2013高考海南省物理卷(有答案)
2013海南高考理综试题及答案解析
2013海南高考理综试题及答案解析
2013年高考已经开始，考生们在考场挥文撒墨豪情起，展露雄心字行间。
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2013年高考理综物理分类汇编—牛顿运动定律03
2013年高考理综物理试题分类汇编-(三)牛顿运动定律1、(2013海南卷)．一质点受多个力的作用，处于静止状态，现使其中一个力的大小逐渐减小到零，再沿原方向逐渐恢复到原来的大小。
度大小a 和速度大小v 的变化情况是 A ．a 和v都始终增大 B ．a 和v 都先增大后减小 C ．a 先增大后减小，v 始终增大D ．a 和v 都先减小后增大2、(2013安徽高考)．如图所示，细线的一端系一质量为m 的小球，另一端固定在倾角为θ的光滑斜面体顶端，细线与斜面平行。
在斜面体以加速度a 水平向右做匀加速直线运动的过程中，小球始终静止在斜面上，小球受到细线的拉力T 速度为g ）A ．(sin cos )T m g a θθ=+ (c o s s i n N F mg a θθ=-B ．(cos sin )T m g a θθ=+ (s i n c o s N F m g a θθ=-C ．(cos sin )T m a g θθ=- (c o s s i n N F mg a θθ=+D ．(sin cos )T m a g θθ=- (s i n c o s N F mg a θθ=+ 3、(2013海南卷)．一物体做直线运动，其加速度随时间变化的a-t 图象如图所示。
下列v-t图象中，可能正确描述此物体运动的是4、(2013海南卷)．科学家关于物体运动的研究对树立正确的自然现象具有重要作用。
下列说法符合历史事实的是A ．亚里士多德认为，必须有力作用在物体上，物体的运动状态才会改变B ．伽利略通过“理想实验”得出结论：运动必具有一定速度，如果它不受力，它将以这一速度永远运动下去C ．笛卡儿指出：如果运动中的物体没有受到力的作用，它将继续以同一速度沿同一直线运动，既不停下来也不偏离原来的方向D ．牛顿认为，物体具有保持原来匀速直线运动状态或静止状态的性质 5、（2013浙江理综）．如图所示，总质量为460kg 的热气球，从地面刚开始竖直上升时的加速度为0.5m/s 2，当热气球上升到180m 时，以5m/s 的速度向上匀速运动。
2013年全国各地高考招生物理试题汇编--曲线运动
28(2013海南卷)．关于物体所受合外力的方向，下列说法正确的是A．物体做速率逐渐增加的直线运动时，其所受合外力的方向一定与速度方向相同B．物体做变速率曲线运动时，其所受合外力的方向一定改变C．物体做变速率圆周运动时，其所受合外力的方向一定指向圆心D．物体做匀速率曲线运动时，其所受合外力的方向总是与速度方向垂直答案：AD【2013江苏高考】. 如图所示,“旋转秋千冶中的两个座椅A、B 质量相等,通过相同长度的缆绳悬挂在旋转圆盘上. 不考虑空气阻力的影响,当旋转圆盘绕竖直的中心轴匀速转动时,下列说法正确的是(A)A 的速度比B 的大(B)A 与B 的向心加速度大小相等(C)悬挂A、B 的缆绳与竖直方向的夹角相等(D)悬挂A 的缆绳所受的拉力比悬挂B 的小答案：D7【2013江苏高考】. 如图所示,从地面上同一位置抛出两小球A、B,分别落在地面上的M、N 点,两球运动的最大高度相同. 空气阻力不计,则(A)B 的加速度比A 的大(B)B 的飞行时间比A 的长(C)B 在最高点的速度比A 在最高点的大(D)B 在落地时的速度比A 在落地时的大答案：CD6【2013上海高考】．秋千的吊绳有些磨损。
在摆动过程中，吊绳最容易断裂的时候是秋千(A)在下摆过程中(B)在上摆过程中(C)摆到最高点时(D)摆到最低点时答案：D19【2013上海高考】．如图，轰炸机沿水平方向匀速飞行，到达山坡底端正上方时释放一颗炸弹，并垂直击中山坡上的目标A。
已知A点高度为h，山坡倾角为θ，由此可算出(A)轰炸机的飞行高度(B)轰炸机的飞行速度(C)炸弹的飞行时间(D)炸弹投出时的动能答案：ABC20【2013上海高考】．右图为在平静海面上，两艘拖船A、B拖着驳船C运动的示意图。
A、B的速度分别沿着缆绳CA、CB方向，A、B、C不在一条直线上。
由于缆绳不可伸长，因此C的速度在CA、CB方向的投影分别与A、B的速度相等，由此可知C的(A)速度大小可以介于A、B的速度大小之间(B)速度大小一定不小于A、B的速度大小(C)速度方向可能在CA和CB的夹角范围外(D)速度方向一定在CA和CB的夹角范围内答案：AD28【2013上海高考】．(8分)如图，研究平抛运动规律的实验装置放水平初速度和飞行时间，底板上的标尺可以测得水平位移。
2013年海南省高考物理试卷答案与解析
2013年海南省高考物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题：本题共6小题，每小题3分，共18分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．1．（3分）（2013•海南）如图，电荷量为q1和q2的两个点电荷分别位于P点和Q点．已知在P、Q连线上某点R处的电场强度为零，且PR=2RQ．则（）A．q1=2q2B．q1=4q2C．q1=﹣2q2D．q1=﹣4q2考点：库仑定律；电场的叠加．分析：根据点电荷的电场强度公式，由点电荷电场强度的叠加求解．解答：解：已知在P、Q连线上某点R处的电场强度为零，根据点电荷的电场强度公式得=，PR=2RQ．解得：q1=4q2．故选：B．点评：理解点电荷的电场强度公式及电场强度的叠加，并掌握电场强度的矢量性．2．（3分）（2013•海南）一质点受多个力的作用，处于静止状态，现使其中一个力的大小逐渐减小到零，再沿原方向逐渐恢复到原来的大小．在此过程中，其它力保持不变，则质点的加速度大小a和速度大小v的变化情况是（）A．a和v都始终增大B．a和v都先增大后减小C．a先增大后减小，v始终增大D．a和v都先减小后增大考点：牛顿第二定律；力的合成；力的合成与分解的运用．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：根据牛顿第二定律F=ma可知物体加速度与合外力成正比，并且方向一致，所以本题要想分析其加速度的变化，要来分析合外力的变化情况．而要分析速度的变化，则要先分析加速度的变化情况．解答：解：由于质点初始处于静止状态，则其所受合力为零．这就相当于受两个等大反向的力：某个力和其余几个力的合力．其中某个力逐渐减小，而其余几个力的合力是不变的，则其合力就在这个力的反方向逐渐增大，这个力再由零增大到原来大小，则合力又会逐渐减小直到变为零，所以合力变化为先增大后减小，故加速度a先增大后减小，因此AD错误；合外力的方式始终与其余几个力的合力保持一致．由牛顿第二定律F合=ma知其加速度先增大后减小．所以从加速变化看只有C项符合，又由于其合外力方向始终不变，则加速度方向始终不变，所以其速度会一直增大．因此B错误，C正确．故选：C．点评：本题属于基本题目，考查基本的受力分析，应当在学习中注意通过问题看本质，本题问的虽然是a和v，但是实质是考查受力分析．3．（3分）（2013•海南）通过一阻值R=100Ω的电阻的交变电流如图所示，其周期为1s．电阻两端电压的有效值为（）A．12V B．4V C．15V D．8V考点：交流的峰值、有效值以及它们的关系．专题：交流电专题．分析：已知交变电流的周期，一个周期内分为两段，每一段均为恒定电流，根据焦耳定律即可得一个周期内交变电流产生的热量．解答：解：由有效值的定义可得I12Rt1+I22Rt2=T，代入数据得（0.1）2R×0.8+（0.2）2×R×0.2=×1，解得U=4V故选：B．点评：本题考察的是根据交变电流有效值的定义计算有关交变电流的有效值．4．（3分）（2013•海南）一物体做直线运动，其加速度随时间变化的a﹣t图象如图所示．下列v﹣t图象中，可能正确描述此物体运动的是（）A．B．C．D．考点：匀变速直线运动的图像．专题：直线运动规律专题．分析：本题应根据a﹣t图象分析物体的运动情况：当加速度与速度同向时，物体做加速运动，0～1s内，物体从静止开始沿加速度方向匀加速运动，当加速度与速度反向时，物体做减速运动，若加速度一定，物体做匀变速直线运动．匀变速直线运动的v﹣t图象是一条倾斜的直线．解答：解：在0～s内，物体沿加速度方向做匀加速运动，v﹣t图象是向上倾斜的直线；在～T内，加速度为0，物体做匀速直线运动，v﹣t图象是平行于t轴的直线；在T～2T内，加速度反向，速度方向与加速度方向相反，物体先做匀减速运动，到时刻速度为零，接着反向做初速度为零的匀加速直线运动．v﹣t图象是向下倾斜的直线．故D正确，A、B、C错误．故选：D．点评：本题关键要根据加速度随时间变化规律的图象找出对应的加速度大小和方向，结合物体的初状态分析物体的运动情况．5．（3分）（2013•海南）“北斗”卫星导航定位系统由地球静止轨道卫星（同步卫星）、中轨道卫星和倾斜同步卫星组成．地球静止轨道卫星和中轨道卫星都在圆轨道上运行，它们距地面的高度分别约为地球半径的6倍和3.4倍，下列说法中正确的是（）A．静止轨道卫星的周期约为中轨道卫星的2倍B．静止轨道卫星的线速度大小约为中轨道卫星的2倍C．静止轨道卫星的角速度大小约为中轨道卫星的D．静止轨道卫星的向心加速度大小约为中轨道卫星的考点：同步卫星．专题：压轴题；人造卫星问题．分析：根据万有引力提供向心力=ma=m=mω2r=，比较向心加速度、线速度和周期．解答：解：根据万有引力提供向心力=ma=m=mω2r=，A、T=2π，它们距地面的高度分别约为地球半径的6倍和3.4倍，即轨道半径分别约为地球半径的7倍和4.4倍，所以静止轨道卫星的周期约为中轨道卫星的2倍，故A正确；B、v=，所以静止轨道卫星的线速度大小小于中轨道卫星的线速度大小，故B错误；C、ω=，静止轨道卫星的角速度大小约为中轨道卫星的0.53，故C错误；D、a=，静止轨道卫星的向心加速度大小约为中轨道卫星的0.4倍，故D错误．故选：A．点评：解决本题的关键掌握万有引力提供向心力，会根据轨道半径的关系比较向心加速度、线速度和周期．6．（3分）（2013•海南）如图，水平桌面上固定有一半径为R的金属细圆环，环面水平，圆环每单位长度的电阻为r，空间有一匀强磁场，磁感应强度大小为B，方向竖直向下；一长度为2R、电阻可忽略的导体棒置于圆环左侧并与环相切，切点为棒的中点．