2019高考物理一轮选习练题(1)(含解析)新人教版
2019届高考物理一轮总复习配套练习题全集(49套有答案)【高考】
李仕才 一、选择题
1、如图所示，在一个倾角为 θ 的斜面上，有一个质量为 m，带负电的小球 P(可视为点电荷)，空间存
在着方向垂直斜面向下的匀强磁场，带电小球与斜面间的摩擦力不能忽略，它在斜面上沿图中所示的哪个
方向运动时，有可能保持匀速直线运动状态( )
A．v1 方向
A．小球 A 落地时间为 3 s B．物块 B 运动时间为 3 s C．物块 B 运动 12.5 m 后停止 D．A 球落地时，A、B 相距 17.5 m
解析：选 ACD 根据 H＝12gt2 得，t＝
2gH＝
2×45 10
s＝3
s，故
A
正确。物块
B
匀减速直线运动的加
速度大小 a＝μg＝0.4×10 m/s2＝4 m/s2，则 B 速度减为零的时间 t0＝va0＝140 s＝2.5 s，滑行的距g′∶g＝1∶5
C．M 星∶M 地＝1∶20
D．M 星∶M 地＝1∶80
【答案】BD 5、如图 6 所示，固定于水平面上的光滑斜面足够长，一轻质弹簧的一端与固定在斜面上的木板 P 相连，
另一端与盒子 A 相连，A 内放有光滑球 B，B 恰与盒子前、后壁接触，现用力推 A 使弹簧处于压缩状态，然
2、[多选]光滑斜面上，当系统静止时，挡板 C 与斜面垂直，弹簧、轻杆均与斜面平行，A、B 质量相等。
在突然撤去挡板的瞬间( )
A．两图中两球加速度均为 gsin θ
B．两图中 A 球的加速度均为零
C．图甲中 B 球的加速度为 2gsin θ
D．图乙中 B 球的加速度为 gsin θ
解析：选 CD 撤去挡板前，对整体分析，挡板对 B 球的弹力大小为 2mgsin θ，因弹簧弹力不能突变，而 杆的弹力会突变，所以撤去挡板瞬间，图甲中 A 球所受合力为零，加速度为零，B 球所受合力为 2mgsin θ， 加速度为 2gsin θ；图乙中杆的弹力突变为零，A、B 球所受合力均为 mgsin θ，加速度均为 gsin θ，故 C、D 正确，A、B 错误。
2019年高考物理一轮选练编题1含解析新人教版201811161115
人教版物理2019年高考一轮选练编题（1）李仕才一、选择题1、如图,在水平面上A,B,C三点固定着三个电荷量为3Q的正点电荷,将另一质量为m的带正电的小球(可视为点电荷)放置在O点,OABC恰构成一棱长为L的正四面体.已知静电力常量为k, 重力加速度为g.为使小球能静止在O点,则关于小球所受电场力的合力方向和所带的电荷量,下列说法中正确的是(AD)A.所受电场力的合力方向竖直向上B.所受电场力的合力方向竖直向下C.电荷量为D.电荷量为解析: 对小球受力分析可知,重力与库仑力平衡,所以小球受到三个库仑力的合力的方向与重力方向相反,选项A正确,B错误;将A,B,C处正点电荷施加的库仑力正交分解到水平方向和竖直方向,设α是A,B,C处正点电荷施加的库仑力方向与竖直方向的夹角,根据平衡条件在竖直方向上得3Fcos α=mg,又由库仑定律得F= ,再由图可知,∠CAO′=30°,则AO′= ,OO′= L,所以得cos α= ,联立以上各式解得q= ,选项C错误,D正确.2、如图，两段等长轻质细线将质量分别为m、3m的小球a、b，悬挂于O点．现在两个小球上分别加上水平方向的外力，其中作用在a球上的力大小为F1、作用在b球上的力大小为F2，则此装置平衡时，出现了如图右所示的状态，b球刚好位于O点的正下方．则F1与F2的大小关系应为()1A．F1＝4F2 B．F1＝3F2C．3F1＝4F2 D．3F1＝7F2解析：选D.设Oa绳、ab绳和竖直方向的夹角为α.以两个小球组成的整体为研究对象，根据平衡条件可知，F1－F2＝T Oa sin α；T Oa cos α＝4mg；对小球b；T ab cos α＝3mg；F2＝T ab sin αT Oa 4 F1－F2 T Oa由此可得：＝；＝，解得3F1＝7F2；故选D.T ab 3 F2 T ab3、一质点做速度逐渐增大的匀加速直线运动，在时间间隔t内位移为x，动能变为原来的4 倍。
近年高考物理一轮选习练题(1)(含解析)新人教版(2021年整理)
2019高考物理一轮选习练题（1）（含解析）新人教版编辑整理：尊敬的读者朋友们：这里是精品文档编辑中心，本文档内容是由我和我的同事精心编辑整理后发布的，发布之前我们对文中内容进行仔细校对，但是难免会有疏漏的地方，但是任然希望（2019高考物理一轮选习练题（1）（含解析）新人教版）的内容能够给您的工作和学习带来便利。
同时也真诚的希望收到您的建议和反馈，这将是我们进步的源泉，前进的动力。
本文可编辑可修改，如果觉得对您有帮助请收藏以便随时查阅，最后祝您生活愉快业绩进步，以下为2019高考物理一轮选习练题（1）（含解析）新人教版的全部内容。
人教物理2019高考一轮选习练题(1)李仕才一、选择题1、如图是对着竖直墙壁沿水平方向抛出的小球a、b、c的运动轨迹，三个小球到墙壁的水平距离均相同，且a和b从同一点抛出。
不计空气阻力，则( ）A．a和b的飞行时间相同B．b的飞行时间比c的短C．a的水平初速度比b的小D．c的水平初速度比a的大【参考答案】D2、（2018·海安模拟）下列说法正确的是( )A．直线运动的物体位移大小等于路程B．计算火车过桥时所用的时间，火车可当成质点C．速度变化快的物体加速度不一定大D．参考系可以是匀速运动的物体，也可以是变速运动的物体答案：D3、（2018·哈师大附中月考)如图,MN为转轴OO′上固定的光滑硬杆，且MN垂直于OO′.用两个完全相同的小圆环套在MN上．分别用两条不可伸长的轻质细线一端与圆环连接,另一端系于OO′上，长度分别为l1、l2.已知l1、l2与MN的夹角分别为θ1、θ2，OO′匀速转动时，线上弹力分别为F T1、F T2.下列说法正确的是（）A．若l1sinθ1〉l2sinθ2，则F T1>F T2B．若l1cosθ1>l2cosθ2，则F T1〉F T2C．若l1tanθ1>l2tanθ2，则F T1〉F T2D．若l1>l2,则F T1〉F T2解析：设两环的质量均为m，硬杆转动的角速度为ω,根据牛顿第二定律,对左环有：FT1cosθ1＝mω2l1cosθ1；对右环有：F T2cosθ2＝mω2l2cosθ2两环ω相等得错误!＝错误!；若l1cosθ1〉l2cosθ2，则F T1cosθ1>F T2cosθ2，不能得到F T1>FT2；由题意可知l1sinθ1〈l2sinθ2；若l1tanθ1〉l2tanθ2，可得cosθ1〈cosθ2，不能得到F T1〉F T2；若l1〉l2，则F T1〉FT2，选项D 正确，A、B、C错误．答案：D4、如图所示,滑雪者由静止开始沿斜坡从A点自由滑下，然后在水平面上前进至B点停下．已知斜坡、水平面与滑雪板之间的动摩擦因数皆为μ，滑雪者（包括滑雪板)的质量为m，A、B两点间的水平距离为L。
2019高考物理一轮选练习题(含解析)新人教版
丰富丰富纷繁2019 高考物理一轮选练习题（ 1）李仕才一、选择题1、(2017 ·江西南昌质检) 如下图，粗拙水平面上有一固定的、粗拙程度到处同样的圆弧形框架 ABC，框架下边搁置一块厚度不计的金属板，金属板的中心O点是框架的圆心，框架上套有一个轻圆环，用轻弹簧把圆环与金属板的O点固定连结，开始时轻弹簧处于水平拉伸状态．用一个一直沿框架切线方向的拉力 F 拉动圆环，从左边水平川点迟缓绕框架运动，直到轻弹簧达到竖直地点，金属板一直保持静止状态，则在整个过程中()A．沿框架切线方向拉力 F 渐渐减小B．水平面对金属板的摩擦力渐渐增大C．水平面对金属板的支持力渐渐减小D．框架对圆环的支持力渐渐减小分析：选 C.弹簧伸长量不变，弹簧的弹力大小F′不变，弹簧与水平方向夹角为θ .金属板受重力 mg、支持力 N、弹簧的拉力 F′和向右的静摩擦力 f 作用，水平方向 f ＝F′cos θ，竖直方向 N＋F′sin θ＝mg，得 N＝ mg－F′sin θ，跟着θ的增大，支持力不停减小，静摩擦力渐渐减小，故 B 错， C 对；圆环受弹簧的拉力、框架的支持力( 大小不变成F′) 、拉力 F 和滑动摩擦力 f ′，有 F＝f ′＝μ F′，故拉力大小不变，A、 D错．【链接】历史上有些科学家曾把在相等位移内速度变化相等的单向直线运动称为“匀变速直线运动”（现称“另类匀变速直线运动”），“另类加快度”定义为，此中v0 和 v s分别表示某段位移s 内的初速和末速。
