高二物理电路练习题

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高二物理电路基础习题

部分电路基础练习1，在正常发光的电灯旁并联一只大功率的电炉时，会发现电灯变暗．这原因是（）A.由于并入电炉，使电路中总电流减弱B.电路总电流未变，由于电炉的分流作用，使得通过电灯的电流变小C.电炉的电压大，引起电灯变暗D.干线电流增加，使输电线上电压降增大2，三个电阻R1=2，R2=3，R3=4，把它们并联起来接入电路，则通过它们的电流之比I1：I2：I3=_________；它们功率之比P1：P2：P3=_________．3，二个电阻R1、R2分别标有“100、4W”、“12.5、8W”字样，若将它们串联时，则它们能承受的最大电压是______V．4，并联电路中有两个电阻R1、R2，已知R1>R2，则下列说法中，正确的( )A．由P=I2R可知，电阻R1消耗的功率大B．由P=IU可知，电阻消耗功率的大小与阻值无关C. 由P=U2/R知，电阻R2消耗的功率大D．条件不足，无法比较电阻R1、R2消耗功率的大小5，如图，A、B、C、D四只灯泡的额定电压为110V，额定功率相同，整体接入220V电源时均正常发光，若S断开，则（）（A）C灯被烧毁（B）C、D正常发光（C）B、C、D正常发光（D）B、C、D均被烧毁6，如下图所示的电路，滑动变阻器的两个固定接线柱接在电压恒为U的电路中，其滑片c位于变阻器的中点，M、N间接负载电阻Rf。

则（）（A）Rf 的电压等于U/2 （B）Rf的电压小于U/2（C）Rf 的电压取值范围为0~U （D）Rf的电压总小于U7，某同学选用合格的电压表和电流表，来测灯泡通电时的电功率，连接电路时，不慎将两表的位置接反了。

如下图所示，（）（A）电流表将烧坏（B）电压表将烧坏（C）电灯将被烧坏（D）电灯不亮8，如图所示，A、B两灯分别标有“110V、100W”和“110V、40W”，按不同方法接入220V电路，能使两灯正常发光，且电路中消耗功率最小的是（）9，如图所示，电路中灯泡L1、L2标有“220V，100W”的字样，L3、L4标有“220V，40W”的字样，将A，B两端接入电路，最暗的灯将是（）(A)L1；(B) L2；(C) L3；(D) L4.10，图是将滑动变阻器作分压器用的电路，A，B为分压器的输出端，若把变阻器的滑动片放在变阻器中央，下列判断哪些正确：（）(A)空载时输出电压为UAB ＝UCD／2；(B)当接上负载R时，输出电压UAB ＜UCD／2；(C)负载越大，UAB 越接近UCD／2；(D)负载越小，UAB 越接近UCD／2.11，在如图所示的电路中，R1＝1000Ω，R2＝200Ω，R3＝600Ω，I 1＝10mA，I2＝5mA，则流过电流表的电流为，电流方向为 .12，在如图所示的电路中，R1＝2Ω，R2＝3Ω，R3＝4Ω，当电键K断开时，R1和R2两端的电压之比U1：U2＝ .当K闭合时，U1：U2＝；流经R1和R2的电 I1：I2＝ .13，如下图所示的电路中，滑动变阻器的总电阻是7 ，在滑动触头P与B端之间连接有“3V 3W”的电灯，电压U＝4．5V．调节P的位置，使电灯恰好正常工作，这时滑动变阻器消耗的电功率是______W．14，如图所示，现有半球形导体材料，接成两种形式，则两种接法的电阻值之比R1：R2＝ .15.生活用的电吹风中有电动机和电热丝，电动机带动风叶转动，电热丝给空气加热，得到热风可将头发吹干。

高二物理电学经典例题

高二物理电学经典例题（10题）1.题目：一个电路中有两个电阻，R1 = 100Ω 和R2 = 200Ω。

求这两个电阻串联后的总电阻R串，以及并联后的总电阻R并。

解析：串联：R串= R1 + R2 = 100Ω + 200Ω = 300Ω并联：1/R并= 1/R1 + 1/R2 = 1/100Ω + 1/200Ω = 3/200Ω，所以R并= 200Ω / 3 ≈ 66.67Ω2.题目：一个电阻为50Ω的电阻器与一个电源串联，电源电压为12V。

求通过电阻器的电流强度I。

解析：根据欧姆定律：I = V / R = 12V / 50Ω = 0.24A3.题目：一个电容器的电容为4μF，与一个电阻为1000Ω的电阻器串联。

电容器初始不带电，当电源电压为9V时，求5秒后电容器的电荷量Q。

解析：时间常数RC = R x C = 1000Ω x 4 x 10^-6 F = 4秒初始电荷量Q0 = 04.秒后电荷量Q = Q0 x (1 - e(-5/4)) ≈ 05.题目：一个线圈在磁场中以恒定速度v = 10m/s移动，磁场强度B = 0.5T，线圈面积A = 0.02m^2。

求感应电动势E。

解析：根据法拉第电磁感应定律：E = B x A x v = 0.5T x 0.02m^2 x 10m/s = 1V6.题目：一个电路中有一个电阻R = 60Ω，通过它的电流I = 2A。

求电路的功率P。

解析：电路的功率P = I2 x 60Ω = 4 x 60 = 240W7.题目：两个电阻R1 = 100Ω 和R2 = 200Ω 并联后，接入一个电压为10V 的电路中。

求通过R1的电流I1。

解析：并联电路电压相等，所以U = 10VI1 = U / R1 = 10V / 100Ω = 0.1A8.题目：一个电容器与电源相连，充电后断开电源。

若电容器电容为2μF，充电后电压为5V，求电容器储存的电能W。

解析：电容器储存的电能W = 1/2 x C x U-6 F x (5V)-5 J9.题目：一个电阻R = 100Ω，通过它的电流强度随时间变化的关系为I = 0.2t A。

高二物理电路试题

高二物理电路试题1.我们的生活中有一种声控感应灯.像住宅楼楼梯间的灯，在有光或者无声时，灯都不会亮，而在无光有声时，灯就会自动点亮.你能自己探索一下逻辑关系吗？【答案】与门原理【解析】天暗有声两个条件都满足时，灯才会亮，符合与门逻辑电路试题点评：本题考查基本的逻辑电路.同学们要在理解三种门电路的同时，注重根据它们的特点在生活中加以应用.理解三种电路应从真值表入手.2.如图所示电路为()A．“与”门电路B．“或”门电路C．“非”门电路D．无法判定【答案】C【解析】当开关S闭合时，电灯关、当开关S断开时，电灯亮，输出是输入的否定，这体现了“非”逻辑关系．应选C.试题点评：解决本题的关键掌握门电路的特点，与门的特点：事件的几个条件都满足，该事件才能发生．或门的特点：只要一个条件得到满足，事件就会发生．非门的特点：输出状态和输入状态相反．3.一盏电灯直接接在电压恒定的电源上,其消耗的功率为100 W.现将这盏灯先接上一段很长的导线后,再接在同一电源上,此时导线上损失的电功率是9 W,那么此电灯的实际功率将()A．等于91 W B．小于91 W C．大于91 W D．条件不足,无法确定【答案】B【解析】如果导线电阻忽略时，灯接在恒定电压的电源上功率是100W；因为导线和灯泡串联，当导线上电阻较大时，即电路中的电阻变大，由可知电路消耗的总功率变小，即小于100W，而导线上消耗的功率为9W，所以灯泡的实际功率只能小于91W．B正确，思路分析：已知导线和灯泡串联，导线电阻较大，说明电路电阻变大，根据公式可知，电路的总功率变小，已知导线消耗的功率从而可以求出灯泡消耗的功率．试题点评：本题考查电功率计算公式的应用，特别注意实际功率与额定功率的区别，此题较难分析，属于难题．4.如图所示,L1和L2是两个不相同的小灯泡,a、b间有恒定的电压,它们都正常发光.当滑动变阻器的滑动触头向右滑动时,发生的现象时()A．L1亮度不变,L2变暗B．L1变暗,L2变亮C．电路消耗的总功率变小D．电路消耗的总功率变大【答案】BC【解析】当滑动变阻器的滑动触头向右滑动时，滑动变阻器连入电路的电阻变大ab两点间的总电阻R增大，结合a、b间有恒定的电压干路总电流减小，根据公式灯泡变暗，电路消耗的总功率变小，C正确，因为滑动变阻器连入电路的电阻变大并联电路电阻变大，结合公式并联电路的电压增大变亮，B正确，思路分析：电路结构是：滑动变阻器与灯泡L2并联，再与灯泡L1串联．滑动变阻器的滑动头向右移动的过程中，变阻器接入电路的电阻增大，引起并联部分电阻变化，外电路总电阻变化，干路电流变化，再分析灯泡L2电压的变化来分析灯泡亮度的变化．试题点评：本题是简单的电路动态变化分析问题，通常按照“部分→整体→部分”的思路分析．5.一个电炉标有“220 V 1 kW”,当它接上220 V的电源时,10 min内可使1 kg的水温度升高50 ℃.如果因故电源电压降到200V,欲使这1 kg的水的温度仍然升高50 ℃,需多长时间?设该电炉烧水的热损失与通电时间成正比,水的比热容为4.2×103 J/(kg·℃).(不考虑电炉的电阻变化)【答案】t2="19.8" min【解析】设该电炉烧水的热损失与通电时间的关系满足,使1 kg的水温度升高50 ℃,水吸收的热量为,当电炉两端电压为220V时，10min电流做的功为,所以过程中损失的热量为,根据公式可得电炉的电阻为，故当电炉两端的电压降为200V时，设经使这1 kg的水的温度仍然升高50 ℃,，所以过程中电流产生的热量为,过程中损失的热量为,所以根据可得，即，化简得，所以思路分析：因为题中有这样一句:该电炉烧水的热损失与通电时间成正比,所以据此可得，然后根据公式和算出两个过程中损耗的热量，代入前式即可求解试题点评：本题考查了电热的综合计算，关键是灵活运用公式，以及从题中的该电炉烧水的热损失与通电时间成正比信息中得出等式6.在如图甲所示的电路中,电阻R的阻值不断改变,电路中的电流和电源的路端电压也在不断改变,电源的UI图线如图乙所示,由图象确定电阻R的变化范围为____________.【答案】0≤R≤4 Ω【解析】电路中电流最小时，电阻R最大，从图中可知当电路中的电流时，R最大，此时的路端电压为,所以，当电路中电流最大时，此时的路端电压为零，说明电路短路，所以此时R最小，最小为零，故思路分析：电路中电流最小时，电阻R最大，当电路中电流最大时，此时的路端电压为零，说明电路短路，所以此时R最小，运用欧姆定律可解题试题点评：本题考查了对U-I图像的理解以及通过图像计算电阻的问题，关键是明白图像中各个点的物理意义7.在如图所示的电路中,三个电阻的阻值R1="2" Ω,R2="3" Ω,R3="4" Ω,电源电压恒定.(1)接通开关S,断开开关S′时,R1与R2两端电压之比为__________.(2)两个开关S、S′都接通时,R1与R2两端电压之比为__________.【答案】(1)2∶3(2)7∶6【解析】（1）接通开关S,断开开关S′时,串联在一起，所以两端电压比为（2）两个开关S、S′都接通时, R1与R2两端电压之比为思路分析：根据串联电路电阻两端的电压比等于电阻比分析解题试题点评：本题考查了串并联电路的规律，熟练运用串并联电路中电压，电阻关系是关键8.如图所示为滑动变阻器的示意图,a、b、c、d是四个接线柱,当滑动片P由电阻丝的c端向d端滑动时,接入电路中的电阻由小变大,则跟电路相连接的接线柱为（）A．a和cB．c和dC．b和cD．a和d【答案】AC【解析】当接线柱是a和c，连入电路的电阻时CP，P向d端滑动时，电阻增大，A正确，当接线柱是c和d，连入电路的电阻时cd，P向d端滑动时，电阻不变，B错误，当接线柱是b和c，连入电路的电阻时cP，P向d端滑动时，电阻增大，C正确，当接线柱是ad时，连入电路的电阻时Pd，P向d端滑动时，电阻减小，D错误，思路分析：只要是连入电路的电阻时cP，则P向d端滑动时，电阻增大，据此分析解题试题点评：本题考查了滑动变阻器的接法，关键是理解滑动变阻器的原理，9.一矩形金属导体,长是宽的两倍,正中间挖去一半径未知的半圆,如图所示,若测得ab之间的电阻为R,则cd之间的电阻为______________.【答案】4R【解析】将导体按图中上下的方位等分为两等份，由题图可知，a、b间的电阻为两个部分的并联，，则，c、d间的电阻为两个部分的串联，设每部分电阻为R思路分析：a、b间的电阻为两个部分的并联，c、d间的电阻为两个部分的串联，根据串并联电阻的计算公式分析解题试题点评：本题考查了串并联电路的特点，关键是将题中的信息简化为简单的电路模型10.利用超导材料零电阻的性质可实现无损耗输电.现有一直流电路,输电线的总电阻为0.4 Ω,它提供给用电器的电功率为40 kW、电压为800 V.如果用临界温度以下的超导电缆替代原来的输电线,保持供给用电器的功率和电压不变,那么节约的电功率为……()A．1 kW B．1.6×103 kW C．1.6 kW D．10 kW【答案】A【解析】替换前：输电线上的输电电流为,所以输电线上损耗的电功率为，替换后输电线为零电阻，即输电线上不损耗电功率，所愿意可以节约,A正确，思路分析：因为超导材料零电阻的性质可实现无损耗输电.，所以替换前输电线的损耗电功率即为替换后节约的电功率，根据公式和分析解题试题点评：本题考查了超导材料的应用，需要明白超导材料零电阻的性质。

