解析2020┄2021学年陕西省西安市长安一中高一下期末物理试卷

2020┄2０21学年陕西省西安市长安一中高一（下)期末物理试卷一.单项选择题：共8小题，每小题4分，共3２分．在每小题给出的四个选项中,只有一个选项正确.选对的得4分,选错或不答的得0分.1.（4分)关于曲线运动，以下说法正确的是（）A．做曲线运动的物体合外力一定不为零B. 曲线运动可能是匀速运动C．做曲线运动的物体所受的合外力方向在不断改变Ｄ. 只要物体做圆周运动,它所受的合外力一定指向圆心考点：物体做曲线运动的条件.专题: 物体做曲线运动条件专题.分析:物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上,合外力大小和方向不一定变化,由此可以分析得出结论．解答:解:A、物体既然是做曲线运动，那么物体必定要受到合外力的作用，所以做曲线运动的物体受到的合外力一定不为零,所以A正确；B、曲线运动的速度方向一定变化,不可能是匀速运动,故B错误;C、物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，但是合外力大小和方向不一定变化，比如平抛运动也是曲线运动,但是此时物体受到的只有重力的作用，是不变的,所以C 错误；D、做圆周运动的物体可以是在做加速的圆周运动，不一定是匀速的圆周运动，只有做匀速圆周运动物体受到的合外力方向才始终指向圆心,向心加速度的方向也就始终指向圆心,所以Ｄ错误；故选:A点评:本题是对质点做曲线运动的条件的考查,匀速圆周运动，平抛运动等都是曲线运动,对于它们的特点要掌握住.２．（4分)在越野赛车时,一辆赛车在水平公路上减速转弯,从俯视图可以看到，赛车沿曲线由P向Q行驶．下图中画出了赛车转弯时所受合力F的四种情况,其中正确的是( )A. Ｂ. C．D．考点：物体做曲线运动的条件.专题：物体做曲线运动条件专题.分析：做曲线运动的物体，运动的轨迹是曲线，物体受到的合力应该是指向运动轨迹弯曲的内侧，速度沿着轨迹的切线的方向．解答:解：赛车做的是曲线运动,赛车受到的合力应该指向运动轨迹弯曲的内侧，由于赛车是从P向Q运动的,并且速度在减小,所以合力与赛车的速度方向的夹角要大于90°，所以ＡBC 错误，D正确.故选：D点评：做曲线运动的物体,合力的方向指向运动轨迹弯曲的内侧，由于赛车的速度在减小,合力与速度的夹角还要大于90°.３．(４分)如图所示，斜面与水平面之间的夹角为４5°，在斜面底端A点正上方高度为6m 处的O点，以1m/ｓ的初速度水平抛出一个小球，飞行一段时间后撞在斜面上,这段飞行所用的时间为(ｇ=10m/s2)（）A．0．１ｓB. 1s Ｃ．１.２s D. 2ｓ考点：平抛运动.专题: 平抛运动专题．分析:研究平抛运动的方法是把平抛运动分解到水平方向和竖直方向去研究，水平方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动,两个方向上运动的时间相同.解答:解：设飞行的时间为ｔ，则:x＝Ｖ0ｔh=因为斜面与水平面之间的夹角为45°,如图所示,由三角形的边角关系可知，ＡQ=PＱ所以在竖直方向上有，OQ+AQ=6m所以有:ｖ0t+=６m，解得ｔ=1s．故选：B.点评：利用平抛运动的规律，在水平和竖直方向列方程，同时要充分的利用三角形的边角关系，找出内在的联系.4.(４分)如图所示,小物体Ａ与圆盘保持静止，跟着圆盘一起做匀速圆周运动,则Ａ物体的受力情况是( ）A．受重力、支持力Ｂ．受重力、支持力和指向圆心的摩擦力C. 受重力、支持力、向心力和指向圆心的摩擦力D. 以上说法都不正确考点: 向心力;静摩擦力和最大静摩擦力．专题: 匀速圆周运动专题.