棒在拉力的作用下以恒定加速度a从静止开始向右运动，运动过程中棒与圆环接触良好．下列说法正确的是（）A．拉力的大小在运动过程中保持不变B．棒通过整个圆环所用的时间为C．棒经过环心时流过棒的电流为D．棒经过环心时所受安培力的大小为考点：安培力；通电直导线和通电线圈周围磁场的方向；电流的磁场对磁针的作用．专题：压轴题．分析：根据几何关系求出此时导体棒的有效切割长度，注意外电路为弧acb和弧adb的电阻并联，求出总电阻，进一步求出电流值，即可算出安培力的大小．最后根据运动学公式可求出运动的时间．解答：解：A、棒在拉力的作用下以恒定加速度a从静止开始向右运动，则速度为v=at，因此F=BIL=，可知在运动过程中棒所受安培力变化，则拉力大小也变化，故A错误；B、根据位移公式，可得时间为，故B错误；C、当棒运动到环中心时，由于棒将金属细圆环分开的两部分的电阻并联，则电路总电阻为，速度大小为，产生感应电动势，所以产生感应电流大小为×2=，故C错误；D、棒经过环心时所受安培力的大小为F=BIL=，故D正确．故选：D．点评：电磁感应与电路的结合问题，关键是弄清电源和外电路的构造，然后根据电学知识进一步求解．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分．在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的．全部选对的得5分；选对但不全的得3分；有选错的得0分．7．（5分）（2013•海南）科学家关于物体运动的研究对树立正确的自然观具有重要作用．下列说法符合历史事实的是（）A．亚里士多德认为，必须有力作用在物体上，物体的运动状态才会改变B．伽利略通过“理想实验”得出结论：运动必具有一定速度，如果它不受力，它将以这一速度永远运动下去C．笛卡儿指出：如果运动中的物体没有受到力的作用，它将继续以同一速度沿同一直线运动，既不停下来也不偏离原来的方向D．牛顿认为，物体具有保持原来匀速直线运动状态或静止状态的性质考点：物理学史．分析：本题应抓住亚里士多德、伽利略、笛卡儿和牛顿关于力和运动关系的一些理论和观点，进行分析．解答：解：A、亚里士多德认为，必须有力作用在物体上，物体才能运动．故A错误．B、伽利略“理想实验”得出结论：力不是维持运动的原因，即运动必具有一定速度，如果它不受力，它将以这一速度永远运动下去．故B正确．C、笛卡儿指出：如果运动中的物体没有受到力的作用，它将继续以同一速度沿同一直线运动，既不停下来也不偏离原来的方向，符合历史事实．故C正确．D、牛顿认为，物体具有保持原来匀速直线运动状态或静止状态的性质，符合事实．故D正确．故选：BCD．点评：本题考查了一些力学物理学史，对于牛顿、伽利略和笛卡儿关于运动和力的观点，要理解并记牢．8．（5分）（2013•海南）关于物体所受合外力的方向，下列说法正确的是（）A．物体做速率逐渐增加的直线运动时，其所受合外力的方向一定与速度方向相同B．物体做变速率曲线运动时，其所受合外力的方向一定改变C．物体做变速率圆周运动时，其所受合外力的方向一定指向圆心D．物体做匀速率曲线运动时，其所受合外力的方向总是与速度方向垂直考点：物体做曲线运动的条件．专题：物体做曲线运动条件专题．分析：匀加速运动中，加速度方向与速度方向相同；匀减速运动中，速度方向可正可负，但二者方向必相反；加速度的正负与速度正方向的选取有关．解答：解：A、合力的方向与加速度方向相同，与速度的方向和位移的方向无直接关系，当物体做加速运动时，加速度方向与速度方向相同；当物体做减速运动时，加速度的方向与速度的方向相反，故A正确，B、物体做变速率曲线运动时，其所受合外力的方向不一定改变，比如：平抛运动，故B错误．C、物体做匀速圆周运动时，其所受合外力的方向一定指向圆心，若非匀速圆周运动，则合外力一定不指向圆心，故C错误．D、物体做匀速率曲线运动时，速度的大小不变，所以其所受合外力始终指向圆心，则其的方向总是与速度方向垂直，故D正确，故选：AD．点评：物体做加速还是减速运动，不是简单地看加速度的正负，应该看两者方向间的关系，还可以用牛顿第二定律理解．9．（5分）（2013•海南）三条在同一平面（纸面）内的长直绝缘导线组成一等边三角形，在导线中通过的电流均为I，方向如图所示．a、b和c三点分别位于三角形的三个顶角的平分线上，且到相应顶点的距离相等．将a、b和c处的磁感应强度大小分别记为B1、B2和B3，下列说法正确的是（）A．B1=B2＜B3B．B1=B2=B3C．a和b处磁场方向垂直于纸面向外，c处磁场方向垂直于纸面向里D．a处磁场方向垂直于纸面向外，b和c处磁场方向垂直于纸面向里考点：磁感应强度；通电直导线和通电线圈周围磁场的方向．专题：压轴题．分析：通电导线周围存在磁场，且离导线越远场强越弱．磁场不但有大小而且有方向，方向相同则相加，方向相反则相减．并根据矢量叠加原理来求解．解答：解：A、B、由题意可知，a点的磁感应强度等于三条通电导线在此处叠加而成，即垂直纸面向外，而b点与a点有相同的情况，有两根相互抵消，则由第三根产生磁场，即为垂直纸面向外，而c点三根导线产生磁场方向相同，所以叠加而成的磁场最强，故A正确，B错误；C、D、由图可知，根据右手螺旋定则可得，a和b处磁场方向垂直于纸面向外，c处磁场方向垂直于纸面向里，故C正确，B错误．故选：AC．点评：根据通电导线周围的磁场对称性、方向性，去确定合磁场强度大小．磁场的方向相同，则大小相加；方向相反的，大小相减．同时考查矢量叠加原理．10．（5分）（2013•海南）如图，在水平光滑桌面上，两相同的矩形刚性小线圈分别叠放在固定的绝缘矩形金属框的左右两边上，且每个小线圈都各有一半面积在金属框内，在金属框接通逆时针方向电流的瞬间（）A．两小线圈会有相互靠拢的趋势B．两小线圈会有相互远离的趋势C．两小线圈中感应电流都沿顺时针方向D．左边小线圈中感应电流沿顺时针方向，右边小线圈中感应电流沿逆时针方向考点：楞次定律．专题：压轴题．分析：由通电导线产生磁场，导致线圈中产生感应电流，再根据电流与电流的作用力关系进行判断，同向电流相互吸引，异向电流相互排斥．解答：解：根据右手螺旋定则可知，通电导线瞬间，对左边金属框，左边导线磁通量抵消，所以右边导线产生向外的磁场，右边金属框也一样，因此左、右线圈的磁通量均增大，根据楞次定律可知，线圈的感应电流方向都是顺时针方向，再由同向电流相互吸引，异向电流相互排斥，知两线圈的运动情况是相互远离．故B、C正确，A、D错误．故选：BC．点评：解决本题的关键掌握同向电流、异向电流的关系．同向电流相互吸引，异向电流相互排斥．同时还考查右手螺旋定则与楞次定律．三．实验题：本题共2小题，第11题6分，第12题9分，共15分．把答案写在答题卡中指定的答题处．11．（6分）（2013•海南）某同学用图（a）所示的实验装置验证机械能守恒定律．已知打点计时器所用电源的频率为50Hz，当地重力加速度为g=9.80m/s2．实验中该同学得到的一条点迹清晰的完整纸带如图（b）所示．纸带上的第一个点记为O，另选连续的三个点A、B、C进行测量，图中给出了这三个点到O点的距离h A、h B和h C的值．回答下列问题（计算结果保留3位有效数字）（1）打点计时器打B点时，重物速度的大小v B= 3.90m/s；（2）通过分析该同学测量的实验数据，他的实验结果是否验证了机械能守恒定律？简要说明分析的依据．考点：验证机械能守恒定律．专题：实验题；压轴题．分析：本题的关键是需要求出物体减少的重力势能和增加的动能即可，求动能时需要根据中间时刻速度公式=求出纸带上B点的速度．解答：解：（1）由=可知重物速度的大小==m/s=3.90m/s；（2）设重物质量为m，OB对应的下落过程中，重力势能减少量为△=mgh B=7.70m（J），动能增加量为==7.61m（J），在误差允许范围内，可以认为相等，因此验证了机械能守恒定律．故答案为：（1）3.90；（2）验证了机械能守恒定律，因为在误差范围内，重力势能减少量等于动能增加量．点评：明确实验原理是解决实验问题的关键，要熟记求纸带上某点瞬时速度的求法．12．（9分）（2013•海南）某同学将量程为200μA、内阻为500Ω的表头μA改装成量程为1mA 和10mA的双量程电流表，设计电路如图（a）所示．定值电阻R1=500Ω，R2和R3的值待定，S为单刀双掷开关，A、B为接线柱．回答下列问题：（1）按图（a）在图（b）中将实物连线；（2）表笔a的颜色为黑色（填“红”或“黑”）（3）将开关S置于“1”挡时，量程为10mA；（4）定值电阻的阻值R2=225Ω，R3=25.0Ω．（结果取3位有效数字）（5）利用改装的电流表进行某次测量时，S置于“2”挡，表头指示如图（c）所示，则所测量电流的值为0.780mA．考点：把电流表改装成电压表．专题：实验题；压轴题；恒定电流专题．分析：本题的关键是根据欧姆定律列出开关S分别打到1和2时的表达式，然后求解即可，注意电流应从红表笔进从黑表笔出．解答：解：（1）实物连线如图所示：（2）因电流应从黑表笔流出，所以表笔a的颜色为黑色；（3）将开关S置于“1”挡时，表头μA和R1、R2串联后再与R3并联，将开关S置于“2”挡时，表头μA和R1串联后再与R2、R3并联，所以开关S置于“1”挡时量程较大，即开关S置于“1”挡时量程应为10mA；（4）设电流表的满偏电流为，根据欧姆定律，当开关打到1时有=，其中=10mA当开关打到2时有=，其中=1mA联立以上两式=225Ω，=25.0Ω（5）电流表示数为I==0.780mA．故答案为（1）如图：（2）黑；（3）10；（4）225，25.0；（5）0.78．点评：电表的改装实际上就是欧姆定律和串并联电路的计算，计算时注意让电流表的电流为满偏电流．四．计算题：本题共2小题，第13题10分，第14题13分，共23分．把解答写在答题卡中指定的答题处，要写出必要的文字说明、方程式和演算步骤．13．（10分）（2013•海南）一质量m=0.6kg的物体以v0=20m/s的初速度从倾角为30°的斜坡底端沿斜坡向上运动．当物体向上滑到某一位置时，其动能减少了△E k=18J，机械能减少了△E=3J．不计空气阻力，重力加速度g=10m/s2，求：（1）物体向上运动时加速度的大小；（2）物体返回斜坡底端时的动能．考点：动能定理的应用；功能关系．专题：压轴题；动能定理的应用专题．