广东省六校2015届高三下学期第三次模拟联考物理试卷

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广东省六校2015届高三第三次联合考试

语文试卷一、本大题4小题，每小题3分，共12分。

1．下列词语中加点字的读音，都不相同的一组是（）A．诅．咒/龃．龉惬．意/怯．懦降．解/降．龙伏虎B．眼睑．/敛．财亵．渎/楔．子角．色/群雄角．逐C．发酵．/咆哮．觊觎．/墙隅．弹劾．/言简意赅．D．创．伤/悲怆．绯．闻/斐．然羁縻．/靡．日不思2．下面文段中，加点的词语使用不恰当的一句是（）当然，对于在现代化坐标中登攀高点的中国人而言，“回到孔子”不仅仅出于为解决现实问题提供精神资源这个功利目的，它更意味着一个古老民族在价值和情感上的回归。

当越来越多的人痛．心疾首．．．．的传统典籍中找到此心安处，当一个国家把建设文化．．．于“故乡沦陷”，满心渴望从浩如烟海强国、塑造核心价值观上升为国家战略，这些都表达着上至庙堂、下及万民的共同诉求．．：中国越是在现代化道路上狂飙突进，就越需要仰望历史星空瞄准．．价值罗盘、补充精神给养。

A．痛心疾首 B．浩如烟海 C．诉求 D．瞄准3．下列各句中，没有语病的一句是（）A．奥巴马作为美国第一位非洲裔总统，本来被舆论解读为种族和解的象征，但是弗格森事件表明，美国并未进入“后种族时代”，种族矛盾依旧是美国的突出问题。

B．数据显示，A股上市公司前三季度的增幅为9.67%，基本与上半年8.5%的业绩增速持平，如果剔除金融类上市公司后，同比增长率仅为不足8%。

C．与此同时，博物馆融入社会的步伐在日益加快，服务社会的功能在日益凸显，以陈列展览和社会教育核心的公共文化服务功能正发挥着日益重要的作用。

D．11月30日，中国首次出口了最高速度的米轨动车组在南车株洲电力机车有限公司下线，预计明年底前在马来西亚吉隆坡至怡保200多公里的线路上运营。

4．把下列句子组成语意连贯的语段，排序最恰当的一项是（）①但是，这却不影响它会建构一个信仰中心。

②儒教信仰缺乏宗教化的制度支撑，却制约于国家设置的宗教制度。

③这一信仰中心，它能够囊括所有中国人的信仰。

广东省广州市2015届高三三模改编理综物理试题(B卷)及答案

2015届理综（物理）广州三模改编三模B 卷一、单项选择题（每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目的要求；每题4分） 13．食盐晶体熔化成为液态过程中温度保持不变，则食盐A ．分子平均动能增加B ．所有分子的动能都增加C ．分子间的势能能加D ．分子间引力和斥力都增大14．甲、乙两车在公路上沿同一方向做直线运动，它们的v －t 图象如图所示．已知甲、乙两车在t ＝2 s 时相遇, 下列说法正确的是 A ．甲、乙只有一次相遇B ．t ＝0时刻，甲、乙在同一地点出发C ．t ＝3s 时刻，甲、乙速度大小相等D ．t ＝3s 时刻，甲、乙第二次相遇 15．如图所示，一根不可伸长的细绳的一端固定在天花板上的B 点，另一端固定在墙壁上的A ，一滑轮放置在细绳上，滑轮下面挂着质量为m 的重物，若将细绳的A 端沿墙壁缓慢向上移动一小段距离，则移动过程中A ．细绳所受拉力保持不变B ．细绳所受拉力逐渐增大C ．细绳所受拉力逐渐减小D ．细绳与竖直方向的夹角α和β都减小16．如图所示，匝数为N 、半径为r 1的圆形线圈内有匀强磁场，匀强磁场在半径为r 2的圆形区域内，匀强磁场的磁感应强度B 垂直于线圈平面。

通过该线圈的磁通量为A ．21B r πB ．22B r πC ．21NB r πD ．22NB r π二、双项选择题（每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目的要求；每题6分，全选对得6分，只选1个且正确得3分，错选、不选得0分）17．核能作为一种新能源在现代社会中已不可缺少，我国在完善核电安全基础上将加大核电站建设。

核泄漏中的钚（Pu ）是一种具有放射性的超铀元素，它可破坏细胞基因，提高罹患癌症的风险。

已知钚的一种同位素23994Pu 的半衰期为24100年，其衰变方程为23994Pu→X+42He+γ，下列有关说法正确的是A ．X 原子核中含有143个中子B ．100个23994Pu 经过24100年后一定还剩余50个C ．由于衰变时释放巨大能量，根据E=mc 2，衰变过程总质量增加D ．衰变发出的γ放射线是波长很短的光子，具有很强的穿透能力A ．健身者对“太极球”做正功B ．“太极球”的机械能守恒C ．“太极球”的重力势能增加D ．合外力对“太极球”做正功19．如图所示，在远距离输电电路中，发电厂的输出电压和输电电线的电阻均不变，变压器、电表均为理想化的。

2015广东高考广州广雅高三模拟考试三物理卷【改】

2015广东高考广州广雅高三模拟考试三物理卷一、单项选择题：（每题小4分，共16分。

在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，选对的得4分，选错或不答的得0分。

）（改编）13、下列单位中不属于国际基本单位的是（）A．秒B．米C．牛顿D．千克(原创)14、甲乙两物体从同一地方同时出发，速度-时间图像如右图所示，下列说法正确的是（）A、甲物体的加速度小于乙物体的加速度B、4秒末甲物体追上乙物体C、8秒末乙物体追上甲物体D、斜率表示物体的速度（原创）15、右图是右端开口的圆筒形容器封闭一定质量的理想气体，容器绝热，灰色活塞可以自由滑动，当活塞在外力作用下由M位置移动的M’位置的过程中，下列说法正确的是（）A、气体温度不变B、气体内能不变C、气体压强减小D、气体平均动能增大（改编）16、如图所示，带电的平行金属板电容器水平放置，质量相同、重力不计的带电微粒A、B，平行于极板以相同的初速度射入电场，结果打在极板上的同一点P.不计两微粒之间的相互作用，下列说法正确的是() A．在电场中微粒A运动的时间比B长B．微粒A所带的电荷量比B多C．电场力对微粒A做的功比B少D．到达P点时微粒A的速率比B小二、双项选择题本题共5个小题，每小题6分，共30分．每小题给出的四个选项中，有二个．．选项符合题意．全选对得6分，只选一项且正确得3分，错选或不选均得0分.）(原创)17、如图，A、B两物体叠放在水平地面上，处于静止状态，现给B物体施加一个斜向上方的力F后，下列说法正确的是（）A、物体B受到地面的支持力减小B、物体A受到物体B的支持力减小物体C、物体B受到地面的摩擦力增大D、物体A受到物体B的摩擦力增大（原创）18、右图为氢原子的能级示意图，下列说法正确的是（）A、处于n=2能级的氢原子吸收一个能量为10.2ev的光子能量跃迁到n=1能级B、处于n=1能级的氢原子吸收一个能量为12.0ev的粒子的能量跃迁到n=2能级C、一群处于n=3能级的氢原子自发跃迁时能发出3种不同频率的光子D、一个处于n=4能级的氢原子自发跃迁时能发出6种不同频率的光子(原创)19、如图，三卫星分别处在轨道1、轨道2、轨道3，其中轨道2为同步卫星轨道，下列说法正确的是（）A 、轨道3的线速度最大，轨道1的线速度最小B 、轨道3的向心力最小，轨道1的向心力最大C 、轨道2的周期为24小时D 、轨道3的周期最大，轨道1的周期最小（原创）20、如图，变压器输入端U1接左图的交变电流，n 1=200，n 2=50，电阻R=10Ω，下列说法正确的是（）A 、电压表示数为55VB 、电流表示数为22AC 、输入电压的瞬时值表达式为u=311sin100πtD 、输入功率一定等于输出功率21、如图所示，圆形区域内有垂直纸面的匀强磁场， a 、b 、c 三个粒子，质量和带电量都相同，以不同的速率对准圆心O 沿着AO 方向射入磁场，其运动轨迹如图．若带电粒子只受磁场力的作用，则下列说法正确的是 ()A ．a 粒子动能最大B ．c 粒子速率最大C ．a 粒子在磁场中运动时间最长D ．它们做圆周运动的周期T a <T b <T c三、非选择题：（原创）34、（18分）I 、某同学为了验证机械能守恒定律设置了如下实验，实验装置如图所示，在铁架台上端铁架悬挂一个摆球，为了测定摆球在最低点的速度，在该位置安装了一个光电门连接数字计时器，通过数字计时器可知道摆球通过光电门的时间，实验时把摆球摆线拉至水平，由静止开始释放摆球。