分析：向心力是根据效果命名的力，只能由其它力的合力或者分力来充当，不是真实存在的力，不能说物体受到向心力.解答：解:物体在水平面上,一定受到重力和支持力作用，物体在转动过程中，有背离圆心的运动趋势,因此受到指向圆心的静摩擦力,且静摩擦力提供向心力,故AＣD错误，Ｂ正确.故选B.点评：本题学生很容易错误的认为物体受到向心力作用,要明确向心力的特点，同时受力分析时注意分析力先后顺序，即受力分析步骤．5．(４分)有一种杂技表演叫“飞车走壁”，由杂技演员驾驶摩托车沿圆台形表演台的侧壁高速行驶,做匀速圆周运动.如图所示虚线圆表示摩托车的行驶轨迹，轨迹离地面的高度为h.下列说法中正确的是( ）Ａ. h越高,摩托车对侧壁的压力将越大B. h越高，摩托车做圆周运动的向心力将越大C. h越高，摩托车做圆周运动的线速度将越大D. 圆周运动的周期与h无关考点：向心力；牛顿第二定律.专题: 牛顿第二定律在圆周运动中的应用.分析:摩托车做匀速圆周运动，提供圆周运动的向心力是重力mg和支持力F的合力,作出力图,得出向心力大小不变．h越高，圆周运动的半径越大,由向心力公式分析周期、线速度大小．解答:解:Ａ、摩托车做匀速圆周运动，提供圆周运动的向心力是重力mg和支持力Ｆ的合力,作出力图．侧壁对摩托车的支持力Ｆ＝不变,则摩托车对侧壁的压力不变.故A错误.B、如图向心力F n=mgtanθ,ｍ,θ不变,向心力大小不变.故B错误.C、根据牛顿根据牛顿第二定律得F n=m，h越高,ｒ越大，Fｎ不变,则v越大.故C正确；D、根据牛顿根据牛顿第二定律得F n=ｍr，h越高，r越大，F n不变,则T越大．故D 错误.故选：C．点评：本题考查应用物理规律分析实际问题的能力,是圆锥摆模型,关键是分析物体的受力情况,研究不变量．6．（4分）人造卫星绕地球做匀速圆周运动,卫星所受万有引力F与轨道半径r的关系是（）Ａ．F与r成正比B．Ｆ与r成反比C．F与r2成正比D. Ｆ与ｒ２成反比考点：万有引力定律及其应用.专题：万有引力定律的应用专题．分析:人造地球卫星可以看成质点,地球看成均匀的球体，根据牛顿的万有引力定律：物体间引力大小与两物体的质量乘积成正比,与它们间距离的二次方成反比来选择.解答:解：设地球的质量为M，卫星的质量为ｍ,则根据牛顿的万有引力定律得F=G,Ｍ,ｍ均一定,则F与r２成反比．故选D点评：牛顿的万有引力定律是平方反比律,引力大小与距离的平方成反比．7．(４分）我国将于今年下半年发射目标飞行器“天宫一号”,若“天宫一号”能在离地面约３00ｋｍ高的圆轨道上正常运行，两月后再发射“神舟八号”飞船并与其进行对接试验.下列说法中正确的是( )A. “天宫一号”的发射速度应大于第二宇宙速度Ｂ. 对接前，“神舟八号”欲追上“天宫一号”,必须在同一轨道上点火加速C. 对接时，“神舟八号”与“天宫一号”的加速度相等D．对接后，“天宫一号”的速度大于第一宇宙速度考点: 人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用.专题: 人造卫星问题．分析：人造地球卫星的发射速度要大于或等于第一宇宙速度小于第二宇宙速度，要使卫星实现对接可在低轨道加速,若轨道相同，则加速度相等.据此分析各问题．解答:解：A、发射绕地球飞行的航天器其发射速度应该大于第一宇宙速度而小于第二宇宙速度,故A错误；Ｂ、若在同一轨道加速,神州八号会做离心运动，两者不会相遇,故B错误;C、万有引力提供向心力，由牛顿第二定律得：G=ma，解得：a=，对接时,“神舟八号”与“天宫一号”的轨道半径相同,加速度相等,故C正确;Ｄ、第一宇宙速度是圆周运动的最大环绕速度，所以对接后,“天宫一号”的运行速度小于第一宇宙速度，故D错误;点评：本题考查人造卫星的运行速度与发射速度之间的关系,明确发射速度大,运行速度反而小．