2020年高考物理每日一题 (34)
2020年高考天津市物理试题(含答案解析)
2020年高考天津市物理试题(含答案解析)1、在物理学的发展过程中，人们通过对某些重要物理实验的深入观察和研究，获得了正确的理论认识。
下列图示的实验中，导致发现原子具有核式结构的是（）。
2、北斗问天，国之夙愿。
我国北斗三号系统的收官之星是地球静止轨道卫星，其轨道半径约为地球半径的7倍。
与近地轨道卫星相比，地球静止轨道卫星（）。
3、新冠肺炎疫情突发，中华儿女风雨同舟、守望相助，筑起了抗击疫情的巍峨长城。
志愿者用非接触式体温测量仪，通过人体辐射的红外线测量体温，防控人员用紫外线灯在无人的环境下消杀病毒，为人民健康保驾护航。
相比较红外线，紫外线（）。
4、一列简谐横波沿x轴正方向传播，周期为T，时的波形如图所示。
在时刻（）。
5、水枪是孩子们喜爱的玩具，常见的气压式水枪储水罐示意如图。
从储水罐充气口充入气体，达到一定压强后，关闭充气口。
扣动扳机将阀门M打开，水即从枪口喷出。
若在不断喷出的过程中，罐内气体温度始终保持不变，则气体（）。
6、手机无线充电是比较新颖的充电方式。
如图所示，电磁感应式无线充电的原理与变压器类似，通过分别安装在充电基座和接收能量装置上的线圈，利用产生的磁场传递能量。
在充电过程中（）。
7、如图所示，在Oxy平面的第一象限内存在方向垂直纸面向里，磁感应强度大小为B的匀强磁场。
一带电粒子从y轴上的M点射入磁场，速度方向与y轴正方向的夹角。
粒子经过磁场偏转后在N点（图中未画出）垂直穿过x轴。
已知，粒子电荷量为q，质量为m，重力不计。
则（）。
解析：1、在物理学的发展过程中，人们通过对某些重要物理实验的深入观察和研究，获得了正确的理论认识。
下列图示的实验中，导致发现原子具有核式结构的是（）。
2、北斗问天，国之夙愿。
我国北斗三号系统的收官之星是地球静止轨道卫星，其轨道半径约为地球半径的7倍。
与近地轨道卫星相比，地球静止轨道卫星（）。
3、新冠肺炎疫情突发，中华儿女风雨同舟、守望相助，筑起了抗击疫情的巍峨长城。
2020年普通高等学校招生全国统一考试(全国Ⅰ卷理综物理逐题解析版)
2020年普通高等学校招生全国统一考试理综物理部分逐题解析二、选择题：本题共8小题，每小题6分。
共48分。
在每小题给出的四个选项中，第14~18题只有一项符合题目要求，第19~21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
14．行驶中的汽车如果发生剧烈碰撞，车内的安全气囊会被弹出并瞬间充满气体。
若碰撞后汽车的速度在很短时间内减小为零，关于安全气囊在此过程中的作用，下列说法正确的是 A ．增加了司机单位面积的受力大小B ．减少了碰撞前后司机动量的变化量C ．将司机的动能全部转换成汽车的动能D ．延长了司机的受力时间并增大了司机的受力面积【答案】D【解析】本题涉及车内安全气囊的缓冲作用对司机生命安全的保护。
A ．车内的安全气囊被弹出并瞬间充满气体，增大了司机的受力面积，减少了司机单位面积的的受力大小，所以选项A 错误。
B ．司机的末动量还为零，其动量的变化量并未改变，选项B 错误。
C ．碰撞后汽车的速度在很短时间内减小为零，则选项C 错误。
D ．由于安全气囊的作用司机减速到零的时间延长了（缓冲作用），选项D 正确。
考点： 动量定理，压强。
15．火星的质量约为地球质量的1/10，半径约为地球半径的1/2，则同一物体在火星表面与在地球表面受到的引力的比值约为A ．0.2B ．0.4C ．2.0D ．2.5【答案】B【解析】本题考查质点与球体间万有引力的计算。
在星球表面的物体（质点）与星球（球体）的间距等于星球的半径。
同一物体m 在火星表面上受到的万有引力为：2111R mM G F在地球表面上受到的万有引力为：2222R m M G F = 两式相比可得21222121R M R M F F ==0.4(万有引力与质量成正比，与间距的平方成反比)，选项B 正确。
考点： 万有引力定律。
16．如图，一同学表演荡秋千。
已知秋千的两根绳长均为10 m ，该同学和秋千踏板的总质量约为50 kg 。
2020年高考物理每日一题 (909)
2020年高考物理每日一题
1、冬季奥运会中滑雪比赛惊险刺激，如图所示。
一滑雪运动员在倾斜雪道顶端以水平速度v0＝10 m/s飞出，在落到倾斜雪道上时，运动员靠改变姿态进行缓冲使自己只保留沿斜面的速度而不弹起，雪道倾角θ＝37°，倾斜雪道长L＝50 m，高h＝30 m，下端经过一小段圆弧过渡后与很长的水平雪道相接，除缓冲外，运动员还可视为质点。
过渡轨道光滑，其长度可忽略不计。
如果运动员在水平雪道上滑行的距离为196.3 m，已知运动员与雪道间的动摩擦因数一定，g＝10 m/s2，s in 37°＝0.6，cos 37°＝0.8。
求；
(1)运动员落到倾斜雪道上的点与飞出点间的距离；
(2)运动员落到倾斜雪道瞬间沿雪道的速度大小；
(3)运动员与雪道间的动摩擦因数。
2020高考物理全国Ⅲ卷34(2)题
微解题39
2020高考物理全国Ⅲ卷34（2）
34．[物理选修3–4]
（2）(10分)如图，3其横截面为直角三角形ABC ，∠A =90°，∠B =30°。
一束平行光平行于BC 边从AB 边射入棱镜，不计光线在棱镜内的多次反射，求AC 边与BC 边上有光出射区域的长度的比值。
【答案】2
解析：先画边界光线。
如图（a ）所示，设从D 点入射的光线经折射后恰好射向C 点，光在AB 边上的入射角为θ1=60°，折射角为θ2，由折射定律有：
sin θ1=n sin θ2
代入数据解之得：θ2=30°
设从DB 范围入射的光折射后在BC 边上的入射角为θ′，由几何关系有： θ′=30°+θ2 解得θ′=60°
因为sin60°
>sinC=1/n ，所以，从DB 范围入射的光折射后在BC 边上发生全反射，反射光线垂直射到AC 边，AC 边上全部有光射出。
设从AD 范围入射的光折射后在AC 边上的入射角为ɑ，如图（b ）所示。
由几何关系
ɑ=90°–θ2 解得：ɑ=60°，
所以从AD 范围入射的光折射后在AC 边上发生全反射，反射光线垂直射到BC 边上。
设BC 边上有光线射出的部分为CF ，由几何关系得CF =AC ·sin30°
AC 边与BC 边有光出射区域的长度的比值为2AC CF。
2020年物理高考试题答案及解析-新课标
理科综合物理局部 - - -新课标二、选择题 .此题共8小题 ,每题6分 .在每题给出的四个选项中 ,有的只有一项符合题目要求 ,有的有多项符合题目要求 .全部选对的得6分 ,选对但不全的得3分 ,有选错的得0分 .14.伽利略根据小球在斜面上运动的实验和理想实验 ,提出了惯性的概念 ,从而奠定了牛顿力学的根底 .早期物理学家关于惯性有以下说法 ,其中正确的选项是 A.物体抵抗运动状态变化的性质是惯性 B.没有力作用 ,物体只能处于静止状态C.行星在圆周轨道上保持匀速率运动的性质是惯性D.运动物体如果没有受到力的作用 ,将继续以同一速度沿同一直线运动 答案：AD答案及解析： 14.【答案】AD 【解析】惯性的定义是物体保持静止或匀速直线运动的性质叫惯性 ,所以A 正确；如果没有力 ,物体将保持静止或匀速直线运动 ,所以B 错误；行星在轨道上保持匀速率的圆周运动的原因是合外力与需要的向心力总是相等 ,所以C 错误；运动物体不受力 ,它将保持匀速直线运动状态 ,所以D 正确 . 15.如图 ,x 轴在水平地面内 ,y 轴沿竖直方向 .图中画出了从y 轴上沿x 轴正向抛出的三个小球a 、b 和c 的运动轨迹 ,其中b 和c 是从同一点抛出的 ,不计空气阻力 ,那么 A.a 的飞行时间比b 的长 B.b 和c 的飞行时间相同 C.a 的水平速度比b 的小 D.b 的初速度比c 的大 答案：BD 15.【答案】BD 【解析】根据212h gt =可知t =,所以a b c t t t <= ,即A 错误 ,B 正确；由x v t =得a b c v v v >> ,所以C 错误 ,D 正确 .16.如图 ,一小球放置在木板与竖直墙面之间 .设墙面对球的压力大小为N 1 ,球对木板的压力大小为N 2 .以木板与墙连接点所形成的水平直线为轴 ,将木板从图示位置开始缓慢地转到水平位置 .不计摩擦 ,在此过程中 A.N 1始终减小 ,N 2始终增大 B.N 1始终减小 ,N 2始终减小 C.N 1先增大后减小 ,N 2始终减小 D.N 1先增大后减小 ,N 2先减小后增大 答案：B16【答案】B【解析】受力分析如下图: 重力的大小方向都不变 ,可知N 1、N 2的合力大小、方向都不变 ,当木板向下转动时 ,N 1、N 2变化如下图 ,即N 1、N 2都减小 ,所以正确选项为B17.自耦变压器铁芯上只绕有一个线圈 ,原、副线圈都只取该线圈的某局部 ,一升压式自耦调压变压器的电路如下图 ,其副线圈匝数可调 .变压器线圈总匝数为1900匝；原线圈为1100匝 ,接在有效值为220V 的交流电源上 .当变压器输出电压调至|最|大时 ,负载R 上的功率为2.0 kW .设此时原线圈中电流有效值为I 1 ,负载两端电压的有效值为U 2 ,且变压器是理想的 ,那么U 2和I 1分别约为 和 和 和 和 答案：B 17.【答案】B 【解析】由1212U U n n =得：221119002203801100n U U V V n ==⨯= ,由121122P P U I U I ===得21120009.1220P I A A U === ,所以B 正确 .GF 电F 合18.如图 ,平行板电容器的两个极板与水平地面成一角度 ,两极板与一直流电源相连 .假设一带电粒子恰能沿图中所示水平直线通过电容器 ,那么在此过程中 ,该粒子 A.所受重力与电场力平衡 B.电势能逐渐增加 C.动能逐渐增加 D.做匀变速直线运动 答案：BD18.