高一物理必修1期末复习典型习题

高一物理必修1期末复习典型习题典型例题例l. 在下图甲中时间轴上标出第2s 末，第5s 末和第2s ，第4s ，并说明它们表示的是时间还是时刻。

解析：如图乙所示，第2s 末和第5s 末在时间轴上为一点，表示时刻甲 乙第2s 在时间轴上为一段线段，是指第1s 末到第2s 末之间的一段时间，即第二个1s ，表示时间。

第4s 在时间轴上也为一段线段，是指第3s 末到第4s 末之间的一段时间，即第四个ls ，表示时间。

答案：见解析例2. 关于位移和路程，下列说法中正确的是A. 在某一段时间内质点运动的位移为零，该质点不一定是静止的B. 在某一段时间内质点运动的路程为零，该质点一定是静止的C. 在直线运动中，质点位移的大小一定等于其路程D. 在曲线运动中，质点位移的大小一定小于其路程 解析：位移的大小为起始与终了位置的直线距离，而与运动路径无关。

路径是运动轨迹的长度。

路程为零，质点肯定静止。

选项B 正确。

位移为零，在这段时间内质点可以往返运动回到初始位置，路程不为零，所以选项A 正确。

位移大小在非单向直线运动中总小于路程，所以选项D 正确。

直线运动包括单向直线运动和在直线上的往返运动，所以选项C 错误。

答案：A 、B 、D例3. 从高为5m 处以某一初速度竖直向下抛出一个小球，在与地面相碰后弹起，上升到高为2m 处被接住，则在这段过程中A. 小球的位移为3m ，方向竖直向下，路程为7mB. 小球的位移为7m ，方向竖直向上，路程为7mC. 小球的位移为3m ，方向竖直向下，路程为3mD. 小球的位移为7m ，方向竖直向上，路程为3m 解析：本题考查基本知识在实际问题中的应用。

理解位移和路程概念，并按要求去确定它们。

题中物体初、末位置高度差为3m ，即位移大小，末位置在初位置下方，故位移方向竖直向下，总路程则为7m 。

答案：A例4. 判断下列关于速度的说法，正确的是A. 速度是表示物体运动快慢的物理量，它既有大小，又有方向。

B. 平均速度就是速度的平均值，它只有大小没有方向。

C. 汽车以速度1v 经过某一路标，子弹以速度2v 从枪口射出，1v 和2v 均指平均速度。

D. 运动物体经过某一时刻（或某一位置）的速度，叫瞬时速度，它是矢量。

解析：速度的物理意义就是描写物体运动的快慢，它是矢量，有大小，也有方向，故A 选项正确；平均速度指物体通过的位移和通过这段位移所用时间的比值，它描写变速直线运动的平均快慢程度，不是速度的平均值，它也是矢量，故B 选项不对；C 中1v 、2v 对应某一位置，为瞬时速度，故C 不对；D 为瞬时速度的定义，D 正确。

答案：A 、D例5. 一个物体做直线运动，前一半时间的平均速度为1v ，后一半时间的平均速度为2v ，则全程的平均速度为多少？如果前一半位移的平均速度为1v ，后一半位移的平均速度为2v ，全程的平均速度又为多少？解析：（1）设总的时间为2t ，则2221212211v v t x x v t v x t v x +=+===，（2）设总位移为2x ，1122121212,22x v t x v t v v xv t t v v ====++例6. 打点计时器在纸带上的点迹，直接记录了A. 物体运动的时间B. 物体在不同时刻的位置C. 物体在不同时间内的位移D. 物体在不同时刻的速度解析：电火花打点计时器和电磁打点计时器都是每隔0.02s 在纸带上打一个点。

因此，根据打在纸带上的点迹，可直接反映物体的运动时间。

因为纸带跟运动物体连在一起，打点计时器固定，所以纸带上的点迹就相应地记录了物体在不同时刻的位置。

虽然用刻度尺量出各点迹间的间隔，可知道物体在不同时间内的位移，再根据物体的运动性质可算出物体在不同时刻的速度，但这些量不是纸带上的点迹直接记录的。

综上所述，正确的选项为AB 。

答案：A 、B例7. 如图所示，打点计时器所用电源的频率为50Hz ，某次实验中得到的一条纸带，用毫米刻度尺测量的情况如图所示，纸带在A 、C 间的平均速度为 m ／s ，在A 、D 间的平均速度为 m ／s ，B 点的瞬时速度更接近于 m ／s 。

解析：由题意知，相邻两点间的时间间隔为0.02s 。

AC 间的距离为14mm ＝0.014m ，AD 间的距离为25mm=0.025m 。

由公式t x v ∆∆=得 0.014/0.35/20.02AC v m s m s==⨯ 0.025/0.42/30.02AD v m s m s==⨯答案：0.35 0.42 0.35例8. 关于加速度，下列说法中正确的是 A. 速度变化越大，加速度一定越大B. 速度变化所用时间越短，加速度一定越大C. 速度变化越快，加速度一定越大D. 速度为零，加速度一定为零解析：由加速度的定义式va t ∆=∆可知，加速度与速度的变化量和速度变化所用的时间两个因素有关。