A>0 表示物体做加快运动，A<0 表示物体做减速运动。
而此刻物理学中加快度的定义式为，以下说法正确的选项是（）A. 若 A 不变，则 a 也不变B. 若 A>0 且保持不变，则 a 渐渐变小C.若 A 不变，则物体在中间地点处速度为D.若 A 不变，则物体在中间地点处速度为【答案】 C2、（ 2018 江西师范大学隶属中学月考）为了探访金矿地区的地点和金矿储量，常利用重力加快度失常现象．如下图，P 点为某地域水平川面上的一点，假设在P 点正下方有一空腔或密度较大的金矿，该地域重力加快度的大小就会与正常状况有细小偏离，这类现象叫做“重力加快度失常”．假如球形地区内储蓄有金矿，已知金矿的密度为ρ ，球形地区四周均匀散布的岩石密度为ρ 0，且ρ ＞ρ 0.又已知引力常量为G，球形空腔体积为V，球心深度为 d( 远小于地球半径) ，则以下说法正确的选项是（）A. 有金矿会致使P 点重力加快度偏小B. 有金矿不会致使P 点重力加快度变化C. P 点重力加快度失常值约为g＝D. 在图中 P1点重力加快度失常值大于P 点重力加快度失常值【答案】 C3、依据量子理论：光子既有能量也有动量；光子的能量 E 和动量 p 之间的关系是 E=pc ，其中 c 为光速。
2019高考物理一轮训练选选择题1含解析新人教版一版.doc
选择题（1）李仕才1、关于自由落体运动的加速度&下列说法正确的是（）A.同一地点轻重不同的物体的g值一样大B.北京地面的g值比上海地面的g值略大C.g值在赤道处大于在南北两极处D.g值在地面任何地方都一样§^]AB蓟在同一地点,轻、重物体的重力加速度g相同，故A正确；在地球表面,随纬度的升高，重力加速度增大，北京地面的g值比上海地面的g值略大，在赤道处的g值小于在南北两极处的g值，2、（2018・山东临沐一中月考）如图所示,横截面为直角三角形的斜劈力,底面故B正确,C、D错误，故选AB。
靠在粗糙的竖直墙面上，力F通过球心水平作用在光滑球〃上，系统处于静止状态。
当力F 增大吋，系统仍保持静止。
则下列说法正确的是（）D.〃对地的压力一定增大C./1对〃的弹力一定增大丽设久A.A受到的摩擦力一定增大B.墙对A的弹力一定减小对〃受力分析,如图：根据平衡条件:尸二/Vsin 〃，可见厂增大则/V增大，即爪〃之间的弹力增大，尺〃二飓刃Vcos （）,可见增大则A 〃增大，根据牛顿第三定律，则〃球对地面的压力增大，以整体为研究对彖,竖直方向:尺〃+FKg,若A 〃增大至与Mg相等，则A-0,所以A受到的摩擦力减小，故A 错误,C、D正确；以整体为研究对象，受力分析，根据平衡条件,水平方向:尺h； F增大则尺增大，故B错误。
3、.如图,,,,號爲,,,爲,带有竖直支柱的斜面体静止在水平地面上，光滑的小球被轻质细线和轻弹簧系住静止于斜面体上，弹簧处于拉伸状态，现烧断细线，则在细线烧断瞬间（）A.小球加速度方向沿斜面向下B.小球所受合外力为零C.斜面体对小球的支持力瞬间增大D.地而对斜面体的支持力瞬间增大丽细线烧断的瞬间,弹簧的弹力不变，仍然沿斜面向下,小球受重力、支持力和弹簧的弹力作用，合外力沿斜面向下，故A正确,B错误。
设开始细绳与斜面的夹角为5斜面的倾角为",细绳烧断前,在垂直斜面方向上有Asin ci -f-F\=mgcos〃，细线烧断的瞬间，人二〃塚cos 0, 可知支持力瞬间增大，故C正确。
2019高考物理一轮选练练题(含解析)新人教版
地地道道的达到 （人教）物理 2019 高考一轮选练练题（ 2）李仕才一、选择题 1、如图甲所示，倾角θ ＝30°的圆滑斜面固定在水平面上，自然伸长的轻质弹簧一端固定在斜面底端的挡板上． 一质量为 m 的小球， 从离弹簧上端必定距离的地点静止开释，接触弹簧后持续向下运动．小球运动的v-t 图象如图乙所示，此中 OA 段为直线， AB 段是与 OA 相切于 A点的光滑曲线， BC 是光滑曲线，不考虑空气阻力，重力加快度为 g. 对于小球的运动过程，下列说法正确的选项是()1A ．小球在 tB 时辰所受弹簧弹力大于2mg1B ．小球在 tC 时辰的加快度大于2gC ．小球从 t C 时辰所在的地点由静止开释后，不可以回到出发点D ．小球从 t A 时辰到 t C 时辰的过程中重力势能的减少许等于弹簧弹性势能的增添量1分析：选 B. 由图象可知，小球在t B 时辰加快度大小为零，此时F 弹 ＝mgsin 30 °＝ 2mg ，选项 A 错误；小球在 t C 时辰抵达最低点，弹力达到最大值；小球在 A 点的加快度大小为 1g ，2由图象可知，在 C 点的切线的斜率大于在 A 点的切线的斜率，即小球在 t C 时辰的加快度大1t 时辰所在的地点由静止开释后，小球于 2g ，选项 B 正确；由能量守恒定律可知，小球从C 能回到出发点，选项 C 错误；小球从 t A 时辰到 t C 时辰的过程中重力势能的减少许与动能减 小量之和等于弹簧弹性势能的增添量，选项D 错误；应选 B.2、“嫦娥五号” 探测器由轨道器、返回器、着陆器等多个部分构成 . 探测器估计在 2017 年由“长征五号” 运载火箭在中国文昌卫星发射中心发射升空, 自动达成月面样品收集, 并从月球腾飞 , 返回地球 , 带回约 2 kg 月球样品 . 某同学从网上获得一些信息, 如表中数据所示 , 请依据题意 , 判断地球和月球的密度之比为( B )月球半径R 0 月球表面处的重力加快度g地地道道的达到地球和月球的半径之比=4地球表面和月球表面的重力加快度之比=6A. B.C.4D.6解析 : 在地球表面 , 重力等于万有引力 , 则有G=mg, 解得M=, 故密度为ρ= ==; 同理 , 月球的密度为ρ0=, 故地球和月球的密度之比为==6× = ,选项 B正确.3、（ 2018 山东省临沂市高三上学期期中）如下图，质量分别为m A和 m B的物体 A 和 B 相对静止，以共同的速度沿倾角为的固定斜面匀速下滑，则以下说法错误．．的是 ( )A. A 、 B 之间的动摩擦因数小于 B 与斜面之间的动摩擦因数B. B 遇到的摩擦力的协力大小为C. A 遇到的静摩擦力的大小为D.取走 A物体后， B 物体仍将匀速下滑【答案】 ABC 正确；依据滑动摩擦力定义式可知，解得，，解得，故，从该剖析中可知取走 A 物体后，物体 B 受滑动摩擦力为，代入得，，即物体 B 受力均衡，则物体 B 还能做匀速直线运动， A 错误 D 正确．4、如下图，磁感觉强度大小为 B 的匀强磁场方向斜向右上方，与水平方向所夹的锐角为45°.3将一个4金属圆环 ab 置于磁场中，圆环的圆心为O，半径为r ，两条半径Oa 和 Ob互相垂直，且 Oa 沿水平方向．当圆环中通以电流I 时，圆环遇到的安培力大小为()3A. 2BIrB. 2π BIrC．BIr D． 2BIr分析：选 A. 圆环遇到的安培力大小等效为 ab 连线的长度电流遇到的安培力， ab 连线的长度为2r ， F＝BI · 2r ＝ 2BIr ，选项 A 正确．