湖北省荆门市龙泉中学高三物理上学期八月月考试题(无答案)
湖北省荆门市龙泉中学必修3物理 全册全单元精选试卷检测题
湖北省荆门市龙泉中学必修3物理 全册全单元精选试卷检测题一、必修第3册 静电场及其应用解答题易错题培优（难）1．如图，ABD 为竖直平面内的绝缘轨道，其中AB 段是长为 1.25L m =的粗糙水平面，其动摩擦因数为0.1μ=，BD 段为半径R =0.2 m 的半圆，两段轨道相切于B 点,整个轨道处在竖直向下的匀强电场中，电场强度大小3510/E V m =⨯。
一带负电小球，以速度v 0从A 点沿水平轨道向右运动，接着进入半圆轨道后，恰能通过最高点D 点。
已知小球的质量为22.010m kg -=⨯，所带电荷量52.010q C -=⨯，g 取10 m/s 2(水平轨道足够长，小球可视为质点，整个运动过程无电荷转移)，求：（1）带电小球在从D 点飞出后，首次在水平轨道上的落点与B 点的距离； （2）小球的初速度v 0。
【答案】（1）0.4m ；（2）2.5m /s 【解析】 【详解】（1）对小球，在D 点，有：2Dv mg qE m R-=得：1m/s D v =从D 点飞出后，做平抛运动，有：mg qE ma -=得：25.0m/s a =2122R at =得：0.4t s =0.4m D x v t ==（2）对小球，从A 点到D 点，有：22011()2222D mg qE L mg R qE R mv mv μ---⋅+⋅=- 解得：0 2.5m/s v =2．（1）科学家发现，除了类似太阳系的恒星-行星系统，还存在许多双星系统，通过对它们的研究，使我们对宇宙有了较深刻的认识．双星系统是由两个星体构成，其中每个星体的线度（直径）都远小于两星体间的距离，一般双星系统距离其它星体很远，可以当做孤立系统处理．已知某双星系统中每个星体的质量都是M 0，两者相距L ，它们正围绕两者连线的中点做匀速圆周运动，引力常量为G ．①求该双星系统中每个星体的线速度大小v ；②如果质量分别为m 1和m 2的质点相距为r 时，它们之间的引力势能的表达式为12p m m E Gr=-，求该双星系统的机械能． （2）微观世界与宏观世界往往存在奇妙的相似性．对于氢原子模型，因为原子核的质量远大于电子质量，可以忽略原子核的运动，形成类似天文学中的恒星-行星系统，记为模型Ⅰ．另一种模型认为氢原子的核外电子并非绕核旋转，而是类似天文学中的双星系统，核外电子和原子核依靠库仑力作用使它们同时绕彼此连线上某一点做匀速圆周运动，记为模型Ⅱ．假设核外电子的质量为m ，氢原子核的质量为M ，二者相距为r ，静电力常量为k ，电子和氢原子核的电荷量均为e ．已知电荷量分别为+q 1和-q 2的点电荷相距为r 时，它们之间的电势能的表达式为12p q q E kr=-． ①模型Ⅰ、Ⅱ中系统的能量分别用E Ⅰ、 E Ⅱ表示，请推理分析，比较E Ⅰ、 E Ⅱ的大小关系； ②模型Ⅰ、Ⅱ中电子做匀速圆周运动的线速度分别用v Ⅰ、v Ⅱ表示，通常情况下氢原子的研究采用模型Ⅰ的方案，请从线速度的角度分析这样做的合理性．【答案】（1）①v =②202M G L -（2）①2-2ke r②模型Ⅰ的简化是合理的【解析】（1）① 22002/2M M v G L L =，解得 v =②双星系统的动能2200k 0012222GM GM E M v M L L =⨯==，双星系统的引力势能20P GM E L =-，该双星系统的机械能E=E k +E p =202M G L - （2）①对于模型Ⅰ：22I 2mv ke r r =，此时电子的动能E k Ⅰ=22ke r又因电势能2pI e E k r =-，所以E Ⅰ= E k Ⅰ+E p Ⅰ=2-2ke r对于模型Ⅱ：对电子有：22121mvker r=，解得22112mv rrke=对于原子核有：22222Mvker r=，解得22222Mv rrke=因为r1+r2=r，所以有22221222+mv r Mv rr ke ke=解得E kⅡ=2 221211222ke mv Mvr+=又因电势能2peE kr=-Ⅱ，所以EⅡ= E kⅡ+E pⅡ=2-2ker即模型Ⅰ、Ⅱ中系统的能量相等，均为2 -2 ker②解法一：模型Ⅰ中：对于电子绕原子核的运动有22II2=mvkem vr rω=，解得2I2=kevm rω模型Ⅱ中：对电子有：22II1II21=mvkem vr rω=，解得2II21=kevm rω对于原子核有：22222=ke MvM vr rω=，因ω1=ω2，所以mvⅡ=Mv又因原子核的质量M远大于电子的质量m，所以vⅡ>>v，所以可视为M静止不动，因此ω1=ω2=ω，即可视为vⅠ=vⅡ．故从线速度的角度分析模型Ⅰ的简化是合理的．②解法二：模型Ⅰ中：对于电子绕原子核的运动有22I2mvker r=，解得Iv模型Ⅱ中：库仑力提供向心力：222122=kemr Mrrωω== (1)解得12=r Mr m；又因为r1+r2=r所以1=Mrm M+2=mrm M+带入（1）式：ω=所以：()21=?ke Mv rr m M mω=+Ⅱ()22=?ke mv rr m M Mω=+又因原子核的质量M远大于电子的质量m，所以vⅡ>>v，所以可视为M静止不动；故从线速度的角度分析模型Ⅰ的简化是合理的．3．如图所示，在光滑绝缘水平面上，质量为m的均匀绝缘棒AB长为L、带有正电，电量为Q且均匀分布．在水平面上O点右侧有匀强电场，场强大小为E，其方向为水平向左，BO距离为x0，若棒在水平向右的大小为QE/4的恒力作用下由静止开始运动．求：（1）棒的B端进入电场L/8时的加速度大小和方向；（2）棒在运动过程中的最大动能．（3）棒的最大电势能．（设O点处电势为零）【答案】（1）/8qE m ,向右（2）()48qE Lx+（3）0(2)6qE x L+【解析】【分析】【详解】（1）根据牛顿第二定律，得48QE L QEmaL-⋅＝解得8QEam＝，方向向右．（2）设当棒进入电场x时，其动能达到最大，则此时棒受力平衡，有4QE QExL⋅＝解得14x L=由动能定理得：()0044()()42442448 K oQE QELQE QE L QE LE W x x x x x＝＝＝＝+⨯∑+-+-+⨯（3）棒减速到零时，棒可能全部进入电场，也可能不能全部进入电场，设恰能全部进入电场，则有：()42QE QEx L L+-＝，得 x0=L；()42QE QELL Lε+＝＝当x0＜L，棒不能全部进入电场，设进入电场x根据动能定理得()00 0042xQEQE L x x x ++--＝ 解之得：208L L Lx x ++＝则2008 ()4F L L Lx QE W x ε+++＝＝当x 0＞L ，棒能全部进入电场，设进入电场x ()()0042QE QEx x L QE x L +---＝ 得：023x Lx +＝ 则()()000242 4436QE x L x L QE QE x x ε+++⋅＝＝＝4．一带正电的 A 点电荷在电场中某点的电场强度为 4．0×104N/C ，电荷量为+5．0×10-8 C 的 B 点电荷放在该点,求： （1）点电荷在该点受到的电场力？（2）若在该点放上一个电荷量为-2．0×10-8 C 的 C 点电荷，则该点的电场强度？ 【答案】（1）3210N -⨯，方向由A 指向B （2）4410/N C ⨯，方向由A 指向B 【解析】 【分析】 【详解】 （1）方向：由A 指向B（2）若在该点放上一个电荷量为-2．0×10-8 C 的 C 点电荷，则该点的场强不变，仍为方向：由A 指向B5．如图所示，在O 点处放置一个正电荷．在过O 点的竖直平面内的A 点，由静止释放一个带正电的小球，小球的质量为m 、电荷量为q ．小球落下的轨迹如图所示，轨迹与以O 为圆心、R 为半径的圆相交于B 、C 两点，O 、C 在同一水平线上，∠BOC=30°，A 距离OC 的竖直高度为h ，已知小球通过B 点的速度为v ，重力加速度为g ，求： (1)小球通过C 点的速度大小；(2)小球由A 运动到C 的过程中电场力做的功．【答案】(1) 2c gR =+v v (2) 21()2W m gR mgh =+-v 【解析】试题分析：（1）小球下落过程中，受到重力和电场力，由于B 、C 两点处于同一等势面上，故从B 到C 过程电场力做功为零，只有重重力做功，根据动能这定理求解到达C 点的速度；（2）小球从A 至C 的过程中只有重力和电场力做功，根据动能定理即可求解电场力做功．（1）小球从B 点到C 点的过程中，电场力不做功，而重力做正功 由动能定理得：2211222C R mg mv mv ⨯=- 解得：2C v v gR =+（2）小球从A 至C 的过程中只有重力和电场力做功 由动能定理得：212C mgh W mv +=电 解得：()212W m v gR mgh 电=+- 【试题分析】本题关键是明确几种功能关系的具体形式：总功是动能变化的量度；电场力做功是电势能变化的量度；除重力外其余力做的功是机械能变化的量度．6．如图所示，小球的质量为0.1kg m =，带电量为51.010C q -=⨯，悬挂小球的绝缘丝线与竖直方向成30θ=︒时，小球恰好在水平向右的匀强电场中静止不动．问：（1）小球的带电性质； （2）电场强度E 的大小；（3）若剪断丝线，求小球的加速度大小．【答案】（1）小球带正电 （2）45.7710N /C E =⨯ （3）211.54m /s a =【解析】【详解】（1）对小球进行受力分析，如图；由电场力的方向可确定小球带正电；（2）根据共点力平衡条件，有qE=mgtan300解得：04531303=/ 5.7710/10mgtanE N C N Cq-⨯≈⨯＝（3）当线断丝线后，小球的合力为30mgFcos＝由牛顿第二定律，则有：22/11.54/cos3032F ga m s m sm==＝＝小球将做初速度为零，加速度的方向沿着线的反向，大小为11.54m/s2，匀加速直线运动．【点睛】本题关键是对小球受力分析，明确带电小球受电场力、细线的拉力和重力，根据共点力平衡条件及牛顿第二定律列示求解．二、必修第3册静电场中的能量解答题易错题培优（难）7．如图所示，两平行金属板A、B长L=8cm，两板间距离d=8cm，A板比B板电势高300V，一不计重力的带正电的粒子电荷量q＝10-10C，质量m＝10-20kg，沿电场中心线RD 垂直电场线飞入电场，初速度v0＝2×106m/s，粒子飞出平行板电场后可进入界面MN、PS 间的无电场区域．已知两界面MN、PS相距为12cm，D是中心线RD与界面PS的交点．（1）粒子穿过MN时偏离中心线RD的距离以及速度大小？（2）粒子到达PS界面时离D点的距离为多少？（3）设O为RD延长线上的某一点，我们可以在O点固定一负点电荷，使粒子恰好可以绕O点做匀速圆周运动，求在O点固定的负点电荷的电量为多少？（静电力常数k =9．0×109N·m2/C2，保留两位有效数字）【答案】（1），（2）（3）【解析】【分析】【详解】（1）粒子进入A、B后应做类平抛运动，设在A、B板间运动时加速度大小为a，时间为t1，在MN界面处速度为v，沿MN的分速度为v y，偏转位移为y，v与水平夹角为α，运动轨迹如图则：01l v t=①21112y at=②ABU qadm=③1Yv at=④tan Yvvα=⑤由以上各式，代入数据求得：0.03my=，61.510m/sYv=⨯，3tan4α=故粒子通过MN界面时的速度为：2262.510m/sYv v v=+=⨯（2）带电粒子在离开电场后将做匀速直线运动，其运动轨迹与PS线交于a点，设a到中心线的距离为Y则：22LyLY S=+解得：0.12mY=（3）粒子穿过界面PS后将绕电荷Q做匀速圆周运动，设圆周运动的半径为r，由几何关系得：0v Yv r=，即0.15mr=由22qQ v k m r r=得：28110C mrv Q kq -==⨯ 【点睛】（1）由类平抛知识，带入数值便可求出偏离RD 的距离；带电粒子在离开电场后将做匀速直线运动，求出时间即可知道aD 的距离；（2）库仑力提供向心力，根据牛顿第二定律联合即可求得电量及其电性．8．在空间中取坐标系Oxy ，在第一象限内平行于y 轴的虚线MN 与y 轴距离为d ，从y 轴到MN 之间的区域充满一个沿y 轴正方向的匀强电场，如图所示．一电子从静止开始经电压U 加速后，从y 轴上的A 点以平行于x 轴的方向射入第一象限区域，A 点与原点O 的距离为h ．不计电子的重力．（1）若电子恰好从N 点经过x 轴，求匀强电场的电场强度大小E 0；（2）匀强电场的电场强度E 大小不同，电子经过x 轴时的坐标也不同．试求电子经过x 轴时的x 坐标与电场强度E 的关系．【答案】（1）024Uh E d =（2）Uhx E=或22d Uh x Ed =+【解析】 【分析】本题考查电子在电场中的受力及运动 【详解】设电子的电荷量为e 、质量为m ，电子经过电场加速后获得速度v 0．