2016年上半年 网络管理员 答案详解
2016年软考网络管理员章节练习题及答案(七)
2016年软考网络管理员章节练习题及答案（七）网络管理员（简称网管员）是一个蓬勃发展的新兴职业，在短短的几年内，已成为绝大多数企业中必设的工作岗位，也成为众多年轻人向往的职业。
希赛小编为大家总结了几篇软考网络管理员章节练习题及答案，希望对大家有所帮助。
DNS习题一、填空⒈DNS是一个分布式数据库系统，它提供将域名转换成对应的( )信息。
⒉域名空间由( )和( )两部分组成。
二、选择⒈DNS区域有三种类型分别是：( )A.标准辅助区域B.逆向解析区域C.ActiveDirectory集成区域D.标准主要区域2.应用层DNS协议主要用于实现哪种网络服务功能( )A.网络设备名字到IP地址的映射B.网络硬件地址到IP地址的映射C.进程地址到IP地址的映射D.用户名到进程地址的映射3.测试DNS主要使用以下哪个命令( )A.PingB.IPcofigC.nslookupD.Winipcfg三、问答题⒈简述DNS服务器的工作过程?⒉什么是域名解析?参考答案一.填空：1.IP地址2.根域、顶级域二.选择：1.ACD2.A3.C三.问答：1.用户要想通过使用InternetExplorer来访问万维网服务器，则用户必须首先获得与万维网服务器的正式域名相关的IP地址，依靠DNS及WINS将主机名称转换为IP地址，这个过程被称为主机名称解析(NameResolution)。
一旦用户的计算机将WWW服务器的正式名称解析为它的IP地址，它就可以与WWW服务器建立起TCP/IP网络通信。
2.将主机名称转换为IP地址，这个过程被称为主机名称解析(域名解析)。
DHCP习题一、填空题⒈DHCP服务器的主要功能是：动态分配( )。
⒉DHCP服务器安装好后并不是立即就可以给DHCP客户端提供服务，它必须经过一个“( )”步骤。
未经此步骤的DHCP服务器在接收到DHCP客户端索取IP地址的要求时，并不会给DHCP客户端分派IP地址。
中级网络工程师2016上半年下午试题与答案解析
2016 年上半年软考网络工程师考试真题下午试题试题一（共20 分）阅读以下说明，回答问题1 至问题4，将解答填入答题纸对应的解答栏内。
【说明】某企业网络拓扑如图1-1 所示，A~E 是网络设备的编号。
【问题1】（每空1 分，共4 分）根据图1-1，将设备清单表1-1 所示内容补充完整。
表1-1【问题2】（每空2 分，共4 分）以下是AR2220 的部分配置。
[AR2220]acl 2000[AR2220-acl-2000]rule normal pemut source 192.168.0.0 0.0.255.255[AR2220-acl-2000]rule normal deny source any[AR2220-acl-2000]quit[AR2220]interface Ethemet0[AR2220-Ethemet0]ip address 192.168.0.1 255.255.255.0[AR2220-Ethemet0]quit[AR2220]mterface Ethemet1[AR2220-Ethemet1]ip address 59.41.221.100 255.255.255.0[AR2220-Ethemet1]nat outbound 2000 mterface[AR2220-Ethernet1]quit[AR2220]ip route-static 0.0.0.0 0.0.0.0 59.74221.254设备AR2220 硬用（）接口实现NAT 功能，该接口地址韵网关是（）。
【问题3】（每空2 分，共6 分）若只允许内网发起ftp、http 连接,并且拒绝来自站点2.2.2.11 的Java Applets 报文。
在USG3000 设备中有如下配置，请补充完整。
[USG3000]acl number 3000[USG3000-acl-adv-3000] rule permit tcp destination-port eq www[USG3000-acl-adv-3000] rule permit tcp destination-port eq ftp[USG3000-acl-adv-3000] rule permit tcp destination-port eq ftp-data[USG3000]acl number 2010[USG3000-acl-basic-2010] rule（）source 2.2.2.11.0.0.0.0[USG3000-acl-basic-2010] rule permit source any[USG3000]（）interzone trust untrust[USG3000-interzone-ttust-untrust] packet-filter 3000 （）[USG3000-interzone-ttust-untrust] detect ftp[USG3000-interzone-ttust-untrust] detect http[USG3000-interzone-ttust-untrust] detect java-blocking2010 （）~（）备选答案：A．FirewallB．trustC．denyD．permitE．outboundF．inbound【问题４】（每空2 分，共6 分）PC-1、PC-2、PC-3、网络设置如表1-2。
网络管理2016版第一章课后习题答案
网络管理2016版第一章课后习题答案1、什么是网络管理？网络管理的目的是什么？1、网络管理：通过某种方式对网络进行管理，使网络能正常高效地运行。
2.网络管理的目的：使网络中的资源得到更加有效的利用。
它应维护网络的正常运行，当网络出现故障时能及时报告和处理，并协调、保持网络系统的高效运行。
2、网络管理的标准有哪些？网络管理的主要标准分别是OSI参考模型、TCP/IP参考模型、TMN参考模型、IEEE LAN/WAN以及基于Web的管理3、ISO制定的网络管理标准有哪些文件？各是什么内容？1、ISO DIS7498-4(X.700):定义了网络管理的基本概念和总体框架2、ISO 9595：公共管理信息服务定义3、ISO 9596:公共管理信息协议规范4、ISO 10164：系统管理功能5、ISO 10165：管理信息结构4、TCP/IP网络管理标准有哪些主要的RFC文件？其内容是什么？RFC 1155（SMI）、RFC 1157（SNMP）、RFC 1212（MIB定义）和RFC 1213（MIB-2规范）、SNMPv2（RFC 1902-1908）、SNMPv3（RFC 2570-2575）5．简述网络管理的基本模型以及各个组成部分的功能。
