2021届新高考物理第一轮复习课时强化训练：部分电路及其规律(解析版)

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2021版高考物理一轮复习课时分层提升练三十一电路电路的基本规律(含解析)

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A.电动机线圈电阻为 1 Ω B.灯泡正常发光时电流表示数为 0.5 A C.灯泡正常发光时电流表示数为 1 A D.电动机输出的机械功率为 4.25 W 【解析】选 A、D。根据 P= 可知灯泡电阻 RL=9 Ω,当 AB 间接电压为 0.49 V 时,电动机不转、为纯电阻电路,根据欧姆定律可知 R 两端电压 UR=IR=0.1×4 V=0.4 V,灯泡两端电压 U1=U-UR=0.49 V-0.4 V=0.09 V,通过灯泡的电流 I1= =0.01 A,通过电动机的电流 I2=0.1 A-0.01 A=0.09 A,根据并联电路特点可知电动机线圈电阻 r= =1 Ω,故选项 A 正确;当 AB 间接电压为 15 V 时,灯泡正常发光,灯泡两端电压为 UL=9 V、通过灯泡的电流为 IL=1 A,则电动机两端电压为 UM=9 V,R 两端电压为 UR=6 V,干路电流 I′= =1.5 A,电流表示数为 1.5 A,通过电动机的电流为 IM=I′-IL=0.5 A,则此时电动机输出的机械功率 P=UMIM- r=4.25 W,故选项 B、C 错误,选项 D 正确。 10.(2019·安顺模拟)如图所示,曲线 C1、C2 分别是纯电阻电路中,内、外电路消耗的电功率随电流变化的图线。由该图可知下列说法中正确的是 ( )
则电源内阻消耗的功率 Pr1<Pr2,选项 C 正确;电源的效率η= = = = ,可知外电路的电
阻越大,则电源的效率越大,则电源效率η1>η2,选项 D 错误;故选 C。【总结提升】 U-I 图像的一般分析思路 (1)明确纵、横坐标的物理意义。 (2)明确图像的截距、斜率及交点的意义。

2021版高考物理一轮复习第七章恒定电流第2讲电路电路的基本规律练习(含解析)

第2讲电路电路的基本规律考点1 电路的动态分析(d)【典例1】(2019·绍兴模拟)如图所示,闭合开关,当滑动变阻器R的滑片P向下滑动时,电路中电压表和电流表示数的变化情况是( )A.V、A示数都变大B.V、A示数都变小C.V示数变大,A示数变小D.V示数变小,A示数变大【解析】选A。

电路中电阻R2与滑动变阻器R并联,然后再与R1串联构成外电路。

当P向下滑动时,R减小,R并减小,E不变。

I=,所以I增大。

因为R1是定值,I增大,所以R1两端的电压U1增大,电压表V示数增大,又因为r不变,故内电路电压U内=Ir将增大,又因为U=E-Ir,故路端电压U减小,由于U=U1+U2,R2两端电压U2必定减小,流过R2的电流I2减小,所以通过滑动变阻器R的电流I R增大,故正确选项为A。

1.如图甲所示,电路中的电源电动势为E,内阻为r。

其中L1、L2和L3为小灯泡,V1和V2为电压表,R为光敏电阻,其在不同光照下(光照强度单位为坎德拉,cd)的伏安特性曲线如图乙所示。

闭合开关S,当照在光敏电阻上的光照增强时,下列说法正确的是( )A.小灯泡L1、L3变亮,L2变暗B.小灯泡L3变暗,L1、L2变亮C.电压表V1示数变化量比电压表V2小D.电压表V2示数变小【解析】选B。

由I -U图线可知,当光照变强时,光敏电阻阻值减小,总电阻减小。

总电流增大,路端电压U减小。

干路电流增大,则L2变亮,U2读数变大;与光敏电阻串联的的灯泡L1电流增大,变亮。

与光敏电阻并联的灯泡L3电压U3=U-U2减小,L3变暗。

路端电压U=U1+U2减小,故U1的变化量大于U2的变化量。

故B正确,A、C、D错误;故选B。

2.如图所示,有一电荷静止于电容器两极板间,内阻不可忽略,现将滑动变阻器滑片向上移动少许,稳定后两个灯泡依然能够发光,则下列说法中正确的是( )A.小灯泡L1、L2变暗B.该电荷一定带正电C.电容器C上电荷量减小D.电流表始终存在从左向右的电流【解析】选A。

高考物理一轮复习课时作业【7-2】电路的基本规律及应用(含答案)

开卷速查规范特训课时作业实效精练开卷速查(二十五) 电路的基本规律及应用A组基础巩固1．(多选题)电源的电动势和内电阻都保持一定，在外电路的电阻逐渐减小的过程中，下面说法正确的是( )A．电源的路端电压一定逐渐变小B．电源的输出功率一定逐渐变小C．电源内部消耗的功率一定逐渐变大D．电源的供电效率一定逐渐变小解析：当外电路的电阻逐渐减小时，电路中的电流增大，内电压增大，路端电压减小，A选项正确；电源的输出功率在内电阻等于外电阻时最大，由于题目没有明确外电阻和内电阻之间的关系，所以不能判断它的变化情况，B选项错误；电源内部消耗的功率和电流有关，电流越大，内电路上消耗的功率越大，C选项正确；电源的供电效率等于路端电压和电源电动势的比值，由于路端电压减小，D选项正确．答案：ACD图25－12．(多选题)用输出电压为1.4 V、输出电流为100 mA的充电器对内阻为2 Ω的镍－氢电池充电，如图25－1所示，下列说法中正确的是( )A．电能转化为化学能的功率为0.12 WB．充电器消耗的电功率为0.14 WC．充电时，电池消耗的热功率为0.02 WD．充电器把0.14 W的功率贮存在电池内解析：充电器的输出功率P出＝1.4×100×10－3W＝0.14 W，镍—氢电池消耗的热功率P热＝(100×10－3)2×2 W＝0.02 W，电池贮存的化学能功率P化＝P出－P热＝0.12 W.答案：AC3．(多选题)有一种测量人体重的电子秤，其原理如图25－2中的虚线所示，它主要由三部分构成：踏板、压力传感器R(是一个阻值可随压力大小而变化的电阻器)、显示体重的仪表G(实质是理想电流表)．设踏板的质量可忽略不计，已知理想电流表的量程为3 A，电源电动势为12 V，内阻为2 Ω，电阻R随压力变化的函数式为R＝30－0.02 F(F和R的单位分别是N和Ω)．下列说法正确的是( )图25－2A．该秤能测量的最大体重是1 400 NB．该秤能测量的最大体重是1 300 NC．该秤零刻度线(即踏板空载时的刻度线)应标在电流表G刻盘0.375 A处D．该秤零刻度线(即踏板空载时的刻度线)应标在电流表刻度盘0.400 A处解析：本题考查传感器及闭合电路欧姆定律．电路中允许的最大电流为3 A，因此根据闭合电路欧姆定律，压力传感器的最小电阻应满足R＋2＝123，R最小值为2Ω，代入R＝30－0.02F，求出F最大值F m＝1 400 N，A项正确，B项错误；当F＝0时，R＝30 Ω，这时电路中的电流I＝1230＋2A＝0.375 A，C项正确，D项错误．答案：AC图25－34．(多选题)高温超导限流器由超导部件和限流电阻并联组成，如图25－3所示，超导部件有一个超导临界电流I c，当通过限流器的电流I＞I c时，将造成超导体失超，从超导态(电阻为零)转变为正常态(一个纯电阻)．以此来限制电力系统的故障电流，已知超导部件的正常态电阻R1＝3 Ω，超导临界电流I c＝1.2 A，限流电阻R2＝6 Ω，小灯泡L 上标有“6 V 6 W”的字样，电源电动势E ＝8 V ，内阻r ＝2 Ω，原来电路正常工作，现L 突然发生短路，则( )A ．短路前通过R 1的电流为23AB ．短路后超导部件将由超导体状态转化为正常态C ．短路后通过R 1的电流为43 AD ．短路后通过R 1的电流为2 A解析：小灯泡L 上标有“6 V 6 W”，该灯泡的电阻R L ＝U 2/P ＝62/6 Ω＝6 Ω，短路前由于电路正常工作，电路的总电阻为R ＝R L ＋r ＝6 Ω＋2 Ω＝8 Ω，总电流为I ＝E/R ＝1 A ，所以短路前通过R 1的电流为I 1＝1 A ，选项A 错误；当L 突然短路后，电路中电流为I ＝E/r ＝4 A ＞I c ＝1.2 A ，超导态转变为正常态，则此时电路中总电阻为R′＝2 Ω＋2 Ω＝4 Ω，总电流I′＝E/R′＝84 A ＝2 A ，短路后通过R 1的电流为I 1′＝43 A ，故选项B 、C 正确，选项D 错误答案：BC5．如图25－4所示，将一根粗细均匀的电阻丝弯成一个闭合的圆环，接入电路中，电路与圆环的O 点固定，P 为与圆环良好接触的滑动头．闭合开关S ，在滑动头P 缓慢地由m 点经n 点移到q 点的过程中，电容器C 所带的电荷量将( )图25－4A ．由小变大B ．由大变小C ．先变小后变大D ．先变大后变小解析：在图示位置时并联电阻最大，从m 点到图示位置过程中圆环总电阻增大，从图示位置到q 位置过程中圆环总电阻减小，则电阻R 两端的电势差先减后增，即电容器上的电压先减后增，由C ＝QU ，电容器C 所带的电荷量先减小后增大，C 对．