则2012eU mv =（1）电子从A 点运动到N 点，有00d v t =eE a m=212h at =联立解得电场强度大小024UhE d =（2）讨论两种情况：①当24UhE d ≥时，电子从电场内经过x 轴，有 0x v t =eE a m= 212h at =联立解得x 坐标与电场强度E 的关系为2Uhx E= ②当24UhE d <时，电子先离开电场，之后再经过x 轴在电场内运动时间为t 1，有 01d v t =21112y at =1y v at =在电场外运动时间为t 2，电子做匀速直线运动，有02x d v t -=12y h y v t -=联立解得x 坐标与电场强度E 的关系为22d Uh x Ed=+9．如图（a ）所示，平行板电容器的两个极板A 、B 分别接在电压为U 的恒压电源的两极，电容器所带电荷量为Q ，两极板间距为d ，板长为L ，α粒子从非常靠近上极板的C 点以v 0的速度沿垂直电场线方向的直线CO 方向射入电场，经电场偏转后由D 点飞出匀强电场，已知α粒子质量为m ，电荷量为2e ，不计α粒子重力．求：(1)平行板电容器的电容；(2)CD 两点间电势差；(3)若A 、B 板上加上如图（b ）所示的周期性的方波形电压，t =0时A 板比B 板的电势高，为使4T时刻射入两板间的α粒子刚好能由O 点水平射出，则电压变化周期T 和板间距离d 各应满足什么条件？（用L 、U 、m 、e 、v 0表示）【答案】(1)Q C U = (2)22220eU L U md v =(3) ≥d (n=1,2,3,…) 【解析】 【详解】(1)依电容定义有：平行板电容器的电容Q C U=(2)两板之间为匀强电场U E d=粒子在电场中加速度F qE a m m== 粒子的偏移量:212y at =运动时间0L t v =解得:2202qUL y mdv = CD 两点的电势差为：22220==eU L U Ey md v (3)为使a 粒子刚好由O 点水平射出，α粒子在一个周期内竖直方向的分位移应为零， 必须从4Tt nT =+进入电场， 且在电场中运动时间与电压变化周期T 的关系为t =nT ，（n =1，2，3，…）． 则0==t L T n nv 竖直方向向下的最大分位移应满足：212()24T a d ⨯≤即:22()4eU L d md nv ⋅≤ 解得:022≥L eUd nv m（n =1,2,3,…） 【点睛】本题考查了电容的定义式匀强电场中场强与电势差的关系，熟练运用运动的分解法研究类平抛运动，抓住几何关系是解答的关键．10．如图所示，真空室中电极K 发出的电子（初速度不计）经过电势差为U 1的加速电场加速后，沿两水平金属板C 、D 间的中心线射入两板间的偏转电场，电子离开偏转电极时速度方向与水平方向成45°，最后打在荧光屏上，已知电子的质量为m 、电荷量为e ，C 、D 极板长为l ，D 板的电势比C 板的电势高，极板间距离为d ，荧光屏距C 、D 右端的距离为16．电子重力不计．求：(1)电子通过偏转电场的时间t 0； (2)偏转电极C 、D 间的电压U 2； (3)电子到达荧光屏离O 点的距离Y ． 【答案】（1）12m eU （2）12d U l （3）23l 【解析】 【分析】 【详解】(1)电子在离开B 板时的速度为v ，根据动能定理可得：2112eU mv = 得：12eU v m=电子进入偏转电场水平方向做匀速直线运动，则有：012l m t v eU ==(2)电子在偏转电极中的加速度:1eU a md=离开电场时竖直方向的速度：2012y U l ev at dmU == 离开电场轨迹如图所示：电子的速度与水平方向的夹角：21tan 45?=2y v U lvdU =解得：122dU U l=(3)离开电场的侧向位移：21012y at = 解得：12l y =电子离开电场后，沿竖直方向的位移：2tan 45=66l l y =︒ 电子到达荧光屏离O 点的距离：1223Y y y l =+= 【点睛】本题考查带电粒子在电场中的运动，要注意明确带电粒子的运动可分加速和偏转两类，加速一般采用动能定理求解，而偏转采用的方法是运动的合成和分解．11．如图所示，在竖直平面内有一固定光滑绝缘轨道，其中AB 部分是倾角为θ=37°的直轨道， BCD 部分是以O 为圆心、半径为R 的圆弧轨道，两轨道相切于B 点， D 点与O 点等高， A 点在D 点的正下方。
湖北省荆门市龙泉中学2019届高三物理上学期八月质检试题(含解析)
荆门市龙泉中学2019届高三八月质检理科综合能力测试物理试题二、选择题：本题共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
1.如图所示，一个带电小球在匀强电场中沿AB方向匀速斜向上运动。
则运动中小球受到的电场力方向是A. 沿AB方向B. 沿AB的反方向C. 竖直向上D. 在AB与竖直线之间的某个方向上【答案】C【解析】【详解】由于带电小球在匀强电场中沿AB方向匀速斜向上运动，所以带电小球合力为零，小球受重力，电场力两力作用，所以电场力方向与重力方向相反，即竖直向上，故C正确。
故应选：C。
2.如图所示，平板小车置于水平面上，其上表面粗糙，物块在小车中间保持静止。
t=0时，对小车施加水平外力F，使小车从静止开始加速运动，t0时刻，物块从小车左端滑离木板，2t0时刻物块落地。
在竖直平面内建立Oxy坐标系，取水平向右为x轴正方向，竖直向下为y轴正方向，则关于物块落地前在x轴和y轴方向的运动图像，以下可能正确的是A. B.C. D.【答案】D【解析】对木块，开始时水平方向由于受到小车的向右的摩擦力二向右做匀加速运动；脱离小车后水平方向做向右的匀速运动，故图线AB均错误；竖直方向：物块在小车上滑动时，竖直速度为零；滑离小车后竖直方向做自由落体运动，故选项C错误，D正确；故选D.3.右图为中国月球探测工程的标志，它以中国书法的笔触，勾勒出一轮明月和一双踏在其上的脚印，象征着我国航天人的梦想。
银川一中一位爱好天文的同学看到后结合自己所学为探月宇航员设计了如下实验：在距月球表面高h处以初速度v0水平抛出一个物体，然后测量该平抛物体的水平位移为x，通过查阅资料知道月球的半径为R，引力常量为G，若物体只受月球引力的作用，则，月球的质量是【答案】A【解析】试题分析：物体做平抛运动，由平衡运动的知识可以求出月球表面的重力加速度；月球表面的物体受到的重力等于月球对物体的万有引力，据此可以求出月球的质量．物体做平抛运动，月球表面的物体A正确．4.如图所示，在圆形区域内存在垂直纸面向外的匀强磁场，AB是圆的直径。
XX省荆门市龙泉中学届高中高三物理月考试卷试题
荆门市龙泉中学2019年高三年级11月月考物理试题二、选择题：此题共8小题，每题6分，共48分。
在每题给出的四个选项中，第14～18题只有一项切合题目要求，第19～21题有多项切合题目要求。
所有选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
14．如下图，圆滑水平面上搁置一斜面体A，在其粗拙斜面上静止一物块B，开始时A处于静止。
从某时辰开始，一个从0渐渐增大的水平向左的力F作用在A上，使A和B一同向左做变加快直线运动。
则在B与A发生相对运动以前的一段时间内A．B对A的压力和摩擦力均渐渐增大B．B对A的压力和摩擦力均渐渐减小C．B对A的压力渐渐减小，B对A的摩擦力渐渐增大D．B对A的压力渐渐增大，B对A的摩擦力渐渐减小15．如下图，A、B是带有等量同种电荷的两小球（可视为点电荷），它们的质量都是m，它们的悬线长度都是L，悬线上端都固定在同一点O，B球悬线竖直且被固定，A球静止时与B球距离为s；现保持其余条件不变，改变A球质量，A球在距s处再次均衡，则A的质量应变成离B为3A．3m B．6m C．9m D．27m16．如下图，分别用恒力F1、F2先后将同一物体由静止开始沿同样的固定粗拙斜面从底端推至顶端。
第一次力F1沿斜面向上，第二次力F2沿水平方向，两次所用时间同样，则在这两个过程中A．物体机械能的变化量同样B．F1的大小和F2的大小同样C．摩擦力做功的均匀功率同样D．F1所做的功和F2所做的功同样17．一辆公交车在平直的公路上从A站出发运动至B站停止，经历了匀加快、匀速、匀减速三个过程，设加快和减速过程的加快度大小分别为a1、a2，匀速过程的速度大小为v，则A．增大v，保持a1、a2不变，全程时间变长B．增大a1，保持a2、v不变，加快过程的均匀速度不变C．减小a1，保持a2、v不变，匀速运动过程的时间将变长D．只需v不变，无论a1、a2怎样变化，全程均匀速度不变18．如下图，圆滑的半圆形铁丝竖直固定在水平川面上，穿在铁丝上的质量为m的小球从最高点A 由静止开始滑到最低点B，在从A到B的过程中，以下说法正确的选项是A．小球对铁丝的作使劲愈来愈大B．铁丝对小球的冲量方向竖直向下C．小球对铁丝的冲量方向竖直向下D．重力对小球做功的功领先变大再变小19．如下图，O是MN的中点，a、b两点位于MN连线上，c、d两点位于MN中垂线上，若在M、N两点分别放两个等量的正点电荷。
2023-2024学年湖北省荆门市龙泉中学、宜昌一中物理高三第一学期期末质量检测试题含解析
2023-2024学年湖北省荆门市龙泉中学、宜昌一中物理高三第一学期期末质量检测试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。
用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。
将条形码粘贴在答题卡右上角"条形码粘贴处"。
2．作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。
答案不能答在试题卷上。
3．非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。
不按以上要求作答无效。
4．考生必须保证答题卡的整洁。
考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。
一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、如图所示，A、B两球质量相等，A球用不能伸长的轻绳系于O点，B球用轻弹簧系于O′点，O与O′点在同一水平面上，分别将A、B球拉到与悬点等高处，使轻绳和轻弹簧均处于水平且自然伸直状态，将两球分别由静止开始释放，当两球达到各自悬点的正下方时，两球仍处在同一水平面上，则（）A．两球到达各自悬点的正下方时，两球损失的机械能相等B．两球到达各自悬点的正下方时，A球速度较小C．两球到达各自悬点的正下方时，重力对A球做的功比B球多D．两球到达各自悬点的正下方时，A球的动能大于B球的动能2、我国计划于2020年发射火星探测器，如图是探测器到达火星后的变轨示意图，探测器在轨道Ⅰ上的运行速度为1v，在轨道Ⅱ上P点的运行速度为v2，Q点的运行速度为3v，在轨道Ⅲ上P点的运行速度为v4，R点的运行速度为v5，则下列关系正确的是A ．21v v <B ．13v v <C ．42v v >D ．2435v v v v > 3、如图所示，边长为l 的单匝正方形线圈放在光滑水平面上，其有一半处于磁感应强度大小为B 、方向竖直向下的匀强磁场中。
湖北省荆门市第一中学高三物理8月月考试题
荆门市一中2019届高三年级8月月考物理试题本试卷共2页，共16题，全卷满分110分，考试用时90分钟。
一、选择题：本题共10小题，每小题5分，共50分。
其中第1～6题只有一项符合题目要求，第7～10题有多项符合题目要求。
全部选对得5分，选对但不全的得3分，选错的得0分。
1．如图，粗糙水平地面上放有一斜劈，小物块以一定初速度从斜劈底端沿斜面向上滑行，回到斜劈底端时的速度小于它上滑的初速度。
已知斜劈始终保持静止，则小物块A．上滑的位移与下滑的位移相同B．上滑所需时间大于下滑所需时间C．上滑时的加速度与下滑时的加速度相等D．上滑和下滑过程，斜劈受到地面的摩擦力方向相同2．如图所示，在竖直平面内，一根不可伸长的轻质软绳两端打结系于“ V”型杆上的A、B两点，已知OM边竖直，且｜AO｜=｜OB｜，细绳绕过光滑的滑轮，重物悬挂于滑轮下处于静止状态。
若在纸面内绕端点O按顺时针方向缓慢转动“V”型杆，直到ON边竖直，绳子的张力为T，则A．张力T一直增大 B．张力T先减小后增大C．张力T一直减小 D．张力T先增大后减小3．现在无人机在军事和民用方面的应用越来越广泛。
