高考物理电磁学知识点之电磁感应分类汇编含答案

高考物理电磁学知识点之电磁感应分类汇编含答案
一、选择题
1．如图所示，矩形线圈abcd在匀强磁场中可以分别绕垂直于磁场方向的轴P1和P2以相同的角速度匀速转动，当线圈平面转到与磁场方向平行时()
A．线圈绕P1转动时的电流等于绕P2转动时的电流
B．线圈绕P1转动时的电动势小于绕P2转动时的电动势
C．线圈绕P1和P2转动时电流的方向相同，都是a→b→c→d
D．线圈绕P1转动时dc边受到的安培力大于绕P2转动时dc边受到的安培力
2．如图所示，A、B是两个完全相同的灯泡，D是理想二极管，L是带铁芯的线圈，其电阻忽略不计。

下列说法正确的是
A．S闭合瞬间，A先亮B．S闭合瞬间，A、B同时亮
C．S断开瞬间，A闪亮一下，然后逐渐熄灭D．S断开瞬间，B逐渐熄灭
3．如图所示，闭合导线框的质量可以忽略不计，将它从如图所示的位置匀速拉出匀强磁场．若第一次用0.3 s时间拉出，外力所做的功为W1，通过导线截面的电荷量为q1；第二次用0.9 s时间拉出，外力所做的功为W2，通过导线截面的电荷量为q2，则( )
A．W1<W2，q1<q2B．W1<W2，q1＝q2C．W1>W2，q1＝q2D．W1>W2，q1>q2 4．如图所示，MN和PQ为竖直方向的两平行长直金属导轨，间距l为0.4m，电阻不计。

导轨所在平面与磁感应强度B为0.5T的匀强磁场垂直。

质量m为6.0×10-3kg电阻为1Ω的金属杆ab始终垂直于导轨，并与其保持光滑接触。

导轨两端分别接有滑动变阻器R2和阻值为3.0Ω的电阻R1。

当杆ab达到稳定状态时以速率v匀速下滑，整个电路消耗的电功率P为0.27W。

则（）
A．ab稳定状态时的速率v=0.4m/s
B．ab稳定状态时的速率v=0.6m/s
C．滑动变阻器接入电路部分的阻值R2=4.0Ω
D．滑动变阻器接入电路部分的阻值R2=6.0Ω
5．如图所示，一带铁芯线圈置于竖直悬挂的闭合铝框右侧，与线圈相连的导线abcd内有水平向里变化的磁场．下列哪种变化磁场可使铝框向左偏离 ( )
A．B．
C．D．
6．如图所示，用粗细均匀的铜导线制成半径为r、电阻为4R的圆环，PQ为圆环的直径，在PQ的左右两侧均存在垂直圆环所在平面的匀强磁场，磁感应强度大小均为B，但方向相反，一根长为2r、电阻为R的金属棒MN绕着圆心O以角速度ω顺时针匀速转动，金属棒与圆环紧密接触。

下列说法正确的是（）
ω
A．金属棒MN两端的电压大小为2
B r
B．金属棒MN中的电流大小为
2 2
B r R
C．图示位置金属棒中电流方向为从N到M
D．金属棒MN转动一周的过程中，其电流方向不变
7．如图所示，铁芯P上绕着两个线圈A和B， B与水平光滑导轨相连，导体棒放在水平导轨上。

A中通入电流i（俯视线圈A，顺时针电流为正），观察到导体棒向右加速运动，则A中通入的电流可能是（）
A．B．
C．D．
8．如图所示，A、B是相同的白炽灯，L是自感系数很大、电阻可忽略的自感线圈。

下面说法正确的是（）
A．闭合开关S瞬间，A、B灯同时亮，且达到正常
B．闭合开关S瞬间，A灯比B灯先亮，最后一样亮
C．断开开关S瞬间，P点电势比Q点电势低
D．断开开关S瞬间，通过A灯的电流方向向左
9．如图所示两个线圈绕在同一根铁芯上，其中一线圈通过开关与电源连接，另一线圈与远处沿南北方向水平放置在纸面内的直导线连接成回路。

