福建省惠安惠南中学2020-2021学年高二10月月考物理(文)试题
福建省惠安惠南中学高二物理上学期精选试卷检测题
福建省惠安惠南中学高二物理上学期精选试卷检测题一、第九章静电场及其应用选择题易错题培优（难）1．如图所示，用两根等长的绝缘细线各悬挂质量分别m A和m B的小球，分别带q A和q B的正电荷，悬点为O，当小球由于静电力作用张开一角度时，A球悬线与竖直线夹角为α，B 球悬线与竖直线夹角为β，则（）A．sinsinABmmβα=B．sinsinA BB Am qm qβα=C．sinsinABqqβα=D．两球接触后，再静止下来，两绝缘细线与竖直方向的夹角变为α'、β'，有sin sinsin sinααββ'='【答案】AD【解析】【分析】【详解】AB．如下图，对两球受力分析，根据共点力平衡和几何关系的相似比，可得Am g OPF PA=库，Bm g OPF PB=库由于库仑力相等，联立可得 A B m PB mPA= 由于sin cos OA PA αθ⋅=，sin cos OB PB βθ⋅=，代入上式可得 sin sin A B m m βα= 所以A 正确、B 错误；C ．根据以上分析，两球间的库仑力是作用力与反作用力，大小相等，与两个球带电量的多少无关，所以不能确定电荷的比例关系，C 错误；D ．两球接触后，再静止下来，两绝缘细线与竖直方向的夹角变为α'、β'，对小球A 、B 受力分析，根据上述的分析，同理，仍然有相同的关系，即sin sin A B m m βα'='联立可得sin sin sin sin ααββ'='D 正确。
故选AD 。
2．真空中，在x 轴上的坐标原点O 和x =50cm 处分别固定点电荷A 、B ，在x =10cm 处由静止释放一正点电荷p ，点电荷p 只受电场力作用沿x 轴方向运动，其速度与在x 轴上的位置关系如图所示。
下列说法正确的是（ ）A ．x =10cm 处的电势比x =20cm 处的电势高B ．从x =10cm 到x =40cm 的过程中，点电荷p 的电势能一定先增大后减小C ．点电荷A 、B 所带电荷量的绝对值之比为9：4D ．从x =10cm 到x =40cm 的过程中，点电荷p 所受的电场力先增大后减小【答案】AC【解析】【分析】【详解】A．点电荷p从x=10cm处运动到x=30cm处，动能增大，电场力对点电荷做正功，则点电荷所受的电场力方向沿+x轴方向，因此，从x=10cm到x=30cm范围内，电场方向沿+x轴方向，所以，x=10cm处的电势比x=20cm处的电势高，故A正确；B．点电荷p在运动过程中，只有电场力做功，电势能和动能之和保持不变，点电荷的动能先增大后减小，则其电势能先减小后增大，故B错误；C．从x=10cm到x=30cm范围内，点电荷p所受的电场力沿+x轴方向，从x=30cm到x=50cm范围内，点电荷p所受的电场力沿-x轴方向，所以，点电荷p在x=30cm处所受的电场力为零，则点电荷A、B对点电荷p的静电力大小相等，方向相反，故有22A BA BQ q Q qk kr r=其中r A=30cm，r B=20cm，所以，Q A：Q B=9：4，故C正确；D．点电荷x=30cm处所受的电场力为零，由电场力公式F=qE可知：x=30cm处的电场强度为零，所以从x=10cm到x=40cm的过程中，点电荷p所受的电场力一定先减小后增大，故D错误。
福建省惠安惠南中学2019届高三物理10月月考试题(答案不全)
福建省惠安惠南中学2019届高三物理10月月考试题（答案不全）考试时间：60/分钟 满分：100分 2018.10一、选择题（本大题共14小题，1-10题每小题3分，11－14题每小题４分共46分；在每小题给出的四个选项中，第1-10题只有一项符合题目要求，第11－14题有多项符合题目要求，全部选对得４分，选对但不全的得２分，有选错的得0分。
） 1、下列几个做匀变速直线运动的物体，t 秒内位移最大的是（ ） A 、加速度最大的物体 B 、初速度最大的物体 C 、末速度最大的物体 D 、平均速度最大的物体2、汽车沿直线从A 地行驶到B 地，从A 到B 时速度为40 km/h ，到B 地后立即返回，速度为60 km/h ，则全程的平均速度为（ ）A 、52 km/hB 、50 km/hC 、48 km/hD 、03. 一质点以某初速度沿足够长的光滑斜面向上滑动,其运动情况经仪器监控扫描,输入计算机后得到该运动质点的位移方程为s=12t-2t2(m).则该质点在0-4 s 内经过的路程为( )A.16 mB.18 mC.20 mD.22 m4．某军事试验场正在水平地上试射地对空导弹，若某次竖直向上发射导弹时发生故障，造成导弹 的v —t 图像如图所示，则下列说法中正确的是（ ） A ．0～1s 内导弹匀速上升 B ．1～2s 内导弹静止不动 C ．2s 末导弹上升到最高点 D ．5s 末导弹位移为零即回到出发点5.在军事演习中，某空降兵从飞机上跳下，先做自由落体运动，在t 1时刻，速度达较大值v 1，－—此时打开降落伞，做减速运动，在t 2时刻以较小速度v 2着地．其速度图象如图所示．下列关于该空降兵在0～t 1和t 1～t 2时间内的平均速度和加速度a ，下列结论正确的是( )A ．0～t 1，v >v 12，a 变大B ．t 1～t 2，v ＝v 1＋v 22，a 变大C ．t 1～t 2，v >v 1＋v 22，a 变小D ．t 1～t 2，v <v 1＋v 22，a 变小6. 如图所示S-t 图象和v-t 图象中，给出四条曲线1、2、3、4代表四个不同物体的运动情况，关于它们的物理意义，下列描述正确的是( )A ．图线1表示物体做曲线运动B ．S-t 图象中t 1时刻v 1<v 2C ．v-t 图象中0至t3时间内4的平均速度大于3的平均速度D ．两图象中，t 2、t4时刻分别表示2、4开始反向运动7、甲、乙两物体从同一地点沿同方向做直线运动，运动的v —t 图象如图所示，下列说法中正确的是：（ ）A 、乙运动的加速度逐渐增大B 、在t0时刻，甲、乙相遇C 、在0～t0时间内，乙的位移大于甲的位移D 、甲、乙相遇时，乙的速度大于甲的速度8.如图所示,置于水平地面的三脚架上固定着一质量为m 的摄像机.三脚架的三根轻质支架等长,与竖直方向均成30°角,则每根支架中承受的压力大小为( ) A. 31mg B32.mg C.63mg D.932mg9.一座高16m 的建筑物屋檐处，因渗水每隔一定时间有一个水滴落下，当第五个水滴离开屋檐时，第一个水滴正好落到地面，则此时第三个水滴离地面的高度是（ ）A 、4mB 、8mC 、10mD 、12m10、A 、B 两车由静止开始运动，运动方向不变，运动总位移相同，A 行驶的前一半时间以加速度1a 做匀加速运动，后一半时间则是以加速度2a 做匀加速运动；而B 则是前一半时间以加速度2a 做匀加速运动，后一半时间则是以加速度1a 做匀加速运动；若1a >2a ，则：（ ）A 、B 车行驶时间长，末速度大 B 、A 车行驶时间长，末速度大C 、B 车行驶时间长，末速度小D 、A 车行驶时间长，末速度小11．如右图所示，表示甲、乙两运动物体相对同一原点的位移－时间图像，下面有关说法中正确的是（ ）A ．甲、乙都是做匀变速直线运动B ．甲、乙运动的出发点相距s 0C ．乙运动的速度大于甲运动的速度D ．乙比甲早出发t 1的时间12、一质量为m 的物体放在水平面上，在与水平面成θ角的力F 的作用下由静止开始运动，物体与水平面间的动摩擦因数为μ，如图2所示， 则物体受到的摩擦力大小为（ ） A ． f=μmg B ．)sin (θμF mg f -= C ．θcos F f = D ．无法确定12F13.如图所示是骨折病人的牵引装置示意图,绳的一端固定,绕过定滑轮和动滑轮后挂着一个重物,与动滑轮相连的帆布带拉着病人的脚,整个装置在同一竖直平面内.为了使脚所受的拉力增大,可采取的方法是( )A.只增加绳的长度B.只增加重物的质量C.只将两定滑轮的间距增大D.只将病人的脚向左移动14、如图所示，以8m/s 匀速行驶的汽车即将通过路口，绿灯还有2 s 将熄灭，此时汽车距离停车线18m 。
福建省惠安惠南中学2020-2021学年高二物理上学期期中试题文
福建省惠安惠南中学20212021学年高二物理上学期期中试题文考试时刻：60分钟满分：100分 2020.11.05班级号数姓名第Ⅰ卷（选择题共60分）一、选择题（本题包括20小题,每小题3分,共60分。
每小题只有一个．．．．选项符合题意）1. 关于摩擦起电、传导起电、感应起电，下列说法错误．．的是（）A．这是起电的三种不同方式B．这三种方式都产生了电荷C．这三种起电方式的实质是一样的，差不多上电子在转移D．这三种方式都符合电荷守恒定律2.以下几种发电方式，属于利用机械能转化为电能的是（）A.火力发电B.水力发电C.太阳能发电D.核能发电3．下列关于点电荷的说法，错误．．的是（）A．点电荷是一个带有电荷的几何点，它是实际带电体的抽象，是一种理想化的模型B．带电体假如本身大小和形状对它们间的相互作用阻碍可忽略，那么，可视为点电荷C．专门小的带电体一定能够看作点电荷D．专门大的带电体也有可能能够看作点电荷4.油罐车后面都有一条拖地的铁链，其作用是（）A.向外界散热B.做为油罐车的标志C.发出响声，提醒其他车辆和行人的注意D.把电荷导入大地，幸免由静电造成危害5.真空中两个点电荷的相互作用力为F，若每个电荷的带电量都增大一倍，并把它们之间的距离减少一半，则它们之间的作用力变为（）A．16F B． 8F C． 4F D．2F6．对磁感线的认识，下列说法正确的是（）A．磁感线总是从磁体的北极动身，终止于磁体的南极B．磁感线上某点的切线方向与放在该点小磁针南极的受力方向相同C ．磁感线的疏密能够反映磁场的强弱D ．磁感线是磁场中客观存在的线7.下列说法中，错误．．的是（ ） A ．电流、磁体周围都存在磁场 B ．电场、磁场是起着传递电力或磁力的连续介质 C ．电场和磁场一定对放入其中的电荷有力的作用 D ．磁极之间、电流之间的相互作用差不多上磁场发生的 8．关于磁感应强度，下列说法不正确．．．的是（ ） A ．磁感应强度表示磁场的强弱 B ．磁感线密的地点，磁感应强度大C. 空间某点的磁感应强度的方向确实是该点的磁场方向 D ．磁感应强度的方向确实是通电导线在磁场中的受力方向9．关于电荷量、电场强度、磁感应强度、磁通量的单位，下列说法错误．．的是（ ） A ．牛/库是电荷量的单位 B ．特斯拉是磁感应强度的单位 C ．磁通量的单位是韦伯 D ．伏/米是电场强度的单位10. 如图所示，M 、N 为一正点电荷Q产生的电场中某一条电场线上的两点，则下列说法中正确的是（ ） A ．电场强度：E M < E N B ．电场强度：E M = E N C ．电场强度：E M > E ND.不能判定M 、N 这两点电场强度谁大11. 如图为直线电流、环形电流磁场的磁感线分布图，其中电流方向与磁感线方向关系正确的是（ ）12．如图表示一条放在磁场里的通电直导线，导线与磁场方向垂直，图中差不多分别标明电流、磁感应强度和安培力三者方向的关系，其中正确的是（ ）QMN13.如下四个图表示了磁场B、正电荷运动速度V和磁场对电荷作用力F的方向之间的相互关系，且B、F、V垂直. 这四个图中画得正确的是（）14. 下列装置中，没有．．用到电磁铁的是（）A．电磁起重机 B. 门铃C．电磁继电器 D. 电热毯15. 关于感应电动势和感应电流,下列说法中正确的是（）A．只有当电路闭合, 且穿过电路的磁通量发生变化时，电路中才有感应电动势B．只有当电路闭合，且穿过电路的磁通量发生变化时，电路中才有感应电流C．不管电路是否闭合，只要有磁通量穿过电路，电路中就有感应电动势D．不管电路是否闭合，只要穿过电路的磁通量发生变化，电路中就有感应电流16．依照法拉第电磁感应定律，下列关于感应电动势大小的说法中，正确的是（）A．线圈中磁通量变化越大，产生的感应电动势一定越大B．线圈中磁通量越大，产生的感应电动势一定越大C．线圈中磁通量变化越快，产生的感应电动势一定越大D．线圈放在磁感应强度平均变大的磁场中，产生的感应电动势一定变小17.法拉第发觉了磁生电的现象，不仅推动了电磁理论的进展，而且推动了电磁技术的进展，引领人类进入了电气时代。
福州市2020年高二上学期物理10月月考试卷(II)卷