高二物理电学练习题及答案

高二物理电学练习题及答案第一部分：选择题1. 电流的单位是：A. 安培B. 伏特C. 瓦特D. 欧姆答案：A. 安培2. 下列哪个物理量与电流成正比？A. 电阻B. 电压C. 电功率D. 电感答案：C. 电功率3. 动态电流和静态电流的区别在于：A. 动态电流有正负之分，而静态电流只有正电流B. 动态电流是变化的电流，而静态电流是恒定的电流C. 动态电流是交流电流，而静态电流是直流电流D. 动态电流是指人体感受到的电流，而静态电流是指不可感知的电流答案：B. 动态电流是变化的电流，而静态电流是恒定的电流4. 串联电路和并联电路的特点是：A. 串联电路中电流相同，电压不同；并联电路中电流不同，电压相同B. 串联电路中电流不同，电压相同；并联电路中电流相同，电压不同C. 串联电路中电流和电压均相同；并联电路中电流和电压均不同D. 串联电路中电流和电压均不同；并联电路中电流和电压均相同答案：A. 串联电路中电流相同，电压不同；并联电路中电流不同，电压相同5. 在直流电路中，电源的正负极性是：A. 固定不变的B. 随着电流方向的变化而改变的C. 随着电压大小的变化而改变的D. 电源无极性的答案：A. 固定不变的第二部分：填空题1. 一个电阻为2欧姆的电路中通过2安培的电流，求电路的电压。

答案：4伏特2. 一个电容为10法拉的电路，当通过1安培的电流时，电压为多少伏特？答案：10伏特3. 一个电感为0.2亨的电路，当通过0.5安培的电流时，求电感器两端的电压。

答案：0.1伏特4. 一个电路中，电阻为4欧姆，电压为12伏特，求通过电路的电流大小。

答案：3安培5. 一个电路中，电容为8法拉，电压为16伏特，求通过电路的电流大小。

答案：2安培第三部分：计算题1. 一个电阻为6欧姆的电路中通过3安培的电流，求电路的电压。

答案：18伏特2. 一个电路中，电阻为12欧姆，电流为2安培，求通过电路的电压大小。

答案：24伏特3. 一个由100欧姆的电阻和200欧姆的电阻串联而成的电路，通过5安培的电流，求电路的总电压。

2023-2024学年高二上物理：电路中的能量转化(附答案解析)

2023-2024学年高二上物理：12.1电路中的能量转化一．选择题（共6小题）1．表格所示数据为一种市售电动自行车的部分参数，一质量为65kg的顾客买来该电动自行车代步，已知电动自行车在骑行中所受的阻力是总重力的0.05倍，则关于电动自行车及其使用，正确的说法是（）整车质量55kg最大载重100kg最高时速25km/h最高续航里程60km电池48V 20Ah铅酸电池充电器48V，2A电机1200W可变电机输出额定电压48VA．该电动自行车的最高续航里程是指在最高时速下的骑行距离B．该顾客若以恒定速度18km/h骑行，骑行时间可超过5hC．该电动自行车的电机始终提供的是1200W的功率D．该电动自行车从耗完电到电池完全充满至少需要约10h2．如图所示的充电宝，额定容量是由制造商标定的从充电宝可输出容量。

根据铭牌上的数据进行计算，下列结论正确的是（）A．6000mAh指的是充电宝电芯储存的电能为6000JB．若用该充电宝给手机充电，一次性能提供的最大电能为108000JC．若用该充电宝给手机充电，一次性能提供的最大电能为64800JD．在给手机充电时，该充电宝的输出功率为22.2W3．电炉通电后，电炉丝热得发红，而跟电炉连接的铜导线却不太热，原因是（）A．通过电炉丝的电流大，而导线电流小B．电炉丝和铜导线消耗的电能相同，但铜导线散热快，所以不热C．铜导线的电阻比电炉丝小得多，在串联的情况下铜导线的发热量小D．电炉丝的两端电压比铜导线两端的电压小得多4．一台电动机的额定电压为U，额定电流为I，电动机线圈的电阻为R.则该电动机正常工作时，t时间内产生的热量是（）A．UIt B．I2Rt C．U2Rt D．UIt﹣I2Rt5．如图所示，电源的电动势为24V，内阻为1Ω，一个标有“6V12W”的电灯与一个绕线电阻为3Ω的电动机串联。

开关闭合后，电路中的电灯正常发光，则电动机输出的机械功率为（）A．20W B．24W C．32W D．36W6．一家庭使用的电热毯的电阻阻值为660Ω，当电热毯接入220V的电压时，电热毯在30s内产生的焦耳热为（）A．220J B．660J C．6600J D．2200J二．多选题（共4小题）7．如图所示是一个直流电动机提升重物的装置，重物质量m＝50kg，电动机输入电压U＝100V，不计各处的摩擦，当电动机以v＝0.9m/s的恒定速度将重物向上提升1m，电路中的电流I＝5A，g取10m/s2，由此可知（）A．电动机线圈的电阻r＝2Ω第1页共16页第2页共16页。

高二物理全电路的功和能试题答案及解析

高二物理全电路的功和能试题答案及解析1.（10分）如图所示，ab=25cm,ad=20cm,匝数为50匝的矩形线圈。

线圈总电阻r=1Ω外电路电阻R ="9Ω" 。

磁感应强度B=0.4T。

线圈绕垂直于磁感线的OO’ 轴以角速度50rad/s匀速转动。

求：（1）从此位置开始计时，它的感应电动势的瞬时值表达式。

（2）1min内R上消耗的电能。

（3）线圈由如图位置转过30°的过程中，R的电量为多少？【答案】(1) (2)6750J (3)0.05C【解析】(1)、(2)、电压的有效值V1min内R上消耗的电能:(3)、线圈由如图位置转过30°的过程中，R的电量【考点】感应电动势2.在远距离输电时，输送的电功率为P，输电电压为U，所用导线电阻率为ρ，横截面积为S，总长度为L，输电线损耗的电功率为P′，用户得到的电功率为P用，则P′、P用的关系式正确的是（）A．B．C．D．【答案】AC【解析】由P=UI可求出输电电流,故输电线损耗的电功率,A选项正确，B选项错误；,所以C选项正确，D选项错误。

【考点】远距离输电欧姆定律电功率3.小灯泡通电后其电流I随所加电压U变化的图线如图所示，p为图线上一点，PN为图线的切线，PQ为U轴的垂线，PM为I轴的垂线。

则下列说法中正确的是（）A．随着所加电压的增大，小灯泡的电阻增大B．对应Ｐ点，小灯泡的电阻为C．对应Ｐ点，小灯泡的电阻为D．对应Ｐ点，小灯泡的功率为图中矩形ＰＱＯＭ的面积【答案】ABD【解析】随着电压增加，可以发现该点电流也变大，可知，电阻越来越大A B正确，C错。

根据P=UI可知，小灯泡的功率为图中矩形ＰＱＯＭ的面积，D正确。

【考点】I-U图像的理解点评：此类题型考察了对I-U图像的理解，尤其是不要误认为该点斜率代表电阻的倒数4.电动机的线圈电阻为R，电动机正常工作时，两端的电压为U，通过的电流为I，工作时间为t，下列说法中正确的是( )A．电动机消耗的电能为UIt B．电动机消耗的电能为I2RtC．电动机线圈上产生的热量为I2Rt D．电动机线圈上产生的热量为U2t/R【答案】AC【解析】人们制造电动机是想通过电动机把电能转化为机械能，但其内部电路又不可避免有电阻，所以又有电热产生．因此有电流通过电动机时，往往既有机械能的转化，又有热能的转化．A、电机消耗的电能W=UIt，其中包括电热和对外输出的机械能，所以A选项正确B、理由同A选项，B选项错误C、电动机线圈上有电阻，电流通过线圈时要发热，热功率，所以电动机线圈上产生的热量为D、电机的电路属于非纯电阻，非纯电阻电路中，只能用UIt计算电功，用计算电热，而无意义，D选项错误故选AC【考点】电功与电热点评：中等难度。

