2018年高考物理精准押题卷03(全国II卷)试题(解析版)

2018年高考物理精准押题卷03（全国II卷）试题（解析版）一、选择题：14-18题只有一项符合要求，19-21题有多项符合题目要求。

1. 对于核反应方程反应中释放能量，下列说法正确的是（）A. 此核反应是氡核的裂变方程B. 此核反应生成物X中含有两个质子、两个中子C. 此核反应过程中电荷数和质量均守恒D. 由于释放能量，该核反应不满足能量守恒定律【答案】B【解析】此核反应是氡核的衰变方程，选项A错误；根据质量数和电荷数守恒可知，此核反应生成物X中质量数为4，电荷数为2，其中含有两个质子、两个中子，选项B正确；此核反应过程中电荷数和质量数均守恒，故选项C错误；由于该反应有质量亏损，释放能量，该核反应仍满足能量守恒定律，选项D错误；故选B.2. 如图所示,两个人一推一拉物体匀速上斜坡，设两人用力大小相同，均为f。

已知物体间与斜坡间的动摩擦因数为，推力F与斜坡平行，拉力F与斜坡成角，斜坡与水平面成的夹角为，下列说法正确的是（）A. 当，F有最大值B. 当，F有最小值C. 当，F有最小值D. 当，F有最大值【答案】C【解析】对物体受力分析，在垂直于斜面方向上，由平衡条件得：N+Fsinα=mgcosβ，在平行于斜面方向上得：Fcosα+F-mgsinβ-μN=0；解得：F＝，对分母，则当α=300时分母最大，F最小，故选C.3. A B C D区域内存在电场强度为E的匀强电场,一带正电为q的带电小球用长为轻质细绳系于O点且绳子不可伸长，小球所受电场力为重力的5倍，如图所示在距O点为处有一个钉子，此时绳与竖直方向夹角为，小球离开电场时绳子恰好断裂，则下列说法正确的是（）A. 小球摆动过程中机械能守恒B. 碰到钉子时小球的速度为C. 小球离开电场能上升的最大高度为D. 小球飞出电场时所受绳子的最大拉力为【答案】C【解析】小球向右摆动时，电场力做正功，机械能增加，选项A错误；小球从开始摆动到碰到钉子时，由动能定理：，解得，选项B错误；从小球开始摆动到离开电场上升到最大高度，由动能定理：，解得，选项C正确；小球飞出电场时满足，刚飞出电场时：，解得：，选项D错误；故选C.4. 2018年我国首次将“高景一号”03、04星发射升空，卫星顺利进入预定轨道已知“高景一号”03星的质量为m，在离地面高度为h（约为530km）的轨道上绕地球做圆周运动，地球半径为R，地面处的重力加速度为g，地球自转的周期为地球同步卫星的轨道高度为36000km。

则下列说法正确的是（）A. “高景一号”03星在轨运行的周期大于B. “高景一号”03星在轨运行的向心加速度为C. “高景一号”03星在轨运行的速率可能大于7.9km/sD. “高景一号”03星在轨运行的动能小于【答案】D【解析】“高景一号”03星的轨道半径小于同步卫星的轨道半径，则周期小于同步卫星的周期，同步卫星的周期等于地球自转的周期T0，则“高景一号”03星在轨运行的周期小于T0，选项A错误；对“高景一号”03星：，又，解得，选项B错误；卫星的高度高于地球的半径，则运行速度小于第一宇宙速度7.9km/s，选项C错误；根据，则，选项D正确，故选D.点睛：此题关键要知道卫星做圆周运动的向心力由万有引力来提供，并能由此推出卫星的动能的表达式；知道黄金代换的表达式GM=gR2.5. 如图所示，电场中各等势面为竖直面，它们之间的距离为d=1cm，一个带电小球的质量为,初速度为,方向与水平线成角，已知小球在电场中做直线运动，则下列说法正确的是（）A. 小球带负电B. 小球在的正方向上走的最远距离为C. 小球所带电荷量为 CD. 匀强电场场强为【答案】B【解析】根据电场线与等势面垂直，且指向电势低的等势面，可知电场线水平向左，由U=Ed得：．由题意可知，只有小球受到向左的电场力，电场力和重力的合力才有可能与初速度方向在一条直线上，所以小球带正电，选项A错误；由图可知，Eq=mg；所以解得：，选项CD错误；由下图可知，F合=mg；由动能定理，得：-F合•x m=0-，所以x m=，选项B正确；故选B.点睛：此题首先应该根据等势面确定场强及电场力方向，运动等效合力的方法处理；灵活运动动能定理，也可根据牛顿第二定律结合运动公式求解.6. 微元法就是把研究对象分为无限多个无限小的部分，取出有代表性的极小的一部分进行分析处理，再从局部到整体综合起来加以考虑的科学思维方法。

