2016年黑龙江省哈尔滨三中高考物理一模试卷含参考答案

2016年黑龙江省哈尔滨三中高考物理一模试卷一、选择题1．（6分）物理学家通过艰辛的实验和理论研究探究自然规律，为人类的科学做出了巨大贡献，值得我们敬仰．下列描述中符合物理学史实的是（）A．奥斯特根据通电螺线管的磁场和条形磁铁的磁场相似性，提出了分子电流假说B．开普勒发现了行星运动三定律，进而提出了万有引力定律C．平均速度、瞬时速度和加速度等描述运动所需要的概念是伽利略首先建立的D．法拉第发现了电磁感应现象并总结出了判断感应电流方向的规律2．（6分）在水平桌面上有一个质量为M且倾角为α的斜面体．一个质量为m 的物体，在平行于斜面的拉力F作用下，沿斜面向上做匀速运动．斜面体始终处于静止状态．已知物块与斜面间的动摩擦因数为μ，重力加速度为g．下列结论正确的是（）A．斜面对物块的摩擦力大小是FB．斜面对物块的摩擦力大小是μmgC．桌面对斜面体的摩擦力大小是FcosαD．桌面对斜面体的支持力大小是（M+m）g3．（6分）t=0时．A、B两小球从相距7m的两个位置相向行驶，它们的v﹣t图象如图所示．对小球运动状况的描述正确的是（）A．在前6杪内，B球运动方向始终没有发生变化B．在第2秒末，AB两球相距最近C．在前6秒内，B球一直做加速直线运动D．在第6秒末，AB两球相距1m4．（6分）宇航员站在某一星球上，将一个小球距离星球表面h高度处由静止释放使其做自由落体运动，经过t时间后小球到达星球表面，已知该星球的半径为R，引力常量为G，则下列选项正确的是（）A．该星球的质量为B．该星球表面的重力加速度为C．该星球表面的第一宇宙速度为D．通过以上数据无法确定该星球的密度5．（6分）在如图所示电路中，闭合电键S，理想电流表和理想电压表的示数分别用I和U表示，当滑动变阻器的滑动触头P向左滑动时，两表的示数都发生变化．电源的电动势和内电阻始终不变，下列说法正确的是（）A．I变大，U变小B．比值变大C．R1的功率一定变大D．电源的总功率一定减小6．（6分）如图所示，光滑水平面上放置着四个相同的木块，其中木块B与C之间用一轻弹簧相连，轻弹簧始终在弹性限度内．现用水平拉力F拉B木块，使四个木块以相同的加速度一起加速运动，则以下说法正确的是（）A．一起加速过程中，D所受到的静摩擦力大小为B．一起加速过程中，C木块受到四个力的作用C．一起加速过程中，A、D木块所受摩擦力大小和方向相同D．当F撤去瞬间，A、D木块所受静摩擦力的大小和方向都不变7．（6分）如图所示，可视为质点的质量为m且所带电量为q的小球．用一绝缘轻质细绳悬挂于0点，绳长为L，现加一水平向右的足够大的匀强电场，电场强度大小为E=．小球初始位置在最低点，若给小球一个水平向右的初速度，使小球能够在竖直面内做圆周运动，忽略空气阻力，重力加速度为g．则下列说法正确的是（）A．小球在运动过程中机械能守恒B．小球在运动过程中机械能不守恒C．小球在运动过程的最小速度至少为D．小球在运动过程的最大速度至少为8．（6分）如图所示的正方形线框abcd边长为L，每边电阻均为r，磁感应强度为B的匀强磁场中绕cd轴以角速度ω匀速转动，c、d两点与一阻值为r的电阻相连，各表均可视为理想表，导线电阻不计，则下列说法中正确的是（）A．线框abcd产生的电流为交变电流B．当S断开时，电压表的示数为零C．当S断开时，电压表的示数为BωL2D．当闭合时，电流表的示数为二、非选择题（一）必考题9．（7分）某同学通过实验测小车加速度时，用50Hz打点计时器打出纸带如图所示，经测量x1=1.560cm，x2=4.802cm，x3=8.204cm（1）每相邻两点的时间间隔是s．