在网络管理中，一般采用“管理者—代理”的基本管理模型来构建网络管理系统，进行实际的网络管理。
网络管理系统的基本模型包括4个要素组成，分别是网络管理者、管理代理、管理信息库和网络管理协议。
网络管理者通过网络管理协议从管理代理那里获取管理信息或向管理代理发送命令；管理代理也可以通过网络管理协议主动报告紧急信息。
管理信息库（Management Information Base，MIB）是一个信息存储库，是对于通过网络管理协议可以访问信息的精确定义，所有相关的被管对象的网络信息都放在MIB中。
6什么是网络管理者？什么是管理代理？管理代理可以向网络管理者发送信息吗？网络管理者是管理指令的发出者，它可以自动或按用户规定去轮询被管理设备中某些变量的值，被管设备中的管理代理对这些轮询进行响应，或在接收到被管理设备的告警信息后采取一定的措施。
2016年计算机软考网络管理员练习题及答案
71.以下哪个命令⽤于测试络连通? A.telnet B.nslookup C.ping D.ftp 参考答案：C 72.C类地址192.168.1.139的⼦⼴播地址是? A.192.168.255.255 B.255.255.255.255 C.192.168.1.255 参考答案：C 73.以下⼦掩码正确的是_______。
A.11011101---11011111---11101010---00001000 B.00000000---11111111---11110000---00000000 C.11111111---11111111---11111000---00000000 参考答案：A 74.下列不是B/S计算模式特点的是()。
A.跨平台兼容性 B.分散管理，不易维护 参考答案：B 75.X.25公⽤数据属于()。
A.资源⼦ B.通信⼦ 参考答案：A 76.在⼀个Windows 2000?的域中哪种域模式下可以使⽤通⽤组? A.混合模式 B.本机模式 参考答案：A 77.在交换机上为了避免⼴播风暴⽽采取的技术是? A.STP B.VTP 参考答案：A 78.B类地址172.16.10.28的络ID是? A.255.255.255.0 参考答案：B 79.⽤户在Windows 98下进⾏Internet连接，应该安装()协议。
A.PPP B.TCP/IP C.IPX/SPX 参考答案：B 80.络203.87.90.0/24中的主机数⽬为? A.254 B.255 C.256 参考答案：A 81.160.128.1.1属于_______地址。
A.A类 B.B类 C.C类 参考答案：B 82.对于ATM的正确理解是______。
A.异步接⼊模式 B.⾃动传输模式 C.异步转移模式 参考答案：A 83.下列不属于系统安全的技术是()。
A.防⽕墙 B.加密狗 C.认证 D.防病毒 参考答案：B 84.ICMP协议是直接承载在________协议之上的。
2016年上半年 网络工程师 真题及答案详解
●内存按字节编址，从A1000H到B13FFH的区域的存储容量为（1）KB。
(1)A.32 B.34 C.65 D.67【答案】C【解析】存储容量=B13FFH-A1000H+1=B1400H-A1000H=10400H=1 0000 0100 0000 0000=100 0001K=65KB。
●以下关于总线的叙述中，不正确的是（2）。
(2)A.并行总线适合近距离高速数据传输B.串行总线适合长距离数据传输C.单总线结构在一个总线上适应不同种类的设备，设计简单且性能很高D.专用总线在设计上可以与连接设备实现最佳匹配【答案】C【解析】单总线结构如下图所示。
计算机的各个部件均系统总线相连，所以它又称为面向系统的单总线结构。
在单总线结构中，CPU与主存之间、CPU与I/O设备之间、I/O设备与主存之间、各种设备之间都通过系统总线交换信息。
单总线结构的优点是控制简单方便，扩充方便。
但由于所有设备部件均挂在单一总线上，使这种结构只能分时工作，即同一时刻只能在两个设备之间传送数据，这就使系统总体数据传输的效率和速度受到限制，这是单总线结构的主要缺点。
双总线结构又分为面向CPU的双总线结构和面向存储器的双总线结构。
面向CPU的双总线结构如下图所示。
其中一组总线是CPU与主存储器之间进行信息交换的公共通路，称为存储总线。
另一组是CPU与I/O设备之间进行信息交换的公共通路，称为输入/输出总线（I/O总线）。
外部设备通过连接在I/O总线上的接口电路与CPU交换信息。
由于在CPU与主存储器之间、CPU与I/O设备之间分别设置了总线，从而提高了微机系统信息传送的速率和效率。
但是由于外部设备与主存储器之间没有直接的通路，它们之间的信息交换必须通过CPU才能进行中转，从而降低了CPU的工作效率（或增加了CPU的占用率。
一般来说，外设工作时要求CPU干预越少越好。
CPU干预越少，这个设备的CPU占用率就越低，说明设备的智能化程度越高），这是面向CPU的双总线结构的主要缺点。
2016年网络管理员考试试题练习加答案(二)
2016年网络管理员考试试题练习加答案（二）对于想参加网络管理员考试的考生来说，多做试题是一个很好的巩固知识的方法，希赛小编为大家整理了几套网络管理员试题练习，希望对大家有所帮助。
21、奇偶校验可以检查出__A__位出错的情况。
A．1。
B．2。
C．3。
D．0。
22、在10Base－T标准中，Hub通过RJ－45接口与计算机连线距离不超过_B___。
A．100M。
B．150M。
C．200M。
D．300M。
23、在防火墙系统中，防火墙解决不了网络_ C____的安全问题。
A．外部。
B．DMZ。
C．内部。
D．中间件。
24、采用镜像服务器的方式，连接两个服务器的链路速度只有比LAN的速度__A___才有意义。
A．快。
B．一致。
C．慢。
D．中转。
25、电子邮件中的两个协议中，__A___协议是运行在传输程序与远程邮件服务器之间的协议。
A．SMTP。
B．TCP。
C．POP3。
D．ARP。
26、精简指令系统计算机RISC中，大量设置通用寄存器，且指令格式仅用R-R型寻址，目的是为了B。
A.简化指令格式。
B.提高指令运算速度。