答案：C图25－56．[2018·上海市东新区模拟]如图25－5所示的电路，电源电动势为E ，内阻为r ，R t 为光敏电阻(光照强度增加时，其电阻值减小)．现增加光照强度，则下列判断正确的是( )A ．B 灯变暗，A 灯变亮 B ．R 0两端电压变大C ．电源路端电压变大D ．电源内压降变小解析：增加光照强度时，R t 阻值减小，电路的总电阻减小，总电流变大，电源内电压变大，路端电压减小，所以A 灯变暗，A 灯的电流减小，R 0上的电流变大，则R 0上的电压变大，所以B 灯的电压减小，B 灯变暗．选项B 正确．答案：BB 组能力提升7．(多选题)如图25－6所示，一台电动机提着质量为m 的物体，以速度v 匀速上升．已知电动机线圈的电阻为R ，图25－6电源电动势为E ，通过电源的电流为I ，当地重力加速度为g ，忽略一切阻力及导线电阻，则( ) A ．电源内阻r ＝EI－RB ．电源内阻r ＝E I －mgvI2－RC ．如果电动机转轴被卡住而停止转动，较短时间内电源消耗的功率将变大D ．如果电动机转轴被卡住而停止转动，较短时间内电源消耗的功率将变小解析：本题主要考查学生对欧姆定律适用范围、电功和电热的区别，要求学生熟练掌握欧姆定律、电功率及焦耳定律的应用．由于电动机是非纯电阻元件，欧姆定律不再适用，电动机的输入功率P 1＝UI ，热功率P 2＝I 2R ，输出功率P 3＝mgv ，P 1＝P 2＋P 3，可解得：U ＝IR ＋mgv I ，又由闭合电路欧姆定律得：E ＝U ＋Ir ，解得r ＝E I －mgv I －R ；当电动机被卡住时，电动机变成纯电阻元件，总电流I 总＝ER ＋r ，电流增大，故电源消耗的功率P 增大，所以选项B 、C 正确．答案：BC8．如图25－7所示，直线Ⅰ、Ⅱ分别是电源1与电源2的路端电压随输出电流变化的特性图线，曲线Ⅲ是一个小灯泡的伏安特性曲线，如果把该小灯泡先后分别与电源1和电源2单独连接时，则下列说法不正确的是( )图25－7A ．电源1和电源2的内阻之比是11∶7B ．电源1和电源2的电动势之比是1∶1C ．在这两种连接状态下，小灯泡消耗的功率之比是1∶2D ．在这两种连接状态下，小灯泡的电阻之比是1∶2解析：电源的特性图线与小灯泡的伏安特性曲线的交点，即为电源与小灯泡连接时的工作状态，交点的坐标为工作时的电压和电流．电源内阻之比r 1r 2＝E 1/I 1E 2/I 2＝I 2I 1，A 项正确；两电源电动势均为10 V ，比值为1∶1，B 项对；两种连接状态下，小灯泡消耗的功率之比是P 1P 2＝I 1U 1I 2U 2＝3×55×6＝12，C 项正确；两种连接状态下，小灯泡的电阻之比是R 1R 2＝U 1/I 1U 2/I 2＝3×65×5＝1825，D 项错，选D 项．答案：D图25－89．[2018·陕西省西安市长安区一中模拟]如图25－8所示电路中，电源电动势为E，电源内阻为r，串联的固定电阻为R2，滑动变阻器的总电阻为R1，电阻大小关系为R1＝R2＝r，则在滑动触头从a端移动到b端的过程中，下列描述中正确的是( )A．电路中的总电流先增大后减小B．电路的路端电压先增大后减小C．电源的输出功率先增大后减小D．滑动变阻器R1上消耗的功率先减小后增大解析：当滑动变阻器从a→b移动时R1作为并联电路总电阻先增大后减小，根据闭合电路欧姆定律可知：电流是先减小后增大，A错误；路端电压U＝E－Ir，因为电流先减小后增大，所以路端电压先增大后减小，B正确；当电源内阻等于外电阻时，电源的输出功率最大，滑动变阻器在两端时，外电阻恰好等于内电阻，此时输出功率最大，因此电源的输出功率先减小后增大，C错误；当滑片在a端或者b端的时候R1被短路，此时R1消耗的功率为零，因此R1输出功率是先增大后减小，D错误．答案：B10．如图25－9甲所示的电路中，R1、R2均为定值电阻，且R1＝100 Ω，R2阻值未知，R3为一滑动变阻器．当其滑片P从左端滑到右端时，测得电源的路端电压随电源中流过的电流的变化图线如图25－10乙所示，其中A、B两点是滑片P在变阻器的两个不同端点得到的，求：图25－9(1)电源的电动势和内阻． (2)定值电阻R 2的阻值． (3)滑动变阻器的最大阻值．解析：(1)将图乙中AB 线延长，交U 轴于20 V 处，交I 轴于1.0 A 处，所以电源的电动势为E ＝20 V ，内阻r ＝EI 短＝20 Ω. (2)当P 滑到R 3的右端时，电路参数对应图乙中的B 点，即U 2＝4 V 、I 2＝0.8 A ，得R 2＝U 2I 2＝5 Ω.(3)当P 滑到R 3的左端时，由图乙知此时 U 外＝16 V ，I 总＝0.2 A ，所以R 外＝U 外I 总＝80 Ω，因为R 外＝R 1R 3R 1＋R 3＋R 2，所以R 3＝300 Ω.答案：(1)20 V 20 Ω (2)5 Ω (3)300 Ω11．一个电源的路端电压U 随外电路电阻R 的变化规律如图25－10甲所示，图中U ＝12 V 的直线为图线的渐近线．现将该电源和一个变阻器R 0接成如图25－10乙所示电路，已知电源允许通过的最大电流为2 A ，变阻器的最大阻值为R 0＝22 Ω.求：图25－10(1)电源电动势E 和内电阻r ；(2)空载时A 、B 两端输出的电压范围． (3)A 、B 两端所能接负载的电阻的最小值．解析：(1)据全电路欧姆定律：E ＝U ＋Ir 由图甲可知，当I ＝0时，E ＝U ＝12 V当E ＝12 V ，R ＝2 Ω时，U ＝6 V ，据全电路欧姆定律可得：r ＝2 Ω. (2)空载时，当变阻器滑片移至最下端时，输出电压U AB ＝0 当滑片移至最上端时，有E ＝U AB ＋Ir ，I ＝E R 0＋r可得这时的输出电压U AB ＝11 V 所以，空载时输出电压范围为0～11 V.(3)设所接负载电阻的最小值为R′，此时滑片应移至最上端，电源电流最大I ＝2 A ，有：E ＝I(R 外＋r)，其中R 外＝R 0R′R 0＋R′，代入数据可得：R′＝4.9 Ω.答案：(1)12 V 2 Ω (2)0～11 V (3)4.9 Ω12．一电路如图25－11所示，电源电动势E ＝28 V ，内阻r ＝2 Ω，电阻R 1＝12 Ω，R 2＝R 4＝4 Ω，R 3＝8 Ω，C 为平行板电容器，其电容C ＝3.0 pF ，虚线到两极板间距离相等，极板长L ＝0.20 m ，两极板的间距d ＝1.0×10－2m.图25－11(1)若开关S 处于断开状态，则当其闭合后，求流过R 4的总电荷量为多少？(2)若开关S 断开时，有一带电微粒沿虚线方向以v 0＝2.0 m/s 的初速度射入C 的电场中，刚好沿虚线匀速运动，问：当开关S 闭合后，此带电微粒以相同初速度沿虚线方向射入C 的电场中，能否从C 的电场中射出？(要求写出计算和分析过程，g 取10 m/s 2)解析：(1)S 断开时，电阻R 3两端电压为U 3＝R 3R 2＋R 3＋r E ＝16 VS 闭合后，外电阻为R ＝R 12＋R 3R 1＋R 2＋R 3＝6 Ω路端电压为U ＝RR ＋r E ＝21 V此时电阻R 3两端电压为U′3＝R 3R 2＋R 3U ＝14V 则流过R 4的总电荷量为ΔQ ＝CU 3－CU′3＝6.0×10－12C.(2)设微粒质量为m ，电荷量为q ，当开关S 断开时有：qU 3d＝mg 当开关S 闭合后，设微粒加速度为a ，则mg －qU′3d ＝ma设微粒能从C 的电场中射出，则水平方向运动时间为：t ＝Lv 0竖直方向的位移为：y ＝12at 2由以上各式求得：y ＝6.25×10－3m ＞d 2故微粒不能从C 的电场中射出．答案：(1)6.0×10－12C (2)不能C 组难点突破13．在如图25－12所示的电路中，E 为电源电动势，r 为电源内阻，R 1和R 3均为定值电阻，R 2为滑动变阻器．当R 2的滑片在a 端时合上开关S ，此时三个电表A 1、A 2和V 的示数分别为I 1、I 2和U.现将R 2的滑片向b 端移动，则三个电表示数的变化情况是( )图25－12A ．I 1增大，I 2不变，U 增大B ．I 1减小，I 2增大，U 减小C ．I 1增大，I 2减小，U 增大D ．I 1减小，I 2不变，U 减小解析：电路结构：R 1、R 2并联后再与R 3串联，A 1测通过R 1的电流I 1，A 2测通过R 2的电流I 2，V 测路端电压U.R 2的滑片由a 滑向b ，R 2阻值减小，电路总电阻减小，则总电流I 增大；根据闭合电路欧姆定律知路端电压U ＝E －Ir ，所以电压表示数U 减小；R 1两端电压U 1＝U －U 3，而U 3＝IR 3，U 3增大，所以U 1减小，则I 1减小，而I ＝I 1＋I 2，所以I 2增大．答案：B。