5、如下图 , 在 x 轴下方的第Ⅲ , Ⅳ象限中 , 存在垂直于xOy 平面方向的匀强磁场, 磁感觉强度 B1=2B2=2B, 带电粒子a,b 分别从 x 轴上的 P,Q 两点 ( 图中没有标出) 以垂直于 x 轴方向的速度同时进入匀强磁场B1,B 2中 , 两粒子恰在第一次经过y 轴时发生正碰, 碰撞前带电粒子 a 的速度方向与y 轴正方向成60°角 , 若两带电粒子的比荷分别为k1,k 2, 进入磁场时的速度大小分别为 v1,v 2, 不计粒子重力和两粒子间互相作用, 则以下关系正确的选项是( C )A.k =2k2 B.2k =k21 1C.v 1=2v2D.2v 1=v 2分析 : 两粒子在 y 轴上发生正碰时粒子 a 的速度与 y 轴正方向成 60°角 , 则粒子 b 速度与 y轴负方向成 60°角 , 轨迹对应的圆心角分别为120°和 60° , 如下图 . 两粒子同时进入磁场并相撞 , 则运动时间相等, 即 t 1=t 2, 而 t 1= =,t 2= =, 将 B1=2B2=2B 代入得 k1=k2; 因为两粒子正碰则轨道半径相等, 而 R1=,R 2=, 解得 v1=2v2.6、如图，边长为2L 的等边三角形地区 abc 内部的匀强磁场垂直纸面向里， b 点处于 x 轴的坐标原点 O；一与三角形地区abc 等高的直角闭合金属线框ABC，∠ ABC＝60°， BC边处在 x 轴上．现让金属线框ABC沿 x 轴正方向以恒定的速度v 穿过磁场，在t ＝ 0 时线框 B 点恰巧位于原点 O的地点．规定逆时针方向为线框中感觉电流的正方向，在以下四个i － x 图象中，能正确表示线框中感觉电流随位移变化关系的是()地地道道的达到1 3 分析：选 D.当 B 点向右运动0～L 过程中，线框切割磁感线的有效长度从0 增添到2·AC＝2 L，感觉电流从0～ i 0，感觉电流为逆时针方向；当线圈向右运动L～ 2L 过程中，切割磁感线的有效长度从3 0，感觉电流从 i ～ 0，电流为逆时针方向；当线圈向右运动2L～2 L减小到3L 过程中，切割磁感线的有效长度从3L 减小到0，感觉电流从2i 0～0，电流为顺时针方向；对照题中图象可知，选项D正确；应选 D.7、14C 是碳的一种半衰期为 5 730 年的放射性同位素，2010 年 2 月科学家发现了曹操墓，若考14 4古工作者探测到其棺木中 C 的含量约为本来的5，则该古木死亡的时间距今大概为1 1已知2 3≈0.8 ( )A．22 900 年B． 11 400 年C．5 700 年D．1 900 年分析：选 D. 假定古木死亡时14C 的质量为0 14m，此刻的质量为 m，从古木死亡到此刻所含 C m 1 n 4 1经过了 n 个半衰期，由题意可知：m0 ＝2 ＝5，因此 n≈3，即古木死亡的时间距今约为 5 1年， D 正确．730×年＝ 1 91038、如图，轻弹簧的下端固定在水平桌面上，上端放有物块P，系统处于静止状态，现用一竖直向上的力 F 作用在 P 上，使其向上做匀加快直线运动，以 x 表示 P 走开静止地点的位移，在弹簧恢还原长前，以下表示F 和 x 之间关系的图像可能正确的选项是（）A.B.C.D.【根源】 2018 年全国一般高等学校招生一致考试物理（新课标I 卷）【答案】 A【点睛】牛顿运动定律是高中物理骨干知识，匀变速直线运动规律贯串高中物理。
【高中物理】2019高考物理一轮选练练题13及答案新人教版(1).doc
（人教）物理2019高考一轮选练练题（13）及答案一、选择题1、光滑水平面上以速度v匀速滑动的物块,某时刻受到一水平恒力F的作用,经一段时间后物块运动到B点,速度大小仍为v,方向改变了90°,如图所示,则在此过程中( BD )A.物块的动能一定始终不变B.水平恒力F方向一定与AB连线垂直C.物块的速度一定先增大后减小D.物块的加速度不变解析:物块的初、末动能相同,根据动能定理,合力对物块做的功一定为零,故合力与位移垂直,即水平恒力F方向一定与AB连线垂直;由于合力先做负功后做正功,故动能先减小后增加,速度先减小后增大,选项B正确,A,C错误;合力恒定,根据牛顿第二定律,物块的加速度一定恒定不变,选项D正确.2、“蛟龙号”是我国首台自主研制的作业型深海载人潜水器．假设某次海试活动中，“蛟龙号”完成海底任务后竖直上浮，从上浮速度为v时开始计时，此后“蛟龙号”匀减速上浮，经过时间t上浮到海面，速度恰好减为零，则“蛟龙号”在t0(t＜t)时刻距离海面的深度为( )A.v t－t22tB.vt22tC.vt2D．vt0⎝⎛⎭⎪⎫1－t2t解析：选A.“蛟龙号”潜水器加速度a＝vt，减速上浮时距离海面深度H＝vt2，经t时间上升距离h ＝vt 0－vt 202t ，此时到海面的距离为H －h ＝v t －t 022t，A 正确．3、（2018浙江省温州市高三上学期期中）随着时代的发展和科技的进步，手机给我们日常的生活带来了很大的便利，尤其是智能手机上装载的众多app 软件改变着我们的生活。
如图所示为百度地图app 软件的一张截图，表示了某次导航的具体路径，其推荐路线中有两个数据，10分钟，5.4公里，关于这两个数据，下列说法正确的是（ ）A. 10分钟表示的是某个时刻B. 10分钟表示的是某段时间间隔C. 5.4公里表示了此次行程的位移的大小D. 根据这两个数据，我们可以算出此次行程的平均速度的大小 【答案】B4、如图所示，光滑水平面上有大小相同的A 、B 两个小球在同一直线上运动．两球质量关系为m B ＝2m A ，规定向右为正方向，A 、B 两球的动量均为8 kg ·m/s ，运动过程中两球发生碰撞，碰撞后A 球的动量增量为－4 kg ·m/s ，则( )A ．右方为A 球，碰撞后A 、B 两球的速度大小之比为2∶3 B ．右方为A 球，碰撞后A 、B 两球的速度大小之比为1∶6C ．左方为A 球，碰撞后A 、B 两球的速度大小之比为2∶3D ．左方为A 球，碰撞后A 、B 两球的速度大小之比为1∶6解析：选C.A 、B 两球发生碰撞，规定向右为正方向，由动量守恒定律可得Δp A ＝－Δp B ，由于碰后A 球的动量增量为负值，所以右边不可能是A 球，若是A 球则动量的增量应该是正值，因此碰撞后A 球的动量为4 kg ·m/s ，所以碰撞后B 球的动量是增加的，为12 kg ·m/s ，由于m B ＝2m A ，所以碰撞后A 、B 两球速度大小之比为2∶3，故C 正确．5、(2017·湖南株洲模拟)图(甲)中理想变压器原、副线圈的匝数之比n 1∶n 2=5∶1,电阻R=20 Ω,L 1,L 2为规格相同的两只小灯泡,S 1为单刀双掷开关.原线圈接正弦交流电源,输入电压u 随时间t 的变化关系如图(乙)所示.现将S 1接1,S 2闭合,此时L 2正常发光.下列说法正确的是( D )A.输入电压u 的表达式u=20sin(50πt)VB.只断开S 2后,L 1,L 2均正常发光C.只断开S 2后,原线圈的输入功率增大D.若S 1换接到2后,R 消耗的电功率为0.8 W解析:周期T=0.02 s,ω= rad/s=100π rad/s,所以输入电压u 的表达式应为u=20sin(100πt)V,A 错误;只断开S 2后,负载电阻变大为原来的2倍,电压不变,副线圈的电流变小为原来的一半,L 1,L 2的功率均变为额定功率的四分之一,B 错误;只断开S 2后,原线圈的输入功率等于副线圈的功率,也减小,C 错误;原线圈的电压U 1=20 V,若S 1换接到2后,电阻R 两端的电压有效值为U 2=U 1=4 V,R 消耗的电功率为P==0.8 W,D 正确.6、我国自主研发制造的国际热核聚变核心部件在国际上率先通过权威机构认证，这是我国对国际热核聚变项目的重大贡献．下列核反应方程中属于聚变反应的是( )A.21H ＋31H →42He ＋10n B.14 7N ＋42He →17 8O ＋11H C.42He ＋2713Al →3015P ＋10n D.235 92U ＋10n →144 56Ba ＋8936Kr ＋310n解析：选A.21H ＋31H →42He ＋10n 是核聚变反应方程，A 正确；14 7N ＋42He →17 8O ＋11H 是原子核的人工转变反应方程，B 错误；42He ＋2713Al →3015P ＋10n 是居里夫妇发现人工放射性的核反应方程，C 错误；235 92U ＋10n →144 56Ba ＋8936Kr ＋310n 是铀核裂变的反应方程，D 错误．