分析：物体从开始到经过斜面上某一点时，受重力、支持力和摩擦力，总功等于动能增加量，机械能减小量等于克服摩擦力做的功，根据功能关系列式可解；对从最高点到底端过程运用动能定理列式求解解答：解：（1）物体从开始到经过斜面上某一点时，受重力、支持力和摩擦力，根据动能定理，有﹣mg•lsinθ﹣f•l=E K﹣E K0=﹣18J ①机械能的减小量等于克服摩擦力做的功：f•l=△E=3J ②由①②可解得l=5m，f=0.6N因为物体的初速度为v0=20m/s，初动能=120J滑上某一位置时动能减少了△E k=18J，则此时动能E k=102J=，可得v2=340m2/s2物体在斜坡底端向上运动时受重力、支持力和摩擦力作用，物体做匀减速运动，根据匀变速直线运动的速度位移关系有：==﹣6m/s2（负号表示方向与初速度方向相反）（2）当该物体经过斜面上某一点时，动能减少了18J，机械能减少了3J，所以当物体到达最高点时动能减少了120J，机械能减少了20J，所以物体上升过程中克服摩擦力做功是20J，全过程摩擦力做功W=﹣40J从出发到返回底端，重力不做功，设回到出发点的动能为E K′，由动能定理可得W=E K′﹣E K0得E K′=80J答：（1）物体向上运动时的加速度大小为6m/s2（2）物体返回斜坡底端时的动能80J．点评：功能关系有多种表现形式：合力的功（总功）等于动能增加量；重力做功等于重力势能的减小量；除重力外其余力做的功等于机械能的增加量．14．（13分）（2013•海南）如图，纸面内有E、F、G三点，∠GEF=30°，∠EFG=135°．空间有一匀强磁场，磁感应强度大小为B，方向垂直于纸面向外．先使带有电荷量为q（q＞0）的点电荷a在纸面内垂直于EF从F点射出，其轨迹经过G点；再使带有同样电荷量的点电荷b在纸面内与EF成一定角度从E点射出，其轨迹也经过G点．两点电荷从射出到经过G 点所用的时间相同，且经过G点时的速度方向也相同．已知点电荷a的质量为m，轨道半径为R，不计重力．求：（1）点电荷a从射出到经过G点所用的时间；（2）点电荷b的速度大小．考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力．专题：压轴题；带电粒子在磁场中的运动专题．分析：（1）找出圆心，画出轨迹，由几何关系找出偏转角，根据公式求在磁场中的偏转时间；（2）根据两点电荷从射出到经过G点所用的时间相同，且经过G点时的速度方向也相同，画出轨迹，找半径关系即可求出点电荷b的速度大小．解答：解；设点电荷a的速度为v，由牛顿第二定律得：解得：①设点电荷a作圆周运动的周期为T，则：②点电荷运动轨迹如图所示：设点电荷a从F点进入磁场后的偏转角为θ由几何关系得：θ=90°③故a从开始运动到经过G点所用时间①②③联立得：④（2）设点电荷b的速度大小为v1，轨道半径为R1，b在磁场中偏转角为θ1，由题意得：⑤解得：⑥由于两轨道在G点相切，所以过G点的半径OG和O1G在同一条直线上，由几何关系得：θ1=60°⑦R1=2R ⑧②③⑥⑦⑧联立得：答：（1）点电荷a从射出到经过G点所用的时间；（2）点电荷b的速度大小．点评：本题的难点在于几何图象的确定，要抓住两点电荷从射出到经过G点所用的时间相同，且经过G点时的速度方向也相同，则可得出各自圆弧所对应的圆心角，从而确定粒子运动所经历的时间．五．选考题：请考生在第五、六、七大题中任选二题作答，如果多做则按所做的第五、六大题计分．作答时用2B铅笔在答题卡上把所选题目的题号涂黑．计算题请写出必要的文字说明、方程式和演算步骤．模块3-3试题（12分）15．（4分）（2013•海南）下列说法正确的是（）A．把一枚针轻放在水面上，它会浮在水面，这是由于水表面存在表面张力的缘故B．水在涂有油脂的玻璃板上能形成水珠，而在干净的玻璃板上却不能，为是因为油脂使水的表面张力增大的缘故C．在围绕地球飞行的宇宙飞船中，自由飘浮的水滴呈球形，这是表面张力作用的结果D．在毛细现象中，毛细管中的液面有的升高，有的降低，这与液体的种类和毛细管的材质有关E．当两薄玻璃板间夹有一层水膜时，在垂直于玻璃板的方向很难将玻璃板拉开，这是由于水膜具有表面张力的缘故考点：*表面张力产生的原因．专题：压轴题．分析：凡作用于液体表面，使液体表面积缩小的力，称为液体表面张力．它产生的原因是：液体跟气体接触的表面存在一个薄层，叫做表面层，表面层里的分子比液体内部稀疏，分子间的距离比液体内部大一些，分子间的相互作用表现为引力．就象你要把弹簧拉开些，弹簧反而表现具有收缩的趋势．正是因为这种张力的存在，有些小昆虫才能无拘无束地在水面上行走自如．解答：解：A、把一枚针轻放在水面上，它会浮在水面，浮力很小，可以忽略不计，故一定是由于水表面存在表面张力的缘故，故A正确；B、水对油脂表面是不浸润的所以成水珠状，水对玻璃表面是浸润的，无法形成水珠，表面张力是一样的，故B错误；C、宇宙飞船中的圆形水滴是表面张力的缘故，故C正确；D、毛细现象中有的液面升高，有的液面降低，这与液体种类和毛细管的材料有关，故D正确；E、当两薄玻璃板间夹有一层水膜时，在垂直于玻璃板的方向很难将玻璃板拉开，这是由于大气压力的缘故；故E错误；故选：ACD．点评：本题考查了液体表面张力和液体的浸润与不浸润现象，是联系生活的好题，不难．16．（8分）（2013•海南）如图，一带有活塞的气缸通过底部的水平细管与一个上端开口的竖直管相连，气缸与竖直管的横截面面积之比为3：1，初始时，该装置的底部盛有水银；活塞与水银面之间有一定量的气体，气柱高度为l（以cm为单位）；竖直管内的水银面比气缸内的水银面高出．现使活塞缓慢向上移动，这时气缸和竖直管内的水银面位于同一水平面上，求初始时气缸内气体的压强（以cmHg为单位）．考点：理想气体的状态方程；封闭气体压强．专题：压轴题；理想气体状态方程专题．分析：初始位置，根据水银柱中同一高度压强相同，求出封闭气体压强；气缸和竖直管内的水银面位于同一水平面上，根据几何关系求解出封闭气体的长度，气压等于大气压；等温变化，根据玻义耳定律列式求解．解答：解：设S为气缸的横截面积，P为活塞处于初始位置时汽缸内气体的压强，P0为大气压强，有：P=P0+①在活塞上移后，汽缸内气体的压强变为P0，设气体的体积为V′，由玻义耳定律，有：P0V′=PSl ②设汽缸内水银面上升△x，有：③④联立①②③④式，解得（cmHg）；答：初始时气缸内气体的压强为（cmHg）．点评：本题关键求解出封闭气体膨胀前后的体积和膨胀前的压强，然后根据波义耳定律列式求解，基础题．六．模块3-4试题（12分）17．（4分）（2013•海南）下列选项与多普勒效应有关的是（）A．科学家用激光测量月球与地球间的距离B．医生利用超声波探测病人血管中血液的流速C．技术人员用超声波探测金属、陶瓷、混凝土中是否有气泡D．交通警察向车辆发射超声波并通过测量反射波的频率确定车辆行进的速度E．科学家通过比较星球与地球上同种元素发出光的频率来计算星球远离地球的速度考点：多普勒效应．专题：压轴题．分析：多普勒效应是为纪念奥地利物理学家及数学家多普勒而命名的，他于1842年首先提出了这一理论．主要内容为：接受到的物体辐射的波长因为波源和观测者的相对运动而产生变化．多普勒效应不仅仅适用于声波，它也适用于所有类型的波，包括电磁波．解答：解：A、科学家用激光测量月球与地球间的距离是利用光速快，故A错误；B、医生利用超声波探测病人血管中血液的流速利用声波的多普勒效应，故B正确；C、技术人员用超声波探测金属、陶瓷、混凝土中是否有气泡是利用穿透能力强，故C错误；D、交通警察向车辆发射超声波并通过测量反射波的频率确定车辆行进的速度是利用超声波的多普勒效应，故D正确；。
【专业解析】2013年高考 物理真题(海南卷)(出版原稿)
2013年普通高等学校招生全国统一考试物理试卷（海南卷）解析（1）如图，电荷量为q 1和q 2的两个点电荷分别位于P 点和Q 点．已知在P 、Q 连线在某点R 处的电场强度为零，且PR =2RQ ．则（ ）A ．q 1=2q 2B ．q 1=4q 2C ．q 1=-2q 2D ．q 1=-4q 2 答案：B 思路分析：考点解剖：本题考查了点电荷电场强度的表达式及电场的叠加．解题思路：P 、Q 两点在R 处产生的合场强为零，将两电荷形成的电场强度叠加． 解答过程：解：两电荷在R 处的合场强为零，则两电荷电性一定相同，q 1在R 处产生的电场强度211PRr q kE =，q 2在R 处产生的电场强度222QRr q kE =，由E 1=E 2可得q 1=4q 2，B 正确． 所以本题答案为B ．规律总结：点电荷形成的电场强度2rQkE =，这是场强的决定式，只适用于点电荷，qF E =是场强的定义式，适用于任何情况；dUE =也是场强的决定式，只适用于匀强电场． 2．一质点受多个力的作用，处于静止状态，现使其中一个力的大小逐渐减小到零，再沿原方向逐渐恢复到原来的大小．在此过程中，其它力保持不变，则质点的加速度大小a 和速度大小v 的变化情况是（ ）A ．a 和v 都始终增大B ．a 和v 都先增大后减小C ．a 先增大后减小，v 始终增大D ．a 和v 都先减小后增大 答案：C 思路分析：考点解剖：本题考查了牛顿第二定律的应用．解题思路：质点受多个力共点力平衡，其中一个力是其它各个力的合力，由其中一个力的变化找出对应合力的变化，由此判断加速度与速度的变化．解答过程：解：质点受多个力作用而处于平衡状态，则其中一个力与其它各个力的合力等大反向，现使其中一个力的大小逐渐减小到零的过程，质点受到的合外力不断增大且合力方向与这个力的方向相反，质点做加速度不断增大的变加速运动，当这个力减小为零时，质点的加速度达到最大值，当这个力又沿原方向逐渐恢复的过程，质点受到的合外力不断减小，质点开始做加速度不断减小的变加速运动，当这个力恢复到原来大小时，质点受到的合外力为零，加速度减小到零，质点的速度达到最大值，C正确．所以本题答案为C．规律总结：判断物体加速度的变化看物体受到合外力的变化；判断物体速度的变化看物体速度与加速度的关系，若速度与加速度同向，则物体加速，若速度与加速度反向，物体做减速运动．本题中后一阶段虽然物体加速度减小，但加速度与速度方向同向，物体仍做加速运动．3．通过一阻值R=100Ω的电阻的交变电流如图所示，其周期为1s．电阻两端电压的有效值为（）A．12VB．410VC．15VD．85V答案：B思路分析：考点解剖：本题考查了交变电流的有效值及欧姆定律．解题思路：利用一个周期内交变电流产生的电热相当于直流一个周期内产生的电热求电流有效值，结合欧姆定律求电压有效值．解答过程：解：在一个周期内此交变电流产生的热量Q =0.12×R ×（0.4+0.4）+0.22×R ×（0.1+0.1）=2有I R ×1，整理可得I 有=1004.0A ，由欧姆定律可知电阻两端电压的有效值U 有=I 有R =104V ，B正确．