力的示意图。

4．如图，在射箭比赛中，运动员释放弓弦将箭射出，弓弦的弹性势能转化为箭的______能。

5．“奋斗者”号深潜器创造了我国载人深潜的新纪录。

当“奋斗者”号潜至海面下10000m深处时，其外部0.1m2的水平舱面上所受的海水压力约为N。

（海水密度近似为1×103kg/m3，g 取10N/kg）6．如图1，爸爸和小红坐在跷跷板的两侧，在水平位置保持平衡。

将其简化成图2所示的杠杆，不计杠杆自重的影响，若小红的质量为15kg，则爸爸的质量为kg。

7．图示为探究产生感应电流条件的装置。

某次实验时，若导体AB不动，磁体沿图中箭头所示方向运动，则闭合回路中（选填“能”或“不能”）产生感应电流。

8．如图，在老师的指导下，小军用测电笔（试电笔）试触某插座的插孔，用指尖抵住笔尾金属体，测电笔的氖管发光，此时（选填“有”或“没有”）电流通过小军的身体。

9．在某汽车尾部的挡风玻璃上，有一种电加热除雾装置，它由5条阻值均为12Ω的电阻丝并联而成，简化结构如图所示。

该装置与12V的汽车电池接通工作1min，产生的总热量为J。

10．如图所示的电路中，电阻R0＝12Ω。

闭合开关S1，将单刀双掷开关S2掷于a端，电压表示数为2.5V；将S2切换到b端，电压表示数为1.5V，则电阻R x的阻值为Ω。

二、选择题（每小题2分，共14分；每小题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题意的）11．玻璃棒与丝绸摩擦后，玻璃棒带正电，丝绸带负电，在摩擦过程中（）A．玻璃棒和丝绸都得到电子B．玻璃棒和丝绸都失去电子C．玻璃棒失去电子，丝绸得到电子D．玻璃棒得到电子，丝绸失去电子12．如图所示，汽车上配有安全带和头枕，司机和乘客都必须系好安全带。

