【配套K12】[学习]2019版高考物理一轮复习单元评估检测(一)

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【全程复习方略】2019高考物理(人教版)一轮单元质量评估1 第一、二章(含答案)

单元质量评估(一)第一、二章(60分钟100分)一、选择题(本大题共8小题,每小题6分,共48分。

每小题只有一个选项正确)1.如图是火箭点火升空瞬间的照片,关于这一瞬间的火箭的速度和加速度的判断,下列说法正确的是( )A.火箭的速度很小,但加速度可能较大B.火箭的速度很大,加速度可能也很大C.火箭的速度很小,所以加速度也很小D.火箭的速度很大,但加速度一定很小【解析】选A。

火箭点火升空瞬间速度很小,火箭得到高速气体的反冲力,加速度可以较大,A正确,B、D错误;加速度的大小与速度的大小无必然联系,故C错误。

2.(2018·莆田模拟)如图所示是A、B两质点从同一地点开始运动的s -t图像,则下列说法中正确的是( )A.A质点以20m/s的速度匀速运动B.B质点做曲线运动C.B质点最初4s做加速运动,后4s做减速运动D.A、B两质点在4s末时刻速度大小相等【解析】选A。

s-t图像中图线的斜率表示速度,所以A质点的速度v A=20m/s,故选项A正确;B质点的位移先增大,后减小,做往复的直线运动,故选项B错误;B质点的s-t图线切线斜率先减小后增大,说明B质点最初4s做减速运动,后4s做加速运动,故选项C错误;A、B两质点从同一地点出发,在4s末位移相同,速度大小不同,故选项D 错误。

3.甲、乙两个物体从同一地点出发,在同一直在线做匀变速直线运动,它们的速度图像如图所示,则( )A.甲、乙两物体运动方向相反B.t=4s时,甲、乙两物体相遇C.甲、乙两物体能相遇两次D.在相遇前,甲、乙两物体的最远距离为20m【解析】选D。

由图像可知,甲、乙两物体速度方向相同,只是甲在后做加速运动,乙在前做减速运动,甲追及乙且t=4s时甲、乙两物体速度相同(此时,在相遇前甲、乙两物体相距最远,以后两物体距离越来越小,甲追上乙并超越乙,甲、乙两物体只能相遇一次)。

设t=4s时的速度为v,由速度—时间图像的面积等于位移知,甲、乙两物体在t=4s时的距离为20m,故D正确。

2019届高考物理一轮总复习配套练习题全集(49套有答案)【高考】

2019 高考物理（人教）一轮编练习题（1）
李仕才一、选择题
1、如图所示，在一个倾角为 θ 的斜面上，有一个质量为 m，带负电的小球 P(可视为点电荷)，空间存
在着方向垂直斜面向下的匀强磁场，带电小球与斜面间的摩擦力不能忽略，它在斜面上沿图中所示的哪个
方向运动时，有可能保持匀速直线运动状态( )
A．v1 方向
A．小球 A 落地时间为 3 s B．物块 B 运动时间为 3 s C．物块 B 运动 12.5 m 后停止 D．A 球落地时，A、B 相距 17.5 m
解析：选 ACD 根据 H＝12gt2 得，t＝
2gH＝
2×45 10
s＝3
s，故
A
正确。物块
B
匀减速直线运动的加
速度大小 a＝μg＝0.4×10 m/s2＝4 m/s2，则 B 速度减为零的时间 t0＝va0＝140 s＝2.5 s，滑行的距g′∶g＝1∶5
C．M 星∶M 地＝1∶20
D．M 星∶M 地＝1∶80
【答案】BD 5、如图 6 所示，固定于水平面上的光滑斜面足够长，一轻质弹簧的一端与固定在斜面上的木板 P 相连，
另一端与盒子 A 相连，A 内放有光滑球 B，B 恰与盒子前、后壁接触，现用力推 A 使弹簧处于压缩状态，然
2、[多选]光滑斜面上，当系统静止时，挡板 C 与斜面垂直，弹簧、轻杆均与斜面平行，A、B 质量相等。
在突然撤去挡板的瞬间( )
A．两图中两球加速度均为 gsin θ
B．两图中 A 球的加速度均为零
C．图甲中 B 球的加速度为 2gsin θ
D．图乙中 B 球的加速度为 gsin θ
解析：选 CD 撤去挡板前，对整体分析，挡板对 B 球的弹力大小为 2mgsin θ，因弹簧弹力不能突变，而杆的弹力会突变，所以撤去挡板瞬间，图甲中 A 球所受合力为零，加速度为零，B 球所受合力为 2mgsin θ，加速度为 2gsin θ；图乙中杆的弹力突变为零，A、B 球所受合力均为 mgsin θ，加速度均为 gsin θ，故 C、D 正确，A、B 错误。

2019人教版高考物理一轮选习练题(1)及答案-教学文档

2019人教版高考物理一轮选习练题（1）及答案一、选择题1、1．某驾驶员使用定速巡航，在高速公路上以时速110公里行驶了200公里，其中“时速110公里”、“行驶200公里”分别是指A. 速度、位移B. 速度、路程C. 速率、位移D. 速率、路程【来源】浙江新高考2019年4月选考科目物理试题【答案】 D链接---(2019·河北唐山模拟)一列有8节车厢的动车组列车,沿列车前进方向看,每两节车厢中有一节自带动力的车厢(动车)和一节不带动力的车厢(拖车).该动车组列车在水平铁轨上匀加速行驶时,设每节动车的动力装置均提供大小为F的牵引力,每节车厢所受的阻力均为f,每节车厢总质量均为m,则第4节车厢与第5节车厢水平连接装置之间的相互作用力大小为( A )A.0B.2FC.2(F-f)D.2(F-2f)解析:以整体为研究对象,由牛顿第二定律4F-8f=8ma,以后4节车厢为研究对象,由牛顿第二定律F45+2F-4f=4ma,解得F45=0,选项A正确.2、(2019·南昌市十所省重点中学高三第二次模拟)自行车和汽车同时驶过平直公路上的同一地点，此后其运动的v－t图象如图所示，自行车在t＝50 s时追上汽车，则()A．汽车的位移为100 mB．汽车的运动时间为20 sC．汽车的加速度大小为0.25 m/s2D．汽车停止运动时，二者间距最大解析：选C.t＝0时刻自行车和汽车位于同一地点，自行车在t＝50 s时追上汽车，两者的位移相等，由图线与时间轴包围的面积表示位移求出自行车的位移，从而得到汽车的位移．根据平均速度公式求汽车运动的时间，由速度公式求加速度．通过分析两者速度关系分析何时间距最大．汽车的位移等于自行车的位移x ＝v 自t ＝4×50 m ＝200 m ，故A 错误；设汽车运动时间为t ，则有x ＝v 0＋02t ，得t ＝2x v 0＝2×20010 s ＝40 s ，故B 错误；汽车的加速度大小为a ＝v 0t ＝1040 m/s 2＝0.25 m/s 2，故C 正确；在两者速度相等前，汽车的速度大于自行的速度，汽车在自行车的前方，两者间距增大，速度相等后，汽车的速度小于自行车的速度，汽车仍在自行车的前方，两者间距减小，所以两者速度相等时间距最大，故D 错误．3、如图所示，倾角为α的粗糙斜劈放在粗糙水平面上，物体a 放在斜劈上，轻质细线一端固定在物体a 上，另一端绕过光滑的滑轮固定在c 点，滑轮2下悬挂物体b ，系统处于静止状态。