高二物理电路专题训练

高二物理电路专题训练辅导老师：王俊东一、选择题:1.一根均匀导线，现将它均匀拉长，使导线的直径减小为原来的一半，此时它的阻值为64 Ω.则导线原来的电阻值为( ) A.128 Ω B.32 Ω C.4 Ω D.2 Ω3.两个定值电阻R1、R2串联后接在输出电压U 稳定于12 V 的直流电源上.有人把一个内阻不是远大于R1、R2的电压表接在R1两端，如图所示，电压表示数为8 V .如果他把此电压表改接在R2的示数将( )A.小于4 VB.等于4 VC.大于4 V 小于8 VD.等于或大于8 V4.如图所示,设电表内阻对电路的影响不计，外电阻R1≠R2≠R3.若把电流表和电压表位置对换，则( ) A.电流表读数为零 B.电压表读数为零 C.电流表读数不为零 D.电压表读数不变5.若将两个电源的U-I 出正确的结论是( )A.电动势E1=E2，内阻r1<r2B.电动势E1=E2，内阻r1>r2C.发生相同电流变化，电源1的路端电压变化较大D.发生相同电流变化，电源2的路端电压变化较大6.用欧姆表测一个电阻R 的阻值，选择旋钮置于“×10”挡，测量时指针指在100与200刻度的正中间，可以确定( ) A.R=150Ω B.R=1500ΩC.1000Ω<R<1500ΩD.1500Ω<R<2000Ω7.有一横截面积为S 的铜导线，流经其中的电流为I ，设每单位体积的导线中有n 个自由电子，电子的电荷量为q.此时电子的定向移动速度为v ，在t 时间内，通过铜导线横截面的自由电子数目可表示为( ) A.nvSt B.nvt C.It/q D.It/Sq9.如图所示，在滑动变阻器的触头由a 点向b 点移动的过程中，灯泡L 将( ) A.一直变暗 B.一直变亮 C.先亮后暗 D.先暗后亮11.如图所示,M 、N 间电压恒定,当开关S 合在a 点时,电压表示数为10 V ,电流表示数为 0.2 A;当开关S 合在b 点时,电压表示数为12 V ,电流表示数为0.15 A.可以推断( )A.Rx 较准确的测量值是50ΩB.Rx 较准确的测量值是80 ΩC.Rx 的真实值是70 ΩD.电流表的内阻是20 Ω 12.如图所示，闭合开关S 并调节滑动变阻器滑片P 的位置，使A 、B 、C 三灯亮度相同.若继续将P 向下移动，则三灯亮度变化情况为( ) A.A 灯变亮 B.B 灯变亮 C.A 灯最亮 D.C 灯最亮 13.如图所示，直线OAC 为某一直流电源的总功率P 总随电流I 变化的图线，抛物线OBC 为同一直流电源内部热功率Pr 随电流I 变化的图线.若A 、B 对应的横坐标为2 A ，那么线段AB 表示的功率及I=2 A 对应的外电阻是( )A.2 W ，0.5 ΩB.4 W,2 ΩC.2 W,1 ΩD.6 W,2 Ω 二、实验题:9、一根固定在刻度尺上的均匀电阻丝（总阻值小于5Ω）两端各有一个固定的接线柱a 和b ，刻度尺的中间有一个可沿电阻丝滑动的触头c ，c 的上端为接线柱，触头c 与电阻丝通常不接触，当用手按下时，才与电阻丝接触，且可在直尺上读出触点的位置。

高二物理电路练习题

高二物理电路练习题1. 题目描述：下图所示电路由电源、两个电阻和一个开关组成。

电源为直流电源，电压为12V，两个电阻分别为6Ω和4Ω。

初始状态下，开关处于断开状态。

当开关闭合后，请计算以下问题：a) 闭合开关后，电源的电流是多少？b) 闭合开关后，两个电阻上的电压分别是多少？c) 闭合开关后，电源向电路提供的功率是多少？2. 回答：a) 根据欧姆定律，电阻电流与电压成正比，与电阻大小成反比。

当开关闭合后，电路中的电流会根据欧姆定律通过电路。

由于两个电阻并联，它们之间的电压相同，因此可以通过串联电压分压定律计算出电流。

由串联电压分压定律可知：总电压 = 电阻1上的电压 + 电阻2上的电压根据欧姆定律可知：总电流 = 总电压 / 总电阻假设电流为I，根据上述公式可以得到：12V = 6Ω * I + 4Ω * I化简可得：12V = 10Ω * I解方程可得：I = 1.2A所以，闭合开关后，电源的电流为1.2A。

b) 由于两个电阻并联，它们之间的电压相同。

由欧姆定律可知，电压与电阻成正比。

电阻1上的电压为：U1 = 电流 * 电阻1 = 1.2A * 6Ω = 7.2V电阻2上的电压为：U2 = 电流 * 电阻2 = 1.2A * 4Ω = 4.8V所以，闭合开关后，电阻1上的电压为7.2V，电阻2上的电压为4.8V。

c) 功率可以通过电流和电压的乘积来计算。

电源向电路提供的功率为：P = 电流 * 电压 = 1.2A * 12V = 14.4W所以，闭合开关后，电源向电路提供的功率为14.4W。

总结：闭合开关后，电源的电流为1.2A，两个电阻上的电压分别为7.2V 和4.8V，电源向电路提供的功率为14.4W。

这些结果可以通过欧姆定律和串联电压分压定律计算得出。

高二物理电路试题答案及解析

高二物理电路试题答案及解析1.或门的输入端输入信号为何时，输出端输出“0”（）A．00B．10C．01D．11【答案】A【解析】“或”逻辑关系的特点是，当事件的某一个条件满足，该事件就能发生．即只要有一个输入信号为1，即输出信号就为1，所以大当都输入为0时，输出才为0，A正确，试题点评：解决本题的关键理解“或”逻辑关系的特点，当事件的某一个条件满足，该事件就能发生．2.图是一个复合门电路，由一个x门电路与一个非门组成，若整个电路成为一个与门，则x电路应是（）A．与门B．或门C．与非门D．或非门【答案】C【解析】根据“与门”的真值表，这个电路中若A、B同时输入“1”，是与“非门”的“1”相结合，到输出端Y输出为“1”，所以x门电路的输出应为“0”，所以x门电路应为“与非门”电路.思路分析：要使若整个电路成为一个与门电路，即AB输入为1,Y输出为1，所以当AB输入为1时，非门中输入为零，试题点评：本题综合考查了对逻辑电路的理解，关键是对逻辑电路中各门电路的原理熟悉3.如图是一个三输入端复合门电路，当C端输入“1”时，A、B端输入为何时输出端Y输出“1”?（）A.00B.01C.10D.11【答案】D【解析】只有当ABC三个条件都满足是1时，输出端Y=1，所以选D试题点评：解决本题的关键掌握与门的特点，与门的特点是事件的几个条件都满足，该事件才能发生．4.图表示一个三输入端的与门电路，写出这个门电路的真值表.【答案】真值表如下.【解析】只有当ABC三个条件都满足是1时，输出端Y=1，试题点评：解决本题的关键掌握与门的特点，与门的特点是事件的几个条件都满足，该事件才能发生．5.一个机要仓库有一扇很大的电动仓库门，门上装有三把电动锁，三个机要员各有一把锁的钥匙，只有三人同时转动自己的钥匙（闭合自己的开关），才能通过一个继电器把门打开.图中的S1、S2、S3是三个锁内的开关，J为继电器（图中未画电动机的电路），请在方框内标明符合要求的3输入的门电路.【答案】与门逻辑【解析】因为从题中的“只有三人同时转动自己的钥匙（闭合自己的开关），才能通过一个继电器把门打开”可得重要信息即：必须要三个条件同时成立结果才能成立，所以应该是与门电路试题点评：解决本题的关键掌握门电路的特点，与门的特点：事件的几个条件都满足，该事件才能发生．6.走廊里有一盏电灯，在走廊两端各有一个开关，我们希望不论哪一个开关接通都能使电灯点亮，那么设计的电路为()A．“与”门电路B．“非”门电路C．“或”门电路D．上述答案都有可能【答案】C【解析】不论用哪一个开关接通都能使电灯点亮，这体现了“或”逻辑关系，故C项正确，A、B、D三项不对．思路分析：“或”逻辑关系的特点是，当事件的某一个条件满足，该事件就能发生．试题点评：解决本题的关键理解“或”逻辑关系的特点，当事件的某一个条件满足，该事件就能发生．7.如图所示电路为()A．“与”门电路B．“或”门电路C．“非”门电路D．无法判定【答案】C【解析】当开关S闭合时，电灯关、当开关S断开时，电灯亮，输出是输入的否定，这体现了“非”逻辑关系．应选C.试题点评：解决本题的关键掌握门电路的特点，与门的特点：事件的几个条件都满足，该事件才能发生．或门的特点：只要一个条件得到满足，事件就会发生．非门的特点：输出状态和输入状态相反．8.灯泡L1“200 V 100 W”和灯泡L2“220 V 40 W”接在不同电源的电路中,下列有关两灯发光的亮暗程度的说法错误的是（）A．L1可能比L2亮B．L1可能比L2暗C．L1可能和L2一样亮D．L1和L2的额定功率可能一样【答案】D【解析】当灯泡接在200V的电源上，即达到额定电压，而灯泡接在低于220V的电源上，即两端电压小于额定电压，此时比亮，A正确，当灯泡接在100V的电源上，根据公式此时的功率为25W，而灯泡接220V的电源上，即两端电压等于额定电压，此时比亮，B正确，根据公式当灯泡接在V的电源上，此时的功率为40W，而灯泡接220V的电源上，即两端电压等于额定电压，此时两者一样亮，C正确，但是两灯泡的额定功率一个为100W，另一个为40W,一定不一样，D错误思路分析：根据公式分析，当时，比亮，当时，比亮，当时，两灯一样亮，试题点评：本题考查了对公式的应用，9.某同学在家中测算电冰箱的耗电量,他将家中其他用电器断开，只使用电冰箱,观察电度表转盘的转动情况,测得冰箱制冷时,转盘每12 s转动一圈;保温时,每120 s转动一圈.电度表上标明“每千瓦时转2 000圈”.该同学还测得冰箱每小时制冷10 min,保温50 min,若按每月30天计算,该电冰箱每月耗电_____________度.【答案】27【解析】由题意可知：电度表盘每转动一圈，电流所做的功,根据公式可得：冰箱制冷的功率为：，冰箱保温的功率为根据公式可得电冰箱月耗电．即27度电思路分析：本题首先要清楚“”的物理意义：当用电器消耗1千瓦时的电能，电能表的水平转盘转过2000转，1度=焦，即．电功率的计算公式的应用．试题点评：本题考查了电能表的参数的理解与电能的求法以及电功的计算．关键是明白电冰箱消耗的电能分为两部分，一部分是制冷，一部分是保温10.由于光照而产生电动势的现象称为光伏效应,根据光伏效应设计的单晶硅太阳能电池,在正常阳光照射下,光电效率可达23%,单片单晶硅太阳能电池可产生0.6 V的电动势,可获得0.1 A的电流,每秒钟照射到这种太阳能电池上的太阳光的能量是___________ J.(保留两位有效数字)【答案】0.26【解析】根据公式可得单片单晶硅太阳能电池每秒产生的热量为,因为光电效率可达23%，所以每秒钟照射到这种太阳能电池上的太阳光的能量思路分析：由电功公式可求得太阳能电池吸收的光能，由光电转换效率可求得太阳光的能量．试题点评：本题考查用物理学在一些新科技的应用，这类题型出现较多，不但能很好的考查知识，而且可以激发我们学习物理的动力．11.关于电流表和电压表,下列说法中正确的是()A．理想电压表和电流表的内阻不计,是因为它们都为零B．理想电压表和电流表的内阻不计,是因为它们都极大C．理想电压表的内阻极大,而理想电流表的内阻为零D．在电路中,理想电压表可认为短路,理想电流表可认为开路【答案】C【解析】理想电压表由于要求不分流，所以内阻极大，而理想电流表要求不分压，所以内阻为零，故C正确，思路分析：电压表是并联在电阻两端的，电流表是串联在电路中的，因为电压表分流，电流表分压的缘故，常常会给实验和计算带来一定的误差的，所以在一般计算过程中我们把电压表电流表理想化，即理想电压表的内阻极大,而理想电流表的内阻为零试题点评：本题考查了理想电表的特点，根据其连接方法分析12.关于多用电表上的欧姆刻度线,下列说法中正确的是()A．零欧姆刻度线与零电流刻线重合B．零欧姆刻度线与电流表满偏刻度线重合C．欧姆刻度线是不均匀的,欧姆值越大,刻度线越密D．欧姆刻度线是不均匀的,欧姆值越小,刻度线越密【答案】BC【解析】因为多用表在不使用时，指针是在电流表的零刻度线上，但是此时欧姆表的两个表笔并没有相接触，表笔之间的电阻无穷大，所以电流表的零刻度线对应的是欧姆表的无穷大刻度线，当电流表最大即处于满偏刻度上时，对应的电阻最小，所以零欧姆刻度线与电流表满偏刻度线重合，A错误，B正确，从欧姆表的刻度盘上得知欧姆表的刻度是不均匀的，欧姆值越大,刻度线越密，C正确，D错误，思路分析：根据欧姆表的使用特点以及欧姆表刻度分布特点分析试题点评：本题考查了对多用电表中的欧姆表的特点的考查，关键是理解欧姆表的工作原理，13.在使用多用电表欧姆挡测电阻时,下列叙述的要求不必要或不确切的是()A．测每个电阻前,都必须进行欧姆调零B．测量中两手不要与两表笔的金属杆接触C．被测量电阻要和其他元件及电源断开D．测量完毕,选择开关应置于交流电压最高挡或OFF挡【答案】A【解析】欧姆表测电阻时要进行欧姆调零，但不是每次都要进行，只是在改变欧姆挡的倍率时要进行欧姆调零，因为不同的倍率的调零电阻不相同，选项A正确.按欧姆表使用的有关规定，其他都是必要的，A正确，思路分析：根据欧姆表的操作要求分析解题试题点评：本题考查了欧姆表在使用过程中应注意的操作，需要知道欧姆表测电阻时要进行欧姆调零，但不是每次都要进行，只是在改变欧姆挡的倍率时要进行欧姆调零，14.用多用电表的欧姆挡的“×10 Ω”挡测量一个电阻的阻值,发现表的指针偏转角度极小,为了准确测定该电阻的阻值,正确的判断和做法（）A．这个电阻极小B．这个电阻较大C．应把选择开关换到“×1 Ω”挡,重新进行欧姆调零后再测量D．应把选择开关换到“×100 Ω”挡,重新进行欧姆调零后再测量【答案】BD【解析】欧姆表偏转角度大说明电阻大，而欧姆表指针指在中间附近时，刻度最均匀，误差最小，所以应采用把选择开关换到“×100 Ω”挡,重新进行欧姆调零后再测量，欧姆表测电阻时要进行欧姆调零，但不是每次都要进行，只是在改变欧姆挡的倍率时要进行欧姆调零，因为不同的倍率的调零电阻不相同，所以BD正确，思路分析：电表满偏时，即偏转角度最大时，外电阻为零，故偏转角度大说明电阻大，而欧姆表指针指在中间附近时，刻度最均匀，误差最小，故应该选择较大的档位；试题点评：本题的关键是理解欧姆表的工作原理，以及欧姆表刻度的特点，还有需要注意的是只要在使用欧姆表测量电阻时，换挡就需要重新进行欧姆调零为定值电阻.一同学误将电流表并联在15.在如图所示的电路中,电源电动势E="6" V,内阻r未知,R电阻R的两端,其读数为2 A;将此电流表换成电压表后,读数为3 V.若电流表和电压表均为理想x的阻值为()电表,则RxA．1 ΩB．2 ΩC．3 ΩD．4 Ω【答案】C【解析】若误将误将电流表并联在电阻两端，因为电流表属于理想电表，则被短路，故,将看做一个整体，设，将此电流表换成电压表后,电路中的电阻并联在一起，则即解得思路分析：若误将误将电流表并联在电阻两端，根据欧姆定律可算出定值电阻和电源内阻的总阻值，将此电流表换成电压表后,电路中的电阻并联在一起，根据公式解题试题点评：本题考查闭合电路的欧姆定律的应用，关键是理解理想电流表是没有内阻的，16.关于电阻率说法正确的是()A．电阻率ρ与导体的长度l和横截面积S有关B．电阻率表征了材料导电能力的强弱,由导体的材料决定,且与温度有关C．电阻率大的导体,电阻一定大D．有些合金的电阻率几乎不受温度变化的影响,可用来制成电阻温度计【答案】B【解析】电阻率与导体的长度，横截面积S等无关，是导体材料本身的电学性质，由导体的材料决定，且与温度有关，特别是合金的电阻率随温度的变化而变化很大，所以B正确，ACD错误思路分析：根据电阻率的特点分析：电阻率只与导体本身的材料有关，且随温度的变化而变化，试题点评：本题是一道基础性的题目，也是一道最容易出错的概念性的题目，关键是理解电阻率只与导体本身的材料有关，17.两根材料和质量相同的电阻丝,它们的长度之比为2∶3,则它们的电阻之比为()A．2∶3B．3∶2C．4∶9D．9∶4【答案】C【解析】两根电阻丝的质量相同，所以根据可得，两者的横截面积之比为，又因为，代入公式可得，C正确，思路分析：材料相同即电阻率相同，质量相同则密度相同，根据公式分析解题试题点评：本题考查了对公式的简单计算，关键是熟练公式和细心计算，18.用电器与电源相距为L,线路上的电流为I,为使输电线上的电压损失不超过U,已知输电线的电阻率为ρ,那么输电线横截面积的最小值为______________.【答案】2ρLI/U【解析】根据欧姆定律可得输电线上的最大电阻为，而可得输电线横截面积的最小值思路分析：损失电压可计算出电阻的最大值，然后结合公式计算出输电线的最小横截面积试题点评：本题结合欧姆定律考查了对公式的简单计算，关键是熟练公式和细心计算，19.利用超导材料零电阻的性质可实现无损耗输电.现有一直流电路,输电线的总电阻为0.4 Ω,它提供给用电器的电功率为40 kW、电压为800 V.如果用临界温度以下的超导电缆替代原来的输电线,保持供给用电器的功率和电压不变,那么节约的电功率为……()A．1 kW B．1.6×103 kW C．1.6 kW D．10 kW【答案】A【解析】替换前：输电线上的输电电流为,所以输电线上损耗的电功率为，替换后输电线为零电阻，即输电线上不损耗电功率，所愿意可以节约,A正确，思路分析：因为超导材料零电阻的性质可实现无损耗输电.，所以替换前输电线的损耗电功率即为替换后节约的电功率，根据公式和分析解题试题点评：本题考查了超导材料的应用，需要明白超导材料零电阻的性质20.如图所示为一种测定风力的仪器的原理图.P为金属球,悬挂在一根细长金属丝下面,O是悬挂点,R是保护电阻,CD是水平放置的光滑电阻丝,与金属丝始终保持良好接触.无风时细金属丝和电0阻丝在C点接触,此时电路中的电流为I,有风时金属丝将偏转一个角度,角θ与风力大小有关.已知风力的方向水平向左,OC=h,CD=L,球的质量为m,电阻丝单位长度的阻值为k,电源内阻和金属丝电阻均不计,金属丝偏转θ角时,电流表的读数为I′,此时风力大小为F.试求风力大小F与电流表读数I′的关系式.【答案】【解析】对小球受力分析可得，平衡时根据几何知识可得，所以即，滑动变阻器故连入电阻的电阻为，此时电路的总电阻为,所以根据欧姆定律可得电源的电压为因为当滑动变阻器全部连入电路时，电路的电流为I,所以当夹角为时电流表的度数为,所以化简可得：思路分析：先根据力的平衡知识和几何知识得出，从而求出滑动变阻器连入电路的电阻，进而可得到此时的总电阻，，在利用题中的当滑动变阻器全部连入电,所以根据欧姆定律可得电源的电压，然后根据欧姆定律求解，路时，电路的电流为I化简即可试题点评：本题考查了力电综合，同时也考查了学生的综合分析问题的能力，。

