年浙江省高考数学试卷

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浙江省杭州市(新版)2024高考数学统编版(五四制)测试(综合卷)完整试卷

浙江省杭州市(新版)2024高考数学统编版(五四制)测试(综合卷)完整试卷

浙江省杭州市(新版)2024高考数学统编版(五四制)测试(综合卷)完整试卷一、单选题:本题共8小题,每小题5分,共40分 (共8题)第(1)题已知平面向量,且,则()A.2B.-2C.D.第(2)题设,,,则()A.B.C.D.第(3)题函数y=sin2x+cos 2x的最小正周期为()A.B.C.πD.2π第(4)题已知为等比数列,,且,则的公比的取值范围是()A.B.C.D.第(5)题下列选项中,所得到的结果为4的是()A.双曲线的焦距B.的值C.函数的最小正周期D.数据的下四分位数第(6)题将函数图象上所有点的横坐标缩小为原来的,再向右平移个单位长度,得到函数的图象,若在上有两个不同的零点,,则()A.B.C.D.第(7)题样本数据16,20,21,24,22,14,18,28的分位数为()A.16B.14C.23D.22第(8)题已知点在关于x,y的不等式所表示的平面区域内,则的最小值为()A.B.C.D.二、多选题:本题共3小题,每小题6分,共18分 (共3题)第(1)题如图,已知函数的图象,,则()A.B.C.D.第(2)题某保险公司销售某种保险产品,根据2020年全年该产品的销售额(单位:万元)和该产品的销售额占总销售额的百分比,绘制出如图所示的双层饼图.根据双层饼图,下列说法正确的是()A.2020年第四季度的销售额为280万元B.2020年上半年的总销售额为500万元C.2020年2月份的销售额为60万元D.2020年12个月的月销售额的众数为60万元第(3)题已知平面向量,且,满足,若﹐则可能的取值为()A.4B.8C.12D.16三、填空题:本题共3小题,每小题5分,共15分 (共3题)第(1)题若正数x,y满足,则的最小值是___________.第(2)题不等式的解集是 .第(3)题在三角形ABC中,角A、B、C的对边分别为a、b、c,且∠BAC的平分线交BC于D,若,则的最小值为________.四、解答题:本题共5小题,每小题15分,最后一题17分,共77分 (共5题)第(1)题设函数.(1)当时,求不等式的解集;(2)若,,,证明.第(2)题为了促进消费,某商场针对会员客户推出会员积分兑换商品活动:每位会员客户可在价值80元,90元,100元的,,三种商品中选择一种使用积分进行兑换,每10积分可兑换1元.已知参加活动的甲、乙两位客户各有1000积分,且甲兑换,,三种商品的概率分别为,,,乙兑换,,三种商品的概率分别为,,,且他们兑换何种商品相互独立.(1)求甲、乙两人兑换同一种商品的概率;(2)记为两人兑换商品后的积分总余额,求的分布列与期望第(3)题如图,在直三棱柱中,底面是以为底边的等腰直角三角形,,.(1)求证:平面平面;(2)求点到平面的距离.第(4)题如图,在三棱柱中,是等边三角形,侧面底面,且,,M是的中点.(1)证明:.(2)求二面角的正弦值.第(5)题已知为等差数列的前项和,且,当时,.(1)求数列的通项公式;(2)若,求数列的前项和.。

浙江省杭州市(新版)2024高考数学部编版真题(评估卷)完整试卷

浙江省杭州市(新版)2024高考数学部编版真题(评估卷)完整试卷

浙江省杭州市(新版)2024高考数学部编版真题(评估卷)完整试卷一、单选题:本题共8小题,每小题5分,共40分 (共8题)第(1)题已知函数,若存在唯一的整数,使得成立,则满足条件的整数的个数为()A.2B.3C.4D.无数第(2)题等差数列的前项和为,则的最大值为()A.60B.50C.D.30第(3)题已知圆锥的底面半径为2,点P为底面圆周上任意一点,点Q为侧面(异于顶点和底面圆周)上任意一点,则的取值范围为()A.B.C.D.第(4)题正项等比数列满足,,则的前7项和( )A.256B.254C.252D.126第(5)题设,则“且”是“且”的()A.充分不必要条件B.必要不充分条件C.充要条件D.既不充分也不必要条件第(6)题若复数,则()A.B.C.1D.3第(7)题在直角坐标平面上,点的坐标满足方程,点的坐标满足方程则的取值范围是A.B.C.D.第(8)题某舞台灯光设备有一种25头LED矩阵灯(如图所示),其中有2头LED灯出现故障,假设每头LED灯出现故障都是等可能的,则这2头故障LED灯相邻(横向相邻或纵向相邻)的概率为()A.B.C.D.二、多选题:本题共3小题,每小题6分,共18分 (共3题)第(1)题下列说法正确的有()A .,且,则B.设有一个回归方程,变量x增加1个单位时,y平均减少5个单位C.线性相关系数r越大,两个变量的线性相关性越强;反之,线性相关性越弱D.在某项测量中,测量结果服从正态分布,则第(2)题下列不等式成立的是()A.B.C.D.第(3)题已知定义在R上的函数f(x),g(x)满足:①;②对任意实数,,都有;③存在大于零的常数a,使得,且当时,.下列说法正确的是()A.B.当时,C.函数f(x)g(x)在R上的最大值为2D.对任意的,都有三、填空题:本题共3小题,每小题5分,共15分 (共3题)第(1)题二项式的展开式中,所有项系数和为,则的系数为______(用数字作答).第(2)题已知函数,(a>0,a≠1),若,则m=___________,___________.第(3)题若一个正三棱锥底面边长为1,高为,求与该三棱锥6条棱都相切的球的表面积为______.四、解答题:本题共5小题,每小题15分,最后一题17分,共77分 (共5题)第(1)题已知各项均为正数的等比数列的首项.(1)求数列的通项公式;(2)已知数列的前项和,证明:.第(2)题已知函数.(1)讨论函数的单调性;(2)若,且,证明:有且仅有两个零点.(e为自然对数的底数)第(3)题如图,在平行四边形中,,,为边上的点,,以为折痕把折起,使点到达点的位置,且三棱柱的体积为.(1)证明:平面平面;(2)求平面与平面夹角的余弦值.第(4)题已知函数,若在区间内有且只有一个实数,使得成立,则称函数在区间内具有唯一零点.(1)判断函数在区间内是否具有唯一零点,说明理由:(2)已知向量,,,证明在区间内具有唯一零点.(3)若函数在区间内具有唯一零点,求实数的取值范围.第(5)题已知双曲线的中心在原点,焦点F 1、F2在坐标轴上,焦距是实轴长的倍且过点(4,﹣)(1)求双曲线方程;(2)若点M(3,m)在双曲线上,求证:点M在以F1F2为直径的圆上;(3)在(2)条件下,若M F2交双曲线另一点N,求△F1MN的面积.。

2022高考文科数学浙江卷答案解析

2022高考文科数学浙江卷答案解析

2022高考文科数学浙江卷答案解析【一】:2022年高考试题(数学文科)浙江卷(Word版,含答案解析)2022年普通高等学校招生全国统一考试(浙江卷)数学文一、选择题(本大题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.)1、已知全集U={1,2,3,4,5,6},集合P={1,3,5},Q={1,2,4},则(ð)Q=()UPA。

{1}【答案】CB。

{3,5}C。

{1,2,4,6}D。

{1,2,3,4,5}考点:补集的运算。

2、已知互相垂直的平面,交于直线l。

若直线m,n满足m∥α,n⊥β,则()A。

m∥l【答案】C【解析】试题分析:由题意知l,l,n,n l.故选C.考点:线面位置关系。

3、函数y=in2的图象是()B。

m∥nC。

n⊥lD。

m⊥n【答案】D【解析】22试题分析:因为y in为偶函数,所以它的图象关于y轴对称,排除A、C选项;当,即时,yma1,排除B选项,故选D。

考点:三角函数图象。

y30,4、若平面区域2y30,夹在两条斜率为1的平行直线之间,则这两条平行直线间的距离的最2y30小值是()【答案】B考点:线性规划。

5、已知a,b>0,且a≠1,b≠1,若log4b>1,则()A。

(a1)(b1)0C。

(b1)(b a)0【答案】D【解析】B。

(a1)(a b)0D。

(b1)(b a)0试题分析:logab logaa1,当a1时,b a1,a10,b a0,(a1)(b a)0;当0a1时,0b a1,a10,b a0,(a1)(b a)0.故选D.考点:对数函数的性质。

6。

已知函数f()=2+b,则“b<0”是“f(f())的最小值与f()的最小值相等”的()A。

充分不必要条件C。

充分必要条件【答案】AB。

必要不充分条件D。

既不充分也不必要条件考点:充分必要条件。

7。

已知函数f()满足:f()且f()2,R。

2023年浙江省高考数学试卷(新高考Ⅰ)

2023年浙江省高考数学试卷(新高考Ⅰ)

2023年浙江省高考数学试卷(新高考Ⅰ)一、选择题:(本大题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是最符合题目要求的,请将正确答案的序号填在题后的括号内.)1.(★)(5分)已知集合A={x|x2-1=0},则下列式子中:①1∈A;②{-1}∈A;③∅⊆A;④{1,-1}⊆A.正确的个数是( )A.1个B.2个C.3个D.4个2.(★)(5分)下列计算正确的是( )A.log26-log23=log23 B.log26-log23=1C.log39=3 D.log3(-4)2=2log3(-4)3.(★)(5分)下列各组函数中,表示同一函数的是( )A.B.C.D.4.(★)(5分)若函数y=f(x)的定义域是[0,2],则函数g(x)=的定义域是( )A.[0,1] B.[0,1)C.[0,1)∪(1,4] D.(0,1)5.(★)(5分)如果二次函数f(x)=3x2+bx+1满足,则b的值为( )A.-1 B.1 C.-2 D.26.(★)(5分)已知f(x)的图象恒过(1,1)点,则f(x-4)的图象恒过( )A.(-3,1) B.(5,1)C.(1,-3) D.(1,5)7.(★★)(5分)函数的单调递增区间为( )A.(-∞,1)B.(2,+∞)C.(-∞,) D.(,+∞)8.(★)(5分)今有一组实验数据如表:现准备用下列函数中的一个近似地表示这些数据满足的规律,其中最接近的一个是( ) A.v=log2t B.v=t C.v=D.v=2t-2二、填空题(本大题共7小题,每题5分,共35分.要求只填最后结果.)9.(★★)(5分)已知不等式x2+px-6<0的解集为{x|-3<x<2},则p=1.10.(★★)(5分)若函数f(x+1)=x2-2x,则f(x)的解析式x2-4x+3.11.(★★)(5分)f(x)=ax2+1在[3-a,5]上是偶函数,则a=8.12.(★★)(5分)若函数,则f(f(f(-1)))=3π2-4.13.(★★)(5分)若log32=m,log35=n,则lg5用m,n表示为.14.(★★★)(5分)已知f(x)为R上的奇函数,当x∈[0,+∞)时,f(x)=x(1+x3),则当x∈(-∞,0]时,f(x)=x(1-x3).15.(★★)(5分)若函数y=kx2-4x+k-3对一切实数x都有y<0,则实数k的取值范围是(-∞,-1).三、解答题(本大题共6小题,共75分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.)16.(★★★)(12分)已知全集U={x|x>0},集合A={x|3≤x<7},B={x|2<x<10},C={x|5-a<x<a}.(1)求A∪B,(∁U A)∩B;(2)若C⊆(A∪B),求a的取值范围.17.(★★★)(12分)(1)计算:(2)已知:lg(x-1)+lg(x-2)=lg2,求x的值.18.(★★★)(12分)设函数如果f(x0)<1,求x0的取值范围.19.(★★★)(13分)某民营企业生产A、B两种产品,根据市场调查和预测,A产品的利润与投资成正比,其关系如图1所示;B产品的利润与投资的算术平方根成正比,其关系如图2所示(利润与投资单位:万元).(1)分别将A、B两种产品的利润表示为投资的函数关系式;(2)该企业已筹集到10万元资金,并全部投入A、B两种产品的生产,问:怎样分配这10万元投资,才能使企业获得最大利润,其最大利润为多少万元?20.(★★★)(13分)已知函数f(x)=a-.(1)求证:不论a为何实数f(x)总是为增函数;(2)确定a的值,使f(x)为奇函数;(3)当f(x)为奇函数时,求f(x)的值域.21.(★★★★)(13分)定义:若函数f(x)对于其定义域内的某一数x0,有f(x0)=x0,则称x0是f(x)的一个不动点.已知函数f(x)=ax2+(b+1)x+b-1(a≠0).(1)当a=1,b=-2时,求函数f(x)的不动点;(2)若对任意的实数b,函数f(x)恒有两个不动点,求a的取值范围;(3)在(2)的条件下,若y=f(x)图象上两个点A、B的横坐标是函数f(x)的不动点,且A、B的中点C在函数的图象上,求b的最小值.(参考公式:A(x1,y1),B(x2,y2)的中点坐标为)。

2021年浙江省高考数学(含解析版)

2021年浙江省高考数学(含解析版)

A.充分不必要条件
B.必要不充分条件
C.充分必要条件
D.既不充分也不必要条件
答案:
B
解析:
若 c a 且 c b ,则 a c b c 0 ,但 a 不一定等于 b ,故充分性不成立,
若 a b ,则 a c b c ,必要性成立,故为必要不充分条件.
故选 B.
, E( )
.
6
3
答案:
1 8 9
解析:
P(
2)
C42 C2
mn4
6 C2
mn4
1 6
C
2 mn
4
36
,所以 m n 4 9 ,
P(一红一黄)
C41 Cm1 C2
mn4
4m 36
m 9
1 3
m
3
,所以 n
2 ,则 m n
1,
P(
2)
1 6

P(
1)
C41 C51 C92
45 36
13.已知多项式 (x 1)3 (x 1)4 x4 a1x3 a2 x a3x a4 ,则 a1
; a2 a3 a4
.
答案:
5 10
解析:
根据二项式通项公式: a1x3 C30 x3 (1)0 C41x311 5x3 ,故 a1 5 ;
同理, a2 x2 C31x2 (1)1 C42 x212 3x2 6x2 3x2 a2 3 ,
a
,故 e
5
.
5
解析二:不妨假设 c 2 , sin PF1F2
sin HF1M
HM F1M
2 , HM 3
c 2
2
2

F1M

2022年浙江省高考数学试卷真题+答案解析

2022年浙江省高考数学试卷真题+答案解析

2022年浙江省高考数学试卷一、选择题:本大题共10小题,每小题4分,共40分。

在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。

1.(4分)设集合{1,2}A =,{2,4,6}B =,则(A B = )A .{2}B .{1,2}C .{2,4,6}D .{1,2,4,6}2.(4分)已知a ,b R ∈,3()(a i b i i i +=+为虚数单位),则( ) A .1a =,3b =-B .1a =-,3b =C .1a =-,3b =-D .1a =,3b =3.(4分)若实数x ,y 满足约束条件20,270,20,x x y x y -⎧⎪+-⎨⎪--⎩则34z x y =+的最大值是( )A .20B .18C .13D .64.(4分)设x R ∈,则“sin 1x =”是“cos 0x =”的( ) A .充分不必要条件 B .必要不充分条件 C .充分必要条件D .既不充分也不必要条件5.(4分)某几何体的三视图如图所示(单位:)cm ,则该几何体的体积(单位:3)cm 是( )A .22πB .8πC .223π D .163π 6.(4分)为了得到函数2sin3y x =的图象,只要把函数2sin(3)5y x π=+图象上所有的点( )A .向左平移5π个单位长度 B .向右平移5π个单位长度 C .向左平移15π个单位长度D .向右平移15π个单位长度7.(4分)已知25a =,8log 3b =,则34(a b -= ) A .25B .5C .259D .538.(4分)如图,已知正三棱柱111ABC A B C -,1AC AA =,E ,F 分别是棱BC ,11A C 上的点.记EF 与1AA 所成的角为α,EF 与平面ABC 所成的角为β,二面角F BC A --的平面角为γ,则( )A .αβγB .βαγC .βγαD .αγβ9.(4分)已知a ,b R ∈,若对任意x R ∈,|||4||25|0a x b x x -+---,则( ) A .1a ,3bB .1a ,3bC .1a ,3bD .1a ,3b10.(4分)已知数列{}n a 满足11a =,2*11()3n n n a a a n N +=-∈,则( )A .100521002a <<B .100510032a << C .100731002a <<D .100710042a << 二、填空题:本大题共7小题,单空题每题4分,多空题每空3分,共36分。