配套K122019年高考物理一轮复习基础夯实练(1)(含解析)新人教版

2019年高考物理（人教）一轮基础夯实练（1）李仕才一、选择题1、在研究二力合成的实验中，AB 是一根被拉长的橡皮筋，定滑轮是光滑的，如图所示，若改变拉力F 而保持O 点位置不变，则下列说法中正确的是()A ．要使θ减小，减小拉力F 即可B ．要使θ减小，增大拉力F 即可C ．要使θ减小，必须改变α，同时改变F 的大小才有可能D ．要减小θ而保持α不变，则只改变F 的大小是不可能保持O 点的位置不变的解析：绳子对O 点的拉力F 2与F 的合力和F 1等大、反向，如图所示，O 点位置不变，则橡皮筋的拉力F 1不变，绳子拉力F 2的方向不变，即α角不变，若要减小θ，必使F 的大小和方向以及F 2的大小发生改变，故D 选项正确．答案：D2、如图所示，水平传送带以恒定速度v 向右运动．将质量为m 的物体Q 轻轻放在水平传送带的左端A 处，经过t 秒后，Q 的速度也变为v ，再经t 秒物体Q 到达传送带的右端B 处，则( )A ．前t 秒内物体做匀加速运动，后t 秒内物体做匀减速运动B ．后t 秒内Q 与传送带之间无摩擦力C ．前t 秒内Q 的位移与后t 秒内Q 的位移大小之比为：1D ．Q 由传送带左端运动到右端的平均速度为34v解析：前t 秒内物体Q 相对传送带向左滑动，物体Q 受向右的滑动摩擦力，由牛顿第二定律F f ＝ma 可知，物体Q 做匀加速运动，后t 秒内物体Q 相对传送带静止，做匀速运动，不受摩擦力作用，选项A 错误、B 正确；前t 秒内Q 的位移x 1＝v2t ，后t 秒内Q 的位移x 2＝vt ，故x 1x 2＝12，选项C 错误；Q 由传送带左端运动到右端的平均速度v ＝x 1＋x 22t ＝v2t ＋vt2t ＝34v ，选项D 正确．答案：BD3、甲、乙两物体分别在恒力F 1、F 2的作用下，沿同一直线运动．它们的动量随时间变化如图所示．设甲在t 1时间内所受的冲量为I 1，乙在t 2时间内所受的冲量为I 2，则F 、I 的大小关系是( )A ．F 1>F 2，I 1＝I 2B ．F 1<F 2，I 1<I 2C ．F 1>F 2，I 1>I 2D ．F 1＝F 2，I 1＝I 2解析：冲量I ＝Δp ，从题图上看，甲、乙两物体动量变化的大小I 1＝I 2，又因为I 1＝F 1t 1，I 2＝F 2t 2，t 2>t 1，所以F 1>F 2.答案：A 4、在如图所示电路中E 为电源，其电动势E ＝9.0 V ，内阻可忽略不计；AB 为滑动变阻器，其电阻R ＝30 Ω；L 为一小灯泡，其额定电压U ＝6.0 V ，额定功率P ＝1.8 W ；S 为开关，开始时滑动变阻器的触头位于B 端，现在接通开关S ，然后将触头缓慢地向A 端滑动，当到达某一位置C 处时，小灯泡刚好正常发光．则C 、B 之间的电阻应为( )A ．10 ΩB ．20 ΩC ．15 ΩD ．5 Ω解析：本题中小灯泡刚好正常发光，说明此时小灯泡达到额定电流I 额＝P U ＝1.86.0 A ＝0.3A ，两端电压达到额定电压U 额＝6.0 V ，而小灯泡和电源、滑动电阻AC 串联，则电阻AC 的电流与小灯泡的电流相等，R AC ＝E －U 额I 额＝10 Ω，R CB ＝R －R AC ＝20 Ω，B 项正确．答案：B5、如图所示，均匀绕制的螺线管水平固定在可转动的圆盘上，在其正中心的上方有一固定的环形电流A，A与螺线管垂直．A中电流方向为顺时针方向，开关S闭合瞬间．关于圆盘的运动情况(从上向下观察)，下列说法正确的是( ) A．静止不动B．顺时针转动C．逆时针转动 D．无法确定解析：环形电流可等效为里面的N极、外面为S极的小磁针，通电螺线管可等效为右边为N板，左边为S极的条形磁铁，根据磁极间的相互作用，圆盘将顺时针转动，选项B正确．答案：B6、(2018·湖南长沙市高三统一模拟)金属钙的逸出功为4.3×10－19 J，普朗克常量h ＝6.6×10－34J·s，光速c＝3.0×108 m/s，以下说法正确的是( )A．用波长为400 nm的单色光照射金属钙，其表面有光电子逸出B．用波长为400 nm的单色光照射金属钙，不能产生光电效应现象C．若某波长的单色光能使金属钙产生光电效应现象，则增大光的强度将会使光电子的最大初动能增大D．若某波长的单色光能使金属钙产生光电效应现象，则减小光的强度将会使单位时间内发射的光电子数减少解析：波长为400 nm的单色光的光子能量为E＝h cλ＝4.95×10－19J，大于钙的逸出功，可以产生光电效应现象．根据光电效应规律，光电子的最大初动能决定于入射光的频率而与其强度无关，但强度决定了单位时间内发射的光电子数的多少，正确选项为A、D.答案：AD7、现有两动能均为E0＝0.35 MeV的21H在一条直线上相向运动，两个21H发生对撞后能发生核反应，得到32He和新粒子，且在核反应过程中释放的能量完全转化为32He和新粒子的动能．已知21H的质量为2.014 1 u，32He的质量为3.016 0 u，新粒子的质量为1.008 7 u，核反应时质量亏损1 u释放的核能约为931 MeV(如果涉及计算，结果保留整数)．则下列说法正确的是( )A．核反应方程为21H＋21H→32He＋10nB．核反应前后不满足能量守恒定律C．新粒子的动能约为3 MeVD.32He的动能约为4 MeV解析：由核反应过程中的质量数和电荷数守恒可知21H＋21H→32He＋10n，则新粒子为中子10n，所以A正确．核反应过程中质量亏损，释放能量，亏损的质量转变为能量，仍然满足能量守恒定律，B错误；由题意可知ΔE＝(2.014 1 u×2－3.016 0 u－1.008 7 u)×931 MeV/u ＝3.3 MeV，根据核反应中系统的能量守恒有E kHe＋E kn＝2E0＋ΔE，根据核反应中系统的动量守恒有p He－p n＝0，由E k＝p22m ，可知E kHeE kn＝m nm He，解得E kHe＝m nm n＋m He(2E0＋ΔE)＝1 MeV，E kn＝m Hem n＋m He(2E0＋ΔE)＝3 MeV，所以C正确、D错误．答案：AC二、非选择题1、(2018·南昌模拟)某物理实验小组在探究弹簧的劲度系数k与其原长l0的关系实验中，按示意图所示安装好实验装置，让刻度尺零刻度与轻质弹簧上端平齐，在弹簧上安装可移动的轻质指针P，实验时的主要步骤：①将指针P移到刻度尺的5 cm处，在弹簧挂钩上挂上200 g的钩码，静止时读出指针所指刻度并记录下来；②取下钩码，将指针P移到刻度尺的10 cm处，在弹簧挂钩上挂上250 g的钩码，静止时读出指针所指刻度并记录下来；③取下钩码，将指针P移到刻度尺的15 cm处，在弹簧挂钩上挂上50 g的钩码，静止时读出指针所指刻度并记录下来；④重复③步骤，在每次重复③时，都将指针P下移5 cm，同时保持挂钩上挂的钩码质量不变．将实验所得数据记录、列表如下：(1)重力加速度g取10 m/s2，在实验步骤③中，弹簧的原长为15 cm时，其劲度系数k ＝________N/m.(2)同一根弹簧的原长越长，弹簧的劲度系数________．(弹簧处在弹性限度内)A．不变 B．越大C．越小解析：(1)挂50 g 钩码时，弹簧的弹力为0.5 N ，根据胡克定律得，k ＝FΔx＝0.5－－2N/m≈30 N /m.(2)对第3、4、5次数据分析，弹簧弹力相等，同一根弹簧，原长越长，形变量越大，根据胡克定律F ＝kx 知，弹簧的劲度系数越小，故选项C 正确．答案：(1)30 (2)C2、(2018·河南中原名校联考)如图甲，在水平桌面上固定着两根相距L ＝20 cm 、相互平行的无电阻轨道P 、Q ，轨道一端固定一根电阻R ＝0.02 Ω的导体棒a ，轨道上横置一根质量m ＝40 g 、电阻可忽略不计的金属棒b ，两棒相距也为L ＝20 cm.该轨道平面处在磁感应强度大小可以调节的竖直向上的匀强磁场中．开始时，磁感应强度B 0＝0.1 T ，设棒与轨道间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g 取10 m/s 2.(1)若保持磁感应强度B 0的大小不变，从t ＝0时刻开始，给b 棒施加一个水平向右的拉力，使它由静止开始做匀加速直线运动．此拉力F 的大小随时间t 变化关系如图乙所示．求b 棒做匀加速运动的加速度及b 棒与轨道间的滑动摩擦力；(2)若从t ＝0开始，磁感应强度B 随时间t 按图丙中图象所示的规律变化，求在金属捧b 开始运动前，这个装置释放的热量．解析：(1)F 安＝B 0IL① E ＝B 0Lv② I ＝E R ＝B 0LvR ③ v ＝at④ 所以F 安＝B 20L 2a Rt当b 棒匀加速运动时，根据牛顿第二定律有F －F f －F 安＝ma⑤ 联立可得F －F f －B 20L 2aRt ＝ma⑥由图象可得：当t ＝0时，F ＝0.4 N ，当t ＝1 s 时，F ＝0.5 N. 代入⑥式，可解得a ＝5 m/s 2，F f ＝0.2 N.(2)当磁感应强度均匀增大时，闭合电路中有恒定的感应电流I ，以b 棒为研究对象，它受到的安培力逐渐增大，静摩擦力也随之增大，当磁感应强度增大到b 所受安培力F′安与最大静摩擦力F f 相等时开始滑动．感应电动势E′＝ΔB Δt L 2＝0.02 V⑦I′＝E′R＝1 A⑧棒b 将要运动时，有F′安＝B t I′L＝F f ⑨ 所以B t ＝1 T ，根据B t ＝B 0＋ΔBΔt t⑩得t ＝1.8 s ，回路中产生的焦耳热为Q ＝I′2Rt ＝0.036 J. 答案：(1)5 m/s 20.2 N (2)0.036 J。