C.用户使用方便。
D.减少地址计算时间。
27、文件系统中，文件按名字存取是为了B。
A.方便操作系统对信息的管理。
B.方便用户的使用。
C.确定文件的存取权限。
D.加强对文件内容的保密。
28、能使系统中多台计算机相互协作完成一件任务的操作系统是D。
A.批处理操作系统。
B.分时操作系统。
C.网络操作系统。
D.分布式操作系统。
29、不属于存储管理功能的是C。
A.主存空间的分配和回收。
B.主存空间的共享和保护。
C.辅存空间的管理。
D.实现地址转换。
30、关系数据库的数据和更新操作必须遵循的完整性规则包括D。
A.实体完整性和参照完整性。
B.参照完整性和用户定义的完整性。
C.实体完整性和用户定义的完整性。
D.实体完整性、参照完整性和用户定义的完整性。
30、关系数据库的数据和更新操作必须遵循的完整性规则包括D。
2016年上半年网络管理员考试下午真题(完整版)
2016 年上半年网络管理员考试下午真题（专业解析+ 参考答案）
1、 试题一（共 20 分）
阅读以下说明，回答问题 1 至问题 4，将解答填入答题纸对应的解答栏 内。 【说明】
某网络拓扑结构如图 1-1 所示，路由器 R1 的路由信息如下所示： C 202.118.1.0/24 is directly connected, FastEthernet0/0 R 202.118.2.0/24[120/1] via 192.168.112.2, 00:00:09, Seria10
//创建用户，配置权限及访问类型 [NBW-S2300-vlanif4000]aaa [NBW-S2300-vlanif4000-aaa]local-user nbw password cipher nbw999 [NBW-S2300-vlanif4000-aaa]local-user nbw privilege level 1 [NBW-S2300-vlanif4000-aaa]local-user nbw service-type telnet terminal
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(15)～(16) 备选答案： A．用户启动的应用程序，如 Word B．用户启动的应用程序，如 DNS C．系统运行的各种服务，如 WEB D．系统运行的各种服务，如 QQ 2．图 2-5 中用户变量（17）生效，系统变量（18）生效。 (17)～(18) 备选答案： A．只对 Administrator 用户 B．对所有用户 C．对各自用户 D．对除 Administrator 外的其它用户
C．TCP 端口不能为空，若要更改端口号，需要通知户端。 （7） D．SSL 是安全套接层协议，默认端口是 110。 （8） E．当该服务器 2 分钟内不能响应客户机的 Web 请求时，断开连接。 （9） F．客户端可以使用 127.0.0.1 访问该服务器。 （10） 【问题 3】（每空 1 分，共 4 分） FTP 的配置如图 2-3 所示。
2016年上半年 网络管理员 答案详解
在Windows系统中，若要将文件“D：\user\my.doc”设置成只读属性，可以通过修改该文件的（1）来实现。
将文件设置为只读属性可控制用户对文件的修改，这一级安全管理称之为（2）安全管理。
(1)A.属性 B.内容 C.文件名 D.路径名(2)A.用户级 B.目录级 C.文件级 D.系统级【答案】A C【解析】在Windows系统中，若要将文件“C：\user\my.doc”文件设置成只读属性，可以通过选中该文件，单击鼠标右键，弹出如图（a）所示的下拉菜单；在下拉菜单中单右鼠标左键，系统弹出如图（b）所示的“属性”对话框；勾选只读即可。
随着计算机应用范围扩大，在所有稍具规模的系统中，都从多个级别上来保证系统的安全性。
一般从系统级、用户级、目录级和文件级四个级别上对文件进行安全性管理。
①文件级安全管理是通过系统管理员或文件主对文件属性的设置来控制用户对文件的访问。
通常属性有只执行、隐含、索引、修改、只读、读/写、共享和系统。
②目录级安全管理，是为了保护系统中各种目录而设计的，它与用户权限无关。
为保证目录的安全规定只有系统核心才具有写目录的权利。
③用户级安全管理是通过对所有用户分类和对指定用户分配访问权。
不同的用户对不同文件设置不同的存取权限来实现。
例如，在UNIX系统中硌用广分为文件主、组用户和其他用户。
有的系统将用户分为超级用户、系统操作员和一般用户。
④系统级安全管理的主要任务是不允许未经许可的用户进入系统，从而也防止了他人非法使用系统中各类资源（包括文件）。
例如，注册登录。
因为用户经注册后就成为该系统的用户，但在上机时还必须进行登录。
登录的主要目的是通过核实该用户的注册名及口令来检查该用户使用系统的合法性。
电子邮件地址“******************.org”中的linxin、@和分别表示用户信箱的（3）。
(3) A.帐号、邮件接收服务器域名和分隔符B.帐号、分隔符和邮件接收服务器域名C.邮件接收服务器域名、分隔符和帐号D.邮件接收服务器域名、帐号和分隔符【答案】B【解析】电子邮件地址“******************.org”由三部分组成。
网络管理2016版第二章课后习题答案(可编辑修改word版)
1、表示层的功能是什么？抽象语法和传输语法各有什么作用？
表示层的功能是提供统一的网络数据表示。
ASN.1(抽象语法表示)：一种形式语言，提供统一的网络数据表示，通常用于定义应用数据的抽象语法和应用层协议数据单元的结构
传输语法：把抽象数据变换成比特串的编码规则
2、用ASN.1 表示一个协议数据单元（例如，IEEE802.3 的帧）。
GetRequest-
PDU::=SEQUENCE{ request-id
INTEGER,
error-status INTEGER,
error-index INTEGER,
variable-bindings VarBind
}
VarBind::=SEQUENCE{
name OBJECT IDENTIFIER,
value NULL
}
3、用基本编码规则对长度字段L 编码：L=18,L=180,L=1044。
L=18，00010010；L=180，10000001 10110100；L=1044，10001000 10010100
4、用基本编码规则对下面的数据编码：标签值＝1011001010，长度＝255.