2021版高考物理一轮温习第八章第1讲部份电路的规律及应用练习鲁科版

第1讲部份电路的规律及应用[课时作业] 单独成册方便利用[基础题组]一、单项选择题1．(2021·山东济宁模拟)铜的摩尔质量为m ，密度为ρ，每摩尔铜原子中有n 个自由电子．今有一根横截面积为S 的铜导线，当通过的电流为I 时，电子平均定向移动的速度为( )A ．光速cB.IneSC.ρIneSmD.mIneSρ解析：由电流表达式I ＝n ′eSv 可得v ＝In ′eS，其中n ′＝n m /ρ＝nρm ，故v ＝mIneSρ，D 对．答案：D2．现有一段长为L 、电阻为R 的均匀电阻丝，把它拉成3L 长的均匀细丝后，切成等长的三段，然后把它们并联在一起，其电阻值为( ) A.R 3B ．3R C.R9D ．R解析：按照R ＝ρL S ＝ρL 2V可知，原电阻丝被拉长3倍后的总阻值为9R ，再切成三段后每段的阻值为3R ，把它们并联后的阻值为R ，故选项D 正确．答案：D3.两根材料相同的均匀导线x 和y ，其中，x 长为l ，y 长为2l ，串联在电路中时沿长度方向的电势φ随位置的变化规律如图所示，那么，x 和y 两导线的电阻和横截面积之比分别为( ) A ．3∶1,1∶6 B ．2∶3,1∶6 C ．3∶2,1∶5D ．3∶1,5∶1解析：由图可知，两导线两头的电压之比为3∶1，电流相同，则电阻之比为3∶1，由电阻定律R ＝ρL S 得横截面积S ＝ρL R ，横截面积之比S x S y ＝L x L y ·R y R x ＝12×13＝16，A 正确．答案：A4.如图所示，厚薄均匀的矩形金属薄片边长为ab ＝10 cm ，bc ＝5 cm ，当将C 与D 接入电压恒为U 的电路时，电流强度为2 A ，若将A 与B 接入电压恒为U 的电路中，则电流为( ) A ．0.5 A B ．1 A C ．2 AD ．4 A解析：设金属薄片厚度为d ′，按照电阻定律公式R ＝ρlS ，有R CD ＝ρl bc l ab ·d ′，R AB ＝ρl abl bc ·d ′，故R CD R AB ＝12×12＝14；根据欧姆定律，电压相同时，电流与电阻成反比，故两次电流之比为4∶1，故第二次电流为0.5 A ，故选A. 答案：A5.如图为一玩具起重机的电路示用意．电源电动势为 6 V ，内电阻为0.5 Ω，电阻R ＝2.5 Ω，当电动机以0.5 m/s 的速度匀速向上提升一质量为320 g 的物体时(不计一切摩擦阻力，g 取10 m/s 2)，标有“3 V,0.6 W”的灯泡正好正常发光．则电动机的内阻为( ) A ．1.25 Ω B ．3.75 Ω C ．5.625 ΩD ．1 Ω解析：电动机输出功率P 出＝mgv ＝1.6 W ，灯泡中电流I L ＝P 额U 额＝0.2 A ，干路电流I ＝E －U 额r ＋R＝1 A ，电动机中电流I M ＝I －I L ＝0.8 A ，电动机的输入功率P ＝U 额 I M ＝I 2M R M ＋P 出，计算得R M ＝1.25 Ω，A 正确．答案：A 二、多项选择题6.某一导体的伏安特性曲线如图中AB 段(曲线)所示，关于导体的电阻，以下说法正确的是( ) A ．导体在B 点的电阻为120 Ω B ．导体在B 点的电阻为40 ΩC ．导体的电阻因温度的影响改变了1 ΩD ．导体的电阻因温度的影响改变了10 Ω解析：按照电阻的概念式可以求出A 、B 两点的电阻别离为R A ＝30.1 Ω＝30 Ω，R B ＝60.15 Ω＝40 Ω，所以ΔR ＝R B －R A ＝10 Ω，故B 、D 对，A 、C 错．答案：BD7．下列关于电功、电功率和焦耳定律的说法中正确的是( ) A ．电功率越大，电流做功越快，电路中产生的焦耳热必然越多B ．W ＝UIt 适用于任何电路，而W ＝I 2Rt ＝U 2Rt 只适用于纯电阻电路C ．在非纯电阻电路中，UI ＞I 2R D ．焦耳热Q ＝I 2Rt 适用于任何电路解析：由电功率公式P ＝W t知，电功率越大，表示电流做功越快．对于一段电路，有P ＝IU ，I ＝P U ，焦耳热Q ＝(PU )2Rt ，可见Q 与P 、t 都有关，所以，P 越大，Q 不必然越大，选项A 错误；W ＝UIt 是电功的概念式，适用于任何电路，而W ＝I 2Rt ＝U 2Rt 只适用于纯电阻电路，选项B 正确；在非纯电阻电路中，电流所做的功＝焦耳热＋其他形式的能，所以W ＞Q ，即UI ＞I 2R ，选项C 正确；Q ＝I 2Rt 是焦耳热的定义式，适用于任何电路中产生的焦耳热，选项D 正确．答案：BCD8.(2021·江西南昌调研)如图所示是某型号电吹风的电路图，它主要由电动机M 和电热丝R 组成．已知电吹风的额定电压为220 V ，吹冷风时的功率为120 W ，吹热风时的功率为1 000 W ．关于该电吹风，下列说法正确的是( ) A ．若S 一、S2闭合，则电吹风吹冷风 B ．电热丝的电阻为55 ΩC ．电动机工作时输出的机械功率为880 WD ．当电吹风吹热风时，电动机每秒钟消耗的电能为120 J解析：开关均闭合时，电动机、电热丝均工作，电吹风吹热风，A 项错误；电动机工作时输出的机械功率为电动机的功率减去自身消耗的功率，其数值必然小于120 W ，C 项错误；由P ＝U 2R 得R ＝U 2P ＝22021 000－120 Ω＝55 Ω，B 项正确；电吹风吹热风、冷风时电动机消耗的电功率不变，均为120 W ，故每秒钟消耗的电能为120 J ，D 项正确．答案：BD[能力题组]一、选择题9．欧姆不仅发现了欧姆定律，还研究了电阻定律．有一个长方体金属电阻，材料散布均匀，边长别离为a 、b 、c ，且a ＞b ＞c .电流沿以下方向流过该金属电阻，其中电阻阻值最小的是( )解析：由电阻的决定式可知，A 中电阻R A ＝ρcab ，B 中电阻R B ＝ρb ac ，C 中电阻R C ＝ρa bc，D 中电阻R D ＝ρa bc，由于a ＞b ＞c ，故电阻最小的为A. 答案：A10．(2021·湖北孝感期中)机动车的尾气含有铅等大量有害物质，而且也是造成地球“温室效应”的重要因素之一．电动汽车因其无尾气排放且噪音小等因素，正在逐渐被人们接受．某国产品牌电动汽车的铭牌如下表，已知蓄电池贮存的电能等于其容量乘输出电压，则下列说法正确的是( )规格后轮驱动直流电动机车型：60″电动汽车电动机额定输出功率：1 675 W整车质量：400 kg额定转速：600 r/min 蓄电池(容量It ＝800 A·h，输出电压约为36 V) 额定工作电压/电流：36 V/50 AB ．电动机的内阻为0.72 ΩC ．蓄电池充满电后贮存的电能约为2.88×104JD ．充满电后电动汽车在额定功率下能持续行驶的时间约为16 h解析：电动机正常工作时消耗的电功率P ＝U 额I 额＝36×50 W＝1 800 W ，故A 错误；电动机内阻的发烧功率P 热＝P －P 出＝1 800 W －1 675 W ＝125 W ，则电动机的内阻为r ＝P 热I 2额＝0.05 Ω，故B 错误；蓄电池充满电后贮存的电能为W ＝UIt ＝800×3 600×36 J＝1.04×108J ，故C 错误；在额定功率下持续行驶最长时间为t ＝WP＝16 h ，故D 正确．答案：D11．一只电饭煲和一台洗衣机并联接在输出电压为220 V 的交流电源上(其内电阻可忽略不计)，均正常工作．用电流表别离测得通过电饭煲的电流是5.0 A ，通过洗衣机电动机的电流是0.50 A ，则下列说法中正确的是( )A ．电饭煲的电阻为44 Ω，洗衣机电动机线圈的电阻为440 ΩB ．电饭煲消耗的电功率为1 555 W ，洗衣机电动机消耗的电功率为155.5 WC ．1 min 内电饭煲消耗的电能为6.6×104J ，洗衣机电动机消耗的电能为 6.6×103JD ．电饭煲发烧功率是洗衣机电动机发烧功率的10倍解析：由于电饭煲是纯电阻元件，所以R 1＝U I 1＝44 Ω，P 1＝UI 1＝1 100 W 其在1 min 内消耗的电能W 1＝UI 1t ＝6.6×104J洗衣机为非纯电阻元件，所以R 2≠U I 2，P 2＝UI 2＝110 W 其在1 min 内消耗的电能W 2＝UI 2t ＝6.6×103 J其热功率P 热≠P 2，所以电饭煲发烧功率不是洗衣机电动机发烧功率的10倍．答案：C12.(多选)如图所示电路，电源电动势为E ，内阻为r .当开关S 闭合后，小型直流电动机M 和指示灯L 都恰能正常工作．已知指示灯L 的电阻为R 0，额定电流为I ，电动机M 的线圈电阻为R ，电压表的示数为U .不计灯泡电阻转变，则下列说法中正确的是( ) A ．额定电流I ＝ER ＋R 0＋rB ．电动机的发烧功率为U 2RC ．电动机的输入功率为IUD ．电动机的效率η＝1－IR U解析：由于电动机正常工作时其电路是非纯电阻电路，欧姆定律不成立，所以不能用公式I ＝E R ＋R 0＋r求解电路中的电流，故A 错误．电动机发烧功率为P 热＝I 2R ，由于U >IR ，则知P热<U 2R ，故B 错误．通过电动机的电流为I ，电动机的输入功率为P 入＝IU ，故C 正确．电动机的效率η＝P 出P 入＝IU －I 2R IU ＝1－IRU，故D 正确．答案：CD 二、非选择题13．神经系统中，把神经纤维分为有髓鞘与无髓鞘两大类．现代生物学以为，髓鞘是由多层(几十层到几百层不等)类脂物质——髓质积累而成的，髓质具有很大的电阻．已知蛙有髓鞘神经，髓鞘的厚度只有2 μm 左右，而它在每平方厘米的面积上产生的电阻却高达1.6×105Ω.(1)若不计髓质片层间的接触电阻，计算髓质的电阻率；(2)如有一圆柱体是由髓质制成的，该圆柱体的体积为32π cm 3，当在其两底面上加上1 000 V 的电压时，通过该圆柱体的电流为10π μA，求圆柱体的圆面半径和高．解析：(1)由电阻定律R ＝ρlS得ρ＝SR l ＝1.0×10－4×1.6×1052×10－6Ω·m ＝8×106Ω·m.(2)由部份电路欧姆定律I ＝U R 和R ＝ρh πr 2，得h πr 2＝UIρ，联立圆柱体体积公式V ＝πr 2h ，代入数据解得h ＝0.02 m ＝2 cm ，r ＝0.04 m ＝4 cm. 答案：(1)8×106Ω·m (2)4 cm 2 cm14．有一个直流电动机，把它接入0.2 V 电压的电路时，电动机不转，此时测得流过电动机的电流是0.4 A ；若把电动机接入2.0 V 电压的电路中，电动机正常工作，工作电流是1.0 A ．求：(1)电动机线圈的电阻；(2)电动机正常工作时的输出功率；(3)在发动机正常工作时，转子突然被卡住，此时电动机的发烧功率．解析：(1)电动机不转时，电动机电路为纯电阻电路，按照欧姆定律可得线圈的电阻R ＝U 0I 0＝0.5 Ω；(2)电动机正常工作时的输入功率P 输入＝UI ＝2.0×1.0 W＝2 W ，此时线圈的发烧功率为P 热＝I 2R ＝0.5 W ，电动机的输出功率P 输出＝P 输入－P 热＝2 W －0.5 W ＝1.5 W ；(3)当转子被卡住以后，电动机为纯电阻电路，电动机的发烧功率P 热′＝U 2R ＝220.5W ＝8 W.答案：(1)0.5 Ω (2)1.5 W (3)8 W。

浙江专版2021年高考物理一轮复习课时提升作业二十二电路电路的基本规律含解析

电路电路的基本规律（建议用时40分钟)1。

（2019·江苏高考)如图所示的电路中,电阻R=2 Ω。

断开S 后,电压表的读数为3 V;闭合S后,电压表的读数为2 V,则电源的内阻r为(）A。

1 Ω B.2 ΩC.3 ΩD.4 Ω【解析】选A。

根据闭合电路欧姆定律U外=E-Ir和I=,可得E=3 V,r=1 Ω，故选项A正确，B、C、D错误.2。

电流表G的内阻为R g，用它测量电压时,量程为U；用它改装成的大量程电流表的内阻是R A,量程为I,这几个量的关系式正确的是 ()A.R A>R g>R gB.R A〉R g>C。

R A〈R g<R g D。

R A〈R g=【解析】选C。

因电流表改装成的大量程电流表需并联分流电阻,所以R A〈R g，故A、B错误；因R A=<R g，故C正确,D错误. 3.图甲为某标有“35 μF±5％”的电容器，图乙为标有“3.7 V 1 350 mAh”的某品牌手机电池板，则以下说法正确的是（)A。

电容器和手机电池的充电过程都是电能转化为化学能的过程B。

该手机电池铭牌上的1 350 mAh指储存的电量,当以135 mA 的电流工作时，可连续放电10 小时C.该电容器只有在正常工作时电容才是35 μF左右D.该手机电池能储存的最大电能约为0。

5 kW·h【解析】选B。

电容器充电时是将电能转化为电场能，而手机电池的充电过程是电能转化为化学能的过程,故A错误；由q=It可知，该手机电池铭牌上的1 350 mAh指储存的电量,故t=h=10 h，因此当以135 mA 的电流工作时,可连续放电10小时,故B正确;电容器的电容是由电容器本身性质决定的,任何时刻均为35 μF左右,故C错误;由W=UIt可知，该手机的最大电能为W=3。

7×1 350×10-3 kW·h≈5 kW·h,故D错误。

2021高考人教版物理一轮复习课时作业：第8章第2讲电路电路的基本规律 (含解析)

课时作业时间：45分钟满分：100分一、选择题(本题共10小题，每小题7分，共70分。

其中1～7题为单选，8～10题为多选)1．如果闭合电路中电源的电动势为12 V，外电压为10 V，当有0.5 C电荷量通过电路时，下列结论正确的是()A．在电源内部，非静电力将5 J的其他形式的能转化为电能B．在电源内部，静电力将6 J的其他形式的能转化为电能C．在电源外部，静电力将5 J的电能转化为其他形式的能D．在电源外部，静电力将6 J的电能转化为其他形式的能答案 C解析在电源内部，根据公式有W＝qE＝0.5×12 J＝6 J，非静电力将6 J的其他形式的能转化为电能，故A、B错误；在电源外部，根据公式有W＝qU＝0.5×10 J＝5 J，静电力将5 J的电能转化为其他形式的能，故C正确，D错误。

2.如图所示为两电源的UI图象，则下列说法正确的是()A．电源①的电动势和内阻均比电源②小B．当外接相同的电阻时，两电源的输出功率可能相等C．当外接同样的电阻时，两电源的效率可能相等D．不论外接多大的相同电阻，电源①的输出功率总比电源②的输出功率大答案 D解析由UI图线知E1>E2，r1>r2，故A错误；当外接相同电阻时，画出电阻的UI图与①、②分别有交点，交点即为工作点，交点横、纵坐标乘积为电源输出功率，可知电源①的输出功率总比电源②的输出功率大，故B错误，D正确；电源的效率η＝R×100%，因r不同，则效率不可能相等，故C错误。

R＋r3.如图所示为两个量程的电压表原理图，定值电阻R1＝2.95×104Ω，R2＝1.2×105Ω，灵敏电流计内阻R g＝500 Ω，满偏电流I g＝100 μA，下列关于电压表量程的说法正确的是()A．当使用O、A两接线柱时，量程为4 VB．当使用O、A两接线柱时，量程为6 VC．当使用O、B两接线柱时，量程为15 VD．当使用O、B两接线柱时，量程为30 V答案 C解析在电压表中，量程达到满偏时，经过“表头”的电流均为满偏电流。