第26届全国中学生物理竞赛预赛试卷答案

第26届全国中学生物理竞赛预赛试卷参考解答与评分标准一、选择题．（共35分）答案：1．B , D 2．B 3．A 4．A , C 5．A , B评分标准：每小题7分．在每小题给出的4个选项中，有的小题只有一项是正确的，有的小题有多项是正确的．全部选对的得7分．选对但不全的得3分，有选错或不答的得0分．二、填空题和作图题．共32分，每小题8分．按各小题的答案和评分标准给分．6．答案与评分标准：2d φλπ（8分） 7．答案与评分标准： 8分）8．答案：评分标准：8分．有任何错误都给0分．9．答案与评分标准：0 ( 4 分）（ii ）c 、d （两个都对得 4 分，只填一个且正确得2分，有填错的得0分）10．参考解答：（i ）以两条实线代表在白纸上所画出的直线，以两条虚线代表玻璃砖的两个透明面，根据题意，实线间的距离大于虚线间的距离，如图所示．根据实线位置定出的折射角为γ，按实际的玻璃砖两透明面的位置即虚线定出的折射角为γ＇，由图知γ>γ＇ ( l )由折射定律 sin i=nsin γ (2 )令入射角i 相等，当折射角偏大时，测出的折射率将偏小．（ii ）以l 表示摆长，θ表示摆线与竖直方向的夹角，m 表示摆球的质量，F 表示摆线对摆球的拉力，T 表示摆球作题图所示运动的周期．有22sin sin ()F ml Tπθθ= ( l ) cos F mg θ= ( 2 )由（l ）、（2）式得cos 2l T gθπ= ( 3 )而单摆的周期公式为 2l T g π'= 即使在单摆实验中，摆角很小，θ< 50，但cos θ< l ，这表示对于同样的摆长l ，摆球在水平面内作圆周运动的周期T 小于单摆运动的周期T ＇，所以把较小的周期通过（4）求出的重力加速度的数值将大于g 的实际值．评分标准：本题 19 分．第（i ）小题9分．得到（l ）式给4分，得到正确结论给5分．只有结论给0分．第（ii ）小题10分．得到（3）式给5分，得到正确结论给5分．只有结论给0分．11．参考解答：解法一（i ）电路如右图所示，（ii ）实验步骤：（1）将单向双掷开关K 置于空位，按所设计的电路图接线．（2）按下电流表上的按钮开关K 1，读下电流表的示数I 1．（3）将K 打向左侧与a 接通，读下电流表的示数12．（4）将K 打向右侧与b 接通，读下电流表的示数13 ．（iii ）由欧姆定律有11I R I r ε=+ （1）22x xRR I r I R R ε=++ （2） 33x x x I R I R RR r R R ε⎛⎫ ⎪ ⎪=- ⎪+ ⎪+⎝⎭（3）解以上三式得23121()I I I R I I ε-=- （4） 1321()I I R r I I -=- （5） 323x I R R I I =- （6）评分标准：本题18分．第（i ）小题9分．若所设计的电路无法根据题的要求测出所有的应测电流，都得0分．第（ii ）题3分．在电路正确的前提下，每测一个电流的步骤占1分．第（iii ）题6分．（4）、（5）、（6）式各 2 分．解法二（i ）电路如右图所示．（ii ）实验步骤：（1）将单向双掷开关K 置于空位，按所设计的电路图接线．（2）按下电流表上的按钮开关K 1，读下电流表的示数I 1．（3）将K 打向左侧与a 接通，读下电流表的示数I 2．（4）将K 打向右侧与b 接通，读下电流表的示数13．（iii ）由欧姆定律有1()x I R R r ε=++ （1）2()I R r ε=+ （2）3()x I R r ε=+ （3）解以上三式得1331I I R I I ε=- （4） 121323231()I I I I I I r R I I I +-=- （5） 321231()()x I I I R R I I I -=- （6）评分标准：本题18分．第（i ）小题9分．若所设计的电路无法根据题的要求测出所有的应测电流，都得0分．第（ii ）题3分．在电路正确的前提下，每测一个电流的步骤占1分．第（iii ）题6分．（4）、（5）、（6）式各 2 分．12．