7、一含有理想变压器的电路如图所示，变压器原、副线圈匝数比n 1∶n 2＝2∶1，图中电阻R 1、R 2和R 3的阻值分别是4 Ω、2 Ω和3 Ω，U 为有效值恒定的正弦交流电源．当开关S 断开时，理想电流表的示数为I ，当S 闭合时，电流表的示数为( )A.23I B.12I C.32I D ．2I解析：选D.设S 闭合时，电流表示数为I 1，对理想变压器有P 入＝P 出，I 1I 2＝n 2n 1，则开关闭合时有I 1U －I 21R 1＝(2I 1)2R 2，开关断开时有IU －I 2R 1＝(2I)2(R 2＋R 3)，两式联立解得I 1＝2I ，故D 项正确．8、如图所示，A 、B 两物体用两根轻质细线分别悬挂在天花板上，两细线与水平方向夹角分别为60°和45°，A 、B 间拴接的轻质弹簧恰好处于水平状态，则下列判断正确的是( )A. A 、B 的质量之比为1B. A 、BC. 悬挂A 、B 的细线上拉力大小之比为1D. 快速撤去弹簧的瞬间，A 、B 的瞬时加速度大小之比为1【来源】山西省运城市康杰中学2018届高考模拟（四）理科综合物理试题 【答案】 D【解析】对AB 两个物体受力分析,如图所示:AB 都处于静止状态,受力平衡,则有: A 、对物体A: tan60A m gF= 对物体B, B F m g =所以:A B m m = ,故A 错误; B 、同一根弹簧弹力相等,故B 错误; C 、对A 物体,细线拉力cos60A FT =对B 物体,细线拉力cos45B FT =解得： :A B T T 故C 错误；点睛：分别对AB两个物体受力分析,AB都处于静止状态,受力平衡,根据平衡条件列式比较即可,AB两个物体的弹簧弹力相同.二、非选择题在用“落体法”做“验证机械能守恒定律”的实验时，小明选择一条较为满意的纸带，如图甲所示．他舍弃前面密集的点，以O为起点，从A点开始选取纸带上连续点A、B、C、…测出O到A、B、C、…的距离分别为h1、h2、h3、…电源的频率为f.(1)(多选)实验过程中，下列说法正确的是________．A．选用质量大体积小的重锤B．安装打点计时器使两限位孔在同一竖直线上C．释放纸带前，手应提纸带上端并使纸带竖直D．重锤下落中手始终提住纸带上端，保持纸带竖直(2)小明通过实验测得数据(有阻力的影响)，画出的v2h图象如图乙所示．已知直线斜率为k，则当地重力加速度g________(填“＞”“＝”或“＜”)k 2 .(3)另有四位同学在图乙的基础上，画出没有阻力时的v2h图线，并与其比较，其中正确的是________．解析：(1)为减小空气阻力对实验的影响，应选用质量大而体积小的重锤，选项A正确；为减小限位孔对纸带的摩擦力，安装打点计时器时应使两限位孔在同一竖直线上，选项B正确；释放纸带前手应提纸带上端并使纸带竖直，可减小阻力，选项C正确；重锤下落的过程中，手不能拉着纸带，选项D错误．(2)根据动能定理得F合h＝12mv2－12mv2，解得v2＝2F合mh＋v2，由于直线的斜率为k，则k＝2F合m，重锤下落的过程中受阻力作用，F合＝mg－f＜mg，由以上两式解得k＜2g，解得g＞k2.(3)不论有无阻力，释放点的位置相同，即初速度为零时，两图线必交于横轴的同一点，选项B正确，ACD错误．答案：(1)ABC (2)＞(3)B。
2019高考物理：一轮选训习题1含解析新人教版1009473(含答案).doc
2019人教高考物理一轮选训习题（1）及答案李仕才一、选择题1、如图,匀强磁场垂直于纸面,磁感应强度为B。
某种比荷为,速度大小为v的一群离子以一定发散角α由原点O射出,y轴正好平分该发散角,离子束偏转后打在x轴上长度为L的区域MN内,则cos()为世纪金榜导学号49294169( )A. -B.1-C.1-D.1-【解析】选B。
洛伦兹力充当向心力qvB=m,根据题意,粒子速度方向沿y轴正方向的打在N点,粒子速度方向与y轴正方向夹角为的打在M 点,画出粒子速度方向与y 轴正方向夹角为的轨迹,设OM 之间的距离为x,则有2rcos()=x,2r=x+L 联立解得:cos()=1-,故B 正确。
2、一质点在x 轴上运动，在t 0＝0时刻质点处于位置x 0＝0 m ，然后质点沿x 轴正方向运动，在t 1＝2 s 时刻质点处于位置x 1＝10 m ，此后质点沿x 轴负方向运动，在t 2＝4 s 时刻质点处于位置x 2＝－10 m ，求：(1)质点在0～4 s 内的平均速率；(2)后2 s 内质点的平均速度和0～4 s 内的平均速度.【答案】(1)7.5 m/s (2)－10 m/s ，沿x 轴负方向 －2.5 m/s ，沿x 轴负方向3、空间某区域竖直平面内存在电场,电场线分布如图所示。
一个质量为m 、电量为q,电性未知的小球在该电场中运动,小球经过A 点时的速度大小为v 1,方向水平向右,运动至B 点时的速度大小为v 2。
若A 、B 两点之间的高度差为h,则以下判断中正确的是 世纪金榜导学号49294164( )A.A 、B 两点的电场强度和电势大小关系为E A >E B 、φA <φBB.若v 2>v 1,则电场力一定做正功C.A、B两点间的电势差为(--2gh)D.小球从A运动到B点的过程中电场力做的功为m-m【解析】选C。
由电场线的疏密分布知EA <EB,沿电场线电势降低,φA >φB,所以A错误。
2019高考物理一轮选训习题(含解析)新人教版
哈哈哈哈哈哈哈哈你好2019 人教高考物理一轮选训习题（4）及答案李仕才一、选择题1、(2018 ·河北邢台质检) 有以下几种情形，此中对情形的剖析和判断正确的选项是()①点火后马上升空的火箭；②高速公路上沿直线高速行驶的轿车为防止事故紧迫刹车；③磁悬浮列车在轨道上高速行驶；④太空中的空间站绕地球做匀速圆周运动.A.①中，因火箭还没运动，所以加快度必定为零B.②中，轿车紧迫刹车，速度变化很快，所以加快度很大C.③中，高速行驶的磁悬浮列车，因速度很大，所以加快度也必定很大D.④中，因空间站处于完整失重状态，所以空间站内的物体加快度为零【答案】 B【分析】点火后火箭马上升空的瞬时，加快度竖直向上，不为零， A 错；轿车紧迫刹车时刹车时间短，且速度改变很大，则由a＝v知加快度很大，B对；磁悬浮列车速度很大，但速t度没有变化，加快度为零， C 错；空间站以及里面的物体受地球万有引力作用，加快度不为零，D错.2、如下图 , 在一个边长为 a 的正六边形地区内存在磁感觉强度为B, 方向垂直于纸面向里的匀强磁场 , 三个同样带正电的粒子比荷为, 先后从 A 点沿 AD方向以大小不等的速度射入匀强磁场地区 , 粒子在运动过程中只受磁场力作用; 已知编号为①的粒子恰巧从 F 点飞出磁场地区 ; 编号为②的粒子恰巧从 E 点飞出磁场地区; 编号为③的粒子从ED边上的某一点垂直界限飞出磁场地区, 则世纪金榜导学号49294170()A.编号为①的粒子进入磁场地区的初速度大小为哈哈哈哈哈哈哈哈你好B. 编号为②的粒子在磁场地区内运动的时间T=C.编号为③的粒子在ED边上飞出的地点与 E 点的距离为 (2-3)aD.三个粒子在磁场内运动的时间挨次减少并且为4∶ 2∶ 1【分析】选A、 C、 D。
三个粒子的运动轨迹如下图。