福州市2020年高二上学期物理10月月考试卷（II）卷姓名:________ 班级:________ 成绩:________一、单选题 (共19题；共38分)1. （2分）下列属于静电的利用的是（）A . 油罐车拖一根铁链条在地上B . 使用避雷针C . 静电除尘D . 印染厂的车间里保持适当的湿度2. （2分） (2017·扬州模拟) 关于作用力和反作用力，下列说法正确的是（）A . 作用力、反作用力作用在不同的物体上B . 地球对重物的作用力大于重物对地球的作用力C . 作用力和反作用力的大小有时相等有时不相等D . 作用力反作用力可能不同时产生、同时消失3. （2分） (2016高二上·武清期中) 下列说法正确的是（）A . 在一个以点电荷为中心，r为半径的球面上各处的电场强度均相同B . 电场中某点的场强越大，同一电荷在该点受到的电场力越大C . 电场中某点电场强度的方向就是试探电荷在该点所受静电力的方向D . 电场中某点P未放试探电荷，则P点的电场场强为零4. （2分）对于不同的电源，工作时的电流为I，下列说法正确的是（）A . I越大的电源做功越快B . I越大的电源输出的电能越多C . 电动势越大的电源做功越快D . 电动势E与电流I的乘积体现了电源做功的快慢5. （2分）通过电阻R的电流强度为I时，在t时间内产生的热量为Q，若电阻为2R，电流强度为，则在时间t内产生的热量为（）A . 4QB . 2QC .D .6. （2分）关于电功W和电热Q的说法正确的是（）A . 在任何电路中都有W＝UIt、Q＝I2Rt ，且W＝QB . 在任何电路中都有W＝UIt、Q＝I2Rt ，但W不一定等于QC . W＝UIt、Q＝I2Rt均只有在纯电阻电路中才成立D . W＝UIt在任何电路中都成立，Q＝I2Rt只在纯电阻电路中才成立7. （2分）以下说法正确的是（）A . 磁感线上每一点的切线方向表示该点磁场的方向B . 通电导线在磁场中受力的方向就是磁场的方向C . 在同一磁场中，磁感线越密的地方，通电导线受的安培力一定越大D . 磁感应强度越大的地方，通电导线电流越大，所受的安培力一定越大8. （2分） (2018高二上·张家口期末) 如图所示，两平行直导线cd和ef竖直放置，通以方向相同、大小相等的电流，a、b两点位于两导线所在的平面内。
2021年高二上学期10月月考物理试卷含解析
2021年高二上学期10月月考物理试卷含解析一、单选题（每小题只有一个选项正确，请把正确的答案填入答题栏中，共8小题，答对得3分，答错或不答得0分，共24分）1．（3分）如图展示了四种导电器件的伏安特性曲线，其中满足欧姆定律的是（）A．B．C．D．2．如图所示，电源和电压表都是好的，当滑片由a滑到b的过程中，电压表的示数几乎都为U，下列判断正确的是（）A．a处接线断开B．触头P开路C．a、b间电阻丝开路D．b处接线开路3．如图所示是一火警报警器的部分电路示意图．其中R为用半导体热敏材料制成3的传感器．值班室的显示器为电路中的电流表，a、b之间接报警器．当传感器R3所在处出现火情时，显示器的电流I、报警器两端的电压U的变化情况是（）A．I变大，U变大B．I变大，U变小C．I变小，U变小D．I变小，U变大4．如图所示，直线A为电源的U﹣I图线，曲线B为灯泡电阻的U﹣I图线，用该电源和小灯泡组成闭合电路时，电源的输出功率和电路的总功率分别是（）A．4W、8W B．2W、4W C．4W、6W D．2W、3W5．如图所示，直线OC为某一直流电源的总功率P总随着总电流I变化的图线，曲线OBC为同一直流电源内部的热功率P r随电流I的变化图线，若A、B对应的横坐标为2A，则下面说法中不正确的是（）A．电源电动势为3V，内阻为1ΩB．线段AB表示的功率为2WC．电流为2A时，外电路电阻为0.5ΩD．电流为3A时，外电路电阻为2Ω6．关于磁感应强度定义B=，正确的说法是（）A．磁场中某点的磁感强度B与F成正比，与IL成反比B．磁场中某处磁感应强度B方向就是放在该点的一小段通电导线的受力F的方向C．磁感应强度B是由磁场本身因素决定的，不随I、L及F的变化而变化D．一小段通电导线放在某处不受磁场力作用，则该处的磁感应强度一定为零7．关于磁感线的描述，下列说法中错误的是（）A．磁感线是用来形象地描述磁场的强弱和方向的一些假想曲线B．它每一点的切线方向都和小磁针放在该点静止时北极所指的方向一致C．磁感线总是从磁铁的N极出发，到S极终止的D．直线电流磁场的磁感线，是一些以导线上各点为圆心的同心圆，且这些同心圆都在跟导线垂直的平面上8．如图所示，两根平行的直导线，通以大小相等、方向相反的电流，在与两导线距离相等的空间各点的磁感应强度（）A．都等于零B．不等于零，方向与导线平行C．不等于零，方向垂直于两导线所决定的平面D．不等于零，方向由一根导线指向另一根导线二、多选题（本题共6小题，每小题4分，共24分，每小题有两个或两个以上选项符合题意．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分）9．关于电动势，下列说法正确的是（）A．电源两极间的电压等于电源电动势B．电动势越大的电源，将其他形式的能转化为电能的本领越大C．电源电动势的数值等于内、外电压之和D．电源电动势与外电路的组成无关10．在如图所示电路中，闭合电键S，当滑动变阻器的滑动触头P向下滑动时，四个理想电表的示数都发生变化，电表的示数分别用I、U1、U2和U3表示，电表示数变化量的大小分别用△I、△U1、△U2和△U3表示，下列比值错误的是（）A．不变，不变B．变大，变大C．变大，不变D．变大，不变11．如图所示的电路中，电源电动势为E，内阻为R，L1和L2为相同的灯泡，每个灯泡的电阻和定值电阻相同，阻值均为R，电压表为理想电表，K为单刀双掷开关，当开关由1位置打到2位置时（）A．电压表读数将变大 B．L1亮度不变，L2将变亮C．L1将变亮，L2将变暗D．电源的发热功率将变大12．一束带电粒子沿水平方向飞过小磁针的下方，并与磁针指向平行，如图所示．此时小磁针的S极向纸内偏转，则这束带电粒子可能是（）A．向右飞行的正离子束B．向左飞行的正离子束C．向右飞行的负离子束D．向左飞行的负离子束13．如图所示电路中，电源内电阻为r，R1、R3、R4均为定值电阻，电表均为理想电表．闭合电键S，将滑动变阻器R2的滑片向上滑动，电流表和电压表示数变化量的大小分别为△I、△U，下列结论中正确的是（）A．电流表示数变大B．电压表示数变大C．＞r D．＜r14．有两根长直导线a、b互相平行放置，如图所示为垂直于导线的截面图．在如图所示的平面内，O点为两根导线连线的中点，M、N为两导线连线的中垂线上两点，与O点的距离相等，aM与MN夹角为θ．若两导线中通有大小相等、方向相同的恒定电流I，单根导线中的电流在M处产生的磁感应强度为B0，则关于线段MN上各点的磁感应强度，下列说法中正确的是（）A．M点和N点的磁感应强度方向一定相反B．M点和N点的磁感应强度大小均为2B0cosθC．M点和N点的磁感应强度大小均为2B0sinθD．在线段MN上各点的磁感应强度都不可能为零三、实验题：（本题共4小题共18分，请将答案填写在答题纸规定区域）15．（3分）如图所示为多用电表的指针在正确测量时的示数，若选择开关旋在直流25V挡，被测电压为V；若选择开关旋在500mA挡，被测电流为A；若选择开关旋在×100Ω挡，被测电阻为．16．（2分）图甲：10等分游标尺的读数为cm．图乙：50等分游标尺的读数为cm．17．（4分）某同学要用多用电表测一只电阻，已知多用电表电阻档有4个倍率，分别为×1k、×100、×10、×1，该同学选择×100倍率，用正确的操作步骤测量发现指针偏转角度太大（指针位置如图中虚线所示）．为了较准确地进行测量，请你补充完整接下去应该进行的主要操作步骤：（1）调节选择开关旋钮，选择×倍率；（2）两表笔（填“短接”或“断开”），调节欧姆调零旋钮，使指针指在0Ω处；（3）重新测量并读数．若这时刻度盘上的指针位置如图中实线所示，则该电阻的阻值为Ω；（4）测量完毕，把选择开关旋钮打至．18．（9分）用图a的电路测定一节电动势约为2V的蓄电池的电动势和内阻．为防止调节滑动变阻器时造成短路，电路中连接了一个保护电阻R0，除蓄电池、开关、导线外，可供使用的实验器材有：A．电流表（量程0.6A、内阻约0.5Ω）B．电流表（量程3A、内阻约0.1Ω）C．电压表（量程3V，内阻约6kΩ）D．电压表（量程15V，内阻约30kΩ）E．定值电阻（阻值1Ω；额定功率5W）F．滑动变阻器（阻值范围0～10Ω、额定电流2A）G．滑动变阻器（阻值范围0～500Ω、额定电流lA）①在实验中，电流表选，电压表选，滑动变阻器选．（填序号）②根据图a连接电路实物图b．③图c是某同学利用图b进行实验测得的数据，请绘出路端电压U随电流I变化的U﹣I图线，由图线可得电动势E=V，内阻r=Ω．（结果保留三位有效数字）．测量值和真实值的关系E测E真，r测r真（填“大于”、“小于”或“等于”）．④下表为某同学用上述方法测量某种电池的电动势和内电阻时的数据，分析可以发现电压表测得的数据，将影响实验图象的准确性，其原因是．I/A 0.12 0.20 0.31 0.41 0.50U/V 1.97 1.95 1.92 1.90 1.88四、计算题：（本题共4小题共54分，解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出答案的不得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值的单位）19．（12分）如图所示是家用电饭煲的电路图．将电饭煲接到稳压电源上，当开关接通“加热”档时，电热丝以额定功率给食物加热，当食物蒸熟后，开关接通“保温”档，给食物保温，这时电热丝的功率为其额定功率的，电流为1.40A，已知分压电阻的阻值R=100Ω．求：（1）保温时，电阻R两端的电压．（2）稳压电源输出的电压．（3）电热丝的额定功率．20．（12分）水平面上有电阻不计的U形导轨NMPQ，它们之间的宽度为L，M和P之间接入电动势为E的电源（不计内阻）．现垂直于导轨搁一根质量为m，电阻为R的金属棒ab，并加一个范围较大的匀强磁场，磁感应强度大小为B，方向与水平面夹角为θ且指向右斜上方，如图所示，问：（1）当ab棒静止时，受到的支持力和摩擦力各为多少？（2）若B的大小和方向均能改变，则要使ab棒所受支持力为零，B的大小至少为多少？此时B的方向如何？21．（15分）在如图所示的电路中，R1、R2均为定值电阻，且R1=100Ω，R2阻值未知，R3是一滑动变阻器，当其滑片从左端滑至右端时，测得电源的路端电压随电流的变化图线如图所示，其中A、B两点是滑片在变阻器的两个不同端点得到的．求：（1）电源的电动势和内阻；（2）定值电阻R2的阻值；（3）滑动变阻器的最大阻值．22．（15分）如图所示电路中，电源电动势E=10V，内电阻不计，电阻R1=14Ω，R2=6.0Ω，R3=2.0Ω，R4=8.0Ω，R5=10Ω，电容器的电容C=2.0 μF．求：（1）电容器所带的电量？说明电容器哪个极板带正电？（2）若R1突然断路，将有多少电荷通过R5？江苏省南通市海门实验学校xx学年高二（上）月考物理试卷（10月份）参考答案与试题解析一、单选题（每小题只有一个选项正确，请把正确的答案填入答题栏中，共8小题，答对得3分，答错或不答得0分，共24分）1．如图展示了四种导电器件的伏安特性曲线，其中满足欧姆定律的是（）A．B．C． D．考点：欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：伏安特性曲线描述电流与电压的变化关系，其斜率与电阻有关，导致器件可能是电阻不变，也可能电阻变化的．若不变电阻，则伏安特性曲线是线性关系；若电阻变化的，则图象是曲线．而欧姆定律则是满足线性关系．解答：解：A、根据欧姆定律得到R= 由数学知识得到，图线上的点与原点连线的斜率的倒数等于电阻，则此斜率增大，A不符合题意；B、根据欧姆定律得到R= 由数学知识得到，图线上的点与原点连线的斜率的倒数等于电阻，则此斜率减小，B不符合题意；C、根据欧姆定律得到R= 由数学知识得到，图线上的点与原点连线的斜率的倒数等于电阻，则此斜率不变，C符合题意；D、由数学知识得到，图线上斜率虽然不变，但不符合欧姆定律：R= ，则D不符合题意；故选C点评：本题考查的伏安特性曲线与欧姆定律，并抓住图线的数学意义来理解其物理意义．2．如图所示，电源和电压表都是好的，当滑片由a滑到b的过程中，电压表的示数几乎都为U，下列判断正确的是（）A．a处接线断开B．触头P开路C．a、b间电阻丝开路 D．b处接线开路考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：电压表的示数几乎都为U，说明变阻器上没有电压，将四个选项逐一代入检验，选择符合题意的选项．解答：解：A、若a处接线断开，电压表的示数为零，不符合题意．故A错误．B、若触头P开路，电压表的示数为零，不符合题意．故B错误．C、若a、b间电阻丝开路，电压表示数几乎为U，后变为零，不符合题意．故C错误．D、若b处接线开路，ab上没有电压，电压表的示数几乎都为U．故D正确．故选D点评：本题是电路中故障分析问题，考查判断推理能力．本题电压可以用电势差理解．3．如图所示是一火警报警器的部分电路示意图．其中R3为用半导体热敏材料制成的传感器．值班室的显示器为电路中的电流表，a、b之间接报警器．当传感器R3所在处出现火情时，显示器的电流I、报警器两端的电压U的变化情况是（）A．I变大，U变大B．I变大，U变小C．I变小，U变小D．I变小，U变大考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：热敏电阻的阻值随温度的升高而减小，则再由闭合电路的欧姆定律可得出电路中电流与电压U的关系．