所以本题答案为B ．规律总结：求交变电流的有效值，选择一个周期内使交变电流产生的热量与直流相当．本题要注意求的是电压的有效值，所以还需根据R I U 有有 求得对应电压值．A. 一物体做直线运动，其加速度随时间变化的a-t 图象如图所示．下列v-t 图象中，可能正确描述此物体运动的是（ ）答案：D 思路分析：考点解剖：本题考查了匀变速直线运动的规律及图像问题．解题思路：a-t 图线平行于t 轴，表示物体做匀加速直线运动，表现在v-t 图线中是一条倾斜的直线，a-t 图线与t 轴所围面积表征物体速度的变化量，可得到23T时刻物体的速度减小为零． 解答过程： 解：物体在0-2T 时间内做匀加速直线运动，2T 时刻速度达到最大值，在2T-T 时间内以最大速度做匀速直线运动，T -23T时间内做匀减速直线运动，a-t 图线与t 轴所围面积表征物体速度的变化量，可知23T 时刻物体的速度减小为零，23T -T 时间内物体开始做反向的匀加速直线运动，综上分析，D 正确．所以本题答案为D ．规律总结：把握a-t 图线与坐标轴所围面积表征物体速度的变化量，23T时刻a-t 图线与t 轴所围面积的代数和为零，所以此时刻物体的速度为零，这是解决本题的关键点．5．“北斗”卫星导航定位系统由地球静止轨道卫星（同步卫星）、中轨道卫星和倾斜同步卫星组成．地球静止轨道卫星和中轨道卫星都在圆轨道上运行，它们距地面的高度分别约为地球半径的6倍和3.4倍，下列说法中正确的是（ ）A ．静止轨道卫星的周期约为中轨道卫星的2倍B ．静止轨道卫星的线速度大小约为中轨道卫星的2倍C ．静止轨道卫星的角速度大小约为中轨道卫星的1/7D ．静止轨道卫星的向心加速度大小约为中轨道卫星的1/7 答案：A 思路分析：考点解剖：本题考查了卫星的运动与轨道半径的关系．解题思路：根据卫星万有引力提供向心力可得卫星周期、线速度、角速度和向心加速度与轨道半径的关系．解答过程：解：由卫星周期公式GMr T 32π=可知2)4.4()7(3333≈==R R r r T T 中静中静，A 正确；由线速度公式rGMv =可知79.074.4≈==R R r r v v 静中中静，B 错误；由T πω2=结合A 项的分析可知，静止轨道卫星的角速度大小约为中轨道卫星的21，C 错误；由向心加速度公式2rGMa =可知2222)7()4.4(R R r r a a ==静中中静≈0.4，D 错误． 所以本题答案为A ．规律总结：求天体运动物理量的问题，关键是根据万有引力提供向心力得出线速度、角速度、周期、向心加速度与轨道半径的关系．6． 如图，水平桌面上固定有一半径为R 的金属细圆环，环面水平，圆环每单位长度的电阻为r ；空间有一匀强磁场，磁感应强度大小为B ，方向竖直向下；一长度为2R 、电阻可忽略的导体棒置于圆环左侧并与环相切，切点为棒的中点．棒在拉力的作用下以恒定加速度a 从静止开始向右运动，运动过程中棒与圆环接触良好．下列说法正确的是（ ）A ．拉力的大小在运动过程中保持不变B ．棒通过整个圆环所用的时间为aR 2 C ．棒经过环心时流过棒的电流为raRB π2 D ．棒经过环心时所受安培力的大小为raRR B π282答案：D 思路分析：考点解剖：本题考查了法拉第电磁感应定律与电路的综合，同时考查了匀变速直线运动的规律及牛顿第二定律．解题思路：棒做匀加速直线运动，分析运动过程中安培力的变化可得到拉力的变化；由匀变速直线运动的规律可求棒通过圆心所用时间；棒经过圆心时求得感应电动势及等效外电阻，可求感应电流对应，可求安培力．解答过程：解：导体棒从切点向右运动到达O 点的过程中，由E=BLv 可知，有效切割的长度不断增加且v 不断增大，则感应电动势不断增大，又导体棒左右两侧的圆环相当于两个电阻的并联，导体棒向右运动过程中，并联电阻不断减小，则流过导体棒的电流不断增大，由F=BIL 可知导体棒受到的安培力不断增大，结合导体棒做匀加速直线运动，所以拉力应不断增大，A 错误；由运动学公式得R at 2212=，整理可得aR t 2=，B 错误；棒经过环心时R at =221中，则经历的时间为t 中= a R 2，产生的感应电动势为E=BLa 中t =22Ra ，此时回路总电阻Rr R π21=总，则流过棒的电流为总R E I ==r RaB π24，C 错误；棒经过环心受到的安培力F=BIL=B r Ra B π242R =r Ra R B π282，D 正确．所以本题答案为D ．规律总结：导体棒切割磁感线产生感应电流，RvL B L R BLv B BIL F A 22===，即此情景中安培力是一个与速度有关的量，由牛顿第二定律ma RvL B F =-22分析物体的运动或F 的变化；电磁感应与电路的结合的分析思路等同于稳恒电流的分析，区别在于电源是切割磁感线的导体棒．7．科学家关于物体运动的研究对树立正确的自然观具有重要作用．下列说法符合历史事实的是( )A ．亚里士多德认为，必须有力作用在物体上，物体的运动状态才会改变B ．伽利略通过“理想实验”得出结论：运动必具有一定速度，如果它不受力，它将以这一速度永远运动下去C ．笛卡儿指出：如果运动中的物体没有受到力的作用，它将继续以同一速度沿同一直线运动，既不停下来也不偏离原来的方向D ．牛顿认为：物体具有保持原来匀速直线运动状态或静止状态的性质 答案：BCD 思路分析：考点解剖：本题考查了物理学史的相关内容． 解题思路：应用物理学史的相关内容判断选项． 解答过程：解：亚里士多德认为，必须有力作用在物体上，物体才能运动，他认为力是维持物体运动的原因，A 错误；伽利略通过理想斜面实验到结论：一旦物体具有某一速度，如果它不受力就将以这一速度永远运动下去，B 正确；C 项符合物理史实，C 正确；由惯性定律可知，D 正确．所以本题答案为BCD ．规律总结：物理学史是常考点，对于物理学家做出的贡献和成就、对于规律、定理及结论的得出过程要特别注意．8．关于物体所受合外力的方向，下列说法正确的是（ ）A ．物体做速率逐渐增加的直线运动时，其所受合外力的方向一定与速度方向相同B ．物体做变速率曲线运动时，其所受合外力的方向一定改变C ．物体做变速率圆周运动时，其所受合外力的方向一定指向圆心D ．物体做匀速率曲线运动时，其所受合外力的方向总是与速度方向垂直 答案：AD 思路分析：考点解剖：本题考查了牛顿运动定律的应用及圆周运动的知识．解题思路：物体做曲线运动的条件是：合外力与速度方向不共线；应用平抛运动分析B 项；物体做非匀速圆周运动，合外力的作用为改变物体的速度方向及速度大小．解答过程：解：物体做速率逐渐增加的直线运动，则加速度方向与物体速度方向同向，又合外力方向与加速度方向同向，A正确；物体做变速率曲线运动，所受合外力的方向不一定改变，如平抛运动，B 错误；物体做匀速率圆周运动时，合外力提供物体做圆周运动所需要的向心力，合外力总与速度方向垂直，D正确；物体做变速率圆周运动时，所受合外力沿半径方向的分力提供向心力，合外力垂直半径方向的分力改变物体的速率，所以物体做变速率圆周运动，所受合外力一定不指向圆心，C 错误．所以本题答案为AD．规律总结：物体做匀速圆周运动，合外力提供物体的向心力；物体做非匀速圆周运动，合外力沿半径方向的分力提供向心力，合外力垂直半径方向的分力改变物体的速率．A.三条在同一平面（纸面）内的长直绝缘导线组成一等边三角形，在导线中通过的电流均为I，方向如图所示．a、b和c三点分别位于三角形的三个顶角的平分线上，且到相应顶点的距离相等．将a、b和c处的磁感应强度大小分别记为B1、B2和B3，下列说法正确的是（）A．B1=B2<B3B．B1=B2=B3C．a和b处磁场方向垂直于纸面向外，c处磁场方向垂直于纸面向里D．a处磁场方向垂直于纸面向外，b和c处磁场方向垂直于纸面向里答案：AC思路分析：考点解剖：本题考查了右手螺旋定则及磁场的叠加．解题思路：三段导体产生的磁场在a、b、c三点叠加可得结论．解答过程：解：对于a点，由右手螺旋定则可知两倾斜导线在此处产生的磁感应强度大小相等方向相反，水平导线在此点产生的磁场方向向外；对于b点，斜向右上方的导线与水平导线在此点产生的磁感应强度大小相等方向相反，斜向左上方导线在此点产生的磁场方向向外；对于c点，水平导线在此点产生的磁场方向向里，斜向左上方的导线在此点产生的磁场方向向里，斜向右上方导线在此点产生的磁场方向向里，则此点合磁场方向向里且B3>B1=B2，AC正确．所以本题答案为AC．规律总结：磁场是矢量，遵从矢量叠加的原则，比较导线在某一点产生的磁场大小时，注意对称法的应用．B.如图，在水平光滑桌面上，两相同的矩形刚性小线圈分别叠放在固定的绝缘矩形金属框的左右两边上，且每个小线圈都各有一半面积在金属框内，在金属框接通逆时针方向电流的瞬间（）A．两小线圈会有相互靠拢的趋势B．两小线圈会有相互远离的趋势C．两小线圈中感应电流都沿顺时针方向D．左边小线圈中感应电流沿顺时针方向，右边小线圈中感应电流沿逆时针方向答案：BC思路分析：考点解剖：本题考查了右手螺旋定则及楞次定律的知识．解题思路：电流增大，判断小线圈磁通量的变化，线圈阻碍磁通量的变化，从而判断运动趋势；由楞次定律判断感应电流方向．解答过程：解：对于左侧小线圈，左侧竖直导线在小线圈内的磁通量始终为零，上侧水平导线在小线圈中的磁场方向向外，下侧水平导线在小线圈中的磁场方向也向外，则金属框接通逆时针电流的瞬间，左侧小线圈为了阻碍磁通量的增加而有向左运动的趋势；同理可分析右侧小线圈有向右运动的趋势，所以两小线圈会有相互远离的趋势，B正确；由楞次定律可知，两侧小线圈感应电流都为顺时针方向，C正确．所以本题答案为BC．规律总结：判断线圈运动趋势的技巧：不需要判断小线圈所受安培力的方向，直接判断线圈磁通量的变化，若线圈磁通量增加，则线圈有向减小磁通量的方向运动的趋势，反之亦然．C.某同学用图（a）所示的实验装置验证机械能守恒定律．已知打点计时器所用电源的频率为50Hz，当地重力加速度为g=9.80m/s2．实验中该同学得到的一条点迹清晰的完整纸带如图（b）所示．纸带上的第一个点记为O，另选连续的三个点A、B、C进行测量，图中给出了这三个点到O 点的距离h A、h B和h C的值．回答下列问题（计算结果保留3位有效数字）（1）打点计时器打B点时，重物速度的大小v B= m/s;44. 通过分析该同学测量的实验数据，他的实验结果是否验证了机械能守恒定律？简要说明分析的依据．答案：（1）3.90；（2）见解析 思路分析：考点解剖：本题考查了验证机械能守恒定律这一实验的数据处理．