设编号为①的粒子在正六边形地区磁场中做圆周运动的半径为 r 1, 初速度大小为v1, 则 qv1B=m , 由几何关系可得r 1=, 解得 v1=, 在磁场中转了 120°运动时间t 1= =, 选项 A正确 ; 设编号为②的粒子在正六边形地区磁场中做圆周运动的半径为r 2, 线速度大小为v2, 周期为 T2=, 由几何关系可得, 粒子在正六边形地区磁场运动过程中转过的圆心角为60° , 则粒子在磁场中运动的时间t 2= =, 选项 B 错误 ; 设编号为③的粒子在正六边形地区磁场中做圆周运动的半径为r 3, 在磁场中转了 30° ,t 3==, 由几何关系可得AE=2acos30°=a,r 3==2a,O3E==3a,EG=r3-O3E=(2-3)a,选项C正确;t1∶ t2∶ t3=∶∶=4∶ 2∶ 1, 选项 D正确。
近年高考物理一轮选习练题(3)(含解析)新人教版(1)(2021年整理)
2019高考物理一轮选习练题（3）（含解析）新人教版(1) 编辑整理：尊敬的读者朋友们：这里是精品文档编辑中心，本文档内容是由我和我的同事精心编辑整理后发布的，发布之前我们对文中内容进行仔细校对，但是难免会有疏漏的地方，但是任然希望（2019高考物理一轮选习练题（3）（含解析）新人教版(1)）的内容能够给您的工作和学习带来便利。
同时也真诚的希望收到您的建议和反馈，这将是我们进步的源泉，前进的动力。
本文可编辑可修改，如果觉得对您有帮助请收藏以便随时查阅，最后祝您生活愉快业绩进步，以下为2019高考物理一轮选习练题（3）（含解析）新人教版(1)的全部内容。
人教物理2019高考一轮选习练题（3）李仕才一、选择题1、(多选）如图所示，在一单边有界磁场的边界上有一粒子源O,沿垂直磁场方向,以相同速率向磁场中发出了两种粒子，a为质子H)，b为α粒子He),b的速度方向垂直磁场边界,a的速度方向与b的速度方向夹角为θ=30°,两种粒子最后都打到了位于磁场边界位置的光屏OP上，则（）A。
a、b两粒子转动周期之比为2∶3B.a、b两粒子在磁场中运动时间之比为2∶3C。
a、b两粒子在磁场中转动半径之比为1∶2D.a、b两粒子打到光屏上的位置到O点的距离之比为1∶2【解析】选B、C。
根据周期公式T=知，a与b的质量之比为1∶4，电荷量之比为1∶2,则周期之比为T a∶T b=1∶2，故选项A错误；a粒子运动轨迹对应的圆心角为α=240°,运动时间t a=T a=T a，b粒子运动轨迹对应的圆心角为β=180°，运动时间t b=T b，则两粒子在磁场中运动时间之比为t a∶t b=2∶3,故选项B正确;由r=,v相等，可知a、b两粒子在磁场中转动半径之比为r a∶r b=1∶2,故选项C正确;a、b两粒子打到光屏上的位置到O点的距离分别为x a=2r a cos30°=r a,x b=2r b，则x a∶x b=∶4，故选项D错误。
人教版(2019)高三物理一轮复习《匀变速直线运动的研究》练习题(含答案)
人教版（2019）高三物理一轮复习《匀变速直线运动的研究》练习题（含答案）第I 卷（选择题）一、单选题1．质量为m 的物体从高为h 处自由下落，开始的3h 用时为t ，则（ ）A ．物体落地所用的时间为3tB ．物体落地所用的时间为3tC ．物体落地时的速度为6gtD ．物体落地时的速度为3gt2．高速公路的ETC 电子收费系统如图所示，ETC 通道的长度是从识别区起点到自动栏杆的水平距离．某人驾驶汽车以5m/s 的速度匀速进入ETC 通道，ETC 天线用了0.4s 的时间识别车载电子标签，识别完成后发出“滴”的一声，司机发现自动栏杆没有抬起，于是立即刹车，汽车刚好紧贴栏杆停下。
已知司机的反应时间为0.3s ，刹车时汽车的加速度大小为3m/s 2，则该ETC 通道的长度约为（ ）A ．3.5mB ．4.2mC ．6.5mD ．7.7m 3．某人估测一竖直枯井深度，从井口静止释放一石头并开始计时，经2s 听到石头落地声，由此可知井深约为（不计声音传播时间，重力加速度g 取10m/s 2）A ．10mB ．20mC ．30mD ．40m4．小球以某一初速度由地面竖直向上运动。
当其落回地面时会与地面发生碰撞并反弹。
如此上升、下落及反弹数次。
若规定竖直向下为正方向，不计碰撞时间和空气阻力，下列v —t 图像中能正确描述小球运动的是（ ）A ．B ．C ．D ．5．一质点做直线运动的v t 图像如图所示，下列说法正确的是（ ）A ．在2~4s 内，质点处于静止状态B ．质点在0~2s 内的加速度比4~6s 内的加速度大C ．在0~6s 内，质点的平均速度为3m /sD ．在第5s 末，质点离出发点最远6．为了研究汽车的启动和制动性能，现用甲、乙两辆完全相同的汽车在平直公路上分别进行实验。
让甲车以最大加速度1a 加速到最大速度后匀速运动一段时间再以最大加速度2a 制动，直到停止；乙车以最大加速度1a 加速到最大速度后立即以加速度22a 制动，直到停止。
高考物理一轮总复习第一章运动的描述匀变速直线运动基次2匀变速直线运动的规律练习含解析新人教版
基础课 2 匀变速直线运动的规律跟踪检测一、选择题1．(多选)质点由静止开始做匀加速直线运动，经过时间t ，通过与出发点相距x 1的P 点，再经过时间t ，到达与出发点相距x 2的Q 点，则该质点通过P 点的瞬时速度为( )A.2x 1tB.x 22t C.x 2－x 1tD.x 2－2x 1t解析：选ABD 设加速度为a ，由O 到P ：x 1＝12at 2，a ＝2x 1t 2，v P ＝at ＝2x 1t ，A 对；由O到Q ：t 总＝t ＋t ＝2t ，由平均速度推论知，质点过P 的速度v P ＝x 2t 总＝x 22t，B 对；由P 到Q ：x PQ ＝x 2－x 1，x PO ＝x 1，x PQ －x PO ＝at 2，得a ＝x 2－2x 1t 2，v P ＝at ＝x 2－2x 1t，D 对． 2．(2019届河北唐山模拟)一旅客在站台8号车厢的候车线处候车，若动车的一节车厢长25米，动车进站时可以看作匀减速直线运动，他发现6号车厢经过他用了4 s ，动车停下时旅客刚好在8号车厢门口，如图所示．则该动车的加速度大小约为( )A ．2 m/s 2B ．1 m/s 2C ．0.5 m/s 2D ．0.2 m/s 2解析：选C 设6号车厢刚到达旅客处时，动车的速度为v 0，加速度为a ，则有l ＝v 0t ＋12at 2，从6号车厢刚到达旅客处到动车停下来，有0－v 02＝2a ·2l ，解得a ≈－0.5 m/s 2或a ≈－18 m/s 2(舍去)，则加速度大小约为0.5 m/s 2.3．汽车以20 m/s 的速度在平直公路上行驶，急刹车时的加速度大小为5 m/s 2，则自驾驶员急踩刹车开始计时，2 s 内与5 s 内汽车的位移大小之比为 ( )A ．5∶4B ．4∶5C ．3∶4D ．4∶3解析：选C 自驾驶员急踩刹车开始，经过时间t ＝v 0a＝4 s ，汽车停止运动，所以汽车在2 s 内发生的位移为x 1＝v 0t －12at 2＝30 m,5 s 内发生的位移为x 2＝v 022a ＝40 m ，所以2 s内与5 s 内汽车的位移大小之比为3∶4，选项C 正确．4. (2019届吕梁模拟)如图所示，A 、B 两物体从地面上某点正上方不同高度处，同时做自由落体运动．已知A 的质量比B 的质量大，下列说法正确的是( )A ．A 、B 可能在空中相撞 B ．A 、B 落地时的速度相等C ．下落过程中，A 、B 速度变化的快慢相同D ．从开始下落到落地，A 、B 的平均速度相等解析：选C 由于不计空气的阻力，故物体仅受重力，则物体的加速度均为重力加速度g ，与物体的质量无关，下落过程中，A 、B 速度变化的快慢相同，A 、B 不可能在空中相撞，故A 错误，C 正确；根据v 2＝2gh 可得物体落地时的速度v ＝2gh ，由于两物体从不同高度开始自由下落，故到达地面时速度不相同，故B 错误；由v ＝v2可知落地的速度不相等，平均速度也不相等，故D 错误．5．(多选)(2018届温州五校联考)近来交警部门开展的“车让人”活动深入人心，不遵守“车让人”的驾驶员将受到罚款、扣分的严厉处罚．假设一辆以8 m/s 的速度匀速行驶的汽车即将通过路口，有一老人正在过人行横道，此时汽车的车头距离停车线8 m ．