标签编码：×××11111 1000 0101 11001010；长度编码：10000001 11111111
5、为什么要用宏定义?怎样由宏定义得到宏实例？
使用宏定义的目的是为了简化类型定义的方法。
用具体的值代替宏定义中的变量可以产生宏实例。
2016年网络管理员考试试题练习加答案(五)
2016年网络管理员考试试题练习加答案（五）对于想参加网络管理员考试的考生来说，多做试题是一个很好的巩固知识的方法，希赛小编为大家整理了几套网络管理员试题练习，希望对大家有所帮助。
66、在下面设备中，（38）不是工作在数据链路层的。
A.网桥B.集线器C.网卡D.交换机【解析】网桥、集线器和交换机属于联网设备，网桥工作在数据链路层，交换机也工作在数据链路层，集线器（Hub）是工作在物理层的设备，不具备交换功能。
网卡是接到计算机上的属于外围设备，完成物理层和数据链路层的功能。
67、在计算机网络中，能将异种网络互联起来，实现不同网络协议相互转换的网络互联设备是（D）。
A.网桥B.集线器C.路由器D.网关【解析】实现异种网络互联，是指运行不同网络协议的网络互联，要解决的一个主要问题是网络协议相互转换，这是传输层以上层的转换任务，需要网关来实现。
68、以无碎片直通方式工作的交换机对于以太网的帧，（C）内容不去读它。
A.原地址B.目的地址C.大于64B的部分D.小于64B的部分【解析】交换机的工作方式可以分为存储转发式、直通式和无碎片直通式。
无碎片直通式是指交换机读取部分数据，然后转发出去，由于IEEE802.3规定的以太网的最小帧的长度为64B，其中包含了源地址和目的地址，后面的不再读入缓存，而是直接转发出去，这样小于最小帧的数据就被认为是碎片，过滤掉了，称为无碎片直通工作方式。
69、网桥的功能不包括（C）。
A.互联不同MAC协议的局域网B.存储帧C.处理网络分组D.转发帧【解析】网桥处理的是数据链路层的功能，可以实现不同MAC帧的转化，如IEEE802.3和IEEE802.5帧格式的转换，进行帧的接收存储和转发，但不能处理网络分组，处理分组是网络层设备的功能，如路由器。
70、帧中继网络的弱点是（C）。
A.速度慢B.线路利用率低C.差错处理能力差D.误码率高【解析】帧中继是在克服X.25缺点的基础上发展起来的，由于采用光缆作为传输介质，帧中继认为帧在传输过程中基本不出错，因而在得到帧的目的地址后马上转发，减少了帧在每个结点的时延。
2016年上半年网络管理员考试上午真题(完整版)
2016年上半年网络管理员考试上午真题（专业解析+参考答案）1、在Windows系统中，若要将文件“D：\user\my.doc”设置成只读属性，可以通过修改该文件的（）来实现。
将文件设置为只读属性可控制用户对文件的修改，这一级安全管理称之为（）安全管理。
A、属性B、内容C、文件名D、路径名A、用户级B、目录级C、文件级D、系统级2、电子邮件地址“linxin@”中的linxin、@和分别表示用户信箱的（）。
A、帐号、邮件接收服务器域名和分隔符B、帐号、分隔符和邮件接收服务器域名C、邮件接收服务器域名、分隔符和帐号D、邮件接收服务器域名、帐号和分隔符3、以下关于SRAM（静态随机存储器）和DRAM（动态随机存储器）的说法中，正确的是（）。
A、SRAM的内容是不变的，DRAM的内容是动态变化的B、DRAM断电时内容会丢失，SRAM的内容断电后仍能保持记忆C、SRAM的内容是只读的，DRAM的内容是可读可写的D、SRAM和DRAM都是可读可写的，但DRAM的内容需要定期刷新4、张某购买了一张有注册商标的应用软件光盘，擅自复制出售，则其行为侵犯了（）。
A、注册商标专用权B、光盘所有权C、软件著作权D、软件著作权与商标权5、以下关于软件著作权产生的时间，表述正确的是（）。
A、自软件首次公开发表时B、自开发者有开发意图时C、自软件得到国家著作权行政管理部门认可时D、自软件开发完成之日起6、数字话音的采样频率定义为8kHz，这是因为（）。
A、话音信号定义的频率范围最高值小于4 kHzB、话音信号定义的频率范围最高值小于8kHzC、数字话音传输线路的带宽只有8 kHzD、一般声卡的采样处理能力只能达到每秒8千次7、GIF文件类型支持（）图像存储格式。
A、真彩色B、伪彩色C、直接色D、矢量8、设机器字长为8，则-0的（）表示为11111111。
A、反码B、补码C、原码D、移码9、在网络操作系统环境中，当用户A的文件或文件夹被共享时，（），这是因为访问用户A的计算机或网络的人（）。
2016年上半年上午 网络管理员 试题及答案与解析-全国软考真题
2016年上半年上午网络管理员考试真题答案与解析一、单项选择题（共75分，每题1分。
每题备选项中，只有1个最符合题意）在Windows系统中，若要将文件“D：\user\my.doc”设置成只读属性，可以通过修改该文件的（1）来实现。
将文件设置为只读属性可控制用户对文件的修改，这一级安全管理称之为（2）安全管理。
(1)A.属性 B.内容 C.文件名 D.路径名(2)A.用户级 B.目录级 C.文件级 D.系统级【参考答案】（1）A、（2）C【答案解析】在Windows系统中，若要将文件“C：\user\my.doc”文件设置成只读属性，可以通过选中该文件，单击鼠标右键，弹出如图（a）所示的下拉菜单；在下拉菜单中单右鼠标左键，系统弹出如图（b）所示的“属性”对话框；勾选只读即可。
随着计算机应用范围扩大，在所有稍具规模的系统中，都从多个级别上来保证系统的安全性。
一般从系统级、用户级、目录级和文件级四个级别上对文件进行安全性管理。