全国大联考】2015届高三第三次联考物理试题 Word版含解析

全国大联考】2015届高三第三次联考物理试题 Word版含解析2015届高三第三次联考物理试卷考生注意：1.本试卷共100分，考试时间90分钟。

2.在答题前，考生务必填写密封线内的项目。

3.请将试卷答案填在试卷后面的答题卷上。

4.本试卷主要考试内容：必修1(20%)、必修2(80%)。

第I卷(选择题共40分)选择题部分共10小题。

在每小题给出的四个选项中，1-6小题只有一个选项是正确的，7-10小题有多个选项是正确的。

全部选对的得4分，选对但不全的得2分，选错或不答的得分。

1.在“探究弹性势能的表达式”的活动中，为计算弹簧弹力所做的功，将拉伸弹簧的过程分为很多小段，弹力在每小段可以认为是XXX。

用各小段做功的代数和表示弹力在整个过程所做的功。

物理学中把这种研究方法叫做“微元法”。

以下几个实例中应用到这一思想方法的是：A。

根据加速度的定义a=Δv/Δt。

当Δt非常小，就可以表示物体在t时刻的瞬时加速度。

B。

在推导匀变速直线运动的位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加。

C。

在探究加速度、力和质量三者之间关系时，先保持质量不变研究加速度与力的关系，再保持力不变研究加速度与质量的关系。

D。

在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用点来代替物体，即质点。

答案：B解析：A为极限法；B为微元法；C为控制变量法；D为理想模型法。

本题应选B。

2.某人在地面上最多能举起60 XXX的重物。

要使此人在升降机中恰能举起100 kg的重物，已知重力加速度g=10 m/s²，则下列说法可能正确的是：A。

升降机正加速上升，加速度大小为4 m/s²。

B。

升降机正加速下降，加速度大小为4 m/s²。

C。

升降机正减速下降，加速度大小为4 m/s²。

D。

升降机正减速上升，加速度大小为6 m/s²。

答案：B解析：依题意，此人最大的挺举能力为600 N。

广东省六校联考2015届高考物理三模试卷【解析版】

广东省六校联考2015届高考物理三模试卷一、选择题1．对于做平抛运动的物体，以下说法中正确的是( )A．抛出速度越大，飞行的时间越长B．抛出点位置越高，飞行的时间越长C．抛出点位置越高，飞行的水平距离越大D．抛出速度越大，飞行的水平距离越大2．某物体的运动的v﹣t图象如图所示，则下列说法正确的是( )A．物体在第1s末运动方向发生改变B．物体在第2s内、第3s内的加速度是相同的C．物体在第2s末返回出发点D．物体在第4s末时离出发点最远[来源:Z_xx_]3．质量为m的物体，在距地面h高处以的加速度由静止竖直下落到地面．下面说法中哪些是正确的( )A．物体的重力势能减少mgh B．物体的机械能减少mghC．物体的动能增加mgh D．重力做功mgh4．如图所示电路，开关S原来是闭合的，当R1、R2的滑片刚好处于各自的中点位置时，悬在空气平行板电容器C两水平极板间的带电尘埃P恰好处于静止状态．要使尘埃P向下加速运动，下列方法中可行的是( )A．把R1的滑片向左移动B．把R2的滑片向左移动C．把R2的滑片向右移动D．把开关S断开二、双项选择题（本大题共5小题，每小题6分，共30分．在每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求，全部选对得6分，只选1个且正确的得3分，选错或不答的得0分）5．如图为两个不同电源的U﹣I图象，则下列说法正确的是( )A．电动势E1=E2，内阻r1＞r2B．电动势E1=E2，内阻r1＜r2C．接入相同电阻时，电源1的输出功率大D．接入相同电阻时，电源2的输出功率大6．如图所示，实线是一个电场中的电场线，虚线是一带电粒子在此电场中运动的轨迹．若带电粒子只在电场力作用下从a处运动到b处，以下说法正确的是( )A．带电粒子在a处的加速度较大B．带电粒子在a处的加速度较小C．带电粒子在a处时电势能较大D．带电粒子在a处时电势能较小7．有关电荷所受电场力和洛伦兹力的说法中，正确的是( )A．电荷在磁场中一定受磁场力的作用B．电荷在电场中一定受电场力的作用C．电荷受电场力的方向与该处的电场方向一致D．电荷若受磁场力，则受力方向与该处的磁场方向垂直8．2008年我国成功实施了“神舟七号”载人飞船航天飞行，“神舟七号”飞行到31圈时，成功释放了伴飞小卫星，通过伴飞小卫星可以拍摄“神舟七号”的运行情况．若在无牵连的情况下伴飞小卫星与“神舟七号”保持相对静止．下述说法中正确的是( )A．伴飞小卫星和“神舟七号”飞船有相同的角速度B．伴飞小卫星绕地球沿圆轨道运动的速度比第一宇宙速度大C．宇航员在太空中的加速度小于地面上的重力加速度D．宇航员在太空中不受地球的万有引力作用，处于完全失重状态9．如图，一质量为m的滑块静止置于倾角为30°的粗糙斜面上，一根轻弹簧一端固定在竖直墙上的P点，另一端系在滑块上，弹簧与斜面垂直，则( )A．滑块不可能只受到三个力作用B．弹簧可能处于伸长状态C．斜面对滑块的支持力大小可能为零D．斜面对滑块的摩擦力大小一定等于mg三、非选择题10．与打点计时器一样，光电计时器也是一种研究物体运动情况时的常用计时仪器，如图甲所示，a、b分别是光电门的激光发射和接收装置．现利用如图乙所示的装置验证滑块所受外力做功与其动能变化的关系．方法是：在滑块上安装一遮光板，把滑块放在水平放置的气垫导轨上（滑块在该导轨上运动时所受阻力可忽略），通过跨过定滑轮的细绳与钩码相连，连接好1、2两个光电门，在图示位置释放滑块后，光电计时器记录下滑块上的遮光板先后通过两个光电门的时间分别为△t1、△t2．已知滑块（含遮光板）质量为M、钩码质量为m、两光电门间距为S、遮光板宽度为L、当地的重力加速度为g．①用游标卡尺测量遮光板宽度，刻度如图丙所示，读数为__________mm；②本实验想用钩码的重力表示滑块受到的合外力，为减小这种做法带来的误差，实验中需要满足的条件是M__________m（填“大于”、“远大于”、“小于”或“远小于”）③计算滑块先后通过两个光电门时的瞬时速度的表达式为：v1=__________、v2=__________；（用题中所给字母表示）④本实验中，验证滑块运动的动能定理的表达式为__________．（用题中所给字母表示）11．有一个额定电压为2.8V，功率约为0.8W的小灯泡，现要用伏安法描绘这个灯泡的I﹣U图线，有下列器材供选用：A．电压表（0～3V，内阻6kΩ）B．电压表（0～15V，内阻30kΩ）；C．电流表（0～3A，内阻0.1Ω）；D．电流表（0～0.6A，内阻0.5Ω）；E．滑动变阻器（10Ω，2A）；F．滑动变阻器；G．蓄电池（电动势6V，内阻不计）．①某同学误将电流表和电压表接成如图甲所示的电路，其他部分连接正确，接通电源后，小灯泡的发光情况是__________．要求小灯泡的电压从零开始增大，应选择图乙中的电路图是__________．（填“a”或“b”）②用正确的电路进行测量，电压表应选用__________，电流表应选用__________．（用序号字母表示）③滑动变阻器应选用__________．（用序号字母表示）④通过实验测得此灯泡的伏安特性曲线如图丙所示．由图线可求得此灯泡在正常工作时的电阻为__________Ω．⑤若将此灯泡与电动势6V、内阻不计的电源相连，要使灯泡正常发光，需串联一个阻值为__________Ω的电阻（此空答案取三位有效数字）．12．（18分）如图所示，一个质量为m，电荷量+q的带电微粒（重力忽略不计），从静止开始经U1电压加速后，水平进入两平行金属板间的偏转电场中，金属板长L，两板间距d，微粒射出偏转电场时的偏转角θ=30°，又接着进入一个方向垂直于纸面向里的匀强磁场区，求：（1）微粒进入偏转电场时的速度v0是多大？（2）两金属板间的电压U2是多大？（3）若该匀强磁场的磁感应强度B，微粒在磁场中运动后能从左边界射出，则微粒在磁场中的运动时间为多少？（4）若该匀强磁场的宽度为D，为使微粒不会从磁场右边射出，该匀强磁场的磁感应强度B至少多大？13．（18分）如图所示，高H=1.6m的赛台ABCDE固定于地面上，其上表面ABC光滑；质量M=1kg、高h=0.8m、长L的小车Q紧靠赛台右侧CD面（不粘连），放置于光滑水平地面上．质量m=1kg的小物块P从赛台顶点A由静止释放，经过B点的小曲面无损失机械能的滑上BC水平面，再滑上小车的左端．已知小物块与小车上表面的动摩擦因数μ=0.4，g 取10m/s2．（1）求小物块P滑上小车左端时的速度v1．（2）如果小物块没有从小车上滑脱，求小车最短长度L0．（3）若小车长L=1.2m，距离小车右端S处有与车面等高的竖直挡板，小车碰上挡板后立即停止不动，讨论小物块在小车上运动过程中，克服摩擦力做功W f与S的关系．广东省六校联考2015届高考物理三模试卷一、选择题1．对于做平抛运动的物体，以下说法中正确的是( )A．抛出速度越大，飞行的时间越长B．抛出点位置越高，飞行的时间越长C．抛出点位置越高，飞行的水平距离越大D．抛出速度越大，飞行的水平距离越大考点：平抛运动．专题：平抛运动专题．分析：物体做平抛运动，我们可以把平抛运动分解为水平方向上的匀速直线运动和竖直方向上的自由落体运动来求解，两个方向上运动的时间相同．解答：解：A、由h=gt2可知，物体在空中运动的时间只由h决定，所以A错误，B正确．C、水平方向上匀速直线运动，由x=V0t可知，水平位移是由v0和t决定的，所以C、D错误．故选B．点评：本题就是对平抛运动规律的考查，平抛运动可以分解为在水平方向上的匀速直线运动和竖直方向上的自由落体运动来求解．2．某物体的运动的v﹣t图象如图所示，则下列说法正确的是( )A．物体在第1s末运动方向发生改变B．物体在第2s内、第3s内的加速度是相同的C．物体在第2s末返回出发点D．物体在第4s末时离出发点最远[来源:学科网ZXXK]考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：v﹣t图象的斜率表示加速度，速度的正负表示运动方向，图线与坐标轴围城图形的面积表示位移．解答：解：A、物体在第1s末前后速度均为正值，故运动方向没有发生改变，A错误；B、物体在第2s内、第3s内的图线斜率相同，加速度相同，故B正确；C、图线与坐标轴围城图形的面积表示位移知物体在第4s末返回出发点，故CD错误；故选：B．[来源:学*科*网]点评：明确v﹣t图象的斜率表示加速度，图线与坐标轴围城图形的面积表示位移．3．质量为m的物体，在距地面h高处以的加速度由静止竖直下落到地面．下面说法中哪些是正确的( )A．物体的重力势能减少mgh B．物体的机械能减少mghC．物体的动能增加mgh D．重力做功mgh考点：牛顿第二定律；重力势能的变化与重力做功的关系．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：根据物体下降的高度得出重力势能的减小量，通过合力做功得出物体动能的增加量．结合动能和重力势能的变化量求出物体机械能的减小量．解答：解：A、重力做功为mgh，知物体重力势能减小mgh．故A、D错误．B、合力大小为，则合力做功为，根据动能定理知，动能增加为，因为重力势能减小mgh，则物体的机械能减小．故B错误，C正确．故选C．点评：解决本题的关键掌握功能关系，知道重力做功等于重力势能的减小量，合力做功等于动能的增加量，除重力以外其它力做功等于机械能的增量．4．如图所示电路，开关S原来是闭合的，当R1、R2的滑片刚好处于各自的中点位置时，悬在空气平行板电容器C两水平极板间的带电尘埃P恰好处于静止状态．要使尘埃P向下加速运动，下列方法中可行的是( )A．把R1的滑片向左移动B．把R2的滑片向左移动C．把R2的滑片向右移动D．把开关S断开考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：尘埃P受到重力和电场力而平衡，要使尘埃P向下加速，就要减小电场力，即要减小电场强度；变阻器R2处于分压状态，根据题意，只要减小电容器两端电压就可以减小电场力，从而使尘埃P向下加速运动．解答：解：A、尘埃P受到重力和电场力而平衡，要使尘埃P向下加速，就要减小电场力，故要减小电容器两端的电压；电路稳定时，滑动变阻器R1无电流通过，两端电压为零，故改变R1的电阻值无效果，故A错误；BC、变阻器R2处于分压状态，电容器两端电压等于变阻器R2左半段的电压，故要减小变阻器R2左半段的电阻值，变阻器R2滑片应该向左移动，故B正确，C错误；D、把闭合的开关S断开，电容器两端电压增大到等于电源电动势，板间场强增大，尘埃所受的电场力增大，故P向上加速，故D错误；故选：B．点评：本题是简单的力电综合问题，关键先通过受力分析，得到电场力先与重力平衡，后小于重力；然后对电路进行分析，得到减小电容器两端电压的方法．二、双项选择题（本大题共5小题，每小题6分，共30分．在每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求，全部选对得6分，只选1个且正确的得3分，选错或不答的得0分）5．如图为两个不同电源的U﹣I图象，则下列说法正确的是( )A．电动势E1=E2，内阻r1＞r2B．电动势E1=E2，内阻r1＜r2C．接入相同电阻时，电源1的输出功率大D．接入相同电阻时，电源2的输出功率大考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：根据闭合电路欧姆定律，路端电压为：U=E﹣Ir；U﹣I图象中与U轴的交点表示电源的电动势，与I轴的交点表示短路电流，斜率表示内阻．通过作电阻的U﹣I图象，分析电源的输出功率大小．解答：解：A、根据闭合电路欧姆定律得，U=E﹣Ir，当I=0时，U=E，即图线与纵轴交点表示断路状态，交点的纵坐标等于电源的电动势大小，图线的斜率大小等于电源的内阻，由图看出E1=E2，r1＜r2．故A错误，B正确．CD、过原点O作出一条倾斜的直线3，该直线表示电阻的U﹣I图象，该直线与图线1、2的交点就表示该电阻与两电源连接时的工作状态，由图看出，直线3与图线1交点的两坐标的乘积大于直线3与图线2交点的两坐标的乘积，说明外接的相同电阻时，电源1的输出功率比电源2的输出功率大，故C正确，D错误．故选：BC．点评：本题根据图线的截距、交点、斜率等数学意义来理解图线的物理意义，技巧是作出电阻的伏安特性曲线．6．如图所示，实线是一个电场中的电场线，虚线是一带电粒子在此电场中运动的轨迹．若带电粒子只在电场力作用下从a处运动到b处，以下说法正确的是( )A．带电粒子在a处的加速度较大B．带电粒子在a处的加速度较小C．带电粒子在a处时电势能较大D．带电粒子在a处时电势能较小考点：电场线；电势能．分析：电场线越密的地方场强越强，越疏的地方场强越弱，沿电场线方向电势逐渐降低．根据电场力做功判断电势能和动能的变化．解答：解：A、a点电场线比b点电场线密，所以a处场强较强，受电场力大，加速度大．故A正确B错误．C、轨迹弯曲的方向大致指向合力的方向，可知电场力方向向右，从a到b，电场力做负功，电势能增加．b处电势能较大．故C错误D正确．故选：AD．点评：解决本题的关键知道电场线的性质，以及知道电场力做功与电势能的关系，电场力做正功，电势能减小，电场力做负功，电势能增加．7．有关电荷所受电场力和洛伦兹力的说法中，正确的是( )A．电荷在磁场中一定受磁场力的作用B．电荷在电场中一定受电场力的作用C．电荷受电场力的方向与该处的电场方向一致D．电荷若受磁场力，则受力方向与该处的磁场方向垂直考点：洛仑兹力；安培力．分析：电荷在电场中一定受到电场力作用，在磁场中不一定受到洛伦兹力作用．规定正电荷所受电场力方向与该处的电场强度方向相同，负电荷所受电场力方向与该处的电场强度方向相反．根据左手定则判断洛伦兹力方向与磁场方向的关系．解答：解：A、当电荷的运动方向与磁场方向平行，则电荷不受洛伦兹力，故A错误．B、电荷在电场中一定受到电场力作用，故B正确．C、正电荷所受电场力方向与该处的电场强度方向相同，负电荷所受电场力方向与该处的电场强度方向相反．故C错误．D、根据左手定则知，电荷若受洛伦兹力，则受洛伦兹力的方向与该处磁场方向垂直．故D 正确．故选：BD．点评：解决本题的关键知道电场力和洛伦兹力的区别，掌握电场力方向的确定和洛伦兹力方向的确定．8．2008年我国成功实施了“神舟七号”载人飞船航天飞行，“神舟七号”飞行到31圈时，成功释放了伴飞小卫星，通过伴飞小卫星可以拍摄“神舟七号”的运行情况．若在无牵连的情况下伴飞小卫星与“神舟七号”保持相对静止．下述说法中正确的是( )A．伴飞小卫星和“神舟七号”飞船有相同的角速度B．伴飞小卫星绕地球沿圆轨道运动的速度比第一宇宙速度大C．宇航员在太空中的加速度小于地面上的重力加速度D．宇航员在太空中不受地球的万有引力作用，处于完全失重状态考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用．专题：人造卫星问题．分析：根据伴飞小卫星与“神舟”七号保持相对静止，得出它们的共同点．知道第一宇宙速度的含义．根据万有引力等于重力表示出重力加速度．解答：解：A、根据伴飞小卫星与“神舟”七号保持相对静止得出伴飞小卫星与“神舟”七号具有相同的周期，所以伴飞小卫星和“神舟”七号飞船有相同的角速度，故A正确．B、第一宇宙速度是近地卫星的环绕速度，也是最大的圆周运动的环绕速度，伴飞小卫星绕地球沿圆轨道运动的速度比第一宇宙速度小，故B错误．[来源:学*科*网]C、根据万有引力等于重力表示出重力加速度得：，，在太空距离大于在地面的R，所以宇航员在太空行走时的加速度和在地面上的重力加速度小于，故C正确．D、宇航员在太空时受地球的万有引力作用，处于完全失重状态，故D错误．故选：AC点评：能够正确理解万有引力定律的内容并能应用．比较一个物理量，我们应该把这个物理量先用已知的物理量表示出来，再根据表达式进行比较．9．如图，一质量为m的滑块静止置于倾角为30°的粗糙斜面上，一根轻弹簧一端固定在竖直墙上的P点，另一端系在滑块上，弹簧与斜面垂直，则( )A．滑块不可能只受到三个力作用B．弹簧可能处于伸长状态C．斜面对滑块的支持力大小可能为零D．斜面对滑块的摩擦力大小一定等于mg考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：滑块可能受重力、支持力、摩擦力三个力处于平衡，弹簧处于原长，弹力为零．滑块可能受重力、支持力、摩擦力、弹簧的弹力四个力处于平衡．根据共点力平衡进行分析．解答：解：A、弹簧与竖直方向的夹角为30°，所以弹簧的方向垂直于斜面，因为弹簧的形变情况未知，所以斜面与滑块之间的弹力大小不确定，所以滑块可能只受重力、斜面支持力和静摩擦力三个力的作用而平衡，此时弹簧弹力为零，处于原长状态，故A错误，B正确；C、沿斜面方向，根据平衡条件滑块此时受到的摩擦力大小等于重力沿斜面向下的分力（等于mg），不为零，有摩擦力必有弹力，所以斜面对滑块的支持力不可能为零，故C错误，D正确．故选：BD．点评：解决本题的关键能够正确地受力分析，运用共点力平衡进行求解，注意弹簧的弹力可能为零，可能不为零．[来源:学&科&网]三、非选择题10．与打点计时器一样，光电计时器也是一种研究物体运动情况时的常用计时仪器，如图甲所示，a、b分别是光电门的激光发射和接收装置．现利用如图乙所示的装置验证滑块所受外力做功与其动能变化的关系．方法是：在滑块上安装一遮光板，把滑块放在水平放置的气垫导轨上（滑块在该导轨上运动时所受阻力可忽略），通过跨过定滑轮的细绳与钩码相连，连接好1、2两个光电门，在图示位置释放滑块后，光电计时器记录下滑块上的遮光板先后通过两个光电门的时间分别为△t1、△t2．已知滑块（含遮光板）质量为M、钩码质量为m、两光电门间距为S、遮光板宽度为L、当地的重力加速度为g．①用游标卡尺测量遮光板宽度，刻度如图丙所示，读数为5.70mm；②本实验想用钩码的重力表示滑块受到的合外力，为减小这种做法带来的误差，实验中需要满足的条件是M远大于m（填“大于”、“远大于”、“小于”或“远小于”）③计算滑块先后通过两个光电门时的瞬时速度的表达式为：v1=、v2=；（用题中所给字母表示）④本实验中，验证滑块运动的动能定理的表达式为mgs=M（）2﹣M（）2．（用题中所给字母表示）考点：探究功与速度变化的关系．专题：实验题；动能定理的应用专题．分析：（1）游标卡尺的读数等于主尺读数加上游标读数，不需估读．（2）滑块在水平木板运动时水平方向上受到绳的拉力和摩擦力，想用钩码的重力表示小车受到的合外力，首先需要平衡摩擦力；其次：必须要满足钩码的质量远小于滑块的总质量．[来源:]（3、4）根据极短时间内的平均速度表示瞬时速度求出滑块先后通过两个光电门的瞬时速度．抓住滑块重力势能的减小量等于滑块动能的增加量列出表达式．解答：解：（1）游标卡尺的主尺读数为5mm，游标读数为0.05×14mm=0.70mm，则最终读数为5+0.70=5.70mm．（2）由于滑块在运动的过程中受到阻力，为了减小阻力的影响，需平衡摩擦力．设钩码的质量为m，滑块的质量为M，对系统运用牛顿第二定律得，a=，则绳子的拉力T=Ma==，当m＜＜M时，绳子的拉力等于钩码的重力．（3）滑块通过光电门1的瞬时速度v1=，通过光电门2的瞬时速度v2=．（4）滑块重力势能的减小量为mgs，滑块动能的增加量为M（）2﹣M（）2．则滑块的机械能守恒的表达式为mgs=M（）2﹣M（）2．故答案为：（1）5.70；（2）远大于，（3），；（4）mgs=M（）2﹣M（）2．点评：（1、2）解决本题的关键掌握螺旋测微器和游标卡尺的读数方法，以及掌握用钩码重力表示小车所受合力的处理方法．（3、4）解决本题的关键知道极短时间内的平均速度可以表示瞬时速度，以及掌握该实验的原理，滑块的机械能守恒．11．有一个额定电压为2.8V，功率约为0.8W的小灯泡，现要用伏安法描绘这个灯泡的I﹣U图线，有下列器材供选用：A．电压表（0～3V，内阻6kΩ）B．电压表（0～15V，内阻30kΩ）；C．电流表（0～3A，内阻0.1Ω）；D．电流表（0～0.6A，内阻0.5Ω）；E．滑动变阻器（10Ω，2A）；F．滑动变阻器；G．蓄电池（电动势6V，内阻不计）．①某同学误将电流表和电压表接成如图甲所示的电路，其他部分连接正确，接通电源后，小灯泡的发光情况是不亮．要求小灯泡的电压从零开始增大，应选择图乙中的电路图是b．（填“a”或“b”）②用正确的电路进行测量，电压表应选用A，电流表应选用D．（用序号字母表示）③滑动变阻器应选用E．（用序号字母表示）④通过实验测得此灯泡的伏安特性曲线如图丙所示．由图线可求得此灯泡在正常工作时的电阻为10Ω．⑤若将此灯泡与电动势6V、内阻不计的电源相连，要使灯泡正常发光，需串联一个阻值为11.4Ω的电阻（此空答案取三位有效数字）．考点：描绘小电珠的伏安特性曲线．专题：实验题；恒定电流专题．分析：①根据灯泡的额定电压可明确所选的电压表；由电灯泡的电流可确定电流表；根据电路的接法可确定滑动变阻器；[来源:学科网]②由图象可得出额定电压，由图象可求得灯泡的正常工作时的电流，由欧姆定律可求得灯泡的正常工作时的电阻；③要使灯泡正常发光，应使灯泡达到额定值，由串联电路的规律可知应串联的电阻．解答：解：①由电路图可知，电压表串接在电路中，电路中的电阻很大，小灯泡不亮；要使电压从零开始调节，应采用分压接法；故电路图应选择b；②由题意可知，灯泡的额定电压为2.8V，故电压表的量程应大于2.8V，故电压表应选3V 量程，故选A；由P=UI可得，电流为I=A=0.28A，故电流表应选D；③本实验中应选用分压接法，故滑动变阻器应选小电阻，故滑动变阻器选E；④由图可知，当电压为2.8V时，电流为0.28A，故电阻R==Ω=10Ω；⑤要使灯泡串联在6V的电源上正常工作，则与之串联的电阻的阻值应为6﹣2.8=3.2Ω；此时电路中电流为0.28A，故应串联的电阻R′==11.4Ω；故答案为：①不亮；b．②A，D③E ④10⑤11.4点评：本题考查测量小灯泡的伏安特性曲线，要注意电表的正确选择；明确电路的接法，会利用欧姆定律进行分析求解．12．（18分）如图所示，一个质量为m，电荷量+q的带电微粒（重力忽略不计），从静止开始经U1电压加速后，水平进入两平行金属板间的偏转电场中，金属板长L，两板间距d，微粒射出偏转电场时的偏转角θ=30°，又接着进入一个方向垂直于纸面向里的匀强磁场区，求：（1）微粒进入偏转电场时的速度v0是多大？（2）两金属板间的电压U2是多大？（3）若该匀强磁场的磁感应强度B，微粒在磁场中运动后能从左边界射出，则微粒在磁场中的运动时间为多少？（4）若该匀强磁场的宽度为D，为使微粒不会从磁场右边射出，该匀强磁场的磁感应强度B至少多大？考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力；带电粒子在匀强电场中的运动．专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：根据动能定理求带电微粒进入偏转电场时的速率v1；[来源:学科网]带电微粒在偏转电场中做类平抛运动，将微粒的末速度分解为平行于板和垂直于板两个方向，由几何知识确定出粒子垂直于板方向的末速度，然后由动能定理列式求偏转电压；微粒恰好不从磁场右边射出时运动轨迹与右边边界相切，由几何知识确定运动半径，然后由洛伦兹力提供向心力列方程求磁感应强度的最小值．解答：解：（1）由带电粒子经U1电压加速：。