解答：解：当出现火情时，热敏电阻R3的阻值减小，则外电路总电阻减小；由闭合电路欧姆定律可知，电路中总电流将增大；由U=E﹣Ir可知，路端电压减小，则图中报警器两端的电压U将减小；因总电流增大，则R1两端的电压增大，并联部分的电压减小，则可知流过R2中的电流I减小．故选：C．点评：本题是电路动态变化分析问题，要了解半导体材料的特性：电阻随着温度升高而减小；二要处理局部与整体的关系，按“局部→整体→局部”顺序进行分析．4．如图所示，直线A为电源的U﹣I图线，曲线B为灯泡电阻的U﹣I图线，用该电源和小灯泡组成闭合电路时，电源的输出功率和电路的总功率分别是（）A．4W、8W B．2W、4W C．4W、6W D．2W、3W考点：闭合电路的欧姆定律；电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：电源的外特性曲线与灯泡伏安特性曲线的交点就是灯泡与电源连接时的工作状态，由图可读出工作电压和电流及电源的电动势从而可算出电源的输出功率和总功率．解答：解：由图读出E=3V，r=0.5Ω灯泡与电源连接时，工作电压U=2V，I=2A则电源的输出功率P出=EI﹣I2r=（3×2﹣22×0.5）W=4W电源的总功率P总=EI=3×2W=6W故选C点评：解决这类问题的关键在于从数学角度理解图象的物理意义，抓住图象的斜率、面积、截距、交点等方面进行分析，更加全面地读出图象的物理内涵．5．如图所示，直线OC为某一直流电源的总功率P总随着总电流I变化的图线，曲线OBC为同一直流电源内部的热功率P r随电流I的变化图线，若A、B对应的横坐标为2A，则下面说法中不正确的是（）A．电源电动势为3V，内阻为1ΩB．线段AB表示的功率为2WC．电流为2A时，外电路电阻为0.5ΩD．电流为3A时，外电路电阻为2Ω考点：电功、电功率；闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：根据电源的总功率P=EI，由C点的坐标求出电源的电动势和内阻．AB段表示外电路的功率，再求解AB段表示的功率．解答：解：在C点电源的总功率和电源的内部的热功率Pr相等，说明此时，只有内电路，外电路短路，即外电阻为0，电源的总功率P=EI，C点表示I=3A，P=9W，则电源的电动势E=3V．由图看出，C点表示外电路短路，电源内部热功率等于电源的总功率，则有P=I2r，代入解得，r=1Ω，所以A正确，D错误；AB段表示的功率为PAB=EI′﹣I′2r=3×2﹣22×1（W）=2W．所以B正确；根据闭合电路欧姆定律，有，解得外电阻：R= =0.5Ω，所以C正确；本题选错误的，故选：D．点评：本题关键在：（1）理解电源的总功率P总随电流I变化的图象与电源内部热功率Pr 随电流I变化的图象的涵义；（2）分清三种功率及其关系：电源的总功率P总=EI，电源内部发热功率P热=I2r，外电路消耗功率P外=UI=I2R，且根据能量关系得P总=P外+P热．6．关于磁感应强度定义B=，正确的说法是（）A．磁场中某点的磁感强度B与F成正比，与IL成反比B．磁场中某处磁感应强度B方向就是放在该点的一小段通电导线的受力F的方向C．磁感应强度B是由磁场本身因素决定的，不随I、L及F的变化而变化D．一小段通电导线放在某处不受磁场力作用，则该处的磁感应强度一定为零考点：磁感应强度．分析：磁感应强度B= 是采用比值法定义的，B大小与F、IL无关，由磁场本身决定的，磁感线可以形象的描述磁感应强度的大小和方向，磁感线密的地方磁感应强度大，磁感线稀的地方磁感应强度小．解答：解：A、C、磁感应强度B= 是采用比值法定义的，被定义的物理量B与公式中的物理量安培力F、电流元的IL无关，B的大小由磁场本身决定，故A错误，C正确；B、根据左手定则可知，磁场的方向与安培力的方向总是相互垂直，故B错误；D、根据安培力的公式：F=BILsinθ可知，一小段通电导线放在某处不受磁场力作用，可能是电流的方向与磁场的方向垂直，该处的磁感应强度不一定为零．故D错误．故选：C．点评：对于物理量中的基本物理量一定明确其含义、如何定义的、定义公式特点等，不能相互混淆，因此对这些基本物理知识要加强理解和应用．7．关于磁感线的描述，下列说法中错误的是（）A．磁感线是用来形象地描述磁场的强弱和方向的一些假想曲线B．它每一点的切线方向都和小磁针放在该点静止时北极所指的方向一致C．磁感线总是从磁铁的N极出发，到S极终止的D．直线电流磁场的磁感线，是一些以导线上各点为圆心的同心圆，且这些同心圆都在跟导线垂直的平面上考点：磁感线及用磁感线描述磁场．分析：（1）磁体的周围存在着看不见，摸不着但又客观存在的磁场，为了描述磁场，在实验的基础上，利用建模的方法想象出来的磁感线，磁感线并不客观存在．（2）磁感线在磁体的周围是从磁体的N极出发回到S极．在磁体的内部，磁感线是从磁体的S极出发，回到N极．（3）磁场中的一点，磁场方向只有一个，由此入手可以确定磁感线不能相交．（4）磁场的强弱可以利用磁感线的疏密程度来描述．磁场越强，磁感线越密集．解答：解：A、磁感线并不客观存在，是用来形象地描述磁场的强弱和方向的一些假想曲线；故A正确；B、磁感线的切线的方向表示磁场的方向，它每一点的切线方向都和小磁针放在该点静止时北极所指的方向一致；故B正确；C、磁感线一定是闭合的，磁体外部磁感线由N极指向S极，而内部由S极指向N极；故C 错误；D、根据安培定则可知，直线电流磁场的磁感线，是一些以导线上各点为圆心的同心圆，且这些同心圆都在跟导线垂直的平面上；故D正确；本题选择错误的，故选：C．点评：此题考查了磁感线的引入目的，磁场方向的规定，记住相关的基础知识，对于解决此类识记性的题目非常方便．8．如图所示，两根平行的直导线，通以大小相等、方向相反的电流，在与两导线距离相等的空间各点的磁感应强度（）A．都等于零B．不等于零，方向与导线平行C．不等于零，方向垂直于两导线所决定的平面D．不等于零，方向由一根导线指向另一根导线考点：磁感应强度．分析：根据安培定则判断两根导线在与两导线距离相等的空间的点产生的磁场方向，根据平行四边形定则，进行合成，确定大小和方向的关系．解答：解：根据安培定则可知，左侧的电流产生的磁场的方向在两导线之间的空间中的方向垂直于纸面向里；同理，根据安培定则，右侧的电流产生的磁场的方向在两导线之间的空间中的方向也垂直于纸面向里，可知磁场的方向都向里，方向相同．所以选项C正确．故选：C点评：本题考查安培定则和平行四边定则的综合应用，根据安培定则逐渐判断出磁场的方向，然后合成即可．基础题．二、多选题（本题共6小题，每小题4分，共24分，每小题有两个或两个以上选项符合题意．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分）9．关于电动势，下列说法正确的是（）A．电源两极间的电压等于电源电动势B．电动势越大的电源，将其他形式的能转化为电能的本领越大C．电源电动势的数值等于内、外电压之和D．电源电动势与外电路的组成无关考点：电源的电动势和内阻．专题：恒定电流专题．分析：电源没有接入外电路时两极间的电压等于电源电动势．电动势表征电源把其他形式的能转化为电能的本领大小，电动势与外电路无关．接在电源两极间的电压表测得的电压小于电源的电动势．解答：解：A、根据闭合电路欧姆定律E=U+Ir，得知，当I=0时，U=E，即电源没有接入外电路时两极间的电压等于电源电动势．故A错误．B、电动势表征电源把其他形式的能转化为电能的本领大小，电动势越大，电源将其他形式的能转化为电能的本领越大．故B正确．C、用电压表测量电源的电动势时，电压表就成了外电路，电路中有一定的电流，内电路有电压，电源电动势的数值等于内、外电压之和；故C正确．D、电动势表征电源的特性，由电源本身决定，与外电路无关，同一电源接入不同的电路，电动势不会发生变化．故D错误．故选：BC点评：本题考查对电源电动势的理解，要抓住电动势的物理意义、定义和欧姆定律来强化理解．10．在如图所示电路中，闭合电键S，当滑动变阻器的滑动触头P向下滑动时，四个理想电表的示数都发生变化，电表的示数分别用I、U1、U2和U3表示，电表示数变化量的大小分别用△I、△U1、△U2和△U3表示，下列比值错误的是（）A．不变，不变B．变大，变大C．变大，不变D．变大，不变考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：由题意知：R1是定值电阻，根据欧姆定律得知==R1．变阻器是可变电阻，根据闭合电路欧姆定律研究、与电源内阻的关系，再分析选择．解答：解：A、根据欧姆定律得知：==R1．故当滑动变阻器的滑动触头P向下滑动时，、均不变．故A正确．B、C，=R2，变大．根据闭合电路欧姆定律得：U2=E﹣I（R1+r），则有=R1+r，不变．故B错误，C正确．D、=R1+R2，变大．根据闭合电路欧姆定律得：U3=E﹣Ir，则有=r，不变．故D正确．本题选错误的，故选B点评：本题对于定值电阻，是线性元件有R==，对于非线性元件，R=≠．11．如图所示的电路中，电源电动势为E，内阻为R，L1和L2为相同的灯泡，每个灯泡的电阻和定值电阻相同，阻值均为R，电压表为理想电表，K为单刀双掷开关，当开关由1位置打到2位置时（）A．电压表读数将变大 B．L1亮度不变，L2将变亮C．L1将变亮，L2将变暗D．电源的发热功率将变大考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：当开关由1位置打到2位置时，分析外电阻的变化，根据欧姆定律分析总电流和路端电压的变化，确定电压表示数的变化．根据两灯电压的变化，判断亮度的变化．根据总电流的变化，分析电源发热功率的变化．解答：解：A、D当开关打在1位置时，外电路的总电阻为R1=R+ =1.5R，当开关打在2位置时，外电路的总电阻为R2= = ≈0.67R．所以外电路总电阻变小，根据全电路欧姆定律得，总电流I增大，路端电压变小，则电压表读数将变小．电源的发热功率P=I2r，I增大，P增大．故A错误，D正确．B、C当开关打在1位置时，两灯的电压均为U1= =0.2E，当开关打在2位置时，灯L1的电压U1′= =0.2E，灯L2的电压U2′= =0.4E，可见，L1的电压不变，L2的电压变大，则L1亮度不变，L2将变亮．故B正确，C错误．故选BD点评：本题通过计算灯泡的电压，分析其亮度的变化，是处理电路动态变化分析的一种方法．12．一束带电粒子沿水平方向飞过小磁针的下方，并与磁针指向平行，如图所示．此时小磁针的S极向纸内偏转，则这束带电粒子可能是（）A．向右飞行的正离子束B．向左飞行的正离子束C．向右飞行的负离子束D．向左飞行的负离子束考点：电流的磁场对磁针的作用；电流、电压概念．分析：小磁针N极受力方向与磁场方向相同．电流方向与正电荷定向移动方向相同，与负电荷定向移动方向相反．根据安培定则，将选项逐一代入检查，选择符合题意的选项．解答：解：A、向右飞行的正离子束形成的电流方向向右，根据安培定则可知，离子在上方产生的磁场方向向外，则N极转向外，S极转向里，符合题意．故A正确．B、向左飞行的正离子束形成的电流方向向左，根据安培定则可知，离子在上方产生的磁场方向向里，则N极转向里，S极转向外，不符合题意．故B错误．C、向右飞行的负离子束形成的电流方向向左，根据安培定则可知，离子在上方产生的磁场方向向里，则N极转向里，S极转向外，不符合题意．故C错误．D、向左飞行的负离子束形成的电流方向向右，根据安培定则可知，离子在上方产生的磁场方向向外，则N极转向外，S极转向里，符合题意．故D正确．故选AD．。
福建高二高中物理月考试卷带答案解析
