机械能高考真题汇编五

专题五 机械能高考真题汇编1.(单选)(2017•新课标Ⅲ卷，T16)如图所示，一质量为m ，长度为L 的均匀柔软细绳PQ 竖直悬挂．用外力将绳的下端Q 缓慢地竖直向上拉起至M 点，M 点与绳的上端P 相距L 3.重力加速度大小为g.在此过程中，外力做的功为（ ） A.19mgL B.16mgL C.13mgL D.12mgL 答案：A解析：由题可知，缓慢提升绳子，在整个过程中，动能不变，则外力做功W F 等于重力势能增加量ΔE P 将Q 端提升至M 位置处，过程如图所示，由图可知：全程重力势能增加量ΔEP 可视为只有NQ 段上升增加的重力势能，取NQ 段为研究对象，此段质量大小为m 1=13m. 其重心位置上升高度为h=L 3，则外力做功为W F =ΔE p = m 1gh=19mgL ，A 正确. 2.(单选)(2017·海南卷T6,4分)将一小球竖直向上抛出，小球在运动过程中所受到的空气阻力不可忽略.a 为小球运动轨迹上的一点，小球上升和下降经过a 点时的动能分别为E k1和E k2.从抛出开始到小球第一次经过a 点时重力所做的功为W 1，从抛出开始到小球第二次经过a 点时重力所做的功为W 2.下列选项正确的是( )A.E k1=E k2，W 1=W 2B.E k1>E k2，W 1=W 2C.E k1<E k2，W 1<W 2D.E k1>E k2，W 1<W 2答案：B解析：由功能关系可知阻力做负功，动能减少，一定有E k1>E k2，，由于重力做功只与始末位置有关，两次位置相同，重力做功相同，即W 1=W 2，B 正确.3.(单选)(2017•天津高考卷T4，6分)“天津之眼”是一座跨河建设、桥轮合一的摩天轮，是天津市的地标之一.摩天轮悬挂透明座舱，乘客随座舱在竖直面内做匀速圆周运动.下列叙述正确的是（ ）A.摩天轮转动过程中，乘客的机械能保持不变B.在最高点，乘客重力大于座椅对他的支持力C.摩天轮转动一周的过程中，乘客重力的冲量为零D.摩天轮转动过程中，乘客重力的瞬时功率保持不变答案：B解析：机械能等于重力势能和动能之和，摩天轮运动过程中，做匀速圆周运动，乘客的速度大小不变，则动能不变，但高度变化，机械能在变化，A 错误；圆周运动过程中，在最高点，由重力和支持力的合力提供向心力F ，向心力指向下方，所以F=mg ﹣N ，则支持力N=mg ﹣F ，重力大于支持力，B 正确；转动一周，重力的冲量为I=mgT ，不为零，C 错误；运动过程中，乘客的重力大小不变，速度大小不变，但是速度方向时刻在变化，重力的瞬时功率在变化，D 错误．4.(单选)（2017•江苏高考卷T3,6分）一小物块沿斜面向上滑动，然后滑回到原处.物块初动能为Ek0，与斜面间的动摩擦因数不变，则该过程中，物块的动能E k 与位移x 关系的图线是（ ）答案：C解析：设斜面的倾角为θ，物块的质量为m ，取沿斜面向上为位移正方向；上滑过程中由动能定理有-mgxsin θ-μmgxcos θ=E k -E k0，所以E k =E k0-(mgsin θ+μmgcos θ)x ；下滑过程中mgx ´sin θ-μmgx ´cos θ=E k -0，所以E k =(mgsin θ-μmgcos θ)x ´；由能量守恒定律可知最后的总动能减小．C 正确，ABD 错误．5.(多选)（2017•江苏高考卷T9,4分）如图所示，三个小球A 、B 、C 的质量均为m ，A 与B 、C 间通过铰链用轻杆连接，杆长为L ，B 、C 置于水平地面上，用一轻质弹簧连接，弹簧处于原长.现A 由静止释放下降到最低点，两轻杆间夹角α由600变为1200，A 、B 、C 在同一竖直平面内运动，弹簧在弹性限度内，忽略一切摩擦，重力加速度为g ．则此下降过程中（ ）A.A 的动能达到最大前，B 受到地面的支持力小于32mg B.A 的动能最大时，B 受到地面的支持力等于32mg C.