2020年浙江省高考数学试卷-解析版

2020年浙江省高考数学试卷-解析版

2020年浙江省高考数学试卷一、选择题(本大题共10小题,共40.0分)1. 已知集合P ={x|1<x <4},Q ={x|2<x <3},则P ∩Q =( )A. {x|1<x ≤2}B. {x|2<x <3}C. {x|3≤x <4}D. {x|1<x <4}2. 已知a ∈R ,若a −1+(a −2)i(i 为虚数单位)是实数,则a =( )A. 1B. −1C. 2D. −2 3. 若实数x ,y 满足约束条件{x −3y +1≤0x +y −3≥0,则z =x +2y 的取值范围是( )A. (−∞,4]B. [4,+∞)C. [5,+∞)D. (−∞,+∞)4. 函数y =xcosx +sinx 在区间[−π,π]的图象大致为( )A.B.C.D.5. 某几何体的三视图(单位:cm)如图所示,则该几何体的体积(单位:cm 3)是( )A. 73 B. 143 C. 3 D. 66. 已知空间中不过同一点的三条直线m ,n ,l ,则“m ,n ,l 在同一平面”是“m ,n ,l 两两相交”的( )A. 充分不必要条件B. 必要不充分条件C. 充分必要条件D. 既不充分也不必要条件7. 已知等差数列{a n }的前n 项和S n ,公差d ≠0,a1d⩽1.记b 1=S 2,b n+1=S n+2−S 2n ,n ∈N ∗,下列等式不可能成立的是( )A. 2a 4=a 2+a 6B. 2b 4=b 2+b 6C. a 42=a 2a 8D. b 42=b 2b 8 8. 已知点O(0,0),A(−2,0),B(2,0),设点P 满足|PA|−|PB|=2,且P 为函数y =3√4−x 2图象上的点,则|OP|=( )A. √222B. 4√105C. √7D. √109.已知a,b∈R且a,b≠0,若(x−a)(x−b)(x−2a−b)≥0在x≥0上恒成立,则()A. a<0B. a>0C. b<0D. b>010.设集合S,T,S⊆N∗,T⊆N∗,S,T中至少有两个元素,且S,T满足:①对于任意x,y∈S,若x≠y,都有xy∈T;②对于任意x,y∈T,若x<y,则yx∈S;下列命题正确的是()A. 若S有4个元素,则S∪T有7个元素B. 若S有4个元素,则S∪T有6个元素C. 若S有3个元素,则S∪T有5个元素D. 若S有3个元素,则S∪T有4个元素二、填空题(本大题共7小题,共36.0分)11.我国古代数学家杨辉、宋世杰等研究过高阶等差数列求和问题,如数列{n(n+1)2}就是二阶等差数列,数列{n(n+1)2},(n∈N∗)的前3项和______.12.二项展开式(1+2x)5=a0+a1x+a2x2+a3x3+a4x4+a5x5,则a4=______;a1+a2+a3=______.13.已知tanθ=2,则cos2θ=______;tan(θ−π4)=______.14.已知圆锥的侧面积(单位:cm2)为2π,且它的侧面展开图是一个半圆,则这个圆锥的底面半径(单位:cm)是______.15.已知直线y=kx+b(k>0)与圆x2+y2=1和圆(x−4)2+y2=1均相切,则k=______,b=______.16.盒中有4个球,其中1个红球,1个绿球,2个黄球,从盒中随机取球,每次取1个不放回,直到取出红球为止,设此过程中取到黄球的个数为ξ,则P(ξ=0)=______,E(ξ)=______.17.已知平面向量e1⃗⃗⃗ ,e2⃗⃗⃗ 满足|2e1⃗⃗⃗ −e2⃗⃗⃗ |≤√2,设a⃗=e1⃗⃗⃗ +e2⃗⃗⃗ ,b⃗ =3e1⃗⃗⃗ +e2⃗⃗⃗ ,向量a⃗,b⃗ 的夹角为θ,则cos2θ的最小值为______.三、解答题(本大题共5小题,共74.0分)18.在锐角△ABC中,角A,B,C的对边分别为a,b,c.已知2bsinA−√3a=0.(1)求角B;(2)求cosA+cosB+cosC的取值范围.19.如图,三棱台ABC−DEF中,面ADFC⊥面ABC,∠ACB=∠ACD=45°,DC=2BC.(1)证明:EF⊥DB;(2)求DF与面DBC所成角的正弦值.⋅20.已知数列{a n},{b n},{c n}满足a1=b1=c1=1,c n+1=a n+1−a n,c n+1=b nb n+2c n(n∈N∗).(1)若{b n}为等比数列,公比q>0,且b1+b2=6b3,求q的值及数列{a n}的通项公式;(2)若{b n}为等差数列,公差d>0,证明:c1+c2+c3+⋯+c n<1+1,n∈N∗.d21.如图,已知椭圆C1:x2+y2=1,抛物线C2:y2=2px(p>0),点A是椭圆C1与2抛物线C2的交点.过点A的直线l交椭圆C1于点B,交抛物线C2于点M(B,M不同于A).(1)若p=1,求抛物线C2的焦点坐标;16(2)若存在不过原点的直线l使M为线段AB的中点,求p的最大值.22.已知1<a≤2,函数f(x)=e x−x−a.其中e=2.718281828459…为自然对数的底数.(1)证明:函数y=f(x)在(0,+∞)上有唯一零点;(2)记x0为函数y=f(x)在(0,+∞)上的零点,证明:(ⅰ)√a−1≤x0≤√2(a−1);(ⅰ)x0f(e x0)≥(e−1)(a−1)a.答案和解析1.【答案】B【解析】解:集合P ={x|1<x <4},Q ={x|2<x <3}, 则P ∩Q ={x|2<x <3}. 故选:B .直接利用交集的运算法则求解即可.此题考查了交集及其运算,熟练掌握交集的定义是解本题的关键. 2.【答案】C【解析】 【分析】本题考查复数的基本概念,是基础题. 利用复数的虚部为0,求解即可. 【解答】解:a ∈R ,若a −1+(a −2)i(i 为虚数单位)是实数, 可得a −2=0,解得a =2. 故选:C .3.【答案】B【解析】解:画出实数x ,y 满足约束条件{x −3y +1≤0x +y −3≥0所示的平面区域,如图: 将目标函数变形为−12x +z2=y ,则z 表示直线在y 轴上截距,截距越大,z 越大, 当目标函数过点A(2,1)时,截距最小为z =2+2=4,随着目标函数向上移动截距越来越大, 故目标函数z =2x +y 的取值范围是[4,+∞). 故选:B .作出不等式组表示的平面区域;作出目标函数对应的直线;结合图象判断目标函数z =x +2y 的取值范围.本题考查画不等式组表示的平面区域、考查数形结合求函数的最值.4.【答案】A【解析】解:y =f(x)=xcosx +sinx , 则f(−x)=−xcosx −sinx =−f(x),∴f(x)为奇函数,函数图象关于原点对称,故排除B ,D , 当x =π时,y =f(π)=πcosπ+sinπ=−π<0,故排除B , 故选:A .先判断函数的奇偶性,再判断函数值的特点.本题考查了函数图象的识别,掌握函数的奇偶性额函数值得特点是关键,属于基础题.5.【答案】A【解析】解:由题意可知几何体的直观图如图,下部是直三棱柱,底面是斜边长为2的等腰直角三角形,棱锥的高为2,上部是一个三棱锥,一个侧面与底面等腰直角三角形垂直,棱锥的高为1,所以几何体的体积为:12×2×1×2+13×12×2×1×1=73.故选:A.画出几何体的直观图,利用三视图的数据求解几何体的体积即可.本题考查三视图求解几何体的体积,判断几何体的形状是解题的关键.6.【答案】B【解析】【分析】本题借助空间的位置关系,考查了充分条件和必要条件,属于基础题.由m,n,l在同一平面,则m,n,l相交或m,n,l有两个平行,另一直线与之相交,或三条直线两两平行,根据充分条件,必要条件的定义即可判断.【解答】解:空间中不过同一点的三条直线m,n,l,若m,n,l在同一平面,则m,n,l相交或m,n,l有两个平行,另一直线与之相交,或三条直线两两平行.故m,n,l在同一平面”是“m,n,l两两相交”的必要不充分条件,故选:B.7.【答案】B【解析】解:在等差数列{a n}中,a n=a1+(n−1)d,S n+2=(n+2)a1+(n+2)(n+1)2d,S2n=2na1+2n(2n−1)2d,b1=S2=2a1+d,b n+1=S n+2−S2n=(2−n)a1−3n2−5n−22d.∴b2=a1+2d,b4=−a1−5d,b6=−3a1−24d,b8=−5a1−55d.A.2a4=2(a1+3d)=2a1+6d,a2+a6=a1+d+a1+5d=2a1+6d,故A正确;B.2b4=−2a1−10d,b2+b6=a1+2d−3a1−24d=−2a1−22d,若2b4=b2+b6,则−2a1−10d=−2a1−22d,即d=0不合题意,故B错误;C.若a42=a2a8,则(a1+3d)2=(a1+d)(a1+7d),即a12+6a1d+9d2=a12+8a1d+7d2,得a1d=d2,∵d≠0,∴a1=d,符合a1d⩽1,故C正确;D.若b42=b2b8,则(−a1−5d)2=(a1+2d)(−5a1−55d),即2(a1d )2+25a1d+45=0,则a1d有两不等负根,满足a1d⩽1,故D正确.∴等式不可能成立的是B.故选:B.由已知利用等差数列的通项公式判断A与C;由数列递推式分别求得b2,b4,b6,b8,分析B,D成立时是否满足公差d≠0,a1d⩽1判断B与D.本题考查数列递推式,等差数列的通项公式与前n项和,考查转化思想和计算能力,是中档题.8.【答案】D【解析】解:点O(0,0),A(−2,0),B(2,0).设点P满足|PA|−|PB|=2,可知P的轨迹是双曲线x21−y23=1的右支上的点,P为函数y=3√4−x2图象上的点,即y236+x24=1在第一象限的点,联立两个方程,解得P(√132,3√32),所以|OP|=√134+274=√10.故选:D.求出P满足的轨迹方程,求出P的坐标,即可求解|OP|.本题考查圆锥曲线的综合应用,曲线的交点坐标以及距离公式的应用,是中档题.9.【答案】C【解析】【分析】本题考查不等式恒成立问题,注意三次函数的图象,考查分类讨论思想和转化思想,属于中档题.先由x=0时,不等式ab(−2a−b)⩾0恒成立,可得1a +2b⩽0,则a,b至少有一个是小于0的,再按a<0,b<0,a<0,b>0,a>0,b<0,讨论可得结论.【解答】解:由题意知,x=0时,不等式ab(−2a−b)⩾0恒成立,即ab(2a+b)⩽0,∵ab≠0,∴可得1a +2b⩽0,则a,b至少有一个是小于0的,(1)若a<0,b<0,由图象知,(x−a)(x−b)(x−2a−b)⩾0在x⩾0时恒成立,符合题意;(2)若a<0,b>0,2a+b>0,(x−a)(x−b)(x−2a−b)⩽0在x≥0上恒成立,则b=2a+b,得a=0,矛盾,不符合题意.(3)若a>0,b<0,(x−a)(x−b)(x−2a−b)⩾0在x⩾0时恒成立,则a=2a+b,则a+b=0,符合题意.综合,b<0成立.故选:C.10.【答案】A【解析】【分析】本题考查命题的真假的判断与应用,集合的基本运算,利用特殊集合排除选项是选择题常用方法,属于较难题.利用特殊集合排除选项,推出结果即可. 【解答】解:取:S ={1,2,4},则T ={2,4,8},S ∪T ={1,2,4,8},4个元素,排除C . S ={2,4,8},则T ={8,16,32},S ∪T ={2,4,8,16,32},5个元素,排除D ; S ={2,4,8,16}则T ={8,16,32,64,128},S ∪T ={2,4,8,16,32,64,128},7个元素,排除B ; 故选:A .11.【答案】10【解析】 【分析】本题考查数列求和,数列通项公式的应用,是基本知识的考查. 求出数列的前3项,然后求解即可. 【解答】解:数列{a n }满足a n =n(n+1)2,可得a 1=1,a 2=3,a 3=6, 所以S 3=1+3+6=10. 故答案为:10.12.【答案】80;130【解析】 【分析】本题考查二项式定理的应用,只有二项式定理系数以及项的系数的区别,属于基础题. 直接利用二项式定理的通项公式,求解即可. 【解答】解:∵(1+2x)5=a 0+a 1x +a 2x 2+a 3x 3+a 4x 4+a 5x 5,则a 4=C 54⋅24=80.a 1+a 2+a 3=C 51⋅2+C 52⋅4+C 53⋅8=130. 故答案为:80;130.13.【答案】−35, 13【解析】解:tanθ=2,则cos2θ=cos 2θ−sin 2θcos 2θ+sin 2θ=1−tan 2θ1+tan 2θ=1−41+4=−35. tan(θ−π4)=tanθ−tanπ41+tanθtanπ4=2−11+2×1=13.故答案为:−35;13.利用二倍角公式以及同角三角函数基本关系式求解第一问,利用两角和与差的三角函数转化求解第二问.本题考查二倍角公式的应用,两角和与差的三角函数以及同角三角函数基本关系式的应用,是基本知识的考查.14.【答案】1【解析】解:∵圆锥侧面展开图是半圆,面积为2π,设圆锥的母线长为a ,则12×a 2π=2π,∴a =2,∴侧面展开扇形的弧长为2π,设圆锥的底面半径OC =r ,则2πr =2π,解得r =1. 故答案为:1.利用圆锥的侧面积,求出母线长,求解底面圆的周长,然后求解底面半径. 本题考查圆锥的母线长的求法,注意利用圆锥的弧长等于底面周长这个知识点.15.【答案】√33 ;−2√33【解析】解:由条件得C 1(0,0),r 1=1,C 2(4,0),r 2=1, 因为直线l 与C 1,C 2都相切, 故有d 1=√1+k 2=1,d 2=√1+k 2=1,则有√1+k 2=√1+k 2,故可得b 2=(4k +b)2,整理得k(2k +b)=0, 因为k >0,所以2k +b =0,即b =−2k , 代入d 1=√1+k 2=1,解得k =√33,则b =−2√33, 故答案为:√33;−2√33. 根据直线l 与两圆都相切,分别列出方程d 1=√1+k2=1,d 2=√1+k 2=1,解得即可.本题考查直线与圆相切的性质,考查方程思想,属于中档题.16.【答案】13 ;1【解析】解:由题意知,随机变量ξ的可能取值为0,1,2;计算P(ξ=0)=14+14×13=13;P(ξ=1)=1 2×13 +14×23×12+24×13×12=13;P(ξ=2)=1−13−13=13;所以E(ξ)=0×13+1×13+2×13=1.故答案为:13,1.由题意知随机变量ξ的可能取值为0,1,2;分别计算P(ξ=0)、P(ξ=1)和P(ξ=2),再求E(ξ)的值.本题考查了离散型随机变量的分布列与数学期望的计算问题,是中档题.17.【答案】2829【解析】【分析】本题考查了平面向量的数量积与夹角的运算问题,是中档题.设e1⃗⃗⃗ 、e2⃗⃗⃗ 的夹角为α,由题意求出cosα≥34;再求a⃗,b⃗ 的夹角θ的余弦值cos2θ的最小值即可.【解答】解:设e1⃗⃗⃗ 、e2⃗⃗⃗ 的夹角为α,由e1⃗⃗⃗ ,e2⃗⃗⃗ 为单位向量,满足|2e1⃗⃗⃗ −e2⃗⃗⃗ |≤√2,所以4e1⃗⃗⃗ 2−4e1⃗⃗⃗ ⋅e2⃗⃗⃗ +e2⃗⃗⃗ 2=4−4cosα+1≤2,解得cosα≥34;又a⃗=e1⃗⃗⃗ +e2⃗⃗⃗ ,b⃗ =3e1⃗⃗⃗ +e2⃗⃗⃗ ,且a⃗,b⃗ 的夹角为θ,所以a⃗⋅b⃗ =3e1⃗⃗⃗ 2+4e1⃗⃗⃗ ⋅e2⃗⃗⃗ +e2⃗⃗⃗ 2=4+4cosα,a⃗2=e1⃗⃗⃗ 2+2e1⃗⃗⃗ ⋅e2⃗⃗⃗ +e2⃗⃗⃗ 2=2+2cosα,b⃗ 2=9e1⃗⃗⃗ 2+6e1⃗⃗⃗ ⋅e2⃗⃗⃗ +e2⃗⃗⃗ 2=10+6cosα;则cos2θ=(a⃗ ⋅b⃗)2a⃗2×b⃗2=(4+4cosα)2(2+2cosα)(10+6cosα)=4+4cosα5+3cosα=43−835+3cosα,所以cosα=34时,cos2θ取得最小值为43−835+3×34=2829.故答案为2829.18.【答案】解:(1)∵2bsinA=√3a,∴2sinBsinA=√3sinA,∵sinA≠0,∴sinB=√32,,∴B=π3,(2)∵△ABC为锐角三角形,B=π3,∴C=2π3−A,,△ABC为锐角三角形,,,解得,,,,∴cosA+cosB+cosC的取值范围为(√3+12,32 ].【解析】本题考查了正弦定理,三角函数的化简,三角函数的性质,考查了运算求解能力和转化与化归能力,属于中档题.(1)根据正弦定理可得sinB=√32,结合角的范围,即可求出,(2)根据两角和差的余弦公式,以及利用正弦函数的性质即可求出.19.【答案】解:(1)证明:作DH⊥AC,且交AC于点H,∵面ADFC⊥面ABC,面ADFC∩面ABC=AC,DH⊂面ADFC,∴DH⊥面ABC,BC⊂面ABC,∴DH⊥BC,∴在Rt△DHC中,CH=CD⋅cos45°=√22CD,∵DC=2BC,∴CH=√22CD=√22⋅2BC=√2⋅BC,∴BCCH =√22,又∠ACB=45°,∴△BHC是直角三角形,且∠HBC=90°,∴HB⊥BC,又∵DH⊂面DHB,HB⊂面DHB,DH∩HB=H,∴BC⊥面DHB,∵DB⊂面DHB,∴BC⊥DB,∵在三棱台DEF−ABC中,EF//BC,∴EF⊥DB.(2)设BC=1,则BH=1,HC=√2,在Rt△DHC中,DH=√2,DC=2,在Rt△DHB中,DB=√DH2+HB2=√2+1=√3,作HG⊥BD于G,∵BC⊥面DHB,HG⊂面DHB,∴BC⊥HG,而BC⊂面BCD,BD⊂面BCD,BC∩BD=B,∴HG⊥面BCD,∵GC⊂面BCD,∴HG⊥GC,∴△HGC是直角三角形,且∠HGC=90°,设DF与面DBC所成角为θ,则θ即为CH与面DBC的夹角,且sinθ=sin∠HCG=HGHC =√2,∵在Rt△DHB中,DH⋅HB=BD⋅HG,∴HG=DH⋅HBBD =√2⋅13=√63,∴sinθ=√2=√63√2=√33.【解析】本题主要考查空间直线互相垂直的判定和性质,以及直线与平面所成角的几何计算问题,考查了空间想象能力和思维能力,平面与空间互相转化是能力,几何计算能力,以及逻辑推理能力,本题属综合性较强的中档题.(1)题根据已知条件,作DH⊥AC,根据面面垂直,可得DH⊥BC,进一步根据直角三角形的知识可判断出△BHC是直角三角形,且∠HBC=90°,则HB⊥BC,从而可证出BC⊥面DHB,最后根据棱台的定义有EF//BC,根据平行线的性质可得EF⊥DB;(2)题先可设BC=1,根据解直角三角形可得BH=1,HC=√2,DH=√2,DC=2,DB=√3,然后找到CH与面DBC的夹角即为∠HCG,根据棱台的特点可知DF与面DBC 所成角与CH与面DBC的夹角相等,通过计算∠HCG的正弦值,即可得到DF与面DBC 所成角的正弦值.20.【答案】(1)解:由题意,b2=q,b3=q2,∵b1+b2=6b3,∴1+q=6q2,整理,得6q2−q−1=0,解得q=−13(舍去),或q=12,∴c n+1=b nb n+2⋅c n=1b n+2b n⋅c n=1q2⋅c n=1(12)2⋅c n=4⋅c n,∴数列{c n}是以1为首项,4为公比的等比数列,∴c n=1⋅4n−1=4n−1,n∈N∗.∴a n+1−a n=c n+1=4n,则a1=1,a2−a1=41,a3−a2=42,……a n−a n−1=4n−1,各项相加,可得a n=1+41+42+⋯+4n−1=1−4n1−4=4n−13.(2)证明:依题意,由c n+1=b nb n+2⋅c n(n∈N∗),可得b n+2⋅c n+1=b n⋅c n,两边同时乘以b n+1,可得b n+1b n+2c n+1=b n b n+1c n,∵b1b2c1=b2=1+d,∴数列{b n b n+1c n}是一个常数列,且此常数为1+d,b n b n+1c n=1+d,∴c n=1+db n b n+1=1+dd⋅db n b n+1=(1+1d)⋅b n+1−b nb n b n+1=(1+1d)(1b n−1b n+1),∴c1+c2+⋯+c n=(1+1d)(1b1−1b2)+(1+1d)(1b2−1b3)+⋯+(1+1d)(1b n−1b n+1)=(1+1d)(1b1−1b2+1b2−1b3+⋯+1b n−1b n+1)=(1+1d)(1b1−1b n+1)=(1+1d)(1−1b n+1)<1+1d,∴c1+c2+⋯+c n<1+1d,故得证.【解析】本题主要考查数列求通项公式,等差数列和等比数列的基本量的运算,以及和式不等式的证明问题.考查了转化与化归思想,整体思想,方程思想,累加法求通项公式,裂项相消法求和,放缩法证明不等式,以及逻辑推理能力和数学运算能力,属于综合题.(1)先根据等比数列的通项公式将b2=q,b3=q2代入b1+b2=6b3,计算出公比q的值,然后根据等比数列的定义化简c n+1=b nb n+2⋅c n可得c n+1=4c n,则可发现数列{c n}是以1为首项,4为公比的等比数列,从而可得数列{c n}的通项公式,然后将通项公式代入c n+1=a n+1−a n,可得a n+1−a n=c n+1=4n,再根据此递推公式的特点运用累加法可计算出数列{a n}的通项公式;(2)通过将已知关系式c n+1=b nb n+2⋅c n不断进行转化可构造出数列{b n b n+1c n},且可得到数列{b n b n+1c n}是一个常数列,且此常数为1+d,从而可得b n b n+1c n=1+d,再计算得到c n=1+db n b n+1,根据等差数列的特点进行转化进行裂项,在求和时相消,最后运用放缩法即可证明不等式成立.21.【答案】解:(1)p =116,则 p 2=132,则抛物线C 2的焦点坐标(132,0),(2)由题意可设直线l :x =my +t (m ≠0,t ≠0),点A (x 0,y 0), 将直线l 的方程代入椭圆C 1:x 22+y 2=1得(m 2+2)y 2+2mty +t 2−2=0∴点M 的纵坐标y M =−mtm 2+2。