物理高二电学练习题

物理高二电学练习题题目一：1. 一个由电阻为 R 的电阻器和电阻为 R 的电子器件并联，两个器件之间的电流为 I ，求电子器件的电流和电阻器的电流。

解答：由于两个器件是并联的，所以它们之间的电势差相同。

根据欧姆定律，电路中的电流 I 等于总电压 U 除以总电阻 R（即 I = U/R）。

对于电子器件而言，电流 Ie 为总电流 I；对于电阻器而言，电流 Ir 为总电流 I 减去电子器件的电流 Ie。

因此，电子器件的电流为 Ie = I，电阻器的电流为 Ir = I - Ie = I - I = 0。

题目二：2. 一个由电阻为4 Ω 的电阻器串联于电压为 8 V 的电源上，求电路中的电流以及电阻器两端的电压。

解答：由欧姆定律可知，电路中的电流 I 等于总电压 U 除以总电阻 R（即I = U/R）。

根据题目给出的电压和电阻值可得：I = 8 V / 4 Ω = 2 A。

根据电压分压定律，电阻器两端的电压等于总电压 U：电阻器两端的电压 = 8 V。

题目三：3. 一个由电阻为3 Ω 的电阻器与电阻为6 Ω 的电阻器并联，两个电阻器组合后串联于电压为 6 V 的电源上，求电路中的电流以及电阻器两端的电压。

解答：由于两个电阻器是并联的，它们之间的电势差相同。

根据欧姆定律，电流 I 等于总电压 U 除以总电阻 R（即 I = U/R）。

根据电阻器并联的特性，等效电阻Re = 1 / (1/3 + 1/6) = 2 Ω。

根据题目给出的电压和等效电阻可得：I = 6 V / 2 Ω = 3 A。

电阻器两端的电压等于总电压 U：电阻器两端的电压 = 6 V。

题目四：4. 一个由电阻为2 Ω 的电阻器串联于电流为 2 A 的电源上，求电路中的总电压以及电阻器两端的电压。

解答：由欧姆定律可知，电路中的总电压 U 等于电流 I 乘以总电阻 R（即U = I*R）。

根据题目给出的电流和电阻值可得：U = 2 A * 2 Ω = 4 V。

2024届高二物理第三册第十一章《电路及其应用》测试题(含答案)