如果在某次航拍过程中的无人机需要从悬停状态改为加速度大小为2m/s2的水平方向的匀加速运动，则无人机的螺旋桨旋转平面与水平面之间的夹角的正切值应为（已知重力加速度g=10m/s2）A．0 B．0.2 C．0.5 D．0.6 4．如图所示，一个“V”型槽的左侧挡板A竖直，右侧挡板B为斜面，槽内嵌有一个质量为m的光滑球C，“V”型槽在水平面上由静止开始向右做加速度不断减小的直线运动的一小段时间内，设挡板A、B对球的弹力分别为F1、F2，下列说法正确的是A．F1、F2都逐渐增大B．F1、F2的合力逐渐减小C．F1逐渐减小，F2逐渐增大D．F1、F2都逐渐减小5．如图所示，竖直放置在水平面上的轻质弹簧上叠放着两物块A 、B ，相互绝缘且质量均为2kg ，A 带正电，电荷量为0.1C ，B 不带电。
高三物理上学期8月月考试卷_00001
峙对市爱惜阳光实验学校区高三上学期月考物理试卷〔8月份〕一、选择题〔共9小题，每题4分，总分值36分〕1．〔4分〕一运动的v﹣t图象如下图，那么在0～2s内和2s～3s内相比A．位移大小相B．平均速度相C．运动方向相反D．加速度相同2．〔4分〕如下图，重物G用轻绳OA和OB悬挂在水平天花板和竖直墙壁之间，处于静止状态．假设AO绳的拉力大小为T A，OB绳的拉力大小为T B，以下判断正确的选项是A．T A于T B B．T A大于T BC．T B小于G D．T A与T B的合力大小于G 3．〔4分〕一带电粒子〔仅受电场力〕在匀强电场中从A运动到B，运动轨迹如图中虚线所示，电场方向竖直向下，以下判断正确的选项是A．粒子带正电B．A点电势高于B点电势C．粒子做匀变速曲线运动D．粒子电势能增加4．〔4分〕如图为两分子系统的势能E p与两分子间距离r的关系曲线．以下说法正确的选项是A．当r大于r1时，分子间的作用力表现为引力B．当r小于r1时，分子间的作用力表现为斥力C．当r于r2时，分子间的作用力最大D．在r由r1变到r2的过程中，分子间的作用力做负功5．〔4分〕一交变电流的图象如下图，由图可知A．用电流表测该电流其示数为10AB．该交流电流的频率为100HzC．该交流电电流方向每秒改变100次D．该交流电流有效值为10A6．〔4分〕关于光电效，以下说法正确的选项是A．发生光电效时间越长，光电子的最大初动能就越大B．入射光的频率低于极限频率就不能发生光电效C．光电子的最大初动能与入射光频率成正比D．光电子的最大初动能与入射光的强度无关7．〔4分〕关于核反的类型，以下表述正确的有A．U→Th+He是α衰变B．N+He→O+H是β衰变C．H+H→He+n是聚变D．Se→Kr+2e是裂变8．〔4分〕如下图，A是静止在赤道上的物体，B、C是同一平面内两颗人造卫星．B位于离地高度于地球半径的圆形轨道上；C是地球同步卫星．以下判断正确的选项是A．卫星B的速度大小于地球的第一宇宙速度B．A、B的线速度大小关系为v A＞v BC．周期大小关系为T A=T C＞T BD．假设卫星B要靠近C所在轨道，需要先加速9．〔4分〕如下图，在线圈上端放置一盛有冷水的金属杯，现接通交流电源，过了几分钟，杯内的水沸腾起来．以下措施仍可使杯内水沸腾的是A．改用直流电源B．提高交流电源的频率C．将金属杯换为瓷杯D．增加线圈匝数二、解答题〔共4小题，总分值54分〕10．〔8分〕如图是某同学在做直线运动中获得的一条纸带．①打点计时器电源频率为50Hz，那么纸带上打相邻两点的时间间隔为．②ABCD是纸带上四个计数点，每两个相邻计数点间有四个点没有画出．O、B 两点间的A点不小心被墨水弄脏了看不到．从图中读出B、C两点间距S BC=；假设A点与B点之间的距离满足S AB=，根据匀变速直线运动的规律，可以判断A点到D点间的运动为匀变速直线运动，且根据数据可计算出该段位移的加速度a=〔保存两位有效数字〕．11．〔10分〕为检测一个标称值为20Ω的滑动变阻器，现可供使用的器材如下：A．待测滑动变阻器R x，总电阻约20ΩB．电流表A1，量程200mA，内阻约2.0ΩC．电流表A2，量程3A，内阻约0.12ΩD．电压表V1，量程15V，内阻约15kΩE．电压表V2，量程3V，内阻约3kΩF．滑动变阻器R，总电阻约10ΩG．直流电源E，电动势3V，内阻不计H．电键S、导线假设干①为了尽可能精确测R x的总电阻值，所选电流表为〔填“A1”或“A2”〕，所选电压表为〔填“V1”或“V2”〕；②请根据原理图甲，完成图乙未完成的实物连接；③闭合开关S前，滑动变阻器R的滑片置于最〔左或右〕端；④如图丙所示是用螺旋测微器测量待测滑动变阻器所采用的电阻丝的直径，那么该电阻丝的直径为mm．12．〔18分〕如下图，一带电量为q，质量为m的小球A在光滑绝缘的水平面上从静止开始经电压U加速后，与同质量的静止小球B发生碰撞，并粘在一起，水平进入互相垂直的匀强电场和匀强磁场〔磁感强度为B〕的复合场中，粘合体在此空间的竖直面内做匀速圆周运动，重力加速度为g，试求：〔1〕小球A、B碰撞前后的速度各为多少？〔2〕电场强度E为多少？〔3〕小球做匀速圆周运动过程中，从轨道的最低点到最高点机械能改变了多少？13．〔18分〕在水平长直的轨道上，有一长度L=2m的平板车在外力控制下始终保持速度v0=4m/s向右做匀速直线运动．某时刻将一质量为m=1kg的小滑块轻放到车面的中点，滑块与车面间的动摩擦因数为μ=0.2，取g=10m/s2，求：〔1〕小滑块m的加速度大小和方向；〔2〕通过计算判断滑块能否从车上掉下；〔3〕假设当滑块放到车面中点的同时对该滑块施加一个与v0同向的恒力F，要保证滑块不能从车的左端掉下，恒力F大小满足什么条件？区高三上学期月考物理试卷〔8月份〕参考答案与试题解析一、选择题〔共9小题，每题4分，总分值36分〕1．〔4分〕一运动的v﹣t图象如下图，那么在0～2s内和2s～3s内相比A．位移大小相B．平均速度相C．运动方向相反D．加速度相同考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动的图像专题．分析：解答此题抓住：速度图象与坐标轴所围的“面积〞物体的位移大小；匀变速直线运动的平均速度；速度变化量△v=v﹣v0；速度的正负表示的运动方向；速度图象的斜率于加速度．根据这些知识即可分析选择．解答：解：A、速度图象与坐标轴所围的“面积〞物体的位移大小，由图知，0～2s内位移较大．故A错误．B、在0～2s 内平均速度为m/s=2.5m/s，在2s～3s 内平均速度为m/s=2.5m/s．故B正确．C、速度时间图象都在时间轴的上方，速度都为正，方向相同．故C错误．C、根据速度图象的斜率于加速度可知，在0～2s内的加速度沿正方向，而在2s～3s内加速度沿负方向，所以加速度不同．故D错误．应选：B点评：此题是速度图象问题，关键掌握匀变速直线运动的平均速度、“面积〞于位移、加速度于斜率、速度变化量是矢量知识进行判断．2．〔4分〕如下图，重物G用轻绳OA和OB悬挂在水平天花板和竖直墙壁之间，处于静止状态．假设AO绳的拉力大小为T A，OB绳的拉力大小为T B，以下判断正确的选项是A．T A于T B B．T A大于T BC．T B小于G D．T A与T B的合力大小于G考点：共点力平衡的条件及其用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：由题系统处于静止状态，以结点O为研究对象，分析受力情况，作出力图，由平衡条件求出AO绳的拉力T A、OB绳的拉力T B的大小与G之间的关系解答：解：A、B、以结点O为研究对象，分析受力情况，作出力图如图．由平衡条件得 T A=Gtanθ，T B =；由力图可以看出，T A小于T B，故AB均错误；C、由于T B =＞G，故C错误；D、根据共点力平衡条件，T A与T B的合力与G值、反向、共线，故D正确；应选：D．点评：此题悬绳固的物体平衡问题，往往以结点为研究对象，作出力图，由平衡条件求解．3．〔4分〕一带电粒子〔仅受电场力〕在匀强电场中从A运动到B，运动轨迹如图中虚线所示，电场方向竖直向下，以下判断正确的选项是A．粒子带正电B．A点电势高于B点电势C．粒子做匀变速曲线运动D．粒子电势能增加考点：电场线．分析：由粒子的运动轨迹弯曲方向可知粒子电性，那么可求得电场力对粒子所做的功的正负，由动能理可求得动能的变化；并能判断电势能的变化．解答：解：A、粒子由A到B，运动轨迹向上弯曲，可判断粒子受电场力与重力的合力向上，那么电场力向上，故粒子带负电，故A错误；B、电场方向向下，沿电场线的方向电势降低，所以B点的电势高，故B错误；C、由图可知，该电场为匀强电场，粒子受到的电场力的大小与方向都不变，加速度不变，所以粒子做匀变速曲线运动．故C正确；D、粒子由A到B，由运动轨迹可判出粒子受电场力向上，电场力做正功，粒子的电势能减小，故D错误．应选：C点评：带电粒子在电场中的偏转类题目，较好的考查了曲线运动、动能理及能量关系，综合性较强，故在高考中经常出现，在学习中注意把握．4．〔4分〕如图为两分子系统的势能E p与两分子间距离r的关系曲线．以下说法正确的选项是A．当r大于r1时，分子间的作用力表现为引力B．当r小于r1时，分子间的作用力表现为斥力C．当r于r2时，分子间的作用力最大D．在r由r1变到r2的过程中，分子间的作用力做负功考点：分子间的相互作用力；分子势能．专题：分子间相互作用力与分子间距离的关系．分析：当分子间距离于平衡距离时，分子力为零，分子势能最小；当分子间距离小于平衡距离时，分子力表现为斥力；根据图象分析答题．解答：解：由图象可知：分子间距离为r2时分子势能最小，此时分子间的距离为平衡距离；A、r2是分子的平衡距离，当0＜r＜r2时，分子力为斥力，当r＞r2时分子力为引力，故A错误；B、当r小于r1时，分子间的作用力表现为斥力，故B正确；C、当r于r2时，分子间的作用力为零，故C错误；D、在r由r1变到r2的过程中，分子力为斥力，分子间距离增大，分子间的作用力做正功，故D错误；应选B．点评：分子间距离于平衡距离时分子势能最小，掌握分子间作用力与分子间距离的关系、分子清楚图象，即可正确解题．5．〔4分〕一交变电流的图象如下图，由图可知A．用电流表测该电流其示数为10AB．该交流电流的频率为100HzC．该交流电电流方向每秒改变100次D．该交流电流有效值为10A考点：正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率．专题：交流电专题．分析：由图象知电流的最大值、周期，从而得出有效值、频率和角速度．解答：解：A 、电流表显示的是有效值，示数为=10A，故A正确；B、由图象知周期为0.01s，频率为周期的倒数100Hz，故B正确；C、一个周期电流方向改变两次，该交流电电流方向每秒改变200次，故C错误；D、该交流电流有效值为10A，故D错误；应选：AB．点评：此题考查了根据图象得出有用物理信息的能力，根据周期、峰值和有效值计算．6．〔4分〕关于光电效，以下说法正确的选项是A．发生光电效时间越长，光电子的最大初动能就越大B．入射光的频率低于极限频率就不能发生光电效C．光电子的最大初动能与入射光频率成正比D．光电子的最大初动能与入射光的强度无关考点：光电效．专题：光电效专题．分析：当入射光的频率大于金属的极限频率，就会发生光电效．根据光电效方程判断影响光电子最大初动能的因素．解答：解：A、根据光电效方程E km=hv﹣W0知，光电子的最大初动能随着照射光频率的增大而增大，与发生光电效时间无关，故A正确．B、只有入射光的频率大于金属的极限频率，才能产生光电效，故B正确；C、根据光电效方程知，光电子的初速度、最大初动能不与入射光的频率成正比，与入射光的强度无关．故C错误，D正确．应选：BD．点评：解决此题的关键知道光电效的条件，以及知道影响光电子最大初动能的因素．7．〔4分〕关于核反的类型，以下表述正确的有A．U→Th+He是α衰变B．N+He→O+H是β衰变C．H+H→He+n是聚变D．Se→Kr+2e是裂变考点：核反堆．分析：α衰变产生核原子核，β衰变产生电子，氢核裂变生成的中大小的核，重核裂变成中大小的核．解答：解：A、α衰变生成氦原子核，故U→Th+He是α衰变，故A正确；B、β衰变生成电子，N+He→O+H没有电子生成，故B错误；C、轻核聚变是把轻核结合成质量较大的核，释放出核能的反称聚变反，故C 正确；D、重核裂变生成的核质量相近，D生成了电子，可知D是β衰变，故D错误；应选：AC．点评：解答此题需要掌握正确用质量数和电荷数守恒正确书写核反方程，明确裂变和聚变反特点，知道α、β衰变现象，并能正确书写其衰变方程．要知道衰变的产物，重核裂变和轻核聚变都能释放出巨大能量．8．〔4分〕如下图，A是静止在赤道上的物体，B、C是同一平面内两颗人造卫星．B位于离地高度于地球半径的圆形轨道上；C是地球同步卫星．以下判断正确的选项是A．卫星B的速度大小于地球的第一宇宙速度B．A、B的线速度大小关系为v A＞v BC．周期大小关系为T A=T C＞T BD．假设卫星B要靠近C所在轨道，需要先加速考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力律及其用．