2023年浙江省高考数学真题及参考答案

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2023年浙江省高考数学真题及参考答案一、选择题:本大题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1.已知集合{}21012,,,,--=M ,{}062>--=x x x N ,则M ∩=N ()A .{}1012,,,--B .{}2,1,0C .{}2-D .{}22.已知iiz 221+-=,则=-z z ()A .i -B .iC .0D .13.已知向量()1,1=a,()1,1-=b .若()()b a b a μλ+⊥+,则()A .1=+μλB .1-=+μλC .1=λμD .1-=λμ4.设函数()()a x x x f -=2在区间()1,0单调递减,则a 的取值范围是()A .(]2-∞-,B .[)0,2-C .(]2,0D .[)∞+,25.设椭圆12221=+y a x C :()1>a ,14222=+y x C :的离心率分别21,e e .若123e e =,则=a ()A .332B .2C .3D .66.过点()20-,与圆01422=--+x y x 相切的两条直线的夹角为α,则=αsin ()A .1B .415C .410D .467.记n S 为数列{}n a 的前n 项和,设甲:{}n a 为等差数列;乙:⎭⎫⎩⎨⎧n S n 为等差数列,则()A .甲是乙的充分条件但不是必要条件B .甲是乙的必要条件但不是充分条件C .甲是乙的充要条件D .甲既不是乙的充分条件也不是乙的必要条件8.已知()31sin =-βα,61sin cos =βα,则()=+βα22cos ()A .97B .91C .91-D .97-二、选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分.在每小题给出的选项中,有多项符合题目要求.全部选对的得5分,部分选对的得2分,有选错的得0分.9.有一组样本数据621,,x x x ,其中1x 是最小值,6x 是最大值,则()A .5432,,,x x x x 的平均数等于621,,x x x 的平均数B .5432,,,x x x x 的中位数等于621,,x x x 的中位数C .5432,,,x x x x 的标准差不小于621,,x x x 的标准差D .5432,,,x x x x 的极差不大于621,,x x x 的极差10.噪声污染问题越来越受到重视,用声压级来度量声音的强弱,定义声压级lg20p pL p ⨯=,其中常数()000>p p 是听觉下线的阈值,p 是实际声压.下表为不同声源的声压级:已知在距离燃油汽车、混合动力汽车、电动汽车10m 处测得实际声压分别为321,,p p p ,则()A .21p p >B .3210p p >C .03100p p =D .21100p p <11.已知函数()x f 的定义域为R ,()()()y f x x f y xy f 22+=,则()A .()00=fB .()01=f C .()x f 是偶函数D .0=x 为()x f 的极小值点12.下列物体中,能够被整体放入棱长为1(单位:m)的正方体容器(容器壁厚度忽略不计)内的有()A .直径为m 99.0的球体B .所有棱长均为m 4.1的四面体C .底面直径为m 01.0,高为m 8.1的圆柱体D .底面直径为m 2.1,高为m 01.0的圆柱体声源与声源的距离/m 声压级/dB 燃油汽车1060~90混合动力汽车1050~60电动汽车1040三、填空题:本大题4小题,每小题5分,共20分.13.某学校开设了4门体育类选修课和4门艺术类选修课,学生需从这8门课中选修2门或3门课,并且每类选修课至少选修1门,则不同的选修方案共有种(用数字作答).14.在正四棱台1111D C B A ABCD -中,2=AB ,111=B A ,21=AA ,则该棱台的体积为.15.已知函数()()01cos >-=ωωx x f 在区间[]π2,0有且仅有3个零点,则ω的取值范围是.16.已知双曲线()0012222>>=-b a by a x C ,:的左、右焦点分别为21F F ,,点A 在C 上.点B 在y 轴上,B F A F 11⊥,B F A F 2232-=,则C 的离心率为.四、解答题:本大题共6小题,共70分.解答应写出必要的文字说明、证明过程或演算步骤.17.已知在ABC ∆中,C B A 3=+,()B C A sin sin 2=-.(1)求A sin ;(2)设5=AB ,求AB 边上的高.18.如图,在正四棱柱1111D C B A ABCD -中,2=AB ,41=AA .点2222,,,D C B A 分别在棱1111,,,DD CC BB AA 上,12=AA ,222==DD BB ,32=CC .(1)证明:2222D A C B ∥;(2)点P 在棱1BB 上,当二面角222D C A P --为150°时,求P B 2.19.已知函数()()x a e a x f x-+=.(1)讨论()x f 的单调性;(2)证明:当0>a 时,()23ln 2+>a x f .20.设等差数列{}n a 的公差为d ,且1>d ,令nn a nn b +=2,记n n T S ,分别为数列{}n a ,{}n b 的前n 项和.(1)若31223a a a +=,2133=+T S ,求{}n a 的通项公式;(2)若{}n b 为等差数列,且999999=-T S ,求d .21.甲乙两人投篮,每次由其中一人投篮,规则如下:若命中则此人继续投篮,若未命中则换为对方投篮.无论之前投篮情况如何,甲每次投篮的命中率均为6.0,乙每次投篮的命中率均为8.0,由抽签决定第一次投篮的任选,第一次投篮的人是甲、乙的概率各为5.0.(1)求第2次投篮的人是乙的概率;(2)求第i 次投篮的人是甲的概率;(3)已知:若随机变量i X 服从两点分布,且()()i i i q X P X P ==-==011,n i ,,2,1 =,则()∑∑===ni i ni i q X E11,记前n 次(即从第1次到第n 次投篮)中甲投篮的次数为Y ,求()Y E .22.在直角坐标系xOy 中,点P 到x 轴的距离等于点P 到点⎪⎭⎫ ⎝⎛210,的距离,记动点P 的轨迹为W .(1)求W 的方程;(2)已知矩形ABCD 有三个顶点在W 上,证明:矩形ABCD 的周长大于33.参考答案一、选择题12345678CADDABCB1.解:(][)∞+⋃-∞-∈,,32N ,∴{}2=⋂N M 2.解:i i i z 21221-=+-=,∴i z z -=-3.解:()()b a b aμλ+⊥+∵,∴()()()01222=+=+⋅++λμλμμλb b a a ,∴1-=λμ4.解:由复合函数的单调性可知()a x x y -=在区间()1,0单调递减,∴12≥a,∴a 的取值范围是[)∞+,2.5.解:由题意得:a a e 121-=,232=e ,得2112=-a a ,解得332=a .6.解:易得()5222=+-y x ,故圆心()0,2B ,5=R 记()20-,A ,设切点为N M ,,则22=AB ,5=BM ,可得3=AM 223sin 2sin==∠=AB AM MBA α,2252cos =α∴4152cos 2sin 2sin ααα=7.解:甲:∵{}n a 为等差数列,设其首项为1a ,公差为d ,则()d n n na S n 211++=,∴222111d a n d d n a n S n -+=-+=,211d n S n S n n =-++,故⎭⎬⎫⎩⎨⎧n S n 为等差数列,则甲是乙的充分条件;反之,⎭⎫⎩⎨⎧n S n 为等差数列,即()()()1111111+-=++-=-++++n n S na n n S n nS n S n S n n n n n n 为常数,设为t ,即()t n n S na nn =+-+11,故()11+⋅-=+n n t na S n n ,故()()111-⋅--=-n n t a n S n n ,2≥n ,两式相减有:()tn n a na a n n n 211---=+,即t a a n n 21=-+,对1=n 也成立,故{}n a 为等差数列,∴甲是乙的必要条件综上,甲是乙的充要条件.8.解:∵()31sin cos cos sin sin =-=-βαβαβα,61sin cos =βα,则21cos sin =βα,故()326131sin cos cos sin sin =+=+=+βαβαβα.()()913221sin 2122cos 22=⎪⎭⎫⎝⎛⨯-=+-=+βαβα.二、选择题9101112BDACDABCABD10.解:∵0lg 20lg 20lg2021020121≥⨯=⨯-⨯=-p p p p p p L L ,∴121≥p p,即21p p >∴A 正确;10lg 203232>⨯=-p p L L ,即21lg 32>p p ,∴213210>p p ,∴B 错误;∵40lg20033=⨯=p p L ,∴10010203==p p,∴C 正确;405090lg202121=-≤⨯=-p p L L ,∴2lg 21≤p p ,∴10021≤p p,∴D 正确.11.解:选项A ,令0==y x ,则()()()000000=⨯+⨯=f f f ,故A 正确;选项B ,令1==y x ,则()()()11111f f f ⨯+⨯=,则()01=f 故B 正确;选项C,令1-==y x ,则()()()()()1111122-⨯-+-⨯-=f f f ,则()01=f ,再令1-=y ,则()()()()1122-+⨯-=-f x x f x f ,即()()x f x f =-,故C 正确;选项D,对式子两边同时除以22yx ()022≠y x,得到:()()()2222xx f y y f y x xy f +=,故可设()()0ln 2≠=x x x x f ,故可以得到()⎩⎨⎧=≠=0,00,ln 2x x x x x f ,故D 错误.12.解:选项A,球直径为199.0<,故球体可以放入正方体容器内,故A 正确;选项B,连接正方体的面对角线,可以得到一个正四面体,其棱长为4.12>,故B 正确;选项C,底面直径m 01.0,可以忽略不计,但高为38.1>,3为正方体的体对角线的长,故C 不正确;选项D,底面直径为32.1<,高为m 01.0的圆柱体,其高度可以忽略不计,故D 正确.三、填空题13.64;14.667;15.32<≤ω;16.55313.解:当从这8门课中选修2门课时,共有161414=C C ;当从这8门课中选修3门课时,共有4814242414=+C C C C ;综上共有64种.14.解:如图,将正四棱台1111D C B A ABCD -补成正四棱锥,则2=AO ,22=SA ,261=OO ,故()()667261212313122222121=⋅⋅++=++=h S S S S V .15.解:令()01cos =-=x x f ω得1cos =x ω,又[]π2,0∈x ,则[]ωπω2,0∈x ,∴ππωπ624<≤,即32<≤ω.16.解:由B F A F 2232-=32=,设x A F 22-=,x B F 32=.由对称性可得x 3=,由定义可得,a x 22+=x 5=,设θ=∠21AF F ,则5353sin ==x x θ,∴xax 52254cos +==θ,解得a x =,∴a x AF 221+=,a AF 22=,在21F AF ∆中,由余弦定理可得54164416cos 2222=-+=a c a a θ,即2295a c =可得553=e .四、解答题17.解:(1)由题意得C B A 3=+,∴,π==++C C B A 4,∴4π=C ∴A C A B -=--=43ππ,∵()B C A sin sin 2=-,∴⎪⎭⎫ ⎝⎛-=⎪⎭⎫ ⎝⎛-A A ππ43sin 4sin 2,即A A A A sin 22cos 22cos 22sin 222+=⎪⎪⎭⎫⎝⎛-,整理得:A A cos 3sin =又∵1cos sin 22=+A A ,()π,0∈A ∴0sin >A ,∴0cos >A 解得10103sin =A ,1010cos =A (2)∵()552sin cos cos sin sin sin =+=+=C A C A C A B 由正弦定理可知C c B b sin sin =,即22510103=b ,解得102=b 设AB 边上的高为h ,∵ch A bc S 21sin 21==,∴6sin ==A b h 18.解:以C 为原点,CD 为x 轴,CB 为y 轴,1CC 为z 轴建立空间直角坐标系则()2,2,02B ,()3,0,02C ,()1,222,A ,()2,0,22D (1)∵()1,2022-=,C B ,()12022,,-=D A ∴=22C B 22D A ,∴2222D A C B ∥(2)设()t P ,2,0,其中42≤≤t ∴()t P A -=1022,,,()t PC --=3,202,,()1,0,222-=C D ,()12,022-=,A D .设平面22C P A 的一个法向量为()z y x m ,,= ,则⎪⎩⎪⎨⎧=⋅=⋅022PC m P A m 即()()⎩⎨⎧=-+-=-+032012z t y z t x ,令2=z ,则()2,3,1t t m --=.设平面222C A D 的一个法向量为()z y x n '''=,, ,则⎪⎩⎪⎨⎧=⋅=⋅02222C D n A D n即⎩⎨⎧=-'=+'-0202z y z x ,令2=z ,则()2,1,1=n .∵二面角222D C A P --为150°,∴2314826150cos 2=+-=︒⇒=t t ,解得:1=t (舍去)或3=t .∴12=P B 19.解:(1)由题可得()1-='xae x f ①当0≤a 时,()0<'x f ,()x f 在()∞+∞-,单调递减;②当0>a 时,令()0='x f 得ax ln -=∴当()a x ln ,-∞-∈时,()0<'x f ,()x f 在()a ln ,-∞-单调递减;当()∞+-∈,a x ln 时,()0>'x f ,()x f 在()∞+-,a ln 单调递增.(2)由(1)得当0>a 时,()()a a a f x f ln 1ln 2min ++=-=.设()21ln 23ln 2ln 122--=⎪⎭⎫ ⎝⎛+-++=a a a a a a g ,则()a a a g 12-=',令()0='a g 可得22=a ∴当⎪⎪⎭⎫ ⎝⎛∈22,0a 时,()0<'a g ,()a g 在⎪⎪⎭⎫⎝⎛22,0上单调递减;当⎪⎪⎭⎫ ⎝⎛∞+∈,22a 时,()0>'a g ,()a g 在⎪⎪⎭⎫⎝⎛∞+,22上单调递增.∴()02ln 22min >=⎪⎪⎭⎫⎝⎛=g a g ,故()0>a g ,∴当0>a 时,()23ln 2+>a x f .20.解:(1)∵31223a a a +=,∴d a a d 2313+==,即d a =1,nd a n =故nd a n =,∴d n a n n b n n 12+=+=,()21d n n S n +=,()dn n T n 23+=,又2133=+T S ,即21263243=⨯+⨯dd ,即03722=+-d d ,解得3=d 或21=d (舍),故{}n a 的通项公式为:n a n 3=.(2)若{}n b 为等差数列,则3122b b b +=,即da a d a 24321322111+⨯+⨯=+⨯⋅,即0232121=+-d d a a ,∴d a =1或d a 21=,当d a =1时,nd a n =,故()21d n n S n +=,()dn n T n 23+=.又999999=-T S ,即99210299210099=⨯-⨯dd ,即051502=--d d ,∴5051=d 或1=d (舍).当d a 21=时,()d n a n 1+=,d n b n =,故()23d n n S n +=,()dn n T n 21+=.又999999=-T S ,即99210099210299=⨯-⨯dd ,即050512=--d d ,∴5051-=d (舍)或1=d (舍).综上所述:5051=d .21.解:(1)第二次是乙的概率为6.08.05.04.05.0=⨯+⨯.(2)第i 次投篮的人是甲的概率为i p ,则第i 次投篮的人是甲的概率为i p -1,则()2.04.012.06.01+=-+=+i i i i p p p p ,构造等比数列()λλ+=++i i p p 521,解得31-=λ,则⎪⎭⎫ ⎝⎛-=-+3152311i i p p ,又211=p ,∴61311=-p ∴1526131-⎪⎭⎫ ⎝⎛⋅=-i i p ,则3152611+⎪⎭⎫⎝⎛⋅=-i i p .(3)当*∈N n 时,()352118535215216121n n p p p Y E n nn +⎥⎥⎦⎤⎢⎢⎣⎡⎪⎭⎫ ⎝⎛-=+-⎪⎭⎫ ⎝⎛-⋅=+++= .11当0=n 时,()0=Y E ,符合上式,故()3521185n Y E n+⎥⎥⎦⎤⎢⎢⎣⎡⎪⎭⎫⎝⎛-=.22.解:(1)设()y x P ,,∵点P 到x 轴的距离等于点P 到点⎪⎭⎫ ⎝⎛210,的距离,∴2221⎪⎭⎫ ⎝⎛-+=y x y ,化简得412+=x y .故W 的方程为412+=x y .(2)不妨设D B A ,,三点在W 上,且有DA BA ⊥.设⎪⎭⎫ ⎝⎛+41,2a a A ,设DA BA ,的斜率分别为kk 1-,,由对称性不妨设1≤k ,则直线BA 的方程为:()412++-=a a x k y 联立()⎪⎪⎩⎪⎪⎨⎧++-=+=414122a a x k y x y ,整理可得:022=-+-a ka kx x ,则kx x B A =+∴()()ak k y y x x AB B A B A 21222-+=-+-=同理可得:a kk AD 21112++=∴CD AB +a k k 212-+=a kk 21112+++()232221112121k k k k k a k a k k +=⎪⎭⎫ ⎝⎛++≥⎪⎪⎭⎫ ⎝⎛++-+≥设()()313123+++=+=m m m mm m f ,则()()()222112132m m m m m m f +-=-+=',可知()m f 在⎪⎭⎫ ⎝⎛210,上单调递减,在⎪⎭⎫ ⎝⎛021,上单调递增,∴()m f 在()10,上最小值为42721=⎪⎭⎫ ⎝⎛f ,∴()3232≥=+kf CD AB ,由于两处相等的条件不一致,∴矩形ABCD 的周长为()332>+CD AB .。

浙江省杭州市(新版)2024高考数学统编版真题(综合卷)完整试卷

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浙江省杭州市(新版)2024高考数学统编版真题(综合卷)完整试卷一、单选题:本题共8小题,每小题5分,共40分 (共8题)第(1)题已知抛物线的焦点为F ,点P 是C 上异于原点O 的任意一点,线段PF 的中点为M ,则以F 为圆心且与直线OM 相切的圆的面积最大值为( )A.B .C .D .第(2)题设函数f (x )是定义在区间上的函数,f'(x )是函数f (x )的导函数,且,则不等式的解集是A.B .(1,+∞)C .(-∞,1)D .(0,1)第(3)题函数的图象可能为( )A .B .C .D .第(4)题函数,若关于x 的方程恰有5个不同的实数根,则实数m 的取值范围是( )A .B .C .D .第(5)题如图梯形,且,,在线段上,,则的最小值为A.B .C .D .第(6)题已知函数在区间内单调且,在区间内存在最值点,则当取得最大值时,满足的一个值可能为( )A.0B .C .D .第(7)题已知,若,则a ,b ,c 的大小关系为( )A .B .C .D .第(8)题对于给定的正整数﹐定义在区间上的函数满足:当时,且对任意的,都有.若与n有关的实数使得方程在区间上有且仅有一个实数解,则关于x的方程的实数解的个数为()A.n B.C.D.二、多选题:本题共3小题,每小题6分,共18分 (共3题)第(1)题某数学课外兴趣小组对函数的性质进行了探究,得到下列四个命题,其中正确的命题有()A.函数的图象关于轴对称B.当时,是增函数,当时,是减函数C.函数的最小值是D.函数与有四个交点第(2)题已知圆,直线l过点,且交圆O于P,Q两点,点M为线段PQ的中点,则下列结论正确的是()A.点M的轨迹是圆B.的最小值为6C.使为整数的直线l共有9条D.使为整数的直线l共有16条第(3)题已知,,其中,则以下结论正确的是()A.若,则B.若,则或C .若,则D.若,则三、填空题:本题共3小题,每小题5分,共15分 (共3题)第(1)题已知双曲线的左右焦点分别为,过作渐近线的垂线交双曲线的左支于点,已知,则双曲线的渐近线方程为______.第(2)题已知函数,则的解集为________.第(3)题在中,已知,,点P在内,且满足,,则四边形面积的最大值为__________.四、解答题:本题共5小题,每小题15分,最后一题17分,共77分 (共5题)第(1)题已知函数.(1)讨论函数的单调性;(2)当时,若不等式在上恒成立,求实数b的取值范围.第(2)题已知双曲线一个顶点为,直线过点且交双曲线右支于两点,记的面积分别为.当与轴垂直时,(1)求双曲线的标准方程;(2)若交轴于点,,.①求证:为定值;②若,当时,求实数的取值范围.第(3)题已知数列的前项和为,且满足.设,数列的前项和为.(1)证明:数列是等比数列;(2)设,若对任意的恒成立,求实数的取值范围.第(4)题已知椭圆,点在椭圆上,过点作斜率为的直线恰好与椭圆有且仅有一个公共点.(1)求椭圆的标准方程;(2)设点为椭圆的长轴上的一个动点,过点作斜率为的直线交椭圆于不同的两点,,是否存在常数,使成等差数列?若存在,求出的值:若不存在,请说明理由.第(5)题给出以下三个材料:①若函数可导,我们通常把导函数的导数叫做的二阶导数,记作.类似的,函数的二阶导数的导数叫做函数的三阶导数,记作,函数的三阶导数的导数叫做函数的四阶导数……,一般地,函数的阶导数的导数叫做函数的n阶导数,记作,;②若,定义;③若函数在包含的某个开区间上具有任意阶的导数,那么对于任意有,我们将称为函数在点处的泰勒展开式.例如在点处的泰勒展开式为根据以上三段材料,完成下面的题目:(1)求出在点处的泰勒展开式;(2)用在点处的泰勒展开式前三项计算的值,精确到小数点后4位;(3)现已知,试求的值.。

2022年浙江省高考数学试题及答案

2022年浙江省高考数学试题及答案

2022年浙江省高考数学试题及答案一、选择题(本大题共10小题,每小题5分,共50分)1. 设集合A={x|0<x<1},B={x|x^2<4},则A∩B=()A. {x|0<x<2}B. {x|0<x<1}C. {x|2<x<0}D. {x|2<x<2}2. 若函数f(x)=x^33x+1在区间(1,1)上单调递减,则实数a的取值范围是()A. a>1B. a<1C. a≥1D. a≤13. 已知等差数列{an}的前n项和为Sn,且a1+a3=20,a2+a4=26,则数列{an}的公差d=()A. 2B. 3C. 4D. 54. 在等腰三角形ABC中,AB=AC=4,∠BAC=60°,则三角形ABC的面积是()A. 2√3B. 4√3C. 6√3D. 8√35. 已知圆C:x^2+y^2=4,直线l:y=kx+2与圆C相交于A、B两点,若AB=2√2,则实数k的值是()A. 1B. 1C. ±1D. 06. 已知函数f(x)=log2(x+1),则f(x)的值域是()A. (∞,0)B. (0,+∞)C. (∞,+∞)D. (0,+∞)7. 已知正三棱柱ABCA1B1C1的底面边长为a,高为h,则该三棱柱的体积V是()A. V=√3/4a^2hB. V=√3/2a^2hC. V=a^2hD. V=√3a^2h8. 若复数z满足|z1|=|z+1|,则z在复平面上的轨迹是()A. 以原点为中心,半径为1的圆B. 以原点为中心,半径为2的圆C. 以点(1,0)为中心,半径为1的圆D. 以点(1,0)为中心,半径为1的圆9. 已知等比数列{an}的首项a1=1,公比q=2,则数列{an}的前5项和S5=()A. 31B. 32C. 33D. 3410. 已知函数f(x)=x^2+ax+b(a,b∈R),若f(x)在区间(1,1)上单调递增,则实数a的取值范围是()A. a>2B. a<2C. a≥2D. a≤2二、填空题(本大题共5小题,每小题5分,共25分)11. 若函数f(x)=x^33x+1在区间(1,1)上单调递减,则实数a的取值范围是_________。

2024年浙江省高考数学试卷(新高考Ⅰ)

2024年浙江省高考数学试卷(新高考Ⅰ)

2024年浙江省高考数学试卷(新高考Ⅰ)一、选择题(本大题共10小题,每小题5分,满分50分.每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求.)1.(★)(5分)全集U={1,2,3,4},集合A={1,3,4},B={2,3},则图中阴影部分表示的集合为()A.{2}B.{3}C.{1,4}D.{1,2,3,4}2.(★)(5分)复数的值是()A.1B.-1C.i D.-i3.(★)(5分)已知向量=(1,2),=(x,4),若向量⊥,则x=()A.2B.-2C.8D.-84.(★)(5分)设不等式组,表示的平面区域为D,在区域D内随机取一个点,则此点到坐标原点的距离大于2的概率是()A.B.C.D.5.(★)(5分)执行如图所示的程序框图,输出的S值为()A.2B.4C.8D.166.(★)(5分)从某小学随机抽取100名同学,将他们的身高(单位:厘米)数据绘制成频率分布直方图由图中数据可知身高在[120,130]内的学生人数为()A.20B.25C.30D.357.(★)(5分)函数f(x)=-()x的零点个数为()A.0B.1C.2D.38.(★)(5分)“lgx,lgy,lgz成等差数列”是“y2=xz”成立的()A.充分非必要条件B.必要非充分条件C.充要条件D.既不充分也不必要条件9.(★)(5分)过双曲线的一个焦点F2作垂直于实轴的直线,交双曲线于P、Q,F1是另一焦点,若∠PF1Q=,则双曲线的离心率e等于() A.B.C.D.10.(★)(5分)规定记号“⊗”表示一种运算,即a⊗b=ab+a+b2(a,b为正实数),若1⊗k=3,则k=()A.-2B.1C.-2或1D.2二、填空(本大题11-14题为必做题,15题为选做从(A)(B)(C)中任选一题作答,若多做按所做的第一题评分,满分20分)11.(★★)(5分)21×1=2,22×1×3=3×4,23×1×3×5=4×5×6,24×1×3×5×7=5×6×7×8,…依此类推,第n个等式为2n×1×3×…(2n-1)=(n+1)•…(2n-1)•2n.12.(★★★)(5分)对于任意实数x,不等式ax2-2x-4<0恒成立,则实数a的取值范围是(-,0].13.(★★)(5分)已知命题P:不等式<0的解集为{x|0<x<1};命题q:在△ABC中,“A>B”是“sinA>sinB”成立的必要不充分条件.有下列四个结论:①p真q假;②“p∧q”为真;③“p∨q”为真;④p假q真其中正确结论的序号是①③.(请把正确结论的序号都填上)14.(★★★)(5分)已知均为单位向量,且它们的夹角为60°,当取最小值时,λ=.选做题15.(★★)(5分)(选修4-4:坐标系与参数方程)直线l的极坐标方程为C:ρcos(θ-)=3,圆C:(θ为参数)上的点到直线l的距离值为d,则d的最大值为3+1.16.(★★)(选做题)(几何证明选讲选做题)如图,直角三角形ABC中,∠B=90°,AB=4,以BC为直径的圆交AC边于点D,AD=2,则∠C的大小为30°.17.(★★)不等式|2x-1|<3的解集为{x|-1<x<2}.三、解答题(本大题共6小题,满分共65分)18.(★★★)(12分)设三角形ABC的内角A,B,C,的对边分别为a,b,c,,sinA=4sinB.(1)求b边的长;(2)求角C的大小.19.(★★★)(12分)甲、乙二名射击运动员参加2011年广州举行亚运会的预选赛,他们分别射击了4次,成绩如下表(单位:环)(1)从甲、乙两人的成绩中各随机抽取一个,求甲的成绩比乙高的概率;(2)现要从中选派一人参加决赛,你认为选派哪位运动员参加比较合适?请说明理由.20.(★★★)(12分)在等差数列{a n}和等比数列{b n}中,a1=b1=1,b4=8,{a n}的前10项和S10=55.(Ⅰ)求a n和b n;(Ⅱ)已知c n=a n+b n求c n的前n项之和T n.21.(★★★★)(12分)如图的几何体中,AB⊥平面ACD,DE⊥平面ACD,△ACD为等边三角形,AD=DE=2AB,F为CD的中点.(1)求证:AF∥平面BCE;(2)求直线CE与平面ADE所成角的正弦值.22.(★★★★)(13分)如图,在△ABC中,,以B、C 为焦点的椭圆恰好过AC的中点P.(1)求椭圆的标准方程;(2)过椭圆的右顶点A1作直线l与圆E:(x-1)2+y2=2相交于M、N两点,试探究点M、N能将圆E分割成弧长比值为1:3的两段弧吗?若能,求出直线l的方程;若不能,请说明理由.23.(★★★★)(14分)已知函数f(x)=x3-3ax+b在x=1处有极小值2.(Ⅰ)求函数f(x)的解析式;(Ⅱ)若函数在[0,2]只有一个零点,求m的取值范围.。

2022年浙江省高考数学真题试卷(后附答案解析)

2022年浙江省高考数学真题试卷(后附答案解析)