（2）实验中应该先，后（填字母a、释放小车；b、接通打点计时器）（3）打点4时对应小车速度的大小为m/s，小车的加速度为m/s2（结果保留2位有效数字）10．（8分）某实验小组正在测定一节新型电池的电动势（约为3V）和内阻，现要选取一个定值电阻R0当做保护电阻．（1）首先为了准确测量定值电阻R0阻值，在操作台上准备了如下实验器材：A、电压表V（量程3V，电阻约为4KΩ）B、电流表A1（量程1A，内阻约0.5Ω）C、电流表A2（量程3A，内阻约0.5Ω）D、定值电阻R0（阻值约为3Ω）E、滑动变阻器R（0﹣10Ω）F、开关s一个，导线若干根据上述器材，在测量R0阻值时应选择（填序号）为电流表，其电路图应选择图1中哪种接法（填序号），经测量定值电阻R0的阻值为2.8Ω．（2）之后为了测量该新型电池的电动势和内阻，设计了如图2实验，在图2中将所选器材连接起来．（3）根据实验记录做出U﹣I图线如图3所示，从中可以求出待测新型电池的内阻为Ω，电池电动势为V（保留两位有效数字）．11．（14分）如图所示为圆弧形固定光滑轨道，a点切线方向与水平方向夹角53°，b点切线方向水平．一小球以水平初速度6m/s做平抛运动刚好能沿轨道切线方向进入轨道，已知轨道半径1m，小球质量1kg．（sin53=0.8，cos53=0.6，g=10m/s2）（1）求小球做平抛运动的飞行时间；（2）小球到达b点时，轨道对小球压力大小．12．（18分）质量为m带电量为﹣q的带电粒子0时刻由a点以初速度v0垂直进入磁场，如图1所示．Ⅰ区域磁场磁感应强度大小不变方向周期性变化如图2所示（垂直纸面向里为正方向）；Ⅱ区域为匀强电场，方向向上；Ⅲ区域为匀强磁场磁感应强度大小与Ⅰ区域相同均为B0．粒子在Ⅰ区域内一定能完成半圆运动且每次经过mn的时刻均为整数倍，则（1）粒子在Ⅰ区域运动的轨道半径为多少？（2）若初始位置与第四次经过mn时的位置距离为x，求粒子进入Ⅲ区域时速度的可能值（初始位置记为第一次经过mn）．（3）在满足（2）的条件下，求电场强度E的大小可能值．（二）选做题[物理-选修3-3]13．（5分）下列关于分子运动和热现象的说法正确的是（）A．气体如果失去了容器的约束就会散开，这是因为气体分子之间存在势能的缘故B．一定量100℃的水变成100℃的水蒸气，其分子之间的势能增加C．对于一定量的气体，如果压强不变，体积增大，那么它一定从外界吸热D．如果气体分子总数不变，而气体温度升高，气体分子的平均动能增大，因此压强必然增大E．一定量气体的内能等于其所有分子热运动动能和分子之间势能的总和14．（10分）如图所示，圆柱形容器内用活塞封闭一定质量的理想气体，已知容器横截面积为S，活塞重为G，大气压强为P0．若活塞固定，封闭气体温度升高1℃，需吸收的热量为Q1；若活塞不固定，仍使封闭气体温度升高1℃，需吸收的热量为Q2．不计一切摩擦，在活塞可自由移动时，封闭气体温度升高1℃，活塞上升的高度h应为多少？[物理—选修3-4]15．一简谐振子沿x轴振动，平衡位置在坐标原点．t=0时刻振子的位移x=﹣0.1m；t=s时刻x=0.1m；t=4s时刻x=0.1m．下面列出了振子的振幅和周期几组可能的值（）A．0.1m，s B．0.2m，8s C．0.2m，s D．0.1m，8s16．一列横波在x轴上传播，在t1=0时刻波形如图实线所示，t2=0.05s时刻波形如图虚线所示．若周期大于（t1﹣t2），则最小波速和最大波速分别是多少？方向如何？[物理—选修3-5]17．