[K12配套]2019年版本高考物理人教版一轮复习(习题)综合测试题-Word版

高考物理综合测试题(附参考答案)本卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分。

满分100分，考试时间90分钟。

第Ⅰ卷(选择题共40分)一、选择题(共10小题，每小题4分，共40分。

在每小题给出的四个选项中，第1～6题只有一项符合题目要求，第7～10题有多项符合题目要求。

全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。

)1.一辆车通过一根跨过定滑轮的绳PQ 提升井中的物体，如图所示，P 端拴在汽车尾部的挂钩上，汽车在A 点时，左端竖直绳的长度为A ，设绳不可伸长，滑轮大小不计。

车从A 点启动做直线运动，如果AB ＝h ，已知车过B 点时的速度为v B ，则此时井中物体的速度大小是导学号 05800536( )A ．vB B ．22v BC ．2v BD ．12v B答案：B解析：车过B 点时，物体速度的大小等于车过B 点时绳速的大小，设此时绳速为v 。

车由A 到B 的过程，原来竖直的绳要倾斜，滑轮左侧绳的长度变为2h ，与水平方向成45°角；车速v B 沿水平方向，由于绳不可伸长，沿绳方向的速度大小相等，有v ＝v B cos45°＝22v B。

2．(2014·安徽高考)如图所示，一倾斜的匀质圆盘绕垂直于盘面的固定对称轴以恒定角速度ω转动，盘面上离转轴距离2.5m 处有一小物体与圆盘始终保持相对静止。

物体与盘面间的动摩擦因数为32(设最大静摩擦力等于滑动摩擦力)，盘面与水平面的夹角为30°，g 取10m/s 2。

则ω的最大值是导学号 05800537( )A ．5rad/sB ．3rad/sC ．1.0rad/sD ．0.5rad/s答案：C解析：该题考查圆周运动中的临界问题。

要明确临界条件是达到最大静摩擦力，对物体进行受力分析，当ω最大时，有μmg cos θ－mg sin θ＝mrω2，解得ω＝1.0rad/s ，C 正确。

3．(2015·浙江杭州)如图所示，将一篮球从地面上方B 点斜向上抛出，刚好垂直击中篮板上A 点，不计空气阻力，若抛射点B 向篮板方向水平移动一小段距离，仍使抛出的篮球垂直击中A 点，则可行的是导学号 05800538( )A ．增大抛射速度v 0，同时减小抛射角θB ．减小抛射速度v 0，同时减小抛射角θC ．增大抛射角θ，同时减小抛出速度v 0D ．增大抛射角θ，同时增大抛出速度v 0 答案：C解析：篮球被抛出后做斜抛运动，其实运动可分解为水平方向上速度vx＝v 0cos θ的匀速直线运动和竖直方向上初速度v y ＝v 0sin θ的竖直上抛运动，如图所示。

教育最新K122019高考物理一轮选训习题(1)(含解析)新人教版

2019人教高考物理一轮选训习题（1）及答案李仕才一、选择题1、如图,匀强磁场垂直于纸面,磁感应强度为B。

某种比荷为,速度大小为v的一群离子以一定发散角α由原点O射出,y轴正好平分该发散角,离子束偏转后打在x轴上长度为L的区域MN内,则cos()为世纪金榜导学号49294169( )A. -B.1-C.1-D.1-【解析】选B。

洛伦兹力充当向心力qvB=m,根据题意,粒子速度方向沿y轴正方向的打在N点,粒子速度方向与y轴正方向夹角为的打在M点,画出粒子速度方向与y轴正方向夹角为的轨迹,设OM之间的距离为x,则有2rcos()=x,2r=x+L联立解得:cos()=1-,故B正确。

2、一质点在x轴上运动，在t0＝0时刻质点处于位置x0＝0 m，然后质点沿x轴正方向运动，在t1＝2 s时刻质点处于位置x1＝10 m，此后质点沿x轴负方向运动，在t2＝4 s时刻质点处于位置x2＝－10 m，求：(1)质点在0～4 s内的平均速率；(2)后2 s内质点的平均速度和0～4 s内的平均速度.【答案】(1)7.5 m/s (2)－10 m/s，沿x轴负方向－2.5 m/s，沿x轴负方向3、空间某区域竖直平面内存在电场,电场线分布如图所示。

一个质量为m、电量为q,电性未知的小球在该电场中运动,小球经过A点时的速度大小为v1,方向水平向右,运动至B点时的速度大小为v2。

若A、B两点之间的高度差为h,则以下判断中正确的是世纪金榜导学号49294164( )A.A、B两点的电场强度和电势大小关系为E A>E B、φA<φBB.若v2>v1,则电场力一定做正功C.A、B两点间的电势差为(--2gh)D.小球从A运动到B点的过程中电场力做的功为m-m【解析】选C。