该车减速时的加速度大小为5 m/s 2，则下列说法中正确的是( )A ．如果驾驶员立即刹车制动，则t ＝2 s 时，汽车离停车线的距离为1.6 mB ．如果在距停车线6 m 处开始刹车制动，汽车能在停车线处停车让人C ．如果驾驶员的反应时间为0.4 s ，汽车刚好能在停车线处停车让人D ．如果驾驶员的反应时间为0.2 s ，汽车刚好能在停车线处停车让人解析：选AD 若汽车做匀减速直线运动，速度减为零的时间t 0＝0－v 0a ＝－8－5s ＝1.6 s<2s ，所以从刹车到停止的位移大小x 1＝⎪⎪⎪⎪⎪⎪－v 022a ＝6410m ＝6.4 m ，汽车离停车线的距离为8 m－6.4 m ＝1.6 m ，故A 正确；如果汽车在距停车线6 m 处开始刹车制动，刹车位移是6.4 m ，所以汽车不能在停车线处停车让人，故B 错误；刹车的位移是6.4 m ，所以汽车可做匀速运动的位移是1.6 m ，则驾驶员的反应时间t ＝,8) s ＝0.2 s 时，汽车刚好能停在停车线处让人，故C 错误，D 正确．6．(多选)在某一高度以v 0＝20 m/s 的初速度竖直上抛一个小球(不计空气阻力)，当小球速度大小为10 m/s 时，以下判断正确的是(g 取10 m/s 2)( )A ．小球在这段时间内的平均速度大小可能为15 m/s ，方向向上B ．小球在这段时间内的平均速度大小可能为5 m/s ，方向向下C ．小球在这段时间内的平均速度大小可能为5 m/s ，方向向上D ．小球的位移大小一定是15 m解析：选ACD 小球被竖直向上抛出，做的是匀变速直线运动，平均速度可以用匀变速直线运动的平均速度公式v ＝v 0＋v2求出，规定竖直向上为正方向，当小球的末速度大小为10 m/s 、方向竖直向上时，v ＝10 m/s ，用公式求得平均速度为15 m/s ，方向竖直向上，A 正确；当小球的末速度大小为10 m/s 、方向竖直向下时，v ＝－10 m/s ，用公式求得平均速度大小为5 m/s ，方向竖直向上，C 正确；由于末速度大小为10 m/s 时，球的位置一定，距起点的位移h ＝v 2－v 02－2g＝15 m ，D 正确．7.如图所示，在水平面上固定着三个完全相同的木块，一子弹以水平速度射入木块，若子弹在木块中做匀减速直线运动，当穿透第三个木块时速度恰好为零，则下列关于子弹依次射入每个木块时的速度比和穿过每个木块所用时间比正确的是( )A ．v 1∶v 2∶v 3＝3∶2∶1B ．v 1∶v 2∶v 3＝5∶3∶1C ．t 1∶t 2∶t 3＝1∶2∶ 3D ．t 1∶t 2∶t 3＝(3－2)∶(2－1)∶1解析：选D 用“逆向思维”法解答，则子弹向左做初速度为零的匀加速直线运动，设每块木块厚度为L ，则v 32＝2a ·L ，v 22＝2a ·2L ，v 12＝2a ·3L ，v 3、v 2、v 1分别为子弹倒过来从右到左运动L 、2L 、3L 时的速度，则v 1∶v 2∶v 3＝3∶2∶1，选项A 、B 错误；又由于每块木块厚度相同，则由比例关系可得t 1∶t 2∶t 3＝(3－2)∶(2－1)∶1，选项C 错误，D 正确．8．不计空气阻力，以一定的初速度竖直上抛一物体，物体从被抛出至回到抛出点的运动时间为t .现在物体上升的最大高度的一半处设置一块挡板，物体撞击挡板前后的速度大小相等、方向相反，撞击所需时间不计，则这种情况下物体上升和下降的总时间约为( )tt tt解析：选C 物体从抛出至回到抛出点的运动时间为t ，则t ＝2v 0g，物体上升至最大高度的一半处的速度v x2＝v 022，则用时间t 1＝x2v 0＋vx 22，物体撞击挡板前后的速度大小相等，方向相反，则物体以相同的加速度落回抛出点的时间与上升时间相同，即t 2＝t 1，故物体上升和下降的总时间t 总＝t 1＋t 2＝2t 1＝2xv 0＋v 02＝2v 01＋2gt ，选项C 正确． 9．(多选)物体从A 点由静止出发，先以加速度大小为a 1做匀加速直线运动到某速度v 后，立即以加速度大小为a 2做匀减速直线运动至B 点时速度恰好减为0，所用总时间为t .若物体以速度v 0匀速通过AB 之间，所用时间也为t ，则( )A ．v ＝2v 0 B.1a 1＋1a 2＝t vC.1a 1－1a 2＝12vD.1a 1＋1a 2＝t 2v解析：选AB 根据题意可知，A 、B 两点间距x ＝v2t ＝v 0t ，解得v ＝2v 0，选项A 正确；由t 1＝v a 1，t 2＝v a 2，t ＝t 1＋t 2可解得1a 1＋1a 2＝tv，选项B 正确，C 、D 错误．10. (2018届河南洛阳一模)如图所示，物体自O 点由静止开始做匀加速直线运动，途经A 、B 、C 三点，其中A 、B 之间的距离l 1＝3 m ，B 、C 之间的距离l 2＝4 m ．若物体通过l 1、l 2这两段位移的时间相等，则O 、A 之间的距离l 等于( )A.34 m B.43 m C.825m D.258m 解析：选D 设物体运动的加速度为a ，通过O 、A 之间的距离l 的时间为t ，通过l 1、l 2每段位移的时间都是T ，根据匀变速直线运动规律，l ＝12at 2，l ＋l 1＝12a (t ＋T )2，l ＋l 1＋l 2＝12a (t ＋2T )2，l 2－l 1＝aT 2，联立解得l ＝258m ，选项D 正确．二、非选择题11．(2019届南昌调研)出租车载客后，从高速公路入口处驶入高速公路，并从10时10分55秒开始做初速度为零的匀加速直线运动，经过10 s 时，速度计显示速度为54 km/h.求：(1)这时出租车离出发点的距离；(2)出租车继续做匀加速直线运动，当速度计显示速度为108 km/h 时，出租车开始做匀速直线运动.10时12分35秒时计价器里程表示数应为多少米？(车启动时，计价器里程表示数为零)解析：(1)由题意可知经过10 s 时，速度计上显示的速度为v 1＝15 m/s 由速度公式v ＝v 0＋at 得a ＝v －v 0t ＝v 1t 1＝1.5 m/s 2由位移公式得x 1＝12at 12＝12×1.5×102 m ＝75 m这时出租车离出发点的距离是75 m.(2)当速度计上显示的速度为v 2＝108 km/h ＝30 m/s 时，由v 22＝2ax 2得x 2＝v 222a＝300 m ，这时出租车从静止载客开始，已经经历的时间为t 2，可根据速度公式得t 2＝v 2a ＝301.5s ＝20 s这时出租车时间表应显示10时11分15秒．出租车继续匀速运动，匀速运动时间t 3为80 s ，通过位移x 3＝v 2t 3＝30×80 m＝2 400 m所以10时12分35秒时，计价器里程表应显示x ＝x 2＋x 3＝(300＋2 400)m ＝2 700 m.答案：(1)75 m (2)2 700 m12．(2018届乌鲁木齐期末)我国ETC(不停车电子收费系统)已实现全国联网，大大缩短了车辆通过收费站的时间．假设一辆家庭轿车以30 m/s 内的速度匀速行驶，接近收费站时，轿车开始减速，至收费站窗口恰好停止，再用10 s 时间完成交费，然后再加速至30 m/s 继续行驶．若进入ETC 通道．轿车从某位置开始减速至15 m/s 后，再以此速度匀速行驶15 m 即可完成交费，然后再加速至30 m/s 继续行驶．两种情况下，轿车加速和减速时的加速度大小均为3 m/s 2.求：(1)轿车从开始减速至通过人工收费通道再加速至30 m/s 的过程中通过的路程和所用的时间；(2)两种情况相比较，轿车通过ETC 交费通道所节省的时间． 解析：(1)设车匀减速至停止通过的路程为x 1x 1＝v 022a＝150 m车匀加速和匀减速通过的路程相等，设通过人工收费通道通过的路程为x 2x 2＝2x 1＝300 m车匀减速至停止需要的时间为t 1＝v 0－0a＝10 s 车通过人工收费通道所用时间为t 2＝2t 1＋10＝30 s.(2)通过人工收费通道所需时间为30 s ．此过程总位移为300 m ，通过ETC 通道时，速度由30 m/s 减至15 m/s 所需时间t 3，通过的路程为x 3t 3＝v 0－v 1a＝5 s路程x 3＝v 02－v 122a＝112.5 m车以15 m/s 匀速行驶15 m 所用时间t 4＝1 s车在x 2＝300 m 路程内以30 m/s 匀速行驶的路程x 4和所需时间t 5x 4＝x 2－2x 3－15＝60 m t 5＝x 4v 0＝2 sΔt ＝t 2－2t 3－t 4－t 5＝17 s 故通过ETC 的节省的时间为17 s. 答案：(1)30 s (2)17 s。