某种金属在光的照射下产生光电效应，其遏止电压U C与入射光频率v的关系图象如图所示．则由图象可知（）A．任何频率的入射光都能产生光电效应B．该金属的逸出功等于hv0C．入射光的频率发生变化时，遏止电压不变D．若已知电子电量e，就可以求出普朗克常量hE．入射光的频率为3v0时，产生的光电子的最大初动能为2hv018．如图，质量为M=2.0kg的小车静止在光滑的水平面上，小车BC段是半径为R=0.40m的四分之一圆弧光滑轨道，AB段是长为L=1.9m的水平粗糙轨道，其动摩擦因数为μ=0.5，两段轨道相切于B点．一质量为m=0.50kg的小滑块（可视为质点）从A点以v0=6.0m/s水平向左的速度冲上小车．忽略空气阻力，重力加速度取g=10m/s2．求小滑块相对B点能上升的最大高度是多少？2016年黑龙江省哈尔滨三中高考物理一模试卷参考答案与试题解析一、选择题1．（6分）物理学家通过艰辛的实验和理论研究探究自然规律，为人类的科学做出了巨大贡献，值得我们敬仰．下列描述中符合物理学史实的是（）A．奥斯特根据通电螺线管的磁场和条形磁铁的磁场相似性，提出了分子电流假说B．开普勒发现了行星运动三定律，进而提出了万有引力定律C．平均速度、瞬时速度和加速度等描述运动所需要的概念是伽利略首先建立的D．法拉第发现了电磁感应现象并总结出了判断感应电流方向的规律【解答】解：A、安培根据通电螺线管的磁场和条形磁铁的磁场相似性，提出了分子电流假说，故A错误．B、开普勒发现了行星运动三定律，牛顿提出了万有引力定律，故B错误．C、平均速度、瞬时速度和加速度等描述运动所需要的概念是伽利略首先建立的，故C正确．D、法拉第发现了电磁感应现象，楞次总结出了判断感应电流方向的规律，故D 错误．故选：C2．（6分）在水平桌面上有一个质量为M且倾角为α的斜面体．一个质量为m 的物体，在平行于斜面的拉力F作用下，沿斜面向上做匀速运动．斜面体始终处于静止状态．已知物块与斜面间的动摩擦因数为μ，重力加速度为g．下列结论正确的是（）A．斜面对物块的摩擦力大小是FB．斜面对物块的摩擦力大小是μmgC．桌面对斜面体的摩擦力大小是FcosαD．桌面对斜面体的支持力大小是（M+m）g【解答】解：A、对m受力分析可知，m受重力、支持力及拉力的作用及摩擦力的作用而处于平衡状态，则在沿斜面方向上有：F﹣mgsinα=f，故A错误；B、斜面对物块的摩擦力大小是f=μF N=μmgcosα，故B错误；C、对整体受力分析可知，整体受重力、支持力、拉力的作用，因拉力有水平向右的分量，故地面一定对斜面体有向左的摩擦力，大小为Fcosα，故C正确；D、整体竖直方向受力平衡，则桌面对斜面体的支持力大N=（M+m）g﹣Fsinα，故D错误．故选：C3．（6分）t=0时．A、B两小球从相距7m的两个位置相向行驶，它们的v﹣t图象如图所示．对小球运动状况的描述正确的是（）A．在前6杪内，B球运动方向始终没有发生变化B．在第2秒末，AB两球相距最近C．在前6秒内，B球一直做加速直线运动D．在第6秒末，AB两球相距1m【解答】解：A、在前6杪内，B球的速度先负后正，在t=2s末其运动方向始终发生了变化．故A错误．B、在0﹣2s内，A、B相向运动，两者间距在减小．在2﹣6s内，A、B同向运动，B在A的前方，A的速度比B的速度大，所以两者间距不断减小，在t=6s末时两者速度相等，相距最近，故B错误．C、在0﹣2s内，B球沿负向做匀减速直线运动．在2﹣6s内B球沿正向做匀加速直线运动，故C错误．