弹簧的弹性势能最大时，A 的加速度方向竖直向下D.弹簧的弹性势能最大值为32mgL 答案：AB解析：A 的动能最大时，设B 和C 受到地面的支持力大小均为F ，此时整体在竖直方向受力平衡，可得2F=3mg ，所以F=32mg ；在A 的动能达到最大前一直是加速下降，处于失重情况， B 受到地面的支持力小于32mg ，A 、B 正确；当A 达到最低点时动能为零，此时弹簧的弹性势能最大，A 的加速度方向向上，C 错误；A 下落的高度为h=Lsin600-Lsin300，由功能关系可知，小球A 的机械能全部转化为弹簧的弹性势能，即弹簧的弹性势能最大值为E P =mgh=3-12mgL ，D 错误．6.(2017·浙江4月选考卷T12，3分)火箭发射回收是航天技术的一大进步，如图所示，火箭在返回地面前的某段运动，可看成先匀速后减速的直线运动，最后撞落在地面上，不计火箭质量的变化，则（ ）A.火箭在匀速下降过程中，机械能守恒B.火箭在减速下降过程中，携带的检测仪器处于失重状态C.火箭在减速下降过程中合力做功等于火箭机械能的变化D.火箭着地时，火箭对地的作用力大于自身的重力答案：D解析：火箭匀速下降阶段，说明阻力等于重力，不止重力做功，阻力做负功，所以其机械能不守恒，A 错误；火箭在减速阶段，加速度向上，所以处于超重状态，B 错误；由动能定理知合外力做功等于动能改变量，不等于火箭机械能的变化．由功能关系知阻力做功等于火箭机械能的变化，C 错误；火箭着地做减速运动时，加速度向上，处于超重状态，则地面给火箭的力大于火箭重力，由牛顿第三定律知，火箭对地的作用力大于自身的重力，D 正确．7.(2016·新课标Ⅱ卷T19)两实心小球甲和乙由同一种材料制成，甲球质量大于乙球质量.两球在空气中由静止下落，假设它们运动时受到的阻力与球的半径成正比，与球的速率无关,若它们下落相同的距离，则( ) A.甲球用的时间比乙球长B.甲球末速度的大小大于乙球末速度的大小C.甲球加速度的大小小于乙球加速度的大小D.甲球克服阻力做的功大于乙球克服阻力做的功答案：BD解析：由已知条件知m=ρ·43πr 3,f=kr,由牛顿第二定律有mg-f=ma ，解得a=g- k ρ·43πr 2，因甲球质量大于乙球质量，即r 甲>r 乙，可得a 甲>a 乙，C 选项错误；因h 相同，由h=12at 2可知a 甲>a 乙，所以t 甲<t 乙，A 选项正确；因a 甲>a 乙，由v=2ah 可知，则v 甲>v 乙，B 选项正确；因f 甲>f 乙，由W=fh 可得W 甲>W 乙，D 选项正确.8.(2016·新课标Ⅱ卷T21)如图所示，小球套在光滑的竖直杆上，轻弹簧一端固定于O 点，另一端与小球相连.现将小球从M 点由静止释放，它在下降的过程中经过了N 点，已知在M 、N 两点处，弹簧对小球的弹力大小相等,且∠ONM<∠OMN<π2，在小球从M 点运动到N 点的过程中( )A.弹力对小球先做正功后做负功B.有两个时刻小球的加速度等于重力加速度C.弹簧长度最短时，弹力对小球做功的功率为零D.小球到达N 点时的动能等于其在M 、N 两点的重力势能差答案：BCD解析：由在M 、N 两点处，弹簧对小球的弹力大小相等,可知小球在MN 段运动过程中受力如图1所示，则从M →A 弹簧处于压缩态，则弹力做负功,从A→B 弹簧从压缩变为原长，弹力做正功,从B →N 弹簧从原长到伸长，弹力做负功，A 选项错误；当弹簧处于水平状态时，即在图中A 点，如图2所示，竖直方向只有重力，加速度为g ，当弹簧处于原长时，小球只受中加速度也为g ，B 选项正确；弹簧长度最短的点在图中A 点，F弹垂直于杆，则P弹=F 弹vcos900=0,C 选项正确；小球从M →N 的过程，只有弹力和重力做功，由小球和弹簧组成的系统机械能守恒，则有E k 增=E P 减， 即E k 增-0=E PM -E PN +E P 弹N -E P 弹M ,由于M 、N 两点弹簧弹力相同，由胡克定律可知，弹簧形变量相同，则有E P 弹N =E P 弹M , 可得E k 增=E PM -E PN ，D 选项正确.9.