福建高二高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.下列说法正确的是A ．以点电荷Q 为中心r 为半径的球面上各点的场强都相同B ．电荷在电势高的地方具有的电势能大C ．电势降低的方向一定是场强的方向D ．电场强度为零的地方电势不一定为零2.两个分别带有电荷量－Q 和＋4Q 的相同金属小球A 和B(均可视为点电荷)，固定在相距为r 的两处，它们间的库仑力为F ，用一个带有绝缘柄的与A 、B 完全相同的金属小球C 无数次地先后接触A 、B 两球，则最终A 、B 间的库仑力为 A ．F B ．F C ．F D ．F3.如图所示，长方体铜柱长a=10cm ，宽b=5cm ，高c=3cm ，当将A 与B 接入电压为U 的电路中时，电流强度为1 A ，若将C 与D 接入电压为U 的电路中，则电流为A ．4AB ．2AC ．AD ．A4.关于电源的电动势，下面说法错误的是 A ．电源的电动势就是电源两极间的电压B ．电动势越大的电源，将其它形式的能转化为电能的本领越大C ．电动势的数值等于内、外电路电压之和D ．电动势只由电源性质决定，与外电路无关5.A 、B 两灯额定电压均为U ，额定功率P A <P B ，今将A 、B 两灯接在电压为2U 的电路上，要使两灯均正常发光，且符合节能的原则，应选用的电路接法是6.将一个正点电荷从无穷远处移到电场中A 点，电场力做功为4×10-9J ，将一负点电荷（带电量与上述正点电荷相等）从无穷远处移到电场中的B 点，克服电场力做功为8×10-9J ，则下述结论中正确的是 A ．j A ＜j B ＜0 B ．j B ＞j A ＞0 C ．j B ＜j A ＜0 D ．j A ＞j B ＞07.一个已充电的电容器，若使它的电量减少3×10-4C ，则其电压减少为原来的1/3，则A ．电容器原来的带电量为9×10-4CB ．电容器原来的带电量为4.5×10-4C C ．电容器原来的电压为1 VD ．电容器的电容变为原来的1/38.在如图所示的四种电场中，分别标记有a 、b 两点．其中a 、b 两点电场强度大小相等、方向相反的是A ．甲图中与点电荷等距的a 、b 两点B ．乙图中两等量异种电荷连线的中垂线上与连线等距的a 、b 两点C ．丙图中两等量同种电荷连线的中垂线上与连线等距的a 、b 两点D ．丁图中非匀强电场中的a 、b 两点9.如图电路所示，当ab 两端接入100V 电压时，用理想电压表测得cd 两端为20V ；当cd 两端接入100V 电压时，用理想电压表测得ab 两端电压为50V ，则R 1∶R 2∶R 3之比是AA ．4∶2∶1B ．2∶1∶1C ．3∶2∶1D ．5∶3∶210.在如图所示的实验电路中，当滑动变阻器R 0的滑动触头向右端滑动时A ．L 1变暗，L 2变亮，L 3变亮B ．L 1变暗，L 2变暗，L 3变亮C ．L 1变暗，L 2变暗，L 3变暗D ．L 1变亮，L 2变暗，L 3变亮11.如图所示，实线为电场线，虚线为带电粒子（重力不计）的运动轨迹，电场中A 、B 两点的电势分别为φA 、φB ，粒子在A 、B 两点的速度大小分别为v A 、v B ，加速度大小分别为a A 、a B ，电势能分别为E pA 、E pB ，则下列正确的是CA ．φA ＜φB B ．v A ＞v BC ．a A ＞a BD ．E pA ＜E pB12.如图所示，虚线为静电场中的等势面1、2、3、4，相邻的等势面之间的电势差相等，其中等势面3的电势为零。
福建省2021-2020学年高二物理10月月考试题(含解析)
福建省永安市第三中学2020-2021学年高二物理10月月考试题（含解析）一、单项选择题（本题共34小题，每小题2分，共68分．在每小题给出的四个选项中只有一项是正确的．把答案填在答题卷中）1.关于摩擦起电、传导起电、感应起电，下列说法错误的是（）A. 这是起电的三种不同方式B. 这三种方式都产生了电荷C. 这三种起电方式的实质是一样的，都是电子在转移D. 这三种方式都符合电荷守恒定律【答案】B【解析】摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体，即说明了电荷可以从一个物体转移到另一个物体，并没有创造电荷，电荷只是发生转移；感应起电过程电荷在电场力作用下，从物体的一部分转移到另一个部分；电荷可以从带电的物体转移到原来不带电的物体是接触带电。
摩擦起电、接触起电、感应起电是起电的三种不同方式，故A说法正确；这三种方式都没有产生电荷，故B说法错误；这三种起电方式的实质是一样的，都是电子的转移，故C说法正确；这三种方式都符合电荷守恒定律，故D说法正确。
所以选B。
2.把一个带正电金属小球A跟同样的不带电的金属球B相碰,两球都带等量的正电荷,这从本质上看是因为( )A. A球正电荷移到B球上B. B球的负电荷移到A球上C. A球的负电荷移到B球上D. B球的正电荷移到A球上【答案】B【解析】【详解】AD.金属上正电荷只做无规则的热振动，不能发生移动，更不可能从一个球移动到另一个球，故选项A、D不符合题意；BC.B球原来不带电，与A球接触后，由于A球上正电荷对电子的吸引，电子从B球转移到A球上，原来中性的B球就带正电，所以B带正电是由于B球上的负电荷移到A球上的缘故，故选项B符合题意，C不符合题意。
3.关于点电荷的说法，正确的是( )A. 只有体积很小的带电体才能看作点电荷B. 体积很大的带电体不能看作点电荷C. 当带电体电荷量很小时，可看作点电荷D. 当两个带电体的大小及形状对它们之间的相互作用力的影响可忽略时，这两个带电体可看作点电荷【答案】D【解析】试题分析：任何带电体都有形状和大小，其上的电荷也不会集中在一点上，当带电体间的距离比他们自身的大小大的多，以至带电体的形状、大小及电荷分布状况对他们之间的作用力的影响可以忽略时，这样的带电体就可以看做带电的点，叫做点电荷，他是一种理想化的模型，D对。
福建省惠安惠南中学2020-2021学年八年级10月月考物理试题
福建省惠安惠南中学2020-2021学年八年级10月月考物理试题学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题1．下列几个估测中，比较符合实际的是（）A．课桌的高度约为80m B．教室的高度大约为7mC．中学生在1s内脉博跳动约70次D．成年人正常步行的速度约为1.2m/s2．下列记录结果中，用厘米做单位的是（）A．一支铅笔的长度约为18 B．教室的宽度约为60C．小明的身高约为1.68 D．一张物理试卷的厚度约为703．乘客坐在轮船中逆流而上，认为自己是静止的，选取的参照物是A．河岸边的树B．迎面驶来的船C．流淌着的河水D．所乘轮船的船舱4．“频闪摄影”是研究物体运动时常用的一种实验方法，如图是小聪利用频闪照相机拍摄的不同物体运动时的频闪照片（黑点表示物体的像），其中可能做匀速直线运动的是A．B．C．D．5．用刻度尺和三角板测量圆柱体的直径，如下如图，其中正确的是（）A．B．C．D．6．随着航天技术的飞速发展，我国已成功实现两次载入航天飞行．在火箭推动飞船上升阶段，航天员是被固定在飞船座舱内的．在这一阶段下列说法不正确的是A．以飞船为参照物航天员是静止的B．以地面为参照物航天员是静止的C．以火箭为参照物航天员是运动的D．以火箭为参照物飞船是运动的7．一位同学用刻度尺先后三次测量一物体长度,各次测量结果分别是25.46cm．25.45cm．25.46cm，则此物体长应是（）A．25.44cm B．25.45cm C．25.46cm D．25. 47cm8．2021年8月，牙买加短跑运动员博尔特在第31届奥运会以9.81秒实现了奥运百米三连冠。
他在100m决赛时的平均速度大约为（）A．l0cm/s B．10dm/s C．l0m/s D．10km/s9．战斗机在空中加油，已知加油机的速度是800km/h，则此时战斗机的速度应是（）A．0 B．等于800 km/h C．大于800 km/h D．小于800 km/h10．下图a是某物体运动的v-t图像，则右图中能相应表示出该物体运动的s-t图像的是A．B．C．D．11．下列说法正确的是（）A．误差是由于操作者的失误引起的B．误差是可以避免的C．误差可通过多次测量取平均值等方式来减小D．以上说法都不正确12．一个物体做匀速直线运动，在10s内通过50m，它在前2s的速度是A．30 m/s B．25 m/s C．10 m/s D．5 m/s 13．甲、乙两个运动物体的速度分别为72Km/h和20m/s，比较它们的运动快慢是（）A．甲比乙快 B．乙比甲快 C．它们一样快 D．无法比较14．一个物体做变速直线运动，前半段路程的平均速度为4m/s，后半段路程的平均速度为6m/s，则全程的平均速度为（）A．4.5m/s B．4.8m/s C．5m/s D．10m/s15．如图所示，为了探究运动员跑步时速度的变化，可以将运动员跑步的路程分为相等的三段，分别测出运动员跑过每段路程所需的时间，就可以判定运动员跑步时速度的变化情况，从图中可以看出，运动员跑步全程中的速度是（）A．不变B．逐渐变大C．逐渐变小D．先增大后减小二、填空题16．给下列数字填上合适的单位：（1）某人的身高178_____ （2）物理课本的长度250___（3）某同学绕操场走一圈的时间是400___ （4）教室的高度为30________（5）一支新铅笔的长度约1.8___17．单位换算：6min=________s 108 km/h＝___________m/s10m/s＝___________km/h 5×1010μm＝__________m18．有一首词是这样写的“满眼风波多闪烁，看山恰似走来迎，仔细看山山不动，是船行．”其中“看山恰似走来迎”是以_______为参照物，“是船行”是以_____为参照物．19．百米赛跑过程中的某时刻甲、乙两运动员位置的示意图如图所示。
2017-2018学年福建省惠安惠南中学高二10月月考物理(理)试题 解析版
福建省惠安惠南中学2017-2018学年高二10月月考物理（理）试题一、选择题：本题共15小题，每小题4分，共60分。
在每小题给出的四个选项中，第1～10题只有一项符合题目要求，第11～15题有多项符合题目要求。
全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。
1. 关于摩擦起电和感应起电，以下说法正确的是( )A. 摩擦起电是因为电荷的转移，感应起电是因为产生电荷B. 摩擦起电是因为产生电荷，感应起电是因为电荷的转移C. 不论摩擦起电还是感应起电都是电荷的转移D. 以上说法均不正确【答案】C【解析】解：摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体，即说明了电荷可以从一个物体转移到另一个物体，并没有产生电荷．感应起电过程电荷在电场力作用下，电荷从物体的一部分转移到另一个部分，所以ABD错误，C正确．故选C【点评】摩擦起电和感应起电的实质都电子发生了转移，只是感应起电是电子从物体的一部分转移到另一个部分．摩擦起电是电子从一个物体转移到另一个物体．2. 关于库仑定律，下列说法中正确的是：( )A. 库仑定律精确地描述了真空中两个点电荷间的相互作用力大小B. 库仑定律中的常数静电力恒量k=9×109，无单位。
C. 库仑定律是描述两个质点之间的作用力D. 在氢原子模型中，库仑力远远小于万有引力【答案】A【解析】解：A、真空中两个点电荷间的相互作用力大小可以用库仑力定律计算，故A正确．B、库仑定律中的常数静电力恒量k=9×109N•m2/C2，有单位的，故B错误．C、库仑定律是描述真空中两个点电荷之间的作用力，故C错误．D、在氢原子模型中，库仑力远远大于万有引力，万有引力可以忽略，故D错误．故选：A．【点评】本题要知道库仑定律的适用范围，当带电体的形状、大小及电荷的分布状况对它们之间的作用力影响可以忽略时，可以看成点电荷．3. 真空中有两个点电荷，它们之间的静电力为F.如果使它们间的距离增大到原来的2倍，将其中之一的电量也增大到原来的2倍，则它们间的作用力将变为( )A. 4FB. 2FC. FD. F/2【答案】D【解析】根据库仑力公式可知，如果使它们间的距离增大到原来的2倍，将其中之一的电量也增大到原来的2倍，则它们间的作用力将变为，D对；4. 关于点电荷的说法，正确的是( )A. 点电荷一定是电量很小的电荷B. 体积很大的带电体一定不能看作点电荷C. 只有体积很小的带电体，才能作为点电荷D. 两个带电的金属小球，不一定能将它们作为电荷集中在球心的点电荷处理【答案】D【解析】点电荷是将物体简化为点，带电物体能否简化为点关键是看物体的大小对于研究的问题能否忽略不计，而不是看电荷量的大小，故A错误；体积较大的带电体，如果相对于研究的问题，体积可以忽略不计，将其简化为点产生的误差较小，那么可以简化为点电荷，故B 错误；体积很小的带电体，如果相对于研究的问题，体积不能忽略不计，将其简化为点产生的误差较大，那么就不能简化为点，故C错误；当电荷在球上均匀分布时，可以将其看成是电荷全部集中于球心的点电荷，否则会产生较大的误差，故D正确；故选D．点睛：如果在研究的问题中，带电体的形状、大小以及电荷分布可以忽略不计，即可将它看作是一个几何点，则这样的带电体就是点电荷．一个实际的带电体能否看作点电荷，不仅和带电体本身有关，还取决于问题的性质和精度的要求，即需要具体问题具体分析．5. 为了防止静电的危害，应尽快的把产生的静电导走。
2020-2021学年福建省某校高二(上)月考物理试卷(10月份)有答案
2020-2021学年福建省某校高二（上）月考物理试卷（10月份）一、单选题（共10小题，每小题4分，共40分。
每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确，选对的得4分，有选错或不答的得0分。