2022年普通高等学校招生全国统一考试(浙江卷)数学姓名________准考证号_________________本试题卷分选择题和非选择题两部分.全卷共4页,选择题部分1至3页;非选择题部分3至4页.满分150分,考试时间120分钟.参考公式:如果事件A ,B 互斥,则柱体的体积公式()()()P A B P A P B +=+V Sh=如果事件A ,B 相互独立,则其中S 表示柱体的底面积,h 表示柱体的高()()()P AB P A P B =⋅锥体的体积公式若事件A 在一次试验中发生的概率是p ,则n 次13V Sh=独立重复试验中事件A 恰好发生k 次的概率其中S 表示锥体的底面积,h 表示锥体的高()(1)(0,1,2,,)k kn k n n P k C p p k n -=-= 球的表面积公式台体的体积公式24S R π=()1213V S S h =+球的体积公式其中12,S S 表示台体的上、下底面积,343V R π=h 表示台体的高其中R 表示球的半径选择题部分(共40分)一、选择题:本大题共10小题,每小题4分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1.设集合{1,2},{2,4,6}A B ==,则A B ⋃=()A.{2}B.{1,2}C.{2,4,6}D.{1,2,4,6}2.已知,,3i (i)i a b a b ∈+=+R (i 为虚数单位),则()A.1,3a b ==- B.1,3a b =-= C.1,3a b =-=- D.1,3a b ==3.若实数x ,y 满足约束条件20,270,20,x x y x y -≥⎧⎪+-≤⎨⎪--≤⎩则34z x y =+的最大值是()A .20B.18C.13D.64.设x ∈R ,则“sin 1x =”是“cos 0x =”的()A.充分不必要条件B.必要不充分条件C.充分必要条件D.既不充分也不必要条件5.某几何体的三视图如图所示(单位:cm ),则该几何体的体积(单位:3cm )是()A.22πB.8πC.22π3 D.16π36.为了得到函数2sin 3y x =的图象,只要把函数π2sin 35y x ⎛⎫=+ ⎪⎝⎭图象上所有的点()A.向左平移π5个单位长度 B.向右平移π5个单位长度C.向左平移π15个单位长度 D.向右平移π15个单位长度7.已知825,log 3ab ==,则34a b -=()A.25B.5C.259D.538.如图,已知正三棱柱1111,ABC A B C AC AA -=,E ,F 分别是棱11,BC A C 上的点.记EF 与1AA 所成的角为α,EF 与平面ABC 所成的角为β,二面角F BC A --的平面角为γ,则()A.αβγ≤≤ B.βαγ≤≤ C.βγα≤≤ D.αγβ≤≤9.已知,a b ∈R ,若对任意,|||4||25|0x a x b x x ∈-+---≥R ,则()A.1,3a b ≤≥ B.1,3a b ≤≤ C.1,3a b ≥≥ D.1,3a b ≥≤10.已知数列{}n a 满足()21111,3n n n a a a a n *+==-∈N ,则()A.100521002a <<B.100510032a << C.100731002a <<D.100710042a <<非选择题部分(共110分)二、填空题:本大题共7小题,单空题每题4分,多空题每空3分,共36分.11.我国南宋著名数学家秦九韶,发现了从三角形三边求面积的公式,他把这种方法称为“三斜求积”,它填补了我国传统数学的一个空白.如果把这个方法写成公式,就是S =其中a ,b ,c 是三角形的三边,S是三角形的面积.设某三角形的三边2a b c ===,则该三角形的面积S =___________.12.已知多项式42345012345(2)(1)x x a a x a x a x a x a x +-=+++++,则2a =__________,12345a a a a a ++++=___________.13.若3sin sin 2παβαβ-=+=,则sin α=__________,cos 2β=_________.14.已知函数()22,1,11,1,x x f x x x ⎧-+≤⎪=⎨+->⎪⎩则12f f ⎛⎫⎛⎫= ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭________;若当[,]x a b ∈时,1()3f x ≤≤,则b a -的最大值是_________.15.现有7张卡片,分别写上数字1,2,2,3,4,5,6.从这7张卡片中随机抽取3张,记所抽取卡片上数字的最小值为ξ,则(2)P ξ==__________,()E ξ=_________.16.已知双曲线22221(0,0)x y a b a b -=>>的左焦点为F ,过F 且斜率为4b a的直线交双曲线于点()11,A x y ,交双曲线的渐近线于点()22,B x y 且120x x <<.若||3||FB FA =,则双曲线的离心率是_________.17.设点P 在单位圆的内接正八边形128A A A 的边12A A 上,则222182PA PA PA +++ 的取值范围是_______.三、解答题:本大题共5小题,共74分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.18.在ABC 中,角A ,B ,C 所对的边分别为a ,b ,c.已知34,cos 5a C ==.(1)求sin A 的值;(2)若11b =,求ABC 的面积.19.如图,已知ABCD 和CDEF 都是直角梯形,//AB DC ,//DC EF ,5AB =,3DC =,1EF =,60BAD CDE ∠=∠=︒,二面角F DC B --的平面角为60︒.设M ,N 分别为,AE BC 的中点.(1)证明:FN AD ⊥;(2)求直线BM 与平面ADE 所成角的正弦值.20.已知等差数列{}n a 的首项11a =-,公差1d >.记{}n a 的前n 项和为()n S n *∈N .(1)若423260S a a -+=,求n S ;(2)若对于每个n *∈N ,存在实数n c ,使12,4,15n n n n n n a c a c a c +++++成等比数列,求d 的取值范围.21.如图,已知椭圆22112x y +=.设A ,B 是椭圆上异于(0,1)P 的两点,且点0,21Q ⎛⎫ ⎪⎝⎭在线段AB 上,直线,PA PB 分别交直线132y x =-+于C ,D 两点.(1)求点P 到椭圆上点的距离的最大值;(2)求||CD 的最小值.22.设函数e()ln (0)2f x x x x=+>.(1)求()f x 的单调区间;(2)已知,a b ∈R ,曲线()y f x =上不同的三点()()()()()()112233,,,,,x f x x f x x f x 处的切线都经过点(,)a b .证明:(ⅰ)若e a >,则10()12e a b f a ⎛⎫<-<- ⎪⎝⎭;(ⅱ)若1230e,a x x x <<<<,则22132e 112e e 6e 6ea a x x a --+<+<-.(注:e 2.71828= 是自然对数的底数)2022年普通高等学校招生全国统一考试(浙江卷)数学答案本试题卷分选择题和非选择题两部分.全卷共4页,选择题部分1至3页;非选择题部分3至4页.满分150分,考试时间120分钟.参考公式:如果事件A ,B 互斥,则柱体的体积公式()()()P A B P A P B +=+V Sh=如果事件A ,B 相互独立,则其中S 表示柱体的底面积,h 表示柱体的高()()()P AB P A P B =⋅锥体的体积公式若事件A 在一次试验中发生的概率是p ,则n 次13V Sh=独立重复试验中事件A 恰好发生k 次的概率其中S 表示锥体的底面积,h 表示锥体的高()(1)(0,1,2,,)k kn k n n P k C p p k n -=-= 球的表面积公式台体的体积公式24S R π=()1213V S S h =+球的体积公式其中12,S S 表示台体的上、下底面积,343V R π=h 表示台体的高其中R 表示球的半径选择题部分(共40分)一、选择题:本大题共10小题,每小题4分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1.设集合{1,2},{2,4,6}A B ==,则A B ⋃=()A.{2} B.{1,2}C.{2,4,6}D.{1,2,4,6}【答案】D 【解析】【分析】利用并集的定义可得正确的选项.【详解】{}1,2,4,6A B = ,故选:D.2.已知,,3i (i)i a b a b ∈+=+R (i 为虚数单位),则()A.1,3a b ==-B.1,3a b =-= C.1,3a b =-=- D.1,3a b ==【答案】B 【解析】【分析】利用复数相等的条件可求,a b .【详解】3i 1i a b +=-+,而,a b 为实数,故1,3a b =-=,故选:B.3.若实数x ,y 满足约束条件20,270,20,x x y x y -≥⎧⎪+-≤⎨⎪--≤⎩则34z x y =+的最大值是()A.20B.18C.13D.6【答案】B 【解析】【分析】在平面直角坐标系中画出可行域,平移动直线34z x y =+后可求最大值.【详解】不等式组对应的可行域如图所示:当动直线340x y z +-=过A 时z 有最大值.由2270x x y =⎧⎨+-=⎩可得23x y =⎧⎨=⎩,故()2,3A ,故max 324318z =⨯+⨯=,故选:B.4.设x ∈R ,则“sin 1x =”是“cos 0x =”的()A.充分不必要条件B.必要不充分条件C.充分必要条件D.既不充分也不必要条件【答案】A 【解析】【分析】由三角函数的性质结合充分条件、必要条件的定义即可得解.【详解】因为22sin cos 1x x +=可得:当sin 1x =时,cos 0x =,充分性成立;当cos 0x =时,sin 1x =±,必要性不成立;所以当x ∈R ,sin 1x =是cos 0x =的充分不必要条件.故选:A.5.某几何体的三视图如图所示(单位:cm ),则该几何体的体积(单位:3cm )是()A.22πB.8πC.22π3D.16π3【答案】C 【解析】【分析】根据三视图还原几何体可知,原几何体是一个半球,一个圆柱,一个圆台组合成的几何体,即可根据球,圆柱,圆台的体积公式求出.【详解】由三视图可知,该几何体是一个半球,一个圆柱,一个圆台组合成的几何体,球的半径,圆柱的底面半径,圆台的上底面半径都为1cm ,圆台的下底面半径为2cm ,所以该几何体的体积(322214122ππ1π122π2π12333V =⨯⨯+⨯⨯+⨯⨯⨯+⨯=3cm .故选:C .6.为了得到函数2sin 3y x =的图象,只要把函数π2sin 35y x ⎛⎫=+ ⎪⎝⎭图象上所有的点()A.向左平移π5个单位长度 B.向右平移π5个单位长度C.向左平移π15个单位长度 D.向右平移π15个单位长度【答案】D 【解析】【分析】根据三角函数图象的变换法则即可求出.【详解】因为ππ2sin 32sin 3155y x x ⎡⎤⎛⎫==-+ ⎪⎢⎥⎝⎭⎣⎦,所以把函数π2sin 35y x ⎛⎫=+ ⎪⎝⎭图象上的所有点向右平移π15个单位长度即可得到函数2sin 3y x =的图象.故选:D.7.已知825,log 3ab ==,则34a b -=()A.25B.5C.259D.53【答案】C 【解析】【分析】根据指数式与对数式的互化,幂的运算性质以及对数的运算性质即可解出.【详解】因为25a=,821log 3log 33b ==,即323b =,所以()()22323232452544392a aa b b b -====.故选:C.8.如图,已知正三棱柱1111,ABC A B C AC AA -=,E ,F 分别是棱11,BC A C 上的点.记EF 与1AA 所成的角为α,EF 与平面ABC 所成的角为β,二面角F BC A --的平面角为γ,则()A.αβγ≤≤ B.βαγ≤≤ C.βγα≤≤ D.αγβ≤≤【答案】A 【解析】【分析】先用几何法表示出αβγ,,,再根据边长关系即可比较大小.【详解】如图所示,过点F 作FP AC ⊥于P ,过P 作PM BC ⊥于M ,连接PE ,则EFP α=∠,FEP β=∠,FMP γ=,tan 1PE PE FP AB α==≤,tan 1FP AB PE PE β==≥,tan tan FP FPPM PEγβ=≥=,所以αβγ≤≤,故选:A .9.已知,a b ∈R ,若对任意,|||4||25|0x a x b x x ∈-+---≥R ,则()A .1,3a b ≤≥ B.1,3a b ≤≤ C.1,3a b ≥≥ D.1,3a b ≥≤【答案】D 【解析】【分析】将问题转换为|||25||4|a x b x x -≥---,再结合画图求解.【详解】由题意有:对任意的x ∈R ,有|||25||4|a x b x x -≥---恒成立.设()||f x a x b =-,()51,2525439,421,4x x g x x x x x x x ⎧-≤⎪⎪⎪=---=-<<⎨⎪-≥⎪⎪⎩,即()f x 的图象恒在()g x 的上方(可重合),如下图所示:由图可知,3a ≥,13b ≤≤,或13a ≤<,3143b a≤≤-≤,故选:D .10.已知数列{}n a 满足()21111,3n n n a a a a n *+==-∈N ,则()A.100521002a << B.100510032a << C.100731002a <<D.100710042a <<【答案】B 【解析】【分析】先通过递推关系式确定{}n a 除去1a ,其他项都在()0,1范围内,再利用递推公式变形得到1111133n n n a a a +-=>-,累加可求出11(2)3n n a >+,得出1001003a <,再利用11111111333132n n n a a a n n +⎛⎫-=<=+ ⎪-+⎝⎭-+,累加可求出()111111113323n n a n ⎛⎫-<-++++ ⎪⎝⎭,再次放缩可得出10051002a >.【详解】∵11a =,易得()220,13a =∈,依次类推可得()0,1n a ∈由题意,1113n n n a a a +⎛⎫=- ⎪⎝⎭,即()1131133n n n n na a a a a +==+--,∴1111133n n n a a a +-=>-,即211113a a ->,321113a a ->,431113a a ->,…,1111,(2)3n n n a a -->≥,累加可得()11113n n a ->-,即11(2),(2)3n n n a >+≥,∴()3,22n a n n <≥+,即100134a <,100100100334a <<,又11111111,(2)333132n n n n a a a n n +⎛⎫-=<=+≥ ⎪-+⎝⎭-+,∴211111132a a ⎛⎫-=+ ⎪⎝⎭,321111133a a ⎛⎫-<+ ⎪⎝⎭,431111134a a ⎛⎫-<+ ⎪⎝⎭,…,111111,(3)3n n n a a n -⎛⎫-<+≥ ⎪⎝⎭,累加可得()11111111,(3)3323n n n a n ⎛⎫-<-++++≥ ⎪⎝⎭,∴10011111111133334943932399326a ⎛⎫⎛⎫-<++++<+⨯+⨯< ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭,即100140a <,∴100140a >,即10051002a >;综上:100510032a <<.故选:B .【点睛】关键点点睛:解决本题的关键是利用递推关系进行合理变形放缩.非选择题部分(共110分)二、填空题:本大题共7小题,单空题每题4分,多空题每空3分,共36分.11.我国南宋著名数学家秦九韶,发现了从三角形三边求面积的公式,他把这种方法称为“三斜求积”,它填补了我国传统数学的一个空白.如果把这个方法写成公式,就是S =其中a ,b ,c 是三角形的三边,S是三角形的面积.设某三角形的三边2a b c ===,则该三角形的面积S =___________.【答案】234.【解析】【分析】根据题中所给的公式代值解出.【详解】因为S =,所以234S =.故答案为:234.12.已知多项式42345012345(2)(1)x x a a x a x a x a x a x +-=+++++,则2a =__________,12345a a a a a ++++=___________.【答案】①.8②.2-【解析】【分析】第一空利用二项式定理直接求解即可,第二空赋值去求,令0x =求出0a ,再令1x =即可得出答案.【详解】含2x 的项为:()()3232222244C 12C 14128x x x x x x ⋅⋅⋅-+⋅⋅⋅-=-+=,故28a =;令0x =,即02a =,令1x =,即0123450a a a a a a =+++++,∴123452a a a a a ++++=-,故答案为:8;2-.13.若3sin sin 2παβαβ-=+=,则sin α=__________,cos 2β=_________.【答案】①.31010②.45【解析】【分析】先通过诱导公式变形,得到α的同角等式关系,再利用辅助角公式化简成正弦型函数方程,可求出α,接下来再求β.【详解】2παβ+=,∴sin cos βα=,即3sin cos αα-=310101010αα⎫-=⎪⎪⎭,令10sin 10θ=,310cos 10θ=,()αθ-=,∴22k k Z παθπ-=+∈,,即22k παθπ=++,∴310sin sin 2cos 210k παθπθ⎛⎫=++==⎪⎝⎭,则224cos 22cos 12sin 15ββα=-=-=.故答案为:10;45.14.已知函数()22,1,11,1,x x f x x x x ⎧-+≤⎪=⎨+->⎪⎩则12f f ⎛⎫⎛⎫= ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭________;若当[,]x a b ∈时,1()3f x ≤≤,则b a -的最大值是_________.【答案】①.3728②.3+【解析】【分析】结合分段函数的解析式求函数值,由条件求出a 的最小值,b 的最大值即可.【详解】由已知2117()2224f ⎛⎫=-+= ⎪⎝⎭,77437()144728f =+-=,所以137(228f f ⎡⎤=⎢⎥⎣⎦,当1x ≤时,由1()3f x ≤≤可得2123x ≤-+≤,所以11x -≤≤,当1x >时,由1()3f x ≤≤可得1113x x≤+-≤,所以12x <≤+,1()3f x ≤≤等价于12x -≤≤+,所以[,][1,2a b ⊆-,所以b a -的最大值为3.故答案为:3728,315.现有7张卡片,分别写上数字1,2,2,3,4,5,6.从这7张卡片中随机抽取3张,记所抽取卡片上数字的最小值为ξ,则(2)P ξ==__________,()E ξ=_________.【答案】①.1635,②.127##517【解析】【分析】利用古典概型概率公式求(2)P ξ=,由条件求ξ分布列,再由期望公式求其期望.【详解】从写有数字1,2,2,3,4,5,6的7张卡片中任取3张共有37C 种取法,其中所抽取的卡片上的数字的最小值为2的取法有112424C C C +种,所以11242437C C C 16(2)C 35P ξ+===,由已知可得ξ的取值有1,2,3,4,2637C 15(1)C 35P ξ===,16(2)35P ξ==,,()()233377C 31134C 35C 35P P ξξ======,所以15163112()1234353535357E ξ=⨯+⨯+⨯+⨯=,故答案为:1635,127.16.已知双曲线22221(0,0)x y a b a b -=>>的左焦点为F ,过F 且斜率为4b a的直线交双曲线于点()11,A x y ,交双曲线的渐近线于点()22,B x y 且120x x <<.若||3||FB FA =,则双曲线的离心率是_________.【答案】364【解析】【分析】联立直线AB 和渐近线2:bl y x a=方程,可求出点B ,再根据||3||FB FA =可求得点A ,最后根据点A 在双曲线上,即可解出离心率.【详解】过F 且斜率为4b a的直线:()4b AB y x c a =+,渐近线2:b l y x a =,联立()4b y x c ab y xa ⎧=+⎪⎪⎨⎪=⎪⎩,得,33c bc B a ⎛⎫ ⎪⎝,由||3||FB FA =,得5,,99c bc A a ⎛⎫- ⎪⎝⎭而点A 在双曲线上,于是2222222518181c b c a a b -=,解得:228124c a =,所以离心率e 4=.故答案为:4.17.设点P 在单位圆的内接正八边形128A A A 的边12A A 上,则222182PA PA PA +++ 的取值范围是_______.【答案】[12+【解析】【分析】根据正八边形的结构特征,分别以圆心为原点,37A A 所在直线为x 轴,51A A 所在直线为y 轴建立平面直角坐标系,即可求出各顶点的坐标,设(,)P x y ,再根据平面向量模的坐标计算公式即可得到()2222212888PA PA PA x y +++=++ ,然后利用cos 22.5||1OP ≤≤ 即可解出.【详解】以圆心为原点,37A A 所在直线为x 轴,51A A 所在直线为y 轴建立平面直角坐标系,如图所示:则1345726222222(0,1),,(1,0),,,(0,1),,,(1,0)222222A A A A A A A ⎛⎛⎛----- ⎪ ⎪ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭⎝⎭,822,22A ⎛⎫- ⎪ ⎪⎝⎭,设(,)P x y ,于是()2222212888PA PA PA x y +++=++ ,因为cos 22.5||1OP ≤≤,所以221cos 4512x y +≤+≤,故222128PA PA PA +++ 的取值范围是[12+.故答案为:[12+.三、解答题:本大题共5小题,共74分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.18.在ABC 中,角A ,B ,C 所对的边分别为a ,b ,c .已知34,cos 5a C ==.(1)求sin A 的值;(2)若11b =,求ABC 的面积.【答案】(1)55;(2)22.【解析】【分析】(1)先由平方关系求出sin C ,再根据正弦定理即可解出;(2)根据余弦定理的推论222cos 2a b c C ab +-=以及4a =可解出a ,即可由三角形面积公式in 12s S ab C =求出面积.【小问1详解】由于3cos 5C =,0πC <<,则4sin 5C =.因为4a =,由正弦定理知4sin A C =,则55sin sin 45A C ==.【小问2详解】因为4a =,由余弦定理,得2222221612111355cos 22225a a a abc C ab a a +--+-====,即26550a a +-=,解得5a =,而4sin 5C =,11b =,所以ABC 的面积114sin 51122225S ab C ==⨯⨯⨯=.19.如图,已知ABCD 和CDEF 都是直角梯形,//AB DC ,//DC EF ,5AB =,3DC =,1EF =,60BAD CDE ∠=∠=︒,二面角F DC B --的平面角为60︒.设M ,N 分别为,AE BC的中点.(1)证明:FN AD ⊥;(2)求直线BM 与平面ADE 所成角的正弦值.【答案】(1)证明见解析;(2)5714.【解析】【分析】(1)过点E 、D 分别做直线DC 、AB 的垂线EG 、DH 并分别交于点G 、H ,由平面知识易得FC BC =,再根据二面角的定义可知,60BCF ∠= ,由此可知,FN BC ⊥,FN CD ⊥,从而可证得FN ⊥平面ABCD ,即得FN AD ⊥;(2)由(1)可知FN ⊥平面ABCD ,过点N 做AB 平行线NK ,所以可以以点N 为原点,NK ,NB 、NF 所在直线分别为x 轴、y 轴、z 轴建立空间直角坐标系N xyz -,求出平面ADE 的一个法向量,以及BM,即可利用线面角的向量公式解出.【小问1详解】过点E 、D 分别做直线DC 、AB 的垂线EG 、DH 并分别交于点交于点G 、H .∵四边形ABCD 和EFCD 都是直角梯形,//,//,5,3,1AB DC CD EF AB DC EF ===,60BAD CDE ∠=∠=︒,由平面几何知识易知,2,90DG AH EFC DCF DCB ABC ==∠=∠=∠=∠=︒,则四边形EFCG 和四边形DCBH 是矩形,∴在Rt EGD 和Rt DHA,EG DH ==∵,DC CF DC CB ⊥⊥,且CF CB C ⋂=,∴DC ⊥平面,BCF BCF ∠是二面角F DC B --的平面角,则60BCF ∠= ,∴BCF △是正三角形,由DC ⊂平面ABCD ,得平面ABCD ⊥平面BCF ,∵N 是BC 的中点,∴FN BC ⊥,又DC ⊥平面BCF ,FN ⊂平面BCF ,可得FN CD ⊥,而BC CD C ⋂=,∴FN ⊥平面ABCD ,而AD ⊂平面ABCD FN AD ∴⊥.【小问2详解】因为FN ⊥平面ABCD ,过点N 做AB 平行线NK ,所以以点N 为原点,NK ,NB 、NF 所在直线分别为x 轴、y 轴、z 轴建立空间直角坐标系N xyz -,设(3,(1,0,3)A B D E ,则333,,22M ⎛⎫⎪ ⎪⎝⎭,33,,,(2,(2,22BM AD DE ⎛⎫∴=-=--=- ⎪ ⎪⎝⎭设平面ADE 的法向量为(,,)n x y z =由00n AD n DE ⎧⋅=⎨⋅=⎩,得20230x x z ⎧--=⎪⎨-++=⎪⎩,取n =-,设直线BM 与平面ADE 所成角为θ,∴||57sin cos ,14|||n BM n BM n BM θ⋅=〈〉==⋅.20.已知等差数列{}n a 的首项11a =-,公差1d >.记{}n a 的前n 项和为()n S n *∈N .(1)若423260S a a -+=,求n S ;(2)若对于每个n *∈N ,存在实数n c ,使12,4,15n n n n n n a c a c a c +++++成等比数列,求d 的取值范围.【答案】(1)235(N )2n n nS n *-=∈(2)12d <≤【解析】【分析】(1)利用等差数列通项公式及前n 项和公式化简条件,求出d ,再求n S ;(2)由等比数列定义列方程,结合一元二次方程有解的条件求d 的范围.【小问1详解】因为42312601S a a a -+==-,,所以()()46211260d d d -+--+-++=,所以230d d -=,又1d >,所以3d =,所以34n a n =-,所以()213522n na a n n n S +-==,【小问2详解】因为n n a c +,14n n a c ++,215n n a c ++成等比数列,所以()()()212415n n n n n n a c a c a c +++=++,()()()2141115n n n nd c nd d c nd d c -+=-+-+-+++,22(1488)0n n c d nd c d +-++=,由已知方程22(1488)0n n c d nd c d +-++=的判别式大于等于0,所以()22148840d nd d ∆=-+-≥,所以()()168812880d nd d nd -+-+≥对于任意的n *∈N 恒成立,所以()()212320n d n d ----≥⎡⎤⎡⎤⎣⎦⎣⎦对于任意的n *∈N 恒成立,当1n =时,()()()()21232120n d n d d d ----=++≥⎡⎤⎡⎤⎣⎦⎣⎦,当2n =时,由()()2214320d d d d ----≥,可得2≤d 当3n ≥时,()()21232(3)(25)0n d n d n n ---->--≥⎡⎤⎡⎤⎣⎦⎣⎦,又1d >所以12d <≤21.如图,已知椭圆22112x y +=.设A ,B 是椭圆上异于(0,1)P 的两点,且点0,21Q ⎛⎫ ⎪⎝⎭在线段AB 上,直线,PA PB 分别交直线132y x =-+于C ,D 两点.(1)求点P 到椭圆上点的距离的最大值;(2)求||CD 的最小值.【答案】(1)11;(2)655.【解析】【分析】(1)设,sin )Q θθ是椭圆上任意一点,再根据两点间的距离公式求出2||PQ ,再根据二次函数的性质即可求出;(2)设直线1:2AB y kx =+与椭圆方程联立可得1212,x x x x +,再将直线132y x =-+方程与PA PB 、的方程分别联立,可解得点,C D 的坐标,再根据两点间的距离公式求出CD ,最后代入化简可得35161231CD k =⋅+,由柯西不等式即可求出最小值.【小问1详解】设,sin )Q θθ是椭圆上任意一点,(0,1)P ,则222221144144||12cos (1sin )1311sin 2sin 11sin 111111PQ θθθθθ⎛⎫=+-=--=-+≤⎭+ ⎪⎝,当且仅当1sin 11θ=-时取等号,故||PQ的最大值是11.【小问2详解】设直线1:2AB y kx =+,直线AB 方程与椭圆22112x y +=联立,可得22130124k x kx ⎛⎫++-= ⎪⎝⎭,设()()1122,,,A x y B x y ,所以12212211231412k x x k x x k ⎧+=-⎪+⎪⎪⎨⎪=-⎛⎫⎪+ ⎪⎪⎝⎭⎩,因为直线111:1y PA y x x -=+与直线132y x =-+交于C ,则111114422(21)1C x x x x y k x ==+-+-,同理可得,222224422(21)1D x x x x y k x ==+-+-.则224||(21)1C D x CD x k x =-=+-=35161656565231555k =⋅=⨯+,当且仅当316k =时取等号,故CD 的最小值为655.【点睛】本题主要考查最值的计算,第一问利用椭圆的参数方程以及二次函数的性质较好解决,第二问思路简单,运算量较大,求最值的过程中还使用到柯西不等式求最值,对学生的综合能力要求较高,属于较难题.22.设函数e ()ln (0)2f x x x x=+>.(1)求()f x 的单调区间;(2)已知,a b ∈R ,曲线()y f x =上不同的三点()()()()()()112233,,,,,x f x x f x x f x 处的切线都经过点(,)a b .证明:(ⅰ)若e a >,则10()12e a b f a ⎛⎫<-<- ⎪⎝⎭;(ⅱ)若1230e,a x x x <<<<,则22132e 112e e 6e 6ea a x x a --+<+<-.(注:e 2.71828= 是自然对数的底数)【答案】(1)()f x 的减区间为e 02⎛⎫ ⎪⎝⎭,,增区间为e ,2⎛⎫+∞⎪⎝⎭.(2)(ⅰ)见解析;(ⅱ)见解析.【解析】【分析】(1)求出函数的导数,讨论其符号后可得函数的单调性.(2)(ⅰ)由题设构造关于切点横坐标的方程,根据方程有3个不同的解可证明不等式成立,(ⅱ)31x k x =,1e a m =<,则题设不等式可转化为()()()2131313122236m m m t t m m t t --++--<+,结合零点满足的方程进一步转化为()()()()211312ln 0721m m m m m m ---++<+,利用导数可证该不等式成立.【小问1详解】()22e 12e 22x f x x x x -'=-+=,当e 02x <<,()0f x ¢<;当e 2x >,()0f x ¢>,故()f x 的减区间为e 02⎛⎫ ⎪⎝⎭,,()f x 的增区间为e ,2⎛⎫+∞⎪⎝⎭.【小问2详解】(ⅰ)因为过(),a b 有三条不同的切线,设切点为()(),,1,2,3i i x f x i =,故()()()i i i f x b f x x a '-=-,故方程()()()f x b f x x a '-=-有3个不同的根,该方程可整理为()21e e ln 022x a x b x x x ⎛⎫----+= ⎪⎝⎭,设()()21e e ln 22g x x a x b x x x ⎛⎫=----+⎪⎝⎭,则()()22321e 1e 1e 22g x x a x x x x x x⎛⎫'=-+-+--+ ⎪⎝⎭()()31e x x a x=---,当0e x <<或x a >时,()0g x ¢<;当e x a <<时,()0g x ¢>,故()g x 在()()0,e ,,a +∞上为减函数,在()e,a 上为增函数,因为()g x 有3个不同的零点,故()e 0g <且()0>g a ,故()21e e e ln e 0e 2e 2e a b ⎛⎫----+< ⎪⎝⎭且()21e e ln 022a a a b a a a ⎛⎫----+> ⎪⎝⎭,整理得到:12e a b <+且()e ln 2b a f a a >+=,此时()1e 13e 11ln ln 2e 2e 22e 222a a a b f a a a a a ⎛⎫⎛⎫---<+-+-+=-- ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭,设()3e ln 22u a a a =--,则()2e-202a u a a'=<,故()u a 为()e,+∞上的减函数,故()3e ln e 022e u a <--=,故()1012e a b f a ⎛⎫<-<- ⎪⎝⎭.(ⅱ)当0e a <<时,同(ⅰ)中讨论可得:故()g x 在()()0,,e,a +∞上为减函数,在(),e a 上为增函数,不妨设123x x x <<,则1230e x a x x <<<<<,因为()g x 有3个不同的零点,故()0g a <且()e 0g >,故()21e e e ln e 0e 2e 2e a b ⎛⎫----+> ⎪⎝⎭且()21e e ln 022a a a b a a a ⎛⎫----+< ⎪⎝⎭,整理得到:1ln 2e 2ea ab a +<<+,因为123x x x <<,故1230e x a x x <<<<<,又()2e e 1ln 2a a g x x b x x +=-+-+,设e t x =,()0,1e a m =∈,则方程2e e 1ln 02a a x b x x+-+-+=即为:2e ln 0e 2e a a t t t b +-+++=即为()21ln 02m m t t t b -++++=,记123123e e e ,,,t t t x x x ===则113,,t t t 为()21ln 02m m t t t b -++++=有三个不同的根,设3131e 1x t k t x a ==>>,1ea m =<,要证:22122e 112e e 6e 6e a a x x a --+<+<-,即证13e 2e e 26e 6ea a t t a --+<+<-,即证:13132166m m t t m --<+<-,即证:131********m m t t t t m --⎛⎫⎛⎫+-+-+< ⎪⎪⎝⎭⎝⎭,即证:()()()2131313122236m m m t t m m t t --++--<+,而()21111ln 02m m t t t b -++++=且()23331ln 02m m t t t b -++++=,故()()()22131313ln ln 102m t t t t m t t -+--+-=,故131313ln ln 222t t t t m m t t -+--=-⨯-,故即证:()()()21313131312ln ln 236m m m t t m t t m t t --+--⨯<-+,即证:()()()1213313ln1312072t t t m m m t t t +--++>-即证:()()()213121ln 0172m m m k k k --+++>-,记()()1ln ,11k k k k k ϕ+=>-,则()()2112ln 01k k k k k ϕ⎛⎫'=--> ⎪⎝⎭-,设()12ln u k k k k =--,则()2122210u k k k k k'=+->-=即()0k ϕ'>,故()k ϕ在()1,+∞上为增函数,故()()k m ϕϕ>,所以()()()()()()22131213121ln 1ln 172172m m m m m m k k m m k m --+--++++>+--,记()()()()()211312ln ,01721m m m m m m m m ω---+=+<<+,则()()()()()()()2232322132049721330721721m m m m m m m m m m m ω---+-+'=>>++,所以()m ω在()0,1为增函数,故()()10m ωω<=,故()()()()211312ln 0721m m m m m m ---++<+即()()()213121ln 0172m m m m m m --+++>-,故原不等式得证:【点睛】思路点睛:导数背景下的切线条数问题,一般转化为关于切点方程的解的个数问题,而复杂方程的零点性质的讨论,应该根据零点的性质合理转化需求证的不等式,常用的方法有比值代换等.。