2021届新高考物理第一轮复习课时强化训练：电磁感应中的电路问题

2021届新高考物理第一轮复习课时强化训练电磁感应中的电路问题一、选择题1、如图所示为航母上电磁弹射装置的等效电路图(俯视图)，使用前先给超级电容器C充电，弹射时，电容器释放储存的电能所产生的强大电流经过导体棒EF，EF在磁场(方向垂直纸面向外)作用下加速。

则下列说法正确的是( )A．电源给电容器充电后，M板带正电B．导体棒在安培力作用下向右运动C．超级电容器相当于电源，放电时两端电压不变D．在电容器放电过程中，电容器电容不断减小解析：选B 电源给电容器充电时，M板与电源负极相连，带负电，选项A 错误；导体棒在安培力作用下向右运动，选项B正确；超级电容器相当于电源，根据Q＝CU可知，放电时两端电压减小，选项C错误；在电容器放电过程中，电容器电容保持不变，选项D错误。

2、如图所示，导体杆OP在作用于OP中点且垂直于OP的力作用下，绕O轴沿半径为r 的光滑的半圆形框架在匀强磁场中以一定的角速度转动。

磁场的磁感应强度为B ，AO 间接有电阻R ，杆和框架电阻不计，回路中的总电功率为P ，则( )A ．外力的大小为2BrP RB ．外力的大小为Br PRC ．导体杆旋转的角速度为2PRBr2D ．导体杆旋转的角速度为1Br 2PR解析：选C 设导体杆转动的角速度为ω，则导体杆转动切割磁感线产生的感应电动势E ＝12Br 2ω，I ＝ER ，根据题述回路中的电功率为P ，则P ＝EI ；设维持导体杆匀速转动的外力为F ，则有P ＝Fv2，v ＝rω，联立解得F ＝BrP R ，ω＝2PR Br2，选项C 正确，A 、B 、D 错误。

3、如图所示，abcd 为水平放置的平行“匚”形光滑金属导轨，间距为l ，导轨间有垂直于导轨平面的匀强磁场，磁感应强度大小为B ，导轨电阻不计。

已知金属杆MN 倾斜放置，与导轨成θ角，单位长度的电阻为r ，保持金属杆以速度v 沿平行于cd 的方向滑动(金属杆滑动过程中与导轨接触良好)。

2021届高考物理一轮复习考点优化训练专题测试：电路的基本规律及应用

2021年高考物理一轮复习考点优化训练专题测试：电路的基本规律及应用一、单选题1.图甲表示某金属丝的电阻随摄氏温度变化的情况。

把这段金属丝与电池、电流表串联起来（图乙），用这段金属丝做测温探头，把电流表的刻度改为相应的温度刻度，就得到了一个简易温度计。

下列说法正确的是（）A. 应标在电流较大的刻度上，且温度与电流是线性关系B. 应标在电流较大的刻度上，且温度与电流是非线性关系C. 应标在电流较大的刻度上，且温度与电流是线性关系D. 应标在电流较大的刻度上，且温度与电流是非线性关系2.图示电路中，电源E、r恒定，闭合S后，改变R1、R2接入电路的阻值，下列判断正确的是（）A. 若仅增大R1阻值，则R2消耗的电功率必增大B. 若仅把滑片P从a滑到b，R1消耗的功率一直增大C. 若增大R1阻值，同时也增大R2接入电路的等效阻值，则两电表示数变化量的比值也增大D. 不论如何改变R1和R2接入电路的总阻值，两电表的示数变化必然相反3.如图所示，图线a、b分别为某电源和某定值电阻的U－I图线，现将此电源与此电阻直接相连，根据所学知识分析下列选项正确的是（）A. 该电源的内电阻大于定值电阻的阻值B. 该电源的内电阻消耗的功率大于定值电阻消耗的功率C. 如果减小定值电阻的阻值，电源的输出功率可能增大D. 如果减小定值电阻的阻值，电源的效率可能增大4.如图所示，电流计的内阻R g=98Ω，满偏电流I g=1mA，R1=902Ω，R2=2Ω，则下列说法正确的是（）A. 当S1和S2均断开时，虚线框中可等效为电流表，最大量程是1AB. 当S1和S2均断开时，虚线框中可等效为电压表，最大量程是1VC. 当S1和S2均闭合时，虚线框中可等效为电流表，最大量程是1AD. 当S1和S2均闭合时，虚线框中可等效为电压表，最大量程是1V5.电路如图，电源内阻不可忽略，闭合开环后将滑动变阻器的滑动头P向右滑动，关于各表读数变化，下列说法正确的是（）A. 电源电压不变，所以电压表读数不变B. 电压表读数与电流表A1读数之比变大C. 电流表A1读数变大D. 电流表A2读数变大6.在如图所示的电路中，当开关S闭合后，若将滑动变阻器的滑片向下调节，下列说法正确的是（）A. 灯变暗，电压表的示数减小B. 灯变暗，电流表的示数减小C. 电压表和电流表的示数都增大D. 灯变亮，电容器的带电荷量减少7.如图所示的U-I图像中，直线I为某电源的路端电压与电流的关系，直线Ⅱ为某一电阻R的伏安特性曲线，用该电源直接与电阻R连接成闭合电路，由图像可知（）A. R的阻值为2.5ΩB. 电源电动势为3V，内阻为0.5ΩC. 电源的输出功率为3.0WD. 电源内部消耗功率为1.5W8.在如图所示电路中，电源的电动势和内阻分别为E、r，定值电阻R0的阻值也为r。

天津2021届高考物理一轮章节复习精讲精练之电路电路的基本规律Word版含答案

第七章第2讲电路电路的基本规律一、选择题(本大题共10小题，每小题7分，共70分．第1～6题只有一项符合题目要求，第7～10题有多项符合题目要求．全部选对的得7分，选对但不全的得4分，有选错的得0分．) 1．(2022·上海市七校调研联考)如图7－2－21所示的电路中，电电动势为E，内电阻为r，L为小灯泡(其灯丝电阻可以视为不变)，R1和R2为定值电阻，R3为光敏电阻，其阻值的大小随照射光强度的增加而减小．闭合开关S后，将照射光强度增加，则()图7－2－21A．R1两端的电压将增大B．R2两端的电压将增大C．灯泡L将变暗D．电路的路端电压将增大【解析】闭合开关S后，将照射光强度增加，光敏电阻R3的阻值减小，灯泡L将变亮，R2两端的电压将减小，R1两端的电压将增大，电路的路端电压将减小，选项A正确．【答案】 A2.如图7－2－22所示的电路中，电流表和电压表均可视为抱负电表．现闭合开关S后，将滑动变阻器滑片P向左移动，正确的是()图7－2－22A．电流表的示数变小，电压表的示数变大B．小灯泡L变亮C．电容器C上电荷量减小D．电的总功率变大【解析】将滑动变阻器滑片P向左移动，电阻R2接入电路部分电阻增大，电流表的示数变小，电压表的示数变大，选项A正确；电输出电流减小，小灯泡L中电流变小，小灯泡L变暗，选项B错误；电容器两端电压增大，电容器C上电荷量增大，选项C错误．电输出电流减小，电的总功率变小，选项D错误．【答案】 A3．如图7－2－23所示的电路中，灯泡A和B原都是正常发光．突然灯泡B比原变暗了些，而灯泡A比原变亮了些，则电路中消灭断路故障的是(设只有一处消灭了故障)()图7－2－23A．R2B．R3C．R1D．灯B【解析】依题意，整个电路只有一处发生了断路，下面分别对不同区域进行争辩：①若R1断路．电路中总电阻变大，电流变小，路端电压上升，A、B两灯均变亮，不合题意．②若R3断路．B与R3并联，该段电路中电阻变大，电压上升，B中的电流增大，B灯变亮，不合题意．③若R2断路，A与R2并联，这段电路中电阻变大，A灯两端电压上升，A中电流增大，A 灯变亮；因B灯两端电压减小，B灯中电流变小，B灯变暗，与题中条件相符．④若B灯断路，则B灯不能发光，不合题意．【答案】 A4.(2021·湖南浏阳一中模拟)某导体中的电流随其两端电压的变化如图7－2－24所示，则下列说法中正确的是()图7－2－24A ．加5 V 电压时，导体的电阻约是5 ΩB ．加12 V 电压时，导体的电阻约是1.4 ΩC ．由图可知，随着电压的增大，导体的电阻不断减小D ．由图可知，随着电压的减小，导体的电阻不断增大【解析】【答案】 A5.如图7－2－25所示，电电动势E ＝8 V ，内电阻为r ＝0.5 Ω，“3 V 3 W ”的灯泡L 与电动机M 串联接在电上，灯泡刚好正常发光，电动机刚好正常工作，电动机的线圈电阻R 0＝1.5 Ω.下列说法中正确的是( )图7－2－25A ．通过电动机的电流为1.6 AB ．电的输出功率是8 WC ．电动机消耗的电功率为3 WD ．电动机的输出功率为3 W【解析】 “3 V 3 W ”的灯泡L 与电动机M 串联，说明通过灯泡与电动机的电流相等，其电流大小为I L ＝P L U L＝33 A ＝1 A ；路端电压U ＝E －Ir ＝8 V －1×0.5 V ＝7.5 V ，电的输出功率P出＝UI ＝7.5×1 W ＝7.5 W ；电动机消耗的功率为P M ＝P 出－P L ＝7.5 W －3 W ＝4.5 W ；电动机的热功率为P 热＝I 2L R 0＝12×1.5 W ＝1.5 W ；电动机的输出功率为P M －P 热＝4.5 W －1.5 W ＝3 W ；正确选项为D.【答案】 D6．(2022·南开中学模拟)在如图7－2－26所示的电路中，电的负极接地，其电动势为E ，内电阻为r ，R 1、R 2为定值电阻，R 3为滑动变阻器，C 为电容器，电流表和电压表均为抱负电表．滑动变阻器滑头P 自a 端向b 端滑动的过程中，下列说法中正确的是 ( )图7－2－26A ．电压表示数变小B ．电流表示数变小C ．电容器C 所带电荷量增多D ．a 点的电势降低【解析】在滑动变阻器滑动头P 自a 端向b 端滑动的过程中，并联部分电阻变小，总电阻变小，总电流变大，R 2的电流变小．电流表示数变大，电压表示数变大，a 点的电势降低，选项A 、B 错误，D 正确；电容器两端电压减小，电容器C 所带电荷量减小，选项C 错误．【答案】 D7.(2022·浙江效实中学检测)小灯泡通电后其电流I 随所加电压U 变化的图线如图7－2－27所示，P 为图线上一点，PN 为图线过P 点的切线，PQ 为U 轴的垂线，PM 为I 轴的垂线．则下列说法中正确的是( )图7－2－27A ．随着所加电压的增大，小灯泡的电阻增大B．对应P点，小灯泡的电阻为R ＝U1 I 2C．对应P点，小灯泡的电阻为R＝U1 I2－I1D．对应P点，小灯泡的功率为图中矩形PQOM所围的面积【解析】随着所加电压的增大，灯丝温度上升，小灯泡的电阻增大，选项A正确；对应P点，由欧姆定律知，小灯泡的电阻为R＝U1I2，选项B正确，C错误；依据电功率定义式P＝UI，对应P点，小灯泡的功率为图中矩形PQOM所围的面积，选项D正确．【答案】ABD8．(2022·无锡一中检测)在如图7－2－28甲所示的电路中，L1、L2、L3为三个相同规格的小灯泡，这种小灯泡的伏安特性曲线如图乙所示．当开关S闭合后，电路中的总电流为0.25 A，则此时()甲乙图7－2－28A．L1的电压为L2电压的2倍B．L1消耗的电功率为0.75 WC．L2的电阻为12 ΩD．L1、L2消耗的电功率的比值大于4∶1【解析】电路中的总电流为0.25 A，L1中电流为0.25 A，由小灯泡的伏安特性曲线可知电压为3.0 V，L1消耗的电功率为P＝UI＝0.75 W，选项B正确．依据并联电路规律，L2中电流为0.125 A，由小灯泡的伏安特性曲线可知电压大约为0.3 V，L1的电压大约为L2电压的10倍，选项A错误．由欧姆定律，L2的电阻为R＝U/I＝0.30.125Ω＝2.4 Ω，选项C错误．L2消耗的电功率为P＝UI＝0.3×0.125 W＝0.0375 W，L1、L2消耗的电功率的比值大于4∶1，选项D正确．【答案】BD9.(2022·沈阳模拟)锂电池因能量高、环保无污染而广泛使用在手机等电子产品中．现用充电器为一手机锂电池充电，等效电路如图7－2－29所示，充电器电的输出电压为U，输出电流为I，手机电池的内阻为r，下列说法正确的是()图7－2－29A．电能转化为化学能的功率为UI－I2rB．充电器输出的电功率为UI＋I2rC．电池产生的热功率为I2rD．充电器的充电效率为IrU×100%【解析】充电器将电能转化为锂电池的化学能和电池产生的热能，即UIt＝E化＋I2rt，充电器输出的电功率为UI，电池产生的热功率为I2r，据此可知，电能转化为化学能的功率为UI－I2r，充电器的充电效率为(1－IrU)×100%，所以只有选项A、C正确．【答案】AC10.(2022·唐山一中质检)如图7－2－30所示，A板发出的电子经加速后，水平射入水平放置的两平行金属板间，金属板间所加的电压为U，电子最终打在光屏P上，关于电子的运动，则下列说法中正确的是()图7－2－30A．滑动触头向右移动时，其他不变，则电子打在荧光屏上的位置上升B．滑动触头向左移动时，其他不变，则电子打在荧光屏上的位置上升C．电压U增大时，其他不变，则电子从发出到打在荧光屏上的时间不变D．电压U增大时，其他不变，则电子打在荧光屏上的速度大小不变【解析】滑动触头向右移动时，其他不变，加速电压增大，电子速度增大，则电子打在荧光屏上的位置下降，选项A错误；滑动触头向左移动时，其他不变，加速电压减小，电子速度减小，则电子打在荧光屏上的位置上升，选项B正确；电压U增大时，其他不变，则电子从发出到打在荧光屏上的时间不变，电子打在荧光屏上的速度增大，选项C正确，D错误．【答案】BC二、非选择题(本大题共2小题，共30分．计算题要有必要的文字说明和解题步骤，有数值计算的要注明单位．)11.(14分)(2022·西安一中质检)如图7－2－31所示，R3＝6 Ω，电内阻r为1 Ω，当S合上且R2为2 Ω时，电的总功率为16 W，而电的输出功率为12 W，灯泡正常发光，求：图7－2－31(1)电灯的电阻及功率；(2)S断开时，为使灯泡正常发光，R2的阻值应调到多少欧？【解析】(1)由P总＝IE，P总＝P输＋I2r可得：I＝2 A，E＝8 V电的路端电压U＝E－Ir＝6 V，可得：I灯＝1 A，U灯＝4 V所以：R灯＝U灯I灯＝4 Ω，P灯＝I灯U灯＝4 W.(2)S断开，灯泡正常发光时，电路中的总电流为I灯＝1 A，由I灯＝Er＋R′2＋R灯可得：R′2＝3 Ω.【答案】(1)4 Ω 4 W(2)3 Ω12．(16分)在图7－2－32甲所示的电路中，R1、R2均为定值电阻，且R1＝100 Ω，R2阻值未知，R3为一滑动变阻器，当其滑片P从左端滑至右端时，测得电的路端电压随电中流过的电流变化图线如图乙所示，其中A、B两点是滑片P在变阻器的两个不同端点得到的．求：甲乙图7－2－32(1)电的电动势和内阻；(2)定值电阻R2的阻值；(3)滑动变阻器的最大阻值．【解析】(1)将乙图中AB线延长，交U轴于20 V处．交I轴于1.0 A处，所以电的电动势为E＝20 V，内阻r＝EI短＝20 Ω.(2)当P滑到R3的右端时，R1被短路，电路参数对应乙图中的B点，即U2＝4 V，I2＝0.8 A，得R2＝U2I2＝5 Ω.(3)当P滑到R3的左端时，由乙图知此时U外＝16 V，I总＝0.2 A所以R外＝U外I总＝80 Ω由于R外＝R1R3R1＋R3＋R2所以R3＝300 Ω.【答案】(1)20 V20 Ω(2)5 Ω(3)300 Ω。