专题：人造卫星问题．分析：地球的第一宇宙速度是近外表卫星运行速度．地球赤道上的物体与同步卫星具有相同的角速度和周期，根据v=rω，a=rω2比拟线速度的大小和周期的大小，根据万有引力提供向心力比拟B、C的线速度、周期．解答：解：A、B位于离地高度于地球半径的圆形轨道上，地球的第一宇宙速度是近外表卫星运行速度．根据万有引力于向心力v=，所以卫星B的速度大小小于地球的第一宇宙速度，故A错误；B、v=，B位于离地高度于地球半径的圆形轨道上；C是地球同步卫星所以v B＞v C，对于放在赤道上的物体A和同步卫星C有相同的周期和角速度，根据v=rω，所以v C＞v A所以v B＞v A，故B错误；C、对于放在赤道上的物体A和同步卫星C有相同的周期和角速度，所以，T A=T C 根据万有引力于向心力得B位于离地高度于地球半径的圆形轨道上；C是地球同步卫星所以T C＞T B，所以周期大小关系为T A=T C＞T B，故C正确；D、假设卫星B要靠近C所在轨道，需要先加速，做离心运动，故D正确；应选：CD．点评：此题抓住同步卫星为参考量，同步卫星与地球自转同步，可以比拟AC的参量关系，再根据万有引力提供圆周运动向心力比拟BC参量关系，掌握相关规律是解决问题的关键．9．〔4分〕如下图，在线圈上端放置一盛有冷水的金属杯，现接通交流电源，过了几分钟，杯内的水沸腾起来．以下措施仍可使杯内水沸腾的是A．改用直流电源B．提高交流电源的频率C．将金属杯换为瓷杯D．增加线圈匝数考点：楞次律．分析：由题意可知电器的工作原理，那么根据原理进行分析可得出缩短加热时间的方法．解答：解：A、由题意可知，此题中是涡流现象的有；即采用线圈产生的磁场使金属杯产生感电流，改用直流电源，不会产生涡流，因此不会被加热，故A错误；B、由题意可知，此题中是涡流现象的有；即采用线圈产生的磁场使金属杯产生感电流；从而进行加热的，那么由法拉第电磁感律可知，增加线圈的匝数、提高交流电的频率均可以提高发热功率；那么可以缩短加热时间；故BD正确；C、将杯子换作瓷杯不会产生涡流；那么无法加热水；故C错误；应选：BD．点评：此题考查涡流的用，要注意明确涡流现象其实就是电磁感的，由法拉第电磁感律可知涡流现象的强弱．二、解答题〔共4小题，总分值54分〕10．〔8分〕如图是某同学在做直线运动中获得的一条纸带．①打点计时器电源频率为50Hz，那么纸带上打相邻两点的时间间隔为0.02s．②ABCD是纸带上四个计数点，每两个相邻计数点间有四个点没有画出．O、B 两点间的A点不小心被墨水弄脏了看不到．从图中读出B、C两点间距S BC=0.90cm；假设A点与B点之间的距离满足S AB=0.70cm，根据匀变速直线运动的规律，可以判断A点到D点间的运动为匀变速直线运动，且根据数据可计算出该段位移的加速度a=0.20m/s2〔保存两位有效数字〕．考点：测匀变速直线运动的加速度．专题：题；直线运动规律专题．分析：根据刻度尺读数读出BC间的距离，结合连续相时间内的位移之差是一恒量求出AB的距离．通过该推论求出加速度．解答：解：①打点计时器电源频率为50Hz，那么纸带上打相邻两点的时间间隔为0.02s．②由图可知，B、C两点间距S BC=0.90cm，那么△x=s CD﹣s BC=0﹣0.90=0.20cm，所以s AB=S BC﹣△x=0.90﹣0.20cm=0.70cm，加速度a=．故答案为：①0.02s②0.90cm，0.70cm，0.20m/s2点评：解决此题的关键掌握纸带的处理，知道匀变速直线运动在连续相时间内的位移之差是一恒量，根底题．11．〔10分〕为检测一个标称值为20Ω的滑动变阻器，现可供使用的器材如下：A．待测滑动变阻器R x，总电阻约20ΩB．电流表A1，量程200mA，内阻约2.0ΩC．电流表A2，量程3A，内阻约0.12ΩD．电压表V1，量程15V，内阻约15kΩE．电压表V2，量程3V，内阻约3kΩF．滑动变阻器R，总电阻约10ΩG．直流电源E，电动势3V，内阻不计H．电键S、导线假设干①为了尽可能精确测R x的总电阻值，所选电流表为A1〔填“A1”或“A2”〕，所选电压表为V2〔填“V1”或“V2”〕；②请根据原理图甲，完成图乙未完成的实物连接；③闭合开关S前，滑动变阻器R的滑片置于最左〔左或右〕端；④如图丙所示是用螺旋测微器测量待测滑动变阻器所采用的电阻丝的直径，那么该电阻丝的直径为1.205mm．考点：伏安法测电阻．专题：题；恒电流专题．分析：此题原理是：伏安法测电阻．注意涉及两方面问题一是测量电路和控制电路的选择，二是仪器的选择．由于待测电阻很小，故可用安培表外接法，由于滑动变阻器内阻大于待测电阻，故分压、限流电路均可，仪器选择的原那么是：使指针偏转尽量大些．螺旋测微器的读数需要先读出主尺的刻度，然后读出可动刻度；解答：解：①选择仪器一是注意平安性，不能超过量程，二是注意准确性．当指针偏转角度大时，测量比拟准确，一般要使指针在三分之二左右偏转，根据所给电源为3V，待测电阻大约20Ω可知电路中电流不会超过0.15A，所以电压表选择V2，电流表选择A1．②根据原理图甲，进行实物连接．③闭合开关S前，滑动变阻器R的滑片置于最左端，使得待测滑动变阻器两端电压最小．④螺旋测微器的读数需要先读出主尺的刻度，为：1mm，然后读出可动刻度，为：0.01×20.5=0.205mm．所以总读数为：1mm+0.205mm=1.205mm故答案为：①A1；V2②如图③左④05点评：设计电路时，要通过估算，当电压表内阻远大于待测电阻电阻时用外接法，否那么用内接法；当要求电流或电压从零调或变阻器全电阻远小于待测电阻值时，变阻器用分压式，一般来说变阻器能用限流式的也可以用分压式．12．〔18分〕如下图，一带电量为q，质量为m的小球A在光滑绝缘的水平面上从静止开始经电压U加速后，与同质量的静止小球B发生碰撞，并粘在一起，水平进入互相垂直的匀强电场和匀强磁场〔磁感强度为B〕的复合场中，粘合体在此空间的竖直面内做匀速圆周运动，重力加速度为g，试求：〔1〕小球A、B碰撞前后的速度各为多少？〔2〕电场强度E为多少？〔3〕小球做匀速圆周运动过程中，从轨道的最低点到最高点机械能改变了多少？考点：动量守恒律；动能理的用．专题：动量与动能理或能的转化与守恒律综合．分析：〔1〕由动能理求出A的初速度，然后由动量守恒律求出碰撞后A、B 的速度．〔2〕根据小球做匀速圆周运动可知，重力与电场力平衡，据此求出电场强度．〔3〕电场力做功使小球机械能增加，用牛顿第二律可以求出机械能的增加量．解答：解：〔1〕设碰撞前A球速度为v0，由动能理有：qU=mv02﹣0，解得：v0=，设碰撞后A、B球的速度为v，碰撞过程动量守恒，以A的初速度方向为正方向，由动量守恒律有：mv0=2mv，解得：v=；〔2〕带电小球在复合场中做匀速圆周运动，重力与电场力平衡：2mg=qE，解得：E=；〔3〕带电小球从轨道最低点到最高点过程中，受到重力、电场力和洛伦兹力，其中洛伦兹力不做功，电场力做正功，使小球机械能增加，设轨道半径为R，那么机械能改变：△E=2qER，由洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二律得：qvB=2m，联立各式得出：△E=；答：〔1〕小球A、B 碰撞前的速度为：、0，碰撞后的速度都为．〔2〕电场强度E 为；〔3〕小球做匀速圆周运动过程中，从轨道的最低点到最高点机械能改变了．点评：此题考查了求小球的速度、电场强度、机械能的增量，分析清楚物体运动过程、用动能理、平衡条件、动量守恒律、牛顿第二律即可正确解题．13．〔18分〕在水平长直的轨道上，有一长度L=2m的平板车在外力控制下始终保持速度v0=4m/s向右做匀速直线运动．某时刻将一质量为m=1kg的小滑块轻放到车面的中点，滑块与车面间的动摩擦因数为μ=0.2，取g=10m/s2，求：〔1〕小滑块m的加速度大小和方向；〔2〕通过计算判断滑块能否从车上掉下；〔3〕假设当滑块放到车面中点的同时对该滑块施加一个与v0同向的恒力F，要保证滑块不能从车的左端掉下，恒力F大小满足什么条件？考点：牛顿第二律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：牛顿运动律综合专题．分析：〔1〕小滑块受重力、支持力和摩擦力，根据牛顿第二律列式求解加速度；〔2〕先假设小车足够长，根据运动学公式求解出共速时的相对位移，然后再比拟即可；〔3〕滑块放到车面上后，向右做匀加速运动，小车也向右做匀加速运动．当滑块恰好滑到小车的最左端时速度与车相同时，恒力F取得最小值，根据运动学公式和位移关系，求出小车的加速度，再根据牛顿第二律求出F的最小值．解答：解：〔1〕物块放上车时相对小车向左运动，滑动摩擦力向右f=μmg根据牛顿第二律有：F合=fF合=ma得物块加速度：a=μg=2m/s2方向向右〔与v0同向〕〔2〕物块放上车后作匀加速直线运动，设当经历时间t之后速度到达v0，物块通过位移s1=且v0=at小车通过位移：s2=v0t位移差：△s=s2﹣s1由于，故物块会掉下来；〔3〕加上恒力F的方向与摩擦力方向相同，故物块合力=f+F由牛顿第二律有：=ma′物块放上车后作匀加速直线运动，设当经历时间t ʹ之后速度到达v0，物块通过位移：=且v0=a′t′小车通过位移：=v0t′只需要满足位移差：△s′=即可联立各式有：F≥6N答：〔1〕小滑块m的加速度大小为2m/s2，方向向右；〔2〕滑块能从车上掉下；〔3〕假设当滑块放到车面中点的同时对该滑块施加一个与v0同向的恒力F，要保证滑块不能从车的左端掉下，恒力F大小不小于6N．点评：对物体运动的正确判断，物体从端不滑下的前提是车的位移﹣物体的位移小于，物体不从右端滑出，物体在力F作用下加速运动，当撤去F后，物体在滑动摩擦力作用下做减速直线运动，当速度与车相同时，注意车和物体的位移关系．。
湖北省荆门市龙泉中学2016届高三上学期第一次月考8月月考物理试题
龙泉中学2016届高三年级8月月考物 理命题人：刘兆云 审题人：许来双本试卷共２页，全卷满分110分，考试用时90分钟。
注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、班级、准考证号填写在答题卡上。
2．选择题的作答：每小题选出答案后，用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。
答在试题卷、草稿纸上无效。
3．非选择题的作答：用黑色墨水签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。
答在试题卷、草稿纸上无效。
4．考生必须保持答题卡的整洁。
考试结束后，请将答题卡上交。
一、单项选择题（本题共5小题，每小题６分，共30分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求）1．两辆汽车在平直公路上行驶，甲车内一个人看乙车没有动，而乙车内的一个人看见路旁的树木向西运动，如果以大地为参考系，上述观察说明A ．甲车不动，乙车向东运动B ．乙车不动，甲车向东运动C ．甲车向西，乙车向东运动D ．甲、乙两车以相同的速度向东运动2．一辆长为0.6m 的电动小车沿水平面向右做匀变速直线运动，用频闪周期为2s 的相机拍摄了一组照片。
用刻度尺测量照片上的长度，结果如图所示。
则小车的加速度大小为A ．0.5m/s 2B ．1.5m/s 2C ．2.5m/s 2D ．以上均错误3．一物体做竖直上抛运动，1s 时运动位移的大小为上升最大高度的94，则关于物体上抛的初速度，下列说法正确的是A ．初速度只有一个值B ．初速度应有两个值C ．初速度可能有三个值D ．初速度可能有四个值4．重50N 的物体，在粗糙水平面上向右运动，物体和水平面间的动摩擦因数2.0=μ，同时物体还受到一个大小为10N 、方向水平向左的拉力F 作用，如图所示，则水平面对物体的摩擦力的大小和方向是A ．10N ，水平向左B ．20N ，水平向左C ．10N ，水平向右D ．20N ，水平向右5．如图所示，在水平面上运动的小车内，有一质量为M 的物块与两根劲度系数分别为k 1、k 2的弹簧连接，小车向右做匀加速直线运动。
湖北省荆门市龙泉中学高三物理上学期八月月考试题
龙泉中学2014届高三年级8月月考物 理 试 卷一、选择题（本小题共10个小题，每小题全部选对的得5分，选不全的得3分，选错或者不选的得0分。
共50分。
）1．沿光滑的竖直墙壁用网兜把一个足球挂在A 点(如图)，足球受到的重力为G ，网兜的质量不计。
悬绳与墙壁的夹角为α=30o。