2024年浙江省高考数学真题及参考答案

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2024年浙江省高考数学真题及参考答案一、单项选择题:本题共8小题,每小题5分,共40分,在每小题给出的四个选项中,只有一项符合题目要求。

1.已知集合{}553<<-=x x A ,{}3,2,0,13--=,B ,则=B A ()A.{}0,1-B.{}32, C.{}0,13--, D.{}2,0,1-2.若i z z+=-11,则=z ()A.i --1B.i +-1C.i -1D.i +13.已知向量()1,0=a,()x b ,2= ,若()a b b 4-⊥,则=x ()A.2- B.1- C.1D.24.已知()m =+βαcos ,2tan tan =βα,则()=-βαcos ()A.m3- B.3m -C.3m D.m35.已知圆柱和圆锥的底面半径相等,侧面积相等,且它们的高均为3,则圆锥的体积为()A.π32 B.π33 C.π36 D.π396.已知函数()()⎪⎩⎪⎨⎧≥++<---=0,1ln 0,22x x e x a ax x x f x 在R 上单调递增,则a 的取值范围是()A.(]0,∞-B.[]0,1-C.[]1,1-D.[)∞+,07.当[]π2,0∈x 时,曲线x y sin =与⎪⎭⎫⎝⎛-=63sin 2πx y 的交点个数为()A.3B.4C.6D.88.已知函数()x f 定义域为R ,()()()21-+->x f x f x f ,且当3<x 时,()x x f =,则下列结论中一定正确的是()A.()10010>fB.()100020>fC.()100010<f D.()1000020<f二、多项选择题:本题共3小题,每小题6分,共18分,在每小题给出的四个选项中,有多项符合题目要求.全部选对的得6分,部分选对的得部分分,由选错的得0分.9.为了解推动出口后的亩收入(单位:万元)情况,从该种植区抽取样本,得到推动出口后亩收入的样本均值1.2=x ,样本方差01.02=S ,已知该种植区以往的亩收入X 服从正态分布()21.08.1,N ,假设失去出口后的亩收入Y 服从发正态分布()2,S x N ,则()(若随机变量Z 服从正态分布()2,σμN ,则()8413.0≈+<σμZ P )A.()2.02>>X PB.()5.0<>Z X PC.()5.0>>Z Y P D.()8.0<>Z Y P 10.设函数()()()412--=x x x f ,则()A.3=x 是()x f 的极小值点B.当10<<x 时,()()2xf x f <C.当21<<x 时,()0124<-<-x f D.当01<<-x 时,()()x f x f >-211.造型可以看作图中的曲线C 的一部分,已知C 过坐标原点O ,且C 上的点满足横坐标大于2-,到点()02,F 的距离与到定直线()0<=a a x 的距离之积为4,则()A .2-=aB .点()022,在C 上C .C 在第一象限的点的纵坐标的最大值为1D .当点()00,y x 在C 上时,2400+≤x y三、填空题:本题共3小题,每小题5分,共15分.12.设双曲线()0,012222>>=-b a by a x C :的左右焦点分别为21,F F ,过2F 作平行于y 轴的直线交C 于B A ,两点,若131=A F ,10=AB ,则C 的离心率为.13.若曲线x e y x+=在点()1,0处的切线也是曲线()a x y ++=1ln 的切线,则=a .14.甲、乙两人各有四张卡片,每张卡片上标有一个数字,甲的卡片分别标有数字1,3,5,7,乙的卡片上分别标有数字2,4,6,8,两人进行四轮比赛,在每轮比赛中,两个各自从自己特有的卡片中随机选一张,并比较所选卡片的数字的大小,数字大的人得1分,数字小的人得0分,然后各自弃置此轮所选的卡片(弃置的卡片在此后的轮次中不能使用).则四轮比赛后,甲的总得分小于2的概率为.四、解答题:本题共5小题,共77分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.15.(13分)记ABC ∆的内角C B A ,,的对边分别为c b a ,,.已知B C cos 2sin =,ab c b a 2222=-+.(1)求B ;(2)若ABC ∆的面积为33+,求c .16.(15分)已知()30,A 和⎪⎭⎫⎝⎛233,P 为椭圆()012222>>=+b a b y a x C :上两点.(1)求C 的离心率;(2)若过P 的直线l 交C 于另一点B ,且ABP ∆的面积为9,求l 的方程.17.(15分)如图,四棱锥ABCD P -中,⊥P A 底面ABCD ,2==PC P A ,1=BC ,3=AB .(1)若PB AD ⊥,证明:∥AD 平面PBC ;(2)若DC AD ⊥,且二面角D CP A --的正弦值为742,求AD .18.(17分)已知函数()()312ln-++-=x b ax xx x f .(1)若0=b ,且()0≥'x f ,求a 的最小值;(2)证明:曲线()x f y =是中心对称图形;(3)若()2->x f ,当且仅当21<<x ,求b 的取值范围.19.(17分)设m 为正整数,数列242.1,,,+m a a a 是公差不为0的等差数列,若从中删去两项i a 和()j i <后剩余的m 4项可被平均分为m 组,且每组的4个数都能构成等差数列,则称数列242.1,,,+m a a a 是()j i ,一一可分数列.(1)写出所有的()j i ,,61≤<≤j i ,使数列62.1,,,a a a 是()j i ,一一可分数列;(2)当3≥m 时,证明:数列242.1,,,+m a a a 是()13,2一一可分数列;(3)从242,1+m ,, 中一次任取两个数i 和j ()j i <,记数列242.1,,,+m a a a 是()j i ,一一可分数列的概率的概率为m P ,证明:81>m P .参考答案一、单项选择题1.A解析:∵553<<-x ,∴3355<<-x .∵2513<<,∴1523-<-<-.∴{}0,1-=B A .2.C解析:∵i z z +=-11,∴()()i i i z i iz z i z -=+=⇒+=⇒-+=11111.3.D 解析:()4,24-=-x a b ,∵()a b b4-⊥,∴()044=-+x x ,∴2=x .4.A解析:∵()m =+βαcos ,2tan tan =βα,∴()()32121tan tan 1tan tan 1sin sin cos cos sin sin cos cos cos cos -=-+=-+=-+=+-βαβαβαβαβαβαβαβα.∴()m 3cos -=-βα.5.B解析:由32⋅==r rl S ππ侧可得32=l ,∴3=r .∴ππ33393131=⋅⋅==Sh V .6.B由()()0,1ln ≥++=x x e x f x为增函数,故此分段函数在R 上递增,只需满足:⎪⎩⎪⎨⎧≤-≥-=--1022a a a,解得01≤≤-a .7.C解析:∴32π=T .8.B解析:()()()123f f f +>,()22=f ,()11=f .()()()()()122234f f f f f +>+>,()()()()()1223345f f f f f +>+>,……()()()8912123410>+>f f f ,……,()()()9871233237715>+>f f f ,()()()15971377261016>+>f f f .∴()100020>f .二、多项选择题9.BC 解析:已知()21.08.1~,N X ,由题目所给条件:若随机变量Z 服从正态分布,()8413.0≈+<σμZ P ,则()8413.09.1≈<X P ,易得()1587.08413.012≈-<>X P .故A 错误,B 正确;对于C:()21.01.2~,N Y ,∴()5.01.2=>Y P ,即()()5.01.22=>>>Y P Y P ,故C正确;对于D:同上易得()8413.02.2≈<Y P .由正态密度曲线的对称性可知()()8.08412.02.22>≈<=>Y P Y P .故D 错误.10.ACD解析:对于A:()()()()()()31314122--=-+--='x x x x x x f .令()0='x f ,解得11=x ,32=x .x 变化时,()x f '与()x f 变化如下表:故A 正确;对于B:当10<<x 时,102<<<x x ,又()x f 在()1,0上单调递增,所以()()x f xf <2,故B 错误;对于C :令()2112<<-=x x t ,则31<<x .()x f 在()3,1上单调递减,()()()13f t f f <<,()43-=f ,()11=f ,即()0121<-<-x f .故C 正确;对于D:()()()412--=x x x f ,()()()()()21421222---=---=-x x x x x f .∴()()()()()32122212-=--=--x x x x f x f .当01<<-x 时,()013<-x ,∴()()x f x f -<2成立.故D 正确.11.ABD解析:对于A:O 点在曲线C 上,O 到F 的距离和到a x =的距离之积为4,即42=⨯a ,解得2±=a .又∵0<a ,∴2-=a ,故A 正确;对于B:由图象可知曲线C 与x 轴正半轴相交于一点,不妨设B 点.设()0,m B ,其中2>m ,由定义可得()()422=+-m m ,解得22±=m .又∵2>m ,∴22=m ,故B 正确;对于C:设C 上一点()y x P ,,()()42222=++-x y x ,其中2->x .化简得曲线C 的轨迹方程为()()2222216--+=x x y ,其中2->x .已知2=x 时,12=y ,对x 求导()()2223232--+-=x x y .2122-==x y ,则在2=x 是下降趋势,即存在2<x 时,1>y 成立,故C 错误;对于D:()()2222216--+=x x y ,∵()022≥-x ,∴()22216+≤x y .∴240+≤x y .又∵20->x ,2400+≤x y ,则24000+≤≤x y y ,故D 正确.三、填空题12.23解析:作图易得131=A F ,52=AF ,且212F F AF ⊥,12222121=-=AF A F F F .由双曲线定义可得:8221=-=AF A F a ,6221==F F c ,则23==a c e .13.2ln 解析:1+='xe y ,20='==x y k ,切线l 的方程:12+=x y .设l 与曲线()a x y ++=1ln 的切点横坐标为0x ,110+='x y ,则2110=+=x k ,解得210-=x .代入12+=x y 可得切点为⎪⎭⎫⎝⎛-021,,再代入()a x y ++=1ln ,a +=21ln 0,即2ln =a .14.21解析:不妨确定甲的出牌顺序为7,5,3,1.乙随机出牌有2444=A 种基本事件.甲的数字1最小,乙的数字8最大.若数字1和数字8轮次不一致,乙最少得2分,甲最多2分.站在甲的视角下,分四种情况:①8对1,则7必得分(1)若得3分:3,5都得分,3对2,5对4(1种情况)(2)若得2分:3,5只有一个得分(ⅰ):5得分,3不得分:5对2,3对4或6(2种情况);5对4,3对6(1种情况);(ⅱ):3得分,5不得分:3对2,5对6(1种情况);②8对3,7必得分5得分:5对2,4,7对应2种情况,共有422=⨯种情况;③8对5,7必得分3得分:3对2,7对应2中情况,共有221=⨯种情况;④8对7,最多得2分3得分,5得分:3对2,5对4(1种情况).共有12种情况,甲总得分不小于2的概率为212412=.四、解答题15.解:(1)∵ab c b a 2222=-+,∴22222cos 222==-+=ab ab ab c b a C .∴22cos 1sin 2=-=C C .又∵B C cos 2sin =,∴22cos 2=B ,∴21cos =B ,∴3π=B .(2)∵33sin 21+==∆Bac S ABC ,∴333sin 21+=ac π.即434+=ac ……①由(1)易知4π=C ,3π=B .由正弦定理C c A a sin sin =,()CcC B a sin sin =+.∴4sin43sin πππc a =⎪⎭⎫ ⎝⎛+,∴224269c =+,∴c a 213+=.代入①式解得22=c .16.解:(1)将()30,A ,⎪⎭⎫⎝⎛233,P 代入椭圆12222=+b y a x 得:⎪⎪⎩⎪⎪⎨⎧=+=149919222b a b ,可得⎪⎩⎪⎨⎧==91222b a ,∴3222=-=b a c ,∴32=a ,3=c .∴离心率21323===a c e .(2)①当l 斜率不存在时,29332121=⨯⨯=-⋅=∆A P ABP x x PB S ,不符,舍去.②当l 斜率存在时,设l 方程:()323-=-x k y .联立()⎪⎪⎩⎪⎪⎨⎧=+-=-191232322y x x k y 可得:()()()02736212342222=--++-++k k x k k x k.由韦达定理:()34273622+--=⋅k k k x x B P ,又3=P x ,∴()3491222+--=k k k x B .∵BP 与y 轴交点⎪⎭⎫ ⎝⎛+-233,0k ,∴()9349123323213232122=+---⋅+=-+⋅=∆k k k k x x k S B P ABP 解得21=k 或23,∴l 方程x y 21=或0623=--y x .17.解:(1)证明:∵⊥P A 底面ABCD ,∴AD P A ⊥.又∵PB AD ⊥,∴⊥AD 平面P AB ,则AB AD ⊥.又∵1,32===BC AB AC ,,∴222BC AB AC +=,则BC AB ⊥,∴BC AD ∥.∵⊄AD 平面PBC ,⊂BC 平面PBC ,∴∥AD 平面PBC .(2)以D 为原点,DA 为x 轴正方向建立如图所示空间直角坐标系.设0,0,,>>==q p q DC p DA ,满足4222==+AC q p ,则()()()()0,0,0,0,,0,20,0,0,D q C p P p A ,,.设平面APC 法向量为()111,,z y x m =,∴()()0,,200q p AC AP -==,,,.∴⎪⎩⎪⎨⎧=+-=⋅==⋅002111qy px m AC z m AP ,取()0,,p q m = .设平面DPC 法向量为()()()0,,0,2,0,,,,222q DC p DP z y x n ===.∴⎪⎩⎪⎨⎧==⋅=+=⋅002222qy n DC z px n AP ,取()p n -=,0,2 .∴2222742142,cos ⎪⎪⎭⎫⎝⎛-=+⋅+=p q p qn m .∴7142=+p q .又∵422=+q p ,∴3=p ,即3=AD .18.解:(1)0=b 时,()ax x x x f +-=2ln,∴()()022≥+-⋅='a x x x f .∴()22-≥x x a .又∵()2,0∈x ,设()()22-=x x x h ,当()2,0∈x 时,()2max -=x h ,∴2-≥a .∴a 的最小值为2-.(2)由题意可知()x f 的定义域为()20,.()()()()()a x b x a xx bx x a x x x f x f 2111ln 111ln1133=-+-++-++++-+=-++.∴()x f 关于()a ,1中心对称.(3)()212ln 3->-++-x b ax xx ,即()0212ln3>+-++-x b ax x x 即()()02112ln 3>++-+-+-a x b x a xx.令1-=x t ,则()1,0∈t ,()0211ln 3>++++-+=a bt at tt t g .()t g 关于()a +2,0中心对称,则当且仅当()1,0∈t 时,()0>t g 恒成立.需02=+a ,即2-=a ,()0≥'t g 在()1,0恒成立.()()()()22222212231223032112t t t b t bt bt t t t g --≥⇒--≥⇒≥+--+='.令2t m =,则()1,0∈m ,()()12122-=--=m m m m m h .()2max -=m h ,∴23-≥b ,即32-≥b .∴⎪⎭⎫⎢⎣⎡+∞-∈,32b .19.解:(1)从1,2,3,4,5,6中删去()j i ,剩下的四个数从小到大构成等差数列,记为{}k b ,41≤≤k .设{}k b 公差为d ,已知1=d ,否则,若2≥d ,则6314≥=-d b b ,又51614=-≤-b b ,故矛盾,∴1=d ,则{}k b 可以为{}4,3,2,1,{}5,4,3,2,{}6,5,4,3,则对应()j i ,分别为()()()2,16,16,5,,.(2)证明:只需考虑前14项在去掉()13,2后如何构成3组4项的等差数列,后面剩下的()34124-=-m m 可自然依序划分为3-m 组等差数列.则只需构造{}14,12,11,10,9,8,7,6,5,4,3,1的一组划分,使划分出的3组数均成等差数列,取{}{}{}14,11,8,512,9,6,310,7,4,1,,,这单租数均为公差为3的等差数列,对于剩下的()34-m 个数,按每四个相邻数一组,划分为3-m 组即可.由此可见去掉()13,2后,剩余的m 4个数可以分为m 组,每组均为等差数列,故3≥m 时,24,2,1+m 是()13,2可分数列,即2421,,,+m a a a 是()13,2可分数列.(3)证明:用数学归纳法证明:共有不少于12++m m 中()j i ,的取法使24,2,1+m 是()j i ,可分数列,①当1=m 时,由(1)知,有11132++=种()j i ,的取法,②假设当n m =时,有至少12++n n 种()j i ,的取法,则当1+=n m 时,考虑数列{}64,,2,1+n 下对于()j i ,分三种情况讨论:1°当1=i 时,取()1,,,2,1,0,24+=+=n n k k j 则j i ,之间(不含j i ,)有k k 41124=--+个连续的自然数,可按形如{}{}{}14,4,14,249,8,7,65,4,3,2+--k k k k ,,, 划分,剩下的64,,44,34+++n k k ,也可按每四个连续自然数划分得到相应的等差数列,∵1,,,2,1,0+=n n k ,∴这种情况有2+n 种()j i ,的取法.2°当2=i 时,取()1,,,2,14+=+=n n k k j ,现以k 为公差构造划分为:{}13,12,11+++k k k ,,{}33,32,3,3+++k k k ,……{}14,13,12,1----k k k k ,{}k k k k 4,3,22,,{}24,23,22,2++++k k k k (注意当2=k 时,只有{}{}10,8,6,47,5,3,1,这两组)剩下的64,,44,34+++n k k ,也可按每四个连续自然数划分得到相应的等差数列,∵1,,,2+=n n k ,∴这种情况有n 种()j i ,的取法.3°当2>i 时,考虑{}64,,7,6,5+n 共24+n 个数,由归纳假设里n m =时,有至少12++n n 种()j i ,的取法.综合1°2°3°,当1+=n m 时,至少有()()()()1111222++++=+++++n n n n n n 中取法,由①②及数学归纳法原理,值共有不少于12++m m 种()j i ,的取法使24,2,1+m 为()j i ,可分数列,那么()()8188811681121411222222242=++++>++++=++++=++≥+m m m m m m m m m m m m C m m P m m ,∴81>m P .。