①文件级安全管理是通过系统管理员或文件主对文件属性的设置来控制用户对文件的访问。
通常属性有只执行、隐含、索引、修改、只读、读/写、共享和系统。
②目录级安全管理，是为了保护系统中各种目录而设计的，它与用户权限无关。
为保证目录的安全规定只有系统核心才具有写目录的权利。
③用户级安全管理是通过对所有用户分类和对指定用户分配访问权。
不同的用户对不同文件设置不同的存取权限来实现。
例如，在UNIX系统中硌用广分为文件主、组用户和其他用户。
有的系统将用户分为超级用户、系统操作员和一般用户。
④系统级安全管理的主要任务是不允许未经许可的用户进入系统，从而也防止了他人非法使用系统中各类资源（包括文件）。
例如，注册登录。
因为用户经注册后就成为该系统的用户，但在上机时还必须进行登录。
登录的主要目的是通过核实该用户的注册名及口令来检查该用户使用系统的合法性。
电子邮件地址“linxin@”中的linxin、@和分别表示用户信箱的（3）。
2016年上半年 网络管理员 应用技术
全国计算机技术与软件专业技术资格（水平）考试2016年上半年网络管理员下午试卷（考试时间14:00～16:30 共150 分钟）1.在答题纸的指定位置填写你所在的省、自治区、直辖市、计划单列市的名称。
2.在答题纸的指定位置填写准考证号、出生年月日和姓名。
3.答题纸上除填写上述内容外只能写解答。
4.本试卷共4道题，试题一至试题四是必答题，满分75 分。
5.解答时字迹务必清楚，字迹不清时，将不评分。
6.仿照下面例题，将解答写在答题纸的对应栏内。
例题2016 年上半年全国计算机技术与软件专业技术资格（水平）考试日期是（1）月（2）日。
因为正确的解答是“5 月20 日”，故在答题纸的对应栏内写上“5”和“20”（参看下表）。
试题一阅读以下说明，回答问题1至问题4，将解答填入答题纸对应的解答栏内。
【说明】某网络拓扑结构如图1-1所示，路由器R1的路由信息如下所示：C 202.118.1.0/24 is directly connected,FastEthernet0/0R 202.118.2.0/24[120/1] via 192.168.112.2,00:00:09,Seria10192.168.112.0/30 is subnetted,1 subnetsC 192.168.112.0 is directly connected,Seria10【问题1】路由器中查看路由的命令为Router#（1）；路由器R1接口s0的IP地址为（2）；路由器R2接口s0的IP地址为（3）。
【问题2】为PC1配置Internet协议属性参数。
IP地址：（4）；（给出一个有效地址即可）子网掩码：（5）；为PC101配置Internet协议属性参数。
IP地址：（6）；（给出一个有效地址即可）子网掩码：（7）；【问题3】1．若PC1能ping通PC101，而PC101不能ping通PC1，可能原因是（8）。
2．若PC1不能ping通PC101，但可以和PC101进行QQ聊天，可能原因是（9）。
2016年软考网络管理员章节练习题及答案(三)
2016年软考网络管理员章节练习题及答案（三）网络管理员（简称网管员）是一个蓬勃发展的新兴职业，在短短的几年内，已成为绝大多数企业中必设的工作岗位，也成为众多年轻人向往的职业。
国家职业资格考试资格证对网管员的定义是从事计算机网络运行、维护的人员应用能力认定。
希赛小编为大家总结了几篇网络管理员章节练习题及答案，希望对大家有所帮助。
活动目录习题填空⒈目录树中的域通过( )关系连接在一起。
⒉第一个域服务器配置成为域控制器，而其他所有新安装的计算机都成为成员服务器，并且目录服务可以事后用的( )命令进行特别安装。
而不像安装WindowsNT4.0那样，安装时就要确定是域控制器还是成员服务器，两者之间不可转换。
选择⒈下列属于Windows2000活动目录的集成性的管理内容是( )A.用户和资源管理B.基于目录的网络服务C.基于网络的应用管理D.基于共享资源的服务⒉用户账号中包含有( )A.用户的名称B.用户的密码C.用户所属的组D.用户的权利和权限⒊下面关于域的叙述中正确的是( )A.域就是由一群服务器计算机与工作站计算机所组成的局域网系统。
B.域中的工作组名称必须都相同，才可以连上服务器。
C.域中的成员服务器是可以合并在一台服务器计算机中的。
D.以上都对⒋通过哪种方法安装活动目录( )A.“管理工具”/“配置服务器”B.“管理工具”/“计算机管理”C.“管理工具”/“Internet服务管理器”D.以上都不是问答⒈组与组织单位有什么不同?⒉活动目录实际上是一个网络清单，包括网络中的域、域控制器、用户、计算机、联系人、组、组织单位及网络资源等各个方面的信息，使管理员对这些内容的查找更加方便。
要查找目录内容，该如何操作?参考答案填空：1.信任2.Dcpromo选择：1.ABC2.ABCD3.AB4.A问答：1.组主要用于权限设置，而组织单位则主要用于网络构建;另外，组织单位只表示单个域中的对象集合(可包括组对象)，而组可以包含用户、计算机、本地服务器上的共享资源、单个域、域目录树或目录林。
2016年上半年计算机水平考试初级《网络管理员》下午真题及答案
2016年上半年计算机水平考试初级《网络管理员》下午真题(总分100, 考试时间90分钟)1. 案例一（共20分）阅读以下说明，回答问题1至问题4，将解答填入答题纸对应的解答栏内。