同一轨道上加速度,速度大小都相等.8．（4分）(20１４•宿州一模）一小球在离地高Ｈ处从静止开始竖直下落,运动过程中受到的阻力大小与速率成正比，如图图象反映了小球的机械能E随下落高度ｈ的变化规律(选地面为零势能参考平面)，其中可能正确的是( ）A．Ｂ. Ｃ.D．考点: 机械能守恒定律；功能关系.专题：机械能守恒定律应用专题.分析:只有重力对物体做功时,物体的机械能守恒，由于物体受空气阻力的作用,所以物体的机械能要减小，减小的机械能等于克服阻力做的功.解答：解：根据题意可知:f＝kvE＝因为速度逐渐增大，所以逐渐增大，故图象的斜率逐渐增大，即机械能减小的越来越快．当小球落到地面上时还有动能,机械能不为0,只有B正确．点评：物体受空气阻力的作用,物体的机械能要减小，由于空气阻力逐渐增大，所以机械能减小的越来越快.二.多项选择题:共４小题,每小题5分，共20分.在每小题给出的四个选项中,至少有两个选项正确．全部选对的得5分，选不全的得3分,有选错或不答的得0分.９．(5分)关于功和能,以下说法正确的是( )A．滑动摩擦力对物体一定做负功B. 静摩擦力对物体可能做正功C．作用力的功与反作用力的功其代数和一定为零Ｄ. 物体速度增加时,其机械能可能减少考点: 功能关系．分析：作用力与反作用力所做的功不一定一正一负,可能都做正功.判断摩擦力做正功还是做负功，看摩擦力方向与运动方向的关系.解答:解:Ａ、若滑动摩擦力方向与运动方向相同，则滑动摩擦力做正功．比如木块放在木板上，都向右运动,但是木板的速度大于木块的速度,则木块所受的摩擦力向右，与运动方向相同，摩擦力做正功.故A错误．B、静摩擦力方向可能与运动方向相同，所以静摩擦力可能做正功.比如在倾斜的传送带上，木块与传送带一起向上运动,所受静摩擦力方向向上,静摩擦力做正功.故B正确;Ｃ、作用力和反作用力可能都做正功，做功的代数和不一定为零.比如两个人滑冰,相互推开,在推开的过程中，作用力与反作用力都做正功.故C错误．Ｄ、速度增加时，动能增大，但若重力势能的减小量大于动能的增加量，则机械能可以减小;如用手提一物体使它做向下的加速运动,但加速度小于ｇ时，机械能减小;故选：B.点评:解决本题的关键知道力做正功还是负功取决于力的方向与运动方向的关系．同时明确功能之间的关系.10．(5分）如图所示，用轻绳系一小球悬于O点．现将小球拉至水平位置，然后静止释放，不计空气阻力．小球从开始释放至摆动到最低点的过程中,下列说法正确的是( )A．小球的机械能守恒B. 小球所受的合力不变C．小球的动能不断增大D. 重力做的功等于重力势能的减少量考点: 机械能守恒定律;牛顿第二定律;向心力．专题: 机械能守恒定律应用专题.分析:小球在下落的过程中只有重力做功，机械能守恒,由此可以分析球的动能和势能的变化，在根据圆周运动的向心力公式可以分析小球受到的合力情况．解答:解：A、小球在下落的过程中只有重力做功，机械能守恒，故Ａ正确;BC、小球在下落的过程中,受到重力和绳的拉力的作用，但是绳的拉力对小球不做功，只有重力做功，所以在整个过程中小球的机械能守恒，由于小球的高度在下降，重力势能减小，根据机械能守恒可知,球的动能要增加,故C正确,小球受到的合外力提供向心加速度,即F=，随速度的增大而增大．故Ｂ错误;Ｄ、小球机械能守恒故重力做功等于重力势能减小量，故D正确;故选:ACD点评:在题目中虽然小球除了受到重力的作用之外还受到绳的拉力的作用,但是在整个过程中绳的拉力不做功，只有重力做功，机械能守恒，在分析小球受到的合力时,要根据球的运动状态来分析．１1.