解析四川省达州市大竹县文星中学2020┄2021学年高二下学期月考物理试卷5月份

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四川省达州市大竹县文星中学高二物理6月月考试题 (2)

四川省大竹县文星中学2015年春高二下期6月月考物理试卷考试时间：50分钟；满分：100分第I卷（选择题）一、单选题：共6题每题6分共36分1．如图电路中，P、Q两灯相同，L是自感系数很大但电阻可不计的线圈，则A.S断开瞬间，P立即熄灭，Q过一会才熄灭B.S接通瞬间，P、Q同时达正常发光C.S断开瞬间，通过P的电流从右向左D.S断开瞬间，通过Q的电流与原来方向相反2．如图所示，一个横截面积为S的圆筒形容器竖直放置。

金属圆板A的上表面是水平的，下表面是倾斜的，下表面与水平面的夹角为θ，圆板的质量为M。

不计圆板与容器内壁之间的摩擦.若大气压强为p0，则被圆板封闭在容器中的气体的压强p等于A. B. C. D.3．关于液体表面张力的正确理解是A.表面张力是由于液体表面发生形变引起的B.表面张力是由于液体表面层内分子间引力大于斥力所引起的C.表面张力是由于液体表面层内分子单纯具有一种引力所引起的D.表面张力就其本质来说也是万有引力4．如图所示，在静止电荷+Q所产生的电场中，有与+Q共面的A、B、C三点，且B、C处于以+Q为圆心的同一圆周上。

设A、B、C三点的电场强度大小分别为E A、E B、E C，电势分别为φA、φB、φC，则下列判断中正确的是：A.E A<E B，φB =φCB.E A>E B，φA>φBC.E A>E B，φA<φBD.E A>E C，φB <φC5．用控制变量法，可以研究影响平行板电容器电容的因素(如图).设两极板正对面积为S，极板间的距离为d，静电计指针偏角为θ.实验中，极板所带电荷量不变，若A.保持S不变，增大d，则θ变大B.保持S不变，增大d，则θ变小C.保持d不变，减小S，则θ变小D.保持d不变，减小S，则θ不变6．质量分别为和的两个物体(>)，在光滑的水平面上沿同方向运动，具有相同的初动能.与运动方向相同的水平力F分别作用在这两个物体上，经过相同的时间后，两个物体的动量和动能的大小分别为p1、p2和E1、E2，比较它们的大小，有A. B.C. D.二、多选题：共4题每题6分共24分7．下列说法正确的是A.汤姆生发现电子，标志着人类打开了原子世界的大门B.卢瑟福由α粒子散射实验提出了原子的核式结构C.β射线是原子核外的电子电离形成的电子流，它具有中等的穿透能力D.半衰期是指放射性元素的原子核内的核子有半数发生变化所需的时间8．劲度系数为k的轻质弹簧连接构成弹簧振子，如图所示两木块A和B叠放在光滑水平面上，质量分别为m和M，A与B之间的最大静摩擦力为f m，B与劲度系数为k的弹簧振子相连，为使A和B在振动过程中不发生相对滑动，则A.它们的振幅不能大于B.它们的振幅不能大于C.它们的最大加速度不能大于D.它们的最大加速度不能大于9．一列简谐横波沿x轴正方向传播，某时刻(t=0)其波形如图所示，a、b、c、d是四个质点，振幅为A。

四川省大竹县文星中学高二物理12月月考试卷(含解析)

四川省大竹县文星中学2015-2016学年高二12月月考物理试题第I卷（选择题）一、单选题1．一轻质横杆两侧各固定一金属环，横杆可绕中心点自由转动，现将一条形磁铁插向其中一个小环，取出后又插向另一个小环，整个过程中磁铁与环没有接触，则观察到的现象是A.磁铁插向左环，横杆发生转动B.磁铁插向右环，横杆发生转动C.无论磁铁插向左环还是右环，横杆都不发生转动D.无论磁铁插向左环还是右环，横杆都发生转动【答案】B【解析】本题主要考查电磁感应和电路的结合问题、楞次定律，意在考查学生的应用能力。

左环不闭合，磁铁插向左环时只产生感应电动势，由于环是断开的，不产生感应电流，环就不受力，横杆就不发生转动，右环是闭合的，磁铁插向右环时，环内产生感应电流，环就受到磁场力的作用，环会转动故A、C、D错，B对。

综上本题选B。

2．图中a、b、c、d为四根与纸面垂直的长直导线，其横截面位于正方形的四个顶点上，导线中通有大小相同的电流，方向如图所示。

一带正电的粒子从正方形中心O点沿垂直于纸面的方向向外运动，它所受洛伦兹力的方向是A.向上B.向下C.向左D.向右【答案】B【解析】本题考查洛伦兹力。

由安培定则判断可知，O处的磁感应强度如图O处的合磁感应强度方向水平向左，所以一带正电的粒子从正方形中心O点沿垂直于纸面的方向向外运动，它所受洛伦兹力的方向由左手定则判断是向下。

综上本题选B。

3．美国物理学家劳伦斯于1932年发明的回旋加速器，应用带电粒子在磁场中做圆周运动的特点，能使粒子在较小的空间范围内经过电场的多次加速获得较大的能量，使人类在获得较高能量的带电粒子方面前进了一步。

如图所示为一种改进后的回旋加速器示意图，其中盒缝间的加速电场场强大小恒定，且被限制在A、C板间，带电粒子从P0处静止释放，并沿电场线方向射入加速电场，经加速后再进入D形盒中的匀强磁场做匀速圆周运动，对于这种改进后的回旋加速器，下列说法正确的是A.带电粒子每运动一周被加速一次B.P1P2=P2P3C.加速粒子的最大速度与D形盒的尺寸无关D.加速电场方向需要做周期性的变化【答案】A【解析】本题考查回旋加速器。

2020-2021学年四川省高二4月月考物理卷(解析版).doc

2020-2021学年四川省高二4月月考物理卷（解析版）姓名:_____________ 年级:____________ 学号:______________题型选择题填空题解答题判断题计算题附加题总分得分1. （知识点：共点力的平衡,功能关系,全电路欧姆定律,法拉第电磁感应定律,磁场对电流的作用）如图所示，电动机通过其转轴上的绝缘细绳牵引一根原来静止的长为L＝1ｍ，质量m＝0.1kg的导体棒，ab导体棒紧贴在竖直放置、电阻不计的金属框架上，导体棒的电阻R＝1Ω，磁感强度B＝1T的匀强磁场方向垂直于导体框架所在平面。

当导体棒在电动机牵引下上升h＝3．8m时，获得稳定速度，此过程中导体棒产生热量Q＝2J。

电动机工作时，电压表、电流表的读数分别为U=7V和I=1A，电动机的内阻r＝1Ω。

不计一切摩擦，ｇ取10ｍ/s2。

求：（1）导体棒所达到的稳定速度是多少?（2）导体棒从静止到达稳定速度的时间是多少?（本题20分）【答案】（1）m/s（2）s【解析】试题分析：（1）当导体棒达到稳定时，受力平衡，对导体棒受力分析安培力导体棒产生的感应电动势评卷人得分导体棒所在回路中电流电动机消耗的电功率为W电动机线圈的功率W电动机输出的机械功率W联立方程m/s（2）设从静止到达稳定的时间为t电动机输出的能量为根据能量守恒定律计算可以得出s考点：本题考查了电功率和能量守恒定律如图所示，单摆摆长为Lm，做简谐运动，C点在悬点O的正下方，D点与C相距为X m，C、D之间是光滑水平面，当摆球A到左侧最大位移处时，小球B从D点以某一速度v匀速地向C点运动，A、B二球在C点迎面相遇，求小球B的速度大小。

（重力加速度为g）（本题15分）【答案】【解析】试题分析：摆球A从左侧最大位移处到C点相遇经过时间根据单摆周期公式小球B从D点到C点相遇经过时间与A球时间相同，设B球速度为v匀速运动时间联立方程计算可得考点：本题考查了单摆运动与直线运动综合解决问题的能力某小水电站发电机输出的电功率为P=100 kW，输出电压为U1=250 V．现准备向远处输电，所用输电线的总电阻为R=8Ω，要求在输电线上的损失电功率为输出的电功率的5%，用户获得U4=220 V电压，求所选用的升压变压器原、副线圈的匝数比和降压变压器原、副线圈的匝数比．（本题17分）【答案】【解析】试题分析：根据题意，升压变压器的功率kW得出升压变压器原线圈的电流 A输电线上的损失电功率kW得出升压变压器副线圈上的电流 A升压变压器原、副线圈的匝数比降压变压器获得的功率kW降压变压器原线圈的电流 A降压变压器副线圈的电流 A降压压变压器原、副线圈的匝数比考点：本题考查了理想变压器远距离输电用单摆测重力加速度时（每空2分，共16分）（1）摆球应采用直径较小，密度尽可能_____的小球，摆线长度要在1米左右，用细而不易断的尼龙线。

四川省大竹县文星中学高二物理12月月考试卷(含解析)

综上本题选B。

2．图中a、b、c、d为四根与纸面垂直的长直导线，其横截面位于正方形的四个顶点上，导线中通有大小相同的电流，方向如图所示。

综上本题选B。

四川省达州市大竹县文星中学2020┄2021学年高二5月月考物理试题

四川省大竹县文星中学2020┄2021学年高二下期5月月考物理试卷考试时间：50分钟；满分：100分第I卷（选择题）一、单选题：共6题每题4分共24分1．许多科学家在物理学发展过程中做出了重要贡献，下列表述正确的是A.法拉第通过实验研究，发现利用变化的磁场可以产生电流B.奥斯特发现了电磁感应现象C.安培提出了磁场对运动电荷的作用力公式D.麦克斯韦通过实验研究，发现磁铁和电流的磁场都是分子电流产生的2．在光电效应实验中，飞飞同学用同一光电管在不同实验条件下得到了三条光电流与电压之间的关系曲线(甲光、乙光、丙光)，如图所示．则可判断出A.甲光的频率大于乙光的频率B.乙光的波长大于丙光的波长C.乙光对应的截止频率大于丙光的截止频率D.甲光对应的光电子最大初动能大于丙光的光电子最大初动能3．一个环形线圈放在磁场中如图所示，以磁感线垂直于线圈平面向外的方向为正方向，若磁感强度B随时间t的变化的关系如图b，那么在第2秒内线圈中的感应电流的大小和方向是A.大小恒定，顺时针方向B.逐渐减小，顺时针方向C.大小恒定，逆时针方向D.逐渐增加，逆时针方向4．如图所示，一台理想变压器的原线圈匝数n1与副线圈匝数n2之比为5:1.原线圈两端加U1=220 V的正弦交变电压时，副线圈两端的电压U2为A.44 VB.33 VC.22 VD.11 V5．如图所示，R1为定值电阻，R2为热敏电阻，L为小灯泡，当温度降低时A.小灯泡的亮度变强B.电流表的示数增大C.R1两端的电压增大D.小灯泡的亮度变弱6．如图所示为伏安法测电阻的一种常用电路。

以下分析正确的是A.此接法的测量值等于于真实值B.此接法的测量值小于真实值C.此接法要求待测电阻值小于电流表内阻D.开始实验时滑动变阻器滑动头P应处在最右端【答案】D【解析】由电路图可知由于电流表的的分压作用使电压表的测量数据大于电阻R两端的电压，测量数据大于真实值，AB错误；此接法要求待测电阻值远大于电流表内阻，以减小电流表的分压效果，C错误；开始实验时滑动变阻器滑动头P应处在最右端可以保护电流表还可以测量多组数据，D正确。

四川省最新2020-2021学年高二物理下学期第二次月考试题(含解析)

四川省宜宾市第四中学2019-2020学年高二物理下学期第二次月考试题（含解析）一、选择题（每小题6分，共9个小题，共54分；其中1-6题为单选题，7-9题多选题，少选得3分，多选错选得0分。

）1.如图所示，甲、乙分别是a 、b 两束单色光用同一双缝干涉装置进行实验得到的干涉图样，下列关于a 、b 两束单色光的说法正确的是A. a 、b 光在真空中的波长满足λa >λbB. a 、b 光在玻璃中的折射率满足n a <n bC. 若该两束光分别为红光和紫光，则a 为红光D. 若a 、b 光分别从玻璃射入空气，则a 光临界角较小【答案】D 【解析】【详解】A.根据双缝干涉相邻条纹间距公式Lx dλ∆=可得在其它条件不变的情况下，相干光的波长越大，条纹间距越大，由题图可知a 光的波长小于b 光的波长，故选项A 错误； C.由于a 光的波长小于b 光的波长，所以a 光的频率大于b 光的频率，若该两束光分别为红光和紫光，则b 光为红光，故选项C 错误；BD.由于对于同一种介质，频率越大，折射率越大，故a 光在玻璃中的折射率大于b 光在玻璃中的折射率，由1sin n C=知a 光的临界角小于b 光的临界角，故选项D 正确，B 错误． 2.若用｜E 1｜表示氢原子处于基态时能量绝对值，处于第n 能级的能量为12n E E n=，则在下列各能量值中，可能是氢原子从激发态向基态跃迁时辐射出来的能量的是（） A.114E B. 134E C. 178E D.1116E 【答案】B 【解析】【详解】处于第二能级的能量124E E =-则向基态跃迁时辐射的能量134E E ∆=处于第三能级的能量139E E =-则向基态跃迁时辐射的能量189E E ∆=处于第4能级的能量为1416E E =-向基态跃迁时辐射的能量11516E E ∆=则B 正确，ACD 错误；故选B ．【点睛】解决本题的关键知道能级间跃迁辐射的光子能量等于两能级间的能级差，即m n E E h ν-=．3.如图所示，匝数为10的矩形线框处在磁感应强度B=2T 的匀强磁场中，绕垂直磁场的轴以恒定角速度ω=10rad/s 在匀强磁场中转动，线框电阻不计，面积为0.5m 2，线框通过滑环与一理想自耦变压器的原线圈相连，副线圈接有一只灯泡L （9W ，100Ω），当自耦变压器的滑片位于b 位置时，灯泡正常发光，电流表视为理想电表，灯泡的电阻恒定，则线圈ab 与bc 之间的匝数比为（）．A. 2：3B. 3：5C. 3：2D. 5：3【答案】C【解析】【详解】输入电压的最大值为：1020.510502mU NBS V Vω==⨯⨯⨯=，，变压器变压器输入电压的有效值为：1502mU V==，灯泡正常发光2910030U PR V V==⨯=所以12505303abbcU UU U===，2135ab abac acU n UU n U===，所以32abbcnn=，故应选：C．4.如图所示是电阻1R和2R的伏安特性曲线,并且把第一象限分为Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ三个区域.现在把电阻1R,2R并联在电路中,并联的总电阻设为R,下列关于1R与2R的大小关系及R的伏安特性曲线所在的区域说法正确的是A. 12R R<,伏安特性曲线在Ⅰ区B. 12R R>,伏安特性曲线在Ⅲ区C. 12R R>,伏安特性曲线在Ⅰ区D. 12R R<,伏安特性曲线在Ⅲ区【答案】A【解析】【分析】分析图像斜率的意义，利用并联电阻越并越小的特点解此题【详解】由图像可知，图像斜率表示电阻的倒数，所以斜率越大，电阻反而越小，故12R R<，BC选项错误；又由于电阻并联，总电阻越并越小，所以1<R R，所以R的伏安特性曲线在Ⅰ区，A正确，D错误．故选A．图像的斜率，学生可能会忘记倒数这层关系，还考察了并联电阻越并【点睛】本题考察I U越小的特点．5.在如图所示的电路中，电源电动势为E、内电阻为r，C为电容器，R为定值电阻，R为滑动变阻器。