参考解答：设α粒子速度的大小为v α，原子核B 速度的大小为v B ，在衰变过程中动量守恒，有 m αv α+m B v B =0 (1)衰变过程中能量守恒，有222221122A B B B m c m v m v m c m c ααα=+++ （2）解（l ）、（2）二式得221()2B B A B Bm m v m m m c m m ααα=--+ （3）221()2B A B B m m v m m m c m m αααα=--+ （4）评分标准：本题 18 分．（1）式4分，（2）式8分，（3）、（4）各3分．13．参考解答：解法一在图中纸面内取O xy 坐标（如图），原点在狭缝l 处，x 轴过缝1和缝3．粒子从缝1进人磁场，在洛仑兹力作用下作圆周运动，圆轨道在原点与x 轴相切，故其圆心必在y 轴上．若以r 表示此圆的半径，则圆方程为x 2+(y －r)2=r 2 （1）根据题的要求和对称性可知，粒子在磁场中作圆周运动时应与d 的柱面相碰于缝3、4间的圆弧中点处，碰撞处的坐标为x =2R －R sin450 （2）y=R －R cos450 （3）由（l ）、（2）、（3）式得 r=3R （4）由洛仑兹力和牛顿定律有 200v qv B m r = （5）由（4）、（5）式得 03mv B qR= （6）评分标准：本题 18 分．（1）、（2）、（3）式各4分，（4）、（5）、（6）式各2分．解法二如图所示，A 为a 、b 两圆圆心的连线与缝l 的交点，F 为c 、d 两圆圆心的连线与缝3的交点．从1缝中射人的粒子在磁场作用下与圆柱d 的表面发生弹性碰撞后，反弹进人缝2，这个过程一定对连结b 、d 两圆圆心的直线OP 对称，故直线OP 与d 圆的交点C 必是碰度点．由于粒子在磁场中做圆运动过A 点，因此这个轨道的圆心必在过A 点并垂直于AF 的直线AE 上；同时这个轨道经过C点，所以轨道的圆心也一定在AC 的垂直平分线DE 上．这样AE 与DE 的交点E 就是轨道的圆心，AE 就是轨道的半径r ．过C 点作AF 的垂线与AF 交于H 点，则有 AC r AD HC =（1）由图可知22HC R R =- （2） 222AH R R =-（3） 22AC AH HC =+ （4）12AD AC = （5）由以上各式得 r=3R （6）由洛仑兹力和牛顿定律有 200v qv B m r= （7）得到 03mv B qR= （8）评分标准：本题 18 分．（1）式8分，（2）、（3）（4）、（5）式各1分，（6）、（7）、（8）式各1分．14．参考解答：杆PQ 在磁场中运动时，受到的作用力有：外加恒力F ，方向向右；磁场的安培力，其大小F B =BIl ，方向向左，式中I 是通过杆的感应电流，其大小与杆的速度有关；摩擦力，大小为F μ，方向向左．根据动能定理，在所考察过程中作用于杆的合力做的功等于杆所增加的动能，即有212B F F F W W W mv μ++= （1）式中v 为经过时间t 杆速度的大小，W F 为恒力F 对杆做的功，W F 安为安培力对杆做的功，W Fμ为摩擦力对杆做的功．恒力F 对杆做的功W F =Fx （2）因安培力的大小是变化的，安培力对杆做的功用初等数学无法计算，但杆克服安培力做的功等于电阻所消耗的能量，若以E R 表示电阻所消耗的能量，则有－W F 安=E R （3）摩擦力F μ是恒力，它对杆做的功W Fμ=－F μx （4）但F μ未知．因U 型导轨在摩擦力作用下做匀加速运动，若其加速度为a ，则有F μ=m 0a （5）而 a =2x 0/t 2 （6）由（4）、（5）、（6）三式得 0022F x x W m tμ=- （7）经过时间t 杆的速度设为v ，则杆和导轨构成的回路中的感应电动势ε=Blv （8）根据题意，此时回路中的感应电流0I R ε=（9）由（8）、（9）式得0I R v Bl= （10）由（l ）、（2）、（3）、（7）、（10）各式得220002221(2)2R x I R E F m x m t B l=-- （11）评分标准：本题20分．（1）式3分，（2）式l 分，（3）式4分，（7）式4分，（10）式5分，（11）式3分．15．参考解答：解法一用n 1和n 2分别表示L 1和L 2中气体的摩尔数，P 1、P 2和 V 1、V 2分别表示L 1和L 2中气体处在平衡态时的压强和体积，T 表示气体的温度（因为 M 1是导热的，两部分气体的温度相等），由理想气体状态方程有p 1V 1=n 1RT （1）P 2V 2=n 2RT （2）式中R 为普适气体常量．