(5分）如图１所示，质量不计的弹簧竖直固定在水平面上，t=0时刻，将一金属小球从弹簧正上方某一高度处由静止释放,小球接触弹簧并将弹簧压缩至最低点(形变在弹性限度内）,然后又被弹起离开弹簧,上升到一定高度后又下落,如此反复.通过安装在弹簧下端的压力传感器,测出该过程中弹簧弹力F随时间t变化的图象如图2所示，则( ）Ａ．整个运动过程中小球的机械能守恒B. t2时刻小球的加速度为零C．t１~t2这段时间内,小球的动能先增加后减少D．t2～t3这段时间内,弹簧的弹性势能一直减少考点：机械能守恒定律.专题：机械能守恒定律应用专题．分析:小球先自由下落,与弹簧接触后,弹簧被压缩，在下降的过程中,弹力不断变大,当弹力小于重力时，物体加速下降，合力变小，加速度变小,故小球做加速度减小的加速运动,当加速度减为零时,速度达到最大，之后物体由于惯性继续下降，弹力变得大于重力，合力变为向上且不断变大,加速度向上且不断变大，故小球做加速度不断增大的减速运动；同理,上升过程，先做加速度不断减小的加速运动，当加速度减为零时，速度达到最大,之后做加速度不断增大的减速运动，直到小球离开弹簧为止．对于小球和弹簧组成的系统机械能守恒解答：解：A、由图看出,弹簧的弹力在变化，说明运动过程中弹簧的弹性势能在变化,而小球和弹簧组成的系统机械能守恒,则知小球的机械能不守恒.故A错误;Ｂ、ｔ2时刻,弹力最大，弹簧的压缩量最大,小球运动到最低点,合力不等于零，合力方向向上,所以加速度不等于零,故B错误;C、ｔ１～t2段时间内,小球先向下做加速度减小的加速运动,然后向下做加速度增大的减速运动，所以小球的动能先增大后减小．故C正确；D、t2~t3段时间内，小球在上升,弹簧的压缩量减小，弹性势能减小.故D正确.故选:CD点评:本题关键要将小球的运动分为自由下落过程、向下的加速和减速过程、向上的加速和减速过程进行分析处理，同时要能结合图象分析.12．（５分)（2011•江苏模拟）如图所示，a、b 两物块质量分别为ｍ、2m，用不计质量的细绳相连接,悬挂在定滑轮的两侧，不计滑轮质量和一切摩擦．开始时,a、b 两物块距离地面高度相同,用手托住物块ｂ，然后突然由静止释放,直至a、b 物块间高度差为h．在此过程中，下列说法正确的是（）A. 物块ａ的机械能逐渐增加B．物块 b 机械能减少了mgｈC．物块 b 重力势能的减少量等于细绳拉力对它所做的功D. 物块a 重力势能的增加量小于其动能增加考点：机械能守恒定律．专题: 机械能守恒定律应用专题.分析:本题中物体a、b构成的系统机械能守恒，物体Ｂ重力势能的减小量等于ａ动能增加量、ｂ动能增加量、a重力势能增加量之和.解答：解:A、物体a加速上升，动能和重力势能均增加，故机械能增加,故A正确;B、物体a、b构成的系统机械能守恒,有（2ｍ）g＝mg+ｍv２+（2ｍ)v2解得v＝物体b动能增加量为（２m）ｖ2=mｇh,重力势能减小mgh,故机械能减小mｇh，故Ｂ错误；C、物体b重力势能的减小量等于克服重力做的功,物体b加速下降,失重，拉力小于重力,故Ｃ错误；D、物体a动能增加量为mv2=ｍgｈ，重力势能增加量为mgh，故物块a重力势能的增加量大于其动能增加，故D错误;故选：AB．点评：本题关键是根据系统机械能守恒定律列式求解,得出各个物体的动能增加量和重力势能的增加量.三.实验题:共2小题，满分16分13．(6分）如图a所示是“研究平抛物体的运动”的实验装置图.(1）图b是正确实验后的数据,其中O为抛出点,则此小球做平抛运动的初速度为 1.6 m/ｓ.（2)在另一次实验中将白纸换成方格纸,方格边长L=5 cm，通过实验，记录了小球在运动途中的三个位置，如图c所示,则该小球做平抛运动的初速度为 1.5 ｍ/s;Ｂ点的竖直分速度为２m/s.考点：研究平抛物体的运动.专题：实验题;平抛运动专题．