2021高考人教版物理一轮复习讲义：第8章第2讲电路电路的基本规律(含解析)

第2讲电路电路的基本规律主干梳理对点激活知识点1 电阻的串联、并联I1. 串、并联电路的特点2.电流表、电压表的改装(1) 小量程电流表(表头)①工作原理：主要由磁场和放入其中可转动的互线圈组成。

当线圈中有电流通过时，线圈在安培力作用下带动指针一起偏转，电流越大，指针偏转的角度|15 越大，从表盘上可直接读出电流值。

-----------②二个参数：满偏电流I g,表头内阻R g,满偏电压U g,它们的关系：U g= I g R g。

(2) 电压表、电流表的改装电流表、电压表都是由小量程的电流表G(表头)改装而成的。

它们的改装原理见下表:知识点电源的电动势和内阻1. 电动势⑴定义：电动势在数值上等于_01非静电力把1 C的正电荷在_02电源内部从负极移送到正极所做的功。

⑵表达式：E= _03罟o⑶物理意义：反映电源把其他形式的能转化为电势能的本领大小的物理量。

⑷特点：大小由04非静电力的特性决定，跟电源的体积无关，也跟外电路无关。

2. 内阻：电源内部也是由导体组成，也有电阻，叫做电源的_05内阻，常用r 表示，它是电源的另一重要参数。

知识点3 闭合电路的欧姆定律n1 •闭合电路欧姆定律（i）内容：闭合电路的电流跟电源的电动势成Loi正比，跟内、外电路的电阻之和成02反比。

⑵公式①I二_03R^（只适用于纯电阻电路）；②E= 04 U外+ lr（适用于所有电路）2 •路端电压与外电阻的关系一般情况U —IR—口 | R—R+r1+丄1十R 当R增大时，Uo5增大特殊情况①当外电路断路时，I—0，U —|E②当外电路短路时，i短—[07=，U—03•路端电压跟电流的关系⑴关系式：U = 08 E- lr。

⑵用图象表示如图所示，其中纵轴截距为_09电动势，横轴截距为10短路电流，斜率的绝对值为电源的内阻。

4. 电路的功率和效率⑴电源的功率P总=J2EI。

⑵电源内部损耗功率P内=卫丘。

（3）电源的输出功率P出=丄4U!o⑷电源的效率n= gx 100%= 卫¥ X100%。

2021年高考物理一轮复习考点24电路的基本概念和规律部分电路欧姆定律练习含解析

考点24 电路的基本概念和规律部分电路欧姆定律题组一基础小题1．下列关于电流的说法中正确的是( ) A ．根据I ＝q t，可知I 与q 成正比B ．电流的单位“安培”是国际单位制中的基本单位之一C ．电流既有强弱，又有方向，是矢量D ．如果在一段相等的时间内通过导体横截面的电荷量相等，则导体中的电流一定是恒定电流答案 B解析 I ＝q t是电流的定义式，不能由此认为I 与q 成正比，故A 错误；电流的单位“安培”是国际单位制中的基本单位之一，B 正确；电流虽然既有强弱，又有方向，但是电流的相加遵从算术加法的法则，所以电流是标量，C 错误；恒定电流是大小和方向均保持不变的电流，而在一段相等的时间内通过导体横截面的电荷量相等的电流不一定是恒定电流，所以D 错误。

2．安培提出了著名的分子电流假说，根据这一假说，电子绕原子核的运动可等效为环形电流。

设电荷量为e 的电子以速率v 绕原子核沿顺时针方向做半径为r 的匀速圆周运动。

关于该环形电流的说法，正确的是( )A ．电流为ve2πr ，电流的方向为顺时针B ．电流为ve r，电流的方向为顺时针 C ．电流为ve2πr ，电流的方向为逆时针D ．电流为ve r，电流的方向为逆时针答案 C解析电流I ＝q t ＝e 2πr v＝ve2πr，方向与电子运动的方向相反，即沿逆时针方向，C 正确。

3. 如图所示的电解液接入电路后，在t 时间内有n 1个一价正离子通过溶液内截面S ，有n 2个二价负离子通过溶液内截面S ，设e 为元电荷，则以下关于通过该截面的电流的说法中，正确的是( )A ．当n 1＝n 2时，电流大小为零B ．当n 1>n 2时，电源外部电流方向由A 指向B ，电流I ＝n 1－2n 2etC ．当n 1<n 2时，电源内部电流方向由B 指向A ，电流I ＝2n 2－n 1etD ．电源外部电流方向由A 指向B ，电流I ＝n 1＋2n 2et答案 D解析电流的方向就是正电荷定向移动的方向，在电源外部电流方向由A 指向B ，在电源内部电流方向由B 指向A ，与n 1、n 2的大小无关，根据题意可知，t 时间内流过溶液内截面的电荷量q ＝(n 1＋2n 2)e ，则电流I ＝n 1＋2n 2et，方向与正电荷定向移动的方向相同。

【师说】2021高考物理一轮温习电路电路的基本规律课后练习（2021新题，含解析）(1)