2018年高考数学真题试卷(浙江卷)含逐题详解

2018年高考数学真题试卷(浙江卷)含逐题详解

2018年普通高等学校招生全国统一考试(浙江卷)数 学本试卷卷分选择题和非选择题两部分。

全卷共4页,选择题部分1至2页,非选择题部分3至4页。

满分150分。

考试用时120分钟。

考生注意:1.答题前,请务必将自己的姓名,准考证号用黑色字迹的签字笔或钢笔分别填在试卷卷和答题纸规定的位置上。

2.答题时,请按照答题纸上“注意事项”的要求,在答题纸相应的位置上规范作答,在本试卷卷上的作答一律无效。

参考公式:若事件A ,B 互斥,则 若事件A ,B 相互独立,则 若事件A 在一次试验中发生的概率是p ,则n 次独立重复试验中事件A 恰好发生k 次的概率台体的体积公式其中分别表示台体的上,下底面积,表示台体的高柱体的体积公式其中表示柱体的底面积,表示柱体的高 锥体的体积公式其中表示锥体的底面积,表示锥体的高 球的表面积公式球的体积公式其中表示球的半径选择题部分(共40分)一,选择题:本大题共10小题,每小题4分,共40分。

在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。

1.已知全集U ={1,2,3,4,5},A ={1,3},则A .B .{1,3}C .{2,4,5}D .{1,2,3,4,5}2.双曲线的焦点坐标是A .,0)B .(−2,0),(2,0)C .)D .(0,−2),(0,2)3.某几何体的三视图如图所示(单位:cm ),则该几何体的体积(单位:cm 3)是()()()P A B P A P B +=+()()()P AB P A P B =()C (1)(0,1,2,,)k k n kn n P k p p k n -=-=121()3V S S h =12,S S h V Sh =S h 13V Sh =S h 24S R =π343V R =πR =UA ∅221 3=x y -A .2B .4C .6D .84.复数(i 为虚数单位)的共轭复数是 A .1+iB .1−iC .−1+iD .−1−i5.函数y =sin2x 的图象可能是A .B .C .D .6.已知平面α,直线m ,n 满足m α,n α,则“m ∥n ”是“m ∥α”的 A .充分不必要条件 B .必要不充分条件C .充分必要条件D .既不充分也不必要条件7.设0<p <1,随机变量ξ的分布列是则当p 在(0,1)内增大时. A .D (ξ)减小B .D (ξ)增大C .D (ξ)先减小后增大D .D (ξ)先增大后减小 8.已知四棱锥S −ABCD 的底面是正方形,侧棱长均相等,E 是线段AB 上的点(不含端点),设SE 与BC 所成的角为θ1,SE 与平面ABCD 所成的角为θ2,二面角S −AB −C 的平面角为θ3,则俯视图正视图21i-||2x ⊄⊂A.θ1≤θ2≤θ3B.θ3≤θ2≤θ1C.θ1≤θ3≤θ2D.θ2≤θ3≤θ19.已知a,b,e是平面向量,e是单位向量.若非零向量a与e的夹角为,向量b满足b2−4e·b+3=0,则|a−b|的最小值是A1B+1 C.2 D.210.已知成等比数列,且.若,则A.B.C.D.非选择题部分(共110分)二,填空题:本大题共7小题,多空题每题6分,单空题每题4分,共36分。

2020年浙江省高考数学(含解析版)

 2020年浙江省高考数学(含解析版)

2020年浙江省高考数学试卷一、选择题(共10小题).1.已知集合P={x|1<x<4},Q={x|2<x<3},则P∩Q=()A.{x|1<x≤2}B.{x|2<x<3}C.{x|3≤x<4}D.{x|1<x<4} 2.已知a∈R,若a﹣1+(a﹣2)i(i为虚数单位)是实数,则a=()A.1B.﹣1C.2D.﹣23.若实数x,y满足约束条件,则z=x+2y的取值范围是()A.(﹣∞,4]B.[4,+∞)C.[5,+∞)D.(﹣∞,+∞)4.函数y=x cos x+sin x在区间[﹣π,+π]的图象大致为()A.B.C.D.5.某几何体的三视图(单位:cm)如图所示,则该几何体的体积(单位:cm3)是()A.B.C.3D.66.已知空间中不过同一点的三条直线m,n,l,则“m,n,l在同一平面”是“m,n,l两两相交”的()A.充分不必要条件B.必要不充分条件C.充分必要条件D.既不充分也不必要条件7.已知等差数列{a n}的前n项和S n,公差d≠0,≤1.记b1=S2,b n+1=S n+2﹣S2n,n∈N*,下列等式不可能成立的是()A.2a4=a2+a6B.2b4=b2+b6C.a42=a2a8D.b42=b2b88.已知点O(0,0),A(﹣2,0),B(2,0).设点P满足|PA|﹣|PB|=2,且P为函数y=3图象上的点,则|OP|=()A.B.C.D.9.已知a,b∈R且ab≠0,若(x﹣a)(x﹣b)(x﹣2a﹣b)≥0在x≥0上恒成立,则()A.a<0B.a>0C.b<0D.b>010.设集合S,T,S⊆N*,T⊆N*,S,T中至少有两个元素,且S,T满足:①对于任意x,y∈S,若x≠y,都有xy∈T;②对于任意x,y∈T,若x<y,则∈S;下列命题正确的是()A.若S有4个元素,则S∪T有7个元素B.若S有4个元素,则S∪T有6个元素C.若S有3个元素,则S∪T有4个元素D.若S有3个元素,则S∪T有5个元素二、填空题:本大题共7小题,共36分。

2021年浙江省高考数学试卷(学生版+解析版)

2021年浙江省高考数学试卷(学生版+解析版)

2021年浙江省高考数学试卷一、选择题:本大题共10小题,每小题4分,共40分。

在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。

1.(4分)设集合A ={x |x ≥1},B ={x |﹣1<x <2},则A ∩B =( ) A .{x |x >﹣1}B .{x |x ≥1}C .{x |﹣1<x <1}D .{x |1≤x <2}2.(4分)已知a ∈R ,(1+ai )i =3+i (i 为虚数单位),则a =( ) A .﹣1B .1C .﹣3D .33.(4分)已知非零向量a →,b →,c →,则“a →•c →=b →•c →”是“a →=b →”的( ) A .充分不必要条件 B .必要不充分条件 C .充分必要条件D .既不充分也不必要条件4.(4分)某几何体的三视图如图所示(单位:cm ),则该几何体的体积(单位:cm 3)是( )A .32B .3C .3√22D .3√25.(4分)若实数x ,y 满足约束条件{x +1≥0x −y ≤02x +3y −1≤0,则z =x −12y 的最小值是( )A .﹣2B .−32C .−12D .1106.(4分)如图,己知正方体ABCD ﹣A 1B 1C 1D 1,M ,N 分别是A 1D ,D 1B 的中点,则( )A .直线A 1D 与直线D 1B 垂直,直线MN ∥平面ABCDB .直线A 1D 与直线D 1B 平行,直线MN ⊥平面BDD 1B 1C .直线A 1D 与直线D 1B 相交,直线MN ∥平面ABCD D .直线A 1D 与直线D 1B 异面,直线MN ⊥平面BDD 1B 17.(4分)已知函数f (x )=x 2+14,g (x )=sin x ,则图象为如图的函数可能是( )A .y =f (x )+g (x )−14B .y =f (x )﹣g (x )−14C .y =f (x )g (x )D .y =g(x)f(x)8.(4分)已知α,β,r 是互不相同的锐角,则在sin αcos β,sin βcos γ,sin γcos α三个值中,大于12的个数的最大值是( )A .0B .1C .2D .39.(4分)已知a ,b ∈R ,ab >0,函数f (x )=ax 2+b (x ∈R ).若f (s ﹣t ),f (s ),f (s +t )成等比数列,则平面上点(s ,t )的轨迹是( ) A .直线和圆 B .直线和椭圆 C .直线和双曲线D .直线和抛物线10.(4分)已知数列{a n }满足a 1=1,a n +1=an 1+a (n ∈N *).记数列{a n }的前n 项和为S n ,则( ) A .12<S 100<3B .3<S 100<4C .4<S 100<92D .92<S 100<5二、填空题:本大题共7小题,多空题每题6分,单空题每题4分,共36分。

浙江省温州市(新版)2024高考数学统编版(五四制)测试(评估卷)完整试卷

浙江省温州市(新版)2024高考数学统编版(五四制)测试(评估卷)完整试卷

浙江省温州市(新版)2024高考数学统编版(五四制)测试(评估卷)完整试卷一、单选题:本题共8小题,每小题5分,共40分 (共8题)第(1)题函数的零点所在的区间为()A.B.C.D.第(2)题已知直线与圆相交于A,B两点,若,则( )A.B.1C.D.﹣2第(3)题蹴鞠,又名“蹴球”“蹴圆”等,“蹴”有用脚蹴、踢的含义,“鞠”最早系外包皮革、内饰米糠的球,因而“蹴鞠”就是指古人以脚蹴、踢皮球的活动,类似今日的踢足球活动.如图所示,已知某“鞠”的表面上有四个点,,,满足,,则该“鞠”的表面积为()A.B.C.D.第(4)题复数在复平面内对应的点所在的象限为()A.第一象限B.第二象限C.第三象限D.第四象限第(5)题过点作曲线的两条切线,切点分别为,,则()A.B.C.D.2第(6)题已知抛物线的焦点为,点,若点为抛物线上任意一点,当取最小值时,点的坐标为()A.B.C.D.第(7)题在四面体ABCD中,,平面BCD,.过点B作垂直于平面ACD及平面ABC的平面截该四面体,若截面面积存在最大值,则的最大值为()A.B.C.D.第(8)题已知非空集合,集合,则的取值集合与集合的交集为()A.B.C.D.二、多选题:本题共3小题,每小题6分,共18分 (共3题)第(1)题重庆荣昌折扇是中国四大名扇之一,始于1551年明代嘉靖年间,明末已成为贡品人朝,产品以其精湛的工业制作而闻名于海内外.经历代艺人刻苦钻研、精工创制,荣昌折扇逐步发展成为具有独特风格的中国传统工艺品,其精雅宜士人,其华灿宜艳女,深受各阶层人民喜爱.古人曾有诗赞曰:“开合清风纸半张,随机舒卷岂寻常;金环并束龙腰细,玉栅齐编凤翅长,偏称游人携袖里,不劳侍女执花傍;宫罗旧赐休相妒,还汝团圆共夜凉”图1为荣昌折扇,其平面图为图2的扇形COD,其中,动点P在上(含端点),连接OP交扇形OAB的弧于点Q,且,则下列说法正确的是()图1 图2A.若,则B.若,则C.D.第(2)题已知圆锥的顶点为S,高为1,底面圆的直径,B为圆周上不与A重合的动点,F为线段AB上的动点,则()A.圆锥的侧面积为B.面积的最大值为C.直线SB与平面SAC所成角的最大值为D.若B是的中点,则的最小值为第(3)题现有甲、乙两家检测机构对某品牌的一款智能手机进行拆解测评,具体打分如下表(满分分).设事件表示从甲机构测评分数中任取个,至多个超过平均分”,事件表示“从甲机构测评分数中任取个,恰有个超过平均分”.下列说法正确的是()机构名称甲乙分值90989092959395929194A.甲机构测评分数的平均分小于乙机构测评分数的平均分B.甲机构测评分数的方差大于乙机构测评分数的方差C.乙机构测评分数的第一四分位数为91.5D.事件互为对立事件三、填空题:本题共3小题,每小题5分,共15分 (共3题)第(1)题O为坐标原点,F为抛物线C:的焦点,P为C上一点,若,则△POF的面积为______.第(2)题已知向量、,若,,向量在方向上的投影数量的取值范围为____________.第(3)题已知、满足:,,,则代数式的取值范围是_________.四、解答题:本题共5小题,每小题15分,最后一题17分,共77分 (共5题)第(1)题记为数列的前n项和,已知,且.(1)求证:数列是等差数列,并求的通项公式;(2)从下列三个条件中选一个填在横线上,并完成下列问题.若_________,求数列的前n项和.①;②;③.第(2)题四棱柱中,平面,为梯形,,.(1)求证:平面(2)为平面上一动点,是否存在使得与平面的夹角为,若存在,求出到平面的最小值,若不存在,说明理由.第(3)题已知数列的前n项和为,且,.(1)求数列的通项公式;(2)已知,求数列的前n项和.第(4)题已知等差数列公差与等比数列公比相同,.(1)求和的通项公式;(2)记数列是将数列和中的项从小到大依次排列而成的新数列,求数列前60项的和.第(5)题已知数列满足,.记.(1)证明数列是等比数列,并求数列的通项公式;(2)记数列的前n项和,求使成立的正整数n的最大值.。