(2016·新课标Ⅲ卷)一质点做速度逐渐增大的匀加速直线运动，在时间间隔t 内位移为S ，动能变为原来的9倍,该质点的加速度为( )A.S t 2 B.3S 2t 2 C.4S t 2D.8S t 2 答案：A 解析：设初速度为v 1,末速度为v 2，由题意知9·12mv 12=12mv 22，解得3v 1=v 2,由v=v 0+at,可得3v 1=v 1+at ，即v 1=at 2，代入S=v 0t+12at 2，可得a=S t 2，A 正确. 10.(2016·新课标Ⅲ卷)如图所示，一固定容器的内壁是半径为R 的半球面；在半球面水平直径的一端有一质量为m 的质点P ，它在容器内壁由静止下滑到最低点的过程中，克服摩擦力做的功为W ，重力加速度大小为g ，设质点P 在最低点时，向心加速度的大小为a ，容器对它的支持力大小为N ，则（ ）A.a=2(mgR-W)mRB.a=2mgR-W mRC.N=3mgR-2W RD.2(mgR-W)R答案：AC解析：质点P 下滑过程中，重力和摩擦力做功，根据动能定理可得mgR-W=12mv 2，根据公式a=v 2R ，联立可得a=2(mgR-W)mR，A 正确,B 错误；在最低点重力和支持力的合力充当向心力，摩擦力水平，不参与向心力，由牛顿第二定律有N-mg=ma ，代入可得N=3mgR-2W R，C 正确,D 错误.11.(2016•四川物理卷T1)韩晓鹏是我国首位在冬奥会雪上项目夺冠的运动员．他在一次自由式化学空中技巧比赛中沿“助滑区”保持同一姿态下滑了一段距离，重力对他做功1900J ，他克服阻力做功100J.韩晓鹏在此过程中（ ）A.动能增加了1900JB.动能增加了2000JC.重力势能减小了1900JD.重力势能减小了2000J答案：C解析：外力对物体所做的总功为1900J ﹣100J=1800J ，是正功，则根据动能定理得：动能增加1800J ，A 、B 错误；重力对物体做功为1900J ，是正功，则物体重力势能减小1900J ．故C 正确，D 错误.12.(2016•天津高考卷T8,6分)我国高铁技术处于世界领先水平，它是由动车和拖车组合而成，提供动力的车厢叫动车，不提供动力的车厢叫拖车．假设动车组各车厢质量均相等，动车的额定功率都相同，动车的额定功率都相同，动车组在水平直轨道上运行过程中阻力与车重成正比．某列动车组由8节车厢组成，其中第1、5节车厢为动车，其余为拖车，则该列车组（ ）A.启动时乘客受到车厢作用力的方向与车运动的方向相反B.做匀加速运动时，第5、6节与第6、7节车厢间的作用力之比为3：2C.进站时从关闭发动机到停下来滑行的距离与关闭发动机时的速度成正比D.与改为4节动车带4节拖车的动车组最大速度之比为1：2答案：BD解析：列车启动时，乘客随着车厢加速运动，乘客受到的合力方向与车运动的方向一致，而乘客受到车厢的作用力和重力，所以启动时乘客受到车厢作用力的方向与车运动方向成一锐角，A 错误；动车组运动的加速度a=2F －8kmg 8m =F 4m-kg ，则对第6、7、8节车厢的整体有f 56=3ma+3kmg ＝0.75F ，对第7、8节车厢的整体有f 67=2ma+2kmg=0.5F ，故第5、6节车厢与第6、7节车厢间的作用力之比为3∶2，B 正确；根据动能定理得12Mv 2=kMgS ，解得S=v 22kg，可知进站时从关闭发动机到停下来滑行的距离与关闭发动机时的速度的二次方成正比 ，C 错误；8节车厢有2节动车时的最大速度为v m1=2P 8kmg =P 4kmg ，8节车厢有4节动车的最大速度为v m2=4P 8kmg =P 2kmg ，则v m1v m2=12，D 正确． 13.(2016•浙江高考物理卷)如图所示为一滑草场.某条滑道由上下两段高均为h ，与水平面倾角分别为450和370的滑道组成，滑草车与草地之间的动摩擦因数为μ.