悬绳给球的拉力为T F ，墙壁给球的支持力为N F ，下列表述正确的是( ) A ．N F 大于GB ．T F 小于GC ．N F 与T F 的合力一定竖直向上D ．N F 与T F 大小之和等于G2．在物理学的重大发现中，科学家总结出了许多物理学方法，如：理想实验法、控制变量法、极限思想法、类比法、科学假说法和建立理想模型法等，以下关于物理学研究方法的叙述正确的是 ( )A ．根据速度的定义式，当Δt 非常小时，就可以表示物体在t 时刻的瞬时速度，该定义运用了极限思想法B ．引入平均速度﹑重心﹑合力与分力的槪念运用了等效替代法C ．在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程等分成很多小段，每一小段近似看做匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里运用了微元法D ．用比值法定义了速度﹑加速度﹑位移这三个物理量3．质点做直线运动的位移x 与时间t 的关系为x = 4t + 2t 2（各物理量均采用国际单位制单位），则该质点的运动情况是（ ） A ．第3s 内的位移是14mB ．前3s 内的平均速度是7m/sC ．任意相邻1s 内的位移差都是2mD ．任意1s 内的速度变化量都是4m/s4．如右图,一固定斜面上两个质量相同的小物块A 和B 紧挨着匀速下滑,A 与B 的接触面光滑.已知A 与斜面之间的动摩擦因数是B 与斜面之间动摩擦因数的2倍,斜面倾角为α.B 与斜面之间的动摩擦因数是 ( )A.αtan 32B.αcot 32C.αtanD.αcot5．如图所示，物体P 放在粗糙水平面上，左边用一根轻弹簧与竖直墙相连，物体静止时弹簧的长度小于原长。
2020-2021学年湖北省荆门市龙泉中学高三(上)月考物理试卷(8月份)
2020-2021学年湖北省荆门市龙泉中学高三（上）月考物理试卷（8月份）试题数：18.满分：1001.（单选题.3分）甲、乙两车在同一水平道路上.一前一后相距x=4m.乙车在前.甲车在后.某时刻两车同时开始运动.两车运动的x-t图象如图所示.则下列表述正确的是（）A.乙车做曲线运动.甲车做直线运动B.甲车先做匀减速运动.后做匀速运动C.乙车的速度不断减小D.两车相遇两次2.（单选题.3分）如图所示.水平光滑长杆上套有一物块Q.跨过悬挂于O点的轻小光滑圆环的细线一端连接Q.另一端悬挂一物块P.设细线的左边部分与水平方向的夹角为θ.初始时θ很小.现将P、Q由静止同时释放。
关于P、Q以后的运动下列说法正确的是（）A.当θ=60°时.P、Q的速度之比1：2B.当θ=90°时.Q的速度最小C.当θ=90°时.P的速度最大D.当θ向90°增大的过程中Q的合力一直增大3.（单选题.3分）如图所示.物体B叠放在物体A上.A、B的质量均为m.且上下表面均与斜面平行.它们以共同的速度沿倾角为θ的固定斜面C匀速下滑。
则（）A.A、B间没有摩擦力B.A受到B的静摩擦力方向沿斜面向下C.A受到斜面的滑动摩擦力大小为mgsinθD.A与斜面间的动摩擦因数μ＞tanθ4.（单选题.3分）甲、乙两个质点沿同一直线运动.其中质点甲以6m/s的速度匀速直线运动.质点乙做初速度为零的匀变速直线运动.它们的位置x随时间t的变化如图所示。
已知t=3s时.甲、乙图线的斜率相等。
下列判断正确的是（）A.最初的一段时间内.甲、乙的运动方向相反B.t=3s时.乙的位置坐标为-11mC.图t=6s时.两车相遇D.乙经过原点的速度大小为2 √5 m/s5.（单选题.3分）如图所示.倾角θ=30°的斜面上有一重为G的物体.在与斜面底边平行的水平推力F作用下沿斜面上的虚线匀速运动.若图中φ=45°.则（）A.推力F一定是一个变力B.物体可能沿虚线向上运动C.物体与斜面间的动摩擦因数μ= √33D.物体与斜面间的动摩擦因数μ=√636.（单选题.3分）如图所示.小球A位于斜面上.小球B与小球A位于同一高度.现将小球A、B 分别以v1和v2的初速度水平抛出.都落在了倾角为45°的斜面上的同一点.且小球B恰好垂直打到斜面上.不计空气阻力.则v1：v2为（）A.3：2B.2：1C.1：1D.1：27.（单选题.3分）如图所示.有一内壁光滑的高为H=5m、宽为L=1m的直立长方形容器.可视为质点的小球在上端口边缘O以水平初速度v0向左抛出正好打在E点.若球与筒壁碰撞时无能量损失.不计空气阻力.重力加速度的大小为g=10m/s2．则小球的初速度v0的大小可能是（）A.2m/sB.4m/sC.6m/sD.9m/s8.（单选题.3分）如图.两段等长轻质细线将质量分别为m、3m的小球a、b.悬挂于O点。
湖北省荆门市龙泉中学2024年高三物理第一学期期中复习检测试题含解析
湖北省荆门市龙泉中学2024年高三物理第一学期期中复习检测试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。
回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、如图所示，质量为m的小球用细线拴住放在光滑斜面上，斜面足够长，倾角为α的斜面体置于光滑水平面上，用水平力F推斜面体使斜面体缓慢地向左移动，小球沿斜面缓慢升高（细绳尚未到达平行于斜面的位置）.在此过程中（）A．绳对小球的拉力减小B．绳对小球的拉力增大C．斜面体对小球的支持力减少D．斜面体对小球的支持力先变大后变小2、类比是一种常用的研究方法．对于直线运动，教科书中讲解了由v t-图像求位移，由F x- (力-位移)图像求做功的方法．请你借鉴此方法分析下列说法，其中正确的是（）A．由F v-图线和横轴围成的面积可求出对应速度变化过程中力做功的功率B．由F t-图线和横轴围成的面积可求出对应时间内力所做的冲量C．由U I-图线和横轴围成的面积可求出对应的电流变化过程中电流的功率D．由rω-图线和横轴围成的面积可求出对应半径变化范围内做圆周运动物体的线速度3、某同学绕操场一周跑了400m，用时65s，这两个物理量分别是A．路程、时刻B．位移、时刻C．路程、时间间隔D．位移、时间间隔4、质量为m的物体，由静止开始下落，由于阻力作用，下落的加速度为45g，在物体下落h的过程中，下列说法中错误的是（）A．物体的动能增加了45 mghB．物体的机械能减少了45 mghC．物体克服阻力所做的功为15 mghD．物体的重力势能减少了mgh5、如图所示，虚线AB和CD分别为椭圆的长轴和短轴，相交于O点，两个等量异种点电荷分别处于椭圆的两个焦点M、N上，下列说法中正确的是A．A、B两处电势、场强均相同B．C、D两处电势、场强均相同C．带正电的试探电荷在O处的电势能小于在B处的电势能D．带正电的试探电荷在C处给予某-初速度，电荷可能做匀速圆周运动6、如图所示，“天舟一号”货运飞船与“天宫二号”空间实验室对接后，组合体在时间t 内沿圆周轨道绕地球转过的角度为θ，组合体轨道半径为r，引力常量为G，不考虑地球自转．则（）A．组合体做圆周运动的线速度为trθB．可求出组合体受到地球的万有引力C．地球的质量为232 r Gt θD．可求出地球的平均密度二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。
湖北省荆门市龙泉中学高三物理模拟试卷(含解析)
湖北省龙泉中学高考物理模拟试卷二、选择题：1．在人类对物质运动规律的认识过程中，许多物理学家大胆猜想、勇于质疑，取得了辉煌的成就，下列有关科学家及他们的贡献描述中正确的是（）A．开普勒潜心研究第谷的天文观测数据，提出行星绕太阳做匀速圆周运动B．牛顿最早证明了行星公转轨道是椭圆，行星所受的引力大小跟行星到太阳距离的二次方成反比C．亚里士多德对运动的研究，确立了许多用于描述运动的基本概念，比如平均速度、瞬时速度已经加速度D．伽利略探究物体下落规律的过程使用的科学方法是：问题→猜想→数学推理→实验验证→合理外推→得出结论2．如图所示，甲、乙两个交流电路中，电源的电压、输出电流均相等．若理想变压器原、副线圈的匝数为n1、n2，则负载电阻R1与R2的比值为（）A．n1：n2B．n2；n1C．n：nD．n：n3．如图所示，两个等量异种点电荷对称地放在一无限大平面的两侧（两点电荷未画出），O 点是两点电荷连线与平面的交点，也是连线的中点．在平面内以O点为圆心画两个同心圆，两圆上分别有a、b、c、d四个点，则以下说法正确的是（）A．若某个检验电荷只在此电场的电场力作用下运动到c点和d点时，加速度大小一定相等B．a、c两点电场强度大小相等C．带正电的检验电荷从a点在平面内移动到d点电势能一定减小D．检验电荷可以仅在此电场的电场力作用下在此平面内做匀速圆周运动4．在天文观测中，因为观测视角的问题，有时会看到一种比较奇怪的“双星”系统：与其它天体相距很远的两颗恒星，在同一直线上往返运动，它们往返运动的中心相同，周期也一样．模型如图所示，恒星A在A1A2之间往返运动，恒星B在B1B2之间往返运动，且A1A2=a，B1B2=b，现观测得它们运动的周期为T，恒星A、B的质量分别为M、m，万有引力常量G，则（）A．M+m= B．M+m=C．M+m= D．M+m=5．如图所示，将长度为L的直导线放置在y轴上，当通以大小为I、沿y轴负方向的电流后，测得其受到的安培力大小为F、方向沿x轴正方向．则匀强磁场的磁感应强度可能（）A．沿z轴正方向，大小为B．在xOy平面内，大小为C．在zOy平面内，大小为D．在zOy平面内，大小为6．一带负电的粒子只在电场力作用下沿x轴正向运动，其电势能E随位移x变化的关系如图所示，其中0～x2段是对称的曲线，x2～x3段是直线，则下列说法正确的是（）A．x1处电场强度为零B．x1、x2、x3处电势φ1、φ2、φ3的关系为φ1＞φ2＞φ3C．粒子在0～x2段做匀变速运动，x2～x3段做匀速直线运动D．x2～x3段是匀强电场7．甲、乙两质点在同一时刻、同一地点沿同一方向做直线运动．质点甲做初速度为零，加速度大小为a1的匀加速直线运动．质点乙做初速度为v0，加速度大小为a2的匀减速直线运动至速度减为零保持静止．甲、乙两质点在运动过程中的x﹣v（位置速度）图象如图所示（虚线与对应的坐标轴垂直）（）A．在x﹣v图象中，图线a表示质点甲的运动，质点乙的初速度v0=6m/sB．质点乙的加速度大小a2=2m/s2C．质点甲的加速度大小a1=2m/s2D．图线a、b的交点表示两质点同时到达同一位置8．半径为a右端开小口的导体圆环和长为2a的导体直杆，单位长度电阻均为R0．圆环水平固定放置，整个内部区域分布着竖直向下的匀强磁场，磁感应强度为B．杆在圆环上以速度v平行于直径CD向右做匀速直线运动，杆始终有两点与圆环良好接触，从圆环中心O开始，杆的位置由θ确定，如图所示．则（）A．θ=0时，杆产生的电动势为2BavB．θ=时，杆产生的电动势为C．θ=0时，杆受的安培力大小为D．θ=时，杆受的安培力大小为三、非选择题（一）必考题9．在探究弹力和弹簧伸长的关系时，某同学先按图1对弹簧甲进行探究，然后把弹簧甲和弹簧乙并联起来按图2进行探究．在弹性限度内，将质量为m=50g的钩码逐个挂在弹簧下端，分别测得图1、图2中弹簧的长度L1、L2如表所示．已知重力加速度g=9.8m/s2，要求尽可能多的利用测量数据，计算弹簧甲的劲度系数k=N/m（结果保留两位有效数字）．由表中数据（填“能”或“不能”）计算出弹簧乙的劲度系数．10．小灯泡灯丝的电阻会随温度的升高而变大．某同学为研究这一现象，用实验描绘小灯泡的伏安特性曲线．实验可供选择的器材有：A．小灯泡（“2.5V，1.2W”）B．电流表（量程：0～0.6A，内阻为1Ω）C．电压表（量程：0～3V，内阻未知）D．滑动变阻器（0～10Ω，额定电流1A ）E．滑动变阻器（0～5Ω，额定电流0.5A ）F．电源（E=3V，内阻不计）G．定值定阻R0（阻值R0=6Ω）H．开关一个和导线若干（1）要求小灯泡两端的电压从零开始变化，且能尽量消除系统误差，在图1方框内画出实验电路图．（2）实验中，应该选用的滑动变阻器是（填写器材前字母代号）．（3）按照正确的电路图，该同学测得实验数据如下：（I是的示数，U是的示数，U灯是小灯泡两端的实际电压）．请通过计算补全表格中的空格，然后在图2中画出小灯泡的伏安特性曲线．（4）该同学将与本实验中一样的两个小灯泡以及给定的定值电阻R0三者一起串联接在本实验中提供的电源两端，则每个灯泡的实际功率是W．11．如图所示，质量为M=2kg的足够长的木板A静止在水平地面上，其上表面水平，木板A 与地面间的动摩擦因数为μ1=0.1．一个质量为m=3kg的小物块B（可视为质点）静止于A 的左端，小物块B与木板A间的动摩擦因数为μ2=0.3，现给小物块B一个水平向右的初速度，大小为v0=1m/s．求：木板A与小物块B在整个运动过程中位移大小之比（最大静摩擦力的大小等于滑动摩擦力的大小，g取10m/s2）．12．如图所示，半径为R的圆形区域，c为圆心，在圆上a点有一粒子源以相同的速率向圆面内各个方向发射多个质量为m、电荷量为+q 的带电粒子．当圆形区域存在垂直于圆面、磁感应强度大小为B的匀强磁场时，沿ac方向射入的粒子从b 点离开场区，此过程粒子速度方向偏转了．