将一小磁针用一弹性细丝悬挂在直导线正上方，开关断开时小磁针处于静止状态。

下列说法正确的是（）
A ．闭合开关小磁针N 极朝垂直纸面向里转动，接着回到原位
B ．闭合开关，小磁针N 极朝垂直纸面向里转动，并保持在转动后的位置
C ．开关从闭合状态断开，小磁针N 极不发生偏转
D ．开关从闭合状态断开，小磁针N 极朝垂直纸面向里转动，接着回到原位
10．如图所示，abcd 是边长为L ，每边电阻均相同的正方形导体框，今维持线框以恒定的速度v 沿x 轴运动，并穿过倾角为45°的三角形匀强磁场区域，磁场的磁感应强度为B ，方向垂直纸面向里。

线框b 点在O 位置时开始计时，则在2L t v
时间内，a 、b 两点的电势差U 随时间t 的变化图线为（ ）
A ．
B ．
C ．
D ．
11．磁卡的磁条中有用于存储信息的磁极方向不同的磁化区，刷卡器中有检测线圈．当以速度v 0刷卡时，在线圈中产生感应电动势，其E －t 关系如图所示．如果只将刷卡速度改为02
v ，线圈中的E －t 关系图可能是( )
A．B．C．
D．
12．如图所示，P、Q是两个完全相同的灯泡，L是自感系数很大、电阻可不计的线圈。

闭合开关K，一段时间后电路中的电流稳定，下列说法正确的是（）
A．P灯不亮，Q灯亮
B．P灯与Q灯亮度相同
C．断开开关K时，P立即熄灭，Q慢慢熄灭
D．断开开关K时，P突然变亮且保持亮度不变，Q立即熄灭
13．如图甲所示，一根电阻R＝4 Ω的导线绕成半径d＝2 m的圆，在圆内部分区域存在变化的匀强磁场，中间S形虚线是两个直径均为d的半圆，磁感应强度随时间变化如图乙所示(磁场垂直于纸面向外为正，电流逆时针方向为正)，关于圆环中的感应电流—时间图象，下列选项中正确的是( )
A． B．
C．
D．
14．如图所示，弹簧上端固定，下端悬挂一个磁铁。

如果在磁铁的下端的水平桌面上放一个固定的闭合线圈，并使磁极上下振动。

磁铁在向下运动的过程中，下列说法正确的
A．线圈给它的磁场力始终向上
B．线圈给它的磁场力先向上再向下
C．线圈给它的磁场力始终向下
D．线圈给它的磁场力先向下再向上
15．如图所示，在垂直纸面向里、范围足够大的匀强磁场中，放置一个金属圆环，圆环平面与磁场方向垂直，若要使圆环中产生如图中箭头所示方向的瞬时感应电流，下列方法可行的是
A．使匀强磁场均匀增强
B．使匀强磁场均匀减弱
C．使圆环向左或向右平动
D．使圆环向上或向下平动
16．航母上飞机弹射起飞是利用电磁驱动来实现的。

电磁驱动原理如图所示,在固定线圈左右两侧对称位置放置两个闭合金属圆环，铝环和铜环的形状、大小相同，已知铜的电阻率较小,则合上开关S的瞬间（）
A．两个金属环都向左运动
B．两个金属环都向右运动
C．从左侧向右看，铝环中感应电流沿顺时针方向
D．铜环受到的安培力小于铝环受到的安培力
17．如图甲所示，竖直放置的螺线管与导线abcd构成回路，导线所围区域内有一垂直纸面向里的匀强磁场，螺线管正下方水平桌面上有一导体圆环。