解题思路：由中间时刻的速度等于平均速度求v B ；比较重力势能的减小量与动能的增加量从而判断机械能是否守恒．解答过程：解：（1）由中间时刻的速度等于平均速度可得Th v ACB 2==3.90m/s ． （2）从O 到B 重力势能的减小量OB p mgh E ==7.70J ，动能的增加量221B k mv E ==7.61J ， 因为221B mv ≈OB mgh ，近似验证了机械能守恒定律． 规律总结：通过纸带求某点的速度是高频考点，方法是利用中间时刻的速度等于平均速度即tsv t =2．特别要注意求纸带上某点速度不能应用公式gh v 2=来求，此公式其实是机械能守恒221mv mgh =的变形，而我们需要验证的正是此公式． 12．某同学将量程为200μA、内阻为500Ω的表头改装成量程为1mA 和10mA 的双量程电流表．设计电路如图（a ）所示，定值电阻R 1=500Ω，R 2和R 3的值待定，S 为单刀双掷开关，A 、B 为接线柱．回答下列问题：（1）按图（a）在图（b）中将实物连线；（2）表笔a的颜色为________色（填“红”或“黑”）（3）将开关S置于“1”挡时，量程为________mA；（4）定值电阻的阻值R2=________Ω，R3=________Ω．（结果取3位有效数字）（5）利用改装的电流表进行某次测量时，S置于“2”挡，表头指示如图（c）所示，则所测量电流的值为________mA．答案：（1）如下图所示；(2)黑；(3)10；(4)225;25.0；(5)0.780思路分析：考点解剖：本题考查了电学实验实物图的连接、电表的改装及读数．解题思路：S接“1”，电流表与R1、R2串联再与R3并联；S接“2”，电流表与R1串联再与R2、R3并联，并联电阻越小分流作用越大，电流表量程越大．解答过程：解：（1）由电路图连接实物图如下：（2）表笔a为电流流出方向，所以表笔a的颜色应为黑色．（3）并联电阻阻值越小，并联电阻的分流作用越大，改装后的电流表量程越大，开关S置于1位置，只并联电阻R3，并联电阻总阻值小，量程大，此量程为10mA．（4）开关S置于1位置时，由并联电路特点可得I g（R g+R1+R2）=（10mA-I g）R3①；开关S置于2位置时，同样可得I g（R g+R1）=（1mA-I g）（R2+R3）②，联立①②可得R2=225Ω，R3=25.0Ω．（5）开关置于2位置，量程为1mA，结合表盘示数可得电流为0.780mA．规律总结：多用电表电阻挡电流遵从“红进黑出”的原则；对于电流表改装这类题目求并联电阻阻值，方法是：并联电路两端有相同的电压，结合电流表表头的满偏电流求量程或阻值．A.一质量m=0.6kg的物体以v0=20m/s的初速度从倾角α为30°的斜坡底端沿斜坡向上运动．当物体向上滑到某一位置时，其动能减少了ΔE k=18J，机械能减少了ΔE=3J，不计空气阻力，重力加速度g=10m/s2，求（1）物体向上运动时加速度的大小；（2）物体返回斜坡底端时的动能．答案：（1）a=6m/s2；（2）E k=80J思路分析：考点解剖：本题考查了牛顿第二定律及匀变速直线运动的规律．解题思路：合外力做了多少功，物体动能变化多少；克服摩擦力做了多少功，物体机械能变化多少．解答过程：解：（1）设物体在运动过程中所受的摩擦力大小为f，向上运动的加速度大小为a，由牛顿定律有 mfmg a +=αsin ①设物体动能减少k E ∆时，在斜坡上运动的距离为s ，由功能关系得s f mg E k )sin (+=∆α ②fs E =∆ ③联立①②③式并代入数据可得2m/s 6=a ④（2）设物体沿斜坡向上运动的最大距离为s m ,由运动学规律可得avs m 220= ⑤设物体返回底端时的动能为E k ，由动能定理有m k s f mg E )sin (-=α ⑥联立①②④⑥式并代入数据可得80J k E = ⑦规律总结：由动能定理可知，合外力做功对应着物体动能的变化．对于物体机械能的变化则对应着除重力以外其他力做功的情况，除重力以外其它力做负功，物体机械能减小，除重力以外其它力做了多少负功，物体机械能减少多少，反之，除重力以外其它力做了多少正功，物体机械能就增加了多少．B.如图，纸面内有E 、F 、G 三点，∠GEF =300，∠EFG=1350，空间有一匀强磁场，磁感应强度大小为B ，方向垂直于纸面向外．先使带有电荷量为q(q>0)的点电荷a 在纸面内垂直于EF 从F 点射出，其轨迹经过G 点；再使带有同样电荷量的点电荷b 在纸面内与EF 成一定角度从E 点射出，其轨迹也经过G 点，两点电荷从射出到经过G 点所用的时间相同，且经过G 点时的速度方向也相同．已知点电荷a 的质量为m ，轨道半径为R ，不计重力，求：（1）点电荷a 从射出到经过G 点所用的时间； （2）点电荷b 的速度大小． 答案：(1)qBm2π；(2)mqBR34 思路分析：考点解剖：本题综合考查了带电粒子在磁场中的运动．解题思路：画出粒子在磁场中运动的轨迹图，由几何关系得到对应圆心角及轨道半径，问题可突破．解答过程：解：（1）设点电荷a 的速度大小为v ，由牛顿第二定律得Rv m qvB 2= ①由①式得mqBRv =② 设点电荷a 做圆周运动的周期为T ，有qBmT π2=③ 如图，O 和O 1分别是a 和b 的圆轨道的圆心，设a 在磁场中偏转的角度为θ，由几何关系得90θ=︒ ④故a 从开始运动到经过G 点所用的时间t 为qBmt 2π=⑤（2）设点电荷b 的速度大小为v 1，轨道半径为R 1，b 在磁场中偏转的角度为1θ，依题意有：vR v R t θθ==111 ⑥ 由⑥式得v R R v θθ111=⑦ 由于两轨道在G 点相切，所以过G 点的半径OG 和O 1G 在同一直线上，由几何关系和题给条件得160θ=︒ ⑧R R 21= ⑨联立②④⑦⑧⑨式解得mqBRv 341=规律总结：带电粒子在有界磁场中运动，画轨迹-找圆心-由几何关系求半径是基本的做题步骤，在更为复杂的题目情境中也经常用到对称法、旋转圆法、临界法等．此类题目是高频考点，应多加练习，熟练做题规律方法．15．（1）下列说法正确的是________A．把一枚针轻放在水面上，它会浮在水面，这是由于水表面存在表面张力的缘故B．水在涂有油脂的玻璃板上能形成水珠，而在干净的玻璃板上却不能，这是因为油脂使水的表面张力增大的缘故C．在围绕地球飞行的宇宙飞船中，自由飘浮的水滴呈球形，这是表面张力作用的结果D．在毛细现象中，毛细管中的液面有的升高，有的降低，这与液体的种类和毛细管的材质有关E．当两薄玻璃板间夹有一层水膜时，在垂直于玻璃板的方向很难将玻璃板拉开，这是由于水膜具有表面张力的缘故答案：ACD思路分析：考点解剖：本题考查了分子动理论及液体的相关知识．解题思路：表面张力是分子间的吸引力，小针浮在水平上、浸润不浸润、水滴成球形等都是液体表面张力的结果；E项则是分子间吸引力的结果．解答过程：解：由于表面张力的存在，针、硬币等能浮在水面上，A正确；水在涂有油脂的玻璃板上能形成水珠，是不浸润的结果，而干净的玻璃板上不能形成水珠是浸润的结果，B错误；在太空中处于完全失重状态，水滴在表面张力作用下呈绝对球形，C正确；液体的种类和毛细管的材质决定了液体与管壁的浸润或不浸润，浸润液体在细管中上升，不浸润液体在细管中下降，D正确；E项玻璃板很难被拉开是由于分子引力的作用，E错误．所以本题答案为ACD．规律总结：液体分子表面分子间距较大，分子间表现为引力，针浮与水面上、水滴呈球形、浸润不浸润以及毛细现象都是液体表面张力的体现．（2）如图，一带有活塞的气缸通过底部的水平细管与一个上端开口的竖直管相连，气缸与竖直管的横截面面积之比为3:1．初始时，该装置的底部盛有水银；活塞与水银面之间有一定量的气体，气柱高度为l（以cm为单位）；竖直管内的水银面比气缸内的水银面高出3l/8．现使活塞缓慢向上移动11l/32，这时气缸和竖直管内的水银面位于同一水平面上，求初始时气缸内气体的压强（以cmHg为单位）．答案：l 815 思路分析：考点解剖：本题考查了理想气体状态方程．解题思路：找到缸内气体初状态的压强、体积，末状态的压强、体积，由玻意耳定律可求待求量．解答过程：解：设S 为气缸的横截面积，p 为活塞处于初始位置时气缸内气体的压强，p 0为大气压强，有l p p 830+= ①在活塞上移l 3211后，气缸内气体的压强变为p 0，设气体的体积为V '，由玻意耳定律得 pSl V p ='0 ②设气缸内水银面上升x ∆，有x l x ∆-=∆383③S x l l V )3211(∆-+=' ④ 联立①②③④式，解得l p 815=⑤ 规律总结：理想气体状态方程的应用，正确的写出初、末状态的物理量（或表达式）是关键．理想气体状态方程c T V p =111，恒量c 是由理想气体的质量和种类决定，即由气体的物质的量决定的．当涉及到打气或放气这样的问题时，需要把将要打入的气体或放出的气体也作为研究对象，目的就是保证所要研究的气体的物质的量不变．16．（1）下列选项与多普勒效应有关的是________． A ．科学家用激光测量月球与地球间的距离B．医生利用超声波探测病人血管中血液的流速C．技术人员用超声波探测金属、陶瓷、混凝土中是否有气泡D．交通警察向车辆发射超声波并通过测量反射波的频率确定车辆行进的速度E．科学家通过比较星球与地球上同种元素发出光的频率来计算星球远离地球的速度答案：BDE思路分析：考点解剖：本题考查了多普勒效应．解题思路：多普勒效应的产生机理是：波源与接收者之间的相对距离变化，使接收者单位时间内接收到波的个数发生变化，应用这一规律的便是正确选项．解答过程：解：多普勒效应指波源与观察者相互靠近或远离时，接收到的波的频率会发生变化．应用多普勒效应测量的是运动的物体的速度，符合条件的是BDE；激光测量月球和地球间的距离应用了光的直线传播，A错误；用超声波探测金属、陶瓷等是否有气泡利用的是波的反射，C错误．所以本题答案为BDE．规律总结：多普勒效应的应用，首先要确定前提：波源与接收者之间相对距离发生变化．AC项中波源与接收者是相对静止的，不是多普勒效应的应用．（2）如图，三棱镜的横截面为直角三角形ABC，∠A=300，AC平行于光屏MN，与光屏的距离为L，棱镜对红光的折射率为n1，对紫光的折射率为n2．一束很细的白光由棱镜的侧面AB垂直射入，直接到达AC面并射出．画出光路示意图，并标出红光和紫光射在光屏上的位置，求红光和紫光在光屏上的位置之间的距离．答案：)44(211222nnnnL---思路分析：考点解剖：本题考查了光的折射定律的应用．解题思路：光线垂直AB进入棱镜，在AC界面发生折射，分为两束，由几何关系求红光和紫光在光屏上的位置之间的距离．解答过程：解：光路如图所示，。