2024届高二物理第三册第十一章《电路及其应用》测试题（含答案）一、选择题1．一台半导体收音机，电池供电的电流是8 mA，也就是说() A．1 h电池供给8 C的电荷量B．1 000 s电池供给8 C的电荷量C．1 s电池供给8 C的电荷量D．1 min电池供给8 C的电荷量答案B解析由公式I＝qt 可得t＝qI，故供给8 C电荷量时的通电时间t＝88×10−3s＝1 000 s，故B项正确．2. 用两只完全相同的电流表分别改装成一只电流表和一只电压表．将它们串联起来接入电路中，如图所示，开关闭合时()A．由于串联，两只电表的指针偏转角相同B．由于电压表内阻太大，两只电表的指针都不偏转C．电流表指针的偏转角大于电压表指针的偏转角D．电流表指针的偏转角小于电压表指针的偏转角答案D解析电流表改装成电压表是串联较大的分压电阻；电流表改装成大量程电流表是并联较小的分流电阻；两表串联后，通过电流表的总电流与电压表的电流相等，由于电流表改装成大量程电流表是并联较小的分流电阻，所以大部分电流通过了分流电阻，通过表头的电流很小，电流表指针的偏转角小于电压表指针的偏转角，故A、B、C三项错误，D项正确．3．(多选)在探究影响导体电阻与其影响因素的定量关系时，某同学按如图所示的电路进行了实验研究，其中导体a与b只是长度不同，a与c只是粗细不同，a与d只是材料不同，关于该实验，下列说法正确的是()A．此电路缺少电流表，所以无法研究定量关系B．a与b相比，导体越长，电压表示数越大C．a与c相比，导体越粗，电压表示数越大D．a与d相比，电压表示数越小，表明该种材料的导电性能越好答案BD解析根据串联电路特点通过各电阻的电流都相同，则电阻两端的电压与电阻成正比，所以可以研究导体电阻与其影响因素的定量关系，则A项错误；串联电路电流处处相等，a与b相比，导体越长，电阻越大，则电压表示数越大，所以B项正确；串联电路电流处处相等，a与c相比，导体越粗，电阻越小，则电压表示数越小，所以C项错误；串联电路电流处处相等，a与d相比，电压表示数越小，电阻越小，则表明该种材料的导电性能越好．所以D项正确．故选B、D两项．4．在显像管的电子枪中，从炽热的金属丝不断放出的电子进入电压为U 的加速电场，设其初速度为零，经加速后形成横截面积为S 、电流为I 的电子束．已知电子的电荷量为e 、质量为m ，则在刚射出加速电场时，一小段长为Δl 的电子束内的电子个数是( )A.IΔl eS √m 2eUB.IΔl e √m 2eUC.I eS √m 2eUD.ISΔl e √m 2eU答案 B解析设单位体积内电子数为n ，对电子加速过程应用动能定理eU＝12m v 2，所以电子刚出电场时定向移动速度v ＝√2eU m，由电流的微观表达式I ＝nSq v 得n ＝I Sqv ＝I Se √m 2eU ，Δl 内的电子数为N ＝n ·ΔlS ＝IΔl e√m 2eU ，故B 项正确．5．(多选) 如图所示是一火警报警器的部分电路示意图，其中R 3为用半导体热敏材料(温度升高，电阻减小)制成的传感器，电流表为值班室的显示器，电源电压U 保持不变，当传感器所在处出现火情时，会观察到( )A ．电流表示数减小B ．电流表示数增大C ．电压表示数减小D ．电压表示数增大答案BC解析当传感器所在处出现火情时，R3电阻减小，则电路的总电阻减小，根据欧姆定律可知，电源电压不变，则总电流增大；总电流增大，且R1支路的电压和电阻不变，则该R1支路电流不变，故R2支路电流增大；根据欧姆定律可知，R2电流增大，则R2两端电压增大，由于R2和R3电压之和等于定值，R2两端电压增大，则R3电压减小，即电压表读数减小．故选B、C两项．6．如图所示电路中，已知R1＝5 Ω，R2＝12 Ω，理想电压表示数为2 V，理想电流表示数为0.2 A，下列说法正确的是()A．R3的阻值为6 ΩB．R3的阻值为10 ΩC．AC两端的电压为4.4 VD．AC两端的电压为2.4 V答案C解析通过R1的电流为I1＝U1R1＝25A＝0.4 A，通过R3的电流为I3＝I1－I2＝0.4 A－0.2 A＝0.2 A.由于R2、R3是并联关系，由并联电路的特点可知，R3的阻值为12 Ω，所以A、B两项错误；根据串并联电路的特点可知，AC两端的电压为U AC＝U1＋U2＝U1＋I2R2＝2 V＋0.2×12 V＝4.4 V，所以C项正确，D项错误．故选C项．7．(多选)图甲中，U为电压可变的电源，电阻R的值为1.0 kΩ，与之并联的二极管的I DU图线如图乙所示．当电源电压由1.0 V逐渐增大，使得电阻R的电流变为原来的1.5倍时，下列说法正确的是()A．电源的电压等于1.5 VB．通过二极管的电流变为原来的1.5倍C．通过二极管的电流大于原来的2倍D．二极管的电阻是原来的23答案AC解析由图乙可知，当电源电压为1 V，二极管的电流为2 mA，使得电阻R的电流变为原来的1.5倍时，由U＝IR，可知电压变为1.5 V，由I DU图线可知二极管的电流变为6 mA，通过二极管的电流变为原来的3倍，故A、C两项正确，B项错误；当电源电压为1 V时，二极管的电阻R D1＝12×10−3Ω＝500 Ω，当电压变为1.5 V时，二极管电阻R D2＝ 1.56×10−3Ω＝250 Ω，可知二极管的电阻是原来的12，故D项错误．故选A、C两项．二、非选择题8．在“练习使用多用电表”实验中：(1)如图所示，为一正在测量中的多用电表表盘．如果用欧姆挡“×100”测量，则读数为________Ω；如果用“直流10 V”挡测量，则读数为________V.(2)甲同学利用多用电表测量电阻．他用欧姆挡“×100”测量时发现指针偏转角度过小，为了得到比较准确的测量结果，请从下列选项中挑出合理的步骤，操作顺序为________(填写选项前的字母)．A．将选择开关旋转到欧姆挡“×1 k”的位置B．将选择开关旋转到欧姆挡“×10”的位置C．将两表笔分别与被测电阻的两根引线相接完成测量D．将两表笔短接，调节欧姆调零旋钮使指针指向“0 Ω”(3)在使用多用电表的欧姆挡测量电阻时，下列叙述正确的是() A．若双手捏住两表笔金属杆，测量值将偏大B．测量时发现指针偏离中央刻度过大，则必须减小倍率，重新调零后再进行测量C．选择“×10”倍率测量时发现指针位于20与30正中间，则测量值大于250 ΩD．欧姆表内的电池使用时间太长，虽然完成调零，但测量值将略偏大答案(1)1400 6.3(2)ADC(3)D解析(1)用多用电表欧姆挡“×100”测电阻，由题图可知，其读数为14×100 Ω＝1400 Ω；如果用“直流10 V”挡测量电压，由题图可知，其读数为6.3 V.(2)欧姆挡测电阻时指针偏转角度过小是由于挡位过小，需选取较大挡位，进行欧姆调零后再测阻值，故顺序为ADC.(3)双手捏住两表笔金属杆时，测量值为被测电阻与人体电阻的并联阻值，应偏小，A项错误；测量时指针若向左偏离中央刻度过大，应增大倍率，B项错误；选择开关对应“×10”倍率时，指针位于20与30正中间时，测量值应小于250 Ω，C项错误；电池使用时间太久，电动势减小，虽然完成调零，但中值电阻偏小，测量时读数将比真实值偏大，D项正确．9．在伏安法测电阻的实验中，待测电阻R x的阻值约为200 Ω，电压表V的内阻约为2 kΩ，电流表A的内阻约为10 Ω，测量电路中电流表的连接方式如图a或图b所示，结果由公式R x＝U计算得出，I式中U与I分别为电压表和电流表的示数．若将图a和图b中电路测得的电阻值分别记为R x1和R x2，则________(选填“R x1”或“R x2”)更接近待测电阻的真实值，且测量值R x1________(选填“大于”“等于”或“小于”)真实值，测量值R x2________(选填“大于”“等于”或“小于”)真实值．若电压表V的内阻为2 kΩ，电流表A的内阻约为10 Ω，测电阻R x的阻值应采用________(选填“内接法”“外接法”或“内外接均可以”)答案R x1大于小于外接法解析由于待测电阻满足R VR x ＝2000200＜R xR A＝20010，所以电流表应用内接法，即R x1更接近真实值；采用内接法时真实值应为：R真＝U−U AI ＜UI＝R测，即测量值大于真实值；采用外接法时，真实值应为：R真＝UI−I V ＞UI＝R测，即测量值小于真实值．若电压表V的内阻为2 kΩ，电流表A的内阻约为10 Ω，要测电阻R x阻值的真实值，则应采用外接法，原因是电流表内阻只有估计值，而电压表内阻是准确值，通过欧姆定律，即可求解R x阻值的真实值．10．有一表头G，现把它改装成大量程的电压表和大量程的电流表．(1)把表头G改装成大量程电流表时，下列说法正确的是________．A．改装原理为并联电阻能增大通过G的电流B．改装成电流表后，表头G本身允许通过的最大电流并不改变C．改装后，表头G自身的电阻减小了D．改装后使用时，表头G本身的参量都不改变，整个并联电路允许通过的电流增大了(2)电流表的内阻是R g＝200 Ω，满刻度电流值是I g＝500 μA，现欲把这个电流表改装成量程为1.0 V的电压表，应串联一个________Ω的电阻．(3)如图所示，一电流表由电流计G和电阻R并联而成，在校准时发现此电流表的读数总比准确值稍小些，采用下列措施可使读数变准确的是________．A．在R上串联一比R小得多的电阻B．在R上串联一比R大得多的电阻C．在R上并联一比R小得多的电阻D．在R上并联一比R大得多的电阻答案(1)BD(2)1 800(3)A解析(1)把表头G改装成大量程的电流表时，只是并联了一个分流电阻，使整体并联电路允许通过的最大电流增大，但表头的各特征量都不变．B、D两项正确，A、C两项错误；(2)把电流表改装成电压表需串联一个电阻R，改装后U＝I g(R g＋R)解得R＝UI g －R g＝( 1.0500×10−6−200)Ω＝1 800 Ω，即应串联一个1 800 Ω的电阻；(3)读数总比准确值偏小，说明流过表头的电流偏小，并联电阻稍小了些，要使电流表读数准确，应使并联电阻稍大些，故要串联一个很小的电阻，因此A项正确．11．小夏同学为研究某电学元件(最大电压不超过2.5 V，最大电流不超过0.55 A)的伏安特性曲线，在实验室找到了下列实验器材：A．电压表(量程是0.3 V，内阻是600 Ω)B．电压表(量程是15 V，内阻是30 kΩ)C．电流表(量程是0.6 A，内阻约0.5 Ω)D．电流表(量程是3 A，内阻约0.1 Ω)F．滑动变阻器(阻值范围0～5 Ω)，额定电流为0.6 AG．滑动变阻器(阻值范围0～100 Ω)，额定电流为0.6 AH．直流电源(电动势E＝3 V，内阻不计)I．开关、导线若干J．定值电阻5.4 kΩK．定值电阻54 kΩ该同学设计电路并进行实验，通过实验得到如下数据(1)为了提高实验结果的准确程度，电流表选________；电压表选________；定值电阻选________；滑动变阻器选________．(以上均填写器材代号)(2)请在下面的虚线框中画出实验电路图；(3)在图中描出该电学元件的伏安特性曲线．答案(1)C A J F(2)见解析(3)见解析解析(1)由于最大电流不超过0.55 A，因此电流表选C项；由于最大电压不超过2.5 V，因此电压表选A项，再通过与定值电阻J串联，改装成量程为3 V的电压表；由于电压从0开始调节，因此滑动变阻器用分压式，阻值越小调节起来越方便，因此选F项；(2)滑动变阻器采用分压式接法，由于待测电阻较小采用电流表外接法，电路如图所示(3)描点，连线如图所示．。

高二物理电学练习题

高二物理电学练习题1. 在运动员的方向上有一条电路，电路中有两个电阻分别为 R1 = 5 Ω 和R2 = 3 Ω，连接到一个电源上，电压为 V = 12 V。

求：(1) 电路总电阻；(2) 电路总电流；(3) 通过电阻 R1 的电流强度；(4) 通过电阻 R2 的电流强度。

解：(1) 根据并联电阻公式可得：1/Rt = 1/R1 + 1/R21/Rt = 1/5 + 1/31/Rt = (3 + 5) / (5 * 3)1/Rt = 8 / 15Rt = 15 / 8 Ω(2) 根据欧姆定律可得：I = V / RI = 12 / (15/8)I = 12 * 8 / 15I ≈ 6.4 A(3) 通过电阻 R1 的电流强度为总电流的一部分，根据电流分配定律可得：I1 = (Rt / R1) * II1 = (15/8 / 5) * 6.4I1 = 1.2 A(4) 通过电阻 R2 的电流强度也是总电流的一部分，根据电流分配定律可得：I2 = (Rt / R2) * II2 = (15/8 / 3) * 6.4I2 = 2.67 A2. 在一个直流电路中，有一个电源，电压为 V = 6 V。