【说明】某网络拓扑结构如图1-1所示，路由器R1的路由信息如下所示：C 202.118.1.0/24 is directly connected,FastEthernet0/0R 202.118.2.0/24[120/1] via 192.168.112.2,00:00:09,Seria10192.168.112.0/30 is subnetted,1 subnetsC 192.168.112.0 is directly connected,Seria101. 问题：1.1 （每空2分，共6分）路由器中查看路由的命令为Router#（1）；路由器R1接口s0的IP地址为（2）；路由器R2接口s0的IP地址为（3）。
该问题分值: 6答案:（1）show ip route（2）192.168.112.1（3）192.168.112.2路由器中查看路由的命令为Router# show ip route；由图1-1可知，路由器R1的路由信息中网络202.118.2.0/24是通过RIP路由协议产生，下一跳为192.168.112.2，故路由器R1接口s0的IP地址为192.168.112.1；路由器R2接口s0的IP地址为192.168.112.2。
2. 问题：1.2 （每空1.5分，共6分）为PC1配置Internet协议属性参数。
IP地址：（4）；（给出一个有效地址即可）子网掩码：（5）；为PC101配置Internet协议属性参数。
IP地址：（6）；（给出一个有效地址即可）子网掩码：（7）；该问题分值: 6答案:（4）202.118.1.1?254（5）255.255.255.0（6）202.118.2.1?254（7）255.255.255.0由路由器路由记录可知，网络202.118.1.0/24与路由器R1直连，网络202.118.2.0/24不直接相连，通过RIP协议可达。
2016年网络管理员考试试题练习加答案(六)
2016年网络管理员考试试题练习加答案（六）对于想参加网络管理员考试的考生来说，多做试题是一个很好的巩固知识的方法，希赛小编为大家整理了几套网络管理员试题练习，希望对大家有所帮助。
76、关于WWW，不正确的说法是（C）。
A.WWW是World Wide Web的缩写，通常称为万维网B.WWW是Internet上最流行的信息检索方式C.WWW在查找不同信息时，使用不同的界面D.在Intranet上也使用WWW方式访问网络【解析】在用WWW进行网上检索时，使用的是浏览器作为工具，如IE浏览器，尽管访问的网址不同，内容不一样，但风格是一致的，即超文本显示，因此浏览器向用户提供的使用界面是一样的。
77、下列没有经过压缩的多媒体文件格式是（A）。
A.BMPB.JPEGC.MPEGD.AVI【解析】多媒体文件格式分为音频、图像、视频等几种类别，为了节省存储空间和传输时间，都进行了必要的压缩，产生了不同压缩格式的文件类型。
BMP 是一种图像文件格式，即位图，没有经过压缩，一般文件也比较大。
78、状态检测防火墙是采用（B）包过滤技术。
A.指定B.动态C.静态D.IP地址【解析】状态检测防火墙又称动态包过滤防火墙，是在传统包过滤上的功能扩展，现在已经成为防火墙的主流技术。
它跟踪通过防火墙的网络连接和数据包，记录有用的信息以帮助识别包，允许或截断包的通过。
79、（D）不是入侵检测的检测过程。
A.信息收集B.统计分析C.完整性分析D.补漏洞【解析】入侵检测的检测过程包括信息收集和信号分析，信号分析包括统计分析和完整性分析。
统计分析是统计正常使用时的一些测量属性（如访问次数、操作失败次数和延时等）。
测量属性的平均值将被用来与网络、系统的行为进行比较，以观察平均值是否在正常值范围之内。
完整性分析主要关注某个文件或对象是否被更改。
补漏洞是入侵检测后采用的修补手段，不属于检测过程。
80、关于漏洞扫描，描述不正确的是（A）。
A.防火墙系统不存在漏洞B.漏洞可以通过下载补丁程序修补C.病毒可以通过漏洞传播D.漏洞会招致黑客入侵【解析】漏洞扫描系统是一种自动检测远程或本地主机安全性弱点的程序。
网络管理员2016年上半年下午卷试题解析
网络管理员2016年上半年下午卷试题解析——试题一题干阅读下列说明，回答问题1至问题4，将解答填入答题纸的对应栏内。
【说明】某网络拓扑结构如图1-1所示，路由器R1的路由信息如下所示：C202.118.1.0/24is directly connected,FastEthernet0/0R202.118.2.0/24[120/1]via192.168.112.2,00:00:09,Seria10 192.168.112.0/30is subnetted,1subnetsC192.168.112.0is directly connected,Seria10问题【问题1】(6分)1、路由器中查看路由的命令为Router#(1)；2、路由器R1接口s0的IP地址为(2)；3、路由器R2接口s0的IP地址为(3)。
【问题2】(6分)1、为PC1配置Internet协议属性参数。
IP地址:(4);(给出一个有效地址即可)子网掩码:(5);2、为PC101配置Internet协议属性参数。
IP地址:(6);(给出一个有效地址即可)子网掩码:(7);【问题3】(4分)1、若PC1能ping通PC101，而PC101不能ping通PC1，可能原因是(8)。
2、若PC1不能ping通PC101，但可以和PC101进行QQ聊天，可能原因是(9)。
(8)、(9)备选答案：A．PC101上TCP/IP协议安装错误B．R2没有声明网络2C．R1没有声明网络1D．PC101上设置了禁止ICMP攻击【问题4】(4分)填充表1-1，完成路由器R2上网络2的用户访问Internet的默认路由。