全国大联考试卷高三第三次联考试卷(广东版) 物理 Word版缺答案.pdf

绝密★启用前【学易大联考】2015年第三次全国大联考【广东卷】理科综合·物理试题命题人：大联考命题中心题号一二总分得分注意事项： 1．本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。

满分108分，考试时间60分钟。

2．答题前考生务必用0.5毫米黑色墨水签字笔填写好自己的姓名、班级、考号等信息 3．考试作答时，请将答案正确填写在答题卡上。

第一卷每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；第Ⅱ卷请用直径0.5毫米的黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效，在试题卷、草稿纸上作答无效。

第I卷（选择题共54分）一、单项选择题：本题包括4小题，每小题6分，共24分。

每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求。

多选、错选均不得分。

13．人用手托着质量为m的物体，从静止开始沿水平方向加速运动（物体与手始终相对静止），物体与手掌之间的动摩擦因数为μ，则下列说法正确的是（） A．手对物体的作用力方向竖直向上 B．手对物体的作用力方向水平向前C．手对物体作用力方向斜向前上方 D．物体所受摩擦力大小为μmg 14．有一颗与地球同步静止轨道卫星在同一轨道平面的人造地球卫星，自西向东绕地球运行。

已知它的运行半径为同步轨道半径的四分之一，地球自转周期为，则该卫星需要相隔多长时间才在赤道上同一城市的正上方再次出现（） A. B. C. D. 15．静电透镜是利用静电场使电子束会聚或发散的一种装置．如图所示为该透镜工作原理示意图，虚线表示这个静电场在xOy平面内的一簇等势线，等势线形状相对于x轴、y轴对称，且相邻两等势线的电势差相等．图中实线为某个电子通过电场区域时的轨迹示意图，关于此电子从a点运动到b点过程中，下列说法正确的是（） A．a点的电势高于b点的电势 B．电子在a点的加速度大于在b点的加速度 C．电子在a点的动能大于在b点的动能 D．电子在a点的电势能大于在b点的电势能 16．一原、副线圈的匝数比为5∶1理想变压器，原线圈输入电压的变化规律如图甲所示，副线圈所接电路如图乙所示，P为滑动变阻器的触头。

广东省六校高三下学期第三次联考理科综合物理试题

广东省六校（广州二中，深圳实验，珠海一中，中山纪念，东莞中学，惠州一中）2018届高三下学期第三次联考理科综合物理试题学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题1．伽利略对自由落体运动的研究，是科学实验和逻辑思维的完美结合，如图所示，可大致表示其实验和思维的过程，对这一过程的分析，下列正确的是A．伽利略认为自由落体运动的速度是均匀变化的，这是他用实验直接进行了验证的B．其中丁图是实验现象，甲图是经过合理外推得到的结论C．运用甲图实验，可“冲淡”重力的作用，更方便进行实验测量D．运用丁图实验，可“放大”重力的作用，从而使实验现象更明显2．如图为某一物理量y随另一物理量x变化的函数图象，关于该图象与坐标轴所围面积(图中阴影部分)的物理意义，下列说法正确的是()A．若图象表示加速度随时间的变化，则面积等于质点在相应时间内的位移B．若图象表示力随位置的变化，则面积等于该力在相应位移内所做的功C．若图象表示电容器充电电流随时间的变化，则面积等于相应时间内电容器储存的电能D．若图象表示电势随位置的变化，则面积等于电场x0位置处的电场强度3．由于行星自转的影响，行星表面的重力加速度会随纬度的变化而有所不同．宇航员在某行星的北极处从高h处自由释放一重物，测得经过时间t1重物下落到行星的表面，而在该行星赤道处从高h处自由释放一重物，测得经过时间t2重物下落到行星的表面，已知行星的半径为R，引力常量为G，则这个行星的平均密度是（）A ．ρ=2134h GRt πB ．ρ=2132h GRt πC ．ρ=2234h GRt πD ．ρ=2232h GRt π二、多选题4．如图所示，水平细杆上套一细环A ，环A 和球B 间用一轻质绳相连，质量分别为m A 、m B （m A ＞m B ），由于B 球受到水平风力作用，A 环与B 球一起向右匀速运动，已知细绳与竖直方向的夹角为θ，则下列说法正确的是A ．风力增大时，轻质绳对B 球的拉力保持不变B ．风力增大时，杆对A 环的支持力保持不变C ．B 球受到的风力F 为m A g tan θD ．A 环与水平细杆间的滑动摩擦因数为B A Bm m m + 5．以下说法正确的是A ．一个质子（不计重力）穿过某一空间而未发生偏转，此空间可能存在磁场B ．一个质子（不计重力）穿过某一空间而未发生偏转，此空间可能存在电场C ．某电路的磁通量改变了，电路中一定有感应电流D ．导体棒在磁场中运动，导体棒两端一定有电势差6．质谱仪是用来分析同位素的装置，如图为质谱仪的示意图，其由竖直放置的速度选择器、偏转磁场构成。

2015年广东省广州市高考物理三模试卷(a卷)(解析版)