D、在第6s末，A球的位移大小：x A=×（1+2）×6m=9m，B球的位移大小：x B=﹣+×2×4m=3m，此时两车相距：△x=x B+7﹣x A=1m．故D正确．故选：D4．（6分）宇航员站在某一星球上，将一个小球距离星球表面h高度处由静止释放使其做自由落体运动，经过t时间后小球到达星球表面，已知该星球的半径为R，引力常量为G，则下列选项正确的是（）A．该星球的质量为B．该星球表面的重力加速度为C．该星球表面的第一宇宙速度为D．通过以上数据无法确定该星球的密度【解答】解：A、根据h=得，星球表面的重力加速度g=．根据得，星球的质量M=．故A正确，B错误；C、根据万有引力提供向心力得：mg=所以：v==．故C错误．D、星球的密度．故D错误；故选：A5．（6分）在如图所示电路中，闭合电键S，理想电流表和理想电压表的示数分别用I和U表示，当滑动变阻器的滑动触头P向左滑动时，两表的示数都发生变化．电源的电动势和内电阻始终不变，下列说法正确的是（）A．I变大，U变小B．比值变大C．R1的功率一定变大D．电源的总功率一定减小【解答】解：A、当滑动变阻器的滑动触头P向左滑动时，阻值变大，则总电阻变大，总电流变小，则I减小，根据闭合电路欧姆定律得：U=E﹣I（R1+r），则电压表示数增大，故A错误；B、根据欧姆定律得：，当滑动变阻器的滑动触头P向左滑动时，R2增大，则变大，故B正确；C、根据P=I2R1可知，I减小，R1的功率一定减小，故C错误；D、电源的总功率P=EI，I减小，电源的总功率一定减小，故D正确．故选：BD6．（6分）如图所示，光滑水平面上放置着四个相同的木块，其中木块B与C之间用一轻弹簧相连，轻弹簧始终在弹性限度内．现用水平拉力F拉B木块，使四个木块以相同的加速度一起加速运动，则以下说法正确的是（）A．一起加速过程中，D所受到的静摩擦力大小为B．一起加速过程中，C木块受到四个力的作用C．一起加速过程中，A、D木块所受摩擦力大小和方向相同D．当F撤去瞬间，A、D木块所受静摩擦力的大小和方向都不变【解答】解：A、以A、B、C、D整体为研究对象，根据牛顿第二定律，有F=4ma，得，对D受力分析，所受到的静摩擦力，故A正确；B、一起加速过程中，C木块受到重力、D对C的压力、地面对C的支持力、D 对C向左的静摩擦力和弹簧对C的拉力五个力的作用，故B错误；C、一起加速过程中，根据牛顿第二定律知，A、D两木块受到的摩擦力方向相同，均水平向右，大小，故C正确；D、当撤去F的瞬间，弹簧的弹力不能突变，对DC整体合力水平向右，加速度水平向右，再隔离D，根据牛顿第二定律知，D受到的摩擦力大小方向均不变；对AB整体，合力水平向左，A所受摩擦力大小不变，方向相反，故D错误；故选：AC7．（6分）如图所示，可视为质点的质量为m且所带电量为q的小球．用一绝缘轻质细绳悬挂于0点，绳长为L，现加一水平向右的足够大的匀强电场，电场强度大小为E=．小球初始位置在最低点，若给小球一个水平向右的初速度，使小球能够在竖直面内做圆周运动，忽略空气阻力，重力加速度为g．则下列说法正确的是（）A．小球在运动过程中机械能守恒B．小球在运动过程中机械能不守恒C．小球在运动过程的最小速度至少为D．小球在运动过程的最大速度至少为【解答】解：AB、小球在运动过程中电场力对其做功，机械能不守恒．故A错误，B正确．CD、设等效最高点为A点，小球恰好通过A点时，由电场力和重力的合力提供向心力．此时细绳与竖直方向的夹角为α，则有tanα==，α=37°在A点，由牛顿第二定律得：=m从最低点到A点的过程，由动能定理得：﹣mgl（1+cosα）﹣qElsinα=﹣解得初速度的最大值为v0=，故C错误，D正确．