由电场线的疏密分布知E A<E B,沿电场线电势降低,φA>φB,所以A错误。

从A 运动到B对带电小球应用动能定理得:mgh+qU AB=m-m,若v2>v1,电场力也不一定做正功,B错误。

[K12学习]2019届高考物理一轮复习阶段综合检测(一)第一~三章验收(普通班)

阶段综合检测（一）第一~三章验收(时间：90分钟满分：110分)一、选择题(本题共12小题，每小题4分，共48分。

在每小题给出的四个选项中，第1～7题只有一项符合题目要求，第8～12题有多项符合题目要求。

全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分)★1．(2018·绍兴期中)高速路上堵车，小东听到导航仪提醒“前方3公里拥堵，估计需要24分钟通过”，根据导航仪提醒，下列推断合理的是( )A ．汽车将匀速通过前方3公里B ．能够计算出此时车子的速度是0.125 m/sC ．通过前方这3公里的过程中，车子的平均速度大约为7.5 km/hD ．若此时离目的地还有30公里，到达目的地一定需要240分钟解析：选C 前方拥堵，汽车不可能做匀速运动通过3公里，故A 错误；根据题设条件，汽车的瞬时速度无法求出，故B 错误；根据平均速度公式可知，平均速度约为： v ＝x t ＝32460km/h ＝7.5 km/h ，故C 正确；经过拥堵路段后，汽车的速度并不一定一直保持，故此后的运动时间无法确定，故D 错误。

★2.(2018·绵阳模拟)甲、乙两物体同时从同一地点出发，其v t 图像如图所示。

下列说法正确的是( )A ．甲、乙两物体运动方向相反，加速度方向相同B ．甲的位移不断减小，乙的位移不断增大C ．第1 s 末两物体相遇D ．前2 s 内两物体的平均速度相同解析：选D 在v t 图像中，速度的正负表示速度的方向，图线的斜率表示加速度，故两物体运动方向相同，加速度方向相反，故A 错误；根据速度图线与时间轴围成的面积表示位移，可知甲、乙两物体位移都不断增大，故B 错误。

第1 s 末两物体通过的位移不相等，而两者又是从同一地点出发的，故不可能相遇，故C 错误；在v t 图像中，图线与时间轴所围面积表示物体通过的位移，则知前2 s 内，两个物体通过的位移相等，所用时间相等，故前2 s 内两物体的平均速度相同，故D 正确。

【配套K12】2019版高考物理金榜一轮高效演练强化提升实验：一

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高效演练·强化提升1.在做“研究匀变速直线运动”的实验时,某同学得到一条用打点计时器打下的纸带,并在其上取了A、B、C、D、E、F等6个计数点(每相邻两个计数点间还有4个打点计时器打下的点,本图中没有画出),打点计时器接的是220 V、50 Hz的交变电流。

他把一把毫米刻度尺放在纸带上,其零刻度和计数点A对齐。

(下述第(2)、(3)、(4)小题结果均保留两位有效数字)(1)该打点计时器打点的时间间隔为__________s。

(2)由以上数据计算打点计时器在打C点时,物体的瞬时速度v C是______m/s。

(3)计算该物体的加速度a为__________m/s2。

(4)纸带上的A点所对应的物体的瞬时速度v A=__________m/s。

(5)如果当时电网中交变电流的频率是f=49 Hz,而做实验的同学并不知道,那么由此引起的系统误差将使加速度的测量值比实际值偏__________(选填“大”或“小”)。

【解析】(1)电源频率为50 Hz,则打点时间间隔为0.02 s;(2)利用匀变速直线运动的推论得:v C==×10-2 m/s=0.16 m/s;(3)设A到B之间的距离为x1,以后各段分别为x2、x3、x4,根据匀变速直线运动的推论公式Δx=aT2可以求出加速度的大小,得: x3-x1=2a1T2x4-x2=2a2T2为了更加准确地求解加速度,我们对两个加速度取平均值,得:a=(a1+a2)=0.43 m/s2(4)根据匀变速直线运动速度与时间关系公式v=v0+at得A点所对应的物体的瞬时速度为:v A=v C-at AC=0.074 m/s(5)如果在某次实验中,交流电的频率为49 Hz,那么实际周期大于0.02 s,根据运动学公式Δx=at2得:测量的加速度值与真实的加速度值相比是偏大的。

[配套K12]2019届高考物理一轮复习阶段综合检测(二)第一~六章验收(重点班)

阶段综合检测（二）第一~六章验收(时间：90分钟满分：110分)一、选择题(本题共12小题，每小题4分，共48分。

在每小题给出的四个选项中，第1～7题只有一项符合题目要求，第8～12题有多项符合题目要求。

全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分)★1.甲、乙两质点以相同的初速度从同一地点沿同一方向同时开始做直线运动。

以初速度方向为正方向，其加速度随时间变化的a t 图像如图所示。

关于甲、乙在0～t 0时间内的运动情况，下列说法正确的是( )A ．在0～t 0时间内，甲做减速运动，乙做加速运动B ．在0～t 0时间内，甲和乙的平均速度相等C ．在t 0时刻，甲的速度比乙的速度小D ．在t 0时刻，甲和乙之间的距离最大解析：选D 甲、乙两质点初速度相同，由题图可知，开始运动时，甲的加速度大于乙的加速度，则开始后甲的速度大于乙的速度，直至t 0时刻两者速度再次相同，故t 0时刻，甲和乙之间的距离最大，D 正确。

2．(2018·厦门一中月考)一质量为m 的铁锤，以速度v 竖直打在木桩上，经过Δt 时间停止后，则在打击时间内，铁锤对木桩的平均冲力的大小是( )A ．mg ΔtB ．mv ΔtC ．mvΔt ＋mg D ．mv Δt －mg 解析：选C 对铁锤分析可知，其受重力与木桩的作用力，设向下为正方向，则有(mg －F )Δt ＝0－mv ，得：F ＝mv Δt ＋mg ，由牛顿第三定律可知，铁锤对木桩的平均冲力为mv Δt ＋mg ，选项C 正确。

★3．(2018·河南百校联盟模拟)如图所示，斜面体ABC 固定在水平地面上，斜面的高AB 为 2 m ，倾角为θ＝37°，且D 是斜面的中点，在A 点和D 点分别以相同的初速度水平抛出一个小球，结果两个小球恰能落在地面上的同一点，则落地点到C 点的水平距离为( )A ．34m B ．23 m C ．22 m D ．43m 解析：选D 设斜面的高AB 为h ，落地点到C 点的距离为x ，则由几何关系及平抛运动规律有⎝ ⎛⎭⎪⎫h tan θ＋x 2h g ＝⎝ ⎛⎭⎪⎫h 2tan θ＋x h g ，求得x ＝43m ，选项D 正确。