2015年广东省广州市高考物理三模试卷（A卷）一、单项选择题（每题4分）1．（4分）现在太阳向外辐射的能量是由于太阳内部氢聚变产生的，大约在40亿年以后太阳内部将会启动另一种核反应，其核反应方程为：He+He+He→C，那时太阳向外辐射的能量是由上述两种核反应产生的．已知He的质量为m1，C的质量为m2，则下列判断正确的是（）A．m1=3m2B．3m1=m2C．3m1＜m2D．3m1＞m22．（4分）处于n=4的激发态的氢原子，当它们自发地跃迁到较低能级时，下列结论中正确的是（）A．从n=4的能级直接跃迁到n=2的能级，辐射出可见光光子B．从n=4的能级直接跃迁到n=1的能级，辐射出的光的波长最长C．从n=4的能级跃迁到n=3的能级时，辐射出的光的频率最高D．从n=4的能级跃迁到低能级时，可能辐射出8种不同频率光子3．（4分）一质量为3kg的物体，被放置在倾角为α=37°的动摩擦因数为0.2的固定斜面上，在如图所示的四种情况下不可能处于平衡状态的是（令最大静摩擦力等于滑动摩擦力，sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s2）（）A．B．C．D．4．（4分）如图所示，在圆形区域内有方向垂直向里的匀强磁场．有一束速率各不相同的质子沿直径AB射入磁场，这些质子在磁场中（）A．所有质子在磁场中的运动时间相同B．所有质子均从AB下方离开磁场C．速度越大的，磁场中运动的时间越长D．速度越大的，速度的偏转角越小二、双项选择题（每题6分）5．（6分）吹出的大肥皂泡在段时间会收缩成球形，忽略外界热传递，则肥皂泡（）A．收缩成球形的原因是液体的表面张力作用B．收缩成球形的原因是液体分子的无规则运动C．收缩过程中泡内气体压强增大，内能增大D．收缩过程中泡内气体压强增大，内能减少6．（6分）一台小型发电机产生的电动势随时间变化的正弦规律图象如图甲所示．已知发电机线圈内阻为5.0Ω，外接一只电阻为95.0Ω的灯泡，如图乙所示，则（）A．交流电压表的示数为220VB．电路中的电流方向每秒钟改变100次C．交流电压表的指针会左右偏转D．发电机线圈内阻每秒钟产生的焦耳热为24.2J7．（6分）如图所示，洗衣机的脱水筒采用带动衣物旋转的方式脱水，下列说法中正确的是（）A．脱水过程中，衣物是紧贴筒壁的B．水会从桶中甩出是因为水滴受到向心力很大的缘故C．加快脱水筒转动角速度，脱水效果会更好D．靠近中心的衣物脱水效果比四周的衣物脱水效果好8．（6分）蹦床比赛中运动员与床垫接触的过程可简化为以下模型：如图所示，运动员从高处落到处于自然状态的床垫（A位置）上，随床垫一同向下运动到最低点（B位置）．对于运动员从A位置运动到B位置的过程，下列说法正确的是（）A．运动员的机械能守恒B．蹦床的弹性势能一直在增加C．在这个过程中，运动员受到的合力做了正功D．运动员所受重力的瞬时功率先增大后减小9．（6分）如图所示，在真空中有两个固定的点电荷A、B，|q A|=|q B|=q，A、B 间的距离为r，图中画出了其中一根电场线，a、b、c、d位于正方形的四个顶点，其中a、c在A、B的连线上，b、d在A、B连线的中垂线上，下列说法正确的是（）A．若B是正电荷，则b点的场强E b＞B．若a、c两点的场强大小相等，则B一定是正电荷C．若U bd=0，则A、B一定是异种电荷D．若ϕa=ϕc，则B一定是负电荷三、非选择题10．（8分）某实验小组利用如图甲所示的实验装置来验证钩码和滑块所组成的系统机械能守恒．①实验前小组同学调整气垫导轨底座使之水平，并查得当地重力加速度g=9.78m/s2．②如图乙所示，用游标卡尺测得遮光条的宽度d=cm；实验时将滑块从图所示位置由静止释放，由数字计时器读出遮光条通过光电门的时间△t=1.2×10﹣2s，则滑块经过光电门时的瞬时速度为m/s．在本次实验中还需要测量的物理量有：钩码的质量m、滑块质量M和（文字说明并用相应的字母表示）．③本实验通过比较钩码的重力势能的减小量mgs和在实验误差允许的范围内是否相等（用以上物理量符号表示），从而验证系统的机械能守恒．11．（10分）在“测定金属的电阻率”的实验中，用螺旋测微器测量金属丝直径时的刻度位置如图1所示；金属丝的电阻大约为4Ω．先用伏安法测出金属丝的电阻，然后根据电阻定律计算出该金属材料的电阻率．①从图中读出金属丝的直径d为mm．②在用伏安法测定金属丝的电阻时，除被测的电阻丝外，还有如下供选择的实验器材：直流电源：电动势约4.5V，内阻很小；电流表A1：量程0～0.6A，内阻等于1Ω；电流表A2：量程0～3.0A，内阻约0.025Ω；电压表V：量程0～3V，内阻约3kΩ；滑动变阻器R1：最大阻值10Ω；滑动变阻器R2：最大阻值50Ω；开关、导线等．在可供选择的器材中，应该选用的电流表是，应该选用的滑动变阻器是．③根据所选的器材，在图2方框中画出实验电路图．④若按照以上电路图测出电流值为I，电压值为U，金属丝长度为L，则用公式ρ=算出的电阻率与真实值相比，（填”偏大”“偏小””相等”）．12．（18分）如图所示，质量均为M=1kg，长度均为L=3m的小车A、B静止放在足够大的光滑水平面上，两车间距为s=2m．小车B的上表面的右侧固定一根轻弹簧，弹簧的自由端在小车B的中点O．现有一质量m=2kg的滑块C（不计大小）以v0=6m/s的初速度滑上小车A的左端，C与A的摩擦因数为μ=0.2，B上表面光滑，g取10m/s2．（1）求A与B碰前瞬间物块C的速度；（2）若A、B碰后粘在一起，求弹簧的最大弹性势能；（3）若A、B碰后粘在一起，求物块C最终距离O点的距离．13．（18分）如图所示，倾角θ=30°的足够长平行导轨MN、M′N′与水平放置的平行导轨NP、N′P′平滑连接，导轨间距均为L，MM′间接有阻值为R的电阻，轨道光滑且电阻不计．倾斜导轨MN、M′N′之间（区域Ⅰ）有方向垂直导轨平面向上的匀强磁场，水平部分的ee′ff′之间（区域Ⅱ）有竖直向上、磁感应强度为B2的匀强磁场，磁场宽度为d．质量为m、电阻为r、长度略大于L的导体棒ab从靠近轨道上端的某位置由静止开始下滑，棒始终与导轨垂直并接触良好，经过ee′和ff′位置时的速率分别为v和．已知导体棒ab进入区域Ⅱ运动时，其速度的减小量与它在磁场中通过的距离成正比，即△v∝△x．（1）求区域Ⅰ匀强磁场的磁感应强度B1；（2）求导体棒ab通过区域Ⅱ过程中电阻R产生的焦耳热；（3）改变B1使导体棒ab不能穿过区域Ⅱ，设导体棒ab从经过ee′到停止通过电阻R的电量为q，求B1的取值范围，及q与B1的关系式．2015年广东省广州市高考物理三模试卷（A卷）参考答案与试题解析一、单项选择题（每题4分）1．（4分）现在太阳向外辐射的能量是由于太阳内部氢聚变产生的，大约在40亿年以后太阳内部将会启动另一种核反应，其核反应方程为：He+He+He→C，那时太阳向外辐射的能量是由上述两种核反应产生的．已知He的质量为m1，C的质量为m2，则下列判断正确的是（）A．m1=3m2B．3m1=m2C．3m1＜m2D．3m1＞m2【解答】解：太阳向外辐射的能量是由于太阳内部氢核聚变产生的，所以核反应前后质量会减少，反应前的质量为3m1，反应后的质量为m2，所以3m1＞m2，故D正确，ABC错误．故选：D．2．（4分）处于n=4的激发态的氢原子，当它们自发地跃迁到较低能级时，下列结论中正确的是（）A．从n=4的能级直接跃迁到n=2的能级，辐射出可见光光子B．从n=4的能级直接跃迁到n=1的能级，辐射出的光的波长最长C．从n=4的能级跃迁到n=3的能级时，辐射出的光的频率最高D．从n=4的能级跃迁到低能级时，可能辐射出8种不同频率光子【解答】解：A、从n=4的能级直接跃迁到n=2的能级，辐射出可见光光子．故A正确．B、由n=4跃迁到n=1能级辐射的光子能量最大，频率最大，波长最短．故B错误．C、从n=4跃迁到n=3能级辐射的光子能量最小，频率最低．故C错误；D、根据数学组合公式=6知，可能放出6种不同频率的光子，故D错误．故选：A．3．（4分）一质量为3kg的物体，被放置在倾角为α=37°的动摩擦因数为0.2的固定斜面上，在如图所示的四种情况下不可能处于平衡状态的是（令最大静摩擦力等于滑动摩擦力，sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s2）（）A．B．C．D．【解答】解：物体与斜面间的最大静摩擦力F fm=μmgcos37°=4.8N物体的重力沿斜面向下的分力为F=mgsin37°=18N．假设物体在拉力F作用下沿斜面不动，由平衡条件可求得A、B、C、D四种情况下摩擦力必须为F fA=9N，沿斜面向上；F fB=3N，沿斜面向上，F fC=0；F fD=4N，沿斜面向下，因为F fA＞F fm，故A图中物体不可能处于平衡状态．本题选不可能处于平衡状态的，故选：A4．（4分）如图所示，在圆形区域内有方向垂直向里的匀强磁场．有一束速率各不相同的质子沿直径AB射入磁场，这些质子在磁场中（）A．所有质子在磁场中的运动时间相同B．所有质子均从AB下方离开磁场C．速度越大的，磁场中运动的时间越长D．速度越大的，速度的偏转角越小【解答】解：B、质子受洛伦兹力向上，故向上偏转，故B错误；AC、由于粒子相同，由周期公式T=可知所有粒子的运动周期相同，速度越大，圆心角越小，运动时间较小，故A错误，C错误；D、速度越大的，圆心角越小，速度的偏转角越小，故D正确；故选：D二、双项选择题（每题6分）5．（6分）吹出的大肥皂泡在段时间会收缩成球形，忽略外界热传递，则肥皂泡（）A．收缩成球形的原因是液体的表面张力作用B．收缩成球形的原因是液体分子的无规则运动C．收缩过程中泡内气体压强增大，内能增大D．收缩过程中泡内气体压强增大，内能减少【解答】解：A、B、解：A、与气体接触的液体表面分子间距离大于液体内部分子间距离，液体表面层的分子间同时存在相互作用的引力与斥力，但由于分子间的距离大于分子的平衡距离r0，分子引力大于分子斥力，分子力表现为引力，即存在表面张力；表面张力的作用是使液体的表面收缩．故A正确B错误；C、D、收缩过程中泡内气体的体积减小，压强增大；体积减小，外界对气体做功而忽略热传递，所以气体的内能增大．故C正确，D错误．故选：AC6．（6分）一台小型发电机产生的电动势随时间变化的正弦规律图象如图甲所示．已知发电机线圈内阻为5.0Ω，外接一只电阻为95.0Ω的灯泡，如图乙所示，则（）A．交流电压表的示数为220VB．电路中的电流方向每秒钟改变100次C．交流电压表的指针会左右偏转D．发电机线圈内阻每秒钟产生的焦耳热为24.2J【解答】解：A、由图象可知，交流电的最大值为220V，则有效值为220V，电压表的示数为外电阻的电压，所以外电阻的电压为U=•R=×95V=209V，所以电压表的示数为209V，所以A错误；B、根据图象可知交流电的周期为2×10﹣2s，所以频率为50Hz，交流电在一个周期内变化两次，所以电路中的电流方向每秒钟改变100次，所以B正确；C、电交流电压表的读数指的是有效值，大小是不随时间变化的，所以C错误；D、发电机线圈内阻每秒钟产生的焦耳热为Q=I2rt=（2.2）2×5×1J=24.2J，所以D 正确．故选：BD．7．（6分）如图所示，洗衣机的脱水筒采用带动衣物旋转的方式脱水，下列说法中正确的是（）A．脱水过程中，衣物是紧贴筒壁的B．水会从桶中甩出是因为水滴受到向心力很大的缘故C．加快脱水筒转动角速度，脱水效果会更好D．靠近中心的衣物脱水效果比四周的衣物脱水效果好【解答】解：A、脱水过程中，衣物做离心运动而甩向桶壁．故A正确．B、水滴依附的附着力是一定的，当水滴因做圆周运动所需的向心力大于该附着力时，水滴被甩掉．故B错误．C、F=ma=mω2R，ω增大会使向心力F增大，而转筒有洞，不能提供足够大的向心力，水滴就会被甩出去，增大向心力，会使更多水滴被甩出去．故C正确．D、中心的衣服，R比较小，角速度ω一样，所以向心力小，脱水效果差．故D 错误．故选：AC．8．（6分）蹦床比赛中运动员与床垫接触的过程可简化为以下模型：如图所示，运动员从高处落到处于自然状态的床垫（A位置）上，随床垫一同向下运动到最低点（B位置）．对于运动员从A位置运动到B位置的过程，下列说法正确的是（）A．运动员的机械能守恒B．蹦床的弹性势能一直在增加C．在这个过程中，运动员受到的合力做了正功D．运动员所受重力的瞬时功率先增大后减小【解答】解：A、人和蹦床接触后要受到蹦床的弹力的作用，人的机械能转化成了蹦床的弹性势能，所以人的机械能不守恒，故A错误．B、形变量一直在增大，弹性势能一直在增加，所以B正确．C、人受到的合力先是向下后向上，所以合力先对人做正功后做负功，故C错误．D、对人的运动的过程分析可知，人的速度是先增加后减小的，则所受重力的瞬时功率先增大后减小，所以D正确．故选：BD9．（6分）如图所示，在真空中有两个固定的点电荷A、B，|q A|=|q B|=q，A、B 间的距离为r，图中画出了其中一根电场线，a、b、c、d位于正方形的四个顶点，其中a、c在A、B的连线上，b、d在A、B连线的中垂线上，下列说法正确的是（）A．若B是正电荷，则b点的场强E b＞B．若a、c两点的场强大小相等，则B一定是正电荷C．若U bd=0，则A、B一定是异种电荷D．若ϕa=ϕc，则B一定是负电荷【解答】解：A、若B是正电荷，而A左侧的电场线向右，故说明A一定带负电荷；若正方形的ac两点分别与AB重合，则场强大小为；而现在ac在AB内部，则Ab和Bb的距离小于，且夹角小于90度，故b点的场强一定大于；故A正确；B、不论B带电量如何，由对称性可知，ac两点的场强大小一定相等；故B错误；C、由于bd关于AB连线对称，故无论是同种电荷还是异种电荷，bc间的电势差均为零；故C错误；D、若ac两点电势相等，则说明ac一定对称，故B一定带负电荷；故D正确；故选：AD．三、非选择题10．（8分）某实验小组利用如图甲所示的实验装置来验证钩码和滑块所组成的系统机械能守恒．①实验前小组同学调整气垫导轨底座使之水平，并查得当地重力加速度g=9.78m/s2．②如图乙所示，用游标卡尺测得遮光条的宽度d=0.52cm；实验时将滑块从图所示位置由静止释放，由数字计时器读出遮光条通过光电门的时间△t=1.2×10﹣2s，则滑块经过光电门时的瞬时速度为0.43m/s．在本次实验中还需要测量的物理量有：钩码的质量m、滑块质量M和滑块移动的位移s（文字说明并用相应的字母表示）．③本实验通过比较钩码的重力势能的减小量mgs和在实验误差允许的范围内是否相等（用以上物理量符号表示），从而验证系统的机械能守恒．【解答】解：（2）主尺：5mm，游标尺：对齐的是2，所以读数为：2×=0.2mm，故遮光条宽度d=5.2mm=0.52 cm，v==m/s=0.43m/s（3）设遮光条前进了s，钩码的重力势能减少了：mgs，系统动能增加了：，所以我们可以通过比较mgs和的大小来验证机械能守恒定律．需要测量的物理量有：滑块移动的位移s故答案为：（2）5.2；0.433；滑块移动的位移s（3）11．（10分）在“测定金属的电阻率”的实验中，用螺旋测微器测量金属丝直径时的刻度位置如图1所示；金属丝的电阻大约为4Ω．先用伏安法测出金属丝的电阻，然后根据电阻定律计算出该金属材料的电阻率．①从图中读出金属丝的直径d为0.520mm．②在用伏安法测定金属丝的电阻时，除被测的电阻丝外，还有如下供选择的实验器材：直流电源：电动势约4.5V，内阻很小；电流表A1：量程0～0.6A，内阻等于1Ω；电流表A2：量程0～3.0A，内阻约0.025Ω；电压表V：量程0～3V，内阻约3kΩ；滑动变阻器R1：最大阻值10Ω；滑动变阻器R2：最大阻值50Ω；开关、导线等．在可供选择的器材中，应该选用的电流表是A1，应该选用的滑动变阻器是R2．③根据所选的器材，在图2方框中画出实验电路图．④若按照以上电路图测出电流值为I，电压值为U，金属丝长度为L，则用公式ρ=算出的电阻率与真实值相比，偏小（填”偏大”“偏小””相等”）．【解答】解：①金属丝的直径为d=0.5mm+2.0×0.01mm=0.520mm．②因伏安法测定金属丝的电阻时的电流不能太大，否则由于随着温度升高电阻会增大而测不准，故应选电流表A1，由闭合电路欧姆定律及电流表读数要求应满足：≤≤，11.25≤R x≤22.5Ω，所以若滑动变阻器采用限流式接法，≤18.25Ω，变阻器阻值范围是7.25Ω≤R变可见应选用滑动变阻器R2：最大阻值50Ω，因，金属丝电阻很小，故电流表可采用外接法．③实验电路图如图④根据电阻定律R=，则有公式ρ=，因电流表的值偏大，则导致电阻率偏小，算出的电阻率比真实值偏小；故答案为：①0.520；②A1，R2；③如上图所示；④偏小．12．（18分）如图所示，质量均为M=1kg，长度均为L=3m的小车A、B静止放在足够大的光滑水平面上，两车间距为s=2m．小车B的上表面的右侧固定一根轻弹簧，弹簧的自由端在小车B的中点O．现有一质量m=2kg的滑块C（不计大小）以v0=6m/s的初速度滑上小车A的左端，C与A的摩擦因数为μ=0.2，B上表面光滑，g取10m/s2．（1）求A与B碰前瞬间物块C的速度；（2）若A、B碰后粘在一起，求弹簧的最大弹性势能；（3）若A、B碰后粘在一起，求物块C最终距离O点的距离．【解答】解：（1）设滑块与小车能共速，且速度为v1，规定向右为正方向，由动量守恒得mv0=（m+M）v1，代入数据解得：v1=4m/s，设滑块在车上的相对位移为s0，由能量守恒得代入数据解得：s0=3m．设A车加速过程位移为s1，由动能定理得，代入数据解得：s1=2m．因为s0=L、s1=s，所以A与B碰前AC已达共速，C速度为v1=4m/s．（2）设A、B碰后速度为v2，由动量守恒得Mv1=（M+M）v2．代入数据解得：v2=2m/s，设A、B、C共同速度为v3，由动量守恒得mv1+（M+M）v2=（m+M+M）v3，由能量守恒得：=，代入数据解得：E p=2J．（3）设物块C最终距离O的距离为s2，由能量守恒得=代入数据解得：s2=2m．答：（1）A与B碰前瞬间物块C的速度为4m/s；（2）若A、B碰后粘在一起，弹簧的最大弹性势能为2J；（3）若A、B碰后粘在一起，物块C最终距离O点的距离为2m．13．（18分）如图所示，倾角θ=30°的足够长平行导轨MN、M′N′与水平放置的平行导轨NP、N′P′平滑连接，导轨间距均为L，MM′间接有阻值为R的电阻，轨道光滑且电阻不计．倾斜导轨MN、M′N′之间（区域Ⅰ）有方向垂直导轨平面向上的匀强磁场，水平部分的ee′ff′之间（区域Ⅱ）有竖直向上、磁感应强度为B2的匀强磁场，磁场宽度为d．质量为m、电阻为r、长度略大于L的导体棒ab从靠近轨道上端的某位置由静止开始下滑，棒始终与导轨垂直并接触良好，经过ee′和ff′位置时的速率分别为v和．已知导体棒ab进入区域Ⅱ运动时，其速度的减小量与它在磁场中通过的距离成正比，即△v∝△x．（1）求区域Ⅰ匀强磁场的磁感应强度B1；（2）求导体棒ab通过区域Ⅱ过程中电阻R产生的焦耳热；（3）改变B1使导体棒ab不能穿过区域Ⅱ，设导体棒ab从经过ee′到停止通过电阻R的电量为q，求B1的取值范围，及q与B1的关系式．【解答】解：（1）由导轨足够长可知ab到达导轨底端NN′前已经做匀速运动，速率为v，设此时ab产生的电动势为E，电流为I，则有E=B1Lv ①I=②由平衡条件得mgsinθ=B1IL ③联立①②③解得B1=④（2）设ab棒和电阻R产生的电热分别为Q r和Q R，则有=⑤由能量守恒守恒定律得=+Q R+Q r⑥联立⑤⑥解得Q R=⑦（3）设棒以速度v x通过ee′时，在区域Ⅱ中滑动x后停下，依题意有v x=x=v ⑧设棒匀速运动时产生的电动势为E x，电流为I x，则有mgsinθ=B1I x L ⑨E x=B1Lv x⑩I x=联立解得B1=）使导体棒ab不能穿过区域Ⅱ，应满足x＜d，对应B1的取值范围是B1＞设ab棒通过ee'后滑动距离x后停下，时间为△t，则此过程棒产生的平均电动势==回路的平均电流=通过电阻R的电量q=△t联立解得q=（B1＞）．答：（1）区域Ⅰ匀强磁场的磁感应强度B1是．（2）导体棒ab通过区域Ⅱ过程中电阻R产生的焦耳热是．（3）B1的取值范围为B1＞，q与B1的关系式为q=（B1＞）．赠送—高中数学知识点【1.3.1】单调性与最大（小）值（1）函数的单调性②在公共定义域内，两个增函数的和是增函数，两个减函数的和是减函数，增函数减去一个减函数为增函数，减函数减去一个增函数为减函数．③对于复合函数[()]y f g x =，令()u g x =，若()y f u =为增，()u g x =为增，则[()]y f g x =为增；若()y f u =为减，()u g x =为减，则[()]y f g x =为增；若()y f u =为增，()u g x =为减，则[()]y f g x =为减；若()y f u =为减，()u g x =为增，则[()]y f g x =为减．（2）打“√”函数()(0)af x x a x=+>的图象与性质 ()f x 分别在(,-∞、)+∞上为增函数，分别在[、上为减函数．（3）最大（小）值定义①一般地，设函数()y f x =的定义域为I ，如果存在实数M 满足：（1）对于任意的x I ∈，都有()f x M ≤；（2）存在0x I ∈，使得0()f x M =．那么，我们称M 是函数()f x 的最大值，记作max ()f x M =．②一般地，设函数()y f x =的定义域为I ，如果存在实数m 满足：（1）对于任意的x I ∈，都有()f x m ≥；（2）存在0x I ∈，使得0()f x m =．那么，我们称m 是函数()f x 的yxo最小值，记作max ()f x m =．【1.3.2】奇偶性（4）函数的奇偶性②若函数()f x 为奇函数，且在0x =处有定义，则(0)0f =．③奇函数在y 轴两侧相对称的区间增减性相同，偶函数在y 轴两侧相对称的区间增减性相反．④在公共定义域内，两个偶函数（或奇函数）的和（或差）仍是偶函数（或奇函数），两个偶函数（或奇函数）的积（或商）是偶函数，一个偶函数与一个奇函数的积（或商）是奇函数．。