如图所示，静止的圆锥体竖直放置，倾角为质量为m且分布均匀的链条环水平的套在圆锥体上，忽略链条与圆锥体之间的摩擦力，在链条环中任取一小段，其质量为，对受力分析，下列说法正确的是（）A. 设圆锥体的支持力为N，则B. 链条环中的张力为T,则C. 链条环中的张力为T,则D. 设对链条环中心的张角为，则有【答案】AB【解析】如图（乙）、（丙）所示，设△l对软绳环中心的张角为△φ，根据共点力平衡条件知，△l在水平方向上受力平衡，有：2T sin＝N cos①因△l很短，△φ很小，所以sin≈②将②代入①式有：T△φ=N cos③△l在竖直方向上也受力平衡，△mg＝N sin④④代入③式得，tan=g⑤⑤式中，将其代入⑤式可得．所以软绳中的张力为．则选项AB正确，CD错误；故选AB.7. 如图所示,一水平圆盘绕过圆心的竖直轴转动,圆盘半径，圆盘边缘有一质量的小滑块.当圆盘转动的角速度达到某一数值时,滑块恰从圆盘边缘A滑落,进入轨道ABC，AB粗糙，BCD光滑，CD面离地面高为,经C点最后落到地面。

已知AB段斜面倾角为,小滑块与圆盘的动摩擦因数，A点离B点所在水平面的高度h =1.2 m，运动到B点时的速度为，滑块在运动过程中始终未脱离轨道,不计在过渡圆管处和B点的机械能损失,最大静摩擦力近似等于滑动摩擦力,则下列选项正确的是（）A. 滑出A点时,圆盘转动的角速度B. 小物块在AB过程中，克服摩擦力做功为11.375JC. 距离CD面的最大高度为D. 落地点距C点的水平距离为【答案】ABD【解析】滑块在圆盘上做圆周运动时，静摩擦力充当向心力，根据牛顿第二定律得：μmg=mω2R，代入数据解得：ω=5rad/s；选项A正确；滑块在A点时的速度：v A=ωR=5×0.2=1m/s，从A到B的运动过程由动能定理：mgh-W f=mv B2-mv A2，解得W f=11.375J，选项B正确；物块从C点以速度v=1.5m/s做斜上抛运动，则距离CD面的最大高度：，选项C错误；物块从C点抛出时的速度满足：，解得v c=1m/s；当物块落到地面时，竖直方向：，则落地点距离C点的水平距离：，选项D正确；故选ABD.点睛：此题由多个物理过程组成，但是相对都比较简单，关键是知道各个过程适应的物理规律，选择合适的公式列出方程.8. 如图所示,有一带正电q，质量为m的粒子从距B点a的D点垂直AB方向进入磁场在边长为2a的正△ABC区域内存在垂直纸面向外的磁感强度为B的匀强磁场，若粒子能从AC间离开磁场，则下列说法正确的是（）A. 若粒子与BC相切，则粒子的速度B. 若粒子与BC相切，则粒子的速度C. 若粒子与AC相切，则粒子的速度D. 若粒子与AC相切，则粒子的速度【答案】BC【解析】若粒子与BC相切，则由几何图形可知，，解得，根据，解得，选项A正确，B错误；若粒子与AC相切，则：，解得r2=a，则根据，解得，故C 正确，D错误；故选AC.点睛：带电粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动解题一般程序是：1、画轨迹：确定圆心，几何方法求半径并画出轨迹．2、找联系：轨迹半径与磁感应强度、速度联系；偏转角度与运动时间相联系，时间与周期联系．3、用规律：牛顿第二定律和圆周运动的规律．二、非选择题9. 为验证在自由落体过程中物体的机械能是守恒的，某同学利用DIS设计了一个实验，实验装置如图甲所示，图中A为电磁铁，B为光电门．有一直径为d、质量为m的金属小球通过电磁铁从A处由静止释放，下落过程中能通过A处正下方、固定于B处的光电门，测得A、B间的距离为H，光电计时器记录下小球通过光电门的时间为t，当地的重力加速度为g，且小球直径d远小于A、B间的距离H．则：（1）小球经过光电门B时的速度v B表达式为_____；（2）多次改变高度H，重复上述实验，作出-H的变化图象如图乙所示，当图线斜率k=________时（用已知量g、d表示），可判断小球下落过程中机械能守恒；（3）实验中发现动能增加量△E k总是稍小于重力势能减少量△E P，增加下落高度后，△E P-△E k将_______增加（选填“增加”、“减小”、“不变”）．【答案】(1). d/t (2). (3). 增加【解析】（1）已知经过光电门时的时间小球的直径；则可以由平均速度表示经过光电门时的速度；故v=d/t；（2）若减小的重力势能等于增加的动能时，可以认为机械能守恒；则有：mgH=mv2；即：2gH=（）2解得：结合图象，则有：k=；（3）由于该过程中有阻力做功，而高度越高，阻力做功越多；故增加下落高度后，则△E p-△E k将增加；10. 、小宇要测定一电源的电动势和内阻，已知待测电源的电动势约为17V，内阻约为1.5 ，实验室提供的实验器材有：内阻未知、量程为6V的电压表V，内阻约为0.3、量程为3A的电流表A，滑动变阻器（0~, 3 A) , 电阻箱（最大阻值为999 999 ），开关以及导线若干。