四川省大竹县文星中学高一物理下学期3月月考试卷(含解析)

四川省大竹县文星中学2014-2015学年高一下期3月月考物理试卷考试时间：90分钟；满分：100分注意事项：1．答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息2．请将答案正确填写在答题卡上第I卷（选择题）一、单选题：共6题每题4分共24分1．关于做曲线运动的物体，下列说法中正确的是A.物体的速度方向一定不断改变B.物体的速度大小一定不断改变C.物体的加速度方向一定不断改变D.物体的加速度大小一定不断改变【答案】A【解析】本题考查曲线运动的特点。

对于曲线运动来说，速度方向始终沿着轨迹某点的切线方向，其方向一定会发生变化，而大小则有可能不变，故选项A正确，B错误；曲线运动的加速度有可能不变，即有可能做匀变速曲线运动，如平抛运动，故选项C、D错误。

2．船在静水中的航速为v1，水流的速度为v2。

为使船行驶到河正对岸的码头，则v1相对v2的方向应为A. B.C. D.【答案】C【解析】本题考查了运动合成和分解中的小船过河问题要使船能行驶到对岸的码头，需要使船的实际渡河速度，即v1和v2的合速度与河岸垂直，也就是与v2垂直，如图所示；所以ABD错误，C正确。

3．在高处以初速v0水平抛出一石子，当它的速度由水平方向变化到与水平方向夹θ角的过程中，石子的水平位移的大小是A.v02sinθ/gB.v02cosθ/gC.v02tanθ/gD.v02ctanθ/g【答案】C【解析】本题考查了对平抛运动的理解当速度变为与水平方向成θ角时，其竖直分速度为错误！未找到引用源。

，可得运动时间为错误！未找到引用源。

，则石子的水平位移错误！未找到引用源。

，选项C正确。

4．如图所示，在研究平抛运动时，小球A沿轨道滑下，离开轨道末端(末端水平)时，撞开轻质接触式开关S，被电磁铁吸住的小球B同时自由下落．改变整个装置的高度H做同样的实验，发现当B球球心与处在轨道末端的A球的球心位于同一高度时，A、B两球总是同时落地，该实验现象说明了A球离开轨道后A.水平方向的分运动是匀速直线运动B.水平方向的分运动是匀加速直线运动C.竖直方向的分运动是自由落体运动D.竖直方向的分运动是匀速直线运动【答案】C【解析】小球A沿轨道滑下，离开轨道末端(末端水平)时，撞开轻质接触式开关S，A球做平抛运动，同时电磁铁失去磁性B球被松开球，做自由落体运动。

2021年四川省达州市文星中学高二物理月考试题带解析

2021年四川省达州市文星中学高二物理月考试题含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. （多选题）如图所示，在竖直平面内的两条间距为H（H＞0，其值未知）的水平虚线之间存在大小为B，方向垂直纸面向里的匀强磁场．现有一矩形线圈，质量为m，宽度为L1，高度为L2，电阻为R，将其从图示位置1（线圈的下边与磁场上边界重合）由静止释放，经过一段时间后线圈下落至图示位置2（线圈的上边与磁场的下边界重合）的速度大小为v，整个运动过程中线圈平面始终处于竖直面内．重力加速度为g，不计空气阻力．则下面说法正确的是（）A．若线圈在该运动过程中某段时间加速度等于g，则L2与H一定不相等B．若v=，则L2一定小于HC．无论H取何值，v都不可能大于D．无论H取何值，线圈在该过程中产生的焦耳热一定大于mgH﹣mv2参考答案：AD【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律；焦耳定律．【分析】A、依据L2与H大小，结合加速度等于g，说明没有安培阻力，从而判定；B、根据安培力F安=，结合v=，可知安培力与重力的关系，从而确定线框的运动性质；C、当安培力大于重力时，则线框减速运动，即可判定速度大小，D、根据能量守恒定律，即可判定．【解答】解：A、如果L2与H相等，全过程都将产生感应电流，由楞次定律可知，安培力方向始终向上，线框的加速度必定小于g，故A正确，B、若v=，那么安培力F安==mg，说明线框能匀速离开磁场，则有L2不小于H，故B 错误；C、若线框做减速运动离开，那么安培力F安=＞mg，那么v大于，故C错误；D、由能量守恒定律，线圈在该过程中，产生焦耳热，Q=（mgH+L2）﹣＞mgH﹣mv2，故D 正确；故选：AD．2. （单选）如图1所示电路，闭合开关S，将滑动变阻器的滑动片p向b端移动时，电压表和电流表的示数变化情况的是（）A. 电压表示数增大，电流表示数变小B. 电压表和电流表示数都增大C. 电压表和电流表示数都减小D. 电压表示数减小，电流表示数增大参考答案：C3. （单选）在如图所示电路中，电源电动势为12V，电源内阻为1.0，电路中的电阻R0为1.5，小型直流电动机M的内阻为0.5，电流表内阻不计。