若以两个活塞和轻杆构成的系统为研究对象，处在平衡状态时有p 1S 1－p 2S 1+p 2S 2－p 0S 2=0 （3）已知S 2=2S 1 （4）由（3）、（4）式得p 1+p 2=2p 0 （5）由（l ）、（2）、（5）三式得1022111222n p V n p n V V n =+ （6）若（6）式中的V 1、V 2是加热后L 1和L 2中气体的体积，则p 1就是加热后L1中气体的压强．加热前L 1中气体的压强则为10202101102022n p V n p n V V n =+ （7）设加热后，L 1中气体体积的增加量为△V 1，L 2中气体体积的增加量为△V 2，因连结两活塞的杆是刚性的，活塞M 2的横截面积是M 1的2倍，故有△V 1=△V 2=△V （8）加热后，L 1和L 2中气体的体积都是增大的，即△V > 0 .[若△V< 0，即加热后，活塞是向左移动的，则大气将对封闭在气缸中的气体做功，电热丝又对气体加热，根据热力学第一定律，气体的内能增加，温度将上升，而体积是减小的，故L 1和L 2中气体的压强p 1和p 2都将增大，这违反力学平衡条件（5）式］于是有 V 1=V 10+△V （9）V 2=V 20+△V （10）由（6）、（7）、（9）、（10）四式得10102021101110201020222()[()]()n p V V V n p p n n V V V V V V n n -∆-=+∆++∆+ （11）由（11）式可知，若加热前V 10=V 20，则p 1＝p 10，即加热后p 1不变，由（5）式知p 2亦不变；若加热前 V 10＜V 20，则p 1< p 10，即加热后P 1必减小，由（5）式知P 2必增大；若加热前 V 10＞V 20, 则p 1> p 10，即加热后p 1必增大，由（5）式知p 2必减小．评分标准：本题 20 分．得到（5）式得3分，得到（8）式得3分，得到（11）式得8分，最后结论得6分．解法二设加热前L 1和L 2中气体的压强和体积分别为p 10、p 20和V 10、V 20，以p l 、p 2和V 1、V 2分别表示加热后L 1和L 2中气体的压强和体积，由于M 1是导热的，加热前L 1和L 2中气体的温度是相等的，设为T 0，加热后L 1和L 2中气体的温度也相等，设为T ．因加热前、后两个活塞和轻杆构成的系统都处在力学平衡状态，注意到S 2=2S 1，力学平衡条件分别为p 10+p 20=2p 0 （1）p 1+p 2=2p 0 （2）由（l ）、（2）两式得p 1－p 10=－ (p 2－p 20) （3）根据理想气体状态方程，对L1中的气体有1110100p V T p V T = （4）对 L ：中的气体有2220200p V T p V T = （5）由（4）、（5）两式得112210102020p V p V p V p V = （6）（6）式可改写成11011022022010102020(1)(1)(1)(1)p p V V p p V V p V p V ----++=++ （7）因连结两活塞的杆是刚性的，活塞M 2的横截面积是M 1的2倍，故有V 1－V 10=V 2－V 20 （8）把（3）、（8）式代入（7）式得11011011011010102020(1)(1)(1)(1)p p V V p p V V p V p V ----++=-+ （9）若V 10=V 20，则由（9）式得p 1=p 10，即若加热前，L 1中气体的体积等于L 2中气体的体积，则加热后L 1中气体的压强不变，由（2）式可知加热后L 2中气体的压强亦不变．若V 10<V 20，则由（9）式得p 1< p 10，即若加热前，L 1中气体的体积小于L 2中气体的体积，则加热后L 1中气体的压强必减小，由（2）式可知加热后L 2中气体的压强必增大．若V 10>V 20，则由（9）式得p 1> p 10，即若加热前， L 1中气体的体积大于L 2中气体的体积，则加热后 L 1中气体的压强必增大，由（2）式可知加热后L 2中气体的压强必减小．评分标准：本题 20 分．得到（l ）式和（2）式或得到（3）得3分，得到（8）式得3分，得到（9）式得8分，最后结论得6 分．