电路中有三个电阻分别为R1 = 2 Ω、R2 = 3 Ω 和R3 = 4 Ω，连接在一起。

求：(1) 电路的总电阻；(2) 电路的总电流；(3) 通过电阻 R1 的电流强度；(4) 通过电阻 R2 的电流强度；(5) 通过电阻 R3 的电流强度。

解：(1) 根据串联电阻公式可得：Rt = R1 + R2 + R3Rt = 2 + 3 + 4Rt = 9 Ω(2) 根据欧姆定律可得：I = V / RtI = 6 / 9I = 2/3 A(3) 通过电阻 R1 的电流强度为总电流的一部分，根据电流分配定律可得：I1 = (R1 / Rt) * II1 = (2 / 9) * (2/3)I1 ≈ 0.44 A(4) 通过电阻 R2 的电流强度也是总电流的一部分，根据电流分配定律可得：I2 = (R2 / Rt) * II2 = (3 / 9) * (2/3)I2 ≈ 0.67 A(5) 通过电阻 R3 的电流强度也是总电流的一部分，根据电流分配定律可得：I3 = (R3 / Rt) * II3 = (4 / 9) * (2/3)I3 ≈ 0.89 A3. 在一个电路中，电源电压为 V_1 = 9 V，电路中有两个电阻分别为R_1 = 6 Ω 和R_2 = 3 Ω。

高二物理电路设计的练习题

高二物理电路设计的练习题在高二物理学习中，电路设计是一个重要的知识点，通过练习题的训练可以帮助学生更好地理解和掌握这一内容。

下面将为大家提供一些高二物理电路设计的练习题，希望能够帮助大家巩固所学的知识。

1. 单路电路设计设计一个简单的电路，将一个电池和一个灯泡连接在一起，要求灯泡能够正常发光。

2. 串联电路设计有三个电阻，分别为R₁=10Ω、R₂=15Ω和R₃=20Ω，将它们按照串联的方式连接起来，求总电阻和电流强度。

3. 并联电路设计有两个电阻，分别为R₁=10Ω和R₂=15Ω，将它们按照并联的方式连接起来，求总电阻和电流强度。

4. 电位差计算有一台电源电压为12V，接有两个电阻R₁=5Ω和R₂=7Ω的电路。

求通过R₁和R₂的电流强度以及在R₁上的电压。

5. 电功率计算有一台电源电压为24V，接有一个电阻R=6Ω的电路。

求通过电路的电流强度以及在电阻上的功率。

6. 电功率与电流之间的关系有一台电源电压为6V，电路中有一个电阻R=3Ω和一个LED灯。

通过改变电阻R的阻值，观察并记录电流强度的变化情况，得出电功率与电流强度之间的关系。

7. 电阻与电流强度之间的关系有一台电源电压为10V，电路中有一个电阻R和一个电流表。

通过改变电阻R的阻值，观察并记录电流强度的变化情况，得出电阻与电流强度之间的关系。

以上是一些高二物理电路设计的练习题，通过这些练习题的完成，相信能够提高学生对电路设计的理解和运用能力。

希望大家能够认真思考并独立解决这些问题，加深对物理知识的理解，并能够灵活运用到实际生活中。

（注：以上示例练习题仅为参考，具体问题的难易程度与电路的具体设计需根据教材和教师指导确定）。

高二物理电场、电路、动量练习题

高二物理电场、电路、动量习题一、单选题1、对于欧姆定律,理解正确的是（）A、从I=U/R可知，导体中的电流跟加在它两端的电压成正比，跟它的电阻成反比B、从R=U/I可知，导体的电阻跟导体两端的电压成正比，跟导体中的电流成反比C、从U=IR可知，导体两端的电压随电阻的增大而增高D、从R=U/I可知，导体两端的电压为零时，导体的电阻也为零2、用伏安法测电阻时，已知待测电阻大约是10Ω，电流表内阻是1Ω，电压表内阻是5ｋΩ，则（）A、应选用电流表外接电路，此时测量值比真实值大B、应选用电流表外接电路，此时测量值比真实值小C、应选用电流表内接电路，此时测量值比真实值大D、应选用电流表内接电路，此时测量值比真实值小3、如图所示，图线1表示的导体电阻为R1，图线2表示的导体的电阻为R2，则说法正确的是（）A、R1：R2 =1：3B、R1：R2 =3：1C、将R1与R2串联后接于电源上，则电流比I1：I2=1：3D、将R1与R2并联后接于电源上，则电流比I1：I2=1：34、平行板电容器的两极板A、B接于电源两极，两极板竖直、平行正对，一带正电小球悬挂在电容器内部，闭合电键S，电容器充电，悬线偏离竖直方向的夹角为θ，如图所示，则下列说法正确的是( )A、保持电键S闭合，带正电的A板向B板靠近，则θ减小B、保持电键S闭合，带正电的A板向B板靠近，则θ不变C、电键S断开，带正电的A板向B板靠近，则θ增大D、电键S断开，带正电的A板向B板靠近，则θ不变二、双选题5、关于电动势，下列说法正确的是（）A．电源两极间的电压等于电源电动势B．电动势越大的电源，将其他形式的能转化为电能的本领越大C．电动势的数值等于内外电压之和D．电源电动势与外电路的组成有关6、用伏安法测未知电阻Rx时，若不知Rx的大约数值，为了选择正确的电流表接法以减小误差，可将仪器如图所示接好，只空出一个电压表的一个接头K，然后将K分别与a，b接触一下，观察电压表和电流表示数变化情况，则（）A ．若电流表示数有显著变化，K 应按aB ．若电流表示数有显著变化，K 应按bC ．若电压表示数有显著变化，K 应按aD ．若电压表示数有显著变化，K 应按b7、图中的实线表示电场线，虚线表示只受电场力作用的带正电粒子的运动轨迹，粒子先经过M 点，再经过N 点，可以判定（）A ．M 点的电势大于N 点的电势B ．M 点的电势小于N 点的电势C ．粒子在M 点受到的电场力大于在N 点受到的电场力D ．粒子在M 点受到的电场力小于在N 点受到的电场力8、图2所示的匀强电场E 的区域内，由A 、B 、C 、D 、A ＇、B ＇、C ＇、D ＇作为顶点构成一正方体空间，电场方向与面ABCD 垂直。

高二物理电路部分试题及答案

高二物理电路部分试题及答案一、选择题（每题3分，共30分）1. 电路中两点间的电压是导线中自由电荷在电场力作用下定向移动形成电流的原因，那么电压的方向是（）A. 从正电荷向负电荷移动的方向B. 从负电荷向正电荷移动的方向C. 自由电荷移动的反方向D. 自由电荷移动的相同方向2. 在串联电路中，各部分电压的关系是（）A. 总电压等于各部分电压之和B. 总电压等于各部分电压之差C. 各部分电压相等D. 无法确定3. 并联电路中，各支路电流的关系是（）A. 总电流等于各支路电流之和B. 总电流等于各支路电流之差C. 各支路电流相等D. 无法确定4. 欧姆定律描述了电流、电压和电阻之间的关系，其数学表达式为（）A. I = V/RB. I = V + RC. V = I * RD. V = I / R5. 电阻串联时，总电阻的大小与各电阻的关系是（）A. 总电阻等于各电阻之和B. 总电阻等于各电阻之积C. 总电阻等于各电阻倒数之和D. 总电阻等于各电阻平均值6. 电容器的电容是表征电容器容纳电荷本领的物理量，其单位是（）A. 库仑B. 伏特C. 法拉D. 安培7. 电流表的内阻越小，测量的精确度（）A. 越高B. 越低C. 没有影响D. 不确定8. 电感器在交流电路中对电流的阻碍程度称为（）A. 电阻B. 电容C. 电感D. 阻抗9. 在纯电阻电路中，功率P与电压V和电流I的关系是（）A. P = V + IB. P = V * IC. P = V / ID. P = V^2 / I10. 根据焦耳定律，电热Q与电流I、电阻R和时间t的关系是（）A. Q = I * R * tB. Q = I / R * tC. Q = I^2 * R * tD. Q = I * R^2 * t二、填空题（每题4分，共20分）11. 当电路中的电阻R增加时，为了保持电流I不变，电压V应________（增加/减少）。