课时训练22电路电路的大体规律一、选择题1.[2014·大连联考]如下图，甲、乙两电路中电源完全相同，内阻不能忽略，电阻R1>R2.图中电压表为理想表．当在两电路中通过相同的电荷量q的进程中，以下关于两电路的比较正确的选项是( )A．R1上产生的热量比R2上产生的热量多B．电源内部产生热量较多的是甲电路C．电压表V1示数大于电压表V2示数D．甲、乙两电路电源输出功率可能相等解析由焦耳定律可得Q＝I2Rt＝It×IR＝qU，由于两电路电源相同，R1>R2，由串联分压与电阻成正比，得U1>U2，因此Q1>Q2，A、C正确；电源内部产生的热量Qr＝I2rt＝It×Ir＝q(E－U)，由于U1>U2，故Qr1<Qr2，B错误；由于电源的内阻与负载电阻的大小关系未知，由输出功率与负载电阻的关系可知，甲、乙两电路电源输出功率可能相等，D正确．答案ACD2.如下图电路中，三只灯泡原先都正常发光，当滑动变阻器的滑动触头P向右移动时，下面判定正确的选项是( ) A．L1变暗，L2和L3变亮B．L1变暗，L2变亮，L3亮度不变C．L1中电流转变值大于L3中电流转变值D．L1两头电压转变值小于L2两头电压转变值解析滑动变阻器滑动触头向右滑动，电阻增大，电路总电阻增大，干路电流减小，L1变暗，干路电流减小使得电源内阻及定值电阻和L1上的电压均减小，那么并联部份电压增大，L2上的电流增大，L3上的电流减小，L2变亮，L3变暗，故A、B选项错；L3中电流的减少值减去L2中电流的增加值等于L1中电流的减小值，故L3中电流的转变值大于L1中电流的的转变值，C项错误；同理，L2两头电压增加值等于电源内阻、定值电阻和L1上的电压减小值之和，故有L2两头电压转变值大于L1的电压转变值，D选项正确．答案D3．如下图，电路中RT为热敏电阻，R1和R2为定值电阻．当温度升高时，RT阻值变小．开关S闭合后，RT 的温度升高，那么以下物理量变小的是( )A．通过RT的电流B．通过R1的电流C．通过R2的电流D．电容器两极板间的电场强度解析由题意，温度升高，RT阻值变小，总阻值变小，总电流变大，即通过干路电阻R1的电流变大，故B错；显然R1两头即电容器两极板间的电压变大，故两极板间的电场强度变大，D错；RT和R2的并联电压U＝E－I(r＋R1)变小，因此通过R2的电流I2变小，C对；由IT＝I总－I2，可知通过RT的电流变大，故A错．答案C4.[2014·北京测试]电源、开关S、定值电阻R一、光敏电阻R2和电容器连接成如下图电路，电容器的两平行板水平放置．当开关S闭合，而且无光照射光敏电阻R2时，一带电液滴恰好静止在电容器两极板间的M点．当用强光照射光敏电阻R2时，光敏电阻的阻值变小，那么( )A．液滴向下运动B．液滴向上运动C．电容器所带电荷量减少D．电容器两极板间电压变小解析无光照时，带电液滴处于平稳，说明电场力方向竖直向上；有光照时，R2阻值减小，R1两头电压增大，液滴受到的电场力增大，液滴向上运动，A错误，B正确；依照Q＝CU得，电容器带电荷量增加，C、D均错误．答案B5．竖直放置的一对平行金属板的左极板上，用绝缘线悬挂了一个带负电的小球．将平行金属板按如下图的电路连接，电键闭合后绝缘线与左极板的夹角为θ.当滑动变阻器R的滑片在a位置时，电流表的读数为I1，夹角为θ1；当滑片在b 位置时，电流表的读数为I2，夹角为θ2，那么( ) A ．θ1<θ2，I1<I2 B ．θ1>θ2，I1>I2 C ．θ1＝θ2，I1＝I2 D ．θ1<θ2，I1＝I2解析在滑动变阻器的滑片由a 滑到b 位置的进程中，平行金属板两头电势差增大，小球受到的电场力增大，因此夹角θ增大，即θ1<θ2；另外，电路中的总电阻减小，因此总电流增大，即I1<I2.对照各选项可知，答案选A. 答案 A6．如下图电路中，闭合电键S ，当滑动变阻器的滑动触头P 从最高端向下滑动时，( ) A ．电压表V 读数先变大后变小，电流表A 读数变大 B ．电压表V 读数先变小后变大，电流表A 读数变小C ．电压表V 读数先变大后变小，电流表A 读数先变小后变大D ．电压表V 读数先变小后变大，电流表A 读数先变大后变小解析设P 以上电阻为Rx ，那么变阻器在电路中的阻值R′＝R0－Rx Rx R0.当Rx ＝R02时，R′最大．P 从最高端向下滑动时，回路总电阻先增大，后减小．当P 滑向中点时：P 滑过中点后，R′↓→I↑→U↓，由并联分流IA ＝RxR′I ，新的IA 增大，故A 正确．答案 A 7.在如下图的电路中，电源内阻不能忽略，当滑动变阻器滑片移动时，电流表示数变大，那么( ) A ．电源的总功率必然增大 B ．电源的输出功率必然增大 C ．电源内部消耗功率必然减小 D ．电源的效率必然减小解析滑片移动时，电流表示数变大，可知滑片向右滑动，电路总电阻减小，电流增大，因此电源总功率增大，电源效率减小，选项A 、D 正确；电源内阻消耗功率增大，输出功率转变不确信，选项B 、C 错误，因此答案选AD. 答案 AD8.[2014·卢湾调研]某同窗将一直流电源的总功率PE 、输出功率PR 和电源内部的发烧功率Pr 随电流I 转变的图线画在同一坐标系内，如下图，依照图线可知( ) A ．反映Pr 转变的图线是c B ．电源电动势为8 V C ．电源内阻为2 ΩD ．当电流为0.5 A 时，外电路的电阻为6 Ω解析电源的总功率PE ＝IE ，功率与电流成正比，由Pr ＝I2r 知电源内部的发烧功率与电流的平方成正比，A 正确．电流为2 A 时电源的总功率与发烧功率相等，可得出电源电动势为4 V ，内阻为2 Ω，当电流为0.5 A 时，依照闭合电路欧姆定律可得出外电路的电阻为6 Ω，C 、D 正确．答案 ACD9.[2014·山东测试]如下图，电动势为E ，内阻为r 的电源与滑动变阻器R 一、定值电阻R 二、R3、平行板电容器及理想电流表组成闭合电路，图中电压表为理想电压表，当滑动变阻器R1的触头向左移动一小段时，那么( )A ．电流表读数增大B ．电容器带电荷量增加C ．R2消耗的功率减小D ．电压表与电流表示数转变之比不变解析由电路图可知R 一、R2并联再与R3串联，当滑动触头向左移动一小段时，R1电阻减小，电路总电阻减小，依照闭合电路欧姆定律，电路总电流增大，所之内电压增大，路端电压减小，并联部份电压减小，电容器的带电荷量Q ＝CU 减小，R2消耗的功率减小，选项A 、C 正确，B 错误；由U ＝E －Ir ，可得ΔUΔI＝－r ，应选项D正确．答案ACD10.[2014·安徽测试]温度传感器普遍应用于空调、电冰箱等家用电器中，它是利用热敏电阻的阻值随温度转变的特性来工作的．如图(甲)所示，电源的电动势E＝9.0 V，内阻不计；G为灵敏电流计，内阻Rg维持不变；R为热敏电阻，其电阻阻值与温度的转变关系如图(乙)所示．闭合开关S，当R的温度等于20 ℃时，电流表示数I1＝2 mA；当电流表的示数I2＝3.6 mA时，热敏电阻的温度是( )A．60 ℃B．80 ℃C．100 ℃D．120 ℃解析由图象知，当t1＝20 ℃，热敏电阻的阻值R1＝4 kΩ，依照闭合电路欧姆定律：I1＝ER1＋Rg，可解得Rg＝0.5 kΩ，又I2＝ER2＋Rg，可解得R2＝2 kΩ，结合图象得：t2＝120 ℃.答案D二、非选择题11.[2013·天津卷]要测绘一个标有“3 V0.6 W\”小灯泡的伏安特性曲线，灯泡两头的电压需要由零慢慢增加到3 V，并便于操作．已选用的器材有：电池组(电动势为4.5 V，内阻约1 Ω)；电流表(量程为0～250 mA，内阻约5 Ω)；电压表(量程为0～3 V，内阻约3 kΩ)；电键一个、导线假设干．①实验中所用的滑动变阻器应选以下中的________(填字母代号)．A．滑动变阻器(最大阻值20 Ω，额定电流1 A)B．滑动变阻器(最大阻值1 750 Ω，额定电流0.3 A)②实验的电路图应选用以下的图______(填字母代号)．③实验取得小灯泡的伏安特性曲线如下图．若是将那个小灯泡接到电动势为1.5 V，内阻为5 Ω的电源两头，小灯泡消耗的功率是________W.解析 ①由R ＝U2P ＝ 3 V 20.6 W ＝15 Ω知小灯泡的电阻为15 Ω，为调剂方便，应选最大阻值为20 Ω的滑动变阻器，即选A.②因实验要求灯泡两头电压从零慢慢增大，因此应采纳分压电路，又灯泡电阻远小于电压表内阻，因此电流表应采纳外接法，B 项正确．③将灯泡接到电源上时，作出电源的I －U 图象如下图，读得两图线的交点坐标U ＝1.0 V 、I ＝0.10 A ，即为现在灯泡两头的电压及通过灯泡的电流，那么小灯泡消耗的功率P ＝UI ＝1.0 V×0.10 A＝0.1 W. 答案 ①A ②B ③0.112.[2013·浙江卷]采纳如下图的电路“测定电池的电动势和内阻”． (1)除选用照片中的部份器材外，______(填选项)； A ．还需要电压表 B ．还需要电流表C ．还需要学生电源D ．再也不需要其他器材 (2)测量所得数据如下：物理量测量次数 1 2 3 4 5 6 R/Ω 1.2 1.0 0.8 0.6 0.4 0.2 I/A 0.60 0.70 0.80 0.89 1.00 1.20 U/V0.900.780.740.670.620.43用作图法求得电池的内阻r ＝________；(3)依照第5次所测得的实验数据，求得电流表内阻RA ＝________. 解析 (1)因图中无定值电阻，且实验进程需测量电压，应选A. (2)作出U －I 图象，可求得r ＝ΔUΔI≈0.75 Ω.(3)将第5组数据代入RA ＋R ＝UI可求得：RA≈0.22 Ω.答案 (1)A (2)r ＝(0.75±0.10)Ω (3)0.22 Ω13.[2013·安徽卷]依照闭合电路欧姆定律，用图1所示电路能够测定电池的电动势和内电阻．图中R0是定值电阻，通过改变R 的阻值，测出R0两头的对应电压U12，对所得的实验数据进行处置，就能够够实现测量目的．依如实验数据在1U12－R 坐标系中描出坐标点，如图2所示．已知R0＝150 Ω，请完成以下数据分析和处置．图1 图2(1)图2中电阻为________Ω的数据点应剔除； (2)在座标纸上画出1U12－R 关系图线；(3)图线的斜率是________(V －1·Ω－1)，由此可得电池电动势Ex ＝________V.解析 (1)图中偏离图线较远的点要舍去，因此电阻为80.0 Ω的数据点应剔除；(2)在座标纸上画一条滑腻曲线连结各点，如下图．(3)图线的斜率k ＝1.41－0.70160 V －1·Ω－1＝0.004 44 V －1·Ω－1，依照闭合电路欧姆定律可得，ExR0＋R ＋rx ＝U12R0，整理得，1U12＝R0＋rx R0Ex ＋1R0Ex ·R，即，1R0Ex ＝0.004 44，那么电池电动势Ex ＝1.50 V. 答案 (1)80.0 (2)如解析图所示 (3)0.004 44 1.5014．莉莉同窗为了测一节干电池的电动势E 和内电阻r ，做了以下实验．(1)她先用多用电表估测电动势E.将选择开关旋至直流2.5 V 挡，红、黑表笔与干电池的正、负极相接，现在指针所指位置如图甲所示，那么现在多用电表的读数为________V.(2)莉莉再用伏安法更精准地测量该干电池的电动势和内电阻，实验电路如图乙所示．请你用实线代替导线在图丙中连接好实物，要求滑动变阻器的滑动头向右滑动时，其电阻值变大．(3)由实验测得的7组数据已在图丁的U —I 图上标出，请你完成图线．由图象可得E ＝________V(保留3位有效数字)，r ＝________Ω(保留2位有效数字)．解析 (1)被选择开关置于直流2.5 V ，电压表的最小刻度值为2.550＝0.05(V)，故对应的读数为29.0×0.05＝1.45(V)．(3)由电源的伏安特性曲线在U 轴上的截距表示电源电动势可得：E ＝1.49 V ．斜率表示内阻的大小，那么有：r ＝1.49－1.100.36＝1.1(Ω)．答案 (1)1.45(1.45±0.01均对) (2)连线如图丙 (3)如图丁1．49(1.49±0.01均对) 1.1(或1.0均对)。

【高三】2021届高考物理第一轮考纲知识复习电路的基本规律及其应用

【高三】2021届高考物理第一轮考纲知识复习电路的基本规律及其应用【考纲知识梳理】一、闭合电路的欧姆定律1、内容：闭合电路中的电流跟电源的电动势成正比，跟内、外电路的电阻之和成反比，这个结论叫做闭合电路的欧姆定律。

2、公式：I=3、适用条件：外电路是纯电阻的电路。

根据欧姆定律，外电路两端的电势降落为U外=IR，习惯上成为路端电压，内电路的电势降落为U内=Ir，代入E =IR+ Ir得该式表明，电动势等于内外电路电势降落之和。

4.路端电压与负载R（外电路电阻的关系）二、三、逻辑电路1.“与”门：如果一个事件的几个条件都满足后,该事件才能发生.这种关系叫做“与”逻辑关系.具有“与”逻辑关系的电路称为“与”门电路,简称“与”门。