（1）为了满足测量的要求，需将电压表改装成量程为18V的电压表，改装前应先精确测量电压表的内阻，设计的电路为图中的电路a和b，小宇经分析，选择了电路a，请说明不选择电路b的理由：____________________________________（2）小宇选择好电路后，通过以下操作并完成了测量：①开关闭合前，将电阻箱的阻值调为零，并将滑动变阻器的滑片滑至最左端；②闭合开关，调节滑动变阻器的滑片直到电压表的指针达到满偏；保持滑片的位置不动，调节电阻箱直到电压表的指针指在满刻度的处为止，此时电阻箱的示数如图丙所示，则电压表的内阻为_______________④若保持③中电阻箱的阻值不变，将该电阻箱与电压表串联进行改装，则改装后的电压表具程为__________V(3)小宇同学将电压表改装后，设计了电路c测量电源的电动势和内阻，并根据得到的多组电压表V和电流表A的读数描绘出了图像，如图所示，则由图像可知该电源的电动势大小为_________V，内阻大小为______________（结果保留3为有效数字）【答案】(1). 通过电流表的电流太小，电流表无法准确测量(2). 25226 (3). 18 (4). 17.4 (5). 1.60【解析】（1）通过电流表的电流太小，电流表无法准确测量；（2）电阻箱的阻值应该为电压表内阻的2倍，由图可知，电阻箱的阻值为50452Ω，则电压表内阻为25226Ω；（3）路端电压的值应该是电压表读数的3倍，则由图像可知E=3×5.8V=17.4V；内阻11. 如图所示，ab棒垂直放置于光滑导轨上电阻为2导轨平行间距为L=1m，ab棒置于磁场强度为的匀强磁场中，B2的大小为2T方向未知，导轨左端接有电容器和电阻R=2的电阻，ab棒cd棒的质量均为1kg，电阻也为2，处于磁场强度为=2T垂直与纸面向里的匀强磁场中，导轨及其它电阻不计，ab 棒受外力开始向右运动过程中求：（1）当cd棒速度最大为时，则ab棒的瞬时速度大小为？磁场强度的方向如何？(2)在（1）的情况下，当ab棒速度瞬间增大到10时，此时cd棒的瞬时加速度为多少？此时电容器的电荷量为多少？【答案】（1），磁场方向向上（2），【解析】（1）设cd棒的电阻为最大速度为，ab棒的电阻为,速度为cd棒的感应电动势：感应电流：安培力：ab棒的感应电动势：感应电流:对cd棒受力分析：带入数据可得：根据右手定则可知，磁场方向向上（2）设当ab棒的速度为=10m/s，电动势，电流安培力：对cd棒列牛顿第二定律：解得：a=2m/s2通过电阻的电流为电压为12. 弹簧固定于p点，小物块无连接的压缩弹簧于A点，某一时刻突然松开弹簧在弹力的作用下经过B点恰好落到小车的最左端，当小车和物块块的速度达到最大时恰好运动到D点，且与物块E正碰，设小车碰到物块到E后不动，与发生弹性碰撞，，某一时刻再次回到小车M上，已知与M之间的摩擦因数，E是光滑圆弧，圆弧半径为1m，CD、CF光滑且足够长，，落于小车上的速度为，，AB之间的距离为(1)求弹簧的弹性势能？及物块上升的最大高度？(2)若物块返回到小车上后，小车则向C点运动，求：小车速率达到最大时刻，物块距离小车左端的距离是多少？【答案】（1），（2）【解析】（1）根据能量守恒：解得把速度分解设物块与小车共速为由动量守恒可得：解得：m1与m2 碰后交换速度解得设在小车上向左运动共速为动量守恒：设第一次小车向右运行的位移加速度即为小车的长度设返回小车向左运动的位移为解得所以距左端距离为本题考查了动能定理、牛顿第二定律以及动量守恒定律的的综合，解题时要搞清物理过程，一般是根据物理过程发生的顺序一步一步的求解；运用动能定理解题，关键选择好研究的过程，分析过程中有哪些力做功，结合动能定理列式求解．13. 图为两分子间相互作用力F与两分子间距离r的关系曲线。