导线abcd所围区域内磁场的磁感应强度按图乙中哪一种图线随时间变化时，导体圆环对桌面的压力将小于环的重力（）
A ．
B ．
C ．
D ．
18．如图所示的电路中，1A 和2A 是完全相同的两只灯泡，线圈L 的电阻可以忽略，下面说法中正确的是
A ．合上开关S 接通电路时，1A 和2A 同时亮
B ．合上开关S 接通电路时，2A 先亮，1A 后亮
C ．断开开关S 切断电路时，2A 先灭，1A 后灭
D ．断开开关S 切断电路时，1A 先灭，2A 后灭
19．如图所示，竖直放置的长直导线通有恒定电流，有一矩形线框与导线在同一平面内，在下列情况中线框中不能产生感应电流的是（ ）
A ．导线中的电流变大
B ．线框以PQ 为轴转动
C ．线框向右平动
D ．线框以AB 边为轴转动
20．如图，固定在水平面上的U 形金属框上，静止放置一金属杆ab ，整个装置处于竖直向上的磁场中．当磁感应强度B 均匀减小时，杆ab 总保持静止，则在这一过程中( )
A ．杆中的感应电流方向是从a 到b
B ．杆中的感应电流大小均匀增大
C ．金属杆所受安培力水平向左
D ．金属杆受到的摩擦力逐渐减小
21．如图，在光滑水平桌面上有一边长为L 、电阻为R 的正方形导线框；在导线框右侧有一宽度为d (d >L )的条形匀强磁场区域，磁场的边界与导线框的一边平行，磁场方向竖直向下．导线框以某一初速度向右运动．t ＝0时导线框的右边恰与磁场的左边界重合，随后导
线框进入并通过磁场区域．下列v -
t 图像中，可能正确描述上述过程的是( )
A ．
B ．
C ．
D ．
22．如图所示，光滑导轨M 、N 水平固定放置，两根导体棒P 、Q 平行放于导轨上，形成一个闭合电路。

当一条形磁铁从上方下落（未到达导轨平面）的过程中，导体棒P 、Q 的运动情况是（ ）
A ．P 、Q 互相靠拢
B ．P 、Q 互相远离
C ．P 、Q 均静止
D ．因磁铁极性不明，无法确定
23．如图甲所示，长直导线与闭合金属线框位于同一平面内长直导线中的电流i 随时间t 的变化关系如图乙所示．在0~
2
T 时间内直导线中电流向上，则在~2T T 时间内线框中感应电流的方向与所受安培力情况是（ ）
A．感应电流方向为顺时针，线框受安培力的合力方向向左
B．感应电流方向为逆时针，线框受安培力的合力方向向右
C．感应电流方向为顺时针，线框受安培力的合力方向向右
D．感应电流方向为逆时针，线框受安培力的合力方向向左
24．如图所示，一个有矩形边界的匀强磁场区域，磁场方向垂直纸面向内．一个三角形闭合导线框，由位置1（左）沿纸面匀速运动到位置2（右）．取线框刚到达磁场边界的时刻为计时起点（t=0），规定逆时针方向为电流的正方向，则图中能正确反映线框中电流号时间关系的是（）
A．B．C．D．
25．一个简易的电磁弹射玩具如图所示，线圈、铁芯组合充当炮筒，硬币充当子弹。

现将一个金属硬币放在铁芯上（金属硬币半径略大于铁芯半径），电容器刚开始时处于无电状态，先将开关拨向1，电容器充电，再将开关由1拨向2瞬间，硬币将向上飞出。

则下列说法正确的是（）
A．当开关拨向1时，电容器上板带负电
B．当开关由1拨向2时，线圈内磁感线方向向上
C．当开关由1拨向2瞬间，铁芯中的磁通量减小
D．当开关由1拨向2瞬间，硬币中会产生向上的感应磁场
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一、选择题
1．A
解析：A
【解析】
【分析】
【详解】
AB．根据E=BωS可知，无论线圈绕轴P1和P2转动，则产生的感应电动势均相等，故感应电流相等，故A正确，B错误；
C．由楞次定律可知，线线圈绕P1和P2转动时电流的方向相同，都是a→d→c→b→a，故C错误；
D．由于线圈P1转动时线圈中的感应电流等于绕P2转动时线圈中得电流，故根据
F=BLI
可知，线圈绕P1转动时dc边受到的安培力等于绕P2转动时dc边受到的安培力，故D错误。