【答案】BD【解析】受力分析如下图 ,知重力与电场力的合力与速度方向相反 ,所以粒子做匀减速直线运动 ,动能减小 ,所以A 、C 错误 ,D 正确；因为电场力与速度方向夹角为钝角 ,所以电场力做负功 ,电势能增加 ,即B 正确 .19.如图 ,均匀磁场中有一由半圆弧及其直径构成的导线框 ,半圆直径与磁场边缘重合；磁场方向垂直于半圆面 (纸面 )向里 ,磁感应强度大小为B 0.使该线框从静止开始绕过圆心O 、垂直于半圆面的轴以角速度ω匀速转动半周 ,在线框中产生感应电流 .现使线框保持图中所示位置 ,磁感应强度大小随时间线性变化 .为了产生与线框转动半周过程中同样大小的电流 ,磁感应强度随时间的变化率tB∆∆的大小应为 A.πω04B B.πω02B C.πω0B D.πω20B 答案：C 19【答案】C【解析】线圈匀速转动过程中 ,22001122B R B R E I r r rωω===；要使线圈产生相同电流 ,221111122B R E BR I r r t r t r tπφπ∆∆∆====∆∆∆ ,所以0B B t ωπ∆=∆ ,所以C 正确 .20.如图 ,一载流长直导线和一矩形导线框固定在同一平面内 ,线框在长直导线右侧 ,且其长边与长直导线平行 .在t =0到t =t 1的时间间隔内 ,直导线中电流i 发生某种变化 ,而线框中感应电流总是沿顺时针方向；线框受到的安培力的合力先水平向左、后水平向右 .设电流i 正方向与图中箭头方向相同 ,那么i 随时间t 变化的图线可能是答案：A20【答案】A【解析】由楞次定律可知：线框受力水平向左时 ,线圈中的磁场要阻碍原磁场引起的磁通量的减弱 ,说明导线中的电流正在减弱；线框受力水平向右时 ,线圈中的磁场要阻碍原磁场引起的磁通量的增强 ,说明导线中的电流正在增强；所以导线中的电流先减弱后增强 ,所以CD 错误；又因线圈中的电流为顺时针方向 ,所以由右手螺旋定那么知线圈产生磁场为垂直纸面向里 ,因为线圈中的磁场要阻碍原磁场引起的磁通量的减弱 ,故导线初始状态在导线右侧产生的磁场方向为垂直纸面向里 ,由右手螺旋定那么知导线中电流方向为正方向 ,所以A 正确 ,B 错误 .21.假设地球是一半径为R 、质量分布均匀的球体 .一矿井深度为d .质量分布均匀的球壳对壳内物体的引力为零 .矿井底部和地面处的重力加速度大小之比为 A.R d -1 B. Rd +1 C. 2)(R d R - D. 2)(d R R -答案：A 21【答案】A【解析】在地球外表2M mg Gm R = ,又343M R ρπ= ,所以243M g G G R R πρ== ,因为球壳对球内物体的引力为零 ,所以在深为d 的矿井内()2Mmg Gm R d '=- ,得()()243Mg GG R d R d πρ'==-- ,所以1g R d d g R R '-==- . 第二卷三、非选择题 .包括必考题和选考题两局部 .第22题~第32题为必考题 ,每个试题考生都必须做答 .第33题~第40题为选考题 ,考生根据要求做答 . (一 )必考题 (11题 ,共129分 ) 22. (5分 )某同学利用螺旋测微器测量一金属板的厚度 .该螺旋测微器校零时的示数如图 (a )所示 ,测量金属板厚度时的示数如图 (b )所示 .图 (a )所示读数为_________mm ,图 (b )所示读数为_________mm ,所测金属板的厚度为_________mm .答案：；；22. (5分 )【考点】长度测量 【答案】；； 【解析】 (a )图螺旋测微器的读数步骤如下.首|先 ,确定从主尺读出毫米数为0mm ,可动刻度与主尺对齐个数为 (格 ) ,读数为 ,那么螺旋测微器读数为 + = , (b )图螺旋测微器的读数步骤如下.首|先 ,确定从主尺读出毫米数为 ,可动刻度与主尺对齐个数为 (格 ) ,读数为 ,那么螺旋测微器读数为 + = ,考虑调零问题金属板实际厚度 6.8700.100 6.860d mm =-=23. (10分 )图中虚线框内存在一沿水平方向、且与纸面垂直的匀强磁场 .现通过测量通电导线在磁场中所受的安培力 ,来测量磁场的磁感应强度大小、并判定其方向 .所用局部器材已在图中给出 ,其中D 为位于纸面内的U 形金属框 ,其底边水平 ,两侧边竖直且等长；E 为直流电源；R 为电阻箱；○A 为电流表；S 为开关 .此外还有细沙、天平、米尺和假设干轻质导线 .(1 )在图中画线连接成实验电路图 . (2 )完成以下主要实验步骤中的填空①按图接线 .②保持开关S 断开 ,在托盘内参加适量细沙 ,使D 处于平衡状态；然后用天平称出细沙质量m 1 .③闭合开关S ,调节R 的值使电流大小适当 ,在托盘内重新参加适量细沙 ,使D________；然后读出_________________ ,并用天平称出_______ . ④用米尺测量_______________ .(3 )用测量的物理量和重力加速度g 表示磁感应强度的大小 ,可以得出B =_________ . (4 )判定磁感应强度方向的方法是：假设____________ ,磁感应强度方向垂直纸面向外；反之 ,磁感应强度方向垂直纸面向里 .23. (10分 )【答案】连线如下图 .(2)③重新处于平衡状态； 电流表的示数I ；此时细沙的质量 m 2 .④ D 的底边长度l . (3)B =Ilgm m 12-(4)m 2> m 1 ,【解析】测磁感应强度原理：开关断开时 ,线框的重力等于砝码的重力 ,所以01m g m g = ,得01m m =；接通电源后 ,假设磁感应强度的方向垂直于纸面向里 ,那么安培力向上 ,那么有02m g BIl m g -= ,所以()12m m g B Il-=；接通电源后 ,假设磁感应强度的方向垂直于纸面向外 ,那么安培力向下 ,那么有02m g BIl m g += ,所以()21m m gB Il-=；所以⑶中磁感应强度的大小为12m m gB Il-= .24. (14分 )拖把是由拖杆和拖把头构成的擦地工具 (如图 ) .设拖把头的质量为m ,拖杆质量可以忽略；拖把头与地板之间的动摩擦因数为常数μ ,重力加速度为g ,某同学用该拖把在水平地板上拖地时 ,沿拖杆方向推拖把 ,拖杆与竖直方向的夹角为θ . (1 )假设拖把头在地板上匀速移动 ,求推拖把的力的大小 .(2 )设能使该拖把在地板上从静止刚好开始运动的水平推力与此时地板对拖把的正压力的比值为λ .存在一临界角θ0 ,假设θ≤θ0 ,那么不管沿拖杆方向的推力多大 ,都不可能使拖把从静止开始运动 .求这一临界角的正切tan θ0 .24.(14分 )解：(1)设该同学沿拖杆方向用大小为F 的力推拖把 .将推拖把的力沿竖直和水平方向分解 ,按平衡条件有Fcosθ + mg =N ① Fsinθ =f②式中N 和f 分别为地板对拖把的正压力和摩擦力 .按摩擦定律有 f =μN ③联立①②③得F =mg θμθμcos sin -④(2)假设不管沿拖杆方向用多大的力都不能使拖把从静止开始运动 ,应有 Fsinθ≤λN ⑤这时①式仍满足 ,联立①⑤得 sinθ -λcosθ≤λFmg现考察使上式成立的θ角的取值范围 ,注意到上式右边总是大于零 ,且当F 无限大时极限为零 ,有 sinθ -λcosθ≤0 ⑦使上式成立的θ角满足θ≤θ0 ,这里θ0是题中所定义的临界角 ,即当θ≤θ0时 ,不管沿拖杆方向用多大的力都推不动拖把 .临界角的正切为 tanθ0 =λ 25. (18分 )如图 ,一半径为R 的圆表示一柱形区域的横截面 (纸面 ) .在柱形区域内加一方向垂直于纸面的匀强磁场 ,一质量为m 、电荷量为q 的粒子沿图中直线在圆上的a 点射入柱形区域 ,在圆上的b 点离开该区域 ,离开时速度方向与直线垂直 .圆心O 到直线的距离为 .现将磁场换为平等于纸面且垂直于直线的匀强电场 ,同一粒子以同样速度沿直线在a 点射入柱形区域 ,也在b 点离开该区域 .假设磁感应强度大小为B ,不计重力 ,求电场强度的大小 .25. (18分 )【答案】解：粒子在磁场中做圆周运动 .设圆周的半径为r ．由牛顿第二定律和洛仑兹力公式得rv m qvB 2= ①式中v 为粒子在a 点的速度过b 点和O 点作直线的垂线 ,分别与直线交于c 和d 点 .由几何关系知 ,线段ac 、bc 和过a 、b 两点的轨迹圆弧的两条半径 (未画出 )围成一正方形 .因此ac =bc =r ②设cd =x ,由几何关系得 ac =45 R +x ③bc =2253x R R -+ ④联立②③④式得r =75R ⑤再考虑粒子在电场中的运动 .设电场强度的大小为E ,粒子在电场中做类平抛运动设其加速度大小为a ,由牛顿第二定律和带电粒子在电场中的受力公式得qE =ma ⑥粒子在电场方向和直线方向所走的距离均为r 由运动学公式得 r =12 at 2r =vt式中t 是粒子在电场中运动的时间 .联立①⑤⑥⑦⑧式得mRqB E 5142=⑨33.[物理 - -选修3 -3] (15分 )(1 ) (6分 )关于热力学定律 ,以下说法正确的选项是________ (填入正确选项前的字母 ,选对1个给3分 ,选对2个给4分 ,选对3个给6分 ,每选错1个扣3分 ,最|低得分为0分 ) . A.为了增加物体的内能 ,必须对物体做功或向它传递热量 B.对某物体做功 ,必定会使该物体的内能增加 C.可以从单一热源吸收热量 ,使之完全变为功 D.不可能使热量从低温物体传向高温物体E.功转变为热的实际宏观过程是不可逆过程 答案：ACE(2 ) (9分 )如图 ,由U 形管和细管连接的玻璃泡A 、B 和C 浸泡在温度均为0°C 的水槽中 ,B 的容积是A 的3倍 .阀门S 将A 和B 两局部隔开 .A 内为真空 ,B 和C 内都充有气体 .U 形管内左边水银柱比右边的低60mm .翻开阀门S ,整个系统稳定后 ,U 形管内左右水银柱高度相等 .假设U 形管和细管中的气体体积远小于玻璃泡的容积 .