海南卷 (2)
2013年普通高等学校招生全国统一考试(海南卷)物理一、选择题：本题共6小题，每小题3分，共18分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1．如图，电荷量为q 1和q 2的两个点电荷分别位于P 点和Q 点。
已知在P 、Q 连线至某点R 处的电场强度为零，且PR=2RQ 。
则BA ．q 1=2q 2B ．q 1=4q 2C ．q 1=-2q 2D ．q 1=-4q 22．一质点受多个力的作用，处于静止状态，现使其中一个力的大小逐渐减小到零，再沿a 和速度大小v 的变化情况是C A ．a 和v 都始终增大B ．a 和v 都先增大后减小C ．a 先增大后减小，v 始终增大D ．a 和v 都先减小后增大3．通过一阻值R=100Ω的电阻的交变电流如图所示，其周期为1s.电阻两端电压的有效值为BA ．12VB ．410VC ．15VD ．85Vq q PQR4．一物体做直线运动，其加速度随时间变化的a-t 图象如图所示。
下列v-t 图象中，可能正确描述此物体运动的是D5．“北斗”卫星屏声息气定位系统由地球静止轨道卫星（同步卫星）、中轨道卫星和倾斜同步卫星组成。
地球静止轨道卫星和中轨道卫星都在圆轨道上运行，它们距地面的高度分别约为地球半径的6倍和3.4倍，下列说法中正确的是AA ．静止轨道卫星的周期约为中轨道卫星的2倍B ．静止轨道卫星的线速度大小约为中轨道卫星的2倍C ．静止轨道卫星的角速度大小约为中轨道卫星的1/7D ．静止轨道卫星的向心加速度大小约为中轨道卫星的1/76．如图，水平桌面上固定有一半径为R 的金属细圆环，环面水平，圆环每单位长度的电阻为r ，空间有一匀强磁场，磁感应强度大小为B ，方向竖直向下；一长度为2R 、电阻可速度a DA ．拉力的大小在运动过程中保持不变B ．棒通过整个圆环所用的时间为2R/aC ．棒经过环心时流过棒的电流为r π/2aR B--D ．棒经过环心时所受安培力的大小为r π/2aR RB 82二、多项选择题，本题共4小题，每小题5分，共20分。
2013海南高考物理试题答案
答案一、选择题1、B2、C3、B4、D5、A6、D二、多项选择7、BCD 8、AD 9、AC 10、BC 11、ACD 12、BDE 13、ACD三、实验,探究题14、 v B2/2=7.61(m/s)2因为mv B2/2≈mgh B，近似验证机械能守恒定律15、(1)如图；(2)黑；(3)10；(4)225，250；(5)0.780(0.78同样给分) 四、计算题16、【解析】设S为气缸的横截面积，p为活塞处于初始位置时气缸内气体的压强，p0为大气压强，有①在活塞上移后，气缸内气体的压强变为p0，设气体的体积为，由玻意耳定律得②设气缸内水银面上升，有③④联立①②③④式，解得⑤18、【解析】（10分）（1）设物体在运动过程中所受的摩擦力大小为f，向上运动的加速度大小为a，由牛顿定律有①设物体动能减少时，在斜坡上运动的距离为s，由功能关系得②③联立123式并代入数据可得④（2）设物体沿斜坡向上运动的最大距离为s m,由运动学规律可得⑤设物体返回底端时的动能为Ek，由动能定理有⑥联立①②④⑥式并代入数据可得⑦评分参考：第（1）问6分，①②式各1分；③④式各1分；第二问4分，⑤⑥式各1分，⑦式2分。
19、（1）设点电荷a的速度大小为v，由牛顿第二定律得①由①式得②设点电荷a做圆周运动的周期为T，有③如图，O和O1分别是a和b的圆轨道的圆心，设a在磁场中偏转的角度为，由几何关系得④故a从开始运动到经过G点所用的时间t 为⑤（2）设点电荷b的速度大小为v1，轨道半径为R1,b在磁场中偏转的角度为，依题意有⑥由6式得⑦由于两轨道在G点相切，所以过G点的半径OG和O1G在同一直线上，由几何关系和题给条件得⑧⑨联立②④⑦⑧⑨式解得。
2013年 海南高考物理试题以及答案
2013年普通高等学校招生全国统一考试(海南卷)物理一、选择题：本题共6小题，每小题3分，共18分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1．如图，电荷量为q 1和q 2的两个点电荷分别位于P 点和Q 点。
已知在P 、Q 连线至某点R处的电场强度为零，且PR=2RQ 。
则BA ．q 1=2q 2B ．q 1=4q 2C ．q 1=-2q 2D ．q 1=-4q 22．一质点受多个力的作用，处于静止状态，现使其中一个力的大小逐渐减小到零，再沿原方向逐渐恢复到原来的大小。
在此过程中，其它力保持不变，大小v 的变化情况是C A．a 和v 都始终增大 B ．a 和v 都先增大后减小 C ．a 先增大后减小，v 始终增大 D ．a 和v 都先减小后增大3．通过一阻值R=100Ω的电阻的交变电流如图所示，其周期为1s.电阻两端电压的有效值为BA ．12VB ．410VC ．15VD ．85V4．一物体做直线运动，其加速度随时间变化的a-t 图象如图所示。
下列v-t 图象中，可能正确描述此物体运动的是D5．“北斗”卫星屏声息气定位系统由地球静止轨道卫星（同步卫星）、中轨道卫星和倾斜同步卫星组成。
地球静止轨道卫星和中轨道卫星都在圆轨道上运行，它们距地面的高度分别约为地球半径的6倍和3.4倍，下列说法中正确的是AA ．静止轨道卫星的周期约为中轨道卫星的2倍B ．静止轨道卫星的线速度大小约为中轨道卫星的2倍C ．静止轨道卫星的角速度大小约为中轨道卫星的1/7D ．静止轨道卫星的向心加速度大小约为中轨道卫星的1/76．如图，水平桌面上固定有一半径为R 的金属细圆环，环面水平，圆环每单位长度的电阻为r ，空间有一匀强磁场，磁感应强度大小为B ，方向竖直向下；一长度为2R 、电阻可忽略的导体棒置于圆环左侧并与环相切，切点为棒的中点。
棒在拉力的作用下以恒定加速度a 从静止开始向右运动，运动过程中棒与圆环接触良好。
2013年高考海南卷答案
24、地处亚热带，四周环海，深受海洋影响，气候优越，四季皆宜旅游，（4分）海滩、世界文化遗产等旅游资源丰富，（2分）距离周边客源地较近，（2分）景区基础设施（酒店、机场）完善。（2分）
25、成因：洪泽湖上游流域面积大，河流输送泥沙量大，（2分）洪泽湖湖面宽广，水流速度缓慢，泥沙在湖底大量沉积，（2分）受东侧大堤约束，湖底逐渐抬高。（2分）
关系：（淮海干流直接进入洪泽湖，）“悬湖”抬高上游河流水位，使上游河流排水不畅，加重了上游流域洪涝灾害。（4分）
26、原因：经济增长严重依赖地下水资源，地下水水位下降导致生态环境恶化。（2分）
主要措施：节约用水，提高水资源的利用效率，（2分）发展节水型经济（调整产业结构），（2分）跨流域调水，增加水资源供给。（2分）
2013年高考海南卷答案
一、选择题：
1-5 DAAAB 6-10 ABCDB 11-15 DCCBD 16-20 BCபைடு நூலகம்BC
二、综合题：
21、年楚河河谷（位于青藏高原南部）纬度低、地势高，（2分）作物（油菜）生长期长，（2分）光照充足，（2分）昼夜温差大，有利于有机物质的积累。（2分）（土壤肥沃，）灌溉水源充足。（2分）
22、桥梁修建在河流弯曲河段，右岸为凹岸，水深、水流急，对河流的冲蚀剧烈；（5分）左岸为凸岸，河水浅、流速慢，对桥的冲蚀作用弱。（5分）
23、M市为主要的食客来源，（2分）高速公路快捷、方便，吸引M市更多的食客，（2分）高速公路乙地有出入口（乙地来往M市远比甲地方便），经营该传统美食的餐馆在乙地开设更多，名气旺盛，（2分）而甲地因交通相对不便，经营该传统美食的餐饮业逐渐衰落。（2分）
精编2013年全国高考物理试题精编曲线运动及解析
28(2013海南卷)．关于物体所受合外力的方向，下列说法正确的是A．物体做速率逐渐增加的直线运动时，其所受合外力的方向一定与速度方向相同B．物体做变速率曲线运动时，其所受合外力的方向一定改变．物体做变速率圆周运动时，其所受合外力的方向一定指向圆心D．物体做匀速率曲线运动时，其所受合外力的方向总是与速度方向垂直答案：AD【2013江苏高考】如图所示,“旋转秋千冶中的两个座椅A、B 质量相等,通过相同长度的缆绳悬挂在旋转圆盘上不考虑空气阻力的影响,当旋转圆盘绕竖直的中心轴匀速转动时,下列说法正确的是(A)A 的速度比B 的大(B)A 与B 的向心加速度大小相等()悬挂A、B 的缆绳与竖直方向的夹角相等(D)悬挂A 的缆绳所受的拉力比悬挂B 的小答案：D7【2013江苏高考】如图所示,从地面上同一位置抛出两小球A、B,分别落在地面上的M、N 点,两球运动的最大高度相同空气阻力不计,则(A)B 的加速度比A 的大(B)B 的飞行时间比A 的长()B 在最高点的速度比A 在最高点的大(D)B 在落地时的速度比A 在落地时的大答案：D6【2013上海高考】．秋千的吊绳有些磨损。
在摆动过程中，吊绳最容易断裂的时候是秋千(A)在下摆过程中(B)在上摆过程中()摆到最高点时(D)摆到最低点时答案：D19【2013上海高考】．如图，轰炸机沿水平方向匀速飞行，到达山坡底端正上方时释放一颗炸弹，并垂直击中山坡上的目标A。
已知A点高度为，山坡倾角为θ，由此可算出(A)轰炸机的飞行高度(B)轰炸机的飞行速度()炸弹的飞行时间(D)炸弹投出时的动能答案：AB20【2013上海高考】．右图为在平静海面上，两艘拖船A、B拖着驳船运动的示意图。
A、B的速度分别沿着缆绳A、B方向，A、B、不在一条直线上。
由于缆绳不可伸长，因此的速度在A、B方向的投影分别与A、B的速度相等，由此可知的(A)速度大小可以介于A、B的速度大小之间(B)速度大小一定不小于A 、B 的速度大小()速度方向可能在A 和B 的夹角范围外(D)速度方向一定在A 和B 的夹角范围内答案：AD28【2013上海高考】．(8分)如图，研究平抛运动规律的实验装置放置在水平桌面上，利用光电门传感器和碰撞传感器可测得小球的水平初速度和飞行时间，底板上的标尺可以测得水平位移。
物理_2013年海南省高考物理试卷_复习