故选：BD8．（6分）如图所示的正方形线框abcd边长为L，每边电阻均为r，磁感应强度为B的匀强磁场中绕cd轴以角速度ω匀速转动，c、d两点与一阻值为r的电阻相连，各表均可视为理想表，导线电阻不计，则下列说法中正确的是（）A．线框abcd产生的电流为交变电流B．当S断开时，电压表的示数为零C．当S断开时，电压表的示数为BωL2D．当闭合时，电流表的示数为【解答】解：A、线框abcd绕着垂直于磁场的转轴匀速转动，故产生的电流为交变电流，故A正确；B、产生的交流电的最大值为，有效值为，当S断开时，电压表测量的电压为CD间的电压，故U=，故B错误，C正确；D、S闭合时，电路总电阻为3r+，ab中电流为I==BωL2，电流表读数为=BωL2，故D正确；故选：ACD二、非选择题（一）必考题9．（7分）某同学通过实验测小车加速度时，用50Hz打点计时器打出纸带如图所示，经测量x1=1.560cm，x2=4.802cm，x3=8.204cm（1）每相邻两点的时间间隔是0.02s．（2）实验中应该先b，后a（填字母a、释放小车；b、接通打点计时器）（3）打点4时对应小车速度的大小为0.83m/s，小车的加速度为 1.0m/s2（结果保留2位有效数字）【解答】解：（1）每相邻两点的时间间隔T===0.02s，（2）接通打点计时器电源和让纸带开始运动，先接通打点计时器电源，后让释放小车；（3）根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上打第4点时小车的瞬时速度大小v==≈0.83m/s根据作差法得：a==≈1.0m/s2，故答案为：（1）0.02；（2）b，a；（3）0.83；（4）1.0．10．（8分）某实验小组正在测定一节新型电池的电动势（约为3V）和内阻，现要选取一个定值电阻R0当做保护电阻．（1）首先为了准确测量定值电阻R0阻值，在操作台上准备了如下实验器材：A、电压表V（量程3V，电阻约为4KΩ）B、电流表A1（量程1A，内阻约0.5Ω）C、电流表A2（量程3A，内阻约0.5Ω）D、定值电阻R0（阻值约为3Ω）E、滑动变阻器R（0﹣10Ω）F、开关s一个，导线若干根据上述器材，在测量R0阻值时应选择B（填序号）为电流表，其电路图应选择图1中哪种接法a（填序号），经测量定值电阻R0的阻值为2.8Ω．（2）之后为了测量该新型电池的电动势和内阻，设计了如图2实验，在图2中将所选器材连接起来．（3）根据实验记录做出U﹣I图线如图3所示，从中可以求出待测新型电池的内阻为0.70Ω，电池电动势为 2.9V（保留两位有效数字）．【解答】解：（1）定值电阻约为3Ω，电动势约为3V，则最大电流约为1A，则电流表应选择B；因电阻较小，为了精确测量，应采用电流表外接法，故选a；（2）根据原理图可得出对应的实物图；（3）根据U=E﹣I（r+R0）可知，从图中取两点联立方程求解可知：E=2.88V≈2.9V；图象的斜率表示内阻，故内阻r=﹣R0=0.70Ω；故答案为：（1）B；a；（2）如图所示；（3）0.70；2.9．11．（14分）如图所示为圆弧形固定光滑轨道，a点切线方向与水平方向夹角53°，b点切线方向水平．一小球以水平初速度6m/s做平抛运动刚好能沿轨道切线方向进入轨道，已知轨道半径1m，小球质量1kg．（sin53=0.8，cos53=0.6，g=10m/s2）（1）求小球做平抛运动的飞行时间；（2）小球到达b点时，轨道对小球压力大小．