（1）“与”逻辑电路（2）“与”门的逻辑符号（3）“与”门的真值表：（4）“与”门反映的逻辑关系2.“或”门：如果几个条件中，只要有一个条件得到满足,某事件就会发生，这种关系叫做“或”逻辑关系.具有“或”逻辑关系的电路叫做“或”门.（1）“或”逻辑电路（2）“或”门的逻辑符号（3）“或”门的真值表：（4）“或”门反映的逻辑关系3.“非”门：输出状态和输入状态呈相反的逻辑关系,叫做”非”逻辑关系,具有”非”逻辑关系的电路叫“非”门.（1）“非”逻辑电路（2）“非”门的逻辑符号（3）“非”门的真值表：（4）“非”门反映的逻辑关系三、串并联电路电路串联电路(P、U与R成正比)并联电路(P、I与R成反比)电阻关系R串=R1+R2+R3+……1/R并=1/R1+1/R2+1/R3+……电流关系I总=I1=I2=I3=……I并=I1+I2+I3+……电压关系U总=U1+U2+U3+……U总=U1=U2=U3=……功率分配P总=P1+P2+P3+……P总=P1+P2+P3+……【要点名师透析】一、电源的有关功率和效率1.电源的总功率(1)任意电路：P总=EI=U外I+U内I=P出+P内.(2)纯电阻电路：P总=I2(R+r)=2.电源内部消耗的功率P内=I2r=U内I=P总-P出.3.电源的输出功率(1)任意电路：P出=UI=EI-I2r=P总-P内.(2)纯电阻电路：P出=I2R=(3)输出功率随R的变化关系①当R=r时，电源的输出功率最大为②当R>r时，随着R的增大输出功率越来越小.③当R④当P出⑤P出与R的关系如图所示.4.电源的效率(1)任意电路：η= ×100%= ×100%.(2)纯电阻电路：η=因此在纯电阻电路中R越大，η越大；当R=r时，电源有最大输出功率时，效率仅为50%.【例1】(2021?盐城模拟)(14分)如图所示，电阻R1=2 Ω，小灯泡L上标有“3 V，1.5 W”，电源内阻r=1 Ω,滑动变阻器的最大阻值为R0(大小未知)，当触头P滑动到最上端a时，电流表的读数为1 A，小灯泡L恰好正常发光，求：(1)滑动变阻器的最大阻值R0.(2)当触头P滑动到最下端b时，求电源的总功率及输出功率.【答案】(1)6 Ω (2)12 W 8 W【详解】(1)当触头P滑动到最上端a时，流过小灯泡L的电流为：IL= =0.5 A (2分)流过滑动变阻器的电流： I0=IA-IL=1 A-0.5 A=0.5 A (2分)故：R0= =6 Ω. (2分)(2)电源电动势为：E=UL+IA(R1+r)=3 V+1×(2+1) V=6 V. (2分)当触头P滑动到最下端b时，滑动变阻器和小灯泡均被短路.电路中总电流为：I= =2 A (2分)故电源的总功率为：P总=EI=12 W (2分)输出功率为：P出=EI-I2r=8 W (2分)二、电路的动态分析1.电路的动态分析问题是指由于断开或闭合开关、滑动变阻器滑片的滑动等造成电路结构发生了变化，某处电路变化又引起其他电路的一系列变化；对它们的分析要熟练掌握闭合电路欧姆定律，部分电路欧姆定律，串、并联电路中电压和电流的关系.2.分析这类问题的一般步骤是：(1)明确局部电路变化时所引起的局部电路电阻的变化.(2)根据局部电阻的变化，确定电路的外电阻R外总如何变化.(3)根据闭合电路欧姆定律I总＝确定电路的总电流如何变化.(4)由U内＝I总r确定电源的内电压如何变化.(5)由U外＝E－U内确定电源的外电压如何变化.(6)由部分电路欧姆定律确定干路上某定值电阻两端的电压如何变化.(7)确定支路两端的电压如何变化以及通过各支路的电流如何变化.由以上步骤可以看出，解决此类问题，基本思路是“局部→整体→局部”，同时要灵活地选用公式，每一步推导都要有确切的依据.【例2】(2021?广州模拟)如图所示，A灯与B灯电阻相同，当滑动变阻器R的滑动片向下滑动时，两灯的变化是 ( )A灯变亮，B灯变亮B.A灯变暗，B灯变亮C.A灯变暗，B灯变暗D.A灯变亮，B灯变暗【答案】选C.【详解】当变阻器的滑片向下滑动时，接入电路的电阻减小，根据串、并联电路特点可知电路中总电阻减小，由闭合电路欧姆定律可得干路电流I增大，内阻分担电压增大，路端电压U减小，A灯两端电压减小，亮度变暗；另一支路电流I′=I-IA增大，U1=I′R1增大，故R与B灯的并联支路电压UB=U-U1减小，B灯变暗，C正确.三、含电容器电路的分析与计算1.电路的简化：不分析电容器的充、放电过程时，把电容器处的电路视为断路，简化电路时可以去掉，求电荷量时再在相应位置补上.2.电路稳定时电容器的处理方法：电路稳定后，与电容器串联的电路中没有电流，同支路的电阻相当于导线，即电阻不起降低电压的作用，但电容器两端可能出现电势差.3.电压变化带来的电容器的变化：电路中电流、电压的变化可能会引起电容器的充、放电. 若电容器两端电压升高，电容器将充电；若电压降低，电容器将通过与它连接的电路放电，可由ΔQ=C?ΔU计算电容器上电荷量的变化.4.含电容器电路的处理方法：如果电容器与电源并联，且电路中有电流通过，则电容器两端的电压不是电源电动势E，而是路端电压U.【例3】(10分)如图所示的电路中，E＝10 V，R1＝4 Ω，R2＝6 Ω，电池内阻不计，C1＝C2＝30 μF.先闭合开关S，待电路稳定后再断开S，求断开S后通过电阻R1的电荷量.【答案】S闭合时，I＝UC1＝IR2＝6 V (2分)由于C2被S短路，其两端电压UC2＝0S断开待电路稳定后，由于电路中无电流，故UC1′＝UC2′＝10 V (2分)电容器C2上增加的电荷量为：ΔQ2＝C2(UC2′－0)＝30×10－6×10 C＝3×10－4 C.(2分)电容器C1上增加的电荷量为：ΔQ1＝C1(UC1′－UC1)＝30×10－6×4 C＝1.2×10－4 C. (2分)通过R1的电荷量Q＝ΔQ1+ΔQ2＝4.2×10－4 C. (2分)【感悟高考真题】1.（2021?北京高考?T17）如图所示电路，电源内阻不可忽略。

2021版高考物理一轮复习第八章电路2电路电路的基本规律训练3含解析

电路电路的基本规律1.(多选)直流电路如图所示,在滑动变阻器的滑片P向右移动时,电源的( )A.总功率一定减小B.效率一定增大C.内部损耗功率一定减小D.输出功率一定先增大后减小【解析】选A、B、C。

当滑片P向右移动时,滑动变阻器连入电路中的有效电阻值变大,使干路中的电流变小,内压变小,故总功率P总=EI减小,选项A正确;效率η=×100%=×100%,即η增大,选项B正确;电源内部损耗的功率P r=I2r减小,选项C正确;当R=r时,输出功率最大,由于不知道滑动变阻器原来的阻值与电源的内阻r的大小关系,所以不能确定输出功率的大小变化情况,选项D错误。

2.(多选)在纯电阻电路中,当用一个固定的电源(设E、r是定值)向变化的外电阻供电时,电源的输出功率P随外电阻R变化的规律如图所示。

下列判断中正确的是( )A.当R=r时,电源有最大的输出功率B.电源内阻消耗的功率随外电阻R的增大而增大C.电源的功率P总随外电阻R的增大而增大D.电源的效率η随外电阻R的增大而增大【解析】选A、D。

根据电源的输出功率P=I2R=,结合P-R图像可知当R=r时,电源有最大的输出功率为P max=,A正确。

电源内阻的功率P内=I2r=r,外电阻R增大,内阻的功率不断变小,B错误。

电源的总功率P总=EI=,则随着外电阻R的增大而减小,C错误。

电源的效率η=×100%=×100%=×100%,得R增大时,电源的效率增大,D正确。

附：什么样的考试心态最好大部分学生都不敢掉以轻心，因此会出现很多过度焦虑。

想要不出现太强的考试焦虑，那么最好的办法是，形成自己的掌控感。

1、首先，认真研究考试办法。

这一点对知识水平比较高的考生非常重要。

随着重复学习的次数增加，我们对知识的兴奋度会逐渐下降。

最后时刻，再去重复学习，对于很多学生已经意义不大，远不如多花些力气，来思考考试。

很多老师也会讲解考试的办法。

2021版高考物理一轮复习第八章电路2电路电路的基本规律创新练2含解析

电路电路的基本规律4。

(多选）某学校创建绿色校园,如图甲为新装的一批节能路灯，该路灯通过光控开关实现自动控制.如图乙为其内部控制电路简化原理图,a、b端接路灯电源的开关，要求U ab大于某一值时，接通路灯电路,该控制电路中电源电动势为E,内阻为r,R t为光敏电阻(光照强度增加时,其电阻值减小）。

现增加光照强度,则下列判断正确的是（)A.电源路端电压不变B。

R0两端电压变大C.指示灯变暗,U ab变大D.通过电源的电流变大【解析】选B、D。

由题意，增加光照强度,R t减小,外电路总电阻减小,根据闭合电路欧姆定律得知，干路电流I增大，电源的内电压增大，路端电压U减小，U ab变小，故A、C错误,D正确;R上电流减小,则通过R0的电流I0=I—I R,I增大,而I R减小，则I0增大,R0两端电压U0增大，而R0、指示灯的电压之和等于路端电压,路端电压减小,则知,指示灯的电压减小，指示灯变暗，故B正确.故选B、D。

【补偿训练】（多选)如图所示的电路中,电源的电动势E和内阻r 一定，A、B为平行板电容器的两块正对金属板,R1为光敏电阻。

当R2的滑动触头P在a端时,闭合开关S，此时电流表A和电压表V 的示数分别为I和U.以下说法正确的是（）A。

若仅将R2的滑动触头P向b端移动,则I不变，U增大B。

若仅增大A、B板间距离,则电容器所带电荷量减少C.若仅用更强的光照射R1，则I增大，U增大,电容器所带电荷量增加D。

若仅用更强的光照射R1，则U变化量的绝对值与I变化量的绝对值的比值不变【解析】选B、D。

由于电容器所在支路是断路，没有电流通过,所以电路中只有光敏电阻和电阻R3串联在电路中,并且电容器两端的电压等于光敏电阻两端电压，所以若仅将R2的滑动触头P向b端移动,电路总电阻不变，电流不变，电压也不变,A错误;若增大电容器极板间的距离,根据公式C=可得电容器电容减小;由于电容器两端的电压恒定，根据公式C=,故电荷量减小，B正确;若仅用更强的光照射R1,R1减小,电路总电阻减小,电流增大,故电流表示数增大，路端电压减小，即电压表示数减小，根据公式C=可得,U 减小，Q也减小，C错误;根据闭合电路欧姆定律可得U变化量的绝对值与I变化量的绝对值的比值表示电源内阻,所以恒定不变,D 正确.。

2021版高考物理一轮复习第八章电路2电路电路的基本规律创新练3含解析

电路电路的基本规律
3.(多选)两位同学在实验室利用如图(a)所示的电路测定定值电阻R0，电源的电动势E和内阻r,调节滑动变阻器的滑动触头P向某一方向移动时，一个同学记录了电流表A和电压表V1的测量数据,另一同学记录了电流表A和电压表V2的测量数据.根据数据描绘了如图(b)所示的两条U—I直线。

则图像中两直线的交点表示的物理意义是( ）
A.滑动变阻器的滑动头P滑到了最右端
B。

电源的输出功率最大
C。

定值电阻R0上消耗的功率为0。

5 W
D.电源的效率达到最大值
【解析】选B、C.由题意可知图像甲表示电源的路端电压随电流的变化关系;图像乙表示电阻两端的电压随电流的变化关系；交点处说明两图像表示的电流相等，并且电压相等,故说明此时滑动变阻器短路,即滑片滑到了最左端,故A错误；当电路中外电阻等于内电阻时，电源输出功率最大，但本题R0〉r,改变滑动变阻器时无法达到电路中内、外电阻相等,此时当外电阻越接近内电阻时,电源输出功率最大,故B正确;由图可知，此时电源的路端电压为1。