若只将圆形区域内的磁场换成平行于圆面的匀强电场，粒子从电场圆边界的不同位置射出时有不同的动能，其最大动能是初动能的4倍，经过b点的粒子在 b点的动能是初动能的3倍．不计粒子重力及粒子间的相互作用．求：（1）粒子源发射粒子的速率v0及从b点离开磁场的粒子在磁场中运动的最长时间t m（2）电场强度的方向及大小．（二）选考题：【物理--选修3-4】13．在均匀介质中，t=0时刻振源O沿+y方向开始振动，t=0.9时x轴上0至14m范围第一次出现图示的简谐横波波形，由此可以判断：波的周期为s，x=20m处质点在0～1.2s内通过的路程为m．14．如图所示，一个折射率为的三棱镜的截面为等腰直角△ABC，∠A为直角．此截面所在平面内的一束光线沿与AB边成θ角（θ＜90°）的方向入射到AB边的中点P处．若要光线进入三棱镜后能射到AC边上且能在AC面上发生全反射，则cosθ应满足什么条件？【物理--选修3-5】15．某放射性元素经过6天后，只剩下没有衰变，它的半衰期是天．为估算某水库的库容，可取一瓶无毒的该放射性元素的水溶液，测得瓶内溶液每分钟衰变8×107次．现将这瓶溶液倒入水库，8 天后在水库中取水样1.0m3（可认为溶液己均匀分布），测得水样每分钟衰变20次．由此可知水库中水的体积约为m3．16．如图所示，质量为M、半径为R的质量分布均匀的圆环静止在粗糙的水平桌面上，一质量为m（m＞M）的光滑小球以某一水平速度通过环上的小孔正对环心射入环内，与环发生第一次碰撞后到第二次碰撞前小球恰好不会从小孔中穿出．假设小球与环内壁的碰撞为弹性碰撞，只考虑圆环与桌面之间的摩擦，求圆环通过的总位移？高考物理模拟试卷（5月份）参考答案与试题解析二、选择题：1．在人类对物质运动规律的认识过程中，许多物理学家大胆猜想、勇于质疑，取得了辉煌的成就，下列有关科学家及他们的贡献描述中正确的是（）A．开普勒潜心研究第谷的天文观测数据，提出行星绕太阳做匀速圆周运动B．牛顿最早证明了行星公转轨道是椭圆，行星所受的引力大小跟行星到太阳距离的二次方成反比C．亚里士多德对运动的研究，确立了许多用于描述运动的基本概念，比如平均速度、瞬时速度已经加速度D．伽利略探究物体下落规律的过程使用的科学方法是：问题→猜想→数学推理→实验验证→合理外推→得出结论【考点】物理学史．【分析】根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可．【解答】解：A、开普勒潜心研究第谷的天文观测数据，提出行星绕太阳做椭圆运动．故A 错误．B、开普勒最早证明了行星公转轨道是椭圆，行星所受的引力大小跟行星到太阳距离的二次方成反比，故B错误；C、伽利略对运动的研究，确立了许多用于描述运动的基本概念，比如平均速度、瞬时速度已经加速度，故C错误；D、伽利略探究物体下落规律的过程使用的科学方法是：问题→猜想→数学推理→实验验证→合理外推→得出结论，故D正确；故选：D2．如图所示，甲、乙两个交流电路中，电源的电压、输出电流均相等．若理想变压器原、副线圈的匝数为n1、n2，则负载电阻R1与R2的比值为（）A．n1：n2B．n2；n1C．n：n D．n：n【考点】变压器的构造和原理．【分析】根据电压与匝数成正比，求出电阻R2的电压，根据P=求解功率，根据功率相等即可求解电阻的比值关系．【解答】解：设电源的电压为U1，则R1消耗的功率P1=根据电压与匝数成正比得：U2=则R2消耗的功率P2=因为P1=P2所以故选：C3．如图所示，两个等量异种点电荷对称地放在一无限大平面的两侧（两点电荷未画出），O 点是两点电荷连线与平面的交点，也是连线的中点．在平面内以O点为圆心画两个同心圆，两圆上分别有a、b、c、d四个点，则以下说法正确的是（）A．若某个检验电荷只在此电场的电场力作用下运动到c点和d点时，加速度大小一定相等B．a、c两点电场强度大小相等C．带正电的检验电荷从a点在平面内移动到d点电势能一定减小D．检验电荷可以仅在此电场的电场力作用下在此平面内做匀速圆周运动【考点】电势差与电场强度的关系；电场强度．【分析】两等量异号点电荷电场线的分布具有对称性，两连线的垂直平分线是一条等势线，两个同心圆均在同一等势面上．根据等量异号点电荷电场线的对称性，分析ac场强关系和电势关系．a点的电势等于d点的电势，即可知a、d电势关系，由推论：正电荷在电势高处电势能大，分析电势能关系．【解答】解：AB、根据等量异号点电荷电场线的对称性可知，a、b两处电场线疏密程度相同，则场强大小相同，d、c两点的电场强度大小也相同，但a、c两点电场强度大小不相等．故B错误．由上分析可知，c点和d点的电场强度的大小相等，则加速度的大小也一定相等．故A正确．C、两等量异号点电荷连线的垂直平分线是一条等势线，则a、b、c、d四个点电势均相等，由推论：正电荷从a点在平面内移动到d点电势能不变．故C错误．D、根据等量异种点电荷的电场线的分布，可知，检验电荷受到的电场力不在此平面内，因此不可能做圆周运动，故D错误．故选：A．4．在天文观测中，因为观测视角的问题，有时会看到一种比较奇怪的“双星”系统：与其它天体相距很远的两颗恒星，在同一直线上往返运动，它们往返运动的中心相同，周期也一样．模型如图所示，恒星A在A1A2之间往返运动，恒星B在B1B2之间往返运动，且A1A2=a，B1B2=b，现观测得它们运动的周期为T，恒星A、B的质量分别为M、m，万有引力常量G，则（）A．M+m=B．M+m=C．M+m=D．M+m=【考点】万有引力定律及其应用．【分析】两颗恒星做的均为圆周运动，所给的距离为运动的直径，即运动的半径及周期可知，由万有引力提供向心力可确定质量之和．【解答】解：对于B的运动： =m①对于A的运动： =②由①②可得：M+m=则B正确，ACD错误．故选：B5．如图所示，将长度为L的直导线放置在y轴上，当通以大小为I、沿y轴负方向的电流后，测得其受到的安培力大小为F、方向沿x轴正方向．则匀强磁场的磁感应强度可能（）A．沿z轴正方向，大小为B．在xOy平面内，大小为C．在zOy平面内，大小为D．在zOy平面内，大小为【考点】磁感应强度；安培力．【分析】根据左手定则判断磁场的方向，由F=BILsinθ分析磁感应强度可能值．【解答】解：已知电流沿y轴负方向，安培力方向沿x轴正方向，根据左手定则判断得知匀强磁场的磁感应强度在zOy平面内．设磁场与导线的夹角为α，则0°＜α≤90°当α=90°时，由F=BILsinα可知，B有最小值为 B min=当0°＜α＜90°，B＞，所以B=和B=是可能的．故AB错误，CD正确．故选：CD6．一带负电的粒子只在电场力作用下沿x轴正向运动，其电势能E随位移x变化的关系如图所示，其中0～x2段是对称的曲线，x2～x3段是直线，则下列说法正确的是（）A．x1处电场强度为零B．x1、x2、x3处电势φ1、φ2、φ3的关系为φ1＞φ2＞φ3C．粒子在0～x2段做匀变速运动，x2～x3段做匀速直线运动D．x2～x3段是匀强电场【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系．【分析】根据电势能与电势的关系：E p=qφ，场强与电势的关系：E=，结合分析图象斜率与场强的关系，即可求得x1处的电场强度；根据能量守恒判断速度的变化；由E p=qφ，分析电势的高低．由牛顿第二定律判断加速度的变化，即可分析粒子的运动性质．根据斜率读出场强的变化，由F=qE，分析电场力的变化，【解答】解：A、根据电势能与电势的关系：E p=qφ，场强与电势的关系：E=，得：E=•，由数学知识可知E p﹣x图象切线的斜率等于，x1处切线斜率为零，则x1处电场强度为零，故A正确．B、根据电势能与电势的关系：E p=qφ，粒子带负电，q＜0，则知：电势能越大，粒子所在处的电势越低，所以有：φ1＞φ2＞φ3．故B正确．C、D、由图看出在0～x1段图象切线的斜率不断减小，由上式知场强减小，粒子所受的电场力减小，加速度减小，做非匀变速运动．x1～x2段图象切线的斜率不断增大，场强增大，粒子所受的电场力增大，做非匀变速运动．x2～x3段斜率不变，场强不变，即电场强度大小和方向均不变，是匀强电场，粒子所受的电场力不变，做匀变速直线运动，故C错误，D正确．故选：ABD．7．甲、乙两质点在同一时刻、同一地点沿同一方向做直线运动．质点甲做初速度为零，加速度大小为a1的匀加速直线运动．质点乙做初速度为v0，加速度大小为a2的匀减速直线运动至速度减为零保持静止．甲、乙两质点在运动过程中的x﹣v（位置速度）图象如图所示（虚线与对应的坐标轴垂直）（）A．在x﹣v图象中，图线a表示质点甲的运动，质点乙的初速度v0=6m/sB．质点乙的加速度大小a2=2m/s2C．质点甲的加速度大小a1=2m/s2D．图线a、b的交点表示两质点同时到达同一位置【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【分析】根据图象中速度随位移的变化关系判断哪个图象是甲的运动图象，哪个是乙的图象，再根据图象直接读出x=0时，乙的速度；分别对甲和乙，根据运动学基本公式列式，联立方程求解即可加速度．【解答】解：A、根据图象可知，a图象的速度随位移增大而增大，b图象的速度随位移增大而减小，所以图象a表示质点甲的运动，当x=0时，乙的速度为6m/s，即质点乙的初速度v0=6m/s．故A正确．B、设质点乙、甲先后通过x=6m处时的速度均为v，对质点甲：v2=2a1x ①对质点乙：v2﹣=﹣2a2x ②联立①②解得：a1+a2=3m/s2③当质点甲的速度v1=8m/s、质点乙的速度v2=2m/s时，两质点通过相同的位移均为x′．对质点甲： =2a1x′④对质点乙： =﹣2a2x′⑤联立④⑤解得：a1=2a2⑥联立③⑥解得：a1=2m/s2，a2=1m/s2．故B错误，C正确；D、图线a、b的交点表示两质点在同一位置，但不是同时，故D错误．故选：AC8．半径为a右端开小口的导体圆环和长为2a的导体直杆，单位长度电阻均为R0．圆环水平固定放置，整个内部区域分布着竖直向下的匀强磁场，磁感应强度为B．杆在圆环上以速度v平行于直径CD向右做匀速直线运动，杆始终有两点与圆环良好接触，从圆环中心O开始，杆的位置由θ确定，如图所示．则（）A．θ=0时，杆产生的电动势为2BavB．θ=时，杆产生的电动势为C．θ=0时，杆受的安培力大小为D．θ=时，杆受的安培力大小为【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律；安培力．【分析】根据几何关系求出此时导体棒的有效切割长度，根据法拉第电磁感应定律求出电动势．注意总电阻的求解，进一步求出电流值，即可算出安培力的大小．【解答】解：A、θ=0时，杆产生的电动势E=BLv=2Bav，故A正确；B、θ=时，根据几何关系得出此时导体棒的有效切割长度是a，所以杆产生的电动势为Bav，故B错误；C、θ=0时，由于单位长度电阻均为R0．所以电路中总电阻（2+π/2）aR0．所以杆受的安培力大小F=BIL=B•2a=，故C错误；D、θ=时，电路中总电阻是（π+1）aR0所以杆受的安培力大小F′=BI′L′=，故D正确；故选：AD．三、非选择题（一）必考题9．在探究弹力和弹簧伸长的关系时，某同学先按图1对弹簧甲进行探究，然后把弹簧甲和弹簧乙并联起来按图2进行探究．在弹性限度内，将质量为m=50g的钩码逐个挂在弹簧下端，分别测得图1、图2中弹簧的长度L1、L2如表所示．已知重力加速度g=9.8m/s2，要求尽可能多的利用测量数据，计算弹簧甲的劲度系数k= 49 N/m（结果保留两位有效数字）．由表中数据能（填“能”或“不能”）计算出弹簧乙的劲度系数．【考点】探究弹力和弹簧伸长的关系．【分析】根据弹簧形变量的变化量，结合胡克定律求出弹簧甲的劲度系数．通过弹簧并联时的弹力的变化量和形变量的变化量可以求出弹簧并联的劲度系数，再根据k并=k甲+k乙，计算弹簧乙的劲度系数．【解答】解：由表格中的数据可知，当弹力的变化量△F=mg=0.05×9.8N=0.49N时，弹簧形变量的变化量为△x1=，根据胡克定律知甲的劲度系数：．把弹簧甲和弹簧乙并联起来时，由胡克定律根据表中数据，类似于上述方法可以计算出并联时总的劲度系数k并，根据k并=k甲+k乙，可以计算出乙的劲度系数．故答案为：49，能．10．小灯泡灯丝的电阻会随温度的升高而变大．某同学为研究这一现象，用实验描绘小灯泡的伏安特性曲线．实验可供选择的器材有：A．小灯泡（“2.5V，1.2W”）B．电流表（量程：0～0.6A，内阻为1Ω）C．电压表（量程：0～3V，内阻未知）D．滑动变阻器（0～10Ω，额定电流1A ）E．滑动变阻器（0～5Ω，额定电流0.5A ）F．电源（E=3V，内阻不计）G．定值定阻R0（阻值R0=6Ω）H．开关一个和导线若干（1）要求小灯泡两端的电压从零开始变化，且能尽量消除系统误差，在图1方框内画出实验电路图．