解析四川省达州市大竹县文星中学2020┄2021学年高二下学期月考物理试卷4月份

四川省达州市大竹县文星中学20２0┄２０2１学年高二下学期月考物理试卷（4月份)一、单选题：共６题每题４分共２4分1．(4分）下列说法正确的是(）ﻩＡ．ﻩ物体所带的电荷量可以为任意实数ﻩB．ﻩ不带电的物体上,既没有正电荷,也没有负电荷Ｃ．摩擦起电的过程，是靠摩擦产生了电荷ﻩD．利用静电感应使金属导体带电，实质上是导体中的自由电子趋向或远离带电体2.（4分)下列关于电源电动势的说法正确的是（)ﻩA．电源是通过静电力把其它形式的能转化为电能的装置B．ﻩ在电源内部正电荷从高电势处向低电势处移动ﻩC．ﻩ电源电动势反映了电源内部非静电力做功的本领ﻩＤ．把同一电源接在不同的电路中，电源的电动势也将变化３.（4分)如图所示,D是一只二极管，它的作用是只允许电流从a流向b,不允许电流从b流向a.平行板电容器AB内部原有带电微粒P处于静止状态，当两极板A和B的间距稍增大一些后，微粒P的运动情况将是()A．ﻩ向上运动ﻩＢ．ﻩ向下运动ﻩＣ. 仍静止不动ﻩD．ﻩ无法判断4.（４分）某同学做电学实验，通过改变滑动变阻器电阻大小,观察到电压和电流表的读数同时变大（设电压表和电流表皆为理想电表)，则他所连接的电路可能是图中的(）ﻩB．ﻩA．ﻩﻩD.Ｃ．ﻩ5.（4分）用图示的电路可以测量电阻的阻值.图中R x是待测电阻，Ｒ0是定值电阻，Ｇ是灵敏度很高的电流表,MN是一段均匀的电阻丝．闭合开关，改变滑动头P的位置,当通过电流表Ｇ的电流为零时，测得ＭP=l1，PN=l2,则R x的阻值为（）A.ﻩR0B. R０C．Dﻩ0Rﻩ．ﻩＲ0二、多选题：共4题每题6分共24分6.（6分）了解物理规律的发现过程，学会像科学家那样观察和思考,往往比掌握知识本身更重要.以下符合史实的是(）A．焦耳发现了电流热效应的规律B．库仑总结了点电荷间相互作用的规律ﻩC.ﻩ法拉第把自然界的两种电荷命名为正电荷和负电荷D. 密立根最早测得电荷量e的数值7.(6分)图为一块手机电池的背面印有的一些符号，下列说法正确的是（)Ａ.ﻩ该电池的容量为５0０mA•hB．ﻩ该电池的电动势为3.6 VﻩC.ﻩ该电池在工作1小时后达到的电流为500 mＡﻩD.ﻩ若电池以1０mA的电流工作，可用５0小时８.(6分)相同的电流表分别改装成两个电流表Ａ１、A2和两个电压表V1、V2，A1的量程大于A2的量程，V１的量程大于V2的量程,把它们接入图所示的电路,闭合开关后（）A.ﻩＡ1的读数比Ａ2的读数大ﻩB．ﻩＡ1指针偏转角度比A2指针偏转角度大ﻩＣ.ﻩV1的读数比Ｖ２的读数大Ｄ.ﻩV１指针偏转角度比V2指针偏转角度大９．（6分)（多选)如图所示电路中,电源内电阻为r，Ｒ１、R3、R４均为定值电阻，电表均为理想电表.闭合开关Ｓ,将滑动变阻器R2的滑片向左滑动，电流表和电压表示数变化量的大小分别为△I、△U,下列结论正确的是（)A．电流表示数变大,电压表示数变小ﻩB. 电阻R1被电流表短路ﻩC．>ﻩｒD．＜r三、实验题:(１2分)10.（2分)一种游标卡尺，它的游标尺上有２0个分度，总长度为19ｍm，则每个分度的长度为mm,用它测量某物体长度,卡尺部分示数如图所示,则该物体的长度是cm.11．（６分)做描绘小灯泡Ｌ的伏安特性曲线实验,已知该灯泡的额定电流为０.5A,最大阻值约为9Ω.提供的备用器材有:A．电压表V1，量程2V,内阻为3kΩB．电压表Ｖ2，量程15Ｖ,内阻为25ｋΩC.电流表A1,量程0.6Ａ,内阻约0.2ΩＤ.电流表A2,量程3Ａ，内阻约0.０4ΩE．电源E，电动势为6Ｖ,内阻很小F.滑动变阻器Ｒ1，最大阻值5Ω，允许最大电流为3AG．滑动变阻器R2,最大阻值２0０Ω,允许最大电流为1．５AH．定值电阻R0，阻值为６ｋΩＩ．开关S、导线若干在虚线框内已画出了实验电路的一部分.（1）测量中要求电流表和电压表的最大读数不小于它们满刻度的，图中电压表V应选;电流表A应选;为便于调节,滑动变阻器Ｒ应选．（填写各器材名称后的字母符号)（2）在虚线框内继续画出未画的器材和导线,使成为一个完整的实验电路（并把所选器材的字母符号标注在图中).１2.（4分)用如图1所示装置做“研究平抛物体的运动”的实验，通过描点法細小球平抛运动的轨迹（1）关于这个实验,以下说法中正确的是Ａ．小球择放的初始位置越高越好B．每次小球要从同一高度由静止释放C．实验前要用重垂线检齋坐标纸上的竖线是否竖直D.为了比较准确地描出小球运动的轨迹，应该用一条曲线把所有的点连接起来（2）实验后得到平抛小球的运动轨迹，在轨迹线上取一些点，测量它们与平抛起点O的水平和竖直距离能说明小球的轨迹是抛物线的y=x2图象(图2）是.四、计算题：（4０分)1３.（10分）如图所示,电源电动势E=１0V，内阻r=０．5Ω,标有“8V,1６w”的灯泡L 恰好能正常发光，电动机M的绕线的电阻R0=1Ω,求：(1）电源的总功率.（２）电动机的输出功率.14.（15分）如图所示,在竖直平面内,光滑绝缘直杆AC与半径为R的圆周交于B、Ｃ两点，在圆心处有一固定的正点电荷,B为ＡC的中点，C点位于圆周的最低点.现有一质量为m、电荷量为q、套在直杆上的带负电小球从Ａ点由静止开始沿杆下滑．已知重力加速度为ｇ,A 点距过C点的水平面的竖直高度为3R,小球滑到B点时的速度大小为2.（1)求小球滑至Ｃ点时的速度大小;（２)求Ａ、B两点间的电势差ＵAB；（3)若以C点为零电势点，试确定A点的电势.15．(1５分）如图所示，A为电解槽,M为电动机，Ｎ为电炉子，恒定电压U=１２Ｖ,电解槽内阻ｒA=2Ω,当K1闭合,Ｋ2、K3断开时，电流表示数6Ａ；当K2闭合，Ｋ1、K3断开时,电流表示数5A,且电动机输出功率为35Ｗ;当K3闭合,K1、K2断开时，电流表示数为4A.求: (1）电炉子的电阻及发热功率各多大？（2）电动机的内阻是多少？(3)在电解槽工作时，电能转化为化学能的功率为多少?四川省达州市大竹县文星中学202０┄2021学年高二下学期月考物理试卷(4月份)参考答案与试题解析一、单选题:共6题每题4分共24分1.(4分)下列说法正确的是(）A．物体所带的电荷量可以为任意实数B．ﻩ不带电的物体上，既没有正电荷,也没有负电荷C. 摩擦起电的过程,是靠摩擦产生了电荷Ｄ．利用静电感应使金属导体带电，实质上是导体中的自由电子趋向或远离带电体考点: 电荷守恒定律；元电荷、点电荷.专题：电场力与电势的性质专题.分析：ﻩ物体带电是指有多余的电荷量，是由于自由电荷的转移导致的,并不是创造出来的，因此物体带电均是元电荷的整数倍,感应带电是自由电子的远离或靠近导致带电．解答:解：A、物体所带电量均是元电荷的整数倍,所以不可能为任意实数.故A错误; B、不带电的物体,并不是没有正、负电荷，而是没有多余的电荷.故B错误;Ｃ、摩擦起电是自由电荷转移后,导致物体有多余电荷，从而使物体带上电，故Ｃ错误；D、静电感应带电,实质上是导体中的自由电子在电场中受到的电场力作用下，远离或靠近带电体,故D正确;故选:D点评：ﻩ考查了电荷守恒定律的同时,还有是:元电荷是带电量的最小单元，其电荷量与电子的电量相等,物体所带电量均是元电荷的整数倍.2．(4分)下列关于电源电动势的说法正确的是()ﻩＡ．电源是通过静电力把其它形式的能转化为电能的装置ﻩB．ﻩ在电源内部正电荷从高电势处向低电势处移动ﻩC．ﻩ电源电动势反映了电源内部非静电力做功的本领D．ﻩ把同一电源接在不同的电路中,电源的电动势也将变化考点:ﻩ电源的电动势和内阻.专题: 恒定电流专题．分析:电动势是表示电源把其它形式的能转化为电能的本领大小的物理量.电动势由电源本身的特性决定，与外电路的结构无关．解答：解；A、电源是通过非静电力把其它形式的能转化为电能的装置;故A错误;B、在电源内部,非静电力将正电荷从低电势处移动到高电势处，故B错误;C、电动势反映了电源内部非静电力做功的本领，故C正确；D、电源的电动势由电源本身的特性决定，与外电路的结构无关，同一电源接入不同的电路电动势不会发生改变,故D错误．故选：Ｃ．点评：本题考查对电动势的理解.关键抓住电动势的物理意义,明确电源的电动势是电源本身的一个特性.3.（4分）如图所示,Ｄ是一只二极管,它的作用是只允许电流从a流向b，不允许电流从b 流向ａ．平行板电容器ＡB内部原有带电微粒Ｐ处于静止状态,当两极板A和B的间距稍增大一些后，微粒P的运动情况将是(）A. 向上运动ﻩB. 向下运动ﻩＣ．ﻩ仍静止不动D．ﻩ无法判断考点：ﻩ电容器的动态分析.专题: 电容器专题.分析:二极管具有单向导电性,只允许电流从a流向b.电容器与电源保持相连，电容器的电压不变,板间距离增大,电容减小，电容量的电量要减小,放电，根据二极管的作用，分析电量是否变化，再分析P的运动情况．解答：ﻩ解：电容器与电源保持相连，电容器的电压不变,板间距离增大，电容减小,电容量的电量要减小,放电,但由于二极管的作用只允许电流从a流向b,电容器的电量无法减小，根据推论板间电场强度E=，Q、S、ɛ不变,则改变d,E不变,电荷P受的电场力不变，仍静止.故C正确,AＢD错误．故选：C．点评:ﻩ本题关键要抓住二极管的单向导电性，使电容器不能放电．同时利用推论:电场强度E ＝,Q、S、ɛ不变,则改变ｄ，E不变.４．（4分)某同学做电学实验，通过改变滑动变阻器电阻大小,观察到电压和电流表的读数同时变大（设电压表和电流表皆为理想电表),则他所连接的电路可能是图中的()A．B.ﻩC．Ｄ.考点：闭合电路的欧姆定律．专题：ﻩ恒定电流专题．分析:ﻩ当通过改变滑动变阻器电阻大小时,根据闭合电路欧姆定律分析电流的变化,判断电流表读数的变化．根据电压表所测量的电压，由欧姆定律分析其读数变化.解答：ﻩ解:Ａ、当滑动变阻器触片向上移动时,变阻器接入电路的电阻减小,电流增大，电压表读数减小,不符合题意.故A错误．B、当滑动变阻器触片向上移动时，变阻器接入电路的电阻减小，电流增大,电压表测量路端电压，路端电压减小，则电压表的读数减小,不符合题意.故B错误.C、当滑动变阻器触片向上移动时,变阻器接入电路的电阻减小，电流增大,电压表测量定值电阻的电压,电压增大,符合题意．故C正确．D、当滑动变阻器触片向上移动时,变阻器接入电路的电阻减小，电流增大,电压表测量路端电压,路端电压减小，则电压表的读数减小,不符合题意．故D错误.故选Ｃ点评:ﻩ本题是简单的电路动态变化分析问题,抓住部分与整体的关系是关键.基础题,比较简单.5.（4分)用图示的电路可以测量电阻的阻值.图中R x是待测电阻，R0是定值电阻,G是灵敏度很高的电流表，MＮ是一段均匀的电阻丝.闭合开关，改变滑动头P的位置,当通过电流表G的电流为零时,测得MP=l１，PN=l２，则R x的阻值为(）A.ﻩR０B. Ｒ0C．ﻩＲ０D．R０考点：ﻩ闭合电路的欧姆定律．专题：ﻩ恒定电流专题．分析:ﻩ闭合开关,改变滑动头P的位置,当通过电流表G的电流为零时,说明通过电阻丝两侧的电流是相等的，而总电流一定,故通过R０和R x的电流也相等;并联电路电压相等,故电阻丝MP段与PN段电压之比等于R0和R x的电压比;再结合欧姆定律列式求解即可．解答：解：电阻丝MP段与ＰN段电压之比等于Ｒ0和R x的电压比,即;通过电流表G的电流为零，说明通过电阻丝两侧的电流是相等的，而总电流一定，故通过R0和R x的电流也相等，故;根据电阻定律公式，有；故，解得Ｒ０故选:C.点评：ﻩ本题是串并联电路中电流、电压关系和电阻定律、欧姆定律的综合运用问题，设计思路巧妙,考查了分析问题和解决问题的能力，不难．二、多选题：共4题每题6分共24分6.（6分)了解物理规律的发现过程,学会像科学家那样观察和思考,往往比掌握知识本身更重要．以下符合史实的是()Ａ. 焦耳发现了电流热效应的规律ﻩB．库仑总结了点电荷间相互作用的规律C.ﻩ法拉第把自然界的两种电荷命名为正电荷和负电荷ﻩD.ﻩ密立根最早测得电荷量e的数值考点: 物理学史.专题：常规题型．分析:根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可．解答:ﻩ解：Ａ、焦耳发现了电流热效应的规律，故A正确；B、库仑总结了点电荷间相互作用的规律,故B正确;Ｃ、富兰克林把自然界的两种电荷命名为正电荷和负电荷,故C错误；Ｄ、密立根最早测得电荷量e的数值，故D正确;故选:ABD．点评：ﻩ本题考查物理学史,是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆,这也是考试内容之一．7．（6分)图为一块手机电池的背面印有的一些符号,下列说法正确的是()A. 该电池的容量为5０0 mA•hﻩB. 该电池的电动势为3.6 ＶﻩC．ﻩ该电池在工作1小时后达到的电流为５00 mAﻩD．ﻩ若电池以1０ｍA的电流工作，可用50小时考点:ﻩ电源的电动势和内阻．专题：恒定电流专题．分析:ﻩ根据铭牌读出电池的容量和电动势．电池的容量是指电池能释放的总电量,根据电流的定义式求出该电池在工作1小时后达到的电流和以10mA的电流工作可用的时间.解答:解：A、B由电池的铭牌读出：该电池的容量为500ｍA•h,电动势为3．6V．故AB正确.C、若该电池在连续工作1小时时，电流为Ｉ=500ｍA，不是电池在工作1小时后达到的电流为５00mA.故C错误．D、由q=Ｉt得知,若电池以10mA的电流工作,可用50小时．故D正确．故选AＢＤ点评:ﻩ本题考查读取电池铭牌信息的能力．电池的容量是指电池所能释放的总电量．8.(6分)相同的电流表分别改装成两个电流表A1、A2和两个电压表V1、V2,A１的量程大于A2的量程，V1的量程大于Ｖ2的量程,把它们接入图所示的电路,闭合开关后(）A.ﻩA1的读数比Ａ２的读数大B．ﻩA1指针偏转角度比A2指针偏转角度大ﻩC. V1的读数比Ｖ２的读数大D. V1指针偏转角度比V2指针偏转角度大考点：ﻩ把电流表改装成电压表.专题：实验题；恒定电流专题.分析:ﻩ四个电表均由相同的电流表改装而成,由量程及电表的结构可知各电表的内阻大小关系；由图可知两电流表并联，两电压表串联;由串并联电路的规律可知各表的示数大小关系．解答:ﻩ解:Ａ、电流表A１的量程大于A2的量程，故电流表A1的内阻小于A２的内阻;电压表Ｖ1的量程大于V2的量程，故V１的电阻大于Ｖ２的电阻；由图可知，两电流表并联,故两流表两端的电压相等，故A1中的电流要大于Ａ２中的电流，故A1的读数比A２的读数大，故A正确；B、因两表由同一电流表改装而成，而将电流表扩大量程时为并联一小电阻，故相当于为四个电阻并联,故两表头中电流相同,故两表的偏角相同；故B错误;Ｃ、两电压表串联,故通过两表的电流相等，故V１的读数比V2的读数大,故Ｃ正确;D、因表头与电阻串联，故为四个电阻串联，因此通过两表头的电流相等,两表的偏转角度一样，故D错误；故选AC．点评:本题要求学生能熟练应用串并联电路的规律及电表的性质，应明确由电流表扩大量程时为并联一小电阻,而将电流表改装为电压表时应串联一大电阻．9．(６分）（多选）如图所示电路中,电源内电阻为r，R1、R3、Ｒ４均为定值电阻,电表均为理想电表.闭合开关S，将滑动变阻器Ｒ2的滑片向左滑动,电流表和电压表示数变化量的大小分别为△I、△U,下列结论正确的是(）ﻩA.ﻩ电流表示数变大，电压表示数变小B. 电阻R1被电流表短路ﻩC. >rD.ﻩ＜r考点: 闭合电路的欧姆定律．专题: 恒定电流专题.分析:由图，R1、R２并联，再与R4串联，与Ｒ3并联,电压表测量路端电压，等于R３电压．由Ｒ2接入电路的电阻变化，根据欧姆定律及串并关系,分析电流表和电压表示数变化量的大小.解答：解：设Ｒ1、R２、Ｒ3、R4的电流分别为I1、Ｉ2、I3、I4，电压分别为U１、U２、U3、Ｕ4.干路电流为I总,路端电压为U,电流表电流为I．Ａ、滑动变阻器R２的滑片向上滑动,R２变小,外电阻变小，I总变大，U=E﹣Ir变小，U ３变小,U变小,I3变小,而由I总=Ｉ3+Ｉ4,Ｉ总变大,I4变大，U4变大，而U1+U4=U，Ｕ变小,U1变小,Ｉ1变小．又Ｉ总=Ｉ1+Ｉ,I总变大,I1变小,则I变大,故A正确；Ｂ、由图可知，电阻1与２并联后与电阻4串联,再与电阻３并联，故Ｂ错误;Ｃ、D,由欧姆定律Ｕ=E﹣I总r，得=r.由Ｉ总＝I＋I１,I变大,Ｉ1变小，I总变大，则△I>△Ｉ总,<,故＜r,故C错误，D 正确．故选：AD．点评：ﻩ本题的难点在于确定电流表示数变化量△IA与干路电流变化△I的大小，采用总量法,这是常用方法.同时，要理解=ｒ．三、实验题：(12分）１0.（２分)一种游标卡尺,它的游标尺上有２0个分度，总长度为19ｍm,则每个分度的长度为0.95mm,用它测量某物体长度，卡尺部分示数如图所示，则该物体的长度是3.075cm.考点: 刻度尺、游标卡尺的使用.专题：实验题．分析:ﻩ游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读.解答:ﻩ解：它的游标尺上有２0个分度,总长度为１9mm,则每个分度的长度为0.９5mｍ;游标卡尺的固定刻度读数为３0mm，游标读数为0.05×15mm=0．７5mｍ,所以最终读数为：30mm+0．７5mm=30.75mｍ=3.０75cm，故答案为：0．９5; ３．0７5点评：ﻩ解决本题的关键掌握游标卡尺的读数方法，游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数,不需估读.１1.(6分)做描绘小灯泡Ｌ的伏安特性曲线实验，已知该灯泡的额定电流为０.5A，最大阻值约为9Ω．提供的备用器材有:Ａ.电压表V1,量程2Ｖ，内阻为３ｋΩB.电压表V2,量程15V,内阻为25kΩC.电流表Ａ1，量程０.6Ａ,内阻约0.2ΩＤ.电流表A2，量程３A，内阻约0.０4ΩＥ.电源Ｅ，电动势为６V，内阻很小F．滑动变阻器R1，最大阻值５Ω,允许最大电流为3AG.滑动变阻器R2，最大阻值200Ω，允许最大电流为1．５AH.定值电阻R0,阻值为６kΩI.开关S、导线若干在虚线框内已画出了实验电路的一部分．（1)测量中要求电流表和电压表的最大读数不小于它们满刻度的,图中电压表V应选；电流表A应选；为便于调节，滑动变阻器Ｒ应选.（填写各器材名称后的字母符号）(2）在虚线框内继续画出未画的器材和导线,使成为一个完整的实验电路(并把所选器材的字母符号标注在图中）．考点: 描绘小电珠的伏安特性曲线．专题: 实验题；恒定电流专题.分析：题（1）的关键是根据小灯泡的额定电压大小来选择电压表量程：若电压表量程过大(小灯泡的额定电压小于电压表量程的),则不能应用电压表,若电压表的量程过小,并且器材中还有定值电阻时，应考虑进行改装;当实验要求电流从零调时，变阻器应采用分压式接法,应选择阻值小的变阻器以方便调节；题（2）根据题(1)的分析画出电路图即可．解答：解：（1)根据欧姆定律小灯泡的额定电压为U＝ＩR＝0．5×9V=４.５V，小于电压表量程的，所以不能应用电压表，由于电压表的量程过小，考虑将其与定值电阻串联以扩大量程，扩大后的量程为==2，略大于小灯泡的额定电压,方案可行,所以电压表应选择；根据小灯泡的额定电流为0.5A可知电流表应选择；由于测定小灯泡的伏安特性曲线要求电流从零调,所以变阻器应采用分压式接法,应选择阻值小的变阻器以方便调节;（２)根据上面的分析可知,由于小灯泡的电阻远小于扩大量程后的电压表内阻,所以电流表应用外接法，又变阻器应采用分压式接法，电路图如图所示：故答案为：（1），,;（2)如图点评：应明确：①应根据待测电阻的额定电压与额定电流的大小来选择电压表和电流表的量程,当电表的量程过小时,应考虑进行改装；②当实验要求电流从零调或变阻器的全电阻远小于待测电阻时,变阻器应采用分压式接法，应选择阻值小的变阻器以方便调节;③当待测电阻阻值远小于电压表内阻时,电流表应用外接法．12.（4分)用如图1所示装置做“研究平抛物体的运动”的实验,通过描点法細小球平抛运动的轨迹（１）关于这个实验，以下说法中正确的是BＣA．小球择放的初始位置越高越好B.每次小球要从同一高度由静止释放C.实验前要用重垂线检齋坐标纸上的竖线是否竖直D．为了比较准确地描出小球运动的轨迹,应该用一条曲线把所有的点连接起来(２)实验后得到平抛小球的运动轨迹，在轨迹线上取一些点,测量它们与平抛起点O的水平和竖直距离能说明小球的轨迹是抛物线的ｙ=x２图象(图2）是C．考点: 研究平抛物体的运动.专题：实验题.分析：根据研究平抛运动的原理及注意事项可得出正确的选项；平抛运动竖直方向做自由落体运动，水平方向做匀速直线运动;联立求得两个方向间的位移关系可得出正确的图象．解答:ﻩ解:(1)“研究平抛物体的运动”的实验，保证小球做平抛运动必须通过调节使斜槽的末端保持水平，因为要画同一运动的轨迹，必须每次释放小球的位置相同，且由静止释放,以保证获得相同的初速度,实验要求小球滚下时不能碰到木板平面，避免因摩擦而使运动轨迹改变,故木板应保持竖直，最后轨迹应连成平滑的曲线．但误差较大的点要舍去;不能全部连接;故BC正确，AD错误;（２）物体在竖直方向做自由落体运动，y=gt２;水平方向做匀速直线运动,x=ｖt；联立可得：ｙ=，因初速度相同，故为常数，故y﹣ｘ2应为正比例关系,故C正确，ABD错误;故选:（1)BC;(２）Ｃ．点评:平抛运动的规律探究活动中不一定局限于课本实验的原理,要注重学生对探究原理的理解,提高解决问题的能力．四、计算题：(40分）1３．（10分）如图所示，电源电动势E=1０V，内阻ｒ＝0.5Ω,标有“8V,1６w”的灯泡L 恰好能正常发光,电动机Ｍ的绕线的电阻Ｒ0=1Ω，求:(１)电源的总功率.(2）电动机的输出功率．考点: 电功、电功率.专题: 恒定电流专题．分析：ﻩ（1）由题,“8Ｖ，1６ｗ”的灯泡L恰好能正常发光,灯泡的电压为U=8Ｖ，电源的内电压为U′=E﹣U=2V，根据欧姆定律求出电路中总电流I,电源的总功率为P＝ＥＩ.（2)根据功率功率求出灯泡的电流,通过电动机的电流等于总电流与灯泡电流之差．电动机的输出功率等于电功率与发热功率之差.解答:解:依据题意可知（1)由题可知,电路中路端电压为Ｕ=8V，电路中的总电流I＝=A=4A则电源的总功率为P=EＩ=10×４Ｗ=４０W(2)通过灯泡的电流I L＝=A=2Ａ通过电动机的电流IＭ=Ｉ﹣I L＝2A电动机的热功率:Ｐ热=Ｒ０=２2×1W=4W电动机的输出功率:P出=UI M﹣Ｐ热=8×2W﹣4W=１2W答：(1)电源的总功率是40Ｗ.（２)电动机的输出功率是12W．点评：对于电动机工作时,其电路是非纯电阻电路，欧姆定律不成立,本题不能用欧姆定律求出通过电动机的电流.14.(15分）如图所示,在竖直平面内，光滑绝缘直杆AC与半径为Ｒ的圆周交于Ｂ、C两点,在圆心处有一固定的正点电荷，B为AC的中点，Ｃ点位于圆周的最低点.现有一质量为ｍ、电荷量为q、套在直杆上的带负电小球从A点由静止开始沿杆下滑．已知重力加速度为g，A点距过C点的水平面的竖直高度为3Ｒ，小球滑到B点时的速度大小为２.（1）求小球滑至C点时的速度大小;（2）求Ａ、B两点间的电势差U AB；(３）若以C点为零电势点，试确定A点的电势．考点:ﻩ动能定理的应用；电势能．专题：ﻩ动能定理的应用专题．分析：(1)B为AＣ的中点，故BC、AB间的高度差均为1．5R,对B到C过程运用动能定理列式求解Ｃ点的速度；(2)对A到B过程运用动能定理列式求解A、B两点的电势差U AB；（3)B、C两点在同一个等势面上,故电势相等，故B点电势也为零,根据U AB=φA﹣φB求解A点的电势．解答:ﻩ解:（1)小球由A到Ｂ过程，由动能定理得,①小球由Ａ到C过程，由动能定理得mg3R+ｑU AC＝②。