【高中物理】2019高考物理一轮选练练题1及答案新人教版(1).doc
（人教）物理2019高考一轮选练练题（1）及答案一、选择题1、“天宫一号”目标飞行器与“神舟十号”飞船自动交会对接前的示意图如图所示,圆形轨道Ⅰ为“天宫一号”运行轨道,圆形轨道Ⅱ为“神舟十号”运行轨道.此后“神舟十号”要进行多次变轨,才能实现与“天宫一号”的交会对接,则( D )A.“天宫一号”的运行速率大于“神舟十号”在轨道Ⅱ上的运行速率B.“神舟十号”变轨后比变轨前高度增加,机械能减少C.“神舟十号”可以通过减速而使轨道半径变大D.“天宫一号”和“神舟十号”对接瞬间的向心加速度大小相同解析:根据G=m得v=,“天宫一号”的轨道半径大,运行速率小,选项A错误;“神舟十号”只有加速后才能实现向高轨道的变轨,故机械能增加,选项B,C错误;根据a=,“天宫一号”与“神舟十号”对接瞬间的向心加速度a=,大小相等,选项D正确. 2、(2017·南平市普通高中毕业班适应性检测)如图所示，轻弹簧的一端固定在墙上，另一端与置于粗糙水平面上质量为m的小球接触但不连接．开始时小球位于O点，弹簧水平且无形变．O点的左侧有一竖直放置的光滑半圆弧轨道，圆弧的半径为R，B为轨道最高点，小球与水平面间的动摩擦因数为μ.现用外力推动小球，将弹簧压缩至A点，OA间距离为x，将球由静止释放，小球恰能沿轨道运动到最高点B.已知弹簧始终在弹性限度内，0重力加速度为g.下列说法中正确的是( )A．小球在从A到O运动的过程中速度不断增大B．小球运动过程中的最大速度为vm＝5gRC．小球与弹簧作用的过程中，弹簧的最大弹性势能Ep ＝2.5mgR＋μmgxD．小球通过圆弧轨道最低点时，对轨道的压力为5mg解析：选C.小球在从A到O运动的过程中，受弹力和摩擦力，由牛顿第二定律可知：kΔx－μmg＝ma，物体做加速度减小的加速运动，当加速度为零的时(弹力等于摩擦力时)速度最大，接下来摩擦力大于弹力，小球开始做减速运动，当弹簧原长时离开弹簧，故A错误；因为小球恰能沿轨道运动到最高点B，由重力提供向心力：mg＝m v2BR，解得：vB＝gR，从O到B根据动能定理得：－mg2R＝12mv2B－12mv2，联立以上解得：v＝5gR，由上分析可知：小球从开始运动到离开弹簧速度先增大后减小，所以最大速度要比5gR大，故B错误；从A到O根据能量守恒得：Ep ＝12mv2＋μmgx，联立以上得：Ep＝2.5mgR＋μmgx，故C正确；小球在最低点时做圆周运动，由牛顿第二定律得：N－mg＝m v2R，联立以上解得：N＝6mg，故D错误．3、（2018甘肃武威市第六中学高三阶段考）将某材料制成的长方体锯成A、B两块放在水平面上，A、B紧靠在一起，物体A的角度如图所示．现用水平方向的力F推物体B，使物体A、B保持原来形状，整体沿力F的方向匀速运动，则( )A. 物体A在水平方向受两个力的作用，合力为零B. 物体A只受一个摩擦力C. 物体B对A的弹力小于桌面对物体A的摩擦力D. 物体B在水平方向受三个力的作用【答案】C【解析】对A受力分析，在水平方向上受B对A的弹力，桌面的滑动摩擦力，B对A的静摩擦力，在三个力的作用下处于平衡，选项AB错误；受力如图。
2019高考物理一轮复习优练题1含解析新人教版.docx
2019人教版高考物理一轮优练题（1）李仕才1、（多选）（质点）（2018 •贵州汇川期初）“梦之队”收获7金2银1铜,创造了1984年参加奥运会以来的最好成绩。
回国后，教练员和运动员认真分析了比赛视频，对于下面的叙述，正确的是（）A.研究运动员的跳水动作时，可以将运动员看成质点B.研究运动员与跳板接触过程中跳板的弯曲情况时，可将运动员看成质点C.为了提高训练成绩，不管分析什么问题，都不能把运动员看成质点D.能否把运动员看成质点,应根据研究问题而定答案］BD画物体能否看成质点，关键是看物体的形状和大小对所研究问题的影响是否可以忽略，当研究运动员的跳水动作时，不能将运动员看成质点,研究运动员接触跳板时跳板的弯曲情况, 可以将运动员看成质点，所以能否将运动员看成质点,应根据所研究的问题而定,A、C不符合题意,B、D符合题意。
故答案为BD。
4D2、（多选）（弹力）如图\\\\\\乙\\\所不，畀、〃两个物块的重力分别是GM N, Gn=\ N,弹簧的重力不计,整个装置沿竖直方向处于静止状态，这时弹簧的弹力F-1 \则天花板受到的拉力和地板受到的压力，有可能是（）A.1 N 和 6 NB.5 N 和 6 NC.1 N 和 2 ND.5 N 和 2 N丽弹簧的弹力为2 N,有两种可能情形:弹簧处于拉伸状态;弹簧处于压缩状态，因此对应的解应有两组。
⑦当弹簧处于拉伸状态时，由爪〃受力均平衡可知M受重力、弹簧向下的拉力及绳子对A的拉力，由共点力的平衡可知，绳子的拉力F二G A+FW N;由牛顿第三定律可知天花板受到的拉力为5 对〃分析，〃受重力、支持力及弹簧向上的拉力而处于平衡，则〃受支持力尺二〃7g-®N;D符合题意。
②^弹簧处于压缩状态，同理可知,A符合题意。
故答案为AD。
3、（惯性）（2017 •山东潍坊月考）关于惯性的认识，以下说法正确的是（）A.物体受到力的作用后，运动状态发生改变，惯性也随之改变B.置于光滑水平而上的物体即使质量很大也能被拉动,说明惯性与物体的质量无关C.让物体的速度发生改变，无论多快，都需要一定时间，这是因为物体具有惯性D.同一物体沿同一水平面滑动，速度较大时停下来的时间较长,说明惯性与速度有关答案C 解析惯性大小与物体的运动状态及受力情况无关，只由物体的质量大小决定，八、B、D均错误; 要改变物体的速度，必须有外力作用，而且要经历一定的时间,c正确。
- 1、下载文档前请自行甄别文档内容的完整性，平台不提供额外的编辑、内容补充、找答案等附加服务。
- 2、"仅部分预览"的文档,不可在线预览部分如存在完整性等问题,可反馈申请退款(可完整预览的文档不适用该条件!)。
- 3、如文档侵犯您的权益，请联系客服反馈,我们会尽快为您处理(人工客服工作时间：9:00-18:30)。
人教物理2019高考一轮选习练题（1）
李仕才
一、选择题
1、如图是对着竖直墙壁沿水平方向抛出的小球a 、b 、c 的运动轨迹，三个小球到墙壁的水平距离均相同，且a 和b 从同一点抛出。
不计空气阻力，则（ ）
A ．a 和b 的飞行时间相同
B ．b 的飞行时间比c 的短
C ．a 的水平初速度比b 的小
D ．c 的水平初速度比a 的大
【参考答案】D
2、(2018·海安模拟)下列说法正确的是( )
A ．直线运动的物体位移大小等于路程
B ．计算火车过桥时所用的时间，火车可当成质点
C ．速度变化快的物体加速度不一定大
D ．参考系可以是匀速运动的物体，也可以是变速运动的物体
答案：D
3、(2018·哈师大附中月考)如图，MN 为转轴OO′上固定的光滑硬杆，且MN 垂直于OO′.用两个完全相同的小圆环套在MN 上．分别用两条不可伸长的轻质细线一端与圆环连接，另一端系于OO′上，长度分别为l 1、l 2.已知l 1、l 2与MN
的夹角分别为θ1、θ2，OO′匀速转动时，线上弹力分别为F T 1、F T 2.