12. 一个电容器的电容为4μF，带电荷量为6mC，两极板间的电压为________V。

高二物理电路试题答案及解析

高二物理电路试题答案及解析1.或门的输入端输入信号为何时，输出端输出“0”（）A．00B．10C．01D．11【答案】A【解析】“或”逻辑关系的特点是，当事件的某一个条件满足，该事件就能发生．即只要有一个输入信号为1，即输出信号就为1，所以大当都输入为0时，输出才为0，A正确，试题点评：解决本题的关键理解“或”逻辑关系的特点，当事件的某一个条件满足，该事件就能发生．2.联合国安理会每个常住理事国都拥有否决权，假设设计一个表决器，常任理事国投反对票时输入“0”，投赞成或弃权时输入“1”，提案通过为“1”，通不过为“0”，则这个表决器应具有哪种逻辑关系（）A．与门B．非门C．或门D．与非门【答案】A【解析】联合国规定，只要常任理事国有一个反对，提案就不能通过，这和“与”门的逻辑关系一致．思路分析：从题意可以看出，事件的几个条件都满足，该事件才能发生，属于“与”逻辑关系．试题点评：解决本题的关键掌握“与”门得特点，即条件都满足，事件才能发生．3.节日彩灯是由若干只小灯泡接到照明电路上的,由于每只彩灯的额定电压较小,所以,彩灯一般是串联连接的.现有下列四组灯泡供选用,较为合适的是()A．10只“12 V 10 W”B．10只“220 V 15 W”C．15只“15 V 3 W”D．30只“9 V 2 W”【答案】C【解析】10只220V，15V的灯泡串联，每只灯泡电压，远小于灯泡额定电压15V，灯泡实际功率太小，灯泡不发光或发光很暗，因此不能采用该组灯泡,A错误，10只“220 V 15 W”的灯泡串联，每只灯泡电压远小于灯泡额定电压220V，灯泡实际功率太小，灯泡不发光或发光很暗，因此不能采用该组灯泡,B错误，15只“15 V 3 W”的灯泡串联，每只灯泡电压和灯泡额定电压差不多，彩灯可以正常发光，C正确，30只“9 V 2 W”串联，每只灯泡电压，低于灯泡的额定电压，所以不行，故选C思路分析：串联电路总电压等于各电路元件电压之和，根据所给器材，从电压角度分析答题．试题点评：熟练掌握电功率的变形公式、串联电路特点即可正确解题．4.某同学在家中测算电冰箱的耗电量,他将家中其他用电器断开，只使用电冰箱,观察电度表转盘的转动情况,测得冰箱制冷时,转盘每12 s转动一圈;保温时,每120 s转动一圈.电度表上标明“每千瓦时转2 000圈”.该同学还测得冰箱每小时制冷10 min,保温50 min,若按每月30天计算,该电冰箱每月耗电_____________度.【答案】27【解析】由题意可知：电度表盘每转动一圈，电流所做的功,根据公式可得：冰箱制冷的功率为：，冰箱保温的功率为根据公式可得电冰箱月耗电．即27度电思路分析：本题首先要清楚“”的物理意义：当用电器消耗1千瓦时的电能，电能表的水平转盘转过2000转，1度=焦，即．电功率的计算公式的应用．试题点评：本题考查了电能表的参数的理解与电能的求法以及电功的计算．关键是明白电冰箱消耗的电能分为两部分，一部分是制冷，一部分是保温5.用一直流电动机提升重物,设被提升的重物的质量m="50" kg,电动机的输入电压是110 V,不计各处的摩擦,当电动机以1 m/s的恒定速度向上提升重物时,电路中的电流为I="5" A,由此可知,电动机的线圈电阻为___________Ω.(g取10 m/s2)【答案】2【解析】设电动机线圈的电阻为r，由题意可知，由能的转化和守恒得，解得电动机线圈的电阻为思路分析：根据能量守恒定律分析解题，电源提供的电能转化为电动机线圈发热而增加的内能和电动机对外输出的机械能，而电动机输出的机械能用来增加被提升重物的机械能，试题点评：知道电动机工作时，消耗的电能转化为其它形式的能（一是机械能，二是内能）是解本题的关键．6.如图所示的电路中，电源两端的电压恒定，L为小灯泡，R为光敏电阻，D为发光二极管（电流越大，发出的光越强），且R与D相距不变.下列说法中正确的是()A．当滑动触头P向右移动时，L消耗的功率增大B．当滑动触头P向右移动时，L消耗的功率减小C．当滑动触头P向右移动时，L消耗的功率可能不变D．无论怎样移动触头P，L消耗的功率都不变【答案】B【解析】从图中可知，当P向右滑动时，滑动变阻器连入电路的电阻增大，而电源两端的电压恒定，即两并联支路的电压恒定，所以有二极管支路的总电阻增大，故通过二极管的电流减小，光照强度减小，从而导致光敏电阻上的光照减弱，光敏电阻的阻值R增大，所以根据公式,灯泡两端的电压减小，故再根据公式可得L消耗的功率减小，B正确，思路分析：根据发光二极管中的电流变化，判断二极管发光变化，发光二极管为光敏电阻R提供光源，从而判断光敏电阻的阻值变化，再根据公式判断灯泡消耗的功率，试题点评：考查了电路的动态变化，本题的关键是理解发光二极管为光敏电阻R提供光源和光敏电阻随着光照的增强阻值在减小7.对于纯电阻用电器,下列说法中正确的是…（）A．如果额定功率相同,额定电流大的用电器的电阻大B．如果额定功率相同,额定电流大的用电器的电阻小C．如果额定电压相同,额定电流大的用电器的电阻大D．如果额定电流相同,额定功率大的用电器的电阻大【答案】BD【解析】对于纯电阻电路有，，在相同时，大的R小，A错误B正确；在相同时，大的R小，C错误；在相同时，大的R大，D正确；.思路分析：根据公式进行分析解题试题点评：对于公式只适用于纯电阻电路，8.一个电炉标有“220 V 1 kW”,当它接上220 V的电源时,10 min内可使1 kg的水温度升高50 ℃.如果因故电源电压降到200V,欲使这1 kg的水的温度仍然升高50 ℃,需多长时间?设该电炉烧水的热损失与通电时间成正比,水的比热容为4.2×103 J/(kg·℃).(不考虑电炉的电阻变化)="19.8" min【答案】t2【解析】设该电炉烧水的热损失与通电时间的关系满足,使1 kg的水温度升高50 ℃,水吸收的热量为,当电炉两端电压为220V时，10min电流做的功为,所以过程中损失的热量为,根据公式可得电炉的电阻为，故当电炉两端的电压降为200V时，设经使这1 kg的水的温度仍然升高50 ℃,，所以过程中电流产生的热量为,过程中损失的热量为,所以根据可得，即，化简得，所以思路分析：因为题中有这样一句:该电炉烧水的热损失与通电时间成正比,所以据此可得，然后根据公式和算出两个过程中损耗的热量，代入前式即可求解试题点评：本题考查了电热的综合计算，关键是灵活运用公式，以及从题中的该电炉烧水的热损失与通电时间成正比信息中得出等式9.关于多用电表上的欧姆刻度线,下列说法中正确的是()A．零欧姆刻度线与零电流刻线重合B．零欧姆刻度线与电流表满偏刻度线重合C．欧姆刻度线是不均匀的,欧姆值越大,刻度线越密D．欧姆刻度线是不均匀的,欧姆值越小,刻度线越密【答案】BC【解析】因为多用表在不使用时，指针是在电流表的零刻度线上，但是此时欧姆表的两个表笔并没有相接触，表笔之间的电阻无穷大，所以电流表的零刻度线对应的是欧姆表的无穷大刻度线，当电流表最大即处于满偏刻度上时，对应的电阻最小，所以零欧姆刻度线与电流表满偏刻度线重合，A错误，B正确，从欧姆表的刻度盘上得知欧姆表的刻度是不均匀的，欧姆值越大,刻度线越密，C正确，D错误，思路分析：根据欧姆表的使用特点以及欧姆表刻度分布特点分析试题点评：本题考查了对多用电表中的欧姆表的特点的考查，关键是理解欧姆表的工作原理，10.有一个电压表的量程为3 V,内阻为900 Ω,由于没有电流表,需要将其改装成一个量程为0.6 A的电流表,则应该_____________联一个阻值为_____________Ω的电阻,当用改装好的电流表去测某电流时,指针的读数为1.2 V,则对应的电流为_____________A.【答案】并 5.030.24【解析】改装一个大量程的电流表时，需要并联一个定值电阻分流，电压表的满偏电流为，因为定值电阻和电压表是并联的，所以定值电阻满偏时电压等于3V，电阻需要分担的电流为,根据欧姆定律可得定值电阻的阻值为,因为电压表的刻度是均匀的，所以,解得思路分析：改装一个大量程的电流表时，需要并联一个定值电阻分流，则电阻两端的最大电压，和并联的电表的满偏电压相等，然后根据并联电路欧姆定律分析，电压表测量满偏时对应的是改装后的最大电流，因为电压表的刻度是均匀的，所以根据，计算电流表读数试题点评：本题考查了电流表的改装计算，关键是明白改装电流表时需要并联一个电阻来分流，以及电流表的刻度是均匀的为定值电阻.一同学误将电流表并联在11.在如图所示的电路中,电源电动势E="6" V,内阻r未知,R的两端,其读数为2 A;将此电流表换成电压表后,读数为3 V.若电流表和电压表均为理想电阻Rx的阻值为()电表,则RxA．1 ΩB．2 ΩC．3 ΩD．4 Ω【答案】C【解析】若误将误将电流表并联在电阻两端，因为电流表属于理想电表，则被短路，故,将看做一个整体，设，将此电流表换成电压表后,电路中的电阻并联在一起，则即解得思路分析：若误将误将电流表并联在电阻两端，根据欧姆定律可算出定值电阻和电源内阻的总阻值，将此电流表换成电压表后,电路中的电阻并联在一起，根据公式解题试题点评：本题考查闭合电路的欧姆定律的应用，关键是理解理想电流表是没有内阻的，12.在如图甲所示的电路中,电阻R的阻值不断改变,电路中的电流和电源的路端电压也在不断改变,电源的UI图线如图乙所示,由图象确定电阻R的变化范围为____________.【答案】0≤R≤4 Ω【解析】电路中电流最小时，电阻R最大，从图中可知当电路中的电流时，R最大，此时的路端电压为,所以，当电路中电流最大时，此时的路端电压为零，说明电路短路，所以此时R最小，最小为零，故思路分析：电路中电流最小时，电阻R最大，当电路中电流最大时，此时的路端电压为零，说明电路短路，所以此时R最小，运用欧姆定律可解题试题点评：本题考查了对U-I图像的理解以及通过图像计算电阻的问题，关键是明白图像中各个点的物理意义13.在如图所示的电路中,三个电阻的阻值R1="2" Ω,R2="3" Ω,R3="4" Ω,电源电压恒定.(1)接通开关S,断开开关S′时,R1与R2两端电压之比为__________.(2)两个开关S、S′都接通时,R1与R2两端电压之比为__________.【答案】(1)2∶3(2)7∶6【解析】（1）接通开关S,断开开关S′时,串联在一起，所以两端电压比为（2）两个开关S、S′都接通时, R1与R2两端电压之比为思路分析：根据串联电路电阻两端的电压比等于电阻比分析解题试题点评：本题考查了串并联电路的规律，熟练运用串并联电路中电压，电阻关系是关键14.电饭锅有两种工作状态,一种是锅内水烧干前的加热状态,另一种是锅内水烧干后的保温状态.如图所示的是电饭锅电路的示意图,S是感温材料制造的开关,R1是保温电阻,R2是加热用的电阻丝.当开关S接通时,电饭锅处于什么工作状态?如果要使电阻R2在保温状态时的电压是加热时电压的1/9,R1/R2为多大?【答案】处于加热状态R1/R2=8【解析】开关S接通时，连入电阻，所以电饭锅处于加热状态，即电饭锅处于加热状态时只有连入电路，保温状态，两电阻串联在一起连入电路，所以要使电阻R2在保温状态时的电压是加热时电压的1/9,即电压为, 两端的电压为,所以思路分析：根据公式可知电压一定，电阻越小电功率越大，所以加热状态时只有连入电路，保温状态，两电阻串联在一起连入电路，根据串联电路电阻两端电压比等于电阻比解题试题点评：本题考查了串并联电路的实际应用，关键是理解根据公式可知电压一定，电阻越小电功率越大，15.一根阻值为R的均匀电阻丝,在下列哪些情况下阻值仍为R(设温度不变)()A．当长度不变,横截面积增大一倍时B．当横截面积不变,长度增大一倍时C．当长度和横截面半径都缩小一半时D．当长度和横截面积都扩大一倍时【答案】D【解析】根据公式可得当长度不变，S增加一倍时，电阻减小为原来的，A错误，当S不变，长度增加一倍时，电阻增大为原来的倍，B错误，当长度和横截面积半径都缩小一倍时，C错误，当L和S都扩大一倍时，即电阻保持不变，D正确，思路分析：根据公式分析，试题点评：本题考查了公式的简单计算，关键是熟练运用公式以及细心做题，16.两根完全相同的金属裸导线,如果把其中的一根均匀拉长到原来的2倍,把另一根对折后绞合起来,则这两根导线后来的电阻之比为…()A．1∶4B．4∶1C．1∶16D．16∶1【答案】D【解析】设导线变化前的长度为L，横截面积为S，其中的一根均匀拉长到原来的2倍,则，，把另一根对折后绞合起来后，则，，代入公式可得，所以D正确，思路分析：无论是均匀拉长还是对折后绞合起来,导线的体积保持不变，然后结合公式分析解题试题点评：本题考查了对公式的简单计算，关键是熟练公式和细心计算，17.一矩形金属导体,长是宽的两倍,正中间挖去一半径未知的半圆,如图所示,若测得ab之间的电阻为R,则cd之间的电阻为______________.【答案】4R【解析】将导体按图中上下的方位等分为两等份，由题图可知，a、b间的电阻为两个部分的并联，，则，c、d间的电阻为两个部分的串联，设每部分电阻为R思路分析：a、b间的电阻为两个部分的并联，c、d间的电阻为两个部分的串联，根据串并联电阻的计算公式分析解题试题点评：本题考查了串并联电路的特点，关键是将题中的信息简化为简单的电路模型18.如图所示,P是一个表面均匀、镀有很薄电热膜的长陶瓷管,其长度为L,直径为D,镀膜材料的电阻率为ρ,膜的厚度为d.管两端有导电金属箍M、N.现把它接入电路中,测得M、N两端电压为U,通过它的电流为I.则金属膜的电阻率为______________.【答案】【解析】将金属膜的横截面积是一个宽为d，长为的矩形，所以金属膜的横截面积，代入公式可得，根据欧姆定律可得电阻的另一个表达式，即，解得思路分析：求出横截面积，代入公式得出金属膜电阻的一个微观表达式，根据欧姆定律得出金属膜的另一个表达式，联立，求解可得试题点评：本题结合欧姆定律考查了对公式的计算，关键是求金属膜的横截面积，学生容易在此出错19.有一根导线长为l,横截面积为S,它是由电阻率不均匀的材料制成的,从一端到另一端,电阻率的+kl,求这根导线的电阻.变化规律为ρ=ρ【答案】【解析】因为从一端到另一端,电阻率的变化规律为,所以电阻率是均匀变化的，故导线的中点处的的电阻率是导线的平均电阻率，则根据公式可得思路分析：从电阻率的变化关系式中可得看出是关于L的一次函数，所以当时导线的电阻率可表示导线的平均电阻率，然后代入公式分析解题试题点评：本题的关键所在是找出导线的平均电阻率，但需要切记的是只有当表示一次函数关系时，函数的平均数才能用中点处的值替代，学生在求解的时候很多都是利用来表示平均电阻率的20.如图所示为一种测定风力的仪器的原理图.P为金属球,悬挂在一根细长金属丝下面,O是悬挂是保护电阻,CD是水平放置的光滑电阻丝,与金属丝始终保持良好接触.无风时细金属丝和电点,R,有风时金属丝将偏转一个角度,角θ与风力大小有关.已知阻丝在C点接触,此时电路中的电流为I风力的方向水平向左,OC=h,CD=L,球的质量为m,电阻丝单位长度的阻值为k,电源内阻和金属丝电阻均不计,金属丝偏转θ角时,电流表的读数为I′,此时风力大小为F.试求风力大小F与电流表读数I′的关系式.【答案】【解析】对小球受力分析可得，平衡时根据几何知识可得，所以即，滑动变阻器故连入电阻的电阻为，此时电路的总电阻为因为当滑动变阻器全部连入电路时，电路的电流为I,所以根据欧姆定律可得电源的电压为,所以当夹角为时电流表的度数为,所以化简可得：思路分析：先根据力的平衡知识和几何知识得出，从而求出滑动变阻器连入电路的电阻，进而可得到此时的总电阻，，在利用题中的当滑动变阻器全部连入电路时，电路的电流为I,所以根据欧姆定律可得电源的电压，然后根据欧姆定律求解，化简即可试题点评：本题考查了力电综合，同时也考查了学生的综合分析问题的能力，。