2013年海南省高考物理试卷一、单项选择题：本题共6小题，每小题3分，共18分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．1. 如图，电荷量为q1和q2的两个点电荷分别位于P点和Q点．已知在P、Q连线上某点R处的电场强度为零，且PR=2RQ．则（）A q1=2q2B q1=4q2C q1=−2q2D q1=−4q22. 一质点受多个力的作用，处于静止状态，现使其中一个力的大小逐渐减小到零，再沿原方向逐渐恢复到原来的大小．在此过程中，其它力保持不变，则质点的加速度大小a和速度大小v的变化情况是（）A a和v都始终增大B a和v都先增大后减小C a先增大后减小，v始终增大D a和v都先减小后增大3. 通过一阻值R=100Ω的电阻的交变电流如图所示，其周期为1s．电阻两端电压的有效值为（）A 12VB 4√10VC 15VD 8√5V4. 一物体做直线运动，其加速度随时间变化的a−t图像如图所示．下列v−t图像中，可能正确描述此物体运动的是（）A B C D5. “北斗”卫星导航定位系统由地球静止轨道卫星（同步卫星）、中轨道卫星和倾斜同步卫星组成。
地球静止轨道卫星和中轨道卫星都在圆轨道上运行，它们距地面的高度分别约为地球半径的6倍和3.4倍，下列说法中正确的是（）A 静止轨道卫星的周期约为中轨道卫星的2倍B 静止轨道卫星的线速度大小约为中轨道D 静止轨道卫星的向卫星的2倍 C 静止轨道卫星的角速度大小约为中轨道卫星的17心加速度大小约为中轨道卫星的176. 如图，水平桌面上固定有一半径为R的金属细圆环，环面水平，圆环每单位长度的电阻为r，空间有一匀强磁场，磁感应强度大小为B，方向竖直向下；一长度为2R、电阻可忽略的导体棒置于圆环左侧并与环相切，切点为棒的中点．棒在拉力的作用下以恒定加速度a从静止开始向右运动，运动过程中棒与圆环接触良好．下列说法正确的是（）A 拉力的大小在运动过程中保持不变B 棒通过整个圆环所用的时间为√2RaC 棒经过环心时流过棒的电流为B√2aRπr D 棒经过环心时所受安培力的大小为8B2R√2Raπr二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分．在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的．全部选对的得5分；选对但不全的得3分；有选错的得0分．7. 科学家关于物体运动的研究对树立正确的自然观具有重要作用．下列说法符合历史事实的是（）A 亚里士多德认为，必须有力作用在物体上，物体的运动状态才会改变B 伽利略通过“理想实验”得出结论：运动必具有一定速度，如果它不受力，它将以这一速度永远运动下去C 笛卡儿指出：如果运动中的物体没有受到力的作用，它将继续以同一速度沿同一直线运动，既不停下来也不偏离原来的方向D 牛顿认为，物体具有保持原来匀速直线运动状态或静止状态的性质8. 关于物体所受合外力的方向，下列说法正确的是（）A 物体做速率逐渐增加的直线运动时，其所受合外力的方向一定与速度方向相同B 物体做变速率曲线运动时，其所受合外力的方向一定改变C 物体做变速率圆周运动时，其所受合外力的方向一定指向圆心D 物体做匀速率曲线运动时，其所受合外力的方向总是与速度方向垂直9. 三条在同一平面（纸面）内的长直绝缘导线组成一等边三角形，在导线中通过的电流均为I，方向如图所示．a、b和c三点分别位于三角形的三个顶角的平分线上，且到相应顶点的距离相等．将a、b和c处的磁感应强度大小分别记为B1、B2和B3，下列说法正确的是（）A B1=B2<B3B B1=B2=B3C a和b处磁场方向垂直于纸面向外，c处磁场方向垂直于纸面向里D a处磁场方向垂直于纸面向外，b和c处磁场方向垂直于纸面向里10. 如图，在水平光滑桌面上，两相同的矩形刚性小线圈分别叠放在固定的绝缘矩形金属框的左右两边上，且每个小线圈都各有一半面积在金属框内，在金属框接通逆时针方向电流的瞬间（）A 两小线圈会有相互靠拢的趋势B 两小线圈会有相互远离的趋势C 两小线圈中感应电流都沿顺时针方向 D 左边小线圈中感应电流沿顺时针方向，右边小线圈中感应电流沿逆时针方向三．实验题：本题共2小题，第11题6分，第12题9分，共15分．把答案写在答题卡中指定的答题处．11. 某同学用图(a)所示的实验装置验证机械能守恒定律．已知打点计时器所用电源的频率为50Hz，当地重力加速度为g＝9.80m/s2．实验中该同学得到的一条点迹清晰的完整纸带如图(b)所示．纸带上的第一个点记为O，另选连续的三个点A、B、C进行测量，图中给出了这三个点到O点的距离ℎA、ℎB和ℎC的值．回答下列问题（1）打点计时器打B点时，重物速度的大小v B＝________m/s；（2）通过分析该同学测量的实验数据，他的实验结果是否验证了机械能守恒定律？简要说明分析的依据．12. 某同学将量程为200μA、内阻为500Ω的表头μA改装成量程为1mA和10mA的双量程电流表，设计电路如图(a)所示．定值电阻R1=500Ω，R2和R3的值待定，S为单刀双掷开关，A、B为接线柱．回答下列问题：（1）按图(a)在图(b)中将实物连线；(2)表笔a的颜色为________色（填“红”或“黑”）(3)将开关S置于“1”挡时，量程为________mA；(4)定值电阻的阻值R2=________Ω，R3=________Ω．（结果取3位有效数字）(5)利用改装的电流表进行某次测量时，S置于“2”挡，表头指示如图(c)所示，则所测量电流的值为________mA．四．计算题：本题共2小题，第13题10分，第14题13分，共23分．把解答写在答题卡中指定的答题处，要写出必要的文字说明、方程式和演算步骤．13. 一质量m＝0.6kg的物体以v0＝20m/s的初速度从倾角为30∘的斜坡底端沿斜坡向上运动．当物体向上滑到某一位置时，其动能减少了△E k＝18J，机械能减少了△E＝3J．不计空气阻力，重力加速度g＝10m/s2，求：（1）物体向上运动时加速度的大小；（2）物体返回斜坡底端时的动能．14. 如图，纸面内有E、F、G三点，∠GEF＝30∘，∠EFG＝135∘．空间有一匀强磁场，磁感应强度大小为B，方向垂直于纸面向外．先使带有电荷量为q(q>0)的点电荷a在纸面内垂直于EF 从F 点射出，其轨迹经过G 点；再使带有同样电荷量的点电荷b 在纸面内与EF 成一定角度从E 点射出，其轨迹也经过G 点．两点电荷从射出到经过G 点所用的时间相同，且经过G 点时的速度方向也相同．已知点电荷a 的质量为m ，轨道半径为R ，不计重力．求：（1）点电荷a 从射出到经过G 点所用的时间；（2）点电荷b 的速度大小．五．选考题：请考生在第五、六、七大题中任选二题作答，如果多做则按所做的第五、六大题计分．作答时用2B 铅笔在答题卡上把所选题目的题号涂黑．计算题请写出必要的文字说明、方程式和演算步骤．模块3-3试题（12分）15. 下列说法正确的是（ ）A 把一枚针轻放在水面上，它会浮在水面，这是由于水表面存在表面张力的缘故B 水在涂有油脂的玻璃板上能形成水珠，而在干净的玻璃板上却不能，为是因为油脂使水的表面张力增大的缘故C 在围绕地球飞行的宇宙飞船中，自由飘浮的水滴呈球形，这是表面张力作用的结果D 在毛细现象中，毛细管中的液面有的升高，有的降低，这与液体的种类和毛细管的材质有关E 当两薄玻璃板间夹有一层水膜时，在垂直于玻璃板的方向很难将玻璃板拉开，这是由于水膜具有表面张力的缘故16. 如图，一带有活塞的气缸通过底部的水平细管与一个上端开口的竖直管相连，气缸与竖直管的横截面面积之比为3:1，初始时，该装置的底部盛有水银；活塞与水银面之间有一定量的气体，气柱高度为l （以cm 为单位）；竖直管内的水银面比气缸内的水银面高出318．现使活塞缓慢向上移动11132，这时气缸和竖直管内的水银面位于同一水平面上，求初始时气缸内气体的压强（以cmHg 为单位）．六．模块3-4试题（12分）17. 下列选项与多普勒效应有关的是（ ）A 科学家用激光测量月球与地球间的距离B 医生利用超声波探测病人血管中血液的流速C 技术人员用超声波探测金属、陶瓷、混凝土中是否有气泡D 交通警察向车辆发射超声波并通过测量反射波的频率确定车辆行进的速度E 科学家通过比较星球与地球上同种元素发出光的频率来计算星球远离地球的速度18. 如图，三棱镜的横截面为直角三角形ABC ，∠A ＝30∘，AC 平行于光屏MN ，与光屏的距离为L ．棱镜对红光的折射率为n 1，对紫光的折射率为n 2．一束很细的白光由棱镜的侧面AB 垂直射入，直接到达AC 面并射出．画出光路示意图，并标出红光和紫光射在光屏上的位置，求红光和紫光在光屏上的位置之间的距离．七．模块3-5试题（12分）19. 原子核90232Tℎ具有天然放射性，它经过若干次α衰变和β衰变后会变成新的原子核．下列原子核中，有三种是90232Tℎ衰变过程中可以产生的，它们是（）A 82204PbB 82203PbC 84216PoD 88224RaE 88226Ra20. 如图，光滑水平面上有三个物块A、B和C，它们具有相同的质量，且位于同一直线上．开始时，三个物块均静止，先让A以一定速度与B碰撞，碰后它们粘在一起，然后又一起与C碰撞并粘在一起，求前后两次碰撞中损失的动能之比．2013年海南省高考物理试卷答案1. B2. C3. B4. D5. A6. D7. B,C,D8. A,D9. A,C10. B,C11. 3.90验证了机械能守恒定律，因为在误差范围内，重力势能减少量等于动能增加量12. 黑,10,225,25.0,0.78013. 物体向上运动时的加速度大小为6m/s2物体返回斜坡底端时的动能80J14. 设点电荷b的速度大小为v1，轨道半径为R1，b在磁场中偏转角为θ1，由题意得：t=R1θ1v1=Rθv⑤解得：v1=R1θ1Rθv⑥由于两轨道在G点相切，所以过G点的半径OG和O1G在同一条直线上，由几何关系得：θ1＝60∘⑦R1＝2R⑧②③⑥⑦⑧联立得：v1=4qBR3m答：（1）点电荷a从射出到经过G点所用的时间t=πm2qB；点电荷b的速度大小v1=4qBR3m．15. A,C,D16. 初始时气缸内气体的压强为158l(cmHg) 17. B,D,E18. 红光和紫光在光屏上的位置之间的距离d=L(2√4−n21√4−n1)19. A,C,D20. 前后两次碰撞中损失的动能之比为3:1。
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绝密★启用前2013年普通高等学校招生全国统一考试（海南卷）物理注意事项：1.本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。
答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2.回答第Ⅰ卷时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。