质量为m 的载人滑草车从坡顶由静止开始自由下滑，经过上、下两段滑道后，最后恰好静止于滑道的底端(不计滑草车在两段滑道交接处的能量损失，sin370=0.6，cos370=0.8)．则（ ）A.动摩擦因数μ=67B.载人滑草车最大速度为2gh 7C.载人滑草车克服摩擦力做功为mghD.载人滑草车在下段滑道上的加速度大小为35g 答案：AB解析：对整个过程，由动能定理得2mgh ﹣μmgcos450•h sin450﹣μmgcos370•h sin370=0 解得μ=67，A 正确；滑草车通过第一段滑道末端时速度最大，设为v ，由动能定理得mgh ﹣μmgcos450•h sin450=12mv 2,解得v=2gh 7,B 正确；对整个过程，由动能定理得2mgh-W f =0，解得，载人滑草车克服摩擦力做功为W f =2mgh ，C 错误；载人滑草车在下段滑道上的加速度大小为a=μmgcos370-mgsin370m =335g ，D 错误． 14.(2016•上海高考卷T7)在今年上海的某活动中引入了全国首个户外风洞飞行体验装置，体验者在风力作用下漂浮在半空．若减小风力，体验者在加速下落过程中（ ）A.失重且机械能增加B.失重且机械能减少C.超重且机械能增加D.超重且机械能减少答案：B解析：体验者在风力作用下漂浮在半空，体验者的合力为零，如果减小风力，则重力大于风力，合力向下，体验者向下做加速运动，加速度向下，处于失重状态；体验者向下加速运动过程中，除了重力做功外，风力做负功，机械能减少，ACD 错误，B 正确．15.(2015·全国新课标理综Ⅰ卷T17)如图所示，一半径为R ，粗糙程度处处相同的半圆形轨道竖直固定放置，直径POQ 水平.一质量为m 的质点自P 点上方高度R 处由静止开始下落，恰好从P 点进入轨道.质点滑到轨道最低点N 时，对轨道的压力为4mg ，g 为重力加速度的大小.用W 表示质点从P 点运动到N 点的过程中克服摩擦力所做的功.则( ) A.W=12mgR ，质点恰好可以到达Q 点 B.W>12mgR ，质点不能到达Q 点C.W=12mgR ，质点到达Q 后，继续上升一段距离 D.W<12mgR ，质点到达Q 后，继续上升一段距离 答案：C解析：对质点在N 点进行受力分析，设N 点的速度为V N ，由牛顿第二定律有4mg-mg=m V N 2R，可得V N =3gR ，质点从P 点上方高度R 处由静止开始下落，设P 点的速度为V P ，由动能定理有mgR=12mV P 2，质点由P 点到N 点，再由动能定理有12mV N 2-12mV P 2=mgR-W ，可得W=12mgR ，排除选项B 、D ；质点在运动过程中，沿半径方向的合力提供向心力，如图所示，则有F N -mgsinθ=m V 2R，根据左右对称，在同一高度，由于摩擦力做功导致右侧的速度变小，因此，轨道的弹力减小，滑动摩擦力变小，所以摩擦力做功变小，设从N 到Q 摩擦力做的功为W ´，则W ´<12mgR ，再由动能定理有12mV Q 2-12mV N 2=-mgR-W ´，可得12mV Q 2=12mgR-W ´>0，选项A 错误，选项C 正确.16.(2015·全国新课标Ⅱ卷T17)一汽车在平直公路上行驶.从某时刻开始计时，发动机的功率P 随时间t 的变化如图所示.假定汽车所受阻力的大小f 恒定不变，下列描述该汽车的速度V 随时间t变化的图像中，可能正确的是（ ）答案：A解析：由图可知，汽车先以恒定功率P 1起动，所以刚开始做加速度减小的加速度运动，后以更大功率P 2运动，所以再次做加速度减小的加速运动，选项A 正确，选项B 、C 、D 错误.17.(2015·全国新课标Ⅱ卷T21)如图所示，滑块a 、b 的质量均为m ，a 套在固定直杆上，与光滑水平地面相距h ，b 放在地面上，a 、b 通过铰链用刚性轻杆连接.