2015年广东省广州市高考物理三模改编试卷(C卷)

2015年广东省广州市高考物理三模改编试卷（C卷）学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共4小题，共16.0分)1.如图所示，一质量为M、倾角为θ的斜面体放在光滑水平地面上，斜面上叠放一质量为m的光滑楔形物块，物块在水平恒力的作用下与斜面体一起恰好保持相对静止地向右运动．重力加速度为g．下列判断正确的是（）A.水平恒力大小F=mgtanθB.地面对斜面体的支持力大小N2=（M+m）gC.物块对斜面的压力大小N1=mgcosθD.斜面体的加速度大小为gtanθ【答案】B【解析】解：对M、m整体分析，受重力、支持力和推力，根据牛顿第二定律，有：水平方向：F=（M+m）a竖直方向：N=（M+m）g再对M分析，受重力、压力N1、支持力，根据牛顿第二定律，有：水平方向：N1sinθ=M a竖直方向：N1cosθ+M g=N联立解得：a=mgtanθMF=(M+m)mgtanθMN1=mgcosθN=（M+m）g故ACD错误，B正确；故选：B先对M、m整体分析，根据牛顿第二定律列式；再对M分析，根据牛顿第二定律列式；最后联立求解即可．本题关键是采用整体法和隔离法灵活选择研究对象，受力分析后根据平衡条件并结合正交分解法列式后联立求解，不难．2.如图所示，在M点分别以不同的速度将两小球水平抛出．两小球分别落在水平地面上的P点、Q点．已知O点是M点在地面上的竖直投影，OP：PQ=1：3，且不考虑空气阻力的影响．下列说法中正确的是（）A.两小球的下落时间之比为1：3B.两小球的下落时间之比为1：4C.两小球的初速度大小之比为1：3D.两小球的初速度大小之比为1：4【答案】D【解析】解：A、两球做平抛运动，高度相同，则下落的时间相同，故A、B错误．C、由于两球的水平位移之比为1：4，根据v0=x知，两小球的初速度大小之比为1：t4，故C错误，D正确．故选：D．平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据高度比较运动的时间，结合水平位移和时间求出初速度之比．解决本题的关键知道平抛运动在水平方向上和竖直方向上的运动规律，知道平抛运动的时间由高度决定，初速度和时间共同决定水平位移．3.一辆汽车在平直的公路上以某一初速度运动，运动过程中保持恒定的牵引功率，其加速度a和速度的倒数（1）图象如图v所示．若已知汽车的质量，则根据图象所给的信息，下列说法正确的是（）A.汽车一直做匀加速运动B.汽车行驶的最大速度为20m/sC.发动机牵引力对汽车做的功等于汽车机械能的增加D.能求出汽车运动到最大速度所需的时间【答案】B【解析】解：A、根据图象得出汽车的速度增大时，1减小，加速度a减小，则汽车做变加速直v线运动，故A错误；=0.05，B、当物体的速度最大时，加速度为零，故结合图象可以知道，a=0时，1vv=20m/s，所以最大速度为20m/s，故B正确；C、根据功能关系知，发动机牵引力和阻力对汽车做的功之和等于汽车机械能的增加，故C错误；D、汽车的初速度未知，汽车做是变加速运动，故加速时间无法求出，故D错误．故选：B．汽车恒定功率启动，对汽车受力分析后根据牛顿第二定律列方程，再结合图象进行分析即可．本题关键对汽车受力分析后，根据牛顿第二定律列出加速度与速度关系的表达式，再结合图象进行分析求解．4.如图，线圈串有两发光二极管D1、D2（具有正向导电发光特性）．若手握“物体”向线圈运动时，D1发光．则（）A.该物体可能是一种铜质材料B.手握“物体”向线圈运动时，D2也会发光C.手握“物体”远离线圈运动时，D2会发光D.手握“物体”远离线圈运动时，会感觉到一股斥力【答案】C解：A、由手握“物体”向线圈运动时，D1发光，可知，穿过线圈的磁通量必改变，则该物体可能是一种磁性材料，故A错误；B、手握“物体”向线圈运动时，D1发光，则说明感应电流方向顺时针方向（从右向左），由于二极管的单向导电性，因此D2不会发光，故B错误；C、手握“物体”远离线圈运动时，根据楞次定律可知，感应电流方向与靠近时相反，则D2会发光，故C正确；D、手握“物体”远离线圈运动时，根据楞次定律“来拒去留”，可知，会感觉到一股引力，故D错误；故选：C．根据电磁感应现象，结合楞次定律的内容：“增反减同”，及“来拒去留”，即可求解．考查楞次定律的应用，掌握：“增反减同”，及“来拒去留”的含义，注意二极管的单向导电性．二、多选题(本大题共5小题，共30.0分)5.关于分子动理论和热力学定律，下列说法中正确的是（）A.空气相对湿度越大时，水蒸发越快B.物体的温度越高，分子平均动能越大C.第二类永动机不可能制成是因为它违反了热力学第一定律D.两个分子间的距离由大于10-9m处逐渐减小到很难再靠近的过程中，分子间作用力先增大后减小到零，再增大【答案】BD【解析】解：A、空气相对湿度越大时，空气中水蒸汽压强越接近饱和汽压，水蒸发越慢，故A 错误；B、温度是分子的平均动能的标志，物体的温度越高，分子平均动能越大，故B正确；C、第二类永动机虽然不违反能量守恒定律，但它违背了热力学第二定律是制造不出来的，故C错误；D、两个分子间的距离由大于10-9m处逐渐减小到很难再靠近的过程中，分子间作用力先表现为分子引力，先增大后减小到零，之后表现为分子斥力，增加增大，故D正确；故选：BD空气相对湿度越大时，空气中水蒸汽压强越接近饱和汽压，水蒸发越慢；温度是分子的平均动能的标志；第二类永动机虽然不违反能量守恒定律，但它违背了热力学第二定律是制造不出来的；两个分子间的距离由大于10-9m处逐渐减小到很难再靠近的过程中，分子间作用力先增大后减小到零，再增大．本题考查了相对湿度、温度的微观意义、热力学第二定律以及分子动理论等知识，难度不大．做好这一类的题目要注意在平时的学习过程中多加积累．6.关于原子和原子核，下列说法正确的是（）A.α粒子散射实验揭示了原子核内部的复杂性B.光电效应实验揭示了光的粒子性C.核反应方程中，质量和电荷是守恒的D.根据玻尔理论可知，一群氢原子核外电子从n=4能级向低能级跃迁最多可辐射6种【答案】BD【解析】解：A、卢瑟福的α粒子散射实验，让α粒子穿越原子，少数α粒子发生偏转，极少数α粒子发生大角度偏转，揭示了原子的核式结构．故A错误．B、光电效应说明光具有粒子性．故B正确．C、核反应方程中，质量数和电荷数是守恒的，质量是不守恒的．故C错误；D、根据玻尔理论可知，一群氢原子核外电子从n=4能级向低能级跃迁最多可辐射C42=6种频率的光子．故D正确．故选：BD．卢瑟福的α粒子散射实验揭示了原子的核式结构；光电效应说明光具有粒子性；核反应方程中，质量数和电荷数是守恒的；波尔研究原子结构中引入量子化观念．本题考查α粒子散射实验、光电效应的意义等物理学史以及波尔理论，关键对教材中这部分知识点要熟悉，要理解波尔理论的基本内容．本题属于简单题．7.远距离输电的原理图如图所示，升压变压器原、副线圈的匝数分别为n1、n2，电压分别为U1、U2，电流分别为I1、I2，输电线上的电阻为R．变压器为理想变压器，则下列关系式中正确的是（）A.I1 I2=n1n2B.I2=U2RC.I1U1＞I22RD.I1U1=I2U2【答案】CD【解析】解：A、升压变压器电流之比等于匝数的反比；故有：I1I2=n2n1，故A错误；B、U2是输电导线及降压变压器两端的电压，不能只对导线由欧姆定律求电流，故B 错误；C、升压变压器输出的功率等于导线上消耗的功率及降压变压器消耗的功率之和，故C 正确；D、理想变压器输入功率等于输出功率；故I1U1=I2U2，故D正确．故选：CD变压器电压之比等于匝数之比；电流之比等于匝数的反比；在远距离输电中，输电导线上功率有损耗．理想变压器的输入功率与输出功率相等，且没有漏磁现象．远距离输电，由于导线通电发热导致能量损失，所以通过提高输送电压，从而实现降低电损．8.如图所示，两颗卫星围绕着质量为M的中心星体做匀速圆周运动．若两颗卫星和中心星体始终在同一直线上，两颗卫星间的作用及其他星体对两颗卫星的作用均忽略不计，则下列判断正确的是（）A.两颗卫星的轨道半径相等B.两颗卫星的周期相同C.两颗卫星的向加速度相等D.两颗卫星的动能相等【答案】AB【解析】解：两颗卫星和中心星体始终在同一直线上，说明两颗卫星的周期相同，根据万有引力提供向心力，有：GMm r 2=ma =m v 2r=m4π2T 2rT=2π√r 3GM，周期相同说明两颗卫星的轨道半径相等，故A 正确，B 正确；C 、a =GMr 2，两颗卫星的向加速度方向不同，故C 错误； D 、v =√GM r，两颗卫星的速度大小相等，但两卫星质量未知，所以两颗卫星的动能不一定相等，故D 错误；故选：AB ．两颗卫星和中心星体始终在同一直线上，说明两颗卫星的周期相同，根据万有引力提供向心力，求出加速度、速度与轨道半径的关系，从而通过轨道半径的大小比较出它们的大小．解决本题的关键掌握万有引力提供向心力这一理论，知道线速度、周期、加速度与轨道半径的关系．9.如图所示，虚线为电场中的三个等势面，相邻等势面之间的电势差相等．A 、B 、C 为电场中的三个点，一个带负电的点电荷在A 点的电势能大于其在B 点的电势能，则下列说法正确的是（） A.A 点的电势比B 点的低 B.A 点的电场强度比B 点的大C.AC 间的电势差大于AB 间的电势差D.沿直线从A 运动到B 过程中，电场力先做正功后做负功【答案】 AB【解析】解：A 、根据φ=E pq ，负电荷在电场中，在电势高的位置，电势能低；带负电的点电荷在A 点的电势能大于其在B 点的电势能，故A 点的电势比B 点的低；故A 正确； B 、等差等势面的疏密代表场强的大小，故A 点的场强小于B 点的场强，故B 正确； C 、A 点在经过B 点和C 点的两个等势面之间，与图中C ′和B ′间距相等，由于AC ′间的场强小于AB ′间的场强，故AC ′间的电势差小于AB ′间的电势差，故AC 间的电势差小于AB 间的电势差，故C 错误；D 、沿直线从A 运动到B 过程中，电势是一直升高，故负电荷的电势能一直降低，故电场力一直做正功，故D 错误；故选：AB等差等势面的疏密代表场强的大小，正电荷在电势高的地方电势能大，负电荷在较高的点电势能低．本题主要考查了等势面与电场强度的关系，要抓住正电荷在电势高的位置电势能大、负电荷在电势高的点电势能低进行分析．三、实验题探究题(本大题共2小题，共18.0分)10.某同学利用图甲所示的实验装置，探究物块在水平桌面上的运动规律．物块在重物的牵引下开始运动，重物落地后，物块再运动一段距离停在桌面上（尚未到达滑轮处）．从纸带上便于测量的点开始（其中第“1”点先打下），每5个点取1个计数点，相邻计数间的距离如图乙所示．打点计时器电源的频率为50H z．①通过分析纸带数据，可判断物块在两相邻计数点______ 和______ 之间某时刻开始减速．②计数点9对应的速度大小为______ ．（保留2位有效数字）③物块减速运动过程中加速度的大小为a= ______ ．（保留2位有效数字）④物块在加速阶段，如果以st（其中s表示位移，t表示时间）为纵坐标、以t为横坐标作图象，得到图象的斜率为k，则加速度大小为______ （用字母符号表示）．【答案】6；7；0.76；2.0；2k【解析】解：①从纸带上的数据分析得知：在计数点6之前，两点之间的位移逐渐增大，是加速运动，在计数点7之后，两点之间的位移逐渐减小，是减速运动，所以物块在相邻计数点6和7之间某时刻开始减速．②匀变速直线运动中时间中点的瞬时速度等于该过程中的平均速度，因此有：v9=x8102T=(8.61+6.60)cm2×0.1s=0.76m/s③由纸带可知，计数点7往后做减速运动，有：x1=3.00cm，x2=5.01cm，x3=7.01cm，x4=9.00cm，因此△x≈2.00cm=0.02m，T=0.1s，代入公式△x=a T2得：a=△xT2=−2.00m/s2，所以物块加速运动过程中加速度的大小为2.00m/s2．④根据运动学公式有：x=v0t+12at2，因此有：x t =v0+12at因此如果以xt 为纵坐标、以t为横坐标作图象，得到图象的斜率为k=12a，即a=2k．故答案为：①6；7；②0.76③2.0④2k．①由纸带两个点之间的时间相同，若位移逐渐增大，表示物体做加速运动，若位移逐渐减小，则表示物体做减速运动；②匀变速直线运动中时间中点的瞬时速度等于该过程中的平均速度，由此可以求出某点的瞬时速度；③用作差法求解减速过程中的加速度；④根据运动学公式求出xt与t的函数关系，结合数学知识可知斜率k与加速度的关系．要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用．11.用直流电源（内阻不计）、电阻箱、单刀双掷开关、导线若干，在如图所示的电路上，完成测多用电表直流2.5V档内阻R V的实验．在不拆卸电路的情况下，完成相关操作：①在使用多用电表前，发现指针不在左边“0”刻度线处，应先调整图中多用电表的______ （选填“A”、“B”或“C“）．②将多用电表选择开关旋到______ 档，把开关S打向______ （填“a”或“b”），电表示数如图所示U1，断开开关S．③适当调节电阻箱的阻值为R，把开关S打向______ （选填“a”或“b”），读出并记录电表示数U2．④求得R V= ______ （用以上测得的物理量U1、U2、R表示）⑤若考虑电源内阻，用此法测得的R V偏______ （填“大”或“小”）【答案】A；直流2.5V；b；a；U2RU1−U2；大【解析】解：①因指针不指左边零处，故应进行机械调零；故应调整A旋钮；②因测量直流2.5V的内阻；故应将开关旋到直流2.5V，开关打在b处，只将电压表和电源相连；③将电阻箱接入，故开关接在a处；④开关接a时，电阻箱与电压表串联，电阻箱两端的电压U=U1-U2；由欧姆定律可知：R V=U2U1−U2R=U2RU1−U2；⑤因电源有内阻，则接入R后，总电流减小，由闭合路欧姆定律可知，路端电压要增大；故此法测出的电压表内阻偏大；故答案为：①A；②直流2.5V；b；③a；④U2RU1−U2；⑤大．通过分析实验步骤明确实验原理，根据实验原理可知本实验采用等效替代的方法进行的实验；则可明确各步中应进行的操作．本题考查电压表的测量，要注意正确分析实验原理，根据实验原理才能明确实验步骤．四、计算题(本大题共2小题，共36.0分)12.如图所示，一质量M=0.4kg的小物块B在足够长的光滑水平台面上静止不动，其右侧固定有一轻质水平弹簧（处于原长）．台面的右边平滑对接有一等高的水平传送带，传送带始终以υ=1m/s的速率逆时针转动．另一质量m=0.1kg的小物块A以速度υ0=4m/s水平滑上传送带的右端．已知物块A与传送带之间的动摩擦因数μ=0.1，传送带左右两端的距离l =3.5m ，滑块A 、B 均视为质点，忽略空气阻力，取g =10m /s 2．（1）求物块A 第一次到达传送带左端时速度大小；（2）求物块A 第一次压缩弹簧过程中弹簧的最大弹性势能E pm ；（3）物块A 会不会第二次压缩弹簧？【答案】解：（1）物块A 从传送带的右端滑到左端的过程，根据动能定理有：12m υ12-12m υ02=-μmgl代入数据解得：υ1=3m /s 因为υ1＞υ所以物块A 第一次到达传送带左端时速度大小为3m /s ．（2）物块A 第一次压缩弹簧过程中，当物块A 和B 的速度相等时，弹簧的弹性势能最大，根据动量守恒定律有：m υ1=（ M+m ）υ′ 根据机械能守恒定律有：E pm =12m υ12-12（ M+m ） υ′2 代入数据解得：E pm =0.36J ．（3）物块A 第一次压缩弹簧前后动量和动能均守恒，有： m υ1=m υ1′+M υ2′12m υ12=12m υ1′2+12M υ2′2 解得：υ1′=m−Mm+M υ1=-1.8m /s ，υ2′=2mm+M υ1 代入数据解得：υ1′=-1.8m /s ，υ2′=1.2m /s 根据动能定理有：0-12m υ1′2=-μmgl 1代入数据解得：l 1=1.62m 因为l 1＜l所以物块A 第二次向左到达传送带左端时的速度υ1″=υ=1m /s 根据υ1″＜υ2′，可得物块A 不会第二次压缩弹簧．答：（1）物块A 第一次到达传送带左端时速度大小为3m /s ；（2）物块A 第一次压缩弹簧过程中弹簧的最大弹性势能E pm 为0.36J ；（3）物块A 不会第二次压缩弹簧．【解析】（1）物块A 从传送带的右端滑到左端的过程，根据动能定理求解；（2）物块A 第一次压缩弹簧过程中，当物块A 和B 的速度相等时，弹簧的弹性势能最大，根据动量守恒定律和机械能守恒定律列式求解；（3）物块A 第一次压缩弹簧前后动量和动能均守恒，根据动量守恒定律和机械能守恒定律列式求解碰撞后的速度，再根据动能定理列式求出速度减为零的位移，再物块A 第二次向左到达传送带左端时的速度，从而判断是否会第二次压缩弹簧．本题是多过程问题，分析滑块经历的过程，运用动量守恒，能量守恒、动能定理分析和计算，关键是分析清楚物体的受力情况和运动情况，难度较大．13.如图甲所示，在该磁场外部，有匝数为n、电阻为r、横截面积为S的螺线管和阻值为2r的电阻组成串联电路，螺线管内沿轴线方向存在按如图乙所示变化的磁场，磁场在t0时间内从零开始增大到B0．（t o足够长），如图丙所示，两个共轴的正方形金属筒，外极板每边的中点各有一小孔，分别为a、b、c、d，正方形外筒的边长为L，内筒、外筒间距离为d0．在极板外面存在足够大且垂直截面向里的匀强磁场．两个共轴的正方形金属板与与螺线管用导线相连．在t=0时刻，从紧靠内筒且正对狭缝a的S点从静止释放一质量为m、带电量为+q的粒子，该粒子经过一段时间的运动之后恰好又回到出发点S，（不计重力，整个装置在真空中．）（1）求两金属板电极间电压的大小？（2）求粒子经过a点时速度的大小？（3）求图（丙）中垂直于截面向里的匀强磁场大小？（4）求粒子从S出发到再次回到S点运动所用的总时间？【答案】解：（1）根据法拉第电磁感应定律得螺线管产生的感应电动势为： E=n S △B △t =n S B 0t 0感应电流为：I =Er+2r 两金属板电极间电压为：U =I ×2r =2nSB 03t 0（2）由动能定理得：q U=12mv 2-0得速度为：v =√4qnSB 03mt 0（3）由圆周规律qVB 1=m v 2R ，又R =L 2得：B 1=4m qL√qnSB03mt 0（4）设电场中加速一次用时为t 1，由牛顿第二定律有：a =qU md由v =at 1得：t 1=d √3mtqnSB 0设磁场中转一次用时为t 2，则有：t 2=34T =3πL 8√3mtqnSB 0故总时间为：t 总=8t 1+4t 2=(8d +3πL 2)√3mt0qnSB 0答：（1）两金属板电极间电压的大小为2nSB 03t 0．（2）粒子经过a 点时速度的大小为√4qnSB 03mt 0．（3）图（丙）中垂直于截面向里的匀强磁场大小为4m qL√qnSB3mt 0．（4）粒子从S 出发到再次回到S 点运动所用的总时间为（8d +3πL 2）√3mtqnSB 0．【解析】（1）根据法拉第电磁感应定律求出螺线管产生的感应电动势，由欧姆定律求出电流，再得到两金属板电极间电压．（2）粒子在两个正方形间加速，由动能定理求粒子经过a 点时速度的大小．（3）粒子进入磁场后做匀速圆周运动，画出轨迹，求出轨迹半径，由洛伦兹力提供向心力，列式求解匀强磁场大小．（4）先由牛顿第二定律和运动学规律结合求电场中加速所用时间，再根据粒子在磁场中轨迹求磁场中运动时间，从而求得总时间．本题是电磁感应、电场加速和磁场中圆周运动的综合，画出粒子的运动轨迹、把握每个过程的规律和相互间的联系是解题的关系．高中物理试卷第11页，共11页。