【解答】解：（1）进入轨道时速度方向与水平方向夹角为53°有=tan53°V y=gt得t=0.8s，（2）初始位置距a点高度h，h=gt2h=3.2m初始位置距b点高度H，H=h﹣（R+R）H=1.6m从初始位置到b，根据动能定理得：mgH=mv b2﹣mv02在b点，根据牛顿第二定律得N+mg=m解得：N=58N答：（1）小球做平抛运动的飞行时间为0.8s；（2）小球到达b点时，轨道对小球压力大小为58N．12．（18分）质量为m带电量为﹣q的带电粒子0时刻由a点以初速度v0垂直进入磁场，如图1所示．Ⅰ区域磁场磁感应强度大小不变方向周期性变化如图2所示（垂直纸面向里为正方向）；Ⅱ区域为匀强电场，方向向上；Ⅲ区域为匀强磁场磁感应强度大小与Ⅰ区域相同均为B0．粒子在Ⅰ区域内一定能完成半圆运动且每次经过mn的时刻均为整数倍，则（1）粒子在Ⅰ区域运动的轨道半径为多少？（2）若初始位置与第四次经过mn时的位置距离为x，求粒子进入Ⅲ区域时速度的可能值（初始位置记为第一次经过mn）．（3）在满足（2）的条件下，求电场强度E的大小可能值．【解答】解：（1）根据洛伦兹力提供向心力有：qv0B0=m，解得r=．也可以表示为T0=解得r=．（2）第一种情况：根据几何关系得，粒子在Ⅲ区域的半径R=，根据qv2B0=m得，解得3区域速度大小：v2=．第二种情况：根据几何关系得，粒子在Ⅲ区域半径R=，在Ⅲ区域速度大小v2=﹣2v0（3）第一种情况：Ⅲ区域速度大小：v2=在电场中的时间：2t=+nT0，根据牛顿第二定律有：Eq=ma，根据速度时间公式得：a=，联立解得：E=，（n=0，1，2…）第二种情况：Ⅲ区域速度大小v2=﹣2v02t=（n+1）T0，联立解得E=，（n=0，1，2…）答：（1）粒子在Ⅰ区域运动的轨道半径为或．（2）粒子进入Ⅲ区域时速度的可能值为或﹣2v0；（3）电场强度E的大小可能值为E=，（n=0，1，2…）或E=，（n=0，1，2…）．（二）选做题[物理-选修3-3]13．（5分）下列关于分子运动和热现象的说法正确的是（）A．气体如果失去了容器的约束就会散开，这是因为气体分子之间存在势能的缘故B．一定量100℃的水变成100℃的水蒸气，其分子之间的势能增加C．对于一定量的气体，如果压强不变，体积增大，那么它一定从外界吸热D．如果气体分子总数不变，而气体温度升高，气体分子的平均动能增大，因此压强必然增大E．一定量气体的内能等于其所有分子热运动动能和分子之间势能的总和【解答】解：A、气体如果失去了容器的约束就会散开，是因为分子间距较大，相互的作用力很微弱，而且分子永不停息地做无规则运动，所以气体分子可以自由扩散．故A错误．B、一定量100℃的水变成100℃的水蒸气，分子动能之和不变，由于吸热，内能增大，则其分子之间的势能增大．故B正确．C、对于一定量的气体，如果压强不变，体积增大，根据气态方程知，温度升高，则内能增大．故C正确．D、如果气体分子总数不变，气体温度升高，若同时体积增大，由可知，压强不一定增大．故D错误．E、一定量气体的内能等于其所有分子热运动动能和分子之间势能的总和．故E 正确故选：BCE14．（10分）如图所示，圆柱形容器内用活塞封闭一定质量的理想气体，已知容器横截面积为S，活塞重为G，大气压强为P0．若活塞固定，封闭气体温度升高1℃，需吸收的热量为Q1；若活塞不固定，仍使封闭气体温度升高1℃，需吸收的热量为Q2．不计一切摩擦，在活塞可自由移动时，封闭气体温度升高1℃，活塞上升的高度h应为多少？