(i )求玻璃泡C 中气体的压强 (以mmHg 为单位 )；(ii )将右侧水槽的水从0°C 加热到一定温度时 ,U 形管内左右水银柱高度差又为60mm ,求加热后右侧水槽的水温 . 33⑴【答案】ACE【解析】由热力学第|一定律W Q U +=∆ ,知A 正确 ,B 错误；由热力学第二定律知 ,C 、D 这些过程在借助于外界帮助的情况下是可以实现的 ,所以C 正确、D 错误；由自然界中一切与热现象有关的过程都是不可逆的 ,所以E 正确 .(2) (i )在翻开阀门S 前 ,两水槽水温均为T 0 =273K .设玻璃泡B 中气体的压强为p 1 ,体积为V B ,玻璃泡C 中气体的压强为p C ,依题意有p 1 =p C +Δp ①式中Δp =60mmHg .翻开阀门S 后 ,两水槽水温仍为T 0 ,设玻璃泡B 中气体的压强为p B . 依题意 ,有p A =p C ②玻璃泡A 和B 中气体的体积为 V 2 =V A +V B ③ 根据玻意耳定律得 p 1 V B =p B V 2 ④ 联立①②③④式 ,并代入题给数据得 180mmHg BC AV p p V =∆= ⑤ (ii )当右侧水槽的水温加热至|T′时 ,U 形管左右水银柱高度差为Δp .玻璃泡C 中气体的压强为p c ′ =p a +Δp ⑥玻璃泡C 的气体体积不变 ,根据查理定理得0C C p p T T '='⑦联立②⑤⑥⑦式 ,并代入题给数据得 T′ =364 K ⑧ 34.[物理 - -选修3 -4] (15分 )(1 ) (6分 )一简谐横波沿x 轴正向传播 ,t =0时刻的波形如图 (a )所示 ,x =处的质点的振动图线如图 (b )所示 ,该质点在t =0时刻的运动方向沿y 轴_______ (填 "正向〞或 "负向〞 ) .该波的波长大于 ,那么该波的波长为_______m .答案：正向；(2 ) (9分 )一玻璃立方体中|心有一点状光源 .今在立方体的局部外表镀上不透明薄膜 ,以致从光源发出的光线只经过一次折射不能透出立方体 .该玻璃的折射率为2 ,求镀膜的面积与立方体外表积之比的最|小值 .34⑴【答案】正向【解析】⑴由b 图可知 ,0时刻质点振动方向沿y 轴正向；根据质点带动法和波向右传播 ,得a 图知介质中各质点的振动方向如图示 ,由振动方程t T A y π2sin= ,即有t Tπ2sin 22= 得22sin 2t T π= ,又因为该波长大于 ,所以234t T ππ= ,得38t T = ,又0.338x v T t T λ∆===∆ 所以0.8m λ= .如图 ,考虑从玻璃立方体中|心O 点发出的一条光线 ,假设它斜射到玻璃立方体上外表发生折射 .根据折射定律有sin sin n θα= ① 式中 ,n 是玻璃的折射率 ,入射角等于θ ,α是折射角 .现假设A 点是上外表面积最|小的不透明薄膜边缘上的一点 .由题意 ,在A 点刚好发生全反射 ,故2A πα=②设线段OA 在立方体上外表的投影长为R A ,由几何关系有A 22sin =()2A A R a R θ+③式中a 为玻璃立方体的边长 ,有①②③式得221A a R n =-④由题给数据得2A a R =⑤ 由题意 ,上外表所镀的面积最|小的不透明薄膜应是半径为R A 的圆 .所求的镀膜面积S′与玻璃立方体的外表积S 之比为2266AR S S a π'=⑥ 由⑤⑥式得4S S π'=⑦ 35.[物理 - -选修3 -5] (15分 )(1 ) (6分 )氘核和氚核可发生热核聚变而释放巨大的能量 ,该反响方程为：21H +31H →42He +x ,式中x 是某种粒子 .：21H 、31H 、42He 和粒子x 的质量分别为、、和；2 ,c 是真空中的光速 .由上述反响方程和数据可知 ,粒子x 是__________ ,该反响释放出的能量为_________ MeV (结果保存3位有效数字 ) 答案：10n (或中子 ) ,(2 ) (9分 )如图 ,小球a 、b 用等长细线悬挂于同一固定点O .让球a 静止下垂 ,将球b 向右拉起 ,使细线水平 .从静止释放球b ,两球碰后粘在一起向左摆动 ,此后细线与竖直方向之间的最|大偏角为60° .忽略空气阻力 ,求 (i )两球a 、b 的质量之比；(ii )两球在碰撞过程中损失的机械能与球b 在碰前的最|大动能之比 .35.【答案】⑴10n (中子 )【解析】根据234112H H H x +→+并结合质量数守恒和电荷数守恒知x 为10n ；由质能方程2E mc ∆=∆得()()23412341112112293617.61H H H n H H H nMevE m m m m c m m m m MeV u∆=+--=+--=(i )设球b 的质量为m 2 ,细线长为L ,球b 下落至|最|低点 ,但未与球a 相碰时的速度为v ,由机械能守恒定律得22212m gL m v =① 式中g 是重力加速度的大小 .设球a 的质量为m 1；在两球碰后的瞬间 ,两球共同速度为v′ ,以向左为正 .有动量守恒定律得 212()m v m m v '=+②设两球共同向左运动到最|高处 ,细线与竖直方向的夹角为θ ,由机械能守恒定律得212121()()(1cos )2m m v m m gL θ'+=+-③联立①②③式得121m m =-代入数据得121m m = (ii )两球在碰撞过程中的机械能损失是 212()(1cos )Q m gL m m gL θ=-+-联立①⑥式 ,Q 与碰前球b 的最|大动能E k (E k =2212m v )之比为 1221(1cos )k m m QE m θ+=--⑦ 联立⑤⑦式 ,并代入题给数据得1k Q E =-⑧。
2024年高考倒计时每日一题物理推荐题 倒计时30天附答案
春天里，大人和小朋友都喜欢在广场上放风筝。
如图为风筝的侧视图，风筝平面与水平面的夹角为θ，风筝受到空气的作用力F 垂直于风筝平面向上。
已知F 随风筝高度的增加而逐渐增大，小朋友把风筝放起后，站在地面上不动，缓慢放长风筝线（风筝线质量不计）。
则( )
A.风筝线越长，风筝线的张力越小
B.小朋友受到地面的支持力不变
C.小朋友最终会沿地面滑动起来
D.风筝受到的合力不断增大
答案：C
解析：风筝线越长，风筝越高，受到的风力越大，对风筝受力分析如图所示，风筝线张力增大，A 错误；设小朋友和风筝的总质量为m ，对风筝和小朋友整体受力分析，竖直方向有N cos mg F F θ-=，由
于F 逐渐增大，则地面对小朋友的支持力变小，B 错误；对小朋友和风筝组成的整体受力分析，小朋友水平方向上受到的摩擦力sin f F θ=，当sin (cos )F mg F θμθ>-时，小朋友就会沿地面滑动起来，C 正确；由于风筝缓慢运动，所以风筝受到的合力总等于零，D 错误。
推荐：本题研究放风筝这一情境，考查物体的动态受力分析，题目新颖，有创新性，体现了物理知识与实际生活的紧密联系。
推荐分数：96分。
新高考真题每日一题物理
新高考真题每日一题物理一、单选题1. 下列声源中，声音传播速度最小的是（）A. 铁条B. 空气C. 水D. 铝合金2. 有一滑梯，高4m，长度8m，小朋友从上往下滑动耗时2s，则下列说法正确的是（）A. 小朋友的平均速度是2m/s。
B. 小朋友最大速度是8m/s。
C. 小朋友在平均速度的情况下滑行11m。
D. 小朋友的加速度是2m/s²。
3. 有一质量为200g的物体，它在0.5m高的地方具有一定的势能，下列说法正确的是（）A. 物体的势能与高度无关。
B. 物体具有10J的势能。
C. 物体的势能为1J。
D. 以上说法都不正确。
二、填空题1. 新加坡共和国，在1965年独立后，马来西亚、印尼、菲律宾等邻国不断对其实施敲诈、封锁，但新加坡倍觉国土狭小，并无什么产业资源，国土短小而瘦弱，出现带有侵略性的空间势能偏离。
这反映出地理特点对某国家产生的直接战略影响（关键词：地理特点、产生、直接战略、影响）。
2. 某物体从5m高的地方下落，其势能在下落过程中不断转化，因此在0m高的地方，它的势能为□。
物体在下落过程中其势能的转化不能违背。
（关键词：势能、转化、违背）3. 新加坡的发展与地理环境、国土面积短小的地理特点密不可分，能够清晰展示出其利用地理地形布局国土资源，通过努力图谋发展利用空间资源的策略成效。
（关键词：发展、地理环境、国土面积、资源、策略、成效）三、解答题1. 一辆汽车行驶过程中，当离开市区进入高速的过程中，车速逐渐加快。
请用动能转化以及动能守恒的理论解释这一现象，说明汽车为什么在加速的过程中需要更多的燃料。
（关键词：动能转化、动能守恒、加速、燃料）2. 我们知道，重物体比轻物体下落得快，那么在漆固体材料下初速度不同的两个重物体同时自由下落时，哪个重物体先砸到地面，为什么？（关键词：自由下落、初速度、先砸到、为什么）3. 人体是由成千上万个细胞组成的复杂有机体，细胞内有大量的细胞器。
请阐述线粒体的结构和功能，并举两个例子说明线粒体在人体中的重要性。
2020年高考物理试卷练习题四含解析