）1. 关于点电荷的说法，正确的是（）A.只有体积很小的带电体，才能作为点电荷B.体积很大的带电体一定不能看作点电荷C.点电荷一定是电量很小的电荷D.体积很大的带电体只要距离满足一定条件也可以看成点电荷2. 两个完全相同的金属小球，分别带有+3Q和−Q的电量，它们之间的库仑引力为F，将两球接触后，再将它们放到距离为原来两倍位置，两球之间的作用力为（）A.F3B.2F C.3F D.F123. 下面是某同学对电场中的一些概念及公式的理解，其中正确的是（）A.由电场强度的定义式E=Fq可知，电场中某点的电场强度与试探电荷所带的电荷量成反比B.由真空中点电荷的电场强度公式E=k Qr2可知，电场中某点的电场强度与场源电荷所带的电荷量无关C.由电势差的定义式U AB=W ABq可知，带电荷量为−1C的点电荷，从A点移动到B点克服电场力做功为1J，则A、B两点间的电势差U AB 为1VD.由匀强电场的场强公式E=Ud可知，电场强度与两点间电势差大小成正比4. 某电场的分布如图所示，带箭头的实线为电场线，虚线为等势面．A、B、C三点的电场强度分别为E A、E B、E C，电势分别为φA、φB、φC，关于这三点的电场强度和电势的关系，以下判断正确的是（）A.E A<E B，φB=φCB.E A>E B，φA>φBC.E A>E B，φA<φBD.E A=E C，φB=φC5. 如图为静电除尘器除尘机理的示意图，尘埃在电场中通过某种机制带电，在电场力的作用下向集尘极迁移并沉积，以达到除尘的目的。
下列表述不正确的是（）A.带电尘埃所受电场力的方向与电场方向相同B.电场方向由集尘极指向放电极C.到达集尘极的尘埃带负电荷D.同一位置带电荷量越多的尘埃所受电场力越大6. 如图所示的四种电场中，分别标记有a、b两点。
2020-2021学年福建省高二上第一次月考物理试卷(解析版).doc
2020-2021学年福建省高二上第一次月考物理试卷（解析版）姓名:_____________ 年级:____________ 学号:______________题型选择题填空题解答题判断题计算题附加题总分得分1. （知识点：库仑定律,电场强度）（10分）如图所示，真空中，带电荷量分别为+Q与﹣Q的点电荷A、B相距r，则：（1）两点电荷连线的中点O的场强多大，方向如何？（2）在两电荷连线的中垂线上，距A、B两点都为r的O′点的场强多大，方向如何？【答案】（1）两点电荷连线的中点O的场强为；（2）在两点电荷连线的中垂线上，距A、B两点都为r的O′点的场强大小为，方向水平向右．【解析】试题分析：根据点电荷产生的场强公式求解各个点电荷在某点产生的场强，再根据矢量合力原则求解即可．解：（1）根据电场强度的叠加原则可知：+=；（2）+Q在0′处产生的场强E，方向与水平方向成60°斜向上，﹣Q在0′处产生的场强为：，，方向与水平方向成60°斜向下，根据矢量合力原则可知，O′点的场强E=，方向水平向右．答：（1）两点电荷连线的中点O的场强为；（2）在两点电荷连线的中垂线上，距A、B两点都为r的O′点的场强大小为，方向水平向右．点评：常见电场的电场线分布及等势面的分布要求我们能熟练掌握，同时注意等量同号电荷形成电场的对称性．加强基础知识的学习，掌握住电场线的特点，即可解决本题．（12分）如图所示，在两条平行的虚线内存在着宽度为L、场强为E的匀强电场，在与右侧虚线相距也为L 处有一与电场平行的屏．现有一电荷量为+q、质量为m的带电粒子（重力不计），以垂直于电场线方向的评卷人得分初速度v0射入电场中，v0方向的延长线与屏的交点为O．试求：（1）粒子从射入到打到屏上所用的时间；（2）粒子刚射出电场时的速度方向与初速度方向间夹角的正切值tanα；（3）粒子打到屏上的点P到O点的距离s．【答案】（1）粒子从射入到打到屏上所用的时间；（2）粒子刚射出电场时的速度方向与初速度方向间夹角的正切值；（3）粒子打到屏上的点P到O点的距离．【解析】试题分析：（1）带电粒子垂直射入电场，只受电场力作用而做类平抛运动，水平方向做匀速直线运动，竖直方向做初速度为零的匀加速运动，由L=v0t求解时间t．（2）根据牛顿第二定律求出加速度．研究竖直方向的运动情况，由速度公式vy=at求出粒子刚射出电场时竖直分速度，由求出tanα．（3）由位移公式求出粒子刚射出电场时偏转的距离y．带电粒子离开电场后做匀速直线运动，偏转的距离Ltanα，两个偏转之和即为粒子打到屏上的点P到O点的距离S．解：（1）根据题意，粒子在垂直于电场线的方向上做匀速直线运动，所以粒子从射入到打到屏上所用的时间．（2）设粒子射出电场时沿平行电场线方向的速度为vy，根据牛顿第二定律，粒子在电场中运动的时间：粒子在电场中的加速度为：所以：．所以粒子刚射出电场时的速度方向与初速度方向间夹角的正切值为．（3）设粒子在电场中的偏转距离为y，则又s=y+Ltan α，解得：．答：（1）粒子从射入到打到屏上所用的时间；（2）粒子刚射出电场时的速度方向与初速度方向间夹角的正切值；（3）粒子打到屏上的点P到O点的距离．点评：本题中带l（1）滑块在圆轨道最高点Q的速度大小；（2）滑块应以多大的初速度v0向左运动？（3）这样运动的滑块通过P点时对轨道的压力是多大？【答案】（1）滑块在圆轨道最高点Q的速度大小为=（2）要使小滑块恰能运动到圆轨道的最高点Q，滑块应以7m/s的初速度v0向左运动．（3）滑块通过P点时对轨道的压力是0.6N．【解析】试题分析：（1）（2）小滑块恰能运动到圆轨道的最高点Q时，由重力和电场力的合力提供向心力，由牛顿第二定律求出物块通过Q点的速度．滑块从开始运动到达Q点过程中，重力做功为﹣mg•2R，电场力做功为﹣qE•2R，摩擦力做功为﹣f•x，根据动能定理求解初速度v0．（3）滑块通过P点时，以滑块为研究对象，轨道的支持力提供滑块的向心力，根据动能定理求出滑块通过P点时的速度大小，由牛顿运动定律求解滑块通过P点时对轨道的压力．解：（1）设小球到达Q点时速度为v，小滑块恰能运动到圆轨道的最高点Q时，则有mg+qE=得V=（2）滑块从开始运动到达Q点过程中，由动能定理得﹣（mg+qE）•2R﹣μ（mg+qE）s=v2﹣m联立两式并代入数据解得：v0=7m/s（2）设滑块到达P点时速度为v’，则从开始运动到P点过程：﹣μ（qE+mg）s﹣（mg+qE）R=mv′2﹣m又在P点时：代入数据，解得FN=0.6N根据牛顿第三定律得知，滑块通过P点时对轨道的压力大小为FN′=FN=0.6N．答：（1）滑块在圆轨道最高点Q的速度大小为=（2）要使小滑块恰能运动到圆轨道的最高点Q，滑块应以7m/s的初速度v0向左运动．（3）滑块通过P点时对轨道的压力是0.6N．点评：此题中滑块恰好通过最高点时轨道对滑块没有弹力，由牛顿定律求出临界速度，再根据动能定理和牛顿运定律结合求解小球对轨道的弹力．沿水平方向的场强为E=6×103v/m的足够大的匀强电场中，用绝缘细线系一个质量m=8.0g的带电小球，线的另一端固定于O点，平衡时悬线与竖直方向成α角，α=37°，如图所示，求：（1）小球所带电的种类及电量；（2）l据受力平衡得：代入得，小球的电荷量为q==1.0×10﹣5C．（2）剪断细线后，小球受到重力和电场力，小球做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律得，小球的加速度a=．答：（1）小球所带负电，电量为1.0×10﹣5C；（2）剪断细线后，小球做匀加速直线运动，小球的加速度大小为12.5m/s2．点评：本题是带电体在电场中平衡问题，关键是分析受力情况，画出力图，比较简单．（6分）一个有初速的、电量为+4×10﹣8C为的带电粒子，在电场中只受电场力作用，从A点运动到B点的过程中，克服电场力做了8×10﹣5J的功．则A、B两点的电势差ϕA﹣ϕB=_________________，在此过程中，电荷的动能_________________（填“增加”或“减少”）了_________________eV．【答案】﹣2000V减少5×1014【解析】试题分析：克服电场力做功即电场力做负功，动能减少．解：克服电场力做功，即电场力做负功WAB=qUAB=q（ϕA﹣ϕB）=﹣8×10﹣5J，所以ϕA﹣ϕB=﹣2000V，由动能定理可知△EK=WAB，动能减少了8×10﹣5J=5×1014eV．点评：本题考查了电场力做功和动能变化的关系，利用功的公式即可顺利解决．（2分）密立根油滴实验进一步证实了电子的存在，揭示了电荷的非连续性．如图所示是密立根实验的原理示意图，设小油滴质量为m，调节两板间电势差为U，当小油滴悬浮在两板间电场中不动时，测出两板间距离为d．可求出小油滴的电荷量q=____________________．【答案】试题分析：小油滴悬浮在两板间电场中不动，处于静止状态即平衡态，再根据E=，即可求的小油滴的电荷量．解：小油滴悬浮在两板间电场中不动，处于静止状态即平衡态，mg=Eq…①匀强电场中内部场强，E=…②联立①②解之得：q=．故答案为：．点评：小油滴悬浮在两板间电场中不动是本题的题眼，利用平衡关系列方程．两块平行金属板，相距2厘米，组成一个电容器．当将它接在200伏的直流电压上时，它所带的电量是5×10﹣8库．那么，电容器的极板间的场强大小为_________________，电容器的电容大小为_________________．【答案】10000V/m，2.5×10﹣10F【解析】试题分析：电容器间的电场为匀强电场，根据场强公式即可求解；根据电容的定义式求电容大小．解：电容器间的电场为匀强电场，所以电容器的极板间的场强大小为E==10000V/m，电容C==2.5×10﹣10F故答案为：10000V/m，2.5×10﹣10F点评：本题考查了电容的定义式的应用，知道电容器间的电场为匀强电场．（3分）如图，是某电场中的一条直电场线，一电子（重力不计）从a点由静止释放，它将沿直线向b点运动，则可判断（）A.该电场一定是匀强电场B.场强Ea一定小于EbC.电子具有的电势能Epa一定大于EpbD.两点的电势φa一定高于φb【答案】C【解析】试题分析：电场线的疏密代表电场的强弱，电场线越密，场强越大，电场线越疏，场强越小．电场力F=qE．负电荷由静止释放，且由a向b运动，则说明负电荷所受的电场力一定是由a指向b．而负电荷所受的电场力方向与场强方向相反，确定出电场线的方向．由于不知负电荷由a运动到b的过程中电场力的变化情况，因此无法确定场强大小关系．解：A、据题，负电荷由静止释放，且由a向b运动，则负电荷所受的电场力一定是由a指向b．因为负电荷所受的电场力方向与场强方向相反，说明电场线的方向一定是由b指向a．由于不知负电荷由a运动到b 的过程中电场力的变化情况，因此无法确定场强大小关系，故AB错误；C、由题意知，电场力对电子做正功，电势能减小，所以电子具有的电势能EPa一定大于EPb，故C正确；D、由A可知电场方向由b指向a，而沿着电场线方向电势降低，所以电势φa一定低于φb，故D错误．点评：本题考查判断推理能力，抓住电场强度方向与负电荷所受电场力方向相反是关键．基础题．（3分）如图所示，中子内有一个电荷量为的上夸克和两个电荷量为的下夸克，3个夸克都分布在半径为 r 的同一圆周上，则3个夸克在其圆心处产生的电场强度为（）A. B. C. D.【答案】A【解析】试题分析：先将两个电荷量为的下夸克在圆心处产生的电场强度进行合成，再与电荷量为的上夸克在圆心处产生的电场强度合成，求出3个夸克在其圆心处产生的电场强度．解：一个下夸克在圆心处产生的电场强度大小为E1==，两个电荷量为的下夸克在圆心处产生的合场强大小为E2=E1=，方向沿A→O．电荷量为的上夸克在圆心处产生的电场强度大小为E3==，方向沿A→O，所以3个夸克在其圆心处产生的电场强度大小E=E2+E3=，方向沿A→O．故选A点评：本题电场的叠加问题，要利用对称性．对于两个下夸克场强的合成可利用力的合成进行类比．（3分）（2014•漳州模拟）如图所示，实线为不知方向的三条电场线，从电场中M点以相同速度垂直于电场线方向飞出a、b两个带电粒子，仅在电场力作用下的运动轨迹如图中虚线所示．则（）A.a一定带正电，b一定带负电B.a的速度将减小，b的速度将增加C.a的加速度将减小，b的加速度将增加D.两个粒子的动能，一个增加一个减小【答案】C【解析】试题分析：电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小．物体做曲线运动，所受力的方向指向轨道的内侧．根据电场力做功来判断动能的变化．解：A、物体做曲线运动，所受力的方向指向轨道的内侧，由于电场线的方向不知，所以粒子带电性质不定，故A错误；B、物体做曲线运动，所受力的方向指向轨道的内侧，从图中轨道变化来看速度与力方向的夹角小于90°，所以电场力都做正功，动能都增大，速度都增大，故B错误，D错误．C、电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，所以a受力减小，加速度减小，b受力增大，加速度增大，故C正确．故选C．点评：加强基础知识的学习，掌握住电场线的特点，即可解决本题．（3分）如图所示，一束α粒子沿中心轴射入两平行金属板之间的匀强电场中后，分成三束a、b、c，则（）A.初速度va＜vb＜vcB.板内运动时间ta=tb＜tcC.动能变化量△Eka=△Ekb＜△EkcD.动能变化量△Eka＞△Ekb＞△Ekc【答案】A【解析】试题分析：α粒子在匀强电场中做类平抛运动，将a与b，b与c进行比较，可得到时间关系和初速度的关系；根据电场力做功，比较电势能变化量的关系；根据动能定理列式比较动能增加量的关系．解：α粒子在匀强电场中加速度不变．沿垂直于极板的方向，受到电场力作用而初速度为零的匀加速直线运动，平行于极板的方向不受力而做匀速直线运动．垂直于极板的方向：由y=知，t=∝由于ya=yb＞yc，则得：ta=tb＞tc．