分析：（1）O点为平抛的起点，水平方向匀速x=v0ｔ，竖直方向自由落体ｙ＝gt2，据此可正确求解；(２)根据竖直方向运动特点△h=gｔ2,求出物体运动时间，然后利用水平方向物体做匀速运动,可以求出其水平速度大小,利用匀变速直线运动的推论可以求出B点的竖直分速度大小,根据速度的合成原理求出小球通过B点的速度．解答：解:（１）由于O为抛出点，所以根据平抛运动规律有:x=v0t,y=gt2,将ｘ=32ｃｍ=０．32m,y=19.6cm＝０.1９6ｍ，代入解得：v０=1.6m/s.（3）由图可知,物体由A→Ｂ和由Ｂ→C所用的时间相等，且有:△ｙ=gT2,由图可知△y=2Ｌ=10cm＝0.1m，代入解得,T=０.1sx=v0T,将x=３L=15cm=０.15ｍ，代入解得:v0＝１.5 m/s，竖直方向自由落体运动，根据匀变速直线运动中时间中点的瞬时速度等于该过程中的平均速度有:v Bｙ＝=＝2ｍ/s．故答案为:(1)1.６;(2）１.5；2.点评：本题不但考查了平抛运动的规律，还灵活运用了匀速运动和匀变速运动的规律，是一道考查基础知识的好题目．１4．（1０分）如图为利用气垫导轨(滑块在该导轨上运动时所受阻力可忽略）“验证机械能守恒定律”的实验装置,完成以下填空.实验步骤如下:①将气垫导轨放在水平桌面上,桌面高度不低于1m，将导轨调至水平.②测出挡光条的宽度l和两光电门中心之间的距离s．③将滑块移至光电门１左侧某处，待砝码静止不动时，释放滑块,要求砝码落地前挡光条已通过光电门2．④读出滑块分别通过光电门1和光电门2时的挡光时间△t1和△t2.⑤用天平称出滑块和挡光条的总质量Ｍ,再称出托盘和砝码的总质量ｍ.⑥滑块通过光电门1和光电门2时,可以确定系统（包括滑块、挡光条、托盘和砝码)的总动能分别为E k1＝（Ｍ＋m）（)2和E k2＝(Ｍ+m)()2.⑦在滑块从光电门１运动到光电门2的过程中,系统势能的减少△Ｅp= ｍｇs ．（已知重力加速度为g）⑧如果满足关系式△E p＝Ｅk2﹣E k1，则可认为验证了机械能守恒定律．(用直接测得物理量的字母和重力加速度g表示)⑨实验中误差产生的原因有: 摩擦阻力.（写出一个原因即可）考点：验证机械能守恒定律.专题: 实验题;机械能守恒定律应用专题．分析：光电门测量瞬时速度是实验中常用的方法.由于光电门的宽度d很小,所以我们用很短时间内的平均速度代替瞬时速度.根据功能关系得重力做功的数值等于重力势能减小量.要注意本题的研究对象是系统．解答:解:⑥由于光电门的宽度d很小，所以我们用很短时间内的平均速度代替瞬时速度．滑块通过光电门１速度v１=滑块通过光电门2速度v２=系统的总动能分别为Ｅｋ１=(Ｍ+m)（)2和Ｅk2=（M+m)(）2⑦在滑块从光电门1运动到光电门2的过程中,系统势能的减少△Eｐ=ｍgs⑧如果满足关系式△E p=E k２﹣Eｋ1，即系统重力势能减小量等于动能增加量,则可认为验证了机械能守恒定律.⑨因存在摩擦阻力，从而导致减小的重力势能略大于增加的动能，故答案为：⑥(Ｍ+m)（）2，(M＋m)()2;⑦mgｓ;⑧△Eｐ=Ｅｋ2﹣Ｅk１;⑨摩擦阻力．点评:了解光电门测量瞬时速度的原理．实验中我们要清楚研究对象和研究过程,对于系统我们要考虑全面．四.计算题：共3小题，满分4２分.解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤．只写出最后答案的不能得分;有数值计算的题,答案中必须明确写出数值和单位．15．(１2分)某人站在一个星球上以速度v1竖直上抛一物体,经t秒后物体落回手中，已知此星球的半径为Ｒ,万有引力常量为Ｇ．求:(1）该星球的质量M(２）现将该物体沿星球表面平抛出去，要使其不再落回此星球,则抛出的初速度v至少多大．考点: 万有引力定律及其应用;竖直上抛运动．