2020年高考物理试卷练习题一、选择题1．用水平力拉一物体，使物体在水平地面上由静止开始做匀加速直线运动，t1时刻撤去拉力F，物体做匀减速直线运动，到t2时刻停止．其速度—时间图象如图1所示，且α>β，若拉力F做的功为W1，冲量大小为I1；物体克服摩擦阻力F f做的功为W2，冲量大小为I2.则下列选项正确的是( )图1A．W1> W2；I1>I2B．W1<W2；I1>I2C．W1< W2；I1<I2D．W1＝W2；I1＝I2【答案】D【解析】全过程由动能定理得：W1－W2＝0，W1＝W2，由动量定理得：I1－I2＝0，I1＝I2，故D正确．2．如图2甲所示，一足够长的粗糙斜面固定在水平地面上，斜面的倾角θ＝37°，现有质量m＝2.2 kg 的物体在水平向左的外力F的作用下由静止开始沿斜面向下运动，经过2 s撤去外力F，物体在0～4 s内运动的速度与时间的关系图线如图乙所示．已知sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8，取g＝10 m/s2，则( )图2A．物体与斜面间的动摩擦因数为0.2B．水平外力F＝5.5 NC．水平外力F＝4 ND．物体在0～4 s内的位移为24 m【答案】C【解析】‘根据v－t图象的斜率表示加速度，则2～4 s内物体的加速度为：a 2＝12－84－2m/s 2＝2 m/s 2， 由牛顿第二定律有：mg sin θ－μmg cos θ＝ma 2，解得：μ＝0.5，故A 错误； 0～2 s 内物体的加速度为：a 1＝82m/s 2＝4 m/s 2， 由牛顿第二定律有：mg sin θ＋F cos θ－μ(mg cos θ－F sin θ)＝ma 1，解得：F ＝4 N ，故B 错误，C 正确；物体在0～4 s 内的位移为：x ＝8×22 m ＋8＋122×2 m＝28 m ，故D 错误． 3．如图3，在光滑绝缘水平桌面上，三个带电小球a 、b 和c 分别固定于正三角形顶点上．已知a 、b 带电荷量均为＋q ，c 带电荷量为－q ，则( )图3A ．ab 连线中点场强为零B ．三角形中心处场强为零C ．a 所受库仑力方向垂直于ab 连线D ．a 、b 、c 所受库仑力大小之比为1∶1∶ 3【答案】D【解析】在ab 连线的中点处，a 、b 两电荷在该点的合场强为零，则该点的场强等于c 在该点的场强，大小不为零，选项A 错误．在三角形的中心处，a 、b 两电荷在该点的场强大小相等，方向夹120°角，则合场强竖直向下，电荷c 在该点的场强也是竖直向下，则三角形中心处场强不为零，选项B 错误．a 受到b 的排斥力沿ba 方向，受到c 的吸引力沿ac 方向，则其合力方向斜向左下方与ab 连线成60°角，选项C 错误．设三角形的边长为l ，a 、b 所受库仑力大小相等，F a ＝F b ＝2kq 2l 2cos 60°＝kq 2l 2；c 所受库仑力：F c ＝2kq 2l2cos 30°＝3kq 2l 2，则 a 、b 、c 所受库仑力大小之比为1∶1∶3，选项D 正确．4．如图4，两条间距为L 的平行金属导轨位于同一水平面(纸面)内，其左端接一阻值为R 的电阻；一金属棒垂直放置在两导轨上，且始终与导轨接触良好；在MN 左侧面积为S 的圆形区域中存在垂直于纸面向里的均匀磁场，磁感应强度大小B 随时间t 的变化关系为B ＝kt ，式中k 为常量，且k >0；在MN 右侧区域存在一与导轨垂直、磁感应强度大小为B 0、方向垂直纸面向里的匀强磁场．t ＝0时刻，金属棒从MN 处开始，在水平拉力F 作用下以速度v 0向右匀速运动．金属棒与导轨的电阻及摩擦均可忽略．则( )图4A ．在t ＝t 1时刻穿过回路的总磁通量为B 0Lv 0t 1B ．通过电阻R 的电流不是恒定电流C ．在Δt 时间内通过电阻的电荷量为kS ＋B 0Lv 0RΔt D ．金属棒所受的水平拉力F 随时间均匀增大【答案】C【解析】根据题意可知，MN 左边的磁场方向与右边的磁场方向相同，那么总磁通量即为金属棒左侧两种磁通量之和，则在t ＝t 1时刻穿过回路的总磁通量为Φ＝Φ1＋Φ2＝kt 1S ＋B 0v 0t 1L ，故A 错误；根据法拉第电磁感应定律得E ＝ΔΦΔt ，结合闭合电路欧姆定律得 I ＝E R ＝kS ＋B 0Lv 0R，故通过电阻R 的电流为恒定电流，B 错误；Δt 时间内通过电阻的电荷量为q ＝I Δt ＝ΔΦR ＝kS ＋B 0Lv 0RΔt ，故C 正确；金属棒所受的安培力大小F A ＝B 0IL ＝(kS ＋B 0Lv 0)B 0L R ；根据平衡条件得，水平拉力大小等于安培力大小，即为F ＝(kS ＋B 0Lv 0)B 0L R，故拉力F 是一个恒量，故D 错误．5．如图5所示，竖直平面内固定两根足够长的细杆L 1、L 2，两杆不接触，且两杆间的距离忽略不计．两个小球a 、b (视为质点)质量均为m ，a 球套在竖直杆L 1上，b 杆套在水平杆L 2上，a 、b 通过铰链用长度为L 的刚性轻杆连接，将a 球从图示位置由静止释放(轻杆与L 2杆夹角为45°)，不计一切摩擦，已知重力加速度为g .在此后的运动过程中，下列说法中正确的是( )图5A ．a 球和b 球所组成的系统机械能不守恒B ．b 球的速度为零时，a 球的加速度大小也为零C ．b 球的最大速度的大小为(2＋2)gLD ．a 球的最大速度的大小为2gL【答案】C【解析】a球和b球组成的系统没有外力做功，只有a球和b球的动能和重力势能相互转换，因此a球和b球的机械能守恒，A错误；设轻杆L和水平杆L2的夹角为θ，由运动关联可知v b cos θ＝v a sin θ，则v b＝v a·tan θ，可知当b球的速度为零时，轻杆L处于水平位置且与杆L2平行，则此时a球在竖直方向只受重力mg，因此a球的加速度大小为g，B错误；当杆L和杆L1第一次平行时，球a运动到最下方，球b运动到L1和L2交点位置，球b的速度达到最大，此时a球的速度为0，因此由系统机械能守恒有mg(22L＋L)＝12mv b2，解得v b＝(2＋2)gL，C正确；当轻杆L和杆L2第一次平行时，由运动的关联可知此时b球的速度为零，由系统机械能守恒有22mg·L＝12mv a2，解得v a＝2gL，此时a球具有向下的加速度g，故此时a球的速度不是最大，a球将继续向下做加速度减小的加速运动，到加速度为0时速度达到最大，D错误．6．图6甲所示是工业上探测物件表面层内部是否存在缺陷的涡流探伤技术的原理图．其原理是用通电线圈使物件内产生涡电流，借助探测线圈测定涡电流的改变，从而获得物件内部是否断裂及位置的信息．如图乙所示的是一个由带铁芯的线圈L、开关S和电源连接起来的跳环实验装置，将一个套环置于线圈L上且使铁芯穿过其中，闭合开关S的瞬间，套环将立刻跳起．对以上两个实例的理解正确的是( )图6A．涡流探伤技术运用了电流的热效应，跳环实验演示了自感现象B．能被探测的物件和实验所用的套环必须是导电材料C．金属探伤时接的是交流电，跳环实验装置中接的是直流电D．以上两个实例中的线圈所连接的电源也可以都是恒压直流电源【答案】BC【解析】涡流探伤技术的原理是用电流线圈使物件内产生涡电流，借助探测线圈测定涡电流的改变；跳环实验演示线圈接在直流电源上，闭合开关的瞬间，穿过套环的磁通量仍然会改变，套环中会产生感应电流，会跳动，属于演示楞次定律，故A错误．无论是涡流探伤技术，还是演示楞次定律，都需要产生感应电流，而感应电流的产生需在金属导体内，故B正确．金属探伤时，是探测器中通过交变电流，产生变化的磁场，当金属处于该磁场中时，该金属中会感应出涡流；演示楞次定律的实验中，线圈接在直流电源上，闭合开关的瞬间，穿过套环的磁通量仍然会改变，套环中会产生感应电流，会跳动，故C正确，D错误．7．某国际研究小组借助于智利的天文望远镜，观测到了一组双星系统，它们绕两者连线上的某点O 做匀速圆周运动．此双星系统中质量较小成员能“吸食”另一颗质量较大星体表面物质，导致质量发生转移，假设在演变的过程中两者球心之间的距离保持不变，则在最初演变的过程中( )A ．它们之间的万有引力发生变化B ．它们做圆周运动的角速度不断变大C ．质量较大星体圆周运动轨迹半径变大，线速度也变大D ．质量较大星体圆周运动轨迹半径变大，线速度变小【答案】AC【解析】设双星质量分别为M 1、M 2，两者球心之间的距离为L ，圆周运动半径分别为r 1、r 2，它们之间的万有引力为F ＝G M 1M 2L2，距离L 不变，M 1与M 2之和不变，其乘积M 1M 2变化，则它们的万有引力发生变化，A 正确；依题意，双星系统绕两者连线上某点O 做匀速圆周运动，周期和角速度相同，由万有引力定律及牛顿第二定律：G M 1M 2L 2＝M 1ω2r 1，G M 1M 2L 2＝M 2ω2r 2，r 1＋r 2＝L ，联立解得M 1＋M 2＝ω2L 3G，M 1r 1＝M 2r 2，则双星的质量比等于它们做圆周运动半径的反比，故质量较大的星体因质量减小，其轨道半径将增大，又角速度不变，故线速度也增大，B 、D 错，C 对．8．电子在电场中仅受电场力作用运动时，由a 点运动到b 点的轨迹如图7中虚线所示．图中一组平行等距实线可能是电场线，也可能是等势线．下列说法正确的是( )图7A ．若a 点的电势比b 点低，图中实线一定是等势线B ．不论图中实线是电场线还是等势线，电子在a 点的电势能都比b 点小C ．若电子在a 点动能较小，则图中实线是电场线D ．如果图中实线是等势线，则电子在b 点电势能较大【答案】CD【解析】若图中实线是电场线，根据粒子运动轨迹可以判断，电子所受电场力水平向右，则电场线向左，a 点电势比b 点低，所以若a 点的电势比b 点低，图中实线可能是电场线，A 错误．若图中实线是电场线，根据A 选项的分析，电场线向左，a 的电势小于b 的电势，根据电势能E p ＝φ(－e )，电子在电势低的位置电势能大，所以电子在a 点的电势能大于b 点电势能，B 错误．若电子在a 点动能小，说明由a 到b 加速，如果图中实线是电场线，结合A 选项的分析，方向向左，电子受力向右，加速，a 点动能小，C 正确．如果图中实线是等势线，则电场线与等势线垂直，根据电子运动轨迹可以判断电子受力竖直向下，所以由a 到b 电场力做负功，b点动能小，电势能大，D正确．8．某实验小组要测量轻弹簧的劲度系数，实验装置如图8a.将弹簧悬挂在固定铁架台上，毫米刻度尺竖直固定在弹簧旁，在弹簧下端挂上钩码，多次改变钩码质量m，读出钩码静止时固定在挂钩上的指针对应的刻度尺示数l.当钩码质量为200 g时，指针位置如图b所示．用所测数据在m－l坐标系描点如图c.取g ＝9.8 m/s2.回答下列问题：图8(1)图b中指针对应的刻度尺示数为________ cm：(2)在图c中将钩码质量为200 g时所对应的数据点补上，并作出ml图线；(3)根据图线算出弹簧的劲度系数为________ N/m(结果保留三位有效数字)．