平行于极板的方向，有：x=v0t，得：v0=对于a、b：由于xa＜xb，ta=tb，则得：va＜vb．对于b、c：xb=xc，tb＞tc．则得，vb＜vc．故有较va＜vb＜vc电势能的变化量大小等于电场力做功的大小，则△Ep=qEy∝y，则得△Epa=△Epb＞△Epc．动能增加量等于电场力做功，则得△Eka=△Ekb＞△Ekc．故A正确，BCD错误．故选：A点评：本题一要掌握类平抛运动的研究方法；运动的分解法，二要能根据轨迹比较水平位移和竖直方向的关系，再选择比较对象，结合解析式进行比较（3分）一带电油滴在场强为E的匀强电场中运动的轨迹如图中虚线所示，电场方向竖直向下．若不计空气阻力，此带电油滴从a运动到b的过程中，能量变化情况为（）A.动能减小B.电势能增加C.动能和电势能之和减小D.重力势能和电势能之和增加【答案】C【解析】试题分析：由粒子的运动轨迹可知粒子电性，则可求得电场力对粒子所做的功的性质；由动能定理可求得动能的变化；由能量关系可知重力势能与电势能总和的变化，及动能和电势能之和的变化．解：A、粒子由a到b，由运动轨迹可判出粒子受电场力与重力的合力向上，故粒子带负电且电场力大于重力，电场力与重力的合力做正功，由动能定理可知，油滴的动能增大；故A错误；B、由于电场力做正功，故电势能减小，故B错误；C、而由于重力和电场力的合力做正功，故重力势能与电势能之和减小，故C正确；D、由于油滴在运动中，电势能减小，减小的电势能转化为油滴的动能及重力势能，故动能和电势能之和应减小，减小部分变成了油滴的重力势能；故D错误；故选：C．点评：带电粒子在电场中的偏转类题目，较好的考查了曲线运动、动能定理及能量关系，综合性较强，故在高考中经常出现，在学习中应注意重点把握．把一个带电量为+q的检验电荷放在电场中的P点，测得P点的电场强度大小为E，场强的方向向东，有关P 点的场强的说法，正确的是（）A.若在P点不放电荷，那么P点的场强为零B.只要P点在电场中的位置确定，它的场强应是一个确定值C.若把﹣q的检验电荷放在P，则测得P点的场强大小仍为E，方向向西D.若把电量为+2q的点电荷放在P点，则测得P点的场强大小为2E，方向向东【答案】B【解析】试题分析：电场强度是反映电场本身的力的性质的物理量，与试探电荷无关，在电场中同一点，电场强度是确定不变的．解：电场中某点的场强是由电场本身决定的，只要P点在电场中的位置确定，它的场强应是一个确定值，与检验电荷的正负和带电量的多少无关．故选：B．点评：电场强度的定义式具有比值定义法的共性，定义出的电场强度与F、q无关，由电场本身决定．（3分）如图所示点电荷电场中，将检验电荷从A点分别移到以点荷为中心的同一圆周上的B、C、D、E各点，则电场力做功（）A.从A到B做功最多B.从A到C做功最多C.从A到E做功最多D.做功一样多【答案】D【解析】试题分析：以点电荷Q为中心的球面上所有各点的场强的大小相等而方向不同；该球面是等势面．解：该球面是等势面，各点的电势相等，所以：UAB=UAC=UAD=UAE，将检验电荷从A点分别移到以点荷为中心的同一圆周上的B、C、D、E各点，则电场力做功W=qU，所以电场力个一杨多．故D正确．故选：D点评：该题考查点电荷的电场的特点，掌握以点电荷Q为中心的球面上所有各点的电势相等是解题的关键．属于基础题目（3分）关于电流，下列说法中正确的是（）A.电流有方向，所以电流是矢量B.国际单位制中，电流的单位“安培”是基本单位C.通过导线某一横截面的电荷量越多，电流就越大D.通电导线中自由电子定向移动的速率等于电流的传导速率【答案】B【解析】试题分析：电荷的定向移动形成电流，电流的定义为I=，单位为安培；电流为标量．解：A、电流有方向，但其运算不符合平行四边形定则，故其是标量；故A错误；B、国际单位制中，电流的单位“安培”是基本单位；故B正确；C、由电流的定义可知，单位时间内通过导线某一横截面的电荷量越多，电流就越大；故C错误；D、电流的传导速率接近光速，不同于电子定向移动的速率；故D错误；故选：B．点评：本题考查电流的定义，要注意电流的方向是正电荷定向移动的方向，电流是标量．（3分）在静电场中，下列说法正确的是（）A.电场强度的方向总是跟等势面垂直的B.电场强度处处相同的区域内，电势也一定处处相同C.电场强度处处为零的区域内，电势也一定处处为零D.沿着电场强度的方向，电势总是不断增加的【答案】A【解析】试题分析：电势与电场强度没有直接关系，电势为零是人为选择的，电场强度处处为零的区域内，电势不一定处处为零．电场强度处处相同的区域内，电势不一定处处相同．在等势面上移动电荷时，电场力不做功，电场力方向与等势面垂直，说明电场强度的方向总是跟等势面垂直的．沿着电场强度的方向，电势总是不断降低的．解：A、在等势面上移动电荷时，电场力不做功，电场力方向与等势面垂直，说明电场强度的方向总是跟等势面垂直的．故A正确．B、电场强度处处相同的区域是匀强电场，由于顺着电场线电势会降低，所以电势不一定处处相同．故B错C、电势为零是人为选择的，电场强度处处为零的区域内，电势不一定处处为零．故C错误．D、沿着电场线方向，电势逐渐降低，则沿着电场强度的方向，电势总是不断降低的．故D错误．故选：A．点评：本题考查电势与场强、等势面与电场线的关系的理解能力．电势的高低看电场线的方向，场强的大小看电场线的疏密，两者没有关系．（3分）关于电场强度的定义式为E=，下列说法中正确的是（）A.该定义式只适用于点电荷产生的电场B.F是检验电荷所受到的电场力，q是产生电场的电荷电量C.场强的方向与F的方向相同D.由该定义式可知，场中某点电荷所受的电场力大小与该点场强的大小成正比【答案】D【解析】试题分析：E=是电场强度的定义式，q是检验电荷的电荷量，F是检验电荷所受的电场力，适用于任何电场．场强的方向与放在该点的正电荷所受的电场力方向相同．场强仅由电场本身决定．解：A、E=是电场强度的定义式，适用于任何电场．故A错误．B、公式中F是检验电荷所受的电场力，q是检验电荷的电荷量，故B错误．C、场强的方向与放在该点的正电荷所受的电场力方向相同，与放在该点的负电荷所受的电场力方向相反．故C错误．D、由F=Eq得知，场中某点电荷所受的电场力大小与该点场强的大小成正比．故D正确．点评：本题考查对场强定义式的理解，要抓住公式的适用条件和各量的含义进行理解．（3分）某研究性学习小组学习电学知识后对电工穿的高压作业服进行研究，发现高压作业服是用铜丝编织的，下列各同学的理由正确的是（）A.甲认为铜丝编织的衣服不易拉破，所以用铜丝编织B.乙认为铜丝必须达到一定的厚度，才能对人体起到保护作用C.丙认为电工被铜丝编织的衣服所包裹，使体内电势保持为零，对人体起保护作用D.丁认为电工被铜丝编织的衣服所包裹，使体内电场强度保持为零，对人体起保护作用【答案】D【解析】试题分析：处在高压电场中的人体，会有危险电流流过，危及人身安全，因而所有进入高电场的工作人员，都应穿全套屏蔽服．带电作业屏蔽服又叫等电位均压服，是采用均匀的导体材料和纤维材料制成的服装．其作用是在穿用后，使处于高压电场中的人体外表面各部位形成一个等电位屏蔽面，从而防护人体免受高压电场及电磁波的危害．成套的屏蔽服装应包括上衣、裤子、帽子、袜子、手套、鞋及其相应的连接线和连接头．解：屏蔽服作用是在穿用后，使处于高压电场中的人体外表面各部位形成一个等电位屏蔽面，从而防护人体免受高压电场及电磁波的危害．等电位说明电势相等而不是等于0，等电势时电势差为0，电场强度为0．所以D正确，ABC错误故选：D．点评：本题考查了屏蔽服的作用，要求同学们能用物理知识解释生活中的现象，难度不大，属于基础题．（3分）如图所示是匀强电场中的一组等势面，每两个相邻等势面的距离是25cm，由此可确定电场强度的方向及大小为（）A.竖直向下，E=0.4N/CB.水平向右，E=0.4N/CC.水平向左，E=40N/CD.水平向右，E=40N/C【答案】D【解析】试题分析：等势面是平行平面而且均匀分布，该电场一定是匀强电场．电根据公式U=Ed，匀强电场中，沿着电场线方向，相同距离电势差相同．电场线总和等势面垂直，并且由电势高的等势面指向电势低的等势面．解：根据电场线总和等势面垂直，并且由电势高的等势面指向电势低的等势面可知，由图中可知电场方向是水平向右；匀强电场的等势面是一些平行的等间距的直线，且沿着电场线，电势降低的最快，且每前进相同距离，电势降低相等的值，由图可知电势差为10V，由场强与电势差关系公式U=Ed可以知道，E===40V/m；故选D．点评：本题考查对等势面和电场线关系的理解能力．结合场强与电势差的关系分析判断．属于常规题，比较容易．（3分）真空中有两个固定的带正电的点电荷，其电量Q1＞Q2，点电荷q置于Q1、Q2连线上某点时，正好处于平衡，则（）A.q离Q2比离Q1远B.q离Q2比离Q1近C.q一定是正电荷D.q一定是负电荷【答案】B【解析】试题分析：解决本题一定要把握“放入的电荷处于平衡状态”这一特点进行受力分析．解：AB、根据库仑定律，对q有①Q1＞Q2 ②有①②得：q离Q2比离Q1近故A错误、B正确．CD、因为Q1、Q2为固定的正电荷，只要放入的电荷受到的合力为0即可，通过受力分析可知，既可以放入正电荷，也可以放入负电荷，故CD错误；故选：B点评：本题考察了库仑定律在电荷平衡中的应用，本题的难点在于计算，学生列出方程容易，但是计算正确难．（3分）一只白炽灯泡，正常发光时的电阻为121Ω，当这只灯泡停止发光一段时间后的电阻应是（）A.大于121ΩB.小于121ΩC.等于121ΩD.无法判断【答案】B【解析】试题分析：正常发光时白炽灯泡灯丝的温度较高，电阻较大，当灯泡停止发光一段时间后，灯丝的温度降低，电阻变小．解：白炽灯泡灯丝是由金属材料制成的，当温度降低时，其电阻率减小，电阻变小，所以当这只灯泡停止发光一段时间后的电阻小于121Ω．故选B点评：本题考查对金属材料的电阻率随温度升高而增大，随温度降低而减小的规律的掌握程度，基础题．（3分）如图，P和Q为两平行金属板，板间电压为U，在P板附近有一电子由静止开始向Q板运动．关于电子到达Q板时的速率，下列说法正确的是（）A.两板间距离越大，加速时间越长，获得的速率就越大B.两板间距离越小，加速度越大，获得的速率就越大C.与两板间距离无关，仅与加速电压U有关D.以上说法都不正确【答案】C【解析】试题分析：粒子运动过程只有电场力做功，根据动能定理列出末动能与电场力做功的关系，判断末速度的大小．解：粒子运动过程只有电场力做功，根据动能定理：eU=mv2，A、两板间距离越大，场强E=越小，加速时间越长，因为加速电压不变，所以最后的末速度大小不变，故A错误．B、两板间距离越小，场强E=越大，加速度越大，因为加速电压不变，所以最后的末速度大小不变，故B错误．C、根据动能定理：eU=mv2，虽然极板间距发生变化，但是电压不变，所以最后的末速度大小不变，故C 正确．。
2021年福建省泉州市惠安县惠南中学高二物理下学期期末试卷带解析
2021年福建省泉州市惠安县惠南中学高二物理下学期期末试卷含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. （单选）如图所示，一个原来不带电的金属球壳内，在其球心放一个负点电荷，那么关于A、B、C 三点的电势、、的关系正确的是（）A、B、C、D、参考答案：A2. （单选题）如图所示的电路中，U=120 V，滑动变阻器R2的最大值为200Ω，R1=100Ω。
当滑片P滑至R2的中点时，a、b两端的电压为（）A．40 V B.60 V C. 80 V D. 120 V参考答案：A3. （单选题）如图所示，实线表示匀强电场的电场线.一个带正电荷的粒子以某一速度射入匀强电场，只在电场力作用下，运动的轨迹如图中的虚线所示，a、b为轨迹上的两点.若a点电势为φa ，b点电势为φb ，则A、场强方向一定向左，且电势φa >φbB、场强方向一定向左，且电势φa <φbC、场强方向一定向右，且电势φa >φbD、场强方向一定向右，且电势φa <φb参考答案：C4. （单选）用相同导线绕制的边长为L或2L的四个闭合导体线框，以相同的速度匀速进入右侧匀强磁场，如图所示。
在每个线框进入磁场的过程中，M、N两点间的电压分别为Ua、Ub、Uc和Ud.下列判断正确的是（）A.Ua<Ub<Uc<UdB.Ua<Ub<Ud<UcC.Ua=Ub<Uc=UdD.Ub<Ua<Ud<Uc参考答案：B5. （单选）如图所示，接线柱为a、b的方框内有一未知无源电路。
现测得a、b之间的电阻为R。
若在a、b之间加上电压U，测得通过该未知无源电路的电流为I，则该未知无源电路的电功率一定为A．I2R B．C．UI D．UI-I2R参考答案：C二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 如图所示，质量为m 的木块放在水平桌面上，木块与桌面间的动摩擦因数为μ，木块在水平推力F 作用下匀速向右运动，当木块有长露出桌面时，水平推力F=μmg．参考答案：光的________（选填“干涉”或“衍射”）图像．图（A ）所对应的圆孔径_________（选填“大于”或“小于”）图（B ）所对应的圆孔孔径。
惠安高二物理月月考试题理