故选A。

2．C
解析：C
【解析】
【分析】
刚通电时，自感线圈相当于断路；稳定时，自感线圈相当于电阻（阻值看题中说明）；断电后，自感线圈相当于电源。

理想二极管具有单向导电性。

据以上两点分析电路在开关闭合瞬间、稳定、和开关断开瞬间各元件的工作情况。

【详解】
AB：刚通电时，自感线圈相当于断路，二极管中为反向电流，则电流既不通过A灯，也不通过B灯。

电路稳定时，依题意，自感线圈相当于导线，则电流流过B灯，B灯发光。

则S闭合瞬间，A、B两灯均不亮，然后A灯仍不亮，B灯逐渐变亮。

故AB两项错误。

CD：开关断开瞬间，自感线圈相当于电源，自感线圈与二极管、A灯形成回路，二极管中为正向电流，则A灯闪亮一下，然后逐渐熄灭。

开关断开后，B灯不处在回路中，B灯立即熄灭。

故C项正确，D项错误。

3．C
解析：C
【解析】
【详解】
第一次用0.3s时间拉出，第二次用0.9s时间拉出，两次速度比为3:1，由E=BLv，两次感应电动势比为3:1，两次感应电流比为3:1，由于F安=BIL，两次安培力比为3:1，由于匀速拉出匀强磁场，所以外力比为3:1，根据功的定义W=Fx，所以：
W1:W2=3:1；
根据电量q I t =∆，感应电流E I R
=，感应电动势E t φ∆=∆，得： q R
φ∆=
所以： q 1:q 2=1:1，
故W 1＞W 2，q 1=q 2。

A. W 1<W 2，q 1<q 2。

故A 错误；
B. W 1<W 2，q 1＝q 2。

故B 错误；
C. W 1>W 2，q 1＝q 2。

故C 正确；
D. W 1>W 2，q 1>q 2。

故D 错误；
4．D
解析：D
【解析】
【分析】
【详解】
AB ．当杆以稳定的速度下降的过程中，由能量守恒定律得
mgv=P
可得
0.27m/s 4.5m/s 0.06
P v mg ＝
＝＝ 故AB 错误； CD ．杆ab 达到稳定状态产生的感应电动势为
E=Blv =0.5×0.4×0.45V=0.09V
由P=IE 得
0.27A 3A 0.09
P I E =＝＝ 设电阻R 1与R 2的并联电阻为R 外，ab 棒的电阻为r ，有 1212R R R R R =
+外 E I R r
=
+外 代入数据得 R 2=6.0Ω
故C 错误，D 正确。

故选D 。

5．A
解析：A
【解析】
【详解】
由楞次定律可知，要使铝框向左远离，则螺线管中应产生增大的磁场，即螺线管中电流应增大；而螺线管中的电流是由abcd 区域内的磁场变化引起的，故abcd 中的磁场变化率应增大，故A 正确，BCD 错误．
6．B
解析：B
【解析】
【分析】
【详解】
AB ．根据法拉第电磁感应定律可得
22122
E Br B r ωω== 两半圆环并联电阻为R ，根据闭合电路欧姆定律可知金属棒中的电流大小为
22
2E Br B r I R R R R
ωω===+总 金属棒两端电压为
22
MN
B r U IR ω== 故A 错误，B 正确； CD ．由右手定则可知，在图示时刻，金属棒中电流方向由M 到N ；当OM 在右侧磁场ON 在左侧磁场时，感应电流由N 流向M ，由此可知金属棒在转动一周过程中电流方向是发生变化的，故
C 、
D 错误；
故选B 。