【解答】解：活塞固定时，由热力学第一定律，气体增加的内能△U=Q1活塞不固定时，外界对气体做功为W，则有：△U=Q2+W对活塞由能量守恒定律得：Gh=W﹣P0Sh内=﹣（P0Sh+Gh）得：W=﹣W内则Q1=Q2+W=Q2﹣（P0Sh+Gh）解得活塞上升的高度为：答：活塞上升的高度h应为[物理—选修3-4]15．一简谐振子沿x轴振动，平衡位置在坐标原点．t=0时刻振子的位移x=﹣0.1m；t=s时刻x=0.1m；t=4s时刻x=0.1m．下面列出了振子的振幅和周期几组可能的值（）A．0.1m，s B．0.2m，8s C．0.2m，s D．0.1m，8s【解答】解：t=s时刻x=0.1m；t=4s时刻x=0.1m．经过s又回到原位置．因为经过周期的整数倍，振子回到原位置，则知s是周期的整数倍，经过振子运动到对称位置，可知，单摆的周期为s，则s为半个周期，则振幅为0.1m．可能振幅大于0.1m，则周期T=2×+（4﹣）s×2=8s．当周期为s时，经过运动到与平衡位置对称的位置，振幅可以大于0.1m．故ABC正确，D错误．故选：ABC．16．一列横波在x轴上传播，在t1=0时刻波形如图实线所示，t2=0.05s时刻波形如图虚线所示．若周期大于（t1﹣t2），则最小波速和最大波速分别是多少？方向如何？【解答】解：当波沿x轴正方向传播时，可能的周期为：△t=nT+，且n=0或1；当波沿x轴负方向传播时，可能的周期为：△t=nT+，且n=0或1，由波速公式v=可知，当速度v最小时，周期T最大．分析上面两类情况可知当周期最大时，波沿x轴正方向传，且在△t=nT+中取n=0，即△t=，则T大=0.2s最小速度v小==40m/s，方向沿x轴正向；当v最大时，周期T最小，由上面分析可知周期最小时，波沿x轴负方向传，且在△t=nT+中取n=1，即△=T+，则T小=s 最大速度v大==280m/s，方向为沿x轴负方向；答：则最小波速大小40 m/s，方向沿x轴正向，而最大波速是280 m/s，方向为沿x轴负方向．[物理—选修3-5]17．某种金属在光的照射下产生光电效应，其遏止电压U C与入射光频率v的关系图象如图所示．则由图象可知（）A．任何频率的入射光都能产生光电效应B．该金属的逸出功等于hv0C．入射光的频率发生变化时，遏止电压不变D．若已知电子电量e，就可以求出普朗克常量hE．入射光的频率为3v0时，产生的光电子的最大初动能为2hv0【解答】解：A、只有当入射光的频率大于或等于极限频率时，才会发生光电效应现象．故A错误．B、当遏止电压为零时，最大初动能为零，则入射光的能量等于逸出功，所以W0=hv0．故B正确．C、根据光电效应方程E km=hv﹣W0和eU C=E Km得，U c=﹣，当入射光的频率大于极限频率时，遏止电压与入射光的频率成线性关系．故C错误．D、因为U c=﹣，知图线的斜率等于，从图象上可以得出斜率的大小，已知电子电量，可以求出普朗克常量，故D正确；E、从图象上可知，逸出功W0=hv0．根据光电效应方程，E km=hv﹣W0=hv0．若入射光的频率为2ν0时，产生的光电子的最大初动能为hν0，若入射光的频率为3ν0时，产生的光电子的最大初动能为2hν0，故E正确．故选：BDE．18．如图，质量为M=2.0kg的小车静止在光滑的水平面上，小车BC段是半径为R=0.40m的四分之一圆弧光滑轨道，AB段是长为L=1.9m的水平粗糙轨道，其动摩擦因数为μ=0.5，两段轨道相切于B点．一质量为m=0.50kg的小滑块（可视为质点）从A点以v 0=6.0m/s水平向左的速度冲上小车．忽略空气阻力，重力加速度取g=10m/s2．求小滑块相对B点能上升的最大高度是多少？。