【答案】(1)18.50(18.48～18.52均可) (2)如图所示(3)23.5～24.8【解析】(1)由题图可知，刻度尺的分度值为0.1 cm，则读数为18.50 cm，误差范围±0.02 cm均可，即答案在18.48～18.52 cm之间均可；(2)钩码质量为200 g时对应的弹簧长度为18.50 cm，图象如图所示(3)根据k＝ΔFΔl可知，弹簧的劲度系数k＝ΔFΔl＝ΔmgΔl＝0.3×9.8(22.50－10.50)×10－2N/m＝24.5 N/m(答案在23.5～24.8之间均可)．9． LED灯的核心部件是发光二极管．某同学欲测量一只工作电压为2.9 V的发光二极管的正向伏安特性曲线，所用器材有：电压表(量程3 V，内阻约3 kΩ)，电流表 (用多用电表的直流25 mA挡替代，内阻约为5 Ω)，滑动变阻器(0～20 Ω)，电池组(内阻不计)，电键和导线若干．他设计的电路如图9(a)所示．回答下列问题：图9(1)根据图(a)，在实物图(b)上完成连线；(2)调节变阻器的滑片至最________端(填“左”或“右”)，将多用电表选择开关拨至直流25 mA挡，闭合电键；(3)某次测量中，多用电表示数如图(c)，则通过二极管的电流为________ mA；(4)该同学得到的正向伏安特性曲线如图(d)所示．由曲线可知，随着两端电压增加，二极管的正向电阻________(填“增大”“减小”或“不变”)；当两端电压为2.9 V 时，正向电阻为________ kΩ(结果保留两位有效数字)；(5)若实验过程中发现，将变阻器滑片从一端移到另一端，二极管亮度几乎不变，电压表示数在2.7～2.9 V 之间变化，试简要描述一种可能的电路故障：_______________________.【答案】 (1)连线如图所示(2)左 (3)15.8～16.2 (4)减小 0.15～0.16 (5)连接电源负极与变阻器的导线断路【解析】(1)根据多用电表红黑表笔的接法“红进黑出”可知，黑表笔接二极管，红表笔接滑动变阻器，滑动变阻器采用分压式接法，则连线如图：(2)为保护电路，开关闭合前需将滑动变阻器的滑片置于最大阻值处，即最左端；(3)多用电表所选量程为25 mA ，则电流表读数为16010mA ＝16.0 mA(答案在15.8～16.2范围内均可)； (4)I －U 图象中，图线斜率表示电阻的倒数，由题图可知，随着电压的增加，斜率逐渐增大，则二极管的电阻逐渐减小；当两端电压为2.9 V 时，电流表示数为19.0 mA ，则电阻大小为R ＝2.9 V 0.019 A≈0.15 kΩ(答案在0.15～0.16范围内均可)；(5)由于二极管的正向电阻约为0.15 kΩ，远大于滑动变阻器的最大阻值，因此若实验中，将变阻器滑片从一端移到另一端，二极管亮度几乎不变，电压表示数在2.7～2.9 V 之间变化，则有可能是滑动变阻器与二极管串联，导致电路中总电阻较大，总电流较小，所以电压表的示数变化较小，故故障可能是连接电源负极与变阻24. (12分)(2019·山西运城市5月适应性测试)如图1所示，在光滑水平地面上放有一质量M ＝3 kg 带四分之一光滑圆弧形槽的小车，质量为m ＝2 kg 的小球以速度v 0＝5 m/s 沿水平槽口滑上圆弧形槽，槽口距地面的高度h ＝0.8 m ，不计空气阻力，取重力加速度g ＝10 m/s 2.求：图1(1)小球从槽口上升到最高点(未离开小车)的过程中，小球对小车做的功W ；(2)小球落地瞬间，小车与小球间的水平间距L .【答案】(1)6 J (2)2 m【解析】(1)小球上升至最高点时，小车和小球的水平速度相等，由小车和小球水平方向动量守恒得：mv 0＝(m ＋M )v ①对小车由动能定理得：W ＝12Mv 2②联立①②解得：W ＝6 J(2)小球从槽口上升至最高点，再从最高点回到槽口的过程中，小球和小车水平方向动量守恒： mv 0＝mv 1＋Mv 2③对小球和小车由功能关系得：12mv 02＝12mv 12＋12Mv 22④ 联立③④可解得：v 1＝－1 m/s ⑤v 2＝4 m/s ⑥小球离开小车后，向右做平抛运动，小车向左做匀速运动h ＝12gt 2⑦L ＝(v 2－v 1)t ⑧联立⑤⑥⑦⑧可得：L ＝2 m.10.如图2所示，在xOy 坐标系中有圆柱形匀强磁场区域，其圆心在O ′(R,0)，半径为R ，磁感应强度大小为B ，磁场方向垂直纸面向里．在y ≥R 范围内，有方向向左的匀强电场，电场强度为E .有一带正电的微粒平行于x 轴射入磁场，微粒在磁场中的偏转半径刚好也是R .已知带电微粒的电荷量为q ，质量为m ，整个装置处于真空中，不计重力．图2(1)求微粒进入磁场的速度大小；(2)若微粒从坐标原点射入磁场，求微粒从射入磁场到再次经过y 轴所用时间；(3)若微粒从y 轴上y ＝R 2处射向磁场，求微粒以后运动过程中距y 轴的最大距离． 【答案】 (1)qBR m (2)πm 2qB＋2mR qE (3)R ＋qB 2R 28mE【解析】 (1)微粒射入磁场后做圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：qvB ＝m v 2R解得v ＝qBR m； (2)微粒从原点射入磁场，因在磁场中轨迹半径也为R ，所以微粒经14圆周后以速度v 垂直于电场方向进入电场，微粒在电场中做类平抛运动，轨迹如图甲所示微粒在磁场中的运动时间为t 1＝T 4＝14×2πR v ＝πm 2qB微粒在电场中做类平抛运动，沿电场方向R ＝12·qE mt 22 解得t 2＝2mRqE微粒再次经过y 轴需要的时间为：t ＝t 1＋t 2＝πm 2qB ＋2mR qE(3)微粒从y 轴上y ＝R 2处射向磁场，微粒运动轨迹如图所示，设微粒在P 点射入磁场，入射点为P ，轨迹圆心为O 2，如图乙所示在△APO ′中∠AO ′P ＝30°，∠APO ′＝60°，连接O 2O ′，因O 2P ＝O ′P ＝R ，∠O 2PO ′＝120°，则∠PO ′O 2＝30°，两圆相交，关于圆心连线对称，设出射点为Q ，由对称知∠O 2O ′Q ＝30°，出射点Q 必位于O ′点正上方．由于∠PO 2Q ＝60°，所以微粒从磁场中出射方向与x 轴成θ＝60°.微粒在电场中沿x 轴正方向做初速度为v 0x ＝v cos θ的匀减速运动，加速度大小为a ＝qE m 在电场中向右运动的最远距离x m ＝v 0x 22a由以上三式及v ＝qBR m 可解得x m ＝qB 2R 28mE运动过程中距y 轴的最远距离为s ＝R ＋x m ＝R ＋qB 2R 28mE. 10．关于热现象，下列说法正确的是________．A ．热量不能自发地从低温物体传到高温物体B ．物体速度增大，则组成物体的分子动能增大C ．物体的温度或者体积变化，都可能引起物体内能变化D ．相同质量的两个物体，升高相同温度，内能增加一定相同E ．绝热密闭容器中一定质量气体的体积增大，其内能一定减少(2)(10分)如图3甲所示，横截面积为S ，质量为M 的活塞在汽缸内封闭着一定质量的理想气体，现对汽缸内气体缓慢加热，使其温度从T 1升高了ΔT ，气柱的高度增加了ΔL ，吸收的热量为Q ，不计汽缸与活塞的摩擦，外界大气压强为p 0，重力加速度为g ，则：图3①此加热过程中气体内能增加了多少？②若保持缸内气体温度不变，再在活塞上放一砝码，如图乙所示，使缸内气体的体积又恢复到初始状态，则放入砝码的质量为多少？【答案】 (1)ACE (2)①Q －(p 0S ＋Mg )ΔL ②(p 0S ＋Mg )ΔT gT 1【解析】(1)根据热力学第二定律可知热量不能自发地从低温物体传到高温物体，A 正确；物体分子平均动能的标志是温度，与宏观速度无关，B 错误；物体内能等于所有分子的动能与所有分子势能的和，分子平均动能与温度有关，而分子势能与体积有关，所以物体内能与温度和体积有关，C 正确；根据C 选项的分析，升高相同温度，但体积关系未知，所以内能变化无法判断，D 错误；根据热力学第一定律ΔU ＝Q ＋W ，容器绝热，Q ＝0，气体体积增大，所以气体对外做功，W <0，所以ΔU <0，内能减小，E 正确．(2)①设汽缸内气体的温度为T 1时压强为p 1，活塞受重力、大气压力和缸内气体的压力作用而平衡，则：Mg ＋p 0S ＝p 1S气体膨胀对外界做功为：W ＝p 1S ΔL根据热力学第一定律得到：Q －W ＝ΔU联立可以得到：ΔU ＝Q －(p 0S ＋Mg )ΔL②设放入砝码的质量为m ，缸内气体的温度为T 2时压强为p 2，系统受重力、大气压力和缸内气体的压力作用而平衡，得到：(M ＋m )g ＋p 0S ＝p 2S根据查理定律：p 1T 1＝p 2T 2联立可以得到：m ＝(p 0S ＋Mg )ΔT gT 1. 11．如图4所示，两束平行的黄光射向截面ABC 为正三角形的玻璃三棱镜，已知该三棱镜对该黄光的折射率为2，入射光与AB 界面夹角为45°，光经三棱镜后到达与BC 界面平行的光屏PQ 上，下列说法中正确的是________．图4A ．两束黄光从BC 边射出后仍是平行的B ．黄光经三棱镜折射后偏向角为30°C ．改用红光以相同的角度入射，出射光束仍然平行，但其偏向角大些D ．改用绿光以相同的角度入射，出射光束仍然平行，但其偏向角大些E ．若让入射角增大，则出射光束不平行(2)(10分)一列沿x 轴传播的简谐横波，t ＝0时刻的波形如图5所示，介质中x ＝6 m 处的质点P 沿y 轴方向做简谐运动的表达式为y ＝0.2cos (4πt ) m ．求：图5①该波的传播速度；②介质中x ＝10 m 处的质点Q 第一次到达波谷的时间．【答案】 (1)ABD (2)①48 m/s ②13 s 或16s 【解析】(1)如图所示，由折射率公式n ＝sin i sin r 可知r ＝30°，由几何关系可知折射光在三棱镜内平行于底边AC ，由对称性可知其在BC 边射出时的出射角也为i ＝45°，因此光束的偏向角为30°，且两束光平行，则A 、B 正确；由于同种材料对不同的色光的折射率不同，相对于黄光而言红光的折射率小，绿光的折射率较大，因此折射后绿光的偏向角大些，红光的偏向角小些，C 错误，D 正确；若让入射角增大，则折射角按一定的比例增大，出射光束仍然平行，则E 错误．(2)①由题图可知，波长λ＝24 m ，由质点P 的振动方程可知，角速度ω＝4π rad/s则周期T ＝2πω＝0.5 s 故该波的传播速度v ＝λT＝48 m/s②若波沿＋x 方向传播，t ＝0时刻，质点Q 与左侧相邻的波谷的水平距离为x 1＝16 m 该波谷传播到质点Q 处时，质点Q 第一次到达波谷，经过时间t ＝x 1v ＝13s 若波沿－x 方向传播，t ＝0时刻，质点Q 与右侧相邻的波谷的水平距离为x 2＝8 m该波谷传播到质点Q 处时，质点Q 第一。