【解析】广东省惠州市2015届高三第三次调研考理综物理试题

【解析】广东省惠州市2015届高三第三次调研考理综物理试题广东省惠州市2015届高三第三次调研考理综物理试题解析2015届惠州市高三第三次调研考试物理试题【试卷综析】本卷试题重视基础知识考查，紧扣现行教材和考试大纲，把握高考最新信息准，选题常规又进行了翻新，题量符合理科物理检测要求。

选择题的编排是从易到难，从力学到电磁学，从单选到多项选择，而多选题设计巧而活，并重视物理知识解决实际生活物理问题。

实验题是在课本要求的基础上加以组编，注重学生动手能力和设计能力的考查。

计算题的组编新颖而又看似见过，又有一点未见过；设问是一步一步提高要求和台阶，也是从能力上检测学生。

这份试题值得我们老师和学生再思考和再训练，从中找出自己在复习过程中的一些失误点，使学生快速提高自己的物理成绩。

【题文】13. 如图所示，物体m与斜面体M一起静止在水平面上，若将斜面的倾角减小一些，下列说法正确的是A. 斜面体对物体的支持力减小B．斜面体对物体的摩擦力减小C．水平面对斜面体的支持力减小D．水平面对斜面体的摩擦力减小【知识点】共点力平衡在斜面上的应用考查题。

B4【答案解析】B 。

物体m 静止不动，受力平衡．可对物体受力分析，正交分解重力G ，得：支持力 N=mgcosθ摩擦力 f=mgsinθ，比较可知θ稍微减小一些，N 变大，f 变小，故A 错误、B 正确．对于水平面对斜面的力，最好采用整体法，对m 和M 整体进行受力分析：整体受重力和水平面的支持力，支持力大小不变，与夹角无关。

C 错误；因为整体处于静止也就是平衡状态，所以地面对斜面的摩擦力始终为零．D 错误．故本题选择B 答案。

【思路点拨】本题分析斜面体对m 的受力分析突出隔离法，分析水平面对M 的受力突出整体法，这是解决本题的关键，只要把握了这点，然后列式就不难求解选择正确答案。

【题文】14．一个物体沿直线运动，从0=t 时刻开始，物体的t v -的图像如图所示，图线与纵横坐标轴的交点分别为s m /5.0和s 1-，由此可知A. 物体做匀速直线运动B. 物体做变加速直线运动mMθC. 物体的初速度大小为s5.0m/D. 物体的初速度大小为s1m/【知识点】匀变速直线运动的图像．A5【答案解析】C。

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试写出在 E 点时重锤运动的瞬时速度 vE
③ 若是测量重力加速度 g . 为减少实验的偶然误差，采用逐差法处理数据，则加速度大
小可以表示为 g
（用题中字母表示）.
④ 如果研究重锤在 AE 运动过程中机械能守恒时，重锤增加的动能总是小于减小的重力
势能,造成实验误差的主要原因是
（2）（10 分）某实验小组要精确测定额定电压为 3V 的 LED 灯正常工作时的电阻，已知该灯正常工作时电阻大约100 ，电学符号与小灯泡电学符号相同.现有的器材规格如下：
最小磁感应强度是
A
B
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对全部高中资料试卷电气设备，在安装过程中以及安装结束后进行高中资料试卷调整试验；通电检查所有设备高中资料电试力卷保相护互装作置用调与试相技互术通关，1系电过，力管根保线据护敷生高设产中技工资术艺料0不高试仅中卷可资配以料置解试技决卷术吊要是顶求指层，机配对组置电在不气进规设行范备继高进电中行保资空护料载高试与中卷带资问负料题荷试2下卷2，高总而中体且资配可料置保试时障卷，各调需类控要管试在路验最习；大题对限到设度位备内。进来在行确管调保路整机敷使组设其高过在中程正资1常料中工试，况卷要下安加与全强过，看度并22工且22作尽22下可22都能22可地护以缩1关正小于常故管工障路作高高；中中对资资于料料继试试电卷卷保破连护坏接进范管行围口整，处核或理对者高定对中值某资，些料审异试核常卷与高弯校中扁对资度图料固纸试定，卷盒编工位写况置复进.杂行保设自护备动层与处防装理腐置，跨高尤接中其地资要线料避弯试免曲卷错半调误径试高标方中高案资等，料，编试要5写、卷求重电保技要气护术设设装交备备置底4高调、动。中试电作管资高气，线料中课并敷3试资件且、设卷料中拒管技试试调绝路术验卷试动敷中方技作设包案术，技含以来术线及避槽系免、统不管启必架动要等方高多案中项；资方对料式整试，套卷为启突解动然决过停高程机中中。语高因文中此电资，气料电课试力件卷高中电中管气资壁设料薄备试、进卷接行保口调护不试装严工置等作调问并试题且技，进术合行，理过要利关求用运电管行力线高保敷中护设资装技料置术试做。卷到线技准缆术确敷指灵设导活原。。则对对：于于在调差分试动线过保盒程护处中装，高置当中高不资中同料资电试料压卷试回技卷路术调交问试叉题技时，术，作是应为指采调发用试电金人机属员一隔，变板需压进要器行在组隔事在开前发处掌生理握内；图部同纸故一资障线料时槽、，内设需，备要强制进电造行回厂外路家部须出电同具源时高高切中中断资资习料料题试试电卷卷源试切，验除线报从缆告而敷与采设相用完关高毕技中，术资要资料进料试行，卷检并主查且要和了保检解护测现装处场置理设。备高中资料试卷布置情况与有关高中资料试卷电气系统接线等情况，然后根据规范与规程规定，制定设备调试高中资料试卷方案。

广东省六校高三理综(物理部分)下学期第三次联考试题

广东省六校2018届高三理综（物理部分）下学期第三次联考试题14．伽利略对自由落体运动的研究，是科学实验和逻辑思维的完美结合，如图所示，可大致表示其实验和思维的过程，对这一过程的分析，下列正确的是A ．伽利略认为自由落体运动的速度是均匀变化的，这是他用实验直接进行了验证的B ．其中丁图是实验现象，甲图是经过合理外推得到的结论C ．运用甲图实验，可“冲淡”重力的作用，更方便进行实验测量D ．运用丁图实验，可“放大”重力的作用，从而使实验现象更明显15．如图所示，水平细杆上套一环A ，环A 与球B 间用一轻质绳相连，质量分别为m A 、m B ，由于球B 受到水平风力作用，环A 与球B 一起向右匀速运动。