专题: 万有引力定律的应用专题.分析:（1）由竖直上抛运动规律可求得该星球的重力加速度,根据在星球表面，万有引力等于重力列式求解星球质量;(２)若要使物体不再落后星球，应使物体绕着星球表面做匀速圆周运动,由万有引力定律充当向心力可求得抛出速度解答:解:（１）物体向上和向下的时间相等，均为t，则由速度公式可得:ｖ1=g;解得:g=在星球表面,万有引力等于重力,则有：解得:M=(2）在星球表面,要使物体不落后星球,则有：解得:ｖ＝答:（1)该星球的质量Ｍ为;(2)现将该物体沿星球表面平抛出去,要使其不再落回此星球，则抛出的初速度v至少为.点评:本题中要明确使小球不再回到星球表面是指使小球获得一定的速度而绕着星球表面做匀速圆周运动，难度适中．１6．(1２分）如图所示，光滑水平面AB与一半圆形轨道在B点相连,轨道位于竖直面内，其半径为R,一质量为m的物块静止在水平面上．现向左推物块使其压紧弹簧，然后放手,物块在弹力作用下获得一速度后脱离弹簧，当它经B点进入半圆轨道瞬间，对轨道的压力为其重力的７倍，之后向上运动恰能完成半圆周运动到达Ｃ点,重力加速度为g.求:(1）弹簧弹力对物块做的功W;（2)物块从B到Ｃ克服摩擦阻力做的功W f．考点：动能定理的应用；向心力.专题：动能定理的应用专题．分析: (1)物块经过B点时,由重力和轨道的支持力的合力充当向心力，由牛顿第二定律可以求出到达B点时的速度，然后由动能定理求弹簧弹力对物块做的功W；（2）物体恰能通过最高点C，故说明此时重力恰好充当向心力，由向心力公式可得出C点的速度；由动能定理可以求出克服摩擦力所做的功．解答:解：(1）物块在B点时,由牛顿第二定律得：F﹣mg=m由牛顿第三定律得：F=F′=7mｇ解得:v B＝由动能定理得:W=＝３mgR;（２)物块恰能完成圆运动到达Ｃ点,在C点由牛顿第二定律得:mg=m物块在C点的速度：v C=从B到Ｃ过程中,由动能定理得：﹣Wｆ﹣mg•2R＝﹣mv B２解得：Wｆ=mgR，则克服摩擦力做功为mｇR；答:(1)弹簧弹力对物块做的功W是3mgR；（2)物块从B到Ｃ克服摩擦阻力做的功Ｗf是ｍgＲ．点评:本题关键要分析Ｂ点向心力的来源,运用牛顿第二定律可求B的速度,利用动能定理求功是常用的方法，要熟练运用．17．(18分)如图所示，质量为m的滑块，在水平力F作用下静止在倾角为θ在光滑斜面上，斜面末端B与水平传送带平滑连接，传送带沿顺时针方向匀速运行速率为v０，Ｂ、Ｃ间距离为L;今将水平力Ｆ撤去,当滑块到达传送带B点后作匀减速运动，恰好在C端与传送带速度相同．已知滑块与传送带间的动摩擦因数为μ，重力加速度为ｇ,求:（１)水平作用力F的大小（2)滑块下滑高度ｈ(3)滑块在传送带上滑行的整个过程中产生的热量Q．考点：动能定理的应用;功能关系．分析:（1）对滑块受力分析，由共点力的平衡条件可得出水平作用力的大小;（２)由于滑块滑到Ｂ点的速度未知，故应分别对符合条件的两种情况进行讨论，由动能定理可求得滑块下落的高度；(３）热量与滑块和传送带间的相对位移成正比，即Q＝fs,由运动学公式求得传送带通过的位移，即可求得相对位移．解答：解:(1）滑块受到水平推力Ｆ、重力ｍg和支持力N处于平衡，如图所示：则水平推力为：F=mｇtａnθ(2）设滑块从高为ｈ处下滑，到达斜面底端速度为v下滑过程机械能守恒：则v=若滑块冲上传送带时的速度小于传送带速度，则滑块在带上由于受到向右的滑动摩擦力而做匀加速运动;根据动能定理有:所以：若滑块冲上传送带时的速度大于传送带的速度，则滑块由于受到向左的滑动摩擦力而做匀减速运动;根据动能定理:解得:(３)设滑块在传送带上运动的时间为t,则t时间内传送带的位移：s=v0ｔｖ0=v﹣ａt滑块相对传送带滑动的位移为：△s=L﹣s。