2019届全国高三一轮精准复习卷(一)理综物理试卷

2019届全国高三一轮精准复习卷（一）理综物理试卷本试卷共16页，38题（含选考题）。

全卷满分300分。

考试用时150分钟。

★祝考试顺利★注意事项：1、考试范围：高考范围。

2、答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。

用2B铅笔将答题卡上试卷类型A后的方框涂黑。

3、选择题的作答：每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。

4、非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。

写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。

5、选考题的作答：先把所选题目的题号在答题卡上指定的位置用2B铅笔涂黑。

答案写在答题卡上对应的答题区域内，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。

6、考试结束后，请将本试题卷、答题卡、草稿纸一并上交。

一、选择题1. 下列关于物理学思想方法的叙述错误的是：( )A. 探究加速度与力和质量关系的实验中运用了控制变量法B. 加速度、电场强度的定义都运用了比值定义法C. 克、米、秒都是基本单位D. 重心、合力、有效值等概念的建立运用了等效替代法【答案】B【解析】A、在探究加速度与力、质量的关系实验中需要先控制其中的某一个物理量不变，探讨另外的两个物理量之间的关系，所以使用了控制变量法，故A正确；B、加速度是牛顿第二定律的决定式，不是定义式，没有运用了比值法，故B错误；C、克、米、秒都是基本单位，故C正确；D、等效替代法是一种常用的方法，它是指用一种情况来等效替换另一种情况．如“平均速度”、“合力与分力”等；故D正确；本题选错误的，故选B.【点睛】在学习物理知识的同时，我们还学习科学研究的方法，常用的方法有：控制变量法、等效替代法、理想实验法、类比法等．2. 某同学玩飞镖游戏，先后将两只飞镖由同一位置水平投出，已知飞镖投出的初速度，不计空气阻力，则两支飞镖插在竖直靶上的状态（侧视图）可能是：( )A. B. C. D.【答案】C【点睛】解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，知道平抛运动的时间由高度决定，初速度和时间共同决定水平位移．3. 一个物体在外力作用下由静止开始沿直线运动，其加速度随时间变化的关系图线如图所示，则该物体：( )A. 0～1s内加速运动，1s～3s内减速运动，第3s末回到出发点B. 0～3s内物体位移是12mC. 0～1s内与1s～3s内的平均速度相同D. 2s时的速度方向与0.5s时的速度方向相反【答案】C【解析】A、物体在第1 s内从静止开始匀加速运动，第2、3 s内沿原方向做匀减速运动，根据“面积”等于速度的变化量可知，3s末物体的速度为零，所以第3 s末没有回到出发点．故A错误；B、C、0~1s的位移，1s~3s的位移，故；而，，则B错误，C正确。

配套K122019高考物理一轮选习练题(1)(含解析)新人教版

人教物理2019高考一轮选习练题（1）李仕才一、选择题1、如图是对着竖直墙壁沿水平方向抛出的小球a 、b 、c 的运动轨迹，三个小球到墙壁的水平距离均相同，且a 和b 从同一点抛出。

不计空气阻力，则（） A ．a 和b 的飞行时间相同 B ．b 的飞行时间比c 的短 C ．a 的水平初速度比b 的小 D ．c 的水平初速度比a 的大【参考答案】D2、(2018·海安模拟)下列说法正确的是( )A ．直线运动的物体位移大小等于路程B ．计算火车过桥时所用的时间，火车可当成质点C ．速度变化快的物体加速度不一定大D ．参考系可以是匀速运动的物体，也可以是变速运动的物体答案：D3、(2018·哈师大附中月考)如图，MN 为转轴OO′上固定的光滑硬杆，且MN 垂直于OO′.用两个完全相同的小圆环套在MN 上．分别用两条不可伸长的轻质细线一端与圆环连接，另一端系于OO′上，长度分别为l 1、l 2.已知l 1、l 2与MN的夹角分别为θ1、θ2，OO′匀速转动时，线上弹力分别为F T 1、F T 2.下列说法正确的是( )A ．若l 1sin θ1>l 2sin θ2，则F T 1>F T 2B ．若l 1cos θ1>l 2cos θ2，则F T 1>F T 2C ．若l 1tan θ1>l 2tan θ2，则F T 1>F T 2D ．若l 1>l 2，则F T 1>F T 2解析：设两环的质量均为m ，硬杆转动的角速度为ω，根据牛顿第二定律，对左环有：FT 1cos θ1＝m ω2l 1cos θ1；对右环有：F T 2cos θ2＝m ω2l 2cos θ2两环ω相等得FT 1FT 2＝l 1l 2；若l 1cos θ1>l 2cos θ2，则F T 1cos θ1>F T 2cos θ2，不能得到F T 1>FT 2；由题意可知l 1sin θ1<l 2sin θ2；若l 1tan θ1>l 2tan θ2，可得cos θ1<cos θ2，不能得到F T 1>F T 2；若l 1>l 2，则F T 1>FT 2，选项D 正确，A 、B 、C 错误．答案：D4、如图所示，滑雪者由静止开始沿斜坡从A 点自由滑下，然后在水平面上前进至B 点停下．已知斜坡、水平面与滑雪板之间的动摩擦因数皆为μ，滑雪者(包括滑雪板)的质量为m ，A 、B 两点间的水平距离为L.在滑雪者经过AB 段运动的过程中，克服摩擦力做的功( )A ．大于μmgLB ．小于μmgLC ．等于μmgLD ．以上三种情况都有可能解析：设斜坡与水平面的交点为C ，BC 长度为L 1，AC 水平长度为L 2，AC 与水平面的夹角为θ，如图所示，则滑雪者在水平面上摩擦力做功W 1＝－μmgL 1，在斜坡上摩擦力做功W 2＝－μmgcos θ·L 2cos θ＝－μmgL 2，所以在滑雪者经过AB 段过程中，摩擦力做功W ＝W 1＋W 2＝－μmg(L 1＋L 2)＝－μmgL.所以滑雪者克服摩擦力所做的功为μmgL.故选项C 正确．答案：C5、(2018·四川资阳二诊)如图所示，平行板电容器与电动势为E 的直流电源(内阻不计)连接，下极板接地，静电计所带电荷量很少，可被忽略，一带负电的油滴被固定于电容器中的P 点，现将平行板电容器的上极板竖直向下平移一小段距离，则下列说法正确的是( )A ．平行板电容器的电容将减小B ．带电油滴的电势能将减少C ．静电计指针的张角变小D ．若将上极板与电源正极断开后，再将下极板左移一小段距离，则带电油滴所受的电场力不变解析：由C ＝εr S4πkd 知，将平行板电容器的上极板竖直向下平移一小段距离，d 减小，C增大，A 错误；U 不变，静电计指针的张角不变，C 错误；由E ＝Ud 知，E 增大，则P 点与负极板间的电势差增大，P 点的电势升高，E p ＝φq ，又油滴带负电，则带电油滴的电势能将减少，B 正确；若将上极板与电源正极的导线断开后再将下极板左移一小段距离，Q 不变，由C ＝εr S 4πkd 知，S 减小，C 减小，由U ＝Q C 得，电压U 增大，场强E ＝U d 增大，带电油滴所受的电场力增大，D 错误．答案：B6、一匀强磁场的边界是MN ，MN 左侧是无场区，右侧是匀强磁场区域，如图甲所示，现有一个金属线框以恒定速度从MN 左侧进入匀强磁场区域．线框中的电流随时间变化的I －t 图象如图乙所示．则可能的线框是如图丙所示中的( )解析：从乙图看到，电流先均匀增加后均匀减小，而线圈进入磁场是匀速运动，所以有效长度是均匀增加的，所以D 项正确，B 项排除的原因是中间有段时间电流恒定不变．答案：D7、(2018·安徽模拟)如图所示，理想变压器原、副线圈上接有四个完全相同的灯泡，若四个灯泡恰好都能正常发光，则下列说法正确的是( )A ．U 1：U 2＝：4B ．U 1：U 2＝：3C ．若将L 1短路，则副线圈的三个灯泡仍能正常发光D ．若将L 2短路，则副线圈的两个灯泡两端的电压变为额定电压的43倍解析：设灯泡的额定电压为U ，额定电流为I ，则副线圈电压为3U ，电流为I ，原线圈的灯泡正常发光，电流也为I ，所以原、副线圈的匝数比为：1，原线圈两端电压为3U ，所以U 1：U 2＝：3，选项A 错误、B 正确；若将L 1短路，则原线圈的电压增大，则副线圈两端电压也增大，三个灯泡不能正常发光，选项C 错误；若将L 2短路，设副线圈的电流为I′，原线圈的电流也为I′，因此2I′R＋I′R＝U 1＝4U ，则I′R＝43U ，即副线圈的每个灯泡两端的电压变为额定电压的43，选项D 正确．答案：BD 二、非选择题利用如图1所示的实验装置探究恒力做功与物体动能变化的关系．小车的质量为M ＝200.0 g ，钩码的质量为m ＝10.0 g ，打点计时器的电源为50 Hz 的交流电．图1(1)挂钩码前，为了消除摩擦力的影响，应调节木板右侧的高度，直至向左轻推小车观察到____________________．(2)挂上钩码，按实验要求打出的一条纸带如图2所示．选择某一点为O ，依次每隔4个计时点取一个计数点．用刻度尺量出相邻计数点间的距离Δx ，记录在纸带上．计算打出各计数点时小车的速度v ，其中打出计数点“1”时小车的速度v1＝________m/s.图2(3)将钩码的重力视为小车受到的拉力，取g ＝9.80 m/s 2，利用W ＝mg Δx 算出拉力对小车做的功W.利用Ek ＝12Mv 2算出小车动能，并求出动能的变化量ΔEk.计算结果见下表.图3(4)实验结果表明，ΔEk 总是略小于W.某同学猜想是由于小车所受拉力小于钩码重力造成的．用题中小车和钩码质量的数据可算出小车受到的实际拉力F ＝________N.解析：(1)完全平衡摩擦力的标志是轻推小车，小车做匀速运动． (2)两计数点间的时间间隔T ＝5×0.02 s＝0.1 s v1＝x022T＝＋2×0.1m/s ＝0.228 m/s(3)确定标度，根据给出数据描点．作图如图所示．(4)从图线上取两个点(4.5,4.24)，(2.15,2.0) 图线的斜率k ＝4.24－2.04.5－2.15≈0.953①又有k ＝ΔEk ΔW ＝Mv22mg Δx ②根据运动学公式有v 2＝2a Δx③ 根据牛顿第二定律有 F ＝Ma④由①②③④式解得F≈0.093 N答案：(1)小车做匀速运动 (2)0.228 (3)见解析图 (4)0.093。