（2）实验中，应该选用的滑动变阻器是 D （填写器材前字母代号）．（3）按照正确的电路图，该同学测得实验数据如下：（I是的示数，U是的示数，U灯是小灯泡两端的实际电压）．请通过计算补全表格中的空格，然后在图2中画出小灯泡的伏安特性曲线．（4）该同学将与本实验中一样的两个小灯泡以及给定的定值电阻R0三者一起串联接在本实验中提供的电源两端，则每个灯泡的实际功率是0.18 W．【考点】描绘小电珠的伏安特性曲线．【分析】（1）通过滑动变阻器分压和限流的特点确定滑动变阻器的接法，抓住电流表的内阻为定值，采用电流表的内接法．（2）通过通过滑动变阻器的电流选择合适的变阻器．（3）根据串并联电路的特点，结合欧姆定律求出灯泡两端的电压，作出U﹣I图线．（4）根据欧姆定律得出灯泡两端的电压与电流的关系，作出U﹣I图线，通过交点得出实际电流和电压，从而得出灯泡的实际功率．【解答】解：（1）因为小灯泡两端的电压从零开始变化，所以滑动变阻器采用分压式接法．电流表的内阻是定值，可以采用电流表内接法，电流等于通过灯泡的电流，通过电流表的电压可以得出灯泡两端的电压．电路图如图所示．（2）因为通过灯泡的额定电流接近0.5A，与滑动变阻器并联后，电流会大于0.5A，所以滑动变阻器选择D．（3）灯泡两端的电压等于电源表的读数减去电流表的读数与电流表内阻乘积之差，结果如表格中所示．U﹣I图线如图所示．（4）在同一坐标系中作出2U+IR0=E的图线，根据此图线与灯泡的U﹣I图线的交点可得此时灯泡的电压U=0.6V，电流I=0.3A．所以，灯泡的实际功率为 P=UI=0.18W．故答案为：（1）（2）D（3）（4）0.18W．11．如图所示，质量为M=2kg的足够长的木板A静止在水平地面上，其上表面水平，木板A 与地面间的动摩擦因数为μ1=0.1．一个质量为m=3kg的小物块B（可视为质点）静止于A 的左端，小物块B与木板A间的动摩擦因数为μ2=0.3，现给小物块B一个水平向右的初速度，大小为v0=1m/s．求：木板A与小物块B在整个运动过程中位移大小之比（最大静摩擦力的大小等于滑动摩擦力的大小，g取10m/s2）．【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【分析】根据牛顿第二定律分别求出A、B的加速度，结合运动学公式求出速度相同时，A、B的位移大小，然后A、B保持相对静止，一起做匀减速运动，再根据速度位移公式求出一起匀减速运动的位移，从而得出A、B的总位移大小．【解答】解：分别以A、B为研究对象，受力分析，木板和物块的加速度大小分别为 a A、a B，由牛顿第二定律得：μ2mg=ma Bμ2mg﹣μ1（m+M）g=Ma A，假设经过t0秒A、B共速，共同速度设为v共，由匀变速直线运动的规律得：v0﹣a B t0=a A t0=v共，解得：，，t0=0.2s，v共=0.4m/s．共速过程中，A的位移大小设为x A，B的位移大小设为x B，则，，解得：x A=0.04m，x B=0.14m．假设共速之后，A、B一起向右匀减速运动，木板和物块间的静摩擦力大小为f，木板和物块的加速度大小分别为a A′、a B′，由牛顿第二定律得：f=ma B′μ1（m+M）g﹣f=Ma A′解得：f=μ1mg＜μ2mg，假设成立，．设共速之后至A、B均静止，A的位移设为x A′，B的位移设为x B′，则．整个过程中A的位移大小X A=x A+x A′=0.12mB的位移大小X B=x B+x B′=0.22m．则X A：X B=6：11．答：木板A与小物块B在整个运动过程中位移大小之比为6：11．12．如图所示，半径为R的圆形区域，c为圆心，在圆上a点有一粒子源以相同的速率向圆面内各个方向发射多个质量为m、电荷量为+q 的带电粒子．当圆形区域存在垂直于圆面、磁感应强度大小为B的匀强磁场时，沿ac方向射入的粒子从b 点离开场区，此过程粒子速度方向偏转了．若只将圆形区域内的磁场换成平行于圆面的匀强电场，粒子从电场圆边界的不同位置射出时有不同的动能，其最大动能是初动能的4倍，经过b点的粒子在 b点的动能是初动能的3倍．不计粒子重力及粒子间的相互作用．求：（1）粒子源发射粒子的速率v0及从b点离开磁场的粒子在磁场中运动的最长时间t m（2）电场强度的方向及大小．【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动．【分析】（1）画出运动轨迹，根据几何知识求解半径，根据qv0B=m求解初速度，根据圆心角和周期求解时间；（2）设电场方向与ab连线夹角为θ，离开电场时动能最大的粒子的射出点和C点连线一定和电场方向平行．画出图象，根据动能定理列式求解即可【解答】解：（1）粒子在磁场中作匀速圆周运动，设轨迹圆半径为r，作出以ab为弦的两段圆弧如图2所示，O1、O2分别为两圆圆心，由从b点射出的粒子速度偏转角知：对以O1。
湖北省荆门中学2022届高三物理8月月考试题
荆门市一中2022届高三年级8月月考物理试题本试卷共2页，共16题，全卷满分110分，考试用时90分钟。
一选择题：本题共10小题，每小题5分，共50分。
其中第1～6题只有一项符合题目要求，第7～10题有多项符合题目要求。
全部选对得5分，选对但不全的得3分，选错的得0分。
1．如图，粗糙水平地面上放有一斜劈，小物块以一定初速度从斜劈底端沿斜面向上滑行，回到斜劈底端时的速度小于它上滑的初速度。
已知斜劈始终保持静止，则小物块A．上滑的位移与下滑的位移相同B．上滑所需时间大于下滑所需时间C．上滑时的加速度与下滑时的加速度相等D．上滑和下滑过程，斜劈受到地面的摩擦力方向相同2．如图所示，在竖直平面内，一根不可伸长的轻质软绳两端打结系于“ V”型杆上的AB两点，已知OM边竖直，且｜AO｜=｜OB｜，细绳绕过光滑的滑轮，重物悬挂于滑轮下处于静止状态。
若在纸面内绕端点O按顺时针方向缓慢转动“V”型杆，直到ON边竖直，绳子的张力为T，则A．张力T一直增大 B．张力T先减小后增大C．张力T一直减小 D．张力T先增大后减小3．现在无人机在**事和民用方面的应用越来越广泛。
如果在某次航拍过程中的无人机需要从悬停状态改为加速度大小为2m/s2的水平方向的匀加速运动，则无人机的螺旋桨旋转平面与水平面之间的夹角的正切值应为（已知重力加速度g=10m/s2）A．0 B．0.2 C．0.5 D．0.6 4．如图所示，一个“V”型槽的左侧挡板A竖直，右侧挡板B为斜面，槽内嵌有一个质量为m的光滑球C，“V”型槽在水平面上由静止开始向右做加速度不断减小的直线运动的一小段时间内，设挡板AB对球的弹力分别为F1F2，下列说法正确的是A．F1F2都逐渐增大B．F1F2的合力逐渐减小C．F1逐渐减小，F2逐渐增大D．F1F2都逐渐减小5．如图所示，竖直放置在水平面上的轻质弹簧上叠放着两物块AB，相互绝缘且质量均为2kg，A带正电，电荷量为0.1C，B不带电。
湖北省荆州市荆门龙泉中学2022年高三物理上学期期末试卷含解析
湖北省荆州市荆门龙泉中学2022年高三物理上学期期末试卷含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. 如图所示，在倾斜导轨上固定一光电门，让装有挡光片的小车每次从同一位置由静止开始下滑，实验中分别记录了四种挡光片的宽度及相应的挡光时间，数据见表格。
为了尽可能准确得到挡光片开始挡光时小车的瞬时速度，应选择的测量数据是A．第1组 B．第2组C．第3组 D．第4组参考答案：D2. （单选）如图所示，质量不等的盒子A和物体B用细绳连接，跨过光滑的定滑轮，A置于倾角为θ的斜面上，与斜面间的动摩擦因数μ=tanθ，B悬于斜面之外而处于静止状态．现向A中缓慢加入沙子，下列说法正确的是（）A绳子的拉力逐渐减小B对斜面的压力逐渐增大C所受的摩擦力一定逐渐增大D可能沿斜面下滑参考答案：解：A、绳子拉力等于B的重力，保持不变，故A错误；B、A对斜面的压力等于A及沙子的总重力沿垂直于斜面的分力，随着沙子质量的增加，A对斜面的压力逐渐增大，故B正确；C、由于不知道A的重力沿着斜面方向的分力与细线拉力的大小关系，故不能确定静摩擦力的方向，故随着沙子质量的增加，静摩擦力可能增加、减小，故C错误；D、由于μ=tnaθ，故增加的重力的分力与增加的摩擦力大小相等，方向相反；故不会使物体滑动；故D错误；故选：B．3. （多选题）一质点做匀速直线运动，现对其施加一恒力，且原来作用在质点上的力不发生改变，则（）A．质点一定做匀变速直线运动B．质点可能做匀变速曲线运动C．质点单位时间内速度的变化量相同D．质点速度的方向总是与该恒力的方向相同参考答案：BC【考点】曲线运动；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【分析】正确理解和应用牛顿第二定律解决力与运动的关系，明确物体做曲线运动的条件，明确匀速圆周运动所受外力特点．【解答】解：A、若所施加的外力方向与物体运动方向相同，则物体做匀加速直线运动，但如果力与初速度不在同一直线上，则不可能做直线运动，故A错误；B、由牛顿第二定律可知，质点加速度的大小、方向总是恒定，所以可能是匀变速曲线运动，故B正确；C、质点的加速度恒定，速度的变化量在单位时间内是相同的，故C正确；D、如果力与初速度不在同一直线上，则不可能做直线运动，速度的方向不能总是与该恒力的方向相同．故D错误；故选：BC4. (单选)如图所示，一定质量的理想气体，从状态A等容变化到状态B，再等压变化到D，已知在状态A时，气体温度TA=600 K，则气体在状态B时的温度为______________。
XX省荆门市龙泉中学届高三物理月考试卷
龙泉中学2018届高三年级8月月考物理试题一、单项选择题（本题包括6小题，共30分。
每题给出的四个选项中，只有一个选项正确）1．静止在圆滑水平面上的物体，碰到一个水平拉力，在力刚开始作用的瞬时以下说法中正确的选项是（ ） A ．物体马上获得加速度和速度B ．物体马上获得加速度，但速度仍为零C ．物体马上获得速度但加速度仍为零D ．物体速度，加速度均为零2．某人在湖面静止的小船上竖直上抛一小铁球，小铁球上升到最高点后自由下落，穿过湖水并坠入湖底的淤泥中一段深度。
不计空气阻力，取向上为正方向，在以下列图所示v —t 图象中，最能反响小铁 球运动过程的速度——时间图线是（ ） 3．一个物体在多个力的作用下处于静止状态。
若是使其中的一个力方向保持不变，而大小先随时间平均减小到零，尔后又从零随时间平均增大到原来的大小，在这个过程中其余各力均不变，那么以下各图中，能正确描述该过程中物体的速度或加速度的变化情况的是（ ）4．以下列图，两个质量分别为m 1=2kg 、m 2=3kg 的物体置于圆滑的水平面上，中间用轻质弹簧秤连接。
两个大小分别为F 2=30N 、F 1=20N 的水平拉力分别作用在m 1、m 2上，则（ ） A ．弹簧秤的示数是25N B ．在突然撤去F 2的瞬时，m 1的加速度大小为15m/s 2C ．弹簧秤的示数是50ND ．在突然撤去F 1的瞬时，m 1的加速度大小为12m/s 2F 2F 1m 1m 25．以下列图，A 、B 两小球质量分别为M A 和M B 连在弹簧两端， B 端用细线固定在倾角为30°的圆滑斜面上，若不计弹簧质量，在线被剪断瞬时，A 、B 两球的加速度分别为（ ） A.0和B. 都为C.和 0 D.0和6．以下列图，小车向右做匀加速运动的加速度大小为a ，箱顶经过细线悬吊着一小铁球m ， m 相对小车静止时，细线与竖直方向的夹角为θ．若小车的加速度逐渐增大到2a 时，m 仍与车保持相对静止，则 （ ） A ．小铁球所受的合力不变 B ．细线的拉力增加到原来的2倍C ． 细线与竖直方向的夹角增加到原来的2倍D ． 细线与竖直方向夹角的正切值增加到原来的2倍二、多项选择题（本题包括4小题，共20分。
2020-2021学年湖北省荆门市龙泉中学高三(上)月考物理试卷(8月份)
2020-2021学年湖北省荆门市龙泉中学高三（上）月考物理试卷（8月份）一、单项选择题（每题3分，共24分）1. 甲、乙两车在同一水平道路上，一前一后相距x＝4m，乙车在前，甲车在后，某时刻两车同时开始运动，两车运动的x−t图象如图所示，则下列表述正确的是（）A.甲车先做匀减速运动，后做匀速运动B.乙车做曲线运动，甲车做直线运动C.两车相遇两次D.乙车的速度不断减小2. 如图所示，水平光滑长杆上套有一物块Q，跨过悬挂于O点的轻小光滑圆环的细线一端连接Q，另一端悬挂一物块P，设细线的左边部分与水平方向的夹角为θ，初始时θ很小，现将P、Q由静止同时释放。
关于P、Q 以后的运动下列说法正确的是（）A.当θ＝90∘时，Q的速度最小B.当θ＝60∘时，P、Q的速度之比1:2C.当θ向90∘增大的过程中Q的合力一直增大D.当θ＝90∘时，P的速度最大3. 如图所示，物体B叠放在物体A上，A、B的质量均为m，且上下表面均与斜面平行，它们以共同的速度沿倾角为θ的固定斜面C匀速下滑。