下列说法正确的是( )
A ．若l 1sinθ1>l 2sinθ2，则F T 1>F T 2
B ．若l 1cosθ1>l 2cosθ2，则F T 1>F T 2
C ．若l 1tanθ1>l 2tanθ2，则F T 1>F T 2
D ．若l 1>l 2，则F T 1>F T 2
解析：设两环的质量均为m ，硬杆转动的角速度为ω，根据牛顿第二定律，对左环有：
FT 1cosθ1＝mω2l 1cosθ1；对右环有：F T 2cosθ2＝mω2l 2cosθ2两环ω相等得FT 1FT 2＝l 1l 2
；若l 1cosθ1>l 2cosθ2，则F T 1cosθ1>F T 2cos θ2，不能得到F T 1>FT 2；由题意可知
l 1sinθ1<l 2sinθ2；若l 1tanθ1>l 2tanθ2，可得cosθ1<cosθ2，不能得到F T 1>F T 2；若l 1>l 2，则F T 1>FT 2，选项D 正确，A 、B 、C 错误．
答案：D
4、如图所示，滑雪者由静止开始沿斜坡从A 点自由滑下，然后在水平面上前进至B 点停下．已知斜坡、水平面与滑雪板之间的动摩擦因数皆为μ，滑雪者(包括滑雪板)的质量为m ，A 、B 两点间的水平距离为L.在滑雪者经过AB 段运动的过程中，克服摩擦力做的功( )
A ．大于μmgL B．小于μmgL
C ．等于μmgL D．以上三种情况都有可能
解析：设斜坡与水平面的交点为C ，BC 长度为L 1，AC 水平长度为L 2，AC 与水平面的夹角为θ，如图所示，则滑雪者在水平面上摩擦力做功W 1＝－μmgL 1，在斜坡上摩擦力做功
W 2＝－μmgcosθ·L 2cosθ
＝－μmgL 2，所以在滑雪者经过AB 段过程中，摩擦力做功W ＝W 1＋W 2＝－μmg(L 1＋L 2)＝－μmgL.所以滑雪者克服摩擦力所做的功为μmgL.故选项C 正确． 答案：C
5、(2018·四川资阳二诊)如图所示，平行板电容器与电动势为E 的直流电源(内阻不计)连接，下极板接地，静电计所带电荷量很少，可被忽略，一带负电的油滴被固定于电容器中的P 点，现将平行板电容器的上极板竖直向下平移一小段距离，则下列说法正确的是( )
A ．平行板电容器的电容将减小
B ．带电油滴的电势能将减少
C ．静电计指针的张角变小
D ．若将上极板与电源正极断开后，再将下极板左移一小段距离，则带电油滴所受的电场力不变
解析：由C ＝εr S 4πkd
知，将平行板电容器的上极板竖直向下平移一小段距离，d 减小，C 增大，A 错误；U 不变，静电计指针的张角不变，C 错误；由E ＝U d
知，E 增大，则P 点与负极板间的电势差增大，P 点的电势升高，E p ＝φq，又油滴带负电，则带电油滴的电势能将减
少，B 正确；若将上极板与电源正极的导线断开后再将下极板左移一小段距离，Q 不变，由
C ＝εr S 4πkd 知，S 减小，C 减小，由U ＝Q C 得，电压U 增大，场强E ＝U d
增大，带电油滴所受的电场力增大，D 错误．
答案：B
6、一匀强磁场的边界是MN ，MN 左侧是无场区，右侧是匀强磁场区域，如图甲所示，现有一个金属线框以恒定速度从MN 左侧进入匀强磁场区域．线框中的电流随时间变化的I －t 图象如图乙所示．则可能的线框是如图丙所示中的( )
解析：从乙图看到，电流先均匀增加后均匀减小，而线圈进入磁场是匀速运动，所以有效长度是均匀增加的，所以D 项正确，B 项排除的原因是中间有段时间电流恒定不变．
答案：D
7、(2018·安徽模拟)如图所示，理想变压器原、副线圈上接有四个完全相同的灯泡，若四个灯泡恰好都能正常发光，则下列说法正确的是( )
A ．U 1：U 2＝3：4
B ．U 1：U 2＝4：3
C ．若将L 1短路，则副线圈的三个灯泡仍能正常发光
D ．若将L 2短路，则副线圈的两个灯泡两端的电压变为额定电压的43
倍 解析：设灯泡的额定电压为U ，额定电流为I ，则副线圈电压为3U ，电流为I ，原线圈的灯泡正常发光，电流也为I ，所以原、副线圈的匝数比为1：1，原线圈两端电压为3U ，所以U 1：U 2＝4：3，选项A 错误、B 正确；若将L 1短路，则原线圈的电压增大，则副线圈两端电压也增大，三个灯泡不能正常发光，选项C 错误；若将L 2短路，设副线圈的电流
为I′，原线圈的电流也为I′，因此2I′R＋I′R＝U 1＝4U ，则I′R＝43
U ，即副线圈的每个灯泡两端的电压变为额定电压的43
，选项D 正确． 答案：BD
二、非选择题
利用如图1所示的实验装置探究恒力做功与物体动能变化的关系．小车的质量为M ＝200.0 g ，钩码的质量为m ＝10.0 g ，打点计时器的电源为50 Hz 的交流电．
图1
(1)挂钩码前，为了消除摩擦力的影响，应调节木板右侧的高度，直至向左轻推小车观察到____________________．
(2)挂上钩码，按实验要求打出的一条纸带如图2所示．选择某一点为O ，依次每隔4个计时点取一个计数点．用刻度尺量出相邻计数点间的距离Δx，记录在纸带上．计算打出各计数点时小车的速度v ，其中打出计数点“1”时小车的速度v1＝________m/s.
图2
(3)将钩码的重力视为小车受到的拉力，取g ＝9.80 m/s 2，利用W ＝mgΔx 算出拉力对小
车做的功W.利用Ek ＝12
Mv 2算出小车动能，并求出动能的变化量ΔEk.计算结果见下表. W/×10－3 J 2.45 2.92 3.35 3.81
4.26
ΔEk/×10－3 J 2.31 2.73 3.12 3.61 4.00
图3
(4)实验结果表明，ΔEk 总是略小于W.某同学猜想是由于小车所受拉力小于钩码重力造成的．用题中小车和钩码质量的数据可算出小车受到的实际拉力F ＝________N.
解析：(1)完全平衡摩擦力的标志是轻推小车，小车做匀速运动．
(2)两计数点间的时间间隔T ＝5×0.02 s＝0.1 s
v1＝x022T ＝ 2.06＋2.50×0.012×0.1
m/s ＝0.228 m/s (3)确定标度，根据给出数据描点．作图如图所示．
(4)从图线上取两个点(4.5,4.24)，(2.15,2.0)
图线的斜率k ＝4.24－2.04.5－2.15
≈0.953① 又有k ＝ΔEk ΔW ＝Mv 2
2mgΔx
② 根据运动学公式有v 2＝2aΔx③
根据牛顿第二定律有
F ＝Ma④
由①②③④式解得F≈0.093 N
答案：(1)小车做匀速运动(2)0.228 (3)见解析图(4)0.093。