(10)~(13)备选答案：A．0.0.0.0B．255.255.255.255C．202.118.1.0D．192.168.112.1或R1的S0E．192.168.112.2或R2的S0问题1问题描述【问题1】(6分)1、路由器中查看路由的命令为Router#(1);2、路由器R1接口s0的IP地址为(2);3、路由器R2接口s0的IP地址为(3)。
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在Windows系统中，若要将文件“D：\user\my.doc”设置成只读属性，可以通过修改该文件的（1）来实现。
将文件设置为只读属性可控制用户对文件的修改，这一级安全管理称之为（2）安全管理。
(1)A.属性 B.内容 C.文件名 D.路径名(2)A.用户级 B.目录级 C.文件级 D.系统级【答案】A C【解析】在Windows系统中，若要将文件“C：\user\my.doc”文件设置成只读属性，可以通过选中该文件，单击鼠标右键，弹出如图（a）所示的下拉菜单；在下拉菜单中单右鼠标左键，系统弹出如图（b）所示的“属性”对话框；勾选只读即可。
随着计算机应用范围扩大，在所有稍具规模的系统中，都从多个级别上来保证系统的安全性。
一般从系统级、用户级、目录级和文件级四个级别上对文件进行安全性管理。
①文件级安全管理是通过系统管理员或文件主对文件属性的设置来控制用户对文件的访问。
通常属性有只执行、隐含、索引、修改、只读、读/写、共享和系统。
②目录级安全管理，是为了保护系统中各种目录而设计的，它与用户权限无关。
为保证目录的安全规定只有系统核心才具有写目录的权利。
③用户级安全管理是通过对所有用户分类和对指定用户分配访问权。
不同的用户对不同文件设置不同的存取权限来实现。
例如，在UNIX系统中硌用广分为文件主、组用户和其他用户。
有的系统将用户分为超级用户、系统操作员和一般用户。
④系统级安全管理的主要任务是不允许未经许可的用户进入系统，从而也防止了他人非法使用系统中各类资源（包括文件）。
例如，注册登录。
因为用户经注册后就成为该系统的用户，但在上机时还必须进行登录。
登录的主要目的是通过核实该用户的注册名及口令来检查该用户使用系统的合法性。
电子邮件地址“******************.org”中的linxin、@和分别表示用户信箱的（3）。
(3) A.帐号、邮件接收服务器域名和分隔符B.帐号、分隔符和邮件接收服务器域名C.邮件接收服务器域名、分隔符和帐号D.邮件接收服务器域名、帐号和分隔符【答案】B【解析】电子邮件地址“******************.org”由三部分组成。
第一部分“linxin”代表用户信箱的帐号，对于同一个邮件接收服务器来说，这个账号必须是唯一的；第二部分“@”是分隔符；第三部分“”是用户信箱的邮件接收服务器域名，用以标识其所在的位置。
以下关于SRAM（静态随机存储器）和DRAM（动态随机存储器）的说法中，正确的是（4）。
(4) A.SRAM的内容是不变的，DRAM的内容是动态变化的B.DRAM断电时内容会丢失，SRAM的内容断电后仍能保持记忆C.SRAM的内容是只读的，DRAM的内容是可读可写的D.SRAM和DRAM都是可读可写的，但DRAM的内容需要定期刷新【答案】D【解析】本题考查计算机系统基础知识。
静态存储单元（SRAM）由触发器存储数据，其优点是速度快、使用简单、不需刷新、静态功耗极低，常用作Cache，缺点是元件数多、集成度低、运行功耗大。
动态存储单元（DRAM）需要不停地刷新电路，否则所存储的数据将会丢失。
刷新是指定时给栅极电容补充电荷的操作。
其优点是集成度高、功耗低，价格也低。
张某购买了一张有注册商标的应用软件光盘，擅自复制出售，则其行为侵犯了（5）。
(5)A.注册商标专用权 B.光盘所有权 C.软件著作权 D.软件著作权与商标权【答案】C【解析】侵害知识产权的行为主要表现形式为剽窃、篡改、仿冒，如抄袭他人作品，仿制、冒充他人的专利产品等，这些行为其施加影响的对象是作者、创造者的思想内容|或思想表现形式，与知识产品的物化载体无关。
侵害财产所有权的行为，主要表现为侵占、毁损。
这些行为往往直接作用于“物体”的本身，如将他人的财物毁坏，强占他人的财物等，行为与“物”之间的联系是直接的、紧密的。
非法将他人的软件光盘占为己有，它涉及的是物体本身，即软件的物化载体，该行为是侵犯财产所有权的行为。
张某对其购买的软件光盘享有所有权，不享有知识产权，其擅自复制出售软件光盘行为涉及的是无形财产，即开发者的思想表现形式，是侵犯软件著作权。
以下关于软件著作权产生的时间，表述正确的是（6）。
(6) A.自软件首次公开发表时B.自开发者有开发意图时C.自软件得到国家著作权行政管理部门认可时D.自软件开发完成之日起【答案】D【解析】在我国，软件著作权采用“自动产生”的保护原则。
《计算机软件保护条例》第十四条规定：“软件著作权自软件开发完成之日起产生。
”即软件著作权自软件开发完成之日起自动产生。
一般来讲，一个软件只有开发完成并固定下来才能享有软件著作权。
如果—个软件一直处于开发状态中，其最终的形态并没有固定下来，则法律无法对其进行保护。
因此，《计算机软件保护条例》条例明确规定软件著作权自软件开发完成之日起产生。
软件开发经常是一项系统工程，一个软件可能会有很多模块，而每一个模块能够独立完成某一项功能。
一般情况下各个模块是独立开发的，在这种情况下，有可能会出现一些单独的模块已经开发完成，但是整个软件却没有开发完成。