【通用版】2019届高考物理一轮复习：阶段综合评估试卷(12份打包,含答案)

阶段综合评估（一）直线运动一、选择题(在每小题给出的四个选项中，第1～5题只有一项符合题目要求，第6～8题有多项符合题目要求)1．太空跳伞是一种挑战人类极限的运动，奥地利极限运动员鲍姆加特纳曾乘氦气球到达3.9万米高空后纵身跳下，在平流层接近真空的环境里自由落体持续了60秒，在距离地面 2.1万米时才打开降落伞减速。

关于鲍姆加特纳在这段自由落体运动时间里的位移或速度，下列说法正确的是(认为重力加速度g＝10 m/s2，且不随高度的变化而变化)() A．自由落体运动的位移是3.9×104 mB．自由落体运动的位移是2.1×104 mC．自由落体运动的末速度是6.0×102 m/sD．自由落体运动的平均速度是6.0×102 m/s解析：选C根据题意，鲍姆加特纳做自由落体运动的时间t＝60 s，因此，自由落体运动的位移h＝12gt2＝1.8×104 m，A、B错误；自由落体运动的末速度v＝gt＝6.0×102 m/s，C正确；自由落体运动的平均速度v＝12v＝3.0×102 m/s，D错误。

2．(2018·贵阳检测)交通法规定“车让人”，否则驾驶员将受到处罚。

若以8 m/s匀速行驶的汽车即将通过某路口，有行人正在过人行横道，此时汽车的前端距停车线8 m，该车减速时的加速度大小为5 m/s2。

下列说法正确的是()A．驾驶员立即刹车制动，则至少需要2 s汽车才停止B．在距停车线6 m处才开始刹车制动，汽车前端恰能停止于停车线处C．若经0.2 s后才开始刹车制动，汽车前端恰能停止于停车线处D．若经0.4 s后才开始刹车制动，汽车前端恰能停止于停车线处解析：选C汽车的初速度为8 m/s，减速时加速度大小为5 m/s2，停下来所需的最短时间t min＝v0a ＝1.6 s，选项A错误；汽车刹车的距离x＝v022a＝6.4 m，选项B错误；要使汽车停止时前端刚好在停车线处，汽车匀速运动的距离x′＝(8－6.4)m＝1.6 m，汽车可匀速运动的时间t′＝x′v＝0.2 s，选项C正确，D错误。

[K12学习]2019版高考物理一轮复习模块综合检测(一)

模块综合检测(一)(45分钟100分)1.(16分)(1)(多选)下列各种说法中正确的是( )A.0 ℃的铁和0 ℃的冰,它们的分子平均动能相同B.液体与大气相接触,表面层内分子所受其他分子的作用表现为相互排斥C.橡胶无固定熔点,是非晶体D.凡与热现象有关的宏观过程都具有方向性,在热传递中,热量只能从高温物体传递给低温物体,而不能从低温物体传递给高温物体E.压缩气体不一定能使气体的温度升高(2)在一端封闭、内径均匀的光滑直玻璃管内,有一段长为l=16 cm的水银柱封闭着一定质量的理想气体。

当玻璃管水平放置达到平衡时如图甲所示,被封闭气柱的长度l1=23 cm;当管口向上竖直放置时,如图乙所示,被封闭气柱的长度l2=19 cm。

已知重力加速度g=10 m/s2,不计温度的变化。

求:①大气压强p0(用cmHg表示)。

②当玻璃管开口向上以a=5 m/s2的加速度匀加速上升时,水银柱和玻璃管相对静止时被封闭气柱的长度。

【解析】(1)选A、C、E。

温度是分子平均动能的标志,与其他无关,选项A对。

液体的表面张力是分子间距离大于液体内部分子间距离引起的,分子力表现为引力,选项B错。

橡胶是非晶体,没有固定的熔点,选项C 对。

凡与热现象有关的宏观过程都具有方向性,在不引起其他变化的情况下热量只能从高温物体传递给低温物体,但是如果有做功等其他变化,热量也可以从低温物体传递给高温物体,选项D错误。

压缩气体等于对气体做功,而改变气体内能除了做功还有热传递,所以压缩的同时若伴随有热传递,压缩气体的温度也不一定升高,选项E对。

(2)①由玻意耳定律可得:p0l1S=(p0+ρg l)l2S解得:p0=76 cmHg②当玻璃管加速上升时,设封闭气体的压强为p,气柱的长度为l3,液柱质量为m,对液柱,由牛顿第二定律可得:pS-p0S-mg=ma解得:p=p0+=100 cmHg由玻意耳定律可得:p0l1S=p l3S解得:l3=17.48 cm答案:(1)A、C、E(2)①76 cmHg ②17.48 cm2.(16分)(2018·福州模拟)(1)(多选)如图是某喷水壶示意图。

2019高考物理一轮选习练题(1)(含解析)新人教版.doc

人教物理2019高考一轮选习练题(1)李仕才一、选择题q_1、如图，匀强磁场垂直于纸面,磁感应强度为Bo某种比荷为m,速度大小为v的一群离子以一定发散角a由原点0射出，y轴正好平分该发散角，离子束偏转后打在x轴上长度为L的区a域MN内，则cos (2)为世纪金榜导学号49294169( )BqL BqLA. -4nwB. i_2mvBqL BqLc. D. 1-曲2V【解析】选B o洛伦兹力充当向心力qvB二m r ,根据题意，粒子速度方向沿y轴正方向的打在N点，粒子速度方向与y轴正方向夹角为的打在M点，画出粒子速度方向与y轴正方向夹角为BqL 的轨迹，设0M之间的距离为x,则有2rcos ()二x, 2r=x+L联立解得:cos 0=l-2mV,故B正确。