2020年高考物理全国3卷：答案详细解析
2020年普通高等学校招生全国统一考试理科综合3卷（物理部分）答案解析（分值分布：力学44分、电磁学45分、现代物理学6分、热学/光学15分）二、选择题：本题共8小题，每小题6分。
共48分。
在每小题给出的四个选项中，第14~18题只有一项符合题目要求，第19~21题有多项符合题目要求。
14．（电磁学）如图，水平放置的圆柱形光滑玻璃棒左边绕有一线圈，右边套有一金属圆环。
圆环初始时静止。
将图中开关S由断开状态拨至连接状态，电路接通的瞬间，可观察到A．拨至M端或N端，圆环都向左运动B．拨至M端或N端，圆环都向右运动C．拨至M端时圆环向左运动，拨至N端时向右运动D．拨至M端时圆环向右运动，拨至N端时向左运动【答案】B【解析】无论开关S拨至哪一端，当把电路接通一瞬间，左边线圈中的电流从无到有，电流在线圈轴线上的磁场从无到有，从而引起穿过圆环的磁通量突然增大，根据楞次定律（增反减同），右边圆环中产生了与左边线圈中方向相反的电流，异向电流相互排斥，所以无论哪种情况，圆环均向右运动。
故选B。
【考点】选修3-2电磁感应【难度】☆15．（力学）甲、乙两个物块在光滑水平桌面上沿同一直线运动，甲追上乙，并与乙发生碰撞，碰撞前后甲、乙的速度随时间的变化如图中实线所示。
已知甲的质量为1kg，则碰撞过程两物块损失的机械能为A．3J B．4J C．5J D．6J【答案】A【解析】由v -t 图可知，碰前甲、乙的速度分别为5m/s =甲v ，1m/s =乙v ；碰后甲、乙的速度分别为1m/s '=-甲v ，2m/s '=乙v ，甲、乙两物块碰撞过程中，由动量守恒定律得''+=+甲甲乙乙甲甲乙乙m v m v m v m v ，解得6kg =乙m .则损失的机械能为222211113J 2222''∆=+--=甲甲乙乙甲甲乙乙E m v m v m v m v .【考点】选修3-5动量守恒定律【难度】☆☆16．（力学）“嫦娥四号”探测器于2019年1月在月球背面成功着陆，着陆前曾绕月球飞行，某段时间可认为绕月做匀速圆周运动，圆周半径为月球半径的K 倍。
江苏省2020年高考[物理]考试真题与答案解析
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江苏省2020年高考：物理卷考试真题与答案解析一、单项选择题本题共5小题，每小题3分，共计15分.每小题只有一个选项符合题意。
1.质量为的汽车在水平路面上匀速行驶，速度为，受到的阻力大小为.31.510kg ⨯20m/s 31.8N 10⨯此时，汽车发动机输出的实际功率是（ ）A. B.C.D.90W30kW 36kW 300kW2.电流互感器是一种测量电路中电流的变压器，工作原理如图所示.其原线圈匝数较少，串联在电路中，副线圈匝数较多，两端接在电流表上.则电流互感器（）A.是一种降压变压器B.能测量直流电路的电流C.原、副线圈电流的频率不同D.副线圈的电流小于原线圈的电流3.如图所示，两匀强磁场的磁感应强度和大小相等、方向相反.金属圆环的直径与两磁场1B 2B 的边界重合.下列变化会在环中产生顺时针方向感应电流的是（）A.同时增大减小1B 2BB.同时减小增大1B 2B C.同时以相同的变化率增大和1B 2B D.同时以相同的变化率减小和1B 2BA. B. C. D.中欧班列在欧亚大陆开辟了“生命之路，为国际抗疫贡献了中国力量.某运送防疫物资的班列由40节质量相等的车厢组成，在车头牵引下，列车沿平直轨道匀加速行驶时，第2A.A和B的位移大小相等C. A的初速度是B的1 29.如图所示，绝缘轻杆的两端固定带有等量异号电荷的小球A.电场E中A点电势低于C.该过程静电力对两小球均做负功（4）在某次实验中，小明释放小球时手稍有晃动，视频显示小球下落时偏离了竖直方向.从该视频中截取图片，_______（选填“仍能”或“不能”）用（3）问中的方法测出重力加速度.12. [选修3-5]（1）“测温枪”（学名“红外线辐射测温仪”）具有响应快、非接触和操作方便等优点.它是根据黑体辐射规律设计出来的，能将接收到的人体热辐射转换成温度显示.若人体温度升高，则人体热辐射强度I 及其极大值对应的波长的变化情况是______________________.λA. I 增大，增大 B. I 增大，减小 λλC. I 减小，增大D. I 减小，减小λλ（2）大量处于某激发态的氢原子辐射出多条谱线，其中最长和最短波长分别为和，则该1λ2λ激发态与基态的能量差为_______，波长为的光子的动量为_______.（已知普朗克常量为h ，1λ光速为c ）（3）一只质量为的乌贼吸入的水，静止在水中.遇到危险时，它在极短时间内把吸1.4kg 0.1kg 入的水向后全部喷出，以的速度向前逃窜.求该乌贼喷出的水的速度大小v.2m/s 【选做题】13.本题包括A 、B 两小题，请选定其中一小题，并在相应的答题区域内作答.若多做，则按A 小题评分.A.[选修3-3]（1）玻璃的出现和使用在人类生活里已有四千多年的历史，它是一种非晶体.下列关于玻璃的说法正确的有______.A.没有固定的熔点B.天然具有规则的几何形状C.沿不同方向的导热性能相同D.分子在空间上周期性排列（2）一瓶酒精用了一些后，把瓶盖拧紧，不久瓶内液面上方形成了酒精的饱和汽，此时_______（选填“有”或“没有”）酒精分子从液面飞出.当温度升高时，瓶中酒精饱和汽的密度_____（选填“增大”“减小”或“不变”）.（3）一定质量的理想气体从状态A 经状态B 变化到状态C ，其图象如图所示，求该过1p V-程中气体吸收的热量Q.B.[选修3-4]（1）电磁波广泛应用在现代医疗中.下列属于电磁波应用的医用器械有_______.A.杀菌用的紫外灯B.拍胸片的X 光机C.治疗咽喉炎的超声波雾化器D.检查血流情况的“彩超”机（2）我国的光纤通信技术处于世界领先水平.光纤内芯（内层玻璃）的折射率比外套（外层玻璃）的_______（选填“大”或“小”）.某种光纤的内芯在空气中全反射的临界角为，则该43︒内芯的折射率为_______.（取，结果保留2位有效数字）sin 430.68,cos430.73︒︒==（3）国际宇航联合会将2020年度“世界航天奖”授予我国“嫦娥四号”任务团队.“嫦娥四号”任务创造了多项世界第一.在探月任务中，“玉兔二号”月球车朝正下方发射一束频率为f 的电磁波，该电磁波分别在月壤层的上、下表面被反射回来，反射波回到“玉兔二号”的时间差为.已知电磁波在月壤层中传播的波长为，求该月壤层的厚度d.t ∆λ四、计算题：本题共3小题，共计47分.解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤.只写出最后答案的不能得分.有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位.14.（15分）如图所示，电阻为的正方形单匝线圈的边长为，边与匀强磁场0.1Ωabcd 0.2m bc 边缘重合.磁场的宽度等于线圈的边长，磁感应强度大小为.在水平拉力作用下，线圈以0.5T 的速度向右穿过磁场区域.求线圈在上述过程中8m/s（1）感应电动势的大小E ；（2）所受拉力的大小F ；（1）重物落地后，小球线速度的大小（2）重物落地后一小球转到水平位置（3）重物下落的高度h.（1）Q 到O 的距离d （2）甲两次经过P 点的时间间隔（3）乙的比荷可能的最小值q m''11.（1）小钢球 （2）①③④② （3）9.6（9.5~9.712.（1）B（2）2hcλhλ四、计算题14.（1）感应电动势代入数据得E Blv =0.8VE =（2）感应电流 拉力的大小等于安培力，解得，代入数据得E I R =F BIl =22B l vF R =0.8NF =（3）运动时间 焦耳定律，解得，代入数据得2l t v =2Q I Rt =232B l v Q R =0.32JQ =15.（1）线速度 得v r ω=2v Rω=（2）向心力 ，设F 与水平方向的夹角为，则；22F m R ω=向αcos F F α=向sin F mg α=解得()2222()F m R mg ω=+（3）落地时，重物的速度，由机械能守恒得v R ω'=2211422Mv mv Mgh'+⨯=解得216()2M mh R Mgω+=16.（1）甲粒子先后在两磁场中做匀速圆周运动，设半径分别为、1r 2r 由半径得，，且，解得mvr qB=102mv r qB =203mv r qB =1222d r r =-03mv d qB =（2）甲粒子先后在两磁场中做匀速圆周运动，设运动时间分别为、1t 2t 由得，，且，解得2mT qBπ=102m t qB π=203m t qB π=1223t t t ∆=+02m t qB π∆=（3）乙粒子周期性地先后在两磁场中做匀速圆周运动若经过两磁场的次数均为(1,2,3,)n n = 相遇时，有，解得12005,36m v m n d n t t q B q B π''''==+q qnm m ''=根据题意，舍去.当时，有最小值1n =2n =q m ''min 2q q m m''⎛⎫=⎪⎝⎭若先后经过右侧、左侧磁场的次数分别为、，经分析不可能相遇.(1)n +(0,1,2,3,)n n = 综上分析，比荷的最小值为.2q m。