7．C
解析：C
【解析】
【分析】
【详解】
C ．导体棒向右加速运动，说明导体棒受到水平向右安培力，根据左手定则可知电流的方向为顺时针方向，线圈B 的磁场增大，根据楞次定理可知线圈A 的磁场应减小，故线圈A 中通入的电流需要顺时针方向减小或逆时针方向增大，故AB
D 错误，C 正确。

故选C 。

8．C
解析：C
【解析】
【分析】
【详解】
AB ．闭合电键S 接通电路时，由于线圈的阻碍，灯泡A 会迟一会亮，B 灯立即变亮，最后
一样亮，故AB 错误；
CD ．断开开关S 切断电路时，线圈中产生自感电动势，与灯泡A 、B 构成闭合回路放电，故两灯泡一起变暗，最后一起熄灭，该过程中电流的方向与线圈L 中的电流的方向相同，所以电流从左向右流过灯泡A ，从右向左流过灯泡B ，P 点电势比Q 点电势低，故C 正确，D 错误。

故选C 。

9．A
解析：A
【解析】
【分析】
【详解】
AB ．开关闭合后的瞬间，根据楞次定律，左边线圈中产生电流，电流的方向由南到北，根据安培定则，直导线上方的磁场方向垂直纸面向里，则小磁针N 极向纸里偏转，保持一段时间后，右边线圈的电流不变，根据安培定则可知，左边线圈中有磁通量但保持不变，因此左边线圈中不会产生感应电流，那么小磁针回到原位，故A 正确，B 错误； CD ．开关闭合并保持一段时间再断开后的瞬间，左边线圈磁通量减小，根据楞次定律，左边线圈中产生电流，电流的方向由北到南，根据安培定则，直导线上方的磁场方向垂直纸面向外，则小磁针N 极向垂直纸面向外的方向转动，故CD 错误。

故选A 。

10．D
解析：D
【解析】
【分析】
【详解】
bc 边的位置坐标x 在0-L 过程，线框ab 边有效切线长度为x ，感应电动势为
E=Bxv
感应电流
E Bxv i R R
＝ 根据楞次定律判断出来感应电流方向沿a →d →c →b →a ．当x =L 时
34
ab ab U iR BLv ＝＝ 在L -2L 过程，根据楞次定律判断出来感应电流方向仍然沿a →d →c →b →a ；线框ab 边有效切线长度为L ，感应电动势为
E 1=BLv
cd 边产生的电动势
E 2=B （x -L ）v
回路的总电动势
E ′=E 1-E 2=2BLv -Bxv
感应电流 (2)E B L x v i R R
'-'=
＝ 此时ab 两端的电势差 22311424
ab ab U E i R E E BLv Bxv '+'+'=+＝＝ 当x =2L 时
U ′ab =BLv
故选D 。

11．D
解析：D
【解析】
【分析】
【详解】
根据感应电动势公式E BLv =0可知，其他条件不变时，感应电动势与导体的切割速度成正
比，只将刷卡速度改为
02
v ，则线圈中产生的感应电动势的最大值将变为原来12，故D 可能，符合题意；ABC 不可能，不符合题意。

故选D ． 12．A
解析：A
【解析】
【分析】
【详解】
AB ．当开关K 闭合瞬间，两灯同时获得电压，同时发光，随着线圈L 电流的增加，逐渐将P 灯短路，P 逐渐变暗直到熄灭，同时，Q 电流逐渐增大，变得更亮，故A 正确，B 错误；
CD ．当开关K 断开瞬间，Q 中电流消失，故立即熄灭，而P 中由于电感产生了一个与电流同向的自感电动势，故右端为正，电流由灯泡P 的右侧流入，故P 亮一下逐渐熄灭，故CD 错误。