已知细绳与竖直方向的夹角为θ，则下列说法正确的是A ．环A 受到的摩擦力大小为mB gtan θ B ．风力增大时，轻质绳对球B 的拉力保持不变C ．杆对环A 的支持力随着风力的增大而增大D ．环A 与水平细杆间的动摩擦因数为BA Bm m m16．如图为某一物理量y 随另一物理量x 变化的函数图象，关于该图象与坐标轴所围面积（图中阴影部分）的物理意义，下列说法正确的是A ．若图象表示加速度随时间的变化，则面积等于质点在相应时间内的位移B ．若图象表示力随位置的变化，则面积等于该力在相应位移内所做的功C ．若图象表示电容器充电电流随时间的变化，则面积等于相应时间内电容器储存的电能D ．若图象表示电势随位置的变化，则面积等于电场在x 0位置处的电场强度17．由于行星自转的影响，行星表面的重力加速度会随纬度的变化而有所不同。

宇航员在某行星的北极处从高h 处自由释放一重物，测得经过时间t 1重物下落到行星的表面，而在该行星赤道处从高h 处自由释放一重物，测得经过时间t 2重物下落到行星的表面，已知行星的半径为R ，引力常量为G ，则这个行星的平均密度是 A ．2132h GRt ρπ= B ．2134h GRt ρπ= C ．2232h GRt ρπ=D ．2234h GRt ρπ=18．以下说法正确的是A ．一个质子（不计重力）穿过某一空间而未发生偏转，此空间可能存在磁场B ．一个质子（不计重力）穿过某一空间而未发生偏转，此空间可能存在电场C ．某电路的磁通量改变了，电路中一定有感应电流D ．导体棒在磁场中运动，导体棒两端一定有电势差19．质谱仪是用来分析同位素的装置，如图为质谱仪的示意图，其由竖直放置的速度选择器、偏转磁场构成。

广东省广州市高三三模改编理综物理试题(C卷)

2015届理综（物理）广州三模改编三模C 卷13．如图所示，一质量为M 、倾角为θ的斜面体放在光滑水平地面上，斜面上叠放一质量为m 的光滑楔形物块，物块在水平恒力的作用下与斜面体一起恰好保持相对静止地向右运动。

重力加速度为g 。

下列判断正确的是（）A ．水平恒力大小F = mg tan θB ．地面对斜面体的支持力大小N 2 = (M + m )gC ．物块对斜面的压力大小N 1 = mg cos θD ．斜面体的加速度大小为g tan θ14．如图所示，在M 点分别以不同的速度将两小球水平抛出。

两小球分别落在水平地面上的P 点、Q 点。

已知O 点是M 点在地面上的竖直投影，OP ∶PQ =1∶3，且不考虑空气阻力的影响。

下列说法中正确的是（）A ．两小球的下落时间之比为3：1B ．两小球的下落时间之比为1：4C ．两小球的初速度大小之比为1∶3D ．两小球的初速度大小之比为1∶415．一辆汽车在平直的公路上以某一初速度运动，运动过程中保持恒定的牵引功率，其加速度a 和速度的倒数(1/v )图象如图所示．若已知汽车的质量，则根据图象所给的信息，下列说法正确的是：（）A ．汽车一直做匀加速运动B ．汽车行驶的最大速度为20m/sC ．发动机牵引力对汽车做的功等于汽车机械能的增加D ．能求出汽车运动到最大速度所需的时间16．如图，线圈串有两发光二极管D 1、D 2（具有正向导电发光特性）．若手握“物体”向线圈运动时，D 1发光．则CA ．该物体可能是一种铜质材料B ．手握“物体”向线圈运动时，D 2也会发光C ．手握“物体”远离线圈运动时，D 2会发光D ．手握“物体”远离线圈运动时，会感觉到一股斥力17．关于分子动理论和热力学定律，下列说法中正确的是（）A ．空气相对湿度越大时，水蒸发越快B ．物体的温度越高，分子平均动能越大C ．第二类永动机不可能制成是因为它违反了热力学第一定律D ．两个分子间的距离由大于10﹣9m 处逐渐减小到很难再靠近的过程中，分子间作用力先增大后减小到零，再增大18．关于原子和原子核，下列说法正确的是（）A ．α粒子散射实验揭示了原子核内部的复杂性B ．光电效应实验揭示了光的粒子性C ．核反应方程中，质量和电荷是守恒的D ．根据玻尔理论可知，一群氢原子核外电子从n = 4能级向低能级跃迁最多可辐射6种频率的光子 1D 2D。