解析四川省达州市大竹县文星中学2020┄2021学年高二下月考物理试卷3月份

ﻩﻩ2020┄2021学年四川省达州市大竹县文星中学高二（下）月考物理试卷（3月份)ﻩﻩﻩﻩ一、单选题：共6题每题4分共24分ﻩﻩ1．（4分）（2015春•大竹县校级月考)一个带有绝缘座的空心金属球壳A带有４×10﹣8ﻩC 的正电荷，有绝缘柄的金属小球B带有2×10﹣8C的负电荷,使B球与球壳Ａ内壁接触．如图所示,则Ａ、Ｂ带电荷量分别为( )ﻩﻩA．ﻩQ A=１×1０﹣8Ｃ，Q B＝1×１0﹣8ＣﻩB.ﻩQ A=2×10﹣８C,QＢ=0Ｃ.ﻩQ A=0，Q B=２×1０﹣8 C D．Q A=4×10﹣8 C,Q B=﹣2×10﹣8Ｃﻩ2．（4分）（201５春•大竹县校级月考)如图所示,把一个不带电的枕形导体靠近带正电的小球，由于静电感应，在a、b端分别出现负、正电荷，则以下说法正确的是（ﻩ) ﻩﻩﻩＡ.ﻩ闭合开关S1,有电子从枕形导体流向地ﻩB.ﻩ闭合开关S2,有电子从枕形导体流向地C. 闭合开关Ｓ1,有电子从地流向枕形导体ﻩＤ.ﻩ闭合开关Ｓ２,没有电子通过S2ﻩ３.（４分)（2014春•秀屿区校级期末)如图所示是静电场的一部分电场线分布,下列说法中正确的是(ﻩ）ﻩﻩﻩﻩA. 这个电场可能是负点电荷的电场B. 点电荷q在A点处受到的静电力比在B点处受到的静电力大ﻩC.ﻩ点电荷q在A点处的瞬时加速度比在B点处的瞬时加速度小（不计重力）D．负电荷在B点处受到的静电力的方向沿B点切线方向ﻩ4.(4分）(２0１4秋•清远期末)下列关于点电荷的说法，正确的是（ﻩ）ﻩﻩA.ﻩ点电荷一定是电量很小的电荷ﻩB．点电荷是一种理想化模型，实际不存在Ｃ.ﻩ只有体积很小的带电体，才能作为点电荷D.ﻩ体积很大的带电体一定不能看成点电荷ﻩﻩ5．(4分）（２00５•济南二模)如图所示，把一个带正电的小球a放在光滑绝缘斜面上,欲使球a能静止在斜面上，需在ＭＮ间放一带电小球ｂ,则ｂ应:( ）ﻩﻩﻩﻩA．带负电,放在Ａ点ﻩＢ. 带正电，放在B点C．ﻩ带负电，放在C点D．ﻩ带正电,放在C点ﻩ６.(4分）(２0１３秋•蓟县期中）如图所示，原来不带电的绝缘体金属导体MN，在其两端下面都悬挂着金属验电箔，若使带负电的绝缘金属球A靠近导体的M端，可以看到的现象是(ﻩ)ﻩﻩﻩA．只有M端验电箔张开B．只有Ｎ端验电箔张开C.ﻩ两端验电箔都张开ﻩD．ﻩ两端验电箔都不张开ﻩﻩ二、多选题：共４题每题４分共１6分ﻩ7.(4分）(2014春•城关区校级期中)如图所示，金属三角形导轨EOF上放有一根金属棒ab,拉动ab使它以速度v在匀强磁场中向右匀速平动,若导轨和金属棒都是粗细相同的均匀导体，它们的电阻率相同，则在ab运动过程中(ﻩ)ﻩﻩﻩＡ．ﻩ感应电动势逐渐增大B．ﻩ感应电流逐渐增大ﻩC．感应电流渐保持不变ﻩＤ.ﻩ金属棒受到安培力逐渐增大ﻩﻩ8．(4分）（2０12秋•漯河期末)如图所示，当磁铁运动时,流过电阻的电流是由A经Ｒ到B,则磁铁可能是( )ﻩﻩﻩﻩA．ﻩ向下运动ﻩＢ．ﻩ向上运动 C.ﻩ向左平移D．ﻩ以上都不可能ﻩ9.(4分)(２0１5春•大竹县校级月考）在电场中的某点A放一试探电荷+ｑ,它所受到的电场力大小为F,方向水平向右,则Ａ点的场强大小E A=，方向水平向右,下列说法正确的是（）ﻩＡ．ﻩ在A点放一个负试探电荷,A点的场强方向变为水平向左ﻩB．ﻩ在A点放一下负试探电荷，所受到的电场力方向变为水平向左ﻩC.ﻩ在A放置一个电荷量为2q的试探电荷，则A点的场强变为２ＥAD．在A点放置一个电荷量为2q的试探电荷，则试探电荷所受的电场力变２Fﻩﻩ1０．（4分)（20１４秋•灌南县校级期中)如图所示，实线表示匀强电场中的电场线，一带电粒子(不计重力）经过电场区域后的轨迹如图中虚线所示，ａ、b是轨迹上的两点,关于粒子的运动情况，下列说法中可能的是（)ﻩＡ．ﻩ该粒子带正电荷，运动方向为由a到bB．ﻩ该粒子带负电荷，运动方向为由ａ至bﻩC．ﻩ该粒子带正电荷，运动方向为由ｂ至ａﻩD．该粒子带负电荷,运动方向为由b至aﻩﻩ三、计算题:共4题共6０分ﻩﻩ11．(12分)（20１5春•大竹县校级月考）如图所示,通过调节控制电子枪产生的电子束,使其每秒钟有104个电子到达收集电子的金属瓶，经过一段时间,金属瓶上带有﹣8×1０﹣１2Ｃ的电荷量,求：ﻩ（1)电子瓶上收集到多少个电子?ﻩﻩ（２）实验的时间为多长．ﻩﻩﻩﻩ12．(16分)（20１５春•大竹县校级月考）电业工人创造了具有世界先进水平的超高压带电作业法．利用“绝缘梯”使输电线间的电势差逐渐变小,直到最后使人体的电势与输电线电势相等.试问:ﻩﻩ（1)人与输电线电势相等时，为什么没有危险？ﻩﻩ（２)超高压输电线周围存在强电场，人靠近输电线时，人体会有什么现象发生?ﻩﻩﻩ（3）工人带电作业时穿着由金属丝和棉纱织成的均压服,有什么作用?ﻩﻩﻩﻩ13.(1６分)（2０１５春•大竹县校级月考）场源电荷Q=2×10﹣4Ｃ，是正点电荷．检验电荷q=﹣２×10﹣５Ｃ，是负点电荷,它们相距r=2ｍ，且都在真空中,如图所示．求：ﻩ（1)q受的静电力．ﻩ(2)q所在的B点的场强ＥB．（3）若将ｑ换为q′＝4×10﹣５C的正点电荷,再求q′受力及B点的场强.ﻩ（4）将检验电荷拿去后再求B点的场强．ﻩﻩﻩﻩ14．(1６分）（2015春•大竹县校级月考)如图甲所示，竖直平面内有两电阻不计的光滑金属导轨平行固定放置，两导轨间距d=0．5m，上端通过导线与阻值为R=2Ω的电阻连接，下端通过导线与阻值为R L＝４Ω的小灯泡L连接，在CDFE矩形区域内有垂直纸面向外的匀强磁场,磁感应强度B随时间变化的关系如图乙所示,CＥ长为2m.在t＝0时，电阻也为R＝2Ω的金属棒以某一初速度从ＡB位置紧贴导轨向下运动，当金属棒从AＢ位置运动到EF 位置过程中,小灯泡的亮度始终没有发生变化,ｇ取１0m/s２．求:ﻩﻩ（1）通过小灯泡的电流大小；ﻩﻩﻩ(2）金属棒的质量;ﻩﻩﻩ（３）ｔ=0．25s时金属棒两端的电势差.ﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩ2０20┄2０2１学年四川省达州市大竹县文星中学高二（下)月考物理试卷（３月份)ﻩ参考答案与试题解析ﻩﻩ一、单选题：共6题每题4分共24分ﻩﻩﻩ１.(４分）(20１5春•大竹县校级月考)一个带有绝缘座的空心金属球壳Ａ带有４×10﹣８C的正电荷,有绝缘柄的金属小球B带有2×10﹣8ﻩC的负电荷,使Ｂ球与球壳A内壁接触．如图所示,则Ａ、B带电荷量分别为(ﻩ）ﻩﻩﻩＡ．ﻩQ A＝1×1０﹣8C,Q B＝１×10﹣8 C B． Q A＝2×10﹣8Ｃ，QＢ=０C.ﻩＱＡ＝0,Q B=2×１０﹣8CﻩD．Q A＝4×10﹣8Ｃ,Q B=﹣2×10﹣8 Cﻩﻩﻩ考点: 电荷守恒定律.专题: 电场力与电势的性质专题.分析：金属球A处于静电平衡状态，内部静电荷量为零，电荷均匀分布于外表面.解答:ﻩ解：把B球跟A球的内壁相接触，A与B构成整体，处于静电平衡状态,内部静电荷量为零，电荷均匀分布在外表面;故B球的带电量减为零，A球表面的带电量为2×1０﹣８C 的正电荷;故ＡCD错误,B正确．点评：本题关键是建立物理模型，知道金属球A和小球B整体处于静电平衡状态,内部的电场强度为零,静电荷量也为零．ﻩ2.(4分）（2０15春•大竹县校级月考）如图所示，把一个不带电的枕形导体靠近带正电的小球,由于静电感应，在a、b端分别出现负、正电荷,则以下说法正确的是(ﻩ）ﻩﻩﻩA. 闭合开关S1，有电子从枕形导体流向地B. 闭合开关S2,有电子从枕形导体流向地C．闭合开关S1,有电子从地流向枕形导体D. 闭合开关S2,没有电子通过S2ﻩﻩ考点: 静电现象的解释.分析:（１)感应起电的实质是在带电体上电荷的作用下，导体上的正负电荷发生了分离,使电荷从导体的一部分转移到了另一部分,既然是转移，那么电荷必然守恒．（2）同种电荷相互排斥,异种电荷相互吸引.解答:ﻩ解：枕型导体在带正电的小球附近时，枕型导体上的自由电子会向金属棒的右边运动,金属棒的右端因有了多余的电子而带负电,左右端因缺少电子而带正电；而当闭合任何开关时,导体就会与大地连接，会使大地的电子流入枕形导体,当处于静电平衡时,枕形导体是个等势体；故C正确，ABD错误；点评:ﻩ本题考查电荷的转移，有一定的难度,关键知道由于异种电荷相互吸引，大地的负电荷(自由电子)会转移到导体上．ﻩﻩ３．（4分)（２０14春•秀屿区校级期末）如图所示是静电场的一部分电场线分布，下列说法中正确的是（ﻩ）ﻩA. 这个电场可能是负点电荷的电场ﻩB．点电荷q在Ａ点处受到的静电力比在B点处受到的静电力大ﻩC．ﻩ点电荷q在A点处的瞬时加速度比在Ｂ点处的瞬时加速度小（不计重力)ﻩD. 负电荷在Ｂ点处受到的静电力的方向沿Ｂ点切线方向ﻩﻩ考点：电场线;电场强度．专题：ﻩ电场力与电势的性质专题.分析:ﻩ电场线是从正电荷或者无穷远发出,到负电荷或无穷远处为止,电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小．电场力F＝qE,同一电荷在场强越大的地方，所受的电场力越大．解答:解:A、孤立的负点电荷形成的电场电场线是会聚型的射线,则知这个电场不可能是孤立的负点电荷形成的电场，所以A错误；B、电场线密的地方电场的强度大,电场线疏的地方电场的强度小，所以E A>E B，根据F=qE=ｍa知Ｂ正确Ｃ错误；D、电场线的切线方向为该点场强的方向,由F＝qE知负电荷在B点处受到的静电力的方向与场强的方向相反,D错误.故选B点评：ﻩ本题关键要理解并掌握点电荷、匀强电场的电场线的分布情况,理解电场线的物理意义，就能轻松选择.４．（4分）(2014秋•清远期末)下列关于点电荷的说法,正确的是（)ﻩA．点电荷一定是电量很小的电荷ﻩＢ.ﻩ点电荷是一种理想化模型，实际不存在C．只有体积很小的带电体,才能作为点电荷ﻩD.ﻩ体积很大的带电体一定不能看成点电荷ﻩﻩ考点:ﻩ元电荷、点电荷．分析:ﻩ带电体看作点电荷的条件,当一个带电体的形状及大小对它们间相互作用力的影响可忽略时，这个带电体可看作点电荷,是由研究问题的性质决定,与自身大小形状无具体关系．解答:ﻩ解:Ａ、由点电荷的定义，可知其与带电量无关,故Ａ错误B、由点电荷的定义知，它是理想化的模型，实际并不存在，故B正确Ｃ、由点电荷的定义知,它与体积大小无关，故C错误D、由点电荷的定义知，它与体积大小无关，故D错误故选B点评:本题关键明确点电荷是一直理想模型,知道物体是否可以简化为点电荷,关键是看物体的尺度在所研究的问题中是否可以忽略不计．ﻩﻩ5．(4分)(20０5•济南二模）如图所示，把一个带正电的小球ａ放在光滑绝缘斜面上,欲使球ａ能静止在斜面上,需在MＮ间放一带电小球b,则ｂ应：（ﻩ) ﻩﻩﻩﻩA.ﻩ带负电,放在A点ﻩB.ﻩ带正电,放在Ｂ点Ｃ.ﻩ带负电，放在Ｃ点Ｄ. 带正电，放在C点ﻩ考点：ﻩ共点力平衡的条件及其应用;点电荷的场强．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：小球a要平衡,受重力、支持力和静电力,根据共点力平衡条件分析即可．解答：ﻩ解:小球a处于平衡状态，受力平衡,合力为零.小球受重力,一定向下,支持力一定垂直向上，故小球ｂ对小球a若为静电斥力，小球a不可能平衡,故只能是吸引力；同时,根据平衡条件,静电引力必然与前两个力的合力等大、反向且在同一条直线上,故只能放在C位置；故选C．点评：本题关键对物体受力分析后，根据三力平衡条件，得到未知力的方向范围．ﻩﻩﻩ6.(4分）(2０13秋•蓟县期中）如图所示，原来不带电的绝缘体金属导体MN，在其两端下面都悬挂着金属验电箔，若使带负电的绝缘金属球A靠近导体的M端，可以看到的现象是（ﻩ) ﻩﻩﻩA.