0 V，电流为0.5 A,定值电阻上消耗的电功P=UI=0.5 W,故C正确；电源的效率
η=,由此可知电流越小功率越大,可见滑动变阻器的滑动头P 滑到最右端时效率最大，故D错误。

故选:B、C。

【补偿训练】
如图所示，电源电动势E=2 V，内阻r=1 Ω，电阻R0=2 Ω,可变电阻的阻值范围为0～10 Ω.求可变电阻为多大时，R上消耗的功率最大,最大值是多少?
【解析】根据闭合电路欧姆定律,路端电压
U=E·=
又因为P R=
所以P R=
代入数据整理得P R=
当R=Ω时，R上消耗的功率最大，P Rmax=W 答案：ΩW。

2021年高考物理一轮复习第十章第2讲电路电路的基本规律课时作业

2021年高考物理一轮复习第十章第2讲电路电路的基本规律课时作业一、选择题(本大题共10小题,每小题7分,共70分。

每小题至少一个答案正确,选不全得3分)1.(xx·江门模拟)在已接电源的闭合电路中,关于电源的电动势、内电压、外电压的关系应是( )A.如果外电压增大,则内电压增大,电源电动势也会随之增大B.如果外电压减小,内电阻不变,内电压也就不变,电源电动势也随外电压减小C.如果外电压不变,则内电压减小时,电源电动势也随内电压减小D.如果外电压增大,则内电压减小,电源电动势始终为二者之和,保持恒定2.(xx·南宁模拟)一台直流电动机电枢线圈的电阻是R,其额定电压是U,额定功率是P。

那么,正常工作的电流( )A.等于,且大于B.等于,且小于C.等于,也等于D.不等于,但等于3.有a、b、c、d四个电阻,它们的U -I关系如图所示,其中电阻最小的是( )A.aB.bC.cD.d4.(xx·福州模拟)一电池外电路断开时的路端电压为3V,接上8Ω的负载电阻后路端电压降为2.4V,则可以判定电池的电动势E和内电阻r为( )A.E=2.4V,r=1ΩB.E=3V,r=2ΩC.E=2.4V,r=2ΩD.E=3V,r=1Ω5.(xx·百色模拟)甲、乙两根保险丝均为同种材料制成,直径分别是d1=0.5mm和d2=1mm,熔断电流分别为2.0A和6.0 A,把以上两根保险丝各取等长一段并联后再接入电路中,允许通过的最大电流是( )A.6.0 AB.7.5 AC.10.0 AD.8.0 A6.(xx·厦门模拟)在如图所示的电路中,E为电源电动势,r为电源内阻,R 1和R3均为定值电阻,R2为滑动变阻器。

当R2的滑动触头在a端时合上开关S,此时三个电表A1、A2和V的示数分别为I1、I2和U。

现将R2的滑动触头向b端移动,则三个电表示数的变化情况是( )A.I1增大,I2不变,U增大B.I1减小,I2增大,U减小C.I1增大,I2减小,U增大D.I1减小,I2不变,U减小7.(xx·北海模拟)如图所示,将一根粗细均匀的电阻丝弯成一个闭合的圆环,接入电路中,电路与圆环的O点固定连接,P为与圆环良好接触的滑动头。

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2021届新高考物理第一轮复习课时强化训练
部分电路及其规律
一、选择题
1、关于电流，下列说法中正确的是（）
A．通过导体横截面的电荷量越多，导体中的电流越大
B．导体两端没有电压时，导体中的自由电荷也在运动，所以导体中也有电流
C．单位时间内通过导体截面的电荷量越多，导体中的电流越大
D．因为电流有方向，所以电流是矢量
解析：选C电流为单位时间内通过截面的电荷量，是由电荷量与时间共同决定的，电荷量多电流不一定大，故选项A错误，选项C正确；电荷的定向移动形成电流，若不是定向移动则不是电流，选项B错误；一个量有方向并不能定义为矢量，矢量的运算必须遵循平行四边形定则，电流有方向但不符合矢量合成法则，不是矢量，选项D错误。

2、小灯泡通电后其电流I随所加电压U变化的图线如图所示，P为图线上一点，PN为图线在P点的切线，PQ为U轴的垂线，PM为I轴的垂线，则下列说法中不正确的是( )
A．随着所加电压的增大，小灯泡的电阻增大
B．对应P点，小灯泡的电阻为R＝U 1 I 2
C．对应P点，小灯泡的电阻为R＝
U
1
I
2
－I1
D．对应P点，小灯泡的功率为图中矩形PQOM所围面积的大小
解析：选C 由于灯泡的电阻在图线上的每一点都是R＝U
I
，由图线不难看出，
随电压的增大，电流的增加变得越发缓慢(I－U图线的斜率逐渐减小)，电阻变大，故A、B正确，C错误；小灯泡的功率P＝UI，所以D正确．
3、现象一：傍晚用电多的时候，灯光发暗，而当夜深人静时，灯光特别明亮；现象二：在插上电炉等大功率电器时，灯光会变暗，拔掉后灯光马上亮了起来．下列说法正确的是( )
A．现象一是因为夜深人静时，周围比较黑，突显出灯光特别明亮
B．现象二是因为电炉等大功率电器的电阻都比较大引起的
C．两个现象都可以用电阻定律R＝ρL
S
来解释
D．两个现象都可以用闭合电路欧姆定律来解释
解析：选 D.由于大多数用电器都是并联的，当傍晚用电多的时候或者插上电炉等功率大的用电器时，干路上的总电流会变大，这时候导线上的电压损失就会增加，当变压器输出电压一定的情况下，会使得用户得到的电压减小，所以电灯就会发暗；而当夜深人静时用户用电器减少或者拔掉电炉等功率大的用电器时，干路上的总电流会减小，这时候导线上的电压损失就会减小，用户得到的电压增大，所以电灯就会明亮，因此两个现象都可以用闭合电路欧姆定律来解释，故D正确，A、B、C错误．
4、电动机与小电珠串联接入电路，电动机正常工作时，小电珠的电阻为R1，两端电压为U1，流过的电流为I1；电动机的内电阻为R2，两端电压为U2，流过的电流为I2.则( )
A．I1<I2 B.U
1
U
2
>
R
1
R
2
C.U
1
U
2
＝
R
1
R
2
D.
U
1
U
2
<
R
1
R
2
解析：选D.电动机和小电珠串联接入电路，故I1＝I2，A错误；电动机是非
纯电阻用电器，满足I2<U
2
R
2
，小电珠是纯电阻用电器，满足I1＝
U
1
R
1
，又I1＝I2，故
U 1 R 1<
U
2
R
2
，可得
U
1
U
2
<
R
1
R
2
，D正确．
5、如图所示是饮水机的工作电路简化图，S是温控开关，当水温升高到一定温度时，它会自动切换，使饮水机处于保温状态；R0是饮水机加热管电阻，R是与加热管串联的电阻。

表格是从其说明书中摘录的一些技术数据。

不考虑
R
、R的电阻受温度变化的影响，表中的功率均指加热管的功率。

当S闭合时，下列关于饮水机的工作状态和R0的阻值正确的是（）
稳定电压220 V 频率50 Hz 加热功率550 W
A ．加热，220 Ω
B ．加热，88 Ω
C ．保温，88 Ω
D ．保温，220 Ω
解析：选B 当S 闭合时，由于电路中的有效电阻只有R 0，故此时电路中的
总电阻最小，对应的加热管电阻功率最大，故为加热状态。

由R 0＝U 2
P 可得其电
阻为88 Ω，B 正确。

6、(多选)一辆电动观光车蓄电池的电动势为E ，内阻不计，当空载的电动观光车以大小为v 的速度匀速行驶时，流过电动机的电流为I ，电动车的质量为
m ，电动车受到的阻力是车重的k 倍，忽略电动观光车内部的摩擦，则( )
A ．电动机的内阻为R ＝E I
B ．电动机的内阻为R ＝E I －
kmgv
I 2
C ．如果电动机突然被卡住而停止转动，则电源消耗的功率将变大
D ．如果电动机突然被卡住而停止转动，则电源消耗的功率将变小解析： BC 根据能的转化与守恒定律，EI ＝I 2R ＋kmgv ，所以电动机的内阻为
R ＝E I －kmgv
I 2，选项B 正确，A 错误；当电动机突然被卡住而停止转动时，变成了纯电阻电路，回路的电流变大，故电源消耗的功率P ＝EI 将变大，选项C 正确，D 错误．
7、如表为某电热水壶铭牌上的一部分内容，根据表中的信息，可计算出电热水壶在额定电压下以额定功率工作时的电流约为( )
A．6.8A B．4.1A
C．1.2A D．0.24A
解析：选B.由铭牌读出电热水壶额定功率为P＝900W，额定电压为U＝220V；
由P＝UI得，通过电热水壶额定电流为：I＝P
U
＝
900
220
A≈4.1A.
8、电视机可以用遥控器关机而不用断开电源，这种功能叫做待机功能．这一功能给人们带来了方便，但很少有人注意到在待机状态下电视机仍然要消耗电能．例如小明家的一台34寸彩色电视机的待机功率大约是10W，假如他家电视机平均每天开机4h，看完电视后总是用遥控器关机而不切断电源．试估算小明家一年(365天)中因这台电视机待机浪费的电能( )
A．2.6×108J B．2.6×107J
C．3.2×108J D．5.3×107J
解析：选 A.电视机每天待机消耗的电能为W0＝Pt＝0.01kW×(24h－4h)＝0.2kW·h，每年消耗的电能为W＝365·W0＝365×0.2kW·h＝73kW·h＝2.628×108J；故选A.
9、一段长为l，电阻为R的均匀电阻丝，把它拉制成3l长的均匀细丝后，切成等长的三段，然后把它们并联在一起，其电阻值为( )
A.R
3
B．3R
C.R
9
D．R
解析：选D.根据电阻定律R＝ρl
S
，在拉伸过程中电阻丝的体积不变，当长
度变为原来的3倍后，横截面积变为原来的1
3
，所以R′＝ρ
3l
1
3
S
＝ρ
9l
S
＝9R，平
分成3段后，每段的电阻为3R，故根据并联电路规律可得并联后的电阻为1
R 并＝
1 3R
＋1
3R ＋
1
3R
，解得R并＝R，故选项D正确．
10.(多选)如图所示是电阻R的I－U图象，图中α＝45°，由此得出( )
A．通过电阻的电流与两端电压成正比
B．电阻R＝0.5 Ω
C．因I－U图象的斜率表示电阻的倒数，故R＝
1
tan α
＝1.0 Ω
D．在R两端加上6.0 V的电压时，每秒通过电阻横截面的电荷量是3.0 C
解析：选AD 由I－U图象可知，图线是一条过原点的倾斜直线，即I和U成正
比，A正确；而电阻R＝U
I
＝
10
5
Ω＝2 Ω，B错误；由于纵、横坐标的标度不一
样，故不能用tan α计算斜率表示电阻的倒数，C项错误；在R两端加上6.0 V
电压时I＝U
R
＝
6.0
2
A＝3.0 A，每秒通过电阻横截面的电荷量q＝It＝3.0×1 C
＝3.0 C，选项D正确。

11、如图所示，L
1、L
2
是两个规格不同的灯泡，当它们如图连接时，恰好都
能正常发光，设电路两端的电压保持不变，现将变阻器的滑片P向右移动，在移
动过程中L
1和L
2
的亮度变化情况是( )
A．L
1亮度不变，L
2
变暗
B．L
1变暗，L
2
亮度不变
C．L
1变亮，L
2
变暗
D．L
1变暗，L
2
变亮
解析：选D 将变阻器的滑片P向右移动，电阻变大，总电阻变大，电流I
＝U
R
总
变小，由P1＝I2R1，L1的功率变小，由U1＝IR1，L1两端的电压变小，而L2两
端的电压U2＝U－U1变大，由P＝U2
2
R
2
，L
2
的功率变大，D正确．
12、R1、R2的伏安特性曲线如图所示．下列说法正确的是( )
A．R1、R2并联后的总电阻的伏安特性曲线在区域Ⅰ
B．R1、R2并联后的总电阻的伏安特性曲线在区域Ⅱ
C．R1、R2串联后的总电阻的伏安特性曲线在区域Ⅰ。