速度变化越大，加速度不一定越大；速度变化所用时间越短，若速度变化量没有确定，也不能确定加速度一定越大。

加速度是描述速度变化快慢的物理量，速度变化越快，加速度一定越大；速度为零，并不是速度的变化量为零，故加速度不一定为零。

答案：C例9. 如图所示是某矿井中的升降机由井底到井口运动的图象，试根据图象分析各段的运动情况，并计算各段的加速度。

解析：（1）0～2s ，图线是倾斜直线，说明升降机是做匀加速运动，根据速度图象中斜率的物理意义可求得加速度216/a m s =。

（2）2s ～4s ，图线是平行于时间轴的直线，说明升降机是做匀速运动，根据速度图象中斜率的物理意义可求得加速度20a =。

（3）4s ～5s ，图线是向下倾斜的直线，说明升降机是做匀减速运动，根据速度图象中斜率的物理意义可求得加速度2312/a m s =-。

答案：见解析例10. 一质点从静止开始以1m ／s 2的加速度匀加速运动，经5s 后做匀速运动，最后2s 的时间质点做匀减速运动时的速度是多大?减速运动直至静止，则质点匀减速运动时的加速度是多大?解析：质点的运动过程包括加速→匀速→减速三个阶段，如图所示。

图示中AB 为加速，BC 为匀速，CD 为减速，匀速运动的速度即为AB 段的末速度，也是CD 段的初速度，这样一来，就可以利用公式方便地求解了，由题意画出图示，由运动学公式知：0(015)/5/B v v at m s m s =+=+⨯= 5/C B v v m s ==由0v v at =+应用于CD 段（0D v =）得2205/ 2.5/2D C v v a m s m s t --===-负号表示a 方向与0v 方向相反 答案：5m/s -2.5m/s 2说明：解决运动学问题要善于由题意画出运动简图，利用运动简图解题不论是从思维上还是解题过程的叙述上都变得简洁，可以说能起到事半功倍的作用。

事实上，能够正确地画出运动简图说明你对题目中交待的物理过程有了很清楚的认识，这是对同学们要求比较高而且难度比较大的基本功，务必注意这一点。

例11. 汽车以l0m ／s 的速度在平直公路上匀速行驶，刹车后经2s 速度变为6m ／s ，求： （1）刹车后2s 内前进的距离及刹车过程中的加速度； （2）刹车后前进9m 所用的时间； （3）刹车后8s 内前进的距离。

解析：（1）汽车刹车后做匀减速直线运动，由0v v a t -=可求得。

22/a m s =-，再由212x v t at =+，可求得16x m =。

（2）由2012x v t at =+可得2910t t =-解得11t s =，29t s =。

要注意汽车刹车后经1052vt s sa===-停下，故时间应为1s。

（3）由（2）可知汽车经5s停下，可见在8s时间内，汽车有3s静止不动，因此()2211105252522x v t at m=+=⨯+⨯-⨯=例12. 证明（1）在匀变速直线运动中连续相等时间（T）内的位移之差等于一个恒量。

证明：212nx v T aT=+2101()2nx v aT T aT+=++所以21aTxxxnn=-=∆+（即2aT为恒量）由此结论可用来求匀变速直线运动的加速度，即2Txa∆=2. 在匀变速直线运动中，某段时间内中间时刻的瞬时速度等于这段时间内的平均速度。

证明：如图所示：2B Aatv v=+C Av v at=+222A C A AAC Av v v v at atv v+++===+所以ACBvv=3. 在匀变速直线运动中，某段位移中点位置处的速度为2222xv vv+=证明：如图所示：222Bv v ax-=①222Bv v ax-=②由①②两式结合的：222Bv vv+=例13. 一个作匀速直线运动的质点，在连续相等的两个时间间隔内，通过的位移分别是24m和64m，每一个时间间隔为4s，求质点的初速度和加速度。

解析：匀变速直线运动的规律可用多个公式描述，因而选择不同的公式，所对应的解法也不同。

如：解法一：基本公式法：画出运动过程示意图，如图所示，因题目中只涉及位移与时间，故选择位移公式：2112A x v t at =+22211(2)(2)()22A A x v t a t v t at =+-+将1x ＝24m 、2x ＝64m ，代入上式解得： 22.5/a m s =，1/A v m s =解法二：用平均速度公式：连续的两段时间t 内的平均速度分别为1124/4/6/v x m s m s === 2264/4/16/v x m s m s ===B 点是AC 段的中间时刻，则12A Bv v v +=22C Bv v v += 1261611(/)222A C B v v v v v m s +++====得1/A v m s = 21/C v m s = 211 2.5(/)248C A v v a m s --===⨯解法三：用推论式： 由2aT x =∆得)/(5.2440222s m T x a ==∆=再由2112A x v t at =+解得：1/A v m s = 答案：1/m s 2.52/m s说明：对一般的匀变速直线运动问题，若出现相等的时间间隔问题，应优先考虑公式2aT x =∆求解 例14. 物体从静止开始做匀加速直线运动，已知第4s 内与第2s 内的位移之差是12m ，则可知： A. 第1 s 内的位移为3 m B. 第2s 末的速度为8 m ／sC. 物体运动的加速度为2m ／s 2D. 物体在5s 内的平均速度为15 m ／s解析：本题全面考查匀变速直线运动规律的应用，以及掌握的熟练程度，本题涉及到四个物理量的确定，要求对这些物理量的关系能融会贯通，并能抓住加速度这一关键。

由题意，可利用2x aT ∆=先求出a 。