不计摩擦，a 、b 可视为质点，重力加速度大小为g.则( )A.a 落地前，轻杆对b 一直做正功B.a 落地时速度大小为2ghC.a 下落过程中，其加速度大小始终不大于gD.a 落地前，当a 的机械能最小时，b 对地面的压力大小为mg答案：BD解析：当a 物体刚释放时，两者的速度为零，当a 落地时，b 物体的速度为零，b 物体的速度在整个过程中，先增大后减小，动能先增大后减小，所以轻杆对b 先做正功后做负功，选项A 错误；a 运动到最低点时，b 物体的速度为零，由机械能守恒定律有m A gh=12m A V A 2，解得a 落地时速度大小为V A =2gh ，选项B 正确；由于b 的速度先增大后减小，所以a 对b 的作用力先是动力后是阻力，因此b 对a 的作用力先是阻力后是动力，所以在b 减速的过程中，b 对a 作用力是向下的拉力，此时a 的加速度是大于重力加速度，选项C 错误；a 、b 组成的系统机械能守恒，当a 的机械能最小时，b 的速度最大，因此b 受到a 的推力为零，此时b 只受到两个力，重力与支持力且这两个力是平衡力，选项D 正确.18.(2015·天津卷T5,6分)如图所示，固定的竖直光滑长杆上套有质量为m 的小圆环，圆环与水平状态的轻质弹簧一端连接，弹簧的另一端连接在墙上，并且处于原长状态，现让圆环由静止开始下滑，已知弹簧原长为L ，圆环下滑到最大距离时弹簧的长度变为2L （未超过弹性限度），则在圆环下滑到最大距离的过程中A ．圆环的机械能守恒B ．弹簧弹性势能变化了3mgLC ．圆环下滑到最大距离时，所受合力为零D ．圆环重力势能与弹簧弹性势能之和保持不变答案：B解析：圆环在下滑过程中，弹簧对其做负功，故圆环机械能减小，选项A 错误； 圆环下滑到最大的距离时，由几何关系可知，圆环下滑的距离为3L ，圆环的速度为零，由能量守恒定律可知，弹簧的弹性势能增加量等于圆环重力势能的减小量，为3mgL ，选项B 正确； 圆环下滑过程中，所受合力为零时，加速度为零，速度最大，而下滑至最大距离时，物体速度为零，加速度不为零，选项C 错误； 在下滑过程中，圆环的机械能与弹簧弹性势能之和保持不变，即系统机械能守恒，选项D 错误；19.(2015·浙江理综卷T18)我国科学教正在研制航母舰载机使用的电磁弹射器.舰载机总质量为3×104kg ，设起飞过程中发动机的推力恒为1.0×105N ；弹射器有效作用长度为100m ，推力恒定.要求舰载机在水平弹射结束时速度大小达到80m/s.弹射过程中舰载机所受总推力为弹射器和发动机推力之和，假设所受阻力为总推力的20％，则( )A.弹射器的推力大小为1.1×106NB.弹射器对舰载机所做的功为1.1×108JC.弹射器对舰载机做功的平均功率为8.8×107WD.舰载机在弹射过程中的加速度大小为32m/s 2答案：ABD解析：设发动机的推力为F 1,弹射器的推力为F 2,则阻力为f=0.2(F 1+F 2),根据动能定理有[(F 1+F 2)-0.2(F 1+F 2)]S=12mV 2，把V=80m/s,S=100m, F 1=1.0×105N ，代入上式解得F 2=1.1×106N,选项A 正确；弹射器对舰载机所做的功为W 2=F 2S=1.1×106×100J=1.1×108J,选项B 正确；对舰载机由牛顿第二定律有(F 1+F 2)-0.2(F 1+F 2)ma ，代入数据解得a=(F 1+F 2)-0.2(F 1+F 2)m =0.8(F 1+F 2)m =0.8×1.2×1063×104m/s 2=32m/s 2,选项D 正确；由S=12at 2，可得t=2S a =2×10032s=2.5s ，弹射器对舰载机做功的平均功率为P=W 2t =1.1×1082.5W=4.4×107W ，选项D 错误.20.(2015·上海单科卷)如图所示，质量为m 的小球用轻绳悬挂在O 点，在水平恒力F=mgtan θ作用下，小球从静止开始由A 经B 向C 运动.