2020年浙江省高考数学试卷及答案

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2020年普通高等学校招生全国统一考试(浙江卷)数学参考公式:2)S h +选择题部分(共40分)一、选择题:本大题共10小题,每小题4分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1.已知集合P={|14}<<x x,{}23Q x=<<,则P Q=()A. {|12}x x<≤ B. {|23}x x<<C. {|34}x x≤< D. {|14}<<x x【答案】B【解析】根据集合交集定义求解【详解】(1,4)(2,3)(2,3)P Q==,故选:B【点睛】本题考查交集概念,考查基本分析求解能力,属基础题.2.已知a∈R,若a–1+(a–2)i(i为虚数单位)是实数,则a=()A. 1B. –1C. 2D. –2 【答案】C【解析】根据复数为实数列式求解即可.【详解】因为(1)(2)a a i-+-为实数,所以202a a-=∴=,,故选:C .点睛】本题考查复数概念,考查基本分析求解能力,属基础题.3.若实数x ,y 满足约束条件31030x y x y -+≤⎧⎨+-≥⎩,则z =2x +y 的取值范围是( ) A. (,4]-∞B. [4,)+∞C. [5,)+∞D.(,)-∞+∞【答案】B【解析】首先画出可行域,然后结合目标函数的几何意义确定目标函数在何处能够取得最大值和最小值从而确定目标函数的取值范围即可. 【详解】绘制不等式组表示的平面区域如图所示,目标函数即:1122y x z =-+, 其中z 取得最大值时,其几何意义表示直线系在y 轴上的截距最大,z 取得最小值时,其几何意义表示直线系在y 轴上的截距最小,据此结合目标函数的几何意义可知目标函数在点A 处取得最小值,联立直线方程:31030x y x y -+=⎧⎨+-=⎩,可得点A 的坐标为:()2,1A ,据此可知目标函数的最小值为:min 2214z =+⨯=,且目标函数没有最大值. 故目标函数的取值范围是[)4,+∞.故选:B【点睛】求线性目标函数z =ax +by (ab ≠0)的最值,当b >0时,直线过可行域且在y 轴上截距最大时,z 值最大,在y 轴截距最小时,z 值最小;当b <0时,直线过可行域且在y 轴上截距最大时,z 值最小,在y 轴上截距最小时,z 值最大. 4.函数y =x cos x +sin x 在区间[–π,+π]的图象大致为( )A.B.C. D.【答案】A【.【解析】首先确定函数的奇偶性,然后结合函数在x π=处的函数值排除错误选项即可确定函数的图象.【详解】因为()cos sin f x x x x =+,则()()cos sin f x x x x f x -=--=-, 即题中所给的函数为奇函数,函数图象关于坐标原点对称,据此可知选项CD 错误; 且x π=时,cos sin 0y ππππ=+=-<,据此可知选项B 错误.故选:A.【点睛】函数图象的识辨可从以下方面入手:(1)从函数的定义域,判断图象的左右位置;从函数的值域,判断图象的上下位置.(2)从函数的单调性,判断图象的变化趋势.(3)从函数的奇偶性,判断图象的对称性.(4)从函数的特征点,排除不合要求的图象.利用上述方法排除、筛选选项.5.某几何体的三视图(单位:cm )如图所示,则该几何体的体积(单位:cm 3)是( )A.73B.143C. 3D. 6【答案】A【解析】根据三视图还原原图,然后根据柱体和锥体体积计算公式,计算出几何体的体积.【详解】由三视图可知,该几何体是上半部分是三棱锥,下半部分是三棱柱, 且三棱锥的一个侧面垂直于底面,且棱锥的高为1,棱柱的底面为等腰直角三角形,棱柱的高为2,所以几何体的体积为:11117211212232233⎛⎫⎛⎫⨯⨯⨯⨯+⨯⨯⨯=+= ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭.故选:A【点睛】本小题主要考查根据三视图计算几何体的体积,属于基础题.6.已知空间中不过同一点的三条直线m ,n ,l ,则“m ,n ,l 在同一平面”是“m ,n ,l 两两相交”的( ) A. 充分不必要条件B. 必要不充分条件C. 充分必要条件D. 既不充分也不必要条件 【答案】B【解析】将两个条件相互推导,根据能否推导的结果判断充分必要条件. 【详解】依题意,,m n l 是空间不过同一点的三条直线,当,,m n l 在同一平面时,可能////m n l ,故不能得出,,m n l 两两相交.当,,m n l 两两相交时,设,,m n A m l B n l C ⋂=⋂=⋂=,根据公理2可知,m n 确定一个平面α,而,B m C n αα∈⊂∈⊂,根据公理1可知,直线BC 即l α⊂,所以,,m n l 在同一平面.综上所述,“,,m n l 在同一平面”是“,,m n l 两两相交”的必要不充分条件.故选:B 【点睛】本小题主要考查充分、必要条件的判断,考查公理1和公理2的运用,属于中档题.7.已知等差数列{a n }的前n 项和S n ,公差d ≠0,11a d≤.记b 1=S 2,b n+1=S n+2–S 2n ,n *∈N ,下列等式不可能成立的是( )A. 2a 4=a 2+a 6B. 2b 4=b 2+b 6C. 2428a a a =D.2428b b b =【答案】D【解析】根据题意可得,21212222n n n n n b S a a S ++++=+=-,而1212b S a a ==+,即可表示出题中2468,,,b b b b ,再结合等差数列的性质即可判断各等式是否成立.【详解】对于A ,因为数列{}n a 为等差数列,所以根据等差数列的下标和性质,由4426+=+可得,4262a a a =+,A 正确;对于B ,由题意可知,21212222n n n n n b S a a S ++++=+=-,1212b S a a ==+,∴234b a a =+,478b a a =+,61112b a a =+,81516b a a =+.∴()47822b a a =+,26341112b b a a a a +=+++.根据等差数列的下标和性质,由31177,41288+=++=+可得()26341112784=2=2b b a a a a a a b +=++++,B 正确;对于C ,()()()()2224281111137222a a a a d a d a d d a d d d a -=+-++=-=-,当1a d =时,2428a a a =,C 正确;对于D ,()()22222478111213452169b a a a d a a d d =+=+=++,()()()()2228341516111125229468145b b a a a a a d a d a a d d =++=++=++,()22428112416832b b b d a d d d a -=-=-.当0d >时,1a d ≤,∴()113220d a d d a -=+->即24280b b b ->;当0d <时,1a d ≥,∴()113220d a d d a -=+-<即24280b b b ->,所以24280b b b ->,D 不正确.故选:D【点睛】本题主要考查等差数列的性质应用,属于基础题.8.已知点O (0,0),A (–2,0),B (2,0).设点P 满足|PA |–|PB |=2,且P 为函数y=|OP |=( )A. 2B. 5【答案】D【解析】根据题意可知,点P既在双曲线的一支上,又在函数y =的图象上,即可求出点P 的坐标,得到OP 的值.【详解】因为||||24PA PB -=<,所以点P 在以,A B 为焦点,实轴长为2,焦距为4的双曲线的右支上,由2,1c a ==可得,222413b c a =-=-=,即双曲线的右支方程为()22103yx x -=>,而点P还在函数y =由()22103y x x y ⎧⎪⎨->==⎪⎩,解得2x y ⎧=⎪⎪⎨⎪=⎪⎩,即OP == D. 【点睛】本题主要考查双曲线的定义的应用,以及二次曲线的位置关系的应用,意在考查学生的数学运算能力,属于基础题.9.已知a ,b ∈R 且ab ≠0,若(x –a )(x –b )(x –2a –b )≥0在x ≥0上恒成立,则( ) A. a <0 B. a >0C. b <0D. b >0【答案】C【解析】对a 分0a >与0a <两种情况讨论,结合三次函数的性质分析即可得到答案. 【详解】因为0ab ≠,所以0a ≠且0b ≠,设()()()(2)f x x a x b x a b =----,则()f x 零点为123,,2x a x b x a b ===+,当0a >时,则23x x <,1>0x ,要使()0f x ≥,必有2a b a +=,且0b <,即=-b a ,且0b <,所以0b <;当0a <时,则23x x >,10x <,要使()0f x ≥,必有0b <.综上一定有0b <.故选:C【点晴】本题主要考查三次函数在给定区间上恒成立问题,考查学生分类讨论思想,是一道中档题.10.设集合S ,T ,S ⊆N *,T ⊆N *,S ,T 中至少有两个元素,且S ,T 满足: ①对于任意x ,y ∈S ,若x ≠y ,都有xy ∈T②对于任意x ,y ∈T ,若x <y ,则yx∈S ; 下列命题正确的是( )A. 若S 有4个元素,则S ∪T 有7个元素B. 若S 有4个元素,则S ∪T 有6个元素C. 若S 有3个元素,则S ∪T 有4个元素的D. 若S 有3个元素,则S ∪T 有5个元素 【答案】A【解析】分别给出具体的集合S 和集合T ,利用排除法排除错误选项,然后证明剩余选项的正确性即可. 【详解】首先利用排除法:若取{}1,2,4S =,则{}2,4,8T =,此时{}1,2,4,8ST =,包含4个元素,排除选项D ;若取{}2,4,8S =,则{}8,16,32T =,此时{}2,4,8,16,32S T =,包含5个元素,排除选项C ;若取{}2,4,8,16S =,则{}8,16,32,64,128T =,此时{}2,4,8,16,32,64,128ST =,包含7个元素,排除选项B ;下面来说明选项A 的正确性:设集合{}1234,,,S p p p p =,且1234p p p p <<<,*1234,,,p p p p N ∈,则1224p p p p <,且1224,p p p p T ∈,则41p S p ∈, 同理42p S p ∈,43p S p ∈,32p S p ∈,31p S p ∈,21p S p ∈, 若11p =,则22p ≥,则332p p p <,故322p p p =即232p p =, 又444231p p p p p >>>,故442232p p p p p ==,所以342p p =, 故{}232221,,,S p p p =,此时522,p T p T ∈∈,故42p S ∈,矛盾,舍.若12p ≥,则32311p p p p p <<,故322111,p p p p p p ==即323121,p p p p ==, 又44441231p p p p p p p >>>>,故441331p p p p p ==,所以441p p =, 故{}2341111,,,S p p p p =,此时{}3456711111,,,,p p p p p T ⊆.若q T ∈, 则31q S p ∈,故131,1,2,3,4i q p i p ==,故31,1,2,3,4i q p i +==, 即{}3456711111,,,,q p p p p p ∈,故{}3456711111,,,,p p p p p T =,此时{}234456711111111,,,,,,,S T p p p p p p p p ⋃=即ST 中有7个元素.故A 正确.故选:A .【点睛】“新定义”主要是指即时定义新概念、新公式、新定理、新法则、新运算五种,然后根据此新定义去解决问题,有时还需要用类比的方法去理解新的定义,这样有助于对新定义的透彻理解.但是,透过现象看本质,它们考查的还是基础数学知识,所以说“新题”不一定是“难题”,掌握好三基,以不变应万变才是制胜法宝.非选择题部分(共110分)二、填空题:本大题共7小题,共36分.多空题每小题6分,单空题每小题4分.11.已知数列{a n }满足(1)=2n n n a +,则S 3=________. 【答案】10【解析】根据通项公式可求出数列{}n a 的前三项,即可求出.【详解】因为()12n n n a +=,所以1231,3,6a a a ===.即312313610S a a a =++=++=.故答案为:10.【点睛】本题主要考查利用数列的通项公式写出数列中的项并求和,属于容易题. 12.设()2345125345612 x a a x a x a x a x a x +=+++++,则a 5=________;a 1+a 2 +a 3=________.【答案】 (1). 80 (2). 122【解析】利用二项式展开式的通项公式计算即可.【详解】5(12)x +的通项为155(2)2r r r r r r T C x C x +==,令4r =,则444455280T C x x ==,故580a =;113355135555222122a a a C C C ++=++=.故答案为:80;122【点晴】本题主要考查利用二项式定理求指定项的系数问题,考查学生的数学运算能力,是一道基础题.13.已知tan 2θ=,则cos2θ=________;πtan()4θ-=______.【答案】 (1).35 (2). 13【解析】利用二倍角余弦公式以及弦化切得cos2θ,根据两角差正切公式得tan()4πθ-【详解】2222222222cos sin 1tan 123cos 2cos sin cos sin 1tan 125θθθθθθθθθ---=-====-+++,tan 1211tan()41tan 123πθθθ---===++,故答案为:31,53-【点睛】本题考查二倍角余弦公式以及弦化切、两角差正切公式,考查基本分析求解能力,属基础题.14.已知圆锥展开图的侧面积为2π,且为半圆,则底面半径为_______. 【答案】1【解析】利用题目所给圆锥侧面展开图的条件列方程组,由此求得底面半径.【详解】设圆锥底面半径为r ,母线长为l ,则21222r l r l ππππ⨯⨯=⎧⎪⎨⨯⨯=⨯⨯⨯⎪⎩,解得1,2r l ==.故答案为:1【点睛】本小题主要考查圆锥侧面展开图有关计算,属于基础题. 15.设直线:(0)l y kx b k =+>,圆221:1C x y +=,222:(4)1C x y -+=,若直线l 与1C ,2C 都相切,则k =_______;b =______.【答案】3- 【解析】由直线与圆12,C C 相切建立关于k ,b 的方程组,解方程组即可.【详解】由题意,12,C C1=1=,所以||4b k b =+,所以0k =(舍)或者2b k =-,解得k b ==.【点晴】本题主要考查直线与圆的位置关系,考查学生的数学运算能力,是一道基础题.16.一个盒子里有1个红1个绿2个黄四个相同的球,每次拿一个,不放回,拿出红球即停,设拿出黄球的个数为ξ,则(0)P ξ==_______;()E ξ=______.【答案】 (1).13(2). 1 【解析】先确定0ξ=对应事件,再求对应概率得结果;第二空,先确定随机变量,再求对应概率,最后根据数学期望公式求结果.【详解】因为0ξ=对应事件为第一次拿红球或第一次拿绿球,第二次拿红球,所以1111(0)4433P ξ==+⨯=,随机变量0,1,2ξ=,212111211(1)434324323P ξ==⨯+⨯⨯+⨯⨯=,111(2)1333P ξ==--=,所以111()0121333E ξ=⨯+⨯+⨯=.故答案为:1;13.【点睛】本题考查古典概型概率、互斥事件概率加法公式、数学期望,考查基本分析求解能力,属基础题.17.设1e ,2e 为单位向量,满足21|22|-≤e e ,12a e e =+,123b e e =+,设a ,b 的夹角为θ,则2cos θ的最小值为_______.【答案】2829【解析】利用复数模的平方等于复数的平方化简条件得1234e e ⋅≥,再根据向量夹角公式求2cos θ函数关系式,根据函数单调性求最值.【详解】12|2|2e e -≤,124412e e ∴-⋅+≤,1234e e ∴⋅≥, 222121222121212(44)4(1)()cos (22)(106)53e e e e a b e e e e e e a bθ+⋅+⋅⋅∴===+⋅+⋅+⋅⋅12424228(1)(1)3332953534e e =-≥-=+⋅+⨯.故答案为:2829.【点睛】本题考查利用模求向量数量积、利用向量数量积求向量夹角、利用函数单调性求最值,考查综合分析求解能力,属中档题.三、解答题:本大题共5小题,共74分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.18.在锐角△ABC 中,角A ,B ,C 的对边分别为a ,b ,c,且2sin b A =. (I )求角B ;(II )求cos A +cos B +cos C 的取值范围.【答案】(I )3B π=;(II)13,22⎛⎤⎥ ⎝⎦ 【解析】(I )首先利用正弦定理边化角,然后结合特殊角的三角函数值即可确定∠B 的大小;(II )结合(1)的结论将含有三个角的三角函数式化简为只含有∠A 的三角函数式,然后由三角形为锐角三角形确定∠A 的取值范围,最后结合三角函数的性质即可求得cos cos cos A B C ++的取值范围.【详解】(I)由2sin b A =结合正弦定理可得:2sin sin ,sin B A A B =∴=△ABC 为锐角三角形,故3B π=.(II )结合(1)的结论有:12cos cos cos cos cos 23A B C A A π⎛⎫++=++- ⎪⎝⎭11cos cos sin 222A A A =-++11cos 222A A =++1sin 62A π⎛⎫=++ ⎪⎝⎭. 由203202A A πππ⎧<-<⎪⎪⎨⎪<<⎪⎩可得:62A ππ<<,2363A πππ<+<,则sin 3A π⎤⎛⎫+∈⎥ ⎪⎝⎭⎝⎦,13sin 232A π⎤⎛⎫++∈⎥ ⎪⎝⎭⎝⎦. 即cos cos cos A B C ++的取值范围是13,22⎛⎤ ⎥ ⎝⎦.【点睛】解三角形的基本策略:一是利用正弦定理实现“边化角”,二是利用余弦定理实现“角化边”;求最值也是一种常见类型,主要方法有两类,一是找到边之间的关系,利用基本不等式求最值,二是转化为关于某个角的函数,利用函数思想求最值.19.如图,三棱台DEF —ABC 中,面ADFC ⊥面ABC ,∠ACB =∠ACD =45°,DC =2BC .(I )证明:EF ⊥DB ;(II )求DF 与面DBC 所成角的正弦值.【答案】(I )证明见解析;(II【解析】【分析】(I )作DH AC ⊥交AC 于H ,连接BH ,由题意可知DH ⊥平面ABC ,即有DH BC ⊥,根据勾股定理可证得BC BH ⊥,又//EF BC ,可得DH EF ⊥,BH EF ⊥,即得EF ⊥平面BHD ,即证得EF DB ⊥;(II )由//DF CH ,所以DF 与平面DBC 所成角即为CH 与平面DBC 所成角,作HG BD ⊥于G ,连接CG ,即可知HCG ∠即为所求角,再解三角形即可求出DF 与平面DBC 所成角的正弦值.【详解】(Ⅰ)作DH AC ⊥交AC 于H ,连接BH . ∵平面ADFC ⊥平面ABC ,而平面ADFC平面ABC AC =,DH ⊂平面ADFC ,∴DH ⊥平面ABC ,而BC ⊂平面ABC ,即有DH BC ⊥. ∵45ACB ACD ∠=∠=︒,∴2CD BC CH ==⇒=. 在CBH 中,22222cos 45BH CH BC CH BC BC =+-⋅︒=,即有222BH BC CH +=,∴BH BC ⊥.由棱台的定义可知,//EF BC ,所以DH EF ⊥,BH EF ⊥,而BH DH H =,∴EF ⊥平面BHD ,而BD ⊂平面BHD ,∴EF DB ⊥.(Ⅱ)因为//DF CH ,所以DF 与平面DBC 所成角即为与CH 平面DBC 所成角. 作HG BD ⊥于G ,连接CG ,由(1)可知,BC ⊥平面BHD , 因为所以平面BCD ⊥平面BHD ,而平面BCD平面BHD BD =,HG ⊂平面BHD ,∴HG ⊥平面BCD .即CH 在平面DBC 内的射影为CG ,HCG ∠即为所求角.在Rt HGC △中,设BC a =,则CH =,BH DH HG BD ⋅===,∴sin HG HCG CH ∠===. 故DF 与平面DBC【点睛】本题主要考查空间点、线、面位置关系,线面垂直的判定定理的应用,直线与平面所成的角的求法,意在考查学生的直观想象能力和数学运算能力,属于基础题.20.已知数列{a n },{b n },{c n }中,1111121,,()nn n n n n n b a b c c a a c c n b +++====-=⋅∈*N . (Ⅰ)若数列{b n }为等比数列,且公比0q >,且1236b b b +=,求q 与a n 的通项公式;(Ⅱ)若数列{b n }为等差数列,且公差0d >,证明:1211n c c c d+++<+. 【答案】(I )1142,.23n n q a -+==;(II )证明见解析.【解析】(I )根据1236b b b +=,求得q ,进而求得数列{}n c 的通项公式,利用累加法求得数列{}n a 的通项公式.(II )利用累乘法求得数列{}n c 的表达式,结合裂项求和法证得不等式成立.【详解】(I )依题意21231,,b b q b q ===,而1236b b b +=,即216q q +=,由于0q >,所以解得12q =,所以112n n b -=. 所以2112n n b ++=,故11112412n n n n n c c c -++=⋅=⋅,所以数列{}n c 是首项为1,公比为4的等比数列,所以14n n c -=.所以114n n n n a a c -+==-(*2,n n N ≥∈).所以12142144.3n n n a a --+=+++⋅⋅⋅+=(II )依题意设()111n b n d dn d =+-=+-,由于12n nn n c b c b ++=, 所以111n n n n c b c b --+=()*2,n n N ≥∈, 故13211221n n n n n c c c c c c c c c c ---=⋅⋅⋅⋅⋅1232111143n n n n n n b b b b b c b b b b b ---+-=⋅⋅⋅⋅⋅ 121111111111n n n n n n b b d b b d b b d b b +++⎛⎫⎛⎫+⎛⎫==-=+- ⎪ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭⎝⎭. 所以121223*********n nn c c c d b b b b b b +⎡⎤⎛⎫⎛⎫⎛⎫⎛⎫+++=+-+-++-⎢⎥ ⎪ ⎪ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭⎝⎭⎝⎭⎣⎦ 11111n d b +⎛⎫⎛⎫=+- ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭.由于10,1d b >=,所以10n b +>,所以1111111n d b d +⎛⎫⎛⎫+-<+⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭. 即1211n c c c d++⋯+<+,*n N ∈. 【点睛】本小题主要考查累加法、累乘法求数列的通项公式,考查裂项求和法,属于中档题.21.如图,已知椭圆221:12x C y +=,抛物线22:2(0)C y px p =>,点A 是椭圆1C 与抛物线2C 的交点,过点A 的直线l 交椭圆1C 于点B ,交抛物线2C 于M (B ,M 不同于A ).(Ⅰ)若116=p ,求抛物线2C 的焦点坐标; (Ⅱ)若存在不过原点的直线l 使M 为线段AB 的中点,求p 的最大值.【答案】(Ⅰ)1(,0)32;(Ⅱ)40【解析】【详解】(Ⅰ)当116=p 时,2C 的方程为218y x =,故抛物线2C 的焦点坐标为1(,0)32; (Ⅱ)设()()()112200,,,,,,:A x y B x y M x y I x y m λ=+,由()22222222220x y y my m x y mλλλ⎧+=⇒+++-=⎨=+⎩, 1200022222,,222m m my y y x y m λλλλλλ--∴+===+=+++, 由M 在抛物线上,所以()222222244222m pm m p λλλλλ=⇒=+++, 又22222()220y pxy p y m y p y pm x y mλλλ⎧=⇒=+⇒--=⎨=+⎩, 012y y p λ∴+=,2101022x x y m y m p m λλλ∴+=+++=+,2122222m x p m λλ∴=+-+.由2222142,?22x y x px y px⎧+=⎪⇒+=⎨⎪=⎩即2420x px +-=12x p ⇒==-222221822228162p p p m p p p λλλλλ+⇒-=+⋅=++≥+,18p ≥,21160p ≤,p ≤ 所以,p,此时A . 法2:设直线:(0,0)l x my t m t =+≠≠,()00,A x y .将直线l 的方程代入椭圆221:12x C y +=得:()2222220m y mty t +++-=, 所以点M 的纵坐标为22M mty m =-+.将直线l 的方程代入抛物线22:2C y px =得:2220y pmy pt --=,所以02M y y pt =-,解得()2022p m y m+=,因此()220222p m xm+=,由220012x y +=解得22212242160m m p m m ⎛⎫⎛⎫=+++ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭,所以当m t ==p. 【点晴】本题主要考查直线与圆锥曲线的位置关系的综合应用,涉及到求函数的最值,考查学生的数学运算能力,是一道有一定难度的题.22.已知12a <≤,函数()e xf x x a =--,其中e =2.71828…为自然对数的底数.(Ⅰ)证明:函数()y f x =在(0)+∞,上有唯一零点; (Ⅱ)记x 0为函数()y f x =在(0)+∞,上的零点,证明: (ⅰ0x ≤≤; (ⅱ)00(e )(e 1)(1)x x f a a ≥--.【答案】(I )证明见解析,(II )(i )证明见解析,(ii )证明见解析. 【解析】(I )先利用导数研究函数单调性,再结合零点存在定理证明结论; (II )(i )先根据零点化简不等式,转化求两个不等式恒成立,构造差函数,利用导数求其单调性,根据单调性确定最值,即可证得不等式;(ii )先根据零点条件转化:0000()()xx f e x f x a =+,再根据12a <≤放缩,转化为证明不等式224(2)(1)(1)a e e a -≥--,最后构造差函数,利用导数进行证明.【详解】(I )()1,0,1,()0,()x x f x e x e f x f x ''=->∴>∴>∴在(0,)+∞上单调递增,2212,(2)240,(0)10a f e a e f a <≤∴=--≥->=-<,所以由零点存在定理得()f x 在(0,)+∞上有唯一零点;(II )(i )000()0,0xf x e x a =∴--=,002000012(1)xxx e x x e x ≤≤⇔--≤≤--,令22()1(02),()1(02),2xxx g x e x x x h x e x x =---<<=---<<一方面:1()1(),xh x e x h x '=--= 1()10x h x e '=->,()(0)0,()h x h h x ''∴>=∴在(0,2)单调递增,()(0)0h x h ∴>=,2210,2(1)2xx x e x e x x ∴--->-->,另一方面:1211a a <≤∴-≤,所以当01x ≥0x ≤成立,因此只需证明当01x <<时2()10x g x e x x =---≤,因为11()12()()20ln 2x x g x e x g x g x e x ''=--==-=⇒=, 当(0,ln 2)x ∈时,1()0g x '<,当(ln 2,1)x ∈时,1()0g x '>, 所以()max{(0),(1)},(0)0,(1)30,()0g x g g g g e g x ''''''<==-<∴<,()g x ∴在(0,1)单调递减,()(0)0g x g ∴<=,21x e x x ∴--<,综上,002000012(1),xxe x x e x x ∴--≤≤--≤≤(ii )0000000()()()[(1)(2)]xa a t x x f e x f x a x e x a e ==+=-+-,00()2(1)(2)0a a t x e x a e '=-+->0x ≤≤,0()(2)](1)(1)2)a a a a t x t e a e e a e ∴≥=--=--+-,因为12a <≤,所以,2(1)ae e a a >≥-,0()(1)(1)2(2)a t x e a a e ∴≥--+--,只需证明22(2)(1)(1)a a e e a --≥--,即只需证明224(2)(1)(1)a e e a -≥--,令22()4(2)(1)(1),(12)a s a e e a a =----<≤,则22()8(2)(1)8(2)(1)0a a s a e e e e e e '=---≥--->,2()(1)4(2)0s a s e ∴>=->,即224(2)(1)(1)a e e a -≥--成立,因此()0x0e (e 1)(1)x f a a ≥--.【点睛】本题考查利用导数研究函数零点、利用导数证明不等式,考查综合分析论证与求解能力描述难题.。

2021年全国统一新高考数学试卷(浙江卷)

2021年全国统一新高考数学试卷(浙江卷)

2021年浙江省高考数学试卷一、选择题:本大题共10小题,每小题4分,共40分。

在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。

1.设集合{|1}A x x =,{|12}B x x =-<<,则(A B = )A .{|1}x x >-B .{|1}x xC .{|11}x x -<<D .{|12}x x <2.已知a R ∈,(1)3(ai i i i +=+为虚数单位),则(a = ) A .1-B .1C .3-D .33.已知非零向量a ,b ,c ,则“a c b c ⋅=⋅”是“a b =”的( ) A .充分不必要条件 B .必要不充分条件 C .充分必要条件D .既不充分也不必要条件4.某几何体的三视图如图所示(单位:)cm ,则该几何体的体积(单位:3)cm 是( )A .32B .3C 32D .325.若实数x ,y 满足约束条件1002310x x y x y +⎧⎪-⎨⎪+-⎩,则12z x y =-的最小值是( )A .2-B .32-C .12-D .1106.如图,己知正方体1111ABCD A B C D -,M ,N 分别是1A D ,1D B 的中点,则( )A .直线1A D 与直线1DB 垂直,直线//MN 平面ABCD B .直线1A D 与直线1D B 平行,直线MN ⊥平面11BDD BC .直线AD 与直线1D B 相交,直线//MN 平面ABCD D .直线1A D 与直线1D B 异面,直线MN ⊥平面11BDD B7.已知函数21()4f x x =+,()sing x x =,则图象为如图的函数可能是( )A .1()()4y f x g x =+- B .1()()4y f x g x =--C .()()y f x g x =D .()()g x y f x =9.已知a ,b R ∈,0ab >,函数2()()f x ax b x R =+∈.若()f s t -,()f s ,()f s t +成等比数列,则平面上点(,)s t 的轨迹是( ) A .直线和圆B .直线和椭圆C .直线和双曲线D .直线和抛物线10.已知数列{}n a 满足11a =,1*)1n n na n N a +=∈+.记数列{}n a 的前n 项和为n S ,则()A .100132S << B .10034S << C .100942S <<D .100952S << 二、填空题:本大题共7小题,多空题每题6分,单空题每题4分,共36分。