2、如图2所示，汽车向右沿直线运动，原来的速度是冶，经过一小段时间之后，速度变为也，Av表示速度的变化量.由图中所示信息可知()A.汽车在做加速直线运动B.汽车的加速度方向与V.的方向相同C.汽车的加速度方向与vi的方向相反D.汽车的加速度方向与Av的方向相反【答案】C【解析】根据题團，汽车的速度变小，做的是减速直线运动，选项A错误；汽车的加速度与加方向相同，所以与讪、的的方向都相反，选项B、D错误，选项C正确.3、如图所示，三块平行放置的带电金属薄板A、B、C屮央各有一小孔,小孔分别位于0、M、P点。

由0点静止释放的电子恰好能运动到P点。

现将C板向右平移到P'点，则由0点静止释放的电子（）A.运动到P点返冋B.运动到P和I"点之间返回C.运动到P'点返回D.穿过P'点【解析】选A。

电子在A、B间加速，在B、C间减速，加速电压做功与减速电压做功相等。

现将C板向右平移到P,点,B、C板间的电场强度不变，根据U二Ed判断，由0点静止释放的电子运动到P点速度为0再返回,A项正确。

4、如图所示，长L、质量m的极其柔软的匀质物体在台面上以水平速度V。

2019高考物理一轮复习优练题1含解析新人教版.docx

2019人教版高考物理一轮优练题（1）李仕才1、（多选）（质点）（2018 •贵州汇川期初）“梦之队”收获7金2银1铜,创造了1984年参加奥运会以来的最好成绩。

回国后，教练员和运动员认真分析了比赛视频，对于下面的叙述，正确的是（）A.研究运动员的跳水动作时，可以将运动员看成质点B.研究运动员与跳板接触过程中跳板的弯曲情况时，可将运动员看成质点C.为了提高训练成绩，不管分析什么问题，都不能把运动员看成质点D.能否把运动员看成质点,应根据研究问题而定答案］BD画物体能否看成质点，关键是看物体的形状和大小对所研究问题的影响是否可以忽略，当研究运动员的跳水动作时，不能将运动员看成质点,研究运动员接触跳板时跳板的弯曲情况, 可以将运动员看成质点，所以能否将运动员看成质点,应根据所研究的问题而定,A、C不符合题意,B、D符合题意。

故答案为BD。

4D2、（多选）（弹力）如图\\\\\\乙\\\所不，畀、〃两个物块的重力分别是GM N, Gn=\ N,弹簧的重力不计,整个装置沿竖直方向处于静止状态，这时弹簧的弹力F-1 \则天花板受到的拉力和地板受到的压力，有可能是（）A.1 N 和 6 NB.5 N 和 6 NC.1 N 和 2 ND.5 N 和 2 N丽弹簧的弹力为2 N,有两种可能情形:弹簧处于拉伸状态;弹簧处于压缩状态，因此对应的解应有两组。

⑦当弹簧处于拉伸状态时，由爪〃受力均平衡可知M受重力、弹簧向下的拉力及绳子对A的拉力，由共点力的平衡可知，绳子的拉力F二G A+FW N;由牛顿第三定律可知天花板受到的拉力为5 对〃分析，〃受重力、支持力及弹簧向上的拉力而处于平衡，则〃受支持力尺二〃7g-®N;D符合题意。

②^弹簧处于压缩状态，同理可知,A符合题意。

故答案为AD。

3、（惯性）（2017 •山东潍坊月考）关于惯性的认识，以下说法正确的是（）A.物体受到力的作用后，运动状态发生改变，惯性也随之改变B.置于光滑水平而上的物体即使质量很大也能被拉动,说明惯性与物体的质量无关C.让物体的速度发生改变，无论多快，都需要一定时间，这是因为物体具有惯性D.同一物体沿同一水平面滑动，速度较大时停下来的时间较长,说明惯性与速度有关答案C 解析惯性大小与物体的运动状态及受力情况无关，只由物体的质量大小决定，八、B、D均错误; 要改变物体的速度，必须有外力作用，而且要经历一定的时间,c正确。

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单元评估检测(一)(45分钟100分)一、选择题(本题共8小题,每小题6分,共48分。

1～6题为单选题,7、8题为多选题)1.某人在医院做了一次心电图,结果如图所示。

如果心电图仪卷动纸带的速度为1.5 m/min,图中方格纸每小格长1 mm,则此人的心率为( )A.80次/minB.70次/minC.60次/minD.50次/min【解析】选C。

设心脏跳动周期为T,由图读出相邻峰值之间的距离s=25 mm=0.025 m,则T== s=1 s;所以人的心率为f==1次/s=60次/min。

故选C。

2.宇航员在月球上离月球表面高10 m处由静止释放一片羽毛,羽毛落到月球表面上的时间大约是( )A.1.0 sB.1.4 sC.3.5 sD.12 s【解析】选C。

在月球上没有空气阻力,羽毛做自由落体运动,所以h=at2,其中a=,代入得t=2 s≈3.5 s,C正确。

3.测速仪安装有超声波发射和接收装置,如图所示,B为测速仪,A为汽车,两者相距335 m。

某时刻B发出超声波,同时A由静止开始做匀加速直线运动,当B接收到反射回来的超声波信号时A、B相距355 m,已知声速为340 m/s,则下列说法正确的是 ( )A.经1 s,B接收到返回的超声波B.超声波追上A车时,A车前进了10 mC.A车加速度的大小为10 m/s2D.A车加速度的大小为5 m/s2【解题指导】从B发出超声波到接收到反射回来的超声波信号这段时间内,求出A的位移,由于超声波从B 发出到A与被A反射到被B接收所需的时间相等,根据匀变速直线运动的推论求出超声波从B发出到A这段时间内A的位移,从而得出超声波从B到A的位移,根据声速求出运行的时间,从而再根据Δx=aT2求出汽车运动的加速度。

【解析】选C。

超声波从B发出到A与被A反射到被B接收所需的时间相等,在整个这段时间内汽车的位移x=355 m-335 m=20 m。

初速度为零的匀加速直线运动,在开始相等时间内的位移之比为1∶3,所以x1=5 m,x2=15 m,则超声波到A时,A、B间的距离x′=335 m+5 m=340 m,所以超声波从B发出到被A接收所需的时间T==1 s,则t=2T=2 s,故A、B错误;根据Δx=aT2得,a== m/s2=10 m/s2,故C正确,D错误。

【加固训练】如图所示为超声波测速示意图。

一固定的超声波测速仪每隔1 s向小汽车发出一个超声波脉冲信号,已知第一个超声波t0=0时刻发出,遇到小汽车后返回, t1=1.0 s时刻接收到反射波同时发出第二个超声波,t2=1.9 s时刻接收到第二个反射波,若超声波在空气中的传播速度为3.4×102 m/s,小汽车在这段时间的运动视为匀速运动,根据上述条件可知 ( )A.小汽车向超声波测速仪运动,速度为17.9 m/sB.小汽车向超声波测速仪运动,速度为17.0 m/sC.小汽车背离超声波测速仪运动,速度为17.9 m/sD.小汽车背离超声波测速仪运动,速度为17.0 m/s【解析】选A。

第一次超声波接触小汽车时的距离x1=v=3.4×102×0.5 m=170 m;第二次小汽车的距离x2=3.4×102×0.45=153 m;汽车前进的距离为x=170 m-153 m=17 m; 向着测速仪前进;经过的时间t=T-+(-)=0.95 s;汽车的速度v==≈17.9 m/s。