广东省中山市高三物理下学期第三次模拟试卷(含解析)-人教版高三全册物理试题

广东省中山市2015届高考物理三模试卷一、单项选择题〔每题4分〕1．如图，空军实施投弹训练，A、B两架飞机先后水平飞至P点时释放炸弹，炸弹分别落在水平地面上的a点和b点．忽略空气阻力，如此( )A．飞机A在P点时的飞行速度比飞机B的大B．两炸弹释放后在空中飞行的时间一样C．两炸弹释放后在空中飞行的加速度不相等D．炸弹在空中飞行过程中机械能不守恒2．工程师驾驶同一辆汽车以额定功率在A、B两种不同的路面上进展性能测试．汽车在路面A、B受到的阻力分别为f A、f B〔f A＞f B〕，最大速度分别为v A、v B，达到最大速度时的牵引力分别为F A、F B，如此( )A．v A＞v B B．v A＜v B C．F A=F B D．F A＜F B3．如图1，电阻为r的矩形闭合金属线框处于垂直纸面的磁场中，磁场磁感应强度的变化如图2所示〔规定磁场方向垂直纸面向里时为正〕，如此( )A．0﹣1s内，线框中的感应电流方向为顺时针B．0﹣1s内，线框中的感应电流不断增大C．0﹣1s内，线框中的感应电流比2﹣3s内的小D．2﹣4s内，线框CD段受到的安培力方向始终向右4．如图为农村建房利用定滑轮运送建筑材料的示意图，材料P在绳子拉动下贴着竖直墙面匀速上移．如此( )A．P受到3个力的作用B．绳子的拉力始终等于P的重力C．绳子的拉力始终大于P对墙面的压力D．绳子的拉力逐渐变小二、双项选择题〔每题6分，全部选对的得6分，只选1个且正确的得3分，有选错或不答的得0分〕．5．将幼儿单独留在封闭的汽车内是非常危险的．假设车厢的密闭性能良好，在太阳曝晒下，车厢内气体将( )A．压强不变B．压强增大C．内能增大，温度升高D．内能减小，温度升高6．某核反响方程如下：反响方程下方的数据是中子与相关原子核的静止质量．如此( )A．x=3B．反响过程中亏损的质量为0.1933uC．该核反响为核聚变D．铀核的半衰期会受环境温度的影响而改变7．如图为某应急供电系统原理图．假设发电机内部线圈面积为S，匝数为N，磁感应强度为B，输电线电阻为R0，发电机线圈转动角速度恒为ω，如此( )A．图示位置，发电机中线圈的磁通量最大B．发电机线圈感应电动势的有效值为NBSωC．用户得到的交变电压的频率为D．当用户数目增多时，为使用户电压保持不变，滑动触头P应向上滑动8．如图为A、B两卫星绕地球做匀速圆周运动的示意图，如下说法正确的答案是( )A．B卫星比A卫星运行周期小B．A卫星在图示位置加速后有可能会撞上B卫星C．A卫星的运行速度一定小于地球的第一宇宙速度D．可以通过A卫星的运行周期和万有引力常量计算出地球的质量9．如图是某静电分选器的原理示意图．质量相等且带等量异种电荷的a、b两种颗粒在漏斗出口处无初速度下落，经过别离电场后落在水平传送带A、B上〔颗粒不会触碰别离电场的极板〕．忽略颗粒间的库仑力，如此( )A．分选过程中，a颗粒的电势能增大、b颗粒的电势能减小B．分选过程中，a、b两颗粒的电势能都减小C．分选过程中，颗粒的运动轨迹一定是抛物线D．离开分选电场时，a、b两颗粒的水平侧移量一定相等三、非选择题〔共4小题，总分为54分〕10．用如图〔a〕所示的实验装置研究小木块的运动．装置中在靠滑轮端的木板上粘贴有粗糙的薄砂纸，某次实验得到的纸带如图〔b〕，如此：①实验中，电火花打点计时器的工作电压为__________V，频率为50Hz．②纸带中计数点A、B间的时间间隔为__________s；小木块在砂纸段运动时的加速度大小为__________m/s2〔计算结果保存三位有效数字〕．③关于本实验，以下说法正确的有__________A．选用计数点最主要目的是为了方便计算B．选用计数点最主要目的是为了减小误差C．实验中应当先释放纸带再接通计时器电源D．小车加速阶段的加速度比减速阶段的小．11．用如图〔a〕所示的实验器材与电路测量金属丝的电阻率，实验的主要步骤如下．①将P移到金属丝b端，电源调至E=4.00V，滑动变阻器的滑片滑至__________〔填“C端〞、“D端〞或“中央〞〕，闭合开关S，调节滑动变阻器使电流表读数为I0=0.50A．②适当向a端滑动P，记录电流表读数I与电阻丝bP段的长度L；此时电阻丝bP段的阻值为R=__________〔用E、I和I0表示〕．③重复步骤②，记录6组L和I值，画出﹣L的关系图线如图〔b〕；④用螺旋测微器测量金属丝的直径如图〔c〕，其示数为d=__________mm；⑤假设用k表示﹣L图线的斜率，如此金属丝的电阻率为ρ=__________〔用E、k、d和π表示〕．根据﹣L图线，可算得ρ=__________Ω•m 〔保存两位有效数字；π取3.14〕．12．〔18分〕如图，两极板M、N竖直放置，N板右侧存在竖直方向的匀强电场，电场中还存在一个矩形场区ABCD，边界AB与N板平行．矩形场区左右对称分布着方向如下列图的两个匀强磁场．质量为m、电量为+q的小球从H点以速度大小v射入MN板间后恰能从N板上小孔O水平离开，之后小球沿直线匀速运动到边界AB的中点P并进入矩形场区．：重力加速度为g，点H到M、N板的距离相等且OH间的高度差为d，=2d，=4d，M、N板的电势差为U=，矩形场区内磁感应强度大小都为B=．〔1〕求N板右侧电场的场强大小和方向．〔2〕求小球在P点时速度的大小．〔3〕以A点所在水平面为参考平面，求小球离开矩形场区时的重力势能Ep．13．〔18分〕如图，光滑水平地面上有一固定墙壁，紧靠墙面左侧停放一长为L=1m，质量为M=0.2kg的长木板，在距长木板左端为kL〔0＜k＜0.5〕处放置着A、B两小木块，A、B质量均为m=0.2kg．某时刻，A、B在强大内力作用下突然分开，分开瞬间A的速度为v A=4m/s，方向水平向左． B与墙壁碰撞瞬间不损失机械能，A、B与长木板间的动摩擦因数分别为μA=0.2和μB=0.3．〔1〕求AB别离瞬间，B的速度v1；〔2〕假设k=0.39，求A离开木板时，B的速度大小v2；〔3〕假设最终B能够相对木板静止，如此k应满足什么条件，并求出最终B所停位置距木板左端距离s和k的关系式．广东省中山市2015届高考物理三模试卷一、单项选择题〔每题4分〕1．如图，空军实施投弹训练，A、B两架飞机先后水平飞至P点时释放炸弹，炸弹分别落在水平地面上的a点和b点．忽略空气阻力，如此( )A．飞机A在P点时的飞行速度比飞机B的大B．两炸弹释放后在空中飞行的时间一样C．两炸弹释放后在空中飞行的加速度不相等D．炸弹在空中飞行过程中机械能不守恒考点：平抛运动．专题：平抛运动专题．分析：炸弹做平抛运动，根据h=判断炸弹飞行时间，根据x=v0t判断炸弹的初速度大小，机械能守恒的条件是只有重力〔或弹簧弹力〕做功．解答：解：ABC、炸弹做平抛运动，加速度为g，一样；根据h=，两颗炸弹的飞行时间一样；根据x=v0t，时间t一样，炸弹a的飞行距离小，故初速度小；故AC错误，B正确；D、炸弹做平抛运动，只有重力做功，机械能守恒，故D错误；应当选：B点评：此题关键是明确炸弹的运动性质，然后结合平抛运动的分运动公式进展分析，根底题目．2．工程师驾驶同一辆汽车以额定功率在A、B两种不同的路面上进展性能测试．汽车在路面A、B受到的阻力分别为f A、f B〔f A＞f B〕，最大速度分别为v A、v B，达到最大速度时的牵引力分别为F A、F B，如此( )A．v A＞v B B．v A＜v B C．F A=F B D．F A＜F B考点：功率、平均功率和瞬时功率．专题：功率的计算专题．分析：汽车以额定功率行驶时，当速度达到最大时，牵引力等于阻力，由P=Fv=fv，求解最大速度．解答：解：汽车以额定功率行驶时，匀速运动时速度最大，此时牵引力等于阻力，如此有：F A=f A．F B=f B．因为f A＞f B，如此F A＞F B．由P=Fv=fv m得：最大速度 v m=，P一样，f A＞f B，如此v A＜v B．应当选：B．点评：此题主要考查了机车启动，要明确当以额定功率启动时，牵引力等于阻力时，汽车的速度最大．3．如图1，电阻为r的矩形闭合金属线框处于垂直纸面的磁场中，磁场磁感应强度的变化如图2所示〔规定磁场方向垂直纸面向里时为正〕，如此( )A．0﹣1s内，线框中的感应电流方向为顺时针B．0﹣1s内，线框中的感应电流不断增大C．0﹣1s内，线框中的感应电流比2﹣3s内的小D．2﹣4s内，线框CD段受到的安培力方向始终向右考点：法拉第电磁感应定律；安培力；楞次定律．专题：电磁感应与电路结合．分析：A、根据楞次定律来判定感应电流方向；B、根据法拉第电磁感应定律，结合欧姆定律，即可求解；C、根据感应电动势与感应电流成正比，结合此图象的斜率关系，即可求解；D、根据左手定如此，依据感应电流方向，即可求解．解答：解：A、0﹣1s内，线框中向里的磁通量在增大，根据楞次定律可知，感应电流方向逆时针方向，故A错误；B、0﹣1s内，因磁场随着时间均匀增大，如此产生的感应电动势E=，恒定不变，由I=，大小不变，故B错误；C、根据感应电动势与感应电流成正比，且感应电动势的大小与图象的斜率成正比，因此线框中0﹣1s内的感应电流比2﹣3s内的小，故C正确；D、根据楞次定律可知，2﹣4s内，感应电流方向与大小不变，但因磁场方向变化，根据左手定如此可知，线框CD受到的安培力方向是变化的，故D错误；应当选：C．点评：考查楞次定律，闭合电路欧姆定律与电磁感应定律的应用，掌握左手定如此的内容，理解磁场与时间的斜率与感应电动势的关系，注意左手定如此与右手定如此的区别．4．如图为农村建房利用定滑轮运送建筑材料的示意图，材料P在绳子拉动下贴着竖直墙面匀速上移．如此( )A．P受到3个力的作用B．绳子的拉力始终等于P的重力C．绳子的拉力始终大于P对墙面的压力D．绳子的拉力逐渐变小考点：共点力平衡的条件与其应用；物体的弹性和弹力．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：对物体P受力分析，受重力、拉力、支持力和滑动摩擦力，根据平衡条件列式分析即可．解答：解：A、物体P受重力G、拉力F、支持力N和滑动摩擦力f，是4个力，故A错误；B、设绳子与竖直方向的夹角为θ，根据平衡条件，有：水平方向：Fsinθ=N ①竖直方向：Fcosθ=mg+f ②其中：f=μN ③故②式，拉力大于重力，故B错误；C、根据①式，拉力大于支持力，根据牛顿第三定律，压力等于支持力，故拉力大于压力，故C正确；D、联立①②③解得：F=故绳子的拉力不是一直减小，故D错误；应当选：C点评：此题关键是受力分析后推导出表达式进展分析，注意四力平衡用正交分解法求解，不难．二、双项选择题〔每题6分，全部选对的得6分，只选1个且正确的得3分，有选错或不答的得0分〕．5．将幼儿单独留在封闭的汽车内是非常危险的．假设车厢的密闭性能良好，在太阳曝晒下，车厢内气体将 ( )A．压强不变B．压强增大C．内能增大，温度升高 D．内能减小，温度升高考点：理想气体的状态方程；热力学第一定律．专题：理想气体状态方程专题．分析：车厢中的气体曝晒时从外界吸收热量，温度升高，内能增大，压强变大；气体体积不变，密度不变，根据理想气体的状态方程即可判定压强的变化．解答：解：C、D、车厢在阳光下曝晒，车厢内的气体吸收热量，温度升高，内能增加，故C正确，D错误；A、B、气体体积不变，温度升高，由查理定律可知，气体压强变大，故A错误，B正确；应当选：BC．点评：该题借助于日常生活中发生的问题，主要考察热力学第一定律和查理定律，关键点在于判断出气体作等容变化．6．某核反响方程如下：反响方程下方的数据是中子与相关原子核的静止质量．如此( )A．x=3B．反响过程中亏损的质量为0.1933uC．该核反响为核聚变D．铀核的半衰期会受环境温度的影响而改变考点：原子核衰变与半衰期、衰变速度；裂变反响和聚变反响．专题：衰变和半衰期专题．分析：根据质量数守恒即可判断出x的个数；根据质量关系即可计算出亏损的质量；结合核反响的类型判定其种类；半衰期与环境无关．解答：解：A、根据质量数守恒得：x=235+1﹣139﹣54=3，热核聚变核反响方程是U+n→Xe+r+3n．故A正确；B、反响过程中亏损的质量为△m=〔235.0439+1.0087﹣138.9178﹣93.9154﹣3×1.0087〕=0.1933u．故B正确；C、该反响是U235分裂成两个中等质量的原子核的过程，是裂变．故C错误；D、铀核的半衰期不受环境温度的影响，与环境的温度无关．故D错误．应当选：AB点评：此题主要考查了常见的核反响以与爱因斯坦质能方程的直接应用，难度不大，属于根底题．要注意的是半衰期与环境无关．7．如图为某应急供电系统原理图．假设发电机内部线圈面积为S，匝数为N，磁感应强度为B，输电线电阻为R0，发电机线圈转动角速度恒为ω，如此( )A．图示位置，发电机中线圈的磁通量最大B．发电机线圈感应电动势的有效值为NBSωC．用户得到的交变电压的频率为D．当用户数目增多时，为使用户电压保持不变，滑动触头P应向上滑动考点：变压器的构造和原理；交流发电机与其产生正弦式电流的原理．专题：交流电专题．分析：当线圈与磁场平行时，感应电动势最大，当两者垂直时，感应电动势最小；根据闭合电路欧姆定律来确定电流随着电阻变化而变化，但不会改变原线圈的电压，变压器不改变频率．解答：解：A、图示位置，线圈与磁场平行，感应电动势最大，磁通量为零，故A错误；B、发电机线圈感应电动势的最大值为NBSω，故B错误；C、交流电的频率f=，变压器不改变频率，所以用户得到的交变电压的频率为，故C正确；D、根据功率P=UI，当电压不变，如此电流增大，从而可确定滑动触头P应向上滑动，故D 正确．应当选：CD点评：解答此题要知道当线圈与磁场平行时，感应电动势最大，当两者垂直时，感应电动势最小，区别与有效值，理解电阻的变化，只会改变电流与功率，不会影响电压的变化．8．如图为A、B两卫星绕地球做匀速圆周运动的示意图，如下说法正确的答案是( )A．B卫星比A卫星运行周期小B．A卫星在图示位置加速后有可能会撞上B卫星C．A卫星的运行速度一定小于地球的第一宇宙速度D．可以通过A卫星的运行周期和万有引力常量计算出地球的质量考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．专题：人造卫星问题．分析：根据万有引力提供向心力，得出线速度、角速度、周期、向心加速度与轨道半径的关系，从而比拟出大小．解答：解：A、根据万有引力提供向心力=m=m rA、T=2π，所以B卫星比A卫星运行周期小，故A正确；B、A卫星在图示位置加速后，所受的万有引力小于向心力，将做离心运动，不会与卫星B 相撞．故B错误；C、A卫星的运行速度一定小于地球的第一宇宙速度，故C正确；D、根据万有引力提供向心力=m r不知道A卫星轨道半径，所以不能通过A卫星的运行周期和万有引力常量计算出地球的质量，故D错误；应当选：AC．点评：解决此题的关键掌握万有引力提供向心力这一理论，知道线速度、角速度、周期、向心加速度与轨道半径的关系．9．如图是某静电分选器的原理示意图．质量相等且带等量异种电荷的a、b两种颗粒在漏斗出口处无初速度下落，经过别离电场后落在水平传送带A、B上〔颗粒不会触碰别离电场的极板〕．忽略颗粒间的库仑力，如此( )A．分选过程中，a颗粒的电势能增大、b颗粒的电势能减小B．分选过程中，a、b两颗粒的电势能都减小C．分选过程中，颗粒的运动轨迹一定是抛物线D．离开分选电场时，a、b两颗粒的水平侧移量一定相等考点：电势差与电场强度的关系；电势能．专题：电场力与电势的性质专题．分析：明确矿料分选器内电场的分布与方向，判断矿粉的运动情况，从而可得到正确答案．解答：解：设矿料分选器内的电场方向水平向左〔也可以设向右〕，A、B、无论矿粉带什么电，在水平方向上都会在电场力的作用下沿电场力的方向偏移，位移与电场力的方向一样，电场力做正功，a、b两颗粒的电势能都减小．故A错误，B正确；C、分选过程中，颗粒的受到的重力大小相等，方向都向下；电场力的大小相等，都沿水平方向．所以颗粒受到的合力的大小与方向都是不变的，所以颗粒做匀加速直线运动，故C错误．D、颗粒的受到的重力大小相等，方向都向下，所以竖直方向做自由落体运动，可知运动的时间是相等的；质量相等且带等量异种电荷的a、b两种颗粒受到的电场力的大小相等，都沿水平方向，所以水平方向都在做初速度为0的匀加速直线运动，而且水平方向的加速度的大小也相等，所以离开分选电场时，a、b两颗粒的水平侧移量一定相等，故D正确；应当选：BD．点评：该题考察了带电物体在电场力作用下的运动，要熟练的掌握带电粒子在电场中的受力情况与其运动情况，并会分析电场力做功与电势能的变化情况．三、非选择题〔共4小题，总分为54分〕10．用如图〔a〕所示的实验装置研究小木块的运动．装置中在靠滑轮端的木板上粘贴有粗糙的薄砂纸，某次实验得到的纸带如图〔b〕，如此：①实验中，电火花打点计时器的工作电压为220V，频率为50Hz．②纸带中计数点A、B间的时间间隔为0.04s；小木块在砂纸段运动时的加速度大小为2.00m/s2〔计算结果保存三位有效数字〕．③关于本实验，以下说法正确的有BA．选用计数点最主要目的是为了方便计算B．选用计数点最主要目的是为了减小误差C．实验中应当先释放纸带再接通计时器电源D．小车加速阶段的加速度比减速阶段的小．考点：测定匀变速直线运动的加速度．专题：实验题．分析：了解电磁打点计时器和电火花打点计时器的工作电压、工作原理即可正确解答；同时要熟练使用打点计时器进展有关的操作．根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小．解答：解：①实验中，电火花打点计时器的工作电压为220V，频率为50Hz．②由于每相邻两个计数点间还有1个点，纸带中计数点A、B间的时间间隔为0.04 s；根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，得：减速阶段的加速度a==2.00m/s2，③A、选用计数点最主要目的是为了减小误差，故A错误，B正确；C、实验时，如果先放开小车，再接通打点计时器电源，由于小车运动较快，可能会使打出来的点很少，不利于数据的采集和处理．所以应该先接通电源，后让纸带运动，故C错误；D、根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，得：小车加速阶段的加速度a′==2.69m/s2，所以小车加速阶段的加速度比减速阶段的大．故D错误；应当选：B．故答案为：①220；②0.04； 2.00③B点评：对于根本仪器的使用和工作原理，我们不仅从理论上学习它，还要从实践上去了解它，自己动手去做做，以加强根本仪器的了解和使用．要提高应用匀变速直线的规律以与推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强根底知识的理解与应用．11．用如图〔a〕所示的实验器材与电路测量金属丝的电阻率，实验的主要步骤如下．①将P移到金属丝b端，电源调至E=4.00V，滑动变阻器的滑片滑至C端〔填“C端〞、“D 端〞或“中央〞〕，闭合开关S，调节滑动变阻器使电流表读数为I0=0.50A．②适当向a端滑动P，记录电流表读数I与电阻丝bP段的长度L；此时电阻丝bP段的阻值为R=﹣〔用E、I和I0表示〕．③重复步骤②，记录6组L和I值，画出﹣L的关系图线如图〔b〕；④用螺旋测微器测量金属丝的直径如图〔c〕，其示数为d=0.200mm；⑤假设用k表示﹣L图线的斜率，如此金属丝的电阻率为ρ=〔用E、k、d和π表示〕．根据﹣L图线，可算得ρ=6.3×10﹣7Ω•m 〔保存两位有效数字；π取3.14〕．考点：测定金属的电阻率．专题：实验题．分析：①滑动变阻器采用限流接法时，为保护电路滑片应置于阻值最大处．②应用串联电路特点与欧姆定律可以求出电阻阻值．④固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数．⑤求出图象的函数表达式，然后应用电阻定律求出电阻率表达式，然后代入数据求出电阻率．解答：解：①为保护电路，闭合开关前滑片应置于C端．②由欧姆定律可知，滑动变阻器接入电路的阻值：R滑=，滑动变阻器与电阻丝总电阻：R+R滑=，如此电阻丝电阻：R=﹣．④由图示螺旋测微器可知，其示数：d=0mm+20.0×0.01mm=0.200mm．⑤根据图a所示电路，由欧姆定律可知：I=，=+=L+，即：=L+，﹣L图象的斜率：k=，如此电阻率：ρ=，由图b所示图象可知，k==0.0005A/m，把d、k代入ρ=解得：ρ≈6.3×10﹣7Ω/m；故答案为：①C端；②﹣；④0.200；⑤；6.3×10﹣7．点评：此题考查了实验须知事项、求电阻、螺旋测微器读数、求电阻率；螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器示数，读数时视线要与刻度线垂直，要注意可动刻度需要估读．12．〔18分〕如图，两极板M、N竖直放置，N板右侧存在竖直方向的匀强电场，电场中还存在一个矩形场区ABCD，边界AB与N板平行．矩形场区左右对称分布着方向如下列图的两个匀强磁场．质量为m、电量为+q的小球从H点以速度大小v射入MN板间后恰能从N板上小孔O水平离开，之后小球沿直线匀速运动到边界AB的中点P并进入矩形场区．：重力加速度为g，点H到M、N板的距离相等且OH间的高度差为d，=2d，=4d，M、N板的电势差为U=，矩形场区内磁感应强度大小都为B=．〔1〕求N板右侧电场的场强大小和方向．〔2〕求小球在P点时速度的大小．〔3〕以A点所在水平面为参考平面，求小球离开矩形场区时的重力势能Ep．考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动．专题：带电粒子在复合场中的运动专题．分析：〔1〕小球在OP间做匀速直线运动，根据二力平衡即可求出板右侧电场的场强大小和方向；〔2〕从H到P，重力和电场力做功，由动能定理即可求出P点的速度；〔3〕小球进入ABCD场区后做匀速圆周运动，由牛顿第二定律求出半径，结合几何关系画出粒子运动的轨迹，然后判断出射出点的位移，再由重力势能的表达式即可得出．解答：解：〔1〕小球在OP间做匀速直线运动，有qE=mg …①解得：E=…②方向竖直向上…③〔2〕设小球在P点速度为v P，从H到P，由动能定理得…④解得：v p=v …⑤〔3〕由于qE=mg，小球进入ABCD场区后做匀速圆周运动．由qvB=…⑥得…⑦当小球运动轨迹与FG边相切时，由几何关系得轨迹半径为d，又r=2d＞d，因此小球会从CD边界离开…⑧其轨迹如图2，由几何关系得…⑨离开时的重力势能为…⑩答：〔1〕N板右侧电场的场强大小是，方向竖直向上．〔2〕小球在P点时速度的大小是v．〔3〕以A点所在水平面为参考平面，小球离开矩形场区时的重力势能是．点评：此题是粒子在磁场中匀速圆周运动和带电粒子在电场中运动的综合．带电粒子在电场磁场中的运动要把握其运动规律，在电场中利用几何关系得出其沿电场．和垂直于电场的运动规律；而在磁场中也是要注意找出相应的几何关系，从而确定圆心和半径．13．〔18分〕如图，光滑水平地面上有一固定墙壁，紧靠墙面左侧停放一长为L=1m，质量为M=0.2kg的长木板，在距长木板左端为kL〔0＜k＜0.5〕处放置着A、B两小木块，A、B质量均为m=0.2kg．某时刻，A、B在强大内力作用下突然分开，分开瞬间A的速度为v A=4m/s，方向水平向左． B与墙壁碰撞瞬间不损失机械能，A、B与长木板间的动摩擦因数分别为μA=0.2和μB=0.3．〔1〕求AB别离瞬间，B的速度v1；〔2〕假设k=0.39，求A离开木板时，B的速度大小v2；〔3〕假设最终B能够相对木板静止，如此k应满足什么条件，并求出最终B所停位置距木板左端距离s和k的关系式．考点：动量守恒定律；牛顿第二定律．专题：动量定理应用专题．分析：〔1〕在A、B别离瞬间，A、B系统动量守恒，根据动量守恒定律求解；〔2〕在A离开木板前，B对木板向右的摩擦力大于A对木板向左的摩擦力，所以此时木板处于静止状态．对A，从与B别离到离开木板过程中，做匀减速直线运动，根据牛顿第二定律求解加速度，再结合运动学根本公式求解；〔3〕先根据动能定理判断B能不能在撞墙前停止，再根据木板与B构成的系统动量守恒、能量守恒列式求解．解答：解：〔1〕在A、B别离瞬间，A、B系统动量守恒，有mv A=mv1解得：v1=4m/s〔2〕在A离开木板前，B对木板向右的摩擦力大于A对木板向左的摩擦力，所以此时木板处于静止状态．对A，从与B别离到离开木板过程中，做匀减速直线运动，有μA mg=ma A。