福建省惠安县2020学年高二物理10月月考试题 理考试时间：90分钟 满分：100分 2020.10.12一、选择题：本题共15小题，每小题4分，共60分。
在每小题给出的四个选项中，第1～10题只有一项符合题目要求，第11～15题有多项符合题目要求。
全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。
1．关于摩擦起电和感应起电，以下说法正确的是( ) A ．摩擦起电是因为电荷的转移，感应起电是因为产生电荷 B ．摩擦起电是因为产生电荷，感应起电是因为电荷的转移 C ．不论摩擦起电还是感应起电都是电荷的转移 D ．以上说法均不正确2．关于库仑定律，下列说法中正确的是：( )A ．库仑定律精确地描述了真空中两个点电荷间的相互作用力大小B ．库仑定律中的常数静电力恒量k=9×109，无单位。
C ．库仑定律是描述两个质点之间的作用力D ．在氢原子模型中，库仑力远远小于万有引力3．真空中有两个点电荷，它们之间的静电力为F.如果使它们间的距离增大到原来的2 倍，将其中之一的电量也增大到原来的2倍，则它们间的作用力将变为( ) A.4F B.2F C.F D. 4．关于点电荷的说法，正确的是( ) A ．点电荷一定是电量很小的电荷 B ．体积很大的带电体一定不能看作点电荷 C ．只有体积很小的带电体，才能作为点电荷D ．两个带电的金属小球，不一定能将它们作为电荷集中在球心的点电荷处理 5．为了防止静电的危害，应尽快的把产生的静电导走。
下列措施中，不是防止静电危 害的是：( )A ．油罐车后面装一条拖地铁链B ．电工钳柄上套有绝缘胶套C ．飞机轮子上装有地线D ．印染车间中要保持适当的湿度 6．带电微粒所带的电荷量不可能是下列值中的：( )A ．3.2×10－17CB ．－6.4×10－19 C2FC ．－1.6×10－18CD ．2.4×10－19C7．关于电场的基本性质有以下几种说法，其中正确的是( )A.电场本身具有力B.电场对放入其中的电荷有力的作用C.电场越强具有的力越大D.将放在电场中某点的电荷取走，该点的场强变为零 8．如图所示，A 、B 是某个点电荷电场中的一根电场线，在线上O 点放一个自由的负电荷 它将沿电场线向B 点运动，下列判断中哪些正确的是：( ) A ．电场线由B 指向A ，该电荷作加速运动，其加速度越来越小B ．电场线由B 指向A ，该电荷作加速运动，其加速度越来越大C ．电场线由B 指向A ，该电荷作加速运动，其加速度大小的变化由题设条件不能确定。
福建省泉州市某校2020-2021学年高二上学期物理10月月考试卷有答案
福建省泉州市某校2020-2021学年高二上学期物理10月月考试卷一、单选题（共12题；共16分）1. 使带电的金属球靠近不带电的验电器，验电器的箔片张开．下列各图表示验电器上感应电荷的分布情况，其中正确的是（ ）A.B. C. D.2. 如图,质量、电量分别为m 1、m 2、q 1、q 2的两球,用绝缘丝线悬于同一点,静止后它们恰好位于同一水平面上,细线与竖直方向夹角分别为α、β,则（ ）A.若m 1=m 2, q 1<q 2,则α<βB.若m 1=m 2, q 1βC.若q 1=q 2, m 1>m 2,则α>βD.q 1、q 2是否相等与α、β大小无关,且若m 1>m 2,则α<β3. 下列静电学公式中，F 、q 、E 、U 、r 和d 分别表示电场力、电量、场强、电势差及距离，①F ＝kq1q2r2，②E ＝k Q r2，③E =F q ，④U ＝Ed ，有关四个公式的下列说法中正确的是（ ）A.①只对点电荷或点电荷电场成立，③对任何电场都成立B.它们都只对点电荷或点电荷的电场成立C.①②只对点电荷成立，④只对匀强电场成立D.②只对点电荷成立，③④对任何电场都成立4. 如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线，两电子分别从a 、b 两点运动到c 点，设电场力对两电子做的功分别为W a 和W b ，a 、b 点的电场强度大小分别为E a 和E b ，则（ ）A.W a=W b,E a>E bB.W a≠W b,E a>E bC.W a=W b,E a<E bD.W a≠W b,E a<E b5. 如图所示，a、b是x轴上关于O点对称的两点，c、d是y轴上关于O点对称的两点，c、d两点分虽固定一等量异种点电荷，带负电的检验电荷仅在电场作用下从a点沿曲线运动到b点，E为第一象限内轨迹上的一点，以下说法正确的是（）A.d点的电荷带负电B.检验电荷在a点的电势能大于在b点的电势能C.图中的轨迹可能恰与某条电场重合D.检验电荷从a到b过程中，电势能先增加后减少6. 如图所示，平行板电容器中悬浮一个带电微粒P，今把A、B两个半方形金属盒相对插入电容器两板间，当A、B合拢时，对微粒运动情况的判断正确的是（）A.向上运动B.向下运动C.仍保持静止D.条件不足，无法判断7. 如图所示，有一半圆弧光滑轨道，半径为R，在与圆心等高的位置静止放置一个带正电的小球A，其质量为m，MN之间有一方向水平向左的匀强电场，让小球A自由滚下进入匀强电场区域，水平面也是光滑的，下列说法正确的是（）A.小球一定能穿过MN区域继续运动B.如果小球没有穿过MN区域，小球一定能回到出发点C.如果小球没有穿过MN区域，只要电场强度足够大，小球可以到达P点，且到达P点速度大于等于√gRD.如果小球一定能穿过MN区域，电场力做的功为−mgR8. 如图所示的实线为电场线，虚线为等势线，a、b两点的电势分别为φa=−50V，φb=−20V，则a、b连线的中点c的电势φc应为（）A.φc=−35VB.φc>−35VC.φc<−35VD.条件不足，无法判断φc的范围9. 如图所示，匀强电场方向平行于xOy平面，在xOy平面内有一个半径为R=5cm的圆，圆上有一动点P，半径OP与x轴方向的夹角为θ，P点沿圆周移动时，O、P两点的电势差满足U OP=25sinθ(V)，则该匀强电场的大小和方向分别为（）A.5V/m，沿x轴正方向B.500V/m，沿y轴负方向C.500V/m，沿y轴正方向D.250√2V/m，沿x轴负方向10. 图中，实线表示电场线，一个负电荷由a点飞入图示的电场后，沿abc运动，并从c点飞出电场，已知q由a运动到b动能减少了3.0×10−5J，由b运动到c动能增加了4.5×10−5J，忽略重力，则从a到c电荷的电势能的变化及电场线的方向为（）A.增加1.5×10−5J，方向斜向下B.增加3.0×10−5J，方向斜向上C.减少1.5×10−5J，方向斜向上D.增加4.5×10−5J，方向斜向下11. 如图所示，平行直线AA′、BB′、CC′、DD′、EE′，分别表示电势为−4V、−2V、0、2V、4V的等势线，若AB＝BC＝CD＝DE＝2cm，且与直线MN成30∘角，则（）A.该电场是匀强电场，场强方向垂直于AA′，且斜向左下方B.该电场是匀强电场，场强大小E=2VmC.该电场是匀强电场，距C点距离为2cm的所有点中，最高电势为4V，最低电势为−4VD.该电场可能不是匀强电场，E=U不适用d12. 如图所示，在重力加速度为g的空间中，有一个带电量为+Q的场源电荷置于O点，B、C为以O为圆心，半径为R的竖直圆周上的两点，A、B、O在同一竖直线上，AB＝R，O、C在同一水平线上，现在有一质量为m，电荷量为−Q的有孔小球，沿光滑绝缘细杆AC从A点由静止开始下滑，滑至C点时速度的大小为√5gR，下列说法正确的是（）A.从A到C小球做匀加速运动B.从A到C小球的机械能不守恒C.B、A两点间的电势差为mgR2qD.若小球不通过杆从A点自由释放，则下落到B点时的速度大小为2√3gR二、多选题（共4题；共9分）如图所示，光滑绝缘水平面上有三个带电小球a、b、c（可视为点电荷），三球沿一条直线摆放，仅在它们之间的静电力作用下静止，则以下判断正确的是（）A.a对b的静电力一定是引力B.a对b的静电力可能是斥力C.a的电量可能比b少D.a的电量一定比b多如图所示，d处固定有负点电荷Q，一个带电质点只在电场力作用下运动，射入此区域时的轨迹为图中曲线abc，a、b、c、d恰好是一正方形的四个顶点，则有（）A.a、b、c三点处电势高低关系是φa＝φc>φbB.质点由a到c，电势能先增加后减小，在b点动能最小C.质点在a、b、c三点处的加速度大小之比为2:1:2D.若将d处的点电荷改为+Q，该带电质点的轨迹仍可能为曲线abc静电计是在验电器的基础上制成的，用其指针张角的大小来定性显示其金属球与外壳之间的电势差大小。
惠安高二物理月月考试题文
福建省惠安县2020学年高二物理10月月考试题文考试时间：60分钟满分：100分 2020.10.12一、选择题：本题共15小题，每小题5分，共75分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求。
1．关于摩擦起电、接触起电、感应起电，下列说法不正确的是：（）A．这是起电的三种不同方式B．这三种方式都产生了电荷C．这三种方式的实质是一样的，都是电子在转移D．这三种方式都符合电荷守恒定律2．两个点电荷相距为r，相互作用力为F，则（）A．电荷量不变，距离加倍时，作用力变为4FB．其中一个点电荷的电荷量和两点电荷之间的距离都减半时，作用力不变C．每个点电荷的电荷量和两个点电荷间的距离都增加相同的倍数时，作用力不变D．将其中一个点电荷的电荷量取走一部分给另一个点电荷，两者的距离不变，作用力一定不变3．关于电场力和电场强度，以下说法中正确的是（）A．不同电荷分别处于电场中的Ａ、B两点，电荷受到的电场力大则场强大B．在电场某点如果没有试探电荷，则电场力为零，电场强度也为零C．一试探电荷在以一个点电荷为球心、半径为r的球面上各点所受电场力相同D．电场中某点场强为零，则试探电荷在该点受到的电场力为零4．电视机的荧光屏表面经常有许多灰尘，这主要的原因（）A．灰尘的自然堆积B．电视机工作时，屏表面有静电而吸附灰尘C．电视机工作时，屏表面温度较高而吸附灰尘D．玻璃具有较强的吸附灰尘的能力5．关于点电荷、元电荷、检验电荷，下列说法正确的是（）A．点电荷是一种理想化模型B．点电荷所带电量不一定是元电荷的整数倍C．点电荷所带电量一定很小D．点电荷、元电荷、检验电荷是同一种物理模型6．下列哪个现象是利用了静电（）A．数码相机照相B．常用的光学照相机成像在底片上C．针式打印机打印图像D．常用的复印机复印文稿7．绝缘细线上端固定，下端悬挂一轻质小球a，a的表面镀有铝膜，在a的近旁有一绝缘金属球b，开始时a、b都不带电，如图所示。
福建省惠安惠南中学2020-2021学年高一物理10月月考试题(含解析)
福建省惠安惠南中学20212021学年高一物理10月月考试题（含解析）一、选择题（本题共12小题，每小题4分。
在每小题给出的四个选项中1～8题只有一项符合题目要求，9～12题有多项符合题目要求。
全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1. 关于时刻和时刻，下列说法中正确的是A. 3秒末是时刻的概念，共经历了3秒B. 最后2秒是时刻的概念，共经历了2秒C. 第4秒内是时刻的概念，共经历了4秒D. 第5秒末是时刻的概念，差不多历了5秒【答案】B【解析】3秒末是时刻的概念，选项A错误；最后2秒是时刻的概念，共经历了2秒，选项B 正确；第4秒内是时刻的概念，共经历了1秒，选项C错误；第5秒末是时刻的概念，选项D 错误；故选B.2. 在研究下述运动时，能把运动物体看作质点的是A. 研究地球的自转效应[B. 研究乒乓球的旋转效应C. 研究火车从南京到上海运行需要的时刻D. 研究一列火车通过长江大桥所需的时刻【答案】C【解析】研究地球的自转时，地球有大小和形状不能忽略，不能看作质点，否则就无法辨论地球的转动．故A错误．研究乒乓球的旋转效应时，乒乓球自身尺寸不能忽略，因此不能够看作质点，因此B错误．研究火车从南京到上海的运动所需时刻时，火车的长度能忽略，能够看成质点，因此C正确．研究火车通过长江大桥所需时刻时，火车的长度不能忽略，不能看成质点，因此D错误．故选C．点睛：考查学生对质点那个概念的明白得，关键是明白物体能看成质点时的条件，看物体的大小体积对所研究的问题是否产生阻碍，物体的大小体积能否忽略．3. 下列关于速度和加速度的说法中，哪些是正确的A. 物体运动的速度改变量越大，它的加速度一定越大B. 加速度专门大时，运动物体的速度一定专门快变大C. 运动物体的速度变化大小跟速度变化快慢实质上是同一个物理意义D. 速度的变化率表示速度变化快慢，而不表示速度变化的大小【答案】D4. 电梯上升运动的v—t图象如图所示，从图象可知电梯上升高度A. 0B. 36mC. 24mD. 42m【答案】D【解析】由于在速度时刻图象中，图象与坐标轴围成面积代表位移，时刻轴上方位移为正，时刻轴下方位移为负；因此由图象中梯形的面积为s=×(4+10)×6＝42m，故D正确．故选D. 点睛：本题是为速度--时刻图象的应用，要明确斜率的含义，明白在速度--时刻图象中图象与坐标轴围成的面积的含义．5. 物体从静止开始做匀加速直线运动，第3 s内通过的位移是3 m，则A. 第3 s内的平均速度是3 m/sB. 物体的加速度是0.4 m/s2C. 前3 s内的位移是 6mD. 3 s末的速度是4 m/s【答案】A【解析】试题分析：由公式=求解第3s内的平均速度．第3s内位移等于前3s内与前2s 内位移之差，依照位移公式列式，求出加速度．再由运动学求出前3s内的位移和3s末的速度．解：A、第3s内的平均速度为：==m/s=3m/s，故A正确；B、设加速度大小为a，则有：x=a﹣a=，得：a=1.2m/s2，故B错误；C、前3s内位移为：x3=，故C错误；D、3s末的速度是v=at3=1.2×3=3.6m/s，故D错误；故选A．【点评】本题运用匀变速直线运动的差不多公式研究初速度为零的匀加速运动问题，也能够通过图象研究．6. 如图甲所示为物体做直线运动的图像；若将该物体的运动过程用图像表示出来（其中为物体相对动身点的位移），则下列四幅图象描述正确的是A. B.C. D.【答案】C【解析】试题分析：由图象能够看出：物体在0到时刻内做向正方向的匀速直线运动，到时刻内速度为零，到时刻内做反方向的匀速直线运动，与第一段时刻内速度大小相同，因为位移-时刻图象的斜率表示速度，斜率的正负表示速度的方向；图象中第一段时刻内的速度为负值，故A错误；图象中第三段时刻内物体的速度为正值，故B错误；由位移时刻图象能够看出，物体在0到时刻内做向正方向的匀速直线运动，到时刻内速度为零，到时刻内做反方向的匀速直线运动，故C正确；由其图象能够看出第一段时刻内的斜率与第三段时刻内的斜率大小不同，说明速度大小不同，故D错误。