2020高考物理试题及解析全国卷三
绝密★启用前2021年普通高等学校招生全国统一考试理科综合能力测试物理试题考前须知：1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2.答复选择题时，选出每题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑, 如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂英它答案标号。
答复非选择题时，将答案写在答题卡上, 写在本试卷上无效。
3.考试结朿后，将本试卷和答题卡一并交回。
二、选择题：此题共8小题，每题6分，共48分。
在每题给出的四个选项中，第1418题只有一项符合题目要求，第19-21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
14.如图，水平放宜的圆柱形光滑玻璃棒左边绕有一线圈，右边套有一金属圆环。
圆环初始时静止。
将图中开关S由断开状态拨至连接状态，电路接通的瞬间，可观察到〔〕A.拨至M端或N端，圆环都向左运动B.拨至M端或N端，圆环都向右运动C.拨至M端时圆环向左运动，拨至N端时向右运动D.拨至M端时圆环向右运动，拨至N端时向左运动15.甲、乙两个物块在光滑水平桌而上沿同一直线运动，甲追上乙，并与乙发生碰撞, 碰撞前后甲、乙的速度随时间的变化如图中实线所示。
甲的质量为lkg,那么碰撞过程两物块损失的机械能为〔〕i 1 v/(m/s)6.0 --r-i--rT"r-r-r-r-i ........ 丨i iA. 3 JB. 4JC. 5JD. 6J16.“嫦娥四号"探测器于2021年1月在月球反面成功着陆，着陆前曾绕月球飞行，某段时间可认为绕月做匀速圆周运动，圆周半径为月球半径的K倍。
地球半径R是月球半径的P 倍，地球质量是月球质疑的0倍，地球表而重力加速度大小为炸那么“嫦娥四号〞绕月球做圆周运动的速率为〔〕17.如图，悬挂甲物体的细线拴牢在一不可伸长的轻质细绳上O点处：绳的一端固左在墙上，另一端通过光滑定滑轮与物体乙相连。
甲、乙两物体质量相等。
系统平衡时，O点两侧绳与竖直方向的夹角分别为&和凤假设«=70%那么0等于〔〕甲A.45°B. 55°C. 60°D. 70°1&真空中有一匀强磁场，磁场边界为两个半径分别为"和3“的同轴圆柱而，磁场的方向与圆柱轴线平行，英横截而如下图。
2020年高考物理试题(含答案)
2020年普通高等学校招生全国统一考试理科综合之物理部分试题二、选择题：本题共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，第14~17题只有一项符合题目要求，第18~21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
14．管道高频焊机可以对由钢板卷成的圆管的接缝实施焊接。
焊机的原理如图所示，圆管通过一个接有高频交流电源的线圈，线圈所产生的交变磁场使圆管中产生交变电流，电流产生的热量使接缝处的材料熔化将其焊接。
焊接过程中所利用的电磁学规律的发现者为A ．库仑B ．霍尔C ．洛伦兹D ．法拉第15．若一均匀球形星体的密度为ρ，引力常量为G ，则在该星体表面附近沿圆轨道绕其运动的卫星的周期是A ．3πG ρB ．4πG ρC ．13πG ρ D ．14πG ρ16．如图，在摩托车越野赛途中的水平路段前方有一个坑，该坑沿摩托车前进方向的水平宽度为3h ，其左边缘a 点比右边缘b 点高0.5h 。
若摩托车经过a 点时的动能为E 1，它会落到坑内c 点。
c 与a 的水平距离和高度差均为h ；若经过a 点时的动能为E 2，该摩托车恰能越过坑到达b 点。
21E E 等于A ．20B ．18C ．9.0D ．3.017．CT 扫描是计算机X 射线断层扫描技术的简称，CT 扫描机可用于对多种病情的探测。
图（a ）是某种CT 机主要部分的剖面图，其中X 射线产生部分的示意图如图（b ）所示。
图（b ）中M 、N 之间有一电子束的加速电场，虚线框内有匀强偏转磁场；经调节后电子束从静止开始沿带箭头的实线所示的方向前进，打到靶上，产生X 射线（如图中带箭头的虚线所示）；将电子束打到靶上的点记为P 点。
则A ．M 处的电势高于N 处的电势B ．增大M 、N 之间的加速电压可使P 点左移C ．偏转磁场的方向垂直于纸面向外D ．增大偏转磁场磁感应强度的大小可使P 点左移18．氘核21H 可通过一系列聚变反应释放能量，其总效果可用反应式241112106H 2He 2H+2n+43.15MeV →+表示。
2020年度高考-全国卷II理综物理试题-及详细解析
一、选择题：1. 如图，某同学用绳子拉动木箱，使它从静止开始沿粗糙水平路面运动至具有某一速度，木箱获得的动能一定（）A. 小于拉力所做的功B. 等于拉力所做的功C. 等于克服摩擦力所做的功D. 大于克服摩擦力所做的功【答案】A【解析】试题分析：受力分析，找到能影响动能变化的是那几个物理量，然后观测这几个物理量的变化即可。
木箱受力如图所示：木箱在移动的过程中有两个力做功，拉力做正功，摩擦力做负功，根据动能定理可知即：，所以动能小于拉力做的功，故A正确；无法比较动能与摩擦力做功的大小，CD错误。
故选A点睛：正确受力分析，知道木箱在运动过程中有那几个力做功且分别做什么功，然后利用动能定理求解末动能的大小。
2. 高空坠物极易对行人造成伤害。
若一个50 g的鸡蛋从一居民楼的25层坠下，与地面的撞击时间约为2 ms，则该鸡蛋对地面产生的冲击力约为（）A. 10 NB. 102 NC. 103 ND. 104 N【答案】C【解析】试题分析：本题是一道估算题，所以大致要知道一层楼的高度约为3m，可以利用动能定理或者机械能守恒求落地时的速度，并利用动量定理求力的大小。
学#科网设鸡蛋落地瞬间的速度为v，每层楼的高度大约是3m，由动能定理可知：，解得：落地时受到自身的重力和地面的支持力，规定向上为正，由动量定理可知：，解得：，根据牛顿第三定律可知鸡蛋对地面产生的冲击力约为103 N，故C正确故选C点睛：利用动能定理求出落地时的速度，然后借助于动量定理求出地面的接触力3. 2018年2月，我国500 m口径射电望远镜（天眼）发现毫秒脉冲星“J0318+0253”，其自转周期T=5.19 ms，假设星体为质量均匀分布的球体，已知万有引力常量为。
以周期T稳定自转的星体的密度最小值约为（）A. B.C. D.【答案】C【解析】试题分析;在天体中万有引力提供向心力，即，天体的密度公式，结合这两个公式求解。
设脉冲星值量为M，密度为根据天体运动规律知：代入可得：，故C正确；故选C点睛：根据万有引力提供向心力并结合密度公式求解即可。
高中物理每日一点十题之物体的三种起电方式
高中物理每日一点十题物体的三种起电方式一知识点1、摩擦起电当两个物体互相摩擦时，一些束缚得不紧的电子往往从一个物体转移到另一个物体，于是原来呈电中性的物体由于得到电子而带负电， 失去电子的物体则带正电。
2、接触带电将一个带电体与另一个不带电的导体接触，就可以使不带电的物体带上与带电体电性相同的电荷，叫作接触起电.3、感应起电(1)静电感应：当一个带电体靠近导体时，由于电荷间相互吸引或排斥，导体中的自由电荷便会趋向或远离带电体，使导体靠近带电体的一端带异种电荷，远离带电体的一端带同种电荷.这种现象叫作静电感应.(2)感应起电：利用静电感应使物体带电，叫做感应起电。
(3)实质：电子在导体内的转移规律：近端感应异种电荷， 远端感应同种电荷。
A B +十道练习题（含答案）一、单选题（共7小题）1. 两个相同的金属小球M、N，带电荷量分别为－4q和＋2q，两球接触后分开，M、N的带电荷量分别为( )A. ＋3q，－3qB. －2q，＋4qC. ＋2q，－4qD. －q，－q2. 如图所示，不带电导体B在靠近带正电的导体A后，P端及Q端分别感应出负电荷和正电荷，则以下说法正确的是( )A. 若用导线将Q端接地，然后断开，再取走A，则导体B将带负电B. 若用导线将Q端接地，然后断开，再取走A，则导体B将带正电C. 若用导线将Q端接地，然后断开，再取走A，则导体B将不带电D. 若用导线将P端接地，然后断开，再取走A，则导体B将带正电3. 如图所示在绝缘支架上的导体A和导体B按图中方式接触放置，原先AB都不带电，先让开关K1、K2均断开，现在将一个带正电小球C放置在A左侧，以下判断正确的是( )A. 只闭合K1，则A左端不带电，B右端带负电B. 只闭合K2，接着移走带电小球，最后将AB分开，A带负电C. K1，K2均闭合时，A、B两端均不带电D. K2，K2均闭合时，A左端带负电，B右端不带电4. 取一对用绝缘柱支持的导体A和B，使它们彼此接触．起初它们不带电，贴在它们下部的金属箔片是闭合的，如图所示．现把带正电荷的物体C移近导体A，下列分析正确的是( )A. C移近导体A时可以看到A上的金属箔片张开，B上的金属箔片闭合B. C移近导体A时可以看到B上的金属箔片张开，A上的金属箔片闭合C. C移近导体A后再用手摸一下B，发现B上的金属箔片闭合，A上的金属箔片张开D. C移近导体A后再用手摸一下A，发现A上的金属箔片闭合，B上的金属箔片张开5. 如图所示，把一个不带电的枕形导体靠近带正电荷的小球，由于静电感应，在a、b两端分别出现负、正电荷，则以下说法正确的是( )A. 闭合开关S1，有电子从枕形导体流向大地B. 闭合开关S2，有电子从枕形导体流向大地C. 闭合开关S1，有电子从大地流向枕形导体D. 闭合开关S2，没有电子通过开关S26. 如图所示，A、B是被绝缘支架分别架起的金属导体，其中A带正电，B不带电，若使它们靠近，则下列说法正确的是( )A. 