故选A 。

13．C
解析：C
【解析】
0∼1s ，感应电动势为：E 1== =4πV
感应电流大小为：I 1=E 1/R=4π/4=πA
由楞次定律知，感应电流为顺时针方向，为负方向，故C 正确，ABD 错误
故选C
点睛：根据法拉第电磁感应定律求出各个时间段的感应电动势大小，再求出感应电流大小，由楞次定律判断感应电流方向．
14．A
解析：A
【解析】
【分析】
利用楞次定律的相对运动角度分析“来拒去留”，即可一一判定求解。

【详解】
根据楞次定律的“来拒去留”，则当磁铁在向下运动的过程中，线圈产生感应电流，形成感应磁场，从而阻碍磁铁的向下运动，则线圈给它的磁场力始终向上，故A正确，BCD错误；故选A。

【点睛】
本题巧妙的考查了楞次定律的应用，只要记住“来拒去留”，同时理解“增反减同”这一规律，此类题目难度不大。

15．A
解析：A
【解析】
【分析】
穿过线圈的磁通量变化则会产生感应电流，且感应电流的方向可以根据楞次定律来判断．【详解】
AB、根据题目要是线圈中产生逆时针的电流根据楞次定律可知应该使原磁场增大，故A 对；B错；
CD、圆环向左或向右平动以及向上或向下平动时，穿过线圈中的磁通量没有发生变化，故不会产生感应电流，故CD错误；
故选A
【点睛】
产生感应电流的必备条件：穿过闭合线圈的磁通量发生变化，可以根据这个来判断本题的选项．
16．C
解析：C
【解析】
【详解】
AB．若环放在线圈两边，根据“来拒去留”可得，合上开关S的瞬间，环为阻碍磁通量增大，则环将向两边运动，故AB错误；
C．线圈中电流为右侧流入，磁场方向为向左，在闭合开关的过程中，磁场变强，则由楞次定律可知，电流由左侧向右看为顺时针，故C正确；
D．由于铜环的电阻较小，故铜环中感应电流较大，则铜环受到的安培力要大于铝环受到的安培力，故D错误。

故选C。

解析：D
【解析】
【分析】
【详解】
AB．abcd区域内的磁场均匀变化，因此产生恒定的电流，螺旋管中电流不变，其产生的磁场也不变，则导体圆环中不产生感应电流，导体圆环对桌面的压力等于重力，故A、B错误；
CD．要使导体圆环对桌面的压力小于重力，则螺线管对导体圆环为引力，由楞次定律可知穿过导体圆环的磁通量变小，故螺线管中电流变小，因此abcd区域的磁通量变化率应该越来越小，故C错误，D正确；
故选D。

18．B
解析：B
【解析】
AB、合上开关S接通电路时，两支路电流增加，所以灯泡A2马上亮起来，而在A1支路中线圈L上会产生自感电动势，阻碍电流的增加，所以使得电灯1A慢慢亮起来，故B正确，A错误；
A中的电流立即消失，但CD、当断开开关S切断电路时，电路中的电流减小，所以支路
2
是在1A支路由于L中的自感电动势阻碍电流的减少，此电流会在1A→L→2A中重新形成回路，所以会使得1A2A两灯慢慢的一起熄灭，故CD错误；
故选B．
19．B
解析：B
【解析】
【分析】
【详解】
A．导线中电流强度变大，磁场增大，线框中的磁感应强度增大，故磁通量增大，可以产生感应电流，故A错误；
B．线框以直导线PQ为轴转动，由于直导线的磁感线为以导线为圆心的同心圆，故穿过线框的磁通量不变化，则没有产生感应电流，故B正确；
C．线框向右运动时，线框所在处的磁场变小，磁通量变小，故能产生感应电流，故C错误；
D．线框以AB边为轴转动，则线圈的磁通量发生变化，会产生感应电流，选项D错误。