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福建省惠安惠南中学【最新】高二10月月考物理（文）试题学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题1．关于摩擦起电、传导起电、感应起电，下列说法错误的是（）A．这三种方式都产生了电荷B．这是起电的三种不同方式C．这三种起电方式的实质是一样的，都是电子在转移D．这三种方式都符合电荷守恒定律2．两个点电荷相距为r，相互作用力为F，则（）A．电荷量不变，距离加倍时，作用力变为4FB．其中一个点电荷的电荷量和两点电荷之间的距离都减半时，作用力不变C．每个点电荷的电荷量和两个点电荷间的距离都增加相同的倍数时，作用力不变D．将其中一个点电荷的电荷量取走一部分给另一个点电荷，两者的距离不变，作用力一定不变3．关于电场力和电场强度，以下说法中正确的是（）A．不同电荷分别处于电场中的Ａ、B两点，电荷受到的电场力大则场强大B．在电场某点如果没有试探电荷，则电场力为零，电场强度也为零C．一试探电荷在以一个点电荷为球心、半径为r的球面上各点所受电场力相同D．电场中某点场强为零，则试探电荷在该点受到的电场力为零4．电视机的荧光屏表面经常有许多灰尘，这主要的原因（）A．灰尘的自然堆积B．电视机工作时，屏表面有静电而吸附灰尘C．电视机工作时，屏表面温度较高而吸附灰尘D．玻璃具有较强的吸附灰尘的能力5．关于点电荷、元电荷、检验电荷，下列说法正确的是( )A．点电荷是一种理想化的物理模型B．点电荷所带电荷量不一定是元电荷电荷量的整数倍C．点电荷所带电荷量一定很小D．点电荷、元电荷、检验电荷是同一种物理模型6．下列哪个现象是利用了静电（）A．数码相机照相B．常用的光学照相机成像在底片上C．针式打印机打印图像D．常用的复印机复印文稿7．如图所示，绝缘细线上端固定，下端悬挂一轻质小球a，a的表面镀有铝膜，在a的、都不带电，现使b带电，则近旁有一金属球b，开始时a b、之间不发生相互作用A．a bB．b立即把a排斥开C．b将吸引a，吸住后不放开D．b先吸引a，接触后又把a排斥开8．下列关于地磁场的描述中不正确的是：（）A．指南针总是指向南北，是因为受到地磁场的作用B．观察发现地磁场的南北极和地理上的南北极并不重合C．赤道上空的磁感线由北指南D．地球南、北极的相当地磁场的北极和南极9．关于磁现象的电本质，下列说法中错误的是（）A．磁体随温度升高磁性增强B．安培分子电流假说揭示了磁现象的电本质C．所有磁现象的本质都可归结为电荷的运动D．一根软铁不显磁性，是因为分子电流取向杂乱无章10．关于电场线和磁感线,下列说法正确的是A．电场线和磁感线都是闭合的曲线B．磁感线是从磁体的N极发出，终止于S极C．电场线和磁感线都不能相交D．电场线和磁感线都是现实中存在的11．下列关于磁感应强度的说法中，正确的是（）A．穿过某平面的磁感线条数为零，则此平面处的磁感应强度一定为零B．穿过垂直于磁感应强度方向的某面积的磁感线的条数等于磁感应强度C．穿过某平面的磁通量为零，则此平面处的磁感应强度一定为零D．当平面跟磁场方向平行时，穿过这个面的磁通量必定为零12．下列说法中正确的是：（）A．一小段通电导线在空间某点如果不受安培力作用，则该点的磁感应强度一定为零B．一小段通电导线在空间某点如果受安培力作用，则该点的磁感应强度可能为零C．一小段通导线在磁感应强度为零的位置，它受的安培力一定为零D．一小段通导线在磁感应强度为零的位置，它受的安培力不一定为零13．下面的各图显示了示磁场对直线电流的作用力.其中不正确的是：（）A．A B．B C．C D．D14．铁棒A两端均能吸引小磁针,铁棒B能排斥小磁针，若铁棒A靠近铁棒B，则（）A．A、B一定相互吸引B．A、B一定相互排斥C．A、B间可能无磁力作用D．A、B间一定有磁力作用，可能吸引，也可能排斥15．下列说法中不正确的是（）A．电荷只有在与其他电荷发生作用时其周围才存在着电场B．电场是一种物质,它与其他物质一样,是不依赖于我们的感觉而客观存在的C．电荷间的相互作用是通过电场而产生的D．电场最基本的性质是对处在它里面的电荷有力的作用二、解答题16．真空中有两个点电荷Q1、Q2，相距18cm，已知Q1是正电荷，其电量为1.8×10-12C，他们之间的引力大小为F=1.0×10-12N，求Q2的电量及带电性质。
17．把一根长l=10cm的导线垂直磁感线方向放入如图所示的匀强磁场中，磁感应强度为多少？（2）若该导线中通以I2=3A的电流，则此时导线所受安培力大小是多少？方向如何？参考答案1．A【解析】摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体，即说明了电荷可以从一个物体转移到另一个物体．摩擦起电现象说明机械能可以转化为电能，但并没有创造电荷．电荷只是发生转移．感应起电过程电荷在电场力作用下，从物体的一部分转移到另一个部分．感应起电是电荷从物体的一部分转移到另一个部分．电荷可以从带电的物体转移到原来不带电的物体是传导带电．这三种方式都没有产生电荷，A 错误；摩擦起电、传导起电、感应起电是起电的三种不同方式，B 正确；这三种起电方式的实质是一样的，都是电子的转移，C 正确；这三种方式都符合电荷守恒定律，D 正确．2．C 【解析】真空中两个静止点电荷间的静电力大小为2kqQ F r =，当电量不变距离加倍时，静电力大小()21'42kqQF F r ==．故A 错误；其中一个电荷的电量和两电荷间距都减半时，根据库仑定律可知，库仑力为2F ．故B 错误；每个电荷的电量和两电荷间距都加倍时，根据库仑定律得，作用力仍不变，故C 正确；将其中一个点电荷的电荷量取走一部分给另一个点电荷，两者的距离不变，根据库仑定律可知，作用力一定变，故D 错误；故选C. 3．D【解析】据场强的定义式F=Eq 知，不同电荷分别处于电场中的A 、B 两点，电荷受到的电场力大则场强不一定越大，故A 错误．电场强度取决于电场本身，与有无试探电荷无关，故B 错误．电场力为矢量，球面上各点所受电场力大小相同，但方向不相同，故C 错误．根据F=Eq 知，电场中某点场强为零，则试探电荷在该点受到的电场力为零，故D 正确．故选D ．点睛：明确电场强度是矢量，取决于电场本身，与有无试探电荷无关；场强公式E=F q ，只是为研究电场的方便，采用比值法下的定义；根据点电荷的场强公式2kQ E r=知：电场强度只由场源电荷电量和位置决定．4．B 【解析】电视机的荧光屏表面经常有许多灰尘，这主要的原因是电视机工作时，屏表面有静电而吸附灰尘，故选B.【详解】A. 点电荷和质点一样是一种理想化的物理模型，故A正确；B. 元电荷又称“基本电量”，在各种带电微粒中，电子电荷量的大小是最小的，任何带电体所带电荷都是e的整数倍，故B错误；C. 点电荷是一种理想化的物理模型，其带电荷量并不一定是很小的，故C错误；D. 点电荷是一种理想化的物理模型，元电荷又称“基本电量”，在各种带电微粒中，电子电荷量的大小是最小的，任何带电体所带电荷都是e的整数倍，检验电荷是用来检验电场是否存在的点电荷，所以点电荷、元电荷、检验电荷不是同一种物理模型，故D错误．6．D【解析】数码相机照相先使用光传感器将光转化为电流，然后在磁性材料中储存，没有用到静电．故A错误；光学照相机成像在底片上，使用感光的化学材料．故B错误；针式打印机打印图象，使用的点阵打印的技术，没有用到静电．故C错误；复印机复印文件资料，就是利用静电墨粉成在鼓上．属于静电的利用．故D正确．故选D.7．D【详解】带电物体能够吸引轻小物体，故b会将a球吸引过来，a与b接触后，带同种电荷而分开；故ABC错误，D正确；故选D．8．C【解析】指南针总是指向南北，是因为受到了地磁场的作用，地球本身就是一个大磁体．故A正确．地磁两极与地理两极并不完全重合，有一个夹角，这个夹角叫磁偏角．故B正确．由地磁场是从地理的南极指向北极，因此赤道上空的磁感线由南向北．故C不正确．地球周围的地磁场的磁感线是从地理南极出发到地理北极．而不是地磁的南极到北极．故D正确．本题选择不正确，故选C．点睛：本题主要考查学生对地磁场一些知识的了解和掌握，知道磁感线是从地理的南极指向北极，同时存在磁偏角．9．A【解析】磁体随温度升高磁性减弱，选项A错误；安培分子电流假说揭示了磁现象的电本质，选项B正确；所有磁现象的本质都可归结为电荷的运动，选项C正确；一根软铁不显磁性，是因为分子电流取向杂乱无章，选项D正确；此题选择错误的选项，故选A.【详解】电场线不闭合，A错；磁感线在磁铁内部是从S极指向N极，B错；电场线和磁感线都是人们为了研究场而假想出来的一系列曲线，电场线和磁场线都不相交；D错；11．D【解析】根据∅=BSsinθ可知，当线框与磁场平行时线框的磁通量是0，而磁感应强度并不等于0．故A错误；穿过垂直于磁感应强度方向的某单位面积的磁感线的条数等于磁感应强度，选项B错误；根据∅=BSsinθ可知，当磁通量是0时，线框平面处的磁感应强度不一定是0．故C错误．当平面跟磁场方向平行时，穿过这个面的磁通量必定为零，选项D正确；故选D.点睛：本题可根据磁通量的一般公式∅=BSsinα，分析磁通量与磁感应强度的关系．注意同一线圈不同方向放置在同一磁场中，穿过线圈的磁通量可能不同．12．C【解析】当导体方向与磁场方向在一条线上时，导体不受磁场力作用，此时磁感应强度并非为零，故A错误；一小段通电导线在空间某点如果受安培力作用，由公式可知F=BIL，则该点的磁感应强度一定不为零，故B错误；根据F=BIL可知，当磁感应强度为零处，它所受磁场力一定为零，故C正确、D错误．故选C．13．C【解析】根据左手定则:伸开左手，拇指与手掌垂直且共面，磁感线穿过手心，四指指向电流方向，拇指指受力方向；则可判断ABD正确．C图中所受安培力向下，故C错误．本题选错误的，故选C．点睛：通电直导线在磁场中受到的安培力方向利用左手定则判断．对于左手定则的应用，要搞清两点：一是什么时候用；二是怎样用．14．A【详解】铁棒A两端均能吸引小磁针，说明A一定没有磁性；铁棒B能排斥小磁针，则说明B一定有磁性；若铁棒A靠近铁棒B，则会出现相互吸引现象，A正确，BCD错误。
故选A。
15．A【解析】电荷的周围存在电场，不是只有在与其他电荷发生作用时其周围才存在着电场．故A 错误；电场是实际存在的物质，不是理想化模型，是不依赖于我们的感觉而客观存在的，故B 正确．电荷间的相互作用是通过电场作媒介产生的，故C 正确．电场最基本的性质是对处在它里面的电荷有力的作用．故D 正确．本题选择错误，故选A ．点睛：解决本题的关键是知道电荷周围存在电场，电场是实际存在的物质，对放入电场中的电荷有电场力作用．电场强度的方向与正电荷所受电场力方向相同，与负电荷所受电场力的方向相反．16．2×10-12C ；带负电【解析】两点荷相互吸引，Q 1带正电，则Q 2带负电；根据： F =K Q 1Q 2r 2可得：Q 2=FR 2KQ 1= 1.0×10−12×(0.18)29.0×109×1.0×10−12C =2.0×10−12C 17．（1）7510T -⨯（2）71.510N -⨯；方向向上.【解析】试题分析：（1）当导线中通以I 1=2A 的电流时，导线受到的安培力大小为1.0×10﹣7N ，则该磁场的磁感应强度为771.01051020.1F B T T IL --⨯===⨯⨯. （2）若该导线中通以I 2=3A 的电流，则此时导线所受安培力大小是F=BIL=7751030.1 1.510N N --⨯⨯⨯=⨯， 方向向上.考点：磁感应强度；安培力。