导体B的左端带负电，右端带正电，且右端的带电荷量小于左端的带电荷量B. 若A、B接触一下，则A、B均带正电，但总电荷量不变C. 若将B接地后断开，再移走A，则B带正电D. 若A不动，将B沿图中aa′分开，则B两边电荷量一定不相等7. 使带电的金属球靠近不带电的验电器，验电器的金属箔片张开，如图表示验电器上感应电荷的分布情况，正确的是( )A. B. C. D.二、多选题（共3小题）8. 半径相同的两个金属小球A、B带有相等的电荷量，相隔一定的距离，今让第三个半径相同的不带电的金属小球先后与A、B两球接触后移开．这时，A、B两球的电荷量之比为( )A. 2∶3B. 3∶2C. 2∶1D. 1∶29. 如图所示，把置于绝缘支架上的不带电的枕形导体放在带负电的导体C附近，导体的A端感应出正电荷，B端感应出负电荷．关于使导体带电的以下说法中正确的是( )A. 如果用手摸一下导体的B端，B端自由电子将经人体流入大地，手指离开，移去带电体C，导体带正电B. 如果用手摸一下导体的A端，大地的自由电子将经人体流入导体与A端的正电荷中和，手指离开，移去带电体C，导体带负电C. 如果用手摸一下导体的中间，由于中间无电荷，手指离开，移去带电体C，导体不带电D. 无论用手摸一下导体的什么位置，导体上的自由电子都经人体流入大地，手指离开，移去带电体C，导体带正电10. 如图所示，Q是一个绝缘金属导体，把一个带正电的绝缘金属球P移近Q；由于静电感应，A端出现的感应电荷量大小为q A，B端为q B，下列结论中正确的是( )A.导体Q上，q A＞q BB.导体Q上，q A＝q BC.用手接触一下Q的A端，拿走P后Q带正电D. 用手接触一下Q的B端，拿走P后Q带负电1. 【答案】D【解析】两个完全相同的金属小球接触，电荷先中和后均分，故Q M′＝Q N′＝＝＝－q.故选D.2. 【答案】A【解析】当导体B靠近带正电的导体A后，由于静电感应，靠近A的P端感应出负电荷，而远离A的Q端感应出等量的正电荷．此时无论哪一端接地，导体B与大地成为一个新的大导体，这时大地变成了这个新导体的远端，而P端仍然是近端，故负电荷仍然留在P端，而Q端原来感应出的正电荷被从大地流来的负电荷中和了，当断开导线再取走A后，P端的负电荷就留在导体B上，所以导体B带负电，故选A.3. 【答案】D【解析】只闭合开关K1时，由于静电感应的作用，金属导体右端带的正电荷会被从大地上来的负电荷中和，所以导体右端不再带有电荷，左端带负电，故A错误．当闭合开关K2时，由于静电感应的作用，金属导体B右端带的正电荷会被从大地上来的负电荷中和，所以导体B右端不再带有电荷，左端带负电，接着移走带电小球，A端的负电会被中和而都不带电，最后将AB分开，则A端和B端均不带电，故B错误．K1、K2均闭合时，导体AB的近端是A端会感应异种电荷带负电，远端通过接地线变成了无穷远，故B端不带电，故C项错误，D项正确．4. 【答案】C【解析】C移近导体A时，在A的左端感应出负电荷，在B的右端感应出正电荷，可以看到A、B上的金属箔片均张开，选项A、B错误；C移近导体A后，不论用手摸一下B，还是摸一下A，导体A 成了近端，大地成了远端，带正电A左端仍带负电，B的右端不带电，即B上的金属箔片闭合，A上的金属箔片张开，选项C正确，D错误．5. 【答案】C【解析】当闭合开关S1、S2中的任何一个以后，便把大地与枕形导体连通，由于静电感应，a端仍为负电荷，大地远处应感应出正电荷，因此无论闭合开关S1还是S2，都应有电子从大地流向枕形导体，故C正确．6. 【答案】B【解析】由于静电感应，导体B的左端带负电，右端带正电，根据电荷守恒定律可知，导体右端的电荷量等于左端的电荷量，A错误；若A、B接触一下，则A、B均带正电，但总电荷量不变，B正确；若将B接地，则B和大地组成一个大导体，B是这个大导体的近端，带与A异种的电荷，即带负电，则断开后再移走A，B带负电，C错误；若A不动，将B沿题图中aa′分开，则两边的电荷量大小相等，D错误．7. 【答案】B【解析】使带电金属球靠近不带电的验电器，会改变验电器上的电荷分布；由于同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引，使得验电器上靠近带电金属球的一端与其电性相反，而远离带电金属球的一端与其电性相同，故选项B正确．8. 【答案】AC【解析】若A、B两球带等量的同种电荷，电荷量都为Q，则让第三个半径相同的不带电的金属小球先后与A、B两球接触后移开，A、B两球所带的电荷量的数值分别为、，则A、B两球的电荷量之比为2∶3；若A、B两球带等量的异种电荷，电荷量分别为＋Q和－Q，则让第三个半径相同的不带电的金属小球先后与A、B两球接触后移开，A、B两球所带的电荷量的绝对值分别为、，则A、B两球的电荷量之比为2∶1，故选A、C.9. 【答案】AD【解析】无论用手摸一下导体的什么位置，都会使枕形导体通过人体与大地相连，由于静电感应，导体上的自由电子将经人体流入大地，使得导体带正电，手指离开，移去带电体C，导体带正电，故选项A、D正确．10. 【答案】BD【解析】因为P带正电，所以Q上的A端出现负电荷，受P的吸引；而在B端出现正电荷，受P的排斥，不管用手接触Q的哪一处都是大地上的负电荷与Q上的正电荷中和，使Q带负电．用手接触导体的过程是一个接地过程，导体接地时都是远端(离带电体较远的一端)的电荷入地．静电感应的过程是导体内的电荷重新分布的过程，由此可知q A＝q B.。
2020年全国一卷高考物理试题及答案解析
2020年全国一卷高考物理试题二、选择题:本题共8小题，每小题6分，共48分，在每小题给出的四个选项中，第14~18题只有一项符合题目要求，第19- 21题有多项符台题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
14.行驶中的汽车如果发生剧烈碰撞，车内的安全气囊会被弹出并瞬间充满气体。
若碰撞后汽车的速度在根短时间内减小为零，关于安全气囊在此过程中的作用，下列说法正确的是A.增加了司机单位面积的受力大小B.减少了碰撞前后司机动量的变化量C.将司机的动能全部转换成汽车的动能D.延长了司机的受力时间并增大了司机的受力面积15. 火星的质量约为地球质量的1/10，半径约为地球半径的1/2，则同一物体在火星表面与在地球表面受到的引力的比值约为A.0.2B.0.4C.2.0D.2.516.如图，一同学表演荡秋千。
已知秋千的两根绳长均为10 m，该同学和秋千踏板的总质量约为50 kg。
绳的质量忽略不计。
当该同学荡到秋千支架的正下方时，速度大小为8 m/s，此时每根绳子平均承受的拉力约为A.200 NB.400 NC.600 ND.800 N17.图(a)所示的电路中，K与L间接一智能电源，用以控制电容器C两端的电压U C。
如果U C随时间t的变化如图(b)所示，则下列描述电阻R两端电压U R随时间t变化的图像中，正确的是18.一匀强磁场的磁感应强度大小为B，方向重直于纸面向外，其边界如图中虚线所示，ab为半圆，ac、bd与直径ab共线，ac间的距离等于半圆的半径。
一束质量为m、电荷量为q (q>0)的粒子，在纸面内从c点垂直于ac射入磁场，这些粒子具有各种速率。
不计粒子之间的相互作用。
在磁场中运动时间最长的粒子，其运动时间为A.7π6mqBB.5π4mqBC.4π3mqBD.3π2mqB19.下列核反应方程中，X1、X2、X3、X4代表α粒子的有A.2211101H H n+X +→B.2311102H H n+X +→C. 23511448992056363U n Ba+Kr 3X +→+ D. 1630314n Li H+X +→20.物块在高3.0 m 、长5.0 m 的斜面顶端从静止开始沿斜面下滑，其重力势能和动能随下滑距离s 的变化如图中直线Ⅰ、Ⅱ所示，重力加速度取10 m/s 2。
2020年高考物理每日一题 (36)
2020年高考物理每日一题
1、小车静止在光滑的水平导轨上，一个小球用细绳悬挂在车上，现由图中位置无初速度释放，在小球下摆到最低点的过程中，下列说法正确的是()
A．细绳对小球的拉力不做功
B．小球克服细绳拉力做的功等于小球减少的机械能
C．细绳对车做的功等于小球减少的重力势能
D．小球减少的重力势能等于小球增加的动能
解析：选B小球下摆的过程中，小车的机械能增加，小球的机械能减少，小球克服细绳拉力做的功等于减少的机械能，选项A错误，B正确；细绳对小车做的功等于小球减少的机械能，选项C错误；小球减少的重力势能等于小球增加的动能和小车增加的机械能之和，选项D错误。
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2020年高考物理每日一题
1、将小球以10 m/s 的初速度从地面竖直向上抛出，取地面为零势能面，小球在上升过程中的动能E k 、重力势能E p 与上升高度h 间的关系分别如图中两直线所示。
g 取10 m/s 2，下列说法正确的是( )
A ．小球的质量为0.2 kg
B ．小球受到的阻力(不包括重力)大小为0.20 N
C ．小球动能与重力势能相等时的高度为2013
m D ．小球上升到2 m 时，动能与重力势能之差为0.5 J
解析：选D 根据题图，由小球在最高点时E p ＝mgh ，得m ＝0.1 kg ，A 项错误；由除重力以外其他力做功E 其＝ΔE 可知：－fh ＝E 高－E 低，E 为机械能，解得f ＝0.25 N ，B 项
错误；设小球动能和重力势能相等时的高度为H ，此时有mgH ＝12
m v 2，由动能定理得：－fH －mgH ＝12m v 2－12
m v 02， 解得H ＝209
m ，故C 项错误；当小球上升h ′＝2 m 时，由动能定理得：－fh ′－mgh ′＝E k2－12
m v 02，解得E k2＝2.5 J ，E p2＝mgh ′＝2 J ，所以动能与重力势能之差为0.5 J ，故D 项正确。