ﻩ只有Ｍ端验电箔张开B.ﻩ只有N端验电箔张开ﻩＣ．ﻩ两端验电箔都张开 D. 两端验电箔都不张开ﻩ考点：ﻩ静电场中的导体.专题：ﻩ电场力与电势的性质专题．分析:ﻩ根据静电感应可以判断金属导体的感应的电荷的情况，从而可以判断导体带电的情况.解答:解:金属导体处在负电荷的电场中，由于静电感应现象，弹头导体的右端要感应出正电荷，在导体的左端会出现负电荷,所以导体两端的验电箔都张开,且左端带负电,右端带正电,所以C正确.故选：Ｃ.点评：感应带电,这是使物体带电的一种方法，根据异种电荷互相吸引的原理可知，靠近的一端会带异种电荷.ﻩ二、多选题：共4题每题4分共16分ﻩﻩ7.(４分)(2014春•城关区校级期中)如图所示，金属三角形导轨EOＦ上放有一根金属棒ab，拉动ａｂ使它以速度v在匀强磁场中向右匀速平动,若导轨和金属棒都是粗细相同的均匀导体,它们的电阻率相同,则在aｂ运动过程中（)ﻩﻩA.ﻩ感应电动势逐渐增大Ｂ．感应电流逐渐增大ﻩＣ．ﻩ感应电流渐保持不变ﻩD.ﻩ金属棒受到安培力逐渐增大考点：ﻩ导体切割磁感线时的感应电动势;闭合电路的欧姆定律;安培力；法拉第电磁感应定律.专题：ﻩ电磁感应与电路结合.分析:由图看出ab与导轨相交的两点间产生的感应电动势不断增大，回路的总电阻也不断增大,根据E=BLv、I=,列式分析感应电流的变化；由F=ＢIL分析金属棒所受的安培力的变化.解答:解:A、根据Ｅ＝BLv知,金属棒的切割长度L不变，B、v不变,所以ab产生的感应电动势不变，故A错误.B、C、设回路单位长度的电阻为r，∠EOF=α.ab从Ｏ点开始运动时间t时,回路的总电阻为：R＝(vt+vttanα+）r回路有效的感应电动势为：E=B（vttａnα）•ｖ=Bｖ2ｔ•tanα感应电流为:I==＝，可知I与ｔ无关，保持不变,故B错误, C正确．D、金属棒受到安培力为：F=BＩvtｔanα∝t，Ｆ逐渐增大，故D正确.故选:ＣD点评：本题是电磁感应中的电路问题,关键要综合考虑感应电流与感应电动势、回路的总电阻两个因素的关系，不能想当然，认为感应电流增大.要注意ab产生的感应电动势和回路中的感应电动势不同.ﻩ8.(4分)（２012秋•漯河期末）如图所示,当磁铁运动时,流过电阻的电流是由A经R到B，则磁铁可能是( )ﻩﻩﻩﻩﻩﻩＡ.ﻩ向下运动ﻩB．向上运动Ｃ.ﻩ向左平移ﻩD．ﻩ以上都不可能ﻩﻩﻩ考点:ﻩ楞次定律.专题:ﻩ电磁感应与电路结合.分析：当磁铁向下或向上运动时,穿过线圈的磁通量增大或减小,根据楞次定律分析感应电流方向．解答:ﻩ解:A、当磁铁向下运动时,穿过线圈的磁通量增大,根据楞次定律，流过电阻的电流是由B经R到A．故A错误．B、当磁铁向上运动时，穿过线圈的磁通量减小,根据楞次定律,流过电阻的电流是由Ａ经R到Ｂ.故B正确.C、当磁铁向左平移时，穿过线圈的磁通量减小,根据楞次定律,流过电阻的电流是由A 经R到Ｂ．故C正确.D、由上，Ｄ不正确．故D错误故选BC点评:楞次定律判断感应电流的方向往往按“三步走”:1、明确原磁场方向及磁通量的变化情况.2、根据楞次定律确定感应电流的磁场方向.３、由安培定则判断感应电流方向.ﻩ9．(4分)（2015春•大竹县校级月考)在电场中的某点Ａ放一试探电荷+q，它所受到的电场力大小为F,方向水平向右,则A点的场强大小ＥＡ=,方向水平向右，下列说法正确的是（ﻩ）ﻩﻩﻩA. 在Ａ点放一个负试探电荷,A点的场强方向变为水平向左Ｂ.ﻩ在A点放一下负试探电荷,所受到的电场力方向变为水平向左ﻩC．在A放置一个电荷量为2ｑ的试探电荷,则A点的场强变为2ＥAﻩＤ.ﻩ在A点放置一个电荷量为2q的试探电荷，则试探电荷所受的电场力变2Fﻩ考点：电场强度．专题：ﻩ电场力与电势的性质专题.分析：ﻩ电场的电场强度是电场的固有属性,与试探电荷的正负和大小无关；电场力的大小计算遵循F=Eq，与电荷量的大小和正负有关.解答:解：A、电场的电场强度是电场的固有属性，与试探电荷的正负和大小无关,故A 点场强的大小和方向都不变,A错误；Ｂ、Ａ点的场强大小和方向不变，正电荷的受力方向和负电荷的受力方向相反，故负电荷所受的电场力方向变为水平向左,B正确;Ｃ、电场的电场强度是电场的固有属性,与试探电荷的正负和大小无关,故Ａ点场强的大小和方向都不变,C错误;D、A点的场强大小和方向不变，根据Ｆ＝Eq可知,电荷量为2q时,F′＝E2ｑ=2F，即电场力变为原来的２倍,D正确.故选:ＢD.点评:ﻩ本题考查电场中电场强度和电场力的计算，注意:电场的电场强度是电场的固有属性,与试探电荷的正负和大小无关；电场力的大小计算遵循F=Eｑ，与电荷量的大小和正负有关.ﻩ1０．（4分）（２014秋•灌南县校级期中）如图所示,实线表示匀强电场中的电场线，一带电粒子(不计重力)经过电场区域后的轨迹如图中虚线所示，a、b是轨迹上的两点,关于粒子的运动情况，下列说法中可能的是( )ﻩﻩﻩA．该粒子带正电荷，运动方向为由a到bﻩB. 该粒子带负电荷,运动方向为由ａ至ｂＣ．ﻩ该粒子带正电荷，运动方向为由b至aD.ﻩ该粒子带负电荷,运动方向为由b至aﻩ考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系.专题：ﻩ电场力与电势的性质专题．分析:ﻩ由运动的轨迹与电场线确定出受力方向，根据力的方向与速度方向的夹角确定电荷的电性．解答：ﻩ解：A、C、由曲线运动的知识可知：带电粒子所受的电场力向左,所以粒子带负电，故AC错误；Ｂ、Ｄ、由上可知,由于粒子的运动方向不知，所以可能是从a到b,也可能是从b到a.故ＢD正确;故选：BD点评:ﻩ在电场中跟据带电粒子运动轨迹和电场线关系判断电场强度、电势、电势能、动能等变化是对学生基本要求,也是重点知识,要重点掌握.三、计算题:共４题共60分ﻩﻩ11．（12分)(20１５春•大竹县校级月考）如图所示，通过调节控制电子枪产生的电子束，使其每秒钟有１0４个电子到达收集电子的金属瓶，经过一段时间,金属瓶上带有﹣8×１0﹣12C的电荷量，求：ﻩﻩﻩ(１)电子瓶上收集到多少个电子?ﻩﻩ（2）实验的时间为多长.ﻩﻩﻩﻩﻩﻩ考点: 元电荷、点电荷．专题: 电场力与电势的性质专题.分析:ﻩ(1)由ｑ=ne可求得电子数目；（2)根据每秒打在瓶子上的个数,可求得实验时间.解答：解：由q＝ne可得；n=＝5×107个;（2)实验的时间t==5０0０s;答:(１)电子瓶上收集到５×10７个电子？（2)实验的时间为5000s.点评:ﻩ本题考查元电荷的定义，要注意明确任何带电体的电量均为元电荷的整数倍.ﻩﻩﻩ1２．(16分）（2０15春•大竹县校级月考）电业工人创造了具有世界先进水平的超高压带电作业法.利用“绝缘梯”使输电线间的电势差逐渐变小,直到最后使人体的电势与输电线电势相等.试问:ﻩﻩ（1)人与输电线电势相等时，为什么没有危险？ﻩ(2）超高压输电线周围存在强电场，人靠近输电线时,人体会有什么现象发生？ﻩﻩﻩ(3）工人带电作业时穿着由金属丝和棉纱织成的均压服，有什么作用？ﻩﻩﻩﻩ考点: 静电现象的解释；焦耳定律的应用.分析：ﻩ(１)根据电流产生的条件分析电势相等时会不会形成电流;(２)根据自由电子在电场中的受力情况，明确人体内是否形成电流；(3）根据静电屏蔽原理分析均压服的作用.解答：ﻩ解:（1）人与输电线电势相等时，任意两点间的电势差均为0,则电荷不会发生定向移动，因此不会对人产生危险；（2)人体靠近高压输电线周围的强电场时,由于静电感应，人体内的自由电荷重新分布，瞬时间负电荷向E的反方向运动，如图形成了瞬时电流;（3）由金属丝和绵纱织成的均压服可以起到静电屏蔽的作用；从而使人体处于静电平衡状态．点评:ﻩ本题根据生活中的原理来考查相应的物理规律，要注意能将物理学以致用.ﻩﻩ13.（１6分)（2０1５春•大竹县校级月考）场源电荷Q＝2×10﹣4C，是正点电荷．检验电荷q＝﹣２×10﹣5Ｃ,是负点电荷，它们相距ｒ=2m，且都在真空中，如图所示.求: ﻩﻩ（1）ｑ受的静电力．ﻩﻩ（2)q所在的B点的场强E B．ﻩ(3）若将q换为q′=4×10﹣5Ｃ的正点电荷,再求q′受力及B点的场强. ﻩﻩ(4）将检验电荷拿去后再求B点的场强. ﻩﻩﻩﻩﻩ考点：ﻩ电势差与电场强度的关系;电场强度．专题:ﻩ电场力与电势的性质专题.分析：ﻩ（1)根据库仑定律求出ｑ所受的静电力.（2)由电场强度的定义式求出B点的场强EＢ；(３）场强的大小与放入电场中电荷无关．由F=ｑＥ求电场力.(４)场强是由电场本身决定的,与检验电荷无关.解答：ﻩ解：（1)根据库仑定律得，q所受的静电力为:F=ｋ=９×1０9×N＝9Ｎ,方向由B指向A．（２）根据电场强度的定义式知，Ｂ点的场强E B==N/C＝4.５×1０５N/C，方向由A指向B(3)将q换为q′＝4×10﹣5C的正点电荷，B点的场强不变,则ｑ′所受的静电力大小F′＝q′E Ｂ=4×10﹣5×4.5×105 N=18N,方向由A指向B．(4)将受力电荷拿去后,B点的场强大小不变，仍然为4.5×1０5N/Ｃ.答：（１）q受的静电力为９N，方向由B指向A．（2）q所在的B点的场强E B为4.５×105N/C,方向由Ａ指向B.(3）若将q换为q′=４×10﹣５C的正点电荷,q′受力为1８N,方向由A指向,B点的场强大小为4.5×１０5 N/C,方向由A指向B．（４)将检验电荷拿去后,B点的场强为4．5×105N/C,方向由A指向B．点评：ﻩ解决本题的关键掌握库仑定律和电场强度的定义式,知道场强的大小由电场本身性质决定，与放入电场中的检验电荷无关.ﻩﻩﻩ14.(1６分）（２0１５春•大竹县校级月考）如图甲所示,竖直平面内有两电阻不计的光滑金属导轨平行固定放置，两导轨间距d=0．5m,上端通过导线与阻值为R＝2Ω的电阻连接,下端通过导线与阻值为R L＝4Ω的小灯泡L连接,在CDFＥ矩形区域内有垂直纸面向外的匀强磁场，磁感应强度B随时间变化的关系如图乙所示,ＣＥ长为２ｍ．在t=0时，电阻也为R=２Ω的金属棒以某一初速度从AB位置紧贴导轨向下运动,当金属棒从ＡB位置运动到EF 位置过程中，小灯泡的亮度始终没有发生变化,g取10m/ｓ2．求：ﻩﻩﻩ(１)通过小灯泡的电流大小;ﻩﻩ（2）金属棒的质量；ﻩﻩﻩ(3)ｔ=0.２５ｓ时金属棒两端的电势差．ﻩﻩ考点: 导体切割磁感线时的感应电动势；电势差．专题：ﻩ电磁感应与电路结合.分析:(1）金属棒未进入磁场时，Ｂ随时间变化，产生感应电动势,根据法拉第电磁感应定律求出该电动势，使用闭合电路的欧姆定律即可求出通过灯泡的电流;(2)金属棒进入磁场时刚好匀速运动，重力等于安培力，即可求出导体棒的质量;（3）根据法拉第电磁感应定律求出该电动势,再根据闭合电路的欧姆定律即可求出金属棒两端的电势差；解答:解：(１）金属棒未进入磁场时，磁感应强度变化产生的感应电动势为E1＝＝ｓ==2 V电路中的总电阻为R总=R L+R=（4+１）Ω＝5ΩI L=A=Ａ=0.４A(２）因为灯泡亮度不变，所以0.2 s末金属棒进入磁场时刚好匀速运动,则有Ｉ=ＩＬ＋I R=I L+2IＬ＝1．2 AG=Ｆ安=BＩd＝０.4×1.2×0.5=0．２4Ｎ金属棒的质量ｍ==0．02４kg(３)金属棒在磁场中运动时产生的感应电动势为E2=I（Ｒ+）＝1．2（2＋）=4Vv＝＝=20 m/s金属棒从ＣＤ运动到ＥF所用的时间为t２=s=0.1 s在这段时间内U=ＩＬR L=0.４×４V=1.6 V所以t＝0.2５s时金属棒两端的电势差为1.6 Ｖ.答：(1)通过小灯泡的电流大小为0.4A;(2)金属棒的质量为0.0２4ｋg；（３)当t=0.25s时金属棒两端的电势差为1．６V．点评:ﻩ该题考查产生感应电动势的两种情景，再结合欧姆定律和焦耳定律解题,注意最后一问要考虑0.25s时导体棒的位置,如果已经出磁场,则电压为零.此题较难.ﻩﻩﻩ。