此时，我们可以把这些模块单独看作是一个独立软件，自该模块开发完成后就产生了著作权。
所以软件开发完成，不论整体还是局部，只要具备了软件的属性即产生软件著作权，既不要求履行任何形式的登记或注册手续，也无须在复制件上加注著作权标记，也不论其是否已经发表都依法享有软件著作权。
数字话音的采样频率定义为8kHz，这是因为（7）。
(7) A.话音信号定义的频率范围最高值小于4 kHzB.话音信号定义的频率范围最高值小于8kHzC.数字话音传输线路的带宽只有8kHzD.一般声卡的采样处理能力只能达到每秒8千次【答案】A【解析】声音信号的两个基本参数是幅度和频率。
幅度是指声波的振幅，通常用动态范围表示，一般以分贝（dB）为单位来计量。
频率是指声波每秒钟变化的次数，用Hz表示。
对声音信号的分析表明，声音信号由许多频率不同的信号组成。
人类的语音信号的频率范围在300—3400Hz之间，留有一定余地，设话音信号最高频率为4kHz，则根据奈奎斯特采样定理，将话音信号数字化所需要的采样频率为8kHz。
GIF文件类型支持（8）图像存储格式。
(8)A.真彩色 B.伪彩色 C.直接色 D.矢量【答案】B【解析】真彩色是指在组成一幅彩色图像的每个像素值中有R，G，B三个基色分量，每个基色分量直接决定显示设备的基色强度，这样产生的彩色称为真彩色。
例如用RGB 5：5：5表示的彩色图像，R、G、B各用5位，用R，G，B分量大小的值直接确定三个基色的强度，这样得到的彩色是真实的原图彩色。
在许多场合，真彩色图通常是指RGB 8：8：8，即图像的颜色数等于224，也常称为全彩色图像。
但在显示器上显示的颜色不一定是真彩色，要得到真彩色图像需要有真彩色显示适配器。
伪彩色图像的含义是每个像素的颜色不是由每个基色分量的数值直接决定，而是把像素值当作彩色查找表（color look-up table，CLUT）的表项入口地址，去查找一个显示图像时使用的R，G，B强度值，用查找出的R，G，B强度值产生的彩色称为伪彩色。
彩色査找表CLUT是-个事先做好的表，表项入口地址也称为索引号。
例如，16种颜色的查找表，0号索引对应黑色……15号索引对应白色。
彩色图像本身的像素数值和彩色查找表的索引号有一个变换关系。
使用查找得到的数值显示的彩色是真的，但不是图像本身真正的颜色，它没有完全反映原图的彩色。
直接色是指将每个像素值分成R，G，B分量，每个分量作为单独的索引'直封它做变换。
也就是通过相应的彩色变换表找出基色强度，用变换后得到的R，G，H择度值产生的彩色称为直接色。
它的特点是对每个基色进行变换。
用这种系统产生颜色g真彩色系统相比，相同之处是都采用R，G，B分量决定基色强度，不同之处是前者基色强度直接用R，G，B决定，而后者的基色强度由R，G，B经变换后决定。
因而这两种系统产生的颜色就有差别。
试验结果表明，使用直接色在显示器上显示的彩色图像看起来真实、很自然。
与伪彩色系统相比，相同之处是都采用查找表，不同之处是前者对R，G，B分量分别进行变换，后者是把整个像素当作查找表的索引值进行彩色变换。
矢量图是根据几何特性来绘制图形，矢量可以是一个点或一条线，矢量图只能靠软件生成，文件占用内在空间较小。
GIF是CompuServe公司开发的图像文件格式，它以数据块为单位来存储图惨的相关信息。
GIF支持伪彩色图像存书格式。
设机器字长为8，则-0的（9）表示为11111111。
(9)A.反码 B.补码 C.原码 D.移码【答案】A【解析】本题考查计算机系统中数据表示基础知识。
数值X的原码记为[X]原，如果机器字长为n（即采用n个二进制位表示数据），则最髙位是符号位，0表示正号，1表示负号，其余的位表示数值的绝对值。
n=8时，数[+0]原=00000000，[-0]原=10000000。
正数的反码与原码相同，负数的反码则是其绝对值按位求反。
n=8时，[+0]反=00000000，[-0]反=11111111。
正数的补码与其原码和反码相同，负数的补码则等于其反码的末尾加1。
在补码表示中，0有唯一的编码：[+0]补=00000000，[-0]补=00000000。
在网络操作系统环境中，当用户A的文件或文件夹被共享时，（10），这是因为访问用户A的计算机或网络的人（11）。
(10)A.其安全性与未共享时相比将会有所提高B.其安全性与未共享时相比将会有所下降C.其可靠性与未共享时相比将会有所提高D.其方便性与未共享时相比将会有所下降(11)A.只能够读取，而不能修改共享文件夹中的文件B.可能能够读取，但不能复制或更改共享文件夹中的文件C.可能能够读取、复制或更改共享文件夹中的文件D.不能够读取、复制或更改共享文件夹中的文件【答案】B C【解析】本题考查操作系统基础知识。
在操作系统中，用户A可以共享存储在计算机、网络和Web上的文件和文件夹，但当用户A共享文件或文件夹时，其安全性与未共享时相比将会有所下降，这是因为访问用户A 的计算机或网络的人可能能够读取、复制或更改共享文件夹中的文件。
下列操作系统中，（12）的主要特性是支持网络系统的功能，并具有透明性。
(12)A.批处理操作系统 B.分时操作系统 C.分布式操作系统 D.实时操作系统【答案】C【解析】本题考査操作系统基础知识。
批处理操作系统是脱机处理系统，即在作业运行期间无须人工干预，由操作系统根据作业说明书控制作业运行。
分时操作系统是将CPU的时间划分成时间片，轮流地为各个用户服务。
其设计目标是多用户的通用操作系统，交互能力强。
实时操作系统的设计目标是专用系统，其主要特征是实时性强及可靠性高。