则（）A.A受到B的静摩擦力方向沿斜面向下B.A、B间没有摩擦力C.A与斜面间的动摩擦因数μ>tanθD.A受到斜面的滑动摩擦力大小为mg sinθ4. 甲、乙两个质点沿同一直线运动，其中质点甲以6m/s的速度匀速直线运动，质点乙做初速度为零的匀变速直线运动，它们的位置x随时间t的变化如图所示。
已知t＝3s时，甲、乙图线的斜率相等。
下列判断正确的是（）A.t＝3s时，乙的位置坐标为−11mB.最初的一段时间内，甲、乙的运动方向相反C.乙经过原点的速度大小为2√5m/sD.图t＝6s时，两车相遇5. 如图所示，倾角θ＝30∘的斜面上有一重为G的物体，在与斜面底边平行的水平推力F作用下沿斜面上的虚线匀速运动，若图中φ=45∘，则（）A.物体可能沿虚线向上运动B.推力F一定是一个变力C.物体与斜面间的动摩擦因数μ=√63D.物体与斜面间的动摩擦因数μ=√336. 如图所示，小球A位于斜面上，小球B与小球A位于同一高度，现将小球A、B分别以v1和v2的初速度水平抛出，都落在了倾角为45∘的斜面上的同一点，且小球B恰好垂直打到斜面上，不计空气阻力，则v1:v2为（）A.2:1B.3:2C.1:1D.1:27. 如图所示，有一内壁光滑的高为H＝5m、宽为L＝1m的直立长方形容器，可视为质点的小球在上端口边缘O以水平初速度v0向左抛出正好打在E点，若球与筒壁碰撞时无能量损失，不计空气阻力，重力加速度的大小为g＝10m/s2．则小球的初速度v0的大小可能是（）A.4m/sB.2m/sC.6m/sD.9m/s8. 如图，两段等长轻质细线将质量分别为m、3m的小球a、b，悬挂于O点。
湖北剩门市龙泉中学高三物理月月考试卷
龙泉中学2018届高三年级8月月考物理试题一、单项选择题（本题包括6小题，共30分。
每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确） 1．静止在光滑水平面上的物体，受到一个水平拉力，在力刚开始作用的瞬间下列说法中正确的是（ ）A ．物体立即获得加速度和速度B ．物体立即获得加速度，但速度仍为零C ．物体立即获得速度但加速度仍为零D ．物体速度，加速度均为零2．某人在湖面静止的小船上竖直上抛一小铁球，小铁球上升到最高点后自由下落，穿过湖水并陷入湖底的淤泥中一段深度。
不计空气阻力，取向上为正方向，在下图所示v —t 图象中，最能反映小铁球运动过程的速度——时间图线是（ ） 3．一个物体在多个力的作用下处于静止状态。
如果使其中的一个力方向保持不变，而大小先随时间均匀减小到零，然后又从零随时间均匀增大到原来的大小，在这个过程中其余各力均不变，那么下列各图中，能正确描述该过程中物体的速度或加速度的变化情况的是（ ）4．如图所示，两个质量分别为m 1=2kg 、m 2=3kg 的物体置于光滑的水平面上，中间用轻质弹簧秤连接。
两个大小分别为F 2=30N 、F 1=20N 的水平拉力分别作用在m 1、m 2上，则（ ） A ．弹簧秤的示数是25NB ．在突然撤去F 2的瞬间，m 1的加速度大小为15m/s2C ．弹簧秤的示数是50ND ．在突然撤去F 1的瞬间，m 1的加速度大小为12m/s25．如图所示，A 、B 两小球质量分别为M A 和M B 连在弹簧两端， B 端用细线固定在倾角为30°的光滑斜面上，若不计弹簧质量，在线被剪断瞬间，A 、B 两球的加速度分别为（ ）A.0和2g B. 都为2gC.()2A B B M M g M +和 0D.0和()2A B BM M g M +6．如图所示，小车向右做匀加速运动的加速度大小为a ，箱顶通过细线悬吊着一小铁球m ， m 相对小车静止时，细线与竖直方向的夹角为θ．若小车的加速度逐渐增大到2a 时，m 仍与车保持相对静止，则 （ ） A ．小铁球所受的合力不变 B ．细线的拉力增加到原来的2倍C ． 细线与竖直方向的夹角增加到原来的2倍D ． 细线与竖直方向夹角的正切值增加到原来的2倍二、多项选择题（本题包括4小题，共20分。
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龙泉中学2014届高三年级8月月考
物 理 试 卷
一、选择题（本小题共10个小题，每小题全部选对的得5分，选不全的得3分，选错或者不选的得0分。
共50分。
）
1．沿光滑的竖直墙壁用网兜把一个足球挂在A 点(如图)，足球受到的重力为G ，网兜的质量不计。
悬绳与墙壁的夹角为α=30o。
悬绳给球的拉力为T F ，墙壁给球的支持力为N F ，
下列表述正确的是( ) A ．N F 大于G
B ．T F 小于G
C ．N F 与T F 的合力一定竖直向上
D ．N F 与T F 大小之和等于G
2．在物理学的重大发现中，科学家总结出了许多物理学方法，如：理想实验法、控制变量法、极限思想法、类比法、科学假说法和建立理想模型法等，以下关于物理学研究方法的叙述正确的是 ( )
A ．根据速度的定义式，当Δt 非常小时，就可以表示物体在t 时刻的瞬时速度，该定义运用了极限思想法
B ．引入平均速度﹑重心﹑合力与分力的槪念运用了等效替代法
C ．在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程等分成很多小段，每一小段近似看做匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里运用了微元法
D ．用比值法定义了速度﹑加速度﹑位移这三个物理量
3．质点做直线运动的位移x 与时间t 的关系为x = 4t + 2t 2
（各物理量均采用国际单位制单位），则该质点的运动情况是（ ） A ．第3s 内的位移是14m
B ．前3s 内的平均速度是7m/s
C ．任意相邻1s 内的位移差都是2m
D ．任意1s 内的速度变化量都是4m/s
4．如右图,一固定斜面上两个质量相同的小物块A 和B 紧挨着匀速下滑,A 与B 的接触面光滑.已知A 与斜面之间的动摩擦因数是B 与斜面之间动摩擦因数的2倍,斜面倾角为α.B 与斜面之间的动摩擦因数是 ( ) A.
αtan 3
2
B.
αcot 3
2
C.αtan
D.αcot
5．如图所示，物体P 放在粗糙水平面上，左边用一根轻弹簧与竖直墙相连，物体静止时弹簧的长度小于原长。
若再用一个从0开始逐渐增大的水平力F 向右拉P ，直到拉动，那么在P 被拉动之前的过程中，弹簧对P 的弹力F T 的大小和地面对P 的摩擦力f 的大小的变化情况（ ）
A. 弹簧对P 的弹力F T 始终增大，地面对P 的摩擦力始终减小
B. 弹簧对P 的弹力F T 保持不变，地面对P 的摩擦力始终增大
C. 弹簧对P 的弹力F T 保持不变，地面对P 的摩擦力先减小后增大
D. 弹簧对P 的弹力F T 先不变后增大，地面对P 的摩擦力先增大后减小
A
6．如图所示是骨折病人的牵引装置示意图，绳的一端固定，绕过定滑轮和动滑轮后挂着一个重物，与动滑轮的帆布带拉着病人的脚，整个装置在同一竖直
平面内．为了使脚所受的拉力增大，可采取的方法是( ) A ．只增加绳的长度 B ．只增加重物的质量
C ．只将病人的脚向左移动远离定滑轮
D ．只将两定滑轮的间距变大
7．从地面竖直上抛一物体A ，同时在离地面某一高度处有一物体B 自由下落，两物体在空中同时到达同一高度时速度大小均为v ，则下列说法正确的是 ( ) A ．A 上抛的初速度与B 落地时速度大小相等，都是2v B ．两物体在空中运动的时间相等
C ．A 上升的最大高度与B 开始下落时的高度相同
D ．两物体在空中同时达到的同一高度处一定是B 开始下落时高度的中点
8．如图所示，两楔形物块A 、B 两部分靠在一起，物块B 放置在水平地面上，物块A 上端用绳子拴在天花板上，绳子处于竖直伸直状态， A 、B 两物块均保持静止。
则下列说法正确的是( ) A ．绳子的拉力可能不为零
B ．地面受的压力不一定大于物块B 的重力
C ．物块B 与地面间不存在摩擦力
D ．物块B 受到地面的摩擦力水平向左
9．测速仪安装有超声波发射和接收装置，如图所示，B 为测速仪，A 为汽车，两者相距335 m ，某时刻B 发出超声波，同时A 由静止开始做匀加速直线运动．当B 接收到反射回来的超声波信号时，A 、B 相距355 m ，已知声速为340 m/s ，则汽车的加速度大小
为( )
A ．20 m/s 2
B ．10 m/s 2
C ．5 m/s 2
D ．无法确定
10．甲、乙两车在同一水平道路上,一前一后相距6s
m =,乙车在前,
甲车在后,某时刻两车同时开始运动,两车运动的过程如图所示,则
下列表述正确的是( ) A.当4t s =时两车相遇 B.时4t s =两车间的的距离最大 C.两车有两次相遇 D.两车有三次相遇
二、实验题：本大题共2小题，共12分。
11.（3分）(1)某研究性学习小组，为了研究和比较刻度尺、游标卡尺和螺旋测微器的精度，实验中得到了下列不同的结果：
A ．2.4cm
B ．2.38cm
C ．2.372cm
D ．2.375cm
E ．2.3750cm 其中用最小分度值是毫米的刻度尺测量的结果是___________ 用游标上有50分度的游标卡尺测量的结果是___________
用螺旋测微器测量的结果是 （以上三空只填写字母）
12．（9分）物理小组在一次探究活动中测量滑块与木板之间的动摩擦因数。
实验装置如图甲所示，打点计时器固定在斜面上，滑块拖着穿过打点计时器的纸带从斜面上由静止滑下，图乙是打出的纸带的一段。
（1）已知打点计时器所使用的交流电的频率为50Hz ，选A 、B 、C 、D 、E 、F 、G 共7个计数
点，且各计数点间均有一个点没有画出，则滑块下滑的加速度a ＝________m/s 2
（结果保留3位有效数字）。
（2）为测量动摩擦因数，下列物理量中还应测量的有___________。
A 、木板的长度L
B 、木板的末端被垫起的高度h
C 、木板的质量m 1
D 、滑块的质量m 2
E 、滑块运动的时间t （3）滑块与木板间的动摩擦因数μ＝____________。
（用被测物理量的字母表示，滑块下
滑的加速度为a ，重力加速度为g ）
三、解答题：本题共5小题，共48分．解答时应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位． 13．（8分）有一根长L =5m 的铁链悬挂在某楼顶上，楼中有一窗口，窗口上沿离铁链的
悬点H =25m 。
当铁链从静止开始下落后始终保持竖直，不计空气阻力，g =10m/s 2。
求： （1）铁链的下端A 下落到窗口的上沿B 时，铁链的速度大小；
（2）接着铁链经过整个窗口用了t =0.3s 的时间，窗口的高度h 为多少？（g =10m/s 2
）
14. （8分） 如图所示，质量为m ，横截面为直角三角形的物块ABC ，∠ABC ＝α，AB 边靠在竖直墙上，AB 与墙之间的动摩擦因数为μ，F 是垂直于斜面BC 的推力，现物块沿墙面匀速下滑，求推力F 的大小.
15．（10分）2012年8月10日，改装后的瓦良格号航空母舰（该舰被海军命名为辽宁
舰，编号为16号）进行出海航行试验，中国成为拥有航空母舰的国家之一。
已知该航空母舰飞行甲板长度为L=300m ，某种战斗机在航空母舰上起飞过程中的最大加速度为a=4．5 m ／s 2
，飞机速度要达到v=60 m ／s 才能安全起飞。
(1)如果航空母舰静止，战斗机被弹射装置弹出后开始加速，要保证飞机起飞安全，战斗机
单位:cm
乙
B
A
被弹射装置弹出时的速度至少是多大?
(2)如果航空母舰匀速前进，在没有弹射装置的情况下，要保证飞机安全起飞，航空母舰前进的速度至少是多大?
16．(10分)一光滑圆环固定在竖直平面内，环上套着两个小球A 和B （中央有孔），A 、B 间由轻细绳连接着，它们处于图中所示位置时恰好都能保持静止状态.B 球与环中心O 处于同一水平面上，A 、B 间的细绳呈伸直状态,与水平线成30︒夹角.已知B 球的质量为m ，求： （1）细绳对B 球的拉力 （2）A 球的质量
17.(12分)一木箱放在平板车的中部，距平板车的后端、驾驶
室后端均为L =1.5m ，如图所示处于静止状态，木箱与平板车之间的动摩擦因数为μ=0.5，现使汽车以a 1=6m/s 2
的加速度
匀加速启动，速度达到v =6m/s 后接着做匀速直线运动，运动
一段时间后匀减速刹车（设最大静摩擦力等于滑动摩擦力）.
求：
（1）木箱速度达到v =6m/s 时，所需要的时间t ？ （2）当木箱与平板车的速度都达到v =6m/s 时，木箱在平板车上的位置（离驾驶室后端距离）；
（3）刹车时为保证木箱不会撞到驾驶室，刹车时间t ＇至少应为多少？（g =10m/s 2
)。