写在本试卷上无效。
3.回答第Ⅱ卷时，将答案写在答题卡上。
写在本试卷上无效。
4.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
第Ⅰ卷一、单项选择题：本题共6小题，每小题3分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1．如图，电荷量为q 1和q 2的两个点电荷分别位于P 点和Q 点。
已知在P 、Q 连线至某点R 处的电场强度为零，且PR=2RQ 。
则 A ．q 1=2q 2 B ．q 1=4q 2C ．q 1=-2q 2D ．q 1=-4q 2 2．一质点受多个力的作用，处于静止状态，现使其中一个力的大小逐渐减小到零，再沿原方向逐渐恢复到原来的大小。
在此过程中，其它力保持不变，则质点的加速度大小a 和速度大小v 的变化情况是A ．a 和v 都始终增大B ．a 和v 都先增大后减小C ．a 先增大后减小，v 始终增大D ．a 和v 都先减小后增大3．通过一阻值R=100Ω的电阻的交变电流如图所示，其周期为1s.A ．12VB ．410VC ．15VD ．85V4．一物体做直线运动，其加速度随时间变化的a-t 图象如图所示。
下列v-t 图象中，可能正确描述此物体运动的是5．“北斗”卫星屏声息气定位系统由地球静止轨道卫星（同步卫星）、中轨道卫星和倾斜同步卫星组成。
地球静止轨道卫星和中轨道卫星都在圆轨道上运行，它们距地面的高度分别约为地球半径的6倍和3.4倍，下列说法中正确的是A ．静止轨道卫星的周期约为中轨道卫星的2倍B ．静止轨道卫星的线速度大小约为中轨道卫星的2倍C ．静止轨道卫星的角速度大小约为中轨道卫星的1/7D ．静止轨道卫星的向心加速度大小约为中轨道卫星的1/76．如图，水平桌面上固定有一半径为R 的金属细圆环，环面水平，圆环每单位长度的电阻为r ，空间有一匀强磁场，磁感应强度大小为B ，方向竖直向下；一长度为2R 、电阻可忽略的导体棒置于圆环左a-a q 1侧并与环相切，切点为棒的中点。
棒在拉力的作用下以恒定加速度a 从静止开始向右运动，运动过程中棒与圆环接触良好。
下列说法正确的是A ．拉力的大小在运动过程中保持不变B ．棒通过整个圆环所用的时间为2R/aC ．棒经过环心时流过棒的电流为r π/2aR BD ．棒经过环心时所受安培力的大小为r π/2aR R B 82二、多项选择题，本题共4小题，每小题5分，共20分。
在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。
全部选对的得5分；选对但不全的得3分；有选错的得0分。
7．科学家关于物体运动的研究对树立正确的自然现象具有重要作用。
下列说法符合历史事实的是A ．亚里士多德认为，必须有力作用在物体上，物体的运动状态才会改变B ．伽利略通过“理想实验”得出结论：运动必具有一定速度，如果它不受力，它将以这一速度永远运动下去C ．笛卡儿指出：如果运动中的物体没有受到力的作用，它将继续以同一速度沿同一直线运动，既不停下来也不偏离原来的方向D ．牛顿认为，物体具有保持原来匀速直线运动状态或静止状态的性质 8．关于物体所受合外力的方向，下列说法正确的是A ．物体做速率逐渐增加的直线运动时，其所受合外力的方向一定与速度方向相同B ．物体做变速率曲线运动时，其所受合外力的方向一定改变C ．物体做变速率圆周运动时，其所受合外力的方向一定指向圆心D ．物体做匀速率曲线运动时，其所受合外力的方向总是与速度方向垂直 9．三条在同一平面（纸面）内的长直绝缘导线组成一等边三角形，在导线中通过的电流均为I ，方向如图所示。
a 、b 和c 三点分别位于三角形的三个顶角的平分线上，且到相应顶点的距离相等。
将a 、b 和c 处的磁感应强度大小分别记为B 1、B 2和B 3，下列说法正确的是A ．B 1=B 2<B 3 B ．B 1=B 2=B 3C ．a 和b 处磁场方向垂直于纸面向外，c 处磁场方向垂直于纸面向里D ．a 处磁场方向垂直于纸面向外，b 和c 处磁场方向垂直于纸面向里10．如图，在水平光滑桌面上，两相同的矩形刚性小线圈分别叠放在固定的绝缘矩形金属框的左右两边上，且每个小线圈都各有一半面积在金属框内，在金属框接通逆时针方向电流的瞬间A ．两小线圈会有相互靠拢的趋势B ．两小线圈会有相互远离的趋势C ．两小线圈中感应电流都沿顺时针方向D ．左边小线圈中感应电流沿顺时针方向，右边小线圈中感应电流沿逆时针方向第II 卷本卷包括必考题和选考题两部分，第11题～第14题为必考题，每个试题都必须做答。
第15题～第17题为选考题，根据要求做答。
三．实验题：本题共2小题，第11题6分，第12题9分，共15分。
把答案写在答题卡中指定的答题处。
11．某同学用图（a ）所示的实验装置验证机械能守恒定律。
已知打点计时器所用电源的频率为50Hz ，当地重力加速度为g=9.80m/s 2。
实验中该同学得到的一条点迹清晰的完整纸带如图（b ）所示。
纸带上的第一个点记为O ，另选连续的三个点A 、B 、C 进行测量，图中给出了这三个点到O 点的距离h A 、h B 和h C 的值。
回答下列问题（计算结果保留3位有效数字）（1）打点计时器打B 点时，重物速度的大小v B =m/s; 3.90 （2）通过分析该同学测量的实验数据，他的实验结果是否验证了机械能守恒定律？简要说明分析的依据。
c c右图b12．某同学将量程为200μA 、内阻为500Ω的表头μA 改装成量程为1mA 和10mA 的双量程电流表，设计电路如图（a ）所示。
定值电阻R 1=500Ω，R 2和R 3的值待定，S 为单刀双掷开关，A 、B 为接线柱。
回答下列问题： （1）按图（a ）在图（b ）中将实物连线；（2）表笔的颜色为色（填“红”或“黑”）（3）将开关S 置于“1”挡时，量程为mA ；（4）定值电阻的阻值R 2=Ω，R 3=Ω。
（结果取3位有效数字）（5）利用改装的电流表进行某次洞里时，S 置于“2”挡，表头指示如图（c ）所示，则所测量电流的值为mA 。
四．计算题：本题共2小题，第13题10分，第14题13分，共23分。
把解答写在答题卡中指定的答题处，要写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。
13．一质量m=0.6kg 的物体以v 0=20m/s 的初速度从倾角为300的斜坡底端沿斜坡向上运动。
当物体向上滑到某一位置时，其动能减少了ΔE k =18J ，机械能减少了ΔE=3J ，不计空气阻力，重力加速度g=10m/s 2，求（1）物体向上运动时加速度的大小； （2）物体返回斜坡底端时的动能。
14．如图，纸面内有E 、F 、G 三点，∠GEF=300，∠EFG=1350，空间有一匀强磁场，磁感应强度大小为B ，方向垂直于纸面向外。
先使带有电荷量为q(q>0)的点电荷a 在纸面内垂直于EF 从F 点射出，其轨迹经过G 点；再使带有同样电荷量的点电荷b 在纸面内与EF 成一定角度从E 点射出，其轨迹也经过G 点，两点电荷从射出到经过G 点所用的时间相同，且经过G 点时的速度方向也相同。
已知点电荷a 的质量为m ，轨道半径为R ，不计重力，求： （1）点电荷a 从射出到经过G 点所用的时间； （2）点电荷b 的速度大小。
五．选考题：请考生在第15、16、17三题中任选二题做答，如果多做则按所做的第一、二题计分。
做答时用2B 铅笔在答题卡上把所选题目的题号涂黑。
计算题请写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。
15．模块3-3试题（12分） （1）（4分）下列说法正确的是（填正确答案标号。
选对1个得2分，选对2个得3分.选对3个得4分;每选错I 个扣2分，最低得分为0分）A ．把一枚针轻放在水面上，它会浮在水面，这是由于水表面存在表面张力的缘故B ．水在涂有油脂的玻璃板上能形成水珠，而在干净的玻璃板上却不能，为是因为油脂使水的表面张力增大的缘故C ．在围绕地球飞行的宇宙飞船中，自由飘浮的水滴呈球形，这是表面张力作用的结果D ．在毛细现象中，毛细管中的液面有的升高，有的降低，这与液体的种类和毛细管的材质有关E ．当两薄玻璃板间夹有一层水膜时，在垂直于玻璃板的方向很难将玻璃板拉开，这是由于水膜A GF 3001350具有表面张力的缘故 （2）（8分）如图，一带有活塞的气缸通过底部的水平细管与一个上端开口的竖直管相连，气缸与竖直管的横截面面积之比为3：1，初始时，该装置的底部盛有水银；活塞与水银面之间有一定量的气体，气柱高度为l （以cm 为单位）；竖直管内的水银面比气缸内的水银面高出3l /8。
现使活塞缓慢向上移动11l /32，这时气缸和竖直管内的水银面位于同一水平面上，求初始时气缸内气体的压强（以cmHg 为单位） 16．模块3-4试题（12分）（1）（4分）下列选项与多普勒效应有关的是（填正确答案标号。
选对1个得2分，选对2个得3分.选对3个得4分;每选错I 个扣2分，最低得分为0分）A ．科学家用激光测量月球与地球间的距离B ．医生利用超声波探测病人血管中血液的流速C ．技术人员用超声波探测金属、陶瓷、混凝土中是否有气泡D ．交通警察向车辆发射超声波并通过测量反射波的频率确定车辆行进的速度E ．科学家通过比较星球与地球上同种元素发出光的频率来计算星球远离地球的速度 （2）（8分）如图，三棱镜的横截面为直角三角形ABC ，∠A=300，AC 平行于光屏MN ，与光屏的距离为L ，棱镜对红光的折射率为n 1，对紫光的折射率为n 2。
一束很细的白光由棱镜的侧面AB 垂直射入，直接到达AC 面并射出。
画出光路示意图，并标出红光和紫光射在光屏上的位置，求红光和紫光在光屏上的位置之间的距离。
17．模块3-5试题（12分）（1）（4分）原子核23290Th 具有天然放射性，它经过若干次α衰变和β衰变后会变成新的原子核。
下列原子核中，有三种是23290Th 衰变过程中可以产生的，它们是（填正确答案标号。
选对1个得2分，选对2个得3分.选对3个得4分;每选错I 个扣2分，最低得分为0分）A ．20482PbB ．20382PbC ．21084PoD ．22488RaE ．22688Ra（2）（8分）如图，光滑水平面上有三个物块A 、B 和C ，它们具有相同的质量，且位于同一直线上。
开始时，三个物块均静止，先让A 以一定速度与B 碰撞，碰后它们粘在一起，然后又一起与C 碰撞并粘在一起，求前后两次碰撞中损失的动能之比。