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2017年浙江省高考数学试卷一、选择题(共10小题,每小题5分,满分50分)1.(5分)已知集合P={x|﹣1<x<1},Q={x|0<x<2},那么P∪Q=()A.(﹣1,2) B.(0,1) C.(﹣1,0)D.(1,2)2.(5分)椭圆+=1的离心率是()A.B.C.ﻩD.3.(5分)某几何体的三视图如图所示(单位:cm),则该几何体的体积(单位:cm2)是()A.+1ﻩB.+3 C.+1ﻩD.+34.(5分)若x、y满足约束条件,则z=x+2y的取值范围是()A.[0,6]ﻩB.[0,4]ﻩC.[6,+∞)ﻩD.[4,+∞)5.(5分)若函数f(x)=x2+ax+b在区间[0,1]上的最大值是M,最小值是m,则M﹣m()A.与a有关,且与b有关B.与a有关,但与b无关C.与a无关,且与b无关ﻩD.与a无关,但与b有关6.(5分)已知等差数列{a n}的公差为d,前n项和为S n,则“d>0”是“S4+S6>2S5”的( )A.充分不必要条件B.必要不充分条件C.充分必要条件D.既不充分也不必要条件7.(5分)函数y=f(x)的导函数y=f′(x)的图象如图所示,则函数y=f(x)的图象可能是( )A. B.C. D.8.(5分)已知随机变量ξi满足P(ξi=1)=p i,P(ξi=0)=1﹣pi,i=1,2.若0<p1<p2<,则()A.E(ξ1)<E(ξ2),D(ξ1)<D(ξ2)ﻩB.E(ξ1)<E(ξ2),D(ξ1)>D(ξ2)C.E(ξ1)>E(ξ2),D(ξ1)<D(ξ2)ﻩD.E(ξ1)>E(ξ2),D(ξ1)>D(ξ2)9.(5分)如图,已知正四面体D﹣ABC(所有棱长均相等的三棱锥),P、Q、R分别为AB、BC、CA上的点,AP=PB,==2,分别记二面角D﹣PR﹣Q,D﹣PQ﹣R,D﹣QR﹣P的平面角为α、β、γ,则()A.γ<α<βB.α<γ<βﻩC.α<β<γﻩD.β<γ<α10.(5分)如图,已知平面四边形ABCD,AB⊥BC,AB=BC=AD=2,CD=3,A=•,I2=•,I3=•,则()C与BD交于点O,记I1A.I1<I2<I3B.I1<I3<I2ﻩC.I3<I1<I2ﻩD.I2<I1<I3二、填空题:本大题共7小题,多空题每题6分,单空题每题4分,共36分11.(4分)我国古代数学家刘徽创立的“割圆术”可以估算圆周率π,理论上能把π的值计算到任意精度,祖冲之继承并发展了“割圆术”,将π的值精确到小数点后七位,其结果领先世界一千多年,“割圆术”的第一步是计算单位圆内接正六边形的面,S6=.积S612.(6分)已知a、b∈R,(a+bi)2=3+4i(i是虚数单位),则a2+b2=,ab= .13.(6分)已知多项式(x+1)3(x+2)2=x5+a1x4+a2x3+a3x2+a4x+a5,则a4= ,a5=.14.(6分)已知△ABC,AB=AC=4,BC=2,点D为AB延长线上一点,BD=2,连结CD,则△BDC的面积是,com∠BDC=.15.(6分)已知向量、满足||=1,||=2,则|+|+|﹣|的最小值是,最大值是.16.(4分)从6男2女共8名学生中选出队长1人,副队长1人,普通队员2人组成4人服务队,要求服务队中至少有1名女生,共有种不同的选法.(用数字作答)17.(4分)已知a∈R,函数f(x)=|x+﹣a|+a在区间[1,4]上的最大值是5,则a的取值范围是.三、解答题(共5小题,满分74分)18.(14分)已知函数f(x)=sin2x﹣cos2x﹣2sinx cosx(x∈R).(Ⅰ)求f()的值.(Ⅱ)求f(x)的最小正周期及单调递增区间.19.(15分)如图,已知四棱锥P﹣ABCD,△PAD是以AD为斜边的等腰直角三角形,BC∥AD,CD⊥AD,PC=AD=2DC=2CB,E为PD的中点.(Ⅰ)证明:CE∥平面PAB;(Ⅱ)求直线CE与平面PBC所成角的正弦值.20.(15分)已知函数f(x)=(x﹣)e﹣x(x≥).(1)求f(x)的导函数;(2)求f(x)在区间[,+∞)上的取值范围.21.(15分)如图,已知抛物线x2=y,点A(﹣,),B(,),抛物线上的点P (x,y)(﹣<x<),过点B作直线AP的垂线,垂足为Q.(Ⅰ)求直线AP斜率的取值范围;(Ⅱ)求|PA|•|PQ|的最大值.22.(15分)已知数列{xn}满足:x1=1,xn=xn+1+ln(1+x n+1)(n∈N*),证明:当n∈N*时,(Ⅰ)0<xn+1<xn;(Ⅱ)2x n+1﹣xn≤;(Ⅲ)≤x n≤.2017年浙江省高考数学试卷参考答案与试题解析一、选择题(共10小题,每小题5分,满分50分)1.(5分)已知集合P={x|﹣1<x<1},Q={x|0<x<2},那么P∪Q=( )A.(﹣1,2)ﻩB.(0,1)C.(﹣1,0)ﻩD.(1,2)【分析】直接利用并集的运算法则化简求解即可.【解答】解:集合P={x|﹣1<x<1},Q={x|0<x<2},那么P∪Q={x|﹣1<x<2}=(﹣1,2).故选:A.【点评】本题考查集合的基本运算,并集的求法,考查计算能力.2.(5分)椭圆+=1的离心率是()A. B.C.D.【分析】直接利用椭圆的简单性质求解即可.【解答】解:椭圆+=1,可得a=3,b=2,则c==,所以椭圆的离心率为:=.故选:B.【点评】本题考查椭圆的简单性质的应用,考查计算能力.3.(5分)某几何体的三视图如图所示(单位:cm),则该几何体的体积(单位:cm2)是()A.+1B.+3 C.+1 D.+3【分析】根据几何体的三视图,该几何体是圆锥的一半和一个三棱锥组成,画出图形,结合图中数据即可求出它的体积.【解答】解:由几何的三视图可知,该几何体是圆锥的一半和一个三棱锥组成,圆锥的底面圆的半径为1,三棱锥的底面是底边长2的等腰直角三角形,圆锥的高和棱锥的高相等均为3,故该几何体的体积为××π×12×3+××××3=+1,故选:A【点评】本题考查了空间几何体三视图的应用问题,解题的关键是根据三视图得出原几何体的结构特征,是基础题目.4.(5分)若x、y满足约束条件,则z=x+2y的取值范围是()A.[0,6]ﻩB.[0,4]C.[6,+∞)D.[4,+∞)【分析】画出约束条件的可行域,利用目标函数的最优解求解即可.【解答】解:x、y满足约束条件,表示的可行域如图:目标函数z=x+2y经过坐标原点时,函数取得最小值,经过A时,目标函数取得最大值,由解得A(0,3),目标函数的直线为:0,最大值为:36目标函数的范围是[0,6].故选:A.【点评】本题考查线性规划的简单应用,画出可行域判断目标函数的最优解是解题的关键.5.(5分)若函数f(x)=x2+ax+b在区间[0,1]上的最大值是M,最小值是m,则M﹣m( )A.与a有关,且与b有关B.与a有关,但与b无关C.与a无关,且与b无关ﻩD.与a无关,但与b有关【分析】结合二次函数的图象和性质,分类讨论不同情况下M﹣m的取值与a,b 的关系,综合可得答案.【解答】解:函数f(x)=x2+ax+b的图象是开口朝上且以直线x=﹣为对称轴的抛物线,①当﹣>1或﹣<0,即a<﹣2,或a>0时,函数f(x)在区间[0,1]上单调,此时M﹣m=|f(1)﹣f(0)|=|a|,故M﹣m的值与a有关,与b无关②当≤﹣≤1,即﹣2≤a≤﹣1时,函数f(x)在区间[0,﹣]上递减,在[﹣,1]上递增,且f(0)>f(1),此时M﹣m=f(0)﹣f(﹣)=,故M﹣m的值与a有关,与b无关③当0≤﹣<,即﹣1<a≤0时,函数f(x)在区间[0,﹣]上递减,在[﹣,1]上递增,且f(0)<f(1),此时M﹣m=f(0)﹣f(﹣)=a﹣,故M﹣m的值与a有关,与b无关综上可得:M﹣m的值与a有关,与b无关故选:B【点评】本题考查的知识点是二次函数的图象和性质,熟练掌握二次函数的图象和性质,是解答的关键.6.(5分)已知等差数列{a n}的公差为d,前n项和为S n,则“d>0”是“S4+S6>2S5”的()A.充分不必要条件 B.必要不充分条件C.充分必要条件ﻩD.既不充分也不必要条件【分析】根据等差数列的求和公式和S4+S6>2S5,可以得到d>0,根据充分必要条件的定义即可判断.【解答】解:∵S4+S6>2S5,∴4a1+6d+6a1+15d>2(5a1+10d),∴21d>20d,∴d>0,故“d>0”是“S4+S6>2S5”充分必要条件,故选:C【点评】本题借助等差数列的求和公式考查了充分必要条件,属于基础题7.(5分)函数y=f(x)的导函数y=f′(x)的图象如图所示,则函数y=f(x)的图象可能是( )A.ﻩB.ﻩC. D.【分析】根据导数与函数单调性的关系,当f′(x)<0时,函数f(x)单调递减,当f′(x)>0时,函数f(x)单调递增,根据函数图象,即可判断函数的单调性,然后根据函数极值的判断,即可判断函数极值的位置,即可求得函数y=f(x)的图象可能【解答】解:由当f′(x)<0时,函数f(x)单调递减,当f′(x)>0时,函数f(x)单调递增,则由导函数y=f′(x)的图象可知:f(x)先单调递减,再单调递增,然后单调递减,最后单调递增,排除A,C,且第二个拐点(即函数的极大值点)在x轴上的右侧,排除B,故选D【点评】本题考查导数的应用,考查导数与函数单调性的关系,考查函数极值的判断,考查数形结合思想,属于基础题.8.(5分)已知随机变量ξi满足P(ξi=1)=p i,P(ξi=0)=1﹣pi,i=1,2.若0<p1<p2<,则()A.E(ξ1)<E(ξ2),D(ξ1)<D(ξ2)B.E(ξ1)<E(ξ2),D(ξ1)>D(ξ2)C.E(ξ1)>E(ξ2),D(ξ1)<D(ξ2)D.E(ξ1)>E(ξ2),D(ξ1)>D(ξ2)【分析】由已知得0<p<p2<,<1﹣p2<1﹣p1<1,求出E(ξ1)=p1,E(ξ2)1=p2,从而求出D(ξ1),D(ξ2),由此能求出结果.【解答】解:∵随机变量ξi满足P(ξi=1)=p i,P(ξi=0)=1﹣pi,i=1,2,…,0<p1<p2<,∴<1﹣p2<1﹣p1<1,E(ξ1)=1×p1+0×(1﹣p1)=p1,E(ξ2)=1×p2+0×(1﹣p2)=p2,D(ξ1)=(1﹣p1)2p1+(0﹣p1)2(1﹣p1)=,D(ξ2)=(1﹣p2)2p2+(0﹣p2)2(1﹣p2)=,D(ξ1)﹣D(ξ2)=p1﹣p12﹣()=(p2﹣p1)(p1+p2﹣1)<0,∴E(ξ1)<E(ξ2),D(ξ1)<D(ξ2).故选:A.【点评】本题考查离散型随机变量的数学期望和方差等基础知识,考查推理论证能力、运算求解能力、空间想象能力,考查数形结合思想、化归与转化思想,是中档题.9.(5分)如图,已知正四面体D﹣ABC(所有棱长均相等的三棱锥),P、Q、R分别为AB、BC、CA上的点,AP=PB,==2,分别记二面角D﹣PR﹣Q,D﹣PQ ﹣R,D﹣QR﹣P的平面角为α、β、γ,则()A.γ<α<βB.α<γ<βC.α<β<γﻩD.β<γ<α【分析】解法一:如图所示,建立空间直角坐标系.设底面△ABC的中心为O.不妨设OP=3.则O(0,0,0),P(0,﹣3,0),C(0,﹣6,0),D(0,0,6),Q,R,利用法向量的夹角公式即可得出二面角.解法二:如图所示,连接OD,OQ,OR,过点O发布作垂线:OE⊥DR,OF⊥DQ,OG⊥QR,垂足分别为E,F,G,连接PE,PF,PG.设OP=h.可得cosα===.同理可得:cosβ==,cosγ==.由已知可得:OE>OG>OF.即可得出.【解答】解法一:如图所示,建立空间直角坐标系.设底面△ABC的中心为O.不妨设OP=3.则O(0,0,0),P(0,﹣3,0),C(0,﹣6,0),D(0,0,6), Q,R,=,=(0,3,6),=(,5,0),=,=.设平面PDR的法向量为=(x,y,z),则,可得,可得=,取平面ABC的法向量=(0,0,1).则cos==,取α=arccos.同理可得:β=arccos.γ=arccos.∵>>.∴α<γ<β.解法二:如图所示,连接OD,OQ,OR,过点O发布作垂线:OE⊥DR,OF⊥DQ,O G⊥QR,垂足分别为E,F,G,连接PE,PF,PG.设OP=h.则cosα===.同理可得:cosβ==,cosγ==.由已知可得:OE>OG>OF.∴cosα>cosγ>cosβ,α,β,γ为锐角.∴α<γ<β.故选:B.【点评】本题考查了空间角、空间位置关系、正四面体的性质、法向量的夹角公式,考查了推理能力与计算能力,属于难题.10.(5分)如图,已知平面四边形ABCD,AB⊥BC,AB=BC=AD=2,CD=3,AC 与BD交于点O,记I1=•,I2=•,I3=•,则()A.I1<I2<I3 B.I1<I3<I2ﻩC.I3<I1<I2ﻩD.I2<I1<I3【分析】根据向量数量积的定义结合图象边角关系进行判断即可.【解答】解:∵AB⊥BC,AB=BC=AD=2,CD=3,∴AC=2,∴∠AOB=∠COD>90°,由图象知OA<OC,OB<OD,∴0>•>•,•>0,即I3<I1<I2,故选:C.【点评】本题主要考查平面向量数量积的应用,根据图象结合平面向量数量积的定义是解决本题的关键.二、填空题:本大题共7小题,多空题每题6分,单空题每题4分,共36分11.(4分)我国古代数学家刘徽创立的“割圆术”可以估算圆周率π,理论上能把π的值计算到任意精度,祖冲之继承并发展了“割圆术”,将π的值精确到小数点后七位,其结果领先世界一千多年,“割圆术”的第一步是计算单位圆内接正六边形的面积S6,S6=.【分析】根据题意画出图形,结合图形求出单位圆的内接正六边形的面积.【解答】解:如图所示,单位圆的半径为1,则其内接正六边形ABCDEF中,△AOB是边长为1的正三角形,所以正六边形ABCDEF的面积为S6=6××1×1×sin60°=.故答案为:.【点评】本题考查了已知圆的半径求其内接正六边形面积的应用问题,是基础题.12.(6分)已知a、b∈R,(a+bi)2=3+4i(i是虚数单位),则a2+b2= 5 ,ab= 2 .【分析】a 、b∈R ,(a +bi)2=3+4i (i是虚数单位),可得3+4i=a2﹣b 2+2abi ,可得3=a2﹣b 2,2a b=4,解出即可得出.【解答】解:a 、b∈R,(a +bi)2=3+4i (i是虚数单位), ∴3+4i=a 2﹣b 2+2abi, ∴3=a 2﹣b 2,2ab=4, 解得ab=2,,.则a2+b2=5, 故答案为:5,2.【点评】本题考查了复数的运算法则、复数的相等、方程的解法,考查了推理能力与计算能力,属于基础题.13.(6分)已知多项式(x +1)3(x +2)2=x5+a 1x 4+a 2x 3+a3x 2+a 4x +a 5,则a4= 16 ,a5= 4 .【分析】利用二项式定理的展开式,求解x 的系数就是两个多项式的展开式中x与常数乘积之和,a 5就是常数的乘积.【解答】解:多项式(x+1)3(x +2)2=x 5+a1x 4+a 2x 3+a3x 2+a4x+a 5, (x +1)3中,x的系数是:3,常数是1;(x+2)2中x 的系数是4,常数是4, a 4=3×4+1×4=16; a 5=1×4=4. 故答案为:16;4.【点评】本题考查二项式定理的应用,考查计算能力,是基础题.14.(6分)已知△AB C,AB=AC=4,BC=2,点D 为AB 延长线上一点,B D=2,连结CD,则△BDC 的面积是,c om ∠BDC=.【分析】如图,取B C得中点E ,根据勾股定理求出AE,再求出S △ABC ,再根据S △BDC =S△ABC 即可求出,根据等腰三角形的性质和二倍角公式即可求出【解答】解:如图,取BC 得中点E ,∵AB=AC=4,BC=2,∴BE=BC=1,AE⊥BC,∴AE==,∴S△ABC=BC•AE=×2×=,∵BD=2,∴S△BDC =S△ABC=,∵BC=BD=2,∴∠BDC=∠BCD,∴∠ABE=2∠BDC在Rt△ABE中,∵cos∠ABE==,∴cos∠ABE=2cos2∠BDC﹣1=,∴cos∠BDC=,故答案为:,【点评】本题考查了解三角形的有关知识,关键是转化,属于基础题15.(6分)已知向量、满足||=1,||=2,则|+|+|﹣|的最小值是4 ,最大值是.【分析】通过记∠AOB=α(0≤α≤π),利用余弦定理可可知|+|=、|﹣|=,进而换元,转化为线性规划问题,计算即得结论.【解答】解:记∠AOB=α,则0≤α≤π,如图,由余弦定理可得:|+|=,|﹣|=,令x=,y=,则x2+y2=10(x、y≥1),其图象为一段圆弧MN,如图,令z=x+y,则y=﹣x+z,则直线y=﹣x+z过M、N时z最小为zmin=1+3=3+1=4,当直线y=﹣x+z与圆弧MN相切时z最大,即为原点到切线的距离的倍,由平面几何知识易知zmax也就是圆弧MN所在圆的半径的倍,所以z=×=.max综上所述,|+|+|﹣|的最小值是4,最大值是.故答案为:4、.【点评】本题考查函数的最值及其几何意义,考查数形结合能力,考查运算求解能力,涉及余弦定理、线性规划等基础知识,注意解题方法的积累,属于中档题.16.(4分)从6男2女共8名学生中选出队长1人,副队长1人,普通队员2人组成4人服务队,要求服务队中至少有1名女生,共有660种不同的选法.(用数字作答)【分析】由题意分两类选1女3男或选2女2男,再计算即可【解答】解:第一类,先选1女3男,有C63C21=40种,这4人选2人作为队长和副2=12种,故有40×12=480种,队有A4第二类,先选2女2男,有C62C22=15种,这4人选2人作为队长和副队有A42=12种,故有15×12=180种,根据分类计数原理共有480+180=660种,故答案为:660【点评】本题考查了分类计数原理和分步计数原理,属于中档题17.(4分)已知a∈R,函数f(x)=|x+﹣a|+a在区间[1,4]上的最大值是5,则a的取值范围是(﹣∞,).【分析】通过转化可知|x+﹣a|+a≤5且a≤5,进而解绝对值不等式可知2a ﹣5≤x+≤5,进而计算可得结论.【解答】解:由题可知|x+﹣a|+a≤5,即|x+﹣a|≤5﹣a,所以a≤5,又因为|x+﹣a|≤5﹣a,所以a﹣5≤x+﹣a≤5﹣a,所以2a﹣5≤x+≤5,又因为1≤x≤4,4≤x+≤5,所以2a﹣5≤4,解得a≤,故答案为:(﹣∞,).【点评】本题考查函数的最值,考查绝对值函数,考查转化与化归思想,注意解题方法的积累,属于中档题.三、解答题(共5小题,满分74分)18.(14分)已知函数f(x)=sin2x﹣cos2x﹣2sinx cosx(x∈R). (Ⅰ)求f()的值.(Ⅱ)求f(x)的最小正周期及单调递增区间.【分析】利用二倍角公式及辅助角公式化简函数的解析式,(Ⅰ)代入可得:f()的值.(Ⅱ)根据正弦型函数的图象和性质,可得f(x)的最小正周期及单调递增区间【解答】解:∵函数f(x)=sin2x﹣cos2x﹣2sinx cosx=﹣sin2x﹣cos2x=2sin(2x+)(Ⅰ)f()=2sin(2×+)=2sin=2,(Ⅱ)∵ω=2,故T=π,即f(x)的最小正周期为π,由2x+∈[﹣+2kπ,+2kπ],k∈Z得:x∈[﹣+kπ,﹣+kπ],k∈Z,故f(x)的单调递增区间为[﹣+kπ,﹣+kπ],k∈Z.【点评】本题考查的知识点是三角函数的化简求值,三角函数的周期性,三角函数的单调区间,难度中档.19.(15分)如图,已知四棱锥P﹣ABCD,△PAD是以AD为斜边的等腰直角三角形,BC∥AD,CD⊥AD,PC=AD=2DC=2CB,E为PD的中点.(Ⅰ)证明:CE∥平面PAB;(Ⅱ)求直线CE与平面PBC所成角的正弦值.【分析】(Ⅰ)以D为原点,DA为x轴,DC为y轴,过D作平面ABCD的垂线为z轴,建立空间直角系,利用向量法能证明CE∥平面PAB.(Ⅱ)求出平面PBC的法向量和,利用向量法能求出直线CE与平面PBC所成角的正弦值.【解答】证明:(Ⅰ)∵四棱锥P﹣ABCD,△PAD是以AD为斜边的等腰直角三角形,BC∥AD,CD⊥AD,PC=AD=2DC=2CB,E为PD的中点,∴以D为原点,DA为x轴,DC为y轴,过D作平面ABCD的垂线为z轴,建立空间直角系,设PC=AD=2DC=2CB=2,则C(0,1,0),D(0,0,0),P(1,0,1),E(),A(2,0,0),B(1,1,0), =(),=(1,0,﹣1),=(0,1,﹣1),设平面PAB的法向量=(x,y,z),则,取z=1,得=(1,1,1),∵==0,CE⊄平面PAB,∴CE∥平面PAB.解:(Ⅱ)=(﹣1,1,﹣1),设平面PBC的法向量=(a,b,c),则,取b=1,得=(0,1,1),设直线CE与平面PBC所成角为θ,则sinθ=|cos<>|===.∴直线CE与平面PBC所成角的正弦值为.【点评】本题考查线面平行的证明,考查线面角的正弦值的求法,考查空间中线线、线面、面面间的位置关系等基础知识,考查推理论证能力、运算求解能力、空间想象能力,考查数形结合思想、化归与转化思想,是中档题.20.(15分)已知函数f(x)=(x﹣)e﹣x(x≥).(1)求f(x)的导函数;(2)求f(x)在区间[,+∞)上的取值范围.【分析】(1)求出f(x)的导数,注意运用复合函数的求导法则,即可得到所求;(2)求出f(x)的导数,求得极值点,讨论当<x<1时,当1<x<时,当x>时,f(x)的单调性,判断f(x)≥0,计算f(),f(1),f(),即可得到所求取值范围.【解答】解:(1)函数f(x)=(x﹣)e﹣x(x≥),导数f′(x)=(1﹣••2)e﹣x﹣(x﹣)e﹣x=(1﹣x+)e﹣x=(1﹣x)(1﹣)e﹣x;(2)由f(x)的导数f′(x)=(1﹣x)(1﹣)e﹣x,可得f′(x)=0时,x=1或,当<x<1时,f′(x)<0,f(x)递减;当1<x<时,f′(x)>0,f(x)递增;当x>时,f′(x)<0,f(x)递减,且x≥⇔x2≥2x﹣1⇔(x﹣1)2≥0,则f(x)≥0.由f()=e,f(1)=0,f()=e,即有f(x)的最大值为e,最小值为f(1)=0.则f(x)在区间[,+∞)上的取值范围是[0,e].【点评】本题考查导数的运用:求单调区间和极值、最值,考查化简整理的运算能力,正确求导是解题的关键,属于中档题.21.(15分)如图,已知抛物线x2=y,点A(﹣,),B(,),抛物线上的点P(x,y)(﹣<x<),过点B作直线AP的垂线,垂足为Q.(Ⅰ)求直线AP斜率的取值范围;(Ⅱ)求|PA|•|PQ|的最大值.【分析】(Ⅰ)通过点P在抛物线上可设P(x,x2),利用斜率公式结合﹣<x<可得结论;(Ⅱ)通过(I)知P(x,x2)、﹣<x<,设直线AP的斜率为k,联立直线AP、BP方程可知Q点坐标,进而可用k表示出、,计算可知|PA|•|PQ|=(1+k)3(1﹣k),通过令f(x)=(1+x)3(1﹣x),﹣1<x<1,求导结合单调性可得结论.【解答】解:(Ⅰ)由题可知P(x,x2),﹣<x<,所以k AP==x﹣∈(﹣1,1),故直线AP斜率的取值范围是:(﹣1,1);(Ⅱ)由(I)知P(x,x2),﹣<x<,所以=(﹣﹣x,﹣x2),设直线AP的斜率为k,则AP:y=kx+k+,BP:y=﹣x++,联立直线AP、BP方程可知Q(,),故=(,),又因为=(﹣1﹣k,﹣k2﹣k),故﹣|PA|•|PQ|=•=+=(1+k)3(k﹣1),所以|PA|•|PQ|=(1+k)3(1﹣k),令f(x)=(1+x)3(1﹣x),﹣1<x<1,则f′(x)=(1+x)2(2﹣4x)=﹣2(1+x)2(2x﹣1),由于当﹣1<x<﹣时f′(x)>0,当<x<1时f′(x)<0,故f(x)m=f()=,即|PA|•|PQ|的最大值为.ax【点评】本题考查圆锥曲线的最值问题,考查运算求解能力,考查函数思想,注意解题方法的积累,属于中档题.22.(15分)已知数列{xn}满足:x1=1,x n=xn+1+ln(1+x n+1)(n∈N*),证明:当n∈N*时,(Ⅰ)0<xn+1<xn;﹣x n≤;(Ⅱ)2xn+1(Ⅲ)≤xn≤.【分析】(Ⅰ)用数学归纳法即可证明,(Ⅱ)构造函数,利用导数判断函数的单调性,把数列问题转化为函数问题,即可证明,(Ⅲ)由≥2xn+1﹣x n得﹣≥2(﹣)>0,继续放缩即可证明【解答】解:(Ⅰ)用数学归纳法证明:x n>0,当n=1时,x1=1>0,成立,假设当n=k时成立,则xk>0,那么n=k+1时,若xk+1<0,则0<x k=xk+1+ln(1+x k+1)<0,矛盾,故x n+1>0,因此x n>0,(n∈N*)∴x n=x n+1+ln(1+xn+1)>xn+1,因此0<x n+1<x n(n∈N*),(Ⅱ)由xn=x n+1+ln(1+x n+1)得x n x n+1﹣4x n+1+2x n=xn+12﹣2x n+1+(x n+1+2)ln(1+x n+1),记函数f(x)=x2﹣2x+(x+2)ln(1+x),x≥0∴f′(x)=+ln(1+x)>0,∴f(x)在(0,+∞)上单调递增,∴f(x)≥f(0)=0,因此xn+12﹣2x n+1+(xn+1+2)ln(1+x n+1)≥0,故2xn+1﹣x n≤;(Ⅲ)∵xn=xn+1+ln(1+x n+1)≤x n+1+x n+1=2xn+1,∴xn≥,由≥2x n+1﹣xn得﹣≥2(﹣)>0,∴﹣≥2(﹣)≥…≥2n﹣1(﹣)=2n﹣2,∴xn≤,综上所述≤x≤.n【点评】本题考查了数列的概念,递推关系,数列的函数的特征,导数和函数的单调性的关系,不等式的证明,考查了推理论证能力,分析解决问题的能力,运算能力,放缩能力,运算能力,属于难题参与本试卷答题和审题的老师有:qiss;whgcn;豫汝王世崇;铭灏2016;zlzhan;沂蒙松;maths;742048;cst;双曲线(排名不分先后)菁优网2017年6月9日。

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