解析四川省达州市大竹县文星中学2020┄2021学年高一上月考物理试卷9月份解

ﻩﻩﻩﻩﻩ2020┄2０21学年四川省达州市大竹县文星中学高一(上）月考物理试卷(9月份）ﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩ一、单选题:共6题每题4分共２4分ﻩﻩﻩ1.（4分)（２0１4秋•大竹县校级月考）甲、乙两位同学找来一把刻度尺,想办法测出了一枚一元硬币的直径ｄ,然后让硬币在水平课桌上沿直线滚动了一圈，如图所示,那么( ）ﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩA．硬币圆心的位移大小和路程相等ﻩﻩﻩB. 硬币圆心的位移大小和路程不相等ﻩﻩﻩﻩＣ．硬币圆周上的每一点的位移大小和该点的路程相等ﻩﻩﻩﻩﻩＤ．硬币圆周上的每一点的位移大小大于该点的路程ﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩ2．（4分)（2014秋•大竹县校级月考）一列客车沿平直轨道以３0m/ｓ的速度向前运动,司机发现正前方１50m处有一块山上滑落的巨石挡住了道路,司机立即刹车使车做匀减速运动.为了避免与巨石相撞，刹车时的加速度大小至少为( ）ﻩﻩＡ.ﻩ2ﻩｍ/ｓ2ﻩB．５m/s2 C. 0.5ﻩm/ｓ2Ｄ. 3 m／s２ﻩﻩﻩﻩﻩ3．(4分）（2014秋•营山县校级月考)如图所示为一质点的v﹣t图象，下列对质点运动的描述正确的是（）ﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩＡ.ﻩ该质点做曲线运动ﻩB.ﻩ该质点在ｔ1时间内的平均速度是ﻩﻩC．ﻩ该质点的加速度逐渐增大ﻩﻩﻩﻩ D.ﻩ该质点的加速度逐渐减小ﻩﻩﻩﻩﻩﻩ4．（4分）（2014秋•大竹县校级月考）某质点的位移随时间的变化关系为x=6t﹣2t2,x单位为米（m)，t单位为秒(s），那么1s末速度为（ﻩ)ﻩﻩﻩﻩ A.ﻩ6ﻩm／s Ｂ．ﻩ4m/s C. ２ﻩm/s D. 1m/sﻩﻩﻩ5．（4分)（2０１4秋•岳麓区校级期中)下列描述的运动中可能的有(ﻩ)ﻩﻩﻩﻩﻩA.ﻩ速度变化很大,加速度为零ﻩﻩﻩB. 速度变化方向为正,加速度方向为负ﻩﻩﻩC．ﻩ速度变化越来越快,加速度越来越小ﻩﻩﻩ D. 速度越来越大,加速度越来越小ﻩﻩﻩﻩﻩﻩ6．(4分）(２01４秋•大竹县校级月考)某人沿直线向西100m,然后又向东沿直线50m,取向东方向为正方向,则此人全过程通过的路程和位移分别为（）ﻩﻩﻩﻩﻩA．10０ｍ，10０mﻩB．１50ｍ，10０ｍC．1５0m，50mﻩD.１50m,﹣5０mﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩ二、多选题：共4题每题4分共1６分ﻩﻩﻩ7．(4分)（２014秋•大竹县校级月考）有关瞬时速度、平均速度、平均速率,以下说法正确的是（）ﻩﻩﻩﻩﻩＡ. 瞬时速度是指物体在某一位置或某一时刻的速度ﻩﻩﻩB．ﻩ平均速度是物体在一段时间内位移与所用时间的比值ﻩﻩﻩC. 做变速运动的物体,平均速率就是平均速度的大小ﻩﻩﻩD．ﻩ物体做变速运动时,平均速度是指物体通过的路程与所用时间的比值ﻩﻩﻩ８．(4分）（2007•海南)两辆游戏赛车a、ｂ在两条平行的直车道上行驶.t＝0时两车都在同一计时线处，此时比赛开始．它们在四次比赛中的v﹣t图如图所示．哪些图对应的比赛中，有一辆赛车追上了另一辆？（）ﻩﻩＡ．ﻩﻩB．ﻩﻩＣ．ﻩD．ﻩﻩﻩﻩﻩ9.（4分)(2０14秋•大竹县校级月考)下列说法正确的是（ﻩ) ﻩA. 变速直线运动的速度是变化的ﻩﻩB．ﻩ平均速度即为速度的平均值ﻩﻩC. 瞬时速度是物体在某一时刻或在某一位置时的速度ﻩﻩﻩＤ．瞬时速度可看作时间趋于无穷小时的平均速度ﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩ10.(4分）（2014秋•大竹县校级月考)关于速度和速率,下列说法正确的是（）ﻩﻩﻩﻩﻩﻩA．瞬时速率等于瞬时速度的大小ﻩﻩﻩﻩB．平均速率等于平均速度的大小ﻩﻩﻩC. 对运动的物体而言，某段时间内的平均速度不可能为零ﻩﻩﻩＤ.ﻩ对运动的物体而言，某段时间内的平均速率不可能为零ﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩ三、填空题:共3题每题4分共12分ﻩﻩﻩ1１．（4分)（2014秋•大竹县校级月考）美国“肯尼迪”号航空母舰上装有帮助飞机起飞的弹射系统,已知“F﹣15A”型战斗机在跑道上加速时产生的最大加速度为5m／s2，起飞速度为5０ｍ/s．弹射系统能够使飞机获得的最大速度为3０ｍ/s,则飞机起飞时在跑道上至少需要加速ﻩs才能起飞.ﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩ12．(4分)(20１4秋•大竹县校级月考）Ａ、B、Ｃ三个物体同时同地出发做直线运动，它们的x﹣t图象如图所示，在20s的时间内,它们的路程关系是ﻩ．ﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩ１3．（4分)(20１4秋•大竹县校级月考）中国护航编队一驱逐舰用９0km/h的速度追赶它前面１20ｋm处正在匀速行驶（同方向)的索马里海盗，驱逐舰追了270km才追上，则海盗船的航速是ﻩｋｍ/h．ﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩ四、计算题：共4题每题12分共４8分ﻩﻩﻩ14．(１２分）(２014秋•大竹县校级月考)某同学从学校的门口A处开始散步，先向南走了5０ｍ到达B处,再向东走了100m到达C处，最后又向北走了15０m到达D处，则:ﻩﻩﻩ(1）此人散步的总路程和位移各是多少?ﻩﻩﻩﻩﻩ（2）要比较确切地表示这人散步过程中的各个位置，应采用什么数学手段较妥,分别应如何表示？ﻩﻩ（3）要比较确切地表示此人散步的位置变化,应用位移还是路程? ﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩ１5.(１2分)(2014秋•大竹县校级月考)一个质点沿直线做加速运动,到A点时速度为3m/s，到B点时速度变为１2m/s历时6s;到Ｂ点后又做减速运动，再经６s到达C点,并停下来,求：ﻩﻩﻩﻩﻩ(1）从A点到B点过程中的加速度ﻩﻩﻩﻩﻩ（2)从B点到Ｃ点过程中的加速度.ﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩ16.（12分）(2014秋•南昌期中)某种类型的飞机,从静止开始做匀加速直线运动，加速度大小为4m/ｓ2,飞机速度达到80m/ｓ时离开地面升空.如果飞机在达到起飞速度时，突然接到命令停止起飞，飞行员立即使飞机制动，飞机做匀减速运动,加速度大小为5ｍ/s2．如果要求你为该类型的飞机设计一条跑道,使在这种特殊情况下飞机不滑出跑道，你设计的跑道长度至少要多长？ﻩﻩﻩﻩﻩ17.(1２分）（2０14秋•缙云县校级期末）中新网2014年10月2４日报道，澳大利亚官员称，在印度洋偏远海域搜寻失联的MH370航班的工作进展顺利,但由于搜寻面积广大,可能将耗时数月．现用飞机进行航空搜寻.假设飞机在岸边机场起飞,到达距离海平面300米高度时水平速度大小为60m/ｓ，此后飞机保持在离水面30０m的高度水平直线巡航．设飞机的加速度为2m／s2,巡航时最大速度大小为１00m/s,飞机达到最大速度后保持匀速飞行,如图所示,飞机上搜寻人员可在1０6°视角范围内搜寻目标,从飞机到达距离海平面300米高度水平直线巡航开始计时,求：ﻩﻩﻩﻩ(１）飞机到达最大速度时需多长时间？ﻩﻩﻩﻩﻩ(２）飞机作匀加速运动过程的位移？ﻩﻩﻩﻩ(3)从飞机到达距离海平面３00米高度水平巡航开始计时,2分钟内搜寻人员能搜寻多大的海域面积？(taｎ３7°＝0.75，tan5３°=）ﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩ2０２０┄20２１学年四川省达州市大竹县文星中学高一（上)月考物理试卷（9月份）ﻩﻩﻩﻩﻩﻩ参考答案与试题解析ﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩ一、单选题:共６题每题４分共24分ﻩﻩﻩ１．(4分）(2０14秋•大竹县校级月考）甲、乙两位同学找来一把刻度尺，想办法测出了一ﻩﻩﻩﻩ枚一元硬币的直径d,然后让硬币在水平课桌上沿直线滚动了一圈，如图所示，那么（ﻩ)ﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩA．硬币圆心的位移大小和路程相等ﻩﻩﻩＢ．硬币圆心的位移大小和路程不相等ﻩﻩC. 硬币圆周上的每一点的位移大小和该点的路程相等ﻩﻩD. 硬币圆周上的每一点的位移大小大于该点的路程ﻩﻩﻩﻩﻩ考点：位移与路程. ﻩ分析:ﻩ位移是由初位置指向末位置，是矢量；路程是运动轨迹的长度,是标量. ﻩ解答:ﻩ解:A、位移是由初位置指向末位置的有向线段,路程是运动轨迹的长度，硬币圆心做的是单向直线运动，位移大小等于路程,硬币圆周上的每一点的运动轨迹不同,不是做单向直线运动，所以硬币圆周上的每一点的位移大小小于该点的路程,故BCD错误,A正确．ﻩﻩﻩ故选：Ａﻩﻩ点评: 解决本题的关键掌握位移和路程的区别:位移是由初位置指向末位置,是矢量；路程是运动轨迹的长度,是标量．ﻩﻩﻩﻩﻩﻩ２.(4分）（2014秋•大竹县校级月考)一列客车沿平直轨道以３0m/s的速度向前运动，司机发现正前方１50m处有一块山上滑落的巨石挡住了道路，司机立即刹车使车做匀减速运动.为了避免与巨石相撞,刹车时的加速度大小至少为( )ﻩﻩﻩﻩﻩA．2ﻩｍ/s2Ｂ．5ﻩm／ｓ2 C. 0.5ﻩm／ｓ2ﻩＤ．３ﻩm/ｓ2ﻩﻩﻩ考点: 匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系.ﻩﻩ专题:ﻩ直线运动规律专题．ﻩﻩﻩ分析: 根据匀变速直线运动的速度位移公式,结合末速度为零,求出刹车的加速度大小．解答: 解：根据速度与位移的关系式得，a＝﹣=﹣3 m/s2.则加速度大小为3m/s2．ﻩ故选:D. ﻩﻩﻩ点评：解决本题的关键掌握匀变速直线运动的速度位移公式,并能灵活运用，基础题. ﻩﻩﻩﻩﻩﻩ3.(4分）(２01４秋•营山县校级月考)如图所示为一质点的v﹣t图象,下列对质点运动的描述正确的是(ﻩ）ﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩA．ﻩ该质点做曲线运动ﻩﻩB.ﻩ该质点在t1时间内的平均速度是ﻩﻩﻩﻩﻩC. 该质点的加速度逐渐增大ﻩﻩD．该质点的加速度逐渐减小ﻩﻩﻩﻩﻩﻩ考点：ﻩ匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．ﻩﻩ专题: 运动学中的图像专题．ﻩﻩﻩ分析：ﻩv﹣t图象只能表示质点的直线运动情况,根据速度图象的斜率等于加速度判断质点的运动情况. ﻩ解答：解：Ａ、v﹣t图形状是曲线,但描述的是直线运动.故A错误；ﻩﻩﻩﻩﻩＢ、该质点在t1时间内的位移大于匀加速直线运动的位移，则这段时间内的平均速度大于匀加速直线运动的平均速度，而匀加速直线运动的平均速度为=，则该质点在t１时间内的平均速度大于,故B错误.ﻩﻩCD、由图象可知,速度越来越大,图象的斜率等于加速度，而斜率逐渐减小,所以质点做加速度减小的加速运动,故C错误,D正确．ﻩﻩﻩ故选：D ﻩﻩﻩﻩ点评: 本题关键抓住速度图象的斜率表示加速度、面积表示位移,要知道对于匀变速直线运动平均速度可以运用公式=求解. ﻩﻩﻩﻩﻩﻩ4.（4分)(201４秋•大竹县校级月考）某质点的位移随时间的变化关系为x＝６ｔ﹣２ｔ２,x 单位为米(m），t单位为秒(s)，那么1s末速度为（ﻩ) ﻩﻩﻩﻩﻩﻩＡ．ﻩ6m／s B. 4ｍ/sﻩＣ．ﻩ2m/sＤ. 1ｍ/s ﻩﻩﻩﻩ考点: 匀变速直线运动的位移与时间的关系. ﻩ专题: 直线运动规律专题．ﻩ分析:ﻩ根据匀变速直线运动的位移时间关系求得物体运动的加速度和初速度，再根据速度时间关系求1ｓ末的速度．ﻩﻩ解答: 解:根据匀变速直线运动的位移时间关系由表达式可知，物体运动的加速度ａ=﹣4m/ｓ2，初速度v=6ｍ/ｓ,所以根据速度时间关系，物体1s末的速度v＝v0＋at=6+（﹣4）×1m／s=2m/sﻩﻩ故选:C．ﻩﻩﻩﻩﻩ点评:ﻩ能根据匀变速直线运动的位移时间关系由位移表达式求出物体运动的加速度和初速度是正确解题的关键,属于基础题不难.ﻩﻩﻩﻩﻩﻩ５．（4分)(2014秋•岳麓区校级期中)下列描述的运动中可能的有(ﻩ) ﻩﻩﻩﻩﻩA.ﻩ速度变化很大,加速度为零ﻩﻩB．ﻩ速度变化方向为正,加速度方向为负ﻩＣ. 速度变化越来越快,加速度越来越小ﻩﻩﻩD．速度越来越大，加速度越来越小ﻩﻩﻩﻩ考点：加速度;速度.ﻩﻩ专题：直线运动规律专题. ﻩﻩﻩ分析：ﻩ加速度等于单位时间内的速度变化量,反映速度变化快慢的物理量,加速度方向与速度变化量的方向相同．ﻩﻩﻩ解答: 解：A、速度变化很大,一定具有速度的变化量,则加速度不为零,故A错误．ﻩﻩB、加速度方向与速度变化量ﻩ的方向相同，速度变化方向为正,加速度方向为正，故Ｂ错误.ﻩﻩﻩﻩC、加速度是反映速度变化快慢的物理量，速度变化越来越快，加速度越来越大,故C错误.ﻩﻩﻩﻩﻩD、当加速度方向与速度方向相同，加速度越来越小，速度越来越大,故D正确. ﻩ故选:D．ﻩﻩ点评：ﻩ解决本题的关键知道加速度的物理意义,以及掌握判断物体做加速运动还是减速运动的方法，关键看加速度方向与速度方向的关系．ﻩﻩﻩﻩﻩﻩ6.(4分)(2０14秋•大竹县校级月考）某人沿直线向西100m，然后又向东沿直线５0m，取向东方向为正方向，则此人全过程通过的路程和位移分别为（)ﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩＡ．1０0m,100mﻩ15０m,10０ｍ C. 1５0ｍ,50m D．ﻩＢ．ﻩ１50m,﹣50mﻩﻩﻩﻩﻩ考点: 位移与路程．ﻩﻩﻩ专题：直线运动规律专题．ﻩﻩ分析：ﻩ路程是标量，大小等于物体运动轨迹的长度，位移是矢量,位移的大小等于由初位置指向末位置的有向线段的长度．ﻩﻩ解答:ﻩ解:人沿直线向西１00m,然后又向东沿直线50m,取向东方向为正方向，则路程为：ﻩﻩｓ=１00+５０m=１５0m.ﻩﻩﻩ位移的大小为：ﻩﻩｘ=﹣100+50m=﹣５0m ﻩﻩ故选:Ｄﻩﻩ点评：ﻩ解决本题的关键知道位移是由初位置指向末位置,是矢量；路程是运动轨迹的长度,是标量．ﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩ二、多选题：共４题每题4分共16分ﻩﻩﻩﻩﻩ７.（4分）(2014秋•大竹县校级月考)有关瞬时速度、平均速度、平均速率，以下说法正确的是(ﻩ) ﻩﻩﻩﻩA．ﻩ瞬时速度是指物体在某一位置或某一时刻的速度ﻩﻩﻩﻩB．平均速度是物体在一段时间内位移与所用时间的比值ﻩﻩﻩＣ．ﻩ做变速运动的物体，平均速率就是平均速度的大小ﻩﻩﻩD．物体做变速运动时，平均速度是指物体通过的路程与所用时间的比值ﻩﻩﻩﻩﻩﻩ考点：平均速度. ﻩﻩ专题：ﻩ直线运动规律专题．ﻩ分析:ﻩ平均速度表示位移与时间的比值，平均速率表示路程与时间的比值．瞬时速度表示某一时刻或某一位置的速度，瞬时速度点的大小表示瞬时速率ﻩﻩ解答:ﻩ解:A、瞬时速度表示某一时刻或某一位置的速度.故A正确; ﻩﻩﻩﻩBD、平均速度是物体在一段时间内的位移与所用时间的比值．故Ｂ正确，D错误；ﻩC、平均速率为路程与时间的比值,平均速度为位移与时间的比值,因做变速运动的物体位移大小不一定与路程相等,平均速率不是平均速度的大小,故C错误；ﻩﻩﻩ故选：ＡB.ﻩﻩﻩﻩﻩ点评:ﻩ解决本题的关键理解平均速度和平均速率的概念,知道平均速度的大小不表示平均速率ﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩ8．(4分)(２007•海南)两辆游戏赛车a、ｂ在两条平行的直车道上行驶．t＝0时两车都在同一计时线处，此时比赛开始．它们在四次比赛中的v﹣t图如图所示．哪些图对应的比赛中,ﻩﻩﻩﻩﻩ有一辆赛车追上了另一辆?(ﻩ)ﻩﻩA.Ｂ．ﻩC．ﻩﻩﻩD．ﻩﻩﻩﻩﻩ考点：ﻩ匀变速直线运动的图像．ﻩﻩﻩﻩﻩ分析:ﻩ该题考察了应用速度﹣﹣时间图象解决物体的追击与相遇问题，相遇的条件是两物体运动的位移相等．应用在速度﹣﹣时间图象中图象与横轴所围成的面积表示物体发生的位移这一规律，分析两物体是否会相遇．ﻩﻩ解答：ﻩ解：在速度﹣﹣时间图象里，图象与横轴所围成的面积表示物体发生的位移.ﻩﻩﻩﻩA、从A图中可以看出,当t=2０s时,两图象面积相等,此时一辆赛车追上另一辆；所以选项A正确．ﻩﻩﻩB、图中a的面积始终小于b的面积,所以不可能追上;所以选项Ｂ错误. ﻩﻩC、图象也是在ｔ＝２0s时,两图象面积相等,此时一辆赛车追上另一辆;所以选项C正确.ﻩﻩﻩﻩD、图象中a的面积始终小于b的面积，所以不可能追上;所以选项Ｄ错误．ﻩ故选：AC.点评:ﻩ图象法是描述物理规律的重要方法，应用图象法时注意理解图象的物理意义,即图象的纵、横坐标表示的是什么物理量,图线的斜率、截距、两条图线的交点、图线与坐标轴所夹的面积的物理意义各如何. ﻩﻩﻩ用图象研究物理问题是一种常用的数学方法，图象具有直观、简单等优点；但是用图象法研究问题,一定要根据题意分析清楚物体的运动情景,正确画出物体的运动图象，这是应用图象解题的关键.ﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩ９．（4分)（２0１4秋•大竹县校级月考）下列说法正确的是（）ﻩﻩﻩﻩﻩＡ.ﻩ变速直线运动的速度是变化的ﻩﻩﻩB．平均速度即为速度的平均值ﻩﻩC.ﻩ瞬时速度是物体在某一时刻或在某一位置时的速度ﻩﻩﻩﻩﻩD．ﻩ瞬时速度可看作时间趋于无穷小时的平均速度ﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩ考点：平均速度;瞬时速度.ﻩ专题：直线运动规律专题．ﻩﻩ分析:ﻩ速度是描述物体运动快慢的物理量,平均速度表示在某段时间内的位移与时间的比值，不能用速度的平均值来求；瞬时速度是指物体在某一瞬间或某一位置时的速度.ﻩﻩﻩ解答:ﻩ解:A、变速直线运动的速度一定是变化的;故A正确；ﻩﻩﻩB、平均速度为位移与时间的比值;对于一般的曲线运动,平均速度不能用速度的平均值来表示;故B错误；ﻩC、瞬时速度是物体在某一时刻或某一位置时的速度;故C正确;ﻩＤ、瞬时速度可看作时间趋于无穷小时的平均速度;故D正确；ﻩﻩ故选:ＡCD．ﻩ点评：ﻩ本题考查速度、平均速度及瞬时速度,要注意明确平均速度及瞬时速度的定义．ﻩﻩﻩﻩﻩ１0.（４分)(2014秋•大竹县校级月考)关于速度和速率,下列说法正确的是(ﻩ) ﻩﻩＡ. 瞬时速率等于瞬时速度的大小ﻩﻩﻩﻩB．平均速率等于平均速度的大小Ｃ. 对运动的物体而言，某段时间内的平均速度不可能为零ﻩﻩﻩﻩﻩD.ﻩ对运动的物体而言,某段时间内的平均速率不可能为零ﻩﻩﻩﻩﻩ考点：平均速度. ﻩﻩ专题：ﻩ直线运动规律专题．分析：瞬时速度的大小表示速率,但是平均速度的大小与平均速率概念不同，平均速度等于位移与时间的比值,平均速率等于路程与时间的比值. ﻩﻩﻩ解答：ﻩ解：A、瞬时速度的大小表示速率.故A正确．ﻩB、平均速度的大小不表示平均速率，平均速度等于位移与时间的比值,平均速率等于路程与时间的比值．故Ｂ错误．ﻩﻩﻩﻩＣ、D、对于运动的物体，位移可能为零，但路程不可能为零，则平均速度可能为零,平均速率不可能为零．故Ｃ错误,D正确.ﻩﻩﻩ故选：ＡD．ﻩﻩ点评：ﻩ解决本题的关键知道瞬时速度的大小表示速率,但是平均速度的大小与平均速率概念不同,平均速度等于位移与时间的比值，平均速率等于路程与时间的比值. ﻩﻩﻩﻩﻩﻩ三、填空题:共3题每题4分共12分ﻩﻩﻩ１1.(4分）(２0１4秋•大竹县校级月考)美国“肯尼迪”号航空母舰上装有帮助飞机起飞的弹射系统,已知“F﹣１5A”型战斗机在跑道上加速时产生的最大加速度为５m／s２，起飞速度为５0m／ｓ．弹射系统能够使飞机获得的最大速度为3０m/s,则飞机起飞时在跑道上至少需要加速ﻩ4ﻩs才能起飞．ﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩ考点: 匀变速直线运动的位移与时间的关系;匀变速直线运动的速度与时间的关系．ﻩﻩ专题:ﻩ直线运动规律专题．ﻩﻩ分析:ﻩ根据匀变速直线运动的速度时间公式求出飞机起飞所需的时间．ﻩﻩﻩ解答：解:由速度公式可得at=v﹣v0，故t=＝ﻩｓ=4ﻩs．ﻩ故答案为：4．ﻩﻩﻩ点评: 解决本题的关键掌握匀变速直线运动的速度时间公式，并能灵活运用，基础题．ﻩﻩﻩﻩﻩ12．(４分)(2０1４秋•大竹县校级月考)A、Ｂ、C三个物体同时同地出发做直线运动，它们的x﹣t图象如图所示,在2０s的时间内,它们的路程关系是Ａ的路程最大,BC相等.ﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩ考点: 匀变速直线运动的图像.ﻩﻩﻩ专题: 运动学中的图像专题.ﻩﻩﻩ分析: 根据x﹣ｔ图象中斜率表示速度，分析物体的运动情况，明确物体的位移和路程，再进行分析. ﻩﻩﻩ解答:ﻩ解:从图象可以知道:A物体是做变速运动．在２0ﻩs内,它运动到离原点的距离大于ｘ1后又做反向运动回到离原点距离为ｘ１处.Ｂ物体是做匀速直线运动,C物体做变速运动．它们一定沿同一方向运动.在20 s内，三个物体的位移均为x1,但在20s内,Ｂ、C两物体是沿同一方向运动，它们的位移大小与路程相等，所以它们的路程也相等．Ａ物体在20ﻩｓ内离出发点的最远距离大于x1,所以它的路程超过了ｘ1的大小，在三个物体中它的路程最大．故A的路程最大,BC相等．ﻩﻩ故答案为:A的路程最大，BC相等．ﻩﻩﻩ点评：ﻩ解决本题的关键知道路程表示运动轨迹的长度，只有做单向直线运动时，位移的大小才等于路程．ﻩﻩﻩﻩ13．（4分)（2０１４秋•大竹县校级月考)中国护航编队一驱逐舰用90km／ｈ的速度追赶它前面1２0km处正在匀速行驶（同方向）的索马里海盗,驱逐舰追了27０km才追上，则海盗船的航速是50ﻩkm/h．ﻩﻩﻩﻩﻩ考点: 匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．ﻩﻩﻩﻩ专题:ﻩ直线运动规律专题．ﻩﻩﻩ分析：ﻩ根据驱逐舰的速度和位移求出追及的时间,抓住时间相等,结合海盗船的位移求出海盗船的速度. ﻩﻩﻩ解答:ﻩ解:追及的时间ｔ=ﻩﻩﻩﻩ海盗船的位移x２＝270﹣１20km=150ｋｍ.ﻩﻩﻩ则海盗船的速度.ﻩﻩ故答案为：50．ﻩ点评：本题考查运动学中的追及问题,抓住时间相等,结合位移关系进行求解．ﻩﻩﻩﻩﻩ四、计算题：共4题每题１２分共48分ﻩﻩﻩﻩﻩ１4．(12分）（２0１４秋•大竹县校级月考）某同学从学校的门口A处开始散步,先向南走了50ｍ到达B处,再向东走了100m到达C处，最后又向北走了１50m到达D处，则:ﻩﻩ(1)此人散步的总路程和位移各是多少？ﻩﻩﻩﻩ（2）要比较确切地表示这人散步过程中的各个位置，应采用什么数学手段较妥,分别应如何表示？ﻩﻩﻩﻩ(3)要比较确切地表示此人散步的位置变化,应用位移还是路程？ﻩﻩﻩﻩﻩﻩ考点: 位移与路程.ﻩﻩ专题: 直线运动规律专题．ﻩ分析:ﻩ路程是运动轨迹的实际长度,是标量;位移是从初位置到末位置的有向线段，是矢量.ﻩﻩ解答:ﻩ解：(1）这人散步的总路程为s＝（50+１０0＋１50)m=3０0 m．画图如图所示，ﻩ其位移大小为m=100ﻩm,且tａnα=１,α=４5°,即位移方向东偏北45°角．ﻩﻩﻩ(２）应用直角坐标中的坐标表示,以A为坐标原点，向东为x轴正向，向北为ｙ轴正向，则A点为（０，０），B(0，﹣５0)，C(100，﹣50),D(10０，１０0）.ﻩﻩﻩ(３）应用位移能准确表示人的位置变化.ﻩﻩﻩ答：（１)此人散步的总路程为300 ｍ、位移大小为100m,方向为东偏北4５°;ﻩﻩﻩ(2）应用坐标系来表示较妥，建立如图坐标系，Ａ（0,0），B（0，﹣5０)，C（1０0，﹣５0)，Ｄ（1０0,100）; ﻩﻩ（3）用位移表示ﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩ点评：本题关键是区分位移与路程的区别,注意位移是矢量，路程是标量．ﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩ１5．（１2分)（2014秋•大竹县校级月考)一个质点沿直线做加速运动,到A点时速度为3m ／s，到B点时速度变为１2m/s历时6s;到B点后又做减速运动，再经６ｓ到达Ｃ点,并停下来,求: ﻩﻩﻩ(1)从A点到B点过程中的加速度ﻩﻩﻩﻩ（2)从B点到C点过程中的加速度．ﻩﻩﻩﻩﻩﻩ考点: 匀变速直线运动的速度与时间的关系.专题：ﻩ直线运动规律专题．ﻩﻩﻩ分析：ﻩ根据速度时间公式求出A到B和Ｂ到C点过程中的加速度．ﻩﻩﻩﻩ解答:ﻩ解：（1）根据速度时间公式得，ｖ=v0+aｔﻩﻩﻩ解得A点到B点的过程中的加速度:ａ==1.5ｍ/s2. ﻩﻩ（2）B点到C点的加速度：＝﹣2m/s2. ﻩﻩﻩ答：（1)从A点到Ｂ点过程中的加速度为1.5m／s2.ﻩﻩ（2)从B点到Ｃ点过程中的加速度为﹣2 m/s2ﻩﻩﻩ点评：ﻩ解决本题的关键掌握匀变速直线运动的速度时间公式，并能灵活运用. ﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩ1６.(12分)（20１4秋•南昌期中)某种类型的飞机,从静止开始做匀加速直线运动,加速度大小为４m/ｓ2,飞机速度达到8０m/s时离开地面升空．如果飞机在达到起飞速度时,突然接到命令停止起飞，飞行员立即使飞机制动,飞机做匀减速运动,加速度大小为5m/s2.如果要求你为该类型的飞机设计一条跑道,使在这种特殊情况下飞机不滑出跑道,你设计的跑道长度至少要多长?ﻩﻩﻩﻩﻩ考点：匀变速直线运动的速度与位移的关系．ﻩﻩﻩﻩﻩ专题:ﻩ直线运动规律专题.ﻩﻩﻩ分析:ﻩ飞机先从静止开始匀加运动，后匀减速运动，根据速度位移关系公式分段求出位移大小,即可求得跑道的长度．ﻩﻩﻩ解答：ﻩ解:由得ﻩﻩ对于静止到起飞阶段有ﻩ８02﹣０２=2×4×s1ﻩ可得ﻩs１＝800(m) ﻩ对于减速阶段有02﹣80２＝２×（﹣５)×s2ﻩﻩﻩ可得ﻩs2＝6４0(m）ﻩﻩ跑道长度至少为ﻩs=s1＋s２＝14４０（m）ﻩ答：跑道长度至少为1440m．ﻩﻩﻩ点评：本题首先要搞清飞机的运动情况，再根据匀变速直线运动的速度及位移关系解答．ﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩ17.（１2分）(２0１4秋•缙云县校级期末）中新网2０14年１０月24日报道，澳大利亚官员称，在印度洋偏远海域搜寻失联的MH3７0航班的工作进展顺利,但由于搜寻面积广大，可能将耗时数月.现用飞机进行航空搜寻.假设飞机在岸边机场起飞，到达距离海平面300米高度时水平速度大小为６0m/s，此后飞机保持在离水面3００ｍ的高度水平直线巡航.设飞机的加速度为2m/s２，巡航时最大速度大小为１00m/s，飞机达到最大速度后保持匀速飞行，如图所示，飞机上搜寻人员可在106°视角范围内搜寻目标,从飞机到达距离海平面30０米高度水平直线巡航开始计时，求: ﻩﻩﻩ（1)飞机到达最大速度时需多长时间？ﻩﻩﻩ（2）飞机作匀加速运动过程的位移？ﻩﻩﻩﻩ（3)从飞机到达距离海平面30０米高度水平巡航开始计时,2分钟内搜寻人员能搜寻多大的海域面积?(tａn37°=0.７5,taｎ53°＝) ﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩ考点: 匀变速直线运动的速度与位移的关系;匀变速直线运动的速度与时间的关系．ﻩﻩﻩ专题:ﻩ直线运动规律专题.ﻩﻩﻩ分析: 根据匀变速直线运动的速度时间公式求出飞机达到最大速度的时间．根据速度位移公式求出匀加速运动的位移．ﻩﻩ根据几何关系求出飞机飞行时的视角宽度，结合飞机匀加速运动的位移和匀速运动的位移大小求出搜寻的海域面积. ﻩﻩﻩ解答: 解：(１）由v t＝ｖ0+at得:=．ﻩﻩﻩ（2)由2ax=v t2﹣ｖ02ﻩﻩﻩﻩ得ｘ==16０0m ﻩﻩﻩﻩ（3)假设飞机水平飞行时的视角宽度为b；由ｔaｎ5３°＝得：ｂ=800ｍﻩﻩﻩ在2分钟时间里前2０s飞机先作匀加速运动,后t＝１00ｓ再作匀速直线运动，则有:ﻩS总=Ｓ1＋S2;ﻩS1＝xb；ﻩS２=ｂｖｔt ﻩﻩ代入数据联立解得：Ｓ总=9．28 ｘ106ﻩm2ﻩ答：（1)飞机到达最大速度时需2０s时间．ﻩﻩﻩ(2）飞机作匀加速运动过程的位移为160０m．ﻩﻩﻩ（3）从飞机到达距离海平面30０米高度水平巡航开始计时,２分钟内搜寻人员能搜寻的海域面积为9．28 x １06ｍ2ﻩﻩ点评: 解决本题的关键掌握匀变速直线运动的速度时间公式、速度位移公式，并能灵活运用,基础题．ﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩﻩ。