16．参考解答：（i ）图1为卫星和碎片运行轨道的示意图．以v 1表示碰撞前卫星作圆周运动的速度，以M 表示地球E 的质量，根据万有引力定律和牛顿定律有21112()Mm v G m R h R h =++ （1）式中G 是引力常量．由（l ）式得1GM R GM v R h R h R==++ （2）以v 2表示刚要碰撞时太空碎片的速度，因为与卫星发生碰撞时，碎片到地心的距离等于卫星到地心的距离，根据题意，太空碎片作椭圆运动的总能量22222122Mm Mm m v G G R h a-=-+ （3）式中a 为椭圆轨道的半长轴．由（3）式得222GM GM R R GM v R h a R h a R=-=-++ （4）卫星和碎片碰撞过程中动量守恒，有m 1v 1－m 2v 2=(m 1+m 2)v （5）这里v 是碰后二者结合成的物体（简称结合物）的速度．由（5）式得112212m v m v v m m -=+ （6）由（2）、（4）、（6）三式并代人有关数据得0.7520GM v R= （7）结合物能否撞上地球，要看其轨道（椭圆）的近地点到地心的距离r min ，如果r min <R ，则结合物就撞上地球．为此我们先来求结合物轨道的半长轴a '．结合物的总能量2121212()()1()22M m m M m m G m m v G a R h++-=+-'+ （8）代人有关数据得 a '=5259km （9）结合物轨道的近地点到地心的距离r min =2 a '－（R+h ）=3347km <R （10）据此可以判断，结合物最后要撞上地球．（ii ）解法一在极坐标中讨论．取极坐标，坐标原点在地心处，极轴由北极指向南极，如图2所示．碰撞点在北极上空，是椭圆轨道的远地点，结合物轨道的椭圆方程1cos p r e θ=+ （11）式中e 是偏心率，p 是椭圆的半正焦弦，远地点到地心的距离r max =R+h （12）由解析几何有max min (0.3635)2r r e a -=='（13）在轨道的近地点，r=r min ，θ=0，由（11）式得p =r min (1+e)(=4563km ) （14）或有p =r max (1－e) （15）在结合物撞击地球处；r= R ，由（11）式有1cos p R e θ=+ （16）或 cos p R eR θ-= （17）代人有关数据可得cos θθ0 （19）这是在北纬51.320 ．评分标准：本题20分．第（i ）小题12分．（1）或（2）、（3）或（4）、（5）或（6）式各2 分，（8）式3分，（10）式3分．第（ii ）小题8分．（11）、（12）、（13）、（14）或（15）、（16）或（17）式各l 分，（19）式2分（答案在1410到1420之间的都给2分），正确指出纬度给l 分．解法二在直角坐标中讨论．取直角坐标系，以椭圆的对称中心为坐标原点O, x 轴通过近地点和远地点并由远地点指向近地点，如图3所示．结合物轨道的椭圆方程是22221x y a b +=''（20）式中a ＇、b ＇分别为结合物椭圆轨道的半长轴和半短轴．远地点到地心的距离r max =R+h （21）根据解析几何，若c 为地心与坐标原点间的距离，c= r max －a ＇(=1912km ) （22）而 22b a c ''=- （23）注意到a ＇由（9）式给出，得b ＇=4899km （24）结合物撞击地面处是结合物的椭圆轨道与地面的交点，设该处的坐标为x p 和y p ，则有 x p =R cos θ+c （25）y p =R sin θ （26）式中θ为从地心指向撞击点的矢经与x 方向的夹角．因撞击点在结合物的轨道上，将（24）、（25）式代入轨道方程（20）式，经整理得222222222()cos 2cos 0R b a b cR a b a R θθ''''''-+-+= （27）引人以下符号并代人有关数据得代入（27）式得2cos cos 0αθβθγ++= （28）解得 cos θ= （29）舍掉不合理的答案，得cos θθ0 （31）这是在北纬51.320 ．评分标准：（20）、（21）、（22）、（23）或（24）、（27）式各l 分，（31）式2分（答案在1410到1420之间的都给2分），正确指出纬度给1 分．。