则小球( )A.先加速后减速B.在B 点加速度为零C.在C 点速度为零D.在C 点加速度为gtan θ答案：ACD解析：设绳长为L ，最大摆角为α，由动能定理有FLsin α-mgL(1-cos α)=0-0，把F=mgtanθ代入上式可得tan θ=1-cos αsin α(由倍半角公式tan α2=sin α1+cos α=1-cos αsin α=±1-cos α1+cos α)，即12θ=α,可得α=2θ，即在C 点速度为零，可知小球先加速后减速，选项A 正确，选项B 错误，选项C 正确；在C 点速度为零，小球受到重力和拉力的作用，沿着绳子方向上(向心力)为零，垂直绳子方向上合力为F 合=mgsin2θ-Fcos2θ=mgsin2θ-mgtan θcos2θ=mgtan θ,所以在C 点的加速度为gtan θ,选项D 正确.21.(2015·江苏单科卷T9，4分)如图所示，轻质弹簧一端固定，另一端与一质量为m 、套在粗糙竖直固定杆A 处的圆环相连，弹簧水平且处于原长.圆环从A 处由静止开始下滑，经过B 处的速度最大，到达C 处的速度为零，AC =h ．圆环在C 处获得一竖直向上的速度V ，恰好能回到A ．弹簧始终在弹性限度内，重力加速度为g ．则圆环( )A.下滑过程中,加速度一直减小B.下滑过程中,克服摩擦力做的功为14mV 2 C.在C 处,弹簧的弹性势能为14mV 2-mgh D.上滑经过B 的速度大于下滑经过B 的速度答案：BD解析：圆环从A 到C 先加速后减速，到达B 处是加速度减为零，故加速度先减小后增大，选项A 错误；从A 到C 由能量守恒定律由mgh=W f +E P ，从C 到A ，12mV 2+E P =mgh+W f ,联立解得W f =14mV 2，E P =mgh- 14mV 2，选项B 正确，选项C 错误；从A 到B 有：mgh 1=12mV B 2+ΔE P1+W f1, 从C 到A 有：12mV 2+ΔE P2=12mV B22+mgh 2+W f2, 12mV 2+E P =mgh+W f ,联立可得V B2>V B1，选项D 正确.22.(2015·海南单科卷T3)假设摩托艇受到的阻力大小正比于它的速率.如果摩托艇发动机的输出功率变为原来的2倍，则摩托艇的最大速率变为原来的（ ）A.4倍B.2倍C.3倍D.2倍答案：D解析：设f=kV ，当阻力等于牵引力时，速度最大，输出功率变化前，有P=FV=fV=kV ·V=kV 2，变化后有2P=F ´V ´=fV ´=kV ´·V ´=kV ´2，联立解得V ´=2V ，选项D 正确.23.(2015·海南单科卷T4)如图所示，一半径为R 的半圆形轨道竖直固定放置，轨道两端等高.质量为m 的质点自轨道端点P 由静止开始滑下，滑到最低点Q 时，对轨道的正压力为2mg ，重力加速度大小为g ，质点自P 滑到Q 的过程中，克服摩擦力所做的功为（ ） A.14mgR B.13mgR C.12mgR D.π4mgR答案：C解析：在Q 点质点受到竖直向下的重力，和竖直向上的支持力，两力的合力充当向心力，所以有N-mg=m V 2R ，N=2mg ，联立解得V=gR ，下落过程中重力做正功，摩擦力做负功，根据动能定理可得mgR-W f =12mV 2，解得W f =12mgR ，所以克服摩擦力做功12mgR ，选项C 正确. 24.(2015·北京理综卷T18，6分)“蹦极”运动中，长弹性绳的一端固定，另一端绑在人身上，人从几十米高处跳下.将蹦极过程简化为人沿竖直方向的运动.从绳恰好伸直，到人第一次下降至最低点的过程中，下列分析正确的是( )A.绳对人的冲量始终向上，人的动量先增大后减小B.绳对人的拉力始终做负功，人的动能一直减小C.绳恰好伸直时，绳的弹性势能为零，人的动能最大D.人在最低点时，绳对人的拉力等于人所受的重力答案：A解析：绳子从伸直到第一次下降搭配最低点的过程中，拉力逐渐增大。