2021-2022学年四川省自贡市达州中学高二物理月考试题含解析

2021-2022学年四川省自贡市达州中学高二物理月考试题含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意 1. 如图所示，质量为m 的木块在置于水平面上的木板上滑行，木板静止，木块与木板、木板与桌面间的动摩擦因数均为μ，木板质量为3m ，则木板所受桌面给的摩擦力大小为（）A.μmgB. 2μmgC. 3μmgD.4μmg参考答案：A2. 下列说法正确的是A ．电荷在某处不受电场力作用，则该处电场强度为零B ．一小段通电导线在某处不受磁场力作用，则该处磁感应强度一定为零C ．表征电场中某点电场的强弱，是把一个试探电荷放到该点时受到的电场力与试探电荷本身电量的比值D ．表征磁场中某点磁场的强弱，是把一小段通电导线放到该点时受到的磁场力与该小段导体长度和电流乘积的比值参考答案：AC3. (单选题)关于万有引力，下列说法正确的是A ．万有引力是开普勒首先发现的B ．只有质量极大的天体间才有万有引力，质量较小的物体间没有万有引力C ．地面附近物体所受到的重力就是万有引力D ．重力是由于地面附近的物体受到地球吸引而产生的，但重力并不是万有引力参考答案：D4. 物体运动的初速度为6 m/s ，经过10 s 速度的大小变为20 m/s ，则加速度大小可能是( )A ．0.8 m/s 2B ．1.4 m/s 2C ．2.0 m/s 2D ．2.6 m/s 2参考答案：BD5. 已知一束可见光a 是由m 、n 、p 三种单色光组成的。

检测发现三种单色光中，n 、p 两种色光的频率都大于m 色光；n 色光能使某金属发生光电效应，而p 色光不能使该金属发生光电效应。

那么，光束a 通过三棱镜的情况是参考答案：A二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 如图所示电路，当A 、B 两端接入150V 的电压时，C 、D 两端电压为50V.当C 、D 两端接入150V 电压时，A 、B 两端电压为100V, 求R1：R2：R3=--_____________参考答案：_4：4：1___7. 图1为某一热敏电阻的I-U 关系曲线图，在图2所示的电路中，电源电压恒为9v ，电流表读数为70mA ，定值电阻R1=250，由热敏电阻的I-U 关系曲线可知，热敏电阻两端的电压约为 v ，热敏电阻的阻值约为，电阻R2的阻值约为。

四川省大竹县文星中学2021年春高二下期4月月考理科综合物理 Word版含解析

四川省大竹县文星中学2021年春高二下期4月月考理科综合物理部分考试时间：50分钟；满分：100分题号一二三四总分得分留意事项：1．答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息2．请将答案正确填写在答题卡上第I卷（选择题）一、单选题：共6题每题4分共24分1．下列说法正确的是()A.物体所带的电荷量可以为任意实数B.不带电的物体上,既没有正电荷也没有负电荷C.摩擦起电过程,是靠摩擦产生了电荷D.利用静电感应使金属导体带电,实质上是导体中的自由电子趋向或远离带电体【答案】D【解析】自然界中的电荷量不是任意无限可分的,其最小单位为元电荷所带的电荷量1.60×10-19 C,故选项A错误;物体不带电,是由于其内部正、负电荷的量值相等,对外不显电性,故选项B错误;电荷既不能制造,也不能毁灭,摩擦起电同样不能制造电荷,是一个物体失去电子、另一个物体得到电子的过程,选项C错误;自由电子是金属导体中的自由电荷,在带电体的作用下,导体中的自由电子会趋向或远离带电体,使导体两端带等量异种电荷,选项D 正确.2．下列关于电源电动势的说法正确的是A.电源是通过静电力把其他形式的能转化为电能的装置B.在电源内部负电荷从低电势处向高电势处移动C.电源电动势反映了电源内部非静电力做功的本事D.把同一电源接在不同的电路中，电源的电动势也将变化【答案】C【解析】电源是通过非静电力做功把其他形式的能转化为电能的装置，选项A错误；电源是将负电荷从电源的正极搬运到负极的装置，选项B错误；电动势E＝，即搬运单位电荷非静电力做功越多，电源的电动势越大，它反映了非静电力做功的本事大小，选项C正确；电动势是电源本身的性质，与接入的外电路无关，选项D错误。

3．如图所示，D是一只二极管，它的作用是只允许电流从a流向b，不允许电流从b流向a。

平行板电容器AB内部原有带电微粒P处于静止状态，当两极板A和B的间距稍增大一些后，微粒P的运动状况将是：A.向上运动B.向下运动C.仍静止不动D.无法推断【答案】C【解析】二极管具有单向导电性，它的作用只允许电流从a流向b。

2020-2021学年四川省达州市大竹中学高二物理期末试题带解析

2020-2021学年四川省达州市大竹中学高二物理期末试题含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. 如图，一理想变压器原副线圈的匝数比为1：2；副线圈电路中接有灯泡，灯泡的额定电压为220V，额定功率为22W；原线圈电路中接有电压表和电流表。

现闭合开关，灯泡正常发光。

若用U和I分别表示此时电压表和电流表的读数，则A．U=110V , I=0.2AB. U=110V , I=0.05 AC. U=110V , I=0.2AD. U=110V , I=0.2A参考答案：A2. （单选）理想变压器的原线圈的匝数为110匝，副线圈的匝数为550匝，当原线圈接在12V的蓄电池两端以后，则副线圈的输出电压为()A．60 VB．2.4VC．220VD．0 V参考答案：D3. 奥斯特实验的重大意义在于它说明了（）A.磁场的存在B.磁场具有方向性C.通电导线周围存在磁场D.磁体间有相互作用参考答案：C 4. 关于楞次定律，下列说法正确的是（）A. 感应电流的磁场方向总是与外磁场的方向相反。

B. 感应电流的磁场方向总是与外磁场的方向相同。

C. 感应电流的磁场方向与原磁场方向无关。

D. 感应电流的磁场总是阻碍原来磁场的变化。

参考答案：D5. （多选）在如图所示电路中，电内阻不可忽略．R1和R2为定值电阻，R为滑动变阻器，在R的滑动触头向上滑动的过程中( )A．电压表与电流表的示数都减小B．电压表与电流表的示数都增大C．定值电阻R1电功率增大D．R中电流变化的绝对值大于电流表读数变化的绝对值参考答案：ACD二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 一轻弹簧上端固定，下端挂一物块处于静止，今将其向下拉离平衡位置一端距离（在弹性限度内），静止释放物块上下做简谐振动，弹簧的劲度系数和物块质量未知。

现在手头只有一把刻度尺，通过测量，就可求出振动周期。

（当地重力加速度为g）（1）写出简单测量步骤：________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________ （2）用所测量的物理量写出周期表达式：________________________________________参考答案：7. 如图所示，匀强磁场的磁感强度B=0．1T ，矩形线圈的匝数N=100匝，边长=0．2m ，=0．5m ，转动角速度rad ／s ，转轴在正中间。

2020年四川省达州市文星中学高二物理下学期期末试题带解析

2020年四川省达州市文星中学高二物理下学期期末试题含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. 在LC振荡电路中，电容器C的带电量随时间变化图象如图所示，在1×10-6S到2×10-6S 内，关于电容器充放电的判定及该电容器产生的电磁波波长，正确结论是A．充电过程，波长为1200mB．充电过程，波长为1500mC．放电过程，波长为1200mD．放电过程，波长为1500m参考答案：A2. 用频率为的光照射大量处于基态的氢原子，在所发射的光谱中仅能观测到频率分别为、、的三条谱线，且，则下列选项正确的是A. B. C. D.参考答案：B3. 如图所示实验装置中用于研究电磁感应现象的是（）参考答案：B 选项A是用探究影响安培力的大小因素的实验；选项B是研究电磁感应现象的实验，导体棒在磁场中做切割磁感线运动时观察电流表是否会产生感应电流；选项C是用探究安培力与电流、磁感应强度的大小关系的实验，选项D是奥斯特实验，证明通电导线周围存在磁场4. （多选题）A、B两个小球，A和B之间相互吸引，如果A带正电，则（）A．B球带正电B．B球带负电C．B球不带电 D. B球可能带正电，也可能带负电参考答案：BC5. 关于晶体，以下说法中正确的是：( )A.晶体一定有规则的几何外形B.晶体一定具有各向异性，只有非晶体显示各向同性C.晶体熔化时具有一定的熔点D.晶体融化时吸收热量，分子平均动能一定增大参考答案：C二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 质量为2kg的物体在合外力作用下做直线运动的υ一t图象如图所示。

在0—2s内，合外力对物体做的功为_______J。

参考答案：7. 如图所示的电路中，电源的电动势为12V，内阻为1Ω，两定值电阻的阻值分别为19Ω和20Ω。

开关S闭合后，电路中的电流为 A，A、B间的电压为 V。

参考答案：0.3；68. 如图所示，电源电动势E ＝3V，R1＝14Ω，电流表内阻不计，当开关S打在“1”档时，电流表的示数为I1＝0.2A；当开关S打在“2”档时，电流表的示数为I2＝0.3A，则电源内电阻r＝______Ω，电阻R 2＝_______Ω。