2024上海崇明区初三一模物理试卷及答案

崇明区2023学年第一学期学业质量调研九年级物理参考答案和评分标准题号答案要点及评分说明一、选择题（每题2分,共12分）1．B。

2．C。

3．B。

4．A。

5．C。

6．D。

二、填空题（除第16格4分，第19格2分，其余每空1分，共23分）7．（1）并联；（2）220；（3）滑动变阻器。

8．（4）连通器；（5）小；（6）不变。

9．（7）质量；（8）变小；（9）能。

10．（10）类比；（11）等效替代；（12）控制变量。

11．（13）0.9；（14）10；（15）10。

12．（16）若电压表示数为0，则L 断路；若电压表示数为U 0,则R 断路或L 短路。

（说明：上格每种情况2分，共4分）13．①（17)电流；②（18）2.4×10-3；③（19）此时人体相当于一个电阻与小灯并联，电源电压为3伏，通过人体的电流约为4-103 安即0.3毫安，低于人体安全电流，所以人没有危险。

（说明：上格电路图补充正确得1分，说理正确得1分，共2分。

本小题属开放题，只要说出此时通过人体电流小于人体安全电流，就能得分）三、作图题(共5分)14.力的大小1分、方向和作用点1分，共2分。

15.每个电路元件符号正确各得1分，共3分。

四、综合题（共30分）16.（3分）F 浮＝ρ液gV 排＝1×103千克/米3×9.8牛/千克×2×10-3米3＝19.6牛说明：公式、代入和结果各1分，共3分。

17.（8分）（1）R 总=R 1+R 2I 1并=U/R 1说明：每个表达式（结果）得2分，共4分。

（2）I 串=U/R 串=U/(R 1+R 2)I 并=U/R 并=U/[R 1R 2/(R 1+R 2)]=R 1R 2U/(R 1+R 2)说明：每条公式1分，结果1分，共4分。

18.（9分）（1）m=ρV=1000千克/米3×1×10-3米3=1千克说明：公式、代入、结果各1分，共3分。

第九全国初中物理知识竞赛参考解答

1999年全国初中物理知识竞赛参考解答一、答案和评分标准全题30分，每小题3分。

1．A，2．A，3．D，4．D，5．A，6．C，7．B，8．A，9．D，10．C。

二、答案和评分标准全题27分，每小题3分。

1．乙。

2．乙。

3．0.76。

答案在0.757至0.774之间都给分。

4．低（或小），蒸发，高（或大）。

每个空给1分。

5．10000。

6．A，500。

第一空1分，第二空2分。

7．1.1×106千瓦时（或度）。

8．丙，乙，甲，丁。

全部正确才给这3分。

9．F的像如图。

远离，下。

像给1分，两个空各给1分。

10．裂变，聚变，聚变。

每空1分，前两个顺序可以颠倒。

三，参考解答：注水时水位高于D点才有水流出，水位降到C点才停止出水。

排水口会间歇式地放水。

评分标准：本题共5分。

第一问2分，第二问2分，第三问1分。

四、参考解答：R1应该远大于发热板等效电阻。

五、参考解答：解答中各字母所代表的意义如下：m1—干砂子的质量，m2—水的质量，m—砂子和水的混合物的质量；c1—干砂子的比热容，c2—水的比热容，c—砂子和水的混合物的比热容；Q1—干砂子吸收的热量，Q2—水吸收的热量，Q—砂子和水的混合物吸收的热量；△t—温度差。

砂子和水的混合物、砂子、水各自吸收的热量可以表示为：Q=c(m1+m2)△t (1)Q1=c1m1△t (2)Q2=c2m2△t (3)由这三个式子可以解出代入数值后，得评分标准：本题共8分。

(1)式2分，(2)、(3)两式共3分（写对一个给1分），(4)式2分，(5)式1分。

六、参考解答：(1)电压表的读数约为6伏，电流表的读数约为0，小灯泡不发光。

(2)答案如图。

评分标准：本题共8分。

电压表和电流表的读数各2分，小灯泡的发光情况1分。

所连导线3分，但导线没有连在接线柱上，而连在其他导线中间的，只给1分。

七、参考解答：流量：f=10升／分=1.67×10-4米3／秒温差△T=30℃用水时间t=4分=240秒水的比热容c=4.2×103焦／（千克／℃）水的密度ρ=1.0×103千克／米3①一定时间△t内电流的焦耳热：Q1=IU△t(1)这段时间内水温上升△T所需的热量：Q2=(f△t)c△T (2)假设焦耳热全部用来使水升温，则有Q1=Q2 (3)解出代入数值，得I=96安(5)如果考虑到热量散失，实际电流会比这个数值更大，目前家庭电路所能承载的最大电流很少有超过10安培的，所以这种设计不适合家庭淋浴。