4.酒后驾驶会导致许多安全隐患,其中之一是驾驶员的反应时间变长,“反应时间”是指驾驶员从发现情况到开始采取制动的时间。

表中“反应距离”是指驾驶员从发现情况到采取制动的时间内汽车行驶的距离;“刹车距离”是指驾驶员从踩下刹车踏板制动到汽车停止的时间内汽车行驶的距离。

分析可知,下列说法正确的是 ( )A.驾驶员酒后反应时间为1 sB.驾驶员酒后反应时间比正常情况下多0.5 sC.汽车刹车时,加速度大小为10 m/s2D.汽车刹车时,加速度大小为7.5 m/s2【解析】选D。

驾驶员正常情况下反应时间为t0= s=0.4 s;驾驶员酒后的反应时间:t1= s=0.8 s,所以比正常情况下多0.4 s,故A、B错误;汽车刹车时,加速度大小为a== m/s2=7.5 m/s2,故C错误,D正确。

5.一质点从O点由静止出发做匀加速直线运动,途经A、B、C三点和D、E、F三点,A、B间距离为s1,B、C 间距离为s2,且过AB和BC段时间相等;而DE段和EF段距离相等,过DE段的平均速度为v1,过EF段的平均速度为v2。

则OA间距离和过E点的速率分别为( )A.;B.;C.;D.;【解析】选B。

设AB和BC所用时间分别为T,根据逐差法可得:s2-s1=aT2解得:a=B为AC过程的中间时刻,故有:v B=故OB之间的距离为:x OB===故有:x OA=x OB-s1=在DEF过程中,根据匀变速直线运动平均速度规律可得DF段的平均速度为:=v3,设DE=EF=s,则DF的平均速度为:v3==,又知道=v1,=v2联立可得:v E=,故B正确,A、C、D错误。

6.如图所示,物体从O点由静止开始做匀加速直线运动,途经A、B、C三点,其中|AB|=2 m,|BC|=3 m。

若物体通过AB和BC这两段位移的时间相等,则O、A两点之间的距离等于( )A. mB. mC. mD. m【解析】选A。

设物体通过AB、BC所用时间均为T,则B点的速度为:v B==,根据Δx=aT2得:a==,则有:v A=v B-aT=-·T=,根据速度位移公式得,O、A两点之间的距离为:x OA=== m。

故A正确,B、C、D错误。

7.如图所示,A、B分别是甲、乙两小球从同一地点沿同一直线运动的v-t图线,根据图线可以判断( )A.甲、乙小球做的是初速度方向相反的匀减速直线运动,加速度大小相同,方向相反B.图线交点对应的时刻两球相距最近C.两球在t=2 s时刻速率相等D.两球在t=8 s时刻发生碰撞【解析】选C、D。

甲、乙两小球均做匀变速直线运动,加速度a=,解得:a甲=-10 m/s2,a乙= m/s2,故A错误;从零时刻到两小球速度相等,乙物体向反方向运动,甲物体向正方向运动,它们的间距在增大,直到速度相等时间距最大,故B错误;在t=2 s时刻,甲、乙两球的速度分别为20 m/s、-20 m/s,所以它们的速率相等,故C正确;图线A 8 s内与时间轴所围面积为零,即总位移为零,说明甲回到出发点,乙前2 s内静止,后6 s内的总位移为零,说明乙也回到了出发点,又因为两球从同一地点出发,所以两球此时相遇,故D正确。

8.甲、乙两车某时刻由同一地点、沿同一方向开始做直线运动,若以该时刻作为计时起点,得到两车的位移—时间图象,即x-t图象如图所示,甲图象过O点的切线与AB平行,过C点的切线与OA平行,则下列说法中正确的是( )A.在两车相遇前,t1时刻两车相距最远B.0～t2时间内甲车的瞬时速度始终大于乙车的瞬时速度C.甲车的初速度等于乙车在t3时刻的速度D.t3时刻甲车在乙车的前方【解题指导】在位移—时间图象中,倾斜的直线表示物体做匀速直线运动,斜率表示速度;图象的交点表示位移相等,平均速度等于位移除以时间。

【解析】选A、C。

图象的纵坐标表示物体所在的位置;由图可知t1时刻两条图线相距最大,即两车的距离最大,故A正确;图象斜率表示速度,由图可知,0～t1时间甲的斜率大于乙,之后甲的斜率小于乙,故B错误;图象的斜率表示物体的速度,由图可知,甲车的初速度等于乙车在t3时刻的速度,故C正确;t3时刻两车的位置相同,两车处在同一位置,故D错误。

【加固训练】(多选)总质量为80 kg的跳伞运动员从离地500 m高的直升机上跳下,经过2 s拉开绳索开启降落伞,如图所示是跳伞过程中的v-t图,根据图象可知(g取10 m/s2) ( )A.在t=1 s时运动员的加速度约为8 m/s2B.运动员在下降过程中空气阻力一直在增大C.运动员落地前飞行时间为24 sD.运动员在4～10 s内下落的高度约为78 m【解析】选A、D。

运动员在0～2 s内做匀加速直线运动,图象的斜率表示加速度,所以t=1 s时运动员的加速度大小为:a== m/s2=8 m/s2,故A正确;运动员在0～2 s内做匀加速直线运动,所受阻力不变,故B错误;面积可以通过图象与时间轴所围成的面积估算,本题可以通过数方格的个数来估算,(大半格和小半格合起来算一格,两个半格算一格)每格面积为4 m2,14 s内数得的格数大约为40格,所以14 s内运动员下落的高度为:h=40×2×2 m=160 m14 s末的速度为:v=6 m/s,14 s后做匀速运动,时间t== s=57 s。

所以运动员落地前飞行时间为:14 s+57 s=71 s,故C错误; 4～10 s内数得的格数大约为19格,所以4～10 s内运动员下落的高度约为:h=19×2×2 m=76 m,故D正确。

二、实验题(本题共2小题,共15分)9.(6分)如图是在“探究匀变速直线运动”实验中得到的一条纸带,选取了5个计数点a、b、c、d、e,测得数据如下:相邻两个计数点时间间隔为0.10 s,使用计时仪器的工作电压为220 V、频率为50 Hz,那么,实验中一定用到的一个仪器是下面实物中的(选填“A”“B”或“C”),打点a至e的过程中纸带的加速度大小为 m/s2(结果保留两位有效数字)。

【解析】电火花计时器使用交流电源,电压为220 V。

当电源的频率为50 Hz时,打点计时器每隔0.02 s 打一个点,故选A。

x ce-x ac=[(6.20+7.08)-(4.48+5.34)] cm=3.46 cm=3.46×10-2 m;根据匀变速直线运动的推论公式Δx=aT2可以求出加速度的大小,得:a== m/s2=0.87 m/s2。

答案:A 0.8710.(9分)利用气垫导轨研究物体运动规律,求物体运动加速度,实验装置如图甲所示。

主要的实验步骤:(1)滑块放置在气垫导轨0刻度,在拉力作用下由静止开始加速运动,测量滑块经过两光电门的时间t,测量光电门之间的距离x。

(2)只移动光电门1,改变x,多次实验,数据记录如表。

(3)根据实验数据计算、描点,在图乙中作出-t图。

根据数据分析,回答下列问题:导轨标尺的最小分度为cm,读出如图甲所示两光电门之间的距离x1,并计算= m/s,假设图线的斜率为k,纵坐标截距为b,则滑块运动的加速度为,求出本次测量的加速度大小为m/s2。

【解析】由图可知,标尺的最小分度为1 cm,如题图所示两光电门之间的距离x1=140.0 cm=1.400 m;因t1=1.03 s,那么= m/s=1.36 m/s,设滑块经过光电门2的速度为v0,则有x=v0t-at2,=v0-,图线的斜率为k,纵坐标截距为b,则滑块运动的加速度为 a=-2k,根据描点平滑连线,如图所示:由图可知,a=-2× m/s2=2.00 m/s2;因此测量的加速度大小为2.00 m/s2。