高二物理(电场、直流电路、磁场、电磁感应)综合测试题

一、选择题1．在真空中有甲、乙两个点电荷，其相互作用力为F。

要使它们之间的相互作用力为2F，下列方法可行的是( )A．使甲、乙电荷量都变为原来的2倍B．使甲、乙电荷量都变为原来的1/2C．使甲、乙之间距离变为原来的2倍D．使甲、乙之间距离变为原来的1/22．图中三条实线a、b、c表示三个等势面。

一个带电粒子射入电场后只在电场力作用下沿虚线所示途径由M点运动到N点，由图可以看出( )A．三个等势面的电势关系是ϕa>ϕb>ϕcB．三个等势面的电势关系是ϕa<ϕb<ϕcC．带电粒子在N点的动能较小，电势能较大D．带电粒子在N点的动能较大，电势能较小3.如图所示，MN是某一点电荷电场中的一根电场线，在场线上O点放一负电荷，它将沿电场线向N 点移动，则电场线方向是（）A. 由N指向M，电荷怎样运动由题设条件不能确定。

B. 由N指向M，电荷做加速运动，加速度越来越大C. 由M指向N，电荷做匀加速运动D. 由M指向N，电荷做加速运动，加速度越来越小4．在同一平面内有四根彼此绝缘的通电直导线，如图3－1－8所示，四根导线中电流i4＝i3＞i2＞i1，要使O点的磁场增强，应切断哪一根导线中的电流()A．i1B．i2C．i3D．i45.如图所示，三根长直通电导线中电流大小相同，通电电流方向为：b导线和d导线中电流向纸里，c导线中电流向纸外，a点为b、d两点的连线中点，ac垂直于bd，且ab＝ad＝ac.则a点的磁场方向为()A..垂直纸面指向纸外B．垂直纸面指向纸里C．沿纸面由a指向bD．沿纸面由a指向d6。

一台电动机，额定电压是100 V，电阻是1Ω.正常工作时，通过的电流为5 A，则电动机因发热损失的功率为（）A.500 WB.25 WC.2000 WD.475 W7.如图所示，电路中灯泡L1和L2都不亮，用电压表测得各部分电压为：U ab=0，U bc=U，U dc=0，U da=U.则电路的故障为（）A.变阻器R短路B.变阻器R断路C.灯泡L1断路D.灯泡L1和L2都断路8.如图所示，R1为定值电阻，R2为可变电阻，E为电源电动势，r为电源内阻.以下说法中正确的是（）A.当R2=R1+r时，R2获得最大功率B.当R1=R2+r时，R1获得最大功率C.当R2=0时，R1获得最大功率D.当R2=0时，电源输出功率最大9.用欧姆表测一个电阻R的阻值，选择旋钮置于“×10”挡，测量时指针指在100与200刻度的正中间，可以确定（）A.R=150ΩB.R=1500ΩC.1000Ω<R<1500ΩD.1500Ω<R<2000Ω10．质子和一价钠离子分别垂直进入同一匀强磁场中做匀速圆周运动，如果他们做圆周运动的半径恰好相等，这说明它们在进入磁场时( )A ．速率相等B ．质量和速率的乘积相等C ．动能相等D ．质量相等11．如图11所示的是磁感应强度B 、正电荷速度v 和磁场对电荷的作用力F 三者方向的相互关系图(其中B 垂直于F 与v 决定的平面，B 、F 、v 两两垂直)．其中正确的是( )12．有三束粒子，分别是质子(11H)、氚核(31H)和α粒子束，如果它们以相同的速度沿垂直于磁场方向射入匀强磁场(磁场方向垂直于纸面向里)，在图12所示的四个图中，能正确表示出这三束粒子运动轨迹的是( )二、填空题13.在如图14－11所示的电路中，电流表、电压表的读数如图所示，则通过R 的电流是__ _A ，加在电阻R 两端的电压是______V ，这个电阻的阻值R =______Ω_.VAV A 051015 01 2314.两根同种材料的电阻丝，长度之比为1∶5，横截面积之比为2∶3，则它们的电阻值之比为______.将它们串联后接入电路中，则它们两端电压之比为______，电流之比为______；如果将它们并联后接入电路中，则它们两端电压之比为______，电流之比为______.15.如图所示，输入电压U AB =200 V ，变阻器R 1标有“150 Ω 3 A ”，负载电阻R 2标有“50 Ω 2 A ”，求输出电压U ab 的变化范围三、计算题16.如图12所示，有彼此平行的A 、B 、C 三块金属板于电源相接，B 、A 间相距为d 1，电压为U 1；B 、C 间相距为d 2，电压为U 2，且U 1<U 2。

(高二物理必修三第十三章)【电路及其应用九大题型】答案

题型一：电流的定义式微观表达式1. D2.D【题型2】游标卡尺、螺旋测微器的读数1. 1.220cm 2. 6.861mm【题型三、电阻定律的应用】1. B2.B3.B【题型四：分压电路、限流电路】1. B2.C【题型五】电表的改装1. B2.C【题型六】电流表的内接或外接1. B2.A【题型七】电阻的测量1.【答案】(1)(2)R2(3)1202I I R I - I 1为电流表G 1的读数，I 2为电流表G 2的读数，R 0为定值电阻的阻值。

【详解】（1）采用电流表的分流法：让待测电流表G 2与定值电阻R 0并联，再与电流表G 1串联，这样I 1 − I 2就是流过定值电阻的电流，从而可以求出定值电阻两端的电压，也就是待测电流表两端的电压，这样就可以求出待测电流表的内电阻。

电路可以调节使得电表的电流或电压的读数从零开始逐渐增大，滑动变阻器采用分压式接法，为调节方便，选择阻值较小的滑动变阻器，即R 2，电路图如图所示。

（2）电路可以调节使得电表的电流或电压的读数从零开始逐渐增大，滑动变阻器采用分压式接法，为调节方便，选择阻值较小的滑动变阻器，即R 2。

（3）[1]流过定值电阻的电流I = I 1 − I 2定值电阻两端的电压U = IR 0这个电压也是待测电流表两端的电压，因此待测电流表的内阻12g 022I I U R R I I -== [2]I 1为电流表G 1的示数，I 2为电流表G 2的示数，R 0为定值电阻的阻值。

2.【答案】(1)D (2)见解析 (3)1kRk- 【详解】（1）要测量电压表1V 的内阻，该电压表量程为3V ，内阻大约为2kΩ，由于器材中没有电流表，所以可以用定值电阻与1V 串联，将量程更大的电压表2V与它们并联，为了使电表示数至少要达到量程的13，定值电阻应该选阻值与1V 内阻接近的2R ，即选D 。

（2）由于滑动变阻器阻值远小于待测电压表内阻，则滑动变阻器应采用分压接法，实验电路图如图所示（3）根据欧姆定律可得V21V ()U R R R U =+ 整理可得2V1V R U U R R=+ 可知12U U -图像的斜率为VV R k R R=+ 解得压表1V 的内阻为V 1kRR k=-3.C4.【答案】(1) A C (2)5000.0Ω (3)U I(4)等于5.【答案】(1)CADBE (2) 串联 42.9610⨯ (3) 偏小较大【详解】（1）实验的合理顺序是：观察1R 的阻值是否最大，如果不是，将1R 的阻值调至最大；合上1S ，调节1R 的阻值，使电流表指针偏转到满刻度；合上2S ，调节2R 的阻值，使电流表指针偏转到满刻度的一半，记下2R 的阻值。

高二物理电学基础练习题

高二物理电学基础练习题1. 一个电容器的两极板上承受的电压为12V，电容为10μF，请计算该电容器上储存的电荷量。

答案：根据公式 Q = C × V，其中 Q 为电荷量，C 为电容，V 为电压，代入数值计算：Q = 10μF × 12V = 120μC。

2. 一个电路中有一个电容器，电容为5μF，一个电感器，电感为2H，以及一个电阻器，阻值为10Ω。

当电路中的电压稳定时，电路中的电流为多少？答案：根据欧姆定律，电流 I = V / R，其中 I 为电流，V 为电压，R 为阻值。

电路中的电压稳定时，即电容器充电/放电完全，电流通过电感和电阻器。

根据电路中的瞬时电流的表达式，可得到电流为 I = V /√(L/C + R^2)，代入数值计算：I = 12V / √(2H / 5μF + (10Ω)^2) ≈ 1.2A。

3. 一个电阻器的阻值为20Ω，通过该电阻器的电流为2A，求该电阻器两端的电压。

答案：根据欧姆定律，电压 V = I × R，其中 V 为电压，I 为电流，R 为阻值。

代入数值计算：V = 2A × 20Ω = 40V。

4. 一个电路中有一个电容器，电容为8μF，一个电感器，电感为3H，以及一个电阻器，阻值为5Ω。

当电路中的电流稳定时，电路中的电压为多少？答案：根据欧姆定律，电压 V = I × R，其中 V 为电压，I 为电流，R 为阻值。

电路中的电流稳定时，即电容器充电/放电完全，电压通过电阻器。

根据电路中的瞬时电压的表达式，可得到电压为 V = I × R + L(dI / dt)，代入数值计算：V = 2A × 5Ω + 3H(d(2A) / dt) = 10V。

5. 一个电路中有一个电容器，电容为10μF，一个电感器，电感为0.5H，以及一个电阻器，阻值为8Ω。

当电路中的电流稳定时，电路中的能量以什么形式储存？答案：当电路中的电流稳定时，电能以电磁场的形式储存在电感器中。