故选B。

20．D
解析：D
【解析】
A ．当磁感应强度
B 均匀减小时，穿过回路的磁通量减小，根据楞次定律判断得到回路中感应电流方向为逆时针方向（俯视），杆中的感应电流方向是从b 到a ，故A 错误； B ．当磁感应强度B 均匀减小时，穿过回路的磁通量均匀减小，根据法拉第电磁感应定律可知回路中产生的感应电动势不变，则感应电流大小保持不变，故B 错误；
C ．由左手定则判断可知，金属杆所受安培力水平向右，故C 错误；
D ．根据公式F BIL 可知安培力减小，根据平衡条件可知金属杆受到的摩擦力逐渐减小，故D 正确；
故选D 。

21．D
解析：D
【解析】 线框进入磁场时，由右手定则和左手点则可知线框受到向左的安培力，由于
，则安培力减小，故线框做加速度减小的减速运动；同理可知线框离开磁场
时，线框也受到向左的安培力，做加速度减小的减速运动；线框完全进入磁场后，线框中没有感应电流，不再受安培力作用，线框做匀速运动，本题选D ．
22．A
解析：A
【解析】
【分析】
【详解】
ABCD ．设磁铁的下端为N 极，则磁铁下落时，回路中的磁通量向下增大，根据楞次定律和安培定则，回路中的电流为逆时针，则由左手定则可得，P 受力向左，Q 受力向右，相互靠拢；设磁铁的下端为S 极，则在磁铁下落时，回路中的磁通量向上增大，根据楞次定律和安培定则，回路中的电流为顺时针，则由左手定则可得，P 受力向左，Q 受力向右，相互靠拢，BCD 错误A 正确。

故选A 。

23．C
解析：C
【解析】
【详解】
BD ．在0~2
T 时间内，直导线中的电流向上，由乙可知在2T ～T 时间内直线电流方向向下，根据安培定则知导线右侧磁场的方向垂直纸面向外，电流逐渐增大则磁场逐渐增强，根据楞次定律，金属线框中产生顺时针方向的感应电流；故B 项不合题意，D 项不合题意．
AC ．根据左手定则，知金属框左边受到的安培力方向水平向右，右边受到的安培力水平向左．离导线越近，磁场越强，则左边受到的安培力大于右边受到的安培力所以金属框所受
安培力的合力水平向右，故A项不合题意，C项符合题意．
24．A
解析：A
【解析】
【分析】
=
先由楞次定律依据磁通量的变化可以判定感应电流的方向，再由感应电动势公式E BLv 和欧姆定律，分段分析感应电流的大小，即可选择图象．
【详解】
线框进入磁场的过程，磁通量向里增加，根据楞次定律得知感应电流的磁场向外，由安培定则可知感应电流方向为逆时针，电流i应为正方向，故BC错误；线框进入磁场的过程，线框有效的切割长度先均匀增大后均匀减小，由E=BLv，可知感应电动势先均匀增大后均匀减小；线框完全进入磁场的过程，磁通量不变，没有感应电流产生．线框穿出磁场的过程，磁通量向里减小，根据楞次定律得知感应电流的磁场向里，由安培定则可知感应电流方向为顺时针，电流i应为负方向；线框有效的切割长度先均匀增大后均匀减小，由=，可知感应电动势先均匀增大后均匀减小，故A正确，D错误．
E BLv
25．D
解析：D
【解析】
【分析】
【详解】
A．当开关拨向1时，有短暂电流出现，电容器处于充电状态，由于电容器的上极板与电源正极相连，因此电容器的上板带正电，故A错误。

B．当开关由1拨向2时，电容器放电，电流从上向下通过线圈，根据安培定则可知，线圈中磁感线方向向下，故B错误。

C．当开关由1拨向2瞬间，电容器处于放电瞬间，电流增大，铁芯中的磁通量增大，故C 错误。

D．当开关由1拨向2瞬间，电容器处于放电瞬间，根据楞次定律，则硬币中会产生向上的感应磁场，故D正确。

故选D。